山东省临沂市2017年中考物理 专题复习与命题猜想《内能与热机》(含解析)

《内能与热机》一、单选题(本大题共15小题，共30.0分)1.关于燃料和热值，正确的说法是（）A.燃料的热值与质量关B.燃料的热值与燃料是否容易燃烧，燃烧条件无关，只与燃料种类有关C.热值大的燃料燃烧时效率高D.一定质量的水结成冰热值变化2.下列有关内能、热量和温度的说法正确的是（）A.内能大的物体温度高B.温度高的物体内能大C.物体吸收热量后温度一定升高D.物体温度升高可能是因为吸收了热量3.将一杯热水倒入容器内的冷水中，冷水温度升高10℃，又向容器内倒入同样一杯热水，冷水温度又升高6℃，若再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度将再升高（不计热损失）（）A.10℃B.6℃C.6℃以上D.6℃以下4.质量和初温相同的水和铜块，分别放出相同的热量后，再立即将铜块投入水中，则（）A.铜块向水传递热量B.水向铜块传递热量C.二者之间不发生热传递D.无法判断5.如图表示四冲程汽油机的某个冲程示意图，这个冲程是（）A.吸入空气和汽油混合物的冲程B.把机械能转化为内能的冲程C.把内能转化为机械能的冲程D.把废气排出的冲程6.2016年10月17日，我国长征二号F运载火箭成功地将神舟十一号载人飞船送向太空．火箭燃料中有液态氢，液态氢常作为燃料，是因为液态氢具有（）A.含有较多的热量B.较小的密度C.较大的比热容D.较大的热值7.1千克20℃的水吸收4.2×105焦的热量后，它的温度在下列给出的四个温度中，最多有几个可能温度（）①80℃②100℃③120℃④130℃A.1B.2C.3D.48.一台柴油机，一定质量的柴油完全燃烧时，放出了7.5×108J的热量，其中有4.5×108J的能量以各种形式损失掉了，可知该柴油机的效率是（）A.30%B.40%C.48%D.60%9.下列关于热量的说法中，正确的是（）A.温度高的物体所含热量多B.热传递过程中传递温度C.两个物体升高的温度相同时，吸收的热量一定相等D.质量一定的水，升高或降低相同的温度时，吸收或放出的热量一定是相等的10.如图是汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其正确的排列顺序是（）A.乙→丁→丙→甲B.乙→甲→丙→丁C.丁→丙→甲→乙D.丁→甲→丙→乙11.根据表中数据，下列判断正确的是（）一些物质的比热容[J/（kg•℃）]A.物质的比热容与物质的状态无关B.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大C.质量相等铝块和铜块升高相同的温度后，铝块吸收的热量多D.一块干泥土变湿后，在同样光照条件下其升温速度将变快12.柴油机燃烧相同的燃料，输出的机械能越多，表明柴油机越节能．是否节能，是衡量机器性能好坏的重要指标，关于柴油机尾气的温度跟柴油机性能之间的关系，你认为正确的是（）A.尾气的温度越高，柴油机性能越好B.尾气的温度越低，柴油机性能越好C.尾气的温度高低与柴油机性能好坏无关D.以上说法都不正确13.内能是物体内部大量分子的无规则运动的动能和分子势能的总和，生活中改变物体内能的事例非常之多．如图所示的实验或事例，不属于用做功方式来改变物体内能的是（）A.小孩滑下，臀部发热B.压缩空气，乙醚着火C.钻木取火D.加热使水沸腾14.完全燃烧42g焦炭所放出的热量，若有50%被2kg、30℃的水吸收，则水温可升高[c =4.2×103J/（kg•℃）、q焦炭=3.0×107J/kg、此时外界为标准大气压]（）水A.70℃B.75℃C.100℃D.105℃15.关于汽油机和柴油机的区别，下列说法中你认为不妥的是（）A.柴油机比汽油机费用低廉，但比较笨重B.柴油机的效率一般比汽油机的效率高C.一个工作循环中汽油机做功一次，柴油机做两次功D.在构造上，柴油机汽缸顶部有喷油嘴而没有火花塞二、填空题:16.为了比较酒精和碎纸片的热值，如图所示，两同规格的烧杯中装有质量相等的水，取质量 ______ （“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧通过比较 ______ ，从而确定酒精和碎纸片的热值大小关系．17.“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦．如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度．气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能 ______ （选填“增大”、”减小“或“不变”），同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这一过程中发生的能量转化与热机中的 ______ 冲程相同．三、实验探究题:18.为了比较不同物质的吸热能力，老师参照课本组装了图的器材，并进行实验．同学们将实验数据填入到表格中，下表是实验数据记录：请根据表中的实验记录回答：（1）比较实验数据，得出的结论是 ______ ；（2）根据实验结论推论：质量相等的不同物质，吸收相同的热量时，升高的温度 ______ （填“相同”或“不同”），这说明物体吸收热量的多少与 ______ 有关．（3）在本次实验中用到的物理方法是 ______ （只填出一种即可）．19.小强是一个喜欢思考的同学．他想比较沙子和水这两种物质吸热能力的差异，他设计如图甲所示的实验装置，所使用仪器规格也完全相同．请你来帮他完成实验．（1）测量出体积相同的水和沙子，然后安装仪器，并记下沙子和水的初始温度．请你找出上述叙述中的错误，并改正．错误： ______ ；改正： ______ ．（2）在实验时只要控制 ______ （选填“加热时间”或“温度变化”）相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；加热完成后只要比较它们 ______ （选填“加热时间”或“温度变化”）的多少就可以比较出沙子和水吸热能力差异；若在实验时发现，沙子温度升高得比水多，则吸热能力较强的是 ______ ．（3）根据小强得出的结论，结合图乙的信息，此时是 ______ （选填“中午”或“夜晚”）．20.在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示，在组装器材时应先调节 ______ （填A或B）的高度，调节它的高度是为了 ______ ．（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ______ ，得出结论．要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 ______ ．（3）在对实验进行反思后，他们对实验进行改进并设计了图乙所示的装置．与原方案相比，该方案具有的优点是 ______ ．（答出一个即可）（3）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置．与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是 ______ ．（答出一个即可）（4）为便于比较水和煤油升高的温度，实验前最好使水和煤油的初温相同，但把等质量的水和煤油分别放入图甲的烧杯中时，虽然同处一个环境，但水的初温一般要低于煤油的初温，原因是 ______ ．21.小明在探究“不同物质吸热能力”的实验时，选用了两只完全相同的电加热器，分别给两个相同的烧杯中质量都是200g的水和煤油加油，如图甲所示；水和煤油的温度随时间变化的图象如图乙所示．已知c水=4.2×103J/（kg℃），请你解答下列问题：（1）实验中选用相同电加热器的目的是使水和煤油在相同时间内 ______ ；（2）由图乙可判断出液体a是 ______ ， ______ 的吸热能力强（选填“水”或“煤油”）；（3）加热满3min时，水吸收了 ______ J热量；煤油的比热容是 ______ J/（kg•℃）．四、计算题:22.实验测得0.5kg某物质温度随时间变化的图象如图示，已知物质在固态下的比热容为c1=2.1×103J/（kg•℃）．假设这种物质从热源吸热的功率恒定不变，根据图象解答下列问题：（1）在最初的2min内，物质吸收的热量为多少？（2）求该物质在液态下的比热容c2．（3）若规定“质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做这种物质的熔化热”用“λ”表示，根据图象信息，计算该物质的熔化热．山东省临沂太平中学2017年中考物理专题复习与命题猜想：《内能与热机》答案和解析【答案】1.B2.D3.D4.B5.C6.D7.C8.B 9.D 10.D 11.C 12.B 13.D 14.A15.C16.相等；温度计的示数变化17.减小；做功18.相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的；不同；物质的种类；控制变量法（或推理法）19.体积相同的水和沙子；质量相同的水和沙子；加热时间；温度变化；水；夜晚20.A；确保使用外焰加热；升高的温度；天平；该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；水易于蒸发，煤油不易于蒸发，蒸发吸热21.吸收相同的热量；煤油；水；8.4×103；2.1×10322.解：（1）在最初2min内，物体处于固态的升温吸热过程，∵m=0.5kg，c1=2.1×103J/（kg•℃），△t1=0℃-（-20℃）=20℃，∴物质吸收的热量：Q吸=c1m△t1=2.1×103J/（kg•℃）×0.5kg×20℃=2.1×104J；（2）该物质的吸热功率：P===175W，由图象可知，10min～12min内物质处于液体，在t′=2min=120s内，物体温度升高△t2=10℃，∵吸热功率恒定不变，∴吸收的热量为：Q吸′=P t′=175W×120s=2.1×104J，该物质在液态下的比热容：c2===4.2×103J/（kg•℃）；（3）由图象可知，该物质的熔化时间：t″=10min-2min=8min=480s，0.5kg该物质吸收的热量：Q吸″=P t″=175W×480s=8.4×104J，该物质的熔化热：λ=2×8.4×104J/kg=1.68×105J/kg．答：（1）在最初的2min内，物质吸收的热量为2.1×104J；（2）该物质在液态下的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；（3）该物质的熔化热为1.68×105J/kg．【解析】1. 解：A、燃料的热值与燃料的质量无关，它只与燃料的种类有关，所以A不符合题意．B、热值大小与燃料是否容易燃烧无关，燃烧条件无关，它只与燃料的种类有关，所以B符合题意．C、燃烧效率：效率等于有效吸收的热量与燃料完全燃烧释放的能量的比值，与热值大小无关，所以C不符合题意．D、一定质量的水结成冰比热容发生变化，所以D不符合题意．故选B．本题主要考查两个方面的知识：（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关．（2）燃烧效率：效率等于有效吸收的热量与燃料完全燃烧释放的能量的比值．本题考查了学生对燃料热值是燃料特性的理解与掌握，是经常考的题型，充分理解“热值只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关”．2. 解：A、影响内能大小的因素有温度、质量、状态等，只有质量和状态一定时，温度越高内能越大，本题没说明质量和状态一定．故A错误．B、因为影响内能的因素有质量、温度和状态，因此温度高的物体内能不一定大，故B 错误；C、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰熔化，吸收热量，内能增加，温度不变，故C错误．D、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故D正确；故选D．（1）影响内能的因素有质量、温度以及状态等；（2）改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式．本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中招的热点．3. 解：设热水和冷水的温度差为t，质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了10℃，Q吸=Q放，从而可知，cm0（t-10℃）=cm×10℃，-------①又向保温容器中倒入一小杯同质量为m0同温度的热水，水温又上升了6℃，△Q吸=△Q放，从而可知，cm0（t-10℃-6℃）=c（m+m0）×6℃，-------②则①-②得：6℃×cm0=10℃×cm-6℃×cm-6℃×cm0，整理得：12℃×cm0=4℃×cm，解得：m=3m0；代入①式可得，t=40℃；假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：3m0c（40℃-△t）=mc△t，m=3m0；联立两式解得：△t=20℃；则注入后3杯水后，水温还会上升：20℃-10℃-6℃=4℃．故选D．热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同．知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加1杯水时容器内的水升高的温度．解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答．不计热量的损失，可利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的．4. 解：铜块和水的质量相同，水的比热容大，放出相等的热量，水的温度降低的少，而初温相同，水的末温高，将铜块投入水中，铜将从水中吸收热量．故选B．质量相等的铁块和水，放出相等的热量，比热容大的温度降低的少，而初温相同，可以得出铜块和水的末温高低，进而确定热传递的方向．本题考查了学生对放热公式的掌握和应用，理解用好“质量相等的不同物质，放出相等的热量，比热容大的温度降低的少”是本题的关键．5. 解：由图可知，汽油机的进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，可以判断此冲程为做功冲程，在做功冲程中内能转化为机械能，故C正确．故选C．由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化．本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于基础题目．6. 解：现代火箭都是用液态氢作燃料的，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确．故选D．热值是指1kg的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小．本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析．7. 解：由Q吸=cm△t可得，水应升高的温度：△t===100℃，水的最高末温：t最高=t0+△t=20℃+100℃=120℃；因为水沸腾时温度达到沸点，继续吸热但温度不变，所以水吸收热量从20℃升高，温度达到沸点后，不再升高，因为水表面的气压不知道，水的沸点不确定，所以水的末温可能是80℃、100℃、120℃，不可能为130℃；故C正确．故选C．已知水的质量、水的比热容、水的初温和水吸收的热量，利用吸热公式求水的末温；再根据水沸腾时的规律（水沸腾时吸热但温度不变）分析判断．本题综合考查了吸热公式的应用和液体沸腾的规律，关键要知道气压的大小会影响液体沸点的高低．8. 解：柴油机有效利用的能量为：E有用=7.5×108J-4.5×108J=3.0×108J该柴油机的效率为：η=故选B．热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．此题主要考查了热机效率的计算，没有直接给出有效利用的能量，很好的考查了学生对此概念的理解．9. 解：A、热量是一个过程量，只有在热传递的过程中才会有热量的传递，不能说物体含有热量的多少，故A错误；B、热传递过程中传递的是热量不是温度．故B错误；C、物体吸收热量的多少与物体的质量、温度的变化多少、物质种类有关，因此两个物体升高的温度相同时，吸收的热量不一定相等，故C错误；D、质量一定的水，升高或降低相同的温度时，吸收或放出的热量一定是相等的，因为物质确定、质量确定、温度变化相同所以吸收或放出的热量相同．故D正确．故选：D．热量是热传递过程中所传递的内能的多少；发生热传递的条件是存在温度差；物体吸收热量的多少与物体的质量、温度的变化多少、物质种类有关．此题考查学生对内能、温度、热传递的理解，是中考的热点，热学的难点．10. 解：由图可知，甲图中气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程；乙图中的排气门打开，所以是排气冲程；丙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程；丁图中的进气门打开，所以是吸气冲程；所以按照顺序排列四个冲程是丁→甲→丙→乙；故选D．内燃机的四个冲程按照顺序排列有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”．解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答．11. 解：A、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关，由图可知，水的比热容和冰的比热容是不同的，故比热容的大小与状态有关，故A错误；B、内陆的砂石的比热容小于水的比热容，在吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差小，故B错误；C、已知c铜＜c铝，质量相同的铝块和铜块升高相同的温度，根据Q=cm△t可知，比热容大的物质，吸热的热量多，故C正确；D、干泥土的比热容要小于湿泥土的比热容，在同等质量、同样吸热的情况下，湿泥土的温度上升的慢，故D错误．故选：C．（1）比热容：单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容；（2）比热容是物质的一种特性，不同的物质比热容一般不同；比热容与物质的种类有关，同种物质状态改变，比热容就发生了改变；（3）物质吸收或放出的热量用公式Q=cm△t计算，其中c表示物质的比热容，△t表示物质温度的变化量．本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力．比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析．12. 解：尾气的温度高，说明散失的热量多，柴油机的效率低，反之，柴油机的效率高，即节能．故选B．热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比．燃烧相同的燃料，有效利用的能量越多，效率越高．此题考查柴油机的节能情况，实际是考查热机的效率问题．四个选项分别从不同方面考查了影响热机效率的因素，是一道好题．13. 解：A、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意．B、迅速压下活塞棉花着火燃烧，属于做功改变物体的内能，不符合题意．C、钻木取火，属于做功改变物体的内能，不符合题意．D、加热使水沸腾，水吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意．故选D．改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功的实质是能量的转化；热传递的实质是能量的转移．本题主要考查学生对：改变物体内能两种方法的理解和掌握，是中招的热点．14. 解：由Q=cm△t，可得由题设，代入相关数据可得：△t=75℃因水的初温为30℃，所以，若升高75℃，则会升高到30℃+75℃=105℃，这完全违背了科学规律，所以只能升温70℃达到100℃．故应选：A根据题意，若求水温升高多少，可根据热量计算公式进行变形，其中，水吸热Q为完全燃烧42g焦炭所放出的热量的50%，而完全燃烧42g焦炭所放出的热量可根据公式Q=mq 求得，这时候将其他数据代入公式，即可得到相应的结果．最后根据实际情况和自然规律进行判断．这道题考查了对公式的运用，同时涉及到计算结果与科学实际的对照，同学们做题过程中要注意总结，不能脱离科学规律而单纯计算．15. 解：A、柴油机比汽油机费用低廉，但比较笨重，故A正确；B、一般柴油机的压缩比比汽油机大得多，且气缸内柴油燃烧要比汽油燃烧更充分，所以柴油机的效率更高一些，故B正确；C、在一个工作循环中，柴油机和汽油机都是做功一次，故C错误；D、在构造上，汽油机顶部有火花塞，属于点燃式；而柴油机在汽缸顶部有喷油嘴而没有火花塞，属于压燃式，故D正确．故选C．从热机效率、工作原理和构造上综合分析柴油机和汽油机的相同点和不同点，即可得出答案．此题主要考查的是学生对汽油机和柴油机的区别，掌握它们的工作原理、构造是解决此题的关键．16. 解：（1）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；（2）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化；所以可以通过温度计示数的变化（水升高的温度）来比较燃料热值的大小关系．故答案为：相等；温度计的示数变化．（1）由Q放=mq可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同；（2）由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小．本实验用到了两种物理学方法：控制变量法和转换法，要求能理解、会用！17. 解：汽缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力；这一过程中发生的能量转化与热机中的做功冲程相同，都是内能转化为机械能的过程．故答案为：减小；做功．物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低；汽油机做功冲程中，内能转化为机械能．本题考查改变内能的方法和内燃机的四个冲程，是一道基础题．18. 解：（1）纵向比较表中数据可看出，两物质质量相同、升高的温度相同，而加热时间是不同的，故吸收热量是不同的，所以得出的结论是：相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的；（2）由（1）的结论进行推理：如果使质量相等的不同物质，吸收相同的热量时，则升高的温度是不同的（水升高的温度低一些）由（1），相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的，可知，物体吸收热量的多少与物质种类有关；（3）在本次实验中用到的物理方法是控制变量法（或推理法）；故答案为：（1）相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的；（2）不同；物质种类；（3）控制变量法（或推理法）；（1）由加热时间不同得出吸收热量的不同，纵向分析表中数据得出结论；（2）（3）由（1）的结论，根据控制变量法（或推理法）进行推理得出结论．本题比较不同物质的吸热能力，考查数据分析处理能力及研究方法的运用，体现了对过程和方法的考查．19. 解：（1）探究不同种类物质的吸热能力是否会不同，需要控制水和沙子的质量相同，因此．①错误是：体积相同的水和沙子，②改正：质量相同的水和沙子．（2）在实验时只要控制加热时间相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；加热完成后只要比较它们温度变化△t的多少就可以比较出沙子和水吸热能力差异；若在实验时发现，沙子温度升高的比水多，则吸热能力较强的是水．（3）由实验可知，水的吸热能力更强；由图乙可见，海水的温度高，沙滩的温度低，说明这时海水和沙滩的放热过程，水的比热容大，放热慢，因此这是夜晚；如果海水的温度低，沙滩的温度高，说明是中午．故答案为：（1）体积相同的水和沙子；质量相同的水和沙子；（2）加热时间；温度变化；水；（3）夜晚．（1）探究不同种类物质的吸热能力，需要控制物质的质量相同；（2）水和沙子吸收了热量的多少是通过控制酒精灯的加热时间体现的，通过比较温度的变化，得出相应的结论；（3）根据水与沙子的吸热能力大小，分析图中海水和沙滩温度的高低判断是中午还是夜晚．本题是探究沙子和水的吸热能力实验，注意控制变量法在本实验中的应用，同时应用物理知识解决实际问题的能力．20. 解：（1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B部分，这样可以避免重复调整；（2）在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论．实验中需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；（3）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；（4）水在常温下容易蒸发，蒸发吸热．故答案为：（1）A；确保使用外焰加热；（2）升高的温度；天平；（3）该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；（4）水易于蒸发，煤油不易于蒸发，蒸发吸热．（1）组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整．（2）实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱．（3）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题．（4）从水的蒸发现象分析．“比较不同物质的吸热能力”的实验是热学最主要的实验．此实验不仅考查学生对基本过程的掌握情况，更进一步考查学生运用基本知识和方法分析问题、提出问题的能力．要知道“水浴法”加热的优点．21. 解：（1）实验中选用相同的电加热器目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量．（2）水和煤油相比，水的比热容较大，同样受热的情况下，温度变化较慢，由乙图知，a为没有，b为水；若相同质量的水和煤油升高相同的温度，水需要加热更长的时间，吸收热量更多，说明水的吸热能力更强．（3）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（20℃-10℃）=8.4×103J；由图乙可知，当a、b升高相同的温度时，b需要的时间是3min，a需要的时间是6min，即a吸收的热量为b吸收热量的2倍；则：Q a=2Q b，c1m△t=2c2m△t；c1=2c2，。