【精选】河南省鹤壁市_高二物理上学期第二次月考试题
高二物理上学期第二次月考试卷
高二物理上学期第二次月考试卷一、本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1、下列说法正确的是（）A、话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号B、电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器作用是控制电路的通断C、电子秤所使用的测力装置是力传感器D、半导体热敏电阻常用作温度传感器，因为温度越高，它的电阻值越大2、有一电学元件，温度升高时电阻却大幅度减小，则这种元件可能是（）A、金属导体B、绝缘体C、半导体D、超导体3、如图所示是一种延时开关，当S1闭合时，电磁铁F将衔铁D吸下，C线路接通。
当S1断开时，由于电磁感应作用，D将延迟一段时间才被释放。
则A、由于A线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用B、由于B线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用C、如果断开B线圈的电键S2，无延时作用D、如果断开B线圈的电键S2，延时将变长4、一个质点在平衡位置O点附近做简谐运动，若从O点开始计时，经过3s，质点第一次经过M点，如图所示。
再继续运动，又经过2s，它第二次经过M点，则该质点再经过多少时间第三次经过M点（）A、8sB、4sC、14sD、103s5、关于简谐运动回复力的说法正确的是（）A、回复力F kx=-中的x是指振子相对于平衡位置的位移B、回复力F kx=-中的x是指振子从初位置指向末位置的位移C、振子的回复力一定就是它所受的合力D、振子的回复力一定是恒力6、图中所示为一简谐横波在某一时刻的波形图，已知此时质点A正向上运动，如图中箭头所示，由此可断定此横波A、向右传播，且此时质点B正向上运动B、向右传播，且此时质点C正向下运动C、向左传播，且此时质点D正向上运动D、向左传播，且此时质点E正向下运动7、如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，从波传到x=5m的M点时开始计时，已知P点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，下面说法中正确的是( )A、这列波的波长是4mB、这列波的传播速度是10m/sC、质点Q（x=9m）经过0.5s才第一次到达波峰D、M点以后各质点开始振动时的方向都是向下8、关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系，下列说法中正确的是（）A、位移减小时，加速度增大，速度增大B、位移方向总跟加速度方向相反，跟速度方向相同C、物体运动方向指向平衡位置时，速度方向跟位移方向相反D、物体向平衡位置运动时，做加速运动，背离平衡位置时，做减速运动9、把一个筛子用四根弹簧支起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子一个驱动力，这就做成了一个共振筛。
高二物理上第二次月考月考测试题及答案
高二级第一学期第二次月考物理试卷考试时间:100分钟 满分: 120分一、单项选择题：（本题共5小题；每小题3分；共计15分．） 1、一带电粒子；沿垂直于磁场方向射入匀强磁场；粒子一段径迹如图所示；径迹上每一小段都看成圆弧；由于带电粒子使周围空气电离粒子能量不断变小；（带电量不变）；则：A 粒子带正电；从B 射入； B 粒子带正电；从A 射入；C 粒子带负电；从B 射入；D 粒子带负电；从A 射入. 2、如图所示；一个有限范围的匀强磁场B 的宽为d 。
现将一个边长为l 的正方形导线框以速v 匀速地通过磁场区域；已知l d >；则导线框在磁场中运动时无感应电流的时间等于AvdB v lC v l d -D v l d 2-3、老师做了一个物理小实验让学生观察：一轻质横杆两侧各固定一金属环；横杆可绕中心点自由转动；老师拿一条形磁铁插向其中一个小环；后又取出插向另一个小环；同学们看到的现象是A 磁铁插向左环；横杆发生转动B 磁铁插向右环；横杆发生转动C 无论磁铁插向左环还是右环；横杆都不发生转动D 无论磁铁插向左环还是右环；横杆都发生转动4、如图所示；L1；L2；L3为完全相同的灯泡；L 为直流电阻可忽略的自感线圈；电源内阻不计；开关K 原来接通。
当把开关K 断开时；下面说法正确的是： A L 1闪亮一下后熄灭B L 2闪亮一下后恢复原来的亮C L 3变暗一下后恢复原来的亮D L 3闪亮一下后恢复原来的亮5、如图所示；用甲、乙、丙三个电动势E 相同而内电阻r 不同的电源；分别给定值电阻R 供电.已知甲、乙、丙三个电源内阻的大小关系为r 甲＞r 乙＞r 丙；则将R先后接在这三个电源上时的情况相比；下列说法中正确的是 A 接在甲电源上时；通过R 的电流最大 B 接在丙电源上时；通过R 的电流最大 C 接在乙电源上时；电阻R 消耗的电功率最大 D 接在丙电源上时；电阻R 消耗的电功率最小二、多项选择题：（本题共4小题；每小题4分。
高二物理上学期第二次月考试卷答案.doc
高二物理分值：100 分 时间：90分钟第Ⅰ卷 选择题（共50分）一、选择题（本大题共15小题。
在每小题给出的四个选项中。
1-10小题每题3分，只有一项符合题目要求，11-15小题每题4分，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.有关电压与电动势的说法中正确的是( )A.电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B.电动势就是电源两极间的电压C.电动势公式q W E =中的W 与电压q W U =中的W 是一样的，都是电场力做的功D.电动势与电压从能量转化的角度来说有本质的区别2.安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设带电荷量为e 的电子以速率v 绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，其电流的等效电流强度I 和方向为( )A.ve 2πr 顺时针B.ve r 顺时针C.ve 2πr 逆时针D.ve r逆时针 3.关于电功和电热，下面说法正确的是( )A.任何电路中的电功W=UIt ，电热Q=I 2Rt 且W=QB.任何电路中的电功W=UIt ，电热Q=I 2Rt 且W 有时不等于QC.电功W=UIt 在任何电路中都适用，Q=I 2Rt 只在纯电阻电路中适用D.电功W=UIt ，电热Q=I 2Rt ，只适用于纯电阻电路4.如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等。
停电时，用多用电表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，各家电器同时使用，测得A 、B 间电压为U ，进线电流为I ，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是( )A.P ＝I 2RB.P ＝U2RC.P ＝IUD.以上公式都可以 5.电路中有一段金属丝长为L ，电阻为R ，要使电阻变为4R ，下列可行的方法是( )A.将金属丝拉长至2LB.将金属丝两端的电压提高到原来的4倍C.将金属丝对折后拧成一股D.将金属丝拉长至4L6．有二个标有“110V ，25W”和“110V ，60W”字样的灯泡，要把它们接在220V 的电源上，灯泡既正常发光，又最省电的连接方式是图中的哪一个？( )A．B．C．D．7、如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0~10V，当使用a、c 两个端点时，量程为0~100V。
河南省鹤壁高中2020-2021学年高二上学期阶段性检测(二)物理试题含答案
鹤壁高中2020-2021学年高二上学期阶段性检测（二）物理试卷考生注意：1．本试卷第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
2．作答时，将答案写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米黑色签字笔在答案题卡上的各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
第Ⅰ卷选择题（共65分）一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题4分，共40分）1.如图1所示，在一半径为R的圆周上均匀分布有N个绝缘带电小球(可视为质点)无间隙排列，其中A点的小球带电荷量为＋4q，其余小球带电荷量为＋q，此时圆心O点的电场强度大小为E，现仅撤去A点的小球，则O点的电场强度为()A．大小为E，方向沿AO连线斜向下B ．大小为E2，方向沿AO连线斜向下C．大小为E3，方向沿AO连线斜向上图1D．大小为E4，方向沿AO连线斜向上2．如图2所示，一带电小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内，当开关S闭合，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ，则()A．当开关S断开时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大B．当开关S断开时，若增大平行板间的距离，则夹角θ增大C ．当开关S 闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大D ．当开关S 闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ减小3．如图3，两电荷量分别为Q (Q >0)和－Q 的点电荷对称地放置在x 轴上原点O 的两侧，a 点位于x 轴上O 点与点电荷Q 之间，b 位于y 轴O 点上方．取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是()A ．O 点的电势为零，电场强度也为零B ．a 点的电势高于b 点电势，a 点电场强度大于b 点电场强度C ．正的试探电荷在b 点的电势能大于零，所受电场力方向指向O 点D ．将负的试探电荷从O 点移到a 点，必须克服电场力做功4.如图4所示，以O 点为圆心、R ＝0.20m 为半径的圆处于匀强电场(图中未画出)中，电场平行于圆面，ac 、bd 为圆的两条相互垂直的直径．已知a 、b 、c 三点的电势分别为2V 、23V 、－2V ，则下列说法正确的是()A ．d 点电势为23VB ．电子从d 点运动到a 点电势能增加C ．电场方向由b 点指向c 点D ．该匀强电场的场强大小为20V/m 5．如图5甲所示，两个点电荷Q 1、Q 2固定在x 轴上距离为L 的两点，其中Q 1带正电荷位于原点O ，a 、b 是它们的连线延长线上的两点，其中b 点与O 点相距3L .现有一带正电的粒子q 以一定的初速度沿x 轴从a 点开始经b 点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a 、b 两点时的速度分别为v a 、v b ，其速度随坐标x 变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是()A ．Q 2带负电且电荷量大于Q 1B ．b 点的场强一定为零C ．a 点的电势比b 点的电势高D ．粒子在a 点的电势能比在b 点的电势能大图2图3图4图56．如图6所示，水平轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m 的物体A 相连，物体A 放在光滑水平地面上．有一质量与物体A 相同的物体B ，从高h 处由静止开始沿光滑曲面滑下，与物体A 相碰(碰撞时间极短)后一起将弹簧压缩，弹簧恢复原长后物体B 与物体A 分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是()A ．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghB．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为12mgh C ．物体B 能达到的最大高度为12h D ．物体B 能达到的最大高度为h7．如图7所示，在平面直角坐标系xOy 内，固定有A 、B 、C 、D 四个带电荷量均为Q 的点电荷，它们关于两坐标轴对称，其中A 、B 带正电，C 、D 带负电，它们产生电场的等势面如图中虚线所示，坐标轴上abcd 是图中正方形的四个顶点，则()A ．b 、d 两点电势相等，场强不相等B ．b 、d 两点场强相同，电势不相等C ．将电子沿路径a →O →c 移动，电场力做正功D ．将电子沿路径a →b →c 移动，电场力先做负功，后做正功8.如图8所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1、2、3为等势线，已知MN ＝NQ ，a 、b 两带电粒子从等势线2上的O 点以相同的初速度飞出.仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则()A.a 一定带正电，b 一定带负电B.a 加速度逐渐减小，b 加速度逐渐增大C.M 、N 两点间电势差|U MN |等于N 、Q 两点间电势差|U NQ |D.a 粒子到达等势线3的动能变化量比b 粒子到达等势线1的动能变化量小9．在电场中，以O 为原点，沿电场方向建立坐标轴r .将带正电的试探电荷放入电场中，其电势能E p 随r 变化的关系如图9所示，其中r 2对应图线与横轴的交点，r 0对应图线的最低点．若电荷只受电场力的作用，则下列说法正确的是()图6图7图8A ．从r 1处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动B ．从r 2处释放电荷，电荷将保持静止C ．从r 0处释放电荷，电荷将先向r 负方向运动D ．从r 3处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动10.如图10所示，A 、B 两点固定两个等量异种点电荷＋Q 和－Q ，O 点为AB 连线的中点，OD 是AB 连线的中垂线，BC 与OD 平行，AO ＝BO ＝BC ，下列说法正确的是()A ．O 点的场强和D 点的场强大小相等B ．D 点的场强方向由D 指向CC ．负电荷在O 点的电势能比在D 点的电势能低D ．将一负电荷由D 点移动C 点，电荷的电势能增加二、多项选择题（在每小题给出的四个选项中，不只有一项是符合题目要求的，每小题5分，选错得0分，选不全得3分，共25分）11.如图11所示为竖直平面内的直角坐标系，其中x 轴沿水平方向，y 轴沿竖直方向．质量为m 、带电荷量为q 的小球，在重力和恒定电场力F 作用下，在竖直平面内沿与y 轴方向成α角(90°>α>45°)斜向下方向做直线运动，重力加速度为g ，则下列说法正确的是()A ．若F ＝mg sin α，则小球的速度不变B ．若F ＝mg sin α，则小球的速度可能减小C ．若F ＝mg tan α，则小球的速度可能减小D ．若F ＝mg tan α，则小球的电势能可能增大12.(多选)如图12甲所示，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t＝0时刻，质量为m 的带电微粒以初速度v 0沿中线射入两板间，0～T 3时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g .关于微粒在0～T 时间内运动的描述，正确的是()图9图10图11A ．末速度大小为2v 0B ．末速度沿水平方向C ．重力势能减少了12mgd D ．克服电场力做功为mgd 13．(多选)如图13所示，A 、B 为两块平行带电金属板，A 带负电，B 带正电且与大地相接，两板间P 点处固定一负电荷，设此时两极间的电势差为U ，P 点场强大小为E ，电势为φP ，负电荷的电势能为E p ，现将A 、B 两板水平错开一段距离(两板间距不变)，下列说法正确的是()A ．U 变大，E 变大B ．U 变小，φP 变小C ．φP 变小，E p 变大D ．φP 变大，E p 变小14.(多选)如图14所示，一电荷量大小为q 的带电粒子以一定的初速度由P 点射入匀强电场，入射方向与电场线垂直.粒子从Q 点射出电场时，其速度方向与电场线成30°角.已知匀强电场的宽度为d ，P 、Q 两点的电势差为U ，不计重力作用，设P 点的电势为零.则下列说法正确的是()A.带电粒子带正电B.带电粒子在Q 点的电势能为UqC.此匀强电场的电场强度大小为E ＝23U 3dD.此匀强电场的电场强度大小为E ＝3U3d 图12图13图1415.(多选)如图15所示，水平光滑长杆上套有小物块A ，细线跨过位于O 点的轻质光滑定滑轮，一端连接A ，另一端悬挂小物块B ，物块A 、B 质量相等．C 为O 点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OC ＝h ，重力加速度为g .开始时A 位于P 点，PO 与水平方向的夹角为30°，现将A 、B 由静止释放，下列说法正确的是()A ．物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，速度先增大后减少B ．物块A 经过C 点时的速度大小为2ghC ．物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动D ．在物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，物块B 克服细线拉力做的功小于B 重力势能的减少量第Ⅱ卷非选择题（共45分）三、计算题（本大题共45分）16．（10分）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C ，极板间的距离为d ，上极板正中有一小孔．质量为m 、电荷量为＋q 的小球从小孔正上方高h 处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零(空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g )．求：(1)小球到达小孔处的速度；(2)极板间电场强度的大小和电容器所带电荷量；(3)小球从开始下落运动到下极板处的时间．17.（9分）如图17所示，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止．重力加速度取g ，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)水平向右电场的电场强度；(2)若将电场强度减小为原来的12，物块的加速度是多大？(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时的动能．图15图1718．（11分）如图所示，区域Ⅰ、Ⅱ分别存在着有界匀强电场E1、E2，已知区域Ⅰ宽L1＝0.8m，区域Ⅱ宽L2＝0.4m，E1＝102V/m且方向与水平方向成45°角斜向右上方，E2＝20V/m且方向竖直向下．带电荷量为q＝＋1.6×10－3C．质量m＝1.6×10－3kg的带电小球(可视为质点)在区域Ⅰ的左边界由静止释放．g取10m/s2，求：(1)小球在电场区域Ⅰ中运动的加速度大小和时间；(2)小球离开电场区域Ⅱ的速度大小和方向．19.（15分）.如图，一质量为m1＝1kg，带电荷量为q＝＋0.5C的小球以速度v0＝3m/s，沿两正对带电平行金属板(板间电场可看成匀强电场)左侧某位置水平向右飞入，极板长0.6 m，两极板间距为0.5m，不计空气阻力，小球飞离极板后恰好由A点沿切线落入竖直光滑圆弧轨道ABC，圆弧轨道ABC的形状为半径R<3m的圆截去了左上角127°的圆弧，CB为其竖直直径，在过A点竖直线OO′的右边界空间存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E＝10V/m.(取g＝10m/s2)求：(1)两极板间的电势差大小U；(2)欲使小球在圆弧轨道运动时不脱离圆弧轨道，求半径R的取值应满足的条件．鹤壁高中2022届高二年级适应性检测（二）物理答案1答案C解析假设圆周上均匀分布的都是电荷量为＋q的小球，由于圆周的对称性，根据电场的叠加原理知，圆心O处场强为零，所以圆心O点的电场强度大小等效于A点处电荷量为＋3q的小球在O 点产生的场强，则有E ＝k 3q R 2，方向沿AO 连线向下；A 处带电荷量为＋q 的小球在圆心O 点产生的场强大小为E 1＝k q R 2＝E 3，方向沿AO 连线向下；其余带电荷量为＋q 的所有小球在O 点处产生的合场强为E 2＝E 1＝E 3，方向沿AO 连线斜向上；故仅撤去A 点的小球，O 点的电场强度为E 3，方向沿AO 连线斜向上．2答案C解析带电小球在电容器中处于平衡时，由平衡条件有tan θ＝qE mg ，当开关S 断开时，电容器两极板上的电荷量Q 不变，由C ＝εr S 4πkd ，U ＝Q C ，E ＝U d 可知E ＝4πkQ εr S，故增大或减小两极板间的距离d ，电容器两极板间的电场强度不变，θ不变，选项A 、B 错误；当开关S 闭合时，因为两极板间的电压U 不变，由E ＝U d可知，减小两极板间的距离d ，E 增大，θ变大，选项C 正确，D 错误．3答案B 解析等量异种点电荷连线的中垂线为一条等势线，且电势为零，即O 点电势为零，而两电荷连线上电场方向由a 指向O ，根据沿电场线方向电势降低，所以a 点的电势高于O 点的电势，即a 点的电势高于b 点的电势，在两电荷连线上，电场强度先增大后减小，在O 点电场强度最小，但不为零，在两电荷连线的中垂线上，从O 点向两边递减，所以O 点在中垂线上是电场强度最大的点，故a 点电场强度大于b 点电场强度，A 错误，B 正确；电荷在零电势处电势能为零，故正的试探电荷在b 点的电势能为零，电场力方向水平向右，C 错误；负电荷从O 向a 移动过程中，电场力方向水平向左，电场力做正功，D 错误．4答案D 解析根据匀强电场中电势差与电场强度的关系式U ＝Ed ，相等距离，电势差相等，因为φa ＝2V ，φc ＝－2V ，可知，O 点电势为0，而bO ＝Od ，则b 、O 间的电势差等于O 、d 间的电势差，可知，d 点的电势为－23V ，故A 错误；从d 点到a 点电势升高，根据E p ＝qφ，电子从d 点运动到a 点电势能减小，故B 错误；由作图和几何关系可知a 、c 两点沿电场强度方向的距离为d ＝2R sin 30°＝2×0.2×12m ＝0.2m ，故该匀强电场的场强E ＝U ac d ＝40.2V/m ＝20V/m ，电场方向不是由b 点指向c 点，故C 错误，D 正确．5答案B解析由题图知粒子在到达b 点前做减速运动，过b 点后做加速运动，在b 点的加速度为0，则在b 点受到两点电荷的电场力平衡，Q 1带正电荷，则Q 2带负电荷，且根据库仑定律知，|Q 2|＜|Q 1|，故A 错误；粒子通过b 点的加速度为零，说明所受电场力为零，则b 点的场强一定为零，故B 正确；粒子从a 运动到b 的过程中，粒子的动能先减小，根据能量守恒知其电势能增大．根据正电荷在电势高处电势能大，可知粒子在a 点的电势能比b 点的电势能小，a 点的电势比b 点的电势低，故C 、D 错误．6答案B解析对物体B 下滑过程，根据机械能守恒定律可得：mgh ＝12m v 02，则B 刚到达水平地面时的速度v 0＝2gh ，物体B 与物体A 碰撞过程，以A 、B 两物体组成的系统为研究对象，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：m v 0＝2m v ，则物体A 与物体B 碰撞后的共同速度为v ＝12v 0，所以弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为E pm ＝12×2m v 2＝mgh 2，故A 错误，B 正确；当弹簧再次恢复原长时，物体A 与物体B 将分开，物体B 以v 的速度沿原曲面上滑，根据机械能守恒定律可得mgh ′＝12m v 2，则物体B 能达到的最大高度为h ′＝h 4，故C 、D 错误．7答案B 解析根据对称性可知，b 、d 两点的场强大小相等，方向相同，均由b 指向d ，则场强相同．b 、d 两点间的电场线由b 指向d ，所以b 点的电势高于d 点的电势，故A 错误，B 正确；将电子沿路径a →O →c 移动，电势不变，电场力不做功，故C 错误；将电子沿路径a →b →c 移动，从a 到b ，电场力做正功，从b 到c ，电场力做负功，故D 错误．8.B [由题图可知，a 粒子的轨迹方向向右弯曲，则a 粒子所受电场力方向向右，b 粒子的轨迹向左弯曲，则b 粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性，故A 错误.由电场线疏密可知，a 所受电场力逐渐减小，加速度逐渐减小，b 所受电场力逐渐增大，加速度逐渐增大，故B 正确.已知MN ＝NQ ，由于MN 段场强大于NQ 段场强，所以M 、N 两点间电势差|U MN |大于N 、Q 两点间电势差|U NQ |，故C 错误.根据电场力做功公式W ＝Uq ，|U MN |>|U NQ |，由于两个粒子所带电荷量的大小关系未知，所以不能判断电场力做功的多少及动能变化量大小，故D 错误.]9答案A解析由题图知，从r 1到无穷远处，正电荷的电势能先减小后增加，则电势先减小后增加，在r 0左侧电场线沿r 正方向，r 0右侧电场线沿r 负方向，则从r 1处释放电荷，电荷先向r 正方向运动，选项A 正确；从r 2处释放电荷，电荷将先向r 正方向运动，选项B 错误；E p －x 图象切线斜率大小等于电场力大小，r 0处切线斜率为0，故所受电场力为0，故从r 0处释放电荷，电荷将静止，选项C 错误；从r 3处释放电荷，电荷将先向r 负方向运动，选项D 正确．10答案D解析等量异种点电荷连线的中垂面是等势面，根据场强的叠加，可知O 点和D 点的电场强度方向相同，均由A 指向B ，所以D 点的场强方向水平向右，故B 错误；根据等量异种电荷产生的电场的特点知，在O 点产生的场强比在D 点产生的场强大，故A 正确；因为在同一等势面上运动，电场力不做功，所以将一负电荷由O 点移到D 点，电场力不做功，电势能不变，故C 错误；D 点电势等于零，C 点电势小于零，将一负电荷由D 点移到C 点，电场力做负功，电荷的电势能增大，故D 正确．11答案CD解析小球只受重力G 和电场力F 作用，小球做直线运动，则合力为零或合力方向与运动方向在同一直线上；若F ＝mg sin α，则F 方向与运动方向垂直，如图，力F 不做功，只有重力做功，所以小球的速度增大，A 、B 错误；若F ＝mg tan α，力F 与小球运动方向可能成锐角，力对小球做正功，小球速度增大，电势能减小，力F 也可能与运动方向成钝角，合力对小球做负功，小球速度减小，电势能增大，故C 、D 正确．12答案BC 解析因0～T 3时间内微粒匀速运动，故E 0q ＝mg ；在T 3～2T 3时间内，微粒只受重力作用，做平抛运动，在t ＝2T 3时刻的竖直速度为v y 1＝gT 3，水平速度为v 0；在2T 3～T 时间内，由牛顿第二定律得2E 0q －mg ＝ma ，解得a ＝g ，方向向上，则在t ＝T 时刻，v y 2＝v y 1－g T 3＝0，粒子的竖直速度减小到零，水平速度为v 0，选项A 错误，B 正确；微粒的重力势能减小了ΔE p ＝mg ·d 2＝12mgd ，选项C 正确；从射入到射出，由动能定理得12mgd －W 电＝0，可知克服电场力做功为12mgd ，选项D 错误．13答案AC 解析根据题意可知两极板间电荷量保持不变，当正对面积减小时，则由C ＝εr S 4πkd 可知电容减小，由U ＝Q C 可知极板间电压增大，由E ＝U d可知，电场强度增大，故A 正确；设P 点的电势为φP ，则由题可知0－φP ＝Ed ′是增大的，则φP 一定减小，由于负电荷在电势低的地方电势能一定较大，所以可知电势能E p 是增大的，故C 正确．14.AC [由运动轨迹向上偏转可知粒子带正电，A 正确；由P →Q ，电场力做功为W PQ ＝E p P －E p Q ＝qU ，φP ＝0，则E p P ＝0，E p Q ＝－qU ，B 错；对Q 点速度分解v 0＝v sin 30°，则v ＝2v 0对P →Q 过程，W PQ ＝qU ＝qE ·x ＝12m (v 2－v 02)①x ＝12qE mt 2②d ＝v 0t③由①②③求得E ＝23U 3d，C 对，D 错.]15答案BC 解析物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，细线拉力对A 做正功，动能不断增大，速度不断增大，A 错误；设物块A 经过C 点时的速度大小为v ，此时B 的速度为0，根据系统的机械能守恒得：＝12m v 2，得v ＝2gh ，B 正确；由几何知识可得AC ＝3h ，由于A 、B 组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动，C 错误；到C 点时B 的速度为零，则根据功能关系可知，在物块A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，物块B 克服细线拉力做的功等于B 重力势能的减少量，D 错误．16答案(1)2gh (2)mg (h ＋d )qd C mg (h ＋d )q(3)h ＋d h 2h g解析(1)由v 2＝2gh （1分），得v ＝2gh （1分）(2)在极板间带电小球受重力和电场力作用，由牛顿运动定律知：mg －qE ＝ma （1分）由运动学公式知：0－v 2＝2ad （1分）整理得电场强度E ＝mg (h ＋d )qd（1分）由U ＝Ed ，Q ＝CU ，（1分）得电容器所带电荷量Q ＝Cmg (h ＋d )q （1分）(3)由h ＝12gt 21，0＝v ＋at （1分）2，t ＝t 1＋t 2（1分）整理得t ＝h ＋dh2h g （1分）17答案(1)3mg4q (2)0.3g (3)0.3mgL 解析(1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力分析如图所示，则有F N sin 37°＝qE （1分）F N cos 37°＝mg （1分）解得E ＝3mg 4q（1分）(2)若电场强度减小为原来的12，即E ′＝3mg 8q（1分）由牛顿第二定律得mg sin 37°－qE ′cos 37°＝ma （1分）解得a ＝0.3g （1分）(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mgL sin 37°－qE ′L cos 37°＝E k －0（2分）解得E k ＝0.3mgL .（1分）18答案(1)10m /s 20.4s (2)5m/s 速度方向与水平方向夹角为37°斜向右下方解析(1)小球在电场Ⅰ区域受到电场力F 1＝qE 1，小球在电场Ⅰ区域受到的电场力和重力的合力方向水平向右，大小为F 合＝F 1cos 45°＝1.6×10－2N ，（1分）则小球向右做匀加速直线运动，其加速度a 1＝F 合m＝10m/s 2，（1分）小球运动时间t 1＝2L 1a 1＝0.4s.（1分）（2）小球离开电场Ⅰ区域的水平速度v 0＝a 1t 1＝4m/s ，（1分）小球在电场Ⅱ区域中受到电场力和重力的合力竖直向下，其加速度a 2＝g ＋qE 2m＝30m/s 2，（2分）小球在电场Ⅱ区域中做类平抛运动，其运动时间t 2＝L 2v 00.1s ．（1分）小球在竖直方向的分速度v y ＝a 2t 2＝3m/s ，（1分）小球离开电场Ⅱ区域的速度v ＝v 20＋v 2y ＝5m/s ，（1分）设小球离开电场Ⅱ区域的速度方向与水平方向夹角为θ，则tan θ＝v y v 0＝34，（1分）得θ＝37°.（1分）19答案(1)10V (2)3m>R ≥2518m 或R ≤2563m 解析(1)在A 点，竖直分速度v y ＝v 0tan 53°＝4m/s （1分）带电粒子在平行板中运动时间t ＝L v 0＝0.2s （1分）v y ＝at （1分），得a ＝20m/s 2（1分）又mg ＋E ′q ＝ma （1分）E ′＝U d（1分），得U ＝10V （1分）(2)在A 点速度v A ＝v 0cos 53°＝5m/s （1分）①若小球不超过圆心等高处，则有12m v A 2≤(mg ＋qE )R cos 53°（1分）得R ≥2518m故3m>R ≥2518m （1分）②若小球能到达最高点C ，则有12m v 2A ＝(mg ＋qE )R ·(1＋cos 53°)＋12m v C 2（1分）在C 点：mg ＋Eq ≤m v C 2R （1分）可得v C ≥(mg ＋qE )R m （1分）联立解得：R ≤2563m （1分）故圆弧轨道半径R 的取值条件为：3m>R ≥2518m 或R ≤2563m （1分）。
高二上学期物理第二次月考试卷
高二上学期物理第二次月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分） (2020高二上·兴庆期末) 如图，把一条导线平行地放在磁针的正上方附近，当导线通有水平向右的电流时：（）A . 磁针所在区域磁场方向垂直纸面向里；B . 磁针所在区域磁场方向垂直纸面向外；C . 磁针不会发生偏转；D . 磁针发生偏转，S极向里，N极向外。
2. （2分） (2017高二下·衡水期末) 如图所示，xOy坐标位于纸面内，匀强磁场仅存在于第一象限，方向垂直纸面指向纸里．某带电粒子从y轴上A点沿+x方向射入磁场，经过时间t从x轴上某点离开磁场，离开磁场时速度的方向与x轴垂直，如该带电粒子从OA的中点以同样的速度射入磁场，则粒子在磁场中运动的时间为（）A .B .C .D .3. （2分） (2017高二上·大连期末) 一质量为m、电阻为r的金属杆ab，以一定的初速度v0从一光滑平行金属导轨底端向上滑行，导轨平面与水平面成30°角，两导轨上端用一电阻R相连，如图所示，磁场垂直斜面向上，导轨的电阻不计，金属杆始终与导轨接触良好，金属杆向上滑行到某一高度之后又返回到底端时的速度大小为v，则金属杆在滑行过程中（）A . 向上滑行与向下滑行的时间相等B . 向上滑行与向下滑行时电阻R上产生的热量相等C . 向上滑行与向下滑行时通过金属杆的电荷量相等D . 向上滑行与向下滑行时金属杆克服安培力做的功相等4. （2分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为4：1，原线圈两端接U=220 sin100πt（V）的交流电源，副线圈两端接R=55Ω的负载电阻，电表均为理想交流电表．则下列说法中正确的是（）A . 副线圈中输出交流电的频率为12.5HzB . 副线圈中电压表的示数为55 VC . 变压器的输入功率为110WD . 原线圈中的电流表A的示数为0.25A5. （2分） (2020高二上·昌平期末) 如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B，磁场方向垂直导轨平面向下，在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内。
高二物理上学期第二次月考试题
高二物理第二次月考试题一：选择题：（10×4=40分）1.磁场中某区域的磁感线如图所示，则 A.a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，且B a >B bB.a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，且B a <B bC.同一通电导线在a 处受力一定比放在b 处受力大D.同一通电导线在a 处受力一定比放在b 处受力小2.如图所示，一束带电粒子沿水平方向的虚线飞过磁针上方，并与磁针方向平行，使磁针的N 极转向读者，那么这束带电粒子可能是A.向右飞的正离子B.向左飞的负离子C.向右飞的负离子D.向左飞的正离子3.如图所示，电流从A 点分两路通过对称的环形分路汇合于B 点，在环形分路的中心处于O 点的磁感应强度 A.垂直环形分路所在平面，且指向纸内B.垂直环形分路所在平面，且指向纸外C.环形分路所在平面内，且指向AD.磁感应强度为零4.如图所示，正方体容器处在匀强磁场中，一束电子从a 孔沿a →b 方向垂直垂直射入容器内的匀强磁场中，结果一部分电子从小孔c 射出，一部分电子从小孔d 射出，则从c 、d 两孔射出的电子 A.速度之比v c ：v d =2：1B.在容器中运动的时间之比t c ：t d =1：2C.在容器中运动的加速度大小之比1:2: d c a aD.在容器中运动的加速度大小之比a c ：a d =2：15.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D 型盒D 1、D 2构成，其间留有空隙，下面说法正确的是A.离子从磁场中获得能量B.离子由加速器的边缘射出加速器时，离子的动能一定最大C.增强两板间的电压，可以提高离子的能量D.所加交流电的频率等于离子在加速器中的回旋频率6.一闭合圆形线圈，放在随时间均匀变化的磁场中，线圈平面和磁场方向垂直，若想使线圈中的感应电流增强一倍，下述方法可行的是A.使线圈匝数增加一倍B.使线圈面积增加一倍C.使线圈匝数减少一半D.使磁感应强度的变化率增大一倍·b ·a7.如图所示，一个矩形线框abcd 从匀强磁场的上方自由落下，进入匀强磁场中，然后再从磁场中穿出，已知匀强磁场区域的宽度大于线框的高度h ，那么下列说法中正确的是 A.线框只在进入和穿出磁场的过程中，才有感应电流产生 B.线框进入过程和穿出磁场的过程中，通过某一横截面积的电荷量相等 C.线框在进入和穿出磁场的过程中，重力做的功都变成电能D.整个线框都在磁场中运动时，ab 边的电势差为零8.如图所示，在匀强磁场中，MN 和PQ 是两条平行的金属导轨，而ab 与cd 为串有电压表和电流表的两根金属棒，当两棒以相同的速度向右运动时，正确的有 A.电压表有读数，电流表有读数 B.电压表无读数，电流表无读数 C.电压表有读数，电流表无读数 D.电压表无读数，电流表有读数9.如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ 、MN ，当PQ 在外力作用下运动时，MN 在磁场力作用下向右运动，则PQ 所做的运动可能是 A.向右匀加速运动 B.向左匀加速运动 C.向右匀减速运动 D.向左匀减速运动 10.二：填空题实验题（11题3分；12、13题每空1分；实验题每小题3分，共20分）11.如图所示，在x<0与x>0的区域中，存在磁感应强度大小分别为B 1与B 2的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面向里且B 1>B 2。
2020-2021学年河南省鹤壁高级中学高二(上)第二次段考物理试卷
2020-2021学年河南省鹤壁高级中学高二（上）第二次段考物理试卷试题数：19.满分：1001.（单选题.3分）如图所示.在一半径为R的圆周上均匀分布有N个绝缘带电小球（可视为质点）无间隙排列.其中A点的小球带电荷量为+4q.其余小球带电荷量为+q.此时圆心O点的电场强度大小为E.现仅撤去A点的小球.则O点的电场强度为（）A.大小为E.方向沿AO连线斜向下.方向沿AO连线斜向下B.大小为E2.方向沿AO连线斜向上C.大小为E3.方向沿AO连线斜向上D.大小为E42.（单选题.3分）如图所示.一带电小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内.当开关S闭合.小球静止时.悬线与竖直方向的夹角为θ．则（）A.当开关S断开时.若减小平行板间的距离.则夹角θ增大B.当开关S断开时.若增大平行板间的距离.则夹角θ增大C.当开关S闭合时.若减小平行板间的距离.则夹角θ增大D.当开关S闭合时.若减小平行板间的距离.则夹角θ减小3.（单选题.3分）如图.两电荷量分别为Q（Q＞0）和-Q的点电荷对称地放置在x轴上原点O 的两侧.a点位于x轴上O点与点电荷Q之间.b位于y轴O点上方．取无穷远处的电势为零.下列说法正确的是（）A.O点的电势为零.电场强度也为零B.a点的电势高于b点电势.a点电场强度大于b点电场强度C.正的试探电荷在b点的电势能大于零.所受电场力方向指向O点D.将负的试探电荷从O点移到a点.必须克服电场力做功4.（单选题.3分）如图所示.以O点为圆心、R=0.20m为半径的圆处于匀强电场（图中未画出）中.电场平行于圆面.ac、bd为圆的两条相互垂直的直径。
已知a、b、c三点的电势分别为2V、2 √3 V、-2V.则下列说法正确的是（）A.d点电势为2 √3 VB.电子从d点运动到a点电势能增加C.电场方向由b点指向c点D.该匀强电场的场强为20V/m5.（单选题.3分）如图甲所示.两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点.其中Q1带正电荷位于原点O.a、b是它们的连线延长线上的两点.其中b点与O点相距3L。
淇滨区高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
淇滨区高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． （2016·河南郑州高三入学考试）如图所示，MPQO 为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E ，ACB为光滑固定的半圆形轨迹，轨道半径为R ，A 、B 为圆水平直径的两个端点，AC 为圆弧。
一个质量为m ，电14荷量为－q 的带电小球，从A 点正上方高为H 处由静止释放，并从A 点沿切线进入半圆轨道。
不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（）A ．小球一定能从B 点离开轨道B ．小球在AC 部分可能做匀速圆周运动C ．若小球能从B 点离开，上升的高度一定小于HD ．小球到达C 点的速度可能为零【答案】BC【解析】【名师解析】由于题中没有给出H 与R 、E 的关系，所以小球不一定能从B 点离开轨道，A 项错误；若重力大小等于电场力，小球在AC 部分做匀速圆周运动，B 项正确；由于小球在AC 部分运动时电场力做负功，所以若小球能从B 点离开，上升的高度一定小于H ，C 项正确；若小球到达C 点的速度为零，则电场力大于重力，小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C 点的速度不可能为零，D 项错误。
2． （2016·山东枣庄高三期末）如图所示，不带电的金属球A 固定在绝缘底座上，它的正上方有B 点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A 球后将电荷量全部传给A 球，设前一液滴到达A 球后，后一液滴才开始下落，不计B 点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（）A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D．所有液滴下落过程中电场力做功相等【答案】C 【解析】3．（2016·河北仙桃高三开学检测）某蹦床运动员在一次蹦床运动中仅在竖直方向运动，如图为蹦床对该运动员的作用力F随时间t的变化图象。
【精品】高二物理上学期第二次月考试题
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【精品】高二物理上学期第二次月考试
题
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高二物理
命题人：
一、选择题（本题共12小题，每题四分，共48分。
1—9小题为单项
选择题，在每小题给出的4个选项中，只有一项是符合题意的，选对
的得4分，选错或不答的得0分；10—12小题为不定项选择题，在每
小题给出的4个选项中，至少有一个选项正确，全部选对的得4分，
选不全的得2分，有选错或不答的得0分）
1. 在国际单位制中，表示电动势单位的符号是（）
A．T B．V C．Wb D．E
2. 对物体带电现象的叙述，正确的是（）
A. 不带电的物体一定没有电荷
B. 带电物体一定具有多余的
电子
C. 摩擦起电实际上是电荷从一个物体转移到另一个物体
D. 一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒
不带电了，这过程中电荷不守恒
3. 关于电流强度，下列说法中正确的是（）
A．导体中的电流强度越大，表示通过其横截面的电荷量越多
B．在相同时间内，通过导体横截面的电荷量越多，导体中电流强度就越小
C．通电时间越短，电流强度越大
D．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中电流强度越大
4. 如图示是用电压表V和电流表A测电阻的一种方法，Rx为待测电阻，。
河南省鹤壁市淇滨高级中学2020-2021学年高二上学期第二次月考物理试题
河南省鹤壁市淇滨高级中学【最新】高二上学期第二次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．已知电场中A 点处放有一电量为q 的电荷，所受电场力为F ，A 点处场强为E ，则（ ）A ．若在A 点换上－q ，A 点的场强方向发生改变B ．若在A 点换上电量为2q 的电荷，A 点的场强将变为2EC ．若把A 点电荷q 移去，A 点的场强变为零D ．A 点场强的大小、方向与q 的大小、方向、有无均无关 2．关于电流的方向，下列说法正确的是( )．A ．在金属导体中，电流的方向是自由电子定向移动的方向B ．在电解液中，电流的方向是负离子定向移动的方向C ．无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反D ．在电解液中，由于是正负电荷定向移动形成电流，所以电流有两个方向3．如图所示，三个完全相同的金属小球a 、b 、c 位于等边三角形的三个顶点上．a 和c 带正电，b 带负电，a 所带电量的大小比b 的小．已知c 受到a 和b 的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它应是A ．F 1B ．F 2C ．F 3D ．F 44．两个分别带有电荷量−Q 和+5Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处,它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为2r，则两球间库仑力的大小为（ ） A ．516F B ．5F C ．165FD ．45F5．某学生在进行“研究串联电路电压特点”的实验时，接成如图所示的电路．接通S 后，他将较大内阻的电压表接在A 、C 两点时，电压表读数为U ；将该电压表接在A 、B 两点时，电压表读数也为U；将该电压表接在B、C两点时，电压表的读数为零．则出现此种情况的原因可能是（）A．电阻R1断路B．电阻R2断路C．电阻R1、R2均断路D．电阻R1、R2均短路6．在真空中有两个固定的点电荷，它们之间的静电力大小为F．现保持它们之间的距离不变，而使它们的电荷量都变为原来的2倍，则它们之间的静电力大小为（）A．1 4 FB．1 2 FC．4FD．2F7．已知某一表头G，内阻R g＝30Ω，满偏电流I g＝5mA，要将它改装为量程0～3A的电流表，所做的操作是（）A．串联一个570Ω的电阻B．并联一个570Ω的电阻C．串联一个0.05Ω的电阻D．并联一个0.05Ω的电阻8．在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S闭合后，两平行金属板M、N中有一带电油滴正好处于静止状态．为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是()．A．增大R1的阻值B．增大R2的阻值C．增大R3的阻值D．增大M、N间距二、多选题9．一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的是()A．电动机所消耗的电功率为IUB．t秒内所产生的电热为IUtC．t秒内所产生的电热为I2RtD．t秒内所产生的机械能为IUt－I2Rt10．在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，理想电流表的示数为2.0A。
鹤壁市高二物理上学期第二次月考试题
河南省鹤壁市2020学年高二物理上学期第二次月考试题第I 卷（选择题）一、选择题（共13题，每小题4分，共52分。
其中1~9为单选，10~13为多选，选不全得2分）1．在电场中某一点放入一电荷量为+q 的电荷，该电荷受电场力F ，该点的场强为E ，则（ ）A. 若在该点放置一电荷量为-q 的电荷，该点场强方向发生变化B. 若在该点换上电荷量为2q 的电荷，该点的场强将变为2EC. 若在该点移去电荷+q ，该点的场强变为零D. 该点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关2．关于电流的方向，下列说法中正确的是( )A. 在金属导体中电流的方向是自由电子定向移动的方向B. 在电解液中，电流的方向为负离子定向移动的方向C. 无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反D. 在电解液中，由于是正负电荷定向移动形成电流，所以电流有两个方向3．如图所示，三个完全相同的金属小球a 、b 、c 位于等边三角形的三个顶点上．a 和c 带正电，b 带负电，a 所带电量的大小比b 的小．已知c 受到a 和b 的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它应是（ ）A. F 1B. F 2C. F 3D. F 44．两个分别带有电荷量−Q 和+5Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处,它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为2r ，则两球间库仑力的大小为（ ） A. 516F B. 5F C. 165F D. 45F 5．一台直流电动机的电阻为R ，额定电压为U ，额定电流为I ，当其正常工作时，下述说法正确的是( ) A. 电动机所消耗的电功率为I 2RB. t 秒内所产生的电热为UItC. t秒内所产生的电热为2URtD. t秒内输出的机械能为(U－IR)It6．某学生在进行“研究串联电路电压特点”的实验时，接成如图所示的电路．接通S后，他将较大内阻的电压表接在A、C 两点时，电压表读数为U；将该电压表接在A、B两点时，电压表读数也为U；将该电压表接在B、C两点时，电压表的读数为零．则出现此种情况的原因可能是（）A. 电阻R1断路B. 电阻R2断路C. 电阻R1、R2均断路D. 电阻R1、R2均短路7．在真空中有两个固定的点电荷，它们之间的静电力大小为F。
2020年河南省鹤壁市镇试验中学高二物理月考试卷含解析
2020年河南省鹤壁市镇试验中学高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 用伏安法测电池的电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，以下说法正确的是（）A．用图a所示电路时，E测<E真B．用图a所示电路时， r测<r真C．用图b所示电路时，E测<E真D．用图b所示电路时，r测<r真参考答案：AB2. 在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都为m。
现B球静止，A球向B球运动，发生正碰。
已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的总弹性势能为Ep，则碰前A球的速度等于A． B． C．2 D．2参考答案：C3. 氢气球用绳子系着一个重物，以10m/s的速度匀速竖直上升，当到达40m高度时，绳子突然断开，重物从断开到落地过程：（g=10m/s2）A、下落时间为4sB、下落时间为sC、落地速度为10m/sD、落地速度为30m/s 参考答案：AD4. （多选题）如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，则下列说法正确的是（）A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.1参考答案：CD【考点】动量守恒定律；动能定理的应用．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积”之差求出木板A的长度．根据系统克服摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：M=2kg，木板A的质量为M=2kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×2×12=1J，故A错误．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=2J，故B错误；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×（2+1）×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，木板A的最小长度为L=x B﹣x A=1m，故C正确；D、由图示图象可知，B的加速度：a===﹣1m/s2，负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：μm B g=m B a，代入解得，μ=0.1，故D正确．故选：CD．5. 下列说法中错误的是A．物体辐射电磁波的强度分布与物体温度和辐射电磁波的波长无关B．光的衍射现象中，产生暗条纹的地方光子出现的概率低，这是波粒二象性的观点C． (钍)经过一系列的α和β衰变，变为(铅)，铅核比钍核少16个中子D．原子核的半衰期由核内部自身因素决定，与原子所处的化学状态和外部条件无关参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. ．）一定质量的理想气体，由状态A通过如图所示的箭头方向经过三个过程变化到状态B.（１）气体在状态B时的分子平均动能____（选填“大于”、“等于”或“小于”）在状态A时的分子平均动能；（２）气体在由状态A到状态B，气体（选填“吸热”、“放热”或“既不吸热也不放热”）．其原因是：参考答案：等于7. 在真空中有一电场，在这个电场中的某点P放一点电荷q=+1.0×10-9C，它受到的电场力为3.0×10-4N，力的方向向东，若在P点处换q1= -2.0×10-9C的负点电荷，则P点的电场强度是__________；方向向_______。
河南省鹤壁市淇滨高级中学高二上学期第二次周考物理试题含答案
淇滨高中2019-2020学年上学期第二次周考高二物理试卷范围必修3-1 时间90分钟分值100分一、选择题（每题4分，共48分，1-8单选题，9-12多选题）1．小花同学在探究磁极间的相互作用时，不小心将条形磁铁掉在了地上，当小花将条形磁铁拾起来再次实验时，发现该条形磁铁失去了磁性。
下列说法正确的是A.由安培的分子电流假说可知，条形磁铁中的分子电流消失了B.由安培的分子电流假说可知，条形磁铁中的分子电流的趋向变得一致了C.由安培的分子电流假说可知，条形磁铁中的分子电流的趋向变得杂乱无章了D.由安培的分子电流假说可知，条形磁铁中的分子电流强度减弱了2．下列说法中正确的是（）A.磁场中某点的磁感应强度可以这样测定：测出一小段通电导线受到的磁场力与该导线的长度以及通过的电流，根据可算出该点的B.通电导线在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零C.磁感应强度只是定义式，它的大小取决于场源以及磁场中的位置，与、、以及通电导线在磁场中的方向无关D.放置在磁场中的1m长的导线，通以1A的电流，受力为1N，该处的磁感应强度大小为1T3．以MN为直径O为圆心的半圆弧上有M、N、P三点，如图所示，其中∠MOP＝，在MN两处各放置一条通有等大电流的长直导线垂直穿过半圆弧面，方向如图，这时O点的磁感应强度大小为B1．若将M处长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小为B2，则B2与B1之比为（）A.3：1B.：2C.1：1D.1：24．如图所示，正方形金属线圈a和b的边长分别为l和2l，a线圈内存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．则穿过a、b两线圈的磁通量之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：45．如图所示，a、b、c为三根与纸面垂直的固定长直导线，其截面位于等边三角形的三个顶点上，bc沿水平方向，导线中均通有大小相等的电流，方向如图所示，O点为三角形的中心（O到三个顶点的距离相等），则A．O点的磁感应强度为零B．O点的磁场方向垂直Oc斜向下C．导线a受到的安培力方向垂直Oa连线方向水平向右D．导线b受到的安培力方向垂直Ob连线方向斜向上6．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒。
2021-2022学年河南省鹤壁市第二高级中学高二物理测试题含解析
2021-2022学年河南省鹤壁市第二高级中学高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，图甲和图乙分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系．若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻，则经过1 min的时间，两电阻消耗的电功之比W甲∶W乙为A．1∶B．1∶2 C．1∶3 D．1∶4参考答案：C2.参考答案：C3. 激光在真空中传播速度为c，进入某种均匀介质时，传播速度变为真空中的。
某激光光源的发光功率为P，发射激光的波长为λ，该激光进入上述介质时由于反射，入射能量减少了10%，该激光在这种介质中形成的光束横截面积为S，则（已知普朗克常量为h）( )A．激光在此均匀介质中的波长变为在真空中波长的1/n倍B．激光在此均匀介质中的波长仍为λC．在垂直于光束传播方向的截面内，单位时间内通过单位面积的光子个数为D．在垂直于光束传播方向的截面内，单位时间内通过单位面积的光子个数为参考答案：AC4. （单选题）一直流电动机正常工作时两端的电压为U，通过的电流为I，电动机线圈的电阻为r．该电动机正常工作时，下列说法错误的是( )A．电动机消耗的电功率为UIB．电动机的输出功率为UI-I2rC．电动机的发热功率为I2rD．I、U、r三个量间满足I=U/r参考答案：D5. （单选）在匀强磁场中有两条平行的金属导轨，磁场方向与导轨平面垂直，导轨上有两条可沿导轨自由移动的导电棒ab、cd，这两条导电棒ab、cd的运动速度分别为v1、v2，如图所示，ab棒上没有电流通过，则一定有()A．v1>v2 B．v1<v2C．v1≠v2 D．v1＝v2参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一闭合线圈在匀强磁场中做匀角速转动，角速度为240??rad/min ，当线圈平面转动至与磁场平行时，线圈的电动势为2.0 V。
2020年河南省鹤壁市鹤山区实验中学高二物理月考试卷含解析
2020年河南省鹤壁市鹤山区实验中学高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 2009年诺贝尔物理学奖授予科学家高锟以及威拉德·博伊尔和乔治·史密斯。
3名得主的成就分别是发明光纤电缆和电荷耦合器件（CCD）图像传感器。
光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法中不正确的是（）A．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C．在光导纤维束内传送图像是利用光的色散现象D．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象参考答案：ABC2. （单选）一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q．此时电子的定向移动速度为v，在时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A．B．C．D．参考答案：C3. 如右图所示，是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是( )A、A点场强一定大于B点场强B、在B点由静止释放一个电子，将一定向A点运动C、这点电荷一定带正电D、正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿AB方向参考答案：B4. 如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线。
以下说法正确的是A．电池组的内阻是1ΩB．电阻的阻值为0.33ΩC．将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是4WD．改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4W参考答案：AD5. （单选题）如图所示，A、B为两等量异种点电荷，A带正电，B带负电，在AB的连线上有a、b、c三点，b为连线的中点，ab=bc，则下列说法中不正确的是（）A．a点与c点的电场强度相同B．a点与c点的电势相同C．a、b间的电势差与b、c间的电势差相等D．点电荷q沿A、B连线的中垂线移动，电场力不做功参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示的装置测定玻璃的折射率，在光具盘的中央固定一个半圆形的玻璃砖，使二者的圆心重合，使一激光束从玻璃圆弧面一侧入射并垂直平面AOB，通过圆心O射出玻璃砖，记下入射光束在光具盘上所对应的位置的刻度. 以圆心O为轴逆时针转动光具盘，同时观察从平面AOB一侧出射光线的变化，出射光线不断向下偏转并越来越暗，直到刚好看不到出射光线为止.记下这时入射光线在光具盘上对应的刻度，光具盘上两次刻度之间的夹角θ就是光束从玻璃射向空气的_______.玻璃折射率的表达式n=_______.参考答案：临界角；1/sinθ7. 如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一正方形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA＝2 V，φB＝4 V，φC＝0。
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河南省鹤壁市2017-2018学年高二物理上学期第二次月考试题第I卷（选择题）一、选择题（共13题，每小题4分，共52分。
其中1~9为单选，10~13为多选，选不全得2分）1．在电场中某一点放入一电荷量为+q的电荷，该电荷受电场力F，该点的场强为E，则（）A. 若在该点放置一电荷量为-q的电荷，该点场强方向发生变化B. 若在该点换上电荷量为2q的电荷，该点的场强将变为2EC. 若在该点移去电荷+q，该点的场强变为零D. 该点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关2．关于电流的方向，下列说法中正确的是()A. 在金属导体中电流的方向是自由电子定向移动的方向B. 在电解液中，电流的方向为负离子定向移动的方向C. 无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反D. 在电解液中，由于是正负电荷定向移动形成电流，所以电流有两个方向3．如图所示，三个完全相同的金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上．a和c带正电，b带负电，a所带电量的大小比b的小．已知c受到a和b的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示，它应是（）A. F1B. F2C. F3D. F44．两个分别带有电荷量−Q和+5Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处,它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A. B. C. D.5．一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时，下述说法正确的是()A. 电动机所消耗的电功率为I2RB. t秒内所产生的电热为UItC. t秒内所产生的电热为tD. t秒内输出的机械能为(U－IR)It6．某学生在进行“研究串联电路电压特点”的实验时，接成如图所示的电路．接通S后，他将较大内阻的电压表接在A、C 两点时，电压表读数为U；将该电压表接在A、B两点时，电压表读数也为U；将该电压表接在B、C两点时，电压表的读数为零．则出现此种情况的原因可能是（）A. 电阻R1断路B. 电阻R2断路C. 电阻R1、R2均断路D. 电阻R1、R2均短路7．在真空中有两个固定的点电荷，它们之间的静电力大小为F。
现保持它们之间的距离不变，而使它们的电荷量都变为原来的2倍，则它们之间的静电力变为A. 4FB. FC. 2FD. F8．电流表内阻是R g=30Ω,满刻度电流值是I g=5mA，现欲把这电流表改装成量程是0-3A的电流表，正确的方法是（）A．串联一个570Ω的电阻B．并联一个570Ω的电阻C．串联一个0．05Ω的电阻D．并联一个0．05Ω的电阻9．在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S闭合后，两平行金属板M、N中有一带电油滴正好处于静止状态．为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是()．A. 增大R1的阻值B. 增大R2的阻值C. 增大R3的阻值D. 增大M、N间距10．在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A。
则以下判断中正确的是（）A. 电源两端的电压为8VB. 电源输出的电功率为20WC. 电动机两端的电压为7.0VD. 电动机的输出功率为12W11．一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1＝10 Ω，R2＝120 Ω，R3＝40 Ω.另有一测试电源，电动势为100 V，内阻忽略不计．则( )A. 当cd端短路时，ab之间的等效电阻是40 ΩB. 当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40 ΩC. 当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80 VD. 当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80 V12．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2，下列说法中正确的是（）A. 小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B. 小灯泡L3变暗，L1、L2变亮C. △U1＞△U2D. △U1＜△U213．四个相同的电流表分别改装成两个大量程电流表和两个大量程电压表,电流表A1的量程大于A2的量程,电压表V1的量程大于V2的量程,把它们按如图所示接入电路()A. A1的读数比A2的读数大B. A1的指针偏转角度比A2指针偏转角度大C. V1读数比V2读数大D. V1指针偏转角度比V2指针偏转角度大第II卷（非选择题）二、实验题（共2小题，每空2分，共16分）14．在测定“金属丝的电阻率”实验中，待测金属丝电阻约为5Ω，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：A、电池组E（3V，内阻约1Ω）B、电流表A（0-0.6A，内阻约0.125Ω）C、电压表V1（0-3V，内阻4KΩ）D、电压表V2（0-15V，内阻15KΩ）E、滑动变阻器R1（0-2000Ω，允许最大电流0.3A）F、滑动变阻器R2（0-20Ω，允许最大电流1A）G、开关、导线若干（1）实验中选择的电压表是___________；选择的滑动变阻器是_________（填写仪器前字母代号）（2）用螺旋测微器测得金属丝直径d的读数如图，则读数为____mm；（3）若用L表示金属丝长度，d表示直径，电流表读数为Ｉ，电压表读数Ｕ。
则金属丝电阻率的表达式ρ=____________。
15．某同学描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验器材有：电压表Ⓥ：量程为3V，内阻为3kΩ电流表Ⓐ；量程为0.6A，内阻约为2Ω定值电阻R0；阻值为1kΩ小灯泡L：额定电压为3.8 V滑动变阻器R：阻值范围为0〜10Ω电池E：电动势为6V开关S，导线若干．该同学按如图甲所示的电路图进行实验，通过正确实验操作和读数，得到了一组电压表的示数和电流表的示数，部分数据如下表：（1）当电压表示数为1.20 V时，小灯泡两端的电压为__V．（保留三位有效数字）（2）在图乙中画出小灯泡的伏安特性曲线_______．（3）若把这个小灯泡与电动势为3V、内阻为10Ω的干电池连接成闭合电路，此时小灯泡的电阻为__Ω，实际功率为__W．（结果保留两位有效数字）三、计算题（共3小题，32分）16．（12分）如图所示，带有等量异种电荷平行金属板M、N竖直放置，M、N两板间的距离d ＝0．5 m。
现将一质量m＝1×10-2 kg、电荷量q＝4×10-5 C的带电小球从两极板上方的A点以v0＝4 m/s的初速度水平抛出，A点距离两板上端的高度h＝0．2 m；之后小球恰好从靠近M板上端处进入两板间，沿直线运动碰到N板上的C点，该直线与曲线的末端相切。
设匀强电场只存在于M、N之间，不计空气阻力，取g＝10 m/s2。
求：（1）小球到达M极板上边缘B位置时速度的大小和方向；（2）M、N两板间的电场强度的大小和方向；（3）小球到达C点时的动能。
17．（12分）如图所示的电路中，电源电动势E＝10 V，内阻r＝0．5 Ω，电动机的电阻R0＝1．0 Ω，电阻R1＝1．5 Ω．电动机正常工作时，电压表的示数U1＝3．0 V，求：（1）电源释放的电功率；（2）电动机消耗的电功率．将电能转化为机械能的功率；（3）电源的输出功率．18．（8分）利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V，电源内阻r=1Ω，电阻R=3Ω，重物质量m=0．10kg，当将重物固定时，理想电压表的示数为5V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5．5V，（不计摩擦，g 取10m/s2）．求：（1）串联入电路的电动机内阻为多大？（2）重物匀速上升时的速度大小．参考答案1．D【解析】电场强度是由电场本身决定，与试探电荷的有无，电量的大小，电性，电场力的大小，方向无关，即不论该点是否放入电荷，该点场强都是E，且方向不变，故ABC错误，D正确；故选D．点睛：电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关，电场强度的方向与正电荷所受电场力的方向相同2．C【解析】电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反；在金属导体中电流的方向是自由电子定向移动的方向相反，选项A错误；在电解液中，正离子定向移动的方向或者负离子定向移动的方向的反方向是电流的方向，选项BD错误；无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反，选项C正确；故选C.3．B【解析】对c球受力分析，如图；由于b球的带电量比a球的大，故b球对c球的静电引力较大，根据平行四边形定则，合力的方向如图；故选B．4．C【解析】相距为r时，根据库仑定律得：；接触后，各自带电量变为2Q，则此时,两式联立得F′=，故选C．5．D【解析】电动机所消耗的电功率为UI＞I2R，故A项错误；t秒内所产生的电热为I2Rt＜UIt，故BC项错误；根据能量守恒得电动机t秒内输出的机械能为UIt－I2Rt＝(U－IR)It，故D项正确．故选D.6．A【解析】接通S后，他将较大内阻的电压表接在A、C 两点时，电压表读数为U；将该电压表接在A、B两点时，电压表读数也为U；将该电压表接在B、C两点时，电压表的读数为零．则出现此种情况的原因可能是电阻R1断路．故选A．7．A【解析】根据库仑定律，距离改变之前：；当电荷量都变为原来的2倍时：F联立可得：F1=4F，故BCD错误，A正确．故选A．8．D【解析】试题分析：电流计改装成量程更大的电流表应该并联分流电阻，根据欧姆定律可得：，故选项D正确。
考点：电表的改装【名师点睛】考查的电流表的改装原理，明确并联电阻的分流作用，会根据串并联电路的特点及欧姆定律求并联电阻阻值。
9．C【解析】A项：在回路中起保护电容器的作用，所以它的大小不影响电路中的电流和电压，即改变的大小不能使得带电油滴向上运动，A项错误；B项：要是带电粒子向上运动，应该增大电容器之间的电场强度，由知道，当d不变时，应增大电容器两端的电压，然后根据串反并同的知识我们知道应该增大或者减小的阻值，所以选项B错，C对；D项：由公式知，当电压不变时，要使电场强度增大，则应该减小两个板之间的距离，所以D项错误；综上所述，本题答案是C10．BCD【解析】A、电路中电流表的示数为 2.0A，电源两端的电压为：，A错误；电源的输出功率为：，B正确；C、电路中电流表的示数为 2.0A，所以电动机两端的电压为：，C正确；D、电动机的总功率为：P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为：P出=14W−2W=12W，D正确。
故选BCD。
【名师点睛】根据闭合电路欧姆定律及串联电路的电压规律可求得电动机两端的电压，根据P=UI，求解电源的输出功率，电动机输出功率等于电动机总功率与发热功率的差值．11．AC【解析】当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻并联后与串联，等效电阻为，A正确；当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻并联后与串联，等效电阻为，B错误．当ab两端接通测试电源时，cd 两端的电压等于电阻两端的电压，为，C正确；当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻两端的电压，为，D错误．12．BC【解析】试题分析：当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，分析变阻器接入电路的电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，判断灯L2亮度的变化．根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断L3亮度的变化．根据总电流与通过L3电流的变化，分析通过L1电流的变化，判断其亮度变化．根据路端电压的变化，分析△U1和△U2的大小．解：A、B、当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮．变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分电压减小，则L3变暗．总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮．故A错误，B正确．C、D、由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，所以△U1＞△U2．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”思路进行分析．运用总量法分析两电压表读数变化量的大小．13．AC【解析】A、电流表的量程大于电流表的量程，故电流表的电阻值小于电流表的电阻值，并联电路中，电阻小的支路电流大，故电流表的读数大于电流表的读数，故A正确；B、两个电流表的表头是并联关系，电压相同，通过表头的电流相同，故指针偏转角度相等，故B错误；C、电压表的电阻值大于电压表的电阻值，串联时电流相同，电压表的读数大于电压表的读数，故C正确；D、两个电压表的表头是串联关系，电流相等，故指针偏转角度相等，故D错误。