【精编】2016年广东省佛山一中高考物理三模试卷与解析
2016年广东省高考物理三模试卷
2016年广东省高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.下列叙述正确的是（）A.牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.奥斯特首先发现了电流周围存在磁场C.磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大D.在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大【答案】B【解析】解：A、伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因．故A错误；B、奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，故B正确；C、磁感线越密的地方磁感应强度越大，但磁通量不一定也越大，磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关，故C错误D、在回旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大，在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．故D错误故选：B根据物理学史和常识解答AB选项，记住著名物理学家的主要贡献即可；磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关；在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.质量为m的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，已知运行周期为T，月球的半径为R，月球质量为M，引力常量为G，则（）A.月球表面的重力加速度为B.月球对卫星的万有引力为C.卫星以恒定的向心加速度运行D.卫星运行周期T与卫星质量有关【答案】A【解析】解：A、根据万有引力等于重力得，，解得g=．故A正确．B、月球对卫星的万有引力F=．故B错误．C、根据得，a=，T=，知向心加速度大小不变，但是方向始终指向圆心，时刻改变．周期与卫星的质量无关．故C、D错误．故选A．根据万有引力等于重力求出月球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力得出向心加速度的大小以及判断出周期与什么因素有关．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．3.如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A.射向P1板的是a离子B.射向P2板的是b离子C.射向A1的是c离子D.射向A2的是d离子【答案】A【解析】解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有q E=qv B．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．故选A．在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有q E=qv B．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q相同，质量大的半径大．解决本题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比较粒子偏转半径的大小．4.如图，金属棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则（）A.ab棒不受安培力作用B.ab棒所受安培力的方向向右C.ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D.螺线管产生的磁场，A端为N极【答案】C【解析】解：A：回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力，故A错误；B：根据楞次定律可知，感应电流总是起到阻碍的作用，故安培力的方向与导体棒一定的方向相反，应当向左，故B错误；C：ab棒向右运动时，E=BL v，，F=BIL，所以：，速度越大，所受安培力越大．故C正确；D：根据右手定则，ab中的电流的方向向上，流过螺旋管时，外侧的电流方向向下，根据右手螺旋定则，B端的磁场方向为N极．故D错误．回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力；感应电流的大小与运动速度有关，运动速度越大，所受安培力越大．该题考查楞次定律、右手定则及法拉第电磁感应定律，属于该部分知识的基本应用．属于简单题．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.如图所示，人和物处于静止状态、当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止、不计绳与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）A.绳的拉力大小不变B.人所受的合外力增大C.地面对人的摩擦力增大D.人对地面的压力减小【答案】AC【解析】解：A、物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg，故A正确；B、人保持静止状态，合力为零，故B错误；C、D、对人受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：N+mgsinθ=M gf=mgcosθ当人拉着绳向右跨出一步后，θ将变小：所以：f=mgcosθ会变大，N=M g-mgsinθ也将变大，故C正确，D错误；故选AC．当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，所以人和物始终处于平衡状态，分别对物体和任受力分析应用平衡条件分析即可．本题为平衡条件得应用：动态分析．常用的方法是画图法和解析式法，一般物体受3个力时常用画图法，受4个以上的力时用解析式法．6.物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，运动的v-t图象如图所示．则（）A.物体所受拉力是恒力B.物体所受拉力是变力C.第1s末和第4s末拉力的功率相等D.第5s末物体离出发点最远BD【解析】解：A、由速度时间图象可知，物体在运动的过程中的加速度是变化的，而重力是不变的，所以物体所受拉力一定是变力，所以A错误，B正确；C、第1s末和第4s末物体的速度是一样的，但是第1s末处于加速阶段，拉力大于重力，第4s末处于减速阶段，拉力小于重力，所以两个时刻的拉力大小不一样，功率不同，故C错误．D、根据速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，5s末位移最大，及第5s末物体离出发点最远，故D正确．故选BD．根据速度时间的图象，判断物体的受力的情况和运动的情况，知道速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，再由功率的公式就可以做出判断．要根据图象得出有用的信息，速度-时间图象中直线的斜率表示加速度的大小，面积表示位移，速度不变就表示物体处于受力平衡状态．7.在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A.灯泡L将变暗B.灯泡L将变亮C.电容器C的电荷量减小D.电容器C的电荷量增大【答案】AD【解析】解：A、B由题R增大，电流I=减小，灯泡L将变暗．故A正确，B错误．C、D路端电压U=E-I r增大，则电容器电量Q=CU增大．故C错误，D正确．故选AD．灯泡L和滑动变阻器R串联、电容器C和定值电阻R0串联后两条支路再并联．当电路稳定后，电容器这一路没有电流，相当于开关断开，对另一路没有影响．电容器的电压等于路端电压．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．本题关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压．8.用均匀导线做成的正方形线圈边长为l，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示，当磁场以的变化率增强时，则（）A.线圈中感应电流方向为acbdaB.线圈中产生的电动势C.线圈中a点电势高于b点电势D.线圈中a、b两点间的电势差为【答案】AB【解析】解：A、磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿acbda方向，故A正确；B、由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E==S=l××=•，故B正确；C、acb段导线相当于电源，电流沿a流向b，在电源内部电流从低电势点流向高电势点，因此a点电势低于b点电势，故C错误；D、设导线总电阻为R，则a、b两点间的电势差U ab=×=，故D错误；故选AB．由楞次定律可以判断出感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出a、b两点间的电势差．熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．9.如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小【答案】BD【解析】解：A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B 正确．C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|U MN|大于NQ 两点电势差|U NQ|．故C错误．D、根据电场力做功公式W=U q，|U MN|＞|U NQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．故选BD根据粒子轨迹的弯曲方向，判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．常见题型，比较简单．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．①木块的加速度可以用d、t表示为a= ______ ．②改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度与弹簧秤示数F的关系．如图2图象能表示该同学实验结果的是______ ．③用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是______ ．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．【答案】；C；BC【解析】解：①根据匀变速直线运动公式得：d=at2，解得：a=．（2）由牛顿第二定律可知，F-F0=ma，故a=F-，当F1＞F0时，木板才产生加速度．随着继续向瓶中加水后，矿泉水瓶的质量不断增加，矿泉水瓶的质量不能远小于木板的质量，那么水的重力与绳子的拉力差值越来越大，则图象出现弯曲．故选：C．（3）A、不可以改变滑动摩擦力的大小，故A错误．B、缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，故B正确．C、缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故C正确．D、并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度．故D错误；故选：BC．故答案为：①；②C；③BC．①长木板做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解加速度；②知道减小误差的常用方法是多次测量取平均值；③知道当水的质量远远小于木板的质量时，水的重力近似等于绳子的拉力实验要明白实验目的，懂得实验原理，科学选择器材，合理安排实验步骤，细心记录数据，认真分析和处理数据，总结实验结论．11.用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，器材有：电压表：0-3-15V；电流表：0-0.6-3A；变阻器R1（总电阻20Ω）；以及电键S和导线若干．①根据现有器材设计实验电路并连接电路实物图甲，要求滑动变阻器的滑动头在右端时，其使用的电阻值最大．______ V．③表为另一组同学测得的数据．可以发现电压表测得的数据______ ，将影响实验结果的准确性，原因是：______ ．【答案】1.5；间隔很小；电池的内阻太小【解析】解：①一节干电池电动势约为1.5V，因此电压表应选0～3V量程；由坐标系内所描点可知，电流的最大值为0.6A，则电流表应选0～0.6A量程，如果选0～3A量程，则电路最大电流为其量程的五分之一，读数误差太大；伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实物电路图如图所示：②根据坐标系中所描出的点作出干电池的U-I图象如图所示：由图示干电池U-I图线可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则干电池的电动势：E=1.5V．③由表中实验数据可知，电压表测量值间隔很小，这是由于电源（电池）内阻太小造成的．故答案为：①电路图如图所示；②图象如图所示；1.5；③间隔很小；电池的内阻太小．①根据电源电动势选择电压表量程，根据图示电流最大值选择电流表量程；由于电池内阻较小，所以对电源来说，电流表应采用外接法，根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理连接实物电路图．②根据坐标系内描出的点，作出电源的U-I图象；电源的U-I的纵轴截距是电源电动势，图象斜率的绝对值是电电源的内阻．本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义．要掌握描点法作图的方法．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图所示，完全相同的金属板P、Q带等量异种电荷，用绝缘杆将其连成一平行正对的装置，放在绝缘水平面上，其总质量为M，两板间距为d，板长为2d，在P板中央位置处有一小孔．一质量为m、电量为+q的粒子，从某一高度下落通过小孔后进入PQ，恰能匀速运动．外部的电场可忽略，板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g，求：①PQ间电场强度及电势差；②粒子下落过程中，装置对绝缘水平面的压力；③现给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场，要使粒子进入PQ后不碰板飞出，则粒子应距P板多高处自由下落？【答案】解：①因小球受力平衡，mg=q E得：E=电场方向向上PQ间的电势差U=E d=②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后小球受到向上大小等于mg的电场力，根据牛顿第三定律可得PQ对地的压力N2=M g+mg③依题意得：当粒子轨迹恰好与P板右边缘相切时，粒子圆周运动的半径R1=根据qv1B=m得v1=又由机械能守恒定律得mgh1=联立解得h1=h2=故要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．答：①PQ间电场强度E=，方向向上；电势差为；②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后PQ对地的压力N2=M g+mg；③要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．【解析】（1）粒子进PQ后，恰能匀速运动，重力与电场力平衡，由平衡条件求出电场强度E．（2）粒子进PQ前，装置对绝缘水平面的压力等于重力M g，粒子进PQ后，电场对粒子作用大小为mg，方向向上，根据牛顿第三定律，粒子对电场的力大小为mg，方向向下，则装置对绝缘水平面的压力等于总重力．（3）给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场后，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力．当轨迹恰好与P板、Q板右边缘相切时，粒子恰好进入PQ 后不碰板飞出，分别由几何知识这两种临界情况下粒子的半径，根据牛顿第二定律求出速度，由机械能守恒定律求出下落时的高度，得到小球应距P板高度范围．本题是电场、磁场与力学知识的综合应用，关键在于分析磁场中临界条件，抓住各过程之间的联系．13.如图所示，宽为L=0.1m的MN、PQ两平行光滑水平导轨分别与半径r=0.5m的相同竖直半圆导轨在N、Q端平滑连接，M、P端连接定值电阻R，质量M=2kg的cd绝缘杆垂直静止在水平导轨上，在其右侧至N、Q端的区域内充满竖直向上的匀强磁场，B=1T．现有质量m=1kg的ab金属杆，电阻为R o，R o=R=1Ω，它以初速度v0=12m/s水平向右与cd绝缘杆发生正碰后，进入磁场并最终未滑出，cd绝缘杆则恰好能通过半圆导轨最高点，不计其它电阻和摩擦，ab金属杆始终与导轨垂直且接触良好，取g=10m/s2，求：（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1；（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q．【答案】解：（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律有：解得：碰撞后cd绝缘杆滑至最高点的过程中，由动能定理有：解得碰撞后cd绝缘杆的速度：v2=5m/s两杆碰撞过程，动量守恒，设初速度方向为正方向，则有：mv0=mv1+M v2解得碰撞后ab金属杆的速度：v1=2m/s（2）ab金属杆进入磁场瞬间，由法拉第电磁感应定律：E=BL v1闭合电路欧姆定律：安培力公式：F ab=BIL联立解得：F ab===0.01N；（3）ab金属杆进入磁场后由能量守恒定律有：解得：Q=×1×22=2J（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1分别为5m/s和2m/s；答：（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab为0.01N；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q为2J．【解析】（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律可求得速度，再根据动能定理可求得碰撞cd的速度，则对碰撞过程分析，由动量守恒定律可求得碰后ab的速度；（2）对ab在磁场中运动分析，由E=BL v求得电动势，根据闭合电路欧姆定律以及安培力公式即可求得安培力；（3）对ab进入磁场过程进行分析，根据能量守恒定律可求得产生的热量．本题考查结合导体切割磁感线规律考查了功能关系以及动量守恒定律，要注意正确分析物理过程，明确导体棒经历的碰撞、切割磁感线、圆周运动等过程，明确各过程中物理规律的应用，要注意最高点时的临界问题以及动量守恒定律的应用方法等．。
2016佛山一模理综高清试题(word版)含答案
2015-2016学年佛山市普通高中教学质量检测（一）高三理科综合试题2016.1可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 S-32 C1-35.5第I卷—、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求。
1．下列关于细胞内RNA和DNA的叙述，错误的是A．RNA和ATP的元素组成相同B．mRNA是蛋白质合成的直接模板C．tRNA上每三个相邻的碱基称为1个反密码子D．DNA分子上分布着多个具有遗传效应的片段2．下列有关动物细胞结构的叙述，正确的是A．核糖体仅附着在内质网上B．细胞骨架是磷脂分子组成的网架结构C．有丝分裂末期形成细胞板与高尔基体有关D．中心体在有丝分裂间期倍增，前期参与形成纺锤体3．研究表明细胞癌变是细胞从已分化转变到未分化状态的过程，下列有关叙述正确的是A．癌细胞具有和正常分化细胞相近的细胞形态B．癌细胞内酶活性降低，细胞周期变短C．细胞癌变的实质是基因的选择性表达D．理论上可通过诱导癌细胞分化治疗癌症4．下图为特异性免疫过程的图解，下列说法错误的是A．物质①、②分别为淋巴因子和抗体B．当物质②攻击自身正常细胞时I引起机体产生过敏反应C．先天性胸腺发育不良的个体仍具有一定的体液免疫能力D．注射疫苗后可刺激机体产生细胞二和细胞三5.某男性因基因异常而患某种遗传病，下列说法正确的是A．若他的妻子也患该病，则其子代都会患病B．单个基因的异常不大可能导致此种遗传病C．该患者体内某些蛋白质的合成可能出现异常D．这种基因异常导致的疾病只能通过基因诊断确诊6.下列有关实验的叙述，正确的是A．用健那绿染液可将线粒体染成蓝绿色B．检验蛋白质可选用斐林试剂，并需水浴加热B．观察细胞的减数分裂宜选择蝗虫的精巢或卵巢D．调查土壤中小动物的丰富度应采用标志重捕法7．下列处理不当的是A．氯气泄漏时，用湿毛巾捂住嘴鼻往高处跑B．NH3泄漏时，向空中喷洒水雾C．钾、钠着火时，用大量水灭火D．湖水被酸雨污染，向湖水中喷洒石灰石粉末8、设N A为阿伏伽德罗常数的数值，下列说法正确的是A．22.4L氯气和氢气的混合气体含有2N A个原子B．0.1mol/L的NaHCO3溶液中HCO3-和CO32-离子数之和为0.1N AC．标准状况下，22.4L乙烯和丙烯的混合气体中含有的碳原子数目为2.5N AD．1molFeI2与1molCl2反应转移的电子数为2N A9．下列各组离子可以大量共存的是A．遇酚酞变红的溶液中：Na+、Cl-、Ba2+、CH3COO-B．常温下K w/c(H+)＝1×10-13mol/L的溶液中：SO42-、Fe2+、ClO-、NH4+C．水电离出的c(H+)＝10-10mol/L的溶液中：Na+、K+、Cl-、HCO3-D．0.5mol/LAlCl3溶液中可能大量存在：Ca2+、AlO2-、K+、CO32-10．下列实验操作、实验现象和结论均正确的是11．某有机物A的结构简式如右图所示，有关叙述中正确的是A．有机物A与浓硫酸混合加热，可以发生消去反应B．1molA和足量的H2发生加成反应，最多可以消耗4molH2C．1molA和足量NaOH溶液发生反应，最多可以消耗4molNaOHD．有机物A的同分异构体中能在稀硫酸下水解生成二苯酚的由6种12．X、Y、Z为短周期主族元素，X的最外层电子数为内层电子数的2倍，Y的最高化合价与最低化合价的代数和为4，Z与Y同周期，Z的原子半径小于Y。
广东省2016届高三3月适应性考试理综物理试题解析(解析版)
2016届3月广东高考全国卷适应性考试物理试题二、选择题（本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中． 14～18题只有一项符合题目要求．19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
） 14. 下列叙述中，符合物理学史实的是（ ）A.楞次总结出了电磁感应定律B.法拉第最先发现电流的磁效应C.库仑最早测出了元电荷e 的数值D.伽利略推翻了力是维持物体运动的原因的观点 【答案】D 【解析】试题分析：法拉第总结出了电磁感应定律，选项A 错误；奥斯特最先发现电流的磁效应，选项B 错误；密利根最早测出了元电荷e 的数值，选项C 错误；伽利略推翻了力是维持物体运动的原因的观点，选项D 正确；故选D. 考点：物理学史15. 甲、乙两卫星绕地球做圆周运动，甲的轨道半径比乙的小。
下列说法正确的是（ ） A.甲的加速度比乙的大 B.甲的向心力比乙的大 C.甲的周期比乙的大 D.甲的动能比乙的大 【答案】A 【解析】试题分析：根据2=MmF Gma r=向可知，因为甲的轨道半径比乙的小，则甲的加速度比乙的大，选项A 正确；因为卫星的质量不确定，则无法比较两卫星的动能和向心力，选项BD 错误；根据2224Mm G m r r T π=，解得2T π=C 错误；故选A.考点：万有引力定律的应用16. 真空中有两根足够长直导线ab 、cd 平行放置，通有恒定电流I 1、I 2，导线ab 的电流方向如图。
在两导线所在的平面内，一带电粒子由P 运动到Q ，轨迹如图中PNQ 所示，NQ 为直线，重力忽略不计。
下列说法正确的是（ ）A.该粒子带正电B.粒子从P到Q的过程中动能增加C.导线cd中通有从c到d方向的电流D.导线cd电流I2小于导线ab电流I1【答案】C【解析】考点：洛伦兹力；左手定则。
17. 如图所示，一质量为m1的光滑匀质球，夹在竖直墙面和倾角为θ的斜块之间，斜块质量为m2，斜块底面与水平地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，两者始终保持静止。
2016年高考全国3卷理综物理试题(word精校版有解析答案)
绝密★启封并使用完毕前试题类型：Ⅲ2016年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。
3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。
4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。
可能用到的相对原子质量：二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14．关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是A．开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D．开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律【答案】B【考点定位】考查了物理学史【方法技巧】平时学习应该注意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探索物理规律而付出的艰辛努力，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一15．关于静电场的等势面，下列说法正确的是A．两个电势不同的等势面可能相交B．电场线与等势面处处相互垂直C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功【答案】B【考点定位】考查了电势，等势面，电场力做功【方法技巧】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功，等势面越密，电场强度越大，等势面越疏，电场强度越小16．.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，动能变为原来的9倍。
该质点的加速度为A ．2s tB ．232s tC ．24s tD ．28s t【答案】A【考点定位】考查了匀变速直线运动规律的应用【方法技巧】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题。
【精品】2016年广东省佛山一中高考物理三模试卷含答案
2016年广东省佛山一中高考物理三模试卷一、选择题（本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）．1．（6分）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2．（6分）下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A放在斜面上，方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图所示．现将小物体B从A上表面上取走，则（）A．斜面一定静止B．斜面一定向左运动C．斜面可能向左运动D．A仍保持静止3．（6分）如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A．小球通过最高点时的最小速度v min=B．小球通过最高点时的最小速度v min=C．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力4．（6分）太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”．已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，则下列结论正确的是（）A．海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，相邻两次冲日的时间间隔为1.006年B．土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为5.04年C．天王星绕太阳运动的周期约为52.82年，相邻两次冲日的时间间隔为3.01年D．木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年5．（6分）CD、EF是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的长度为d，如图所示．导轨的右端接有一电阻R，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接．将一阻值也为R的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处．已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为μ，则下列说法中正确的是（）A．电阻R的最大电流为B．流过电阻R的电荷量为C．整个电路中产生的焦耳热为mghD．电阻R中产生的焦耳热为mgh6．（6分）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈a接在，μ=44sin314t（V）交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC．电压表V的示数为22VD．R1消耗的功率是1W7．（6分）如图所示，劲度数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间等于D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）8．（6分）如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在沿斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示．其中0～x1过程的图线是曲线，x1～x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是（）A．物体在沿斜面向下运动B．在0～x1过程中，物体的加速度一直增大C．在0～x2过程中，物体先减速再匀速D．在x1～x2过程中，物体的加速度为gsinθ三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（本大题共4小题，共129分）9．（6分）某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2．主要实验步骤如下：ⅰ．弹簧秤挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧秤的示数F；ⅱ．弹簧秤挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0o方向，绳套2沿120o方向，记下弹簧秤的示数F1；ⅲ．根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=①；ⅳ．比较②，即可初步验证；ⅴ．只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤．回答下列问题：（1）完成实验步骤：①；②；（2）将绳套1由0o方向缓慢转动到60o方向，同时绳套2由120o方向缓慢转动到180o方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳套2的夹角120o不变．关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是（填选项前的序号）A．逐渐增大B．先增大后减小C．逐渐减小D．先减小后增大．10．（9分）如图（甲）表示某电阻R随摄氏温度t变化的关系，图中R0表示0℃时的电阻，K表示图线的斜率．若用该电阻与电池（E，r）、电流表R g、变阻器R′串连起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”．①实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度t1＜t2，则t1的刻度应在t2的侧（填“左”、“右”）；②在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系．请用E、R0、K等物理量表示所测温度t与电流I的关系式：t=；③由②知，计算温度和电流的对应关系，需要测量电流表的内阻（约为200Ω）．已知实验室有下列器材：A．电阻箱（0～99.99Ω）；B．电阻箱（0～999.9Ω）；C．滑线变阻器（0～20Ω）；D．滑线变阻器（0～20kΩ）．此外，还有电动势合适的电源、开关、导线等．请在图丙方框内设计一个用“半偏法”测电流表内阻Rg的电路；在这个实验电路中，电阻箱应选；滑线变阻器应选．（只填代码）11．（14分）如图所示，半径为R的水平绝缘圆盘可绕竖直轴OO′转动，水平虚线AB、CD互相垂直，一电荷量为+q的可视为质点的小物块置于距转轴r处，空间有方向A指向B的匀强电场．当圆盘匀速转动时，小物块相对圆盘始终静止．小物块转动到位置Ⅰ（虚线AB上）时受到的摩擦力为零，转动到位置Ⅱ（虚线CD 上）时受到的摩擦力为f．求：（1）圆盘边缘两点间电势差的最大值；（2）小物块由位置Ⅰ转动到位置Ⅱ克服摩擦力做的功．12．（18分）如图所示，等腰直角三角形ACD的直角边长为2a，P为AC边的中点，Q为CD边上的一点，DQ=a．在△ACD区域内，既有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，又有电场强度大小为E的匀强电场，一带正电的粒子自P点沿平行于AD的直线通过△ACD区域．不计粒子的重力．（1）求电场强度的方向和粒子进入场区的速度大小v0；（2）若仅撤去电场，粒子仍以原速度自P点射入磁场，从Q点射出磁场，求粒子的比荷；（3）若仅撤去磁场，粒子仍以原速度自P点射入电场，求粒子在△ACD区域中运动的时间．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理-选修3-3】13．（5分）下列说法正确的是（）A．当一定量气体吸热时，其内能可能减小B．玻璃、石墨和金刚石都是晶体，木炭是非晶体C．气体分子单位时间内和单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度有关D．当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子所受其它分子作用力的合力总是指向液体内部E．单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点14．（10分）如图所示，一个上下都与大气相通的直圆筒，内部横截面的面积S=0.01m2，中间用两个活塞A与B封住一定质量的理想气体，A、B都可沿圆筒无摩擦地上、下滑动，但不漏气，A的质量可不计、B的质量为M，并与一劲度系数k=5×103N/m的较长的弹簧相连．已知大气压强p0=1×105Pa，平衡时，两活塞间的距离l0=0.6m．现用力压A．使之缓慢向下移动一定距离后，保持平衡．此时，用于压A的力F=5×102N．求：（假定气体温度保持不变．）（1）此时两活塞间的距离（2）活塞A向下移的距离．（3）大气压对活塞A和活塞B做的总功．【物理-选修3-4】（15分）15．一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向传播，波源位于坐标原点O，t=0时开始振动，3s时停止振动，3.5s时的波形如图所示，其中质点a的平衡位置与O的距离为5.0m．以下说法正确的是（）A．波速为4 m/sB．波长为6 mC．波源起振方向沿y轴正方向D．2.0 s～3.0 s内质点a沿y轴负方向运动E．0～3.0 s内质点a通过的总路程为1.4 m16．如图所示，由某种透明物质制成的直角三棱镜ABC，折射率n=3，∠A=30°．一束与BC面成30°角的光线从O点射入棱镜，从AC面上O′点射出．不考虑光在BC面上的反射，求从O′点射出的光线的方向．【物理-选修3-5】（15分）17．下列说法中正确定的是 （）A．核反应方程U→Th+He属于裂变B．根据爱因斯坦质能方程，物体具有的能量和它的质量之间存在着正比关系C．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D．中子与质子结合成氘核的过程中需要放出能量E．氢原子辐射出一个光子后，根据玻尔理论可知氢原子的电势能减少，核外电子的运动的加速度增大18．如图所示，光滑水平面上放着质量都为m的物块A和B，A紧靠着固定的竖直挡板，A、B 间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），用手挡住B 不动，此时弹簧弹性势能为mv02．在A、B间系一轻质细绳，细绳的长略大于弹簧的自然长度．放手后绳在短暂时间内被拉断，之后B继续向右运动，一段时间后与向左匀速运动、速度为v0的物块C发生碰撞，碰后B、C立刻形成粘合体并停止运动，C的质量为2m．求：（ⅰ）B、C相撞前一瞬间B的速度大小；（ⅱ）绳被拉断过程中，绳对A所做的功W．2016年广东省佛山一中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）．1．（6分）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【解答】解：A、1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系．故A正确．B、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象．故B正确．C、法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流．故C错误．D、楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．故D正确．故选ABD2．（6分）下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A放在斜面上，方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图所示．现将小物体B从A上表面上取走，则（）A．斜面一定静止B．斜面一定向左运动C．斜面可能向左运动D．A仍保持静止【解答】解：令A、B的质量分别为M和m，以AB整体为研究对象受力分析，如图所示，根据平衡条件有：F=（M+m）gtanθ取走质量为m的B后，没斜面方向Fcosθ=（M+m）gsinθ＞Mgsinθ，故A将向上滑动，B在A上时，斜面对A的支持力N=Fsinθ+（M+m）gcosθ，当取走质量为m的B后，斜面对A的支持力N′=Fsinθ+Mgcosθ，根据牛顿第三定律知，A对斜面的压力减小，小物体B未从A上表面上取走时，A对斜面压力的水平分力不大于地面对斜面的最大静摩擦力，取走B后，A对斜面的压力减小，仍满足A对斜面压力的水平分力不大于地面对斜面的最大静摩擦力，故斜面仍保持与地面静止，故A正确，BCD错误；故选：A3．（6分）如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A．小球通过最高点时的最小速度v min=B．小球通过最高点时的最小速度v min=C．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力【解答】解：A、在最高点，由于外管或内管都可以对小球产生弹力作用，当小球的速度等于0时，内管对小球产生弹力，大小为mg，故最小速度为0．故AB 错误．C、小球在水平线ab以下管道运动，由于沿半径方向的合力提供做圆周运动的向心力，所以外侧管壁对小球一定有作用力，而内侧管壁对小球一定无作用力．故C正确．D、小球在水平线ab以上管道运动，由于沿半径方向的合力提供做圆周运动的向心力，当速度非常大时，内侧管壁没有作用力，此时外侧管壁有作用力．当速度比较小时，内侧管壁有作用力力．故D错误．故选：C．4．（6分）太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”．已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，则下列结论正确的是（）A．海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，相邻两次冲日的时间间隔为1.006年B．土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为5.04年C．天王星绕太阳运动的周期约为52.82年，相邻两次冲日的时间间隔为3.01年D．木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年【解答】解：根据开普勒第三定律，有：；解得：T=；故T火==1.84年；T木==11.86年；T土==29.28年；T天==82.82年；T海==164.32年；如果两次行星冲日时间间隔为t年，则地球多转动一周，有：2π=（）t解得：t=故天王星相邻两次冲日的时间间隔为：t天=≈1.01年；土星相邻两次冲日的时间间隔为：t土=≈1.04年；木星相邻两次冲日的时间间隔为：年A、海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，故A错误；B、土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为1.04年，故B错误；C、天王星绕太阳运动的周期约为82.82年，相邻两次冲日的时间间隔为1.01年；故C错误；D、木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年；故D正确；故选：D．5．（6分）CD、EF是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的长度为d，如图所示．导轨的右端接有一电阻R，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接．将一阻值也为R的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处．已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为μ，则下列说法中正确的是（）A．电阻R的最大电流为B．流过电阻R的电荷量为C．整个电路中产生的焦耳热为mghD．电阻R中产生的焦耳热为mgh【解答】解：A、金属棒下滑过程中，由机械能守恒定律得：mgh=mv2，金属棒到达水平面时的速度v=，金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则导体棒刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为E=BLv，最大的感应电流为I==，故A错误；B、流过电阻R的电荷量q==，故B正确；C、金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh﹣W B﹣μmgd=0﹣0，则克服安培力做功：W B=mgh﹣μmgd，所以整个电路中产生的焦耳热为Q=W B=mgh﹣μmgd，故C错误；D、克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：Q R=Q=（mgh﹣μmgd），故D错误．故选：B6．（6分）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈a接在，μ=44sin314t（V）交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC．电压表V的示数为22VD．R1消耗的功率是1W【解答】解：ABC、由公式可知，角速度ω=100π，则f===50Hz；故A 错误；灯泡正常发光，故副线圈中电流为I===0.5A；故电压表示数为：U2=12+IR2=12+0.5×16=20V；故穿过铁芯的磁通量的最大变化率为：=Wb/s；故B正确，C错误；D、由电压之比等于匝数之比可知，输出端电压为40V，R1两端的电压为U1=44﹣40=4V；根据电流之比等于匝数的反比可得：I1=0.25A；则功率P=UI=4×0.25=1W；故D正确；故选：BD．7．（6分）如图所示，劲度数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间等于D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）【解答】解：A．撤去力F后，物体受四个力作用，竖直方向上重力和地面支持力是一对平衡力，水平方向受向左的弹簧弹力和向右的摩擦力，合力F合=F弹﹣f，根据牛顿第二定律物体产生的加速度a=．撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故A错误；B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为：a===﹣μg，故B正确；C．由题意知，物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由牛顿第二定律得：匀减速运动的加速度大小为a==μg．将此运动看成向右的初速度为零的匀加速运动，则：3x0=at2，得t==，故C正确；D．由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为x=，则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为W=μmg（x0﹣x）=μmg（x0﹣），故D正确．故选：BCD．8．（6分）如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在沿斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示．其中0～x1过程的图线是曲线，x1～x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是（）A．物体在沿斜面向下运动B．在0～x1过程中，物体的加速度一直增大C．在0～x2过程中，物体先减速再匀速D．在x1～x2过程中，物体的加速度为gsinθ【解答】解：A、在0～x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，拉力方向向上，所以位移方向向下，故物体在沿斜面向下运动，故A正确；B、根据功能关系得：△E=F•△x，得F=，则知图线的斜率表示拉力，在0～x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零．根据a=，可知，加速度一直增大，故B正确；C、在0～x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以物体做加速运动．x1～x2过程中，F=0，物体做匀加速运动，故C错误；D、在x1～x2过程中，拉力F=0，机械能守恒，此时加速度为a==gsinθ，故D正确．故选：ABD．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（本大题共4小题，共129分）9．（6分）某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2．主要实验步骤如下：ⅰ．弹簧秤挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧秤的示数F；ⅱ．弹簧秤挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0o方向，绳套2沿120o方向，记下弹簧秤的示数F1；ⅲ．根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=①；ⅳ．比较②，即可初步验证；ⅴ．只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤．回答下列问题：（1）完成实验步骤：①；②F1和F1′；（2）将绳套1由0o方向缓慢转动到60o方向，同时绳套2由120o方向缓慢转动到180o方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳套2的夹角120o不变．关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是A（填选项前的序号）A．逐渐增大B．先增大后减小C．逐渐减小D．先减小后增大．【解答】解：（1）①根据的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=Ftan30°=，②通过比较F1和F1′，在误差范围内相同，则可初步验证，（2）两个绳套在转动过程中，合力保持不变，根据平行四边形定则画出图象，如图所示：根据图象可知，绳套1的拉力大小逐渐增大，故A正确．故选：A故答案为：（1）①，②F1和F1′；（2）A10．（9分）如图（甲）表示某电阻R随摄氏温度t变化的关系，图中R0表示0℃时的电阻，K表示图线的斜率．若用该电阻与电池（E，r）、电流表R g、变阻器R′串连起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”．①实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度t1＜t2，则t1的刻度应在t 2的右侧（填“左”、“右”）；②在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系．请用E、R0、K等物理量表示所测温度t与电流I的关系式：t=﹣（R g+r+R′+R0）；③由②知，计算温度和电流的对应关系，需要测量电流表的内阻（约为200Ω）．已知实验室有下列器材：A．电阻箱（0～99.99Ω）；B．电阻箱（0～999.9Ω）；C．滑线变阻器（0～20Ω）；D．滑线变阻器（0～20kΩ）．此外，还有电动势合适的电源、开关、导线等．请在图丙方框内设计一个用“半偏法”测电流表内阻Rg的电路；在这个实验电路中，电阻箱应选B；滑线变阻器应选D．（只填代码）【解答】解：解：①由图甲所示图象可知，随温度升高电阻阻值增大，温度t1＜t2，温度为温度t1时的电阻小于温度为t2时的电阻，电源电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，温度为t1时电路电流大，电流表偏转角大，由此可知，t1刻度应在t2的右侧；②根据由图示电路图由闭合电路的欧姆定律得：E=I（r+R+R g+R′），由图甲所示图象可知：R=R0+kt，解得：t=﹣（R g+r+R′+R0）；③应用半偏法测电流表内阻的实验电路图如图所示：。
2016年全国大联考高考物理三模试卷和答案(新课标ⅲ卷)
2016年全国大联考高考物理三模试卷（新课标Ⅲ卷）一、选择题：本题共8个小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）在研究物理学的过程中，往往要接触到研究物理的方法，下列说法正确的是（）A．伽利略在证明自由落体运动是匀变速直线运动时，采用了等效替代法B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法D．在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法2．（6分）如图1所示为一足够长的光滑斜面，一定质量的滑块从斜面的底端由静止开始在一沿斜面向上的外力作用下运动，经10s的时间撤走外力，利用速度传感器在计算机上描绘了滑块在0～30s内的速度﹣时间图象，如图2所示．则下列说法正确的是（）A．滑块在0～10 s内的平均速度等于10～20 s内的平均速度B．滑块在0～30 s内的位移最大C．滑块在10～20 s内的加速度与20～30 s内的加速度等大反向D．滑块在10～20 s内的位移与20～30 s内的位移等大反向3．（6分）已知火星的质量比地球的小，火星的公转半径比地球的大．如果将火星和地球互换位置，则（）A．火星的公转周期将小于365天B．在地球表面发射卫星的第一宇宙速度将大于7.9 km/sC．火星公转的半径的三次方与公转周期平方的比值与地球公转的半径的三次方与公转周期平方的比值仍然相等D．火星和地球受太阳的万有引力不变4．（6分）如图所示，一质量为m的物块静止在倾角为θ的斜面上．现物块受到与斜面成α角的力F作用，且仍处于静止状态．若增大力F，物块和斜面始终保持静止状态．则（）A．物块受到斜面的摩擦力变小B．物块对斜面的压力变小C．斜面受地面的摩擦力大小不变D．斜面对地面的压力大小不变5．（6分）如图所示电场，实线表示电场线．一个初速度为v的带电粒子仅在电场力的作用下从a点运动到b点，虚线表示其运动的轨迹．则（）A．粒子带正电B．粒子受到的电场力不断减小C．a点电势高于b点电势D．电场力一直做正功，动能增加6．（6分）如图所示，匀强磁场垂直于纸面向里，匀强电场竖直向上．质量为m、电荷量为q的小球以速率v在复合场区域做匀速圆周运动．已知匀强磁场的磁感应强度为B，重力加速度为g．则（）A．小球带负电B．电场强度大小为C．小球做圆周运动的半径为D．小球做圆周运动的周期为7．（6分）一个理想变压器，开始时开关S接1，此时原、副线圈的匝数比为9：1．一个理想二极管和一个滑动变阻器串联接在副线圈上，此时滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω，如图1所示．原线圈接入如图2所示的正弦式交流电．则下列判断正确的是（）A．电压表的示数为4 VB．滑动变阻器消耗的功率为0.8 WC．若将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，电流表示数将变大D．若将二极管用导线短接，电流表示数加倍8．（6分）如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左右两侧存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，圆环的电阻为2R．一根长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着圆环以角速度ω沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒MN与圆环始终接触良好，则下列说法正确的是（）A．金属棒MN两端的电压大小为Bωr2B．圆环消耗的电功率是变化的C．圆环中电流的大小为D．金属棒MN旋转一周的过程中，电路中产生的热量为二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（5分）某活动小组利用如图所示的装置测定物块A与桌面间的最大静摩擦力，步骤如下：a．如图所示组装好器材，使连接物块A的细线与水平桌面平行b．缓慢向矿泉水瓶内加水，直至物块A恰好开始运动c．用天平测出矿泉水瓶及水的总质量md．用天平测出物块A的质量M（1）该小组根据以上过程测得的物块A与桌面间的最大静摩擦力为，本小组采用注水法的好处是．（当地重力加速度为g）（2）若认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A与桌面间的动摩擦因数为．10．（10分）新能源汽车是今后汽车发展的主流方向，如图1所示为车载动力电池，其技术参数是额定容量约120A•h，额定电压约3.3V，内阻约0.03Ω．现有一个用了很长时间已经老化的这种电池，某研究小组想测量这个电池的电动势和内阻，但实验器材仅有一个电流表（量程100mA、内阻90Ω）、﹣个定值电阻R0=10Ω、一个电阻箱R、一个开关S和导线若干．该同学按如图2所示电路进行实验，测得的数据如下表所示．（1）实验中将电流表与定值电阻并联实质上是把电流表改装成了大量程的电流表，则改装后的电流表的测量值I与原电流表的读数I0的关系为．（2）若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作（填“R﹣I”或“R﹣”）图象．（3）利用测得的数据在图3坐标纸上作出适当的图象．（4）由图象可知，该电池的电动势E=V，内阻r=Ω．11．（14分）随着时代的不断发展，快递业发展迅猛，大量的快件需要分拣．为了快件的安全，某网友发明了一个缓冲装置，其理想模型如图所示．劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可在固定的槽内移动，与槽间有恒定的滑动摩擦力作用，轻杆向下移动一定距离后才停下，保证了快件的安全．一质量为m 的快件从弹簧上端l处由静止释放，沿斜面下滑后与轻杆相撞，轻杆与槽间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，大小为f=mg，不计快件与斜面间的摩擦．（1）求快件与弹簧相撞时的速度大小．（2）若弹簧的劲度系数为k=，求轻杆开始移动时，弹簧的压缩量x1．（3）已知弹簧的弹性势能表达式为E p=，其中k为劲度系数，x为弹簧的形变量．试求（2）情况下，轻杆向下运动时快件的加速度a，以及轻杆向下移动的最大距离x2．12．（18分）如图所示，A、B是一对平行的金属板，在两板间加上一周期为T 的交变电压．B板的电势φB=0，A板的电势φA随时间的变化规律为：在0～时间内φA=U（正的常量）；在～T时间内φA=﹣U．现有一电荷量为q、质量为m 的带负电粒子从B板上的小孔S处进入两板间的电场区内，设粒子的初速度和重力均可忽略．（1）若粒子是在t=0时刻进入的，且经过2T时间恰好到达A板，则A、B两板间距d1为多大？（2）若粒子是在t=时刻进入的，且经过时间恰好到达A板，则A、B两板间距d2为多大？（3）若粒子是在t=时刻进入的，且A、B两板间距足够大，则粒子经过多长时间离开电场？(二）选考题，请考生任选一模块作答[物理--选修3-3]（15分）13．（5分）下列说法中正确的是（）A．分子间的距离增大时，分子势能一定增大B．晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点C．根据热力学第二定律可知，热量不可能从低温物体传到高温物体D．物体吸热时，它的内能可能不增加E．一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热14．（10分）如图，在圆柱形气缸中用一光滑导热活塞封闭一定质量的理想气体，在气缸底部开有一小孔，与U形导管相连，稳定后导管两侧水银面的高度差为h=1.5cm，此时活塞离容器底部的高度为L=50cm．已知气缸横截面积S=0.01m2，室温t0=27℃，外界大气压强为p0=75cm，Hg=1.0×105 Pa．（i）求活塞的质量；（ii）使容器内温度降至﹣63℃，求此时U形管两侧水银面的高度差和活塞离容器底部的高度L′．[物理--选修3-4]（15分）15．一列简谐横波沿x轴传播，已知x轴上x1=0和x2=1m处两质点a、b的振动图象如图1、2所示，该波的波长λ＞1m．则下列说法中正确的是（）A．该波的频率为0.04 HzB．该波的周期为0.04 sC．该波的波长一定为4 mD．该波的传播速度可能为100 m/sE．两质点a、b不可能同时在波峰或波谷位置16．某探究小组的同学利用直角三棱镜做光学实验，棱镜的横截面如图所示，α=30°，BC边长度为a．P为垂直于直线BC的光屏．现有一宽度等于AB边长度的平行单色光束垂直射向AB面，棱镜的折射率为，已知sin75°=，cos75°=，求：（i）光线从AC面射出时的折射角；（ii）在光屏P上被折射光线照亮的光带的宽度．[物理--选修3-5]（15分）17．下列说法正确的是（）A．黑体辐射电磁波的强度只与黑体的温度有关B．光子与电子是同一种粒子C．发现中子的核反应方程是D．比结合能越小，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定E．玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，成功地解释了氢原子光谱的实验规律18．如图所示，甲、乙两小孩各乘一辆冰车在山坡前的水平冰道上做游戏．甲和他的冰车的总质量M=40kg，从山坡上自由下滑到水平冰道上的速度v1=3m/s；乙和他的冰车的总质量m=60kg，以大小为v2=0.5m/s的速度迎着甲滑来，与甲相碰．不计一切摩擦，山坡与水平冰道间光滑连接．求：（i）相碰后两人在一起共同运动的速度v；（ii）相碰后乙获得速度v2′=2m/s，则以后在原直线上运动甲、乙两人是否还会相碰．2016年全国大联考高考物理三模试卷（新课标Ⅲ卷）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8个小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）在研究物理学的过程中，往往要接触到研究物理的方法，下列说法正确的是（）A．伽利略在证明自由落体运动是匀变速直线运动时，采用了等效替代法B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法D．在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法【解答】解：A、伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验和逻辑推理的方法．故A错误．B、“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功．”用的是反证法．故B错误．C、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法理想模型法．故C错误．D、在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法．故D正确．故选：D2．（6分）如图1所示为一足够长的光滑斜面，一定质量的滑块从斜面的底端由静止开始在一沿斜面向上的外力作用下运动，经10s的时间撤走外力，利用速度传感器在计算机上描绘了滑块在0～30s内的速度﹣时间图象，如图2所示．则下列说法正确的是（）A．滑块在0～10 s内的平均速度等于10～20 s内的平均速度B．滑块在0～30 s内的位移最大C．滑块在10～20 s内的加速度与20～30 s内的加速度等大反向D．滑块在10～20 s内的位移与20～30 s内的位移等大反向【解答】解：A、根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，可知，滑块在0～10 s内的位移大于10～20 s内的位移，则滑块在0～10 s内的平均速度大于10～20 s内的平均速度．故A错误．B、根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，图象在时间轴上方表示的位移为正，图象在时间轴下方表示的位移为负，则知滑块在0～20 s内的位移最大．故B错误．C、图象的斜率表示加速度，而直线的斜率是一定值，所以滑块在10～20 s内的加速度与20～30 s内的加速度等大同向，故C错误．D、根据面积表示位移，可知滑块在10～20 s内的位移与20～30 s内的位移等大反向，故D正确．故选：D3．（6分）已知火星的质量比地球的小，火星的公转半径比地球的大．如果将火星和地球互换位置，则（）A．火星的公转周期将小于365天B．在地球表面发射卫星的第一宇宙速度将大于7.9 km/sC．火星公转的半径的三次方与公转周期平方的比值与地球公转的半径的三次方与公转周期平方的比值仍然相等D．火星和地球受太阳的万有引力不变【解答】解：A、根据万有引力提供向心力，有，解得，火星和地球的位置互换，火星的公转周期将等于365天，故A错误．B、根据，解得第一宇宙速度公式，地球质量和半径不变，所以在地球表面发射卫星的第一宇宙速度将仍等于7.9km/s，故B错误．C、根据开普勒第三定律，对同一个中心天体的比值相等，故C正确．D、根据万有引力定律，火星和地球与太阳之间的距离改变，所以万有引力改变，故D错误．故选：C4．（6分）如图所示，一质量为m的物块静止在倾角为θ的斜面上．现物块受到与斜面成α角的力F作用，且仍处于静止状态．若增大力F，物块和斜面始终保持静止状态．则（）A．物块受到斜面的摩擦力变小B．物块对斜面的压力变小C．斜面受地面的摩擦力大小不变D．斜面对地面的压力大小不变【解答】解：A、对物块受力分析，受到重力、斜面的支持力N、拉力F以及斜面对物块的摩擦力f，根据平衡条件可知，若mgsinθ＞Fcosα，则f=mgsinθ﹣Fcosα，F增大，f减小，若mgsinθ＜Fcosα，则f=Fcosα﹣mgsinθ，F增大，f增大，N=mgcosα﹣Fsinα，F增大，N减小，根据牛顿第三定律可知，物块对斜面的压力变小，故A错误，B正确；C、把物块和斜面看成一个整体，设斜面质量为M，对整体，根据平衡条件得：地面对斜面的支持力N′=（M+m）g﹣Fsin（α+θ），F增大，N′减小，根据牛顿第三定律可知，斜面对地面的压力大小减小，斜面受地面的摩擦力f′=Fcos（α+θ），F增大，f′增大，故CD错误．故选：B5．（6分）如图所示电场，实线表示电场线．一个初速度为v的带电粒子仅在电场力的作用下从a点运动到b点，虚线表示其运动的轨迹．则（）A．粒子带正电B．粒子受到的电场力不断减小C．a点电势高于b点电势D．电场力一直做正功，动能增加【解答】解：A、由轨迹弯曲方向可判断出电场力方向，受力方向指向弧内，则粒子带负电荷，故A错误．B、电场线的疏密代表电场的强弱，从a到b，电场强度先增大后减小，则粒子受到的电场力先增大后减小，故B错误；C、沿着电场线方向电势降低，则a点电势高于b点电势，故C正确；D、电场力方向与速度方向夹角大于90°，一直做负功，动能减小．故D错误．故选：C6．（6分）如图所示，匀强磁场垂直于纸面向里，匀强电场竖直向上．质量为m、电荷量为q的小球以速率v在复合场区域做匀速圆周运动．已知匀强磁场的磁感应强度为B，重力加速度为g．则（）A．小球带负电B．电场强度大小为C．小球做圆周运动的半径为D．小球做圆周运动的周期为【解答】解：A、小球做匀速圆周运动，靠洛伦兹力提供向心力，则mg=qE，电场力方向竖直向上，那么小球带正电，故A错误．B、由mg=qE，得电场强度大小为E=，故B错误．C、洛伦兹力提供向心力qvB=m，得圆周运动的半径R=，故C正确．D、小球做圆周运动的周期T==，故D正确．故选：CD7．（6分）一个理想变压器，开始时开关S接1，此时原、副线圈的匝数比为9：1．一个理想二极管和一个滑动变阻器串联接在副线圈上，此时滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω，如图1所示．原线圈接入如图2所示的正弦式交流电．则下列判断正确的是（）A．电压表的示数为4 VB．滑动变阻器消耗的功率为0.8 WC．若将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，电流表示数将变大D．若将二极管用导线短接，电流表示数加倍【解答】解：A、原线圈交流电压的有效值为：，根据电压与匝数成正比，，得：，二极管具有单向导电性，根据电流的热效应有：，解得：，即电压表读数为，故A错误；B、滑动变阻器消耗的功率为：，故B正确；C、将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，根据电压与匝数成正比，副线圈电压变小，滑动变阻器电阻变大，输出功率变小，输入功率变小，根据，电流表示数将变小，故C错误；D、用将二极管用导线短接，输出功率加倍，输入功率加倍，电流表示数加倍，故D正确；故选：BD8．（6分）如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左右两侧存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，圆环的电阻为2R．一根长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着圆环以角速度ω沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒MN与圆环始终接触良好，则下列说法正确的是（）A．金属棒MN两端的电压大小为Bωr2B．圆环消耗的电功率是变化的C．圆环中电流的大小为D．金属棒MN旋转一周的过程中，电路中产生的热量为【解答】解：A、C、由右手定则，MN中电流方向由N到M，根据法拉第电磁感应定律可得，产生的感应电动势为两者之和，即E=2Bω=Bωr2，保持不变．环的电阻由两个电阻为R的半圆电阻并联组成，所以环的总电阻为，所以通过导体MN的电流：I==MN两端的电压：=所以流过环的电流：．故A正确，C正确；B、由A的分析可知，流过环的电流不变，则环消耗的电功率不变，故B错误；D、MN旋转一周外力做功为=，故D正确；故选：ACD二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（5分）某活动小组利用如图所示的装置测定物块A与桌面间的最大静摩擦力，步骤如下：a．如图所示组装好器材，使连接物块A的细线与水平桌面平行b．缓慢向矿泉水瓶内加水，直至物块A恰好开始运动c．用天平测出矿泉水瓶及水的总质量md．用天平测出物块A的质量M（1）该小组根据以上过程测得的物块A与桌面间的最大静摩擦力为mg，本小组采用注水法的好处是可以连续的改变拉力．（当地重力加速度为g）（2）若认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A与桌面间的动摩擦因数为．【解答】解：（1）根据共点力平衡可知，最大静摩擦力f=mg，可以连续不断地注入水，即连续不断的改变拉力（2）根据共点力平衡可知，μMg=mag解得故答案为：（1）mg，可以连续的改变拉力；（2）10．（10分）新能源汽车是今后汽车发展的主流方向，如图1所示为车载动力电池，其技术参数是额定容量约120A•h，额定电压约3.3V，内阻约0.03Ω．现有一个用了很长时间已经老化的这种电池，某研究小组想测量这个电池的电动势和内阻，但实验器材仅有一个电流表（量程100mA、内阻90Ω）、﹣个定值电阻R0=10Ω、一个电阻箱R、一个开关S和导线若干．该同学按如图2所示电路进行实验，测得的数据如下表所示．（1）实验中将电流表与定值电阻并联实质上是把电流表改装成了大量程的电流表，则改装后的电流表的测量值I与原电流表的读数I0的关系为I=10I0．（2）若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作R﹣（填“R﹣I”或“R﹣”）图象．（3）利用测得的数据在图3坐标纸上作出适当的图象．（4）由图象可知，该电池的电动势E= 3.2V，内阻r=2Ω．【解答】解：（1）由图可知，电流表与定值电阻并联，则根据并联电路规律可知，I=I0+=10I0；（2）本实验采用电阻箱和电流表串联来测量电动势和内电阻，则根据闭合电路欧姆定律可知：I=，要想得出直线，同应变形为：R=E﹣r；故应作出R﹣图象；（3）根据（1）可知，电流是电流表示数的10倍，求出表中各对应的电流的倒数，在图中作出R﹣图象如图所示；（4）根据（2）中表达式可知，图中斜率表示电动势E，则E==3.2V；图象与纵坐标的交点表示内阻，则r=2Ω；故答案为：（1）I=10I0；（2）R﹣；（3）如图所示；（4）3.2；2．11．（14分）随着时代的不断发展，快递业发展迅猛，大量的快件需要分拣．为了快件的安全，某网友发明了一个缓冲装置，其理想模型如图所示．劲度系数足够大的轻质弹簧与轻杆相连，轻杆可在固定的槽内移动，与槽间有恒定的滑动摩擦力作用，轻杆向下移动一定距离后才停下，保证了快件的安全．一质量为m 的快件从弹簧上端l处由静止释放，沿斜面下滑后与轻杆相撞，轻杆与槽间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，大小为f=mg，不计快件与斜面间的摩擦．（1）求快件与弹簧相撞时的速度大小．（2）若弹簧的劲度系数为k=，求轻杆开始移动时，弹簧的压缩量x1．（3）已知弹簧的弹性势能表达式为E p=，其中k为劲度系数，x为弹簧的形变量．试求（2）情况下，轻杆向下运动时快件的加速度a，以及轻杆向下移动的最大距离x2．【解答】解：（1）由于不计快件与斜面间的摩擦，所以快件向下运动的过程中机械能守恒，得：①所以：v1==（2）轻杆开始移动时，弹簧的弹力F=kx1②且F=f=mg ③解得x1==（3）轻杆开始移动时，弹簧的弹力F=kx=④沿斜面的方向，选取向下为正方向，由牛顿第二定律得：ma=mgsinθ﹣F ⑤联立④⑤得：a=负号表示方向向上．设杆移动前快件对弹簧所做的功为W，则快件开始运动到杆刚刚开始运动的过程中，对快件由动能定理得：⑥由于快件对弹簧所做的功为W转化为弹簧的弹性势能，即：W=E p=⑦联立得：快件向下做减速运动，有运动学的公式得：所以：答：（1）求快件与弹簧相撞时的速度大小是．（2）若弹簧的劲度系数为k=，轻杆开始移动时，弹簧的压缩量是．（3）已知弹簧的弹性势能表达式为E p=，其中k为劲度系数，x为弹簧的形变量．在（2）情况下，轻杆向下运动时快件的加速度大小是，方向向上，轻杆向下移动的最大距离x2是l．12．（18分）如图所示，A、B是一对平行的金属板，在两板间加上一周期为T 的交变电压．B板的电势φB=0，A板的电势φA随时间的变化规律为：在0～时间内φA=U（正的常量）；在～T时间内φA=﹣U．现有一电荷量为q、质量为m 的带负电粒子从B板上的小孔S处进入两板间的电场区内，设粒子的初速度和重力均可忽略．（1）若粒子是在t=0时刻进入的，且经过2T时间恰好到达A板，则A、B两板间距d1为多大？（2）若粒子是在t=时刻进入的，且经过时间恰好到达A板，则A、B两板间距d 2为多大？（3）若粒子是在t=时刻进入的，且A、B两板间距足够大，则粒子经过多长时间离开电场？【解答】解：（1）0﹣内，向上做匀加速直线运动，加速度为：a=；位移为：y1=；结合分析中内容“在一个周期内，前半个周期受到的电场力向上，向上做加速运动，后半个周期受到的电场力向下，继续向上做减速运动，T时刻速度为零，接着周而复始“，做出v﹣t图象，如图所示：故前2T内的位移：y=4y1=d1；联立解得：d1=；（2）若粒子是在t=时刻进入的，且经过时间恰好到达A板，画出v﹣t图象，如上图中红色的坐标轴所示：v﹣t图象与时间轴包围的面积表示位移大小，故：d2===，解得：d2=；（3）若粒子是在t=时刻进入的，做出v﹣t图象，如图所示：显然在向上匀加速运动，向上匀减速，开始向下匀加速，直到离开电场，根据位移公式，有：0=×2﹣解得：t=；答：（1）若粒子是在t=0时刻进入的，且经过2T时间恰好到达A板，则A、B 两板间距d1为；（2）若粒子是在t=时刻进入的，且经过时间恰好到达A板，则A、B两板间距d2为；（3）若粒子是在t=时刻进入的，且A、B两板间距足够大，则粒子经过时间离开电场．。
2016年高考新课标Ⅲ卷理综物理试题解析(解析版)
2016年普通高等学校招生全国统一考试（新课标3）理科综合能力测试（物理）注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。
3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。
4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。
可能用到的相对原子质量：二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是A．开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D．开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律【答案】B考点：考查了物理学史15．关于静电场的等势面，下列说法正确的是A．两个电势不同的等势面可能相交B．电场线与等势面处处相互垂直C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功【答案】B【解析】试题分析：等势面相交，则电场线一定相交，故在同一点存在两个不同的电场强度方向，与事实不符，A 错误；电场线与等势面垂直，B正确；同一等势面上的电势相同，但是电场强度不一定相同，C错误；将一负电荷从高电势处移动到低电势处，受到的电场力的方向是从低电势指向高电势，所以电场力的方向与运动的方向相反，电场力做负功，D 错误。
考点：考查了电势、等势面、电场强度、电场力做功16．一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，动能变为原来的9倍。
(完整word版)2016年高考全国新课标3卷物理含答案资料
2016年普通高等学校招生全国统一考试(3卷)第Ⅰ卷（选择题共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。
二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14．关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是A ．开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B ．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C ．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D ．开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律15．关于静电场的等势面，下列说法正确的是A ．两个电势不同的等势面可能相交B ．电场线与等势面处处相互垂直C ．同一等势面上各点电场强度一定相等D ．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功16．.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，动能变为原来的9倍。
该质点的加速度为A ．2s tB ．232s tC ．24s tD ．28s t17．如图，两个轻环a 和b 套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m 的小球。
在a 和b 之间的细线上悬挂一小物块。
平衡时，a 、b 间的距离恰好等于圆弧的半径。
不计所有摩擦。
小物块的质量为A ．2mB 3C ．mD ．2m18．平面OM 和平面ON 之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM 上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外。
一带电粒子的质量为m ，电荷量为q （q >0）。
粒子沿纸面以大小为v 的速度从OM 的某点向左上方射入磁场，速度与OM 成30°角。
已知粒子在磁场中的运动轨迹与ON 只有一个交点，并从OM 上另一点射出磁场。
不计重力。
广东省佛山市第一中学高三理综第三次模拟考试试题
佛山一中2016届高三模拟考试理科综合试题本试卷分选择题和非选择题两部分，满分300分，考试用时150分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的校名、姓名、考号填写在答题卡的密封线内。
2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案；不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在另发的答题卷各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液，不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卷和答题卡一并收回。
可能用到的相对原子质量：H-1 O-16 C-12 N-14 Mg-24 Cu-64 Cl-35.5 Fe-56 Al-27第Ⅰ卷（选择题共126分）一、选择题（共13小题，每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1.下列关于细胞生命历程的叙述，错误的是( )A．没有细胞分化就不可能形成各种组织、器官B．细胞分裂都会出现纺锤体和遗传物质的复制C．细胞在癌变的过程中发生了基因突变D．细胞凋亡有利于个体生长发育，其过程受基因控制2. 下列变化会在产生抗体的细胞中发生的是：A．合成淋巴因子B．以氨基酸为原料合成RNA聚合酶C．以葡萄糖为呼吸底物经无氧呼吸产生酒精D．由丝状染色质螺旋变粗变短成为染色体3. 2015年5月以来，巴西发生了大规模寨卡病毒感染疫情。
寨卡病毒是RNA病毒，是一种通过蚊虫进行传播的虫媒病毒，下列有关叙述正确的是A．寨卡病毒和蚊虫两者的核酸彻底水解，其产物中都有5种碱基B．寨卡病毒和蚊虫可遗传变异的来源都是突变和基因重组C．寨卡病毒能引起人体的特异性免疫有体液免疫和细胞免疫D．寨卡病毒繁殖时，其合成蛋白质所需的模板、原料和能量等均由宿主细胞提供4. 下列关于生长素及其类似物的叙述正确的是A．缺乏氧气会影响植物体内生长素的极性运输B．植物向光生长能够说明生长素作用的两重性C．在花期喷洒高浓度的2,4-D可防止落花落果D．用生长素类似物处理二倍体番茄幼苗，可得到多倍体5. 下列关于种群特征与数量变化的叙述错误的是A．样方法、标志重捕法均是估算种群密度的调查方法B．与单子叶植物相比，样方法更适用于调查双子叶植物的种群密度C．呈“S”型增长的种群在数量达到K值时，增长速率为0D．在理想条件下，种群数量呈“J”型增长，K值逐渐增大6. 有关酸碱物质在实验中应用的说法正确的是A．配制斐林试剂时NaOH为CuSO4与还原糖反应提供碱性条件B．浓硫酸为橙色重铬酸钾溶液与酒精的反应提供酸性条件C．用盐酸处理口腔上皮细胞有利于健那绿进入细胞进行染色D．观察根尖细胞有丝分裂时可以用酸性龙胆紫使染色体着色7．我国明代《本草纲目》中收载药物1892种，其中“烧酒”条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和糟入甑，蒸令气上……其清如水，味极浓烈，盖酒露也。
广东省佛山市2016届高三教学质量检测(一)理综物理试题 含答案
佛山市2016届高三教学质量检测（一)理综物理试题二、选择题：本题共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中，第14—18题中只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．14。
下列说法中，符合物理学史实的是A.密立根由带电油滴在电场中所受电场力与重力间的关系，通过计算发现了电子。
卡文迪许通过扭秤装置将微小形变放大,测定了静电力恒量k 的值C．牛顿根据牛顿第一定律及开普勒有关大体运动的三个定律发现了万有引力定律D奥斯特通过实验发现在磁场中转动的金属圆盘可以对外输出电流15．如图所示，匀强电场中有a、b、c、d四点．四点刚好构成一个矩形，已知∠acd=30°，电场方向与矩形所在平面平行．已知a、dV、V和（4V．则和c点的龟势分别为（4C. b点电势为3V D．b、d位于同一等势面上第15题第16题16．质量为用的小球用弹性轻绳系于O 点（右上图）,将其拿到与O 同高的A 点，弹性绳处于自然伸长状态,此时长为l 0．将小球由A 点无初速度释放，当小球到达O 的正下方B 点时，绳长为l 小球速度为v ，方向水平．则下列说法正确的是 A ．弹性绳的劲度系0mg k l l =- 民 B ．小球在B 点时所受合外力大小为2v m lC 、小球从A 至B 重力所做的功为212mv D 、小球从A 到B 损失的机械能为212mv17．平直公路上的一辆汽车,在恒定功率牵引下由静止出发，200s 的时间内行驶了1500m ，则200s 末汽车的速率A ．大于7.5m/sB ．等于7。
5m/sC ．大于15m/sD ．等于15m/s18．图甲是由两圆杆构成的“V ”形槽,它与水平面成倾角θ放置．现将一质量为m 的圆柱体滑块由斜槽顶端释放,滑块恰好匀速滑下．沿斜面看,其截面如图乙所示．已知滑块与两圆杆的动摩擦因数为μ,重力加速度为g ，β＝120°,则A ．tan μθ=B ．左边圆杆对滑块的支持力为mgcos θC ．左边圆杆对滑块的摩擦力为mgsin θD 、若增大θ，圆杆对滑块的支持力将增大 19．如图，上下有界的匀强磁场，磁场方向水平垂直纸面向里．将线框从某高度无初速释放，落入该磁场中．l 、d分别为磁场与线框的宽度．若下落过程中，线框平面始终位于纸平而内,下 边框始终与磁场上下边界平行则线框下落过程中 A 、进入磁场时，线框中感应的电流为逆时针方向 B 、可能经历一个所受安培力减小的过程 C 、当l ＞d,线框可能进出磁场时都做匀速运动D ．当l ＝d ，可能某过程中重力势能全部转化为线框的焦耳热 20、地球同步卫星轨道半径为R 0，周期为T 0，飞船在圆轨道绕月一周时间为T 、路程为 S 由以上数据可知A 、飞船的线速度为02R TπB 、飞船的加速度为224ST πC飞船脱离月球的最小速率大于STD 、地月质量之比23002R T S T π⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭21．如图，截面为等腰直角三角形的圆锥形陀螺，其上表面半径为r ，转动角速度为ω．欲让旋转的陀螺从光滑桌面上水平飞出（运动中陀螺转动轴总保持竖直），且飞出过程中恰不与桌子相碰．设陀螺底端顶点离开桌面的瞬间,其水平速度为v 0．陀螺上的最大线速度为v ．则下列说法正确的是A 、0vgr= B 、0/2vgr =C 、/2v r gr ω=+D 、22r gr ω+第n 卷三、非选择翻：包括必考胭和选考题两部分．第22题~第32皿为必考理,每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答． （一）必考题（共129分）22．（6分）实验室的一个电压表有刻度但无刻度值,满偏电压约3～5V,内阻约30k Ω．现要用下列器材测定其满偏电压与内阻．电流表A 1（量程0~300A μ，内阻r 1＝500Ω)，电流表A 2（量程0～600A μ，内阻r 2＝100Ω），定值电阻(R 0＝25k Ω），滑动变阻器(阻值0~10Q ，额定电流1A ）．电阻箱（阻值0~9999Ω)，电池〔电动势6V ，内阻不计）,开关、导线若千．（1）现设计了一个测量方案，并按此方案连接了部分器材如右图所示，请你完成下图的实物连线（2）实验中若测得电压表满偏时电流表A1、A2的读数分别为I1、I2，电阻箱的读数为R，则可求得电压表的满偏电压为(用题中给定的字母表示，下同），电压表的内阻为23(9分）甲同学用图①所示装置测量重物的质量M．初始时吊盘上放有5个槽码，吊盘与每个槽码的质量均为m0（M〉m0）在吊盘下固定纸带，让其穿过打点计时器．先调整重物的高度，使其从适当的位置开始下落，打出纸带，测得其下落的加速度．再从左侧吊盘依次取下一个槽码放到右侧重物上,让重物每次都从适当的高度开始下落，测出加速度．描绘出重物下落的加速度a与加在其上的槽码个数n的关系图线，根据图线计算出重物的质量M．请完成下面填空：（1）某次实验获得的纸带如图②，则纸带的（填“左端”或“右端”)与吊盘相连．若已知纸带上相邻两计数点间还有4个点未画出，且s1＝1。
2016高考物理全国卷III(WORD版含答案)
绝密★启用前2016年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14.关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是A.开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B.开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C.开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D.开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律15.关于静电场的等势面，下列说法正确的是A.两个电势不同的等势面可能相交B.电场线与等势面处处相互垂直C.同一等势面上各点电场强度一定相等D.将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功16.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍。
该质点的加速度为A. B. C. D.17.如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球。
在a和b之间的细线上悬挂一小物块。
平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径。
不计所有摩擦。
小物块的质量为A. B. C.m D.2 m18.平面OM和平面ON之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。
一带电粒子的质量为m，电荷量为q（q>0）。
粒子沿纸面以大小为v的速度从OM 的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角。
已知粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场。
不计重力。
粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为A. B. C. D.19.如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b。
当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。
广东省佛山市2016届高三教学质量检测(一)理综试卷.pdf
佛山市2016届高三教学质量检测（一） 理综试题 4．下图为特异性免疫过程的图解，下列说法错误的是 A．物质①、②分别为淋巴因子和抗体 B．当物质②攻击自身正常细胞时I引起机体产生过敏反应 C．先天性胸腺发育不良的个体仍具有一定的体液免疫能力 D．注射疫苗后可刺激机体产生细胞二和细胞三 5.某男性因基因异常而患某种遗传病，下列说法正确的是 A．若他的妻子也患该病，则其子代都会患病 B．单个基因的异常不大可能导致此种遗传病 C．该患者体内某些蛋白质的合成可能出现异常 D．这种基因异常导致的疾病只能通过基因诊断确诊 6.下列有关实验的叙述，正确的是 A．用健那绿染液可将线粒体染成蓝绿色 B．检验蛋白质可选用斐林试剂，并需水浴加热 B．观察细胞的减数分裂宜选择蝗虫的精巢或卵巢 D．调查土壤中小动物的丰富度应采用标志重捕法 29．(8分）为研究不同浓度的纳米银对密闭水槽内小球藻光合作用的影响，某小组设计并完成了相关实验，结果如下图．请回答下列问题． (1)小球藻细胞释放O2的具体场所是 ，O2中氧元素来源于 (2)欲测定小球藻的实际光合速率，则还应测出 条件下水槽内 的变化。
(3)由上图实验结果可得出什么结论？ (4)得出上述结论后，该小组进行了一项推测，并通过如下实验验证了他们的推测． ①提取小球藻中的光合色素，制备色素溶液，记为A组； ②提取经过10mg/L纳米银处理后的小球藻中的光合色素，制备色素溶液，记为B组； ③分别对A、B两组色素溶液进行层析分离，结果如右图所示。
从上述实验可知，该小组的推测很可能是： 30．(10分）回答下列有关人体胰液分泌调节的问题。
(1)当人进食的时候，一方面，迷走神经末梢释放的乙酰胆碱直接作用于胰腺，与胰腺细胞膜上的 结合，促进胰液的分泌；另一方面，盐酸刺激小肠分泌促胰液素，经 运送到胰腺，促进胰液的分泌。
由此可知，胰液的分泌受到 的共同调节。
(2)在上述调节过程中，乙酰胆碱和促胰液素都能支配胰腺的分泌，两者在功能上相当于 分子，胰腺是它们作用的 ，当发挥效应后，二者都迅速被 。
2016届广东省佛山市一中高三第三次模拟考物理试卷
2021年广东省佛山市一中高三第三次模拟考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2．如图所示，理想变压器原线圈a匝数n1＝200匝，副线圈b匝数n2＝100匝，线圈a接在u＝t V的交流电源上，“12 V 6 W”的灯泡恰好正常发光，电阻R2＝16 Ω，电压表V为理想电表.下列推断正确的是()A．交变电流的频率为100 HzBC．电压表V的示数为22 VD．R1消耗的功率是1 W3．如图所示，劲度数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m 的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内x，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距弹簧长度被压缩了x．物体与水平面间的动摩擦因数为 ，重力加速度为g．则（）离为4A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B ．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为0kx g mμ-C ．物体做匀减速运动的时间为D ．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为0()mg mg x k μμ-4．下列说法正确的是（ ）A ．当一定量气体吸热时，其内能可能减小B ．玻璃、石墨和金刚石都是晶体，木炭是非晶体C ．气体分子单位时间内和单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度有关D ．当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子所受其它分子作用力的合力总是指向液体内部E.单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点5．下列说法中正确定的是A ．核反应方程238234492902U Th He →+属于裂变B ．根据爱因斯坦质能方程，物体具有的能量和它的质量之间存在着正比关系C ．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D ．中子与质子结合成氘核的过程中需要放出能量E.氢原子辐射出一个光子后，根据玻尔理论可知氢原子的电势能减少，核外电子的运动的加速度增大二、单选题6．下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A 放在斜面上，方形小物体B 放在A 上，在水平向左大小为F 的恒力作用下，A 、B 及斜面均处于静止状态，如图所示．现将小物体B 从A 上表面上取走，则A ．斜面一定静止B ．斜面一定向左运动C ．斜面可能向左运动D ．A 仍保持静止7．如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法中正确的是()v=A．小球通过最高点时的最小速度minB．小球通过最高点时的最小速度v=C．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力8．太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”．已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，则下列结论正确的是：： ：A．海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，相邻两次冲日的时间间隔为1.006年B．土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为5.04年C．天王星绕太阳运动的周期约为52.82年，相邻两次冲日的时间间隔为3.01年D．木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年9．CD、EF是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的长度为d，如图7所示．导轨的右端接有一电阻R，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接．将一阻值也为R的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处．已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为μ，则下列说法中正确的是A．电阻RB．流过电阻R的电荷量为C．整个电路中产生的焦耳热为mghD．电阻R中产生的焦耳热为mgh10．如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在沿斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示。
物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-广东佛山市实验学校2016高三9月模拟物理试题试卷物理试题
佛山市实验学校2016届高三级9月模拟试题1、如图所示，两个大小和质量的都相同的小球用两根细线拴在同一点，使它们在同一水面内做匀速圆周运动，则它们的( )A、细线对两个小球的拉力大小相等B、两个小球的线速度大小相等C、两个小球的角速度大小相等D、两个小球的加速度大小相等2、如图所示，小球从楼梯上以3m/s的速度水平抛出，台阶的高度为0.3m和宽度均为0.4，取g=10m/s2，小球抛出后首先落到的台阶是( )A、第一级台阶B、第二级台阶C、第三级台阶D、第四级台阶3、如图所示，一个光滑圆环固定在竖直平面内，两个质量相同的小球套在圆环上，球A和球B分别用一根细线栓住，都处于静止状态，细线另一端系在圆心的正上方的M点，球A 和球B受到细线的拉力大小分别为T A、T B，受到圆环的支持力分别为N A、N B，则()A、T A<T BB、T A=T BC、N A>N BD、N A=N B4、如图所示，水平面上放置质量为M的三角形斜劈，斜劈顶端安装光滑的定滑轮，细绳跨过定滑轮分别连接质量为m1和m2的物块。
开始时用手按住m1，使m1静止在斜面上，然后松开手，m1在三角形斜劈上运动，三角形斜劈保持静止状态。
下列说法中正确的是A、若m2向下加速运动，则斜劈有向左运动的趋势B、若m1沿斜面向下加速运动，则斜劈受到水平面向右的摩擦力C、若m1沿斜面向下加速运动，则斜劈受到水平面的支持力大于(m1+ m2+M)gD、若m1、m2保持静止，则m1有沿斜面向上运动的趋势5、如图所示，一个质量m=0.2kg的木块在水平地15面上运动，图线a表示物体受水平拉力时的v－t图象，图线b表示撤去水平拉力后物体继续运动的v－t图象，g=10m/s2，下列说法正确的是()A、水平拉力的大小为0.1 N，方向与摩擦力方向相同B、水平拉力对物体做的功为-0.4JC、撤去拉力后物体还能滑行6mD、物体与水平面间的动摩擦因数为0.16、如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能E k、重力对滑块所做的功w与时间t或位移x关系的是（取初速度方向为正方向）( )7、如图，质量分别为m和2m的两个小球A和B，中间用长为L的轻杆相连，在距离A为1L处的点O处有一固定转动轴，把杆置于水平位置后由静止释放，在B球顺时针摆动到3最低位置的过程中（）A、A、B两球角速度大小始终相等B、重力对B球做功的瞬时功率一直增大C、BD、杆对B球做负功，B球机械能不守恒8、2014月18日报道，美国国家航空航天局宣布首次在太阳系外发现与地球差不多大的行星，其表面温度适合水以液态形式存在。
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2016年广东省佛山一中高考物理三模试卷一、选择题（本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）．1．（6分）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2．（6分）下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A放在斜面上，方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图所示．现将小物体B从A上表面上取走，则（）A．斜面一定静止B．斜面一定向左运动C．斜面可能向左运动D．A仍保持静止3．（6分）如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A．小球通过最高点时的最小速度v min=B．小球通过最高点时的最小速度v min=C．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力4．（6分）太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”．已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，则下列结论正确的是（）A．海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，相邻两次冲日的时间间隔为1.006年B．土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为5.04年C．天王星绕太阳运动的周期约为52.82年，相邻两次冲日的时间间隔为3.01年D．木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年5．（6分）CD、EF是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的长度为d，如图所示．导轨的右端接有一电阻R，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接．将一阻值也为R的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处．已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为μ，则下列说法中正确的是（）A．电阻R的最大电流为B．流过电阻R的电荷量为C．整个电路中产生的焦耳热为mghD．电阻R中产生的焦耳热为mgh6．（6分）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈a接在，μ=44sin314t（V）交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC．电压表V的示数为22VD．R1消耗的功率是1W7．（6分）如图所示，劲度数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间等于D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）8．（6分）如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在沿斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示．其中0～x1过程的图线是曲线，x1～x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是（）A．物体在沿斜面向下运动B．在0～x1过程中，物体的加速度一直增大C．在0～x2过程中，物体先减速再匀速D．在x1～x2过程中，物体的加速度为gsinθ三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（本大题共4小题，共129分）9．（6分）某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2．主要实验步骤如下：ⅰ．弹簧秤挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧秤的示数F；ⅱ．弹簧秤挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0o方向，绳套2沿120o方向，记下弹簧秤的示数F1；ⅲ．根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=①；ⅳ．比较②，即可初步验证；ⅴ．只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤．回答下列问题：（1）完成实验步骤：①；②；（2）将绳套1由0o方向缓慢转动到60o方向，同时绳套2由120o方向缓慢转动到180o方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳套2的夹角120o不变．关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是（填选项前的序号）A．逐渐增大B．先增大后减小C．逐渐减小D．先减小后增大．10．（9分）如图（甲）表示某电阻R随摄氏温度t变化的关系，图中R0表示0℃时的电阻，K表示图线的斜率．若用该电阻与电池（E，r）、电流表R g、变阻器R′串连起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”．①实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度t1＜t2，则t1的刻度应在t2的侧（填“左”、“右”）；②在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系．请用E、R0、K等物理量表示所测温度t与电流I的关系式：t=；③由②知，计算温度和电流的对应关系，需要测量电流表的内阻（约为200Ω）．已知实验室有下列器材：A．电阻箱（0～99.99Ω）；B．电阻箱（0～999.9Ω）；C．滑线变阻器（0～20Ω）；D．滑线变阻器（0～20kΩ）．此外，还有电动势合适的电源、开关、导线等．请在图丙方框内设计一个用“半偏法”测电流表内阻Rg的电路；在这个实验电路中，电阻箱应选；滑线变阻器应选．（只填代码）11．（14分）如图所示，半径为R的水平绝缘圆盘可绕竖直轴OO′转动，水平虚线AB、CD互相垂直，一电荷量为+q的可视为质点的小物块置于距转轴r处，空间有方向A指向B的匀强电场．当圆盘匀速转动时，小物块相对圆盘始终静止．小物块转动到位置Ⅰ（虚线AB上）时受到的摩擦力为零，转动到位置Ⅱ（虚线CD 上）时受到的摩擦力为f．求：（1）圆盘边缘两点间电势差的最大值；（2）小物块由位置Ⅰ转动到位置Ⅱ克服摩擦力做的功．12．（18分）如图所示，等腰直角三角形ACD的直角边长为2a，P为AC边的中点，Q为CD边上的一点，DQ=a．在△ACD区域内，既有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，又有电场强度大小为E的匀强电场，一带正电的粒子自P点沿平行于AD的直线通过△ACD区域．不计粒子的重力．（1）求电场强度的方向和粒子进入场区的速度大小v0；（2）若仅撤去电场，粒子仍以原速度自P点射入磁场，从Q点射出磁场，求粒子的比荷；（3）若仅撤去磁场，粒子仍以原速度自P点射入电场，求粒子在△ACD区域中运动的时间．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理-选修3-3】13．（5分）下列说法正确的是（）A．当一定量气体吸热时，其内能可能减小B．玻璃、石墨和金刚石都是晶体，木炭是非晶体C．气体分子单位时间内和单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度有关D．当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子所受其它分子作用力的合力总是指向液体内部E．单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点14．（10分）如图所示，一个上下都与大气相通的直圆筒，内部横截面的面积S=0.01m2，中间用两个活塞A与B封住一定质量的理想气体，A、B都可沿圆筒无摩擦地上、下滑动，但不漏气，A的质量可不计、B的质量为M，并与一劲度系数k=5×103N/m的较长的弹簧相连．已知大气压强p0=1×105Pa，平衡时，两活塞间的距离l0=0.6m．现用力压A．使之缓慢向下移动一定距离后，保持平衡．此时，用于压A的力F=5×102N．求：（假定气体温度保持不变．）（1）此时两活塞间的距离（2）活塞A向下移的距离．（3）大气压对活塞A和活塞B做的总功．【物理-选修3-4】（15分）15．一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向传播，波源位于坐标原点O，t=0时开始振动，3s时停止振动，3.5s时的波形如图所示，其中质点a的平衡位置与O的距离为5.0m．以下说法正确的是（）A．波速为B．波长为C．波源起振方向沿y轴正方向D．2.0 s～3.0 s内质点a沿y轴负方向运动E．0～3.0 s内质点a通过的总路程为16．如图所示，由某种透明物质制成的直角三棱镜ABC，折射率n=3，∠A=30°．一束与BC面成30°角的光线从O点射入棱镜，从AC面上O′点射出．不考虑光在BC面上的反射，求从O′点射出的光线的方向．【物理-选修3-5】（15分）17．下列说法中正确定的是（）A．核反应方程U→Th+He属于裂变B．根据爱因斯坦质能方程，物体具有的能量和它的质量之间存在着正比关系C．β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D．中子与质子结合成氘核的过程中需要放出能量E．氢原子辐射出一个光子后，根据玻尔理论可知氢原子的电势能减少，核外电子的运动的加速度增大18．如图所示，光滑水平面上放着质量都为m的物块A和B，A紧靠着固定的竖直挡板，A、B 间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），用手挡住B 不动，此时弹簧弹性势能为mv02．在A、B间系一轻质细绳，细绳的长略大于弹簧的自然长度．放手后绳在短暂时间内被拉断，之后B继续向右运动，一段时间后与向左匀速运动、速度为v0的物块C发生碰撞，碰后B、C立刻形成粘合体并停止运动，C的质量为2m．求：（ⅰ）B、C相撞前一瞬间B的速度大小；（ⅱ）绳被拉断过程中，绳对A所做的功W．2016年广东省佛山一中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）．1．（6分）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是（）A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【解答】解：A、1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系．故A正确．B、安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象．故B正确．C、法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流．故C错误．D、楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．故D正确．故选ABD2．（6分）下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A放在斜面上，方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图所示．现将小物体B从A上表面上取走，则（）A．斜面一定静止B．斜面一定向左运动C．斜面可能向左运动D．A仍保持静止【解答】解：令A、B的质量分别为M和m，以AB整体为研究对象受力分析，如图所示，根据平衡条件有：F=（M+m）gtanθ取走质量为m的B后，没斜面方向Fcosθ=（M+m）gsinθ＞Mgsinθ，故A将向上滑动，B在A上时，斜面对A的支持力N=Fsinθ+（M+m）gcosθ，当取走质量为m的B后，斜面对A的支持力N′=Fsinθ+Mgcosθ，根据牛顿第三定律知，A对斜面的压力减小，小物体B未从A上表面上取走时，A对斜面压力的水平分力不大于地面对斜面的最大静摩擦力，取走B后，A对斜面的压力减小，仍满足A对斜面压力的水平分力不大于地面对斜面的最大静摩擦力，故斜面仍保持与地面静止，故A正确，BCD错误；故选：A3．（6分）如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A．小球通过最高点时的最小速度v min=B．小球通过最高点时的最小速度v min=C．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力【解答】解：A、在最高点，由于外管或内管都可以对小球产生弹力作用，当小球的速度等于0时，内管对小球产生弹力，大小为mg，故最小速度为0．故AB 错误．C、小球在水平线ab以下管道运动，由于沿半径方向的合力提供做圆周运动的向心力，所以外侧管壁对小球一定有作用力，而内侧管壁对小球一定无作用力．故C正确．D、小球在水平线ab以上管道运动，由于沿半径方向的合力提供做圆周运动的向心力，当速度非常大时，内侧管壁没有作用力，此时外侧管壁有作用力．当速度比较小时，内侧管壁有作用力力．故D错误．故选：C．4．（6分）太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”．已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，则下列结论正确的是（）A．海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，相邻两次冲日的时间间隔为1.006年B．土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为5.04年C．天王星绕太阳运动的周期约为52.82年，相邻两次冲日的时间间隔为3.01年D．木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年【解答】解：根据开普勒第三定律，有：；解得：T=；故T火==1.84年；T木==11.86年；T土==29.28年；T天==82.82年；T海==164.32年；如果两次行星冲日时间间隔为t年，则地球多转动一周，有：2π=（）t解得：t=故天王星相邻两次冲日的时间间隔为：t天=≈1.01年；土星相邻两次冲日的时间间隔为：t土=≈1.04年；木星相邻两次冲日的时间间隔为：年A、海王星绕太阳运动的周期约为98.32年，故A错误；B、土星绕太阳运动的周期约为29.28年，相邻两次冲日的时间间隔为1.04年，故B错误；C、天王星绕太阳运动的周期约为82.82年，相邻两次冲日的时间间隔为1.01年；故C错误；D、木星绕太阳运动的周期约为11.86年，相邻两次冲日的时间间隔为1.09年；故D正确；故选：D．5．（6分）CD、EF是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为L，在水平导轨的左侧存在磁感应强度方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的长度为d，如图所示．导轨的右端接有一电阻R，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接．将一阻值也为R的导体棒从弯曲轨道上h高处由静止释放，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处．已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为μ，则下列说法中正确的是（）A．电阻R的最大电流为B．流过电阻R的电荷量为C．整个电路中产生的焦耳热为mghD．电阻R中产生的焦耳热为mgh【解答】解：A、金属棒下滑过程中，由机械能守恒定律得：mgh=mv2，金属棒到达水平面时的速度v=，金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则导体棒刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为E=BLv，最大的感应电流为I==，故A错误；B、流过电阻R的电荷量q==，故B正确；C、金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh﹣W B﹣μmgd=0﹣0，则克服安培力做功：W B=mgh﹣μmgd，所以整个电路中产生的焦耳热为Q=W B=mgh﹣μmgd，故C错误；D、克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：Q R=Q=（mgh﹣μmgd），故D错误．故选：B6．（6分）理想变压器原线圈a匝数n1=200匝，副线圈b匝数n2=100匝，线圈a接在，μ=44sin314t（V）交流电源上，“12V，6W”的灯泡恰好正常发光．电阻R2=16Ω，电压表V为理想电表．下列推断正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为Wb/sC．电压表V的示数为22VD．R1消耗的功率是1W【解答】解：ABC、由公式可知，角速度ω=100π，则f===50Hz；故A 错误；灯泡正常发光，故副线圈中电流为I===0.5A；故电压表示数为：U2=12+IR2=12+0.5×16=20V；故穿过铁芯的磁通量的最大变化率为：=Wb/s；故B正确，C错误；D、由电压之比等于匝数之比可知，输出端电压为40V，R1两端的电压为U1=44﹣40=4V；根据电流之比等于匝数的反比可得：I1=0.25A；则功率P=UI=4×0.25=1W；故D正确；故选：BD．7．（6分）如图所示，劲度数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间等于D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）【解答】解：A．撤去力F后，物体受四个力作用，竖直方向上重力和地面支持力是一对平衡力，水平方向受向左的弹簧弹力和向右的摩擦力，合力F合=F弹﹣f，根据牛顿第二定律物体产生的加速度a=．撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故A错误；B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为：a===﹣μg，故B正确；C．由题意知，物体离开弹簧后通过的最大距离为3x0，由牛顿第二定律得：匀减速运动的加速度大小为a==μg．将此运动看成向右的初速度为零的匀加速运动，则：3x0=at2，得t==，故C正确；D．由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为x=，则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为W=μmg（x0﹣x）=μmg（x0﹣），故D正确．故选：BCD．8．（6分）如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在沿斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示．其中0～x1过程的图线是曲线，x1～x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是（）A．物体在沿斜面向下运动B．在0～x1过程中，物体的加速度一直增大C．在0～x2过程中，物体先减速再匀速D．在x1～x2过程中，物体的加速度为gsinθ【解答】解：A、在0～x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，拉力方向向上，所以位移方向向下，故物体在沿斜面向下运动，故A正确；B、根据功能关系得：△E=F•△x，得F=，则知图线的斜率表示拉力，在0～x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零．根据a=，可知，加速度一直增大，故B正确；C、在0～x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以物体做加速运动．x1～x2过程中，F=0，物体做匀加速运动，故C错误；D、在x1～x2过程中，拉力F=0，机械能守恒，此时加速度为a==gsinθ，故D正确．故选：ABD．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（本大题共4小题，共129分）9．（6分）某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2．主要实验步骤如下：ⅰ．弹簧秤挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧秤的示数F；ⅱ．弹簧秤挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0o方向，绳套2沿120o方向，记下弹簧秤的示数F1；ⅲ．根据力的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=①；ⅳ．比较②，即可初步验证；ⅴ．只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤．回答下列问题：（1）完成实验步骤：①；②F1和F1′；（2）将绳套1由0o方向缓慢转动到60o方向，同时绳套2由120o方向缓慢转动到180o方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套1和绳套2的夹角120o不变．关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是A（填选项前的序号）A．逐渐增大B．先增大后减小C．逐渐减小D．先减小后增大．【解答】解：（1）①根据的平行四边形定则计算绳套1的拉力F1′=Ftan30°=，②通过比较F1和F1′，在误差范围内相同，则可初步验证，（2）两个绳套在转动过程中，合力保持不变，根据平行四边形定则画出图象，如图所示：根据图象可知，绳套1的拉力大小逐渐增大，故A正确．故选：A故答案为：（1）①，②F1和F1′；（2）A10．（9分）如图（甲）表示某电阻R随摄氏温度t变化的关系，图中R0表示0℃时的电阻，K表示图线的斜率．若用该电阻与电池（E，r）、电流表R g、变阻器R′串连起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”．①实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度t1＜t2，则t1的刻度应在t2的右侧（填“左”、“右”）；②在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系．请用E、R0、K等物理量表示所测温度t与电流I的关系式：t=﹣（R g+r+R′+R0）；③由②知，计算温度和电流的对应关系，需要测量电流表的内阻（约为200Ω）．已知实验室有下列器材：A．电阻箱（0～99.99Ω）；B．电阻箱（0～999.9Ω）；C．滑线变阻器（0～20Ω）；D．滑线变阻器（0～20kΩ）．此外，还有电动势合适的电源、开关、导线等．请在图丙方框内设计一个用“半偏法”测电流表内阻Rg的电路；在这个实验电路中，电阻箱应选B；滑线变阻器应选D．（只填代码）【解答】解：解：①由图甲所示图象可知，随温度升高电阻阻值增大，温度t1＜t2，温度为温度t1时的电阻小于温度为t2时的电阻，电源电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，温度为t1时电路电流大，电流表偏转角大，由此可知，t1刻度应在t2的右侧；②根据由图示电路图由闭合电路的欧姆定律得：E=I（r+R+R g+R′），由图甲所示图象可知：R=R0+kt，解得：t=﹣（R g+r+R′+R0）；③应用半偏法测电流表内阻的实验电路图如图所示：。