湖南省地质中学2013-2014年高二物理月考考试+(1)
2013-2014下学期高二物理期中考试试题(含答案)-推荐下载
它也没有反应，它的控制电路中可能接入的传感器是( )
A．温度传感器
B．光传感器
2. 一交变电流的电压表达式为 u＝100 sin120πt （V），由此表达式可知( ) A．用电压表测该电压其示数为 100 V B．该交变电压的频率为 60Hz C．将该电压加在 100Ω 的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为 100 W D．t ＝1/480 s 时，该交流电压的瞬时值为 50 V
A．静止不动
C．向右运动
5.右图表示一交流电的电流随时间而变化的图像,此交流电流的有 效值是 ( )
A． 5 2 A B．5A
B．左右往返运动
D．向左运动
C． 3.5 2 A
6.图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图。变压器输入电压是市电网的电压，不会
有很大的波动。输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用 R0 表示，变阻器 R 表示 用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头 P 向下移时( )
16.（10 分）如图所示，光滑水平面上，质量为 2m 的小球 B 连接着轻质弹簧，处于静止； 质量为 m 的小球 A 以初速度 v0 向右匀速运动，接着逐渐压缩弹簧并使 B 运动，过一段时间，
对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
湖南省地质中学高二下学期期末考试 物理试卷A(word版无答案)
湖南省地质中学高二下学期期末考试 物理试卷A （word版无答案）物 理命题人：沈震宇审题人：李佐开 时量：60 分钟 总分值：100 分第 I 卷 选择题 〔共 48 分〕一、选择题〔此题共有 8 个小题，每题 6 分，共 48 分，在每题的四个选项中，第 1~4 题只要一项契合标题要求，第 5~8 题有多项契合标题要求，全部选对得 6 分，选对但 不全得 3 分，有选错的得 0 分〕1． A 、B 两个小球从不同高度自在下落，同时落地，A 球下落的时间为 t ，B 球下落的时间 t为 ，当 B 球末尾下落的瞬间，A 、B 两球的高度差为 2A ． gt 2 3 2B ． g t 8 3 2C ． gt 4 12D ． gt 42． 如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块 P ，系统处 于运动形状，现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其向上做匀加 速直线运动，以 x 表示 P 分开运动位置的位移，在弹簧恢恢复长前 以下表示 F 和 x 之间关系的图像能够正确的选项是A ．B ．C ．D ．3． 如图，三个固定的带电小球 a 、b 和 c ，相互间的距离区分为 ab =5cm ，bc =3cm ，ca =4 cm 。
小球 c 所受库仑力的合力的方向平行于 a 、b 的连线。
设小球 a 、b 所带电荷量的 比值的相对值为 k ，那么A ．a 、b 的电荷同号， k = 43 16 B ．a 、b 的电荷异号， k = 9C ．a 、b 的电荷同号， k = 6427 D ．a 、b 的电荷异号， k = 64274． 如图，导体轨道 OPQS 固定，其中 PQS 是半圆弧，Q 为半圆弧的中心，O 为圆心。
轨 道的电阻疏忽不计。
OM 是有一定电阻。
可绕 O 转动的金属杆。
M 端位于 PQS 上，O M 与轨道接触良好。
空间存在半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为 B ， 现使 OQ 位置以恒定的角速度逆时针转到 OS 位置并固定〔进程 Ⅰ〕；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从 B 添加到 B'〔过B ' 程Ⅱ〕。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A．位移大小是R B．位移大小是C．路程是2R D．路程是πR2.下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度B．时间C．功率D．质量3.下列叙述正确的是（）A．伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B．爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C．牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D．开普勒发现了万有引力定律4.2014年11月11日在广东省珠海市航展中心举行，中国空军八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的5.冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A．摩擦力非常小B．重力小C．推力小D．不受任何力6.人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A．向汽车行驶的反方向跌倒B．向汽车行驶的同方向跌倒C．向车右侧方向跌倒D．向车左侧方向跌倒7.如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点运动的线速度不变B．质点运动的线速度越来越大C．质点运动的角速度越来越小D．质点所受的角速度不变8.F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A．B．C．D．9.“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．大于7.9km/s，小于11.2km/sD．大于11.2km/s，小于16.7km/s10.关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B．合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C．恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D．滑动摩擦力对物体一定做负功11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A．“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡B．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零C．“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D．“平衡摩擦力”是否成功，可由小车运动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定12.关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．在地球赤道比在地球北极大C．在地球上任何地方都一样大D．同一地点，任何物体下落的加速度一样大13.一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A．先小于体重后大于体重，最后等于体重B．先大于体重后小于体重，最后等于体重C．先小于体重，后等于体重D．先大于体重，后等于体重14.下列系统不具有势能的有（）A．高高悬挂的大石头B．被压缩的弹簧C．满弓上的箭D．已经着地的足球15.从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A．方向性B．永恒性C．持久性D．有条件性16.在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D．使用弹簧测力计时，不能超过其量程17.两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m时的作用力为F，现将它们接触一下后，放到相距2m的位置，则它们的相互作用力大小变为（）A．4F B．0C．D．18.下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（）A．电冰箱B．吸尘器C．电风扇D．电饭煲19.如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A．小磁针保持不动B．小磁针的N 极将向下转动C．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动20.关于理想变压器，下面各说法中正确的是（）A．它的输出功率小于它的输入功率B．它的输出功率等于它的输入功率C．原副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D．原副线圈的电流与它们的匝数成正比21.如图所示，小球A固定在绝缘支架上，小球B用丝线悬挂，两小球均带有正电荷．现将A向右移近B，观察到丝线与竖直方向的夹角增大，这表明电荷间的作用力（）A．随距离的减小而增大B．随距离的减小而减小C．随电荷量的减小而增大D．随电荷量的减小而减小22.一个点电荷从静电场中的A点移动到B点，它的电势能变化为零，这说明（）A．A和B两点的电场强度一定相同B．A和B两点的电势不一定相同C．电荷一定是沿着等势面移动的D．从A到B的过程中，电场力做的功一定是零23.有四盏灯，如图所示连接在电路中，L1和L2都标有“220V，100W”字样，L3和L4都标有“220V，40W”字样，把电路接通后，最暗的是（）A．L1B．L2C．L3D．L424.如图所示，一矩形线框置于磁感应强度为B的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，若线框的面积为S，则当线框左边为轴转过30°时通过线框的磁通量为（）A．0B．BS C．D．二、填空题1.以20m/s的速度在水平路面上运动的汽车，刹车后以2m/s2的加速度做匀减速运动，则在刹车后停下，其最大位移是 m．2.某物体从A点运动到B点，合力对它所做的功为60J，物体在这一过程中动能增加了 J；物体经过A点时的动能为20J，则物体经过B点时的动能为 J．3.用如图所示的装置研究平抛运动，用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落．A、B两球同时开始运动，观察到两球落地（填“同时”或“不同时”）；改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球落地（填“同时”或“不同时”）．4.如图所示，桌面上放着一个单匝矩形线圈，线圈中心上方某高度处有一竖立的条形磁铁，此时穿过线圈的磁通量为0.04Wb．现使磁铁竖直下落，经0.5s后磁铁的S极落到线圈内的桌面上，这时穿过线圈的磁通量为0.12Wb．此过程中穿过线圈的磁通量增加了 Wb，线圈中的感应电动势大小为 V．5.一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.15A；接13Ω电阻时，通过电源的电流为0.10A．则此电源的电动势为 V，内阻为Ω．三、实验题在研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如图所示．用刻度尺量得OA=1.50cm，OB=3.40cm，OC=5.70cm，OD=8.40cm．打C点时纸带的速度大小为 m/s，纸带的加速度大小为 m/s2．四、计算题1.某人驾驶一辆新型电动汽车在水平路面上从静止开始做匀加速直线运动，汽车行驶了5s时速度达到10m/s．若人与汽车的总质量m=800kg，汽车所受阻力为F=160N．求：阻（1）汽车的加速度大小a；（2）汽车的牵引力大小F；（3）汽车牵引力的反作用力作用在哪个物体上？2.如图所示，摩托车特技表演，从平台A水平飞越到平台B上，已知AB的高度差为h=1.25m，两平台的水平距离为s=5m，（不计空气阻力，g取10m/s2）求：（1）摩托车在空中运动时间；（2）摩托车在平台A开始飞越时的最小速度．3.某地地磁场的磁感应强度大约是4.0×10﹣5T．一根长为1000m的电线，电流为10A，①该导线受到的最大磁场力是多少？②当导线中电流变为5A时，当地地磁场的磁感应强度变为多少？=4×107m/s的初速度沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场，已知匀强电场的电场强度大小4.一电子以vE=2×105N/C，电子质量为9.1×10﹣31kg，电荷量为1.6×10﹣19C，不计重力，求：①电子在电场中运动的加速度大小；②电子进入电场的最大距离．湖南高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A．位移大小是R B．位移大小是C．路程是2R D．路程是πR【答案】B【解析】位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．解：路程等于运动轨迹的长度，为l=πR，位移大小等于首末位置的距离为x=R．故选：B2.下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度B．时间C．功率D．质量【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．解：矢量是既有大小又有方向的物理量，速度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，时间、功率和质量都是标量，故A正确，BCD错误．故选：A．3.下列叙述正确的是（）A．伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B．爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C．牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D．开普勒发现了万有引力定律【答案】A【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解：A、伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快的结论，故A正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B错误；C、伽利略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究，故C错误；D、牛顿发现了万有引力定律，故D错误；故选：A4.2014年11月11日在广东省珠海市航展中心举行，中国空军八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的【答案】D【解析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．解：A、地面上的人看到飞机是相对于地面飞过，是以地面为参考系，故A正确B、飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系，故B正确C、D、以编队中某一飞机为参考系，所有飞机的位置相对不变，其他飞机是静止的，故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D5.冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A．摩擦力非常小B．重力小C．推力小D．不受任何力【答案】A【解析】冰壶被推出后靠惯性运动，重力不变与支持力大小相等，冰面上的摩擦力小．解：冰壶被推出后不再受推力，竖直方向重力与支持力平衡，冰壶的运动可看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的摩擦力小．选项A正确，BCD错误．故选：A6.人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A．向汽车行驶的反方向跌倒B．向汽车行驶的同方向跌倒C．向车右侧方向跌倒D．向车左侧方向跌倒【答案】B【解析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质．解：人从正在行驶车中跳下时，由于惯性人保持和车相同的速度，而脚受阻力很快停下来，上身继续前冲而摔到，所以人会向汽车行驶的方向跌倒．故B正确，ACD错误．故选：B7.如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点运动的线速度不变B．质点运动的线速度越来越大C．质点运动的角速度越来越小D．质点所受的角速度不变【答案】C【解析】通过的弧长s与运动时间t成正比，知小球的线速度大小不变，结合v=rω，判断角速度的变化．解：AB、因为弧长s与时间t成正比，所以线速度大小不变．故AB错误．CD、根据ω=知，v不变，r减小，则角速度增大．故C正确，D错误．故选：C．8.F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，根据平行四边形定则的内容即可解答．解：两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，所以力的合成的平行四边形定则只适用于共点力，与两个分力共点的那条对角线所表示的力才是它们的合力，故C正确，ABD错误．故选：C．9.“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．大于7.9km/s，小于11.2km/sD．大于11.2km/s，小于16.7km/s【答案】D【解析】掌握第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．解：7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，是指发射绕地球表面运行卫星时的速度；发射高度越高，则发射速度越大；11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，由此可知此卫星仍绕地球运行，但一定不会绕地面运行；故从地面发射的速度介于7.9km/s和11.2km/s之间．故选：D．10.关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B．合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C．恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D．滑动摩擦力对物体一定做负功【答案】C【解析】力做功的正负即决于力和位移的方向关系，结合根据作用力和反作用力、平衡力的性质可以判断两力做功的情况．解：A、作用力和反作用力的作用点的位移可能同向，也可能反向，大小可以相等，也可以不等，故作用力和反作用力对发生相互作用的系统做功不一定相等，也不一定是一正一负；故A错误；B、合外力对物体不做功只能说明物体的动能不变，但速度方向可能在发生变化；如匀速圆周运动；故B错误C、恒力做功与路径无关，只与初末位置有关．比如重力做功．故C正确．D、滑动摩擦力阻碍的是物体间的相对运动，可能出现摩擦力与运动方向相同的情况，故摩擦力可能做正功；故D 错误；故选：C．11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A．“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡B．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零C．“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D．“平衡摩擦力”是否成功，可由小车运动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定【答案】B【解析】小车所受的摩擦力不可避免，平衡摩擦力的本质就是使小车的重力沿斜面方向的分力与小车所受的阻力相平衡，恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．解：AB、平衡摩擦力的实质是小车（及车上砝码）的重力沿木板方向的分力与木板与小车间、纸带与计时器间、绳与滑轮间、滑轮与轴间等摩擦力平衡，故A正确，B错误．C、“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力，故C正确．D、恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．故D正确．本题选择不正确的．故选：B．12.关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．在地球赤道比在地球北极大C．在地球上任何地方都一样大D．同一地点，任何物体下落的加速度一样大【答案】D【解析】自由落体运动的加速度g是由重力产生的，由牛顿第二定律可知a=g，重力加速度与物体的质量无关，而重力是由万有引力产生的，所以万有引力的大小会影响自由落体加速度的大小．解：A、同一地点物体的重力近似等于万有引力，则：=mg，可得，因为R是定值，所以同一地点轻重物体的g值一样大，故A错误；B、因为地球近似一个椭球形，在赤道的半径比两极半径略大，由可知自由落体运动的加速度在地球赤道比在地球北极小，故B错误；C、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，因此地球上不同地方的g值不同，C错误；D、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，同一地点，海拔和纬度都相同，因此任何物体下落的加速度一样大，故D正确．故选：D．13.一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A．先小于体重后大于体重，最后等于体重B．先大于体重后小于体重，最后等于体重C．先小于体重，后等于体重D．先大于体重，后等于体重【答案】A【解析】人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然站起时，具有向上的加速度，根据牛顿第二定律人所受的支持力，再由牛顿第三定律分析测力计示数的变化．解：由题，当人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然下蹲时，人向下加速，具有向下的加速度，人处于失重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力小于人的重力，则人对测力计的压力也小于人的重力，然后人向下减速，具有向上的加速度，人处于超重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力大于人的重力，则人对测力计的压力也大于人的重力，故A正确，BCD错误故选：A．14.下列系统不具有势能的有（）A．高高悬挂的大石头B．被压缩的弹簧C．满弓上的箭D．已经着地的足球【答案】D【解析】重力势能大小的影响因素：物体的质量、被举的高度；同时具备以上两个因素，物体就具有重力势能；弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小；物体发生弹性形变就具有弹性势能．解：A、高高悬挂的大石头，石头具有质量，也有高度，因此高高悬挂的大石头具有重力势能；B、被压缩的弹簧，由于发生了弹性形变，因此弹簧具有弹性势能；C、满弓上的箭，由于弓发生了弹性形变，因此满弓上的箭具有弹性势能；D、已经着地的足球，由于没有被举高，也没发生弹性形变，因此不具有势能．故选：D．15.从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A．方向性B．永恒性C．持久性D．有条件性【答案】A【解析】从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有方向性，结合热力学第二定律分析．解：根据热力学第二定律可知，能量的自发的转化和转移具有方向性，如热量只能自发地从高温物体传到低温物体，不能自发地从低温物体传到高温物体．涉及热现象的宏观过程都具有方向性．故A正确，BCD错误．故选：A16.在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D．使用弹簧测力计时，不能超过其量程【答案】B【解析】根据验证力的平行四边形定则的实验原理及注意事项可得出正确答案．解：A、实验中为了减小因摩擦造成的误差，要求在拉弹簧秤时，要注意使弹簧秤与木板平面平行，故A正确；B、两弹簧测力计的拉力方向不一定要垂直，只有拉到同一点即可，故B不正确；C、实验中拉力的大小可以通过弹簧秤直接测出，读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度，故C正确；D、弹簧测力计时，不能超过其量程，故D正确．本题选不正确的，故选：B．17.两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m时的作用力为F，现将它们接触一下后，放到相距2m的位置，则它们的相互作用力大小变为（）A．4F B．0C．D．【答案】B【解析】等量异种电荷的小球，在真空中相距为r时，根据库仑定律可以得到F与电量Q、距离r的关系；当两球相互接触后放在两球心间相距2r处，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与Q、r的关系．解：未接触前，根据库仑定律，得F=k接触后两球带电量q==0；放在两球心间相距2m处，再由库仑定律，得F′=0；故B正确、ACD错误．故选：B．18.下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（）A．电冰箱B．吸尘器C．电风扇D．电饭煲【答案】D【解析】利用电流通过导体产生热量工作的是电饭煲，不是吸尘器，电风扇和电冰箱，可根据能量是如何转化的分析．解：电饭煲是利用电流的热效应，即利用电流通过导体产生热量来加热食物的，电能转化为内能．而吸尘器，电风扇和电冰箱的工作原理不是利用电流的热效应来工作的，它们工作时，一部分电能转化为内能，大于部分电能转化为其他形式的能．故ABC错误，D正确．故选：D19.如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A．小磁针保持不动B．小磁针的N 极将向下转动C．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动【答案】C【解析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动，故C正确，ABD错误．故选：C．20.关于理想变压器，下面各说法中正确的是（）A．它的输出功率小于它的输入功率B．它的输出功率等于它的输入功率C．原副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D．原副线圈的电流与它们的匝数成正比【答案】B【解析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．解：A、输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，并且大小相等，所以A错误B正确；C、输出电压是由输入电压和匝数比决定的，电压与匝数成正比，所以C错误；D、原副线圈的电流与它们的匝数成反比，所以D错误．故选：B21.如图所示，小球A固定在绝缘支架上，小球B用丝线悬挂，两小球均带有正电荷．现将A向右移近B，观察到。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.有关磁场的下列叙述，正确的是（）A．磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大B．顺着磁感线的方向，磁感应强度越来越小C．安培力的方向一定与磁场方向垂直D．在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大2.关于闭合电路，下列说法中正确的是（）A．外电阻越大，电源的路端电压就越大B．电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C．电源的输出功率越大，电源的效率就越大D．电流总是从电势高的地方流向电势低的地方3.如图所示为一个半径为R的均匀带电圆环，其单位长度带电量为，取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为轴，设轴上任意点P到O点的距离为，以无限远处为零势点，P点电势的大小为，下面给出的四个表达式（式中为静电力常量），其中只有一个是合理的，你可能不会求解此处的电势，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性判断，根据你的判断，的合理表达式应为（）A．B．C．D．4.两只电压表和是由完全相同的两个电流计改装成的，表的量程是，表的量程是，把它们串联起来接入电路中，如图所示，则（）A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为，指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为5.如图所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O点固定连接，P为与圆环良好接触的滑动头，闭合开关S，在滑动头P缓慢地由点经点移到点过程中，电容器C所带的电荷量将（）A．由少变多B．由多变少C．先增多后减少D．先减少后增多6.如图所示，一根长为L的铝棒用两个劲度系数均为的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流I方向从左到右时，弹簧的长度变化了，则下面说法正确的是（）A．弹簧长度缩短了，B．弹簧长度缩短了，C．弹簧长度伸长了，D．弹簧长度伸长了，7.如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，则这个过程中磁铁受力情况为（）A．支持力先大于重力后小于重力B．支持力始终大于重力C．摩擦力的方向由向右变为向左D．摩擦力的方向保持不变8.三个速度大小不同的同种带电粒子（重力不计），沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为、、，则它们在磁场中运动的时间之比为（）A．B．C．D．9.如图所示，在粗糙的足够长的竖直木杆上套有一个带正电的小球，整个装置处在由水平匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场组成的足够大的复合场中，小球由静止开始下滑，在整个运动过程中，关于描述小球运动的图像中正确的是（）10.如图所示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，竖直放置在重力场中，、为两个带有同种电量的小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左的作用力F作用于时，、紧靠挡板处于静止状态，现若稍改变F的大小，使稍向左移动一小段距离，则当、重新处于静止状态后（）A．间的电场力增大B．作用力F将减小C．系统重力势能增加D．系统的电势能将增加11.电池A和B的电动势分别为和，内阻分别为和，若这两个电池分别向同一电阻R供电时，这个电阻消耗的电功率相同；若电池A.B分别向另一个阻值比R大的电阻供电时的电功率分别为、，已知，则下列判断中正确的是（）A.电池内阻B.电池内阻C.电功率D.电功率12.如图所示电路，电源内阻不能忽略，阻值小于变阻器的总电阻，当滑动变阻器的滑片P停在变阻器的中点时，电压表的示数为U，电流表的示数为I，那么，滑片P由中点向上移动的全过程中（）A．电压表的示数始终小于UB．电流表的示数始终大于IC．电压表的示数先增大后减小D．电流表的示数先减小后增大13.竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R的圆弧MN和半径为的半圆弧NP拼接而成（两端圆弧相切于N点），小球带正电，质量为，电荷量为，已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．若加竖直向上的匀强电场E（），则小球能通过P点B．若加竖直向下的匀强电场，则小球不能通过P点C．若加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球不能通过P点D．若加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球不能通过P点14.如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直，在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成夹角且处于竖直平面内。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.两个相同的电阻，分别通以如图所示的正弦交变电流和方波形交变电流，两种交变电流的最大值相等，周期相等。
则在一个周期内，正弦式交流电在电阻上产生的焦耳热Q1与方波式交流电在电阻上产生的焦耳热Q2之比等于（）A．3∶1B．1∶2C．2∶1D．4∶32.某空间存在着如图所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场。
在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘。
在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动。
在A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是A．图乙可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系B．图乙可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．图乙可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系D．图乙可以反映B对地面压力大小随时间t变化的关系3.图是一列简谐横波在t =" 0" 时的波形图，此时刻P和Q的位移相同，若波的传播速度为2m/s，此时质点P向上振动。
下列说法正确的是A．质点P的振动周期为0.25sB．经过任意时间，质点Q和P的振动情况总是相同的C．经过△t = 0.4s，质点P向右移动0.8mD．该波沿X轴正方向传播。
4.两个弹簧振子，甲的固有频率为100HZ，乙的固有频率为400HZ。
若它们均在频率为300HZ的驱动力作用下振动，则( )A．甲的振幅较大，振动频率是100HZ B．乙的振幅较大，振动频率是300HZC．甲的振幅较大，振动频率是300HZ D．乙的振幅较大，振动频率是400HZ5.a为声源，发出声波；b为接收者，接收a发出的声波。
a、b若运动，只限于在沿两者连线方向上，下列说法正确的是( )A．a静止，b向a运动，则b收到的声频比a发出的高B．a、b向同一方向运动，则b收到的声频一定比a发出的高C．a、b向同一方向运动，则b收到的声频一定比a发出的低D．a、b都向相互背离的方向运动，则b收到的声频比a发出的高6.关于电磁场和电磁波的认识正确的是A．任何电场在它周围空间都会产生磁场B．电磁波和机械波一样依赖于介质传播C．电磁波在真空中的传播速度等于光在真空中的传播速度D．电磁波是纵波＝0时波传播到x轴上的质点B，在它左边的质点A恰好位于负最大位移7.一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t1＝0.6 s时，质点A第二次出现在正的最大位移处，则处，如图所示．在t2A．该简谐波的波速等于5m/sB．t2＝0.6 s时，质点C在平衡位置处且向下运动C．t2＝0.6 s时，质点C在平衡位置处且向上运动D．当质点D第一次出现在正最大位移处时，质点B恰好在平衡位置且向下运动8.如图是一竖立的肥皂液薄膜的横截面，关于竖立肥皂液薄膜上产生光的干涉现象的下列陈述中正确的是：A．干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波的叠加B．干涉条纹的暗纹是由于上述两列反射波的波谷与波谷叠加而成C．薄膜上干涉条纹是水平方向的D．薄膜上干涉条纹是竖直方向的9.在垂直于太阳光的传播上前后各放置两个偏振片P和Q，在Q的后面放一光屏，则( )A．Q不动，旋转P，屏上的光的亮度不变B．Q不动，旋转P，屏上的光的亮度时强时弱C．P不动，旋转Q，屏上的光的亮度不变D．P不动，旋转Q，屏上的光的亮度时强时弱10.分析下列物理现象：（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝；（2）“闻其声而不见其人”；（3）围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.已知一列横波某时刻的波动图像和其中一点的振动图像，如图所示，则有（）A．甲图是振动图像，此列波的波速为B．甲图是波动图像，此列波的波速为C．乙图是波动图像，此列波的波速为D．乙图是振动图像，此列波的波速为2.下图是沿轴正方向传播的一列简谐横波在时刻的波形，波速为，图中处的质点P的振动图像应是下图中的哪个（）3.关于多普勒效应，下列说法中正确的是（）A．发生多普勒效应时，波源频率发生了变化B．要发生多普勒效应，波源和观察者必须有相对运动C．火车向你驶来时，你听到的汽笛声音调变低，火车离你远去时，你听到的汽笛声音调变高D．机械波不能发生多普勒效应4.某学生用单摆测定重力加速度，测得数值偏大些，可能是下列哪些原因引起的（）A．量摆长时没有把小球半径算进去B．摆球的质量测得不准确C．摆角小，使周期变小D．应当测振动30次的时间求其周期，结果把29次当做30次计算周期5.闭合线圈与匀强磁场垂直，现将线圈拉出磁场，第一次拉出速度为，第二次拉出速度为，且，则（）A．两次拉力做的功一样多B．两次所需拉力一样大C．两次拉力的功率一样大D．两次通过线圈的电荷量一样多6.如图所示是一列简谐横波在时刻的波形图，已知这列波沿轴正方向传播，波速为，P是离原点为的一个介质质点，则在时刻，质点P的（）A．速度和加速度都沿方向B．速度沿方向，加速度沿方向C．速度和加速度都正在增大D．速度和加速度都正在减小7.工厂里，有一台机器正在运转，当其飞轮转得很快的时候，机器的振动并不强烈，切断电源，飞轮转动逐渐慢下来，到某一时刻，机器发生了强烈的振动，此后，飞轮转动得更慢，机器的振动反而减弱，这种现象说明（）A．在时刻飞轮惯性最大B．在时刻飞轮转动的频率最大C．在时刻飞轮转动的频率与机身的固有频率相等，发生共振D．纯属偶然现象，并无规律8.如图所示某一时刻简谐横波的图像，波的传播方向沿方向，下列说法中正确的是（）A．此时刻B．E两点速度为零B．此时刻D质点正沿方向运动C．此时刻质点C．F的加速度、速度都为零D．此时刻质点B．E的速度相同9.关于做简谐运动的物体的位移、加速度和速度间的关系，下列说法正确的是（）A．位移减小时，加速度减小，速度增大B．位移的方向总跟加速度的方向相反，根速度的方向相同C．物体的运动方向指向平衡位置时，速度方向跟位移方向相同D．物体的运动方向改变时，加速度的方向不变10.如图所示，、是两个振动情况完全相同的机械波波源，振幅为A．、三点分别位于、连线的中垂线上，且，某时刻是两列波的波峰相遇点，是两列波的波谷相遇点，则（）A．处质点的位移始终是B．处质点的位移始终是C．处质点的振幅为D．处质点的振幅为11.如图所示，调整电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大，在这个过程中（）A．通过的电流增加，增加量一定等于B．两端的电压减小，减少量一定等于C．通过的电流增加，增加量一定等于D．通过的电流减小，但减小量一定小于12.如图所示，正方形容器处在匀强磁场中，一束电子从孔沿方向垂直射入容器内，结果一部分电子从小孔射出，一部分电子从小孔射出，则从、两孔射出的电子（）A．速度之比B．在容器中运动的时间之比C．在容器中运动的加速度大小之比D．在容器中运动的加速度大小之比13.一质点做简谐运动的图像如图所示，则该质点（）A．在0至内，速度与加速度同向B．在至内，速度与回复力同向C．在时，速度为正，加速度为正D．在时，速度最大，回复力为零14.从一条弦线的两端，各发出一如图所示的脉冲横波，它们均沿弦线传播，速度相等，传播方向相反，在它们传播的过程中，可能出现的脉冲波形是下图中的（）二、填空题1.如图甲，弹簧振子在BC间振动，O为BC的中点，若取水平向右为正方向，其振动图像如图乙所示，可知，BC 间距离为，从开始，经过振子第二次到B点。
2024届湖南省长沙市地质中学物理高二上期中复习检测模拟试题含解析
2024届湖南省长沙市地质中学物理高二上期中复习检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、电场中有一点P，下列说法中正确的有（）A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为放在该点的电荷所受电场力的方向2、闭合电路中产生的感应电动势的大小，跟穿过这一闭合回路的下列哪个物理量成正比的是：A．磁通量B．磁感应强度C．磁通量的变化量D．磁通量的变化率3、一个密闭容器由固定导热板分隔为体积相同的两部分，分别装有质量不等的同种气体．当两部分气体稳定后，它们的（）A．密度相同B．分子数相同C．分子平均速率相同D．分子间平均距离相同4、关下列于动量的说法中，正确的是（）．A．物体的动量越大，其惯性也越大B．做匀速圆周运动的物体，其动量不变C．一个物体的速度改变，它的动能不一定改变D．一个物体的运动状态发生变化，它的动能一定改变5、如图所示为一理想变压器工作电路图，今欲使变压器的输入功率增大到原来的2倍，在其他条件不变的情况下，可行的办法是A．原线圈的匝数n1增加到原来的2倍B．副线圈的匝数n2增加到原来的2倍C．负载电阻的阻值R变为原来的2倍D．n2和R都变为原来的2倍6、下列关于磁感应强度的说法正确的是A．由定义式B＝FIL知磁感应强度B与F成正比，与I和L的乘积成反比B．通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C．某点磁感应强度的方向就是小磁针N极在该点的受力方向D．若有一小段通电导体在磁场中不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为0 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图，一段导线abcd 位于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab 、bc 和cd 的长度均为L ，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I ，方向如图中箭头所示．导线段abcd 所受到的磁场的作用力的合力（ ）A ．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILB B ．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC ．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD ．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB2.用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，如图所示，将一热敏电阻接入电路中，接通开关后，经过一段时间会观察到（ ）A ．电流表示数不变B ．电流表示数减小C ．电压表示数增大D ．电压表示数减小3.将一正电荷从无限远移入电场中M 点，静电力做功W 1=6×10﹣9J ，若将一个等量的负电荷从电场中N 点移向无限远处，静电力做功W 2=7×10﹣9J ，则M 、N 两点的电势φM 、φN ，有如下关系（ ） A ．φM ＜φN ＜0 B ．φN ＞φM ＞0 C ．φN ＜φM ＜0 D ．φM ＞φN ＞04.如图所示的电路中，C 2=2C 1，R 2=R 1，①开关处于断开状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ②开关处于断开状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 ③开关处于接通状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ④开关处于接通状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 以上说法都正确的是（ ） A ．① B ．④ C ．①③D ．②④5.用绝缘细线悬挂一个质量为m ，带电荷量为+q 的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为B 的匀强磁场中．由于磁场的运动，小球静止在如图位置，这时悬线与竖直方向夹角为α，并被拉紧，则磁场的运动速度和方向可能是（ ）A ．v=，水平向右B．v=，水平向左C．v=，竖直向上D．v=，竖直向下6.如图，光滑半圆形轨道与光滑曲面轨道在B处平滑连接，前者置于水平向外的匀强磁场中，有一带正电小球从A 静止释放，且能沿轨道前进，并恰能通过半圆轨道最高点C．现若撤去磁场，使球从静止释放仍能恰好通过半圆形轨道最高点，则释放高度H′与原释放高度H的关系是（）A．H′=H B．H′＜H C．H′＞H D．无法确定7.有一静电场，其电场强度方向平行于x轴．其电势φ随坐标x的改变而变化，变化的图线如图所示，则下图中能正确表示该静电场的场强E随x变化的图线是（设场强沿x轴正方向时取正值）（）A．B．C．D．8.下列说法中正确的是（）A．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越多，电荷在该点的电势能就越大B．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越少，电荷在该点的电势能越大C．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，克服电场力做功越多，电荷在该点的电势能就越大D．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，电场力做功越多，电荷在该点的电势能越大9.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零10.带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示．小环的重量不能忽略，则小环进入磁场后的运动情况可能是（）A．匀速直线运动B．匀减速直线运动C．先逐渐减速最后匀速直线运动D．逐渐减速最后停止11.如图所示，两边倾角均为θ的绝缘光滑导轨置于垂直纸面向里的匀强磁场中，两个带等量负电荷的相同的小球A、C同时从顶端由静止释放，则下列说法中正确的是（）A．两小球沿斜面下滑阶段的加速度大小相等B．两小球沿斜面下滑阶段的每个时刻速度大小相等C．经过一段时间后，A小球可能离开导轨D．经过一段时间后，C小球可能离开导轨12.如图所示，点电荷+4Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分，现使一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD之间运动的速度大小v与时间t的关系图象可能是（）A． B． C． D．二、实验题1.如图1所示的黑箱中有二只相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测．（1）在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整如图2中多用电表的（选填“A”、“B”或“C“）．（2）在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a、b接点间是否存在电源时，一表笔接a，另一表笔应（选填“短暂”或“持续”）接b，同时观察指针偏转情况．（3）在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至“×l”挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值．测量中发现，每对接点间正反向阻值均相等，测量记录如下表．两表笔分别接a、b时，多用电表的示数如图2所示．请将记录表补充完整，并在答题卡的黑箱图中画出一种可能的电路．两表笔接的接点多用电表的示数2.甲、乙两个同学使用完全相同的器材用伏安法测量同一未知电阻R x 的阻值，给定器材为：待测电阻R x ；电流表mA （量程0﹣5mA ，内阻约为10Ω）；电压表V （量程为0～3v ，内阻约为3000Ω）；最大阻值为1700Ω的滑动变阻器；电源E （电动势约3V ）；开关S 、导线若干，甲、乙两个同学的测量的数据处理结果分别如图甲、乙所示．（1）由图甲得R x = Ω；由图乙得R x = Ω；（2）在图丙、丁的虚线线框中分别画出甲、乙两同学所用的测量电路，并由测量结果判定 同学测量结果较为准确．三、计算题1.在示波管中，电子通过电子枪加速，进入偏转电极，然后射到荧光屏上．如图所示，设电子的质量为m （不考虑所受重力），电荷量为e ，从静止开始，经过加速电场加速，加速电压为U 1，然后进入偏转电场，偏转电极中两板之间的距离为d ，板长为L ，偏转电压为U 2，求电子射到荧光屏上的动能为多大？2.如图所示，电解槽A 和电炉B 并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S 1闭合、S 2断开时，电炉消耗功率684W ；S 1、S 2都闭合时电炉消耗功率475W （电炉电阻可看作不变）．试求：（1）电源的电动势；（2）S 1、S 2都闭合时，流过电解槽的电流大小；（3）S 1、S 2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．3.如图所示，一带电微粒质量为m 、电荷量为q ，从静止开始经电压为U 1的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角为θ．已知偏转电场中金属板长L ，两板间距d ，带电微粒重力忽略不计．求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v 1； （2）偏转电场中两金属板间的电压U 2．4.如图所示装置中，区域Ⅰ和Ⅲ中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E和0.5E；Ⅱ区域内有垂直向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、带电量为q的带负电粒子（不计重力）从左边界O水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成60°角射入Ⅱ区域的磁场，并垂直点正上方的M点以速度v竖直边界CD进入Ⅲ区域的匀强电场中．求：（1）粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径；（2）O、M间的距离；（3）粒子从M点出发到第二次通过CD边界所经历的时间．湖南高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB【答案】A【解析】当磁场方向与电流方向垂直时，由安培力F=BIL，根据电流的大小可求出各段安培力大小，由左手定则判定安培力方向，再根据平行四边形定则，对安培力进行分解即可解得．解：该导线可以用a和d之间的直导线长为L来等效代替，根据F=BIL，可知大小为，方向根据左手定则判断，向上；故选A．【点评】本题考查安培力的大小与方向的判断；解决本题的关键要掌握安培力的大小公式F=BIL（B与I垂直），同时运用力的平行四边形定则对安培力时行分解．此处的导线也可以等效成将ad两点连接的导线所受的安培力．2.用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，如图所示，将一热敏电阻接入电路中，接通开关后，经过一段时间会观察到（ ）A ．电流表示数不变B ．电流表示数减小C ．电压表示数增大D ．电压表示数减小【答案】D【解析】由半导体材料的性质可知电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流及路端电压的变化； 再对并联部分进行分析可得出电流表的变化． 解：A 、B 、接通开关后，由于电流的热效应，热敏电阻的温度升高，电阻减小，总电阻减小，I 总增大，电流表示数变大，故A 、B 错误．C 、D 、U 不变，R 2支路的电流I 2增大，U R2增大，又U=U R2+U 热，则U 热减小，电压表示数减小，故D 正确，C 错误．故选：D ．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律及热敏电阻的性质，闭合电路的动态分析一般按先局部再整体最后再局部的分析思路进行分析．3.将一正电荷从无限远移入电场中M 点，静电力做功W 1=6×10﹣9J ，若将一个等量的负电荷从电场中N 点移向无限远处，静电力做功W 2=7×10﹣9J ，则M 、N 两点的电势φM 、φN ，有如下关系（ ） A ．φM ＜φN ＜0 B ．φN ＞φM ＞0 C ．φN ＜φM ＜0 D ．φM ＞φN ＞0【答案】C【解析】根据电场力做功与电荷电势能变化的关系，由电场力做功情况分析电荷电势能的变化，判断电势高低．解：正电荷从无穷处移向电场中M 点，电场力做功为W 1=6×10﹣9J ，电荷的电势能减小，由电势能公式E p =qφ，知M 点的电势小于无穷远的电势，即φM ＜0．负电荷从电场中N 点移向无穷远处，静电力做功W 2=7×10﹣9J ，电势能减小，电势升高，则N 点的电势小于无穷远的电势，即φN ＜0．由于两电荷电量相等，从无限远处移入电场中N 点电场力做功较大，N 点与无穷远间的电势差较大，则N 点的电势低于M 点的电势，即得到φN ＜φM ＜0． 故选：C【点评】本题也可以画出电场线，标出M 、N 两点在电场线上大致位置，再判断电势的高低．4.如图所示的电路中，C 2=2C 1，R 2=R 1，①开关处于断开状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ②开关处于断开状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 ③开关处于接通状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ④开关处于接通状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 以上说法都正确的是（ ） A ．① B ．④ C ．①③D ．②④【答案】C【解析】开关S 断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势．当开关S 闭合时，两个电阻串联，电容器C 2与电阻R 1并联，电容器C 1与电阻R 2并联．根据Q=UC 即可判断带电量之间的关系． 解：当开关处于断开状态时，电容器C 1与R 1，C 2与R 2分别串联，然后再并联，电源对电容器C 1、C 2充电完毕电路达稳态后，两条支路均无电流通过，因此电阻上不再分压，两电容器上的电压均为电源电动势，所以===．故①正确．②错误当开关处于接通状态时，电路结构为电容器C 1与R 2并联、C 2与R 1并联，支路再串联，当电容器被充电完毕电路达稳定状态后，直流电路通过R 1、R 2形成通路，电容器C 1两端的电压与电阻R 2两端的电压相等，电容器C 2两端的电压与电阻R 1两端的电压相等，==．因此③是正确的，④错误．故选：C ．【点评】对于含有电容器的电路，在电容不变时，关键确定电压及其变化．电路稳定时，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．5.用绝缘细线悬挂一个质量为m ，带电荷量为+q 的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为B 的匀强磁场中．由于磁场的运动，小球静止在如图位置，这时悬线与竖直方向夹角为α，并被拉紧，则磁场的运动速度和方向可能是（ ）A ．v=，水平向右B ．v=，水平向左C ．v=，竖直向上D ．v=，竖直向下【答案】BC【解析】根据左手定则，结合受力分析，及平衡条件与三角函数的关系，即可求解．解：A 、若磁场的运动方向水平向右，则小球相对磁场水平向左，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向下，不可能处于平衡状态，故A 错误；B 、若磁场的运动方向水平向左，则小球相对磁场水平向右，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上， 当洛伦兹力等于重力，处于平衡状态，则有：Bqv=mg ，解得：v=，故B 正确；C 、若磁场的运动方向竖直向上，则小球相对磁场竖直向下，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向右，当洛伦兹力与拉力的合力与重力相等时，则处于平衡状态，则有：Bqv=mgtanα，解得：v=，故C 正确，D 、若磁场的运动方向竖直向下，则小球相对磁场竖直向上，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向左，则不可能处于平衡状态，D 错误； 故选：BC ．【点评】考查左手定则与平衡方程的应用，注意相对运动理解，突出小球相对磁场的运动方向是解题的关键，同时掌握三角函数的应用．6.如图，光滑半圆形轨道与光滑曲面轨道在B 处平滑连接，前者置于水平向外的匀强磁场中，有一带正电小球从A 静止释放，且能沿轨道前进，并恰能通过半圆轨道最高点C ．现若撤去磁场，使球从静止释放仍能恰好通过半圆形轨道最高点，则释放高度H′与原释放高度H 的关系是（ ）A ．H′=HB ．H′＜HC ．H′＞HD ．无法确定 【答案】C【解析】有磁场时，恰好通过最高点，靠重力和洛伦兹力的合力提供向心力，无磁场时，恰好通过重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点的临界速度，通过动能定理比较释放点的高度． 解：有磁场时，恰好通过最高点，有：mg ﹣qvB=m ，无磁场时，恰好通过最高点，有：mg=m ，由两式可知，v 2＞v 1．根据动能定理，由于洛伦兹力和支持力不做功，都是只有重力做功，mg （h ﹣2R ）=mv 2可知，H′＞H ．故C 正确，A 、B 、D 错误．故选：C．【点评】本题综合考查了动能定理和牛顿第二定律的运用，知道圆周运动的最高点，恰好通过时向心力的来源．7.有一静电场，其电场强度方向平行于x轴．其电势φ随坐标x的改变而变化，变化的图线如图所示，则下图中能正确表示该静电场的场强E随x变化的图线是（设场强沿x轴正方向时取正值）（）A．B．C．D．【答案】A【解析】电场强度方向平行于x轴，如果在x方向上取极小的一段，电场强度有，根据电势U随坐标x的改变而变化，通过直线的斜率物理意义求解．沿着电场线方向电势降低．解：电场强度方向平行于x轴，电势U随坐标x图象的斜率的意义反映了电场强度．沿着电场线方向电势降低．0﹣2mm，直线斜率不变，沿x轴正方向电势升高，说明电场强度方向沿x轴负方向，大小等于V/m=2×104V/m，依次求出其他位置的电场强度．故选A．【点评】正确把握电势U随坐标x图象的斜率的物理意义是解决问题的关键．8.下列说法中正确的是（）A．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越多，电荷在该点的电势能就越大B．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越少，电荷在该点的电势能越大C．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，克服电场力做功越多，电荷在该点的电势能就越大D．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，电场力做功越多，电荷在该点的电势能越大【答案】AC【解析】根据电场力方向与位移方向的关系，判断电场力做功的正负，电场力做功多少，电荷的电势能就减少多少；相反，电荷克服电场力做功多少，电荷的电势能就增加多少．解：A、B：电荷在无穷远处电势能为零，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越多，电荷的电势能减少就越多，则电荷在该点的电势能就大，故A正确，B错误．C、D：电荷在无穷远处电势能为零，从无穷远处移到电场中某点时，克服电场力做功越多，电荷的电势能增加就越多，则电荷在该点的电势能就大，故C正确，D错误．故选：AC．【点评】对于电场力做功与电势能变化的关系，可运用类比的方法加深理解，将它们的关系类比成重力做功与重力势能变化的关系，即可容易理解，也便于掌握．9.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零【答案】BD【解析】电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；粒子运动的轨迹上每个点的切线就是该点上的速度方向，要判断这个粒子是克服力做功还是在电场力的作用下做正功，只需要画出该点的切线方向，而力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹，即运动轨迹是一定在速度方向和力的方向的夹角里面的！解：A、电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；因为运动轨迹是不可能出现在这个夹角外的，由这点可以直接看出，图中的N受到的电场力是向上的，M受到的电场力是向下的，故N带负电，M带正电，故A错误；B、由于oa和oc间电势差相等，电场力又都是做正功的，根据动能定理，电场力做功相等，故动能增量相等，故B答案正确；C、由于N带负电，电场力向上，故电场力做正功，故C错误；D、由于ob在同一等势面上，故M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零，故D正确；故选BD．【点评】本题关键是根据等势面与电场线垂直，得到匀强电场方向向下，然后结合动能定理分析；同时要注意力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹．10.带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示．小环的重量不能忽略，则小环进入磁场后的运动情况可能是（）A．匀速直线运动B．匀减速直线运动C．先逐渐减速最后匀速直线运动D．逐渐减速最后停止【答案】ACD【解析】根据左手定则可得小环所受洛伦兹力方向向上，通过讨论小环重力和洛伦兹力的大小关系结合牛顿第二定律可正确得出结果．解：A、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做匀速直线运动，故A正确；B、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，根据牛顿第二定律有（qvB﹣mg）μ=ma，由此可见小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，故B错误；C、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动，故C正确；D、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零，故D正确．故选ACD．【点评】本题学生易错，解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据物体的受力判断物体的运动情况．11.如图所示，两边倾角均为θ的绝缘光滑导轨置于垂直纸面向里的匀强磁场中，两个带等量负电荷的相同的小球A、C同时从顶端由静止释放，则下列说法中正确的是（）A ．两小球沿斜面下滑阶段的加速度大小相等B ．两小球沿斜面下滑阶段的每个时刻速度大小相等C ．经过一段时间后，A 小球可能离开导轨D ．经过一段时间后，C 小球可能离开导轨 【答案】ABC【解析】对两球分别进行受力分析，确定后合力，再据牛顿运动定律分析，确定其运动情况．解：A 、两小球受到的洛伦兹力，A 的斜面垂直向上，C 的垂直斜面向下，沿斜面方向的合力为重力的分力，则其加速度为a A =gsinθ，a C =gsinθ故小球沿斜面下滑阶段的加速度大小相等，故A 正确；B 、由v=at 知小球沿斜面下滑阶段的每个时刻速度大小相等，故B 正确；C 、当A 加速到洛伦兹力与重力沿垂直斜面向下分力相等时，A 小球脱离斜面，故C 正确；D 、C 的洛伦兹力垂直斜面向下，故C 小球不可能离开导轨，D 错误．故选：ABC ．【点评】考查洛伦兹力作用下的小球的运动，会判断洛伦兹力的方向，明确其大小的决定因素．12.如图所示，点电荷+4Q 与+Q 分别固定在A 、B 两点，C 、D 两点将AB 连线三等分，现使一个带负电的粒子从C 点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD 之间运动的速度大小v 与时间t 的关系图象可能是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】BC【解析】根据点电荷的电场强度公式得到：D 点的场强为零．若粒子的初速度较大，粒子在CD 间做减速运动；若粒子的初速度较小，粒子在CD 间先向右做减速运动，后向左做加速运动． 解：根据点电荷的电场强度公式分析得到：D 点的场强为零．A 、从C 到D 场强减小，粒子的加速度减小，不可能做匀减速运动．故A 错误．B 、若粒子的初速度较大，粒子在CD 间做加速度减小的变减速运动．故B 正确．C 、D 若粒子的初速度较小，粒子在CD 间先向右做减速运动，速度减到零后向左做加速运动．也可能最小速度不为零，故C 正确，D 错误． 故选BC【点评】本题考查分析物体运动情况的能力，考虑问题要全面，不能漏解．中等难度．二、实验题1.如图1所示的黑箱中有二只相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测．（1）在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整如图2中多用电表的 （选填“A”、“B”或“C“）．（2）在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a 、b 接点间是否存在电源时，一表笔接a ，另一表笔应 （选填“短暂”或“持续”）接b ，同时观察指针偏转情况．（3）在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至“×l”挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值．测量中发现，每对接点间正反向阻值均相等，测量记录如下表．两表笔分别接a 、b 时，多用电表的示数如图2所示． 请将记录表补充完整，并在答题卡的黑箱图中画出一种可能的电路．【答案】（1）A，（2）短暂，（3）5，如图所示【解析】（1）任何电表使用前都需要机械调零；（2）由于指针可能反转，故应该短接；（3）由于每对接点间正反向阻值均相等，说明无二极管；最简单的电路是两个电阻串联．解：（1）电表使用前都需要机械调零，故选A；（2）由于电流的流向未知，指针可能反转，故不宜长时间通电，故应该短暂接触；（3）由于每对接点间正反向阻值均相等，说明无二极管；最简单的电路是两个电阻串联，电路如图；故答案为：（1）A，（2）短暂，（3）5，如图所示．【点评】本题关键是明确多用电表的使用方法，黑箱问题判断可以先判断有无电源，然后判断有无二极管，最后判断可能的内部构造．2.甲、乙两个同学使用完全相同的器材用伏安法测量同一未知电阻Rx 的阻值，给定器材为：待测电阻Rx；电流表mA（量程0﹣5mA，内阻约为10Ω）；电压表V（量程为0～3v，内阻约为3000Ω）；最大阻值为1700Ω的滑动变阻器；电源E（电动势约3V）；开关S、导线若干，甲、乙两个同学的测量的数据处理结果分别如图甲、乙所示．（1）由图甲得Rx = Ω；由图乙得Rx= Ω；（2）在图丙、丁的虚线线框中分别画出甲、乙两同学所用的测量电路，并由测量结果判定同学测量结果较为准。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列元件利用了光传感器的是（）A．火灾报警器B．电饭锅C．测温仪D．加速度计2.关于康普顿效应，下列说法正确的是 ()A．康普顿效应证明光具有波动性B．康普顿在研究石墨对X射线的散射时发现，在散射的X射线中，有些波长变短了C．康普顿在研究石墨对X射线的散射时发现，在散射的X射线中，有些波长变长了D．康普顿效应可用经典电磁理论进行解释3.在我们的体育课上，体育老师在讲解接篮球的技巧时，经常这样描述：当接迎面飞来的篮球，手接触到球以后，两臂随球后引至胸前把球接住.这样做的目的是（）A．减小篮球的冲量B．减小篮球的动量变化C．增大篮球的动量变化D．减小篮球的动量变化率4.如图所示，一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s。
下列说法正确的是()A．球棒对垒球的平均作用力大小为1260NB．球棒对垒球的平均作用力大小为360NC．球棒对垒球做的功为238.5JD．球棒对垒球做的功为36J在光滑水平面上向东运动。
当5.如图所示，质量为m的人立于平板车上，人与车的总质量为M，人与车以速度v1竖直跳起时，车的速度变为 ()此人相对于车以速度v2A．向东B．向东C．向东D．v1向东6.如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点且质量相等。
Q与轻质弹簧相连。
设Q静止，P 以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞。
在整个碰撞过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于()A．P的初动能B ．P 的初动能的C ．P 的初动能的D ．P 的初动能的7.有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长，一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量，他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，然后他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离d ，然后用卷尺测出船长L ．已知他自身的质量为m ，则渔船的质量为（ ）A ．B ．C ．D ．8.水平拉力F 1、F 2分别作用在水平面的物体上一段时间后又撤去，使物体都由静止开始运动而后又停下.如果物体在两种情况下的总位移相等，且F 1＞F 2，那么在这样的情况中( )A ．F 1比F 2的冲量大B ．F 1比F 2的冲量小C ．F 1与F 2的冲量相等D ．F 1与F 2的冲量大小无法比较9.如图是电熨斗的结构图，下列说法正确的是（ ）A ．双金属片的膨胀系数上层金属小于下层金属B ．常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分离C ．需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移D ．双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断10.下列四幅图所反映的物理过程中，系统动量守恒的是 ( )A ．B ．C ．D ．二、不定项选择题关于下列图象的描述和判断正确的是 ( )A ．图甲表示，电子束通过铝箔时的衍射图样证实了运动电子具有粒子性B ．图甲表示，电子束通过铝箔时的衍射图样证实了运动电子具有波动性C ．图乙表示，随着温度的升高，各种波长的辐射强度都会减小D ．图乙表示，随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动三、多选题如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m 1和m 2的两物块A 、B 相连接，并静止在光滑的水平面上。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.某军事试验场正在平地上试验地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，导弹的v﹣t图象如图所示，则下述说法正确的是（）A．在0﹣1s内导弹匀速上升B．在1﹣2s内导弹静止不动C．3s末导弹的加速度方向改变D．5s末导弹恰好回到出发点2.光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法不正确的是（）A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的即时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是3.一物体由静止沿光滑斜面匀加速下滑距离为L时，速度为V，当它的速度是时，它由静止沿斜面下滑的距离是（）A．B．C．D．4.在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t﹣3t2（x的单位是m，t的单位是s）．则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为（）A．25m B．50m C．75m D．150m二、计算题1.初速度为零的匀加速直线运动，在第3秒、第4秒内的总位移是12米，则第5秒内的位移是多少？2.一物体做匀加速直线运动，初速度为0.5m/s，第7s内的位移比第5s内的位移多4m，求：（1）物体的加速度；（2）物体在5s内的位移．3.物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小是2m/s2，它在某1s内通过的距离是15m，问：（1）物体在这1s以前已运动了多长时间？（2）物体在这1s以前已经通过了多少位移？4.骑自行车的人以5m/s的初速度匀减速地上一个斜坡，加速度的大小是0.4m/s2，斜坡的长度是30m，求骑车人通过斜坡需要的时间．5.某型号的舰载飞机在航空母舰上加速时，发动机的最大加速度为5m/s2，所需的起飞速度为50m/s，跑道长100m，通过计算判断，飞机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使飞机在开始滑行时就有一定的初速度，航空母舰装有弹射装置．对于该型号的舰载飞机，弹射系统必须使它具有多大的初速度？6.从车站开出的汽车，做匀加速直线运动，走了12s时，发现还有乘客没上来，于是立即做匀减速直线运动至停车，总共历时20s，行进了50m，求汽车的最大速度．7.一辆汽车从静止开始做匀加速直线运动，已知途中经过相距27m的A、B两点所用时间为2s，汽车经过B点时的速度为15m/s．求：（1）汽车经过A点时的速度大小；（2）A点与出发点间的距离．8.今年入冬以来，我国多地出现了雾霾天气，给交通安全带来了很大的危害．某地雾霾天气中高速公司上的能见度只有72m，要保证行驶前方突发紧急情况下汽车的安全，汽车行驶的速度不能太大．已知汽车刹车时的加速度大小为5m/s2．（1）若前方紧急情况出现的同时汽车开始制动，汽车行驶的速度不能超过多大？（结果可以带根号）（2）若驾驶员从感知前方紧急情况到汽车开始制动的反应时间为0.6s，汽车行驶的速度不能超过多大？湖南高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.某军事试验场正在平地上试验地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，导弹的v﹣t图象如图所示，则下述说法正确的是（）A．在0﹣1s内导弹匀速上升B．在1﹣2s内导弹静止不动C．3s末导弹的加速度方向改变D．5s末导弹恰好回到出发点【答案】D【解析】速度时间图象中图象的点表示某一时刻的速度，图线能说明物体运动性质；图象与时间轴围成的面积表示物体在某一时间内通过的位移．解：A、由图可知，0～1s内导弹的速度随时间均匀增加，故导弹做匀加速直线运动，故A错误；B、1﹣2s内物体的速度一直不变，故导弹是匀速上升，故B错误；C、3s末图线的斜率没发生改变，故加速度方向没变，故C错误；D、前3s内物体在向上运动，上升的高度为=60m；3到5s内导弹下落，下落高度为×2×60=60m，故说明导弹5s末的位移为零，回到出发点，故D正确；故选：D．【点评】本题中要注意方向性，时间轴上方为正，表示物体沿正方向运动，时间轴下方的为负，表示物体运动方向沿负方向．2.光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法不正确的是（）A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的即时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是【答案】B【解析】匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据速度位移公式求出中间位置的速度．解：A、物体在全过程中的平均速度．故A正确．B、中间时刻的瞬时速度等于整个过程中的平均速度，等于．故B错误．C 、设中间速度为v ，．，，，联立解得，v=，t=．故C 、D 正确．本题选错误的，故选B ．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．3.一物体由静止沿光滑斜面匀加速下滑距离为L 时，速度为V ，当它的速度是时，它由静止沿斜面下滑的距离是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A【解析】物体沿光滑斜面匀加速下滑，对位移等于L 时，由速度位移关系公式，列出速度与L 、a 的关系式；对速度为 时，再由速度位移关系公式，列出速度与L 、a 的关系式，然后用比例法求解．解：设物体的加速度为a ．由速度位移关系公式得：v 2=2aL ①（）2=2ax ②由②：①得x=故选A【点评】本题要抓住物体的加速度恒定，不需要研究时间，选用速度位移关系公式，运用比例法求解．4.在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为：x=30t ﹣3t 2（x 的单位是m ，t 的单位是s ）．则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为（ ）A ．25mB ．50mC ．75mD ．150m【答案】C【解析】根据变化规律可知初速度和加速度，刹车后末速度为零，再根据速度与位移的关系公式可求得刹车后痕迹的长度．解：根据x=30t ﹣3t 2可知，初速度v 0=30m/s ，加速度a=﹣6m/s 2．刹车后做匀减速运动的位移为刹车痕迹长度：x=故选：C【点评】此题要求能够根据位移与时间的关系，得出初速度和加速度，难度不大，属于基础题．二、计算题1.初速度为零的匀加速直线运动，在第3秒、第4秒内的总位移是12米，则第5秒内的位移是多少？【答案】9m【解析】根据初速度为0的匀变速直线运动的规律求解，根据：第一个Ts 内，第二个Ts 内，第三个Ts 内．的位移之比 1：3：5：…：（2n ﹣1）解：根据初速度为0的匀变速直线运动的位移公式：x=at 2可得：物体通过的第一段位移为：x 1=a×12又前2s 的位移减去前1s 的位移就等于第2s 的位移，故物体通过的第二段位移为：x 2=a×22﹣a×12=a×3 同理可知，第3s 内的位移为：x 3=；故它在第1秒内、第2秒内、第3秒内、第4s 内、第5s 内位移之比为1：3：5：7：9．故在第3秒、第4秒内的总位移与第5秒内的位移之比为：在第3秒、第4秒内的总位移是12米，则第5秒内的位移为：m答：第5秒内的位移是9m ．【点评】此题考查初速度为零的匀变速直线运动规律：1、1秒末，2秒末，3秒末．的速度之比：V 1：V 2：V 3：…V n =1：2：3：…：n2、前一秒内，前二秒内，前三秒内．的位移之比：1：4：9…：n 23、第一个Ts 内，第二个Ts 内，第三个Ts 内．的位移之比 1：3：5：…：（2n ﹣1）4、通过连续相等的位移所用时间之比 1：（）：（）：（﹣）2.一物体做匀加速直线运动，初速度为0.5m/s ，第7s 内的位移比第5s 内的位移多4m ，求：（1）物体的加速度；（2）物体在5s 内的位移．【答案】（1）2m/s 2（2）27.5m【解析】（1）根据相邻的相等时间内的位移差是一恒量，即：△x=aT 2，求出物体的加速度．（2）利用匀变速直线运动的位移公式求解．解：（1）利用相邻的相等时间里的位移差公式：△x=aT 2，得：a=（2）物体在5s 内的位移为：=27.5m 答：（1）物体的加速度为2m/s 2；（2）物体在5s 内的位移为27.5m ．【点评】解决本题的根据掌握匀变速直线运动的速度公式和位移公式，以及掌握推论：根据相邻的相等时间内的位移差是一恒量，即：△x=aT 2．3.物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小是2m/s 2，它在某1s 内通过的距离是15m ，问：（1）物体在这1s 以前已运动了多长时间？（2）物体在这1s 以前已经通过了多少位移？【答案】（1）7s（2）49m【解析】物体做匀加速运动，根据位移时间公式求解时间和位移．解：（1）设这1s 前物体运动了t s ．则据题有：a （t+1）2﹣at 2=15将a=2m/s 2代入，得：t=7s（2）这一秒前已经通过的位移：x=at 2=49m答：（1）物体在这1s 以前已运动了7s 时间．（2）物体在这1s 以前已经通过了49m 位移．【点评】熟练掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式是解决本题的关键，要明确任意一秒内位移与总位移的关系．4.骑自行车的人以5m/s 的初速度匀减速地上一个斜坡，加速度的大小是0.4m/s 2，斜坡的长度是30m ，求骑车人通过斜坡需要的时间．【答案】10s【解析】已知自行车的初速度、加速度及位移，则由位移公式可求得自行车通过斜坡需要的时间．解：由已知可得，自行车的初速度为v 0=5m/s ，加速度为a=﹣0.4m/s 2；位移x=30m ；由位移公式可得：x=v 0t+at 2代入数据得：t 1=10s ；t 2=15s （舍去）答：骑车人通过斜坡需要的时间为10s ．【点评】本题要注意人为匀减速运动，故加速度为负；同时，要注意考虑人的实际情况，不可能存在又返回的情况．5.某型号的舰载飞机在航空母舰上加速时，发动机的最大加速度为5m/s 2，所需的起飞速度为50m/s ，跑道长100m ，通过计算判断，飞机能否靠自身的发动机从舰上起飞？为了使飞机在开始滑行时就有一定的初速度，航空母舰装有弹射装置．对于该型号的舰载飞机，弹射系统必须使它具有多大的初速度？【答案】10 m/s【解析】通过匀变速直线运动的速度位移公式v 2﹣v 02=2ax ，求出飞机不依靠弹射系统起飞离开跑道时的速度，来判断飞机能否依靠自身的发动机从舰上起飞．然后再根据速度位移公式v 2﹣v 02=2ax ，求出弹射系统施给飞机的初速度．解：发动机的最大加速度为5m/s 2，所需的起飞速度为50m/s ，跑道长100m ，由2ax=v 2﹣v 02得x=250m若靠飞机自身的发动机，需要250m 的跑道，所以不能起飞．由2ax=v 2﹣v 0′2得 v 0′=10 m/s弹射系统必须使它具有10 m/s 的初速度．答：飞机不能靠自身的发动机从舰上起飞．弹射系统必须使它具有10 m/s 的初速度．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式v 2﹣v 02=2ax ．6.从车站开出的汽车，做匀加速直线运动，走了12s 时，发现还有乘客没上来，于是立即做匀减速直线运动至停车，总共历时20s ，行进了50m ，求汽车的最大速度．【答案】5m/s【解析】汽车的运动分为匀加速和匀减速过程，可以灵活选择运动学公式列方程求解，还可以用图象法求解． 解：匀加速阶段和匀减速阶段平均速度相等，都等于，则有：， 解得最大速度为：． 答：汽车的最大速度为5m/s ．【点评】本题可以灵活选择运动学公式列方程求解，还可以用图象法求解，关键是选择最简方法．7.一辆汽车从静止开始做匀加速直线运动，已知途中经过相距27m 的A 、B 两点所用时间为2s ，汽车经过B 点时的速度为15m/s ．求：（1）汽车经过A 点时的速度大小；（2）A 点与出发点间的距离．【答案】（1）12m/s（2）48m【解析】（1）根据求出AB 两点间的平均速度，再根据，求出A 点的速度大小．（2）根据速度时间公式求出加速度a ，根据，求出A 点与出发点的距离解：（1）A 、B 两点的平均速度，代入数据得，v A =12m/s ． 故经过A 点的速度大小为12m/s ．（2）汽车运动的加速度．故A 点与出发点的距离为48m ．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动平均速度公式，以及速度位移公式．8.今年入冬以来，我国多地出现了雾霾天气，给交通安全带来了很大的危害．某地雾霾天气中高速公司上的能见度只有72m ，要保证行驶前方突发紧急情况下汽车的安全，汽车行驶的速度不能太大．已知汽车刹车时的加速度大小为5m/s 2．（1）若前方紧急情况出现的同时汽车开始制动，汽车行驶的速度不能超过多大？（结果可以带根号）（2）若驾驶员从感知前方紧急情况到汽车开始制动的反应时间为0.6s ，汽车行驶的速度不能超过多大？【答案】（1）m/s ；（2）24m/s ．【解析】（1）根据速度位移公式求出求出汽车行驶的最大速度；（2）汽车在反应时间内的做匀速直线运动，结合匀速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移之和等于72m ，运用运动学公式求出汽车行驶的最大速度．解：（1）设汽车刹车的加速度a=﹣5m/s 2，要在s=72m 内停下，行驶的速度不超过v 1，由运动学方程有：0﹣v 12=﹣2as ①代入题中数据可得：v 1=12m/s（2）设有汽车行驶的速度不超过v 2，在驾驶员的反应时间t 0内汽车作匀速运动的位移s 1：s 1=v 2t 0 ②刹车减速位移s 2= ③s=s 1+s 2 ④由②～④式并代入数据可得：v 2=24m/s答：（1）汽车行驶的速度不能超过m/s ；（2）汽车行驶的速度不能超过24m/s ．【点评】解决本题的关键知道在反应时间内汽车做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，抓住总位移，结合运动学公式灵活求解．。
高二物理下学期第三次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二〔下〕第三次月考物理试卷一、不定项选择题．〔每一小题5分，共30分．对而不全得3分〕1．〔5分〕〔2013•亭湖区校级学业考试〕如下列图，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度变化的情况是〔〕A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大2．〔5分〕〔2014秋•宝安区校级期中〕如下列图，用轻绳将小球悬于O点，力F拉住小球使悬线偏离竖直方向60°角，小球处于平衡状态，要使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ是〔〕A．90°B．60°C．30°D．0°3．〔5分〕〔2012•平遥县模拟〕一质量为1kg的物体被人用手由静止竖直向上提升1m，此时物体的速度为2m/s，如此在此过程中〔g 取10m/s2〕〔〕A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体抑制重力做功10J4．〔5分〕〔2014春•湘潭县校级月考〕地球同步卫星质量为m，离地高度为h，假设地球半径为R0，地球外表处重力加速度为g0，地球自转角速度为ω0，如此同步卫星所受的地球对它的万有引力的大小为〔〕A．0 B．mC．m D．以上结果都不正确5．〔5分〕〔2005•武汉二模〕如下列图的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一电子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度v B经过B 点，且v A和v B的方向相反，如此〔〕A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的速度一定小于在B点的速度D．电子在A点的电势能一定小于在B点的电势能6．〔5分〕〔2011•永春县校级模拟〕在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要准确的重力加速度g值，g值可由实验准确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法〞，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干预的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落至原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于〔〕A．B．C．D．二、计算题．〔共20分〕解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值与单位．7．〔10分〕〔2009•南充模拟〕如下列图是一个设计“过山车〞的试验装置的原理示意图，光滑斜面AB与竖直面内的圆形轨道在B点平滑连接，圆形轨道半径为R．一个质量为m的小车〔可视为质点〕在A点由静止释放沿斜面滑下，当它第一次经过B点进入圆形轨道时对轨道的压力为其重力的7倍，小车恰能完成圆周运动并第二次经过最低点沿水平轨道向右运动．重力加速度为g．〔1〕求A点距水平面的高度h；〔2〕假设小车在竖直圆轨道左、右半圆轨道局部抑制摩擦阻力做的功相等，求小车第二次经过竖直圆轨道最低点时的速度大小．8．〔10分〕〔2013•兰州模拟〕如下列图，在xOy平面的第三象限有一场强为E的匀强电场，电场的方向平行于y轴向上；在第四象限有一匀强磁场，方向垂直于纸面．平面内其他局部为真空．有一质量为m，电荷量﹣q的质点由电场左侧平行于x轴以初速度v0从A点射入电场．质点到达x轴上M点时，速度方向与x轴的夹角为θ，M点与原点O的距离为d．接着，质点进入磁场，并从y轴上的N点〔图中没有画出〕垂直于y轴飞离磁场．不计重力影响．求〔1〕A点的横坐标；〔2〕匀强磁场的磁感应强度强B的大小和方向；〔3〕质点从A到N的时间．2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二〔下〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题．〔每一小题5分，共30分．对而不全得3分〕1．〔5分〕〔2013•亭湖区校级学业考试〕如下列图，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度变化的情况是〔〕A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：对物体进展受力分析，根据合力的变化确定加速度的变化．根据加速度的方向和速度方向的关系判断速度的变化．解答：解：对物体进展受力分析：竖直方向物体受力平衡，水平方向受向左的推力F和向右的弹簧的弹力，刚开始F大于弹力，加速度方向向左，根据牛顿第二定律得：a=，而由于物体向左运动，x逐渐增大，加速度a逐渐减小，但加速度方向与速度方向一样，故物体速度逐渐增大，当F等于弹力时，加速度为0，速度达到最大值，继续向左运动时，弹力继续增大，加速度方向改变且逐渐增大，而速度逐渐减小，最后速度减为0，所以速度先增大后减小，加速度先减小后增大，故D正确．应当选D．点评：加速度由合外力和质量决定，此题关键是能正确对运动过程进展受力分析，难度适中．2．〔5分〕〔2014秋•宝安区校级期中〕如下列图，用轻绳将小球悬于O点，力F拉住小球使悬线偏离竖直方向60°角，小球处于平衡状态，要使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ是〔〕A．90°B．60°C．30°D．0°考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球受重力、绳子的拉力和外力F处于平衡，运用作图法分析什么条件下外力F最小．解答：解：外力F和绳子拉力的合力与重力等值反向，从图上看出，合力一定，绳子拉力方向一定，当外力F与绳子拉力方向垂直时，外力F最小．根据几何关系，知F与竖直方向的夹角为30°．故C正确，A、B、D错误．应当选C．点评：此题是物体平衡中极值问题，通过作图法得到极值的条件，也可以采用数学函数法求解极值．3．〔5分〕〔2012•平遥县模拟〕一质量为1kg的物体被人用手由静止竖直向上提升1m，此时物体的速度为2m/s，如此在此过程中〔g 取10m/s2〕〔〕A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体抑制重力做功10J考点：动能定理的应用；功的计算；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：物体的重力和上升的位移，如此可求得物体抑制重力所做的功；由动能定理可求得合外力对物体所做的功；如此可求得人手对物体所做的功．解答：解：物体抑制重力所做功W G=mgh=1×10×1J=10J，故D正确；由动能定理可知，外力对物体所做的功W=△E k=mv2=J=2J；故B错误，C正确；因物体在运动过程中只有手和重力所做的功，故W手﹣W G=W，如此手对物体所做的功W手=10+2J=12J，故A正确；应当选ACD．点评：功能关系是物理学中重要内容之一，要明确各力做功与能量转化间的关系，如合外力做功等于物体动能的变化；重力做功等于重力势能的变化等．4．〔5分〕〔2014春•湘潭县校级月考〕地球同步卫星质量为m，离地高度为h，假设地球半径为R0，地球外表处重力加速度为g0，地球自转角速度为ω0，如此同步卫星所受的地球对它的万有引力的大小为〔〕A．0 B．mC．m D．以上结果都不正确考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力得出同步卫星处的重力加速度，从而得出同步卫星受到地球对它的万有引力大小．解答：解：根据，，解得：，如此同步卫星所受的万有引力为：F=mg′=m．根据万有引力提供向心力得，F=．同步卫星做圆周运动由万有引力提供向心力得：F=mω〔R0+h〕=mg′=m，因h+R=，所以F=mω〔R0+h〕=m．故B、C正确，A、D错误．应当选：BC．点评：解决此题的关键知道万有引力等于重力这一理论，知道重力加速度与高度的关系．根底题．5．〔5分〕〔2005•武汉二模〕如下列图的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一电子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度v B经过B 点，且v A和v B的方向相反，如此〔〕A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的速度一定小于在B点的速度D．电子在A点的电势能一定小于在B点的电势能考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场的强弱，由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线更密集．由于带正电的粒子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，即可判断出电子所受的电场力方向向左，电场线方向向右．沿电场线方向电势降低，由于从A到B过程中电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小．解答：解：A、由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线更密集，故无法判断AB 两点哪儿场强更大，故A错误．B、由于电子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，故电子所受电场力方向向左，而电子所受电场力的方向与电场的方向相反，故场强向右，所以A点电势大于B点的电势．故B错误．C、由于从A到B过程中电场力做负功，电子的动能减小，所以电子在A点的速度一定大于在B点的速度，故C错误．D、从A到B过程中电场力做负功，电子的电势能增大，所以电子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能，故D正确．应当选：D．点评：物体速度方向的变化说明物体所受的电场力方向向左，这是此题的突破口．学会寻找解题的突破口是我们学习物理时必须具有的一种能力．6．〔5分〕〔2011•永春县校级模拟〕在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要准确的重力加速度g值，g值可由实验准确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法〞，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干预的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落至原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于〔〕A．B．C．D．考点：激光的特性和应用；匀变速直线运动的公式；竖直上抛运动．分析：此题考查了竖直上抛运动的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两局部组成．解答：解：〔1〕小球从O点上升到最大高度过程中：h1=g 〔〕2①小球从P点上升的最大高度：h2=g〔〕2②依据题意：h1﹣h2=H ③联立①②③解得：g=应当选A点评：分析物体运动的形式，根据运动特点，然后选择相应的规律求解是解决运动问题的根本思路，要在学习中不断培养解题思路．二、计算题．〔共20分〕解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值与单位．7．〔10分〕〔2009•南充模拟〕如下列图是一个设计“过山车〞的试验装置的原理示意图，光滑斜面AB与竖直面内的圆形轨道在B点平滑连接，圆形轨道半径为R．一个质量为m的小车〔可视为质点〕在A点由静止释放沿斜面滑下，当它第一次经过B点进入圆形轨道时对轨道的压力为其重力的7倍，小车恰能完成圆周运动并第二次经过最低点沿水平轨道向右运动．重力加速度为g．〔1〕求A点距水平面的高度h；〔2〕假设小车在竖直圆轨道左、右半圆轨道局部抑制摩擦阻力做的功相等，求小车第二次经过竖直圆轨道最低点时的速度大小．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕设第一次小车运动到B点的速度大小为v B，根据牛顿第二定律与牛顿第三定律求出B点速度，小车从A点运动到B点的过程机械能守恒，以B点位置为重力势能零点，求出高度；〔2〕设小车在圆轨道最高点的速度为v C，重力提供向心力，此时根据向心力公式求出C点速度，设小车在右半圆轨道上抑制阻力做功W f，对小车从B点运动到C的点过程，根据动能定理求出W f，对小车从B点运动到C点再回到B点的过程，根据动能定理列式即可求解．解答：解：〔1〕设第一次小车运动到B点的速度大小为v B，受到的支持力为N，根据牛顿第二定律：N﹣mg=m依题意和牛顿第三定律：N=7mg解得 v B=小车从A点运动到B点的过程机械能守恒，以B点位置为重力势能零点，如此有：mgh=解得 h=3R〔2〕设小车在圆轨道最高点的速度为v C，重力提供向心力，此时根据向心力公式有：mg=m解得：v c=设小车在右半圆轨道上抑制阻力做功W f，对小车从B点运动到C的点过程，根据动能定理有﹣mg2R﹣W f=﹣解得 W f=mgR设小车第二次经过B点时的速度为v′，对小车从B点运动到C点再回到B点的过程，根据动能定理有：﹣2W f=﹣解得v′=2答：〔1〕A点距水平面的高度h为3R；〔2〕小车第二次经过竖直圆轨道最低点时的速度大小为2．点评：涉与力在空间的效应，要优先考虑动能定理．对于圆周运动，涉与力的问题，往往根据向心力进展分析处理．难度适中．8．〔10分〕〔2013•兰州模拟〕如下列图，在xOy平面的第三象限有一场强为E的匀强电场，电场的方向平行于y轴向上；在第四象限有一匀强磁场，方向垂直于纸面．平面内其他局部为真空．有一质量为m，电荷量﹣q的质点由电场左侧平行于x轴以初速度v0从A点射入电场．质点到达x轴上M点时，速度方向与x轴的夹角为θ，M点与原点O的距离为d．接着，质点进入磁场，并从y轴上的N点〔图中没有画出〕垂直于y轴飞离磁场．不计重力影响．求〔1〕A点的横坐标；〔2〕匀强磁场的磁感应强度强B的大小和方向；〔3〕质点从A到N的时间．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：〔1〕粒子在电场中做的是类平抛运动，根据速度的分解得到质点经过A点时竖直分速度，由运动学公式和牛顿第二定律求解．〔2〕质点进入磁场的速度为 v=，做匀速圆周运动．由几何关系求出轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力，列式求解磁感应强度强B的大小，由左手定如此判断B的方向．〔3〕质点的运动分为三个阶段：电场中类平抛运动，无场区匀速直线运动，磁场中匀速圆周运动，分段根据运动学公式求时间，再求解总时间．解答：解：〔1〕由题意可知质点从电场中射出后，匀速直线运动至x轴，故其速度方向偏转了θ，设从y轴上的N点射出电场时的速度大小为v，竖直分速度大小为v y．如此有：v=①v y=at1=v0tanθ ②根据牛顿第二定律有：a=③①、③代入②得：t1=④A点的横坐标为 x A=v0t1=⑤〔2〕质点进入磁场后做匀速圆周运动，因为质点过y轴，故磁场的方向垂直纸面向里．由洛伦兹力提供向心力qvB=，R=⑥由图中的几何关系可知 R=⑦由①⑤⑥得：B=⑧〔3〕质点的运动分为三个阶段，第一阶段在电场中时间为 t1=⑨第二阶段在第一象限匀速直线运动时间为t2==⑩第三阶段在磁场中做匀速圆周运动时间为 t3===⑾从A到M的总时间为t=t1+t2+t3=++⑿答：〔1〕A点的横坐标是；〔2〕匀强磁场的磁感应强度强B的大小为，方向垂直纸面向里；〔3〕质点从A到N的时间是++．点评：此题为电荷在电场和磁场中运动的题目，在电场中要能熟练运用运动的分解法研究，而在磁场中，注意找出圆心和半径；同时要注意题目中哪些为量哪些为未知量．。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合事实的是A．丹麦物理学家奥斯特梦圆电生磁，终于发现了电磁感应现象B．英国物理学家麦克斯韦认为，磁场变化时会在空间激发一种电场C．法拉第发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．安培定则是用来判断通电导线在磁场中所受安培力方向的2.关于电场线，下列说法中正确的是A．电场线不是客观存在的B．电场线与电荷运动的轨迹是一致的C．电场线上某点的切线方向与电荷在该点的受电场力方向共线D．沿电场线方向，场强一定越来越大3.电场中有一点P，下列说法正确的是A．若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受的电场力越大D．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向4.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。
电场线与矩形所在的平面平行。
已知a 点的电势是20V， b点的电势是24V，d点的电势是4V，如图。
由此可知，c点的电势为A．4V B．8V C．12V D．24V5.在图示的电路中，电源内阻r不可忽略，开关S闭合后，当可变电阻R的滑动片P向向上移动时，关于电路中相关参量变化的判断中正确的是：A．AB两点间的电压减小B．AB两点间的电压增大C．通过可变电阻R的电流增大D．通过可变电阻R的电流减少6.一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r 的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则A．电动机消耗的总功率为UI B．电动机消耗的热功率为U2/RC．电源的输出功率为EI D．电源的效率为7.磁性水雷是用一个可以绕轴转动的小磁针来控制起爆电路的，军舰被地磁场磁化后就变成了一个浮动的磁体，当军舰接近磁性水雷时，就会引起水雷的爆炸，其依据是A．磁体的吸铁性B．磁场对电流的作用原理C．电荷间的相互作用规律D．磁极间的相互作用规律8.某个由导电介质制成的电阻截面如图所示。
高二物理下学期第一次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2014-2015学年江西省赣州市信丰中学高二〔下〕第一次月考物理试卷一、选择题〔以下第小题为多项选择题，其余单项选择，共计10题，每题4分，共计40分．少选的得2分，不选和多项选择的为0分〕1．〔4分〕〔2011秋•新建县校级期末〕关于楞次定律，如下说法正确的答案是〔〕A．感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B．闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，必受磁场阻碍作用C．原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，感应电流的磁场与原磁场同向D．感生电流的磁场总是跟原磁场反向，阻碍原磁场2．〔4分〕〔2013•和平区三模〕小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动．产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如下列图，此线圈与一个R=10Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，如下说法正确的答案是〔〕A．交变电流的周期为0.125s B．交变电流的频率为8HzC．交变电流的有效值为 A D．交变电流的最大值为4A3．〔4分〕〔2007•广东〕压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图〔a〕所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球．小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图〔b〕所示，如下判断正确的答案是〔〕A．从t1到t2时间内，小车做匀速直线运动B．从t1到t2时间内，小车做匀加速直线运动C．从t2到t3时间内，小车做匀速直线运动D．从t2到t3时间内，小车做匀加速直线运动4．〔4分〕〔2014春•晋江市校级期中〕处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合〔如图〕，线圈的cd边离开纸面向外运动．假设规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，如此能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是〔〕A．B．C． D．5．〔4分〕〔2013•辽宁一模〕如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示．变压器右侧局部为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料〔电阻随温度升高而减小〕制成的传感器，R1为一定值电阻．如下说法中正确的答案是〔〕A．电压表v示数为22VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表v的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变小6．〔4分〕〔2012春•临川区校级期中〕要使b线圈中产生图示I方向的电流，可采用的方法有〔〕A．断开的K瞬间B．K闭合后把R的滑动片向右移C．闭合K后把b向a靠近D．闭合K后把a中铁芯从左边抽出7．〔4分〕〔2015春•厦门校级期末〕如下列图，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做如下哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引〔〕A．向右做匀速运动B．向左做减速运动C．向右做减速运动D．向右做加速运动8．〔4分〕〔2013秋•船营区校级期中〕如下列图，上下不等宽的平行金属导轨的EF和GH两局部导轨间的距离为2L，IJ和MN两局部导轨间的距离为L，导轨竖直放置，整个装置处于水平向里的匀强磁场中，金属杆ab和cd的质量均为m，都可在导轨上无摩擦地滑动，且与导轨接触良好，现对金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，此时cd处于静止状态，如此F的大小为〔〕A．2mg B．3mg C．4mg D．1mg9．〔4分〕〔2014秋•东河区校级期末〕如图中回路竖直放在匀强磁场中，磁场的方向垂直于回路平面向外，导体AC可以贴着光滑竖直长导轨下滑．设回路的总电阻恒定为R，当导体AC 从静止开始下落后，下面表示中正确的说法有〔〕A．导体下落过程中，机械能守恒B．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为在电阻上产生的热量C．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能D．导体达到稳定速度后的下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为回路中增加的内能10．〔4分〕〔2012•浙江校级模拟〕在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2二、填空题〔16分〕11．〔8分〕〔2012春•临川区校级期中〕光敏电阻是用半导体材料制成的．如下列图，将一个光敏电阻与多用电表联成一电路，此时选择开关放在欧姆档，照射在光敏电阻上的光强逐渐增大，如此欧姆表指针的偏转角度〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．假设将选择开关放在电流挡，同样增大照射光强度，如此指针偏转角度．〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．12．〔8分〕〔2011秋•扶余县校级期末〕如图，边长为a、电阻为R的正方形线圈在水平外力的作用下以速度v匀速穿过宽为b的有界的匀强磁场区域，磁场的磁感应强度为B，从线圈开始进入磁场到线圈刚离开磁场的过程中，外力做功为W．假设a＞b，如此W=，假设a＜b，如此W=．三、计算题〔44分〕13．〔8分〕〔2010秋•抚州期末〕如图甲所示的螺线管的匝数n=1500，横截面积S=20cm2，电阻r=1.5Ω，与螺线管串联的外电阻R1=10Ω，R2=3.5Ω．假设穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图乙所示的规律变化，计算R1上消耗的电功率．14．〔10分〕〔2012春•临川区校级期中〕某发电站的输出功率为103KW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向远处供电．输电导线的电阻为R=100Ω，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：〔1〕升压变压器的输出电压；〔2〕输电线路上的电压损失．15．〔12分〕〔2012春•中山期末〕如下列图，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体ab质量是0.2kg，电阻是0.1Ω，匀强磁场的磁感应强度B=0.1T，方向垂直框架向上，现用1N的外力F由静止拉动ab杆，当ab的速度达到1m/s时，求此时刻〔1〕ab 杆产生的感应电动势的大小；〔2〕ab杆的加速度的大小？〔3〕ab杆所能达到的最大速度是多少？16．〔14分〕〔2012秋•库尔勒市校级期末〕如下列图，两根相距L平行放置的光滑导电轨道，与水平面的夹角均为α，轨道间有电阻R，处于磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中，一根质量为m、电阻为r的金属杆ab，由静止开始沿导电轨道下滑．设下滑中ab杆始终与轨道保持垂直，且接触良好，导电轨道有足够的长度，且电阻不计．求：〔1〕ab杆将做什么运动？〔2〕假设开始时就给ab沿轨道向下的拉力F使其由静止开始向下做加速度为a的匀加速运动〔a＞gsinα〕．求拉力F与时间t的关系式．2014-2015学年江西省赣州市信丰中学高二〔下〕第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔以下第小题为多项选择题，其余单项选择，共计10题，每题4分，共计40分．少选的得2分，不选和多项选择的为0分〕1．〔4分〕〔2011秋•新建县校级期末〕关于楞次定律，如下说法正确的答案是〔〕A．感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B．闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，必受磁场阻碍作用C．原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，感应电流的磁场与原磁场同向D．感生电流的磁场总是跟原磁场反向，阻碍原磁场考点：楞次定律．分析：根据楞次定律分析感应电流磁场的作用．闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，必受磁场阻碍作用．原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，感应电流的磁场与原磁场反向；原磁场穿过闭合回路的磁通量磁减小时，感应电流的磁场与原磁场同向．解答：解：A、根据楞次定律得知：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．故A正确．B、闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，磁场对导体有安培力，起到阻碍导体与磁场相对运动的作用．故B正确．C、原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，根据楞次定律得知，感应电流的磁场与原磁场反向．故C错误．D、感生电流的磁场不一定跟原磁场反向，只有当原磁通量增加时，感生电流的磁场才跟原磁场反向，而当原磁通量减小时，感生电流的磁场跟原磁场同向．故D错误．应当选AB点评：楞次定律是反映感应电流方向的规律，简述为感应电流总是阻碍磁通量的变化，不是阻碍磁场．2．〔4分〕〔2013•和平区三模〕小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动．产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如下列图，此线圈与一个R=10Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，如下说法正确的答案是〔〕A．交变电流的周期为0.125s B．交变电流的频率为8HzC．交变电流的有效值为 A D．交变电流的最大值为4A考点：交流的峰值、有效值以与它们的关系．专题：交流电专题．分析：从图象中可以求出该交流电的最大电压以与周期等物理量，然后根据最大值与有效值以与周期与频率关系求解．解答：解：A、由图可知，交流电周期T=0.250s，故A错误；B、交流电周期T=0.250s，交变电流的频率为f==4Hz，故B错误；C、由图可知，交流电的最大电压U m=20V，所以交变电流的最大值为I m==2A，所以交变电流的有效值为I==A，故C正确，D错误；应当选：C．点评：此题考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解．3．〔4分〕〔2007•广东〕压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图〔a〕所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球．小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图〔b〕所示，如下判断正确的答案是〔〕A．从t1到t2时间内，小车做匀速直线运动B．从t1到t2时间内，小车做匀加速直线运动C．从t2到t3时间内，小车做匀速直线运动D．从t2到t3时间内，小车做匀加速直线运动考点：闭合电路的欧姆定律；传感器在生产、生活中的应用．专题：压轴题；恒定电流专题．分析：压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，而电流变大说明电阻变小，故电流变大说明压力变大；反之，电流变小说明压力变小；电流不变说明压力不变．解答：解：A、在t1～t2内，I变大，阻值变小，压力变大，小车做变加速运动，故A错误；B、在t1～t2内，I变大，阻值变小，压力变大，小车做变加速运动，故B错误；C、在t2～t3内，I不变，压力恒定，小车做匀加速直线运动，故C错错误；D、在t2～t3内，I不变，压力恒定，小车做匀加速直线运动，故D正确；应当选：D．点评：此题关键是根据电流变化情况判断压力变化情况，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况，从而判断小车的可能运动情况．4．〔4分〕〔2014春•晋江市校级期中〕处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合〔如图〕，线圈的cd边离开纸面向外运动．假设规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，如此能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是〔〕A．B．C． D．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电．如此由楞次定如此可判定感应电流的方向，图示时刻的电动势最大，电流最大．解答：解：cd边离开纸面向外运动开始计时，线圈磁通量在变大，如此感应电流的磁场会阻碍其变大，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，根据右手定如此得感应电流方向是a→b→c→d→a，与规定的正方向一样，此时感应电动势最大，感应电流也最大，是余弦图象．故ABD错误，C正确．应当选：C．点评：此题的关键是知道在转动的瞬间，感应电动势最大，根据楞次定律判断感应电流的方向．5．〔4分〕〔2013•辽宁一模〕如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示．变压器右侧局部为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料〔电阻随温度升高而减小〕制成的传感器，R1为一定值电阻．如下说法中正确的答案是〔〕A．电压表v示数为22VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表v的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．解答：解：A、由图象可知，输入的电压为220V，变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为22V，电压表测的是半导体热敏材料的电压，R1，R2的总电压为22V，所以电压表的示数小于22V，所以A错误；B、当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，所以R1的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R2的电压就要减小，所以B正确；C、由B的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也就要增大，所以C错误；D、由B的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，由于R1的电阻不变，由P=I2R1可知，电阻R1的功率变大，所以D错误．应当选B．点评：此题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以与变压器变压原理、功率等问题彻底理解．6．〔4分〕〔2012春•临川区校级期中〕要使b线圈中产生图示I方向的电流，可采用的方法有〔〕A．断开的K瞬间B．K闭合后把R的滑动片向右移C．闭合K后把b向a靠近D．闭合K后把a中铁芯从左边抽出考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：首先知道判断感应电流的方向利用楞次定律，让后逐项分析即可．解答：解：A、断开K瞬间，通电螺旋管a在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生图示I反方向的电流，故A错误；B、K闭合后把R的滑动片向右移，通电螺旋管a的电流减小，在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生与图示I方向的电流相反，故B错误；C、闭合K后把b向a靠近，通电螺旋管a在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量增大，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍增大，即产生的磁场方向向左，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生图示I方向的电流，故C正确；D、闭合K后把a中铁芯从左边抽出，产生的磁场减弱，在右侧产生的磁场方向向右且穿过b 磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生与图示I方向的电流相反，故D错误．应当选：C．点评：灵活应用楞次定律求解是解题的关键，一定注意原磁场的方向，磁通量的变化和感应电流产生磁场的方向．7．〔4分〕〔2015春•厦门校级期末〕如下列图，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做如下哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引〔〕A．向右做匀速运动B．向左做减速运动C．向右做减速运动D．向右做加速运动考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒ab在匀强磁场中沿导轨运动时，根据右手定如此判断感应电流方向，感应电流通过螺线管时，由安培定如此判断磁场方向，根据楞次定律判断线圈c中感应电流方向，再确定c是否被螺线管吸引．解答：解：A、导体棒ab向右或向左做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会被螺线管吸引．故A错误．B、导体棒ab向左做减速运动时，根据右手定如此判断得到，ab中产生的感应电流方向从b→a，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向〔从左向右看〕的感应电流，与线圈中的电流的方向一样，如此线圈c被螺线管吸引．故B正确．C、导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定如此判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向〔从左向右看〕的感应电流，与线圈中的电流的方向一样，如此线圈c被螺线管吸引．故C正确．D、导体棒ab向右做加速运动时，根据右手定如此判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向〔从左向右看〕的感应电流，与线圈中的电流的方向一样反，如此线圈c被螺线管排斥．故C错误．应当选：BC．点评：此题运用右手定如此、安培定如此和楞次定律按步就班进展分析的，也可以直接根据楞次定律进展判断：线圈c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运动．8．〔4分〕〔2013秋•船营区校级期中〕如下列图，上下不等宽的平行金属导轨的EF和GH两局部导轨间的距离为2L，IJ和MN两局部导轨间的距离为L，导轨竖直放置，整个装置处于水平向里的匀强磁场中，金属杆ab和cd的质量均为m，都可在导轨上无摩擦地滑动，且与导轨接触良好，现对金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，此时cd处于静止状态，如此F的大小为〔〕A．2mg B．3mg C．4mg D．1mg考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：当ab杆向上切割磁感线，从而产生感应电动势，出现感应电流，产生安培力．安培力对于cd来说与其重力平衡，对于ab来说与重力三合起来与拉力相平衡．因此通过安培力的大小公式可分别求出两杆的受到的安培力大小，即可求解．解答：解：ab杆向上切割磁感线，从而产生感应电动势为E=BLv，出现感应电流I=，安培力大小为F安=BI•2L，对于cd来说，受到的安培力为F安=BI•L，且F安′=BI•L=mg，由于金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，所以F=mg+F安综上可得，F=mg+2mg=3mg应当选：B．点评：考查杆切割磁感线产生感应电动势，出现感应电流，产生安培力，注意安培力的有效切割长度，同时运用受力平衡条件．9．〔4分〕〔2014秋•东河区校级期末〕如图中回路竖直放在匀强磁场中，磁场的方向垂直于回路平面向外，导体AC可以贴着光滑竖直长导轨下滑．设回路的总电阻恒定为R，当导体AC 从静止开始下落后，下面表示中正确的说法有〔〕A．导体下落过程中，机械能守恒B．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为在电阻上产生的热量C．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能D．导体达到稳定速度后的下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为回路中增加的内能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应与电路结合．分析：导线下落过程中切割磁感线产生逆时针方向的感应电动势、感应电流，导线受到竖直向上的安培力，还有竖直向下的重力，下落过程中安培力做负功，机械能减小，减小的机械能转化为电能，所以机械能不守恒；下落时重力做正功，重力势能减小，减小的重力势能一局部通过抑制安培力做功转化为电能，另一局部转化为导线的动能．解答：解：A、导体下落过程中切割磁感线产生顺时针方向的感应电动势、感应电流，导体受到竖直向上的安培力，还有竖直向下的重力，下落过程中安培力做负功，机械能减小，减小的机械能转化为电能，所以机械能不守恒，故A错误．B、C、导体加速下落过程中，重力做正功，重力势能减小，减小的重力势能一局部通过抑制安培力做功转化为电能，另一局部转化为导体的动能；故B错误，C正确．D、导体下落达到稳定速度时，竖直向下的重力等于竖直向上的安培力，两力的合力等于零，导体做匀速直线运动，动能不变，导体减少的重力势能通过抑制安培力做功全部转化为回路的电能，故D正确．应当选：CD点评：解答此题时要注意：在抑制安培力做功的题目中，抑制安培力做多少功，就产生多少电能；在安培力做正功的题目中安培力做多少做功就消耗多少电能．10．〔4分〕〔2012•浙江校级模拟〕在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：由导体切割磁感线公式可求得感应电动势，由功率公式可求得电功率；由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流，如此可求得安培力，由牛顿第二定律求得加速度；由法拉第电磁感应定律可求得通过截面的电量；解答：解：A、当直径与边界限重合时，圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，故线圈中的感应电动势E=2B×2a×=2Bav；圆环中的电功率P==，故A正确；B、此时圆环受力F=2BI×2a=2B•2×2a=，由牛顿第二定律可得，加速度a==，故B错误；C、电路中的平均电动势=，如此电路中通过的电量Q=△t=△t==，故C 正确；D、此过程中产生的电能等于电路中的热量，也等于外力所做的功，如此一定也等于动能的改变量，故E=mv2﹣m=mv2=0.375mv2．故D错误；应当选：AC．点评：此题考查电磁感应规律、闭合电路运算、感应电动势瞬时值与平均值应用等．关键为：搞清楚磁通量的变化、平动切割的有效长度、瞬时值与平均值．二、填空题〔16分〕11．〔8分〕〔2012春•临川区校级期中〕光敏电阻是用半导体材料制成的．如下列图，将一个光敏电阻与多用电表联成一电路，此时选择开关放在欧姆档，照射在光敏电阻上的光强逐渐增大，如此欧姆表指针的偏转角度变大〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．假设将选择开关放在电流挡，同样增大照射光强度，如此指针偏转角度不变．〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．。
湖南省地质中学高二物理上学期精选试卷检测题
湖南省地质中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，带电量为Q 的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C 点，斜面上有A 、B 、D 三点，A 和C 相距为L ，B 为AC 中点，D 为A 、B 的中点。
现将一带电小球从A 点由静止释放，当带电小球运动到B 点时速度恰好为零。
已知重力加速度为g ，带电小球在A 点处的加速度大小为4g，静电力常量为k 。
则（ ）A ．小球从A 到B 的过程中，速度最大的位置在D 点 B ．小球运动到B 点时的加速度大小为2g C ．BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA D ．AB 之间的电势差U AB =kQ L【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】A ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 当小球速度最大时，加速度为零，有'2sin 0Qqmg θkL-= 联立上式解得'22L L =所以速度最大的位置不在中点D 位置，A 错误； B ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma Lθ-= 带电小球在B 点时，有2sin 2BQq k mg θma L -=（） 联立上式解得2B g a =B 正确；C ．根据正电荷的电场分布可知，B 点更靠近点电荷，所以BD 段的平均场强大小大于AD 段的平均场强，根据U Ed =可知，BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA ，C 正确；D ．由A 点到B 点，根据动能定理得sin 02AB Lmg θqU ⋅+= 由2sin A Qqmg kma L θ-=可得 214Qq mg k L= 联立上式解得AB kQU L=-D 错误。
故选BC 。
2．如图所示，质量相同的A 、B 两物体放在光滑绝缘的水平面上，所在空间有水平向左的匀强电场，场强大小为E ，其中A 带正电，电荷量大小为q ，B 始终不带电。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.电场线分布如图昕示，电场中a ，b 两点的电场强度大小分别为已知和，电势分别为和，则A ．，B ．，C ．，D ．，2.如图所示，在xOy 平面内有一个以O 为圆心，半径R=0．1m 的圆，P 为圆周上的一点，O 、P 两点连线与x 轴正方向的夹角为θ。
若空间存在沿y 轴负方向的匀强电场，场强大小E=100V/m ，则O 、P 两点的电势差可表示为A ．U OP =－10sinθ（V ）B ．U OP =10sinθ（V ）C ．U OP =－10cosθ（V ）D ．U OP =10cosθ（V ）3.水平放置的平行板电容器与一电池相连，在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态。
现将电容器两板间的距离增大，则A ．电容变大，质点向上运动B ．电容变大，质点向下运动C ．电容变小，质点保持静止D ．电容变小，质点向下运动4.如图，M 、N 和P 是以MN 为直径的半圆弧上的三点，O 点为半圆弧的圆心，．电荷量相等、符号相反的两个电荷分别置于M 、N 两点，这时O 点电场强度的大小为E 1；若将N 点处的点电荷移至P 点，则O 点的场强大小变为E 2、E 1与E 2之比为A ．1：2B ．2：1C ．D ．5.根据α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，图中虚线表示原子核形成的电场的等势线，实线表示一个α粒子运动的轨迹，在α粒子从a运动到b，再运动到c的过程中，下列说法中正确的是A．动能先增大，后减小B．电势能先减小，后增大C．电场力先做负功，后做正功，总功为零D．加速度先变小，后变大6.两个等量正电荷的连线的垂直平分线上有m、n两点，如图所示，下列说法正确的是：①n点电场强度一定比m的大②n点电势一定比m的高③负电荷从m到n点电势能要增加④负电荷从m点在电场力作用下由静止开始运动，经过一段时间，还能回到m点。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。
首先观察到这个实验现象的物理学家是（ ） A ．奥斯特 B ．安培 C ．洛伦兹 D ．法拉第2.在如图所示的电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器．当R 2的滑片在a 端时合上开关S ，此时三个电表、和的示数分别为I 1、I 2和U.现将R 2的滑片向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是 （ ）A ．I 1增大，I 2不变，U 增大B ．I 1减小，I 2增大，U 减小C ．I 1增大，I 2减小，U 增大D ．I 1减小，I 2不变，U 减小3.一带正电粒子仅在电场力作用下从A 点经B 、C 运动到D 点，其v －t 图象如图所示， 则下列说法中正确的是（ ）A ．A 处的电场强度一定小于B 处的电场强度 B ．A 处的电势一定小于在B 处的电势C ．CD 间各点电场强度和电势都为零D ．AB 两点间的电势差等于CB 两点间的电势差4. 两个大小不同的绝缘金属圆环a 、b 如图所示叠放在一起，小圆环b 有一半面积在大圆环a 中，当大圆环a 通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感应电流的方向是 （ ）A ．顺时针方向B ．逆时针方向C ．左半圆顺时针，右半圆逆时针D ．无感应电流5.如图所示一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P 点，以E 表示两板间的场强，Ｕ表示电容器两板间的电压，W 表示负电荷在P 点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示位置，则（ ）A ．Ｕ变小，W 不变B ．Ｅ变大，W 变大C ．Ｕ变大，Ｅ不变D ．Ｕ不变，W 不变6.如图所示，在边长为a 的正三角形区域内存在着方向垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B 的匀强磁场．一个质量为m 、电量为＋q 的带电粒子（重力不计）从AB 边的中点O 以某一速度v 进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB 边的夹角为60°.若粒子能从AB 边穿出磁场，且粒子在磁场中运动的过程中，到AB 边有最大距离则v 的大小为（ ）A.BC.D.7.如图所示为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t ，在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀磁强场，磁感应强度大小为B ，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为600，如图所示。
湖南高二高中物理月考试卷带答案解析
湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列物理量不是矢量的是（）A．磁感应强度B．电场强度C．电流强度D．安培力2.发现电流的磁效应的物理学家是（）A．法拉第B．安培C．奥斯特D．牛顿3.下列等式成立的是（）A．1N＝1kg·m/s B．1N/C＝1V·/mC．1A＝1c/s D．1T＝1wb/m4.如图所示ab、cd是两根在同一竖直平面内的直导线，在两根导线中央有一个可在水平面内自由转动的小磁针，静止时在同一竖直平面内，当两根导线中通以大小相等的电流时，小磁针N极向纸面内转动，则两根导线中的电流方向（）A．一定都是向右B．一定都是向左C．ab中电流向左，cd中电流向右D．ab中电流向右，cd中电流向左5.在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又垂直进入另一磁感应强度是原来的磁感应强度2倍的的匀强磁场，则（）A．粒子的速率加倍，周期减半B．粒子的速率不变，轨道半径减半C．粒子的速率减半，轨道半径为原来的四分之一D．粒子的速率不变，周期减半6.如图所示为一速度选择器，内有一磁感应强度为B，方向垂直纸面向外的匀强磁场，一束粒子流以速度v水平射入，为使粒子流经磁场时不偏转（不计重力），则磁场区域内必须同时存在一个匀强电场，关于这个电场的场强大小和方向的说法中，正确的是A．大小为B／v，粒子带正电时，方向向上B．大小为B／v，粒子带负电时，方向向下C．大小为Bv，方向向下，与粒子带何种电荷无关D．大小为Bv，方向向上，与粒子带何种电荷无关7.如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN ，电流方向从M 到N ，绳子的拉力均为F ，为使F ＝0，可能达到要求的方法是（ ）A 加水平向右的磁场B 、加水平向左的磁场C 、加垂直纸面向里的磁场D 、加垂直纸面向外的磁场8.如图是一个三输入端三个门电路组成的复合门电路，当C 端输入“0”时，A 、B 两端输入为何值时输出端Y 输出为“0” （ ）A 、0 0B 、0 1C 、1 0D 、1 19.如图是电场中某点的电场强度E 与放在该点处的检验电荷q 及所受静电力F 之间的函数关系图像，其中正确的是（ ）10.如图所示的电路中，开关S 1、S 2、S 3、S 4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，极板间悬浮着一油滴P ，欲使P 向上运动，应断开电键（ ）A ．S 1B ．S 2C ．S 3D ．S 411.如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流表G 和一个变阻器R 改装成的电表，下列说法正确的是（ ）A ．甲表是电流表，R 增大时量程增大B ．甲表是电流表，R 增大时量程减小C ．乙表是电压表，R 增大时量程增大D ．乙表是电压表，R 增大时量程减小二、实验题如图是某同学连接的实验实物图，合上开关S 后，发现A 、B 灯都不亮，他采用下列两种方法检查故障。
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湖南省地质中学2013年—2014学年高二第二次月考答题卷
高二物理
一、选择题：（共54分）
二、填空题：（共18分）
19、___________________、____________________、
_____________________、______________________
20、_____________、_______________、
21、____________________、___________________、__________________、
三、计算题：（共28分） 21、（9分）人造地球卫星常常利用太阳能电池作为电源，太阳能电池由许多片电池板组成．设
某太阳能电池板的内电阻为r ＝20Ω，它不接外电路时两极间的电压为8×10－4
V ． （1）该太阳能电池板的电动势为多大？ （2）该太阳能电池板的短路电流为多大？
（3）若在该太阳能电池板的两极间连接一只定值电阻R ，R ＝5Ω，则电阻R 两端的电压为多大？
班级 姓名 考场号
22.（9分）如图所示，一个电子（电量为e）以速度v0垂直射入磁感应强度为B，宽为d 的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，（电子重力忽略不计）求：
（1）电子的质量是多少？
（2）穿过磁场的时间是多少？
（3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A边射出，则此时速度v是多少？
23、（10分）如图，矩形线圈abcd质量为m，电阻为R，宽为d，长为L，在竖直平面内由静止开始自由下落，其下方存在如图示方向的磁感应强度为B的匀强磁场，磁场上、下边界水平，宽度也为d，求
（1）、线圈ab进入磁场时，感应电流的方向？
（2）、如果矩形线圈在ab边刚进入磁场就开始作匀速直线运动，那么矩形线圈的ab边应该距离磁场的上边界多高的位置开始下落？
（3）、在线圈穿越磁场的全过程中，产生了多少电热？。