2010-2011学年福建省福州三中高三(上)期中物理试卷

2010-2011学年福建省福州三中高三（上）期中物
理试卷
一、单项选择题（10小题，每小题4分，共40分）
1．（4分）在国际单位制中，力学的三个基本物理单位是（）
A．质量、米、秒B．牛顿、米、秒C．千克、米、秒D．牛顿、米、米/秒
2．（4分）北京奥运火炬实现了成功登上珠峰的预定目标，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，请据此图判断下列说法正确的是（）
A．由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移
B．线路总长度与火炬手所走时间的比等于登山的平均速度
C．在计算登山运动员的速度时可以把火炬手当成质点
D．顶峰的重力加速度要比拉萨的重力加速度大
3．（4分）（2007•海南）16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元．在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（）
A．四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大
B．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”
C．两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快
D．一个物体维持匀速直线运动，不需要力
4．（4分）（2007•山东）如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止．物体B的受力个数为（）
A．2B．3C．4D．5
5．（4分）2006年5月的天空是相当精彩的，行星们非常活跃，木星冲日、火星合月、木星合月等景观美不胜收，而流星雨更是热闹非凡，宝瓶座流星雨非常壮丽，值得一观．在太阳系中，木星是九兄弟中“最魁梧的巨人”，5月4日23时，发生木星冲日现象．所谓的木星冲日是指地球、木星在各自轨道上运行时与太阳重逢在一条直线上，也就是木星与太阳黄经相差180度的现象，天文学上称为“冲日”．冲日前后木星距离地球最近，也最明亮．下列说法正确的是（）
A．2006年5月4日23时，木星的线速度大于地球的线速度
B．2006年5月4日23时，木星的加速度小于地球的加速度
C．2007年5月4日23时，必将是下一个“木星冲日”
D．下一个“木星冲日”必将在2007年5月4日之前的某天发生
6．（4分）（2009•安徽）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示．那么下列说法中正确的是（）
A．顾客始终受到三个力的作用
B．顾客始终处于超重状态
C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下
D．顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下
7．（4分）（2006•广东）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）
A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度
B．20秒时，a、b两物体相距最远
C．60秒时，物体a在物体b的前方
D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m
8．（4分）（2007•天津）如图所示，物体A静止在光滑的水平面上，A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相等的物体B以速度v，向A运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动，则A、B组成的系统动能损失最大的时刻是（）
A．A开始运动时B．A的速度等于v时
C．B的速度等于零时D．A和B的速度相等时
9．（4分）（2007•江苏）如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是μmg．现用水平拉力F拉其中一个质量为2m的木块，使四个木块以同一加速度运动，则轻绳对m的最大拉力为（）
A．B．C．D．3μmg
10．（4分）劲度系数为k的轻弹簧，上端固定，下端挂一个质量为m的小球，小球静止时距地面高h．现用力向下拉球使球与地面接触，然后从静止释放小球，假设弹簧始终在弹性限度内，下列说法错误的是（）
A．球上升过程中，系统的机械能保持不变
B．球上升过程中，系统的势能不断增大
C．球距地面高度为h时，速度最大
D．
球在运动过程中的最大加速度是
二、实验题（2小题，共16分）
11．（4分）（2012•葫芦岛模拟）在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O点，为了确定分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是_________ A．橡皮条固定端的位置．B．描下O点位置和两条细绳套的方向．C．橡皮条伸长后的总长度．D．两个弹簧秤的读数．
12．（12分）（1）．如图所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态下，开始做实验，该同学有装置和操作中的主要错误是：_________
（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，为了使小车受到合外力等于小沙桶和沙的总重量，通常采用如下两个措施：（A）平衡摩擦力：将长木板无滑轮的一端下面垫一小木块，反复移动木块的位置，直到小车在小桶的拉动下带动纸带与小车一起做匀速直线运动；（B）调整沙的多少，使沙和小沙桶的总质量m远小于小车和砝码的总质量M．请问：
①以上哪一个措施中有何重大错误？_________
②在改正了上述错误之后，保持小车及砝码质量M不变．反复改变沙的质量，并测得一系列数据，结果发现小车受到的合外力（小桶及砂重量）与加速度的比值略大于小车及砝码质量M，经检查发现滑轮非常光滑，打点计时器工作正常，且事先基本上平衡了摩擦力，那么出现这种情况的主要原因是什么？_________
（3）图乙是上述实验打出的一条纸带，已知打点计时器的打点周期是0.02s，结合图乙给出的数据（单位cm），求出小车运动加速度的大小为_________m/s2，并求出纸带中P点瞬时速度大小为_________m/s（计算结果均保留2位有效数字）
三、计算题：本题共5小题，44分，有的题目需画受力示意图或过程草图，请使铅笔和刻度尺规范作图．13．（8分）当汽车B在汽车A前方7m时，A正以v A=4m/s的速度向右做匀速直线运动，而汽车B此时速度v B=10m/s，接着刹车向右做匀减速直线运动，加速度大小为a=2m/s2．此时开始计时，则
（1）经过多少时间，A和B相距最远？
（2）A、B相距最远的距离为多大？
（3）经过多少时间A恰好追上B？
14．（10分）（2010•上海二模）如图所示，竖直平面内的圆弧形光滑轨道半径为R，A端与圆心O等高，AD为水平面，B点在O的正上方，一个小球在A点正上方由静止释放，自由下落至A点进入圆轨道并恰能到达B点．求：（1）释放点距A点的竖直高度；
（2）落点C与A点的水平距离．
15．（10分）2003年10月15日，我国成功发射了第一艘载人宇宙飞船“神舟”五号．火箭全长58.3m，起飞重量479．8t，火箭点火升空，飞船进入预定轨道．“神舟”五号环绕地球飞行14圈约用时间21h．飞船点火竖直升空时，航天员杨利伟感觉“超重感比较强”，仪器显示他对座舱的最大压力等于他体重的5倍．飞船进入轨道后，杨利伟还多次在舱内飘浮起来．假设飞船运行的轨道是圆形轨道．（地球半径R取6．4×103 km，地面重力加速度g取10m/s2，计算结果取二位有效数字）
（1）求火箭点火发射时，火箭的最大推力．
（2）估算飞船运行轨道距离地面的高度．
16．（8分）（2006•上海）质量为10kg的物体在F=200N的水平推力作用下，从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面固定不动，与水平地面的夹角θ=37°．力F任用2s后撤去，物体在斜面上继续上滑了1.25s后，速度减为零．求：物体与斜面间的动摩擦因数μ和物体的总位移S．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）
17．（8分）质量为m的小球固定在光滑轻细杆的上端，细杆通过光滑限位孔保持竖直．在光滑水平面上放置一质量为M=2m的凹形槽，凹形槽的光滑内表面如图所示，AB部分是斜面，与水平面成θ=30°，BCD部分是半径为R 的圆弧面，AB与BCD两面在B处相切．让细杆的下端与凹形槽口的左边缘A点接触．现将小球释放，求：
（1）当轻细杆的下端滑到凹形槽的最低点C时，凹形槽的速度是多大．
（2）当轻细杆的下端滑到B点的瞬间，小球和凹形槽的速度各是多大．
2010-2011学年福建省福州三中高三（上）期中物
理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（10小题，每小题4分，共40分）
1．（4分）在国际单位制中，力学的三个基本物理单位是（）
A．质量、米、秒B．牛顿、米、秒C．千克、米、秒D．牛顿、米、米/秒
考点：力学单位制．
分析：在国际单位制中，力学的三个基本物理单位是千克、米、秒．
解答：解：在国际单位制中，力学的三个基本物理是质量、长度和时间，其单位为基本单位，分别是千克、米、秒．
故选C
点评：单位是高考考查的基本内容，可结合物理量一起记忆．
2．（4分）北京奥运火炬实现了成功登上珠峰的预定目标，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，请据此图判断下列说法正确的是（）
A．由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移
B．线路总长度与火炬手所走时间的比等于登山的平均速度
C．在计算登山运动员的速度时可以把火炬手当成质点
D．顶峰的重力加速度要比拉萨的重力加速度大
考点：位移与路程；质点的认识；平均速度；重力加速度．
分析：位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也由方向；
路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．
解答：解：A中位移为矢量，起点到终点的直线距离为其大小．B中平均速度是位移与时间的比值．故AB都不正确．
C、运动员尺寸和他走过的位移相比小的多，我们也不关心运动员以什么样的姿态登山，所以在这过程中可
把运动员看做质点．故C正确．
D、有关山顶和山下加速度大小的比较应该用万有引力方面的知识，山顶的重力加速度比山下要小一些．故
D错误．
故选C．
点评：此题主要考察学生对运动学基本物理量和基本概念的认识．
3．（4分）（2007•海南）16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元．在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是（）
A．四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大
B．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”
C．两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快
D．一个物体维持匀速直线运动，不需要力
考点：牛顿第一定律；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．
分析：亚里士多德的观点多来自对自然地观察，往往忽略了摩擦力对物体的影响，而物体的自然属性是运动，维持运动不需要力，是物体的惯性．
解答：解：A、亚里士多德的多数结论来自观察．用四匹马和两匹马拉车，车在运动的过程中所受的摩擦力相同，两次都是匀速运动故F=f，但四匹马的功率大于两匹马的功率，根据P=Fv，可知v==．故认为物体受力
越大，速度越大的观点是错误的，故A选项是亚里士多德的观点．
B、一个物体不受力就会逐渐停下来，是因为物体受到了地面的摩擦力，而不是因为不受力．故B选项是亚
里士多德的观点．
C、两个物体从同一高度自由下落，较重的下落的快，是因为重的物体所受的摩擦力相对于重力来说小，其
加速度就大．如果没有空气的阻力两物体应同时到达地面．故C选项是错误的，是亚里士多德的观点．
D、物体之所以运动，不是因为受力，而是由于惯性，故维持物体的运动不需要力．故D选项是正确的．是
伽利略的观点，与亚里士多德的观点相反．
故选D．
点评：本题主要考查物理学史，解决这类题目的唯一捷径是要加强对这方面知识的积累．
4．（4分）（2007•山东）如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止．物体B的受力个数为（）
A．2B．3C．4D．5
考点：力的合成与分解的运用．
分析：本题先对A物体受力分析，然后根据牛顿第三定律，得出A对B的反作用力，再对B物体受力分析，得出结果．
解答：解：以A为研究对象，受力分析，有竖直向下的重力、垂直竖直墙面的水平支持力，还有B对A的支持力和摩擦力，这样才能使平衡．
根据牛顿第三定律，A对B也有压力力和摩擦力，B还受到重力和推力F，所以受四个力作用．
故选C．
点评：本题关键先对A物体受力分析，再得出A对B物体的反作用力，最后在结合平衡条件对B物体受力分析．
5．（4分）2006年5月的天空是相当精彩的，行星们非常活跃，木星冲日、火星合月、木星合月等景观美不胜收，而流星雨更是热闹非凡，宝瓶座流星雨非常壮丽，值得一观．在太阳系中，木星是九兄弟中“最魁梧的巨人”，5月4日23时，发生木星冲日现象．所谓的木星冲日是指地球、木星在各自轨道上运行时与太阳重逢在一条直线上，也就是木星与太阳黄经相差180度的现象，天文学上称为“冲日”．冲日前后木星距离地球最近，也最明亮．下列说法正确的是（）
A．2006年5月4日23时，木星的线速度大于地球的线速度
B．2006年5月4日23时，木星的加速度小于地球的加速度
C．2007年5月4日23时，必将是下一个“木星冲日”
D．下一个“木星冲日”必将在2007年5月4日之前的某天发生
考点：万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速．
专题：万有引力定律在天体运动中的应用专题．
分析：行星在近似圆形轨道上运动，由太阳的万有引力提供向心力，我们可以用万有引力提供向心力来解出各物理量，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．
解答：
解：A、万有引力提供向心力：F==，
v=，可知距离太阳越远，做圆周运动的线速度越小，故A错误．
B、万有引力提供向心力：F==ma，
a=，可知可知距离太阳越远，加速度a越小，故B正确．
C、万有引力提供向心力：F==r
T=，所以距离太阳越远，r越大，周期越长，故木星绕太阳运行的周期大于地球绕太阳运行的周
期，
又因地球周期是一年，土星周期大于一年，所以再次相遇时间一定大于一年，故C、D错误．
故选B．
点评：行星绕太阳运动与卫星绕地球运动的模型相似：旋转天体绕中心天体做匀速圆周运动，中心天体对旋转天体的万有引力提供旋转天体的向心力．本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．
6．（4分）（2009•安徽）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示．那么下列说法中正确的是（）
A．顾客始终受到三个力的作用
B．顾客始终处于超重状态
C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下
D．顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下
考点：牛顿运动定律的综合应用．
分析：分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力向右；匀速过程重力和支持力二力平衡．
解答：解：在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，处于超重状态；
在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；
故选C．
点评：本题关键要分两个过程研究，加速过程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，结合物体的受力情况，可以得出各个力的大小情况；匀速过程二力平衡，与运动方向无关！
7．（4分）（2006•广东）a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）
A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度
B．20秒时，a、b两物体相距最远
C．60秒时，物体a在物体b的前方
D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m
考点：匀变速直线运动的图像．
分析：v﹣t 图象中，图象的斜率表示加速度；图线和时间轴所夹图形的面积表示物体位移；当两物体的速度相等时，其距离最大．
解答：解：
A、由图象可以看出，物体a在加速时，速度图象的斜率小于物体b加速时的图象斜率，故加速时，物体b
的加速度要大，选项A错误．
B、在40秒时，a、b两物体的速度相等，此时两物体的相距最远，故选项B错误．
C：在60秒时，经计算，物体a的位移是：S a=2100m，物体b的位移是：S b=1600m，S a＞S b，所以物体a 在物体b的方，故选项C正确．
D：在40秒时，经计算，物体a的位移是：S a=1300m，物体b的位移是：S b=400m，S a﹣S b=900m，故选项D错误．
故选C．
点评：利用图象解题是高中学生必须掌握的方法之一，尤其是速度﹣时间图象．在分析速度﹣时间图象时，有的同学往往错误的认为图线交时相遇，而此时却是距离最大的时刻．在解决追击与相遇问题时，常常应用图象进行分析．
8．（4分）（2007•天津）如图所示，物体A静止在光滑的水平面上，A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相等的物体B以速度v，向A运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动，则A、B组成的系统动能损失最大的时刻是（）
A．A开始运动时B．A的速度等于v时
C．B的速度等于零时D．A和B的速度相等时
考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．
分析：两球不受外力，故两球及弹簧组成的系统动量守恒，根据两物体速度的变化可知系统动能损失最大的时刻．解答：解：在压缩弹簧的过程中，没有机械能的损失，减少的动能转化为弹簧的弹性势能．在压缩过程中水平方向不受外力，动量守恒．则有当A开始运动时，B的速度等于v，所以没有损失动能．当A的速度v时，根据动量守恒定律有B的速度等于零，所以系统动能又等于初动能；所以A、B、C全错误．
而在AB速度相等时，此时弹簧压缩至最短，故弹簧的弹性势能最大，故动能应最小，故D正确；
故选D．
点评：本题中B的动能转化为AB的动能及弹簧的弹性势能，而机械能守恒，故当弹性势能最大时，系统损失的动能最多．
9．（4分）（2007•江苏）如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m和2m的四个木块，其中两个质量为m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是μmg．现用水平拉力F拉其中一个质量为2m的木块，使四个木块以同一加速度运动，则轻绳对m的最大拉力为（）
A．B．C．D．3μmg
考点：牛顿运动定律的应用-连接体．
专题：压轴题．
分析：要使四个物体一块做加速运动而不产生相对活动，则两接触面上的摩擦力不能超过最大静摩擦力；分析各物体的受力可确定出哪一面上达到最大静摩擦力；由牛顿第二定律可求得拉力T．
解答：解：本题的关键是要想使四个木块一起加速，则任两个木块间的静摩擦力都不能超过最大静摩擦力．设左侧两木块间的摩擦力为f1，右侧木块间摩擦力为f2；则有
对左侧下面的大木块有：f1=2ma，对左侧小木块有T﹣f1=ma；
对右侧小木块有f2﹣T=ma，对右侧大木块有F﹣f2=2ma﹣﹣﹣（1）；联立可F=6ma﹣﹣﹣﹣（2）；
四个物体加速度相同，由以上式子可知f2一定大于f1；故f2应达到最大静摩擦力，由于两个接触面的最大静摩擦力最大值为μmg，所以应有f2=μmg﹣﹣﹣﹣（3），
联立（1）、（2）、（3）解得．
故选B．
点评：本题注意分析题目中的条件，明确哪个物体最先达到最大静摩擦力；再由整体法和隔离法求出拉力；同时还应注意本题要求的是绳子上的拉力，很多同学求成了F．
10．（4分）劲度系数为k的轻弹簧，上端固定，下端挂一个质量为m的小球，小球静止时距地面高h．现用力向下拉球使球与地面接触，然后从静止释放小球，假设弹簧始终在弹性限度内，下列说法错误的是（）
A．球上升过程中，系统的机械能保持不变
B．球上升过程中，系统的势能不断增大
C．球距地面高度为h时，速度最大
D．
球在运动过程中的最大加速度是
考点：机械能守恒定律．
专题：机械能守恒定律应用专题．
分析：A、在整个运动的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒．
B、根据动能的变化判断系统势能的变化．
C、根据小球的受力判断小球的运动情况，找出何位置速度最大．
D、在最高点和最低点，小球所受的合力最大，加速度最大．
解答：解：A、只有重力和弹簧的弹力做功，动能、重力势能、弹性势能相互转化，系统机械能守恒．故A正确．
B、在上升的过程中，先做加速度逐渐减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，动能先增大后
减小，所以系统势能先减小后增大．故B错误．
C、当加速度为零时，速度最大，该位置在平衡位置，距离地面的高度为h．故C正确．
D、在最低点，小球受重力和弹力，合力最大，F合=kh，根据牛顿第二定律，则最大加速度a=．故
D正确．
本题选错误的，故选B．
点评：解决本题的关键知道在运动过程中，动能、重力势能、弹性势能相互转化，系统机械能守恒．在平衡位置速度最大，在最高点和最低点，加速度最大．
二、实验题（2小题，共16分）
11．（4分）（2012•葫芦岛模拟）在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹簧秤分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置O点，为了确定分力的大小和方向，这一步操作中必须记录的是BD
A．橡皮条固定端的位置．B．描下O点位置和两条细绳套的方向．C．橡皮条伸长后的总长度．D．两个弹簧秤的读数．
考点：验证力的平行四边形定则．
专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．
分析：根据该实验的实验原理以及实验目的可以明确该实验需要记录的数据．
解答：解：该实验的实验目的是验证力的平行四边形定则，要根据两个弹簧拉橡皮筋时两个拉力的大小和方向做出平行四边形求出其合力大小，然后与一个弹簧拉橡皮筋时的拉力大小进行比较，最后得出结论，故需要记录的是两弹力的大小和方向，故AC错误，BD正确．
故选BD．
点评：本题考查了“互成角度的两个力的合成”实验中的基本操作，是一道考查基本实验操作的好题．
12．（12分）（1）．如图所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态下，开始做实验，该同学有装置和操作中的主要错误是：①长木板右端未垫高以平衡摩擦力；②电源应改用6V交流电源；③牵引小车的细线没有与木板平行；④开始实验时，小车离打点计时器太远．
（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，为了使小车受到合外力等于小沙桶和沙的总重量，通常采用如下两个措施：（A）平衡摩擦力：将长木板无滑轮的一端下面垫一小木块，反复移动木块的位置，直到小车在小桶的拉动下带动纸带与小车一起做匀速直线运动；（B）调整沙的多少，使沙和小沙桶的总质量m远小于小车和砝码的总质量M．请问：
①以上哪一个措施中有何重大错误？A
②在改正了上述错误之后，保持小车及砝码质量M不变．反复改变沙的质量，并测得一系列数据，结果发现小车受到的合外力（小桶及砂重量）与加速度的比值略大于小车及砝码质量M，经检查发现滑轮非常光滑，打点计时器工作正常，且事先基本上平衡了摩擦力，那么出现这种情况的主要原因是什么？由于小桶及砂的失重，拉小车的合外力F＜mg，而处理数据时又将F=mg处理
（3）图乙是上述实验打出的一条纸带，已知打点计时器的打点周期是0.02s，结合图乙给出的数据（单位cm），求出小车运动加速度的大小为 4.0m/s2，并求出纸带中P点瞬时速度大小为 2.6m/s（计算结果均保留2位有效数字）
考点：验证牛顿第二运动定律．。