高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练3：含解析
2021高考物理二轮复习48分小题精准练3含解析.doc
48分小题精准练(三)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1．下列对几种物理现象的解释，正确的是( )A．泥工师傅贴瓷片时为了使瓷片平整用橡皮锤敲打瓷片，而不是用铁锤，是因为橡皮锤产生的冲量小B．小朋友用力推门而没推动，但推力产生的冲量并不为零C．动量相同的两个物体受到相同的制动力作用时，速度小的物体将先停下来D．竖直上抛的物体上升到一定高度后又落回抛出点，不计空气阻力，则此过程中重力的冲量为零B [泥工师傅贴瓷片时为了使瓷片平整用橡皮锤敲打瓷片，而不是用铁锤，是因为与铁锤相比橡皮锤弹性大，敲打瓷片时力的作用时间更长，根据动量定理F·Δt＝Δp可知产生的作用力小，选项A错误；根据冲量定义式I＝Ft可知，虽然小朋友用力推门而没推动，但推力产生的冲量并不为零，选项B正确；根据动量定理FΔt＝Δp知，动量相同的两个物体受到相同的制动力作用时，两物体将同时停下来，与速度无关，选项C错误；同理，根据冲量定义式I＝Ft可知，竖直上抛的物体上升到一定高度后又落回抛出点，不计空气阻力，则此过程中重力的冲量不为零，选项D错误。
]2. (2020·山东学业水平等级考试·T1)一质量为m的乘客乘坐竖直电梯下楼，其位移s 与时间t的关系图像如图所示。
乘客所受支持力的大小用F N表示，速度大小用v表示。
重力加速度大小为g。
以下判断正确的是( )A．0～t1时间内，v增大，F N＞mgB．t1～t2时间内，v减小，F N＜mgC．t2～t3时间内，v增大，F N＜mgD．t2～t3时间内，v减小，F N＞mgD [根据位移—时间图像的斜率表示速度可知，0～t1时间内，图像斜率增大，速度v增大，加速度方向向下，由牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，所受的支持力F N<mg，选项A 错误；t1～t2时间内，图像斜率不变，速度v不变，加速度为零，乘客所受的支持力F N＝mg，选项B错误；t2～t3时间内，图像斜率减小，速度v减小，加速度方向向上，由牛顿运动定律可知乘客处于超重状态，所受的支持力F N >mg ，选项C 错误，D 正确。
高考物理二轮复习专题功和能练含解析.doc
【解析】根据题意，从图可以看出力
F 是均匀减小的，可以得出力 F 随高度 x 的变化关系： F F0 kx ，
而 k F0 ，可以计算出物体到达 h 处时力 错误！未指定书签。 ；物体从地面到 h 处的过程中，力 F 做正功， H
重力 G做负功， 由动能定理可得： F h mgh ，而 错误！ 未指定书签。 ，可以计算出： 错误！ 未指定书签。 ，
【答案】 A
错误！未指定书签。
4．取水平地面为零势能面， 一物块从某高处水平抛出， 在抛出点其重力势能为动能的 3 倍。 不计空气阻力，
该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（
）
A． π B ． 5π C ． π D ． π
6
12
4
3
【答案】 D
【解析】试题分析：根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能是重力势能的
则物体在初位置加速度为： 错误！未指定书签。 ： 错误！未指定书签。 ，而 错误！未指定书签。
，计算得： a
，计算处理得：
gh ；当物体运动到 h 处时，加速度为 2H h
a
gh ，即加速度最大的位置是 0 或
2H h
h 处。
【考点定位】动能定理、牛顿第二定律
【方法技巧】 首先结合图像分析物体从静止上升过程中加速度最大的位置，
III 卷）
【答案】 AC
【解析】试题分析 本题考查速度图像，牛顿运动定律、功和功率及其相关的知识点。
错误！未指定书签。
点睛 此题以速度图像给出解题信息。解答此题常见错误主要有四方面：一是对速度图像面积表示位移掌
握不到位；二是运用牛顿运动定律求解牵引力错误；三是不能找出最大功率；四是不能得出两次提升电机
高三物理二轮复习 第二篇 题型专项突破 热考小题专攻练 6 功和能
热考小题专攻练6.功和能(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1.(多选)(2016·沈阳二模)如图所示,一质量为m的小球,用长为L的轻绳悬挂于O点,初始时刻小球静止于P 点。
第一次小球在水平拉力F作用下,从P点缓慢地移动到Q点,此时轻绳与竖直方向夹角为θ,张力大小为T1;第二次在水平恒力F′作用下,从P点开始运动并恰好能到达Q点,至Q点时轻绳中的张力大小为T2。
关于这两个过程,下列说法中正确的是( )A.第一个过程中,拉力F在逐渐变大,且最大值一定大于F′B.两个过程中,轻绳的张力均变大C.T1大于T2D.两个过程中F和F′做的功一样【解析】选A、C、D。
第一次移动过程中,小球是缓慢移动,则小球受力平衡,根据矢量三角形可得:F=mgtan θ,T1=,移动过程中θ增大,所以拉力F逐渐变大,轻绳的张力增大;第二次移动过程中,恰好能到达Q点,即Q点的速度为零,根据动能定理可得F′Lsinθ=mgL(1-cosθ),解得:F′=mgtan,因为θ为锐角,所以mgtan<mgtanθ,故F的最大值一定大于F′,运动到Q点时,速度为零,则向心力为零,则绳子拉力T2=mgcosθ+F′sinθ=mgcosθ+mg··sinθ=mg,关于第二次小球的运动,由于重力和拉力都是恒力,可以把这两个力合成为新的“重力”,当绳子方向与重力和F′的合力方向在同一直线上时,小球处于等效“最低点”,最低点的速度最大,此时绳子张力最大,所以第二次绳子张力先增大,后减小,故A、C正确,B错误;由动能定理得,两个过程中,重力和水平恒力做功,其代数和为零,即力F做的功等于克服重力做的功,所以做功相等,D正确。
2.(多选)(2016·成都一模)如图所示,表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮,小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦)。
初始时刻,A、B处于同一高度并处于静止状态。
高三物理二轮复习 第二篇 题型专项突破 选择题标准题(三)(2021年整理)
2017届高三物理二轮复习第二篇题型专项突破选择题标准题（三）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2017届高三物理二轮复习第二篇题型专项突破选择题标准题（三））的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
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选择题标准题(三)满分48分,实战模拟,20分钟拿下高考客观题满分!说明：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全选对的得6分,选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1。
用绿光照射一光电管,能产生光电效应。
欲使光电子从阴极逸出时的最大初动能增大,可以( ）A.改用红光照射B.改用紫光照射C.延长绿光的照射时间D。
增加绿光的照射强度【解析】选B。
对于同一种金属,光电子的最大初动能与入射光的频率有关,由光电效应方程E k=h ν-W0，可知入射光的频率越大,光电子的最大初动能越大，最大初动能与光照时间及光照强度无关，所以选项B正确。
2.两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C,质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v -t图象如图乙所示,其中B 点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线).则下列说法正确的是( )A。
B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1N/CB.由C到A的过程中物块的电势能先减小后增大C.由C点到A点电势逐渐升高D.A、B两点间的电势差U AB=5V【解析】选A.据v -t图可知小物块在B点的加速度最大为2m/s2,所受的电场力最大为2N，据E=知,B点的场强最大为1N/C,故A正确;据v —t图可知小物块的速度增大，电场力做正功，电势能减小,故B错误;据两个等量的同种正电荷知其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐降低,故C错误；据v -t图可知A、B两点的速度,再根据动能定理得电场力做的功W BA=10J,再用U AB==—V=—5V，故D错误，故选A。
2024年高考物理二轮复习专题2：力与直线运动(附答案解析)
专题02·力与直线运动能力突破本专题主要讲解参考系、质点、位移、速度、加速度、匀变速直线运动、自由落体运动、惯性、作用力与反作用力、超重与失重的问题。
高考热点(1)匀变速直线运动规律和推论的灵活应用；(2)牛顿运动定律的运用；(3)以生产、生活实际为背景的匀变速直线运动规律的应用、追及相遇、交通与安全。
出题方向选择题和计算题均有涉及，题目难度一般为中档。
考点1匀变速直线运动规律的应用1．匀变速直线运动的基本规律(4)某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度：v＝xt＝vt2。
(5)匀变速直线运动在相等时间内相邻的两段位移之差为常数，即Δx＝aT2。
2．追及问题的解题思路和技巧(1)解题思路(2)解题技巧①紧抓“一图三式”，即过程示意图、时间关系式、速度关系式和位移关系式。
②审题应抓住题目中的关键字眼，充分挖掘题目中的隐含条件，如“刚好”“恰好”“最多”“至少”等，往往对应一个临界状态，满足相应的临界条件。
③若被追赶的物体做匀减速运动，一定要注意追上前该物体是否已停止运动，最后还要注意对解的讨论分析。
【例1】（2022秋•湛江期末）某汽车正以72/km h的速度在公路上行驶，为“礼让行人”，若驾驶员以大小为25/m s的加速度刹车，则以下说法正确的是()A．汽车刹车30m停下B．刹车后1s时的速度大小为15/m sC．刹车后5s时的速度大小为5/m sD．刹车后6s内的平均速度大小为5/m s【分析】汽车刹车后先做匀减速直线运动，最后静止。
根据运动学规律，先计算刹车需要多长时间，然后在刹车时间内，计算各种物理量即可。
【解答】解：汽车的初速度072/20/v km h m s==A ．汽车停止运动后的末速度为零，所以刹车的距离2202040225v x m m a ===⨯，故A 错误；B ．刹车后1s 时的速度大小10120/51/15/v v at m s m s m s =-=-⨯=，故B 正确；C ．汽车从开始刹车到速度为零的时间为：002045v t s s a ===，所以刹车后5s 时的速度大小零，故C 错误；D ．汽车刹刹车的时间是4s ，所以车后6s 内的位移等于刹车4s 内的位移为40m ，刹车后6s 内的平均速度大小4020//63x v m s m s t ===，故D 错误。
2019高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练4：含解析
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热考小题专攻练4、曲线运动(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1、(2016·洛阳一模)如图所示,甲乙两船在同一条河流中同时开始渡河,M、N分别是甲乙两船出发点,两船头指向与河岸均成α角,甲船船头恰好对准N点正对岸P点,经过一段时间乙船恰好到达P点,如果划船速度大小相等,且两船相遇,不影响各自航行,下列判断正确是( )A、甲船也能到达正对岸B、甲船渡河时间一定短C、两船相遇在NP直线上某点(非P点)D、渡河过程中两船不会相遇【解析】选C。
甲船航行方向与河岸成α角,水流速度水平向右,故合速度一定不会垂直河岸,即甲船不能垂直到达对岸,A错误;在垂直河岸方向上v甲=vsinα,v乙=vsinα,故渡河时间t甲==、t乙==,所以渡河时间相等,因为在垂直河岸方向上分速度相等,又是同时出发,故两船相遇在NP直线上某点(非P点),B、D错误、C正确。
2、质量为1kg物体在水平面内做曲线运动,已知互相垂直方向上速度图象分别如图所示。
下列说法正确是( )A、质点初速度为5 m/sB、质点所受合外力为3 NC、2 s末质点速度大小为7 m/sD、质点初速度方向与合外力方向垂直【解析】选D。
由图x轴方向初速度为零,则质点初速度大小为4m/s,故A 错误。
质点在y轴方向加速度为零,只有x轴方向有加速度,由v x-t图象斜率读出质点加速度a==m/s2=1、5m/s2。
所以F=ma=1、5N,故B错误。
2s末v x=3m/s,v y=4m/s,则质点速度为v=5m/s,故C错误;质点初速度方向沿y轴方向,合外力沿x轴方向,故质点初速度方向与合外力方向垂直,故D正确。
3、一阶梯如图所示,其中每级台阶高度和宽度都是0、4m,一小球以水平速度v飞出,欲打在第四台阶上,则v取值范围是(g取10m/s2) ( )A、m/s<v<2m/sB、2m/s<v≤3、5m/sC、m/s<v<m/sD、2m/s<v<m/s【解析】选A。
2019高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练2：含解析
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热考小题专攻练2、匀变速直线运动及其图象(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1、(多选)在如图所示v -t图中,A、B两质点同时从同一点在一条直线上开始运动,运动规律用A、B两图线表示,下列叙述正确是( )A、t=1s时,B质点运动方向发生改变B、t=2s时,A、B两质点间距离一定等于2mC、A、B同时从静止出发,朝相反方向运动D、在t=4s时,A、B相遇【解析】选B、C。
由图知,在0～2s内,B质点速度均为负值,说明在0～2s内运动方向没改变,故A错误。
在前2s内,A位移为x A=×1×2m=1 m,B 位移为x B=-×1×2m=-1 m,故A、B两质点间距离为s=x A+|x B|=2m,故B正确。
前2s内A朝正方向运动,而B朝负方向运动,故C正确。
根据速度—时间图线与时间轴围成面积表示位移,图线在t轴上方,位移为正值,在t 轴下方位移为负值,则知,前4s内A位移大于B位移,两者从同一地点出发,故在t=4s时,A、B没有相遇,故D错误。
2、(2016·银川一模)甲、乙两物体做自由落体运动,已知甲物体重是乙物体重2倍,而甲距地面高度是乙距地面高度一半,下列说法正确是( )A、甲物体加速度是乙物体加速度2倍B、甲物体着地速度是乙物体着地速度C、甲物体下落时间是乙物体下落时间D、甲、乙两物体末速度相同【解析】选C。
甲、乙两物体加速度相同,A错。
由v2=2gh得v=,落地时甲、乙两物体速度之比v1∶v2=1∶,B、D错。
由h=gt2得t=,甲、乙两物体下落时间之比t1∶t2=1∶=∶2,C对。
3、(多选)A、B两只小球在空中某处,现同时以10m/s速率抛出,A竖直上抛,B竖直下抛,不计空气阻力,g取10m/s2,则以下说法正确是( )A、它们在运动过程中平均速度相等B、当它们落地时,在空中运动位移大小相等C、它们落地时间相差4 sD、它们都在空中运动时,每秒钟它们之间距离增加20 m【解析】选B、D。
2019高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练5：含解析
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热考小题专攻练5、万有引力定律应用(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点! 1、(2016·天水一模)某地区地下发现天然气资源,如图所示,在水平地面P点正下方一球形空腔区域内储藏天然气。
假设该地区岩石均匀分布且密度为ρ,天然气密度远小于ρ,可忽略不计。
如果没有该空腔,地球表面正常重力加速度大小为g;由于空腔存在,现测得P点处重力加速度大小为kg(k<1)。
已知引力常量为G,球形空腔球心深度为d,则此球形空腔体积是( )A、B、C、D、【解析】选D。
如果将近地表球形空腔填满密度为ρ岩石,则该地区重力加速度便回到正常值,因此,如果将空腔填满,地面质量为m物体重力为mg,没有填满时是kgm,故空腔填满后引起引力为(1-k)mg;根据万有引力定律,有(1-k)mg=G。
解得:V=,故选项D正确。
2、(2016·金华二模)设地球半径为R0,质量为m卫星在距地面R0高处做匀速圆周运动,地面重力加速度为g,则正确是( )A、卫星线速度为B、卫星角速度为C、卫星加速度为D、卫星周期为2π【解析】选B。
万有引力等于重力G=mg,得GM=gR2,根据万有引力提供向心力G==mω2r=m()2r=ma,得v===,故A错。
ω=== ,故B正确。
a===,故C错。
T==2π,故D错误。
3、(2016·南昌一模)科学家们推测,太阳系第十颗行星就在地球轨道上。
从地球上看,它永远在太阳背面,人类一直未能发现它,可以说它是“隐居”着,它是地球“孪生兄弟”,由以上信息我们可以推知( )A、这颗行星质量等于地球质量B、这颗行星自转周期与地球相等C、这颗行星公转周期与地球相等D、这颗行星密度等于地球密度【解析】选C。
这颗行星质量与地球质量相比无法确定,故A错误。
2020届高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练7：含解析
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热考小题专攻练7.碰撞与动量守恒(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1.篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球。
接球时,两手随球迅速收缩至胸前,这样做可以( )A.减小球对手的冲量B.减小球对手的冲击力C.减小球的动量变化量D.减小球的动能变化量【解析】选B。
先伸出两手迎接,手接触到球后,两手随球收缩至胸前,可以增加球与手接触的时间,取球的初速度方向为正方向,根据动量定理-Ft=0-mv得F=,当时间增大时,作用力就减小,而冲量和动量变化量、动能的变化量都不变,所以B正确。
2.关于物体的动量,下列说法中正确的是( )A.运动物体在任一时刻的动量方向,一定是该时刻的速度方向B.物体的加速度不变,其动量一定不变C.动量发生改变,物体所受外力一定变化D.物体的动量越大,其惯性越大【解析】选A。
动量是矢量,动量的方向与物体的运动方向一致,选项A正确;物体的加速度不变,说明物体受到的合外力不变,但动量的改变是由于合外力的冲量引起的,合外力不变,合外力的冲量一定不等于零,物体的动量一定变化,选项B、C错误;物体的动量大,物体的质量不一定大,因此,动量大的物体其惯性不一定大,选项D错误。
3.把重物压在纸带上,用一水平力缓缓拉动纸带,重物跟着纸带一起运动;若迅速拉动纸带,纸带就会从重物下抽出,这个现象的原因是( )A.在缓缓拉动纸带时,纸带给重物的摩擦力大B.在迅速拉动纸带时,纸带给重物的摩擦力大C.在缓缓拉动纸带时,纸带给重物的冲量大D.在迅速拉动纸带时,纸带给重物的冲量大【解析】选C。
在缓缓拉动纸带时,两物体之间的作用力是静摩擦力;在迅速拉动纸带时,它们之间的作用力是滑动摩擦力。
由于滑动摩擦力f=μN(μ是动摩擦因数),而最大静摩擦力f m=μm N(μm是静摩擦因数)且μ≤μm。
最新高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练12_含解析
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热考小题专攻练12.原子与原子核(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1.(多选)如图所示,用导线把验电器与锌板相连接,当用紫外线照射锌板时,发生的现象是( )A.有光子从锌板逸出B.有电子从锌板逸出C.验电器指针张开一个角度D.锌板带负电【解析】选B、C。
用紫外线照射锌板是能够发生光电效应的,锌板上的电子吸收紫外线的能量从锌板表面逸出,称之为光电子,故A错误、B正确;锌板与验电器相连,带有相同电性的电荷,锌板失去电子应该带正电,且失去电子越多,带正电的电荷量越多,验电器指针张角越大,故C正确、D错误。
2.(多选)用频率为ν1的单色光照射某种金属表面,发生了光电效应现象。
现改为频率为ν2的另一单色光照射该金属表面,下列说法正确的是( )A.如果ν2>ν1,能够发生光电效应B.如果ν2<ν1,不能够发生光电效应C.如果ν2>ν1,逸出光电子的最大初动能增大D.如果ν2>ν1,逸出光电子的最大初动能不受影响【解析】选A、C。
对于确定的金属,入射光的频率必须大于或等于某一频率ν0时才会发生光电效应,频率ν0称为截止频率,如果入射光的频率低于截止频率ν0,则不论光强多大,照射时间多长,都不会产生光电效应,不同的金属有不同的截止频率,所以当ν2>ν1时能够发生光电效应,ν2<ν1时不一定能够发生光电效应,选项A正确,B错误;又光电子的最大初动能随着入射光频率的增加而线性增加,所以当ν2>ν1时逸出光电子的最大初动能增大,选项C正确,D错误。
3.关于光电效应的规律,下列说法中正确的是( )A.只有入射光的波长大于该金属的极限波长,光电效应才能产生B.光电子的最大初动能跟入射光强度成正比C.发生光电效应的反应时间一般都大于10-7sD.发生光电效应时,单位时间内从金属内逸出的光电子数目与入射光强度成正比【解析】选D。
2017届高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题专攻练 8 含解析
热考小题专攻练8.电场及带电粒子在电场中的运动(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1.(2016·嘉峪关一模)将一带电量为+Q的点电荷固定在空间中的某一位置处,有两个质量相等的带电小球A、B分别在Q下方不同高度的水平面内做匀速圆周运动,且运动轨迹处在以Q为球心的同一球面上,如图所示,若A、B所带电量很少,两者间的作用力忽略不计,取无穷远处电势为零,则下列说法中正确的是( )A.小球A、B所带电荷量相等B.小球A、B运动轨迹上的各点场强相同C.小球A、B运动轨迹上的各点电势相等D.库仑力刚好提供小球做匀速圆周运动所需的向心力【解析】选C。
A、B两个小球都做匀速圆周运动,合外力提供向心力,小球受到重力和库仑力的合力提供向心力,设小球与Q的连线与竖直方向的夹角为θ,则有F库=,由于θ不等,则库仑力不等,而A、B小球到Q 的距离相等,所以小球A、B所带电荷量不相等,故A错误;小球A、B运动轨迹上的各点到Q点的距离相等,场强大小相等,但是方向不同,所以电场强度不相同,故B错误;以Q为球心的同一球面是等势面,则小球A、B运动轨迹上的各点电势相等,故C正确;小球受到重力和库仑力,合力提供向心力,故D错误。
2.如图所示,两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连,在距离两板等距的M点有一个带电液滴处于静止状态。
若将a板向下平移一小段距离,但仍在M点上方,稳定后,下列说法中正确的是( )A.液滴将向下加速运动B.M点电势升高,液滴在M点的电势能将增大C.M点的电场强度变小了D.在a板移动前后两种情况下,若将液滴从a板移到b板,电场力做功相同【解析】选D。
液滴静止则电场力与重力平衡,液滴带负电:mg=q。
当a 板下移,板间距离减小,电场强度增加,电场力增大,故粒子上移,A错;M 与下极板间距不变,E增加,故两点的电势差增大,M点的电势升高,液滴在M点的电势能减小,B错;由以上分析知电场强度变大,C错;a、b板间的电势差不变,故先后两种情况将液滴由a板移到b板,电场力做功相同,D对。
高三物理二轮复习第二篇题型专项突破热考小题专攻练10变压器及其应用
热考小题专攻练10.变压器及其应用(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!1.(多选)(2016·衡水一模)如图甲所示,在匀强磁场中,一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动,产生的交变电动势图象如图乙中曲线a、b所示,则( )A.两次t=0时刻线圈的磁通量均为零B.曲线a、b对应的线圈转速之比为3∶2C.曲线a表示的交变电动势频率为25HzD.曲线b表示的交变电动势有效值为10V【解析】选B、C。
在t=0时刻,线圈一定处在中性面上,此时磁通量最大,故A错误;由图可知,a的周期为4×10-2s,b的周期为6×10-2s,则由n=可知,转速与周期成反比,故转速之比为3∶2,故B正确;曲线a的交变电流的频率f==25Hz,故C正确;曲线a、b对应的线圈转速之比为3∶2,曲线a表示的交变电动势最大值是15V,根据E m=nBSω得曲线b表示的交变电动势最大值是10V,则有效值为U=V=5V,故D错误。
2.如图甲是小型交流发电机的示意图,两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场,为交流电流表。
线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′匀速转动,从图示位置开始计时,产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示。
以下判断正确的是( )A.线圈转动的转速为25r/sB.电流表的示数为10AC.1s内线圈中电流方向改变了50次D.0.01s时线圈平面与中性面重合【解析】选B。
周期T=0.02s,角速度ω==100πrad/s,转速n==r/s=50r/s,故A错误;由题图乙可知交流电电流的最大值是I m=10A,由于电流表的示数为有效值,故示数I=A=10A,故B正确;交流电的频率为50Hz,每个周期内电流方向改变2次,故1s内线圈中电流方向改变了100次,选项C错误;0.01s时线圈中的感应电流达到最大,感应电动势最大,则穿过线圈的磁通量变化最快,磁通量为0,故线圈平面与磁场方向平行,与中性面垂直,故D错误。
2021-2022年高三物理二轮复习第二篇题型专项突破选择题标准题一
2021年高三物理二轮复习第二篇题型专项突破选择题标准题一说明:共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第1～5题只有一项符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求。
全选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
1.在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力规律的实验中,设计了如图甲所示的演示装置,力传感器A 与计算机连接,可获得力随时间变化的规律,将力传感器固定在光滑水平桌面上,测力端通过细绳与一滑块相连(调节传感器高度可使细绳水平),滑块放在较长的小车上,小车一端连接一根细绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶(调节滑轮可使桌面上部细绳水平),整个装置处于静止状态。
实验开始时打开传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子,小车一旦运动起来,立即停止倒沙子,若力传感器采集的图象如图乙所示,则结合该图象,下列说法中错误的是( )A.可求出空沙桶的重力B.可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小C.可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D.可判断第50秒后小车做匀速直线运动(滑块仍在车上)【解析】选D。
在整个过程中,滑块受到水平向右的摩擦力f与水平向左的传感器的拉力F,滑块始终静止,处于平衡状态,由平衡条件得:f=F;小车与滑块的摩擦力f与滑块对小车的摩擦力f′是作用力与反作用力,由牛顿第三定律得:f′=f,则f′=F;t=0时,没有向桶中倒沙,G空沙桶=F,由图乙所示图象可知,G空沙桶=F=2N,故A正确;当小车运动时,滑块与小车间的摩擦力是滑动摩擦力,由图乙所示图象可知,f=F′=3N,故B正确;当小车由静止刚好开始运动时,滑块与小车间的摩擦力是最大静摩擦力,由图乙所示图象可知,滑块与小车间的最大静摩擦力f max=F″=3.5N,故C正确;由图象我们只能知道50s后小车受到的滑动摩擦力是3N,恒定不变,并不知道沙桶对小车的拉力是多少,不知小车所受合力是多少,无法判断小车的运动状态,小车可能做匀速直线运动,也可能做加速直线运动,故D错误。
高三物理二轮复习 第二篇 题型专项突破 热考小题专攻练 3 牛顿运动律的用
咐呼州鸣咏市呢岸学校热考小题专攻练3.牛顿运动律的用1.(2021·一模)如下图,质量分别为m 、2m 的小球A 、B,由轻质弹簧相连后再用细线悬挂在电梯内,电梯正在竖直向上做匀加速直线运动,细线中的拉力为F,此时突然剪断细线。
在线断的瞬间,弹簧的弹力大小和小球A 的加速度的大小分别为 ( )A.2F 3,2F3m +g B.F 3,2F3m+g C.2F 3,F 3m+gD.F 3,F 3m+g【解析】选A 。
线断之前,对球A,由牛顿第二律得:F-mg-F 弹=ma,对球B,由牛顿第二律得:F 弹-2mg=2ma,两方程联立得:F 弹=23F,当线断的瞬间,线上拉力减小为零。
对球A 有:mg+F 弹=ma ′,a ′=2F3m+g,应选项A 正确。
2.(多项选择)(2021·二模)如图甲所示,足够长的木板B 静置于光滑水平面上,其上放置小滑块A 。
木板B 受到随时间t 变化的水平拉力F 作用时,用传感器测出木板B 的加速度a,得到如图乙所示的a -F 图象,g 取10m/s 2,那么 ( )A.滑块A 的质量为4kgB.木板B 的质量为1kgC.当F=10N 时木板B 加速度为4m/s 2D.滑块A 与木板B 间动摩擦因数为0.1【解析】选B 、C 。
当F 于8N 时,加速度为a=2m/s 2,对整体分析,由牛顿第二律有F=(M+m)a,代入数据解得M+m=4kg,当F 大于8N 时,根据牛顿第二律得:a=F −μmg M=1MF-μmg M,由图示图象可知,图线的斜率:k=1M =ΔaΔF =28−6=1,解得:M=1kg,滑块的质量为m=3kg,故A 错误,B 正确;根据图线知,F=6N 时,a=0,即:0=11×F-μ×301,代入数据解得:μ=0.2,应选项D 错误;由图示图象可知,当F=10N 时,滑块与木板相对滑动,木板B 的加速度为:a=F −μmg M=1MF-μmg M=11×10-0.2×301=4m/s 2,故C 正确。
2019高三物理二轮复习第二篇题型专项突破：热考小题·专攻练9：含解析
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热考小题专攻练9。
磁场及带电粒子在磁场中的运动(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点! 1。
如图,两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流。
a、O、b在M、N的连线上,O为MN的中点,c、d位于MN的中垂线上,且a、b、c、d到O点的距离均相等。
关于以上几点处的磁场,下列说法正确的是( )A。
O点处的磁感应强度为零B。
a、b两点处的磁感应强度大小相等,方向相反C。
c、d两点处的磁感应强度大小相等,方向相同D。
a、c两点处磁感应强度的方向不同【解析】选C。
由安培定则可知,两导线在O点产生的磁场均竖直向下,合磁感应强度一定不为零,A错误;由安培定则可知,两导线在a、b两处产生磁场方向均竖直向下,由于对称性,电流M在a处产生磁场的磁感应强度等于电流N在b处产生磁场的磁感应强度,同时电流M在b处产生磁场的磁感应强度等于电流N在a处产生磁场的磁感应强度,所以a、b两处磁感应强度大小相等方向相同,B错误;根据安培定则,两导线在c、d处产生磁场垂直c、d两点与导线连线方向向下,且产生的磁场的磁感应强度相等,由平行四边形定则可知,c、d两点处的磁感应强度大小相同,方向相同,C正确;a、c两处磁感应强度的方向均竖直向下,D错误。
2。
(多选)(2016·黄山二模)如图所示,通电直导线ab质量为m、水平地放置在两根倾角均为θ的光滑绝缘导体轨道上,通以图示方向的电流,电流强度为E,两导轨之间距离为l,要使导线ab静止在导轨上,则关于所加匀强磁场方向(从b向a看)、大小的判断正确的是( )A。
磁场方向竖直向上,磁感应强度大小为B。
磁场方向竖直向下,磁感应强度大小为C。
磁场方向水平向右,磁感应强度大小为D。
磁场方向垂直斜面向上时,磁感应强度有最小值【解析】选A、D。
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**热考小题专攻练**
3.牛顿运动定律的应用
(建议用时20分钟) 小题强化练,练就速度和技能,掌握高考得分点!
1.(2016·长沙一模)如图所示,质量分别为m、2m的小球A、B,由轻质弹簧相连后再用细线悬挂在电梯内,已知电梯正在竖直向上做匀加速直线运动,细线中的拉力为F,此时突然剪断细线。
在线断的瞬间,弹簧的弹力大小和小球A的加速度的大小分别为( )
A.,+g
B.,+g
C.,+g
D.,+g
【解析】选A。
线断之前,对球A,由牛顿第二定律得:F-mg-F弹=ma,对球B,由牛顿第二定律得:F弹-2mg=2ma,两方程联立得:F弹=F,当线断的瞬间,线上拉力减小为零。
对球A有:mg+F弹=ma′,a′=+g,故选项A正确。
2.(多选)(2016·武汉二模)如图甲所示,足够长的木板B静置于光滑水平面上,其上放置小滑块A。
木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时,用传感器测出木板B的加速度a,得到如图乙所示的a -F图象,已知g取10m/s2,则( )
A.滑块A的质量为4kg
B.木板B的质量为1kg
C.当F=10N时木板B加速度为4m/s2
D.滑块A与木板B间动摩擦因数为0.1
【解析】选B、C。
当F等于8N时,加速度为a=2m/s2,对整体分析,由牛顿第二定律有F=(M+m)a,代入数据解得M+m=4kg,当F大于8N时,根据牛顿
第二定律得:a==F-,由图示图象可知,图线的斜率:k====1,解得:M=1kg,滑块的质量为m=3kg,故A错误,B正确;根据图线知,F=6N时,a=0,即:0=×F-,代入数据解得:μ=0.2,故选项D 错误;由图示图象可知,当F=10N时,滑块与木板相对滑动,木板B的加速
度为:a==F-=×10-=4m/s2,故C正确。
3.(多选)如图所示为牵引力F和车速倒数的关系图象。
若汽车质量为2×103kg,它由静止开始沿平直公路行驶,且行驶中阻力恒定,设其最大车速为30m/s,则正确的是( )
A.汽车所受阻力为2×103N
B.汽车车速为15 m/s,功率为3×104W
C.汽车匀加速的加速度为3 m/s
D.汽车匀加速所需时间为5 s
【解析】选A、D。
当速度最大时,牵引力大小等于阻力,最大速度为30m/s,从图中可得当速度为30m/s时,牵引力为2×103N,故阻力为2×103N,A正确;根据公式P=Fv可得F=P·,故在开始一段时间内汽车以恒定功率运动,功率为P=2×103×30W=6×104W,B错误;当牵引力达到6×103N之后,牵引力恒定,故做匀加速直线运动,加速度为a==m/s2=2 m/s2,C错误;刚开始做匀加速直线运动时的末速度为v′===10m/s,所以加速时间为t=s=5s,故D正确。
4.(多选)(2016·邯郸一模)如图是汽车运送圆柱形工件的示意图。
图中P、Q、N是固定在车体上的压力传感器,假设圆柱形工件表面光滑,汽车静止不动时Q传感器示数为零,P、N传感器示数不为零。
当汽车向左匀加速启动过程中,P传感器示数为零而Q、N传感器示数不为零。
已知sin15°=0.26,cos15°=0.97,
tan15°=0.27,g=10m/s2。
则汽车向左匀加速启动的加速度可能为( )
A.5 m/s2
B.4 m/s2
C.3 m/s2
D.2 m/s2
【解析】选A、B、C。
当汽车向左匀加速启动过程中,P传感器示数为零而Q、N传感器示数不为零,受力分析如图知
F Q+mg=F N cos15°①
F合=F N sin15°=ma ②
由①②知:a=tan15°=×0.27+2.7 m/s2≥2.7 m/s2,故可能的为A、
B、C选项。
5.(多选)如图所示,一根轻绳跨过定滑轮,两端分别系着质量为m1、m2的小物块A和B,A放在地面上,B离地面有一定高度。
当B的质量发生变化时,A 上升的加速度a和拉A绳的拉力F也将随之变化(全过程A始终未碰到滑轮,B始终未触地)。
已知重力加速度为g,不计轻绳和滑轮之间的摩擦,则下列关于a与m2及T与m2关系的图象,描述正确的是( )
【解析】选A、C。
当m2≤m1时,m1仍处于静止状态,没有加速度,当m2>m1时,m1有向上的加速度,根据牛顿第二定律得:对m1分析可得T-m1g=m1a,对m2分析可得m2g-T=m2a,两式联立解得a=g-g,当m2≫m1时a→g,A正确,B错误;当m2≤m1时,m1仍处于静止状态,T=m2g,当m2>m1时,m1有向上的
加速度,T=,当m2≫m1时,T→2m1g,C正确,D错误。
6.(2016·大连一模)如图所示,用水平力F拉着三个物体A、B、C在光滑的水平面上一起运动。
现在中间物体上另置一小物体,且拉力不变,那么中间物体两端绳的拉力大小T a和T b的变化情况是( )
A.T a增大,T b减小
B.T a增大,T b增大
C.T a减小,T b增大
D.T a减小,T b减小
【解析】选C。
设最左边的物体质量为m,最右边的物体质量为m′,整体质量为M,整体的加速度a=,对最左边的物体分析,T a=ma=;对最右边的物体分析,有F-T b=m′a,解得T b=F-;在中间物体上加上一个小物体,则整体的加速度a减小,因为m、m′不变,所以T a减小,T b增大。
故C正确。
7.(多选)如图所示,一小车上有一个固定的水平横杆,左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定,下端连接一小铁球,横杆右边用一根细线吊一小铁球,当小车向右做加速运动时,细线保持与竖直方向成α角,若θ<α,则下列说法正确的是( )
A.轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行
B.轻杆对小铁球的弹力方向沿着轻杆方向向上
C.轻杆对小铁球的弹力方向既不与细线平行也不沿着轻杆方向
D.此时轻杆的形变包括拉伸形变与弯曲形变
【解析】选A、D。
分析细线下面的小铁球受力只有重力和拉力,二者的合力水平方向,则有a=gtanα,分析轻杆下面的小铁球,受力分析如图,则有mg=
Fcosθ,ma=Fsinθ,小铁球加速度相同a=gtanα,带入计算得θ=α所以A 对,B、C错。
由于弹力没有沿杆的方向,所以轻杆不但被拉伸还被弯曲,因此答案D对。
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