2018高考生物二轮专题复习课件：专题三小专题7遗传的基本定律和伴性遗传

。
现有一只长毛雌兔，所生的一窝后代中雌兔全为短毛，
则子代雌兔的基因型为
，为什么？
（3）现用多对基因型杂合的亲本杂交，F1 长毛兔与
短毛兔的比例为
。
解析：（1）由于控制某种安哥拉兔长毛（HL）和短
毛（HS）的等位基因位于常染色体上，因此不是伴性遗
传。
（2）由题意知 HL 控制长毛，雄兔中 HL 对 HS 为显 性，因此基因型为 HLHS 中的雄兔的表现型是长毛；雌兔 中 HS 对 HL 为显性，因此长毛雌兔的基因型是 HLHL，长 毛雌兔所生的后代都含有 HL 基因，后代中雌兔全为短毛 的基因型是 HSHL。（3）HLHS×HSHL→HLHL∶HLHS∶HSHS ＝1∶2∶1，雄兔中 HLHL、HLHS 是长毛，
解析：红花高茎圆形果（A B T）植株与隐性性 状的白花矮茎长形果（aabbtt）植株测交，子一代的表现 型及其比例是：红花矮茎圆形果∶白花高茎圆形果∶红 花矮茎长形果∶
白花高茎长形果＝1∶1∶1∶1，分析 3 对性状分析 红花与矮茎性状、白花与高茎性状一直在一起，而它们 与圆形、长形是自由组合的，说明 A 与 b 连锁，a 与 B 连锁，而 T 与 t 在另一对同源染色体上，如选项 D 所示。
（4）若实验 3 中的子代自交，理论上，下一代的表 现型及比例为________________________________。
（5）实验 2 中得到的子代无毛黄肉的基因型有 ___________________________________________。
解析：（1）由实验一：有毛 A 与无毛 B 杂交，子一 代均为有毛，说明有毛为显性性状，双亲关于果皮毛色 的基因均为纯合的；由实验三：白肉 A 与黄肉 C 杂交， 子一代均为黄肉，据此可判断黄肉为显性性状；双亲关 于果肉颜色的基因均为纯合的；在此基础上，依据“实验 一中的白肉 A 与黄肉 B 杂交，
视角 1 考查孟德尔实验及其科学方法
1.若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律，下列因 素对得出正确实验结论影响最小的是（ ）
A.所选实验材料是否为纯合子 B.所选相对性状的显隐性是否易于区分 C.所选相对性状是否受一对等位基因控制 D.是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法
解析：根据题目要求，分析孟德尔遗传实验所需满 足的条件，逐项进行解答。用于杂交的两个个体如果都 是纯合子，验证孟德尔分离定律的方法是先杂交再测交 或先杂交再自交，子二代出现 1∶1 或 3∶1 的性状分离 比；如果不都是或者都不是纯合子，则可以用自交或者 测交的方法来验证，A 项符合题意。
答案：A
2.（2016·上海嘉定一模）某种植物细胞常染色体上
的 A、B、T 基因对 a、b、t 完全显性，让红花（A）高 茎（B）圆形果（T）植株与隐性性状的白花矮茎长形果 植株测交，子一代的表现型及其比例是：红花矮茎圆形 果∶白花高茎圆形果∶红花矮茎长形果∶白花高茎长形 果＝1∶1∶1∶1，则下列正确表示亲代红花高茎圆形果 的基因型的是（ ）
视角 2 考查对孟德尔定律的理解
1（. 2016·湖北七校联考）以抗螟非糯性水稻（GGHH） 与不抗螟糯性水稻（gghh）为亲本杂交得 F1，F1 自交得 F2，F2 的性状分离比为 3∶1。假如两对基因都是完全显 性遗传，则 F1 中两对基因在染色体上的位置关系最可能 是（ ）
解析：D 项表示的两对基因的位置是错误的；若为 C 项表示的两对基因的位置关系，则 F2 的性状分离比为 9∶3∶3∶1；若为 B 项表示的两对基因的位置关系，则 F2 的性状分离比为 1∶2∶1，A 项表示的两对基因的位置 关系，F2 的性状分离比为 3∶1。
（填“纯合子”或“杂合子”），
雌雄各产生
配子；雌雄配子之间结合是随机的；
除 F1 中 长发育。
个体在胚胎期致死，其他家鼠能正常生
（3）若将乙组中 F1 毛色为 2 黄色∶1 灰色∶1 黑色
的所有 F1 个体混合饲养，随机交配，全部 F2 中毛色及比
例应为
。
解析：（1）由甲杂交组结果，推断 AY 对 A、a 为显 性，由乙组杂交结果推断 A 对 a 为显性。灰色家鼠的基 因型有 AA 和 Aa 两种。（2）甲杂交组中，F1 性状分离比 为 2∶1，原因是 AY 基因纯合的个体致死，因此亲本都为 杂合子，雌雄各产生比例相等的两种配子。（3）乙组中 F1 毛色为 2 黄色∶1 灰色∶1 黑色，
生物 ·二轮
专题三 遗传、变异和进化 小专题7 遗传的基本定律和
伴性遗传
【考纲要求·高考频度】
序号 考纲要求
全国卷五年考频
1
孟德尔遗传实验 的科学方法（Ⅱ）
5年1考
2013Ⅰ卷T6
2012课标卷T31，
2
基因的分离定律 （Ⅱ）
5年5考
2013Ⅰ卷T31， 2014Ⅰ卷T5， 2014Ⅱ卷T32，
4.弄清性状分离比出现偏离的原因
（1）具有一对相对性状的杂合子自交。 Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa ①2∶1 显性纯合致死，即 AA 个体不存活。 ②全为显性 隐性纯合致死，即 aa 个体不存活。 ③1∶2∶1 不完全显性，即 AA、Aa、aa 的表现型 各不同。
（2）两对相对性状的遗传现象。 ①自由组合定律的异常分离比。
2.掌握性状显隐性的判断方法
（1）根据子代性状判断。 ①具有一对相对性状的亲本杂交→子代只出现一种 性状→子代所出现的性状为显性性状。 ②相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代 所出现的新的性状为隐性性状。
（2）根据子代性状分离比判断：具一对相对性状的 亲本杂交→F1 性状分离比为 3∶1→分离比占 3/4 的性状 为显性性状。
②基因完全连锁现象。
图1
图2
【思维诊断】
1.孟德尔用山柳菊为实验材料，验证了基因的分离及 自由组合规律。（ ）
2.按孟德尔方法做杂交实验得到的不同结果证明孟 德尔定律不具有普遍性。（ ）
3.杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同。 （）
4.孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测 F1 的基 因型。（ ）
2.（2016·云南检测）控制某种安哥拉兔长毛（HL）
和短毛（HS）的等位基因位于常染色体上，雄兔中 HL 对 HS 为显性，雌兔中 HS 对 HL 为显性。请分析回答相关 问题：
（1）长毛和短毛在安哥拉兔群的雄兔和雌兔中，显 隐性关系刚好相反，但该相对性状的遗传不属于伴性遗 传，为什么？
（2）基因型为 HLHS 的雄兔的表现型是
合进入同一配子的机会相等
解析：F1 自交时，雌雄配子结合的机会相等，保证 配子的随机结合，A 正确；F1 自交后，各种基因型个体 成活的机会相等，使后代出现性状分离比为 3∶1，B 正 确；F1 产生的雌配子和雄配子的数量不等，但雌、雄配 子中 D∶d 均为 1∶1，C 错误；F1 形成配子时，非同源 染色体的非等位基因自由组合，
7
人类基因组计划 及意义（Ⅰ）
8
调查常见的人类 遗传病
提示：①假说——演绎法
②同源染色体分离 ③非同源染色体自由组合 ④非同源染色体上的非等位基因自由组合 ⑤摩尔根 ⑥伴 X 显性遗传 ⑦染色体异常遗传病 ⑧产前诊断
考点一 孟德尔定律及应用
1.理解基因分离定律和自由组合定律的实质 （1）适用范围：真核生物有性生殖过程中核基因的 传递规律。 （2）实质：等位基因随同源染色体分开而分离，非 同源染色体上的非等位基因自由组合。 （3）时期：减数第一次分裂后期。
回答下列问题：
（1）果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状
为
，果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性
状为
。
（2）有毛白肉 A、无毛黄肉 B 和无毛黄肉 C 的基 因型依次为___________________________________。
（3）若无毛黄肉 B 自交，理论上，下一代的表现型 及比例为_______________________________________。
进入同一配子的机会相等，D 正确。 答案：C
【易错警醒】 1.杂合子（Aa）产生雌雄配子种类相同、数量不相 等 （1）雌雄配子都有两种（A∶a＝1∶1）。 （2）一般来说雄配子数远多于雌配子数。
2.自交≠自由交配 （1）自交：强调相同基因型个体之间的交配。 （2）自由交配：强调群体中所有个体随机交配。
推出亲本基因型为 AYa×Aa，F1 基因型为 AYA、AYa、
Aa、aa，F1 个体随机交配产生雌雄配子的比例为 AY∶A∶
a＝1∶1∶2，雌雄配子随机结合，F2 表现型为 6 黄∶5
灰∶4 黑。 答案：（1）基因 AY 对基因 A、a 为显性，基因 A 对
a 为显性 AA、Aa （2）杂合子 比例相等的两种 （基 因型）AYAY（或 AY 基因纯合） （3）6 黄∶5 灰∶4 黑
显隐性不容易区分容易导致统计错误，影响实验结 果，B 项不符合题意。所选相对性状必须受一对等位基 因控制，如果受两对或多对等位基因（位于两对或多对 同源染色体上）控制，则符合自由组合定律，C 项不符 合题意。如果不遵守实验操作流程和统计分析方法，实 验结果的准确性就不能得到保证，D 项不符合题意。
又因其母本是长毛兔，基因型为 HLHL，故只能传 HL 给子代，所以子代雌兔的基因型为 HLHS。 （3）1∶1
视角 4 考查基因自由组合定律的应用
1.（2016·全国Ⅱ卷）某种植物的果皮有毛和无毛、 果肉黄色和白色为两对相对性状，各由一对等位基因控 制（前者用 D、d 表示，后者用 F、f 表示），且独立遗传。 利用该种植物三种不同基因型的个体（有毛白肉 A、无 毛黄肉 B、无毛黄肉 C）进行杂交，实验结果如下：
2015Ⅱ卷T32
自由组合定律 3 （Ⅰ）
4 伴性遗传（Ⅱ）
5
人类遗传病的类 型（Ⅰ）
6
人类遗传病的监 测和预防（Ⅰ）
5年3考 5年4考 5年3考
2014Ⅰ卷T32， 2016Ⅱ卷T32， 2016Ⅲ卷T6
2013Ⅰ卷T32， 2014Ⅱ卷T5， 2015Ⅱ卷T32， 2016Ⅰ卷T32
2014Ⅰ卷T5， 2015Ⅰ卷T6， 2016Ⅰ卷T6
杂交组 亲本毛色
F1的毛色及比例
甲 黄色×黄色 2黄色∶1灰色或2黄色∶1黑色色∶1黑色
请回答：（导学号 58970006）
（1）推断控制家鼠毛色基因的显隐性关系
是
，灰色亲本可能具有的基因型是
。
（2）在甲杂交组中，导致 F1 性状分离比均为 2∶1
的原因是：亲本为
3.明确验证遗传两大定律常用的 2 种方法
（1）自交法。 ①F1 自交后代的性状分离比为 3∶1，则符合基因的 分离定律。 ②F1 自交后代的性状分离比为 9∶3∶3∶1，则符合 基因的自由组合定律。
（2）测交法。 ①F1 测交后代的性状分离比为 1∶1，则符合分离定 律。 ②F1 测交后代的性状分离比为 1∶1∶1∶1，则符合 自由组合定律。
5. 非 等 位 基 因 之 间 自 由 组 合 ， 不 存 在 相 互 作 用 。 （）
6.在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1 黄色圆粒 豌豆（YyRr）自交产生 F2。其中，F1 产生基因型 YR 的 卵和基因型 YR 的精子数量之比为 1∶1。（ ）
答案：1.× 2.× 3.× 4.× 5.× 6.×
答案：D
视角 3 考查基因分离定律的应用
1.（2016·潍坊一模）家鼠的毛色由一对常染色体上 的基因控制，决定毛色的基因有三种，分别是 AY（黄色）、 A（灰色）、a（黑色），控制毛色的基因之间存在完全显 隐性关系。随机选取部分家鼠设计杂交实验，每一杂交 组合中有多对家鼠杂交，分别统计每窝家鼠 F1 的毛色及 比例，结果如下表所示：
HSHS 是短毛，雌兔中 HLHL 是长毛，HLHS、HSHS
是短毛，因此，F1 长毛兔与短毛兔的比例为 1∶1。
答案：（1）因为控制安哥拉兔长毛和短毛的等位基 因位于常染色体上（或伴性遗传是指基因位于性染色体 上，遗传时与性别相关联的现象） （2）长毛 HLHS 因为雌兔中短毛（HS）对长毛（HL）为显性，而子代雌 兔为短毛，所以其必有一个 HS 基因；
答案：A
2.（2016·郑州检测）孟德尔通过豌豆杂交实验揭示
了遗传的基本定律。下列相关叙述不正确的是（ ） A.F1 自交时，雌、雄配子结合的机会相等 B.F1 自交后，各种基因型个体成活的机会相等 C.F1 形成配子时，产生了数量相等的雌雄配子 D.F1 形成配子时，非同源染色体上的非等位基因组