2019-2020年高考物理模拟试题 含解析

2019-2020年高考物理模拟试题含解析一、选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题只有一个选项符合题意．）1．（6分）（xx•忠县校级模拟）下列四幅图的有关说法正确的是（）A．图①中，若两球质量相等，碰后m2的速度不可能大于vB．图②中，射线甲由α粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷C．图③中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，遏止电压U c越大D．图④中，链式反应属于重核的衰变考点：动量守恒定律；重核的裂变．分析：碰撞时根据动量守恒，能量守恒求碰后m2的速度；几何粒子的偏转方向根据左手定则来确定正负电荷；根据光电效应方程E km=hv﹣W0和eU C=E Km得出遏止电压Uc与什么因素有关；链式反应属于重核的裂变．解答：解：A、若发生弹性碰撞，即没有机械能损失，则mv=mv1+mv2，mv2=mv12+mv22联立得：v2=v；若碰撞过程有机械能损失，则v2＜v，总之可见，碰后碰后m2的速度不可能大于v，A正确；B、射线丙由α粒子组成，该粒子带两个单位正电荷，而射线甲是β粒子，故B错误；C、根据光电效应方程E km=hv﹣W0和eU C=E Km得，U c=﹣，当入射光的频率大于极限频率时，遏止电压与入射光的频率成线性关系，与入射光的强度无关，故C错误；D、一个中子轰击后，出现三个中子，此链式反应属于重核的裂变，故D错误；故选：A．点评：本题考查了近代物理中的基本知识，对于这部分基本知识要注意加强理解和应用，注意裂变与聚变的区别，理解三种射线的不同．2．（6分）（xx•忠县校级模拟）我国古代神话中传说：地上的“凡人”过一年，天上的“神仙”过一天．如果把看到一次日出就当作“一天”，在距离地球表面约300km高度环绕地球飞行的航天员24h内在太空中度过的“天”数约为（已知地球半径R=6400km，地球表面处重力加速度g=10m/s2）（）A．1B．8C．l6 D．24考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：近地轨道的轨道半径因离地面高度相对半径而言较小故可认为是地球的半径．由重力等于万有引力求出周期，进而求得“天”数．解答：解：由重力等于万有引力：，得：T=≈84分钟≈1.5小时，则“天数”n==16，故C正确，ABD错误．故选：C点评：考查天体的运动规律，明确万有引力等于向心力从而求得运动周期．3．（6分）（xx•忠县校级模拟）如图所示，汽车通过轻质光滑的定滑轮，将一个质量为m的物体从井中拉出，绳与汽车连接点距滑轮顶点高h，开始时物体静止，滑轮两侧的绳都竖直绷紧，汽车以v向右匀速运动，运动到跟汽车连接的细绳与水平夹角为30°，则（）A．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mghB．从幵始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh+mv2C．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率为mgvD．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率等于mgv考点：运动的合成和分解；机械能守恒定律．分析：先将汽车的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，得到货物速度的表达式，分析出货物的运动规律；然后根据动能定理和牛顿第二定律列式分析．解答：解：A、B、将汽车的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，如图所示；货物速度为：v货物=vcosθ，由于θ逐渐变小，故货物加速上升；当θ=30°时，货物速度为v；当θ=90°时，货物速度为零；根据功能关系，拉力的功等于货物机械能的增加量，故有：W F=△E P+△E K=mgh+mv2，故A错误，B正确；C、D、在绳与水平夹角为30°时，拉力的功率为：P=Fv货物，其中v货物=v，由于加速，拉力大于重力，故P＞mgv，故CD错误；故选：B．点评：本题关键将找出车的合运动与分运动，正交分解后得到货物的速度表达式，最后根据功能关系和牛顿第二定律分析讨论．4．（6分）（xx秋•广东月考）如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm 的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1.0V、2.0V、3.0V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为10V/mB．匀强电场的场强大小为V/mC．电荷量为1.6×10﹣19C的正点电荷从E点移到F点，电荷克服电场力做功为1.6×10﹣19J D．电荷量为1.6×10﹣19C的负点电荷从F点移到D点，电荷的电势能减少4.8×10﹣19J考点：电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，则知AC中点的电势为2V，连接EB，EB即为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小．由W=qU，则电场力做功就可以求解．解答：解：A、B、由几何知识得知，CA⊥EB，EB是等势线，则CA连线必为一条电场线，而且电场强度的方向由C指向A．BA间的电势差为U BA=1V，又U BA=Ed AB cos30°，得场强E==V/m=V/m．故A错误、B正确．C、由上得知，E的电势为2V，F点与A点的电势相等为1V，则正电荷从E点移到F点，电场力做正功，而且为W EF=qU EF=q（φE﹣φF）=1.6×10﹣19×（2﹣1）J=1.6×10﹣19J．故C错误．D、由上得知，D的电势与C点电势相等为3V，F点与A点的电势相等为1V，则电子从F点移到D点，电场力做正功，而且为W FD=qU FD=q（φF﹣φD）=﹣1.6×10﹣19×（1﹣3）J=3.2×10﹣19J，电势能将减小3.2×10﹣19J．故D错误．故选：B．点评：本题的关键找等势点，作出电场线，这是解决这类问题常用方法．同时还要充分利用正六边形的对称性分析匀强电场中各点电势的关系．5．（6分）（xx•忠县校级模拟）如图所示，足够长的竖直绝缘管处于方向彼此垂直，电场强度和磁感应强度分别为E和B的匀强电场和匀强磁场中，一个质量为m的带正电q的小球，从静止开始沿管下滑，则在下滑的全过程中小球的加速度a与时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：小球下落过程中受重力、电场力、洛伦兹力、弹力和摩擦力，洛伦兹力从零开始增加，根据平衡条件判断弹力、摩擦力的变化情况，根据牛顿第二定律分析加速度的变化情况．解答：解：①下落过程中电场力向右，洛仑兹力向左，洛仑兹力逐渐增大；电场力与洛仑兹力的合力先向右减小，所以支持力先向左减小，所以摩擦力减小，与重力的合力会逐渐变大，所以加速度先增大；②当电场力和洛仑兹力等大时，加速度达到最大；③然后支持力向右增大，摩擦力会增大，则合力减小，加速度减小，最后摩擦力与重力等大时，加速度为零（图象与横轴相切）；故选：D．点评：本题考查如何正确的受力分析，理解洛伦兹力与速度的关系，从而影响受力情况，带动运动情况的变化，注意此处的弹力的方向变化，是解题的关键．二、非选择题（本大题共5小题，共80分）6．（8分）（xx•忠县校级模拟）在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=200g的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点．已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，那么（1）计算B点瞬时速度时，甲同学用v B2=2gS OB，乙同学用v B=．其中所选择方法正确的是乙（填“甲”或“乙”）同学．（2）同学丙想根据纸带上的测量数据进一步计算重物和纸带下落过程中所受的阻力，为此他计算出纸带下落的加速度为9.5m/s2，从而计算出阻力f=0.06N．（3）若同学丁不慎将上述纸带从OA之间扯断，他仅利用A点之后的纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的？能．（填“能”或“不能”）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：题的关键是处理纸带问题时应用=求瞬时速度，既可以用mgh=mv2来验证机械能守恒，也可以用mgh=mv22﹣mv12来验证．解答：解：（1）、由于实验过程中重物和纸带会受到空气和限位孔的阻力作用，导致测得的加速度小于当地的重力加速度，所以求速度时不能用，来求，只能根据=求瞬时速度值，所以乙正确．（2）、根据△x=at2，可求出a=，代入数据解得a=9.5m/s2，由mg﹣f=ma解得，阻力f=0.06N．（3）、根据mgh=mv22﹣mv12可知，可以利用A点之后的纸带验证机械能守恒，即能实现．故答案为：（1）乙；（2）9.5，0.06；（3）能．点评：明确实验原理，熟记处理纸带问题的思路和方法，注意求瞬时速度的方法，分清理论推导与实验探索的区别，学会求加速度的方法．7．（11分）（xx•赤峰校级模拟）某些固体材料受到外力后除了产生形变，其电阻率也要发生变化，这种由于外力的作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”．现用如图1所示的电路研究某长薄板电阻R x的压阻效应，已知R x的阻值变化范围为几欧到几十欧，实验室中有下列器材：A．电源E（3V，内阻约为1Ω）B．电流表A1（0.6A，内阻r1=5Ω）C．电流表A2（0.6A，内阻约为1Ω）D．开关S，定值电阻R0（1）为了比较准确测量电阻R x，请完成虚线框内电路图的设计．（2）在电阻R x上加一个竖直向下的力F（设竖直向下为正方向），闭合开关S，记下电表读数，A1读数为I1，A2读数为I2，得R x=（用字母表示）．（3）改变力的大小，得到不同的R x值．然后让力反向从下向上挤压电阻，并改变力的大小，得到不同的R x值，最后绘成图象如图2所示，除观察到电阻R x的阻值随压力F增大而均匀减小外，还可得到的结论是电阻与压力关系为一次函数．当F竖直向下时可得R x与所受压力F的数值关系是R x=16﹣2F．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：由于知道电流表的阻值，所以用电流表作为电压表使用，电流表连在干路上即可求出电阻的阻值，根据图象的特点得出结论和求解函数关系．解答：解：（1）由于题目中没有电压表，为了比较准确测量电阻，知道电流表的阻值，所以用电流表作为电压表使用，电流表连在干路上，即可求出电阻的阻值．电路图的设计：（2）根据串并联和欧姆定律得：I1r1=（I2﹣I1）R x，R x=（3）从图象上可以看出压力方向改变，其阻值不变，其电阻与压力关系为一次函数，由图象可得：=16﹣2F故答案为：（1）如图（2）（3）电阻与压力关系为一次函数，16﹣2F点评：解决该题关键要熟练电路的串并联知识和欧姆定律的运用，能够把数学知识和物理问题结合求解．8．（15分）（xx•浦东新区二模）足够长光滑斜面BC的倾角α=53°，小物块与水平面间的动摩擦因数为0.5，水平面与斜面之间B点有一小段弧形连接，一质量m=2kg的小物块静止于A 点．现在AB段对小物块施加与水平方向成α=53°的恒力F作用，如图（a）所示，小物块在AB段运动的速度﹣时间图象如图（b）所示，到达B点迅速撤去恒力F．（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：（1）小物块所受到的恒力F；（2）小物块从B点沿斜面向上运动，到返回B点所用的时间；（3）小物块能否返回到A点？若能，计算小物块通过A点时的速度；若不能，计算小物块停止运动时离B点的距离．考点：牛顿第二定律；加速度；匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据v﹣t图象得到运动情况，结合速度时间关系公式求解加速度；然后对物体受力分析，并根据牛顿第二定律列式求解拉力F；（2）先受力分析并根据牛顿第二定律求解加速度，然后根据速度时间关系公式求解；（3）对小物块从B向A运动过程中，求解出最大位移后比较，即可得到结论．解答：解：（1）由图（b）可知，AB段加速度根据牛顿第二定律，有Fcosα﹣μ（mg﹣Fsinα）=ma得（2）在BC段mgsinα=ma2解得小物块从B到C所用时间与从C到B所用时间相等，有（3）小物块从B向A运动过程中，有μmg=ma3解得滑行的位移所以小物块不能返回到A点，停止运动时，离B点的距离为0.4m．答：（1）小物块所受到的恒力F为11N；（2）小物块从B点沿斜面向上运动，到返回B点所用的时间为0.5s；（3）小物块不能返回到A点，停止运动时，离B点的距离为0.4m．点评：本题是已知运动情况确定受力情况和一直受力情况确定运动情况的问题，关键求解出加速度，然后根据运动学公式列式求解．9．（16分）（xx•山东模拟）如图所示，传送带的水平部分AB长为L=4m，以v0=5m/s的速度顺时针转动，水平台面BC与传送带平滑连接于B点，BC长S=1m，台面右边有高为h=0.5m 的光滑曲面CD，与BC部分相切于C点．一质量m=1kg的工件（视为质点），从A点无初速释放，工件与传送带及台面BC间的动摩擦因数均为μ=0.2，g=10m/s2，求（1）工件运动到B点时的速度大小；（2）通过计算说明，工件能否通过D点到达平台DE上；（3）求工件在传送带上滑行的整个过程中产生的热量．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．专题：传送带专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求出工件在传送带上的加速度，结合速度时间公式求出工件与传送带速度相等经历的时间，根据位移时间公式求出工件的位移，判断出工件在传送带上一直做匀加速直线运动，根据速度位移公式求出工件到达B点的速度．（2）根据动能定理判断工件能否到达平台DE．（3）根据工件在传送带上的相对位移大小，根据Q=μmg△x求出产生的热量．解答：解：（1）工件刚放上时，做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：μmg=ma 代入数据解得：a=2m/s2当两者速度相等时，，工件对地的位移为：所以工件在传送带上一直做初速度为零的匀加速直线运动因此，工件到达B点的速度为：m/s=4m/s．（2）设工件沿曲面CD上升的最大高度为h′，整个过程由动能定理得：μmgL﹣μmgS ﹣mgh′=0代入数据解得：h′=0.6m＞h所以，工件能够通过D点到达平台DE上．（3）工件在传送带上运动的时间：这段时间内传送带的位移：x=v0t=5×2m=10m工件相对传送带的位移为：△x=x﹣L=10﹣4m=6m相对滑动生成的热量为：Q=μmg△x=0.2×10×6J=12J．答：（1）工件运动到B点时的速度大小为4m/s；（2）工件能够通过D点到达平台DE上．（3）工件在传送带上滑行的整个过程中产生的热量为12J．点评：解决本题的关键理清工件在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律、运动学公式和动能定理综合求解，难度中等．10．（18分）（xx•忠县校级模拟）如图所示，圆形匀强磁场半径R=4cm，磁感应强度B2=10﹣2T，方向垂直纸面向外，其上方有一对水平放置的平行金属板M、N，间距为d=2cm，N板中央开有小孔S．小孔位于圆心O的正上方，S与O的连线交磁场边界于A．=2cm，两金属板通过导线与宽度为L1=0.5m的金属导轨相连，导轨处在垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为B1=1T．有一长为L2=1m的导体棒放在导轨上，导体棒与导轨接触良好且始终与导轨垂直．现对导体棒施一力F，使导体棒以v1=8m/s匀速向右运动．有一比荷=5×107C/kg的粒子（不计重力）从M板处由静止释放，经过小孔S，沿SA进入圆形磁场，求：（1）导体棒两端的电压；（2）M、N之间场强的大小和方向；（3）粒子在离开磁场前运动的总时间（计算时取π=3）．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）根据公式E=BLv求出导体棒两端的电压；（2）结合上题的结果求出M、N之间的电压，根据匀强电场的电场强度公式E=，求出M、N之间场强的大小和方向；（3）带电粒子在电场中加速，再在磁场中偏转，根据牛顿第二定律和运动学公式求出在电场中运动的时间．根据带电粒子在磁场中运动的周期公式和圆心角的大小，求出粒子在磁场中的运动的时间，从而得出离子在磁场中运动的总时间．解答：解：（1）导体棒两端的电压为：U1=E2=B2L2v1=1×1×8V=8V．（2）M、N之间的电压为：U2=E2=B2L1v1=1×0.5×8V=4V．M、N之间的场强大小E===200V/m，方向竖直向下．（3）粒子在MN间加速运动的过程，有：a==5×107×200=1×1010m/s2；由d=a得：t1==s=2×10﹣6s，粒子离开电场时的速度为：v=at1=1×1010×2×10﹣6=2×104m/s，粒子在SA段运动的时间为：t2===1×10﹣6s，粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动．有：qvB1=m，解得：r==m=0.04m=4cm，则知得：r=d设粒子在磁场轨迹对应的圆心角为θ，则由几何知识得：θ=90°则粒子在磁场中运动的时间为：t3=T=•=×s=3×10﹣6s，故粒子在离开磁场前运动的总时间t=t1+t2+t3=（2+1+3）×10﹣6 s=6×10﹣6s．答：（1）导体棒两端的电压是8V；（2）M、N之间的电场强度的大小200V/m，方向竖直向下；（3）粒子在离开磁场前运动的总时间是6×10﹣6 s．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，掌握带电粒子在匀强磁场中运动的半径公式和周期公式，结合几何关系进行求解．【选修3-3】11．（6分）（xx•忠县校级模拟）如图所示，置于水平地面的透热气缸中，活塞封闭着一定质量的空气，活塞与缸壁无摩擦且不漏气，当大气压强保持不变而环境温度逐渐升高的过程中，以下说法正确的是（）A．气缸内空气的内能一定增加B．单位时间撞击活塞的分子数保持不变C．气缸一定不会移动D．气缸内空气要吸热，但不一定做功考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：气体经历等压过程，温度升高，根据盖﹣吕萨克定律判断体积的变化情况；根据热力学第一定律判断吸放热情况．解答：解：A、透热气缸，环境温度逐渐升高，故气体温度升高，故内能增加，故A正确；B、气体压强一直不变，等于大气压；气体分子热运动的平均动能增加了，故单位时间撞击活塞的分子数减小了，故B错误；C、如果地面光滑，汽缸系统动量守恒，汽缸可能移动，故C错误；D、气体温度升高，内能增加；气体膨胀对外做功，故一定吸收热量，故D错误；故选：A．点评：本题关键根据热力学第一定律和盖﹣吕萨克定律分析，同时要明确气体压强的微观意义，基础题目．12．（6分）（xx•抚顺模拟）如图所示，在一端封闭的U形管中用水银柱封一段空气柱L，当空气柱的温度为14℃时，左臂水银柱的长度h1=10cm，右臂水银柱长度h2=7cm，气柱长度L=15cm；将U形管放入100℃水中且状态稳定时，h1变为7cm．分别写出空气柱在初末两个状态的气体参量，并求出末状态空气柱的压强和当时的大气压强（单位用cmHg）．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：以封闭气体为研究对象，找出初末状态参量，利用理想气体状态方程列式求解．解答：解：以封闭的空气柱（设大气压强为P0）为研究对象初态：P1=P0+h2﹣h1=（P0﹣3）cmHg，V1=LS=15S（cm3），T1=287 K末态：h1′=7cm，h2ˊ=10cm，故压强：P2=P0+h2′﹣h1′=（P0+3）cmHg，V2=（L+3）S=18S （cm3），T2=373 K由理想气体状态方程得：代入数据解得大气压强为：P0=72.25 cmHg在100℃水中时，空气柱压强为：P2=75.25 cmHg答：当时的大气压强为72.25cmHg，末状态空气柱的压强为75.25cmHg．点评：本题的关键是封闭气体的压强计算，使用连通器的原理：同一水平面上压强相同即可求出．属于基础题目．2019-2020年高考物理模拟试题（一）（艺术班）含解析一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共计30分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确，请将正确答案直接作是试卷上．）1．（6分）（xx•重庆校级模拟）用一水平力F将两铁块A和B紧压在竖直墙上而静止，如图所示，对此，下列说法中正确的是（）A．铁块B肯定受墙给它的竖直向上的摩擦力B．铁块B受A给它的摩擦力方向可能向上，也可能向下C．铁块A肯定对B施加竖直向上的摩擦力D．B受墙的摩擦力方向可能向上，也可能向下考点：静摩擦力和最大静摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：只要物体保持静止状态或匀速直线运动状态，我们就说该物体处于平衡状态，即此时一定受到平衡力的作用，故该题中的物体始终保持静止，利用二力平衡的特点分析即可判断．解答：解：A处于静止状态，故受到的合外力为零，在竖直方向上受到竖直向下的重力，故B 对A施加的摩擦力方向肯定是竖直向上；A、因B处于静止状态，故受到的合外力为零，B受A给它的摩擦力方向向下，故墙给它的摩擦力竖直向上，故A正确；B、根据作用力和反作用力的关系可知，B受A给它的摩擦力方向向下，故B错误；C、B对A施加的摩擦力方向是竖直向上的，根据作用力和反作用力的关系可知，铁块A肯定对B施加竖直向下的摩擦力，故C错误；D、因B处于静止状态，故受到的合外力为零，B受A给它的摩擦力方向向下，故墙给它的摩擦力竖直向上，故D错误；故选A．点评：物体受到墙的摩擦力等于物体重，物重不变，摩擦力不变，这是本题的突破口．2．（6分）（xx•重庆校级模拟）如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零．小球下降阶段下列说法中正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．在D位置小球动能最大D．从B→C位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加考点：功能关系．分析：小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C 动能最大解答：解：ABC、小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C点动能最大，故A错误，B正确，C错误；D、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从B→C位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和．故D错误．故选：B点评：本题关键是要明确能量的转化情况，同时根据牛顿第二定律确定小球的运动过程中，加速度和速度的变化情况，确定动能最大的位置．3．（6分）（xx•裕华区校级学业考试）月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度处同时由静止释放，则（）A．羽毛先落地B．石块先落地C．它们同时落地D．它们不可能同时落地考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：月球上没有空气，物体只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据自由落体运动的规律可知，下落时间由高度决定，高度相同，则运动时间相同．解答：解：月球上没有空气，羽毛和石块只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运动相似，根据h=可知：t=又因为羽毛和石块从同一高度同时下落，故运动的时间相等，所以羽毛和石块同时落地．故选：C．点评：月球上没有空气，静止释放的物体运动情况与地球上自由落体运动的物体运动运动情况相似，物体的位移、速度、加速度、时间等与物体的质量无关．这类题目根据自由落体运动的基本规律直接解题，难度不大．4．（6分）（xx•重庆校级模拟）如图所示，水平面上的小车向左运动，系在车后缘的轻绳绕过定滑轮，拉着质量为m的物体上升．若小车以v1的速度匀速直线运动，当车后的绳与水平方向的夹角为θ时，物体的速度为v2，则下列关系式正确的是（）A．v2=v1B．v2=v1．cosθC．v2=0 D．v2=考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向两个运动，其中沿绳方向的运动与物体上升的运动速度相等，从而即可求解．解答：解：由于细线不可伸长，故细线两端的速度沿着细线方向的分速度是相等的，如图所示：故v2=v1cosθ故选：B点评：考查运动的合成与分解的应用，掌握牛顿第二定律的内容，注意正确将小车的运动按效果进行分解是解决本题的关键．5．（6分）（xx•重庆校级模拟）汽车以恒定的功率在平直公路上行驶，所受到的摩擦阻力恒等于车重的0.1倍，汽车能达到的最大速度为v m．则当汽车速度为时，汽车的加速度为（重力加速度为g）（）A．0.1g B．0.2g C．0.3g D．0.4g考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车达到速度最大时，汽车的牵引力和阻力相等，根据功率P=Fv，可以根据题意算出汽车发动机的功率P，当速度为时，在运用一次P=Fv即可求出此时的F，根据牛顿第二定律就可求出此时的加速度．解答：解：令汽车质量为m，则汽车行驶时的阻力f=0.1mg．当汽车速度最大v m时，汽车所受的牵引力F=f，则有：P=f•v m当速度为时有：由以上两式可得：=2f根据牛顿第二定律：F﹣f=ma所以=0.1g故A正确，B、C、D均错误．故选：A．点评：掌握汽车速度最大时，牵引力与阻力大小相等，能根据P=FV计算功率与速度的关系．二、实验填空题（共19分）（每空3分）。