武胜中学高2015届广安一诊模拟物理试题
武胜中学高2015届周考物理试题
武胜中学高2015届周考物理试题（使用说明：一层次，时间：2014年10月25日，命题：吴建兵）第I 卷（选择题 42分）第I 卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 在水平面上有A 、B 两物体，通过一根跨过滑轮的不可伸长的轻绳相连，现A 物体以v A 的速度向右匀速运动，当绳被拉成与水平面夹角分别为α、β时（如图所示），B 物体的运动速度v B 为（绳始终有拉力）:A ．v A sin α/sin βB ．v A cos α/sin βC ．v A sin α/cos βD ．v A cos α/cos β2. 如图所示，A 、B 、C 三个物体的质量相等，有F ＝1N 的两个水平力作用于A 、B 两个物体上，A 、B 、C 都静止，则地面对A 物体、A 物体对B 物体、B 物体对C 物体的摩擦力分别为： A ．1N 、2N 、1N B ．0、1N 、1NC ．0、1N 、0D ．1N 、1N 、0N3. 如图，a 、b 为两根相连的轻质弹簧，它们的劲度系数依次为100N/m 和200N/m,原长依次为6cm 和4cm 。
在下端挂一重力为1N 物体，平衡时: A ．弹簧a 下端受的拉力为4N ，b 下端受的拉力为6N B ．弹簧a 下端受的拉力为6N ，b 下端受的拉力为4NC ．弹簧a 的长度变为6.5cm ，b 的长度变为5cmD ．弹簧a 的长度变为7cm ，b 的长度变为4.5cm4. 甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t ＝0时刻同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v －t 图中，直线a 、b 分别描述了甲、乙两车在0～20秒的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是:A ．在0～10秒内两车逐渐靠近B ．在10秒～20秒内两车逐渐远离C ．在5秒～15秒内两车的位移相等D ．在t ＝10秒时两车在公路上相遇5. 2008年9月25日至28日我国成功实施了“神舟”七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱。
武胜中学高2015级物理第一次月考
武胜中学高2015级物理第一次月考命题人：邓杰审题人：杨超一、单项选择题：（每小题只有一个选项符合题意，请选出正确答案。
每题3分，共24分）1.下列说法正确的是（）A．质点一定是体积很小、质量很小的物体B．当研究一列火车全部通过桥所需的时间，因为火车上各点的运动状态相同，所以可以把火车视为质点C．研究自行车的运动时，因为车轮在转动，所以无论什么情况下，自行车都不能看成质点D．地球虽大，且有自转，但有时仍可将地球看作质点2.两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内的人看见树木向东移动，乙车内的人发现甲车没有运动，如果以大地为参考系，上述事实说明（）A．甲车向西运动，乙车不动 B．乙车向西运动，甲车不动C．甲车向西运动，乙车向东运动 D．甲、乙两车以相同速度向西运动3.一物体做直线运动, 前一半位移内的平均速度是3m / s, 后一半位移内的平均速度是2m / s, 则全部位移内的平均速度大小是（）A．2.5m / s B．2.4m / s C．1.2m / s D．2.3m / s4、以下各种运动的速度和加速度的关系可能存在的是（）A．速度向东，正在增大；加速度向西，正在增大B．速度向东，正在增大；加速度向西，正在减小C．速度向东，正在减小；加速度向西，正在增大D．速度向东，正在减小；加速度向东，正在增大5.以下为平均速度的是A、子弹出枪口时的速度是800m/sB、汽车从甲站到乙站的速度是40km/hC、汽车通过站牌时的速度是72km/hD、小球在第3s末的速度是6m/s6、如下图所示是某物体做直线运动的v-t图象，由图象可以得到的正确结果是（）A.t=1s时物体的加速度大小为1. 0 m/s2B. t=5 s时物体的加速度大小为0. 75 m/s2C.第3s 内物体的位移为1. 5 mD.物体在加速过程的位移比在减速过程的位移大7.2006年我国自行研制的“袅龙”战机在四川某地试飞成功．假设该战机起飞前从静止开始做匀加速直线运动，达到起飞速度v 所需时间为t ，则起飞前的运动距离为（ ） A. vt B.vt2C. 2vtD.不能确定8.一物体从H 高处自由下落，经时间t 落地，则当它下落t/2时，离地面的高度为（ ） A. H 2 B. H 4 C. 34 H D. 3 2H二．本题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.9.关于位移和路程的说法中正确的是： （ ）A ．位移的大小和路程的大小总是相等的，只不过位移是矢量，而路程是标量B ．位移是描述直线运动的，路程是描述曲线运动的C ．位移取决于始末位置，路程取决于实际运动的路线D ．运动物体的路程总大于或等于位移的大小10.甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度—时间图象分别如图中的a 和b 所示。
四川省武胜中学2014-2015学年高一上学期第一次月考物理试卷(解析版)
四川省武胜中学2014-2015学年高一上学期第一次月考物理试卷（解析版）第I卷（选择题）1．下列物理量中，不是矢量的是A. 加速度B. 路程C. 瞬时速度D. 位移【答案】B【解析】试题分析：加速度、瞬时速度、和位移是既有大小，又有方向的矢量；路程、质量等都是只有大小，没有方向的标量．故A、C、D错误．故选B.考点：本题考查了矢量和标量．2．下列物体或人，可以看作质点的是( )A、研究奥运期间从北京开往天津的一列高速列车，通过一座高架桥所用的时间。
B、邹凯在北京奥运会的单杠比赛中C、研究绕地球运动时的“嫦娥一号”飞船D、表演精彩芭蕾舞的演员【答案】C【解析】试题分析：A、从北京开往天津的一列高速列车，运动时列车的长度相对于整个运动位移讲不能忽略，不能看作质点，故A错误. B、邹凯在北京奥运会的单杠比赛中，要针对其动作评分，故不能看作质点，故B错误.C、研究绕地球运动时的“嫦娥一号”飞船，飞船的大小形状相对于整个运动尺度讲忽略不计，可看作质点，故C正确. D、表演精彩芭蕾舞的演员，要针对其动作评分，故不能看作质点，故D错误;故选C.考点：本题考查了质点的认识．3．某人站在楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，上升最大高度为20m，然后落回到抛出点O下方25m的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为（规定竖直向上为正方向）（）A、25m、25mB、65m、25mC、25m、-25mD、65m、-25m【答案】D【解析】试题分析：物体上升20m，由下降45m到达0点下方的B点，路程s=20+45m=65m．初位置到末位置的距离为25m，方向竖直向下，所以位移x=-25m．故D正确，A、B、C错误．故选D．考点：本题考查了自由落体运动；位移与路程．4．做变速直线运动的物体，在前一半位移内的平均速度是3m/s，后一半位移内的平均速度是5m/s，则在全程的平均速度是( )A．3.75m/s B．3.52m/s C．4m/s D．4.12m/s【答案】A【解析】试题分析：设前一半路程为x，所用时间为t1，则后一半路程也为x，所用时间为t2，则：.v ＝3.75m/s ，故BCD 错误，A 正确．故选A ．考点：本题考查了平均速度．5．关于加速度和速度的关系，下列叙述正确的是A ．物体的速度越大， 则加速度越大B ．物体速度变化越大， 则加速度越大C ．物体的速度变化越快， 则加速度越大D ．物体速度增加时，它的加速度也就增大【答案】C【解析】试题分析：A 、加速度与速度没有直接关系，故速度越大，物体的加速度不一定越大，故A 错误．B 、速度变化大的物体，加速度不一定大，还与发生变化所用的时间有关，故B 错误．C 、物体的速度变化越快，则加速度越大，故C 正确．D 、根据加速度的物理意义可知，速度变化快的物体加速度一定大，故D 错误．故选：C.考点：本题考查了加速度．6．汽车沿平直公路做加速度为0.5m/s 2的匀加速运动，那么在任意1s 内：（ ）A 、汽车的末速度一定比初速度大0.5m/sB 、汽车的初速度一定比前1s 内的末速度大0.5m/sC 、汽车的末速度比前1s 内的初速度大0.5m/sD 、汽车的末速度一定等于初速度的0.5倍【答案】A【解析】试题分析：A 、汽车沿平直公路做加速度为0.5m/s 2的匀加速运动，知任意1s 内速度增加0.5m/s ，故A 正确，D 错误．B 、汽车在某一秒初与前一秒末处于同一时刻，速度相等，故B 错误．C 、汽车在某一秒末比前一秒初多2s ，则速度增加1m/s ，故C 错误．故选：A ． 考点：本题考查了加速度．7．如下图所示，用闪光照相的方法记录某同学的运动情况，若规定向右的方向为正方向，则下列图象能大体描述该同学运动情况的是【答案】A【解析】试题分析：从图片看出，此人向左运动，速度始终为负．在运动过程中，相邻位置的距离先逐渐减小后逐渐增大，因频闪照相每次拍照的时间间隔相同，所以可知人的速度先减小后增大，能大致反映该同学运动情况的速度--时间图象是A ．故选A考点：本题考查了匀变速直线运动的图像．8．如图所示为物体做直线运动的v －t 图象．若将该物体的运动过程用x －t 图象表示出(其中x 为物体相对出发点的位移)，则图中的四幅图描述正确的是【答案】C【解析】试题分析：由速度时间图象可以看出物体在0到t1时间内做向正方向的匀速直线运动，t1到t2时间内速度为零，t2到t3时间内做反方向的匀速直线运动，与第一段时间内速度大小相同，因为位移时间图象的斜率表示速度，斜率的正负表示速度的方向；A、图象中第一段时间内的速度为负值，故A错误．B、图象中第三段时间内物体的速度为正值，故B错误．C、由位移时间图象可以看出，物体在0到t1时间内做向正方向的匀速直线运动，t1到t2时间内速度为零，t2到t3时间内做反方向的匀速直线运动，故C正确．D、由其图象可以看出第一段时间内的斜率与第三段时间内的斜率大小不同，说明速度大小不同，故D错误．考点：本题考查了匀变速直线运动的图像．9．一辆汽车刹车做匀减速直线运动，初速度大小为20m/s，加速度大小为5m/s2，则汽车在3s内和6s内的位移分别是多少？A. 37.5m 20 mB. 37.5 m 40 mC. 30 m 37.5 mD. 40 m 37.5 m【答案】B【解析】3s＜4s，则汽车3s内的位移6s＞4s，所以6s内的位移等于前4s内的位移．则故选：B．考点：本题考查了匀变速直线运动的位移与时间的关系．10．2009年9月28日，甬台温高速铁路客运列车正式开通，结束了我市没有铁路的历史．假设观察者站在列车第一节车厢前端一侧，列车由静止开始做匀加速直线运动，测得第一节车厢通过他用了5s，列车全部通过他共用20s，问这列车一共由几节车厢组成(车厢等长且不计车厢间距离)A．20节 B．16节 C．12节 D．9节【答案】B【解析】试题分析：设火车第一节车厢的长度为L，总长度为nL故选：B考点：本题考查了匀变速直线运动的位移与时间的关系．11．关于位移和路程，下列说法中正确的是A．在某一段时间内物体运动的位移为零，则该物体一定是静止的B．在某一段时间内物体运动的路程为零，则该物体一定是静止的C．在直线运动中，物体的位移大小等于其路程D．在曲线运动中，物体的位移大小小于其路程【答案】BD【解析】试题分析：A、在某一段时间内，如果物体运动的位移为零，可能是物体恰好回到出发点，所以物体不一定是静止的，所以A错误；B、在某一段时间内物体运动的路程为零，则该物体一定是静止，B正确；C、当质点做方向不变的直线运动时，其通过的路程等于位移的大小，在曲线运动中，物体通过的路程是运动轨迹的长度，要大于位移的大小，所以C错误、D正确．故选：BD．考点：本题考查了位移与路程．12．如图所示是物体在某段运动过程中的v—t图象，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为v1和v2，则时间由t1到t2的过程中A.加速度不断减小B.加速度不断增大C.D.【答案】AC【解析】试题分析：A、v-t图象的斜率值表示加速度，若为曲线则曲线的切线的斜率值反应加速度的大小，t1到t2斜率值变小，故加速度不断变小，故A正确，B错误；C、仅适用于匀变速直线运动中，本题中若在图象上做过t1、t2的直线，线运动的平均速度，故C正确，D错误．故选AC.考点：本题考查了匀变速直线运动的图像．第II卷（非选择题）13．电磁打点计时器是一种能够按照相同的时间间隔，在纸带上连续打点的仪器，它使用_____（填“交流”或“直流”）电，由学生电供电，工作电压为_____V。
四川省武胜中学高三上学期第一次月考物理试题(无答案)
武胜中学2015届高三第一次月考理综试题物理部分(命题人:符永洪，审题人:杨超)一、选择题(本题共7小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)1、下列说法正确的是：（）A 物体的速度越大则加速度就越大B 有摩擦力必定有弹力C 物体所受静摩擦力的方向必与其运动方向相反D 当合外力F方向与初速度V0方向相反时,物体做曲线运动2、如图是物体做直线运动的v--t图像，由图可知，该物体( )A．第1 s内和第3 s内的加速度方向相反B．第3 s内和第4 s内的运动方向相同C．第1 s内和第4 s内的位移大小不相等D．0～2 s和0～4 s内的平均速度大小相等3、倾角为、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上。
下列结论正确的是A.木块收到的摩擦力大小是mgcosaB.木块对斜面体的压力大小是mg sin aC.桌面对斜面体的摩擦力大小为零。
D.桌面对斜面体的支持力大于（M+m）g4、如图所示，用一原长为l0, 劲度系数为k的橡皮筋将一质量为m的小球悬挂在小车的架子上，现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值a，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)．此时橡皮筋的长度为：( )A． B． C． D．5、如图，一质量为m的光滑大圆环，其半径为R，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量也为m的小环(可视为质点)，从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g.当小环滑到大环的最低点时的速度为v，轻杆对大环拉力的大小为( )A． mg + B．2mg+C． 2mg D．2mg－6、如图，x轴在水地面内，y轴竖直方向.图中画出了从y轴上沿x 轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的.不计空气阻力，则（）A.a的飞行时间比b的长B.b和c的飞行时间相同C.a的水平速度比b的小D.b 的初速度比c 的大7、如图所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体。
四川省广安市武胜中学高二物理上学期第一次月考试题(普通班)(含解析)
2014-2015学年四川省广安市武胜中学高二（上）第一次月考物理试卷（普通班）一、单项选择题（每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合要求，选对的得4分，选错或不选的得0分．）1．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）下列说法正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．点电荷是体积和电荷量都很小的带电体C．摩擦起电是通过摩擦创造出了等量的异种电荷的过程D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得考点：元电荷、点电荷；电荷守恒定律．版权所有分析：元电荷是指电荷量的大小，等于质子带电量的多少，点电荷是指带电体的大小和形状忽略后不影响所研究的问题，摩擦起电的实质是电荷的转移．解答：解：A、元电荷是指电荷量的大小，等于质子带电量的多少，它不是某种粒子，A错误；B、点电荷是指带电体的大小和形状忽略后不影响所研究的问题，体积大的物体也可以看做点电荷，B错误；C、摩擦起电的实质是电荷的转移，并不是创造了电荷，C错误；D、电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得，D正确；故选：D点评：要明确点电荷不一定是体积大或小的物体，要视具体问题而定，元电荷是带电量的大小，不是某种电荷．2．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）两个完全相同的金属小球A、B带有等量的异种电荷，彼此间的引力为F．另一个不带电的与A、B完全相同的金属小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A和B之间的作用力F′为（）A．F B．FC．FD．F考点：库仑定律．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．解答：解：假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k= F故选：A．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．3．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）有关电场强度、电势差等的理解，下述说法正确的是（）A．由E=可知，电场强度E跟放入的电荷q所受的电场力成反比B．由E=可知，在离点电荷距离r相同的圆周这各点电场强度相同C．由W=qU可知，在电场中移动电荷，电场力做功与两点间电势差成正比D．由U=Ed可知，匀强电场中两点间距离越大，电势差越大考点：电势差；电场强度．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度的定义式是E=，是用比值定义法定义的物理量，式子中的q表示试探电荷的电荷量，由电场本身决定，与试探电荷无关；匀强电场中，公式U=Ed中d是两点沿电场线方向的距离；点电荷电场强度决定式E=可知，在离点电荷距离r相同的圆周上各点电场强度大小相等，方向不同；电势差U由电场本身决定，根据W=qU分析电场力做功与电势差的关系．解答：解：A、E=是电场强度E的定义式，采用比值法定义，场强E与试探电荷无关，是由电场本身决定的，故A错误；B、由点电荷电场强度的决定式E=可知，在离点电荷距离r相同的圆周上各点电场强度大小相等，方向不同，所以各点电场强度不同，故B错误；C、电势差U由电场本身决定，与试探电荷无关，由W=qU可知，在电场中移动电荷，电场力做功与两点间电势差成正比．故C正确．D、由U=Ed可知，匀强电场中两点间沿电场线方向的距离越大，电势差越大，故D错误．故选：C．点评：本题要掌握电场强度的定义式、点电荷电场强度的决定式和场强与电势差关系式U=Ed，要抓住电场强度和电势差是由电场本身决定的，反映电场本身的性质，与试探电荷是否存在无关这一根本的特点，才能做出正确的判断．4．（4分）（2014秋•宝安区校级期末）如图所示，竖直绝缘墙壁上Q处有一个固定的质点A，在Q的上方P点用丝线悬挂着另一个质点B．A、B两质点因带同种电荷而相斥，致使悬线与竖直方向成θ角，由于漏电使A、B两质点的带电量逐渐减少，在电荷漏完之前悬线对P点的拉力大小将（）A．保持不变B．先变小后变大C．逐渐减小D．逐渐增大考点：库仑定律．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：以小球B为研究对象，由于逐渐漏电的过程中，处于动态平衡状态．分析B受力情况：重力G，A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用，作出力图，根据△FBF1∽△PQB，得到线的拉力F2与线长的关系，再进行分析求解．解答：解：以小球为研究对象，球受到重力G，A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用，作出力图，如图．作出F1、F2的合力F，则由平衡条件得：F=G．根据△FBF1∽△PQB得：=又FF1=F2，得：F2=G在A、B两质点带电量逐渐减少的过程中，PB、PQ、G均不变，则线的拉力F2不变．故选：A点评：本题是力学中动态平衡问题，采用的是三角形相似法，得到力的大小与三角形边长的关系，进行分析，也可以应用函数法求解．5．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c 三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点小C． a、b、c三点电势相等D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动考点：电场的叠加；电场强度；电势．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．解答：解：A、C、a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等．故A错误，C正确．B、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度．故B错误．D、一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c点．故D错误．故选：C．点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆．6．（4分）（2013秋•梁山县校级期中）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．B点电势高于A点B．粒子带正电C．粒子在A点加速度大D．粒子在B点电势能高考点：电场线；电场强度；电势；电势能．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、沿电场线方向电势降低，所以B点电势低于A点．故A错误；B、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故B错误；C、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小，故C错误；D、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，电场力做负功，电势能增大，故D正确；故选：D点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．7．（4分）（2010•陕西校级模拟）如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场（加速电压为U1）加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为l，每单位电压引起的偏移，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用下列哪些方法（）A．增大U2 B．减小l C．减小d D．增大U1考点：带电粒子在匀强电场中的运动；示波器的使用．版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据灵敏度的定义，分析电子的偏转位移的大小，找出灵敏度的关系式，根据关系式来分析灵敏度与哪些物理量有关．解答：解：电子在加速电场中加速，根据动能定理可得，eU1=mv02，所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v0=，电子进入偏转电场后的偏转的位移为，h=at2===，所以示波管的灵敏度=，所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以C正确．故选C．点评：本题是信息的给以题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题．8．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，平行金属板A、B组成的电容器，充电后与电源断开，与静电计相连，要使静电计指针张角变大，下列措施中可行的是（）A．将A、B之间充满电介质B．A板向下移动C．将B板向左移动将D．将A板放走部分电荷考点：电容器的动态分析．版权所有专题：电容器专题．分析：充电后断开电源，则两极板上的电量不变；要使张角张大，则应增大两板间的电势差；根据电容的定义式及平行板电容器的决定式可以分析各选项能否使张角增大．解答：解：根据公式C=、C=、U=Ed，有：U=A、将A、B之间充满电介质，ε增加，根据U=，故U减小，故A错误；B、A板向下移动，S减小，根据U=，故U增加，故B正确；C、将B板向左移动将，d增加，根据U=，故U增加，故C正确；D、将A板放走部分电荷，Q减小，根据U=，故U减小，故D错误；故选：BC．点评：对于电容器的动态分析，首先要明确不变量，然后再由定义式和决定式可确定电势差的变化．9．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、电荷量为+q的小球，由静止开始沿轨道运动至最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．小球在运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点时速度最大C．小球电势能增加qERD．小球由静止释放到达最低点，动能的增加量等于mgR考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．根据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大．根据动能定理求出小球经过在最低点时动能的增加量，利用电场力做功求出电势能的增加．解答：解：A、小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．故A错误．B、小球所受的电场力竖直向下，从最高点到最低点的过程中，合力做正功，则根据动能定理得知，动能增大，速度增大，所以小球经过环的最低点时速度最大．故B正确．CD、小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：（mg+qE）R=△E k；电场力做功W=EqR，所以电势能减小qER，故CD错误．故选：B点评：本题是带电体在匀强电场中做圆周运动的问题，由动能定理和牛顿运动定律结合求解是常用的思路．10．（4分）（2014秋•武胜县校级月考）如图，一束α粒子沿中心轴射入两平行金属板之间的匀强电场中后，分成三束a、b、c，则（）A．初速度比较va=vb＜vcB．板内运动时间比较ta=tb＜tcC．电势能变化量比较△E pa＞△E pb=△E pcD．动能增加量比较△E ka=△E kb＞△E kc考点：带电粒子在匀强电场中的运动．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：α粒子在匀强电场中做类平抛运动，将a与b，b与c进行比较，可得到时间关系和初速度的关系；根据电场力做功，比较电势能变化量的关系；根据动能定理列式比较动能增加量的关系．解答：解：α粒子在匀强电场中加速度不变．沿垂直于极板的方向，受到电场力作用而初速度为零的匀加速直线运动，平行于极板的方向不受力而做匀速直线运动．垂直于极板的方向：由y=知，t=∝由于ya=yb＞yc，则得：ta=tb＞tc．平行于极板的方向，有：x=v0t，得：v0=对于a、b：由于xa＞xb，ta=tb，则得：va＜vb．对于b、c：xb=xc，tb＞tc．则得，vb＜vc．故有较va＜vb＜vc．电势能的变化量大小等于电场力做功的大小，则△E p=qEy∝y，则得△E pa=△E pb＞△E pc．动能增加量等于电场力做功，则得△E ka=△E kb＞△E kc．故D正确，ABC错误．故选：D．点评：本题一要掌握类平抛运动的研究方法；运动的分解法，二要能根据轨迹比较水平位移和竖直方向的关系，再选择比较对象，结合解析式进行比较．二、不定项选择题（每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合要求，有的有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）11．（4分）（2014秋•孝义市期末）关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．电场强度的方向处处与等电势面垂直B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势能逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向考点：电势；电场强度．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答．解答：解：A、电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与等势面垂直，故A正确；B、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故B错误；C、根据电势能Ep=qφ可知，电势能与电场强度无直接关系，故C错误；D、顺着电场线方向电势降低，由匀强电场U=Ed可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确．故选：AD．点评：明确电场强度与电势无直接关系，知道电场强度的方向是电势降低最快的方向，属于基础题．12．（4分）（2013秋•顺德区校级期中）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带负电B．极板X'应带负电C．极板Y应带负电D．极板Y'应带负电考点：示波管及其使用．版权所有分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电，X′带负电；同理可知Y带负电，故AC正确，BD错误故选：BC．点评：本题只要明确电子的受力方向与电场方向相反即可求解．13．（4分）（2013•河池模拟）如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流考点：电容器的动态分析．版权所有专题：电容器专题．分析：电荷q处于静止状态，受到重力与电场力而平衡．将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，根据板间场强E=分析场强的变化，再分析电荷q所受电场力的变化，判断电荷q的运动方向．根据电容的决定式分析电容的变化，而电容器的电压一定，再由电容的定义式分析板间电容器电量的变化，根据电容器是充电还是放电，分析电路中电流的方向．解答：解：A、B将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E=减小，电荷q所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动．故A错误，B正确．C、D根据电容的决定式C=可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式C=分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流．故C错误，D正确．故选BD点评：对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式C=判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式C=分析电量或电压的变化，再进一步研究场强等的变化．14．（4分）（2013秋•梧州期末）如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v0的带电小球从A点射入电场，在竖直平面内沿直线从A运动到B，在此过程中（）A．小球带负电B．机械能守恒C．动能与重力势能之和增加D．动能减少，重力势能和电势能都增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；重力势能；电势能．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：带点小球做直线运动，所受合力方向与运动方向必定在同一直线上，根据重力和电场力做功的正负判断动能、电势能、重力势能的变化．解答：解：A、带点小球做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上．小球受到重力和电场力，可知小球所受的电场力方向水平向左，与场强方向相反，所以小球带负电．故A正确．B、C、D因为电场力和重力方向与位移方向夹角为钝角，所以重力和电场力都做负功，故重力势能增加，电势能增加，根据能量守恒可知，小球的机械能减小，即动能与重力势能之和减小．根据动能定理得：合外力做的功等于动能的变化量，合外力做负功，动能减小．故BC错误．D正确．故选：AD．点评：本题考查了重力做功与重力势能及电场力做功与电势能的关系，难度不大，属于基础题．三、计算题（要求写出必要的文字说明和算式，只写结果不能得分，共44分．）15．（10分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，把质量为2g的带负电小球A，用绝缘细线悬起，若将电荷量为Q=4.0×10﹣6 C的带电球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距30cm 时，A刚好处于平衡状态，且绳与竖直方向成45°，试求：（g取10m/s2，静电力常量k=9×109N．m2/C2）（1）B球受到的库仑力多大？（2）A球所带电荷量是多少？（两带电小球均可视为点电荷）考点：库仑定律．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）A球受重力、拉力和静电力处于平衡，根据合成法求出A球所受的静电力．（2）根据库仑定律F=k求出A球所带的电量．解答：解：（1）A球受重力、拉力和静电力处于平衡，根据平衡条件得A球受到B球的库仑力为F=mgtan45°=mg=2×10﹣3×10N=2×10﹣2N根据牛顿第三定律可知，B球受到的库仑力大小为2×10﹣2N（2）由F=k得q==C=5.0×10﹣8C答：（1）B球受到的库仑力是2×10﹣2N；（2）A球带电量是5.0×10﹣8C．点评：解决本题的关键掌握库仑定律以及会用合成法求解共点力平衡问题．16．（10分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，ab与电场线平行，且a、b相距4cm，b、c相距10cm，将一个带电荷量为﹣2×10﹣8 C的电荷从a移到b，需克服电场力做功为4×10﹣6J．求：（1）匀强电场的电场强度的大小；（2）将此电荷从b移到c电场力做的功Wbc；（3）a、c两点间的电势差Uac．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电场力做功公式W=qEd，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离．（2）电场力做功公式W=qEd，求解电荷从b移到c电场力做功W2．（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差Uac．或根据U=Ed 求解．解答：解：（1）由题，电荷从a点移到b点时，电场力做功为W1=4×10﹣6J 由W1=qElab得E=V/m=5000V/m（2）电荷从b移到c电场力做功为W2=﹣qElbccos60°=﹣2×10﹣8×5000×0.1×0.5J=﹣5×10﹣6J（3）a、c间电势差为Uac=E（lab+lbccos60°）=5000×（0.04+0.1×0.5）V=450V．答：（1）匀强电场的场强是5000V/m．（2）电荷从b移到c电场力做功是﹣5×10﹣6J．（3）a、c两点的电势差是450V．点评：匀强电场中电场力做功公式W=qEd中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负．17．（12分）（2014秋•武胜县校级月考）一电子（电量为e，质量为m，不计重力）从静止开始经加速电压U1加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，如图所示，金属板长为L1，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为L2．若在两金属板间加直流电压U2时，光点偏离中线与荧光屏交点O，打在荧光屏上的P点，求：（1）电子从加速电场出来的速度（2）电子从偏转电场出来的动能（3）电子在荧光屏上偏转的距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小；（2）运用速度的分解，求出电子刚开始到射出电场时的速度，即可得到电子从偏转电场出来的动能；（3）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，水平方向做匀速直线运动求出运动时间，竖直方向亦做匀速直线运动由时间和速度求出偏转位移，再加上电场中的侧位移即为的距离．解答：解：（1）粒子在加速电场中只有电场力做功，根据动能定理有：eU1=得电子加速后的速度大小为：v0=（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，离开电场时竖直方向的分速度为：vy=at=•从偏转电场出来的速度大小为：v=则电子从偏转电场出来的动能为：Ek==eU1+（3）电子在偏转电场中偏转距离为：y==•偏转角度的正切为：tanθ==电子离开电场后偏转距离为：y′=L2•tanθ则有：=y+y′=答：（1）电子从加速电场出来的速度为．（2）电子从偏转电场出来的动能为eU1+．（3）电子在荧光屏上偏转的距离为．点评：此题关键能掌握类平抛原理的应用，知道电子水平方向是匀速直线运动，竖直方向是初速度为零的匀加速直线运动，熟练运用运动的合成与分解进行解题．18．（12分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，整个空间充满沿水平向右方向的匀强电场，电场中有一固定点O，用一根长度为L=0.40m的绝缘细线把质量为m=0.10kg、带有正电荷的金属小球挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为θ=37°．现将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，求：（sinθ=0.6，cosθ=0.8，tanθ=0.75，g=10m/s2）（1）电场力的大小？（2）小球运动通过最低点C时的速度大小？（3）小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．版权所有专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）小球在B点处于静止状态，对小球进行受力分析，根据平衡条件即可求解；（2）对小球从A点运动到C点的过程中运用动能定理即可解题；（3）在C点，小球受重力和细线的合力提供向心力，根据向心力公式即可求解．解答：解：（1）小球在B点处于静止状态，对小球进行受力分析，根据平衡条件得：F=mgtanθ解得：F=0.75N，方向水平向右（2）对小球从A点运动到C点的过程中运用动能定理得：mgL﹣FL=代入数据解得：Vc=1.4m/s（3）在C点，小球受重力和细线的合力提供向心力，根据向心力公式得：T﹣mg=解得：T=1.5N答：（1）电场力的大小为0.75N，方向水平向右；（2）小球运动通过最低点C时的速度大小为1.4m/s；（3）小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小为1.5N．点评：本题主要考查了动能定理及向心力公式的直接应用，难度适中．。
武胜中学高2015届高三下期4月份第二次周考物理试题
武胜中学高三下期4月份第二次周考理科综合物理部分（命题人：邓杰审题人：吴建兵）第Ⅰ卷 (选择题共42分)（本题7小题。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1、物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步。
关于物理学发展过程中的认识，下列说法不正确．．．的是：A．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B．麦克斯韦只是从理论上预言了电磁波，是赫兹通过实验证实了电磁波的存在C．质能关系式E=mc2中的质量m是经过爱因斯坦狭义相对论“改造”过的质量，它不是一个不变的量D．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人2、2014年2月1 2日在新疆于田县附近发生7.3级地震，震源深度12千米。
如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4 km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120m处，如图所示，则下列说法正确的是：A．从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过3s时间B．从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x1=360m处的质点加速度最大C．再经过△t=0.3 s质点M经过的路程为56mD．此刻波动图象上除M点外与M点势能相同的质点有5个3、图甲所示的理想变压器原、副线圈匝数比为55:6，图乙是该变压器原线圈两端输入的交变电压u的图像，副线圈中L是规格为“24V,12W"的灯泡，R o是定值电阻，R是滑动变阻器，图中各电表均为理想交流电表，以下说法正确的是：A．流过灯泡L的电流每秒钟方向改变50次B．滑片P向下滑动的过程中，灯泡L能正常发光，A2表示数变大C．滑片P向上滑动的过程中，A1表示数变大，V1表示数不变D．原线圈两端输入电压的瞬时值表达式为u= 220sinl00πt（V）4、如图，半圆形玻璃砖置于光屏P Q的左下方。
广安2015年物理中考模拟试题
广安2015年物理中考模拟试题1．小青是一名九年级同学，他对自身相关的物理量估测中明显不合理的是 ( )A．跳高的成绩约为1.2m B．百米赛跑的成绩约为14sC．自身的质量大小约为45kg D．自身的平均密度约为0.7×103 kg/ m32．下列物理现象解释正确的是（）A．硬币越过“栏杆”是因为空气流速越快压强越大 B．铁锁下降时动能转化为重力势能C．箱子没有被推动时所受的摩擦力大于推力 D．利用惯性使锤头套紧3．从下列图得到的信息中，不正确的是：（）A．图甲说明物体所受的重力跟它的质量成正比 B．图乙告诉我们同种物质的质量和体积成正比C．图丙表示做匀速运动的物体通过的路程与时间成正比 D．图丁表示物体做匀速直线运动4．下列说法中正确的是（）A．光在介质中总是沿直线传播的 B．光的传播速度是3×108 m/sC．我们之所以看到物体，是因为眼睛射出的光照到物体上，引起视觉效果D．我们之所以看到物体，是因为有光射入眼中，引起视觉效果5．对以下实验装置所研究物理问题的描述，正确的是（）6．在图所示的几种情况中，符合安全用电要求的是7．下列有关热的理解正确的是（）A．从冰箱冷藏室中取出的饮料瓶外壁上出现的水珠是空气遇冷液化形成的B．把一杯酒精倒掉一半，剩下的酒精比热容不变，热值变为原来的一半C．冬季用暖水袋取暖，是利用做功的方法使内能增加D．天热时，狗常把舌头伸出来，实际上是利用蒸发致冷8．如图所示，电路正常工作。
当电键S由闭合到断开时，电压表V的示数将（）A．变大 B．变小 C．不变 D．无法确定9．在家庭电路中，以下情况会引起熔丝熔断的是（）A．用测电笔接触火线 B．电路中零线断路C．将开关用导线接通 D．连接电路时误将火线与零线接通10．请在下列数字后面填写合适的单位。
海洋中一头蓝鲸的质量约为120t= kg。
某同学的质量约为5.0×104。
手托起两个鸡蛋的力大约是1 。
物理答案
-
.
!
.
!
!
.
.
3
!
3
4
4
"
"
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
物 理 科 综 合 理 试 题 答 案 第 共 页 页
% 答 案 / $ % & & & 解 析 卫 星 绕 地 球 的 运 动 可 视 为 匀 速 圆 周 运 动 通 过 北 纬 之 间 所 用 时 间 为 . 1 8 9 3 : " 8 ! ; : 7 "3 " 7 9& . ! ! # 得 #& & ( 所 以 周 期 为 根 据 所 以 确 设 地 球 半 径 为 离 地 面 高 度 8% 7 8% 可 /正 /& % 7 ! ! . " 9 # :; " . " 9 ;$ & & 根 据 知 可 求 出 因 此 不 能 求 出 为 9& :" %$" /*9# /*9% /和 可 " # /* 9# ! ! 7 # ( & & ' 所 以 误 因 不 知 卫 星 质 量 也 就 无 法 求 出 向 心 力 所 以 误 9& )* $错 -错 $ % 答 案 ! ;# / $ % & & & 解 析 物 体 轻 放 上 传 送 带 时 物 体 相 对 于 传 送 带 向 上 滑 动 所 受 滑 动 摩 擦 力 方 向 沿 斜 面 向 下 '当 & & 受 力 分 析 如 图 所 示 物 体 先 以 加 速 度 匀 加 速 再 做 匀 速 < = , + %% ( + , & ' ( 时 * 的 % & & & 当 物 体 先 以 加 速 度 匀 加 速 再 以 直 线 运 动 < = , + %% ( + , & ' ( + %% ( + , 时 * 的 > % & & & 加 速 度 匀 加 速 由 图 乙 可 知 物 体 在 传 送 带 上 先 做 加 速 度 为 匀 加 速 直 线 运 动 & ' ( +的 的 % & & & ( & 再 做 加 速 度 为 匀 加 速 直 线 运 动 与 图 乙 吻 合 所 以 误 确 根 据 图 乙 可 知 +的 )错 -正 7 时 & & & ( & 物 体 加 速 度 突 变 表 明 此 时 物 体 速 度 与 传 送 带 速 度 相 等 所 以 确 刻 之 前 摩 擦 力 刻 /正 7 时 & & & & & 摩 擦 力 做 正 功 时 刻 之 后 摩 擦 力 沿 斜 面 向 上 摩 擦 力 做 负 功 传 送 带 对 物 体 做 沿 斜 面 向 下 7 & & ' 功 通 过 摩 擦 力 做 功 实 现 所 以 误 $错 $ ! 7#
四川省广安市武胜中学2015-2016学年高一上学期第一次
2015-2016学年四川省广安市武胜中学高一（上）第一次月考试物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．下列说法正确的是（）A．教练在分析仁川亚运中男子1500m自由泳比赛中的孙杨动作时，可以视孙杨为质点B．第2s内和前2s都是指一段时间C．时光不能倒流，因此时间是矢量D．“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流”．其“桥流水不流”中的“桥流”应理解成其选择的参考系是”是地面2．某人站在楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，上升的最大高度为15m，然后落回到抛出点O下方20m的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为（规定竖直向上为正方向）（）A．20 m、20 m B．50 m、20 m C．20 m、﹣20 m D．50 m、﹣20 m3．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是指平均速度B．甲是指路程，乙是指平均速度C．甲是指位移，乙是指瞬时速度D．甲是指路程，乙是指瞬时速度4．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大5．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则此过程中（）A．速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度先均匀增加，然后增加得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值6．如图所示，小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰一墙壁经△t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反向弹回，小球在这0.01s内的平均加速度是（）A．100 m/s2，方向向右B．100 m/s2，方向向左C．500 m/s2，方向向左D．500 m/s2，方向向右7．某物体沿直线运动的速度图象如图所示，则物体做（）A．来回的往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向的直线运动 D．不能确定8．一辆汽车由静止开始作匀变速直线运动，在第8s末开始刹车，经4s完全停下，设刹车过程中汽车也作匀变速直线运动，那么前后两段运动过程中汽车加速度大小之比是（）A．1：4 B．1：2 C．1：1 D．2：1二、不定项选择题（每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，则下列说法正确的是（）A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化慢C．乙做匀减速直线运动，它的单位时间内速度变化量大D．甲的加速度比乙的加速度大10．质点做直线运动的位移s与时间t的关系为s=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A．第1s内的位移是6 mB．第2s末的瞬时速度是6m/sC．任意1s内的速度增量都是1m/sD．任意1s内的速度增量都是2m/s11．如图是某质点运动的速度﹣时间图象，由图象得到的正确结果是（）A．0～1s内质点的平均速度是1m/sB．0～2s内质点的位移大小是3mC．0～1s内质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反12．如为一物体沿直线运动的速度图象，由此可知（）A．8s内物体的位移为零B．4s末物体运动方向改变C．3s末与5s的加速度相等D．4s末与8s末物体处于同一位置三、实验题．（共18分，每空3分）13．光电计时器是一种常用计时仪器，其结构如图所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有滑块从a、b间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间．现有某滑块通过光电门，计时器显示的挡光时间△t，用刻度尺测量出小滑块的长度为△x，则表示滑块通过光电门时的；滑块越短，△t越小，当△t极小时，可以认为是．（选填“平均速度”或“瞬时速度”）14．如图甲一打点计时器固定在倾角为θ的斜面上，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，打出的纸带的一段如图乙所示．纸带上0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻计数点之间时间间隔为0.1s．（1）如果小车系在纸带的左端，那么小车是做直线运动（选填“匀加速”或“匀减速”）．（2）打计数点3时小车的速度大小为v3=．（3）打计数点5时小车的速度大小为v5=．（4）依据v3、v5可求得加速度大小为a=．四、计算题：（解答应写出必要的文字说明．方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．本题共3小题，42分）15．如图所示，物体从O点开始做自由落体运动，先后经过O点正下方A、B两点，此过程中，从O运动到B所用时间t1=3s，从A到B所用时间t2=1s，g=10m/s2，求：（1）物体到A点时的速度．（2）A、B间的距离．16．一辆汽车刹车前的速度为90km/h，刹车获得的加速度大小为10m/s2，求：（1）汽车刹车开始后2s末的速度．（2）汽车刹车开始后10s内滑行的距离x（3）汽车静止前1s内滑行的距离x′．17．一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，决定前去追赶，经过2s后警车发动起来，并以2m/s2的加速度做匀加速运动，试问：（1）警车在追赶货车的过程中，警车启动多长时间后两车间的距离最大？（2）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（3）若警车能达到的最大速度是v m=12m/s，达到最大速度后以该速度匀速运动，则警车发动后要多长时间才能追上货车？2015-2016学年四川省广安市武胜中学高一（上）第一次月考试物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共24分）1．下列说法正确的是（）A．教练在分析仁川亚运中男子1500m自由泳比赛中的孙杨动作时，可以视孙杨为质点B．第2s内和前2s都是指一段时间C．时光不能倒流，因此时间是矢量D．“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流”．其“桥流水不流”中的“桥流”应理解成其选择的参考系是”是地面【考点】时间与时刻；参考系和坐标系；质点的认识．【分析】物体能不能看成质点，看物体在所研究的问题中形状大小能不能忽略．时间间隔表示“一段”，时刻表示“一点”，时间间隔为两个时刻的差值．【解答】解：A、分析仁川亚运中男子1500m自由泳比赛中的孙杨动作时，运动员身体上各个点运动情况不同，不能用一个点代替运动员．故A错误．B、第2s内和2s都是指一段时间．故B正确．C、时间是标量，没有方向，不是矢量．故C错误．D、其“桥流水不流”中的“桥流”是桥相对于水的运动，应理解成其选择的参考系是水．故D错误．故选：B．2．某人站在楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，上升的最大高度为15m，然后落回到抛出点O下方20m的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为（规定竖直向上为正方向）（）A．20 m、20 m B．50 m、20 m C．20 m、﹣20 m D．50 m、﹣20 m【考点】位移与路程；自由落体运动．【分析】路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于初位置到末位置的距离，方向由初位置指向末位置．【解答】解：物体上升15m，由下降20m到达0点下方的B点，路程s=15+15+20m=50m．初位置到末位置的距离为205m，方向竖直向下，所以位移x=﹣20m．故D正确，A、B、C 错误．故选：D．3．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是指平均速度B．甲是指路程，乙是指平均速度C．甲是指位移，乙是指瞬时速度D．甲是指路程，乙是指瞬时速度【考点】平均速度；瞬时速度．【分析】告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大．【解答】解：告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大，告示牌乙上面的数字是瞬时速度．故选：D4．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大【考点】加速度；速度．【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、如果物体加速度方向与速度方向相同，加速度在减小，速度却在增大，即速度增大得越来越慢，故A错误；B、物体的速度为零时，加速度不一定为零，例如竖直上抛到最高点，故B错误；C、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故C错误；D、加速度是表示速度变化快慢的物理量．物体的速度变化越快，加速度越大．故D正确；故选：D．5．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则此过程中（）A．速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度先均匀增加，然后增加得越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量；判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：A、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度达到最大值．故A错误，B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大．故CD错误．故选：B．6．如图所示，小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰一墙壁经△t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反向弹回，小球在这0.01s内的平均加速度是（）A．100 m/s2，方向向右B．100 m/s2，方向向左C．500 m/s2，方向向左D．500 m/s2，方向向右【考点】加速度．【分析】根据加速度的定义式，结合小球的初末速度求出小球的平均加速度．【解答】解：规定向右为正方向，则小球的平均加速度为：a=，可知方向向左．故选：C．7．某物体沿直线运动的速度图象如图所示，则物体做（）A．来回的往复运动B．匀变速直线运动C．朝某一方向的直线运动 D．不能确定【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度图线读出速度的正负，分析物体的运动方向是否改变，确定物体的运动情况．【解答】解：A、C由图看出，物体的速度都正值，说明物体始终沿着正方向运动，即朝某一方向的直线运动．故A错误，C正确．B、根据斜率等于加速度，由图线看出，物体的加速度的大小和方向在作周期性的变化，做的是非匀变速直线运动．故B错误．D，由上可知D错误．故选C8．一辆汽车由静止开始作匀变速直线运动，在第8s末开始刹车，经4s完全停下，设刹车过程中汽车也作匀变速直线运动，那么前后两段运动过程中汽车加速度大小之比是（）A．1：4 B．1：2 C．1：1 D．2：1【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出加速和减速运动的加速度大小，从而得出加速度大小之比．【解答】解：设匀加速运动的末速度为v，则加速运动的加速度大小，减速运动的加速度大小，则a1：a2=t2：t1=1：2．故选：B．二、不定项选择题（每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．甲、乙两个物体沿同一直线向同一方向运动时，取物体的初速度方向为正方向，甲的加速度恒为2m/s2，乙的加速度恒为﹣3m/s2，则下列说法正确的是（）A．两物体都做匀加速直线运动，乙的速度变化快B．甲做匀加速直线运动，它的速度变化慢C．乙做匀减速直线运动，它的单位时间内速度变化量大D．甲的加速度比乙的加速度大【考点】加速度．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解答】解：甲的加速度方向与速度方向相同，做匀加速直线运动，乙的加速度方向与速度方向相反，做匀减速直线运动．乙的加速度大，可知乙的速度变化快．故BC正确，A、D 错误．故选：BC．10．质点做直线运动的位移s与时间t的关系为s=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A．第1s内的位移是6 mB．第2s末的瞬时速度是6m/sC．任意1s内的速度增量都是1m/sD．任意1s内的速度增量都是2m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】将t=1s代入到x=5t+t2中得到第1s内的位移；对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度．任意相邻的1s内位移差根据推论：△x=aT2求解．速度增量根据△v=at 求解．【解答】解：A、将t=1s代入到x=5t+t2中得到第1s内的位移x=6m．故A正确．B、由x=5t+2t2可得前2s内的平均速度为：v=5+t=5+2=7（m/s），故B错误．C、根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2可得，质点的初速度：v0=5m/s，加速度a=2m/s2，任意1s内的速度增量都是：△v=at=2×1=2m/s，故C错误，D正确．故选：AD．11．如图是某质点运动的速度﹣时间图象，由图象得到的正确结果是（）A．0～1s内质点的平均速度是1m/sB．0～2s内质点的位移大小是3mC．0～1s内质点的加速度大于2～4s内的加速度D．0～1s内质点的运动方向与2～4s内的运动方向相反【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与x轴包围的面积表示位移大小，运动方向看正负．【解答】解：A、分析平均速度：，由面积法求0﹣1s的位移s=1m，时间t=1s因而=1m/s，故A正确；B、由面积法知：0﹣2s的位移s=3m，故B正确；C、用斜率求出0﹣1s的加速度：a1=2m/s2、2﹣4s的加速度a2=1m/s2、因而：a1＞a2，故C 正确；D、0﹣1s、2﹣4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正方向，运动方向相同，故D错误；故选：ABC．12．如为一物体沿直线运动的速度图象，由此可知（）A．8s内物体的位移为零B．4s末物体运动方向改变C．3s末与5s的加速度相等D．4s末与8s末物体处于同一位置【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在速度﹣时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．速度的符号表示运动方向．图象的斜率表示加速度．由此分析．【解答】解：A、在速度﹣时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，则由数学知识可知8s内物体的位移为零，故A正确．B、4s末前后物体的速度都为负，运动方向没有改变，故B错误．C、根据图象的斜率表示加速度，可知3s末与5s的加速度大小相等，但方向相反，所以加速度不等，故C错误．D、4s内和8s内物体的位移都是零，都回到了出发点，故D正确．故选：AD三、实验题．（共18分，每空3分）13．光电计时器是一种常用计时仪器，其结构如图所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有滑块从a、b间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间．现有某滑块通过光电门，计时器显示的挡光时间△t，用刻度尺测量出小滑块的长度为△x，则表示滑块通过光电门时的平均速度；滑块越短，△t越小，当△t极小时，可以认为是瞬时速度．（选填“平均速度”或“瞬时速度”）【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】平均速度等于位移与时间的比值，当时间极短时，平均速度可以代替瞬时速度．【解答】解：计时器显示的挡光时间△t，用刻度尺测量出小滑块的长度为△x，则表示滑块通过光电门时的平均速度．当△t极小时，可以认为是瞬时速度．故答案为：平均速度，瞬时速度14．如图甲一打点计时器固定在倾角为θ的斜面上，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，打出的纸带的一段如图乙所示．纸带上0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻计数点之间时间间隔为0.1s．（1）如果小车系在纸带的左端，那么小车是做匀加速直线运动（选填“匀加速”或“匀减速”）．（2）打计数点3时小车的速度大小为v3= 1.6m/s．（3）打计数点5时小车的速度大小为v5= 2.4m/s．（4）依据v3、v5可求得加速度大小为a=4m/s2．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（1）根据纸带上计数点之间距离的变化可以判断小车的运动性质；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小；（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．【解答】解：（1）x1=6.00cm，x2=（16.00﹣6.00）cm=10.00cm，x3=30.00cm﹣16.00cm=14.00cm，x4=48.00cm﹣30.00cm=18.00cm，x5=70.00cm﹣48.00cm=22.00cm，x6=96.00cm﹣70.00cm=26.00cm．可得：△x=x2﹣x1=x3﹣x2=x4﹣x3=4.00cm，即相邻的相等时间内的位移之差为常数，所以物体做的是匀加速直线运动．（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：v3===1.6m/s同理，v5===2.4m/s；（3）每相邻两个计数点之间还有四个实验点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：a===4m/s2故答案为：（1）匀加速；（2）1.6m/s；（3）2.4m/s；（4）4m/s2．四、计算题：（解答应写出必要的文字说明．方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．本题共3小题，42分）15．如图所示，物体从O点开始做自由落体运动，先后经过O点正下方A、B两点，此过程中，从O运动到B所用时间t1=3s，从A到B所用时间t2=1s，g=10m/s2，求：（1）物体到A点时的速度．（2）A、B间的距离．【考点】自由落体运动．【分析】（1）根据题意，物体从O到A的时间为2s，根据速度时间关系公式列式求解A点的速度；（2）根据位移时间关系公式分别求解出O到A的位移和O到B的位移，相减得到A到B 的位移．【解答】解：（1）O到B为3s，A到B为1s，故O到A为2s，根据速度位移关系公式，有v A=gt1=10×2=20m/s（2）AB间距等于O到B间距减去O到A间距，根据位移时间关系公式，有答：（1）物体到A点时的速度为20m/s；（2）A、B间的距离为25m．16．一辆汽车刹车前的速度为90km/h，刹车获得的加速度大小为10m/s2，求：（1）汽车刹车开始后2s末的速度．（2）汽车刹车开始后10s内滑行的距离x（3）汽车静止前1s内滑行的距离x′．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据速度时间公式判断出减速到零所需时间，根据速度时间公式求的速度．（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出刹车到停止所需的时间，结合运动学公式求出刹车后10s内的位移．（3）根据逆向思维，通过位移时间公式求出汽车静止前1s内滑行的距离【解答】解：（1）v0=90km/h=25m/s减速到零所需时间为t=2s末的速度为v=v0﹣at′=25﹣10×2m/s=5m/s（2）则汽车刹车后10s内的位移x=（3）通过逆向思维，x=答：（1）汽车刹车开始后2s末的速度为5m/s．（2））汽车刹车开始后10s内滑行的距离为31.25m．（3）汽车静止前1s内滑行的距离为5 m17．一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，决定前去追赶，经过2s后警车发动起来，并以2m/s2的加速度做匀加速运动，试问：（1）警车在追赶货车的过程中，警车启动多长时间后两车间的距离最大？（2）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（3）若警车能达到的最大速度是v m=12m/s，达到最大速度后以该速度匀速运动，则警车发动后要多长时间才能追上货车？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）当两车速度相等时，两车间的距离最大，求的时间（2）当两车速度相等时，两车间的距离最大，结合速度时间公式求出速度相等的时间，结合位移公式求出两车间的最大距离；（3）结合位移关系，结合运动学公式求出追及的时间【解答】解：（1）当at1=v0时距离最大，解得：t1=（2）此时货车的位移为：x1=v0（t1+t0）=10×2m=70m警车的位移为：x2=at12=×2×25m=25m则两车间的最大距离是：△x=x1﹣x2=70﹣25=45m（3）当警车速度达到最大时，经历的时间为：t2=s=6s这段时间内货车的位移为：x1′=v0（t2+t0）=10×（6+2）m=80m警车的位移为：x2′=at22=×2×36m=36m可知警车还未追上货车，则还需追及的时间为：t3=s=22s则有：t=t2+t3=6+22=28s．答：（1）警车在追赶货车的过程中，警车启动5s后两车间的距离最大（2）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是45m；（3）警车发动后要28s才能追上货车．2016年4月26日。
四川省广安市武胜中学2015届高三上学期第四次周考物理试卷(Word版含解析)
四川省广安市武胜中学2015届高三上学期第四次周考物理试卷一、第I卷共7题，每题6分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．下列叙述中正确的是( )A．牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B．做直线运动的物体受到的合外力一定是恒力C．物体只要做直线运动，其位移大小就等于路程D．两个运动的物体之间可能存在静摩擦力，静摩擦力的方向可以与运动方向成一定角度考点：滑动摩擦力；位移与路程．分析：滑动摩擦力大小跟压力成正比．滑动摩擦力总是阻碍物体的相对运动，其方向与物体的相对运动方向相反．运动的物体受到的可能是静摩擦力．两相互接触的物体发生了相对运动，两者间不一定有滑动摩擦力．解答：解：A、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，伽利略通过理想斜面实验第一次提出了力不是维持物体运动的原因，故A错误；B、做直线运动的物体受到的合外力不一定是恒力，故B错误；C、只有做单方向直线运动的物体，其位移大小才等于路程，故C错误；D、两个相对静止的物体之间有相对运动趋势且接触面不光滑时才存在静摩擦力，静摩擦力要求两个物体保持相对静止，与它们的运动的方向无关，则其的方向可以与运动方向成任意角度，故D正确．故选：D．点评：研究摩擦力时，要区分静摩擦力还是滑动摩擦力，滑动摩擦力与压力正比，而静摩擦力则不一定，注意摩擦力与弹力的方向关系，及运动方向的关系．2．轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力F将小球缓慢拉到B位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ，在这一过程中，下列说法正确的是( )A．小球的弹性势能不变，重力势能增加B．弹簧对小球的弹力在水平方向的分力大小逐渐增大C．水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量D．水平外力F做的功等于弹簧的弹性势能增加考点：功能关系．分析：系统的弹性势能取决于弹簧的形变量的大小，弹性势能的增减可通过弹力做功的正负判断，由于有外力F参与做功，系统机械能不守恒，总量要增加．解答：解：A、初始状态，弹簧的弹力F弹=mg，后来F弹cosθ=mg，故弹力会增加，弹簧伸长量增加，系统弹性势能变大，故A错误，B正确；C、作用过程中，外力F做正功，系统机械能不守恒，水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量，故C正确，D错误；故选：BC．点评：系统的弹性势能取决于弹簧的形变量的大小，形变量大，则弹性势能大，与弹簧伸长还是压缩无关，此外，要真正理解机械能守恒的条件．3．将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球乙表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断( )A．甲球带正电，乙球带电量为Q的负电B．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大C．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从甲出发到不带电的金属球终止，所以甲带正电，a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．结合这些知识分析．解答：解：A、乙球处于静电平衡状态，整体不带电，故A错误；B、根据顺着电场线方向电势逐渐降低，金属球处于静电平衡时整个导体是一个等势体，可知，a点的电势比b的电势高，负电荷在电势高处电势能小，则检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的小，故B错误．C、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故C正确；D、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功．故D错误；故选：C．点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键掌握静电平衡导体的特点：整个导体是等势体，明确电场力做正功时，电势能减小；电场力做负功时，电势能增加．4．一玩具小车放在水平地面上，如图（甲）所示，当小车启动后，小车的水平牵引力F随时间t的变化情况如图（乙）所示，相应的小车速度v随时间t的变化关系如图（丙）所示，则根据图上信息可得( )A．小车在0﹣6s内的平均速度与8﹣10s的平均速度都为1.5m/sB．小车在2﹣6s内阻力的平均功率与8﹣10s内阻力的平均功率都为3WC．小车启动过程为恒定功率的启动过程，其额定功率为6WD．因小车在2﹣6s与2﹣8s内动能的变化量相同都为6J，因此两阶段牵引力F做的功相同考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据v﹣t图象判断物体运动特征，进而分析物体的受力情况，根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移求出0﹣6s内的位移，根据平均速度等于位移除以时间求解平均速度，在匀变速直线运动中，还可以根据求解平均速度，根据求解平均功率，根据小车的受力情况判断属于哪种启动方式．解答：解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，则0﹣6s内的位移，则0﹣6s内的平均速度，故A错误；B、根据速度时间图象可知，6﹣8s内小车做匀速直线运动，受力平衡，则f=F=2N，2﹣6s 内的平均速度，则2﹣6s内阻力的平均功率，8﹣10s内的平均速度，则8﹣10s内阻力的平均功率，故B正确；C、根据图象可知，小车先做匀加速直线运动，加速度不变，则牵引力不变，所以小车启动过程为恒定牵引力的启动过程，故C错误；D、6﹣8s内，小车做匀速运动，牵引力等于阻力，此过程中牵引力做正功，所以2﹣8s内牵引力做的功，大于2﹣6s内牵引力做的功，故D错误．故选：B点评：此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合功和功率的计算公式进行计算求解，是2015届高考的热点考题．5．我田未来将建立月球基地，并在绕月从道上建造空间站．如图所示，关闭发动机的航天飞机在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆的近月点B处与空间站对接．已知空间站绕月轨道半径为r，周期为T，万有引力常量为G，月球的半径为R．那么以下选项正确的是( )A．月球的质量为M=B．航天飞机到达B处由椭圆轨道进入空间轨道时必须加速C．图中的航天飞机正在减速地飞向B处D．月球表面的重力加速度g月=考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：要使航天飞机在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，必须在接近B点时减速．根据开普勒定律可知，航天飞机向近月点运动时速度越来越大．月球对航天飞机的万有引力提供其向心力，由牛顿第二定律求出月球的质量M．解答：解：A、设空间站的质量为m，由得，月球的质量M=．故A正确；B、要使航天飞机在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，必须在接近B点时减速．否则航天飞机将继续做椭圆运动．故B错误；C、根据开普勒定律可知，航天飞机向近月点B运动时速度越来越大．故C错误；D、根据重力等于万有引力，得月球表面的重力加速度g月==，故D错误．故选：A．点评：本题是开普勒定律与牛顿第二定律的综合应用，对于空间站的运动，关键抓住由月球的万有引力提供向心力，要注意知道空间站的半径与周期，求出的不是空间站的质量，而是月球的质量．6．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g．现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是( )A．a=μg B．a=C．a=D．a=﹣考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：要分析木板的加速度就是来分析它受力，而题目并没有说木板相对物块到底是动了还是没动，因此我们要分两种情况来考虑这个问题：一：木板相对物块没动，这样的话就是说木板和物块一起做匀加速直线运动，可以通过受力来找加速度．二：木板相对物块动了，则木板就是在物块的摩擦力和地面的摩擦力作用下做匀加速直线运动，又可以做出一个结果．解答：解：一：木板相对物块没动①若F＜μmg，则木板上下表面都受到大小相等、方向相反的摩擦力，摩擦力大小为F，此时木板加速度为0；②若μmg＞F＞μmg，则木板和物块一起做匀加速直线运动，整体水平方向的受力为：拉力F和地面的摩擦力f，则其加速度为：，故D正确．二：木板相对物块动了此时F＞μmg，则木板就是在物块的摩擦力和地面对它的摩擦力作用下做匀加速直线运动，其受到木块的摩擦力为：f1=μmg，收到地面的摩擦力为f2=μmg，则获得的加速度为：，故C正确．故选：CD．点评：小技巧，注意题目里面的一些暗示．这是一个需要思维缜密的题，通过题干问的加速度可能是？我们就可只推测这个至少应该有两个答案，也就是会有两种运动情况，进而仔细分析题目找出这两种情况即可．7．如图所示，竖直平面内的圆弧形光滑管道半径略大于小球半径，管道中心到圆心距离为R，A点与圆心O等高，AD为水平面，B点在O的正下方，质量为m的小球自A点正上方h处由静止释放，自由下落至A点时进入管道，则( )A．为使小球能到达管道的最高点，那么h与R的关系应满足h≥B．若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则OC间的水平距离恰好为RC．若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A点，则小球在最高点对内侧轨道产生是的压力D．若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，则h=3R考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，在最低点和最高点，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析．解答：解：A、小球运动过程中机械能守恒，根据机械能守恒，为使小球能到达管道的最高点，那么h与R的关系应满足h≥R，故A正确；B、若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：v=此后的平抛运动：x=vtR=解得：x=v故OC=（）R故B错误；C、若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A点，根据平抛运动的分运动公式，有：R=vtR=联立解得：v=小球在最高点时合力提供向心力，设受到的弹力向上，为N，则：mg﹣N=m解得：N=根据牛顿第三定律，小球在最高点对内侧轨道产生是的压力，故C正确；D、若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，根据牛顿第二定律，有：9mg﹣mg=m解得：从释放到B过程，根据动能定理，有：mg（h+2R）=解得：h=2R，故D错误；故选：C点评：分析清楚小球的运动过程，应用牛顿第二定律、动能定理或机械能守恒定律、平抛运动规律即可正确解题．二.（非选择题共68分）8．某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，如图是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿图甲中AO方向的是F′（2）本实验采用的科学方法是BA．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；恒定电流专题．分析：明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别．解答：解：（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合；（2）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法．故选：B．故答案为：（1）F′（2）B点评：本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别．9．为了改进教材中“做功与速度变化”实验的不足，某物理研究性学习小组设计了如图甲所示的实验装置．在带有刻度的圆弧形槽内放一很薄的比较光滑的塑料管A，弹簧的一端固定在塑料管A上，另一端与研究对象金属圆柱体接触，组成一弹射装置．金属圆柱体经弹簧做功后从塑料管的左端B弹出，在圆弧形槽内做匀减速直线运动，最后静止不动，通过位移d可以由圆弧形槽上刻度读出．该研究小组根据弹性势能公式E p=，通过改变弹簧压缩量x来改变弹簧所做功W=，通过匀变速直线运动位移d求出金属圆柱体从B端射出时速度平方v02=2μgd．①为了运用图象的直线探究做功与速度变化关系，若以弹簧压缩量平方x2为横坐标，则应以金属圆柱体通过位移d为纵坐标②该研究小组通过改变x，多次测量d，得出如表所示的多组实验数据．试根据表中实验数据，在如图乙所示的坐标上作出图线．根据图线得出在误差范围内，弹簧对物体做功与物体速度平方成正比．x/mm x2/mm2d/mm1 21 441 1412 28 784 2453 34 1156 3564 39 1521 444③若金属圆柱体的质量为m，弹簧的劲度系数为k，则根据所作图线可以求出金属圆柱体与圆弧形槽间动摩擦因数物理量．④试指出影响该实验精度的因素金属圆柱体与塑料管A间有摩擦，测量x和d时存在误差等（至少一个）．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：①应用能量守恒定律求出函数表达式，然后确定坐标轴所表示的物理量．②应用描点法作出图象，根据图象得出结论．③根据图象的函数表达式与图象得出结论．④根据实验原理与实验步骤分析实验误差解答：解：①对整个过程，由能量守恒定律可得：kx2=2μgd，x2为横坐标，以金属圆柱体通过位移d为纵坐标作出的图象是直线．②根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：由图象可知，图象是一条直线，d与x2成正比，由此可得：在误差范围内，弹簧对物体做功与物体速度平方成正比．③由kx2=2μgd可知，d=x2，由图象可以求出：金属圆柱体与圆弧形槽间动摩擦因数．④塑料管A间有摩擦，测量x和d时存在误差等可以影响实验的精度．故答案为：①金属圆柱体通过位移d；②d﹣x2图线如图所示；在误差范围内，弹簧对物体做功与物体速度平方成正比；③金属圆柱体与圆弧形槽间动摩擦因数；④金属圆柱体与塑料管A间有摩擦，测量x和d 时存在误差等．点评：本题考查了实验数据处理，知道实验原理、根据能量守恒定律求出函数表达式是正确解题的关键；应用图象法处理实验数据时，为使图象直观、便于实验数据处理，要选择合适的物理量，使作出的图象为直线．10．如图甲所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于平行于斜面向上的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．（1）求出匀强电场的场强大小E；（2）若将电场的场强大小保持不变，方向改为水平向右，如图乙所示，试求：①物块对斜面的压力；②物块下滑距离L时的动能．考点：牛顿运动定律的综合应用；牛顿第三定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由共点力的平衡条件可求得电场强度的大；（2）由共点力的平衡条中求得支持力N；再由牛顿第三定律可求得压力；由动能定理可求得动能．解答：解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，则有：mgsin 37°=qE可得：E=（2）①若电场强度大小保持不变，方向改为水平向右，即：E′=由牛顿第二定律得：mg cos 37°﹣qE′sin 37°=N．可得：N=1.16mg由牛顿第三定律可得，物块对斜面的压力为N1=1.16mg，方向垂直于斜面向下．②电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得：mgLsin 37°﹣qE′Lcos 37°=E k﹣0得：E k=0.12mgL答：（1）求出匀强电场的场强大小E为（2）①物块对斜面的压力为1.16mg；②物块下滑距离L时的动能为0.12mgL点评：本题考查带电粒子在电场中的运动，要注意明确动能定理及共点力的平衡关系的应用．11．（17分）如图，一根不可伸长的轻细绳穿过光滑小环D，绕过轻质光滑定滑轮O，一端与放在光滑斜面上的物块m1连接，另一端与穿在光滑水平细杆上的小球m2连接，m2左端通过水平细线固定在竖直墙壁上，整个装置在同一竖直平面内．当m2静止在A点时，轻细绳与水平面的夹角为30°，D、A间的距离为1.2m．已知斜面倾角θ=37°，m1=2kg，m2=1kg，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，细杆、斜面足够长．试求：（1）若将与m2相连的水平细线剪断，小球运动的最大速度的大小（2）将水平细线剪断后，物块m1从B点沿斜面运动0.4m到C点时速度的大小．考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）小球速度最大时，正好在D点正下方，由机械能守恒定律列方程求解；（2）由速度的合成与分解得到两个物块速度的关系，对系统由机械能守恒定律列方程求解．解答：解：（1）小球速度最大时，正好在D点正下方，m1速度为零，对系统由机械能守恒得：代入数据得：m/s（2）设物块运动到C时，小球运动到E，此时绳与细杆间的夹角为β，由数学知识可知，（sinβ）2=（cosβ）2=1，m1从B滑到C的速度为v1．由系统由机械能守恒得：由速度分解知识可得：v1=v2cosβ联立以上各式并代入数据得：m/s答：（1）若将与m2相连的水平细线剪断，小球运动的最大速度的大小为（2）将水平细线剪断后，物块m1从B点沿斜面运动0.4m到C点时速度的大小为m/s．点评：解决“绳（杆）端速度分解模型”问题时应把握以下两点：（1）确定合速度，它应是m2的实际速度；（2）m2运动引起了两个效果：一是左边绳子的缩短，二是绳绕滑轮的转动．应根据实际效果进行运动的分解12．（19分）如图所示，半径R=2.1m的光滑圆弧与光滑平台相切于O1，O1与圆心O在同一竖直线上，在OO1连线的右侧有场强E=3×108V/m的匀强电场，平台右端B与水平传送带相接，传送带的运行速度为v0=2m/s，方向如图所示，长为L=4.84m．质量m=2kg，电量q=+2.0×10﹣8C的滑块从A点（A点与圆心O点等高）无初速度释放，经过平台到达传送带上，平台宽度O1B=S=1m，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.1．不考虑电场的边缘影响，全过程滑块电量不变，g=10m/s2，求：（1）滑块刚到B点时的速度大小（2）滑块在传送带上运动时间（3）滑块在传送带上运动产生的热量Q．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）对由A到B过程直接根据动能定理列式求解即可；（2）先加速皮带足够长，对减速前进过程分速度快于传送带和小于传送带过程，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式列式求解运动参量；（3）根据公式Q=f•△S列式求解滑块在传送带上运动过程系统产生的热量Q．解答：解：（1）由A到B，根据动能定理，有：mgR﹣Eqs=mv B2代入数据解得：v B=6m/s（2）因为v B＞v0，所以a1==μg+=0.1×10+=4m/s2，方向水平向左当物体的速度与传送带速度相等时所用时间为t1，则有：t1==1s物体位移为：x1==4m＜4.84m，物体以a2减速运动的加速度为：a2==2m/s2，方向水平向左如果物体速度减为0，物体位移为：x2==1m＞L﹣x1=0.84m所以物体到C点时速度不为0，则有：L﹣x1=v0．t2﹣a2解得：t2=0.6s；t2=1.4s＞1s（舍去）t=t1+t2=1+0.6=1.6s（3）滑块速度减小到等于传送带速度过程，相对位移：△X1=x1﹣v0．t1=4﹣2×1=2m；此后直到离开传送带过程，相对位移：△X2=v0．t2﹣x2=2×0.6﹣0.84=0.36m故系统产生的热量为：Q=µmgx（△X1+△X2）=0.1×2×10×（2+0.36）=4.72J答：（1）滑块刚到B点时的速度大小为6m/s；（2）滑块在传送带上运动时间为1.6s；（3）滑块在传送带上运动产生的热量Q为4.72J．点评：本题关键是明确滑块的受力情况，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式列式求解运动学参量，根据Q=f•△S列式求解系统因摩擦产生的热量．。
四川省广安市武胜中学高一物理上学期第三次月考试题(含解析)新人教版
2014-2015学年四川省广安市武胜中学高一（上）第三次月考物理试卷一、本题共10小题；每小题6分，共60分．（9、10小题为多选题，其余为单选题）2．（6分）（2011秋•台江区校级期末）运动员双手握着竹杆匀速上爬或匀速下滑时，他受到F1、F2均向下，F1=F2F1向下、F2向上，F1＞F2D F1向下、F2向上，F1＜F24．（6分）（2013秋•巴州区校级期中）一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地．汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好停止．其速度图象如图所示，那么在0～t0和t0～3t0两段时间内（）平均速度大小之比为2：1B根据匀变速直线运动的平均速度公式=线运动的平均速度公式==：x2=v0•2t0=1a2=：5．（6分）（2014秋•仙桃期末）如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力恰好围成封闭的C6．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，将光滑斜面上物体的重力mg分解为F1、F2两个力，下列结论正确的是（）7．（6分）（2012•浙江）如图所示，与水平面夹角为30°的固定斜面上有一质量m=1.0kg的物体．细绳的一端与物体相连．另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连．物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为4.9N．关于物体受力的判断（取g=9.8m/s2）．下列说法正确的是（）N8．（6分）（2013秋•桥东区校级期中）作用于同一点的两个力，大小分别为F1=10N，F2=6N，这两个力的合力F与F1的夹角为θ，则θ可能为（）sinθm=9．（6分）（2014秋•清河区校级期末）如图所示，物体A放在水平桌面上，被水平细绳拉着处于静止状态，则（）10．（6分）（2014秋•衡阳期末）木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上．如图所示．力F作用后（）二、实验题：每空2分，共14分．11．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）小明同学在做“互成角度的两个力的合成”实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图（a）所示．（1）试在图（a）中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示，并用F表示此力．（2）有关此实验，下列叙述正确的是AC．A．两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大B．橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O，这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同D．若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而保证橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可（3）如图（b）所示是李明和张华两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个实验比较符合实验事实？（力F′是用一只弹簧测力计拉时的图示）张华．（填李明或张华）12．（2分）（2014秋•武胜县校级月考）使用电火花计时器来分析物体运动情况的实验中，在如下基本步骤中，正确的排列顺序为ABDECA．把电火花计时器固定在桌子上B．安好纸带C．松开纸带让物体带着纸带运动D．接通220V交流电源E．按下脉冲输出开关，进行打点．13．（6分）（2012•广陵区校级学业考试）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，则打A点时小车瞬时速度的大小是0.86m/s，小车运动的加速度计算表达式为，加速度的大小是0.64m/s2（计算结果保留两位有效数字）．vA=（三、计算题（本题共28分．解题过程中要有必须的文字说明及相关的原始公式和注明物理量的单位，直接写出结果按零分计算．）14．（8分）（2014春•亭湖区校级期末）汽车刹车进站初速度为5m/s，刹车后汽车获得加速度大小为0.4m/s2．求（1）经过10s时汽车的速度；（2）汽车滑行的总距离．t==12.5s﹣s=15．（8分）（2009秋•淮南期末）一个物体从塔顶上下落，在到达地面前最后1s内通过的位移是整个位移的，求塔高．（g取10m/s2）h=内通过的位移是整个位移的h=gt2h=gt216．（10分）（2013秋•安庆期末）如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O．轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA 与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲、乙均处于静止状态．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大？（2）乙受到的摩擦力是多大？方向如何？（3）若物体乙的质量m2=4kg，物体乙与水平面之间的动摩擦因数为μ=0.3，则欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过多少？解得：由②③④得：受到的拉力分别是：。
高三物理月考试题及答案-四川广安市武胜中学2015届高三上学期第一次月考
2014-2015学年四川省广安市武胜中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共7小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）下列说法正确的是（）分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率；有摩擦力一定有弹力，而有弹力不一定有摩擦力；根据平衡条件来确定静摩擦力方向，由合力与初速度方向共线做直线运动，不共线做曲线运动，从而即可求解．2．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）3．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）倾角为α、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上．下列结论正确的是（）解答：解：A、先对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有；f=mgsinα…①N=mgcosα…②由①式，选项A错误；B、斜面对木块的支持力和木块对斜面的压力相等，由②式得B错误；C、D、对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为（M+m）g，静摩擦力为零，故C正确，D错误；故选：C．4．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，用一原长为l0，劲度系数为k的橡皮筋将一质量为m的小球悬挂在小车的架子上，现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值a，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内）．此时橡皮筋的长度为（）．．D．解答：解：对小球分析，小球所受的合力为ma，根据平行四边形定则知，橡皮筋的拉力F=，根据胡克定律得，橡皮筋的伸长量，则橡皮筋的长度l=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．5．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）如图，一质量为m的光滑大圆环，其半径为R，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量也为m的小环（可视为质点），从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时的速度为v，轻杆对大环拉力的大小为（）．mg+B．2mg+C．2mg﹣解答：解：小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m得：F=mg+m①小对大环分析，有：T=F+mg ②联立①②解得：T=2mg+m故选：B．6．（6分）（2014春•宝坻区期中）如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的．不计空气阻力，则（）解答：解：A、B、由图象可以看出，bc两个小球的抛出高度相同，a的抛出高度最小，根据可知，a的运动时间最短，bc运动时间相等，故A错误，B正确；C、由图象可以看出，abc三个小球的水平位移关系为a最大，c最小，根据x=v0t可知，v0=，所以a的初速度最大，c的初速度最小，故C错误，D正确；故选：BD7．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体．现对甲施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力F变化的关系如右图所示．已知重力加速度g=10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．由图线可知（）二、实验题（共2小题，每空2分，共16分）8．（8分）（2014秋•蕉城区校级期中）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调．打点计时器的工作频率为50Hz．纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带．B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：DCBA （用字母填写）．②图（b）中标出的相邻两计数点间的时间间隔T= 0.1 s．③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5= ．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=．解答：解：①在实验过程中应先固定打点计时器，再放置小车，然后打开电源，最后释放小车，所以正确的顺序是DCBA．②每隔4点或每5个点取一个计数点时，相临计数点的时间间隔均为0.1 s．③根据确定时间段内的平均速度等于中点时刻的瞬时速度可得，v5=．④当有6组数据时，应采用逐差法计算加速度：a=．故答案为：①DCBA②0.1③④9．（8分）（2014秋•包河区校级期中）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1连接起来进行探究．①操作时一定要弹簧、刻度尺处于竖直方向（水平或竖直）②某次测量如图2所示，指针示数为16.00 cm．③在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数L A和L B如表，用表中数据计算弹簧Ⅰ的劲度系数为12.5 N/m，（重力加速度g取10m/s2）．④由表中数据能（选填“能”或“不能”）计算出弹簧Ⅱ的劲度系数．解答：解：①操作时一定要弹簧、刻度尺处于竖直方向．②刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00cm．③由表格中的数据可知，当弹力的变化量△F=0.5N时，弹簧形变量的变化量为△x=4.00cm，根据胡克定律知：k==12.5N/m．三、计算题（共3小题，共52分）10．（16分）（2014秋•武胜县校级月考）一辆执勤的警车停在直公路边，当警员发现从他后边以v=18m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，决定前去追赶，货车恰过警车旁时警车立即以加速度a=3m/s2做匀加速运动，从警车发动起来开始计时，问：（1）警车发动起来后经多长时间才能追上违章的货车？（2）什么时候两车距离最大，两车间的最大距离是多少？解答：解：（1）设经过时间t，两车相遇，则有：s′货=v0ts′警=，即v0t=代入数据解得：t=12s；（2）警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时，它们的距离最大．设警车发动后经过t1时间两车的速度相等．则：s货=v0t1=18×6m=108ms警=所以两车间的最大距离为：△s=s货﹣s警=108﹣54=54m；答：（1）警车发动后要12s时间才能追上货车；（2）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是54m．11．（17分）（2014秋•武胜县校级月考）如图所示，凹槽B放在水平面上，槽与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，槽的内表面光滑．在内表面上有一小物块A靠左侧壁放置，与槽的右侧壁相距为l=1m．A、B的质量均为m．现对槽B施加一个大小F=2mg、方向水平向右的推力，使A和B一起从静止开始向右运动．当槽B运动的距离为d=0.4m时，将推力撤去，此后A和B发生相对运动，再经一段时间小物块A碰到槽的右侧壁．（g=10m/s2）（1）求撤去推力瞬间槽B的速度大小v；（2）撤去推力后A、B的加速度各是多少；（3）B停止时，A距B右侧距离是多少．解答：解：（1）推力F作用过程，由动能定理得：（F﹣μ•2mg）d=代入数据求解得：v===2m/s（2）撤去推力后，A求保持匀速运动，故加速度为0，球B，由牛顿第二定律得：μ•2mg=ma，得其加速度a′=10m/s2（3）B经历时间t===0.2s停下，此时A在槽内匀速运动位移x A=vt=2×0.2=0.4mB匀减速位移：x B===0.2m二者相对位移：△x=x A﹣x B=0.2m故A距B右侧距离x′=l﹣△x=1﹣0.2=0.8m答：（1）撤去推力瞬间槽B的速度大小为2m/s；（2）撤去推力后A的加速度为0、B的加速度是10m/s2；（3）B停止时，A距B右侧距离是0.8m．12．（19分）（2014秋•武胜县校级月考）一长l=0.80m的轻绳一端固定在O点，另一端连接一质量m=0.10kg的小球，悬点O距离水平地面的高度H=1.00m．开始时小球处于A点，此时轻绳拉直处于水平方向上，如图所示．让小球从静止释放，当小球运动到最低点B点时，轻绳对小球的拉力为3N．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）当小球运动到B点时的速度大小；（2）若在O点正下方固定一个钉子P，轻绳碰到钉子时立刻断裂．不计轻绳断裂的能量损失，绳断裂后球从B点抛出并落在水平地面的C点，求C点与B点之间的水平距离；（3）若轻绳不会断裂，轻绳碰到钉子P后，要使小球能在竖直平面内做完整的圆周运动，求OP间的距离满足的条件．解答：解：（1）设小球运动到B点时的速度大小v B，在最低点，由牛顿第二定律得T﹣mg=m据题 T=3N则 v B===4 m/s（2）绳断裂后，球从B点开始做平抛运动，由运动学规律得x=v B ty=H﹣l=gt2解得C点与B点之间的水平距离x=v B•=4×=0.8m（3）设OP间的距离为d，小球能在竖直平面内做完整的圆周运动时最高点速度v应满足的条件是：mg≤m又由机械能守恒定律得：mg[d﹣（l﹣d）]=联立得d≥=0.16m即钉子P与O点的距离d应满足条件0.8m＞d≥0.16m．答：（1）B点的速度为4m/s；（2）C点与B点之间的水平距离为0.80m；（3）钉子P与O点的距离d应满足条件为0.8m＞d≥0.16m．。
高三物理月考试题及答案-四川广安市武胜中学2015届高三上学期月考试卷(补习班)(10月份)
四川省广安市武胜中学2015届高三上学期月考物理试卷（补习班）（10月份）一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）1．（6分）下列关于摩擦力的说法中，错误的是（）A．两物体间有摩擦力，一定有弹力，且摩擦力的方向和它们间的弹力方向垂直B．两物体间的摩擦力大小和它们间的压力一定成正比C．在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度D．滑动摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以相反2．（6分）用一水平力F将两砖块A和B紧压在竖直墙上而静止，如图所示，对此，下列说法中正确的是（）A．B受墙的摩擦力方向可能向上，也可能向下B．铁块A肯定对B施加竖直向上的摩擦力C．铁块B肯定受墙给它的竖直向上的摩擦力D．铁块B受A给它的摩擦力方向可能向上，也可能向下3．（6分）如图所示，用一根长为l的细绳一端固定在O点，另一端悬挂质量为4m的小球A，为使细绳与竖直方向夹角为30°且绷紧，小球A处于静止，对小球施加的最小的力是（）A．0.5mg B．m g C．2.5mg D．2mg4．（6分）为纪念邓小平诞辰110周年，2014年8月22日晚广安思源广场焰火晚会精彩上演．在形成焰火的烟花运动的过程中，以下说法中正确的是（）A．烟花的速度变化越快，加速度一定越大B．烟花的速度越大，加速度也一定越大C．烟花的加速度不断减小，速度一定越来越小D．某时刻烟花速度为零，其加速度一定为零5．（6分）在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m 处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象，以下说法正确的是（）A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾6．（6分）骑自行车的人沿着直线从静止开始运动，运动后，在第1、2、3、4秒内，通过的路程分别为1米、2米、3米、4米．有关其前4秒内运动的描述正确的是（）A．4秒内的平均速度是2.5米/秒B．该运动可能是初速度为0的匀加速直线运动C．第3秒末的即时速度一定是3米/秒D．该运动一定不是匀加速直线运动7．（6分）新津中学后校门设置了遥控电动伸缩门，设其移动速度为0.3m/s，校门红绿灯路口到校门的距离大约50米．某天一同学来到学校，刚过红绿灯路口一眼看见电动门正在从左侧移动准备关门，设此时电动门再需移动4.5m就会关上．他从静止开始以1m/s2的加速度匀加速跑步前进，设他最大速度为5m/s，达到最大速度后能保持这个速度奔跑．那么（）A．他不能在关门前进校门B．他能在关门前进校门C．他加速跑步的距离为25mD．若他加速到5m/s后自我感觉良好，以为一定能在校门关闭之前进门，于是他随即开始以0.5 m/s2加速度匀减速继续前进，直到减为零．那么他不能在关门前进校门二、实验题（共17分）8．（4分）（1）如图为打点计时器打出的一条纸带，从纸带上看，打点计时器出的故障可能______A、打点计时器接在直流电源上B、电源电压太低C、电源频率不稳定D、振针压得过紧（2）若实验中，算出各点的时刻所对应的瞬时速度，计算加速度最合理的方法是______A、根据实验数据画出图出v﹣t图，量出倾斜角α，由a=tanα，求出加速度B、根据实验数据正确画出v﹣t图，由图线上的一点对应的坐标（t，v），a=C、根据实验数据正确画出v﹣t图，由图线上距离较大的两点对应的坐标（t，v），按求斜率的方法计算出加速度D、根据实验数据正确画出v﹣t图，由图线上距离较近的两点对应的坐标（t，v），按求斜率的方法计算出加速度．9．（9分）如图为打点计时器打出的一条纸带，使用50Hz的打点计时器，每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出（结果保留三位有效数）①该物体的加速度为______ m/s2，②第3个记数点与第2个记数点的距离约为______cm，③打第3个点时该物体的速度为______ m/s．10．（2分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，合力与分力的作用效果相同，这里作用效果是指（）A．弹簧测力计的弹簧被拉长B．使橡皮条伸长到同一长度C．细绳套受拉力产生形变D．使橡皮条在同一方向上伸长到同一长度11．（2分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图甲所示，其中A 为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示，下列说法中正确的是（）A．图乙中的F是力F1和F2合力的理论值，F′是力F1和F2合力的实际测量值B．图乙的F′是力F1和F2合力的理论值，F是力F1和F2合力的实际测量值C．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果没有影响D．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果有影响三、计算题12．（15分）最近据外媒报道，“火星一号”移民计划即将启动候选人筛选，头4名火星居民将在2025年登陆火星．虽然踏上火星之后将不能够返回地球，但这一移民计划还是收到了超过20万人的申请．假若某志愿者登上火星后将一小球从高为0.5m的地方由静止释放，不计空气阻力，测得经过0.5s小球落地，求：（1）火星的重力加速度a的大小．（2）若他在同样高度将小球以1.5m/s的速度竖直上抛的落地时间t．13．（17分）如图所示：一根光滑的丝带两端分别系住物块A、C，丝带绕过两定滑轮，在两滑轮之间的丝带上放置了球B，D通过细绳跨过定滑轮水平寄引C物体．整个系统处于静止状态．已知M A=kg，M C=2.7kg，M D=0.1kg，B物体两侧丝带间夹角为60°，与C物体连接丝带与水平面夹角为45°．此时C恰能保持静止状态．求：（g=10m/s2）（1）物体B的质量m；（2）物体C与地面间的摩擦力f；（3）物体C与地面的摩擦因数μ（假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力）．14．（19分）钓鱼岛是我国固有领土，决不允许别国侵占．近期，我人民海军为此进行登陆演练，假设一艘战舰因吨位大吃水太深，只能停锚在离海岸登陆点较远处．登陆队员需要从较高的军舰甲板上，利用绳索下滑到登陆快艇上再行登陆，若绳索两端固定好后，与竖直方向的夹角θ=45°．队员下滑时改变特殊手套（握力足够大时才有摩擦力）在绳索上的握力大小以调整下滑加速度大小，恰好保证了全程加速度大小相等，假定做先匀加速运动后立即匀减速运动，登上快艇时速度为刚好零．为了安全，绳索上只能容一人滑动，每人按要求丢下随身携带的石头使其自由下落，第1名队员下滑时丢下自己的石头，从第二名队员开始听到前一队员丢下石头的击水声就丢下自己的石头，当听到自己石头的击水声时立即下滑，同时再丢第二块石头（忽略声音传播时间），这样恰好保证了绳上只有一人下滑，10名队员在40s 内恰好全部登上快艇．重力加速度g=10m/s2，求：（1）军舰甲板与快艇的高度差H．（2）下滑时加速度大小a．（3）某队员连同装备在内质量为m=200kg，在加速下滑过程中他对绳的作用力大小F．四川省广安市武胜中学2015届高三上学期月考物理试卷（补习班）（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）1．（6分）下列关于摩擦力的说法中，错误的是（）A．两物体间有摩擦力，一定有弹力，且摩擦力的方向和它们间的弹力方向垂直B．两物体间的摩擦力大小和它们间的压力一定成正比C．在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度D．滑动摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以相反考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：摩擦力和弹力都是接触力，摩擦力发生在两个物体的接触面上，且沿接触面的切线方向．滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力不存在这个关系．有摩擦力产生则接触面上必会有弹力．解答：解：A、有摩擦力产生则接触面上必会有弹力，弹力垂直于接触面，摩擦力平行于接触面，所以弹力垂直于摩擦力方向，故A正确；B、滑动摩擦力的大小f=μF N，即摩擦力大小和它们间的压力成正比，但静摩擦力的大小根据二力平衡求解，与物体间的压力不一定成正比，故B错误；C、在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度，C正确；D、摩擦力方向是和相对运动或相对运动趋势方向相反和运动方向不一定相反，可能相同，也可能垂直，故D正确．本题要求选错误的，故选：B．点评：本题考查摩擦力的产生条件、大小和摩擦力的方向，注意摩擦力的方向是和相对运动或相对运动趋势方向相反和运动方向不一定相反，可能相同，也可能垂直还可能成任意角度．2．（6分）用一水平力F将两砖块A和B紧压在竖直墙上而静止，如图所示，对此，下列说法中正确的是（）A．B受墙的摩擦力方向可能向上，也可能向下B．铁块A肯定对B施加竖直向上的摩擦力C．铁块B肯定受墙给它的竖直向上的摩擦力D．铁块B受A给它的摩擦力方向可能向上，也可能向下考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：只要物体保持静止状态或匀速直线运动状态，我们就说该物体处于平衡状态，即此时一定受到平衡力的作用，故该题中的物体始终保持静止，利用二力平衡的特点分析即可判断．解答：解：A、对整体受力分析可知，整体在竖直方向保持静止，则墙对B一定有竖直向上的摩擦力，故A错误，C正确；B、对A受力分析可知A处于静止状态，故A受到的合外力为零，在竖直方向上受到竖直向下的重力，故B对A施加的摩擦力方向肯定是竖直向上；B对A的力与A对B的力为作用力与反作用力；故根据作用力和反作用力的关系可知，A对B的摩擦力方向向下；故BD 错误；故选：C．点评：本题关键在于摩擦力判断；因物体受到墙的摩擦力等于物体重，物重不变，摩擦力不变，这是本题的突破口．3．（6分）如图所示，用一根长为l的细绳一端固定在O点，另一端悬挂质量为4m的小球A，为使细绳与竖直方向夹角为30°且绷紧，小球A处于静止，对小球施加的最小的力是（）A．0.5mg B．m g C．2.5mg D．2mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球A处于静止，受力平衡，分析受力情况，用作图法得出对小球施加的力最小的条件，再由平衡条件求出力的最小值．解答：解：以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图，根据作图法分析得到，当小球施加的力F与细绳垂直时，所用的力最小．根据平衡条件，F的最小值为：F min=Gsin30°=4mg×=2mg故选：D．点评：本题物体平衡中极值问题，关键是确定极值条件，本题采用图解法得到力最小的条件，也可以运用数学函数法求解极值．4．（6分）为纪念邓小平诞辰110周年，2014年8月22日晚广安思源广场焰火晚会精彩上演．在形成焰火的烟花运动的过程中，以下说法中正确的是（）A．烟花的速度变化越快，加速度一定越大B．烟花的速度越大，加速度也一定越大C．烟花的加速度不断减小，速度一定越来越小D．某时刻烟花速度为零，其加速度一定为零考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．解答：解：A、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故A 正确．B、速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故B错误．C、当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大，故C错误．D、在最高点，烟花的速度为零时，加速度不为零，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．5．（6分）在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m 处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象，以下说法正确的是（）A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析．解答：解：根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b 车的位移为：s b=v b t=10×3m=30ma车的位移为s a=×（30+20）×1+××2=60m则s a﹣s b=30m，所以在在t=3s时追尾．故C正确．故选C点评：解答本题关键要抓住速度图象的面积表示进行求解，属于基本题．6．（6分）骑自行车的人沿着直线从静止开始运动，运动后，在第1、2、3、4秒内，通过的路程分别为1米、2米、3米、4米．有关其前4秒内运动的描述正确的是（）A．4秒内的平均速度是2.5米/秒B．该运动可能是初速度为0的匀加速直线运动C．第3秒末的即时速度一定是3米/秒D．该运动一定不是匀加速直线运动考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：要求某段时间内的平均速度，只要知道位移即可求出．从在第1、2、3、4秒内，通过的路程分别为1米、2米、3米、4米，无法判断自行车所做的运动．解答：解：A、4s内的平均速度=2.5m/s．故A正确．B、若是初速度为0的匀加速直线运动，则在第1、2、3、4秒内，位移之比为1：3：5：7，故B错误；C、根据第1、2、3、4秒内，通过的路程分别为1米、2米、3米、4米，无法判断自行车所做的运动，无法求出第3s末的速度．故C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握平均速度的公式，会根据该公式求平均速度．7．（6分）新津中学后校门设置了遥控电动伸缩门，设其移动速度为0.3m/s，校门红绿灯路口到校门的距离大约50米．某天一同学来到学校，刚过红绿灯路口一眼看见电动门正在从左侧移动准备关门，设此时电动门再需移动4.5m就会关上．他从静止开始以1m/s2的加速度匀加速跑步前进，设他最大速度为5m/s，达到最大速度后能保持这个速度奔跑．那么（）A．他不能在关门前进校门B．他能在关门前进校门C．他加速跑步的距离为25mD．若他加速到5m/s后自我感觉良好，以为一定能在校门关闭之前进门，于是他随即开始以0.5 m/s2加速度匀减速继续前进，直到减为零．那么他不能在关门前进校门考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的运动学公式求出匀加速和匀速运动的位移，判断是否能够在关门前进校门．根据运动学公式求出匀加速和匀减速的位移，判断是否在关门前进校门．解答：解：A、移动门关上的时间t=，匀加速运动的时间，匀加速运动的位移，匀速跑步的时间为10s，则匀速运动的位移x2=v m t2=5×10m=50m，因为x1+x2＞50m，所以他能在关门前进校门，故A、C错误，B正确．D、匀加速运动的位移为12.5m，匀加速运动的时间为5s，则匀减速运动的位移，则总位移为37.5m，小于50m，不能在关门前进校门．故D正确．故选：BD．点评：本题考查了运动学中的相遇问题，关键抓住位移关系、时间关系，运用运动学公式进行求解，难度不大．二、实验题（共17分）8．（4分）（1）如图为打点计时器打出的一条纸带，从纸带上看，打点计时器出的故障可能BDA、打点计时器接在直流电源上B、电源电压太低C、电源频率不稳定D、振针压得过紧（2）若实验中，算出各点的时刻所对应的瞬时速度，计算加速度最合理的方法是CA、根据实验数据画出图出v﹣t图，量出倾斜角α，由a=tanα，求出加速度B、根据实验数据正确画出v﹣t图，由图线上的一点对应的坐标（t，v），a=C、根据实验数据正确画出v﹣t图，由图线上距离较大的两点对应的坐标（t，v），按求斜率的方法计算出加速度D、根据实验数据正确画出v﹣t图，由图线上距离较近的两点对应的坐标（t，v），按求斜率的方法计算出加速度．考点：探究小车速度随时间变化的规律；用打点计时器测速度．专题：实验题．分析：1、解决该题要掌握打点计时器的工作原理，打点计时器使用交流电源，电压不稳影响点痕的轻重，电源频率不稳会影响打点的时间间隔，打点针压得过紧影响点的形状，知道了这些相关知识即可正确解答本题．2、了解研究匀变速直线运动的实验中实验数据处理各种方法，知道最能减小误差的研究方法．图象法是我们物理实验中常用来研究问题的方法．解答：解：（1）A、打点计时器使用的是交流电源，若打点计时器接在直流电源上，打点计时器不打点，故A错误；B、点痕的轻重和电源电压不稳有关，可能是电源电压太低，故B正确；C、电源频率大小只会影响打点的时间间隔，不会影响点的形状，不会造成短线，故C错误；D、打点针压得过紧，振针和纸带接触时间过长，可能造成短线，故D正确；故选：BD．（2）A、作图法是求物体加速度的一个行之有效的方法，具有减小偶然误差的效果，但方法B也是不用的，因两坐标轴的分度大小往往是不相等的，也就是说同一组数据，可以画出许多倾角不同的图线，再加上测量角度时测量误差较大，故不能被采用，故A错误；B、根据实验数据画出v﹣t图象，由图线上较远两点所对应的速度及时间，用公式a=算出加速度，选较远的两点可以减小误差，故B错误，C正确，D错误；故答案为：（1）BD （2）C点评：对于基本实验仪器不光要了解其工作原理，还要从实践上去了解它，自己动手去实际操作，达到熟练使用的程度．9．（9分）如图为打点计时器打出的一条纸带，使用50Hz的打点计时器，每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出（结果保留三位有效数）①该物体的加速度为0.737 m/s2，②第3个记数点与第2个记数点的距离约为4.36cm，③打第3个点时该物体的速度为0.473 m/s．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度以及2、3两个计数点的距离．通过某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第3个计数点的速度．解答：解：（1）每打5个点所取的记数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x45﹣x12=3aT2a==0.737m/s2，（2）第3个计数点与第2个计数点的距离x23=x12+aT2=0.0362m+0.74×0.01m=0.0436m=4.36cm（3）打第2个点时的瞬时速度等于打1、3之间的平均速度，因此有：v2==0.399m/s所以打第三个点的速度为：v3=v2+aT=0.399m/s+0.74×0.1m/s=0.473 m/s故答案为：①0.737，②4.36，点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．10．（2分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，合力与分力的作用效果相同，这里作用效果是指（）A．弹簧测力计的弹簧被拉长B．使橡皮条伸长到同一长度C．细绳套受拉力产生形变D．使橡皮条在同一方向上伸长到同一长度考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，效果的相同是通过拉橡皮筋产生大小和方向相同的形变量来实现的解答：解：在“探究力的平行四边形定则”的实验中，采用了“等效法”，即要求两次拉橡皮筋到同一点O，从而是橡皮筋产生的形变大小和方向都相同，故ABC错误，D正确．故选：D点评：掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力．11．（2分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图甲所示，其中A 为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示，下列说法中正确的是（）A．图乙中的F是力F1和F2合力的理论值，F′是力F1和F2合力的实际测量值B．图乙的F′是力F1和F2合力的理论值，F是力F1和F2合力的实际测量值C．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果没有影响D．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果有影响考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值（通过平行四边形定则得出的值）与实际值（实际实验的数值）存在差别，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果．解答：解：A、B、F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F′是F1与F2合成的理论值，F是F1与F2合成的实际值，故A错误，B正确；C、D、由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故C正确，D错误．故选BC．点评：掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力．三、计算题12．（15分）最近据外媒报道，“火星一号”移民计划即将启动候选人筛选，头4名火星居民将在2025年登陆火星．虽然踏上火星之后将不能够返回地球，但这一移民计划还是收到了超过20万人的申请．假若某志愿者登上火星后将一小球从高为0.5m的地方由静止释放，不计空气阻力，测得经过0.5s小球落地，求：（1）火星的重力加速度a的大小．（2）若他在同样高度将小球以1.5m/s的速度竖直上抛的落地时间t．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据自由落体运动的规律，，代入数据可解得重力加速度．根据竖直上抛基本公式求解时间．解答：解：（1）由自由落体运动相关规律知：a==4 m/s2（2）由竖直上抛运动相关规律t=知t==0.75s答：（1）火星的重力加速度a的大小为4 m/s2．（2）若他在同样高度将小球以1.5m/s的速度竖直上抛的落地时间t为0.75s．点评：本题关键是要注意位移、速度、加速度都是矢量，进行运算是要注意符号．13．（17分）如图所示：一根光滑的丝带两端分别系住物块A、C，丝带绕过两定滑轮，在两滑轮之间的丝带上放置了球B，D通过细绳跨过定滑轮水平寄引C物体．整个系统处于静止状态．已知M A=kg，M C=2.7kg，M D=0.1kg，B物体两侧丝带间夹角为60°，与C物体连接丝带与水平面夹角为45°．此时C恰能保持静止状态．求：（g=10m/s2）（1）物体B的质量m；（2）物体C与地面间的摩擦力f；（3）物体C与地面的摩擦因数μ（假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力）．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对B物体受力分析，根据平衡条件求解B的质量．解答：解：（1）对B受力分析知：。
高一物理月考试题及答案-四川广安市武胜中学-2015学年高一上学期第三次月考试题
四川省大竹县文星中学2015年春高一下期4月月考物理试卷考试时间：90分钟；满分100分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、选择题：共10小题，第1-6题为单选题，每题4分，第7-10题为多选题，每题6分，共48分。
1．假如在弯道上高速行驶的赛车，突然后轮脱离赛车，关于脱离赛车后的车轮的运动情况，以下说法正确的是()A．仍然沿着汽车行驶的弯道运动B．沿着与弯道垂直的方向飞出C．沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道D．上述情况都有可能2．在平坦的垒球运动场上，击球手挥动球棒将垒球水平击出，垒球飞行一段时间后落地。
若不计空气阻力，则()A．垒球落地时瞬时速度的大小仅由初速度决定B．垒球落地时瞬时速度的方向仅由击球点离地面的高度决定C．垒球在空中运动的水平位移仅由初速度决定D．垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定3. 太阳系有八大行星，八大行星离地球的远近不同，绕太阳运转的周期也不相同。
下列能反映周期与轨道半径关系的图象中正确的是()A．答案A B．答案B C．答案C D．答案D4．在牛顿发现太阳与行星间的引力过程中，得出太阳对行星的引力表达式后推出行星对太阳的引力表达式，是一个很关键的论证步骤，这一步骤采用的论证方法是( ) A ．研究对象的选取 B ．理想化过程 C ．控制变量法D ．等效法5．地球可近似看成球形，由于地球表面上物体都随地球自转，所以有( ) A ．物体在赤道处受的地球引力等于两极处，而重力小于两极处 B ．赤道处的角速度比南纬30°大C ．地球上物体的向心加速度都指向地心，且赤道上物体的向心加速度比两极处大D ．地面上的物体随地球自转时提供向心力的是重力6．星球上的物体脱离星球引力所需的最小速度称为该星球的第二宇宙速度。
星球的第二宇宙速度v 2与其第一宇宙速度v 1的关系是v 2＝2v 1。
高三物理月考试题及答案-四川广安市武胜外国语实验学校2015届高三(上)月考
2014-2015学年四川省广安市武胜外国语实验学校高三（上）月考物理试卷（复习班）（10月份）一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）1．（6分）（2014秋•广安校级月考）下列说法正确的是（）2．（6分）（2014秋•诏安县校级期中）如图所示，汽车甲通过定滑轮拉汽车乙前进，甲、乙分别在上下两水平面上运动，某时刻甲的速度v1，乙的速度为v2，则v1：v2为（）解答：解：将绳子拉乙车的端点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，如图．在沿绳子方向的分速度等于汽车甲的速度．所以v2cosβ=v1．则v1：v2=cosβ：1．故选：D．3．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）用一水平力F将两砖块A和B紧压在竖直墙上而静止，如图所示，对此，下列说法中正确的是（）4．（6分）（2014秋•广安校级月考）如图所示：轻质弹簧a、b一端与一质量为0.1kg的物块固定连接，物块表面光滑，另一端用铰链与竖直挡板固定连接，物块上面与一竖直轻绳连接悬于天花板O点，已知两弹簧的劲度系数均为为100N/m，b与竖直固定挡板间的夹角为60°，呈压缩状态，形变量为2cm，a弹簧水平，则（）解答：解：弹簧的劲度系数为为100N/m，b弹簧呈压缩状态，形变量为2cm，故弹力为：F b=kx b=100×0.02=2N对物体受力分析，受重力、两个弹簧的支持力、细线的拉力（可能为零），如图所示：根据共点力平衡条件，有：F=F b cos60°=2×=1NF a==NT=G﹣F=1﹣1=0即不受拉力；A、悬点O不受拉力，故A错误；B、弹簧a的弹力为N，劲度系数为100N/m，故伸长量为0.0173m=1.73cm，故B错误；C、由于拉力为零，故物体受3个力，故C正确；D、细线不可能为支持力，故把a弹簧换成一根轻绳不能平衡，故D错误；故选：C．5．（6分）（2014秋•广安校级月考）如图所示，质量为M、半径为R的半球形物体A放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B．则（）．B对A的压力大小为mg D．细线对小球的拉力大小为mg解答：解：A、对AB整体受力分析，受重力和支持力，相对地面无相对滑动趋势，故不受摩擦力，故A、B错误．C、对小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=，T=mgtanθ其中cosθ=，tanθ=故：F=，T=，故C正确，D错误．故选：C．6．（6分）（2014秋•裕华区校级月考）如图所示，斜面体A静置于水平地面上，其倾角为θ=45°，上底面水平的物块B在A上恰能匀速下滑．现对B施加一个沿斜面向上的力F使B总能极其缓慢地向上匀速运动，某时刻在B上轻轻地放上一个质量为m的小物体C （图中未画出），A始终静止，B保持运动状态不变．关于放上C之后的情况，下列说法正确的是（）．B受到的摩擦力增加了mg解答：解：A、B、B匀速下滑过程，所受的摩擦力大小为f1=m B gsinθ，又f1=μm B gcosθ，联立解得，μ=tanθ．未加C匀速上滑时，由于B对斜面A的压力没有变化，则知B所受的摩擦力大小没有变化，仍为f2=f1=μm B gcosθ，加上C匀速上滑时，B所受的摩擦力大小f3=μ（m B+m）gcosθ，则B受到的摩擦力增加量为△f=f3﹣f2=μmgcosθ=tanθ•mgcosθ=mgsinθ=mg．故A正确，B错误．C、D、对整体研究：未加C匀速上滑时，地面对A的摩擦力大小为f A1=Fcosθ，又对B：F=μm B gcosθ+m B gsinθ，得f A1=2m B gsinθcosθ；加上C匀速上滑时，地面对A的摩擦力大小为f A2=F′cosθF′=μ（m B+m）gcosθ+（m B+m）gsinθ得，f A2=2（m+m B）gsinθcosθ；所以A受到地面的摩擦力增加量为△f A2=2mgsinθcosθ=mgsin2θ=mg．故C错误，D 正确．故选：AD．7．（6分）（2014秋•广安校级月考）如图所示，把重为20N的物体放在倾角为30°的粗糙斜面上并静止，物体右端与固定在斜面上的轻弹簧相连接，若物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，则弹簧对物体的弹力（弹簧与斜面平行）（）解答：解：将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为mgsin30°=10N，垂直斜面的垂直分力为mgcos30°=15N；当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，弹簧弹力为拉力，等于22N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，弹簧弹力为推力，等于2N；故弹簧弹力可以是不大于2N推力（向下）或者不大于22N的拉力（向上），也可以没有弹力；故AB正确，CD错误；故选：AB二、解答题（共4小题，满分16分）8．（2分）（2014秋•广安校级月考）如图所示，为打点计时器打出的一条纸带，从纸带上看，打点计时器出的毛病是（）9．（2分）（2014秋•广安校级月考）若实验中，算出各点的时刻所对应的瞬时速度，计算加速度最合理的方法是（）解答：解：A、根据实验数据画出v﹣t图象，当纵坐标取不同的标度时，图象的倾角就会不同，所以量出其倾角，用公式a=tanα算出的数值并不是加速度，故A错误；B、C、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v﹣t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式a=算出加速度，所以误差小；故B错误，C正确．D、这种方法是不对的，因为根本就不知道加速度是一个什么函数，如果是一个变化值这种方法完全是错误的，除非你能确定加速度是什么函数，故D错误．故选：C10．（6分）（2014秋•武胜县校级月考）如图为打点计时器打出的一条纸带，使用50Hz 的打点计时器，每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出（结果保留三位有效数）①该物体的加速度为0.737 m/s2，②第3个记数点与第2个记数点的距离约为 4.36 cm，③打第3个点时该物体的速度为0.473 m/s．解答：解：（1）每打5个点所取的记数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x45﹣x12=3aT2a==0.737m/s2，（2）第3个计数点与第2个计数点的距离x23=x12+aT2=0.0362m+0.74×0.01m=0.0436m=4.36cm（3）打第2个点时的瞬时速度等于打1、3之间的平均速度，因此有：v2==0.399m/s所以打第三个点的速度为：v3=v2+aT=0.399m/s+0.74×0.1m/s=0.473 m/s故答案为：①0.737，②4.36，③0.473．11．（6分）（2014秋•广安校级月考）如图所示为某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置，该装置为水平放置的木板上固定有一张白纸，一橡皮筋的一端固定在白纸上的O点，另一端A拴两个细绳套．（1）下面为实验的一些操作步骤：①比较F′和F大小、方向是否近似相同；②过P点用统一标度作出F、F1、F2的图示；③用一个弹簧测力计钩住细绳套，拉A至某点P，在纸上标出P点，记下拉力F的方向和大小④用平行四边形定则作出F1、F2的合力F⑤用两个弹簧测力计互成角度分别拉住两个细绳套，拉A至同样的位置P，在纸上记下两个力F1、F2的方向和大小．这些实验步骤的合理顺序为③⑤②④①．（2）对于该实验，下列说法正确的是 DA．两细绳套必须等长B．若将细绳也换成橡皮筋，对实验结果有影响C．记录弹簧测力计拉力的方向时应用铅笔沿细绳画直线D．实验中，把橡皮筋的另一端拉到P点时，两弹簧测力计之问的夹角不能太大（3）假如在上述实验步骤⑤中使其中一弹簧测力计拉力F l的大小不变，逐渐增加F1与合力之间的夹角，且保证两弹簧测力计之间的夹角小于90°．为了使橡皮筋仍然伸长到P点．对另一个弹簧测力计的拉力F2的大小和方向与原来相比，下面说法中正确的是 BA．F2一直变大．与合力方向的夹角一直增大B．F2一直变大，与合力方向的夹角先变大后变小C．F2一直变小，与合力方向的夹角一直减小D．F2先减小后增大，与合力方向的夹角先减小后增大．正确；故选：D．（3）F1与F2的合力不变，作出力的矢量三角形，当F1大小不变，而逐渐增大F1与合力之间的夹角时，F2一直变大，与合力方向的夹角先变大后变小．故ACD错误，B正确；故选：B．故答案为：（1）③⑤②④①（2）D （3）B三、计算题（共52分）12．（14分）（2013秋•桥东区校级期中）小明同学乘坐京石“和谐号”动车，发现车厢内有速率显示屏．当动车在平直轨道上经历匀加速、匀速与再次匀加速运行期间，他记录了不同时刻的速率，进行换算后数据列于表格中．在 0﹣600s这段时间内，求：（1）动车两次加速的加速度大小；（2）动车位移的大小．解答：解：（1）通过记录表格可以看出，动车组有两个时间段处于加速状态，设加速度分别为a1、a2．由a=，代入数据得：，（2）通过作出动车组的v﹣t图可知，第一次加速运动的结束时间是200s，第二次加速运动的开始时刻是450s．x2=v2t2=50×250=12500m所以x=x1+x2+x3=8000+12500+9750=30205m．答：（1）动车两次加速的加速度值分别为0.1m/s2、0.2m/s2．（2）动车组位移的大小为30205m．13．（16分）（2012•福州模拟）如图所示，斜面体ABC固定在地面上，小球p从A点静止下滑，当小球p开始下滑时，另一小球q从A点正上方的D点水平抛出，两球同时到达斜面底端的B处．已知斜面AB光滑，长度l=2.5m，斜面倾角为θ=30°．不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）小球p从A点滑到B点的时间；（2）小球q抛出时初速度的大小．解答：解：（1）小球p从斜面上下滑的加速度为a，根据牛顿第二定律 a==gsinθ ①下滑所需时间为t1，根据运动学公式得l=②（由①②得 t1=③代入数据得 t1=1s（2）小球q运动为平抛运动，水平方向做匀速直线运动，设抛出速度为v0．则x=lcos30°=v0t2④依题意得：t2=t1⑤由③④⑤得 v0=m/s答：（1）小球p从A点滑到B点的时间是1s；（2）小球q抛出时初速度的大小是．14．（22分）（2009•山东）如图所示，某货场而将质量为m1=100kg的货物（可视为质点）从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用固定于地面的光滑四分之一圆轨道，使货物中轨道顶端无初速滑下，轨道半径R=1.8m．地面上紧靠轨道次排放两个完全相同的木板A、B，长度均为L=2m，质量均为m2=100kg，木板上表面与轨道末端相切．货物与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数μ=0.2．（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2）求：（1）货物到达圆轨道末端时对轨道的压力；（2）若货物滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动，求μ1应满足的条件；（3）若μ1=0.5，求货物滑到木板A末端时的速度和在木板A上运动的时间．解答：解：（1）设货物滑到圆轨道末端是的速度为V0，对货物的下滑过程中根据机械能守恒定律得，mgR=m1V02①设货物在轨道末端所受支持力的大小为F N，根据牛顿第二定律得，F N﹣m1g=m1②联立以上两式代入数据得，F N=3000N ③根据牛顿第三定律，货物到达圆轨道末端时对轨道的压力大小为3000N，方向竖直向下．（2）若滑上木板A时，木板不动，由受力分析得μ1m1g≤μ2（m1+2m2）g ④若滑上木板B时，木板B开始滑动，由受力分析得μ1m1g＞μ2（m1+m2）g ⑤联立④⑤式代入数据得0.4＜μ1≤0.6 ⑥．（3）当μ1=0.5时，由⑥式可知，货物在木板A上滑动时，木板不动．设货物在木板A上做减速运动时的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得μ1m1g≤m1a1 ⑦设货物滑到木板A末端是的速度为V1，由运动学公式得V12﹣V02=﹣2a1L ⑧联立①⑦⑧式代入数据得 V1=4m/s ⑨设在木板A上运动的时间为t，由运动学公式得 V1=V0﹣a1t ⑩联立①⑦⑨⑩式代入数据得 t=0.4s．答：（1）货物到达圆轨道末端时对轨道的压力是3000N；（2）若货物滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动，μ1应满足的条件是0.4＜μ1≤0.6；（3）若μ1=0.5，求货物滑到木板A末端时的速度和在木板A上运动的时间是0.4s．。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
武胜中学高2015届“广安一诊”模拟物理试题（命题：吴建兵，说明：请一定认真独立完成）第I 卷（选择题 42分）第I 卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
l ．下列说法正确的是:A ．在某些磁场中，洛伦兹力可以对运动电荷做功B ．质子、中子和α粒子都能在回旋加速器中波加速，从而获得较高的能量C ．电流强度是基本物理量，其单位安培（A ）是国际单位制的基本单位D ．电场、电场线、磁场、磁感线都是客观存在的物质2．汽车以恒定的功率在平直公路上行驶，所受到的摩擦阻力恒等于车重的0.1倍，汽车能达到的最大速度为m v .则当汽车速度为2m v时，汽车的加速度为（重力加速度为g ）:A ．0.1gB ．0.2gC ．0.3gD ．0.4g 3．迄今发现的二百余颗太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Gliese581”运行的行星“G1﹣58lc”却很值得我们期待．该行星的温度在0℃到40℃之间、质量是地球的6倍、直径是地球的1.5倍、公转周期为13个地球日．“Gliese581”的质量是太阳质量的0.31倍．设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体该行星与“Gliese581”的距离是日地距离的0阻，R 1、R 2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m ，带正电的小球悬于电容器内部，闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F ，调节R 1、R 2，关于F 的大小判断正确的是: A ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变大 B ．保持R 1不变，缓慢增大R 2时，F 将变小 C ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变大 D ．保持R 2不变，缓慢增大R 1时，F 将变小5．如图所示，一个带正电荷的物块m ，由静止开始从斜面上A 点下滑，滑到水平面BC 上的D 点停下来。
已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B 处时的机械能损失。
先在ABC 所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m 从A 点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D ′点停下来。
后又撤去电场，在ABC 所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m 从A 点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D ″点停下来。
则以下说法中正确的是:A ．D ′点一定在D 点左侧B ．D ′点一定与D 点右侧C ．D ″点一定在D 点重合 D ．D ″点一定与D 点右侧6．如图所示，阻值为R 的金属棒从图示位置ab 分别以v 1、v 2的速度沿光滑导轨(电阻不计)匀速滑到a ′b ′位置，若v 1:v 2＝1:2，则在这两次过程中: A ．回路的电流I 1:I 2＝1:2 B ．外力的功率P 1:P 2＝1:2 C ．产生的热量Q 1:Q 2＝1:2D ．通过任一截面的电荷量q 1:q 2＝1:27．如图所示，虚线EF 的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E ，磁感应强度为B ，一带电微粒从离EF 为h 的高处由静止下落，从B 点进入场区，做匀速圆周运动，从D 点射出，则下列说法中正确的是: A ．电场强度E 的方向一定竖直向上B．微粒做圆周运动的半径为gh BE 2C ．从B 点运动到D 点的过程中微粒的电势能和重力势能之和在最低点C 最小D ．从B 点运动到D 点的过程中微粒的电势能先增大后减小第Ⅱ卷(非选择题 共68分)8．（17分）⑴（6分）①在做完“验证力的平行四边形定则”实验后，某同学将其实验操作过程进行了回顾，并在笔记本上记下如下几条体会，你认为正确的是_________。
A ．用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳套间夹角为90°，以便计算合力大小B ．用两只弹簧测力计拉时合力的图示F 与用一只弹簧测力计拉时图示F ′不完全重合，在误差允许范围内可以说明“力的平行四边形定则”成立C ．若F 1、F 2方向不变，而大小各增加1N ，则合力的方向也不变，大小也增加1ND ．在用弹簧测力计拉橡皮条时，要使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行②采用如图所示的装置进行“探究加速度与力、质量的关系”实验，下列做法正确的是_________。
A ．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B ．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C ．实验时应先接通打点计时器电，再放开小车D ．上车运动的加速度可用天平测出M 及m 后直接用公式M mg a 求出⑵（11分）为了测量干电池的电动势和内电阻，有下列实验器材：A.电流表（0～0.6A ），B.电流表（0～1A ），C.理想电压表（0～3V ），D. 理想电压表（0～6V ），E.滑动变阻器（10Ω、1A ），F.滑动变阻器（100Ω、2A ），G.电键，H.导线。
①实验中应选用的器材是 。
（只填器材序号）②请在右侧框内画出正确的测量电路图。
③在实验中分别测量了新、旧干电池各一节，根据测量结果分别作出新、旧干电池的U —I 图象，如图： 新电池： 旧电池：由图象可知：新电池：电动势E 1= V ，内阻r 1= Ω 旧电池：电动势E 2= V ，内阻r 2= Ω④将这两节新、旧电池串联起来连接一个“3V ，1.5W ”灯泡，已知灯泡电阻的U —I 图象如图所示，根据图象求出灯泡的实际功率为 W （保留一位小数）。
9.（15分）某电视台的娱乐节目，要求选手要从较高的平台上以水平速度v 0跃出后，落在水平传送带上，已知平台与传送带高度差H= 1.8m ，水池宽度S 0=1.2m ，传送带AB 间的距离L=16.6m ，由于传送带足够粗糙，假设人落到传送带上后瞬间相对传送带静止，经过一个△t= 0.5s 反应时间后，立刻以a=2m/s 2，方向向右的加速度跑至传送带最右端。
（1）若传送带静止，选手以v 0= 3m/s 水平速度从平台跃出，求从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间（重力加速度g 取10m/s 2） （2）若传送带以u=1m/s 的恒定速度向左运动，选手若要能到达传送带右端，则从高台上跃出的水平速度v 1至少多大10.（17分）如图所示,在真空室中平面直角坐标系的y 轴竖直向上,x 轴上的P 点与Q 点关于坐标原点O 对称,PQ 间的距离d=30cm ，坐标系所在空间存在一匀强电场,场强的大小E=1.0N/C ，一带电油滴在xOy 平面内,从P 点与x 轴成30°的夹角射出,该油滴将做匀速直线运动,已知油滴的速度v=2.0m/s,所带电荷量q=1.0×10-7C,（重力加速度g 取10m/s 2）。
(1)求油滴的质量m(2)若在空间叠加一个垂直于xOy 平面的圆形有界匀强磁场,使油滴通过Q 点,且其运动轨迹关于y 轴对称。
已知磁场的磁感应强度大小为B=2.0T,求:①油滴在磁场中运动的时间t ②圆形磁场区域的最小面积S11．（19分）如图所示，A 、B 两物块用一根轻绳跨过定滑轮相连，其中A 带负电，电荷量大小为q ，A 静止于斜面的光滑部分（斜面倾角为37°，其上部分光滑，下部分粗糙且足够长，粗糙部分的摩擦系数为μ，上方有一个平行于斜面向下的匀强电场），轻绳拉直而无形变，不带电的B 、C 通过一根轻弹簧拴接在一起，且处于静止状态，弹簧劲度系数为k ，B 、C 质量相等，均为m ，A的质量为2m ，不计滑轮的质量和摩擦，（sin370=0.6,cos370=0.8重力加速度为g ）。
（1）电场强度E 的大小为多少（2）现突然将电场的方向改变 180°，A 开始运动起来，当C 刚好要离开地面时（此时 B 还没有运动到滑轮处， A 刚要滑上斜面的粗糙部分），请求出此时B 的速度大小（3）若（2）问中A 刚要滑上斜面的粗糙部分时，绳子断了，电场恰好再次反向，请问A 再经多长时间停下来武胜中学高2015届“广安一诊”模拟物理试题(2) (11分) ①ACEGH （2分） ②电路图（3分） ③1.50，0.50，1.50， 7.50（4分） ④0.20（2分）（如果图像变形，答案可能不同，请根据实际得出答案，即画出电源外电压和电流关系图，找到交点。
） 9.（15分）解析：（1）选手做平抛运动的时间：2121gt h = s t 6.01=水平位移为100t v x =， 选手落在传送带上时距B 点的距离为 =-+=00x S L x 16m选手由静止做匀加速直线运动，则2221at x =， s t 42=选手从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间为s t t t t 1.521=+∆+=（2）选手以v 1跃到传送带上后，先向左匀速后向左减速，刚好不从传送带上掉下时，水平速度v 1最小，则选手平抛时的水平位移为311t v x = 选手向左匀速时的位移为m t u s 5.01=∆=，选手向左减速运动的位移为m au s 25.0222== 要让选手能到达最右端，平抛速度须满足：2101s s S x ++=代入数据解得：s m v /25.31=即选手从高台上跃出的水平速度至少为3.25m/s10．（17分）解析：(1)对带电油滴进行受力分析,根据牛顿运动定律有qE-mg=0所以m==1.0×10-8kg(2)①带电油滴进入匀强磁场,其轨迹如图所示,设其做匀速圆周运动的半径为R 、运动周期为T,根据牛顿第二定律qvB= 得R==0.10 m 所以T== s设带电油滴从M 点进入磁场,从N 点射出磁场,由于油滴的运动轨迹关于y 轴对称,根据几何关系可知∠MO ′N=60°,所以,带电油滴在磁场中运动的时间: t= s②连接MN,当MN 为圆形磁场的直径时,圆形磁场面积最小,如图所示。
根据几何关系得圆形磁场的半径 r=Rsin30°=0.05 m其面积为:S=πr 2=0.0025π m 2≈7.85×10-3 m 211.（19分）解析：(1)A 静止，由平衡条件有qE mg =037sin 2解得 qmgE 56=（2）初始时刻B 静止，设弹簧压缩量为x ，由平衡条件有mg kx = 当C 刚要离开地面时，C 对地面的压力N=0，设弹簧伸长量为x´ 由平衡条件有kx mg '=由于B 、C 重力相等，故:x x '== mgk分析可知，当C 刚要离开地面时，B 向上运动2x ，A 沿斜面下滑2xA 、B 系统机械能守恒，有203212237sin 22mv x mg x qE x mg +⋅=⋅+⋅解得υ= (3)A 滑上斜面的粗糙部分，由牛顿第二定律ma N 2=μ037cos 2mg N = 得:故A 做匀减速直线运动，时间:。