江西樟树市第三中学2017-2018学年高三上学期物理10月第一次周考试题 Word版含答案
江西省宜春市樟树中学2017-2018学年高考物理最后一卷 Word版含解析
2017-2018学年江西省宜春市樟树中学高考物理最后一卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述不符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2．如图所示，将一质量为m的小球从空中O点以速度v0水平抛出，飞行一段时间后，小球经过P点时动能E k=5mv02，不计空气阻力，则小球从O到P（）A．经过的时间为B．速度增量为3v0，方向斜向下C．运动方向改变的角度为arctanD．下落的高度为3．如图所示，光滑斜面与水平面成α角，斜面上一根长为l=0.30m的轻杆，一端系住质量为0.2kg的小球，另一端固定在O点，现将轻杆拉直至水平位置，然后给小球一沿着平板并与轻杆垂直的初速度v0=3.0m/s，g=10m/s2，则（）A．此时小球的加速度大小为m/s2B．小球到达最高点时杆的弹力沿斜面向上C．若增大v0，到达最高点时杆子对小球的弹力一定增大D．若增大v0，到达最高点时杆子对小球的弹力可能减小4．如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场，电场的方向水平向右（图甲中由B到C），电场强度大小随时间的变化情况如图乙所示；磁感应强度方向垂直于纸面、大小随时间的变化情况如图丙所示．在t=1s时，从A点沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一个粒子，并在此之后，每隔2s有一个相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能击中C点，若AB=BC=L，且粒子由A运动到C的时间小于1s．不计重力和空气阻力，对于各粒子由A运动到C的过程中，以下说法正确的是（）A．电场强度E0和磁感应强度B0的大小之比为2v0：3B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为2：1C．第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：4D．第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为π：25．火星成为我国深空探测的第二颗星球，假设火星探测器在着陆前，绕火星表面匀速飞行（不计周围其他天体的影响），航天员测出飞行N圈用时t，已知地球质量为M，地球半径为R，火星半径为r，地球表面重力加速度为g，则（）A．火星探测器匀速飞行的向心加速度约为B．火星探测器匀速飞行的速度约为C．火星探测器的质量为D．火星的平均密度为6．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，A、V均为理想电表，R、L和D分别是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）、理想线圈和灯泡．原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u，下列说法正确的是（）A．电压的频率为100 Hz B．V的示数为22VC．有光照射R时，A的示数变大D．抽出L中的铁芯，D变亮7．如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一电阻R，整个装置处于方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中．t=0时对金属棒施加一平行于导轨的外力F，使金属棒由静止开始沿导轨向上运动，金属棒电阻为r，导轨电阻忽略不计．已知通过电阻R的感应电流I随时间t变化的关系如图乙所示．下列关于棒运动速度v、外力F、流过R的电量q以及闭合回路中磁通量的变化率随时间变化的图象正确的是（）A． B．C． D．8．如图所示，粗糙斜面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O点．现将物块拉到A点后由静止释放，物块运动到最低点B，图中B点未画出．下列说法正确的是（）A．B点一定在O点左下方B．速度最大时，物块的位置可能在O点左下方C．从A到B的过程中，物块和弹簧的总机械能一定减小D．从A到B的过程中，物块减小的机械能一定等于它克服摩擦力做的功三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题-第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题-第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．某实验小组利用小车、一端带有滑轮的导轨、打点计时器和几个已知质量的小钩码探究加速度与力的关系，实验装置如图甲所示．（1）图乙是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间隔为0.1s，由图中的数据可得小车的加速度a为m/s2；（2）该实验小组以测得的加速度a为纵轴，所挂钩码的总重力F为横轴，作出的图象如丙图中图线1所示，发现图象不过原点，怀疑在测量力时不准确，他们将实验进行了改装，将一个力传感器安装在小车上，直接测量细线拉小车的力F′，作a﹣F′图如丙图中图线2所示，则图象不过原点的原因是，对于图象上相同的力，用传感器测得的加速度偏大，其原因是；（3）该实验小组在正确操作实验后，再以测得的加速度a为纵轴，所挂钩码的总重力F和传感器测得的F′为横轴作图象，要使两个图线基本重合，请你设计一个操作方案．．10．某同学为了测量金属热电阻在不同温度下的阻值，设计了如图甲所示的电路，其中R0为电阻箱，R2为金属热电阻，电压表可看做理想电表，电源使用的是稳压学生电源，实验步骤如下：①按照电图连接好电路②记录当前温度t③将单刀双掷开关S与1闭合，记录电压表读数U，电阻箱阻值R1④将单刀双掷开关S与2闭合，调节变阻箱使电压表读数仍为U，记录电阻箱阻值R2⑤改变温度，重复②～④的步骤（1）则该金属热电阻在某一温度下的阻值表达式为：R x=，根据测量数据画出其电阻R 随温度t变化的关系如图乙所示；（2）若调节电阻箱阻值，使R0=120Ω，则可判断，当环境温度为时，金属热电阻消耗的功率最大．11．如图所示，可视为质点的A、B两物体置于一静止长纸带上，纸带左端与A、A与B间距均为d=0.5m，两物体与纸带间的动摩擦因数均为μ1=0.1，与地面间的动摩擦因数均为μ2=0.2．现以恒定的加速度a=2m/S2向右水平拉动纸带，重力加速度g=l0m/s2，求：（1）A物体在纸带上的滑动时间；（2）在给定的坐标系中定性画出AB两物体的v﹣t图象；（3）两物体AB停在地面上的距离．12．如图所示，在两个水平平行金属极板间存在着竖直向下的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，电场强度和磁感应强度的大小分别为E=2×106N/C和B1=0.1T，极板的长度l= m，间距足够大．在板的右侧还存在着另一圆形区域的匀强磁场，磁场的方向为垂直于纸面向外，圆形区域的圆心O位于平行金属极板的中线上，圆形区域的半径R=m．有一带正电的粒子以某速度沿极板的中线水平向右飞入极板后恰好做匀速直线运动，然后进入圆形磁场区域，飞出圆形磁场区域后速度方向偏转了60°，不计粒子的重力，粒子的比荷=2×108C/kg．（1）求粒子沿极板的中线飞入的初速度v0；（2）求圆形区域磁场的磁感应强度B2的大小；（3）在其他条件都不变的情况下，将极板间的磁场B1撤去，为使粒子飞出极板后不能进入圆形区域的磁场，求圆形区域的圆心O离极板右边缘的水平距离d应满足的条件．【物理选修3-5】13．放射性同位素C被考古学家称为“碳钟”，它可以用来判定古生物体的年代．宇宙射线中高能量中子碰撞空气中的氮原子后，就会形成不稳定的C，它容易发生β衰变，变成一个新核，其半衰期为5730年．该衰变的核反应方程式为．C的生成和衰变通常是平衡的，即生物机体中C的含量是不变的．当生物体死亡后，机体内C的含量将会不断减少．若测得一具古生物遗骸中C含量只有活体中的25%，则这具遗骸距今约有年．14．如图所示，竖直平面内轨道ABCD的质量M=0.4kg，放在光滑水平面上，其中AB段是半径为R=0.4m的光滑四分之一圆弧，在B点与水平轨道BD相切，水平轨道的BC段粗糙，动摩擦因数μ=0.4，长L=3.5m，CD段光滑，D端连一轻弹簧，现有一质量m=0.1kg的小物体（可视为质点）在距A点高为H=3.6m处由静止自由落下，恰沿A点滑入圆弧轨道（g=10m/s2），求：①ABCD轨道在水平面上运动的最大速率；②小物体第一次沿轨道返回A点时的速度大小．2016年江西省宜春市樟树中学高考物理最后一卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述不符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【考点】物理学史．【分析】对于物理中的重大发现、重要规律、原理，要明确其发现者和提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就．【解答】解：A、1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，符合史实．故A正确．B、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了软铁磁化现象，符合史实．故B正确．C、法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流．故C错误．D、楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．故D正确．本题选不符合史实的，故选：C2．如图所示，将一质量为m的小球从空中O点以速度v0水平抛出，飞行一段时间后，小球经过P点时动能E k=5mv02，不计空气阻力，则小球从O到P（）A．经过的时间为B．速度增量为3v0，方向斜向下C．运动方向改变的角度为arctanD．下落的高度为【考点】平抛运动．【分析】题A根据竖直方向是自由落体运动的位移与时间关系即可求解；题B的关键是求出竖直方向是速度即可求解；C根据加速度的定义可知△v=at=gt，然后求解即可，D根据动能定理即可求解．【解答】解：A、对小球从A到P由动能定理可得：mgh=E k﹣，解得：h=，在竖直方向应有：h=，代入数据解得：t=，所以A正确，D错误；B、根据△v=at可得，△v=gt=g=3v0，方向与g方向相同即竖直向下，所以B错误；C、速度偏角满足tanθ=，θ=arctan3，所以C错误；故选：A3．如图所示，光滑斜面与水平面成α角，斜面上一根长为l=0.30m的轻杆，一端系住质量为0.2kg的小球，另一端固定在O点，现将轻杆拉直至水平位置，然后给小球一沿着平板并与轻杆垂直的初速度v0=3.0m/s，g=10m/s2，则（）A．此时小球的加速度大小为m/s2B．小球到达最高点时杆的弹力沿斜面向上C．若增大v0，到达最高点时杆子对小球的弹力一定增大D．若增大v0，到达最高点时杆子对小球的弹力可能减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】先对小球受力分析，受细杆拉力、斜面弹力、重力，小球在出发点时，由细杆的拉力提供向心力，由圆周运动规律可列此时的表达式；小球从释放到最高点的过程，在依据动能定理可知，速度越来越大，到达最高点时，轻杆对小球的弹力与小球的重力沿斜面的分力的合力提供向心力．【解答】解：A、小球做变速圆周运动，在初位置加速度不指向圆心，将其分解：切向加速度为：；向心加速度为：；故时小球的加速度为合加速度，a=＞a n=30m/s2＞m/s2，故A错误；B、从开始到最高点过程，根据动能定理，有：﹣mglsinα=；解得：v1=；考虑临界情况，如果没有杆的弹力，重力的平行斜面分力提供向心力，有：，可以得到v2小于v1，说明杆在最高点对球是拉力，故B错误；CD、在最高点时，轻杆对小球的弹力是拉力，故：，如果初速度增大，则最高点速度也增加，故拉力F一定增加，故C正确，D错误；故选：C．4．如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场，电场的方向水平向右（图甲中由B到C），电场强度大小随时间的变化情况如图乙所示；磁感应强度方向垂直于纸面、大小随时间的变化情况如图丙所示．在t=1s时，从A点沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一个粒子，并在此之后，每隔2s有一个相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能击中C点，若AB=BC=L，且粒子由A运动到C的时间小于1s．不计重力和空气阻力，对于各粒子由A运动到C的过程中，以下说法正确的是（）A．电场强度E0和磁感应强度B0的大小之比为2v0：3B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为2：1C．第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：4D．第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为π：2【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】分两个过程研究：（1）粒子在电场中做类平抛运动，用运动的合成和分解解决，然后对分运动运用牛顿第二定律结合运动学规律即可；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，运用带电粒子在磁场中运动的半径公式和周期公式，逐项对比分析即可．【解答】解：A．在t=1s时，空间区域存在匀强磁场，粒子做匀速圆周运动，如图2所示；由牛顿第二定律得，粒子的轨道半径，R=l，解得；带电粒子在匀强电场中类平抛运动，竖直方l=v0t，水平方向，得，则，故A错误；B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比，故B 错误；C．第二个粒子，由动能定理得：，，第一个粒子的动能，第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：5，故C错误；D．第一个粒子的运动时间，第二个粒子的运动时间，第一个粒子和第二个粒子运动时间之比t1：t2=π：2，故D正确．故选：D5．火星成为我国深空探测的第二颗星球，假设火星探测器在着陆前，绕火星表面匀速飞行（不计周围其他天体的影响），航天员测出飞行N圈用时t，已知地球质量为M，地球半径为R，火星半径为r，地球表面重力加速度为g，则（）A．火星探测器匀速飞行的向心加速度约为B．火星探测器匀速飞行的速度约为C．火星探测器的质量为D．火星的平均密度为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】火星探测器在火星表面做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据线速度的定义求解线速度大小，根据向心加速度公式求解加速度，根据牛顿第二定律列式求解质量，在结合密度的定义公式求解密度．【解答】解：A、火星探测器匀速飞行的向心加速度约为：a==，故A正确；B、飞行N圈用时t，故速度为：v==，故B错误；C、探测器受到的万有引力提供向心力，故：，等式两边的质量m约去了，无法求解探测器的质量m，故C错误；D、探测器受到的万有引力提供向心力，故：；又由于M=，故火星的平均密度为：ρ=；故D错误；故选：A．6．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，A、V均为理想电表，R、L和D分别是光敏电阻（其阻值随光强增大而减小）、理想线圈和灯泡．原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u，下列说法正确的是（）A．电压的频率为100 Hz B．V的示数为22VC．有光照射R时，A的示数变大D．抽出L中的铁芯，D变亮【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比．和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．【解答】解：A、原线圈接入如图乙所示，T=0.02s，所以频率为f==50 Hz，故A错误；B、原线圈接入电压的最大值是220V，所以原线圈接入电压的有效值是U=220V，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，所以副线圈电压是22V，所以V的示数为22V，故B错误；C、有光照射R时，R阻值随光强增大而减小，根据P=，得副线圈输出功率增大，所以原线圈输入功率增大，所以A的示数变大，故C正确；D、抽出L中的铁芯，理想线圈自感系数减小，理想线圈对电流的阻碍减小，所以D变亮，故D正确；故选：CD．7．如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一电阻R，整个装置处于方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中．t=0时对金属棒施加一平行于导轨的外力F，使金属棒由静止开始沿导轨向上运动，金属棒电阻为r，导轨电阻忽略不计．已知通过电阻R的感应电流I随时间t变化的关系如图乙所示．下列关于棒运动速度v、外力F、流过R的电量q以及闭合回路中磁通量的变化率随时间变化的图象正确的是（）A． B．C． D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】由题可知，金属棒由静止开始沿导轨向上做匀加速运动，回路中的感应电流与时间成正比，说明感应电动势也是随时间均匀增大的，明确各个图象的物理意义，结合产生感应电流的特点即可正确求解．【解答】解：A、而E=Blv，所以，v﹣t图象是一条过原点斜率大于零的直线，说明了导体棒做的是初速度为零的匀加速直线运动，即v=at；故A错误；B、根据如图乙所示的I﹣t图象可知I=kt，其中k为比例系数，由闭合电路欧姆定律可得：可推出：E=kt（R+r）而，所以有：，图象是一条过原点斜率大于零的直线；故B正确；C、对导体棒在沿导轨方向列出动力学方程F﹣BIl=ma，而，v=at得到，可见F﹣t图象是一条斜率大于零且与速度轴正半轴有交点的直线；故C 错误．D、，q﹣t图象是一条开口向上的抛物线，故D 错误；故选：B8．如图所示，粗糙斜面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O点．现将物块拉到A点后由静止释放，物块运动到最低点B，图中B点未画出．下列说法正确的是（）A．B点一定在O点左下方B．速度最大时，物块的位置可能在O点左下方C．从A到B的过程中，物块和弹簧的总机械能一定减小D．从A到B的过程中，物块减小的机械能一定等于它克服摩擦力做的功【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】物体从A向B运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，当平衡时速度最大；重力势能、弹性势能、动能和内能之和守恒．【解答】解：A、弹簧处于自然长度时物块处于O点，所以在O点，弹簧弹力为零，物体从A向B运动过程，受重力、支持力、弹簧的拉力和滑动摩擦力，当平衡时速度最大，由于摩擦力平行斜面向上，所以当弹力和重力沿斜面的分量等于摩擦力时，速度最大，此时弹簧处于伸长状态，所以速度最大时，物块的位置在O点上方，而B点速度为零，由于不知道滑动摩擦力的具体大小，所以无法判断B点在O点的上方还是下方，故A错误；B、重力的下滑分力可以大于摩擦力．若mgsinθ＜f，所以当弹力和重力沿斜面的分量等于摩擦力时，速度最大，此时弹簧处于伸长状态，所以速度最大时，物块的位置在O点上方，若mgsinθ＞f，所以当重力沿斜面的分量等于摩擦力和弹簧弹力时，速度最大，此时弹簧处于压缩状态，所以速度最大时，物块的位置在O点下方，故B正确C、从A到B的过程中，滑动摩擦力一直做负功，故物块和弹簧组成的系统机械能减小，故C正确；D、从A到B的过程中，根据能量守恒定律，物块减小的机械能等于弹性势能的减小量和克服摩擦力做的功之和，若弹簧的弹性势能增加时，则物块减小的机械能大于它克服摩擦力做的功，故D错误．故选：BC．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题-第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题-第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．某实验小组利用小车、一端带有滑轮的导轨、打点计时器和几个已知质量的小钩码探究加速度与力的关系，实验装置如图甲所示．（1）图乙是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间隔为0.1s，由图中的数据可得小车的加速度a为0.195m/s2；（2）该实验小组以测得的加速度a为纵轴，所挂钩码的总重力F为横轴，作出的图象如丙图中图线1所示，发现图象不过原点，怀疑在测量力时不准确，他们将实验进行了改装，将一个力传感器安装在小车上，直接测量细线拉小车的力F′，作a﹣F′图如丙图中图线2所示，则图象不过原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，对于图象上相同的力，用传感器测得的加速度偏大，其原因是钩码的质量未远小于小车的质量；（3）该实验小组在正确操作实验后，再以测得的加速度a为纵轴，所挂钩码的总重力F和传感器测得的F′为横轴作图象，要使两个图线基本重合，请你设计一个操作方案．钩码的质量远小于小车的质量．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度．（2、3）根据F不等于零，加速度仍然为零，分析图象不过原点的原因．当钩码的质量未远远小于小车质量时，钩码的重力大于绳子的拉力，对于图象上相同的力，测得的加速度不同，传感器测得的加速度偏大．【解答】解：（1）根据△x=aT2，运用逐差法得：a===0.195m/s2．（2）由图线可知，F不等于零时，a仍然为零，可知图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．力传感器可以直接得出绳子拉力的大小，用钩码的重力表示绳子的拉力，必须满足钩码的质量远小于小车的质量，否则绳子的拉力实际上小于钩码的重力．所以对于图线上相同的力，用传感器测得的加速度偏大，原因是钩码的质量未远小于小车的质量．（3）要使两个图线基本重合，只要满足钩码的质量远小于小车的质量即可．故答案为：（1）0.195，（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，钩码的质量未远小于小车的质量，（3）钩码的质量远小于小车的质量．10．某同学为了测量金属热电阻在不同温度下的阻值，设计了如图甲所示的电路，其中R0为电阻箱，R2为金属热电阻，电压表可看做理想电表，电源使用的是稳压学生电源，实验步骤如下：①按照电图连接好电路②记录当前温度t③将单刀双掷开关S与1闭合，记录电压表读数U，电阻箱阻值R1④将单刀双掷开关S与2闭合，调节变阻箱使电压表读数仍为U，记录电阻箱阻值R2⑤改变温度，重复②～④的步骤（1）则该金属热电阻在某一温度下的阻值表达式为：R x=，根据测量数据画出其电阻R随温度t变化的关系如图乙所示；。
江西省樟树中学2018届高三(历届)上学期物理周练试卷(15)Word版含答案
江西省樟树中学2018届高三（历届）上学期物理周练试卷（15）考试范围：动量一、选择题（本题共10小题，每小题5分,共50分,1-7单选，8-10多选）1．保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务．盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患．小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个（）A．6.2×10﹣19C B．6.4×10﹣19C C．6.6×10﹣19C D．6.8×10﹣192．光滑水平面上两小球甲、乙用不可伸长的松弛细绳相连。
开始时甲球静止，乙球以一定速度运动直至绳被拉紧，然后两球一起运动，在此过程中两球的总动量和机械能的变化情况是( )A．动量守恒，机械能不守恒 B．动量守恒，机械能守恒C．动量不守恒，机械能守恒 D．动量不守恒，机械能不守恒3．如图所示，一水平足够长的传送带以速率v逆时针运动，一质量为m可视为质点的物体以水平向右的初速度v放在传送带上，从物体放上传送带开始至二者最终速度相等的过程中( )A．摩擦力对物体做功为mv2 B．物体动能的改变量为0C．物体动量的改变量为0 D．摩擦产生的热量为1.5mv24．一个人在地面上立定跳远的最好成绩是x，假设他站立在车的A端要跳上距离在L远的站台上，车与地面的摩擦不计，如图，则( )。
A．只要L＜x，他一定能跳上站台B．只要L＜x，他有可能跳上站台C．只要L＝x，他一定能跳上站台D．只要L＝x，他有可能跳上站台5．嫦娥三号在降落月球时通过喷气发动机来调整姿态和位置（如图所示），假设如图为嫦娥三号着陆器调整姿态时喷气发动机的示意图。
P1、P2、P3、P4是四个喷气发动机，P1、P3的连线与空间一固定坐标系的x轴平行，P2、P4的连线与y轴平行。
每台发动机开动时，都能向探测器提供推力，但不会使探测器转动。
江西省樟树中学2017-2018学年高二上学期周练物理试题(2部8) Word版含答案
樟树中学2017-2018学年高二年级二部上学期物理周练试卷（8）考试范围：选修3-1第一、二章一．选择题（本题包括8小题，每小题6分，共48分.1-5题为单选题，6-8题为多选题） 1．一粒子从A 点射入电场，从B 点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力。
下列说法正确的有( )A ．粒子带正电荷B ．粒子的加速度先不变，后变小C ．粒子的速度不断增大D ．粒子的电势能先减小，后增大2．如图所示，一种β射线管由平行金属板A 、B 和平行于金属板的细管C 组成．放射源O 在A 极板左端，可以向各个方向发射不同速度、质量为m 的β粒子（电子），若极板长为L ，间距为d.当A 、B 板加上电压U 时，只有某一速度的β粒子能从细管C 水平射出，细管C 离两板等距．已知元电荷为e ，则从放射源O 发射出的β粒子的这一速度为（ ）A. 2eUmB. L deUm C. 1deU (d 2＋L 2)m D. LdeU 2m3. 如图所示，抛物线C 1、C 2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线.由该图可知下列说法中不正确的是( ) A.电源的电动势为4V B.电源的内电阻为1Ω C.电源输出功率最大值为8WD.电源被短路时，电源消耗的最大功率可达16W4．如图所示，电量为+q 和-q 的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有( )A ．体中心、各面中心和各边中点B ．体中心和各边中点C ．各面中心和各边中点D ．体中心和各面中心5．用如图所示的电路可以测量电阻的阻值，图中x R 是待测电阻，0R是定值电阻，是灵敏度很高的电流表，MN 是一段均匀的电阻丝，闭合开关，改变滑动头P 的位置，当通过电流表的电流为零时，测得MP=1l ，PN=2l ，则xR 的阻值为( ) A ．102l R l B ． 201lR l C ．1012l R l l + D ．2012lR l l + 6．如图所示, 直线Oac 为某一直流电源的总功率P 随电流I 变化的图线, 虚线Obc 为这个电源内部热功率P r 随电流I 变化的图线, 由图可知( ) A. 电源电动势为3 V B. 电源内阻为2 ΩC. 当2I =A 时, 电源输出功率为2 WD. 当2I = A 时, 电源内部热功率为2 W7．某温度检测、光电控制加热装置原理如图所示。
江西省樟树市2017-2018学年高二第一学期第三次月考物理试卷
江西省樟树市2017-2018学年高二物理上学期第三次月考试题 考试范围：选修3-1 考试时间：2017.11.25一、选择题：本题共12小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1-8只有一个选项正确，第9-12小题有多个选项正确。
全部选对的得全分，选不全的得一半分，有选错或不答的得0分。
1．关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是A ．电场强度的定义式F E q =，适用于任何电场B ．由真空中点电荷的电场强度公式2QE k r =可知当0r →，E →+∞ C ．由公式F B IL =可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力则说明此处一定无磁场D ．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向2．一条形磁铁静止在斜面上，固定在磁体中心的竖直上方的水平导线中通有垂直纸面向里的恒定电流，如图所示，若将磁铁的N 极与S 极位置对调后，仍放在斜面上原来的位置，则磁体对斜面的压力N F 和摩擦力f F 的变化情况分别是 A ．N F 增大，f F 减小 B ．N F 减小，f F 增大 C ．N F 和f F 都增大 D ．N F 和f F 都减小3. 空间存在沿x 轴方向的电场，电荷量为q 的正点电荷沿x 轴方向移动时，其电势能E P 随位移x 变化的图像如右图所示，x 2处电势能最小，则下列说法正确的是A.x 1处的电场强度方向沿x 轴正方向B.x 3处的电场强度方向沿x 轴正方向C.x 1处的电场强度小于x 3处的电场强度D.x 1处的电势比x 2处的电势低 4.2017年3月22 日消息，俄生产出新型电子回旋加速器，可检测焊接和铸造强度。
回旋加速器原理如图所示，它的核心部分是两个D 形金属盒，两盒相距很近，分别和交变电源相连接，两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，某一带电粒子在磁场中做圆周运动，通过两盒间的窄缝时反复被加速.当达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出。
关于回旋加速器，下列说法中正确的是A.带电粒子在回旋加速器中做圆周运动的周期随半径的增大而增大B.带电粒子从磁场中获得能量C.增大加速电场的电压，带电粒子离开磁场的动能将增大D.增大加速电场的电压，其余条件不变，带电粒子在D 形盒中运动的时间变短5. 如图所示，在相互垂直的水平向里匀强磁场和竖直匀强电场中，有一水平固定绝缘杆，一带负电小环套在杆上，已知小环的质量为m ，电量为q ，小环与杆间的动摩擦因数为μ，电场强度为E ，磁感应强度为B 。
江西省樟树中学2017届高三上学期周练(17)物理试题(23-24班)含答案
江西省樟树中学2017届高三上学期(23-—-24班）物理周练试卷（17）考试范围：选修3-1 命题人：黄冬根 审题人：黄玉龙 考试时间：2 016年12月20日一、选择题（本题共10小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分，有选错的得0分。
) 1．有一个带电荷量为＋q 、重力为G 的小球，从两竖直的带电平行板上方h 处自由落下，两极板间另有匀强磁场，磁感应强度为B ,方向如图所示，则带电小球通过有电场和磁场的空间时，下列说法正确的是( ) A ．一定做曲线运动 B ．不可能做曲线运动C ．有可能做匀加速直线运动D ．有可能做匀速直线运动2．质量为m 、带电荷量为q 的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向外的匀强磁场中，其磁感应强度为B ,如图所示。
若带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是（ )A ．小球带负电B ．小球在斜面上运动时做匀加速直线运动C ．小球在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动D ．小球在斜面上下滑过程中，小球对斜面压力为零时的速率为Bqm g θsin 3．两平行的金属板沿水平方向放置,极板上所带电荷情况如图所示，现将三个带电小球分别从P 点沿水平方向射入极板间，三小球均能沿直线穿过平行板，若在极板间加一个垂直纸面方向的匀强磁场，仍将三个带电小球分别从P 点沿水平方向射入极板间，则三个小球会分别落在A 、B 、C 三点，则下列有关说法正确的是（ )A ．匀强磁场方向向外，且三个小球在极板间的运动时间相等B ．三个小球的动能关系为kAE 〉kBE 〉kCE C ．三个小球的速度关系为Av >Bv >CvD ．三个小球在极板间运动的角速度关系为A ωωA 〉B ω>Cω4．速度相同的一束粒子由左端射入质谱仪后分成甲、32S 0C ，则乙两束，其运动轨迹如图所示,其中S 0A ＝下列说法正确的是（ )A ．甲束粒子带正电，乙束粒子带负电B ．甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷C ．能通过狭缝S 0的带电粒子的速率等于2B ED ．若甲、乙两束粒子的电荷量相等,则甲、乙两束粒子的质量比为3∶25．如图所示,竖直平面内有一固定的光滑绝缘椭圆大环，水平长轴为AC ，竖直短轴为ED 。
江西省宜春市樟树三中2017-2018学年高三上学期周练物理试卷(2)(9月份) Word版含解析
2017-2018学年江西省宜春市樟树三中高三（上）周练物理试卷（2）（9月份）一、选择题（共48分）1．图示为测定反应时间的示意图．受测者看到站立者静止释放直尺时迅速用手抓住直尺，经历的时间为反应时间．测得某同学的反应时间为0.2s，则该同学右手以上部分尺的长度至少为（）A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm2．将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能E k随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．根据图象信息下列说法正确的是（）A．小球的质量为0.125kgB．小球抛出时的高度为20mC．小球的初速度为10m/sD．最初2 s内重力对小球做功的平均功率为25w3．用一根轻绳把一质量为0.5kg的小球悬挂在O点，用力F拉小球使悬线偏离竖直方向30°角保持不变，小球处于平衡状态，力F与竖直方向的夹角为θ，如图所示（g取10N/kg），则（）A．若拉力F水平向右，则F最小，此时绳的拉力为NB．若使力F取最小值，此时绳的拉力为NC．若使力F顺时针转动，绳的拉力一定变大D．若使力F逆时针转动，拉力F最大为5N4．质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的导轨上，导轨宽度为d，杆ab与导轨间的动摩擦因数为μ．有电流时，ab恰好能在导轨上静止，如图，它的四个侧视图中标出四种可能的匀强磁场方向，其中杆ab又与导轨之间的摩擦力可能为零的图是（）A．②④B．③④C．①③D．①②5．如图所示，一理想变压器的原线圈匝数为n1，连接一理想电流表；副线圈接入电路的匝数n2可以通过滑动触头Q调节，副线圈接有灯泡L和光敏电阻R（光照加强时，R的阻值会变小），则（）A．原副线圈电流之比为n1：n2B．只使Q向上滑动，灯泡变亮C．只加强光照，电流表读数变大D．只加强光照，原线圈的输入功率变小6．我国“北斗二代”计划在2020年前发射35颗卫星，形成全球性的定位导航系统，比美国GPS 多5颗．多出的这5颗是相对地面静止的高轨道卫星（以下简称“静卫”），其它的有27颗中轨道卫星（以下简称“中卫”）轨道高度为静止轨道高度的．下列说法正确的是（）A．“中卫”的线速度介于7.9 km/s和11.2km/s之间B．“静卫”的轨道必须是在赤道上空C．如果质量相同，“静卫”与“中卫”的动能之比为3：5D．“静卫”的运行周期小于“中卫”的运行周期7．长为L的轻绳悬挂一个质量为m的小球，开始时绳竖直，小球与一个倾角θ=45°的静止三角形物块刚好接触，如图所示．现在用水平恒力F向左推动三角形物块，直至轻绳与斜面平行，此时小球的速度大小为v，重力加速度为g，不计所有的摩擦．则下列说法中正确的是（）A．上述过程中，斜面对小球做的功等于小球增加的动能B．上述过程中，推力F做的功为FLC．上述过程中，推力F做的功等于小球增加的机械能D．轻绳与斜面平行时，绳对小球的拉力大小为mgsin45°8．如图所示，真空中以O点为圆心、OA为半径的圆周上等间距分布A、B、C、D、E、F、G、H八个点，其中A、E两点分别放置等量的正电荷Q，O为AE连线的中点，下列说法中正确的是（）A．B、D、F、H点的电场强度相同B．B、D、F、H点的电势相同C．一个电子在C点由静止释放，经O点到达G点的过程中先做匀加速运动，后做匀减速运动D．一个电子在C点由静止释放，经O点到达G点的过程中电势能与机械能之和先增大，后减少三、非选择题（共52分）9．为测量木块与木板间的动摩擦因数，将木反倾斜，木块以不同的初速度沿木板向上滑到最高点后再返回，用光电门测量木块来回的速度，用刻度尺测量向上运动的最大距离，为确定木块向上运动的最大高度，让木块推动轻质卡到最高点，记录这个位置，实验装置如图甲所示．（1）本实验中，下列操作合理的是A．遮光条的宽度应尽量小些B．实验前将轻质卡置于光电门附近C．为了实验成功，木块的倾角必须大于某一值D．光电门与轻质卡最终位置间的距离即为木块向上运动的最大距离（2）用螺旋测微器测量遮光条的宽度，如图乙所示读数为mm．（3）改变木块的初速度，测量出它向上运动的最大距离与木块来回经过光电门时速度的平方差，结果如下表所示，试在丙图坐标纸上作出△v2﹣x的图象，经测量木板倾角的余弦值为0.6，2．（）由于轻质卡的影响，使得测量的结果（选填偏大或偏小”）．10．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表1：量程0～0.6A，内阻r=0.3ΩC．电流表2：量程0～0.6A，内阻约为0.1ΩD．电压表1：量程0～3V，内阻未知E．电压表2：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器1：0～10Ω，2AG．滑动变阻器2：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）在上述器材中请选择适当的器材（填写器材前的字母）：电流表选择，电压表选择，滑动变阻器选择．（2）实验电路图应选择如图中的（填“甲”或“乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．11．如图所示，质量分别为m A=0.6kg和m B=0.4kg的A、B两木块叠放在竖直轻弹簧上静止（A、B间不粘连），弹簧的劲度k=100N/m．若在A上作用一个竖直向上的拉力F，使A由静止开始以2.5m/s2的加速度竖直向上做匀加速运动．已知从开始运动到A、B恰好分离过程中弹簧的弹性势能减少了0.375J．取g=10m/s2．求：（1）A、B共同上升高度h为多大时两木块恰好分离；（2）A、B刚分离时B木块的速度大小v；（3）A、B分离前拉力对木块做的功W F．12．如图1所示，两根足够长的平行金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角为α，金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m．导轨处于匀强磁场中，磁场的方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度大小为B．金属导轨的上端与开关S、定值电阻R1和电阻箱R2相连．不计一切摩擦，不计导轨、金属棒的电阻，重力加速度为g．现在闭合开关S，将金属棒由静止释放．（1）判断金属棒ab中电流的方向；（2）若电阻箱R2接入电路的阻值为0，当金属棒下降高度为h时，速度为v，求此过程中定值电阻R1上产生的焦耳热Q；（3）当B=0.40T，L=0.50m，α=37°时，金属棒能达到的最大速度v m随电阻箱R2阻值的变化关系，如图2所示．取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．求定值电阻R1的阻值和金属棒的质量m．2016-2017学年江西省宜春市樟树三中高三（上）周练物理试卷（2）（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（共48分）1．图示为测定反应时间的示意图．受测者看到站立者静止释放直尺时迅速用手抓住直尺，经历的时间为反应时间．测得某同学的反应时间为0.2s，则该同学右手以上部分尺的长度至少为（）A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm【考点】自由落体运动．【分析】直尺做自由落体运动，直尺的下落时间就是人的反映时间，根据h=求出直尺下落的高度即可．【解答】解：在反应时间内，直尺做自由落体运动，根据位移时间关系公式有：h==，则该同学右手以上部分尺的长度至少为20cm，故B正确．故选：B2．将一小球从高处水平抛出，最初2s内小球动能E k随时间t变化的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2．根据图象信息下列说法正确的是（）A．小球的质量为0.125kgB．小球抛出时的高度为20mC．小球的初速度为10m/sD．最初2 s内重力对小球做功的平均功率为25w【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据平抛运动的规律求出2s内下降的高度，结合动能定理，抓住动能的变化量求出物体的质量，结合初动能求出初速度的大小．根据平均功率的公式求出重力做功的平均功率．【解答】解：A、开始抛出时，小球的初动能是5J，2s后的动能为30J，2s内下降的高度为：h=，则由动能定理可得：mgh=E k2﹣E k1=30﹣5J=25J，解得：m=0.125kg，故A正确；B、小球2s内下降的高度是20m，但是小球抛出时的高度不一定为20m，故B错误；C、根据可知，小球的初速度为：，故C错误；D、最初2 s内重力对小球做功的平均功率为：，故D错误．故选：A．3．用一根轻绳把一质量为0.5kg的小球悬挂在O点，用力F拉小球使悬线偏离竖直方向30°角保持不变，小球处于平衡状态，力F与竖直方向的夹角为θ，如图所示（g取10N/kg），则（）A．若拉力F水平向右，则F最小，此时绳的拉力为NB．若使力F取最小值，此时绳的拉力为NC．若使力F顺时针转动，绳的拉力一定变大D．若使力F逆时针转动，拉力F最大为5N【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】该题考察了物体在三个共点力的作用下平衡的问题，由题意可知，绳子的拉力T和F 的合力与重力等大反向，画出力图，由几何关系可知当F与T垂直时，F具有最小值，从而得出结论．【解答】解：对小球受力分析，小球受到重力G、绳子的拉力T和拉力F三个力作用处于平衡状态，由平衡条件可得F与T的合力跟G等值反向，通过几何关系可得要使F最小，F应与绳垂直，如图示，得：θ=60°，此时拉力F的最小值：F min=mgsin30°=0.5×10×0.5=2.5N绳子的拉力：T=．故A错误，B正确；C、由图可知，此时拉力与绳子之间的夹角大于90°，若使力F顺时针转动，绳的拉力一定变大．故C正确；D、若使力F逆时针转动，拉力F最大等于物体的重力，为5N．故D正确．故选：BCD4．质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的导轨上，导轨宽度为d，杆ab与导轨间的动摩擦因数为μ．有电流时，ab恰好能在导轨上静止，如图，它的四个侧视图中标出四种可能的匀强磁场方向，其中杆ab又与导轨之间的摩擦力可能为零的图是（）A．②④B．③④C．①③D．①②【考点】安培力．【分析】根据左手定则分析安培力，通过对杆ab受力分析，根据共点力平衡判断杆子是否受摩擦力．【解答】解：①图杆子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力．故①正确．②杆子受重力，竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，不受摩擦力．故②正确．③杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故③错误．④杆子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力．故④错误．故选：D．5．如图所示，一理想变压器的原线圈匝数为n1，连接一理想电流表；副线圈接入电路的匝数n2可以通过滑动触头Q调节，副线圈接有灯泡L和光敏电阻R（光照加强时，R的阻值会变小），则（）A．原副线圈电流之比为n1：n2B．只使Q向上滑动，灯泡变亮C．只加强光照，电流表读数变大D．只加强光照，原线圈的输入功率变小【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解答】解：A、理想变压器的电流与匝数成反比，并且副线圈的匝数是变化的，此时副线圈的匝数并不一定就是n2，所以原副线圈匝数之比并不是一定是n1：n2，所以A错误．B、根据理想变压器的电压与匝数成正比可知，当只使Q向上滑动时，副线圈的匝数变大，变压器的输出电压变大，灯泡就要变亮，所以B正确．C、当光照加强时，R的阻值会变小，在电压不变的情况下，副线圈的电流就会变大，原线圈的电流也会变大，所以电流表读数变大，所以C正确．D、由C的分析可知，线圈的电流变大，此时原线圈的电压是不变的，根据P=UI可知原线圈的输入功率变大，所以D错误．故选BC．6．我国“北斗二代”计划在2020年前发射35颗卫星，形成全球性的定位导航系统，比美国GPS 多5颗．多出的这5颗是相对地面静止的高轨道卫星（以下简称“静卫”），其它的有27颗中轨道卫星（以下简称“中卫”）轨道高度为静止轨道高度的．下列说法正确的是（）A．“中卫”的线速度介于7.9 km/s和11.2km/s之间B．“静卫”的轨道必须是在赤道上空C．如果质量相同，“静卫”与“中卫”的动能之比为3：5D．“静卫”的运行周期小于“中卫”的运行周期【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】同步轨道卫星轨道只能在赤道上空，7.9 km/s是地球卫星的最大速度，根据万有引力提供圆周运动向心力根据半径大小关系分析描述圆周运动物理量的关系．【解答】解：A、7.9 km/s是地球卫星的最大速度，所以“中卫”的线速度小于7.9 km/s，故A 错误；B、同步轨道卫星轨道只能在赤道上空，则“静卫”的轨道必须是在赤道上空，故B正确；C、根据万有引力提供向心力得：，解得：，如果质量相同，动能之比等于半径的倒数比，“中卫”轨道高度为静止轨道高度的，地球半径相同，所以“中卫”轨道半径不是静止轨道半径的，则“静卫”与“中卫”的动能之比不是3：5，故C错误；D、根据得：T=，则半径越大周期越大，所以“静卫”的运行周期大于“中卫”的运行周期，故D错误．故选：B7．长为L的轻绳悬挂一个质量为m的小球，开始时绳竖直，小球与一个倾角θ=45°的静止三角形物块刚好接触，如图所示．现在用水平恒力F向左推动三角形物块，直至轻绳与斜面平行，此时小球的速度大小为v，重力加速度为g，不计所有的摩擦．则下列说法中正确的是（）A．上述过程中，斜面对小球做的功等于小球增加的动能B．上述过程中，推力F做的功为FLC．上述过程中，推力F做的功等于小球增加的机械能D．轻绳与斜面平行时，绳对小球的拉力大小为mgsin45°【考点】功能关系；牛顿第二定律；向心力．【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：1．作用在物体上的力；2．物体必须是在力的方向上移动一段距离机械能包括动能和势能，可以分析动能和势能的变化判断机械能的变化【解答】解：A、斜面对小球做的功等于小球增加的动能与增加的势能之和，故A错误；B、上述过程中斜面前进的距离为L，推力做功为FL，故B正确；C、推力做的功等于小球增加的机械能与斜面增加的动能之和，故C错误；D、细绳与斜面平行时，绳对小球的拉力T满足关系：T﹣mgsin45°=m，故D错误．故选B．8．如图所示，真空中以O点为圆心、OA为半径的圆周上等间距分布A、B、C、D、E、F、G、H八个点，其中A、E两点分别放置等量的正电荷Q，O为AE连线的中点，下列说法中正确的是（）A．B、D、F、H点的电场强度相同B．B、D、F、H点的电势相同C．一个电子在C点由静止释放，经O点到达G点的过程中先做匀加速运动，后做匀减速运动D．一个电子在C点由静止释放，经O点到达G点的过程中电势能与机械能之和先增大，后减少【考点】电场强度；电势．【分析】A、根据场强的叠加判断各点的场强是否相同．B、根据电场线的分布判断电势的高低．C、对电子受力分析，判断其合力方向，从而判断它的运动情况．D、根据电场力做功判断能量的变化．【解答】解：A、根据场强的叠加，两电荷在C、E、F、H点产生的场强大小相等，方向不同．故A错误．B、等量同种电荷间的电场线是排斥状的，且关于AB中点O对称．C、E、F、H关于AB的中点O对称的四个点，知电势相等．故B正确．C、在G点由静止释放一个电子，电子所受电场力方向竖直向上，在向上运动的过程中电场力大小会发生变化，所以加速度会发生变化．故C错误．D、在电子由C点沿CDE圆弧移到E点运动的过程中，根据电场线的分布，知电场力先做负功，再做正功．所以电势能先增大后减小．但电势能与机械能之和保持不变；故D错误；故选：B．三、非选择题（共52分）9．为测量木块与木板间的动摩擦因数，将木反倾斜，木块以不同的初速度沿木板向上滑到最高点后再返回，用光电门测量木块来回的速度，用刻度尺测量向上运动的最大距离，为确定木块向上运动的最大高度，让木块推动轻质卡到最高点，记录这个位置，实验装置如图甲所示．（1）本实验中，下列操作合理的是ACA．遮光条的宽度应尽量小些B．实验前将轻质卡置于光电门附近C．为了实验成功，木块的倾角必须大于某一值D．光电门与轻质卡最终位置间的距离即为木块向上运动的最大距离（2）用螺旋测微器测量遮光条的宽度，如图乙所示读数为 3.700mm．（3）改变木块的初速度，测量出它向上运动的最大距离与木块来回经过光电门时速度的平方差，结果如下表所示，试在丙图坐标纸上作出△v2﹣x的图象，经测量木板倾角的余弦值为0.6，重力加速度取g=9.80m/s2，则木块与木板间的动摩擦因数为0.010（结果保留两位有效数（）由于轻质卡的影响，使得测量的结果偏大（选填偏大”或“偏小”）．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】（1）根据实验步骤与实验原理分析答题；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（3）应用描点法作出图象；由牛顿第二定律与运动学公式求出图象函数表达式，然后根据图象与函数表达式求出动摩擦因数；（4）根据图示实验装置与实验步骤分析实验误差．【解答】解：（1）A、遮光条宽度与时间的比值是木块的平均速度，可以认为是木块通过光电门时的瞬时速度，遮光条宽度越小，平均速度越接近瞬时速度，实验误差越小，因此遮光条的宽度应尽量小些，故A正确；B、实验时轻质卡应与木块一起向上运动，实验前将轻质卡与木块靠在一起，故B错误；C、当木板倾角大于某一值时，木块重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力，木块到达最高点后可以反向下滑，否则木块到达最高点后将静止，实验不能成功，为了实验成功，木块的倾角必须大于某一值，故C正确；D、木块出发点与轻质卡最终位置间的距离即为木块向上运动的最大距离，故D错误；故选AC．（2）由图乙所示螺旋测微器可知，螺旋测微器示数为：3.5mm+20.0×0.01mm=3.700mm．（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象如图所示：由牛顿第二定律得：木块上滑时：mgsinθ+μmgcosθ=ma1，木块下滑时：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2，由匀变速直线运动的速度位移公式得：0﹣v02=﹣2a1x，v2=2a2x，△v2=v02﹣v2=4μgxcosθ，由图示图象可知，动摩擦因数：斜率：k=4μgcosθ===0.25，动摩擦因数：μ==≈0.010；（4）由于轻质卡与木板间存在摩擦力，所测摩擦力实际是木块与轻质卡受到的摩擦力的合力，由于轻质卡所受摩擦力影响，所测动摩擦因数偏大．故答案为：（1）AC；（2）3.700；（3）图象如图所示，0.010；（4）偏大．10．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表1：量程0～0.6A，内阻r=0.3ΩC．电流表2：量程0～0.6A，内阻约为0.1ΩD．电压表1：量程0～3V，内阻未知E．电压表2：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器1：0～10Ω，2AG．滑动变阻器2：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）在上述器材中请选择适当的器材（填写器材前的字母）：电流表选择B，电压表选择D，滑动变阻器选择F．（2）实验电路图应选择如图中的甲（填“甲”或“乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E= 1.50V，内电阻r=0.7Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；（2）本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；（3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻．【解答】解：（1）干电池的电动势约为1.5V，故为了读数准确，电压表应选择D．内阻较小，为了准确测量内阻，选择已知内阻的电流表B；滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F．（2）根据以上分析可知，电流表与电池串联，将电流表内阻等效为电源内阻，故电路图选择甲；（3）由U﹣I图可知，电源的电动势E=1.50V；内电阻r+RA=﹣R A=﹣0.3=0.7Ω故答案为：①B，D，F；②甲；③1.50，0.7．11．如图所示，质量分别为m A=0.6kg和m B=0.4kg的A、B两木块叠放在竖直轻弹簧上静止（A、B间不粘连），弹簧的劲度k=100N/m．若在A上作用一个竖直向上的拉力F，使A由静止开始以2.5m/s2的加速度竖直向上做匀加速运动．已知从开始运动到A、B恰好分离过程中弹簧的弹性势能减少了0.375J．取g=10m/s2．求：（1）A、B共同上升高度h为多大时两木块恰好分离；（2）A、B刚分离时B木块的速度大小v；（3）A、B分离前拉力对木块做的功W F．【考点】动能定理；牛顿第二定律．【分析】（1）由平衡条件与牛顿第二定律可以求出上升的高度．（2）由匀变速运动的速度位移公式可以求出受到．（3）由动能定理可以求出拉力的功．【解答】解：（1）静止时，由平衡条件得：（m A+m B）g=kx1，代入数据解得：xm1=0.1m，分离时，对B，由牛顿第二定律得：kx2﹣m B g=m B a，代入数据解得：x2=0.05m，则A、B共同上升高度h=x2=0.05m时两木块恰好分离；（2）由速度位移公式：v2=2ax可得：v2=2×2.5×0.05，代入数据解得：v=0.5m/s；（3）从开始运动到AB分离过程，对AB，由动能定理得：W F+W﹣（m A+m B）gh=（m A+m B）v2﹣0，弹代入数据解得：W F=0.25J；答：（1）A、B共同上升高度h为0.05m时两木块恰好分离；（2）A、B刚分离时B木块的速度大小为0.5m/s；（3）A、B分离前拉力对木块做的功为0.25J．12．如图1所示，两根足够长的平行金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角为α，金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m．导轨处于匀强磁场中，磁场的方向垂直于导轨平面斜向上，磁感应强度大小为B．金属导轨的上端与开关S、定值电阻R1和电阻箱R2相连．不计一切摩擦，不计导轨、金属棒的电阻，重力加速度为g．现在闭合开关S，将金属棒由静止释放．（1）判断金属棒ab中电流的方向；（2）若电阻箱R2接入电路的阻值为0，当金属棒下降高度为h时，速度为v，求此过程中定值电阻R1上产生的焦耳热Q；（3）当B=0.40T，L=0.50m，α=37°时，金属棒能达到的最大速度v m随电阻箱R2阻值的变化关系，如图2所示．取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80．求定值电阻R1的阻值和金属棒的质量m．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【分析】（1）金属棒由静止释放沿导轨向下运动切割磁感线，根据右手定则判断感应电流的方向；（2）以金属棒为研究对象，根据能量守恒求焦耳热；（3）当金属棒的速度达到最大时，有mgsinα=BIL成立，由此写出最大速度v m和电阻R2的函数关系，根据斜率、截距的物理意义即可正确解答．【解答】解：（1）由右手定则，知金属棒ab中的电流方向为b到a．（2）由能量守恒，金属棒减小的重力势能等于增加的动能和电路中产生的焦耳热，则有：解得：（3）设最大速度为v，切割磁感线产生的感应电动势为：E=BLv由闭合电路的欧姆定律：从b端向a端看，金属棒受力如图：金属棒达到最大速度时满足：mgsinα﹣BIL=0由以上三式得：由图象可知：斜率为，纵截距为v0=30m/s，得到：=v0=k解得：R1=2.0Ω，m=0.1kg答：（1）金属棒ab中的电流方向为b到a．（2）此过程中定值电阻R1上产生的焦耳热Q是mgh﹣．（3）定值电阻的阻值R1是2.0Ω，金属棒的质量m为0.1kg．2016年12月28日。
江西省樟树中学2017-2018学年高一上学期第一次月考物
级训：健体、团结、勤学、进取樟树中学2020届高一年级上学期第一次月考物理考试范围：第一章、第二章时间：2017.10.14一．选择题（单选40分）1．质点是一种理想化的物理模型，下面对质点的理解正确的是（）A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．只有质量很小的物体才可以看作质点C．研究月球绕地球运动的周期时，可将月球看作质点D．因为地球的质量、体积很大，所以在任何情况下都不能将地球看作质点2．关于时刻和时间，下列说法正确的是（）A．时刻表示时间极短，时间表示时间较长B．时刻对应物体的位置，时间对应物体的位移或路程C．火车站大屏幕上显示的是列车时间表D．1分钟只能分成60个时刻3．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度越大，加速度越大B．速度为零，加速度一定为零C．速度变化越快，加速度越大D．速度变化量越大，加速度越大4．如图所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为（）A．πR B．2R C．2πR D．5．假设你在运动会上百米赛跑成绩是14s，整个过程可分为3个阶段．第一阶段前进14m，平均速度是7m/s；第二阶段用时9s，平均速度8m/s．请估算一下第三阶段的平均速度约是（）A．6 m/s B．5.5 m/s C．4.7 m/s D．3.2 m/s6．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=3t2+6t（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A．前2 s内的位移是5 m B．前1 s内的平均速度是6 m/sC．任意相邻的1 s内位移差都是6 m D．1 s末的速度是6 m/s7．火车的速度为8m/s，关闭发动机后前进70m时速度减为6m/s．若再经过50s，火车又前进的距离为（）A．50m B．90m C．120m D．160m8．A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向一定相反B．前4s A、B两物体的位移相同C．t=4s时，A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度大9．如图所示，为了测定个人的反应速度，请甲同学用手指拿着一把直尺上端，尺的零刻度在下端，乙同学的手候在尺的零刻度处．当甲同学松开直尺，乙同学见到直尺下落，立即用手抓住直尺．另一同学丙也重复乙的做法，现记录乙和丙同学抓住尺的刻度值分别为20 cm和24cm，下列说法中正确的是（）A．乙同学反应快B．丙同学反应快C．乙和丙同学反应一样快D．因时间未知，无法比较乙和丙同学反应速度10．如图所示，甲从A地由静止匀加速跑向B地，当甲前进距离为S1时，乙从距A地S2处的C点由静止出发，加速度与甲相同，最后二人同时到达B地，则AB两地距离为（）A．S1+S2B．C．D．二、实验题：（每空2分共24分）11．某物体作直线运动的速度﹣时间图象如图所示，根据图象回答：物体在AB段作运动，加速度是m/s2，整个过程的平均速度是m/s．12．由静止开始做匀加速运动的物体3s末5s末的速度之比为，3s内与5s内的位移之比为，第3s内与第5s内的位移之比为．13．为测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板．滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为△t1=0.30s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.10s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为△t=4.00s，求滑块的加速度14．某同学利用如图甲所示的实验装置测量重力加速度．（1）请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当：①；②．（2）该同学经正确操作得到如图乙所示的纸带，取连续的六个打点A、B、C、D、E、F为计数点，测得点A到B、C、D、E、F的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5．若打点的频率为f，则打E点时重物速度的表达式为v E=；若分别计算出各计数点对应的速度数值，并在坐标系中画出速度的二次方（v2）与距离（h）的关系图线，如图丙所示，则重力加速度g=m/s2．（3）若当地的重力加速度值为9.8m/s2，你认为该同学测量值存在偏差的主要原因是．三、计算题（8+8+10+10分）15．汽车紧急刹车时，加速度大小为6m/s2，且必须在2s内停下来．（l）汽车允许的最大行驶速度是多少？（2）刹车过程汽车的位移是多少？16．如图所示，质点在直线AC上做匀加速运动，质点到达A点时的速度是5 m/s，经过3 s 到达B点时的速度是14 m/s，若再经过4s到达C点．求：（1）质点的加速度是多少；（2）质点到达C点时的速度是多少．17．某校一课外活动小组自制一枚火箭，设火箭发射后始终在垂直于地面的方向上运动．火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4s到达离地面40m高处时燃料恰好用完，若不计空气阻力，取g=10m/s2，求：（1）燃料恰好用完时火箭的速度；（2）火箭上升离地面的最大高度；（3）火箭从发射到残骸落回地面过程的总时间．18．2016年8月17日，广西省南宁市上思县至吴圩机场二级路段发生山体滑坡事故，假设在发生山体滑坡时，山坡的底部B处正有一游客逗留，如图所示，此时距坡底160m的山坡A处有一圆形石头正以2m/s的速度、1m/s2的加速度匀加速下滑，游客发现后，立即以0.4m/s2的加速度由静止开始做匀加速直线运动跑离坡底，石头滑到B处前后速度大小不变，但开始以2m/s2的加速度匀减速运动，已知游客从发现圆形石头到开始逃跑的反应时间为1s，游客跑动的最大速度为6m/s，且游客的运动与圆形石头的运动在同一竖直平面内，试求：（1）圆形石头滑到坡度B处时，游客前进的位移大小（2）该游客若能脱离危险，请计算石头与游客间的最小距离，若不能脱离危险，请通过计算说明理由．樟树中学2020届高一物理第一次月考答卷一、选择题：（每小题4分，共40分。
江西省樟树中学2017-2018学年高二下学期第一次月考物
樟树中学2017-2018高二下学期第一次月考物理试卷考试范围：3-3 考试时间：3.24一、选择题：（本题共12小题，每小题4分共48分。
第9--12题有多个正确选项，其余只有一个正确选项。
全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1.下列说法中不正确的是()A.热力学温标中的每1K和摄氏温标中的每1℃大小相等B.热力学温标的零度为-273.15 ℃,叫绝对零度C.气体温度趋近于绝对零度时其体积为零D量体温时温度计需和身体接触十分钟左右是为了让温度计跟身体达到热平衡2．已知某气体的摩尔体积为22.4 L/mol，摩尔质量为18 g/mol，阿伏加德罗常数为6.02×1023 mol－1，由以上数据不可以估算出这种气体()A．每个分子的质量B．每个分子的体积C．每个分子占据的空间D．分子之间的平均距离3．下列有关热现象和热规律的说法中正确的是（）①给自行车轮胎打气，越来越费力，证明分子间斥力在增大，引力在减小②用手捏面包，面包体积会缩小，这是分子间有间隙的缘故③“酒好不怕巷子深、花香扑鼻”与分子热运动有关④“月亮在白莲花般的云朵里穿行、影动疑是玉人来”与分子热运动无关⑤内能包括所有分子的动能、势能和宏观具有的机械能A．③④B．①②③C．②④⑤D．①③⑤4. 一定质量的理想气体经历了如图所示的一系列过程，ab、bc、cd、da这四个过程，在PT图上都是直线段．其中bc延长线通过坐标原点O，cd垂直于ab且与水平轴平行，而bc平行于da.由图可以判断()A．ab段中气体体积不断增大B．bc段中气体体积不断减小C．cd段中气体体积不断增大D．da段中气体体积不断减小5．对于一定质量的气体，下列四个论述中正确的是()A．当分子热运动变剧烈时，压强必增大B．当分子热运动变剧烈时，压强可以不变C．当分子间平均距离变大时，压强必变大D．当分子间平均距离变大时，压强必变小6．容积V＝20 L的钢瓶充满氧气后，压强p＝30 atm，打开钢瓶阀门，让氧气分装到容积为V′＝5 L的小瓶中去，小瓶子已抽成真空。
江西樟树市第三中学高三上学期物理10月第一次周考试题 含答案
江西樟树市第三中学2017届高三上学期物理10月第一次周考试卷第I卷（选择题共48分）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑下滑过程中B的受力个数为（）A．3个 B．4个 C．5个 D．6个2．如图，固定在地面的斜面体上开有凹槽，槽内紧挨放置六个半径均为r的相同小球，各球编号如图。
斜面与水平轨道OA平滑连接，OA长度为6r。
现将六个小球由静止同时释放，小球离开A点后均做平抛运动，不计一切摩擦。
则在各小球运动过程中，下列说法正确的是（）A．球1的机械能守恒 B．球6在OA段机械能减小C．球6的水平射程最大 D．有三个球落地点相同3．t=0时，甲、乙两辆汽车同时同地开始运动，它们的v﹣t图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的描述正确的是（）A．在第1小时末，乙车改变运动方向B．在0﹣﹣第2小时末，甲、乙两车通过的位移相同C ．在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D ．在第4小时末，甲、乙两车相遇4．如图所示，变压器输入电压不变，当开关S 闭合，两电流表读数的变化情况为（ ）A ．都变大B ．都变小C ．1A 变大，2A 变小D ．1A 不变，2A 变小5．如图所示，电路中A 、B 是规格相同的灯泡，L 是电阻可忽略不计的电感线圈，那么（ ）A ．合上S ，A 、B 一起亮，然后A 变暗后熄灭 B ．合上S ，B 先亮，A 逐渐变亮，最后A 、B 一样亮C ．断开S ，A 立即熄灭，B 由亮变暗后熄灭D ．断开S ，A 立即熄灭，B 闪亮一下后熄灭6．“神舟八号”与“天宫一号”对接前各自绕地球运动，设“天宫一号”在半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，“神舟八号”在半径为r 2的圆轨道上运动，r 1＞r 2，则 A ．“天宫一号”的运行速度大于7.9 km/s B ．“神舟八号”的周期32231r T T r =C ．地球表面的重力加速度21214r g T π= D ．地球的质量231214r M GT π=7．质量为m 的带正电小球由空中A 点无初速度自由下落，在t 秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t 秒小球又回到A 点。
江西省樟树中学2017届高三下学期周练(3)物理试题含答案
江西省樟树中学2017届高三下学期物理周练试卷(03）考试范围：选修3—3 命题人：徐泽宇审题人:傅细平考试时间：2017年02月21日一、选择题（本题共10小题,每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有1个选项是正确的。
）1．关于布朗运动，下列说法中正确的是( ）A．布朗运动是微观粒子运动,牛顿运动定律不再适用B．布朗运动是液体分子无规则运动的反映C．强烈的阳光射入较暗的房间内，在光束中可以看到有悬浮在空气中的微尘不停地做无规则运动，这也是一种布朗运动D．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动2．固态物体中分子间的引力和斥力是同时存在的,则对其中的引力和斥力，下列说法中正确的是（）A．当物体被压缩时，斥力增大,引力减小B．当物体被压缩时，斥力、引力都增大C．当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大D．当物体被拉抻时，斥力、引力都增大3．甲、乙两个分子相距较远,它们间的分子力为零,当它们逐渐接近到不能再接近的全过程中，分子力大小的变化和分子势能大小的变化情况正确的是( ）A．分子力先增大,后减小；分子势能一直减小B．分子力先增大,后减小;分子势能先减小,后增大C．分子力先增大,再减小，后又增大；分子势能先减小，再增大，后又减小D．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小,后增大4．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是( )A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时,分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小5．三个系统A、B、C处于热平衡状态，则关于它们的温度的说法正确的是( ）A．它们的温度可以有较大的差别B．它们的温度可以有微小的差别C．它们的温度一定相同D．无法判断温度的关系6．对一定质量的某种气体，在某一状态变化过程中压强p与热力学温度T的关系如图1所示,则描述压强p与摄氏温度t的关系图象中正确的是（）7．一定质量的0℃的水在凝固成0℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是（)A．分子平均动能增加，分子势能减少B．分子平均动能减少,分子势能增加C．分子平均动能不变,分子势能增加D．分子平均动能不变，分子势能减少8．有关分子的热运动和内能，下列说法不正确的是( ）A．一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈C．物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和D．布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的9．下列说法中正确的是（）A．物体的分子热运动动能的总和就是物体的内能B．对于同一种物质，温度越高,分子平均动能越大C．要使分子平均动能增大，外界必须向物体传热D．温度升高时，分子间的平均距离一定增大10．下列说法正确的是( ）A．物体自由下落时速度增大,所以物体内能也增大B．物体的机械能为零时内能也为零C．物体的体积减小，温度不变时，物体内能一定减小D．气体体积增大时气体分子势能一定增大江西省樟树中学2017届高三下学期第3次周练物理答卷班级__________ 学号_______ 姓名_____________ 总分______一、选择题(每题4分，共40分）11．（8分)在做“用油膜法估测分子的大小"的实验中:（1）关于油膜面积的测量方法，下列说法中正确的是( ）A．油酸酒精溶液滴入水中后,要立刻用刻度尺去量油膜的面积B．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺去量油膜的面积C．油酸酒精溶液滴入水中后,要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上,再利用坐标纸去计算油膜的面积D．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能散开,等到状态稳定后,再把油膜的轮廓画在玻璃板上,用坐标纸去计算油膜的面积（2）实验中,将1 cm3的油酸溶于酒精,制成200 cm3的油酸酒精溶液,又测得1 cm3的油酸酒精溶液有50滴,现将1滴溶液滴到水面上,水面上形成0。
江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题(1)(23-24班)
江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题（1）（23-24班）一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,第1～6题只有一个选项正确,第7～9题有多选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分)1．物体的动量变化量的大小为s m kg /5⋅，这说明( )． A ．物体的动量在减小 B ．物体的动量在增大 C ．物体的动量大小也可能不变 D ．物体的动量大小一定变化2．一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A 并留在其中,A 、B 用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起,如图所示.则在子弹打击木块A 及弹簧被压缩的过程中,对子弹、两木块和弹簧组成的系统( )A ．动量守恒，机械能守恒B ．动量不守恒，机械能守恒C ．动量守恒，机械能不守恒D ．无法判定动量、机械能是否守恒3．质量为kg 1的物体做直线运动，其速度—时间图象如图所示，则物体在前s 10内和后s 10内所受外力的冲量分别是( ) A ．S N ⋅10,S N ⋅10 B ．S N ⋅10，S N ⋅-10 C ．0, S N ⋅10D ．0，S N ⋅-104．如图所示，两辆质量均为M 的小车A 和B 置于光滑的水平面上，有一质量为m 的人静止站在A 车上，两车静止．若这个人自A 车跳到B 车上，接着又跳回A 车并与A 车相对静止．则此时A 车和B 车的速度之比为( ) A.m m M + B. M m M + C.m M M + D. mM m+ 5．在光滑的水平面上，有a 、b 两球，其质量分别为a m 、b m ，两球在0t 时刻发生正碰，并且在碰撞过程中无机械能损失，两球在碰撞前后的速度—时间图象如图所示，下列关系正确的是( )A ．a m >b mB ．a m <b mC ．a m ＝b mD ．无法判断6．如图所示,光滑水平面上有大小相同的A 、B 两球在同一直线上运动.两球质量关系为A B m m 2=，规定向右为正方向，A 、B 两球的动量均为s m kg /6⋅，运动中两球发生碰撞，碰撞后A 球的动量增量为s m kg /4⋅-，则( ) A ．左方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为5:2 B ．左方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为10:1 C ．右方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为5:2 D ．右方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为10:17．(多选)质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间．如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为( )A.221mv B.221v M m mM +C.mgL N μ21D ．mgL N μ 8．(多选)两个小球A 、B 在光滑水平面上相向运动，已知它们的质量分别是kg m 41=，kg m 22=，A 的速度s m v /31=(设为正)，B 的速度s m v /32-=，则它们发生正碰后，其速度可能分别是( ) A ．均为s m /1 B ．s m /4+和s m /5- C ．s m /2+和s m /1-D ．s m /1-和s m /5+9．(多选)一只小球沿光滑水平面运动，垂直于墙面撞到竖直墙上．小球撞墙前后的动量变化量为p ∆，动能变化量为E ∆.关于p ∆和E ∆，下列说法正确的是( ) A ．若p ∆最大，则E ∆也最大 B ．若p ∆最大，则E ∆一定最小 C ．若p ∆最小，则E ∆也最小 D ．若p ∆最小，则E ∆一定最大10．(多选)光滑水平地面上，A 、B 两物体质量都为m ，A 以速度v 向右运动，B 原来静止，左端有一轻弹簧，如图所示，当A 撞上弹簧，弹簧被压缩最短时( ) A ．A 、B 系统总动量仍然为mv B ．A 的动量变为零 C ．B 的动量达到最大值 D ．A 、B 的速度相等江西省樟树中学2017届高三下学期(23---24班)第01次周练物理答卷 班级______ 学号_____ 姓名_____________ 总分______一 、选择题（每小题4分,共40分）11．(8分)光滑水平面有两个物块A 、B 在同一直线上相向运动，A 的速度为s m /4，质量为kg 2，B 的速度为s m /2，二者碰后粘在一起沿A 原来的方向运动，且速度大小变为s m /1.求：(1)B 的质量；(2)这一过程产生的内能．12．(10分)如图所示，一辆质量kg M 3=的小车A 静止在光滑的水平面上，小车上有一质量kg m 1=的光滑小球B ，将一轻质弹簧压缩并锁定，此时弹簧的弹性势能为J E p 6=，小球与小车右壁距离为L ，解除锁定，小球脱离弹簧后与小车右壁的油灰阻挡层碰撞并被粘住，求：(1)小球脱离弹簧时小球和小车各自的速度大小；(2)在整个过程中，小车移动的距离．13．(14分)如图所示，固定的光滑圆弧面与质量为kg 6的小车C 的上表面平滑相接，在圆弧面上有一个质量为kg 2的滑块A ，在小车C 的左端有一个质量为kg 2的滑块B ，滑块A 与B 均可看做质点．现使滑块A 从距小车的上表面高m h 25.1=处由静止下滑，与B 碰撞后瞬间粘合在一起共同运动，最终没有从小车C 上滑出．已知滑块A 、B 与小车C 的动摩擦因数均为5.0=μ，小车C 与水平地面的摩擦忽略不计，取2/10s m g =.求：(1)滑块A 与B 碰撞后瞬间的共同速度的大小；(2)小车C 上表面的最短长度．14．(14分)如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m 的物块A 、B 、C .B 的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)．设A 以速度0v 朝B 运动，压缩弹簧；当A 、B 速度相等时，B 与C 恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动．假设B 和C 碰撞过程时间极短．求从A 开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中，(1)整个系统损失的机械能；(2)弹簧被压缩到最短时的弹性势能．15．(14分) 如图，在足够长的光滑水平面上，物体A、B、C位于同一直线上，A位于B、C 之间．A的质量为m，B、C的质量都为M，三者均处于静止状态．现使A以某一速度向右运动，求m和M之间应满足什么条件，才能使A只与B、C各发生一次碰撞．设物体间的碰撞都是弹性的．2017届高三下期(23---24班)第01次周练物理答案一选择题（每题4分,共40分）小，还可能不变．若物体以大小5 kg·m/s的动量做匀速圆周运动时，物体的动量大小保持不变，当末动量方向与初动量方向间的夹角为60°时，物体的动量变化量的大小为5 k g·m/s.故C正确．答案 C2．解析：动量守恒的条件是系统不受外力或所受外力之和为零，本题中子弹、木块、弹簧组成的系统，水平方向上不受外力，竖直方向上受合外力之和为零，所以动量守恒．机械能守恒的条件是系统除重力、弹力做功外，其他力对系统不做功，本题中子弹穿入木块瞬间有部分机械能转化为内能(发热)，所以系统的机械能不守恒．故C 选项正确．A 、B 、D 错误． 答案：C 3．答案 D解析 由题图可知，在前10 s 内初、末状态的动量相等，p 1＝p 2＝5 kg·m/s，由动量定理知I 1＝0；在后 10 s 内p 3＝－5 kg·m/s，I 2＝p 3－p 2＝－10 N·s，故选D. 4．答案 C解析 规定向右为正方向，则由动量守恒定律有：0＝Mv B －(M ＋m )v A ，得v A v B ＝MM ＋m，故选C.5．答案 B解析 由动量守恒定律得m a v a ＝m a v a ′＋m b v b ′，由于v a ′<0，则b 球获得的动量大于a 球最初的动量．若m a ＝m b ，则两球交换速度，与图象不符；由E k ＝p 22m知，若m a >m b ，则b 球的动能将会大于a 球最初的动能，违背能量守恒定律，则必然满足m a <m b . 6．答案 A解析 由两球的动量都是6 kg·m/s 可知，运动方向都向右，且能够相碰，说明左方是质量小速度大的小球，故左方是A 球．碰后A 球的动量减少了4 kg·m/s，即A 球的动量为2 kg·m/s，由动量守恒定律知B 球的动量为10 kg·m/s，则其速度比为2∶5，故选项A 是正确的．7．解析 小物块与箱子作用过程中满足动量守恒，小物块最后恰好又回到箱子正中间．二者相对静止，即为共速，设速度为v 1，mv ＝(m ＋M )v 1，系统损失动能ΔE k ＝12mv 2－12(M ＋m )v 21＝12Mmv2M ＋m，A 错误、B 正确；由于碰撞为弹性碰撞，故碰撞时不损失能量，系统损失的动能等于系统产生的热量，即ΔE k ＝Q ＝N μmgL ，C 错误，D 正确． 答案 BD 8．答案 AD解析 由动量守恒，可验证四个选项都满足要求．再看动能情况E k ＝12m 1v 21＋12m 2v 22＝12×4×9 J＋12×2×9 J＝27 JE k ′＝12m 1v 1′2＋12m 2v 2′2由于碰撞过程动能不可能增加，所以应有E k ≥E k ′，可排除选项B.选项C 虽满足E k ≥E k ′，但A 、B 沿同一直线相向运动，发生碰撞后各自仍能保持原来速度方向(v A ′>0，v B ′<0)，这显然是不符合实际的，因此C 错误．验证选项A 、D 均满足E k ≥E k ′，故答案为选项A(完全非弹性碰撞)和选项D(弹性碰撞)． 9．答案 BD解析 当小球原速率返回时，Δp 最大，而ΔE ＝0，选项B 正确，A 错误；当小球撞墙后速度减为零时，Δp 最小，而ΔE 最大，选项D 正确，C 错误． 10．答案 AD解析 系统水平方向动量守恒，A 正确；弹簧被压缩到最短时A 、B 两物体具有相同的速度，D 正确，B 错误；但此时B 的速度并不是最大的，因为弹簧还会弹开，故B 物体会进一步加速，A 物体会进一步减速，C 错误．11．解析 (1)设A 、B 两物块的质量分别为m A 、m B ，碰前速度为v A 、v B ，碰后共同速度为v ，以A 物块的运动方向为正方向，由碰撞过程动量守恒有：m A v A －m B v B ＝(m A ＋m B )v ，则m B ＝v A －v v B ＋v m A ＝4－12＋1×2 kg＝2 kg. (2)碰撞过程产生的内能为Q ＝ΔE k ＝12m A v 2A ＋12m B v 2B －12(m A ＋m B )v 2＝12×2×42 J ＋12×2×22J －12×(2＋2)×12J ＝18 J. 答案 (1)2 kg (2)18 J12．解析 (1)水平面光滑，由小车、弹簧和小球组成的系统在从弹簧解锁到小球脱离弹簧的过程中，满足动量守恒和能量守恒，即：mv 1－Mv 2＝0， 12mv 21＋12Mv 22＝E p ， 联立两式并代入数据解得：v 1＝3 m/s ，v 2＝1 m/s.(2)在整个过程中，系统动量守恒，所以有m x 1t ＝M x 2t，x 1＋x 2＝L ， 解得：x 2＝L4.答案 (1)3 m/s 1 m/s (2)L413．解析 (1)设滑块A 滑到圆弧末端时的速度大小为v 1，由机械能守恒定律有：m A gh ＝12m A v 21，① 代入数据解得v 1＝2gh ＝5 m/s.②设A 、B 碰后瞬间的共同速度为v 2，滑块A 与B 碰撞瞬间与车C 无关，滑块A 与B 组成的系统动量守恒，m A v 1＝(m A ＋m B )v 2， ③ 代入数据解得v 2＝2.5 m/s.④(2)设小车C 的最短长度为L ，滑块A 与B 最终没有从小车C 上滑出，三者最终速度相同设为v 3，根据动量守恒定律有： (m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B ＋m C )v 3⑤根据能量守恒定律有：μ(m A ＋m B )gL ＝12(m A ＋m B )v 22－12(m A ＋m B ＋m C )v 23⑥联立⑤⑥式代入数据解得L ＝0.375 m ．⑦答案 (1)2.5 m/s (2)0.375 m 14．答案 (1)116mv 20 (2)1348mv 2解析 (1)从A 压缩弹簧到A 与B 具有相同速度v 1时，对A 、B 与弹簧组成的系统，由动量守恒定律得mv 0＝2mv 1①此时B 与C 发生完全非弹性碰撞，设碰撞后它们的瞬时速度为v 2，损失的机械能为ΔE ，对B 、C 组成的系统，由动量守恒定律和能量守恒定律得 mv 1＝2mv 2②12mv 21＝ΔE ＋12×(2m )v 22③ 联立①②③式得 ΔE ＝116mv 20④(2)由②式可知v 2＜v 1，A 将继续压缩弹簧，直至A 、B 、C 三者速度相同，设此速度为v 3，此时弹簧被压缩至最短，其弹性势能为E p ，由动量守恒定律和能量守恒定律得mv 0＝3mv 3⑤12mv 20－ΔE ＝12×(3m )v 23＋E p ⑥ 联立④⑤⑥式得E p ＝1348mv 2015． 答案 (5－2)M ≤m ＜M解析 设A 运动的初速度为v 0，A 向右运动与C 发生碰撞， 由动量守恒定律得mv 0＝mv 1＋Mv 2由机械能守恒定律得12mv 20＝12mv 21＋12Mv 22可得v 1＝m －M m ＋M v 0，v 2＝2mm ＋Mv 0 要使得A 与B 能发生碰撞，需要满足v 1＜0，即m ＜MA 反向向左运动与B 发生碰撞过程，有 mv 1＝mv 3＋Mv 412mv 21＝12mv 23＋12Mv 24 整理可得v 3＝m －M m ＋M v 1，v 4＝2mm ＋Mv 1 由于m ＜M ，所以A 还会向右运动，根据要求不发生第二次碰撞，需要满足v 3≤v 2 即2m m ＋M v 0≥M －m m ＋M v 1＝(m －M m ＋M)2v 0 整理可得m 2＋4Mm ≥M 2解方程可得m ≥(5－2)M 另一解m ≤－(5＋2)M 舍去所以使A 只与B 、C 各发生一次碰撞，须满足 (5－2)M ≤m ＜M。
江西省樟树中学1011高 上学期第 次月考(物理).doc
江西省樟树中学2010年高一第一次月考物理试卷一、选择题（每题4分共48分）1．以下说法正确的是A．不选定参考系，就无法研究某一物体是怎样运动的B．参考系就是不动的物体C．同一物体的运动情况，对于不同的参考系可能有不同的观察结果D．任何情况下，只有地球才是最理想的参考系2．某一运动质点沿一直线做往返运动，如图所示，OA＝AB＝OC＝CD＝1 m，O点为x轴上的原点，且质点由A点出发向x轴的正方向运动至B点再返回沿x轴的负方向运动，以下说法正确的是A．质点在A→B→C的时间内发生的位移为2 m，路程为4 mB．质点在B→D的时间内发生的位移为－4 m，路程为4 mC．当质点到达D点时，其位置可用D点的坐标－2 m表示D．当质点到达D点时，相对于A点的位移为－3 m3．关于自由落体运动，以下说法正确的是A．质量大的物体自由下落时的加速度大B．从水平面飞行着的飞机上释放的物体将做自由落体运动C．雨滴下落的过程是自由落体运动D．从水龙头上滴落的水滴的下落过程，可近似看做自由落体运动4．下列叙述错误的．．．是A.古希腊哲学家亚里士多德认为物体越重，下落得越快B.伽利略发现亚里士多德的观点有自相矛盾的地方C.伽利略认为，如果没有空气阻力，重物与轻物应该下落得同样快D.伽利略用实验直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动5．一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s，加速度大小为1m/s2，则物体在停止运动前ls内的平均速度为A．5.5 m/s B．5 m/s C．l m/s D．0.5 m/s6．如图所示为同一打点计时器打出的两条纸带，由纸带可知A．在打下计数点“0”至“5”的过程中，纸带甲的平均速度比乙的大B．在打下计数点“0”至“5”的过程中，纸带甲的平均速度比乙的小C．纸带甲的加速度比乙的大D．纸带甲的加速度比乙的小7．汽车以20m/s的速度作匀速直线运动，司机见前方有障碍物立即刹车，刹车后加速度大小为5m/s2，则汽车刹车后6s内的位移为A. 30 mB. 40 mC. 210 mD. 120 m8．关于自由落体运动，下面说法正确的是A．它是竖直向下，v0=0，a=g的匀加速直线运动B．从开始下落起，连续的三个1s内通过的位移之比是1∶2∶3C．从开始下落起，连续的三个1s末的速度大小之比是1∶3∶5D．从开始下落起，通过连续的三段相等长度所用时间之比为1∶3∶59．甲、乙二人同时从A地赶往B地，甲先骑自行车到中点后改为跑步，而乙则是先跑步，到中点后改为骑自行车，最后两人同时到达B地；又知甲骑自行车比乙骑自行车的速度快．并且二人骑车速度均比跑步速度快．若某人离开A地的距离s与所用时间t的函数关系用函数图象表示，则在下图所示的四个函数图象中，甲、乙二人的图象只可能是A．甲是①，乙是②B．甲是①，乙是④C．甲是③，乙是②D．甲是③，乙是④10．如图所示，表示一物体在0～4 s内做匀变速直线运动的v－t图象，根据图象以下几种说法正确的是A．物体始终沿正方向运动B．物体先向负方向运动，在t＝2 s后开始向正方向运动C．在t＝2 s前物体加速度为负方向，在t＝2 s后加速度为正方向D．在t＝2 s前物体位于出发点负方向上，在t＝2 s后位于出发点的正方向上11．在轻绳两端各系一个小球，一人用手拿着绳上端的小球，站在三层楼的阳台上，放手后让小球自由下落，两球相继落地的时间差为△t；如果人站在四楼的阳台上，同样放手让小球自由地下落，两球相继落地的时间为△t′，则要△t与△t′相比较，有：A. △t′＞△tB. △t′＝△t C．△t′＜△t D.无法判断12．如图所示，以8 m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2 s将熄灭，此时汽车距离停车线18 m．该车加速时最大加速度大小为2 m/s2，减速时最大加速度大小为5 m/s2.此路段允许行驶的最大速度为12.5 m/s，下列说法中正确的有A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5 m处减速，汽车能停在停车线处二、填空题：每空1分，本题8分，把答案填在题中横线上．13．电火花打点计时器是一种使用______电源的_____仪器，它的工作电压是___V。
江西省樟树中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题
江西省樟树中学必修3物理全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，在光滑绝缘水平面上，质量为m的均匀绝缘棒AB长为L、带有正电，电量为Q且均匀分布．在水平面上O点右侧有匀强电场，场强大小为E，其方向为水平向左，BO距离为x0，若棒在水平向右的大小为QE/4的恒力作用下由静止开始运动．求：（1）棒的B端进入电场L/8时的加速度大小和方向；（2）棒在运动过程中的最大动能．（3）棒的最大电势能．（设O点处电势为零）【答案】（1）/8qE m ,向右（2）()48qE Lx+（3）0(2)6qE x L+【解析】【分析】【详解】（1）根据牛顿第二定律，得48QE L QEmaL-⋅＝解得8QEam＝，方向向右．（2）设当棒进入电场x时，其动能达到最大，则此时棒受力平衡，有4QE QExL⋅＝解得14x L=由动能定理得：()0044()()42442448 K oQE QELQE QE L QE LE W x x x x x＝＝＝＝+⨯∑+-+-+⨯（3）棒减速到零时，棒可能全部进入电场，也可能不能全部进入电场，设恰能全部进入电场，则有：()42QE QEx L L+-＝，得 x0=L；()42QE QELL Lε+＝＝当x0＜L，棒不能全部进入电场，设进入电场x根据动能定理得()0042xQEQE Lx x x++--＝解之得：28LL Lxx++＝则28()4FL L LxQEW xε+++＝＝当x0＞L，棒能全部进入电场，设进入电场x()()42QE QEx x L QE x L+---＝得：023x Lx+＝则()()2424436QE x Lx LQE QEx xε+++⋅＝＝＝2．“顿牟掇芥”是两千多年前我国古人对摩擦起电现象的观察记录，经摩擦后带电的琥珀能吸起小物体，现用下述模型分析研究。
在某处固定一个电荷量为Q的点电荷，在其正下方h处有一个原子。
江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题(4)
江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题（4）一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，2、3、7、9、10小题有多个选项正确，其余小题只有1个选项是正确的，全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分。
)1．已知阿伏加德罗常数为N A，某物质的摩尔质量为M，则该物质的分子质量和m kg水中所含氢原子数分别是( )A．MN A ，19mN A×103 B．MN A，9mN A C．MN A，118mN A×103 D．N AM，18mN A2．关于分子间距与分子力的下列说法中，正确的是( )A．水和酒精混合后的体积小于原来的体积之和，说明分子间有空隙；正是由于水分子间有空隙，才可以将物体压缩B．水的体积很难被压缩，这是由于水分子间距稍微变小时，分子间的作用力就表现为斥力C．一般情况下，当分子间距r<r0(平衡距离)时，分子力表现为斥力；当r＝r0时，分子力为零，当r>r0时分子力表现为引力D．弹簧被拉伸或被压缩时表现的弹力，正是分子引力和斥力的对应表现3．下列说法不符合分子动理论观点的是( )A．用气筒打气需外力做功，是因为分子间的斥力作用B．温度升高，布朗运动显著，说明悬浮颗粒的分子运动剧烈C．相距较远的两个分子相互靠近的过程中，分子势能先减小后增加D．相距较远的两个分子相互靠近的过程中，分子间引力先增大后减小4．关于物体的内能，正确的说法是( )A．温度、质量相同的物体具有相等的内能 B．物体的内能与物体的体积有关C．机械能越大的物体，内能也一定越大 D．温度相同的物体具有相同的内能5．关于液晶的以下说法正确的是( )A．液晶态只是物质在一定温度范围内才具有的状态B．因为液晶在一定条件下发光，所以可以用来做显示屏C．液晶表现各向同性的性质D．笔记本电脑的彩色显示器，是因为在液晶中掺入了少量多色性染料，液晶中电场强度不同时，它对不同色光的吸收强度不一样，所以显示出各种颜色6．下列情况晾出的湿衣服最不容易干的是( )A．气温5℃，绝对湿度5.058×102 Pa B．气温10℃，绝对湿度6.754×102 Pa C．气温15℃，绝对湿度1.023×103 Pa D．气温20℃，绝对湿度2.320×103 Pa 7．一定质量的理想气体，处于某一状态，要使它的压强经过变化又回到初始状态值，用下列哪些方法可能实现( )A．先保持温度不变，使它的体积膨胀，接着保持体积不变而降低温度B．先保持温度不变，使它的体积缩小，接着保持体积不变而降低温度C．先保持体积不变，升高温度，接着保持温度不变而使它的体积膨胀D．先保持体积不变，升高温度，接着保持温度不变而使它的体积缩小8．如图所示，a，b，c三根完全相同的玻璃管，一端封闭，管内各用相同长度的一段水银柱封闭了质量相等的空气，a管竖直向下做自由落体运动，b管竖直向上做加速度为g的匀加速运动，c管沿倾角为45°的光滑斜面下滑，若空气温度始终不变，当水银柱相对管壁静止时，a，b，c三管内的空气柱长度L a、L b、L c间的关系为( )A．L b＝L c＝L a B．L b<L c<L a C．L b>L c>L a D．L b<L c＝L a9．如图所示为A、B两部分理想气体的V－t图象，设两部分气体是质量相同的同种气体，根据图中所给条件，可知( )A．当t＝273℃时，气体的体积A比B大0.2 m3B．当t A＝t B时，V A∶V B＝3∶1C．当t A＝t B时，V A∶V B＝1∶3D．A、B两部分气体都做等压变化，它们的压强之比p A∶p B＝3∶110．图所示，玻璃管A和B同样粗细，A的上端封闭，两管下端用橡皮管连通，两管中水银柱高度差为h，若将B管慢慢地提起，则( )A．A管内空气柱将变长 B．A管内空气柱将变短C．两管内水银柱高度差将增大 D．两管内水银柱高度差将减小江西省樟树中学2017届高三下学期第4次周练物理答卷班级__________ 学号_______ 姓名_____________ 总分______一、选择题（每题4分,共40分）二、非选择题(共60分)11.(6分)在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，用移液管量取0.25 mL油酸，倒入标注250 mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250 mL的溶液，然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1 mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示．坐标格正方形的大小为 2 cm×2 cm，由图可以估算出油膜的面积是________m2(保留两位有效数字)，由此估算出油膜分子的直径是________m(保留一位有效数字)．12．(9分)如图所示，在水和汽达到动态平衡时，测得水柱长206 mm，水银柱长723.3 mm.已知大气压为760 mmHg ，则水的饱和汽压为________mmHg.如把图中的管上提1 cm(未脱离水银槽)，则管中水银面将________(填“上升”“下降”或“不变”)，水的饱和汽压将________(填“变大”“变小”或“不变”)．13．(9分)如图所示，一端封闭、粗细均匀的U 形管，其水平部分长为L ，U 形管绕开口臂的轴线以角速度ω匀速转动，长为L 的水银柱封闭一段气柱，若处于U 形管水平部分的水银柱的长度为L2，则被封闭气柱的压强为多少？[设水银的密度为ρ(kg/m 3)，大气压强是p 0(Pa)]14.(12分)一个自行车内胎的容积是2.0 L ．用打气筒给这个自行车打气，每打一次就把1.0×105Pa 的空气打进去125 cm 3.设打气前胎内有0.5 L 压强为1.0×105Pa 的空气，打了20次，胎内的压强有多大？(假定空气的温度不变)15. (12分)在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差p ∆与气泡半径r 之间的关系为rp σ2=∆，其中m N /070.0=σ。
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江西樟树市第三中学2017-2018学年高三上学期物理10月第一次周考试卷第I卷（选择题共48分）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑下滑过程中B的受力个数为（）A．3个 B．4个 C．5个 D．6个2．如图，固定在地面的斜面体上开有凹槽，槽内紧挨放置六个半径均为r的相同小球，各球编号如图。
斜面与水平轨道OA平滑连接，OA长度为6r。
现将六个小球由静止同时释放，小球离开A点后均做平抛运动，不计一切摩擦。
则在各小球运动过程中，下列说法正确的是（）A．球1的机械能守恒 B．球6在OA段机械能减小C．球6的水平射程最大 D．有三个球落地点相同3．t=0时，甲、乙两辆汽车同时同地开始运动，它们的v﹣t图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的描述正确的是（）A．在第1小时末，乙车改变运动方向B．在0﹣﹣第2小时末，甲、乙两车通过的位移相同C ．在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D ．在第4小时末，甲、乙两车相遇4．如图所示，变压器输入电压不变，当开关S 闭合，两电流表读数的变化情况为（ ）A ．都变大B ．都变小C ．1A 变大，2A 变小D ．1A 不变，2A 变小5．如图所示，电路中A 、B 是规格相同的灯泡，L 是电阻可忽略不计的电感线圈，那么（ ）A ．合上S ，A 、B 一起亮，然后A 变暗后熄灭 B ．合上S ，B 先亮，A 逐渐变亮，最后A 、B 一样亮C ．断开S ，A 立即熄灭，B 由亮变暗后熄灭D ．断开S ，A 立即熄灭，B 闪亮一下后熄灭6．“神舟八号”与“天宫一号”对接前各自绕地球运动，设“天宫一号”在半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，“神舟八号”在半径为r 2的圆轨道上运动，r 1＞r 2，则 A ．“天宫一号”的运行速度大于7.9 km/sB．“神舟八号”的周期2T T =C ．地球表面的重力加速度21214r g T π= D ．地球的质量231214r M GT π=7．质量为m 的带正电小球由空中A 点无初速度自由下落，在t 秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t 秒小球又回到A 点。
不计空气阻力且小球从末落地，则 A.整个过程中小球电势能变换了32mg 2t 2B.整个过程中小球动量增量的大小为2mgtC.从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了mg2t2D.从A点到最低点小球重力势能变化了23mg2t28．如图所示，在B=0.1T的匀强磁场中有一边长为L=8cm的正方形ABCD，内有一点P，它与AD和DC的距离均为1cm，在P点有一个发射正离子的装置，能够连续不断地向纸面内的各个方向发射出速率不同的正离子，离子的质量为1.0×10﹣14kg，电荷量为1.0×10﹣5C，离子的重力不计，不考虑离子之间的相互作用，则（）A．速率为5×106m/s的离子在磁场中运动的半径是5cmB．速率在5×105m/s到8×105m/s范围内的离子不可能射出正方形区域C．速率为5×106m/s的离子在CB边上可以射出磁场的范围为距C点距离2cm～（1+）cmD．离子从CB边上射出正方形区域的最小速度为（8﹣）×106m/s第Ⅱ卷（非选择题共62分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第13题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（共47分）9．在利用自由落体“验证机械能守恒定律”的实验中，（1）下列器材中不必要的是________（单选，只需填字母代号）．A．重物B．纸带C．铁架台D．低压直流电源E．毫米刻度尺（2）关于本实验的误差，下列说法正确的是________（多选，只需填字母代号）A．选择质量较小的重物，有利于减小误差B．选择点击清晰且第1、2两点间距约为2mm的纸带，有利于减小误差C．先松开纸带后接通电源会造成较大的误差D．实验产生系统误差的主要原因是重物在下落过程中不可避免地受到阻力的作用（3）在实验中，质量m＝1kg的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0．04s。
那么从打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体在B点的瞬时速度v B=_____m／s,物体重力势能的减少量△E P＝____J，此过程中物体动能的增加量△E k=____J。
（取g=9．8m／s2，保留三位有效数字）（4）通过计算,数值上△E P___△E k（填“<”、“>”或“=”）,这是因为____________________ ．10．（9分）二极管是一种半导体元件，电路符号为，其特点是具有单向导电性．某实验小组要对一只二极管正向接入电路时的伏安特性曲线进行测绘探究．据了解，该二极管允许通过的最大电流为50 mA.（1）该二极管外壳的标识模糊了，同学们首先用多用电表的欧姆档来判断它的正负极：当红表笔接触二极管的左端、黑表笔接触二极管的右端时，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，发现指针有很大偏转，由此可判断______ （填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）实验探究中他们可选器材如下：A．直流电源（电动势3 V，内阻不计） B．滑动变阻器（0～20 Ω）C．电压表（量程15 V、内阻约80 kΩ） D．电压表（量程3 V、内阻约50 kΩ）E．电流表（量程0.6 A、内阻约1 Ω） F．电流表（量程50 mA、内阻约50 Ω）G．待测二极管 H．导线、开关为了提高测量精度，电压表应选用________，电流表应选用________．（填序号字母）（3）实验中测量数据如下表，请在下图坐标纸上画出该二极管的伏安特性曲线.（4）同学们将该二极管与阻值为10 Ω的定值电阻串联后接到电压恒为3 V 的电源两端，则二极管导通时定值电阻的功率为________ W.11．如图所示，一高度为h=m 8.0粗糙的水平面在B 处与倾角为030=θ光滑的斜面BC 连接，一滑块（可看作质点）从水平面的A 点以s m v /30=的速度在粗糙的水平面上向右运动，运动到B 点时滑块恰能沿光滑斜面下滑。
已知AB 间的距离m s 5=，取2/10s m g =。
求：（1）滑块与水平面的动摩擦因数；（2）若滑块从水平面上的A 点以s m v /51=的速度在粗糙的水平面上向右运动，运动到B 点后滑块将做什么运动？并求出滑块的着地点与C 点的距离。
C12．如图所示，倾角为 30=θ、宽度为m 1=d 、长为m 4=L 的光滑倾斜导轨，导轨C 1D 1、C 2D 2顶端接有定值电阻Ω=150R ，倾斜导轨置于垂直导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=5T ，C 1A 1、C 2A 2是长为S=4.5m 的粗糙水平轨道，A 1B 1、A 2B 2是半径为R=0.5m 处于竖直平面内的41光滑圆环（其中B 1、B 2为弹性挡板），整个轨道对称。
在导轨顶端垂直于导轨放一根质量为m=2kg 、电阻不计的金属棒MN ，当开关S 闭合时，金属棒从倾斜轨道顶端静止释放，已知金属棒到达倾斜轨道底端前已达最大速度，当金属棒刚滑到倾斜导轨底端时断开开关S ，（不考虑金属棒MN 经过接点C 1、C 2处和棒与B 1、B 2处弹性挡板碰撞时的机械能损失，整个运动过程中金属棒始终保持水平，水平导轨与金属棒MN 之间的动摩擦因数为µ=0.1，g=10m/s 2）。
求：（1）开关闭合时金属棒滑到倾斜轨道底端时的速度；（2）金属棒MN 在倾斜导轨上运动的过程中，电阻R 0上产生的热量Q ； （3）当金属棒第三次经过A 1A 2时对轨道的压力。
13．【物理——选修3—4】(15分)(1)(5分)一列自右向左传播的简谐横波，在t=0时刻的波形图如图所示，此时坐标为(1，0)的质点刚好开始运动，在10.3t s =时刻，质点P 在0时刻后首次位于波峰，Q点的坐标是(-3，0)，由此可知该波振源的起振方向沿y轴_________方向；在t=_______时刻，质点Q首次位于波谷．(2)(10分)如图所示：一蓄液池深为3 m，池边有竖直墙壁，在墙壁上距液面上方2m处有高为1m的窗口，窗口下方的池底有垂直墙的发光带，O，距窗口上边沿0.5m．已知池中液体的折射率为3．求人眼在O点通过窗口能看到的池底发光带的长度．参考答案1.B2.D3.C4.C5.A6.BD7.BD8.ACD9.（1）D（2）BCD（3）2．12；2．28；2．26（4）>；纸带和物体下落过程中要克服阻力做功，有机械能损失。
10.（1）左；（2）D；F；（3）见解析；（4）0.020-0.028均可；11.解：(1)滑块运动到B 点的速度恰好为零,由动能定理有:20210mv umgs -=- （4分） 解得 09.0=u （2分） (2)设滑块运动到B 点的速度为B v ,由动能定理有: 2022121mv mv umgs B -=- （2分）解得 s m v B /4= （1分） 故滑块将做平抛运动 （1分） 假设滑块不会落到斜面上,平抛运动时间为t ,由平抛运动公式221gt h =则s ght 4.02==设滑块做平抛运动的水平位移为x,则m t v x B 6.1== 由于x=1.6m m h39.130tan =>,所以假设正确。
（判断3分）滑块的着地点与C 点的距离：m m x 21.0)39.16.1(=-=∆ （1分）12.解：(1)金属棒沿导轨下滑，速度增大，感应电流增大，安培力增大，加速度减小，当加速度减小到零时，金属棒受到的合外力为零，速度增加到最大，此后金属棒就以最大速度做匀速运动。
对金属棒受力分析，由力的平衡方程：θsin mg F =安 ① 当金属棒最大速度时感应电动势m Bdv E = ② 感应电流0R EI =③ 安培力BId F =安 ④ 由①②③④解得金属棒的最大速度s m 6sin 220==d B mgR v m θ⑤（2）金属棒MN 在导轨上运动的过程中，重力势能减少，动能增加，同时产生焦耳热，由能量守恒定律可知，减少的重力势能等于增加的动能与焦耳热之和，即：Q mv mgL m +=221sin θ ⑥ 故金属棒MN 在倾斜导轨上运动的过程中，电阻R 0上产生的热量：J 421sin 2=-=m mv mgL Q θ ⑦（3）当金属棒刚滑到倾斜导轨底端时已断开开关S ，故金属棒再滑回倾斜的轨道上时，不再产生安培力，从金属棒滑上水平轨道到第三次经过A 1A 2，重力做的总共为零，相当于只有摩擦力做功，由动能定理得：2221213-m A A mv mv S mg -=⨯'μ ⑧ 在A 1A 2对金属棒受力分析，支持力与重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：Rv m mg N A A2'=- ⑨由⑧⑨，根据牛顿第三定律，金属棒对轨道的压力：N 5662=+-==mg RmgSmv N F m N μ 方向竖直向下 ⑩13.。