高中高二物理上学期试卷高二全册物理试题1

时遁市安宁阳光实验学校江浦高中高二（上）段考物理试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．
1．在真空中有两个完全相同的金属小球，带电荷分别为﹣q1和+q2，相距r时，其相互作用力为F；今将两小球接触一下再相距r ，这时相互作用力为，则两球原来带电荷量大小的关系是（）
A．q1：q2=1：2 B．q1：q2=2：1 C．q1：q2=3：1 D．q1：q2=2：3
2．如图，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是（）A．两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大
B．两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大
C．与两板间距离无关，仅与加速电压U有关
D．以上说法都不正确
3．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）
A．电场强度的方向一定由b指向a
B．电子的电势能增加了5eV
C．a、b两点电势差U ab=5V
D．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值
4．如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A
运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E B
C．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B
5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势
B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功
C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断
D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c
6．如图所示，A、B为两个等量同种点电荷，a、O、b在点电荷A、B的连线上，c、O、d在连线的中垂线上Oa=Ob=Oc=Od，则（）
A．a、b两点的场强相同，电势也相同
B．c、d两点的场强相同，电势也相同
C．O点是A、B连线上电势最低的点，也A、B连线上场强最小的点
D．O点是中垂线cd上电势最高的点，也是中垂线上场强最大的点
7．一只标注为“6V，6W”的小灯泡，接6V电压时灯泡恰能正常发光．若改接3V电压时，小灯泡实际消耗的功率是（）
A．小于1.5W B．大于1.5W C．等于1.5W D．无法确定
8．两个电阻丝，R1=16R2如果给它们加上相同的电压，则在同一时间内通过它们的电量之比为（）
A．1：4 B．1：8 C．1：16 D．16：1
9．下列说法正确的是（）
A．因为电流强度有方向，因此电流强度是矢量
B．金属导体中通有电流时，导体内部场强处处为零
C．导体的电阻与电压成正比，与电流成反比
D．以上说法都不对
10．如图所示，两只灯泡L1、L2分别标有“110V，60W”和“110V，100W”，另外有一只滑动变阻器R，将它们连接后接入220V的电路中，要求两灯泡都正常发光，并使整个电路消耗的总功率最小，应使用下面哪个电路？（）
A ．
B ．
C ．
D ．
二、多项选择题：本题共4小题，第小题4分，共20分．（每小题有多个选项符合题意）11．ADA．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ不变C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变
11．如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，下列方法中正确的是（）
A．使U1减小为原来的
B．使U2增大为原来的2倍
C．使偏转板的长度增大为原来2倍
D ．使偏转板的距离减小为原来的12．分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地．三小球分别落在图中A、B、C三点，则（）
A．A带正电、B不带电、C带负电
B．三小球在电场中加速度大小关系是：a A＜a B＜a C
C．三小球在电场中运动时间相等
D．三小球到达下板时的动能关系是E kC＞E kB＞E kA
13．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列表达中属于用比值法定义的物理量是（）
A．加速度a=B．电阻R=ρC．电场强度E=D．电容C=
14．如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻R M=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）
A．电动机的输入功率为12W
B．电动机的输出功率为12W
C．电动机的热功率为2.0W
D．整个电路消耗的电功率为22W
三、填空题：本题共2小题，共18分．
15．例1：用伏安法测定一个电阻，阻值约10Ω，额定功率2W，可供选用的器材有：
电源：A为干电池一节，电动势为1.5V；B为蓄电池一组，电动势为6.0V；C 为稳压直流电源，输出电压10V．
电压表：V1量程0～10V，内阻10kΩ；V2量程0～30V，内阻30kΩ．电流表：A1量程0～0.6A，内阻0.5Ω；
A2量程0～3.0A，内阻0.1Ω．滑动变阻器1个：0～10Ω，开关、导线等．
实验电路：有两种可供选择，如图（A）和（B），要求选择规格合适的仪表器件，组成正确的电路，则电源应选用；电压表应选用；电流表应选用；实验电路应选用．
16．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的IU图线，有下列器材供选用：
A．电压表（0～3V，内阻6kΩ） B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）
C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）
E．滑动变阻器（10Ω，5A）F．滑动变阻器（200Ω，0.5A）
G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）
（1）用如图1所示的电路进行测量，电压表应选用，电流表应选用．滑动变阻器应选用．（用序号字母表示）
（2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图2所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为Ω．
（3）若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为Ω的电阻．（以上计算结果都保留二位有效数字）四．计算题，共52分
17．如图所示，在相距40km的A、B两地架两条输电线，电阻共为800Ω，如果在A、B间的某处发生短路，这时接在A处的电压表示数为10V，电流表的示数为40mA，求发生短路处距A处有多远？18．一根长为l的线吊着一质量为m的带电量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，线与竖直方向成37°角，现突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响，（重力加速度为g），求：（1）匀强电场的电场强度的大小；
（2）求小球经过最低点时线的拉力．
19．如图所示，滑动变阻器R1的最大阻值为200Ω，电阻R2=200Ω，电路电压U AB=8V．试分别计算开关S断开和闭合两种情况下，移动滑动片，R2两端获得电压的范围，
R2上获得功率的范围．
20．图甲所示的平行板电容器板间距离为d，两板所加电压随时间变化图线如图乙所示，t=0时刻，质量为m、带电量为q的粒子以平行于极板的速度v0射入电容器，t=3T时刻恰好从下极板边缘射出电容器，带电粒子的重力不计，求：（1）平行板电容器板长L；
（2）粒子从射入到射出电容器时速度偏转的角度tanφ；
（3）粒子从射入到射出电容器时竖直方向偏转的位移y．
江浦高中高二（上）段考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．
1．在真空中有两个完全相同的金属小球，带电荷分别为﹣q1和+q2，相距r时，其相互作用力为F；今将两小球接触一下再相距r，这时相互作用力为，则两球原来带电荷量大小的关系是（）
A．q1：q2=1：2 B．q1：q2=2：1 C．q1：q2=3：1 D．q1：q2=2：3
考点：库仑定律．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式，则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系．
解答：解：根据库伦定律得：
接触前，两球作用力大小为：①
两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分：
②
③
联立①②③解得：q1：q2=3：1，故ABD错误，C正确．
故选：C．
点评：对于完全相同的带电体，若带异种电荷，接触后则先中和再平分，若带同种电荷则将总电量平分．
2．如图，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是（）A．两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大
B．两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大
C．与两板间距离无关，仅与加速电压U有关
D．以上说法都不正确
考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电容器的动态分析．
专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理列出末动能与电场力做功的关系，判断末速度的大小．
解答：解：粒子运动过程只有电场力做功，
根据动能定理：eU=mv2，
A、两板间距离越大，场强E=越小，加速时间越长，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故A错误．
B、两板间距离越小，场强E=越大，加速度越大，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故B错误．
C、根据动能定理：eU=mv2，虽然极板间距发生变化，但是电压不变，所以最后的末速度大小不变，故C正确．
故选：C
点评：电场力做功仅与加速的电压高低有关，当极板间的间距发生变化时要首先判断极板间的电压是否发生变化．
3．在静电场中，将一个电子由a点移到b点，电场力做功5eV，下面判断中正确的是（）
A．电场强度的方向一定由b指向a
B．电子的电势能增加了5eV
C．a、b两点电势差U ab=5V
D．电势零点未确定，故a、b两点的电势没有确定值
考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势能．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：电子在电场中移动时，根据电场力做功不能确定场强方向．电场力做正功多少，电子的电势能就减小多少．由公式U=求出a、b两点电势差U ab．由题，电势零点未确定，a、b两点的电势没有确定值．
解答：解：A、由题，电子由a点移到b点，电场力做功5eV，电子的位移方向不沿b到a，电场强度的方向不一定由b指向a．故A错误．
B、由于电场力对电子做功5eV，电子的电势能就减少了5eV．故B错误．
C、a、b两点电势差U ab =．故C错误．
D、电势是相对的，是相对零电势点的，根据已知条件只能求出a、b间电势差，不能确定a、b两点的电势．故D正确．
故选：D．
点评：在应用公式U=解题时，U、W、q都要代入符号求解，还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序．基本题．
4．如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A
运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）
A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E B
C．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B
考点：电势能；电场强度．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据曲线的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据电场力做功情况断电势能高低．解答：解：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据
U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即a A＜a B；
从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即E A ＜E B；故D正确．
故选：D．
点评：本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势
B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功
C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断
D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c
考点：电势；电场强度；电场线．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：解答本题要掌握：根据电场线的疏密判断电场强度的大小，根据电场力做功情况，判断电势能的变化；对于不在同一电场线上的两点在判断其电势高低时，可以通过等势线把它们移动到同一电场线上，然后根据沿电场线电势降低进行判断．
解答：解：A、由沿电场线的方向电势降落和电场线与等势面垂直的特点，可知a点的电势低于b点的电势，故A错误；
B、由电势能的公式式：E p=qφ，可得出a点的电势能低于b点的电势能，由电场力做功与电势能变化的关系，说明电场力做了负功，故B正确；
C、因为电场线的疏密表示电场的强弱，故c点的电场强度小于d点的电场强度，故C错误；
D、正试探电荷在d点时所受的电场力沿该处电场线的切线方向，使该电荷离开该电场线，所以该电荷不可能沿着电场线由d到c．故D错误．
故选：B．
点评：本题考查了电场线和电场强度、电势之间的关系，对于电势能可以通过电势高度进行判断，也可以通过电场力做功进行判断．
6．如图所示，A、B为两个等量同种点电荷，a、O、b在点电荷A、B的连线上，c、O、d在连线的中垂线上Oa=Ob=Oc=Od，则（）
A．a、b两点的场强相同，电势也相同
B．c、d两点的场强相同，电势也相同
C．O点是A、B连线上电势最低的点，也A、B连线上场强最小的点
D．O点是中垂线cd上电势最高的点，也是中垂线上场强最大的点
考点：电势；电场强度．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：场强是矢量，只有大小和方向都相同，场强才相同．作出电场线，根据顺着电场线电势降低判断电势的高低，根据电场线的疏密判断场强的大小．
解答：解：作出两个电荷连线上的电场线和中垂线上电场线如图．A、B、根据电场线分布及点电荷的电场强度的叠加原理可知，a、b两点场强大小相等，但方向相反，则场强不同；而c、d两点电场强度的方向不同，大小相等，则这两点的电场强度也不同；
由电场对称性可知，a、b两点的电势相等，而c、d两点电势也相等，故AB错误，
C、据图可知，O点电势是AB连线上的最低点，同时根据电场强度的叠加可知，O点的电场强度是A、B连线上最小点．故C正确，
D、由图可知，结合沿着电场线方向，电势降低，则O点是中垂线cd上电势最高的点，但电场强度在中垂线上先增大后减小，故D错误．
故选：C．
点评：对于等量同种点电荷和等量异种点电荷电场线和等势面的分布情况在熟练，这是考试的热点．
7．一只标注为“6V，6W”的小灯泡，接6V电压时灯泡恰能正常发光．若改接3V电压时，小灯泡实际消耗的功率是（）
A．小于1.5W B．大于1.5W C．等于1.5W D．无法确定
考点：电功、电功率．
专题：恒定电流专题．
分析：小灯泡的电阻随着电压的减小而减小，再根据判断即可．
解答：解：小灯泡改接3V电压时比接6V电压时的电阻小，
根据可知，若电阻不变，则P，
而小灯泡的电阻随着电压的减小而减小，所以功率大于1.5W．
故选：B
点评：本题考查电功率的计算，解决本题的关键是判断小灯泡电阻随电压变化情况，难度不大，属于基础题．
8．两个电阻丝，R1=16R2如果给它们加上相同的电压，则在同一时间内通过它们的电量之比为（）
A．1：4 B．1：8 C．1：16 D．16：1
考点：电流、电压概念．
专题：恒定电流专题．
分析：两个电阻并联，两端的电压相同，知道两个电阻的阻值大小关系，利用公式Q=W=，进行分析求解．
解答：解：由焦耳定律，知电阻上产生的热量：
Q=W=，
又R1、R2并联，R1=16R2，
Q1：Q2=：=R2：R1=1：16．
故选：C．
点评：在并联电路中，电阻两端的电压相等，知道两电阻的阻值关系，利用I=，Q=W=，比较通过两电阻的电流、两电阻的电功率、两电阻消耗的电能更方便．
9．下列说法正确的是（）
A．因为电流强度有方向，因此电流强度是矢量
B．金属导体中通有电流时，导体内部场强处处为零
C．导体的电阻与电压成正比，与电流成反比D．以上说法都不对
考点：欧姆定律；电流、电压概念．
专题：恒定电流专题．
分析：电流是定向电荷运动形成的，其方向与正电荷定向运动方向相同．串联电路中，各个截面处电流相等，根据电流的定义式分析相同时间内通过截面的电量关系．电流是标量．导体的电阻是由导体本身决定的，与电压，电流的大小无关．
解答：解：A、电流有大小，又有方向，但运算时不遵守平行四边形定则，所以电流不是矢量，是标量．故A错误；
B、金属导体中通有电流时，导体内部不同的位置之间有一定的电势差，所以场强不为零．故B错误；
C、导体的电阻是由导体本身决定的，与电压，电流的大小无关．故C错误；
D、由ABC的分析可知．D正确．
故选：D
点评：本题考查对电流与电阻的理解．注意电流不是矢量，是标量，电流运算不遵守平行四边形定则．
10．如图所示，两只灯泡L1、L2分别标有“110V，60W”和“110V，100W”，另外有一只滑动变阻器R，将它们连接后接入220V的电路中，要求两灯泡都正常发光，并使整个电路消耗的总功率最小，应使用下面哪个电路？（）
A ．
B ．
C ．
D ．
考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．
专题：恒定电流专题．
分析：在该电路中，既要保证两灯泡都正常发光，又要保证消耗的功率最小．运用排除法，先判断哪些电路不能正常发光，在正常发光的情况下，抓住整个电路消耗的功率等于各用电器消耗的功率之和求出总功率．
解答：解：A、在A电路中，灯泡1的额定电流，灯泡2的额定电流，灯泡2能正常法，则灯泡1就会烧掉．A电路不能保证两灯泡正常发光．在C电路中，两灯泡串联，则两灯泡电流相等，不能保证两灯泡正常发光．故A、C错误．
B、在B电路中，两灯泡正常发光时，通过R 的电流为，R与L1并联，电压相等，根据P=UI，所以功率之比等于电流之比，为2：3．则R上消耗的功率为40W，则整个电路的总功率P=60+40+100W=200W．在D电路中，两灯泡正常发光，则通过R 的电流等于两灯泡额定电流之和，为，两灯泡的并联电压为110V，则R上的电压为110V，根据P=UI，知电阻R上消耗的功率与两个灯泡消耗的功率相等，所以整个电路的总功率P=（60+100）×2=320W．所以B电路消耗的功率小．故B正确，D错误．
故选B．
点评：解决本题的关键知道在混联电路中，总功率等于各电阻消耗的功率之和，会根据功率的公式求出额定电流，判断灯泡能否正常发光．
二、多项选择题：本题共4小题，第小题4分，共20分．（每小题有多个选项符合题意）11．ADA．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ不变C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变11．如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，下列方法中正确的是（）
A．使U1减小为原来的
B．使U2增大为原来的2倍
C．使偏转板的长度增大为原来2倍
D ．使偏转板的距离减小为原来的
考点：带电粒子在匀强电场中的运动．
专题：带电粒子在电场中的运动专题．
分析：电子先经加速电场加速后，进入偏转电场，根据动能定理求出加速获得的速度与加速电压的关系．由牛顿第二定律求出电子进入偏转电场时的加速度，根据运动的合成与分解，推导出电子在偏转电场中偏转量与偏转电压的关系，再综合得到偏转电场中偏转量与加速电压、偏转电压的关系，再进行选择．
解答：解：设电子的质量和电量分别为m和e．
电子在加速电场中加速过程，根据动能定理得
eU1=①
电子进入偏转电场后做类平抛运动，加速度大小为a=②电子在水平方向做匀直线运动，则有t=③
在竖直方向做匀加速运动，则有偏转量y=④
联立上述四式得，y=
A、根据偏转量y=得知，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使U1减小为原来的．故A正确．
B、根据偏转量y=得知，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使U2增大为原来的2倍．故B正确．
C、根据偏转量y=得知，要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使偏转板的长度L 增大为原来倍．故C错误．
D、要使电子在电场中的偏转量y增大为原来的2倍，使偏转板的距离减小为原来的．故D正确．
故选ABD
点评：本题粒子从静止开始先进入加速电场后进入偏转电场，得到的结论与粒子的质量和电量无关．
12．分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地．三小球分别落在图中A、B、C三点，则（）
A．A带正电、B不带电、C带负电
B．三小球在电场中加速度大小关系是：a A＜a B＜a C
C．三小球在电场中运动时间相等
D．三小球到达下板时的动能关系是E kC＞E kB＞E kA
考点：带电粒子在匀强电场中的运动．
专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：因为上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．
解答：解：在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如下图所示：
由此可知带正小球做平抛运动a1=，带正电小球做类平抛运动a2=，带负电小球做类平抛运动a3=．
根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短．
A、三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A是带正电荷的小球，B是不带电的小球，C带负电的小球．故A正确；
B、因为A带正电，B不带电，C带负电，所以a A=a2，a B=a1，a C=a3，故B正确；
C、由于三小球在竖直方向位移相等，初速度均为0，由于电场力的作用，三小球的加速度不相等，故它们的运动时间不相等，故C错误；
D、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功．由受力图可知，带负电小球合力最大为G+F，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为G﹣F，做功最少动能最小，故D选项正确．
故选ABD．
点评：确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．
13．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列表达中属于用比值法定义的物理量是（）
A．加速度a=B．电阻R=ρC．电场强度E=D．电容C=
考点：加速度；欧姆定律．
分析：所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．
解答：解：A、加速度的定义是速度变化量与所用时间的比值，故a=属于比值定义法．故A正确．
B、电阻R与导线的长度和横截面积和电阻率有关，电阻R=ρ不属于比值定义法，故B错误．
C、电场强度的定义为电荷所受电场力和电荷量的比值，故E=属于比值定义法，故C正确．
D、电容的大小与电容器的正对面积、两极板间的距离、介电常数有关，电容
C=不属于比值定义法，故D错误．
故选：AC．
点评：用比值法定义物理量是物理上常用的思想方法，可以根据定义出的物理量与两个物理量有无关系，判断是否是比值法定义．14．如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻R M=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）
A．电动机的输入功率为12W
B．电动机的输出功率为12W
C．电动机的热功率为2.0W
D．整个电路消耗的电功率为22W
考点：电功、电功率．
专题：恒定电流专题．
分析：由灯泡铭牌可知灯泡额定电是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率；由电功率公式可以求出电路总功率．
解答：解：A、电动机两端的电压U1=U﹣U L=12﹣6V=6V，整个电路中的电流I=，所以电动机的输入功率P=U1I=6×2W=12W．故A正确．
B和C、电动机的热功率P热=I2R M=4×0.5W=2W，则电动机的输出功率P2=P﹣I2R M=12﹣2W=10W．故B错误；C正确．
D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D错误．
故选：AC．
点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率P2=I2R M以及知道整个电路消耗的功率P总=UI．
三、填空题：本题共2小题，共18分．。