2020届高三物理25题专题训练(共18题)
2020年高考物理真题多选题汇编(附解析)
2020年高考物理真题多选题集锦1.（2020·新课标Ⅲ）在图（a）所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R1、R2、R3均为固定电阻，R2=10 ，R3=20 ，各电表均为理想电表。
已知电阻R2中电流i2随时间t变化的正弦曲线如图（b）所示。
下列说法正确的是（）A. 所用交流电的频率为50HzB. 电压表的示数为100VC. 电流表的示数为1.0AD. 变压器传输的电功率为15.0W2.（2020·新课标Ⅲ）1934年，约里奥—居里夫妇用α粒子轰击铝箔，首次产生了人工放射性同位素X，反应方程为：。
X会衰变成原子核Y，衰变方程为，则（）A. X的质量数与Y的质量数相等B. X的电荷数比Y的电荷数少1C. X的电荷数比的电荷数多2D. X的质量数与的质量数相等3.（2020·新课标Ⅲ）如图，∠M是锐角三角形PMN最大的内角，电荷量为q（q>0）的点电荷固定在P点。
下列说法正确的是（）A. 沿MN边，从M点到N点，电场强度的大小逐渐增大B. 沿MN边，从M点到N点，电势先增大后减小C. 正电荷在M点的电势能比其在N点的电势能大D. 将正电荷从M点移动到N点，电场力所做的总功为负4.（2020·新课标Ⅱ）如图，竖直面内一绝缘细圆环的上、下半圆分别均匀分布着等量异种电荷。
a、b为圆环水平直径上的两个点，c、d为竖直直径上的两个点，它们与圆心的距离均相等。
则（）A. a、b两点的场强相等B. a、b两点的电势相等C. c、d两点的场强相等D. c、d两点的电势相等5.（2020·新课标Ⅱ）特高压输电可使输送中的电能损耗和电压损失大幅降低。
我国已成功掌握并实际应用了特高压输电技术。
假设从A处采用550 kV的超高压向B处输电，输电线上损耗的电功率为∆P，到达B处时电压下降了∆U。
在保持A处输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下，改用1 100 kV特高压输电，输电线上损耗的电功率变为∆P′，到达B处时电压下降了∆U′。
2020年高考物理选择题专项训练16~20套附答案及解析
2020年高考物理选择题专项训练16~20套2020年高考物理选择题专项训练16一、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第6～8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1.2019年春晚在舞《春海）》中拉开帷幕．如图所示，五名领舞者在钢丝绳的拉动下以相同速度缓缓升起，若五名领舞者的质量（包括衣服和道具）相等，下面说法中正确的是A. 观众欣赏表演时可把领舞者看作质点B. 2号和4号领舞者的重力势能相等C. 3号领舞者处于超重状态D. 她们在上升过程中机械能守恒2.超市里磁力防盗扣的内部结构及原理如图所示，在锥形金属筒内放置四颗小铁珠（其余两颗未画出），工作时弹簧通过铁环将小铁珠挤压于金属筒的底部，同时，小铁珠陷于钉柱上的凹槽里，锁死防盗扣．当用强磁场吸引防资扣的顶部时，铁环和小铁珠向上移动，防盗扣松开，已知锥形金属筒底部的圆锥顶角刚好是90°，弹簧通过铁环施加给每个小铁珠竖直向下的力F，小铁珠锁死防盗扣，每个小铁珠对钉柱产生的侧向压力为（不计摩擦以及小铁珠的重力）A. FB. FC. FD. F3.在匀强磁场中，一个原来静止的原子核，由于衰变放射出某种粒子，结果得到一张两个相切圆1和2的径迹照片如图所示，已知两个相切圆半径分别r1、r2，则下列说法正确的是A. 原子核可能发生衰变，也可能发生衰变B. 径迹2可能是衰变后新核的径迹C. 若衰变方程是，则衰变后新核和射出的粒子的动能之比为117：2D. 若衰变方程是，则r1：r2＝1：454.2019年1月3日，嫦娥四号探测器登陆月球，实现人类探测器首次月球背面软着陆，为给嫦娥四号採测器提供通信支持，我国早在2018年5月21日就成功发射嫦娥四号中继星鹊桥号”，如图所示，“桥号”中继星一边绕拉格朗日L2点做圆周运动，一边随月球同步绕地球做圆周运动且其绕点的半径远小于点与地球间的距离。
2020年高考全国卷“理科综合物理第25题”考前模拟试题
2020年高考全国卷“理综第25题”考前模拟试题1．如图所示，AB是倾角为θ＝30°的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切．圆弧的半径为R．一个质量为m的物体(可以看作质点)从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道上做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，求：(1)物体对圆弧轨道的最大压力大小；(2)物体滑回到轨道AB上距B点的最大距离；(3)为使物体能顺利通过圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′应满足什么条件．2．如图所示，弹枪AA′离竖直墙壁BC距离x＝2.4m，质量m1＝0.5kg的“愤怒的小鸟”从弹枪上A′点弹出后，抛射至光滑圆弧轨道最低点C点，A′C的竖直高度差y＝1.8m．“小鸟”在C处时，速度恰好水平地与原来静止在该处的质量为m2＝0.3kg的石块发生弹性碰撞，碰后石块沿圆弧轨道上滑，圆弧轨道半径R＝0.5m，石块恰好能通过圆弧最高点D，之后无碰撞地从E点离开圆弧轨道进入倾斜轨道MN(无能量损失)，且斜面MN的倾角θ＝37°，∠EOD＝37°，石块沿斜面下滑至P点与原来藏在该处的“猪头”发生碰撞并击爆它，石块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5，PE之间的距离s＝0.5m．已知“小鸟”、石块、“猪头”均可视为质点，重力加速度g取10m/s2，空气阻力忽略不计(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)．求：(1)石块与“猪头”碰撞时的速度大小；(2)“小鸟”与石块碰前的速度大小；(3)“小鸟”与石块相碰之前离斜面MN的最近距离．3．如图甲所示，滑块与足够长的木板叠放在光滑水平面上，开始时均处于静止状态．作用于滑块的水平力F随时间t变化图象如图乙所示，t＝2.0s时撤去力F，最终滑块与木板间无相对运动．已知滑块质量m＝2kg，木板质量M＝1kg，滑块与木板间的动摩擦因数μ＝0.2，取g＝10m/s2．求：(1)t＝0.5s时滑块的速度大小；(2)0～2.0s内木板的位移大小；(3)整个过程中因摩擦而产生的热量．4．某工厂用倾角为37°的传送带把货物由低处运送到高处，已知传送带总长为L＝50m，正常运转的速度为v＝4m/s．一次某工人刚把M＝10kg的货物放到传送带上的A处时停电了，为了不影响工作的进度，工人拿来一块m＝5kg带有挂钩的木板，把货物放到木板上，通过定滑轮用绳子把木板拉上去．货物与木板及木板与传送带之间的动摩擦因数均为0.8．(物块与木板均可看成质点，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)为了把货物拉上去又不使货物相对木板滑动，求工人所用拉力的最大值；(2)若工人用F＝189N的恒定拉力把货物拉到L5处时来电了，工人随即撤去拉力，求此时货物与木板的速度大小；(3)来电后，还需要多长时间货物能到达B处？(不计传送带的加速时间)5．如图所示，一平行板电容器两极板水平相对放置，在两极板的正中心上各开一孔，孔相对极板很小，因此不会影响两极板间的电场分布。
河北省宣化一中2020届高三下学期高考押题卷物理试题(含答案)
(1)如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径d＝________mm。
1 (2)多次改变高度H，重复上述实验，作出 t 2 随H的变化图象如图丙所示，当图中已知量t0、H0
和重力加速度g及小球的直径d满足表达式____________时，可判断小球下落过程中机械能守恒。 (3)实验中发现动能增加量ΔEk总是稍小于重力势能减少量ΔEp，增加下落高度后，则ΔEp－ΔEk 将______(填“增大”“减小”或“不变”)。
O
V0
300
A
D
25.(20分)如图所示，半径R=0.5m的光滑圆弧形轨道固定在竖直面内，O为圆心，C为最低
点，D为最高点，CD为直径，BC弧对应的圆心角θ=37°。在圆弧形轨道左侧有一两端间距L=2.2m
的水平传送带，传送带与圆弧轨道在同一竖直平面内，工作轮半径r=0.1m，传送带顺时针转动，
速率恒为ν=4m/s。现在传送带水平部分的左端E点由静止释放一个质量M=1kg、可视为质点的滑
宣化第一中学 2020 年高考模拟试题（一） （物理答案） 14.C【解析】设经过第一段位移Δx 的起始位置对应时刻记为零，0～t1 中间时刻的速度为 v1，t1～
t2 中间时刻的速度为
v2
v2，则
v1
a
t1
t2 2
t1 2
，解得
0
bh
18. 图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比 n1∶n2＝5∶1，电阻 R＝20 Ω，L1、L2 为规格
2020年高考全国卷“理综第25题”考前模拟试题——参考答案
2020年高考全国卷“理综第25题”考前模拟试题参考答案1．【答案】(1)3mg －3μmg (2)3－3μ3μ＋1R (3)L ′≥3R ＋3R 1－3μ【解析】(1)根据几何关系PB ＝Rtan θ＝3R ①从P 点到E 点根据动能定理，有mgR －μmg cos θ·PB ＝12mv 2E －0②代入数据解得v E 2－3μgR )③在E 点，根据向心力公式有F N －mg ＝m v 2ER④解得F N ＝3mg －3μmg⑤(2)物体滑回到轨道AB 上距B 点的最大距离x ，根据动能定理，有mg (BP －x )·sin θ－μmg cos θ(BP ＋x )＝0－0⑥代入数据解得x ＝3－3μ3μ＋1R ⑦(3)刚好到达最高点时，有mg ＝mv 2R⑧解得v ＝gR⑨根据动能定理，有mg (L ′sin θ－R －R cos θ)－μmg cos θ·L ′＝12mv 2－0⑩代入数据解得L ′＝3R ＋3R 1－3μ⑪所以，L′应满足什么条件L′≥3R＋3R⑫1－3μ2．【答案】(1)3m/s (2)4m/s (3)0.54m【解析】(1)石块恰好过圆弧最高点D ，设在D 点时的速度为v D ，则m 2g ＝m 2v 2DR①解得v D ＝5m/s②设石块在P 点与“猪头”碰撞时的速度为v P ，石块从D 至P 的过程，由动能定理可知m 2g [R (1－cos θ)＋s ·sin θ]－μm 2g cos θ·s ＝12m 2v 2P －12m 2v 2D③解得v P ＝3m/s④(2)设石块在C 点碰后的速度为v C ，石块从C 至D 的过程，由动能定理可知－m 2g ·2R ＝12m 2v 2D －12m 2v 2C⑥解得v C ＝5m/s⑦设“小鸟”与石块碰前的速度为v ，碰后速度为v ′，在碰撞过程，由动量守恒和能量守恒可知m 1v ＝m 1v ′＋m 2v C ⑧12m 1v 2＝12m 1v ′2＋12m 2v 2C ⑨联解可得v ＝4m/s⑩(3)由题给数据知A′C与MN平行，将“小鸟”从A′至C的运动可逆向视为从C至A′的平抛运动，设历时t，“小鸟”的速度与A′C连线平行，有v y＝gt⑪v x＝v⑫tanθ＝v yv x⑬联解可得t＝0.3s⑭此时“小鸟”离A′C连线的距离设为hh＝x′sinθ⑮2x′＝vt⑯则“小鸟”离斜面MN最近的距离Δh＝R(1＋cosθ)－h⑰解得Δh＝0.54m⑱3．【答案】(1)1m/s(2)6.25m(3)12J【解析】(1)木板M的最大加速度a m＝μmg2①M＝4m/s滑块与木板保持相对静止时的最大拉力F m＝(M＋m)a m＝12N②即F为6N时，M与m一起向右做匀加速运动，对整体分析有F＝(M＋m)a1，v1＝a1t1③代入数据得v1＝1m/s④(2)对Ma1t21⑤0～0.5s：x1＝12a2t22⑥0.5～2s：μmg＝Ma2，x2＝v1t2＋12则0～2s内木板的位移x＝x1＋x2＝6.25m⑦(3)对滑块0.5～2s：F－μmg＝ma2′⑧0～2s内，滑块的位移x′＝x1＋(v1t2＋1a2′t22)⑨2在0～2s内m与M相对位移Δx1＝x′－x＝2.25m⑩t＝2s时木板速度v2＝v1＋a2t2＝7m/s⑪滑块速度v2′＝v1＋a2′t2＝10m/s⑫撤去F后，对Mμmg＝Ma3⑬对m－μmg＝ma3′⑭当滑块与木板速度相同时保持相对静止，即v2＋a3t3＝v2′＋a3′t3⑮解得t3＝0.5s⑯该段时间内，M位移x3＝v2t3＋1a3t23⑰2m位移x3′＝v2′t3＋1a3′t23⑱2相对位移Δx2＝x3′－x3＝0.75m⑲整个过程中，系统因摩擦产生的热量Q＝μmg(Δx1＋Δx2)＝12J⑳4．【答案】(1)192N(2)2m/s(3)11.25s【解析】(1)设最大拉力为F m，货物与木板之间的静摩擦力达到最大值，设此时的加速度为a1，对货物根据牛顿第二定律得μMg cosθ－Mg sinθ＝Ma1①解得a1＝0.4m/s2②对货物与木板整体分析，根据牛顿第二定律得F m－μ(m＋M)g cosθ－(m＋M)g sinθ＝(m＋M)a1③解得F m＝192N④(2)设工人拉木板的加速度为a2，根据牛顿第二定律得F－μ(m＋M)g cosθ－(m＋M)g sinθ＝(m＋M)a2⑤解得a2＝0.2m/s2⑥设来电时木板与货物的速度大小为v1，根据运动学公式得v12＝2a2L5⑦解得v1＝2m/s⑧(3)由于v1＜4m/s，所以来电后木板继续加速，加速度为a3，则μ(M＋m)g cosθ－(M＋m)g sinθ＝(M＋m)a3⑨解得a3＝0.4m/s2⑩设经过t1木板速度与传送带速度相同v＝v1＋a3t1⑩解得t1＝5s⑫设t1内木板加速的位移为x1，则v2－v12＝2a3x1⑬解得x1＝15m⑭共速后，木板与传送带相对静止一起匀速运动，设匀速运动的时间为t2，匀速运动的位移为x2，则x2＝L－L⑮5－x1解得x2＝25m⑯匀速运动的时间t2＝x2v＝6.25s⑰所以，来电后，货物能到达B处需要的运动时间t＝t1＋t2＝11.25s⑱5．【答案】(1)52g(2)118L(3)6mg－3kq2L2【解析】(1)以AB系统为研究对象，有qE＋2mg＝2ma①解得a＝52g②(2)从开始到A刚进入两极板间有v12＝2aL③解得v1＝5gL④A进入两极板间到B即将穿出下孔，有qE＋2mg－3qE＝2ma2⑤解得a2＝－2g⑥v22－v12＝2a2s⑦B穿出下孔后，有2mg－3qE＝2ma3⑧解得a3＝－72g⑨0－v22＝2a3×L2⑩联立解得s＝38L⑪所以，两极板间距d＝s＋L＝118L⑫(3)B球刚进入电场时，以A球为研究对象，有T1＋mg＋3kq2L2＝ma⑬解得T1＝32mg－3kq2L2⑭A球刚进入电场时，以B球为研究对象，有T2＋3kq2L2－mg－qE＝m|a2|⑮解得T2＝6mg－3kq2L2⑯B球刚离开电场时，以B球为研究对象，有T3＋3kq2L2－mg＝m|a3|⑰解得T3＝92mg－3kq2L2⑱所以，最大拉力T2＝6mg－3kq2L2⑲6．【答案】(1)0.25C0.80Ω(2)F＝2＋0.8t(N)(3)0.1J【解析】(1)根据题图乙知，在t＝0.5s时间内通过金属框的平均电流I＝0.50A①通过金属框的电量q＝I t＝0.25C②由平均感应电动势E＝BL2t③平均电流I＝ER④通过金属框的电量q＝I t⑤联立③④⑤得q＝BL2R⑥于是金属框的电阻R＝BL2q＝0.80Ω⑧(2)由题图乙知金属框中感应电流线性增大，说明金属框运动速度线性增加，即金属框被匀加速拉出磁场．又知金属框在t＝0.5s时间内的位移L＝0.5m，金属框的加速度加速度a＝2L2⑨t2＝4m/s由图乙知金属框中感应电流随时间变化规律为I＝kt(k＝2.0A/s)⑩于是安培力F A随时间t变化规律为F A＝BIL＝kBLt⑪由牛顿运动定律得F－F A＝ma⑫所以水平拉力F＝F A＋ma＝ma＋kBLt⑬代入数据得水平拉力随时间变化规律为F＝2＋0.8t(N)⑭(3)根据运动情况知金属框离开磁场时的速度v＝2aL＝2m/s⑮由能量守恒知，此过程中金属框产生的焦耳热Q＝W F－1mv2＝0.1J⑯27．【答案】(1)5m π6qB (2)qBR 2m (3)1124πR 2－34R 2【解析】(1)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设轨迹半径为r 1，由牛顿第二定律可得qv 1B ＝mv 21r 1①解得r 1＝mv 1qB＝R ②粒子沿与MO 成60°角方向射入磁场，设粒子从区域边界P 射出，其运动轨迹如图甲所示．由图中几何关系可知粒子轨迹所对应的圆心角为α＝150°③甲粒子的运动周期T ＝2πmBq④粒子在磁场中的运动时间t ＝150°360°＝5m π6qB⑤(2)粒子以速率v 2沿MO 方向射入磁场，在磁场中做匀速圆周运动，恰好从N 点离开磁场，其运动轨迹如图乙，设粒子轨迹半径为r 2，由图中几何关系可得r 2＝R tan θ2＝12R⑥乙由牛顿第二定律可得qv 2B ＝mv 22r 2⑦解得粒子的速度v 2＝qBr 2m ＝qBR2m⑧(3)粒子沿各个方向以v 2进入磁场做匀速圆周运动时的轨迹半径都为r 2，且不变．由图丙可知，粒子在磁场中通过的面积S 等于以O 3为圆心的扇形MO 3O 的面积S 1、以M 为圆心的扇形MOQ 的面积S 2和以O 点为圆心的圆弧MQ 与直线MQ 围成的面积S 3之和．丙S 1＝12π(R 2)2＝πR 28⑨S 2＝16πR 2⑩S 3＝16πR 2－12×R ×R 2tan 60°＝16πR 2－34R 2⑪则S ＝1124πR 2－34R 2⑫8．【答案】(1)－1V(2)22m/s与水平方向的夹角θ＝45°(3)B2＜2T【解析】(1)金属杆产生的感应电动势恒为E＝12B1L21ω＝2V①由串并联电路的连接特点知E＝I·4R，U0＝I·2R＝E2＝1V②金属杆转动周期T1＝2πω＝20s③由右手定则知：在0～4s时间内，金属杆ab中的电流方向为b→a，则φa＞φb，则在0～4s时间内φM＜φN，U MN＝－1V④(2)粒子在平行板电容器内做类平抛运动，在0～T12时间内，水平方向L2＝v0·t1⑤解得t1＝L2v0＝4s＜T12⑥竖直方向d 2＝12v y t1⑦解得v y＝0.5m/s⑧则粒子飞出电场时的速度大小v＝v20＋v2y＝22m/s⑨所以该速度与水平方向的夹角θ满足tanθ＝v yv0＝1，θ＝45°⑩(3)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，轨迹半径r＝mvB2q⑪由几何关系及粒子在磁场中运动的对称性可知，粒子不会第二次进入电场的条件是2r＞d⑫粒子在平行板中加速得v y＝at1，a＝Eqm，E＝U NMd⑬解得qm＝0.25C/kg⑭综合得B2＜2mvdq＝2×42×22T＝2T⑮9．【答案】(1)见解析(2)EBLv m－B2L2v m2r (3)BLCU1t1＋mU1BLt1【解析】(1)导体棒切割磁感线E＝BLv①导体棒做匀速运动F＝F安＝BIL②其中I＝ER③在任意一段时间Δt内，拉力F所做的功W＝FvΔt＝F安vΔt＝B2L2v2RΔt④电路获得的电能ΔE＝qE＝EIΔt＝B2L2v2RΔt⑤可见，在任意一段时间Δt内，拉力F所做的功与电路获得的电能相等(2)导体棒达到最大速度v m时，棒中没有电流，电源的路端电压U＝BLv m⑥电源与电阻所在回路的电流I＝E－Ur⑦电源的输出功率P＝UI＝EBLv m－B2L2v m2r⑧(3)感应电动势与电容器两极板间的电势差相等BLv＝U⑨由电容器的Ut图可知U＝U1t1t⑩导体棒的速度随时间变化的关系为v＝U1BLt1t⑪可知导体棒做匀加速直线运动，其加速度a＝U1BLt1⑫电容C＝QU⑬电流I＝Qt⑭可得I＝CUt＝CU1t1⑮由牛顿第二定律有F－BIL＝ma⑯可得F＝BLCU1t1＋mU1BLt1⑰10．【答案】(1)mv 0ql (2)2mv 0ql 0(3)[0，－2kmv 0B 0q ](k ＝1，2，3…)和[－3mv 0B 0q ，－(2n －1)mv 0B 0q](n ＝1，2，3…)【解析】(1)设a 粒子在y 轴右侧运动的半径为R 1，由几何关系有(R 1－12l )2＋(32l )2＝R 21①甲由于B 1qv 0＝m v 20R 1②解得B 1＝mv 0ql③(2)B 2最小，说明Q 点是a 、b 粒子在y 轴上第一次相遇的点，由图乙可知，a 、b 粒子同时从O 点出发，且粒子在y 轴右侧运动的圆周运动半径乙R 2＝l 02④又由洛伦兹力提供向心力，有B 2qv 0＝m v 2R 2⑤解得B 2＝2mv 0ql 0⑥(3)由图丙可见，只有在两轨迹相交或相切的那些点，才有相遇的可能性，所以有y 轴上的相切点和y 轴左侧的相交点．经分析可知，只要a 、b 粒子从O 点出发的时间差满足一定的条件，这些相交或相切的点均能相遇．丙粒子在y 轴右侧的运动半径r 1＝mv 0B 0q⑦粒子在y 轴左侧的运动半径r 2＝2mv 0B 0q⑧y 轴上的相切点坐标为[0，－2kmv 0B 0q](k ＝1，2，3…)⑨y 轴左侧的相交点相遇由丙图可知，OA ＝AC ＝OC ＝r 2，可得x A ＝－r 2sin 60°＝－3mv 0B 0q ⑩y A ＝－r 2cos 60°＝－mvB 0q⑪y 轴左侧的相遇点的坐标[－3mv 0B 0q ，－(2n －1)mv 0B 0q](n ＝1，2，3…)⑫。
2020届人教版高三物理专项练习题：游标卡尺和螺旋测微器专项训练
游标卡尺专项训练1.如图所示，螺旋测微器的读数为mm，20分度的游标卡尺读数为mm．2.用螺旋测微器测某一圆柱体直径，示数如图甲所示，此示数为mm；用游标卡尺测量某工件的外径时，示数如图乙所示，则读数为mm．3.某同学在测定金属圆柱体电阻率时需要先测量其尺寸，他分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（a）和如图（b）所示，长度为cm，直径为mm．4.某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示．该工件的直径为cm，高度为mm．5.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径．为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”）．从图中的示数可读出合金丝的直径为mm．（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm．6.下述图中，游标卡尺示数是cm；螺旋测微器的示数是mm.7.图一中螺旋测微器读数为mm．图二中游标卡尺读数为cm．8.用螺旋测微器测量一根电阻丝的直径，测量结果如图①，其读数为________ mm.用游标为50分度的卡尺测量某圆筒的内径，则该游标卡尺的标尺每一小格的长度为________ mm，测量结果如图②所示，此工件的直径为________ cm.9.图(甲)是用一主尺最小分度为1 mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示．可以读出此工件的长度为____________ cm.图(乙)是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为________ cm.10.有一游标卡尺，主尺的最小分度是1 mm，游标上有20个等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是________ mm.用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是_________ mm.甲乙11.图甲中螺旋测微器读数为______________ mm.图乙中游标卡尺(游标尺上有50个等分刻度)读数为______________ mm.12.某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝时，测得的结果如图a所示，则该金属丝的直径d＝________ mm.另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图b所示，则该工件的长度L＝__________ cm.13.用螺旋测微器测量某一物体厚度时，示数如图甲所示，读数是________ mm.用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如图乙所示，则读数分别为________mm14.将如图所示的螺旋测微器的读数写出来．甲．______mm乙．______cm15.下图中螺旋测微器的读数为 _________mm.16.某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图a所示，测量金属板厚度时的示数如图b所示．图a所示读数为__________ mm，图b所示读数为__________ mm，所测金属板的厚度为__________ mm.17.图中给出的是用螺旋测微器测量一小钢球的直径时的示数，此读数应________mm.18.图中螺旋测微器的读数是_____________mm.19.下图是用螺旋测微器测量两根金属棒直径的示意图，图a的读数是________mm，图b的读数是______________mm.20.在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为________ mm.21.常用螺旋测微器的精度是0.01 mm，下图中的螺旋测微器读数为5.623 mm，请你在刻度线旁边的方框内标出相应的数以符合给出的数值．22.如图所示，游标卡尺读数为________mm，螺旋测微器读数为________mm.23.（1）如图所示的游标卡尺，游标尺上共有20个分度，用它测量某工件的外径时，示数如图，则此工件的外径是mm.（2）用螺旋测微器测量某电阻丝的直径如图，则此电阻丝的直径为mm.24.正确读出下列各数：①图1游标卡尺的读数为mm．②图2螺旋测微器的读数mm.25.如图所示，螺旋测微器的示数为mm，游标卡尺的示数为mm．26.图中游标卡尺读数为mm，螺旋测微器读数为mm．27.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的长度和直径，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1所示，由图可知其长度为mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为mm．28.图中游标卡尺的读数为mm；图中螺旋测微器的读数为mm．29.读出下列游标卡尺和螺旋测微器的示数：mm，mm30.在测定金属的直径时，螺旋测微器的读数如图所示．可知该金属丝的直径d=mm．31.用游标卡尺测量某一铁球的直径．主尺示数（单位为cm）和游标的位置如图所示，则其直径为cm；用螺旋测微器测量小钢球的直径，长度如图所示，其直径长为mm．32.某同学用刻度尺测金属丝的长度l，用螺旋测微器测金属丝的直径d，其示数分别如图1和图2所示，则金属丝长度l=cm，金属丝直径d=mm．他还用多用电表按正确的操作程序测出了它的阻值，测量时选用“×1”欧姆挡，示数如图3所示，则金属丝的电阻R=Ω．33.某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图(a)和(b)所示．该工件的直径为______cm，高度为__________mm.34.某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一工件的长度和厚度，如图所示，读出该工件的长度为______ cm.厚度的测量值为______mm35.某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如甲图所示，则该金属丝的直径d＝__________mm.另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如乙图所示，则该工件的长度L＝____________cm.36.某同学为了练习各种仪表的读数规则，他做了如下几种图示的练习：其中如图甲所示为游标卡尺的读数，其值为____cm；如图乙所示为螺旋测微器的读数，其值为____mm；如图丙所示为电流表的读数，使用量程为0～0.6 A时的读数为______A.答案解析1.【答案】6.768 104.05【解析】螺旋测微器的固定刻度读数为6.5 mm，可动刻度读数为0.01×26.8 mm=0.268 mm，所以最终读数为（6.5+0.268）mm=6.768 mm．游标卡尺的主尺读数为104 mm，游标读数为0.05×1 mm=0.05 mm，所以最终读数为(104+0.05) mm=104.05 mm．2.【答案】3.550 11.50【解析】1.螺旋测微器的固定刻度为3.5 mm，可动刻度为5×0.010 mm=0.050 mm，所以最终读数为3.5 mm+0.050 mm=3.550 mm．2.游标卡尺的主尺读数为：1.1 cm=11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm．3.【答案】5.024.815【解析】（a）是10分度的卡尺，其精确度为0.1 mm，主尺读数为：5 cm=50 mm，游标上第2个刻度与上面对齐，读数为：2×0.1 mm=0.2 mm，故最终读数为：(50+2×0.1) mm=50.2 mm=5.02 cm；螺旋测微器：固定刻度为4.5 mm，可动刻度为31.5×0.01 mm，则读数为（4.5+31.5×0.01）mm=4.815 mm．4.【答案】4.240 1.845【解析】游标卡尺的主尺读数为4.2 cm，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为8×0.05 mm=0.40 mm=0.040 cm，所以最终读数为：4.2 cm+0.040 cm=4.240 cm．螺旋测微器的固定刻度为 1.5 mm，可动刻度为34.5×0.01 mm=0.345 mm，所以最终读数为 1.5 mm+0.345 mm=1.845 mm．5.【答案】（1）B0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.0×0.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm．（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm．6.【答案】10.34 3.388【解析】游标卡尺示数是10.3 cm+0.1mm×4=10.34 cm；螺旋测微器的示数是3 mm+0.01 mm×38.8=3.388 mm.7.【答案】4.487 2.64【解析】螺旋测微器的固定刻度为4 mm，可动刻度为48.7×0.01 mm=0.487 mm，所以最终读数为4 mm+0.487 mm=4.487 mm．10分度的游标卡尺，精确度是0.1 mm，游标卡尺的主尺读数为26 mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1 mm=0.4 mm，所以最终读数为：26 mm+0.4 mm=26.4 mm=2.64 cm．8.【答案】1.5540.98 1.114【解析】螺旋测微器的读数公式：固定刻度(mm)＋旋转刻度(估读)×0.01 mm＝测量值，所以螺旋测微器的读数为：1.5 mm＋5.4×0.01 mm＝1.554 mm.游标卡尺的读数公式：主尺(mm)＋格数×(0.1或0.05或0.02)＝测量值，所以此游标卡尺读数为1.1 mm＋7×0.02 mm＝1.114 mm9.【答案】10.2350.554 6【解析】游标卡尺的主尺读数为102 mm，游标读数为0.05×7 mm＝0.35 mm，所以最终读数为102.35 mm＝10.235 cm.螺旋测微器的固定刻度为5.5 mm，可动刻度为0.01×4.6 mm＝0.046 mm，所以最终读数为5.546 mm＝0.5546 cm.10.【答案】10.50 1.731(1.730～1.733均可)【解析】11.【答案】8.11810.94【解析】甲图主尺为8 mm，游标读数11.8×0.01 mm，因此读数为8.118 mm；主尺为10 mm，游标读数为47×0.02 mm，两者相加为10.94 mm.12.【答案】3.205 2.030【解析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．螺旋测微器的固定刻度读数为3 mm.可动刻度读数为0.01×20.5 mm＝0.205 mm，所以最终读数为3.205 mm.游标卡尺的主尺读数为20 mm，游标读数为0.05×6 mm＝0.30 mm，所以最终读数为20.30 mm＝2.030 cm.13.【答案】1.19511.50【解析】螺旋测微器读数为1 mm＋19.5×0.01 mm＝1.195 mm游标卡尺读数为11 mm＋10×0.05 mm＝11.50 mm.14.【答案】8.4760.657 8【解析】甲：8 mm＋47.7×0.01 mm＝8.477 mm.乙：6.5 mm＋7.8×0.01 mm＝6.578 mm＝0.657 8 cm.15.【答案】5.200【解析】螺旋测微器的读数公式：固定刻度(mm)＋旋转刻度(估读)×0.01 mm＝测量值，所以螺旋测微器的读数为：5 mm＋20.0×0.01 mm＝5.200 mm.16.【答案】0.010 6.870 6.860【解析】螺旋测微器在读数时，整毫米与半毫米读数由固定刻度读出，小数部分由可动刻度读出，螺旋测微器要估读一位，可动部分每一小格表示0.01 mm，由此可知a读数为0＋1.0×0.01 mm＝0.010 mm；b读数为6.5 mm＋37.0×0.01 mm＝6.870 mm; 所测金属板的厚度为6.870 mm－0.010 mm＝6.860 mm.17.【答案】8.600【解析】螺旋测微器的读数公式：固定刻度(mm)＋旋转刻度(估读)×0.01 mm＝测量值，所以螺旋测微器的读数为：8.5 mm＋10.0×0.01 mm＝8.600 mm.18.【答案】5.681(5.680～5.682)【解析】主尺读数为 5.5 mm，可动刻度为18.1×0.01 mm，所以螺旋测微器的读数为 5.5 mm＋18.1×0.01 mm＝5.681 mm19.【答案】3.207 1.880【解析】a图中3 mm＋20.7×0.01 mm＝3.207 mm，b图中1.5 mm＋38.0×0.01 mm＝1.880 mm20.【答案】0.617(0.615～0.619)【解析】螺旋测微器的精确度为0.01 mm，固定刻度读数为0.5 mm，可动刻度读数为11.7 mm，结果为d＝0.5 mm＋11.7×0.01 mm＝0.617 mm.21.【答案】如图【解析】根据螺旋测微器读数结合题图可知，主尺固定刻度填5，这样主尺读取 5.5 mm，可动刻度应读取0.123，由于精度为0.01 mm，故可动数据读取12.4时，下面的方框填写10，上面的方框填写15.22.【答案】49.15 0.900【解析】游标卡尺读数为，螺旋测微器的读数为23.【答案】（1）4.35 （2）1.567~1.570【解析】（1）20分度的游标卡尺，精确度是，游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为，所以最终读数为：.（2）螺旋测微器的固定刻度为，可动刻度为，所以最终读数为。
2020届高三物理25题专题训练(共18题)
2. 如图所示，直轨道与水平面夹角为 37°，光滑竖直圆轨道与直轨道相切于 C 点，圆轨道最高点 为 D，半径 OD 竖直，半径为 0.8 ，质量为 0.5 的物块 m 放在 B 点，由止动装置使其静止， 质量为 1kg 的物块 M，从直轨道的 P 点滑向 B 点，当其运动到 B 点时，撤去 m 的止动装置， M 与 m 发生弹性正碰，之后 m 恰好通过圆轨道最高点 D，已知两物块与直轨道间的动摩擦因 数均为 0.25，B、C 点间的距离为 1.7 ， = 10 / 2， 37° = 0.6、 37° = 0.8，物块大小忽略不计均可视 为质点，求：
(1)求粒子的比荷 ；
(2)通过计算说明是否所有的粒子都从 OQ 之间射出电 场打到荧光屏上； (3)求粒子打到荧光屏上的点距 Q 点的最远距离。
11. 如图所示，在正方形 ABCD 区城内，对角线 BD 以上的区域存在平行于 AB 向下的匀强电场， 对角线 BD 以下的区域存在垂直于纸面向里的匀强磁场，正方形的边长为 3 .一质量为 m。电
= 1.0 ( = 10 / 2) (1)判断 1磁场的方向； (2)刚撤去外力 F 时 ab 杆子的速度 v； (3)求杆子 ab 的最大加速度 a 和加速过程中的位移 x．
荷量为+ 的带电粒子(不计重力)以初速度 0从 B 点沿 BC 方向进入磁场，磁感应强度 = 0，
2
电场强度 = 0，求： (1)带电粒子最终从正方形 ABCD 边界射出的位置； (2)带电粒子在磁场和电场中运动的总时间。
知识像烛光，能照亮一个人，也能照亮无数的人。--培根
2020 届高三物理 25 题半径为 1 = 0.8
的1光滑圆弧轨道，与半径为
4
2 = 0.4
的半圆光滑空心管轨道平
最新2020年高考理综物理选择题训练20套Word版含详细解析
最新2020年高考理综物理选择题训练20套最新2020年高考理综物理选择题训练（01）一、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第6～8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1.下列说法正确的是A. 氢原子的核外电子从低能级跃迁到高能级时，吸收光子，电子的轨道半径增大B.He Th U 422349023892+→是核裂変方程，当铀块体积大于临界体积时，才能发生链式反应C. 从金属表面逸出的光电子的最大初动能与照射光的强度无关，与照射光的频率成正比D. α射线是高速运动的氦原子核，能够穿透几厘米厚的铅板 【答案】A 【解析】【详解】根据波尔理论，氢原子的核外电子从低能级跃迁到高能级时，要吸收光子，电子的轨道半径增大，选项A 正确；B 方程是衰变方程，B 错误；根据光电效应方程，光电子的最大初动能为k E hv W =-，不是与频率ν成正比，C 错误。
α射线是高速运动的氦原子核，但是不能穿透铅板，D 错误；2.如图所示为小朋友喜欢的磁性黑板 ，下面有一个托盘，让黑板撑开一个安全角度（黑板平面与水平面的夹角为θ），不易倾倒，小朋友不但可以在上面用专用画笔涂鸦，磁性黑板擦也可以直接吸在上面。
图中就有小朋友把一块质量m 为黑板擦吸在上面保持静止，黑板与黑板擦之间的动摩擦因数μ，则下列说法正确的是（ ）A. 黑板擦对黑板的压力大小为mgcos θB. 黑板斜面对黑板的摩擦力大小为μmgcos θC. 黑板对黑板擦的摩擦力大于mgsin θD. 黑板对黑板擦的作用力大小为mg 【答案】D【解析】对黑板擦受力分析，受到竖直向下的重力，黑板给的支持力N ，以及垂直黑板向下的吸力F ，沿黑板平面向上的摩擦力f ，根据正交分解可知sin f mg =θ，cos N mg F θ=+，根据牛顿第三定律可知黑板擦对黑板的压力大小为'cos N mg F θ=+，由于黑板擦处于静止，所以重力和其余三个力（黑板对黑板擦的作用力）的合力为零，故黑板对黑板擦的作用力大小为mg ，D 正确．【点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解．3.从离水平地面高H 处以速度v 0水平抛出一个小球A ，同时在其正下方地面上斜抛另一个小球B ，两球同时落到地面上同一位置，小球B 在最高点时，距地面的高度为h ，速度为v ，则以下关系正确的是 A. h=H , v =v 0 B. h ＝03,42v H v = C. h =0,22v Hv = D. h =0,4Hv v =【答案】D【解析】斜抛可以看成对称两段平抛，则A t =B t =，B A t t =，得4H h =；0A A s v t =，B B s vt =，则0v v =，故选D 。
2020届高三物理 运动学专题训练(共35题)
2020届高三物理运动学专题训练(共35题)一、单选题（本大题共15小题）1.如图所示的位移(x)−时间(t)图象和速度(v)−时间(t)图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是()A. 甲车做直线运动，乙车做曲线运动B. 0～t1时间内，甲车通过的路程小于乙车通过的路程C. 0～t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等D. 0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远2.在同一条笔直的公路上行驶的三辆汽车a，b，c，它们的x−t图象如图所示汽车a对应的图象是条抛物线，其顶点坐标为(0,10)，下列说法正确的是()A. b和c两汽车做匀速直线运动，两汽车的速度相同B. 在0～5s内，a，b两汽车间的距离均匀增大C. 汽车c的速度逐渐增大D. 汽车a在5s末的速度为4m/s3.汽车在高速公路上超速是非常危险的，为防止汽车超速，高速公路都装有测汽车速度的装置。
如图甲所示为超声波测速仪测汽车速度的示意图，测速仪A可发出并接收超声波信号，根据发出和接收到的信号可以推测出被测汽车的速度。
如图乙所示是以测速仪所在位置为参考点，测速仪连续发出的两个超声波信号的x−t图象，则()A. 汽车离测速仪越来越近B. 在测速仪发出两个超声波信号的时间间隔内，汽车通过的位移为x2−x1C. 汽车在t1∼t2时间内的平均速度为x2−x1t2−t1D. 超声波信号的速度是x2t24.一质点从O 点由静止出发做匀加速直线运动，途经A 、B 、C三点和D、E、F三点，AB间距离为S1，BC间距离为S2，且过AB和BC段时间相等；而DE段和EF段距离相等，过DE段的平均速度为v1，过EF段的平均速度为v2.则OA间距离和过E点的速率分别为()A. (3S1−S2)28(S2−S1)；v12+v22v2−v1B. (3S1−S2)28(S2−S1)；v12+v22v1+v2C. (3S1−S2)28(S2+S1)；v12+v22v2−v1D. (3S1+S2)28(S2−S1)；v12+v22v1+v25.甲、乙两车在平直公路上行驶，其v−t图象如图所示，t=0时，两车间距为x0；t0时刻，甲、乙两车相遇，0～t0时间内甲车发生的位移为x，下列说法正确的是()A. 0～t0时间内甲车在前，t0～2t0时间内乙车在前B. 0～2t0时间内甲车平均速度的大小是乙车平均速度大小的2倍C. 2t0时刻甲、乙两车相距12x0D. x0=67x6.做匀变速直线运动的质点，从运动过程中某时刻开始连续相等的三个时间间隔T秒内，第一个T秒内的位移为x1、第三个T秒内的位移为x3.则该质点()A. 加速度的大小为a=x3−x1T2B. 在第二个T秒内的位移为3x1C. 在第二个T秒末的速度为v=3x3+x14TD. 在第二个T秒内的平均速度v=x3−x12T7.完全相同的甲、乙两个物体放在同一水平地面上，分别在水平拉力F1、F2作用下，由静止开始做匀加速直线运动，分别经过时间t0和4t0，速度分别达到2v0和v0时撤去F1、F2，甲、乙两物体开始做匀减速直线运动，直到静止．其速度随时间变化情况如图所示，则下列各项说法中不正确的是()A. 若在F1、F2作用时间内甲、乙两物体的位移分别为s1、s2，则s1>s2B. 若整个运动过程中甲、乙两物体的位移分别为s1′、s2′，则s1′>s2′C. 甲、乙两物体匀减速过程的位移之比为4：1D. 若在匀加速过程中甲、乙两物体的加速度分别为a1和a2，则a1>a28.如图所示，质量为m=2.0kg的物体静止在光滑的水平地面上。
最新2020年高考理综物理选择题训练20套Word版含详细解析
最新2020年高考理综物理选择题训练20套最新2020年高考理综物理选择题训练（01）一、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第6～8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1.下列说法正确的是A. 氢原子的核外电子从低能级跃迁到高能级时，吸收光子，电子的轨道半径增大B.He Th U 422349023892+→是核裂変方程，当铀块体积大于临界体积时，才能发生链式反应C. 从金属表面逸出的光电子的最大初动能与照射光的强度无关，与照射光的频率成正比D. α射线是高速运动的氦原子核，能够穿透几厘米厚的铅板 【答案】A 【解析】【详解】根据波尔理论，氢原子的核外电子从低能级跃迁到高能级时，要吸收光子，电子的轨道半径增大，选项A 正确；B 方程是衰变方程，B 错误；根据光电效应方程，光电子的最大初动能为k E hv W =-，不是与频率ν成正比，C 错误。
α射线是高速运动的氦原子核，但是不能穿透铅板，D 错误；2.如图所示为小朋友喜欢的磁性黑板 ，下面有一个托盘，让黑板撑开一个安全角度（黑板平面与水平面的夹角为θ），不易倾倒，小朋友不但可以在上面用专用画笔涂鸦，磁性黑板擦也可以直接吸在上面。
图中就有小朋友把一块质量m 为黑板擦吸在上面保持静止，黑板与黑板擦之间的动摩擦因数μ，则下列说法正确的是（ ）A. 黑板擦对黑板的压力大小为mgcos θB. 黑板斜面对黑板的摩擦力大小为μmgcos θC. 黑板对黑板擦的摩擦力大于mgsin θD. 黑板对黑板擦的作用力大小为mg 【答案】D【解析】对黑板擦受力分析，受到竖直向下的重力，黑板给的支持力N ，以及垂直黑板向下的吸力F ，沿黑板平面向上的摩擦力f ，根据正交分解可知sin f mg =θ，cos N mg F θ=+，根据牛顿第三定律可知黑板擦对黑板的压力大小为'cos N mg F θ=+，由于黑板擦处于静止，所以重力和其余三个力（黑板对黑板擦的作用力）的合力为零，故黑板对黑板擦的作用力大小为mg ，D 正确．【点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解．3.从离水平地面高H 处以速度v 0水平抛出一个小球A ，同时在其正下方地面上斜抛另一个小球B ，两球同时落到地面上同一位置，小球B 在最高点时，距地面的高度为h ，速度为v ，则以下关系正确的是 A. h=H , v =v 0 B. h ＝03,42v H v = C. h =0,22v Hv = D. h =0,4Hv v =【答案】D【解析】斜抛可以看成对称两段平抛，则A t =B t =，B A t t =，得4H h =；0A A s v t =，B B s vt =，则0v v =，故选D 。
2020届高三高考物理实验专题专项练习题：测动摩擦因数和重力加速度
测动摩擦因数和重力加速度1.用滴水法测量重力加速度大小（1）学生课外实验小组使用如图所示的实验装置测量重力加速度大小。
实验时，他们先测量分液漏斗下端到水桶底部的距离s；然后使漏斗中的水一滴一滴地下落，调整阀门使水滴落到桶底发出声音的同时，下一滴水刚好从漏斗的下端滴落；用秒表测量第1个水滴从漏斗的下端滴落至第n个水滴落到桶底所用的时间t。
A.重力加速度大小可表示为g=_____ (用s、n、t表示)；B.如果某次实验中，s=0.90m，n=30，t=13.0s，则测得的重力加速度大小g= m/s2； (保留2位有效数字)C.写出一条能提高测量结果准确程度的建议：。
（2）利用水滴下落可以测出当地的重力加速度g。
调节水龙头，让水一滴一滴地流出，在水龙头的正下方放一盘子，调节盘子的高度，使一个水滴碰到盘子时恰好有另一水滴从水龙头开始下落，而空中还有一个正在下落中的水滴。
测出水龙头到盘子间距离为h，再用秒表测时间，以第一个水滴离开水龙头开始计时，到第n个水滴落在g 。
盘中，共用时间为t，则重力加速度___2. 使用打点计时器测量当地的重力加速度。
①请完成以下主要实验步骤：按图（a）安装实验器材并连接电源；竖直提起系起有重物的纸带，使重物（填“靠近”或“远离”）计时器下端；，，使重物自由下落；关闭电源，取出纸带；换新纸带重复实验。
②（b）和（c）是实验获得的两条纸带，应选取（填“b”或“c”）来计算重力加速度。
在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要原因是空气阻力和。
3.利用数码相机的连拍功能测重力加速度（ 2019年高考全国3卷第22题）甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验。
实验中，甲同学负责释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照。
已知相机每间隔0.1s拍1幅照片。
（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是。
（填正确答案标号）A.米尺B.秒表C.光电门D.天平（2）简述你选择的器材在本实验中的使用方法。
2020年6月天津市南开中学2020届高三毕业班高考模拟考试物理试题(解析版)
绝密★启用前天津市南开中学2020届高三毕业班下学期高考模拟考试物理试题(解析版)2020年6月一、单选题（每题5分）1.如图为大型游乐设施跳楼机，右图为其结构简图。
跳楼机由静止从a自由下落到b，再从b开始以恒力制动竖直下落到c停下。
已知跳楼机和游客的总质量为m，ab高度差为2h，bc高度差为h，重力加速度大小为g。
则（）A. 从b到c，游客处于失重状态B. 从b到c,跳楼机的加速度大小为2gC. 从a到c,除重力外做的功为-2mghD. 跳楼机运动到b点时,游客重力的瞬时功率为2gh【答案】B【解析】【详解】AB．由a到b的加速度为g,有222=⋅v g h由b到c加速度大小为a,有22=v ah可得a =2g方向向上,即从b 到c ,游客处于超重状态,跳楼机的加速度大小为2g ,故A 错误,B 正确；C ．从a 到c ,根据动能定理有：k =G W W E +∆其它其中33G W mg h mgh =⋅=,k 0E ∆=则=3W mgh -其它所以除重力外的力做的功为-3mgh ,故C 错误；D ．到b 点的速度为v ==则运动到b 点时,游客重力的瞬时功率为mg ⋅故D 错误。
故选B 。
2.关于天然放射现象,下列说法正确的是( )A. α射线是由氦原子核衰变产生B. β射线是由原子核外电子电离产生C. γ 射线是由原子核外的内层电子跃迁产生D. 通过化学反应不能改变物质的放射性【答案】D【解析】【详解】α射线是具有放射性的元素的原子核在发生衰变时两个中子和两个质子结合在一起而从原子核中释放出来,故A 错误．β射线是由原子核内的中子转化为质子时产生的电子,选项B 错误；γ射线是原子核在发生α衰变和β衰变时产生的能量以γ光子的形式释放．故C 错误．放射性元素的放射性是原子核自身决定的,而化学反应不能改变原子的原子核,故化学反应并不能改变物质的放射性．故D。
2020届高三物理热学专题训练(共48题)
C. 从状态 c 到状态 d 的过程，气体分子的平均动能不变，但分子的密集程度增加 D. 从状态 a 到状态 d 的过程，气体对外做功，内能不变 E. 从状态 b 到状态 c 的过程，气体从外界吸收的热量一定大于其对外做的功
二、填空题（本大题共 5 小题） 18. 用金属丝制成一个 U 型架，一段细长棉线两端紧扣在 U 型架两臂上
8. 一定质量的理想气体从状态 M 到达状态 N，有两个过程可以经历，其 − 图象如图所示。在过程 1 中，气体始终与外界无热量交换；在
过程 2 中，气体先经历等容变化再经历等压变化。对于这两个过程， 下列说法正确的是( )
A. 气体经历过程 1，其温度降低，内能减少 B. 气体经历过程 1，对外做功，内能不一定减少 C. 气体在过程 2 中，对外先不做功后来对外做功 D. 气体在过程 2 中，先向外放热后吸热 E. 气体在过程 2 中，一直向外放热
的距离为 0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小
C. 物质是晶体还是非晶体，比较可靠的办法是从各向异性或各向同性来判断 D. 如果用 Q 表示物体吸收的能量，用 W 表示物体对外界所做的功， 表示物体内能的增
加，那么热力学第一定律可以表达为 = +
E. 如果没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，这样的热机的效率可以达到 100%
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知识像烛光，能照亮一个人，也能照亮无数的人。--培根
封闭气体的压强______(选填“增大”减小”或“不变”)；气体______(选填“吸收”“放 出”或“既不吸收也不放出”)热量。 21. 如图所示，两个绝热的、容积相同的球状容器 A、B，用带有阀门 K 的绝热细管连通，相邻两球球心的高度 h。初始时，阀门是关闭 的，A 中装有 2mol 的氦( )，B 中装有 2mol 的氪( )，二者的温 度和压强都相同。气子之间的相互作用势能可忽略。现打开阀门 K， 两种气体相互混合，已知两种气体的摩尔质量 < ，最终每一 种气体在整个容器中均匀分布，两个容器中气体的温相同，则两种
四川省成都七中2020届高三物理《平抛运动》练习题
四川省成都七中2020届高三物理《平抛运动》练习题一、选择题（每小题6分，选对不全得3分，共42分）选题人：俞献林1．如图所示，某同学为了找出平抛运动的物体初速度之间的关系，用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别是v1、v2、v3，打在挡板上的位置分别是B、C、D，且AB∶BC∶CD＝1∶3∶5，则v1、v2、v3之间的正确关系是( )A．v1∶v2∶v3＝3∶2∶1 B．v1∶v2∶v3＝5∶3∶1C．v1∶v2∶v3＝6∶3∶2 D．v1∶v2∶v3＝9∶4∶12．如图4－1所示，小朋友在玩一种运动中投掷的游戏，目的是在运动中将手中的球投进离地面高3 m的吊环，他在车上和车一起以2 m/s的速度向吊环运动，小朋友抛球时手离地面1.2 m，当他在离吊环的水平距离为2 m时将球相对于自己竖直上抛，球刚好进入吊环，他将球竖直向上抛出的速度是(g取10 m/s2)( )A．1.8 m/s B．3.2 m/s C．6.8 m/s D．3.6 m/s3． [2020·安徽] 由消防水龙带的喷嘴喷出水的流量是0.28 m3/min，水离开喷口时的速度大小为16 3 m/s，方向与水平面夹角为60°，在最高处正好到达着火位置，忽略空气阻力，则空中水柱的高度和水量分别是(重力加速度g取10 m/s2)( )A．28.8 m 1.12×10－2 m3 B．28.8 m 0.672 m3C．38.4 m 1.29×10－2 m3 D．38.4 m 0.776 m34、如图4所示，从倾角为θ的斜面上的某点先后将同一小球以不同初速度水平抛出，小球均落到斜面上，当抛出的速度为v1时，小球到达斜面时的速度方向与斜面的夹角为α1，当抛出的速度为v2时，小球到达斜面时的速度方向与斜面的夹角为α2，则( )A．当v1>v2时，α1>α2B．当v1>v2时，α1<α2C．无论v1、v2大小如何，均有α1＝α2D．2 tan θ＝tan(α1＋θ)图4 图5 图65、.从倾角为θ的斜面上的M点水平抛出一个小球，小球的初速度为v，最后小球落在斜面上的N点，如图5所示，则( )A．可求从M点至N点的运动时间 B．可求小球落到N点时速度的大小和方向C．可求小球落到N点时的动能 D．当小球速度方向与斜面平行时，球与斜面相距最远6、如图6，倾角为θ的斜面静止在水平面上，在斜面上的A点以v的速度水平抛出一小球，其落点与A的水平距离为s1；若改为2v的速度在同一点抛出，则落点与A的水平距离为s2，则s1∶s2之比可能为( )A．1∶2 B．1∶3 C．1∶4 D．1∶57.乒乓球在我国有广泛的群众基础，并有“国球”的美誉，中国乒乓球的水平也处于世界领先地位．现讨论乒乓球发球问题，已知球台长L、网高h，假设乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力．若球在球台边缘O点正上方某高度处以一定的速度被水平发出(如右图所示)，球恰好在最高点时越过球网，则根据以上信息可以求出( )A．发球的初速度大小B．发球时的高度C．球从发出到第一次落在球台上的时间 D．球从发出到对方运动员接住的时间二．实验（共18分，（1）小题每空2分，（2）小题每空3分，（3）小题两空分别为2分、3分）8．在“研究平抛物体的运动”实验中(1) 利用图所示装置，测定平抛初速时，应注意：①在安装斜槽轨道时，除了要使斜槽处于竖直平面内，还应________ ______________.②小球每次均应从____ ______________释放.（2）如图所示是在“研究平抛物体的运动”的实验中记录的一段轨迹。
2020届高三高考物理实验专题专项练习题：练习题使用多用电表
练习使用多用电表1.图（a ）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。
图中E 是电池；R 1、R 2、R 3、R 4和R 5是固定电阻，R 6是可变电阻；表头的满偏电流为250μA ，内阻为480Ω。
虚线方框内为换挡开关，A 端和B 端分别与两表笔相连。
该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V 挡和5V 挡，直流电流1mA 挡和2.5mA 挡，欧姆×100 Ω挡。
（1）图（a ）中的A 端与___________（填“红”或“黑”）色表笔相连接。
（2）关于R 6的使用，下列说法正确的是__________________（填正确答案标号）。
A ．在使用多用电表之前，调整R 6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置B ．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R 6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置C ．使用电流挡时，调整R 6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置（3）根据题给条件，可得R 1+R 2=________Ω，R 4=_____________Ω。
（4）某次测量时该多用电表指针位置如图（b ）所示。
若此时B 端是与“1”连接的，则多用电表读数为_____________；若此时B 端是与“3”连接的，则读数为_____________；若此时B 端是与“5”连接的，则读数为____________。
（结果均保留3为有效数字）2. 某同学利用图（a ）所示电路测量量程为2.5V 的电压表○V 的内阻（内阻为数千欧姆），可供选择的器材有：电阻箱R （最大阻值99999.9Ω），滑动变阻器1R （最大阻值50Ω），滑动变阻器2R （最大阻值5k Ω），直流电源E （电动势3V ），开关1个，导线若干．图a实验步骤如下：①按电路原理图（a ）连接线路；②将电阻箱阻值调节为0，将滑动变阻器的滑片移到与图（a ）中最左端所对应的位置，闭合开关S ；③调节滑动变阻器，使电压表满偏④保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00V ，记下电阻箱的阻值．回答下列问题：⑴实验中应选择滑动变阻器 （填“1R ”或“2R ”）．⑵根据图（a ）所示电路将图（b ）中实物图连线．图b⑶实验步骤④中记录的电阻箱阻值为630.0Ω，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算可得电压表的内阻为 Ω（结果保留到个位）．⑷如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为 （填正确答案标号）． A ．100A μ B ．250A μ C ．500A μ D ．1mA3.某同学组装一个多用电表。
2020年高考物理选择题专项训练21~25套附答案及解析
2020年高考物理选择题专项训练21~25套2020年高考物理选择题专项训练21一、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第6～8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）1.甲、乙两人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A. 乙的周期大于甲的周期B. 乙的速度大于甲的速度C. 乙的向心力大于甲的向心力D. 乙的机械能大于甲的机械能2.a、b、c三个物体在同一条直线上运动。
它们的位移﹣时间图象如图所示，其中a是一条顶点坐标为（0，10）的抛物线，下列说法正确的是（）A. b、c两物体都做匀速直线运动，两个物体的速度相同B. 物体c的速度越来越大C. 物体a的加速度为0.4m/s2D. 在0〜5s内，a、b两个物体间的距离逐渐变大3.如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l，在两导线中均通有方向垂直于纸面向里大小相等的电流时，纸面内与两导线距离为l的a点处的磁感应强度为B．则P中的电流在a点处产生磁场的磁感应强度的大小为（）A. B. C. D.4.如图所示，粗糙水平地面上的长方体物块将一重为G的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前．下面的相关判断正确的是（）A. 水平拉力F逐渐减小B. 球对墙壁的压力逐渐减小C. 地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大D. 地面对长方体物块的支持力逐渐增大5.如图所示，光滑绝缘水平面上嵌入一无限长通电直导线。
一质量为0.02kg的金属环在该平面内以大小v0＝2m/s、方向与电流方向成60°角的初速度滑出。
则（）A. 金属环最终将静止在水平面上的某处B. 金属环最终沿垂直导线方向做匀速直线运动C. 金属环受安培力方向始终和受到方向相反D. 金属环中产生的电能最多为0.03J6.下列说法正确的是（）A. 发生光电效应时，增大入射光的频率，光电子的最大初动能一定会增大B. 发生光电效应时，增大入射光的强度，光电子的最大初动能一定会增大C. 原子核的比结合能越大，原子核越稳定D. 原子从基态跃迁到激发态时，会辐射光子7.如图甲所示是线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时产生的交变电压图象。
2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试(二十五)物理试卷
2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试（二十五）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出四个选项中，第1至6题为单选，第7至10题为多选，选不全得2分，有错或不答的得0分）1. 装修工人在搬运材料时施加一个水平拉力将其从水平台面上拖出，如图所示，则在匀加速拖出的过程中（）A. 材料与平台之间的接触面积逐渐减小，摩擦力逐渐减小B. 材料与平台之间的相对速度逐渐增大，摩擦力逐渐增大C. 平台对材料的支持力逐渐减小，摩擦力逐渐减小D. 材料与平台之间的动摩擦因数不变，支持力也不变，因而工人拉力也不变【答案】D【解析】试题分析: 匀加速拉动的过程只能持续到重心离开台面的瞬间，故在匀加速拉动过程中，物体的重心在台面上，故物体对台面的压力不变，故物体受到的支持力不变，故C错误.而在拉动过程中动摩擦因数不变，由f N F F μ=可知摩擦力是不变的,故A 、B 错误.因为摩擦力不变，物体做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可知f F F ma -=，因为加速度不变，摩擦力不变，所以工人的拉力是不变的，故D 正确.故选D ． 考点：本题考查了牛顿第二定律、滑动摩擦力.2.下列有关速度、加速度的说法中正确的是 ( )A. 汽车上的速度计是用来测量汽车平均速度大小的仪器B. 平均速度就是速度的平均值，是标量C. 物体的速度变化越快，则加速度就越大D. 物体加速度的方向保持不变，则速度方向也一定保持不变【答案】C【解析】 【详解】汽车上的速度计是用来测量汽车瞬时速度大小的仪器，选项A 错误；平均速度就是位移与时间的比值，既有大小，又有方向，是矢量，故B 错误；加速度表示速度变化快慢的物理量，速度变化越快，则加速度就越大，故C 正确；物体加速度的方向保持不变，则速度方向可以变化，比如：平抛运动，故D 错误．故选C ．3.下列几种比赛项目中的研究对象可视为质点的是( )A. 跳高比赛中研究运动员跳跃的姿势B. 研究男子3千米比赛中运动员的位置时C. 研究投篮过程中篮球能否进入篮筐时D. 100米终点裁判在分析运动员冲线过程时【答案】B【解析】【详解】跳高比赛中研究运动员跳跃的姿势，不能忽略运动员的体积，此时不能看作质点，故A 错误；男子3千米比赛中运动员的位置，可以不考虑其体积、大小，能看作质点，故B 正确；研究投篮过程中篮球能否进入篮筐时，篮球的大小不可以忽略，此时不能看作质点，故C 错误；100米终点裁判在分析运动员冲线过程时，可以是身体的不同位置接触终点线，此时不能看作质点，故D 错误．故选B ．【点睛】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．4.如图所示的四个图中，AB 、BC 均为轻质杆，各图中杆的A 、C 端都通过铰链与墙连接，两杆都在B 处由铰链连接，且系统均处于静止状态．现用等长的轻绳来代替轻杆，能保持平衡的是( )A. 图中的AB杆可以用轻绳代替的有甲、乙、丙B. 图中的AB杆可以用轻绳代替的有甲、丙、丁C. 图中的BC杆可以用轻绳代替的有乙、丙、丁D. 图中的BC杆可以用轻绳代替的有甲、乙、丁【答案】B【解析】试题分析：根据（轻）绳子只能提供拉力的特点和对B点受力分析结合平衡条件可知：图甲、乙、丁中的BC不能用绳子代替，图乙中的AB不能用绳子代替，B正确，ACD错误．考点：本题考查平衡条件及绳、杆的施力特点．5.如图所示是一个简易起吊设施的示意图，AC是质量不计的撑杆，A端与竖直墙用铰链连接，一滑轮固定在A点正上方，C端吊一重物．现施加一拉力F缓慢将重物P向上拉，在AC杆达到竖直前()A. BC绳中的拉力F T越来越大B. BC绳中的拉力F T越来越小C. AC杆中的支撑力F N越来越大D. AC杆中的支撑力F N越来越小【答案】B【解析】【详解】AB．作出C点的受力示意图，如图所示，由图可知力的矢量三角形与几何三角形ABC相似．根据相似三角形的性质得T F BC ＝NFAC＝GAB，解得BC绳中的拉力为F T＝G BC AB，由于重物P向上运动时，AB不变，BC变小，故F T减小，选项A错误，B正确；CD．AC杆中的支撑力为F N＝G AC AB，由于重物P向上运动时，AB、AC不变，F N不变，选项CD错误．6.如图所示，一质量为m的小球处于平衡状态．现将线L2剪断，则剪断L2的瞬间小球的加速度．A. 甲图小球加速度为a＝g sinθ，垂直L1斜向下方B. 乙图小球加速度为a＝g sinθ，垂直L1斜向下方C. 甲图小球加速度为a＝g tanθ，水平向右D. 乙图小球加速度为a＝g tanθ，水平向左【答案】A【解析】【详解】如甲图中，将L2线剪断的瞬间，物体将绕悬点做圆周运动，在将L2线剪断后，物体受到的合力沿圆的切线方向，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma1，得：a1=gsinθ；选项A正确，C错误；如图乙中，将弹簧剪断瞬间，弹簧弹力不能突变，物体受重力与弹簧弹力作用，而弹簧弹力与重力不变，合力水平向右，由牛顿第二定律得：mgtanθ=ma2，得加速度为：a2=gtanθ，方向水平向右；选项BD错误；故选A.【点睛】解决本题的关键知道剪断绳子的瞬间，绳子的弹力要突变，而弹簧来不及发生形变，弹力不变，然后根据共点力平衡求出弹簧的弹力．7.科技的发展正在不断的改变着我们的生活,如图甲是一款手机支架,其表面采用了纳米微吸材料,用手触碰无粘感,接触到平整光滑的硬性物体时,会牢牢吸附在物体上,如图乙是手机静止吸附在支架上的侧视图,若手机的重力为G,则下列说法正确的是( )GθA. 手机受到的支持力大小为cosGθB. 手机受到的支持力大于cosGθC. 纳米材料对手机的作用力大小为sinD. 纳米材料对手机的作用力竖直向上【答案】BD【解析】【详解】手机处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件可知，在垂直支架方向有：F N=Gcosθ+F吸，大于Gcosθ，故A错误、B正确；手机处于静止状态，受力平衡，受到重力和纳米材料对手机的作用力，根据平衡条件可知，纳米材料对手机的作用力大小等于重力，方向与重力方向相反，竖直向上，故C错误，D正确．故选BD．【点睛】本题是共点力平衡问题，关键要掌握平衡条件的推论，灵活运用正交分解法，分析力之间的关系，要求同学们能从题目中获取有效信息．8.如图所示，某赛车手在一次野外训练中，先用地图计算出出发地A和目的地B的直线距离为9km，实际从A运动到B用时5min，赛车上的里程表指示的里程数增加了15km，当他经过某路标C时，车内速度计指示的示数为150km/h，那么可以确定的是（）A. 整个过程中赛车的平均速度为180km/hB. 整个过程中赛车的平均速度为108km/hC. 赛车经过路标C 时的瞬时速度为150km/hD. 赛车经过路标C 时速度方向为由A 指向B【答案】BC【解析】 【详解】平均速度等于位移与时间的比值即9000/30/108/300x v m s m s km h t ＝＝==，故A 错误，B 正确；车内速度计指示的示数为150km/h ，只有大小，没有方向，为瞬时速率，或瞬时速度的大小，故C 正确；赛车经过路标C 时瞬时速度方向为C 点的切线方向，故D 错误；故选BC ．【点睛】此题考查平均速度是由位移与时间的比值，平均速率是路程比时间．位移为初位置到末位置的有向线段．9.如图所示，A 、B 、C 三个物体质量相等，它们与传送带间的动摩擦因数相同．三个物体随传送带一起匀速运动，运动方向如图中箭头所示．则下列说法正确的是A. A 物体受到的摩擦力不为零，方向向右B. 三个物体只有A 物体受到的摩擦力为零C. B 、C 受到的摩擦力大小相等，方向相同D. B 、C 受到的摩擦力大小相等，方向相反【答案】BC【解析】三个物体匀速运动,受力平衡．A 不受摩擦力，BC 所受摩擦力等于重力沿斜面方向的分力，大小相等，方向相同，沿斜面向上．答案选BC ．10.如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M 的物体A 、B (B 物体与弹簧连接)，弹簧的劲度系数为k ，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的 拉力F 作用在物体A 上，使物体A 开始向上做加速度为a 的匀加速运动，测得两个物体的v -t 图像如图乙所示(重力加速度为g )，则( )A. 施加外力前，弹簧的形变量为2gkB. 外力施加的瞬间A 、B 间的弹力大小为M (g -a )C. A 、B 在t 1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零D. 弹簧恢复到原长时，物体B 的速度达到最大值【答案】B【解析】【详解】A ．施加F 前，物体AB 整体平衡，根据平衡条件有：2Mg =kx解得：2mgx k =故A 错误；B ．施加外力F 的瞬间，对B 物体，根据牛顿第二定律有：F 弹-Mg -AB F Ma =其中F 弹=2Mg解得：()AB F M g a =-故B 正确；C ．物体A 、B 在t 1时刻分离，此时A 、B 具有共同的v 与a ；且0AB F =；对B ：F '弹Mg Ma -=解得：F '弹=() M g a -弹力不零，故C 错误；D ．而弹簧恢复到原长时，B 受到的合力为重力，已经减速一段时间；速度不是最大值；故D 错误。
2020届广东各地高三考试物理精选及答案
Lm v02020届广东各地高三考试物理精选18（16分）．如图所示，质量不计且足够长的倒L型支架下端固定在质量为2m的木板上，在其上端O处系一长为L的轻绳，绳的下端系一质量为m的小球，小球可视为质点．整个装置在光滑的水平面上以速度v向右作匀速直线运动，水平面的右端为一矮墙壁．(1)若木板与墙壁相碰后即与墙壁粘合在一起，试求碰后小球上升至最高点时绳的张力大小（小球在运动过程中不与支架相碰）．(2)若木板与墙壁相碰后以原速率反弹，要使绳的最大偏角不超过900，则绳长L 应满足什么条件？19（19分）．神奇的黑洞是近代引力理论所预言的一种特殊天体，探寻黑洞的方案之一是观测双星系统的运动规律。
天文学家观测河外星系麦哲伦云时，发现了LMCX-3双星系统，它由可见星A和不可见的暗星B构成，两星视为质点，不考虑其它天体的影响，A、B 围绕两者连线上的O点做匀速圆周运动，它们之间的距离保持不变，如图所示。
引力常量为G ，由观测能够得到可见星A的速率v 和运行周期T。
（1）可见星A所受暗星B 的引力FA可等效为位于O 点处质量为m/的星体（视为质点）对它的引力，设A和B的质量分别为m1、m2。
试求m/的（用m1、m2表示）；（2）求暗星B的质量m2与可见星A的速率v、运行周期T 和质量m1之间的关系式；（3）恒星演化到末期，如果其质量大于太阳质量mI的两倍，它将有可能成为黑洞。
若可见星A的速率v＝2.7m/s，运行周期T＝4.7π×104s，质量m1＝6mI，试通过估算来判断暗星B有可能是黑洞吗？（G＝6.67×1011－N·m /kg 2，m I ＝2.0×1030kg ）20（19分）．如图所示，质量为2kg 的物块A(可看作质点)，开始放在长木板B 的左端，B 的质量为1kg ，可在水平面上无摩擦滑动，两端各有一竖直挡板M 、N ，现A 、B 以相同的速度v 0=6m ／s 向左运动并与挡板M 发生碰撞，B 与M 碰后速度立即变为零，但不与M 粘接；A 与M 碰撞没有能量损失，碰后接着返向N 板运动，且在与N 板碰撞之前，A 、B 均能达到共同速度并且立即被锁定，与N 板碰撞后A 、B 一并原速反向，并且立刻解除锁定．A 、B 之间的动摩擦因数 =0．1．通过计算求下列问题：(1)A 与挡板M 能否发生第二次碰撞? (2)A 最终停在何处?(3)A 在B 上一共通过了多少路程?16．（16分）地球和某行星在同一轨道平面内同向绕太阳做匀速圆周运动。
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5. 如图所示，在离地面高ℎ = 5 处固定一水平传送带，传送带以 0 = 2 / 顺时针转动。长为 L 的薄木板甲和小物块乙(乙可视为质点)，质量均为 = 2 ，甲的上表面光滑，下表面与传送 带之间的动摩擦因数 1 = 0.1.乙与传送带之间的动摩擦因数 2 = 0.2.某一时刻，甲的右端与传 送带右端 N 的距离 = 3 ，甲以初速度 0 = 2 / 向左运动的同时，乙以 1 = 6 / 冲上甲的 左端，乙在甲上运动时受到水平向左拉力 = 4 ， g 取 10 / 2.试问： (1)当甲速度为零时，其左端刚好与传送带左端 M 相齐，乙也恰与甲分离，求 MN 的长度 ； (2)当乙与甲分离时立即撤去 F，乙将从 N 点水平 离开传送带，求乙落地时距甲右端的水平距离。
7. 如图，倾角为 = 37°的斜面内有两根足够长的平行导轨 1、 2，其间距 = 0.5 ，左端接有 电容 = 20000 的平行板电容器。质量 = 40 的导体棒可在导轨上滑动，导体棒和导轨的 电阻不计。整个空间存在着垂直导轨所在平面的匀强磁场，磁感应强度 = 2 .现使导体棒以 速度 = 10 / 从 A 点开始沿导轨向上运动，经过时间 t 速度恰好为 0，再经时间 5 ，回到 A 点，重力加速度取 = 10 / 2.求： (1)导体棒从 A 点开始运动时，电容器上的电荷量 ； (2)导体棒与导轨间动摩擦因数的大小 ； (3)时间 t 的大小和返回 A 点时的速度 '？
(2)如果解除物块 Q 的锁定，物块 P 下滑后与弹簧相 碰并粘连在一起，则此后 P 的速度为零时弹簧的弹 性势能和 Q 的速度为零时弹簧的弹性势能分别为多 大；
(3)如果解除物块 Q 的锁定，试分析物块 P 下滑后被 弹簧弹回，能否第二次到达 B 点，如果不能，物块 P 会停在离 B 点多远的位置；如果能，物 块 P 到 B 点时对圆弧轨道的压力为多大。
6. 如图所示为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨 MN 高 = 0.8 ，右端 N 处与水平传送 带理想连接，传送带以恒定速率沿顺时针方向匀速传送。三个质量均为 = 1.0 的滑块 A、B、 C 置于水平导轨上，开始时滑块 B、C 之间用细绳相连，其间有一压缩的轻弹簧，处于静止状 态。滑块 A 以初速度 0 = 7.1 / 沿 B、C 连线方向向 B 运动，A 与 B 发生碰撞后黏合在一起， 碰撞时间极短，可认为 A 与 B 碰撞过程中滑块 C 的速度仍为零。因碰撞使连接 B、C 的细绳受 到扰动而突然断开，弹簧伸展，从而使 C 与 A、B 分离。滑块 C 脱离弹簧后滑上传送带，并从 右端滑出落至地面上的 P 点。已知滑块 C 在传送带上的运动如图乙所示，重力加速度 g 取 10 / 2。
(1)物块 m 通过 C 点时的动能； (2)物块 M 在与 m 碰前瞬间速度的大小； (3)物块 m 抛出后落在斜面上的落点到 B 点的距离。
4. 如图所示，质量为 = 2 、长度为 = 3 的长木板 A 静止在光滑的水平地面上，长木板 A 的两端有弹性挡板 M、N，一质量为 = 4 的物块 B 静止在长木板的中点，让物块 B 以 0 = 6 / 的速度水平向左运动。已知物块 B 与长木板 A 之间的动摩擦因数 = 0.1，物块 B 与挡板 的碰撞时间很短且没有能量损失，重力加速度 = 10 / 2。 (1)物块 B 最终停在长木板 A 上何处？ (2)试推导物块 B 同挡板碰撞前相对长木板 A 的速度 与同挡板碰撞后相对长木板 A 的速度 ' 的关系； (3)试求物块 B 在长木板 A 上滑动的时间。
2. 如图所示，直轨道与水平面夹角为 37°，光滑竖直圆轨道与直轨道相切于 C 点，圆轨道最高点 为 D，半径 OD 竖直，半径为 0.8 ，质量为 0.5 的物块 m 放在 B 点，由止动装置使其静止， 质量为 1kg 的物块 M，从直轨道的 P 点滑向 B 点，当其运动到 B 点时，撤去 m 的止动装置， M 与 m 发生弹性正碰，之后 m 恰好通过圆轨道最高点 D，已知两物块与直轨道间的动摩擦因 数均为 0.25，B、C 点间的距离为 1.7 ， = 10 / 2， 37° = 0.6、 37° = 0.8，物块大小忽略不计均可视 为质点，求：
知识像烛光，能照亮一个人，也能照亮无数的人。--培根
2020 届高三物理 25 题专题训练(共 18 题)
一、力学部分
1.
如图所示，半径为 1 = 0.8
的1光滑圆弧轨道，与半径为
4
2 = 0.4
的半圆光滑空心管轨道平
滑连接并固定在竖直面内，粗糙水平地面上紧靠管口有一长度为 = 2.5 、质量为 = 0.1 的静止木板，木板上表面正好与管口底部相切，处在同一水平线上。质量为 2 = 0.05 的物 块静止于 B 处，质量为 1 = 0.15 的物块从光滑圆弧轨道项部的 A 处由静止释放，物块 1 下滑至 B 处和 2碰撞后合为一个整体。两物块一起从空心 管底部 C 处滑上木板，两物块恰好没从木板左端滑下。物
块与木板之间的动摩擦因数 = 0.3，两物块均可视为质点， 空心管粗细不计，重力加速度取 = 10 / 2.求： (1)物块 1滑到圆弧轨道底端 B 处未与物块 2碰撞前瞬间 受到的支持力大小；
(2)物块 1和 2碰撞过程中损失的机械能； (3)木板在地面上滑行的距离。
3.
如图所示，半径为 R 的1圆弧形光滑轨道 AB 固定在竖直面内，轨道最低点 B 与水平面平滑连
4
接，A 点与圆心 O 在同一水平面上；一个连接有轻弹簧的物块 Q 锁定在水平面上的 C 点，弹 簧自然伸长，左端与地面上的 D 点对齐，BD 长为 .让物块 P 自 A 点正上方高 R 处由静止释放， 物块 P 从 A 点无碰撞地滑入圆弧轨道，之后与轻弹簧碰撞反弹，第二次到达圆弧轨道的 B 点 时，对轨道的压力是物块 P 重力的 3 倍。已知 P、Q 两物块的质量分别为 m、2m，重力加速度 为 g，水平面上的 D 点左侧粗糙，右侧光滑。求： (1)物块 P 与水平地面间的动摩擦因数及弹簧被压缩 时具有的最大弹性势能；