湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期周测试卷(1)理(含解析)
湖南省湘潭凤凰中学2018-2019学年高二下学期第一次月考物理试题(普通班)
湘潭凤凰中学2019年上学期高二第一次月考物理试题（理实）水平部分（100分）一、选择題:本題共20小題,每小题3分,共60分。
在每小題给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.某场班级足球赛在16时20分正式开始,甲班经过30分钟的顽强拼搏,终于攻入了一球。
下列说法正确的是A.“16时20分”和“30分钟”均指时刻B.“16时20分”和“30分钟”均指时间间隔C.“16时20分”是指时间同隔,“30分钟”是指时刻D.“16时20分”是指时刻,“30分钟”是指时间间隔2. 某舰载机在航母甲板上滑跃起飞的运动轨迹MN如图所示,当舰载机经过A点时,速度方向沿图中A. V1的方向B.V2的方向C. V3的方向D. V4的方向3.今年4月20日,为天宫二号空间实验室输送补给物资的中国首艘货运飞船发射成功。
在飞船发射过程中, 随着飞船离地面高度的增加, 地球对飞船中补给物资的万有引力大小的变化情况是A．变大 B.变小 C.不变 D.无法确定4.在某同学用手向上提起一相水的过程中, 下列说法正确的是A.手对相先有作用力,然后桶对手才有反作用力B. 手对相的作用力与桶对手的反作用力方向相同C. 手对相的作用力大于桶对手的反作用力D. 手对桶的作用力与桶对手的反作用力大小相等5.如图所示,用劲度系数为1000N/m的轻质弹簧竖直悬挂一重物,重物静止时,弹簧的伸长量为2cm,则弹簧对重物的拉力A.大小为2000N,方向竖直向上B.大小为2000N,方向竖直向下C.大小为20N,方向竖直向上D.大小为20N, 方向竖直向下6.图为圆柱形转筒的示意图。
在转筒绕竖直转轴转动的过程中,重物P附着在转筒内壁上,随着转筒转速增大,重物P对转筒内壁的压力A.增大 C.不变B.减小 D.可能变为零7.两个共点力的大小分别为3N和4N,两个力之间的夹角为90°,则这两个力的合力大小为A.3NB. 4NC. 5ND. 7N8. 汽车在平直公路上行驶, 通过红绿灯路口前的v-t图象如图所示。
2020年湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期期末试卷带解析
2020年湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 跳水运动员从10 m高的跳台上跳下(不计一切阻力)，在下落的过程中()A. 运动员的动能减少，重力势能增加B. 运动员的动能增加，重力势能减少C. 运动员克服重力做功D. 运动员的机械能在减少参考答案：B2. 如图甲所示，面积的导体圆环内通有垂直于圆平面向里的磁场，磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示(B取向里方向为正)，以下说法正确的是A. 环中产生顺时针方向的感应电流B. 环中产生逆时针方向的感应电流C. 环中产生感应电动势大小为1VD. 环中产生感应电动势大小为2V参考答案：BC【详解】AB.磁场垂直于纸面向里，由图乙所示可知，磁感应强度增加，穿过圆环的磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，故A错误，B正确；CD.感应电动势为：，故C正确，D错误；3. 一只气球以10 m/s的速度匀速上升，某时刻在气球正下方距气球6 m处有一小石子以20 m/s的初速度竖直上抛，若g取10 m/s2，不计空气阻力，则以下说法正确的是()A．石子一定能追上气球B．石子一定追不上气球C．若气球上升速度等于9 m/s，其余条件不变，则石子在抛出后1 s末追上气球D．若气球上升速度等于7 m/s，其余条件不变，则石子在到达最高点时追上气球参考答案：BC4. 发电的基本原理之一是电磁感应，发现电磁感应现象的科学家是()A．安培B．赫兹 C．法拉第 D．麦克斯韦参考答案：C5. 如图所示，悬挂的线圈与条形磁铁位于同一平面内，当线圈中通入逆时针方向电流的瞬间，线圈将（）A．左边向里、右边向外，同时向磁铁靠近B．左边向外、右边向里，同时远离磁铁C．左边向外、右边向里，同时向磁铁靠近D．向磁铁靠近，但不转动参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图10所示，把质量为0.2 g的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为4×10-8C的小球B 靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直夹角为45°，此时小球B受到的库仑力F＝______N，小球A带的电量qA＝______C．（静电力常量k=9.0×109N·m2/C2,g取10m/s2）参考答案：7. （4分）示波器可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知前者的电压为，后者的电压为，极板长为，板间距离为，且电子加速前初速度可以忽略不计。
高二物理下学期周测试卷理(班含解析)高二全册物理试题1
嗦夺市安培阳光实验学校凤凰中学高二（下）周测物理试卷（实验班）（理科）（5 ）一、选择题（5分×16=80分）1．（5分）（2012•校级学业考试）下列说法表示时刻的是（）A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末2．（5分）一辆儿童玩具车沿直线运动，第1s内位移为0.2m，在前3s内位移为0.6m．在接着的6s内位移为1.2m，则（）A．该玩具车一定做匀速直线运动B．该玩具车可能做匀速直线运动C．若该玩具车做匀速直线运动，则其速度大小与位移大小成正比，与运动时间成反比D．若该玩具车做匀速直线运动，则其速度大小与位移大小和运动时间均无关3．（5分）（2011•校级学业考试）某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山的平均速率为v1，下山的平均速率为v2，则往返的平均速度的大小和平均速率是（）A．，B．，C．0， D．0，4．（5分）（2013秋•桥东区校级月考）在同一高度处间隔t0先后自由释放两小球a和b，不计空气阻力（）A．两球落地时间间隔t0B．在空中运动时两球间距越来越大C．在空中运动时两球速度差越来越大D．在空中运动时两球间距保持不变5．（5分）（2005•北京）一人看到闪电12.3s后又听到雷声．已知空气中的声速约为330m/s～340m/s，光速为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km．根据你所学的物理知识可以判断（）A．这种估算方法是错误的，不可采用B．这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生位置与观察考间的距离C．这种估算方法没有考虑光的传播时间，结果误差很大D．即使声速增大2倍以上，本题的估算结果依然正确6．（5分）篮球以10m/s的速度水平地撞击篮板后以8m/s的速度反弹回来，球与板的接触时间为0.1s，则篮球的加速度为，（）A．20 m/s2B．180 m/s 2C．12m/s2D．18 m/s2 7．（5分）（2012春•青校级期中）某学生开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两人从图中所示地形的O点同时出发，并同时到达A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已经在图中标出，则（）A．两人运动的平均速率相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程大于乙的路程D．甲的位移大于乙的位移8．（5分）（2011•湖南模拟）关于匀变速直线运动的说法，正确的是（）A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动9．（5分）自地面将一物体竖直上抛，初速度大小为20m/s．当它的位移为15m 时，经历的时间和运动速度分别为（g取10m/s2，不计空气阻力，选取竖直向上为正方向）（）A． 1 s，10 m/s B． 2 s，15 m/ C． 3 s，﹣10 m/s D．4 s，﹣15 m/s10．（5分）小女孩孩从15层坠下，被最美妈妈吴珠萍在楼下接住，幸免于难．设每层楼高度是2.8m，从她所在位置冲到楼下需要的时间是1.3s，则要接住孩子，至多允许她反应的时间是（）A． 3.0 s B． 1.5 s C．0.4 s D． 1.3 s 11．（5分）某同学身高1.8m，在运动会上他参加跳高比赛，起跳后身体横着越过了1.8m高的横杆．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为（取g=10m/s2）（）A． 2.1 m/s B． 4.2 m/s C． 3.6 m/s D． 3 m/s 12．（5分）（2012春•古浪县校级期中）某物体沿直线运动的v﹣t图象如图所示，由图象可以看出物体的运动情况，下述说法中正确的是（）A．沿单方向的直线运动B．沿直线做往复运动C．做匀变速直线运动D．加速度大小不变13．（5分）（2013•校级模拟）汽车沿着平直的公路以速度v0做匀速直线运动，当它路过某处的同时，该处有一辆汽车乙开始做速度为零的匀加速直线运动去追赶甲车．根据上述已知条件（）A．可求出乙车追上甲车时乙车的速度B．可求出乙车追上甲车时乙车走的路程C．可求出乙车从开始起到追上甲车所用的时间D．不能求出上述三个中的任何一个14．（5分）一汽车以36km/h的速度行驶，刹车后得到的加速度大小为4m/s2．则从刹车开始，经5s汽车通过的位移是（）A．0 m B．100 m C．12.5 m D．37.5 m 15．（5分）（2014春•路南区校级期末）平直马路上有同方向前后行驶的电车和汽车，t=0时，两车相距为零，它们的v﹣t图象如图所示，t=5s时，电车忽然停下来，汽车也立即减速而做匀减速直线运动，由图可知（）A．汽车会碰上电车B．汽车不会碰上电车，汽车停止后两车还相距2.5 mC．汽车不会碰上电车，汽车停止后两车还相距15 mD．两车是否相碰，条件不足，无法判定16．（5分）（2014秋•校级期末）如图所示为初速度v0沿直线运动的物体的速度图象，其末速度为v t，在时间t 内，物体的平均速度和加速度a是（）A．，a随时间减小B．，a恒定C．，a随时间减小D．无法确定二、计算题（共2小题，满分20分）17．（10分）（2014秋•校级期中）一矿井深为125米m，在井口每隔一定时间自由下落一个小球，当第11个小球从井口开始下落时，第1个小球恰好到达井底，求：（1）相邻两个小球开始下落的时间间隔；（2）这时第3个小球和第5个小球距离．18．（10分）（2011秋•沈阳期中）正以v=30m/s的速度运行中的列车，接到前方小站的请求：在该站停靠1分钟接一位危重病人上车，司机决定以加速度a1=0.6m/s2匀减速运动到小站，停车1分钟后以a2=1.0m/s2匀加速起动，恢复到原来的速度行驶，试问由于临时停车共耽误了多少时间？凤凰中学高二（下）周测物理试卷（实验班）（理科）（5）参考答案与试题解析一、选择题（5分×16=80分）1．（5分）（2012•校级学业考试）下列说法表示时刻的是（）A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末考点：时间与时刻．分析：时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分．解答：解：A、第5秒末，在时间轴上对应的是一个点，是时刻，故A正确；B、前5s内是从0时刻到5秒末之间，在时间轴上对应一段距离，是时间，故B错误；C、第5s内是1s 钟的时间，在时间轴上对应一段距离，指的是时间，故C错误；D、从第3s末到第5s末，在时间轴上对应一段距离，指的是时间，故D错误．故选：A．点评：对于物理中的基本概念要理解其本质不同，如时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间通常与物体的状态相对应；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．2．（5分）一辆儿童玩具车沿直线运动，第1s内位移为0.2m，在前3s内位移为0.6m．在接着的6s内位移为1.2m，则（）A．该玩具车一定做匀速直线运动B．该玩具车可能做匀速直线运动C．若该玩具车做匀速直线运动，则其速度大小与位移大小成正比，与运动时间成反比D．若该玩具车做匀速直线运动，则其速度大小与位移大小和运动时间均无关考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：物体做匀速直线运动时，任意相等内位移相等，其速度不变．据此分析即可．解答：解：A、B、据题：第1s内位移为0.2m，在前3s内位移为0.6m，在接着的6s内位移为1.2m，则知该车在第1s内位移可能都为0.2m，3s内位移可能都为0.6m，则该玩具车可能做匀速直线运动．故A错误，B正确．C、D、若该玩具车做匀速直线运动，速度保持不变，速度大小与位移大小和运动时间均无关，故C错误，D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键要掌握匀速直线运动的特点，知道其速度与位移大小和运动时间均无关．3．（5分）（2011•校级学业考试）某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山的平均速率为v1，下山的平均速率为v2，则往返的平均速度的大小和平均速率是（）A．，B．，C．0， D．0，考点：平均速度；速率．专题：直线运动规律专题．分析：注意平均速度和平均速率的区别，平均速度大小是位移与所用时间的比值，而平均速率为通过路程与所用时间比值，明确了这两个概念的区别便能正确解答本题．解答：解：从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚时，通过位移为零，因此平均速度为零；设从山脚爬上山顶路程为s，则有：上山时间：，下山时间：因此往返平均速率为：，故ABC错误，D正确．故选：D．点评：对于运动学中的概念要明确其定义，注意各个概念的区别和联系，对于刚开始学习高中物理的同学来说尤其注意理解位移的概念．4．（5分）（2013秋•桥东区校级月考）在同一高度处间隔t0先后自由释放两小球a和b，不计空气阻力（）A．两球落地时间间隔t0B．在空中运动时两球间距越来越大C．在空中运动时两球速度差越来越大D．在空中运动时两球间距保持不变考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：甲乙两球均做自由落体运动，由位移公式列出它们的距离与时间关系的表达式，再求出速度之差与时间的关系．解答：解：A、因为下落的高度相同，都做自由落体运动，所以落地时间相等，a比b早落地t0时间，故A正确；B、设b运动的时间为t，则a运动时间为t+t0，则两球的距离x=﹣=gt•t0+2，可见，两球间的距离随时间推移，越来越大，故B正确，D 错误；C、两球速度之差为：△v=g （t+△t）﹣gt=△tg，所以两球速度之差保持不变，故C错误；故选：AB点评：本题是自由落体运动位移公式和速度公式的直接应用，难度不大，属于基础题．5．（5分）（2005•北京）一人看到闪电12.3s后又听到雷声．已知空气中的声速约为330m/s～340m/s，光速为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km．根据你所学的物理知识可以判断（）A．这种估算方法是错误的，不可采用B．这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生位置与观察考间的距离C．这种估算方法没有考虑光的传播时间，结果误差很大D．即使声速增大2倍以上，本题的估算结果依然正确考点：声波．专题：光的直线传播和光的反射专题．分析：要求声源到人所在位置的距离，可根据x=vt进行求解即需要知道声速v和声音传播的时间t，而声速v的单位由m/s换算为km/s可知声源到人所在位置的距离x．从而判定该方法的正确与否．解答：解：由于光速远远大于声速，故光传播的时间可以忽略不计，故声源到人所在位置的距离x=vt=340m/s×12.3s=km/s×12.3s≈km/s×12.3s=km=4.1km故这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生位置与观察考间的距离，故B正确，故选B．点评：光速远大于声速，故在距离很短的情况下光传播的时间可以忽略不计．6．（5分）篮球以10m/s的速度水平地撞击篮板后以8m/s的速度反弹回来，球与板的接触时间为0.1s，则篮球的加速度为，（）A．20 m/s2B．180 m/s 2C．12m/s2D．18 m/s2考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据篮球的初末速度以及时间，结合加速度的定义式求出篮球的加速度．解答：解：规定初速度的方向为正方向，篮球的加速度a=，负号表示方向与初速度方向相反，故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握加速度的定义式，注意公式的矢量性，基础题．7．（5分）（2012春•青校级期中）某学生开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两人从图中所示地形的O点同时出发，并同时到达A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已经在图中标出，则（）A．两人运动的平均速率相等B．甲的平均速度大于乙的平均速度C．甲的路程大于乙的路程D．甲的位移大于乙的位移考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于物体的位移与所用时间的比值．位移是从起点到终点的有向线段，从图上找出起点和终点，确定位移关系，再研究平均速度关系．路程是物体运动路线的长度．解答：解：A、B由图看出，甲乙两人起点都在O点，终点都在A点，位移相同，所用时间相同，则根据平均速度的公式v=得知，平均速度一定相同；而平均速率等于路程与时间的比值；故AB错误；C、D、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程．故C正确，D错误．故选：C点评：本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，只要懂得平均速度的含义就能正确解答．8．（5分）（2011•湖南模拟）关于匀变速直线运动的说法，正确的是（）A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：物体在一条直线上运动，如果在相等的时间内速度的变化相等，这种运动就叫做匀变速直线运动．也可定义为：沿着一条直线，且加速度不变的运动，叫做匀变速直线运动．解答：解：A 、匀变速直线运动有匀加速直线运动和匀减速直线运动之分，速度可能增加，也可能减小，故A错误；B、C、D、匀变速直线运动的加速度是不变的，故B错误，C错误，D正确；故选：D．点评：本题关键匀变速直线运动的定义，知道其是加速度不变的直线运动．9．（5分）自地面将一物体竖直上抛，初速度大小为20m/s．当它的位移为15m 时，经历的时间和运动速度分别为（g取10m/s2，不计空气阻力，选取竖直向上为正方向）（）A． 1 s，10 m/s B． 2 s，15 m/ C． 3 s，﹣10 m/s D．4 s，﹣15 m/s考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：竖直上抛运动的处理方法有两种：1、分段法；2、整体法．此题用整体法较为简单．解答：解：由竖直上抛运动的位移与时间的关系得：15m=20m/s×t﹣×10m/s2×t2解得：t=1s或3s；当物体向上经15m时，t=1s；当物体向下返回15m时，t=3s又由竖直上抛运动的速度与时间的关系：v=v0﹣gt得：将t等于1s和3s分别代入：v=10m/s或﹣10m/s；当物体向上经15m时，v=10m/s；当物体向下返回15m时，v=﹣10m/s．所以选项AC正确．故选：AC点评：竖直上抛运动有两个过程，物体到达最高点后不能静止，而是向下继续运动．位移为+15m对应两个时间．如果位移大小为15m，则对应三个时间10．（5分）小女孩孩从15层坠下，被最美妈妈吴珠萍在楼下接住，幸免于难．设每层楼高度是2.8m，从她所在位置冲到楼下需要的时间是1.3s，则要接住孩子，至多允许她反应的时间是（）A． 3.0 s B． 1.5 s C．0.4 s D． 1.3 s考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：小孩从高楼掉下可以看成是自由落体运动，根据h=gt2求出自由落体的时间，减去青年冲到楼下所需的时间，即为反应时间．解答：解：根据h=gt2得，t==2.92s；所以反应时间t′=2.92﹣1.3s=1.62s．故只有B最接近；故B正确，A、C、D 错误．故选：B．点评：解决本题的关键在于明确自由落体位移公式的正确应用，同时注意估算题的解法．11．（5分）某同学身高1.8m，在运动会上他参加跳高比赛，起跳后身体横着越过了1.8m高的横杆．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为（取g=10m/s2）（）A． 2.1 m/s B． 4.2 m/s C． 3.6 m/s D． 3 m/s 考点：竖直上抛运动．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：运动员起跳过杆的过程可以看做是竖直上抛运动，注意运动员是站着起跳，横着过杆，所以竖直方向的位移不是1.8m，而是0.9m左右，代入竖直上抛运动即可．解答：解：竖直上升阶段：由：得：注意运动员是站着起跳，横着过杆，所以竖直方向的位移应该是重心上升的高度，不是1.8m，而是0.9m左右即：解得：v0=4.2m/s故选：B．点评：利用竖直上抛解决实际问题时，核心还是竖直上抛运动的运动规律，需要做的就是找出各个物理量代入．12．（5分）（2012春•古浪县校级期中）某物体沿直线运动的v﹣t图象如图所示，由图象可以看出物体的运动情况，下述说法中正确的是（）A．沿单方向的直线运动B．沿直线做往复运动C．做匀变速直线运动D．加速度大小不变考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象的识别和应用，v﹣t图可以看出速度大小和方向的变化，大小变化很简单，速度是矢量，正负代表方向，故方向变化发生在和时间轴相交处，即图线从时间轴的上部穿到下部，或从下部穿到上部，速度的方向才发生变化．至于加速度就看图象的斜率，向上倾斜代表，加速度为正，向下倾斜代表加速度为负，加速度大小和方向通过具体速度时间数值可以计算．解答：解：A、B、速度是矢量，其正负表示运动方向，由图知速度方向有规律的发生变化，所以物体沿直线做往复运动，故A错误，B正确．C、匀变速直线运动的特点是加速度不变，图象应是一条倾斜的直线，而该物体的加速度作周期性改变，所以物体做的不是匀变速直线运动，故C错误．D、由图可知图线的斜率等于加速度，故根据数学知识可知加速度大小不变，故D正确．故选：BD点评：图象的识别，重点要看清坐标轴，其次要看斜率，交点等位置，和他们代表的含义．以此来解题．13．（5分）（2013•校级模拟）汽车沿着平直的公路以速度v0做匀速直线运动，当它路过某处的同时，该处有一辆汽车乙开始做速度为零的匀加速直线运动去追赶甲车．根据上述已知条件（）A．可求出乙车追上甲车时乙车的速度B．可求出乙车追上甲车时乙车走的路程C．可求出乙车从开始起到追上甲车所用的时间D．不能求出上述三个中的任何一个考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：作出汽车甲、乙的速度时间图线，根据速度﹣时间图线分析能求出的量．解答：解：作出汽车甲、乙的速度﹣时间图线如图所示．当汽车乙车追上汽车甲车时，两车位移相等，从图象上可以看出，当甲乙位移相等时，两图象与时间轴所围的“面积”相等，则得乙车的速度为2v0．但从图象上无法知道乙车追上甲车所用的时间，故不能求出乙车走的路程．故A正确，BCD均错误．故选：A．点评：解决本题的关键会用图象法进行解题，知道在速度﹣时间图线中，图线与时间轴所围成的面积表示位移．14．（5分）一汽车以36km/h的速度行驶，刹车后得到的加速度大小为4m/s2．则从刹车开始，经5s汽车通过的位移是（）A．0 m B ．100 m C．12.5 m D．37.5 m 考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：先根据匀变速直线运动的速度时间公式，求出汽车速度减为零所需的时间，再根据汽车的运动状态，结合位移公式求位移．解答：解：由v=v0+at得：汽车速度减为零所需的时间为：t0==s=2.5s即刹车2.5s车停止运动，经5s时汽车通过的位移等于2.5s内的位移，为x==m=12.5m故选：C．点评：本题考查运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动，先判断后计算．15．（5分）（2014春•路南区校级期末）平直马路上有同方向前后行驶的电车和汽车，t=0时，两车相距为零，它们的v﹣t图象如图所示，t=5s时，电车忽然停下来，汽车也立即减速而做匀减速直线运动，由图可知（）A．汽车会碰上电车B．汽车不会碰上电车，汽车停止后两车还相距2.5 mC．汽车不会碰上电车，汽车停止后两车还相距15 mD．两车是否相碰，条件不足，无法判定考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，结合电车和汽车的位移判断两车是否相撞．解答：解：在整个运动的过程中，电车的位移：x1=8×5m=40m，汽车的位移：，因为x1＞x2，知汽车不会碰上电车，汽车停止后两车还相距2.5 m．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示的含义．16．（5分）（2014秋•校级期末）如图所示为初速度v0沿直线运动的物体的速度图象，其末速度为v t，在时间t 内，物体的平均速度和加速度a是（）A．，a随时间减小B．，a恒定C．，a随时间减小D．无法确定考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线的切线斜率表示加速度，根据图线斜率的变化判断加速度的变化．连接图线的首末两点，该直线表示做匀加速直线运动，得出平均速度速度的大小，通过图线与时间轴围成的面积表示位移比较物体的平均速度与匀变速直线运动的平均速度大小．解答：解：图线的斜率逐渐减小，知加速度随时间减小．连接图线首末两点，该直线表示物体做匀加速直线运动，平均速度，因为变加速直线运动图线与时间轴围成的面积大于匀加速直线运动图线与时间轴围成的面积，即变加速直线运动的位移大于匀加速直线运动的位移，时间相等，则平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，即．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的切线斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．二、计算题（共2小题，满分20分）17．（10分）（2014秋•校级期中）一矿井深为125米m，在井口每隔一定时间自由下落一个小球，当第11个小球从井口开始下落时，第1个小球恰好到达井底，求：（1）相邻两个小球开始下落的时间间隔；（2）这时第3个小球和第5个小球距离．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：（1）假设两个小球之间的时间间隔为T，从井口到井底共有10个时间间隔，即10T，根据自由落体的位移时间关系式可以解出下落的总时间，最后可解得两小球间的时间间隔；（2）再根据位移时间关系解得第3个小球和第5个小球相距多远．解答：解：（1）设第一个小球下落到井底用时为t，根据自由落体运动位移时间关系，则得 t==s=5s设相邻小球下落时间间隔为T，由题意知 t=10T联立解得 T=0.5s（2）由以上计算可知，当第一个小球到达井底时第三个小球刚好下落t1=4s，第5个小球下落的时间为t2=3s故△H=H3﹣H5= g（t12﹣t22）=×10×（42﹣32）=35m答：（1）相邻两个小球开始下落的时间间隔0.5s；（2）第1个小球恰好到达井底时，第3个小球和第5个小球之间的高度差35m．点评：解决自由落体运动的题目关键在于明确自由落体中的公式应用，一般情况下，研究由落点开始的运动列出的表达式最为简单；并且最好尝试一题多解的方法18．（10分）（2011秋•沈阳期中）正以v=30m/s的速度运行中的列车，接到前方小站的请求：在该站停靠1分钟接一位危重病人上车，司机决定以加速度a1=0.6m/s2匀减速运动到小站，停车1分钟后以a2=1.0m/s2匀加速起动，恢复到原来的速度行驶，试问由于临时停车共耽误了多少时间？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：求出列车减速到零再加速到原来速度这段时间内的位移，求出在这段位移内若以30m/s速度运行所需的时间，再求出实际通过这段位移的时间，两时间之差为临时停车所耽误的时间．解答：解：汽车的刹车距离为：，重新启动的距离为：若正常行驶这些距离需要时间为：设车子行驶的方向为正方向，刹车时间为，启动时间为：，停了1分钟，t3=60s，所以：t=t1+t2+t3=140s所以t耽误=t﹣t′=140﹣40=100s故由于临时停车共耽误了多100s的时间．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式v2﹣v02=2ax 以及速度时间公式v=v0+at灵活应用．。
湖南省湘潭市凤凰中学2013-2014学年高二物理下学期期中试卷理(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）期中物理试卷（理科）一．单选题（请将你认为正确的答案代号填涂在答题卷的答题栏中，共20小题，共60分）1．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）下列物理量属于标量的是（）A．速度B．路程C．位移D．加速度2．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）关于质点，下列说法正确的是（）A．如果物体的形状和大小对所研究的问题属于次要因素时，可以把物体看作质点B．只有体积很小的物体才能看作质点C．凡轻小的物体，皆可看作质点D．质点是理想化模型，实际并不存在，所以引用质点概念毫无意义3．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）下列关于时间和时刻的说法中，正确的是（）A．一节课45分钟，是指时刻B．从教室到宿舍走了5分钟，是指时间C．第4秒末，是指时间D．我们要珍惜每一分钟，是指时刻4．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）下列速度中，指平均速度的是（）A．子弹射出枪口时的速度B．雨滴落地时的速度C．运动员冲过终点时的速度D．汽车通过湘潭二大桥的速度5．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）关于匀变速直线运动的说法，正确的是（）A．加速度为零的运动B．速度不变的运动C．加速度均匀增大的运动D．加速度不变的直线运动，即速度均匀变化的直线运动6．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）关于位移和路程的说法中，正确的是（）A．位移和路程总是相等B．做直线运动的物体，位移和路程总是相等C．做单方向直线运动的物体，位移和路程相等D．做曲线运动的物体，位移大小一定比路程小7．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）关于速度、平均速度、速率的说法中，正确的是（）A．平均速度等于路程除以时间B．平均速度等于位移除以时间C．平均速率就是平均速度的大小D．速率就是速度8．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）某物体速度与时间的关系为v=（6﹣2t）m/s，则下列说法中正确的是（）A．物体运动的初速度是2m/s B．物体运动的加速度是﹣4m/s2C．物体运动的加速度是﹣2m/s2D．物体运动的速度是6m/s9．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）汽车以5m/s的速度在水平路面上匀速运动，紧急制动时以﹣2m/s2的加速度在粗糙水平面上滑行，则在4s内汽车通过的路程为（）A．4m B．36m C．6m D． 6.25m10．（3分）（2014•苍南县校级学业考试）下列图象中反映物体做匀速直线运动的是（）A．B．C．D．11．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）关于力，下列说法中错误的是（）A．力是物体与物体之间的相互作用B．力是矢量，它既有大小又有方向C．力可以用带箭头的线段表示D．力可以只有受力物体而没有施力物体12．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）下列说法中不正确的是（）A．重力是由于地面附近的物体受到地球的吸引而产生的B．压力和支持力的方向都垂直于物体的接触面C．滑动摩擦力可以跟物体的重力无关D．摩擦力总是对物体的运动起阻碍作用13．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）两个共点力5N和9N作用在同一个物体上，这两个力的合力大小不可能的是（）A．5N B．9N C．15N D．12N14．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）关于在两物体之间的同一接触处的弹力与摩擦力的说法中正确的是（）A．弹力与摩擦力可能沿同一方向B．有弹力必有摩擦力C．摩擦力一定与弹力成正比D．有摩擦力必有弹力15．（3分）（2013•蓟县校级学业考试）下列单位中属于国际单位制的基本单位的是（）A．N、m、kg B． N、m、s C． N、kg、s D． m、kg、s16．（3分）（2015•普兰店市模拟）下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物休的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的17．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）由F=ma可知（）A．物体质量和加速度成反比B．因为有加速度才有力C．物体的加速度与物体受到的合外力方向不一定相同D．物体的加速度与物体受到的合外力方向一定相同18．（3分）（2013•未央区校级学业考试）关于匀速圆周运动的线速度，下列说法中正确的是（）A．大小和方向都保持不变B．大小不变，方向时刻改变C．大小时刻改变，方向不变D．大小和方向都时刻改变19．（3分）（2014春•湘潭县校级期中）下列说法符合史实的是（）A．牛顿发现了行星的运动规律B．开普勒发现了万有引力定律C．卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．牛顿发现了电磁感应现象20．（3分）（2012•梅县校级学业考试）一物体质量为1kg，速度为10m/s，它的动能是（）。
湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期第一次月考试卷 理(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）第一次月考物理试卷（理科）一、单项选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分，每个小题只有一个正确答案．）1．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列选项不符合历史史实的是（）A．富兰克林命名了正、负电荷B．库伦在前人工作的基础上通过库伦扭秤实验确定库伦定律C．麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质﹣电场D．法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段2．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列哪项不是矢量（）A．电势B．加速度C．电场强度D．速度3．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列说法正确的是（）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．不带电的物体上，既没有电子也没有质子C．摩擦起电过程，是靠摩擦发生了质子转移D．利用感应起电使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体4．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）关于元电荷，下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CC．某带电体的电荷量为5.4×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由法国物理学家库仑用实验测得的5．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂有金属验电箔片，若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象（）A．只有M端验电箔片张开，且M端带正电B．只有N端验电箔片张开，且N端带负电C．两端的验电箔片都张开，且左端带负电，右端带正电D．两端的验电箔片都张开，且两端都带正电或负电6．（4分）（2014春•鹰潭期末）如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a和b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支座上，两球心间的距离l为球半径的3倍．若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值均为Q，那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是（）A．F引=G，F库=k B． F引≠G，F库≠kC．F引≠G，F库=k D． F引=G，F库≠k7．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列说法中不正确的是（）A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场B．电场是人为设想出来的，其实并不存在C．电荷间相互作用是通过电场而产生，电场最基本的特征之一是对处在它里面的电荷有力的作用D．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西8．（4分）（2014秋•阎良区校级期中）如图所示是点电荷Q周围的电场线，图中A到Q的距离小于B到Q的距离．以下判断正确的是（）A．Q是正电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度B．Q是正电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度C．Q是负电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度D．Q是负电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度9．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）在电场中，A、B两点间的电势差为U AB=75V，B、C两点间的电势差为U BC=200V，则A、B、C三点电势高低关系为（）A．φA＞φB＞φC B．φA＜φC＜φB C．φC＞φA＞φB D．φC＞φB＞φA10．（4分）（2011秋•温州期末）对电容C=，以下说法正确的是（）A．电容器充电量越大，电容就越大B．电容器的电容跟它两极所加电压成反比C．电容器的电容越大，所带电量就越多D．对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变11．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b为不等量同种电荷B． a、b为等量同种电荷C．A点场强大于B点场强D． A点电势高于B点电势12．（4分）（2013春•赫山区校级期中）处于静电平衡中的导体，内部场强处处为零的原因是（）A．外电场不能进入导体内部B．所有感应电荷在导体内部产生的合场强为零C．外电场和所有感应电荷的电场在导体内部叠加的结果为零D．以上解释都不正确13．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）一带电粒子在电场中只受电场力作用时，它不可能出现的运动状态是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀变速曲线运动D．变加速直线运动14．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）关于电场中场强和电势的关系，下列说法哪些是正确的（）A．场强大处，电势也一定高；电势高处，场强也一定大B．场强相同处，电势不一定相同；电势相同处，场强也不一定相同C．电场中场强为零的区域电势处处相同D．电场中电势相同的位置，场强一定为零15．（4分）（2009•镜湖区校级模拟）如图，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面．它们的电势分别为фa、фb、фc，且фa＞фb＞фc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KL MN所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能减少D．粒子从L到M的过程中，动能减少二、填空题（本题共5个小题，每小题4分，共20分．）16．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）库伦定律的数学表达式为，若此时有两个带电量均为1C的电荷，在空气中相距1km，他们之间的作用力为．（k=9.0×109Nm2/C2）17．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）电子伏特是（“能量”或“电压”）的单位，1eV=（输入数值即可）．18．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）在某电场中有A、B两点，A点的电势φA=15V，B点的电势φB的电势为23V，则A、B之间的电势差U AB= V，B、A两点之间的电势差U BA= V．19．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）一平行板电容器的带电量Q=3×10﹣8C，两极板间的电压U=2V，则它的电容为F；如果将两板的带电量各减少一半，则它的电容为F．20．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）如图所示的A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个正六边形的六个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为1V、2V、5V，则D点的电势为V，F 点的电势为V．三、计算题（本题共2个小题，共20分．）21．（10分）（2014秋•湘潭县校级月考）将一电荷量为2×10﹣5C的试探电荷放在空间某电场中的P点处，所受的电场力的大小为2×10﹣2N，则P点的电场强度的大小为多少？若将在P 点的试探电荷换成电荷量为﹣6×10﹣5C的点电荷，则该点电荷所受到的静电力是多大？22．（10分）（2014秋•湘潭县校级月考）将一个电荷量为﹣1.0×10﹣8C的负点电荷，从无穷远处移到电场中的A点，A点的电势为10V．求该点电荷在A点的电势能和在此过程中静电做的功．（取无穷远处为零电势能点）四、不定项选择题（本题共5小题，每小题5分，共25分）23．（5分）（2014秋•湘潭县校级月考）把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一段距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况可能是（）A．带有等量异种电荷B．带有等量同种电荷C．带有不等量异种电荷D．一个带电，另一个不带电24．（5分）（2014秋•湘潭县校级月考）两个可自由移动的点电荷，分别放在A、B两处，如图所示，A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q2=4Q1，另取一个可以自由移动的点电荷Q3放在A、B直线上，欲使Q1、Q2、Q3三者均处于平衡状态，则（）A．Q3为正电荷，且放于B右方B． Q3为正电荷，且放于A、B之间C．Q3为负电荷，且放于A左方D． Q3为负电荷，且放于B右方25．（5分）（2013秋•桐乡市校级期中）如图所示，在水平放置的光滑金属板中心正上方有一带正电的点电荷Q，另一表面绝缘、带正电的金属小球（可视为质点，且不影响原电场）自左以初速度v0在金属板上向右运动，在运动过程中（）A．小球先做减速后加速运动B．小球做匀速直线运动C．小球受到的静电力对小球先做负功，后做正功D．小球受到的静电力对小球做功为零26．（5分）（2014秋•湘潭县校级月考）如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角φ变大的是（）A．U1不变，U2变大 B．U1变小，U2变小C．U1变大，U2变小 D． U1变小，U2变大27．（5分）（2013秋•鹤城区校级期中）在同一电场中的A、B两处分别引入不同的试探电荷q，得到试探电荷所受的电场力随其电荷量变化的关系如图所示，则由此可知（）A．E A＞E B B． E A＜E BC．E A=E B D．不能判定E A、E B的大小五、填空题（本题共8分．）（2014秋•湘潭县校级月考）图为验证影响平行板电容器电容的因素的实验原理图．影（8分）28．响平行板电容器电容的因素有：两极板之间的距离d，两极板的正对面积S，及插入两板间的电介质的相对介电常数εr．步骤1：电容器充电后与电源断开，保持电量Q 将不变，两极板间的距离d 也不变，减小两极板间的正对面积S，发现静电计的指针张角变大．步骤2：电容器充电后与电源断开，保持电量Q 将不变，两极板的正对面积S也不变，增大两极板间的距离，发现静电计的指针张角变大．步骤3：保持Q、S、d都不变，在两极板间插入有机玻璃，发现静电计的张角减小．在此物理试验中，保持其他变量不变，只改变其中的一个变量，以达到实验目的实验思想方法为法．由实验步骤1，我们可以得出结论：S变小，平行电容器的电容C （“变大”，“变小”或“不变”）由实验步骤2，我们可以得出结论：d变大，平行电容器的电容C （“变大”，“变小”或“不变”）由实验步骤3，我们可以得出结论：εr变大，平行电容器的电容C （“变大”，“变小”或“不变”）六、计算题（本题共17分．）29．（17分）（2014春•湘潭县校级月考）已知质子质量为m，电荷量为e，先经过加速电压（电压为U1）加速后从偏转电场左端板中央射入，偏转电场电压为U2，板间距为d，板长为L，在距偏转电场右端l0处放一竖直荧光屏P（质子打在点荧光屏上会出现闪光点）．试问：（1）偏转电场中的电场强度E为多大．（2）当质子刚进入偏转电场的速度V0为多大．（3）质子刚飞离偏转电场时，其偏转距离Y是多少．（4）质子打在点荧光屏上会出现闪光点离偏转电场中央线多远．（5）若在偏转电场中加以交变电压最大值U（U足够大），荧光屏上可能出现闪光点的范围．（以向上为正方向）2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）第一次月考物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分，每个小题只有一个正确答案．）1．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列选项不符合历史史实的是（）A．富兰克林命名了正、负电荷B．库伦在前人工作的基础上通过库伦扭秤实验确定库伦定律C．麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质﹣电场D．法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段考点：物理学史．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、富兰克林命名了正负电荷，为定量研究电现象奠定了基础，符合史实，故A 正确．B、库仑利用扭秤实验证明了点电荷间相互作用力与它们间距离的二次方成反比，符合史实，故B正确．C、奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电和磁的联系．故C错误．D、法拉第首先提出了“场”的概念．认为电荷间的作用是通过“场”实现的，符合史实，故D正确．本题选不符合事实的，故选：C．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列哪项不是矢量（）A．电势B．加速度C．电场强度D．速度考点：矢量和标量．分析：既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间等都是标量．解答：解：A、电势只有大小没有方向，是标量，不是矢量，符合题意，故A正确．BCD、加速度、电场强度和速度都既有大小，又有方向，是矢量．不符合题意；故BCD错误．本题选不是矢量，故选：A．点评：本题关键要掌握各个物理量的矢标性，知道矢量方向特点．3．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列说法正确的是（）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．不带电的物体上，既没有电子也没有质子C．摩擦起电过程，是靠摩擦发生了质子转移D．利用感应起电使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体考点：元电荷、点电荷．分析：物体带电是指有多余的电荷量，是由于自由电荷的转移导致的，并不是创造出来的，因此物体带电均是元电荷的整数倍，感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电．解答：解：A、物体所带电量均是元电荷的整数倍，所以不可能为任意实数．故A错误；B、不带电的物体，并不是没有正、负电荷，而是没有多余的电荷．故B错误；C、摩擦起电是电子转移后，导致物体有多余电荷，从而使物体带上电，故C错误；D、静电感应带电，实质上是导体中的自由电子在电场中受到的电场力作用下，远离或靠近带电体，故D正确；故选：D点评：考查了电荷守恒定律的同时，还有是：元电荷是带电量的最小单元，其电荷量与电子的电量相等，物体所带电量均是元电荷的整数倍．4．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）关于元电荷，下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CC．某带电体的电荷量为5.4×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由法国物理学家库仑用实验测得的考点：元电荷、点电荷．分析：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．解答：解：A、元电荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子，所以A错误；B、元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19C，故B正确；C、带电体的带电量一定是元电荷的整数倍，，故某带电体的电荷量为5.4×10﹣19C是不可能的，故C错误；D、电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，故D错误．故选：B．点评：本题考查元电荷及电点荷的定义；注意元电荷等于电子或质子的带电量．5．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂有金属验电箔片，若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象（）A．只有M端验电箔片张开，且M端带正电B．只有N端验电箔片张开，且N端带负电C．两端的验电箔片都张开，且左端带负电，右端带正电D．两端的验电箔片都张开，且两端都带正电或负电考点：静电现象的解释．分析：根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．解答：解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，所以C正确．故选：C．点评：感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．6．（4分）（2014春•鹰潭期末）如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a和b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支座上，两球心间的距离l为球半径的3倍．若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值均为Q，那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是（）A．F引=G，F库=k B． F引≠G，F库≠kC．F引≠G，F库=k D． F引=G，F库≠k考点：库仑定律；万有引力定律及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，库仑定律的使用的条件是点电荷，根据它们的使用条件来分析即可．解答：解：万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，由于金属球a和b质量分布均匀，所以万有引力定律可以直接的应用，所以它们之间的万有引力为F引=G，由于两球心间的距离l为球半径的3倍，它们之间的距离并不是很大，所以此时的电荷不能看成是点电荷，由于它们带的是等量异种电荷，由于电荷之间的相互吸引，电荷之间的距离会比l小，所以此时电荷间的库仑力F库≠k．故D正确、ABC错误．故选：D．点评：本题是对万有引力定律和库仑定律的条件的考查，掌握住库仑定律的使用的条件是点电荷之间的作用力，只有是点电荷的时候，库仑定律才可以使用，当电荷之间的距离不够大的时候，就不能看成是点电荷，库仑定律就不能使用．7．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）下列说法中不正确的是（）A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场B．电场是人为设想出来的，其实并不存在C．电荷间相互作用是通过电场而产生，电场最基本的特征之一是对处在它里面的电荷有力的作用D．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西考点：电场线；电场．分析：解答本题需掌握：电场是电荷及变化磁场周围空间里存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是客观存在的；电场具有通常物质所具有的力和能量等客观属性：电场的力的性质表现为，电场对放入其中的电荷有作用力，这种力称为电场力；电场的能的性质表现为，当电荷在电场中移动时，电场力对电荷作功（这说明电场具有能量）．解答：解：A、电场是电荷及变化磁场周围空间里存在的一种特殊物质，只要有电荷，就一定有电场，故A正确；B、电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，但它是不依赖于我们的感觉而客观存在的．故B错误，D正确；C、电荷间相互作用是通过电场而产生，电场最基本的特征之一是对处在它里面的电荷有力的作用，故C正确；本题选错误的，故选：B．点评：电场是客观存在的一种物质，这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，我们通常称之为场物质．8．（4分）（2014秋•阎良区校级期中）如图所示是点电荷Q周围的电场线，图中A到Q的距离小于B到Q的距离．以下判断正确的是（）A．Q是正电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度B．Q是正电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度C．Q是负电荷，A点的电场强度大于B点的电场强度D．Q是负电荷，A点的电场强度小于B点的电场强度考点：电场线；电场强度．分析：电场线是从正电荷出发止于负电荷．根据点电荷的场强公式判断A、B场强大小关系．沿着电场线方向电势降低．解答：解：电场线是从正电荷出发止于负电荷．所以Q是正电荷．根据点电荷的场强公式E=得：A点的电场强度大于B点的电场强度．故选：B．点评：解决该题我们要熟悉点电荷的场强公式和电场线的特点，注意电势能的大小除与电量及电势有关外，还与电荷的电性有关．9．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）在电场中，A、B两点间的电势差为U AB=75V，B、C两点间的电势差为U BC=200V，则A、B、C三点电势高低关系为（）A．φA＞φB＞φC B．φA＜φC＜φB C．φC＞φA＞φB D．φC＞φB＞φA考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：A、B两点间的电势差U AB=φA﹣φB，B、C两点的电势差U BC=φB﹣φC，U AC=U AB+U BC，再分析A、B、C三点的电势高低关系．解答：解：A、B两点间的电势差U AB=φA﹣φB=75V，则φA＞φB．B、C两点的电势差U BC=φB﹣φC=200V，则φB＞φC．因U AC=U AB+U BC=275V，则φA＞φC．所以φA＞φB＞φC则A正确故选：A．点评：本题关键要知道电势差等于电势之差，并且知道U AC=U AB+U BC，再进行分析，10．（4分）（2011秋•温州期末）对电容C=，以下说法正确的是（）A．电容器充电量越大，电容就越大B．电容器的电容跟它两极所加电压成反比C．电容器的电容越大，所带电量就越多D．对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容器的电容由本身的性质决定，跟电容器两端所加的电压和所带的带电量无关．解答：解：A、电容器的电容与所带电量和两端间的电压无关，由本身的性质决定．故A、B 错误．C、根据Q=CU，电容越大，带电量不一定大．故C错误．D、对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故D正确．故选D．点评：解决本题的关键理解电容的定义式，知道电容器的电容与所带的电量和两端间的电势差无关．11．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b为不等量同种电荷B． a、b为等量同种电荷C．A点场强大于B点场强D． A点电势高于B点电势考点：电场线．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，在点电荷的电场中，离电荷近的地方，电场的强度大；沿电场线的方向，电势降低；解答：解：A、B、由图可得，图中的电场线是对称的，电场线从左侧电荷出发，到右侧的电荷终止，所以是等量异种电荷；故A错误，B错误；C、电场线密的地方电场的强度大，所以B点的场强大．故C错误；D、沿电场线的方向，电势降低，故φA＞φB；故D正确；故选：D．点评：本题关键要熟悉等量异种点电荷的电场线和等势面分布情况，特别是两个电荷两线和中垂线上各点的场强和电势情况，知道中垂线是一条等势线．12．（4分）（2013春•赫山区校级期中）处于静电平衡中的导体，内部场强处处为零的原因是（）A．外电场不能进入导体内部B．所有感应电荷在导体内部产生的合场强为零C．外电场和所有感应电荷的电场在导体内部叠加的结果为零D．以上解释都不正确考点：静电屏蔽；静电现象的解释．分析：导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在导体内部出现感应电荷的电场，该电场与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会再移动．此时导体的内部场强处处为0，这种状态叫静电平衡状态．处于静电平衡状态的整个导体是一个等势体．解答：解：导体A在电荷q的电场中处于静电平衡状态时，在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与电荷q产生的场强与大小相等，方向相反，此时导体的内部场强处处为0，电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体；故ABD错误，C正确；故选：C．点评：处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体．13．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）一带电粒子在电场中只受电场力作用时，它不可能出现的运动状态是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀变速曲线运动D．变加速直线运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据物体的初状态和受力情况判断物体的运动情况．依据初速度与加速度的方向关系，可做判定．解答：解：一带电粒子在电场中只受电场力作用时，合力不为0．A、物体合力不为0，不可能做匀速直线运动，故A错误．B、物体合力不为0，当初速度方向与加速度方向相同，若受到的电场力恒定，就可做匀加速直线运动，故B正确．C、物体合力不为0，当初速度方向与加速度方向不在一条直线上，若受到的电场力恒定，就可做匀变速曲线运动，故C正确．D、由于粒子所受合外力是定值，物体的加速度是定值，物体做匀变速运动，不可能做变加速直线运动，故D错误．本题选不可能的，故选：AD．点评：本题重点要关注力与速度关系，这个关系决定物体的运动形式，要了解几种常见的运动状态的受力情况和速度变化情况．14．（4分）（2014秋•湘潭县校级月考）关于电场中场强和电势的关系，下列说法哪些是正确的（）A．场强大处，电势也一定高；电势高处，场强也一定大B．场强相同处，电势不一定相同；电势相同处，场强也不一定相同C．电场中场强为零的区域电势处处相同D．电场中电势相同的位置，场强一定为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系但相互关联，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．解答：解：ABD、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系但相互关联，如匀强电场各点的场强相同，但电势不一定相同；点电荷的等势面上电势相同，但场强不同，故AD错误，B正确．C、电场中场强为零的区域，则电场力做功为零，因此电势处处相同，故C正确．故选：BC．点评：明确电电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系但相互关联，借助匀强电场和点电荷的等势面分析场强与电势间的关系．15．（4分）（2009•镜湖区校级模拟）如图，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面．它们的电势分别为фa、фb、фc，且фa＞фb＞фc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）。
2020届湖南省湘潭市凤凰中学高二下学期期中考试物理(理)试题(已审阅)
物理期中测试总分：150分；时量：90分钟；第Ⅰ卷：水平卷一．单选题（请将你认为正确的答案代号填涂在答题卷的答题栏中，共20小题，共60分）1.下列物理量属于标量的是：（）A.速度B.路程C.位移D.加速度2.关于质点，下列说法正确的是：（）A.如果物体的形状和大小对所研究的问题属于次要因素时，可以把物体看作质点B.只有体积很小的物体才能看作质点C.凡轻小的物体，皆可看作质点D.质点是理想化模型，实际并不存在，所以引用质点概念毫无意义3.下列关于时间和时刻的说法中，正确的是：（）A.一节课45分钟，是指时刻B.从教室到宿舍走了5分钟，是指时间C.第4秒末，是指时间D.我们要珍惜每一分钟，是指时刻4.下列速度中，指平均速度的是：（）A.子弹射出枪口时的速度B.雨滴落地时的速度C.运动员冲过终点时的速度D.汽车通过湘潭二大桥的速度5.关于匀变速直线运动的说法，正确的是：（）A.加速度为零的运动B.速度不变的运动C.加速度均匀增大的运动D.加速度不变的直线运动，即速度均匀变化的直线运动6.关于位移和路程的说法中，正确的是：（）A.位移和路程总是相等B.做直线运动的物体，位移和路程总是相等C.做单方向直线运动的物体，位移和路程相等D.做曲线运动的物体，位移大小一定比路程小7.关于速度、平均速度、速率的说法中，正确的是：（）A.平均速度等于路程除以时间B.平均速度等于位移除以时间C.平均速率就是平均速度的大小D.速率就是速度8.某物体速度与时间的关系为v=(6-2t)m/s,则下列说法中正确的是：（）A.物体运动的初速度是2m/sB.物体运动的加速度是-4m/s2C.物体运动的加速度是-2m/s2D.物体运动的速度是6m/s9.汽车以5m/s的速度在水平路面上匀速运动，紧急制动时以-2m/s2的加速度在粗糙水平面上滑行，则在4s内汽车通过的路程为：（）A.4mB.36mC.6mD.6.25m10.下列图像中反映物体做匀速直线运动的是：（）11.关于力，下列说法中错误的是：（）A.力是物体与物体之间的相互作用B.力是矢量，它既有大小又有方向C.力可以用带箭头的线段表示D.力可以只有受力物体而没有施力物体12.下列说法中不正确的是：（）A.重力是由于地面附近的物体受到地球的吸引而产生的B.压力和支持力的方向都垂直于物体的接触面C.滑动摩擦力可以跟物体的重力无关D.摩擦力总是对物体的运动起阻碍作用13.两个共点力5N和9N作用在同一个物体上，这两个力的合力大小不可能的是：（）A.5NB.9NC.15ND.12N14.关于在两物体之间的同一接触处的弹力与摩擦力的说法中正确的是：（）A.弹力与摩擦力可能沿同一方向B.有弹力必有摩擦力C.摩擦力一定与弹力成正比D.有摩擦力必有弹力15.下列单位中属于国际单位制的基本单位的是：（）A.N、m、kgB.N、m、sC. m、kg、sD. N、kg、s16.下列关于超重和失重的说法，正确的是：（）A.超重就是物体的重力增加了B.失重就是物体的重力减少了C.完全失重就是物体的重力没有了D.不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的17.由F=ma可知：（）A.物体质量和加速度成反比B.因为有加速度才有力C.物体的加速度与物体受到的合外力方向不一定相同D.物体的加速度与物体受到的合外力方向一定相同18.关于匀速圆周运动的线速度，下列说法正确的是：（）A.大小和方向都保持不变B.大小不变，方向时刻改变C.大小时刻改变，方向不变D.大小和方向都时刻改变19.下列说法符合史实的是：（）A.牛顿发现了行星的运动规律B.开普勒发现了万有引力定律C.卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D.牛顿发现了电磁感应现象20.一物体质量为1kg，速度为10m/s，它的动能为：（）A.5JB.10JC.50JD.100J二．填空题（本题共6个小题，每空2分，共计20分）21.电荷有两种，规定与毛皮摩擦过的橡胶棒带电。
湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期周测试卷(4)理(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（4）一、选择题1．（3分）（2014春•兴庆区校级期中）下列做法中可能产生涡流的是（）A．把金属块放在匀强磁场中B．让金属块在匀强磁场中匀速运动C．让金属块在匀强磁场中做变速运动D．把金属块放在变化的磁场中2．（3分）（2013秋•许昌月考）磁电式仪表的线圈通常用铝框做骨架，把线圈绕在铝框上，这样做的目的是（）A．防止涡流B．利用涡流C．起电磁阻尼的作用D．起电磁驱动的作用3．（3分）（2013秋•平桥区校级期末）如图所示，闭合金属环从曲面上h高处滚下，又沿曲面的另一侧上升，设环的初速为零，摩擦不计，曲面处在图示磁场中，则（）A．若是匀强磁场，环滚上的高度小于hB．若是匀强磁场，环滚上的高度等于hC．若是非匀强磁场，环滚上的高度等于hD．若是非匀强磁场，环滚上的高度小于h4．（3分）（2014春•菏泽期末）弹簧上端固定，下端挂一只条形磁铁，使磁铁上下振动，磁铁的振动幅度不变．若在振动过程中把线圈靠近磁铁，如图所示，观察磁铁的振幅将会发现（）A．S闭合时振幅逐渐减小，S断开时振幅不变B．S闭合时振幅逐渐增大，S断开时振幅不变C．S闭合或断开，振幅变化相同D．S闭合或断开，振幅都不发生变化5．（3分）（2010秋•普陀区期末）如图所示，矩形线圈放置在水平薄木板上，有两块相同的蹄形磁铁，四个磁极之间的距离相等，当两块磁铁匀速向右通过线圈时，线圈仍静止不动，那么线圈受到木板的摩擦力方向是（）A．先向左、后向右B．先向左、后向右、再向左C．一直向右D．一直向左6．（3分）（2002•上海）如图所示，A、B为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度．两个相同的磁性小球，同时从A、B管上端的管口无初速释放，穿过A管的小球比穿过B管的小球先落到地面．下面对于两管的描述中可能正确的是（）A．A管是用塑料制成的，B管是用铜制成的B．A管是用铝制成的，B管是用胶木制成的C．A管是用胶木制成的，B管是用塑料制成的D．A管是用胶木制成的，B管是用铝制成的7．（3分）如图所示，闭合导线环和条形磁铁都可以绕水平的中心轴OO′自由转动，开始时磁铁和圆环都静止在竖直平面内，若条形磁铁突然绕OO′轴，N极向纸里，S极向纸外转动，在此过程中，圆环将（）A．产生逆时针方向的感应电流，圆环上端向里、下端向外随磁铁转动B．产生顺时针方向的感应电流，圆环上端向外，下端向里转动C．产生逆时针方向的感应电流，圆环并不转动D．产生顺时针方向的感应电流，圆环并不转动8．（3分）（2013春•汪清县校级月考）如图所示，光滑水平绝缘面上有两个金属环静止在平面上，环1竖直，环2水平放置，环1和环2的直径均处于中间分割线上，在平面中间分割线正上方有一条形磁铁，当磁铁沿中间分割线向右运动时，下列说法正确的是（）A．两环都向右运动B．两环都向左运动C．环1静止，环2向右运动D．两环都静止9．（3分）（2015春•盐城校级期中）如图所示，通有恒定电流的螺线管竖直放置，一铜环R 沿螺线管的轴线加速下落，在下落过程中，环面始终保持水平．铜环先后经过轴上1、2、3位置时的加速度分别为a1、a2、a3．位置2处于螺线管的中心，位置1、3与位置2等距，则（）A．a1＜a2=g B．a3＜a1＜g C．a1=a3＜a2D． a3＜a1＜a210．（3分）（2012春•宿州月考）光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程y=x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线（图中的虚线所示），一个小金属块从抛物线y=b（b＞a）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是（）A．mgb B．mv2 C．mg（b﹣a） D． mg（b﹣a）+mv211．（3分）（2013•龙岩模拟）酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酒后驾车及其他严禁酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化．在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻值，这样，仪表显示的数据就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度c成正比，那么，电压表示数U 与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越大，但c与U不成正比C．U越大，表示c越小，c与U成反比D．U越大，表示c越小，但c与U不成反比二、实验题12．（2012春•沂水县期中）影响物质材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减小．某课题研究组在研究某种导电材料的用电器件Z的导电规律时，利用如图甲所示的分压电路测得其电压与电流的关系如下表所示：U/V 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.50 1.60I/A 0.20 0.45 0.80 1.25 1.80 2.81 3.20（1）根据表中数据，判断用电器件Z可能属于上述哪类材料？．（2）把用电器件Z接入图乙所示的电路中，闭合开关电流表的读数为1.8A，电池的电动势为3V，内阻不计，电阻R的电功率为．13．某实验小组探究一种热敏电阻的温度特性．现有器材：直流恒流电源（在正常工作状态下输出的电流恒定）、电压表、待测热敏电阻、保温容器、温度计、开关和导线等．（1）若用上述器材测量热敏电阻的阻值随温度变化的特性，请你在图甲的实物图上连线．（2）实验的主要步骤：①正确连接电路，在保温容器中注入适量冷水，接通电源，调节并记录电源输出的电源值；②在保温容器中添加少量热水，待温度稳定后，闭合开关，，，断开开关；③重复第②步操作若干次，测得多组数据．（3）实验小组算得该热敏电阻在不同温度下的阻值，并据此绘得图乙的R﹣t关系图线，请根据图线写出该热敏电阻的R﹣t关系式：R= + t（Ω）（保留三位有效数字）．（2）每次加热水后都需要重新读出温度计和电压表的示数．故闭合开关，应记录电压表电压值、温度计数值．14．电流传感器可以像电流表一样测量电流，它的优点是反应非常快，可以捕捉到瞬间的电流变化，还可以与计算机相连，能在很短的时间内画出电流随时间的变化图象．按图甲连接电路，提供8V直流电源，先使开关S与1相连，电源向电容器充电，这个过程可在瞬间完成，然后把开关S掷向2，电容器通过电阻R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏上显示出电流随时间变化的I﹣t曲线，如图乙所示．（1）图乙中画出的竖直狭长矩形（图乙最左端），其面积表示的物理意义是：；（2）估算电容器在全部放电过程中释放的电荷量是C；（3）根据以上数据估算，电容器的电容是F．三、计算题15．如图所示，质量为m=100g的铝环，用细线悬挂起来，环中央距地面高度h=0.8m，有一质量为M=200g的小磁铁（长度可忽略），以v0=10m/s的水平速度射入并穿过铝环，落地点距铝环原位置的水平距离为l=3.6m，则磁铁与铝环发生相互作用时（小磁铁穿过铝环后的运动看做平抛运动）：（1）铝环向哪边偏斜？（2）若铝环在磁铁穿过后速度为v′=2m/s，在磁铁穿过铝环的整个过程中，环中产生了多少电能？（g=10m/s2）2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（4）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2014春•兴庆区校级期中）下列做法中可能产生涡流的是（）A．把金属块放在匀强磁场中B．让金属块在匀强磁场中匀速运动C．让金属块在匀强磁场中做变速运动D．把金属块放在变化的磁场中考点：* 涡流现象及其应用．分析：电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流．涡流会在导体中产生大量的热量．解答：解：A、把金属块放在匀强磁场中，没有磁通量的变化，不产生感应电流．故A 错误；B、把金属块在匀强磁场中匀速运动，有感应电动势，但没有磁通量的变化，不产生感应电流．故B 错误；C、金属块在匀强磁场中做变速运动有感应电动势，但没有磁通量的变化，不产生感应电流．故C错误；D、把金属块放在变化的磁场中，变化的磁场产生电场，能够产生涡流．故D正确．故选：D点评：掌握涡流的原理及应用与防止：真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等．2．（3分）（2013秋•许昌月考）磁电式仪表的线圈通常用铝框做骨架，把线圈绕在铝框上，这样做的目的是（）A．防止涡流B．利用涡流C．起电磁阻尼的作用D．起电磁驱动的作用考点：* 涡流现象及其应用．版权所有分析：根据穿过线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，出现感应电流，进而受到安培阻力，阻碍指针的运动．解答：解：常用铝框做骨架，当线圈在磁场中转动时，导致铝框的磁通量变化，从而产生感应电流，出现安培阻力，使其很快停止摆动．而塑料做骨架达不到电磁阻尼的作用，这样做的目的是利用涡流，起到电磁阻尼作用；故选：BC．点评：在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握，同时理解电磁阻尼的原理．3．（3分）（2013秋•平桥区校级期末）如图所示，闭合金属环从曲面上h高处滚下，又沿曲面的另一侧上升，设环的初速为零，摩擦不计，曲面处在图示磁场中，则（）A．若是匀强磁场，环滚上的高度小于hB．若是匀强磁场，环滚上的高度等于hC．若是非匀强磁场，环滚上的高度等于hD．若是非匀强磁场，环滚上的高度小于h考点：霍尔效应及其应用．专题：电磁感应——功能问题．分析：若是匀强磁场，闭合小环中没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变；若是非匀强磁场，闭合小环中由于电磁感应产生感应电流，机械能减小转化为内能，高度减小．解答：解：A、B、若是匀强磁场，穿过小环的磁通量不变，没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变，则环在左侧滚上的高度等于h．故A错误、B正确；C、D、若是非匀强磁场，小环中由于产生感应电流，机械能减小转化为内能，高度将减小，则环在左侧滚上的高度小于h．故C错误，D正确；故选：BD．点评：本题关键根据产生感应电流的条件，分析能否产感应电流，从能量的角度分析高度的变化；基础问题．4．（3分）（2014春•菏泽期末）弹簧上端固定，下端挂一只条形磁铁，使磁铁上下振动，磁铁的振动幅度不变．若在振动过程中把线圈靠近磁铁，如图所示，观察磁铁的振幅将会发现（）A．S闭合时振幅逐渐减小，S断开时振幅不变B． S闭合时振幅逐渐增大，S断开时振幅不变C．S闭合或断开，振幅变化相同D．S闭合或断开，振幅都不发生变化考点：电磁感应在生活和生产中的应用；简谐运动的振幅、周期和频率．专题：应用题．分析：穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中会产生感应电流，电路消耗电能，电路不闭合，电路中不会产生感应电流，不消耗电能；根据能量守恒定律分析答题．解答：解：条形磁铁上下振动时穿过下面线圈的磁通量不断变化；（1）S闭合时，下面线圈中产生感应电流，电路要消耗电能，由能量守恒定律可知，系统的机械能减小，振幅减小；（2）S断开时，下面线圈中不产生感应电流，电路不消耗电能，由能量守恒定律可知，系统的机械能不变，振幅不变；由以上分析可知，A正确，BCD错误；故选A．点评：知道产生感应电流的条件，知道在电磁感应现象中，电路获得的电能是由其它形式的能量转化来的，熟练应用能量守恒定律即可正确解题．5．（3分）（2010秋•普陀区期末）如图所示，矩形线圈放置在水平薄木板上，有两块相同的蹄形磁铁，四个磁极之间的距离相等，当两块磁铁匀速向右通过线圈时，线圈仍静止不动，那么线圈受到木板的摩擦力方向是（）A．先向左、后向右B．先向左、后向右、再向左C．一直向右D．一直向左考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：根据楞次定律：感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的原磁通量的变化，我们可以这样理解：感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动．分析线圈所受的安培力方向，确定其运动趋势，判断摩擦力方向．解答：解：当原磁通量增加时，感应电流的磁场与原来磁场的方向相反，两个磁场产生相互排斥的作用力；当原磁通量减少时，感应电流的磁场就与原来磁场的方向相同，两个磁场产生相互吸引的作用力，所以感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动．当磁铁匀速向右通过线圈时，N极靠近线圈，线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动，给磁极向左的安培力，那么磁极给线圈向右的安培力，线圈静止不动，是因为受到了向左的摩擦力．当N极离开线圈，线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动，给磁极向左的安培力，那么磁极给线圈向右的安培力，线圈静止不动，是因为受到了向左的摩擦力．所以整个过程线圈所受的摩擦力一直向左．故D正确．故选D点评：本题根据楞次定律：感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动，分析线圈所受的安培力方向是本题的解题关键．6．（3分）（2002•上海）如图所示，A、B为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度．两个相同的磁性小球，同时从A、B管上端的管口无初速释放，穿过A管的小球比穿过B管的小球先落到地面．下面对于两管的描述中可能正确的是（）A．A管是用塑料制成的，B管是用铜制成的B．A管是用铝制成的，B管是用胶木制成的C．A管是用胶木制成的，B管是用塑料制成的D．A管是用胶木制成的，B管是用铝制成的考点：楞次定律；电磁感应在生活和生产中的应用．专题：电磁感应中的力学问题．分析：磁性小球在下滑中会使金属导体产生电磁感应从而使小球的下落变慢，而绝缘体不会发生电磁感应，故磁性小球做自由落体运动．解答：解：由题意可知，小球在B管中下落的速度要小于A管中的下落速度，故说明小球在B管时受到阻力作用；其原因是金属导体切割磁感线，从而使闭合的导体中产生感应电流，由于磁极间的相互作用而使小球受向上的阻力；故B管应为金属导体，如铜、铝、铁等，而A管应为绝缘体，如塑料、胶木等，故AD正确，BC错误；故选AD．点评：本题应注意在发生电磁感应时，由于安培力的作用而消耗了机械能产生了电能，故磁体受到的一定为阻力．7．（3分）如图所示，闭合导线环和条形磁铁都可以绕水平的中心轴OO′自由转动，开始时磁铁和圆环都静止在竖直平面内，若条形磁铁突然绕OO′轴，N极向纸里，S极向纸外转动，在此过程中，圆环将（）A．产生逆时针方向的感应电流，圆环上端向里、下端向外随磁铁转动B．产生顺时针方向的感应电流，圆环上端向外，下端向里转动C．产生逆时针方向的感应电流，圆环并不转动D．产生顺时针方向的感应电流，圆环并不转动考点：楞次定律．分析：根据条形磁铁内部磁场由S极到N极，结合楞次定律，即可求解．解答：解：条形磁铁内部的磁感线从S极到N极，由题意可知，当N极向纸里，S极向纸外转动时，导致圆环的磁通量变大，根据楞次定律可知，线圈中产生逆进针方向感应电流，感应电流的磁场阻碍原来磁通量的变化，则圆环必须上端向里、下端向外随磁铁转动，故A正确，BCD错误；故选：A．点评：考查线圈产生感应电流的条件，掌握楞次定律的应用，理解条形磁铁的磁场分布．8．（3分）（2013春•汪清县校级月考）如图所示，光滑水平绝缘面上有两个金属环静止在平面上，环1竖直，环2水平放置，环1和环2的直径均处于中间分割线上，在平面中间分割线正上方有一条形磁铁，当磁铁沿中间分割线向右运动时，下列说法正确的是（）A．两环都向右运动B．两环都向左运动C．环1静止，环2向右运动D．两环都静止考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：先分析两个线圈中磁通量的变化，再根据楞次定律分析线圈的运动情况．解答：解：由于线圈1竖直，所以当磁铁移动时，磁通量始终为零，即磁通量不变化，所以仍保持静止，当磁铁向右移动的过程中线圈2中的磁通量减小，所以根据楞次定律可得线圈2将向右运动．故选：C点评：做本题的关键是先判断两个线圈中磁通量的变化，然后根据“来拒去留”判断线圈的运动情况9．（3分）（2015春•盐城校级期中）如图所示，通有恒定电流的螺线管竖直放置，一铜环R沿螺线管的轴线加速下落，在下落过程中，环面始终保持水平．铜环先后经过轴上1、2、3位置时的加速度分别为a1、a2、a3．位置2处于螺线管的中心，位置1、3与位置2等距，则（）A．a1＜a2=g B．a3＜a1＜g C．a1=a3＜a2D． a3＜a1＜a2考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：在通电螺线管的内部的磁场最强，而且近似是匀强磁场；图中1与3两处的磁感应强度相同，由此得出磁通量的变化量，然后结合法拉第电磁感应定律即可解答．解答：解：由于2处的磁场近似是匀强磁场，所小环在2处的磁通量不变，没有感应电流，不受安培力的作用，小环的加速度a2=g；小环在1与3处的磁场是不均匀的，磁通量有变化，根据楞次定律，安培力的方向向上，对小环的运动有阻碍作用；小环一直做加速运动，所以小环在3处的速度大于在1处的速度，所以小环在3处的磁通量变化快，根据法拉第电磁感应定律，小环在3处的电动势大于在1处的电动势，所以小环在3处受到的安培力大，由牛顿第二定律可得，小环在3处的加速度比较小．即：a3＜a1＜a2=g．故ABD正确，C错误．故选：ABD点评：该题考查通电螺线管的磁场的特点、法拉第电磁感应定律与楞次定律的应用，首先要明了通电螺线管的磁场的特点，然后结合它的特点判断出小环的磁通量的变化的特点，然后判定即可．10．（3分）（2012春•宿州月考）光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程y=x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线（图中的虚线所示），一个小金属块从抛物线y=b（b＞a）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是（）A．mgb B．mv2 C．mg（b﹣a） D． mg（b﹣a）+mv2考点：电磁感应中的能量转化；导体切割磁感线时的感应电动势．分析：圆环在进入磁场和出磁场的过程中产生感应电流，有热量产生，最终在直线y=a以下抛物线来回摆动，根据能量守恒求出金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量．解答：解：圆环最终在直线y=a以下来回摆动，以y=b（b＞a）处为初位置，y=a处为末位置，则知末位置的速度为零，在整个过程中，重力势能减小，动能减小，减小的机械能转化为内能，根据能量守恒得：Q=mg（b﹣a）+．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键能正确分析金属块的状态，知道它最终在y=a以下来回摆动，在摆动时无热量产生，以初始位置与y=a位置为研究过程，动能和重力势能的减小量全部转化为热量．11．（3分）（2013•龙岩模拟）酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酒后驾车及其他严禁酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化．在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻值，这样，仪表显示的数据就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度c成正比，那么，电压表示数U 与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越大，但c与U不成正比C．U越大，表示c越小，c与U成反比D．U越大，表示c越小，但c与U不成反比考点：闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．专题：恒定电流专题．分析：首先根据电路图分析电路的连接方式，分析酒精气体传感器的电阻的变化，然后根据欧姆定律得到电压表示数与电阻r′的关系，结合传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度C成正比，得出电压表示数与酒精气体浓度的关系式，再进行选择．解答：解：酒精气体传感器和定值电阻串联在电路中，电压表测R0两端的电压．根据酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，得：=kC（k是比例系数）①．根据欧姆定律得：==②由①②整理得：U=由数学知识知，U越大，c越大，但两者不成正比．故B正确．故选B点评：学生要能结合电路电阻的变化根据欧姆定律判断串联电路中的电流和电压的变化．二、实验题12．（2012春•沂水县期中）影响物质材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减小．某课题研究组在研究某种导电材料的用电器件Z的导电规律时，利用如图甲所示的分压电路测得其电压与电流的关系如下表所示：U/V 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.50 1.60I/A 0.20 0.45 0.80 1.25 1.80 2.81 3.20（1）根据表中数据，判断用电器件Z可能属于上述哪类材料？半导体材料．（2）把用电器件Z接入图乙所示的电路中，闭合开关电流表的读数为1.8A，电池的电动势为3V，内阻不计，电阻R的电功率为 3.24W ．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据表中实验数据，应用欧姆定律求出Z的阻值，根据Z阻值的变化情况判断Z是由什么材料制造的．（2）由表中实验数据找出电流为1.8A时用电器件Z的电压，由串联电路特点求出电阻R两端电压，由P=UI求出电阻电功率．解答：解：（1）根据表中实验数据，由欧姆定律可知，随电压增加，Z的阻值减小，随电压U与电流I的增加，Z的功率P=UI变大，Z的温度升高，阻值减小，由此可知，Z是由半导体材料制作的．（2）由表中实验数据可知，当电流为1.8A时，电器元件Z两端的电压是1.2V；由电路图2可知，电阻R与Z串联，电阻R两端的电压：U R=U﹣U Z=3V﹣1.2V=1.8V；电阻R的电功率：P R=U R I=1.8V×1.8A=3.24W；故答案为：（1）半导体材料；（2）3.24W．点评：本题考查了实验数据分析，要能够从表格数据得到电阻的变化情况，第二问可以用数据代入求解，熟练应用欧姆定律、串联电路特点是正确解题的关键．13．某实验小组探究一种热敏电阻的温度特性．现有器材：直流恒流电源（在正常工作状态下输出的电流恒定）、电压表、待测热敏电阻、保温容器、温度计、开关和导线等．（1）若用上述器材测量热敏电阻的阻值随温度变化的特性，请你在图甲的实物图上连线．（2）实验的主要步骤：①正确连接电路，在保温容器中注入适量冷水，接通电源，调节并记录电源输出的电源值；②在保温容器中添加少量热水，待温度稳定后，闭合开关，记录电压表电压值，温度计数值，断开开关；。
湖南省湘潭凤凰中学2018-2019学年高二下学期第一次月考物理试题(重点班)
湘潭凤凰中学2019年上学期高二第一次月考物理试题（理凤）一、选择题（每小题4分，第13至16题为多选题。
共计64分）1．如图所示，在光滑绝缘的水平面上，有两个可视为质点的带正电的小球，两小球之间用绝缘轻绳连接．两小球都处于静止状态，绳子的张力为F.若将绳子的长度变为原来的两倍，小球仍处于静止状态，则绳子张力大小为A．F B．F 2C.F4D．F82．如图所示，P是固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆．带电粒子Q在P的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点．若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c.则A．a a>a b>a c，v a>v c>v bB．a a>a b>a c，v b>v c>v aC．a b>a c>a a，v b>v c>v aD．a b>a c>a a，v a>v c>v b3．关于静电场的等势面，下列说法正确的是A．两个电势不同的等势面可能相交B．电场线与等势面处处相互垂直C．同一等势面上各点电场强度一定相等D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功4．如图所示，两电荷量分别为Q(Q>0)和－Q的点电荷对称地放置在x轴上原点O的两侧，a点位于x轴上O点与点电荷Q之间，b点位于y轴O点上方，取无穷远处的电势为零．下列说法正确的是A．b点电势为零，电场强度也为零B．正的试探电荷在a点的电势能大于零，所受电场力方向向右C．将正的试探电荷从O点移到a点，电场力做正功D．将同一正的试探电荷先后从O、b两点移到a点，后者电势能的变化较大5.两个较大的平行金属板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正、负极上，这时质量为m、带电荷量为－q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示．在其他条件不变的情况下，如果将两板非常缓慢地水平错开一些，那么在错开的过程中A．油滴将向上加速运动，电流计中的电流从b流向aB．油滴将向下加速运动，电流计中的电流从a流向bC．油滴静止不动，电流计中的电流从b流向aD．油滴静止不动，电流计中的电流从a流向b6.某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是A．加5 V电压时，导体的电阻约为5 ΩB．加11 V电压时，导体的电阻约是1.4 ΩC．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D．此导体为线性元件7．在研究微型电动机的性能时，应用如图6所示的实验电路．当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A和1.5 V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为1 A和14 V．则这台电动机正常运转时输出功率以及一分钟内产生的热量分别为A．14 W,220 JB．12 W,220 JC．11 W,180 JD．9 W,180 J8．如图7所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r.当可变电阻的滑片P向b移动时，电压表V1的读数U1与电压表V2的读数U2的变化情况是A．U1变大，U2变小B．U1变大，U2变大C．U1变小，U2变小D．U1变小，U2变大9．三根平行的长直导体棒分别过正三角形ABC的三个顶点，并与该三角形所在平面垂直，各导体棒中均通有大小相等的电流，方向如图所示．则三角形的中心O处的合磁场方向为A．平行于AB，由A指向BB．平行于BC，由B指向CC．平行于CA，由C指向AD．由O指向C10．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，放置一质量为m的导体棒，棒长为L，棒中通有垂直纸面向里的电流，电流大小为I.若使金属棒静止在斜面上，则下面关于磁感应强度B的判断正确的是A．B的方向垂直斜面向上，B＝mg sin θIL，B为最小值B．B的方向平行斜面向上，B＝mg sin θIL，B为最小值C．B的方向竖直向上，B＝mgIL，此时金属棒对导轨无压力D．B的方向水平向左，B＝mgIL，此时金属棒对导轨无压力11．两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行．一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力)，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A．轨道半径减小，角速度增大B．轨道半径减小，角速度减小C．轨道半径增大，角速度增大D．轨道半径增大，角速度减小12．如图所示电路中，A、B、C为完全相同的三个灯泡，L是一直流电阻不可忽略的电感线圈．a、b为线圈L的左右两端点，原来开关S是闭合的，三个灯泡亮度相同．将开关S断开后，下列说法正确的是A．a点电势高于b点，A灯闪亮后缓慢熄灭B．a点电势低于b点，B、C灯闪亮后缓慢熄灭C．a点电势高于b点，B、C灯闪亮后缓慢熄灭D．a点电势低于b点，B、C灯不会闪亮只是缓慢熄灭13．(多选)劳伦斯和利文斯设计出回旋加速器，工作原理示意图如图所示．置于真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，高频交流电频率为f，加速电压为U.若A处粒子源产生质子的质量为m、电荷量为＋q，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响．则下列说法正确的是A．质子被加速后的最大速度不可能超过2πRfB．质子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U成正比C．质子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比为2∶1D．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器使粒子获得的最大动能不变14．(多选)如图所示，在水平桌面上放置一个螺线管，螺线管正上方左侧用绝缘细线吊着一根通电直导线，电流垂直于纸面向里，闭合开关后，细线偏离竖直方向一个角度，螺线管仍处于静止状态，以下说法正确的是A．细线向右偏B．细线向左偏C．桌面对螺线管的支持力减小，摩擦力向右D．桌面对螺线管的支持力增大，摩擦力向左15．(多选)如图所示，水平铜圆盘与沿其轴线的竖直金属杆固定连接，并可一同绕圆盘中心轴线自由转动．a接线柱通过导线与金属杆连通，b接线柱通过电刷与圆盘边缘接触良好，方向竖直向下的匀强磁场穿过整个圆盘，则A．若使圆盘沿图示方向转动，b接线柱电势高、a按线柱电势低B．若使圆盘沿图示方向转动，a接线柱电势高、b接线柱电势低C．若使a接电源正极、b接电源负极，圆盘将沿图示方向转动D．若使b接电源正极、a接电源负极，圆盘将沿图示方向转动16.（多选）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中Rt为热敏电阻（其随温度升高电阻变小），R 为定值电阻．下列说法正确的是（）A．副线圈两端电压的瞬时值表达式为u=9sin 100πt VB．t=0.02 s时电压表V2的示数为0C．变压器原、副线圈中的电流之比和输入、输出功率之比均为1：4D．Rt处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数不变二、实验题（每空2分，共计16分）17.某同学通过实验测定一个阻值约为5 Ω的电阻Rx的阻值。
湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期第三次月考试卷(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）第三次月考物理试卷一、不定项选择题．（每小题5分，共30分．对而不全得3分）1．（5分）（2013•亭湖区校级学业考试）如图所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度变化的情况是（）A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大2．（5分）（2014秋•宝安区校级期中）如图所示，用轻绳将小球悬于O点，力F拉住小球使悬线偏离竖直方向60°角，小球处于平衡状态，要使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ是（）A．90°B．60°C．30°D．0°3．（5分）（2012•平遥县模拟）一质量为1kg的物体被人用手由静止竖直向上提升1m，此时物体的速度为2m/s，则在此过程中（g 取10m/s2）（）A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体克服重力做功10J4．（5分）（2014春•湘潭县校级月考）地球同步卫星质量为m，离地高度为h，若地球半径为R0，地球表面处重力加速度为g0，地球自转角速度为ω0，则同步卫星所受的地球对它的万有引力的大小为（）A．0 B．mC．m D．以上结果都不正确5．（5分）（2005•武汉二模）如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一电子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度v B经过B 点，且v A和v B的方向相反，则（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的速度一定小于在B点的速度D．电子在A点的电势能一定小于在B点的电势能6．（5分）（2011•永春县校级模拟）在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落至原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于（）A．B．C．D．二、计算题．（共20分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值及单位．7．（10分）（2009•南充模拟）如图所示是一个设计“过山车”的试验装置的原理示意图，光滑斜面AB与竖直面内的圆形轨道在B点平滑连接，圆形轨道半径为R．一个质量为m的小车（可视为质点）在A点由静止释放沿斜面滑下，当它第一次经过B点进入圆形轨道时对轨道的压力为其重力的7倍，小车恰能完成圆周运动并第二次经过最低点沿水平轨道向右运动．已知重力加速度为g．（1）求A点距水平面的高度h；（2）假设小车在竖直圆轨道左、右半圆轨道部分克服摩擦阻力做的功相等，求小车第二次经过竖直圆轨道最低点时的速度大小．8．（10分）（2013•兰州模拟）如图所示，在xOy平面的第三象限有一场强为E的匀强电场，电场的方向平行于y轴向上；在第四象限有一匀强磁场，方向垂直于纸面．平面内其他部分为真空．有一质量为m，电荷量﹣q的质点由电场左侧平行于x轴以初速度v0从A点射入电场．质点到达x轴上M点时，速度方向与x轴的夹角为θ，M点与原点O的距离为d．接着，质点进入磁场，并从y轴上的N点（图中没有画出）垂直于y轴飞离磁场．不计重力影响．求（1）A点的横坐标；（2）匀强磁场的磁感应强度强B的大小和方向；（3）质点从A到N的时间．2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题．（每小题5分，共30分．对而不全得3分）1．（5分）（2013•亭湖区校级学业考试）如图所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度变化的情况是（）A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：对物体进行受力分析，根据合力的变化确定加速度的变化．根据加速度的方向和速度方向的关系判断速度的变化．解答：解：对物体进行受力分析：竖直方向物体受力平衡，水平方向受向左的推力F和向右的弹簧的弹力，刚开始F大于弹力，加速度方向向左，根据牛顿第二定律得：a=，而由于物体向左运动，x逐渐增大，加速度a逐渐减小，但加速度方向与速度方向相同，故物体速度逐渐增大，当F等于弹力时，加速度为0，速度达到最大值，继续向左运动时，弹力继续增大，加速度方向改变且逐渐增大，而速度逐渐减小，最后速度减为0，所以速度先增大后减小，加速度先减小后增大，故D正确．点评：加速度由合外力和质量决定，本题关键是能正确对运动过程进行受力分析，难度适中．2．（5分）（2014秋•宝安区校级期中）如图所示，用轻绳将小球悬于O点，力F拉住小球使悬线偏离竖直方向60°角，小球处于平衡状态，要使F有最小值，F与竖直方向的夹角θ是（）A．90°B．60°C．30°D．0°考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球受重力、绳子的拉力和外力F处于平衡，运用作图法分析什么条件下外力F最小．解答：解：外力F和绳子拉力的合力与重力等值反向，从图上看出，合力一定，绳子拉力方向一定，当外力F与绳子拉力方向垂直时，外力F最小．根据几何关系，知F与竖直方向的夹角为30°．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：本题是物体平衡中极值问题，通过作图法得到极值的条件，也可以采用数学函数法求解极值．3．（5分）（2012•平遥县模拟）一质量为1kg的物体被人用手由静止竖直向上提升1m，此时物体的速度为2m/s，则在此过程中（g 取10m/s2）（）A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体克服重力做功10J考点：动能定理的应用；功的计算；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：已知物体的重力和上升的位移，则可求得物体克服重力所做的功；由动能定理可求得合外力对物体所做的功；则可求得人手对物体所做的功．解答：解：物体克服重力所做功W G=mg h=1×10×1J=10J，故D正确；由动能定理可知，外力对物体所做的功W=△E k=mv2=J=2J；故B错误，C正确；因物体在运动过程中只有手和重力所做的功，故W手﹣W G=W，则手对物体所做的功W手=10+2J=12J，故A正确；点评：功能关系是物理学中重要内容之一，要明确各力做功与能量转化间的关系，如合外力做功等于物体动能的变化；重力做功等于重力势能的变化等．4．（5分）（2014春•湘潭县校级月考）地球同步卫星质量为m，离地高度为h，若地球半径为R0，地球表面处重力加速度为g0，地球自转角速度为ω0，则同步卫星所受的地球对它的万有引力的大小为（）A．0 B．mC．m D．以上结果都不正确考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力得出同步卫星处的重力加速度，从而得出同步卫星受到地球对它的万有引力大小．解答：解：根据，，解得：，则同步卫星所受的万有引力为：F=mg′=m．根据万有引力提供向心力得，F=．同步卫星做圆周运动由万有引力提供向心力得：F=mω（R0+h）=mg′=m，因h+R=，所以F=mω（R0+h）=m．故B、C正确，A、D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键知道万有引力等于重力这一理论，知道重力加速度与高度的关系．基础题．5．（5分）（2005•武汉二模）如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一电子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度v B经过B 点，且v A和v B的方向相反，则（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的速度一定小于在B点的速度D．电子在A点的电势能一定小于在B点的电势能考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场的强弱，由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线更密集．由于带正电的粒子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，即可判断出电子所受的电场力方向向左，电场线方向向右．沿电场线方向电势降低，由于从A到B过程中电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小．解答：解：A、由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线更密集，故无法判断AB 两点哪儿场强更大，故A错误．B、由于电子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，故电子所受电场力方向向左，而电子所受电场力的方向与电场的方向相反，故场强向右，所以A点电势大于B点的电势．故B错误．C、由于从A到B过程中电场力做负功，电子的动能减小，所以电子在A点的速度一定大于在B点的速度，故C错误．D、从A到B过程中电场力做负功，电子的电势能增大，所以电子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能，故D正确．故选：D．点评：物体速度方向的变化说明物体所受的电场力方向向左，这是本题的突破口．学会寻找解题的突破口是我们学习物理时必须具有的一种能力．6．（5分）（2011•永春县校级模拟）在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落至原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于（）A．B．C．D．考点：激光的特性和应用；匀变速直线运动的公式；竖直上抛运动．分析：本题考查了竖直上抛运动的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两部分组成．解答：解：（1）小球从O点上升到最大高度过程中：h1=g （）2①小球从P点上升的最大高度：h2=g（）2②依据题意：h1﹣h2=H ③联立①②③解得：g=故选A点评：分析物体运动的形式，根据运动特点，然后选择相应的规律求解是解决运动问题的基本思路，要在学习中不断培养解题思路．二、计算题．（共20分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值及单位．7．（10分）（2009•南充模拟）如图所示是一个设计“过山车”的试验装置的原理示意图，光滑斜面AB与竖直面内的圆形轨道在B点平滑连接，圆形轨道半径为R．一个质量为m的小车（可视为质点）在A点由静止释放沿斜面滑下，当它第一次经过B点进入圆形轨道时对轨道的压力为其重力的7倍，小车恰能完成圆周运动并第二次经过最低点沿水平轨道向右运动．已知重力加速度为g．（1）求A点距水平面的高度h；（2）假设小车在竖直圆轨道左、右半圆轨道部分克服摩擦阻力做的功相等，求小车第二次经过竖直圆轨道最低点时的速度大小．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）设第一次小车运动到B点的速度大小为v B，根据牛顿第二定律及牛顿第三定律求出B点速度，小车从A点运动到B点的过程机械能守恒，以B点位置为重力势能零点，求出高度；（2）设小车在圆轨道最高点的速度为v C，重力提供向心力，此时根据向心力公式求出C点速度，设小车在右半圆轨道上克服阻力做功W f，对小车从B点运动到C的点过程，根据动能定理求出W f，对小车从B点运动到C点再回到B点的过程，根据动能定理列式即可求解．解答：解：（1）设第一次小车运动到B点的速度大小为v B，受到的支持力为N，根据牛顿第二定律：N﹣mg=m依题意和牛顿第三定律：N=7mg解得 v B=小车从A点运动到B点的过程机械能守恒，以B点位置为重力势能零点，则有：mgh=解得 h=3R（2）设小车在圆轨道最高点的速度为v C，重力提供向心力，此时根据向心力公式有：mg=m解得：v c=设小车在右半圆轨道上克服阻力做功W f，对小车从B点运动到C的点过程，根据动能定理有﹣mg2R﹣W f=﹣解得 W f=mgR设小车第二次经过B点时的速度为v′，对小车从B点运动到C点再回到B点的过程，根据动能定理有：﹣2W f=﹣解得v′=2答：（1）A点距水平面的高度h为3R；（2）小车第二次经过竖直圆轨道最低点时的速度大小为2．点评：涉及力在空间的效应，要优先考虑动能定理．对于圆周运动，涉及力的问题，往往根据向心力进行分析处理．难度适中．8．（10分）（2013•兰州模拟）如图所示，在xOy平面的第三象限有一场强为E的匀强电场，电场的方向平行于y轴向上；在第四象限有一匀强磁场，方向垂直于纸面．平面内其他部分为真空．有一质量为m，电荷量﹣q的质点由电场左侧平行于x轴以初速度v0从A点射入电场．质点到达x轴上M点时，速度方向与x轴的夹角为θ，M点与原点O的距离为d．接着，质点进入磁场，并从y轴上的N点（图中没有画出）垂直于y轴飞离磁场．不计重力影响．求（1）A点的横坐标；（2）匀强磁场的磁感应强度强B的大小和方向；（3）质点从A到N的时间．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）粒子在电场中做的是类平抛运动，根据速度的分解得到质点经过A点时竖直分速度，由运动学公式和牛顿第二定律求解．（2）质点进入磁场的速度为 v=，做匀速圆周运动．由几何关系求出轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力，列式求解磁感应强度强B的大小，由左手定则判断B的方向．（3）质点的运动分为三个阶段：电场中类平抛运动，无场区匀速直线运动，磁场中匀速圆周运动，分段根据运动学公式求时间，再求解总时间．解答：解：（1）由题意可知质点从电场中射出后，匀速直线运动至x轴，故其速度方向偏转了θ，设从y轴上的N点射出电场时的速度大小为v，竖直分速度大小为v y．则有：v=①v y=at1=v0tanθ ②根据牛顿第二定律有：a=③①、③代入②得：t1=④A点的横坐标为 x A=v0t1=⑤（2）质点进入磁场后做匀速圆周运动，因为质点过y轴，故磁场的方向垂直纸面向里．由洛伦兹力提供向心力qvB=，R=⑥由图中的几何关系可知 R=⑦由①⑤⑥得：B=⑧（3）质点的运动分为三个阶段，第一阶段在电场中时间为 t1=⑨第二阶段在第一象限匀速直线运动时间为t2==⑩第三阶段在磁场中做匀速圆周运动时间为 t3===⑾从A到M的总时间为t=t1+t2+t3=++⑿答：（1）A点的横坐标是；（2）匀强磁场的磁感应强度强B的大小为，方向垂直纸面向里；（3）质点从A到N的时间是++．点评：本题为电荷在电场和磁场中运动的题目，在电场中要能熟练运用运动的分解法研究，而在磁场中，注意找出圆心和半径；同时要注意题目中哪些为已知量哪些为未知量．。
2024年湖南省高二下学期学业水平考试物理试题(含答案)
2024年普通高中考试信息模拟卷（压轴卷）物理时量：60分钟满分：100分一、选择题，本题共18小题，每小题3分，共54分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.高空抛物被称为“悬在城市上方的痛”，是一种极不文明的行为，由于落地速度很大，可能造成很大的危害.若一个鸡蛋从15层楼的高处无初速下落，大约经过3s 落到地面，不计空气阻力.下列描述鸡蛋运动的物理量中，属于矢量的是（ ）A.质量B.路程C.时间D.位移2.甲、乙两车在同一地点同时沿同一方向做直线运动，其v-t 图像如图所示，则（）A.它们的初速度均为零B.甲的加速度大于乙的加速度C. t 1时刻，甲的速度大于乙的速度D. 0～t 1时间内，甲的位移大于乙的位移3.下列划线上的数字指时间（即时间间隔）的是（ ）A.午休从11：30开始B.刘翔110米跨栏记录为12.88C.某中学的作息表上写着，第三节：10：00-10：40D.中央电视台《新闻联播》栏目每天19：00准时播放4.重为400N 的木箱放在水平地面上，木箱与地面间的最大静摩擦力是85N ，动摩擦因数是0.2，如果分别用50N 、90N 的水平力推木箱，则木箱受到的摩擦力分别是（ ）A. 50N ，90NB. 50N ，80NC. 0N ，80ND. 50N ，85N 5.质量为1kg 的物体在光滑水平面内受到一个大小为4N 的水平力的作用，则这个物体的加速度大小为（ ）A.6m/s 2B.4m/s 2C.1m/s 2D.12m/s 26.电梯内用弹簧秤测物体的重量，下列几种情况，弹簧秤示数最小的为（ ）A.以2m/s 2的加速度加速上升B.以3m/s 2的加速度减速上升C.以3m/s 2的加速度减速下降D.以2.5m/s 2的加速度加速下降7.地球的半径为R ，某地球卫星在地球表面所受万有引力为F ，则该卫星在离地面高度约6R 的轨道上受到的万有引力约为（ ）A.6FB.7FC.D.136F 149F8.将一小球以初速度v 0=2m/s 水平抛出，经0.5s 落地，则小球在这段时间内的水平位移为（ ）A.0.5mB.1.0mC.1.5mD.2m9.如图所示，由于地球自转，地球上的一切物体都随地球一起转动，现有A 、B 两人，A 在赤道上，B 在北纬60°处，则A 、B 两人的线速度之比为（）A. B. C. D. 10.质点在一水平面内沿曲线由P 运动到Q ，如果用v 、a 、F 分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，图中有可能的是（）A.B. C. D.11.篮球比赛时，小王同学跳起投篮.在离地上升过程中，下列说法正确的是（）A.重力对小王做负功B.重力对小王做正功C.手对球的作用力大于球对手的作用力D.手对球的作用力小于球对手的作用力12.关于功率，下列说法正确的是（ ）A.根据可知，机械做功越多，其功率就越大B.根据可知，汽车的牵引力一定与其速度成反比C.根据可知，只要知道时间t 内所做的功，就可知任意时刻的功率D.根据可知，发动机的功率一定时，交通工具的牵引力与运动速度成反比13.如图所示，在正点电荷产生的电场中，关于A 、B 两点电场强度的大小，下列说法正确的是（）A. E A >E BB. E A =E BC. E A <E BD.无法判断14.如图所示，a 、b 、c 为同一种材料做成的电阻，b 与a 的长度相等，b 的横截面积是a 的两倍；c 与a 的横截面积相等，c 的长度是a 的两倍.当开关闭合后，三个理想电压表的示数关系是（）:1:1A B v v =:2:1A B v v =:A B v v =::2A B v v =WP t=P Fv =WP t=P Fv =A.V1的示数是V3的2倍B.V1的示数是V2的2倍C.V2的示数是V1的2倍D.V2的示数是V3的2倍15.如图所示，线圈平面与条形磁铁的轴线垂直，现将磁铁右端沿轴线由A点平移到B点（磁铁右端未到线圈），穿过线圈磁通量的变化情况是（）A.变大B.变小C.不变D.先变大，后变小16.有一正方形闭合线圈，在足够大的匀强磁场中运动.图中能产生感应电流的是（）A. B. C. D.17.一台电动机，额定电压是100V，电阻是2Ω.正常工作时，通过的电流为5A，则电动机因发热损失的功率为（）A.500WB.200WC.50WD.450W18.根据电磁波谱，从下列选项中选出电磁波的频率顺序由高到低排列且中间没有间断的是（）A.X射线、紫外线、可见光B.X射线、紫外线、红外线C.紫外线、红外线、可见光D.无线电波、红外线、紫外线二、填空题，本题共3小题，每小题4分，共12分.19.（4分）某同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中，根据实验数据、按照一定标度画出如图所示的力的图示.（1）图中的力F1、F，、F、F'不是由弹簧测力计测得的是；（填字母）（2）在该实验中需要记录F1、F2的大小和方向及观察F、F'的大小和方向是否在误差允许范围内相同.（3）本实验采用的科学方法是.A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.放大微小形变法20.（4分）用如图所示的实验电路测量电池的电动势和内阻.（1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于端（填“a”或“b”）.（2）连接实验电路后，调节滑动变阻器，得到多组电流、电压值，根据实验数据能作出如图（填“A”或“B”）所示的U-I图像.21.（4分）在“验证机械能守恒定律”实验中，释放纸带瞬间，两位同学的实验操作示意图分别如图甲、乙所示.甲乙（1）对比甲、乙两图，重物相对打点计时器位置合理的是（填“A”或“B”）A.甲图B.乙图（2）实验中由于阻力等因素的影响，重物的重力势能减少量△E p（填“A”或“B”）动能增加量△E k.A.略大于B.略小于三、解答题，本题共3小题，共34分.22.（10分）如图所示，一个质量m=2kg的物体以v0=3m/s的速度在光滑水平面上运动.现沿速度方向对物体施加F=10N的恒定拉力，重力加速度g取10m/s2.问：（1）物体是做匀加速直线运动还是做变加速直线运动？（2）物体加速的加速度大小是多少？（3）物体加速运动3s时速度是多大？23.（12分）如图所示，AB是跳台滑雪的长直助滑道的一部分，高度差h=5.5m.质量为60kg的运动员从A点由静止开始下滑，经过B点时速度v=10m/s，g取10m/s2.求：（1）运动员经过B 点时的动能；（2）从A 点到B 点过程中，重力对运动员做的功；（3）从A 点到B 点过程中，阻力对运动员做的功.24.（12分）如图所示，两块水平放置的带电金属板A 、B 之间有电场强度大小为E 、方向竖直向下的匀强电场.质量为m 的带电微粒恰好能悬浮在两板之间，则：（1）该微粒带正电还是负电？（2）求该微粒所带的电荷量q ；（3）由于吸附尘埃该微粒质量增大到2m ，若电荷量不变，求其加速度的大小和方向.2024年普通高中考试信息模拟卷（压轴卷）参考答案（学业水平考试）物理一、选择题题号123456789101112131415161718答案DBBBBBDBBBADABADCA二、填空题19.（1）F'（3）B 20.（1）a （2）A 21.（1）B（2）A二、解答题22.（1）物体做匀加速直线运动（2）5m/s 2（3）18m/s【解析】（1）物体做匀加速直线运动；（2）由牛顿第二定律得物体运动的加速度；（3）物体运动时间t =3s 时速度的大小.23.（1）3000J（2）3300J（3）300J【解析】（1）运动员经过B 点时的动能为2210m /s 5m /s 2F a m ===03m /s 53m /s 18m /s v v at =+=+⨯=-2k 13000J 2B E mv ==（2）重力对运动员做的功为；（3）从A 到B 的过程，据动能定理可得，解得阻力对运动员做的功为.24.（1）负电（2）（3）竖直向下【解析】（1）带电微粒受重力和电场力两个力作用处于平衡状态，故电场力竖直向上，电场强度方向向下，所以带电微粒带负电.（2），（3），方向竖直向下.3300J W mgh ==2f 102B W W mv +=-300J W =-mg E2g Eq mg =mgq E=22mg Eq ma -=22222mg Eq mg mg ga m m --===。
湖南省部分学校2023-2024学年高二下学期期末联考物理试题含答案
2024年上学期高二期末考试物理（答案在最后）全卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑，如有改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.物理学的发展离不开物理学家的研究发现，在物理学的发展中出现了多位里程碑式的科学家，下列关于物理学史描述符合事实的是（）A.爱因斯坦提出光子的概念，成功解释光电效应现象B.牛顿总结得到了万有引力定律，并通过扭秤实验测出了引力常量C.伽利略被称为“运动学之父”，他认为重的物体比轻的物体下落得快D.卢瑟福通过α粒子散射实验研究，提出了原子具有“枣糕模型”【答案】A【解析】【详解】A．爱因斯坦首先提出了光子说的观点，成功解释了光电效应现象的规律，故A正确；B．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，故B错误；C．伽利略被称为“运动学之父”，他认为重的物体与轻的物体下落得一样快，故C错误；D．卢瑟福根据α粒子散射实验，提出了原子的“核式结构”模型，故D错误。
故选A。
2.A、B、C、D四个物体做直线运动时的位移、速度、加速度与所受合力随时间变化的图像如图所示，则做匀加速直线运动的物体是（）A. B.C. D.【答案】B 【解析】【详解】A ．由于图像是位移—时间图像，其斜率代表速度，斜率不变，则物体做匀速直线运动，故A 错误；B ．由于图像是速度—时间图像，其斜率代表加速度，则物体做匀加速直线运动，故B 正确；C ．由于图像是加速度—时间图像，由图像可知，加速度不为零且保持逐渐增大，则物体做变加速直线运动，故C 错误；D ．由于图像是合外力—时间图像，由图像可知，合外力增大，再由牛顿第二定律可知，物体的加速度增大，且方向不变，故物体做加速度增大的直线运动，故D 错误。
湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期周测试卷(2)理(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（2一、选择题1．（3分）（2004•天津）一台理想降压变压器从10kV的线路中降压并提供200A的负载电流．已知两个线圈的匝数比为40：1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是（）A．5A，250V，50kW B． 5A、10kV，50kWC．200A，250V，50kW D． 200A，10kV，2×103kW2．（3分）如图是一个理想变压器的示意图，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1为原线圈中的电流（）A．若保持P的位置及U1不变，S由a合到b处，则I1将减小B．若保持P的位置及U1不变，S由b合到a处，则R上消耗的功率将增大C．若保持U1不变，S置于b处，将P向上滑动，则I1减小D．若保持P的位置不变，S置于a处，将U1增大，则I1减小3．（3分）如图所示，理想变压器的输入端接220V的正弦交流电，副线圈上接有灯泡L和电热器R，开始时开关S断开．当S接通时，以下说法中正确的是（）A．副线圈M、N的两端输出电压减小B．副线圈M、N的两端输出电压增大C．灯泡L的电功率不变D．原线圈中的电流增大4．（3分）（2003•辽宁）电学中的库仑定律、欧姆定律、法拉第电磁感应定律（有关感应电动势大小的规律）、安培定律（磁场对电流作用的规律）都是一些重要的规律，如图为远距离输电系统的示意图（为了简单，设用户的电器是电动机），下列选项中正确的是（）A．发电机能发电的主要原理是库仑定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律B．发电机能发电的主要原理是安培定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是库仑定律C．发电机能发电的主要原理是欧姆定律；变压器能变压的主要原理是库仑定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律D．发电机能发电的主要原理是法拉第电磁感应定律；变压器能变压的主要原理是法拉第电磁感应定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是安培定律5．（3分）（2009•广东）如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是（）A．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好6．（3分）（2010•广东）图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A．周期是0.01S B．最大值是311VC．有效值是220V D．表达式为U=220sin100πt（V）7．（3分）（2011•广东）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（）A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同8．（3分）（2011•广东）图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，A、V为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V，下列表述正确的是（）A．电流表的示数为2AB．原、副线圈匝数比为1：2C．电压表的示数为电压的有效值D．原线圈中交变电压的频率为100Hz9．（3分）（2008•江苏）如图所示的电路中，三个相同的灯泡a、b、c和电感L1、L2与直流电源连接，电感的电阻忽略不计．电键S从闭合状态突然断开时，下列判断正确的有（）A．a先变亮，然后逐渐变暗 B． b先变亮，然后逐渐变暗C．c先变亮，然后逐渐变暗 D． b、c都逐渐变暗二、填空题10．（3分）我国西部特别是云、贵、川有大量的水力资源，西电东送是西部大开发的重要项目之一．据报道，云南大朝山在2005年可建成100万千瓦的水力发电站．设电站输出电压为25万伏，则输电线上的电流是A．如输电线总电阻为40Ω，则电流通过输电线时，在输电线上发热消耗的功率为kW．如将输出电压升高到100万伏，则输电线上发热消耗的功率为kW．根据以上数据得出你认为合理的输电方法是．11．（3分）（2015春•德州校级月考）如图所示，理想变压器的输出端接有一电动机，电动机的电阻为R，电动机带动一质量为m的重物以速度v匀速上升．设变压器的输入功率为P，原、副线圈匝数比为n1：n2，电动机因摩擦造成的能量损失不计．则图中电流表的读数应为．三、解答题12．（2011春•富顺县校级期末）图中，降压变压器的变压系数是3，即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3：1．初级线圈的输入电压是660V，次级线圈的电阻为0.2Ω，这台变压器供给100盏220V，60W的电灯用电．求：（l）空载时次级线圈的端电压和输出功率；（2）接通时次级线圈的端电压；（3）每盏灯的实际功率．13．如图所示电路是一种触电保安器，变压器A处用火线和地线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器．B处有一个输出线圈，一旦线圈中有电流，经放大后便能推动继电器J切断电源．试说明：（1）为什么多开灯不会使保安器切断电源？（2）为什么有人“手﹣地”触电时，触电保安器会切断电源？（3）该保安器能否为双手“火线﹣地线”触电时提供保安？为什么？14．（2005•广州二模）某小水电站中，水以速度v1流入水轮机，以速度v2流出，流出水位比流入水位低H，水的流量（每秒流过水轮机的水的体积）为V、密度为ρ、比热容为c，如果水流减少的机械能的75%转移给发电机、20%使水的温度升高，求：（1）水温升高多少？（2）若发电机发电的效率为80%，发电机的输出的电功率多大？（3）若g取10m/s2，v1=3m/s，v2=1m/s，H=1.6m，V=lm3/s，ρ=1×103kg/m3，发电机的输出电压为240V，远距离输电线路的电阻为6Ω，允许输电线路损失功率5%，用户电压为220V，则输电所用的升压变压器的原、副线圈的匝数比多大？15．（2008•北京）风能将成为21世纪大规模开发的一种可再生清洁能源．风力发电机是将风能（气流的功能）转化为电能的装置，其主要部件包括风轮机、齿轮箱，发电机等．如图所示．（1）利用总电阻R=10Ω的线路向外输送风力发电机产生的电能．输送功率P0=300 kW，输电电压U=10 kW，求异线上损失的功率与输送功率的比值；（2）风轮机叶片旋转所扫过的面积为风力发电机可接受风能的面积．设空气密度为p，气流速度为v，风轮机叶片长度为r．求单位时间内流向风轮机的最大风能P m；在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间接受的风能，简述可采取的措施．（3）已知风力发电机的输出电功率P与P m成正比．某风力发电机的风速v1=9m/s时能够输出电功率P1=540kW．我国某地区风速不低于v2=6m/s的时间每年约为5000小时，试估算这台风力发电机在该地区的最小年发电量是多少千瓦时．2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（2）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2004•天津）一台理想降压变压器从10kV的线路中降压并提供200A的负载电流．已知两个线圈的匝数比为40：1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是（）A．5A，250V，50kW B． 5A、10kV，50kWC．200A，250V，50kW D． 200A，10kV，2×103kW考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：理想变压器不消耗能量，原副线圈两端的电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；由P=UI可求得输出功率．解答：解：由题意可知，原线圈电压为10KV；副线圈两端的电流为200A；由=可得：U2=U1=250V；由=可得：I1=5A；输出功率P=U2I2=250×200W=50KW；故选A．点评：本题考查变压器的基本原理，注意题目出给出的电流为输出电流（负载电流），而不是输入电流．2．（3分）如图是一个理想变压器的示意图，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1为原线圈中的电流（）A．若保持P的位置及U1不变，S由a合到b处，则I1将减小B．若保持P的位置及U1不变，S由b合到a处，则R上消耗的功率将增大C．若保持U1不变，S置于b处，将P向上滑动，则I1减小D．若保持P的位置不变，S置于a处，将U1增大，则I1减小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：由图可知：电压表测量的是副线圈电压，电流表测量的是副线圈电流，根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比分析即可．解答：解：A、保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，根据I1=得I1将增大，故A错误；B、保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，根据P=可知功率变小，故B错误；C、保持U1不变，K合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，根据可知I1将减小，故C正确；D、保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，根据可知I1将增大，故D错误．故选：C点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解，注意电压表和电流表测量的是有效值．3．（3分）如图所示，理想变压器的输入端接220V的正弦交流电，副线圈上接有灯泡L和电热器R，开始时开关S断开．当S接通时，以下说法中正确的是（）A．副线圈M、N的两端输出电压减小B．副线圈M、N的两端输出电压增大C．灯泡L的电功率不变D．原线圈中的电流增大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：变压器的电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，闭合开关相当于增加负载，结合欧姆定律分析．解答：解：S接通时负载总电阻减小，输出电压又不变，所以副线圈中电流变大，电流与匝数成反比，副线圈中电流变大，所以原线圈中的电流也变大，灯泡L两端的电压不变，所以灯泡L的电功率将不变，故CD正确，AB错误．故选：CD点评：本题不仅仅考查了变压器的特点，还结合闭合电路考查了电路的动态分析．4．（3分）（2003•辽宁）电学中的库仑定律、欧姆定律、法拉第电磁感应定律（有关感应电动势大小的规律）、安培定律（磁场对电流作用的规律）都是一些重要的规律，如图为远距离输电系统的示意图（为了简单，设用户的电器是电动机），下列选项中正确的是（）A．发电机能发电的主要原理是库仑定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律B．发电机能发电的主要原理是安培定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是库仑定律C．发电机能发电的主要原理是欧姆定律；变压器能变压的主要原理是库仑定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律D．发电机能发电的主要原理是法拉第电磁感应定律；变压器能变压的主要原理是法拉第电磁感应定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是安培定律考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：（1）通电导线在磁场中受力的作用，即通电能动，电动机就是利用该原理制成的；（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中就会产生电流，该现象就称为电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的；（3）通电导线周围有磁场，这就是著名的电流的磁效应，电磁铁、电磁继电器等都是利用该原理制成的；根据发电机、电动机以及电磁感应的应用进行选择．解答：解：发电机是利用电磁感应现象制成的；电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；电磁铁、电铃都是利用电流的磁效应的原理制成的；故D正确，ABC错误；故选D点评：本题考查了发电机和电动机的原理，以及电流的磁效应及应用；知道发电机和电动机的原理是本题的关键．5．（3分）（2009•广东）如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是（）A．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI知，输送电功率一定，输电电压越大，输电电流越小，根据P损=I2R可判断输电线上电能的损失．在高压输电中，不是电压越高越好，要综合考虑各种因素，比如感抗、容抗等．解答：解：A、增加输电导线的横截面积能减小电阻，根据P损=I2R，减小电阻，有利于减少输电过程中的电能损失．故A正确．B、根据P=UI知，高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗．故B正确．C、输送的电功率越大，则输电线上流过的电流越大，输电过程中的电能损失越大．故C错误．D、高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好．故D正确．故选ABD．点评：增加输电导线的横截面积能减小电阻，因此，有利于减少输电过程中的电能损失，高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗，输送的电功率越大，则输电线上流过的电流越大，输电过程中的电能损失越大，高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好．6．（3分）（2010•广东）图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A．周期是0.01S B．最大值是311VC．有效值是220V D．表达式为U=220sin100πt（V）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：人造卫星问题．分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．解答：解：A 由图象知周期为0.02S，故A错误B 由图象知最大值为311V，故B正确C 电压的有效值为，故C正确D 表达式为U=311sin100πt（V），故D错误故选：BC．点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．7．（3分）（2011•广东）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（）A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．专题：压轴题．分析：解答本题应掌握感应电动势取决于磁通量的变化快慢，与磁通量的变化及磁通量无关．解答：解：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n，即感应电动势与线圈匝数有关故A错误；同时可知，感应电动势与磁通量的变化率有关，磁通量变化越快，感应电动势越大，故C正确；穿过线圈的磁通量大，但若所用的时间长，则电动势可能小，故B错误；由楞次定律可知：感应电流的磁场方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故原磁通增加，感应电流的磁场与之反向，原磁通减小，感应电流的磁场与原磁场方向相同，即“增反减同”，故D错误；故选C．点评：感应电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意区分磁通量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间区别及联第．8．（3分）（2011•广东）图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，A、V为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V，下列表述正确的是（）A．电流表的示数为2AB．原、副线圈匝数比为1：2C．电压表的示数为电压的有效值D．原线圈中交变电压的频率为100Hz考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：A、根据电路图可知，电阻R的电压为110V，电阻为55Ω，所以电阻R的电流I==A=2A，所以A正确．B、由图可知，输入的电压的有效值为220V，电压表的示数为110V，即为输出的电压，根据电压与匝数成正比可得匝数比为2：1，所以B错误．C、电压表、电流表等的读数都是有效值，所以C正确．D、经过变压器前后电压的频率是不变的，根据图象可知，输出电压的频率为f==Hz=50Hz，所以原线圈中交变电压的频率也为50Hz，所以D错误．故选AC．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．9．（3分）（2008•江苏）如图所示的电路中，三个相同的灯泡a、b、c和电感L1、L2与直流电源连接，电感的电阻忽略不计．电键S从闭合状态突然断开时，下列判断正确的有（）A．a先变亮，然后逐渐变暗 B． b先变亮，然后逐渐变暗C．c先变亮，然后逐渐变暗 D． b、c都逐渐变暗考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．专题：压轴题；交流电专题．分析：电感线圈对直流电的作用是：刚接通瞬间阻值较大，接通后电阻为零，在断开瞬间相当于电源．解答：解：电键S闭合时，电感L1中电流等于两倍L2的电流，断开电键K的瞬间，由于自感作用，两个电感线圈相当于两个电源，与三个灯泡构成闭合回路，通过b、c的电流都通过a，故a先变亮，然后逐渐变暗，故A正确；b、c灯泡由电流i逐渐减小，B、C错误，D正确；故选：AD点评：本题涉及到自感现象中的“亮一下”现象，平时要注意透彻理解．二、填空题10．（3分）我国西部特别是云、贵、川有大量的水力资源，西电东送是西部大开发的重要项目之一．据报道，云南大朝山在2005年可建成100万千瓦的水力发电站．设电站输出电压为25万伏，则输电线上的电流是4000 A．如输电线总电阻为40Ω，则电流通过输电线时，在输电线上发热消耗的功率为6.4×105kW．如将输出电压升高到100万伏，则输电线上发热消耗的功率为4×104kW．根据以上数据得出你认为合理的输电方法是高压输电．考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI求出输电线上的电流，根据输电线上的电流，结合求出输电线上损耗的功率．同理得出输出电压升高到100万伏输电线上发热消耗的功率．解答：解：根据P=UI得，输电线上的电流I=，则输电线上损耗的功率W=6.4×105kW．输出电压升高到100万伏，输送的电流I′=．则输电线上损耗的功率W=4×104kW．所以为了减小功率的损失，采用高压输电．故答案为：4000，6.4×105，4×104，高压输电．点评：解决本题的关键掌握输送功率与输电电压、电流的关系，知道输送功率一定，输送电压越高，电流越小，损失的功率越小．11．（3分）（2015春•德州校级月考）如图所示，理想变压器的输出端接有一电动机，电动机的电阻为R，电动机带动一质量为m的重物以速度v匀速上升．设变压器的输入功率为P，原、副线圈匝数比为n1：n2，电动机因摩擦造成的能量损失不计．则图中电流表的读数应为．考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：理想变压器的输入功率与输出功率相等，而副线圈与电动机相连，则电动机的输出功率与电动机线圈的内阻消耗功率之和为副线圈的输出功率．解答：解：电动机消耗的功率为线圈内阻消耗的功率与输出功率之和，则有：P=mgv+I2R，所以I=．故答案为：点评：电动机内有线圈则属于非纯电阻电路，所以电动机的输入功率等于电动机的线圈消耗功率与电动机的输出功率．本题考查了变压器的输入功率等于输出功率，电流与匝数成反比等知识．三、解答题12．（2011春•富顺县校级期末）图中，降压变压器的变压系数是3，即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3：1．初级线圈的输入电压是660V，次级线圈的电阻为0.2Ω，这台变压器供给100盏220V，60W的电灯用电．求：（l）空载时次级线圈的端电压和输出功率；（2）接通时次级线圈的端电压；（3）每盏灯的实际功率．考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：（1）理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电压与匝数成正比．（2）接通时次级线圈时，求出次级线圈中总电阻，根据欧姆定律求出线圈中的电流，根据欧姆定律求出次级线圈的端电压．（3）根据灯泡并联关系，得到每个灯中的电流，由功率表达式P=I2R求解．解答：解：（1）将变压器视为理想变压器．设空载时次级线圈的端电压为U2．根据电压与匝数成正比得：=220V因为空载，次级线圈的负载电阻R2→∞，次级线圈中的电流为零I2=0，P=I2U2=0（2）接通电路后，100盏灯并联的总电阻为：=8.07Ω次级线圈中的电流次级线圈的端电压U′2=I2R外=214.68（V）（3）每盏灯的实际功率为答：（l）空载时次级线圈的端电压是220V，输出功率为0；（2）接通时次级线圈的端电压是214.68V；（3）每盏灯的实际功率是57.1W．点评：对于理想变压器，关键抓住：输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率．13．如图所示电路是一种触电保安器，变压器A处用火线和地线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器．B处有一个输出线圈，一旦线圈中有电流，经放大后便能推动继电器J切断电源．试说明：（1）为什么多开灯不会使保安器切断电源？（2）为什么有人“手﹣地”触电时，触电保安器会切断电源？（3）该保安器能否为双手“火线﹣地线”触电时提供保安？为什么？考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：图中A线圈是用火线和零线双股平行线绕制成线圈，正常情况下火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；当漏电时，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源．解答：解：（1）开的电灯过多，但火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源；（2）当有人如图中“手﹣地”触电时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源；（3）当有人双手“火线﹣零线”触电时（人与地绝缘），火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源．答：（1）开的电灯过多，但火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源；（2）当有人如图中“手﹣地”触电时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源；（3）当有人双手“火线﹣零线”触电时（人与地绝缘），火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源．点评：触电保护器是防止触电，保险丝是防止电路过载，原理不同，不可相互替代．。
2022-2023学年湖南省湘潭市一中物理高二第二学期期末统考模拟试题含解析
2022-2023学年高二下物理期末模拟试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、导热性能良好的气缸和活塞，密封一定质量的理想气体，气缸固定不动，保持环境温度不变，现用外力将活塞向下缓慢移动一段距离，则这一过程中（ ）A ．外界对缸内气体做功，缸内气体内能不变B ．缸内气体放出热量，内能增大C ．气缸内每个气体分子的动能保持不变D ．单位时间内撞击到器壁上单位面积的分子数减小2、如图所示，一束复色光由空气射向玻璃，发生折射而分为a 、b 两束单色光．则A ．玻璃对a 、b 光的折射率满足n a >n bB ．a 、b 光在玻璃中的传播速度满足v a >v bC ．逐渐增大入射角，a 光将先消失D ．分别通过同一双缝干涉实验装置时，相邻亮条纹间距离a 光大于b 光3、篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H 。
依次上升四个4H 所用时间分别为1t 、2t 、3t 、4t ，则4123t t t t -+为（ ）A．1 B．12C．13D．144、空调在制冷过程中，室内空气中的水蒸气接触蒸发器液化成水，经排水管排走，空气中的水分减少，人会感觉干燥。
若某空调工作一段时间后，排出水的体积为V，已知水的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为A N，则排出水中水分子的总数为（）A．VMρB．MVρC．AMNVρD．AVNMρ5、如图所示，一个内壁光滑、绝热的气缸固定在地面上，绝热的活塞下方封闭着一定质量的理想气体，若用竖直向上的力F将活塞向缓慢上拉一些距离．则缸内封闭着的气体A．分子平均动能减小B．温度可能不变C．每个分子对缸壁的冲力都会减小D．若活塞重力不计，拉力F对活塞做的功等于缸内气体内能的改变量6、下列说法中正确的是( )A．温度低的物体内能小B．分子之间距离减小时，引力和斥力都增大，且引力增大得比斥力快C．做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大D．外界对物体做功时，物体的内能不一定增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2023年湖南省湘潭市一中高二物理第二学期期末学业质量监测模拟试题含解析
2022-2023学年高二下物理期末模拟试卷请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一个多匝闭合矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交流电的电动势表达式为（V），则下列判断正确的是：A．该交电流的频率为50HzB．通过该矩形线圈磁通量的最大值为100WbC．该交电流电动势的有效值是100VD．1s内该交流电电流的方向变化50次2、将质量为1kg的物体以3m/s的速度水平抛出，当物体的速度为5m/s时，其重力的瞬时功率为（）A．20W B．30W C．40W D．50W3、关于电磁波，下列说法正确的是（）A．电磁波和机械波都需要通过介质传播B．电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失C．雷达发射的是直线性能好、反射性能强的超声波D．根据麦克斯韦电磁场理论，电磁波中的电场和磁场互相垂直，电磁波是横波4、如图所示，光滑固定金属导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放于导轨上，形成一个闭合回路。
当一条形磁铁从高处下落接近回路的过程中，下列说法正确的是A．P、Q将保持不动B．P、Q将相互远离C．磁铁的加速度小于gD．磁铁的加速度仍为g5、如图，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点．有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子在纸面内沿各个方向以同样的速率通过P点进入磁场．这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/1．将磁感应强度的大小从原来的1B变为2B，结果相应的弧长变为原来的一半，则2B：1B等于A．2 B．3C．2D．16、如图所示为某列车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是（）A．甲处表示时间，乙处表示平均速度B．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期周测试卷(3)理(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（3）一、选择题1．（3分）（2012春•三江县校级期中）下列装置中利用了温度传感器的是（）A．电熨斗B．电饭锅C．电子秤D．火灾报警器2．（3分）（2011•江苏）美国科学家Willard S．Boyle与GeorgeE．Snith因电荷耦合器件（CCD）的重要发明获得2009年度诺贝尔物理学奖．CCD是将光学量转变成电学量的传感器．下列器件可作为传感器的有（）A．发光二极管B．热敏电阻C．霍尔元件D．干电池3．（3分）有定值电阻、热敏电阻、光敏电阻三只元件，将这三只元件分别接入如图所示电路中的A、B两点后，用黑纸包住元件或者把元件置入热水中，观察欧姆表的示数，下列说法中正确的是（）A．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是热敏电阻B．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数不变化，这只元件一定是定值电阻C．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是光敏电阻D．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数相同，这只元件一定是定值电阻4．（3分）（2007•深圳一模）如图所示是电容式话筒的示意图，它是利用电容制作的传感器，话筒的振动膜前面有薄薄的金属层，膜后距离膜几十微米处有一金属板，振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极，在两极间加一个电压U，人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，使声音信号被话筒转化为电信号，其中导致电容变化的原因可能是电容器两板间的（）A．介质变化B．正对面积变化C．距离变化D．电压变化5．（3分）（2013春•怀柔区月考）如图所示，截面为矩形的金属导体放在磁场中，当导体中通有电流时，导体的上、下表面的电势有什么关系（上板为M，下板N）（）A．φM＞φN B．φM=φN C．φM＜φN D．无法判断6．（3分）利用半导体材料可以制成（）A．标准电阻B．热敏电阻C．光敏电阻D．温度报警器7．（3分）（2011春•平江县期末）街道旁的路灯、江海里的航标灯都要求夜晚亮、白天熄，利用半导体的电学特性制成了自动点亮、熄灭的装置，实现了自动控制，这是利用半导体的（）A．压敏性 B．光敏性C．热敏性 D．三特性都利用了8．（3分）（2014春•永昌县校级期中）如图所示是观察电阻值随温度变化情况的示意图．现把杯中的水由冷水变为热水，关于欧姆表的读数变化情况正确的是（设水对电阻的影响不计）（）A．如果R为金属热电阻，读数变大，且变化非常明显B．如果R为金属热电阻，读数变小，且变化不明显C．如果R为热敏电阻（半导体材料制成），读数变化非常明显D．如果R为热敏电阻（半导体材料制成），读数变化不明显9．（3分）（2012秋•南昌期中）金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是（）A．B．C．D．10．（3分）（2011秋•抚州期末）如图所示为一测定液面高低的传感器示意图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体，把传感器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同．如果发现指针正向右偏转，则导电液体的深度h变化为（）A．h正在增大B．h正在减小C．h不变D．无法确定11．（3分）如图所示，由电源、小灯泡、金属电阻丝、开关组成的电路中，当闭合开关S后，小灯泡正常发光，若用酒精灯加热电阻丝时，发现小灯泡亮度变暗，发生这一现象的主要原因是（）A．小灯泡的电阻发生了变化B．小灯泡灯丝的电阻率随温度发生了变化C．电阻丝的电阻率随温度发生了变化D．电源的电压随温度发生了变化12．（3分）如图所示，R t为半导体热敏电阻，其他电阻都是普通的电阻，当灯泡L的亮度变暗时，说明（）A．环境温度变高B．环境温度变低C．环境温度不变D．都有可能13．（3分）（2013•邹平县校级模拟）如图所示，R1为定值电阻，R2是负温度系数电阻的热敏电阻，L为小灯泡，当温度下降时，（）A．R1两端的电压增大B．电流表的示数增大C．小灯泡的亮度变强D．小灯泡的亮度变弱14．（3分）（2013春•涪城区校级月考）关于传感器的作用，下列说法中正确的有（）A．通常的传感器可以直接用来进行自动控制B．传感器可以用来采集信息C．传感器可以将感受到的一些信号转换为电学量D．传感器可以将所有感受到的信号都转换为电学量15．（3分）（2010秋•天心区校级期末）关于电子秤中应变式力传感器的说法正确的是（）A．应变片是由导体材料制成的B．当应变片的表面拉伸时，其电阻变大；反之，变小C．传感器输出的是应变片上的电压D．外力越大，输出的电压差值也越大16．（3分）下列说法中正确的是（）A．电饭锅中的敏感元件是光敏电阻B．测温仪中测温元件可以是热敏电阻C．机械式鼠标中的传感器接收到连续的红外线，输出不连续的电脉冲D．火灾报警器中的光传感器在没有烟雾时呈现低电阻状态，有烟雾时呈现高电阻状态17．（3分）（2013春•台山市校级期中）有一种在光照或温度升高时排气扇都能启动的自动控制装置，下列说法正确的是（）A．两个传感器都是光电传感器B．两个传感器分别是光电传感器和温度传感器C．两个传感器可能分别是温度传感器、电容式传感器D．只有光照和温度都适合时排气扇才能工作18．（3分）（2011•南昌一模）温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化的特性来工作的．如图甲所示，电源的电动势E=9.0V，内阻不计；G为灵敏电流表，内阻R g保持不变；R为热敏电阻，其电阻阻值与温度的变化关系如图乙所示．闭合开关S，当R的温度等于20℃时，电流表示数I1=2mA；当电流表的示数I2=3.6mA 时，热敏电阻的温度是（）A．60℃B．80℃C．100℃D． 120℃19．（3分）（2013•未央区校级学业考试）用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程．下列属于这类传感器的是（）A．红外报警装置B．走廊照明灯的声控开关C．自动洗衣机中的压力传感装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器20．（3分）人类发射的绕地球运转的所有航天器，在轨道上工作时都需要电能，所需要的电能都是由太阳能电池把太阳能转化为电能得到的，要求太阳能电池板总是对准太阳，为达到这一要求应利用下列哪种传感器来感知太阳方位（）A．力传感器B．光传感器C．温度传感器D．生物传感器21．（3分）（2011秋•瓦房店市校级期末）如图是自动调温式电熨斗，下列说法正确的是（）A．常温时上下触点是接触的B．双金属片温度升高时，上金属片形变较大，双金属片将向下弯曲C．原来温度控制在80℃断开电源，现要求60℃断开电源，应使调温旋钮下调一些D．由熨烫丝绸衣物状态转化为熨烫棉麻衣物状态，应使调温旋钮下移一些22．（3分）（2011秋•武江区校级期末）唱卡拉OK用的话筒，内有传感器．其中有一种是动圈式的，它的工作原理是在弹性膜片后面粘接一个轻小的金属线圈，线圈处于永磁体的磁场中，当声波使膜片前后振动时，就将声音信号转变为电信号．下列说法正确的是（）A．该传感器是根据电流的磁效应工作的B．该传感器是根据电磁感应原理工作的C．膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变D．膜片振动时，金属线圈中不会产生感应电动势23．（3分）关于电饭锅的说法正确的是（）A．电饭锅中的温度传感器是氧化铁B．当温度越过103℃时，感温体磁性较强C．铁氧体在常温下具有磁性，温度升至居里点时失去铁磁性D．用电饭锅煮饭时，温控开关自动断电后，它不能自动复位24．（3分）如图所示是会议室和宾馆房间的天花板上装有的火灾报警器的结构原理图：罩内装有发光二极管LED、光电三极管和不透明的挡板．平时光电三极管接收不到LED发出的光，呈现高电阻状态．发生火灾时，下列说法正确的是（）A．进入罩内的烟雾遮挡了光线，使光电三极管电阻更大，检测电路检测出变化发出警报B．光电三极管温度升高，电阻变小，检测电路检测出变化发出警报C．进入罩内的烟雾对光有散射作用，部分光线照到光电三极管上，电阻变小，发出警报D．以上说法均不正确25．（3分）（2010•福建）如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图（乙）所示，则（）A．t1时刻小球动能最大B．t2时刻小球动能最大C．t2～t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D．t2～t3段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能二、计算题26．如图甲所示为一根竖直悬挂的不可伸长的细绳，绳长为l，下端拴一质量为m的小物块A，上端固定在C点且与一能测量绳拉力的传感器相连，已知有一质量为m0的子弹B沿水平方向以速度v0射入A内（未穿透），接着两者一起绕C点在竖直平面内做圆周运动，在各种阻力都忽略的条件下测力传感器测得绳的拉力F随时间t的变化关系如图乙所示，已知子弹射入的时间极短，且图中t=0为A，B开始以相同速度运动的时刻，根据力学规律和题（包括图）中提供的信息，求物块在最高点和最低点的速度．2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（3）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2012春•三江县校级期中）下列装置中利用了温度传感器的是（）A．电熨斗B．电饭锅C．电子秤D．火灾报警器考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：传感器是把温度、力、声音等非电学量转化为电学量．温度传感器把温度转化为电学量．解答：解：A、电熨斗是怎样调温的呢？功劳还要归于用双金属片制成的自动开关．双金属片是把长和宽都相同的铜片和铁片紧紧地铆在一起做成的．受热时，由于铜片膨胀得比铁片大，双金属片便向铁片那边弯曲．温度愈高，弯曲得愈显著．故A正确；B、电饭锅的工作原理：开始煮饭时，用手压下开关按钮，永磁体与感温磁体相吸，手松开后，按钮不再恢复到图示状态，则触点接通，电饭锅通电加热，水沸腾后，由于锅内保持100℃不变，故感温磁体仍与永磁体相吸，继续加热，直到饭熟后，水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居里点103℃”时，感温磁体失去铁磁性，在弹簧作用下，永磁体被弹开，触点分离，切断电源，从而停止加热．故B正确；C、电子称使用的压力传感器．故C错误；D、火灾报警器，是当有火灾时，会发生烟，进入火灾报警器时，利用光的漫反射，从而触发开关报警，使用它使用的是光传感器．故D错误．故选：AB点评：传感器是把非电学量转化为电学量的装置，要了解一些常见自动控制设备的原理．2．（3分）（2011•江苏）美国科学家Willard S．Boyle与GeorgeE．Snith因电荷耦合器件（CCD）的重要发明获得2009年度诺贝尔物理学奖．CCD是将光学量转变成电学量的传感器．下列器件可作为传感器的有（）A．发光二极管B．热敏电阻C．霍尔元件D．干电池考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：传感器是将非电学量转变成电学量，如力传感器是将力学量转变成电学量．解答：解：A选项：发光二极管两极达到一定电压时就会正向导通，所以不是传感器．故A 不正确；B选项、C选项：热敏电阻可以把温度转化为电学量，而霍尔元件可以把磁场的磁感应强度转化为电学量，故BC均正确D选项：干电池是电源，能给两极提供电势差的设备．故不正确；故选为：BC点评：本题考查传感器的概念判断．3．（3分）有定值电阻、热敏电阻、光敏电阻三只元件，将这三只元件分别接入如图所示电路中的A、B两点后，用黑纸包住元件或者把元件置入热水中，观察欧姆表的示数，下列说法中正确的是（）A．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是热敏电阻B．置入热水中与不置入热水中相比，欧姆表示数不变化，这只元件一定是定值电阻C．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数变化较大，这只元件一定是光敏电阻D．用黑纸包住元件与不用黑纸包住元件相比，欧姆表示数相同，这只元件一定是定值电阻考点：传感器在生产、生活中的应用；闭合电路的欧姆定律．分析：据三只元件的电阻特点，分析其电阻的变化，从而判断是哪个元件．解答：解：A、B、当把元件放入热水中时，温度升高，热敏电阻阻值变化，其它两个电阻阻值不变，所以欧姆表的示数变化较大的是热敏电阻，欧姆表示数不变化的是定值电阻和光敏电阻，故A正确，B错误．C、D、当用墨纸包住元件时，光线被挡住，光敏电阻阻值变化，其它两个电阻阻值不变，所以欧姆表示数变化较大的是光敏电阻，欧姆表示数不变化的是定值电阻和热敏电阻，故C正确，D错误．故选：AC．点评：本题关键：利用热敏电阻、和光敏电阻的特点分析；知道放入热水中温度高，用墨纸包住能遮光．4．（3分）（2007•深圳一模）如图所示是电容式话筒的示意图，它是利用电容制作的传感器，话筒的振动膜前面有薄薄的金属层，膜后距离膜几十微米处有一金属板，振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极，在两极间加一个电压U，人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，使声音信号被话筒转化为电信号，其中导致电容变化的原因可能是电容器两板间的（）A．介质变化B．正对面积变化C．距离变化D．电压变化考点：电容器的动态分析．分析：人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，根据电容的决定因素分析导致电容变化的原因．解答：解：A、金属层和金属板之间电介质是空气，没有变化，不会导致电容变化．故A错误．B、振动膜前后振动，金属层和金属板正对面积没有变化，不会导致电容变化．故B错误．C、振动膜前后振动，金属层和金属板之间的距离发生变化，导致电容变化．故C正确．D、电容与电压无关，电压的变化不会导致电容变化．故D错误．故选C点评：本题是简单的电容问题，要抓住影响电容的因素进行分析．也可根据电容的决定式进行记忆．5．（3分）（2013春•怀柔区月考）如图所示，截面为矩形的金属导体放在磁场中，当导体中通有电流时，导体的上、下表面的电势有什么关系（上板为M，下板N）（）A．φM＞φN B．φM=φN C．φM＜φN D．无法判断考点：电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是洛伦兹力的方向．根据左手定则来判断洛伦兹力即可．从而可以判断MN的带电的情况，就可以得到电势的高低．解答：解：电流向右，电子向左运动，根据左手定则可得到，电子受到的洛伦兹力的方向是向下的，所以N板上聚集了电子，M板就出现正电荷，所以M点的电势高于N点的电势，所以A正确．故选：A．点评：本题就是对左手定则的直接考查，注意四指指向电流方向，即正电荷运动的方向，比较简单．6．（3分）利用半导体材料可以制成（）A．标准电阻B．热敏电阻C．光敏电阻D．温度报警器考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：半导体的导电性能在导体和绝缘体之间；利用半导体的特殊性能，可以做出方便人们生活的物品，例如热敏电阻可以用在自动灭火装置上．解答：解：A、标准电阻的电阻几乎不随温度的变化而变化，采用合金制造，故A错误；B、热敏电阻中有电阻随温度升高而降低的，是采用半导体材料制造，故B正确；C、光敏电阻的电阻随着光强的增加而减小，采用半导体制造，故C正确；D、可以采用半导体电阻制造简单的温度报警器，故D正确；故选：BCD．点评：本题关键是明确各种材料的电阻率与温度的关系，基础题目．7．（3分）（2011春•平江县期末）街道旁的路灯、江海里的航标灯都要求夜晚亮、白天熄，利用半导体的电学特性制成了自动点亮、熄灭的装置，实现了自动控制，这是利用半导体的（）A．压敏性 B．光敏性C．热敏性 D．三特性都利用了考点：传感器在生产、生活中的应用；简单的逻辑电路．分析：传感器的作用是将温度、力、光、声音等非电学量转换为电学量．解答：解：灯要求夜晚亮、白天熄．则白天有光，黑夜没有光，则是由光导致电路的电流变化，所以电路中光传感器导致电阻变化，实现动控制，因此是利用半导体的光敏性．故选：B点评：热敏电阻是当温度变化时，导致电阻的阻值发生变化；而光敏电阻则是当有光时，其电阻的阻值发生变化．当它们起作用时，其电阻的阻值都是变小，而金属电阻则是变大．8．（3分）（2014春•永昌县校级期中）如图所示是观察电阻值随温度变化情况的示意图．现把杯中的水由冷水变为热水，关于欧姆表的读数变化情况正确的是（设水对电阻的影响不计）（）A．如果R为金属热电阻，读数变大，且变化非常明显B．如果R为金属热电阻，读数变小，且变化不明显C．如果R为热敏电阻（半导体材料制成），读数变化非常明显D．如果R为热敏电阻（半导体材料制成），读数变化不明显考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：金属热电阻随温度升高而增大，但变化并不明显；热敏电阻是半导体材料制成的，电阻随温度升高而减小，变化非常明显．解答：解：A、B把杯中的水由冷水变为热水，温度升高，金属热电阻变大，则欧姆表的读数变大，但金属热电阻随温度变化电阻变化不明显，所以欧姆表读数变化不明显，故AB错误．C、D如果R为热敏电阻（半导体材料制成），电阻随温度升高而减小，变化非常明显．故C正确，D错误．故选：C点评：解决本题关键要掌握金属热电阻与热敏电阻的特性，并能抓住它们之间的区别进行选择．9．（3分）（2012秋•南昌期中）金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是（）A．B．C．D．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：金属铂的电阻随温度的升高而增大．电阻的U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻．根据数学知识进行选择．解答：解：根据电阻的定义式R=可知，U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻，金属铂的电阻随温度的升高而增大，则图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐增大，图线是曲线，根据数学知识可知，C正确．故选C点评：本题考查对金属电阻特性的掌握程度，抓住图线的数学意义来理解其物理意义．10．（3分）（2011秋•抚州期末）如图所示为一测定液面高低的传感器示意图，A为固定的导体芯，B为导体芯外面的一层绝缘物质，C为导电液体，把传感器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同．如果发现指针正向右偏转，则导电液体的深度h变化为（）A．h正在增大B．h正在减小C．h不变D．无法确定考点：影响平行板电容器电容的因素．专题：电容器专题．分析：影响平行板电容器电容的因素有正对面积、极板间距与电介质．然而如图所示为一测定液面高低的传感器，利用了平行板电容器特性．高度的变化，就相当于正对面积变化．解答：解：如图所示为一测定液面高低的传感器示意图．液体的高度升高，导致电容器的电容变大．然而把传感器接到图示电路中，已知灵敏电流表指针偏转方向与电流方向相同．如果发现指针正向右偏转，说明电容器在放电．由于传感器与电源相连，所以传感器两端电势不变，而电容器电量在减小，则说明电容器的电容在减小．故液体的高度正在减小．故选：B点评：运用类比将传感器与平行板电容器相联，同时运用Q=CU来解决问题．11．（3分）如图所示，由电源、小灯泡、金属电阻丝、开关组成的电路中，当闭合开关S后，小灯泡正常发光，若用酒精灯加热电阻丝时，发现小灯泡亮度变暗，发生这一现象的主要原因是（）A．小灯泡的电阻发生了变化B．小灯泡灯丝的电阻率随温度发生了变化C．电阻丝的电阻率随温度发生了变化D．电源的电压随温度发生了变化考点：电阻定律．分析：导体的电阻与温度有关，纯金属的电阻率随温度的升高而增大．解答：解：电阻与导体的温度有关，对于大多数金属导体而言，电阻随温度的升高而增大．所以当用酒精灯对金属电阻丝进行加热时，金属电阻丝的温度就会升高，电阻就会增大，此时电路中的电流就会减小，灯泡的亮度就会变暗．故选：C．点评：本题考查了导体电阻与温度的关系：金属导体的电阻随温度升高而增大，随温度降低而减小（如超导体现象），非金属导体和绝缘体的电阻随温度升高而减小（如玻璃加热到红炽状态时也会变为导体）．12．（3分）如图所示，R t为半导体热敏电阻，其他电阻都是普通的电阻，当灯泡L的亮度变暗时，说明（）A．环境温度变高B．环境温度变低C．环境温度不变D．都有可能考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知，灯泡与R t串联后与R并联，再与另一个R串联．要使灯泡变暗，应使流过灯泡的电流减小；则可分别由闭合电路欧姆定律分析各项，可得出正确答案．解答：解：当R1的温度变高时，其电阻减小，所以外电路总电阻减小，总电流就增大，电源的内电压增大，路端电压减小，所以通过支路中R的电流变小，而总电流增大，所以通过灯泡的电流增大，灯泡应变亮．相反，环境温度变低时，灯泡L的亮度变暗．故B正确，ACD错误．故选：B点评：在电路中，若部分电阻发生了变化，则对该部分的处理不能直接根据欧姆定律求解，应灵活应用串并联电路的性质进行分析判断．13．（3分）（2013•邹平县校级模拟）如图所示，R1为定值电阻，R2是负温度系数电阻的热敏电阻，L为小灯泡，当温度下降时，（）A．R1两端的电压增大B．电流表的示数增大C．小灯泡的亮度变强D．小灯泡的亮度变弱考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：负温度系数的热敏电阻的特性：温度升高，电阻减小．根据温度下降，R2电阻增大，确定并联部分电阻及总电阻的变化情况，可定出电流、电压的变化情况及灯泡亮度变化情况．解答：解：A、R2增大，并联部分电阻增大，总电阻增大，总电流减小，R1电压减小．故A 错误．B、电流表的示数减小，故B错误．C、D灯泡的电压U=E﹣I（R1+r），增大，灯泡变亮．故C正确，D错误．故选C点评：本题的热敏电阻相当于滑动变动器，当温度变化时，其电阻发生变化．通常电路动态变化问题分析按“部分→整体→部分”思路进行．14．（3分）（2013春•涪城区校级月考）关于传感器的作用，下列说法中正确的有（）A．通常的传感器可以直接用来进行自动控制B．传感器可以用来采集信息C．传感器可以将感受到的一些信号转换为电学量D．传感器可以将所有感受到的信号都转换为电学量考点：常见传感器的工作原理．分析：传感器作为一种将其它形式的信号与电信号之间的转换装置，在我们的日常生活中得到了广泛应用，不同传感器所转换的信号对象不同，我们应就它的具体原理进行分析．解答：解：A、传感器一定是通过非电学量转换成电学量来传递信号的，不能实现自动控制，所以A错误；B、由于传感器可将非电学量转换成电学量，因此传感器也可以用来采集信息，所以B正确；。
湖南省湘潭市凤凰中学高二物理下学期第一次月考试卷 文(含解析)
2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）第一次月考物理试卷（文科）一、选择题（每小题3分，共60分．每小题只有一个选项符合题意．）1．（3分）（2011秋•金平区校级期末）下列物体中，不能看作质点的是（）A．计算从北京开往上海的途中，与上海距离时的火车B．研究航天飞机相对地球的飞行周期时，绕地球飞行的航天飞机C．沿地面翻滚前进的体操运动员D．比较两辆行驶中的车的快慢2．（3分）（2013秋•鄂尔多斯校级期末）汽车在一条平直公路上行驶，其加速度方向与速度方向一致．当汽车加速度减小时的四种说法，其中正确的是（）A．汽车的速度也减小B．汽车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，汽车静止D．当加速度减小到零时，汽车的速度达到最小3．（3分）（2014春•湘潭县校级月考）下列速度值不是瞬时速度的是（）A．某同学百米赛跑的速度约为9m/sB．运动员百米赛跑的冲线速度为12m/sC．汽车速度计指示着的速度为60km/hD．子弹离开枪口时的速度为600m/s4．（3分）（2012•湘潭县校级学业考试）下列说法表示时刻的是（）A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末5．（3分）（2011•湖南模拟）关于匀变速直线运动的说法，正确的是（）A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动6．（3分）（2015•株洲校级模拟）在日常生活中，摄像机、电视机是常见的电子产品，对它们的认识，下列说法不正确的是（）A．摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置B．电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置C．摄像机在1秒内传送25帧图象D．电视机接收的画面是连续的7．（3分）（2012•广陵区校级学业考试）在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定．若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（）A．1倍B．6倍C．9倍D． 3倍8．（3分）（2012•汕尾校级模拟）A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的试探电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上﹣q，A点场强方向发生变化B．若在A点换上电量为2q的试探电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关9．（3分）（2013•虎丘区校级学业考试）如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．10．（3分）（2012秋•瑞安市期中）有关于避雷针原理的说法正确的是（）A．接地放电B．火花放电C．尖端放电D．尖端是绝缘体11．（3分）（2011•姜堰市校级学业考试）如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流？（）A．向左平动B．向上或向下平动C．向右平动D．绕O1O2转动12．（3分）（2012•房山区校级模拟）下列说法中正确的是，感应电动势的大小（）A．跟穿过闭合电路的磁通量有关系B．跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系C．跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系D．跟闭合电路的电阻大小有关系13．（3分）（2012秋•瑞安市期中）关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是（）A．磁感线只能形象地描述各点磁场的方向B．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的C．磁感线是磁场中客观存在的线D．磁感线总是从磁体的北极出发、到南极终止14．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）以下电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是（）A．电话机B．复印机C．电冰箱D．电饭煲15．（3分）（2012•雁峰区校级学业考试）一个物体做直线运动，其v﹣t图象如图所示．关于物体在0到t1这段时间内的加速度，以下说法正确的是（）A．加速度为0 B．加速度不变且不为0C．加速度逐渐增大D．加速度逐渐减小16．（3分）（2008•浙江学业考试）银行、医院、公交公司等机构发行的磁卡，都是利用磁性材料记录信息的．关于磁卡的使用和保存，下列做法不合适的是（）A．用软纸轻擦磁卡B．用磁卡拍打桌面C．使磁卡远离热源D．使磁卡远离磁体17．（3分）（2008•浙江学业考试）我国日常照明电路所使用的交变电流的电压和频率分别是（）A．有效值220V，频率0.02Hz B．峰值220V，频率0.02Hz C．有效值220V，频率50Hz D．峰值220V，频率50Hz18．（3分）（2012•雁峰区校级学业考试）一小球在周长为2m的圆形轨道上运动，从某点开始绕行一周又回到该点，则小球的（）A．位移大小是0，路程是2m B．位移大小和路程都是2m C．位移大小是2m，路程是0 D．位移大小和路程都是019．（3分）（2014春•湘潭县校级月考）关于电荷量，下列说法错误的是（）A．物体所带电荷量可以是任意值B．物体所的带电荷量只能是元电荷整数倍，电荷量是不能连续变化的物理量C．物体所带电荷量的最小值为1.6×10﹣19 CD．电子或质子的电荷量等于元电荷20．（3分）（2009•湖南校级模拟）20世纪中叶以后，移动电话快速发展．移动电话机（）A．既能发射电磁波，也能接收电磁波B．只能发射电磁波，不能接收电磁波C．不能发射电磁波，只能接收电磁波D．既不能发射电磁波，也不能接收电磁波二、填空题（每空2分，共20分．）21．（4分）（2009•湖南校级模拟）如图是某正弦式电流的图象，则此正弦式电流的周期为s，电流的峰值为A．22．（4分）（2014春•湘潭县校级月考）电荷量的单位是；热量的单位是．23．（4分）（2012•雁峰区校级学业考试）研究地球的公转时，（填“可以”或“不可以”）把地球看做质点；研究地球的自转时，（填“可以”或“不可以”）把地球看做质点．24．（4分）（2009•湖南校级模拟）打点计时器是一种计时仪器，它使用（填“直流”或“交流”）电源．某同学在做《用打点计时器测速度》的实验时，用手拉动纸带，所得纸带上的点迹分布不均匀，则点迹密集的地方表示纸带运动的速度（填“较大”或“较小”）．25．（4分）（2014春•封丘县校级期末）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，每5个打印点取一个计数点，分别标上0、1、2、3、4…量得0与1两点间的距离s1=30mm，3与4两点间的距离s4=48mm，则小车在0与1两点间平均速度为，小车的加速度为．三、计算与简答题（第26题6分，第27题7分，第28题7分，共20分）26．（6分）（2014春•湘潭县校级月考）汽车正以18m/s的速度行驶，驾驶员突然发现前方有障碍，便立即刹车．假设汽车刹车后做加速度大小为6m/s2的匀减速运动．求（1）汽车停下来的时间；（2）刹车后4秒内汽车滑行的距离．27．（7分）（2014春•湘潭县校级月考）一个质量m=2kg的物体在水平拉力F的作用下，在光滑水平面上从静止开始做匀加速直线运动，经过时间t=6s速度变为v=12m/s．求：（1）物体的加速度a的大小；（2）物体经过时间t=6s的位移．28．（7分）（2009•湖南校级模拟）如图所示，有一匀强磁场，磁感应强度B=1T．有一段长L=0.1m 的导线垂直磁场方向放置，当导线中通以I=0.5A的水平向右的电流时，（1）判断导线所受安培力的方向是垂直导线向上还是向下；（2）求导线所受到的安培力F的大小．2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）第一次月考物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分，共60分．每小题只有一个选项符合题意．）1．（3分）（2011秋•金平区校级期末）下列物体中，不能看作质点的是（）A．计算从北京开往上海的途中，与上海距离时的火车B．研究航天飞机相对地球的飞行周期时，绕地球飞行的航天飞机C．沿地面翻滚前进的体操运动员D．比较两辆行驶中的车的快慢考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：A、计算从北京开往上海的途中，与上海距离时的火车时，火车与上海的距离比火车的长度大的多，此时火车的长度可以忽略，火车可以看成质点，故A错误．B、研究航天飞机相对地球的飞行周期时，航天飞机的大小和形状可以忽略，故此时的航天飞机可看作质点．故B错误．C、研究沿地面翻滚前进的体操运动员时，要看运动员的动作，不能把他看作质点．故C正确．D、比较两辆行驶中的车时，车的形状和大小对速度没有影响，故可以看成质点，故D错误．故选C．点评：本题就是考查学生对质点概念的理解，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单．2．（3分）（2013秋•鄂尔多斯校级期末）汽车在一条平直公路上行驶，其加速度方向与速度方向一致．当汽车加速度减小时的四种说法，其中正确的是（）A．汽车的速度也减小B．汽车的速度仍在增大C．当加速度减小到零时，汽车静止D．当加速度减小到零时，汽车的速度达到最小考点：加速度；速度．专题：常规题型；直线运动规律专题．分析：汽车在平直公路上行驶，加速度方向与速度方向一致时，汽车的速度不断增大，当加速度减小到零时，汽车做匀速直线运动，速度达到最大．解答：解：A、B由于汽车的加速度方向与速度方向一致，汽车的速度在增大．故A错误，B 正确．C、D汽车的加速度方向与速度方向一致，汽车的速度不断增大，当加速度减小到零时，汽车做匀速直线运动，速度达到最大．故C错误，D错误．故选：B．点评：本题考查分析物体运动过程的能力，判断物体做加速还是减速运动，不是看加速度的大小，而是看加速度与速度方向间的关系：两者同向，加速；两者反向，减速．3．（3分）（2014春•湘潭县校级月考）下列速度值不是瞬时速度的是（）A．某同学百米赛跑的速度约为9m/sB．运动员百米赛跑的冲线速度为12m/sC．汽车速度计指示着的速度为60km/hD．子弹离开枪口时的速度为600m/s考点：瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：瞬时速度是指物体通过某一时刻或者某一位置的速度大小，而平均速度与某段时间和某段位移相对应的，这是二者的本质区别，据此可正确解答．解答：解：A、百米赛跑的速度为9m/s表示一段时间内的速度，为平均速度．故A正确．B、百米冲线时的速度为11m/s，为瞬时速度，故B错误C、汽车速度计指示的速度是指瞬时速度的大小，为瞬时速度，故C错误；D、子弹出枪口的速度是子弹经过枪口位置的速度，是瞬时速度，故D错误故选：A．点评：生活中的很多现象是和物理知识相互对应的，因此要经常利用所学物理概念深入分析实际问题，提高对物理规律的理解和应用．4．（3分）（2012•湘潭县校级学业考试）下列说法表示时刻的是（）A．第5s末B．前5s内C．第5s内D．从第3s末到第5s末考点：时间与时刻．分析：时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分．解答：解：A、第5秒末，在时间轴上对应的是一个点，是时刻，故A正确；B、前5s内是从0时刻到5秒末之间，在时间轴上对应一段距离，是时间，故B错误；C、第5s内是1s钟的时间，在时间轴上对应一段距离，指的是时间，故C错误；D、从第3s末到第5s末，在时间轴上对应一段距离，指的是时间，故D错误．故选：A．点评：对于物理中的基本概念要理解其本质不同，如时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间通常与物体的状态相对应；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．5．（3分）（2011•湖南模拟）关于匀变速直线运动的说法，正确的是（）A．它一定是速度越来越大的直线运动B．它是加速度越来越大的直线运动C．它是加速度越来越小的直线运动D．它是加速度不变的直线运动考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：物体在一条直线上运动，如果在相等的时间内速度的变化相等，这种运动就叫做匀变速直线运动．也可定义为：沿着一条直线，且加速度不变的运动，叫做匀变速直线运动．解答：解：A、匀变速直线运动有匀加速直线运动和匀减速直线运动之分，速度可能增加，也可能减小，故A错误；B、C、D、匀变速直线运动的加速度是不变的，故B错误，C错误，D正确；故选：D．点评：本题关键匀变速直线运动的定义，知道其是加速度不变的直线运动．6．（3分）（2015•株洲校级模拟）在日常生活中，摄像机、电视机是常见的电子产品，对它们的认识，下列说法不正确的是（）A．摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置B．电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置C．摄像机在1秒内传送25帧图象D．电视机接收的画面是连续的考点：电视、广播和电视机的工作模式．分析：摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置；电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置．解答：解：由题意可知，摄像机实际上是一种将光信号转变为电信号的装置，摄像机在1秒内传送25帧图象；电视机实际上是一种将电信号转变为光信号的装置，电视机接收的画面是不连续的，一帧一帧的．故ABC正确，D错误；本题选择错误的，故选：D．点评：考查摄像机与电视机的原理与作用的不同，注意无论是接收还是传送画面，都是不连续的．7．（3分）（2012•广陵区校级学业考试）在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定．若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（）A．1倍B．6倍C．9倍D． 3倍考点：电荷守恒定律．分析：根据点电荷之间的库伦力的公式F=k，分析即可得出结论．解答：解：由库伦力的公式F=k，当距离保持不变，把它们各自的电量都增加为原来的3倍时，F′=k=9k，所以C正确．故选C．点评：本题是对点电荷之间的库伦力公式的直接应用，题目比较简单．8．（3分）（2012•汕尾校级模拟）A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的试探电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上﹣q，A点场强方向发生变化B．若在A点换上电量为2q的试探电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关考点：电场强度．分析：电场强度为电场本身的性质，其大小及方向与试探电荷的电量及电性无关．解答：解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，其大小及方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向大小均不变，故ABC均错误；故选：D．点评：比值定义法是物理学中常用方法，但要注意所定义的量不一定与式中的物理有比例关系．9．（3分）（2013•虎丘区校级学业考试）如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．考点：左手定则．专题：电磁学．分析：熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．解答：解：A、如图所示，由安培定则可知，安培力方向垂直于电流方向向上，故A错误；B、如图所示，由安培定则可知，电流方向与磁场方向平行，因此不受安培力作用，故B错误；C、如图所示，由安培定则可知，安培力方向竖直向下，故C正确；D、如图所示，由安培定则可知，安培力垂直于导线向外，故D错误．故选C．点评：左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直．10．（3分）（2012秋•瑞安市期中）有关于避雷针原理的说法正确的是（）A．接地放电B．火花放电C．尖端放电D．尖端是绝缘体考点：静电场中的导体．分析：避雷针利用了尖端放电原理，电荷在尖端分布面密度大，电场强度强，易放电．解答：解：避雷针利用了电荷在尖端分布面密度大，电场强度强，易放电特点．故C正确故选C点评：考查了避雷针工作原理，电荷分布特点．11．（3分）（2011•姜堰市校级学业考试）如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流？（）A．向左平动B．向上或向下平动C．向右平动D．绕O1O2转动考点：感应电流的产生条件．专题：电磁学．分析：本题比较简单，考查了产生感应电流的条件，通过判断线圈中的磁通量是否变化，即可得出正确结果．解答：解：由于磁场为匀强磁场，无论线圈在平面内如何平动，其磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故ABC错误；当线圈绕O1O2转动时，磁通量将发生变化，如转过90°时磁通量为零，因此有感应电流产生，故D正确．故选D．点评：根据产生感应电流的条件判断线圈中是否有感应电流产生是电磁感应中的基本要求，要把握实质问题，不要受其它条件的干扰．12．（3分）（2012•房山区校级模拟）下列说法中正确的是，感应电动势的大小（）A．跟穿过闭合电路的磁通量有关系B．跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系C．跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系D．跟闭合电路的电阻大小有关系考点：导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律．分析：根据法拉第电磁感应定律可知：感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率反映磁通量变化的快慢．解答：解：A、感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁通量没有直接的关系．故A错误．B、感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比．故B错误．C、根据法拉第电磁感应定律可知：感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率反映磁通量变化的快慢．故C正确．D、感应电动势的大小跟电路中电阻大小无关．故D错误．故选C点评：本题考查对法拉弟电磁感应定律理解的准确性，抓住感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比．13．（3分）（2012秋•瑞安市期中）关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是（）A．磁感线只能形象地描述各点磁场的方向B．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的C．磁感线是磁场中客观存在的线D．磁感线总是从磁体的北极出发、到南极终止考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：磁力线又叫做磁感线，是用以形象地描绘磁场分布的一些曲线．人们将磁力线定义为处处与磁感应强度相切的线，磁感应强度的方向与磁力线方向相同，其大小与磁力线的密度成正比．磁力线具有下述基本特点：1．磁力线是人为假象的曲线； 2．磁力线有无数条；3．磁力线是立体的； 4．所有的磁力线都不交叉； 5．磁力线的相对疏密表示磁性的相对强弱，即磁力线疏的地方磁性较弱，磁力线密的地方磁性较强； 6．磁力线总是从 N 极出发，进入与其最邻近的 S 极并形成闭合回路．解答：解：A、磁感线的疏密程度表示磁场的强弱，磁感线上任意一点的切线方向表示该点的磁场方向，故A错误；B、磁极与磁极之间、电流与电流之间、磁极与电流之间的作用力是磁场发生作用的，故B正确；C、磁感线是一种假象的曲线，可以形象地描述磁场，故C错误；D、磁感线是闭合曲线，再磁体外部从N极出发进入S极，内部有S极到N极，故D错误；故选B．点评：本题关键是明确磁感线的概念和物理意义，对于磁感线，还要能够画出常见磁体和电流的磁感线．14．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）以下电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是（）A．电话机B．复印机C．电冰箱D．电饭煲考点：静电现象的解释．分析：本题考查各种电器的工作原理，从各种实例的原理出发可以得出结论．解答：解：A、电话是利用电磁波传递信息，利用了电流的磁效应工作的，故A错误；B、复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉吸附在鼓上．故B正确；C、电冰箱是利用物态变化时的吸热和放热原理制冷的，故C错误；D、电饭煲是利用了电流的热效应，来加热的，故D错误．故选：B．点评：本题是常识性问题，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪个工作原理．体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念．15．（3分）（2012•雁峰区校级学业考试）一个物体做直线运动，其v﹣t图象如图所示．关于物体在0到t1这段时间内的加速度，以下说法正确的是（）A．加速度为0 B．加速度不变且不为0C．加速度逐渐增大D．加速度逐渐减小考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象的斜率表示加速度，图中速度与时间关系图象是直线，斜率一定．解答：解：图中速度与时间关系图象是直线，斜率一定，斜率k=，而加速度a=，故斜率表示加速度，直线斜率不变，故加速度不变，为正值；故选：B．点评：本题关键是明确v﹣t图象的物理意义，对于图象，通常可以从轴、点、线、截距、斜率、面积等角度分析．16．（3分）（2008•浙江学业考试）银行、医院、公交公司等机构发行的磁卡，都是利用磁性材料记录信息的．关于磁卡的使用和保存，下列做法不合适的是（）A．用软纸轻擦磁卡B．用磁卡拍打桌面C．使磁卡远离热源D．使磁卡远离磁体考点：分子电流假说．专题：电磁感应中的力学问题．分析：磁卡内部的分子电流的排布按一定的规律进行的，但在剧烈敲打时，高温，靠近磁体时分子电流的排布重新变的杂乱无章，磁卡所带信息消失．解答：解：A、磁卡内部的分子电流的排布按一定的规律进行的，但在剧烈敲打时，分子电流的排布重新变的杂乱无章，每个分子电流产生的磁场相互抵消，故对外不显磁性，所带信息消失，故需要用软纸轻擦磁卡，故做法A是正确的．B、磁卡内部的分子电流的排布按一定的规律进行的，但在剧烈敲打时，分子电流的排布重新变的杂乱无章，每个分子电流产生的磁场相互抵消，故对外不显磁性，所带信息消失，故不能用磁卡拍打桌面，即做法B是错误的．C、磁卡内部的分子电流的排布按一定的规律进行，故对外显现磁性，但在高温时，分子电流的排布重新变的杂乱无章，每个分子电流产生的磁场相互抵消，磁卡所带信息消失，故应使磁卡远离热源，故C做法正确．。
市鸽悉学校高二物理下学期周测试卷理高二全册物理试题
盘船州斜盒市鸽悉学校凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（1）一、选择题1．（3分）（2013•校级模拟）一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动穿，过线圈的磁通量随时间变化的图象如图中甲所示，则下列说法中正确的是（）A．t=0时刻线圈平面与中性面垂直B．t=0.01s时刻，Φ的变化率达最大C．t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应的交流电动势图象如图乙所示2．（3分）（2010秋•校级期中）一矩形闭合线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，下述说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量最大时，线圈中感应电流最大B．穿过线圈的磁通量为零时，线圈中感应电流最大C．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的频率变大D．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的最大值不变3．（3分）（2014春•校级期中）处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合（如图），线圈的cd边离开纸面向外运动．若规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．4．（3分）（2012春•涪城区期末）如图所示，把电阻、电感器、电容器并联接到一交流电源上，三个电流表的示数相同．若保持电源电压不变，而将频率加大，则三个电流表的示数I1、I2、I3大小的关系是（）A．I1=I2=I3B． I3＞I1＞I2C． I2＞I1＞I3D．I1＞I2＞I35．（3分）（2013春•东莞市校级月考）一交流电压的图象如图所示，将该交流电压加在一阻值为22Ω的电阻两端，下列说法中正确的是（）A．该电阻消耗的功率为550 WB．该交流电压的瞬时值表达式为u=110sin100πt VC．并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110 VD．流过电阻的电流方向每秒改变50次6．（3分）（2010•一模）家用电子调光灯的调光原理是用电子线路将输入的正弦交流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积小，某电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，若用多用电表测灯泡两端的电压，多用电表示数为（）A．B．C．D．7．（3分）如图所示，矩形线圈的匝数为N，面积为S，内阻为r，绕OO′轴以角速度ω做匀速转动．在它从如图所示的位置转过90°的过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电荷量为B．通过电阻的电荷量为C．外力所做的功为D．外力所做的功为8．（3分）（2015春•江津区校级期中）如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=4：1，当导体棒向右匀速切割磁感线时，电流表A1的读数是12mA，则副线圈中电流表A2的读数应该为（）A． 3mA B． 48mA C． 0 D．与R阻值有关9．（3分）（2015•广州校级模拟）如图是4种亮度可调的台灯的电路示意图，它们所用的白炽灯泡相同，且都是“220V，40W”．当灯泡所消耗的功率都调至20瓦时，哪种台灯消耗的功率最小（）A．B．C．D．二、填空题10．（3分）频率为50Hz的交变电流，其电压u=120sinωt V，把它加在激发电压、熄灭电压均为84V的霓虹灯的两端，则在半个周期内霓虹灯点亮的时间为．（=1.4）11．（3分）阻值R=50Ω的电热丝接在电压u=100sin100πt V的交流电源上，电流表的示数为 A，电热丝两端电压表的示数为V，在前0.005s内，流过电热丝的平均电流为A．如果将一个电容器接在该交流电源上，要使电容器不被击穿，所选的电容器能承受的最大电压应不小于V．三、计算题12．（2010秋•锦州期末）一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n=100．穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间按正弦规律变化，如图所示，发电机内阻r=5.0Ω，外电路电阻R=95Ω．已知感应电动势的最大值E m=nωΦm，其中Φm为穿过每匝线圈磁通量的最大值．求串联在外电路中的交流电流表（内阻不计）的读数．凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（1）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2013•校级模拟）一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动穿，过线圈的磁通量随时间变化的图象如图中甲所示，则下列说法中正确的是（）A．t=0时刻线圈平面与中性面垂直B．t=0.01s时刻，Φ的变化率达最大C．t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应的交流电动势图象如图乙所示考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：线圈在中性面时磁通量最大，电动势最小，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，电动势为最大．解答：解：A、由甲图知t=0时刻磁通量最大，线圈平面应在中性面，A错误；B、t=0.01s时刻，磁通量等于零，但Φ的变化率达最大，B正确；C、t=0.02s时刻，磁通量最大，交流电动势为零，C错误；D、由甲图知交流电动势的图象应为正弦图象，D错误；故选B点评：了解交流电产生的原理，特别是两个特殊位置：中性面和垂直中性面时，磁通量和电动势的变化．2．（3分）（2010秋•校级期中）一矩形闭合线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，下述说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量最大时，线圈中感应电流最大B．穿过线圈的磁通量为零时，线圈中感应电流最大C．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的频率变大D．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的最大值不变考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：矩形线圈在匀强磁场内绕固定轴转动，线圈中的感应电动势e随于时间t的变化规律可得，线圈从垂直中性面开始计时；磁通量为零时，磁通量变化率最大；每当线圈经过中性面时，电流方向改变．解答：解：A、穿过线圈的磁通量最大时，磁通量的变化率为零，线圈中感应电流为零，故A错误；B、穿过线圈的磁通量为零时，磁通磁通量的变化率最大，线圈中感应电流最大，故B正确；C、若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的频率变大，故C正确；D、感应电动势的最大值E m=nBSω，加大线圈的转速（其他条件不变），ω增大，交变电流的最大值增大，故D错误；故选：BC．点评：学会通过瞬时感应电动势来判定在什么时刻，线圈处于什么位置；同时还能画出磁通量随着时间变化的图象及线圈中的电流随着时间变化的规律．3．（3分）（2014春•校级期中）处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合（如图），线圈的cd边离开纸面向外运动．若规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电．则由楞次定则可判定感应电流的方向，图示时刻的电动势最大，电流最大．解答：解：cd边离开纸面向外运动开始计时，线圈磁通量在变大，则感应电流的磁场会阻碍其变大，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，根据右手定则得感应电流方向是a→b→c→d→a，与规定的正方向相同，此时感应电动势最大，感应电流也最大，是余弦图象．故ABD错误，C正确．故选：C．点评：本题的关键是知道在转动的瞬间，感应电动势最大，根据楞次定律判断感应电流的方向．4．（3分）（2012春•涪城区期末）如图所示，把电阻、电感器、电容器并联接到一交流电源上，三个电流表的示数相同．若保持电源电压不变，而将频率加大，则三个电流表的示数I1、I2、I3大小的关系是（）A．I1=I2=I3B． I3＞I1＞I2C． I2＞I1＞I3D．I1＞I2＞I3考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．分析：交流电流通过电感线圈时，线圈中会产生感应电动势来阻止电流的变化，因而有一种阻止交流电流通过的作用，我们称之为“感抗”．实验证明，感抗在数值上就是电感线圈上电压和电流的有效值之比，感抗的单位是“Ω（欧姆）”，符号是“L”．感抗公式为：x L=2πfL．与感抗类似，交流电流通过电容时，电容器也有一种阻止交流电流通过的作用，我们称之为“容抗”．实验证明，容抗在数值上就是电容上电压和电流的有效值之比，容抗的单位是“Ω（欧姆）”，符号是“C”．容抗公式为：x C=．解答：解：随着交变电流频率的增加，电阻原件的阻抗（电阻）不变，电感原件的感抗增加，电容器的容抗减小，故根据欧姆定律，可得：通过电阻的电流不变，通过电容的电流变大，通过电感的电流变小，由于原来电流相等，故I3＞I1＞I2．故选：B．点评：本题关键是明确电阻、电容、电感对交变电流的阻碍作用的大小取决于各自的电抗，会计算阻抗、容抗和感抗．5．（3分）（2013春•东莞市校级月考）一交流电压的图象如图所示，将该交流电压加在一阻值为22Ω的电阻两端，下列说法中正确的是（）A．该电阻消耗的功率为550 WB．该交流电压的瞬时值表达式为u=110sin100πt VC．并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110 VD．流过电阻的电流方向每秒改变50次考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图读出交流电压的最大值，由最大值与有效值的关系求出有效值，根据有效值求解电阻消耗的功率．读出周期，求出角频率ω，写出交流电压的瞬时值表达式．交流电压表测量的是有效值．交流电一个周期内电流方向改变两次，根据频率求出电流方向每秒改变的次数．解答：解：A、由图读出，电压的最大值为U m=110V，有效值为U==110V，该交流电压加在阻值为22Ω的电阻两端时，电阻消耗的功率为P==550W．故A正确．B、由图读出周期T=0.02s，则ω==100πrad/s，该交流电压的瞬时值表达式为u=U m sinωt=110sin100πt（V）．故B正确．C、并联在该电阻两端的交流电压表的示数为电压的有效值，即为110V．故C错误．D、该交流电压的频率f==50Hz，交流电一个周期内电流方向改变两次，则该交流电流过电阻的电流方向每秒改变100次．故D错误．故选：AB点评：本题考查交流电有效值、瞬时值、频率等知识．交流电压测量的是有效值，计算交流电的电功、电功率和焦耳热等与热效应等有关的量都用有效值．6．（3分）（2010•一模）家用电子调光灯的调光原理是用电子线路将输入的正弦交流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积小，某电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，若用多用电表测灯泡两端的电压，多用电表示数为（）A．B．C．D．考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据电流的热效应：由一个周期内交变电流通过电阻R的产生热量与直流电通过电阻R一个周期内产生热量相等，求解有效值．解答：解：设交流电的有效值为U，将交流电与直流电分别通过相同电阻R，分析一个周期内热量：交流电Q1=直流电Q2=解得：U=故选C点评：求解交流电的有效值，从有效值的定义出发，根据一个周期内通过相同的电阻，发热量相同，此直流的值即为交流电的有效值．7．（3分）如图所示，矩形线圈的匝数为N，面积为S，内阻为r，绕OO′轴以角速度ω做匀速转动．在它从如图所示的位置转过90°的过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电荷量为B．通过电阻的电荷量为C．外力所做的功为D．外力所做的功为考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：解本题的关键是理解描述交流电的“四值”即：有效值、瞬时值、平均值、最大值的物理意义和求法．求电功、电功率用有效值，求电量用平均值，氖管发光用的是瞬时值，电容器的击穿电压是指所加电压的最大值．解答：解：A、求流过电阻的电量要用平均值：I=n①磁通量的变换量为：△∅=BS ②通过电阻的电量为：Q=It ③联立①②③得：Q=，故A错误，B正确；C、产生交流电的电压有效值为：U==，根据功能关系可知，外力做功和整个电路中产生的焦耳热相等，所以有：W=Q=t=，故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题考察了对描述交流电“四值”的理解，尤其是要明确有效值的含义．8．（3分）（2015春•江津区校级期中）如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=4：1，当导体棒向右匀速切割磁感线时，电流表A1的读数是12mA，则副线圈中电流表A2的读数应该为（）A．3mA B．48mA C． 0 D．与R阻值有关考点：变压器的构造和原理；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：交流电专题．分析：变压器由铁芯（或磁芯）和线圈组成，线圈有两个或两个以上的绕组，其中接电源的绕组叫初级线圈，其余的绕组叫次级线圈；变压器是变换交流电压、电流和阻抗的器件，当初级线圈中通有交流电流时，铁芯（或磁芯）中便产生交流磁通，使次级线圈中感应出电压（或电流）．解答：解：导体棒向右匀速切割磁感线时，根据公式E=BLv，产生恒定的感应电动势；变压器工作原理是互感现象，由于变压器输入的是恒定电流，不会发生电磁感应现象，故输出电压为零；故选C．点评：本题关键明确：（1）变压器的工作原理；（2）用法拉第电磁感应定律求感应电动势．9．（3分）（2015•广州校级模拟）如图是4种亮度可调的台灯的电路示意图，它们所用的白炽灯泡相同，且都是“220V，40W”．当灯泡所消耗的功率都调至20瓦时，哪种台灯消耗的功率最小（）A．B．C．D．考点：电功、电功率；变压器的构造和原理．分析：从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题，利用电阻变化改变电流，电阻本身消耗电能，利用变压器改变电压和电流，变压器不损失能量．解答：解：从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题．台灯的消耗功率包含灯泡和其他辅助器件的总功率．由A、B、C、D四选项分析可知：C中理想变压器功率损耗为零，电源输出的总功率（台灯消耗功率）只有灯泡的功率20 W．而其他选项中，不论滑动变阻器是分压接法还是限流接法，滑动变阻器上总有功率损耗，台灯的消耗功率都大于20 W．故选：C．点评：掌握选择题的解答技巧，知道电路中电功率消耗与那些因素有关．二、填空题10．（3分）频率为50Hz的交变电流，其电压u=120sinωt V，把它加在激发电压、熄灭电压均为84V的霓虹灯的两端，则在半个周期内霓虹灯点亮的时间为s ．（=1.4）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由于霓虹灯管点亮时，霓虹灯的两端的激发电压、熄灭电压均为84V，故我们可以结合函数的解析式，构造一个不等式，解出半个周期内，电压为84V的两个时刻，两个时刻之间的差值，即为霓虹灯管点亮的时间．解答：解：频率为50Hz的交变电流，周期T=0.02s，电压u=120sinωt V，最大值U m=120V，画出一个周期内交流电的u﹣t图象如图r所示，其中阴影部分对应的时间0～t1表示霓虹灯不能发光的时间，根据对称性，一个周期内霓虹灯不能发光的时间为4t1当u=U0=60V时，由上式得t1=s再由对称性求得半个周期内能发光的时间为：t=﹣2t1=s．故答案为：s点评：本题考查了交流电表达式的灵活应用，写出正弦式交流电的表达式，灵活应用数学知识即可正确解答．11．（3分）阻值R=50Ω的电热丝接在电压u=100sin100πt V的交流电源上，电流表的示数为 2A，电热丝两端电压表的示数为100 V，在前0.005s内，流过电热丝的平均电流为 1.8 A．如果将一个电容器接在该交流电源上，要使电容器不被击穿，所选的电容器能承受的最大电压应不小于100V．考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：交流电流表和电压表测量的都是有效值，根据瞬时电压表达式求解出最大电压，根据U=求解出电压的有效值，根据法拉第电磁感应定律，然后结合欧姆定律，求解平均电流；电容器的耐压值指最大电压，解答：解：电压U=100sin10πt（V）故电压最大值为100 V，故电压有效值为：U==100V；根据欧姆定律，I===2A；电压表的示数为100V；根据法拉第电磁感应定律，在前0.005s内，感应电动势的平均值：=90.1V；由闭合电路欧姆定律，则有：流过电热丝的平均电流为：==1.8A；电容器耐压值为最大电压，为：100 V；故答案为：2，100，1.8，100．点评：本题关键是明确电压的瞬时值、有效值、最大值的关系，知道计算热效应用有效值，耐压值用最大值．三、计算题12．（2010秋•锦州期末）一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n=100．穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间按正弦规律变化，如图所示，发电机内阻r=5.0Ω，外电路电阻R=95Ω．已知感应电动势的最大值E m=nωΦm，其中Φm为穿过每匝线圈磁通量的最大值．求串联在外电路中的交流电流表（内阻不计）的读数．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由题可知，线圈中产生正弦交变电流．交流电流表测量的是电流的有效值．由图读出磁通量的最大值和周期，求出感应电流的最大值I m，再由I=0.707I m，求出电流的有效值．解答：解：从Φ﹣t图象可以读出：Φm=1.0×10﹣2 Wb，T=3.14×10﹣2 s感应电动势最大值E m=nBSω=nωΦm，又ω=，得到E m=nΦm故电路中电流最大值I m===A=2 A．交流电流表读数I=0.707I m≈1.4 A．答：串联在外电路中的交流电流表的读数是1.4 A．点评：对于正弦交变电流的最大值E m=nBSω=nωΦm，要在理解的基础上加强记忆．交流电流表和电压表测量的是有效值．。
领脚市脖脸学校高二物理下学期周测试卷理(班含解析)高二全册物理试题
欲彩州领脚市脖脸学校凤凰中学高二（下）周测物理试卷（凤凰班）（理科）（5）一、选择题1．（3分）（2013•校级模拟）关于弹簧振子（周期为T）的振动，下述说法中正确的是（）A．周期与振幅有关，振幅越小，周期越长B．在任意内，弹力做功为零C．在任意内，弹力的冲量总相等D．在最大位移处，因为速度为零，所以处于平衡状态2．（3分）一个水平平台在竖直方向上做简谐运动，一物体置于平台上随平台一起振动，当平台运动到什么位置时，物体对平台的正压力最大（）A．最低点B．最高点C．向上运动经过平衡位置时 D．向下运动经过平衡位置时3．（3分）（2005•上海）如图所示，A、B分别为单摆做简谐振动时摆球的不同位置．其中，位置A为摆球摆动的最高位置，虚线为过悬点的竖直线．以摆球最低位置为重力势能零点，则摆球在摆动过程中（）A．位于B处时动能最大B．位于A处时势能最大C．在位置A的势能大于在位置B的动能D．在位置B的机械能大于在位置A的机械能4．（3分）（2009•二模）如图所示，光滑的水平桌面上有一弹簧振子，弹簧的劲度系数为k．开始时，振子被拉到平衡位置O的右侧A处，此时拉力大小为F，然后轻轻释放振子，振子从初速度为零的状态开始向左运动，经过时间t后第一次到达平衡位置O处，此时振子的速度为v，则在这个过程中振子的平均速度为（）A．0B．C．D．不为零的某值，但由题设条件无法求出5．（3分）（2011•模拟）一根用绝缘材料制成的轻弹簧，劲度系数为k，一端固定，另一端与质量为m、带正电荷、电量为q的小球相连，静止在光滑绝缘水平面上．当施加水平向右的匀强电场E后（如图所示），小球开始做简谐运动，关于小球的运动有如下说法：①球的速度为零时，弹簧伸长②球做简谐运动的振幅为③运动过程中，小球的机械能守恒④运动过程中，小球动能改变量、弹性势能改变量、电势能改变量的代数和为零上述说法中正确的是（）A．①③B．①④C．②③D．②④6．（3分）甲、乙两个单摆摆球质量相等，它们做简谐运动时，其周期之比为：1．如果两摆的悬点处于同一高度，将摆线拉到水平位置伸直，自由释放摆球，则两摆球经过各自的最低点时（）A．甲、乙两摆球的动能相等B．悬线对甲摆球的拉力大于悬线对乙摆球的拉力C．甲、乙两摆球的机械能不相等D．两摆球的向心加速度相等7．（3分）如图所示，置于地面上的一单摆在小振幅条件下摆动的周期为T0．下列说法中正确的是（）A．单摆摆动过程中，绳子的拉力始终大于摆球的重力B．单摆摆动过程中，绳子的拉力始终小于摆球的重力C．将该单摆置于高空中相对于地球静止的气球中，其摆动周期T＞T0D．将该单摆悬挂在匀加速上升的升降机中，其摆动周期T＜T08．（3分）（2011春•温州期中）一个质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点振动频率为4HzB．在10s内质点经过的路程是20cmC．在5s末，质点速度为零，加速度最大D．在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等9．（3分）（2013春•雨城区校级月考）如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两单摆的摆长相等B．甲摆的振幅比乙摆大C．甲摆的机械能比乙摆大D．在t=0.5 s时有正向最大加速度的是乙摆10．（3分）如图所示，木块A在光滑水平面上做简谐运动，O为其平衡位置，C、D为振动中最大位移处，则下述说法中正确的是（）A．木块A在振动中通过OD之间的任一位置P点时，其加速度与位移都是相同的B．振动中通过OD之间的任一位置P点时，其动量与动能都是相同的C．当木块在C点时，有一个物体B由静止放在A上并与A黏在一起，则振动到右侧可以到D点D．当木块在O点时，有一物体B由静止放在A上并与A黏在一起，则振动到右侧可以到D点11．（3分）劲度系数为k的轻弹簧下端挂一个质量为m的小球，静止时，小球距地面高为h，h远小于弹簧总长．现用手竖直向下拉球，使球刚好与地接触，静止时放手，若弹簧始终在弹性限度内，则（）A．球上升能达到距地面的最大高度为hB．球上升过程中其机械能守恒C．球距地面高h时，其速度最大D．球的最大加速度为12．（3分）（2013春•校级期中）关于小孩子荡秋千，有下列四种说法：①质量大一些的孩子荡秋千，它摆动的频率会更大些②孩子在秋千达到最低点处有失重的感觉③拉绳被磨损了的秋千，绳子最容易在最低点断开④自己荡秋千想荡高一些，必须在两侧最高点提高重心，增加势能．上述说法中正确的是（）A．①②B．③④C．②④D．②③13．（3分）（2015春•台中市校级期中）把一个筛子用四根弹簧支起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子一个驱动力，这就做成一个共振筛．筛子做自由振动时，完成22次全振动用15s，在某电压下，电动偏心轮转速是80r/min．已知增大电动偏心轮的电压，可以使其转速提高，增加筛子的质量，可以增大筛子的固有周期，要使筛子的振幅增大，下列做法中，正确的是（）A．降低输入电压B．提高输入电压C．增大筛子质量D．减小筛子质量14．（3分）（2014春•校级期末）在实验室可以做“声波碎杯”的实验．在某次实验中先用手指轻弹一只酒杯，在听到清脆声音的同时，测出该声音的频率为600Hz．接着将这只酒杯放在两只大功率的声波发生器之间，通过调整其发出的声波，就能使酒杯破碎．要成功完成上述实验．以下操作正确的是（）A．只需调整声波发生器使其输出功率足够大B．在输出功率足够大的条件下，调整声波发生器使其发出频率很高的超声波C．在输出功率足够大的条件下，调整声波发生器使其发出频率很低的次声波D．在输出功率足够大的条件下．调整声波发生器使其发出的声波频频率尽量接近600Hz15．（3分）将一个力电传感器接到计算机上，可以测量快速变化的力．用这种方法测得的某单摆摆动过程中悬线上拉力大小随时间变化的曲线如图所示．由此图线提供的信息作出下列判断中正确的是（）A．t=0.2s时刻，摆球正经过最低点B．t=1.1s时刻，摆球正处于最低点C．摆球摆动过程中机械能时而增加时而减少D．摆球摆动的周期约是T=1.2 s16．（3分）（2011春•赣州期中）如图所示，弹簧的一端固定在墙上，另一端连结一质量为m的木块．将木块从OO′处向右拉开一段位移L，然后放手，使木块在粗糙水平地面上减幅振动直至静止，设弹簧第一次恢复原长时木块的速度为v0，则（）A．弹簧第一次向左运动的过程中，木块始终加速B．木块第一次向左运动的过程中，速度最大的位置在OO′处C．木块先后到达同一位置时，动能一定越来越小D．整个过程中木块只有一次机会速率为v017．（3分）做简谐运动的弹簧振子，其振子的质量为m，振动过程中的最大速度为v，从某一时刻算起，半个周期内（）A．弹力做功一定等于零B．弹力做的功可能是零到mv2之间的某一值C．速度的变化一定为零D．弹簧和振子系统的机械能守恒二、填空题18．（3分）如图所示，水平面内平行放置两根裸铜导轨，导轨间距为L，一根裸铜棒ab垂直导轨放置在导轨上面，铜棒质量为m，可无摩擦地在导轨上滑动．两导轨右端与电阻R相连，铜棒和导轨的电阻不计，两根一样的弹簧，左端固定在木板上，右端与铜棒相连，弹簧质量与铜棒相比可不计．开始时铜棒做简谐运动，OO1为平衡位置，振幅为A，周期是T，最大速度为v．加一垂直导轨平面的匀强磁场B后，发现铜棒做阻尼振动．如果同时给铜棒施加一水平力F，则发现铜棒仍然做原简谐运动．铜棒做阻尼运动的原因是．19．（3分）用质量不计的弹簧把质量为3m的木板A与质量为m的木板B连接组成如图所示的装置，B板置于水平地面上，现用一个竖直向下的力F下压木板A，撤销F后，B板恰好被提离地面，由此可知力F的大小是．三、计算题20．如图所示，abc为固定在水平面上的光滑圆弧轨道，b点为最低点，O为圆心，弧abc所对圆心角小于5°，现将甲球由O点、乙球由a点同时由静止释放（把两球视为质点），若不计空气阻力，哪个球先到达b点？21．（2010春•居巢区校级期中）一皮带传动装置如图所示，皮带的速度v足够大．一根质量不计、劲度系数为k的弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带间的动摩擦因数为μ．当滑块放到皮带上时，弹簧的轴线恰好水平，若滑块放到皮带上的瞬间，滑块的速度为零，且弹簧正好处于自由长度，则当弹簧第一次伸长到最大时，滑块与皮带间所产生的热量是多少？（已知弹簧振子周期T=2）22．（2008•二模）取一根轻质弹簧，上端固定在铁架台上，下端系一金属小球，如图甲所示．把小球沿竖直方向拉离平衡位置后释放，小球将在竖直方向做简谐运动（此装置也称竖直弹簧振子）．一位同学用此装置研究竖直弹簧振子的周期T与小球质量m的关系．他多次换用不同质量的小球并测得相应的周期，现将测得的六组数据，用“•”标示在以m为横坐标、T2为纵坐标的坐标纸上，如图乙所示．（1）根据图乙中给出的数据作出T2与m的关系图线（2）假设图乙中图线的斜率为b，写出T与m的关系式为．（3）求得斜率b的值是．（保留两位有效数字）凤凰中学高二（下）周测物理试卷（凤凰班）（理科）（5）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2013•校级模拟）关于弹簧振子（周期为T）的振动，下述说法中正确的是（）A．周期与振幅有关，振幅越小，周期越长B．在任意内，弹力做功为零C．在任意内，弹力的冲量总相等D．在最大位移处，因为速度为零，所以处于平衡状态考点：动量定理；简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动的回复力和能量．专题：动量定理应用专题．分析：弹簧振子的周期T=．通过动能定理，结合动能的变化判断弹力做功情况，通过速度的变化量，根据动量定理判断弹力的冲量大小．解答：解：A、弹簧振子的周期T=，周期与振子的质量以及劲度系数有关，与振幅无关．故A 错误．B、弹簧振子经过，运动到关于平衡位置对称的位置，速度的大小相等，根据动能定理知，弹力做功为零．故B正确．C、在连续两个内，速度变化量的方向不同，根据动量定理知，弹力的冲量不同．故C错误．D、在最大位移处，速度为零，合力不为零，不是处于平衡状态．故D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道弹簧振子经过半个周期运动到关于平衡位置对称的位置，以及掌握动能定理和动量定理，并能灵活运用．2．（3分）一个水平平台在竖直方向上做简谐运动，一物体置于平台上随平台一起振动，当平台运动到什么位置时，物体对平台的正压力最大（）A．最低点B．最高点C．向上运动经过平衡位置时D．向下运动经过平衡位置时考点：简谐运动的回复力和能量．专题：简谐运动专题．分析：物体和平台一起做简谐运动，加速度方向总是指向平衡位置，当振动平台运动到最高点时时，物体的加速度竖直向下，处于失重状态，当振动平台运动到最高点时，物体的加速度竖直向下，处于失重状态，根据物体对台面的正压力与重力的关系，分析在什么位置物体对台面的正压力最小．解答：解：物体和平台一起做简谐运动，当振动平台运动到最高点时时，物体的加速度竖直向下，处于失重状态，物体对台面的正压力小于物体的重力；当振动平台向下运动经过平衡位置时，物体的加速度为零，物体对台面的正压力等于物体的重力；当振动平台运动到最低点时，物体的加速度竖直向上，处于超重状态，物体对台面的正压力大于物体的重力．因此，当振动平台运动到最低点时，物体对台面的正压力最大．故A正确．故选：A点评：本题应用牛顿第二定律分析简谐运动超重、失重现象，关键抓住简谐运动中，物体的加速度方向特点：加速度方向总是指向平衡位置．3．（3分）（2005•上海）如图所示，A、B分别为单摆做简谐振动时摆球的不同位置．其中，位置A为摆球摆动的最高位置，虚线为过悬点的竖直线．以摆球最低位置为重力势能零点，则摆球在摆动过程中（）A．位于B处时动能最大B．位于A处时势能最大C．在位置A的势能大于在位置B的动能D．在位置B的机械能大于在位置A的机械能考点：简谐运动的能量、阻尼运动．专题：单摆问题．分析：明确单摆在摆动过程中的运动规律，动能、势能的变化．摆球在摆动过程中，从最高位置向平衡位置运动过程中势能不断减小，动能不断增大，在最低点动能最大，势能最小，总机械能守恒．解答：解：摆球摆动过程中机械能守恒，A为最高位置，势能最大，动能为零，在最低点时，动能最大，势能为零，故AD错误，BC正确．故选BC．点评：要熟练掌握单摆这种运动模型，明确运动规律，加强力学知识的应用．4．（3分）（2009•二模）如图所示，光滑的水平桌面上有一弹簧振子，弹簧的劲度系数为k．开始时，振子被拉到平衡位置O的右侧A处，此时拉力大小为F，然后轻轻释放振子，振子从初速度为零的状态开始向左运动，经过时间t后第一次到达平衡位置O处，此时振子的速度为v，则在这个过程中振子的平均速度为（）A． 0B．C．D．不为零的某值，但由题设条件无法求出考点：简谐运动的振幅、周期和频率；简谐运动的回复力和能量．专题：简谐运动专题．分析：平均速度等于这段位移与所需要的时间的比值．而位移则通过胡克定律由受力平衡来确定．解答：解：根据胡克定律，振子被拉到平衡位置O的右侧A处，此时拉力大小为F，则OA的位移为，由于经过时间t后第一次到达平衡位置O处，所以这个过程中平均速度为，故C正确，ABD错误；故选：C点评：考查胡克定律的掌握，并运用位移与时间的比值定义为平均速度，注意与平均速率分开，同时强调位移而不是路程．5．（3分）（2011•模拟）一根用绝缘材料制成的轻弹簧，劲度系数为k，一端固定，另一端与质量为m、带正电荷、电量为q的小球相连，静止在光滑绝缘水平面上．当施加水平向右的匀强电场E后（如图所示），小球开始做简谐运动，关于小球的运动有如下说法：①球的速度为零时，弹簧伸长②球做简谐运动的振幅为③运动过程中，小球的机械能守恒④运动过程中，小球动能改变量、弹性势能改变量、电势能改变量的代数和为零上述说法中正确的是（）A．①③B．①④C．②③D．②④考点：简谐运动的回复力和能量．专题：简谐运动专题．分析：小球做简谐运动，找出平衡位置，根据简谐运动的对称性和功能关系进行分析讨论．解答：解：②小球做简谐运动，经过平衡位置时，有：kA=qE，解得：A=，即振幅为，故正确．①小球到达最右端时，根据对称性可知弹簧的形变量为2倍振幅，即x=2A=，所以小球的速度为零时，弹簧伸长，故错误；③由于电场力和弹力对小球做功，则小球的机械能不守恒，故错误．④小球运动过程中有电场力和弹簧弹力做功，故对于弹簧和小球系统，电势能和弹性势能以及动能总量守恒，故小球动能改变量、弹性势能改变量、电势能改变量的代数和为零，故正确；故选：D．点评：本题中小球作简谐运动，要根据振幅的定义求解最大位移，正确分析能量是如何转化的，判断出系统的能量守恒，但小球的机械能不守恒．6．（3分）甲、乙两个单摆摆球质量相等，它们做简谐运动时，其周期之比为：1．如果两摆的悬点处于同一高度，将摆线拉到水平位置伸直，自由释放摆球，则两摆球经过各自的最低点时（）A．甲、乙两摆球的动能相等B．悬线对甲摆球的拉力大于悬线对乙摆球的拉力C．甲、乙两摆球的机械能不相等D．两摆球的向心加速度相等考点：单摆周期公式；简谐运动的回复力和能量．专题：单摆问题．分析：根据单摆的周期公式T=2π确定摆长的比值；根据机械能守恒定律判断机械能情况和最低点的动能情况，根据牛顿第二定律判断向心加速度和拉力情况．解答：解：甲、乙两个单摆摆球质量相等，它们做简谐运动时，其周期之比为：1，根据单摆的周期公式T=2π，摆长的比值为：1；A、C、将摆线拉到水平位置伸直，自由释放摆球，摆球摆动过程机械能守恒，故最低点的机械能等于初位置的机械能，相等；最低点的动能等于重力势能的减小量，不等；故A错误，C错误；B、D、根据机械能守恒定律，有：mgl=最低点，拉力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：T﹣mg=ma=m联立解得：a=2gT=3mg故B错误，D正确；故选：D．点评：本题关键是结合单摆的周期公式确定摆长之比，然后结合机械能守恒定律、牛顿第二定律、向心力公式列式求解动能、机械能、向心加速度、拉力的大小关系，不难．7．（3分）如图所示，置于地面上的一单摆在小振幅条件下摆动的周期为T0．下列说法中正确的是（）A．单摆摆动过程中，绳子的拉力始终大于摆球的重力B．单摆摆动过程中，绳子的拉力始终小于摆球的重力C．将该单摆置于高空中相对于地球静止的气球中，其摆动周期T＞T0D．将该单摆悬挂在匀加速上升的升降机中，其摆动周期T＜T0考点：单摆周期公式．专题：单摆问题．分析：单摆在最高点的时候，绳的拉力等于重力的一个分力；在最低点的时候绳的拉力和重力共同提供向心力；单摆的周期公式为T=2π，其中的g0为等效的重力加速度，分析CD中的等效重力加速度可判定周期变化．解答：解：A、B、在最高点时，绳的拉力等于重力的一个分力，此时绳子的拉力小于重力；在最低点的时候绳的拉力和重力共同提供向心力：F﹣mg=ma，可知F大于mg；故A错误，B错误．C、将该单摆置于高空中相对于地球静止的气球中，单摆所在处重力加速度小于地面的重力加速度，故其摆动周期T＞T0，故C正确；D、升降机向下匀减速速运动时，小球处于超重状态，g0＞g，故将该单摆悬挂在匀减速下降的升降机中，其摆动周期T＜T0，故D正确；故选：CD．点评：该题的关键是对CD的分析，要知道单摆周期公式中的g实际是单摆的等效重力加速度，结合给定的情形分析超重和失重状态才能正确解答，不难．8．（3分）（2011春•温州期中）一个质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点振动频率为4HzB．在10s内质点经过的路程是20cmC．在5s末，质点速度为零，加速度最大D．在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等考点：简谐运动的振动图象．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由图读出周期，求出频率．质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，根据时间与周期的关系，求出质点在10s内经过的路程．根据质点的位置，分析速度和加速度．在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等．解答：解：A、由图读出周期为T=4s，则频率为f==0.25Hz．故A错误．B、质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．C、在5s末，质点位于最大位移处，速度为零，加速度最大．故C正确．D、由图看出，在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等．故D正确．故选BCD点评：由振动图象可以读出周期、振幅、位移、速度和加速度及其变化情况，是比较常见的读图题．9．（3分）（2013春•雨城区校级月考）如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两单摆的摆长相等B．甲摆的振幅比乙摆大C．甲摆的机械能比乙摆大D．在t=0.5 s时有正向最大加速度的是乙摆考点：简谐运动的振动图象．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由图读出两单摆的周期，由单摆的周期公式分析摆长关系；由位移的最大值读出振幅；由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小；根据加速度与位移方向相反，确定加速度的方向．解答：解：A、由图看出，两单摆的周期相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式T=2π得知，甲、乙两单摆的摆长L相等．故A正确．B、甲摆的振幅为10cm，乙摆的振幅为7cm，则甲摆的振幅比乙摆大．故B正确．C、尽管甲摆的振幅比乙摆大，两摆的摆长也相等，但由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小．故C 错误．D、在t=0.5s时，甲摆经过平衡位置，振动的加速度为零，而乙摆的位移为负的最大，则乙摆具有正向最大加速度．故D正确．故选：ABD．点评：本题只要掌握单摆的周期公式、加速度的特点等等，就能正确解答．由振动图象读出振幅、周期是基本功．10．（3分）如图所示，木块A在光滑水平面上做简谐运动，O为其平衡位置，C、D为振动中最大位移处，则下述说法中正确的是（）A．木块A在振动中通过OD之间的任一位置P点时，其加速度与位移都是相同的B．振动中通过OD之间的任一位置P点时，其动量与动能都是相同的C．当木块在C点时，有一个物体B由静止放在A上并与A黏在一起，则振动到右侧可以到D点D．当木块在O点时，有一物体B由静止放在A上并与A黏在一起，则振动到右侧可以到D点考点：简谐运动的振幅、周期和频率．专题：简谐运动专题．分析：弹力为振子所受的合力，方向与加速度方向相同．判断振子加速还是减速看速度与加速度的方向关系，速度与加速度同向，速度增大，速度与加速度反向，速度减小．解答：解：A、对于OD之间的任一位置P，木块A在通过P点时，由于同一位置，则回复力大小与方向均相同，所以加速度的大小与方向也均相同，而位移大小与回复力成正比，方向与回复力方向相反，因此位移也是相同．故A正确．B、对于OD之间的任一位置P，木块A在通过P点时，在同一点，速度大小相同，则其动能是相同的，由于速度方向不同，所以动量则不同．故B错误．C、当木块在C点时，将一物体B轻轻地放到A上，并与A 粘在一起，根据弹性势能与动能之和守恒可知，木块仍可振动到右侧的D点．故C正确．D、当木块在D点时，将一物体B轻轻地放到A上，并与A粘在一起，弹簧的弹性势能不变，系统的机械能不变，木块可振动到右侧的D点．故D正确．故选：ACD．点评：解决本题的关键知道判断振子加速还是减速看速度与加速度的方向关系，速度与加速度同向，速度增大，速度与加速度反向，速度减小．11．（3分）劲度系数为k的轻弹簧下端挂一个质量为m的小球，静止时，小球距地面高为h，h远小于弹簧总长．现用手竖直向下拉球，使球刚好与地接触，静止时放手，若弹簧始终在弹性限度内，则（）A．球上升能达到距地面的最大高度为hB．球上升过程中其机械能守恒C．球距地面高h时，其速度最大D．球的最大加速度为考点：功能关系；牛顿第二定律．。
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2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（1）一、选择题1．（3分）（2013•和平区校级模拟）一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动穿，过线圈的磁通量随时间变化的图象如图中甲所示，则下列说法中正确的是（）A．t=0时刻线圈平面与中性面垂直B．t=0.01s时刻，Φ的变化率达最大C．t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应的交流电动势图象如图乙所示2．（3分）（2010秋•东阳市校级期中）一矩形闭合线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，下述说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量最大时，线圈中感应电流最大B．穿过线圈的磁通量为零时，线圈中感应电流最大C．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的频率变大D．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的最大值不变3．（3分）（2014春•晋江市校级期中）处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合（如图），线圈的cd边离开纸面向外运动．若规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．4．（3分）（2012春•涪城区期末）如图所示，把电阻、电感器、电容器并联接到一交流电源上，三个电流表的示数相同．若保持电源电压不变，而将频率加大，则三个电流表的示数I1、I2、I3大小的关系是（）A．I1=I2=I3B．I3＞I1＞I2 C．I2＞I1＞I3D． I1＞I2＞I35．（3分）（2013春•东莞市校级月考）一交流电压的图象如图所示，将该交流电压加在一阻值为22Ω的电阻两端，下列说法中正确的是（）A．该电阻消耗的功率为550 WB．该交流电压的瞬时值表达式为u=110sin100πt VC．并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110 VD．流过电阻的电流方向每秒改变50次6．（3分）（2010•河西区一模）家用电子调光灯的调光原理是用电子线路将输入的正弦交流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积小，某电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，若用多用电表测灯泡两端的电压，多用电表示数为（）A．B．C．D．7．（3分）如图所示，矩形线圈的匝数为N，面积为S，内阻为r，绕OO′轴以角速度ω做匀速转动．在它从如图所示的位置转过90°的过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电荷量为B．通过电阻的电荷量为C．外力所做的功为D．外力所做的功为8．（3分）（2015春•江津区校级期中）如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=4：1，当导体棒向右匀速切割磁感线时，电流表A1的读数是12mA，则副线圈中电流表A2的读数应该为（）A．3mA B．48mA C．0 D．与R阻值有关9．（3分）（2015•广州校级模拟）如图是4种亮度可调的台灯的电路示意图，它们所用的白炽灯泡相同，且都是“220V，40W”．当灯泡所消耗的功率都调至20瓦时，哪种台灯消耗的功率最小（）A．B．C．D．二、填空题10．（3分）频率为50Hz的交变电流，其电压u=120sinωt V，把它加在激发电压、熄灭电压均为84V的霓虹灯的两端，则在半个周期内霓虹灯点亮的时间为．（=1.4）11．（3分）阻值R=50Ω的电热丝接在电压u=100sin100πt V的交流电源上，电流表的示数为A，电热丝两端电压表的示数为V，在前0.005s内，流过电热丝的平均电流为A．如果将一个电容器接在该交流电源上，要使电容器不被击穿，所选的电容器能承受的最大电压应不小于 V．三、计算题12．（2010秋•锦州期末）一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n=100．穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间按正弦规律变化，如图所示，发电机内阻r=5.0Ω，外电路电阻R=95Ω．已知感应电动势的最大值E m=nωΦm，其中Φm为穿过每匝线圈磁通量的最大值．求串联在外电路中的交流电流表（内阻不计）的读数．2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（1）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2013•和平区校级模拟）一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动穿，过线圈的磁通量随时间变化的图象如图中甲所示，则下列说法中正确的是（）A．t=0时刻线圈平面与中性面垂直B．t=0.01s时刻，Φ的变化率达最大C．t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应的交流电动势图象如图乙所示考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：线圈在中性面时磁通量最大，电动势最小，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，电动势为最大．解答：解：A、由甲图知t=0时刻磁通量最大，线圈平面应在中性面，A错误；B、t=0.01s时刻，磁通量等于零，但Φ的变化率达最大，B正确；C、t=0.02s时刻，磁通量最大，交流电动势为零，C错误；D、由甲图知交流电动势的图象应为正弦图象，D错误；故选B点评：了解交流电产生的原理，特别是两个特殊位置：中性面和垂直中性面时，磁通量和电动势的变化．2．（3分）（2010秋•东阳市校级期中）一矩形闭合线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，下述说法正确的是（）A．穿过线圈的磁通量最大时，线圈中感应电流最大B．穿过线圈的磁通量为零时，线圈中感应电流最大C．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的频率变大D．若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的最大值不变考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：矩形线圈在匀强磁场内绕固定轴转动，线圈中的感应电动势e随于时间t的变化规律可得，线圈从垂直中性面开始计时；磁通量为零时，磁通量变化率最大；每当线圈经过中性面时，电流方向改变．解答：解：A、穿过线圈的磁通量最大时，磁通量的变化率为零，线圈中感应电流为零，故A错误；B、穿过线圈的磁通量为零时，磁通磁通量的变化率最大，线圈中感应电流最大，故B正确；C、若加大线圈的转速（其他条件不变），则线圈中交变电流的频率变大，故C正确；D、感应电动势的最大值E m=nBSω，加大线圈的转速（其他条件不变），ω增大，交变电流的最大值增大，故D错误；故选：BC．点评：学会通过瞬时感应电动势来判定在什么时刻，线圈处于什么位置；同时还能画出磁通量随着时间变化的图象及线圈中的电流随着时间变化的规律．3．（3分）（2014春•晋江市校级期中）处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合（如图），线圈的cd边离开纸面向外运动．若规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是（）A．B．C．D．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电．则由楞次定则可判定感应电流的方向，图示时刻的电动势最大，电流最大．解答：解：cd边离开纸面向外运动开始计时，线圈磁通量在变大，则感应电流的磁场会阻碍其变大，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，根据右手定则得感应电流方向是a→b→c→d→a，与规定的正方向相同，此时感应电动势最大，感应电流也最大，是余弦图象．故ABD错误，C正确．故选：C．点评：本题的关键是知道在转动的瞬间，感应电动势最大，根据楞次定律判断感应电流的方向．4．（3分）（2012春•涪城区期末）如图所示，把电阻、电感器、电容器并联接到一交流电源上，三个电流表的示数相同．若保持电源电压不变，而将频率加大，则三个电流表的示数I1、I2、I3大小的关系是（）A．I1=I2=I3B．I3＞I1＞I2 C．I2＞I1＞I3D． I1＞I2＞I3考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．分析：交流电流通过电感线圈时，线圈中会产生感应电动势来阻止电流的变化，因而有一种阻止交流电流通过的作用，我们称之为“感抗”．实验证明，感抗在数值上就是电感线圈上电压和电流的有效值之比，感抗的单位是“Ω（欧姆）”，符号是“L”．感抗公式为：x L=2πfL．与感抗类似，交流电流通过电容时，电容器也有一种阻止交流电流通过的作用，我们称之为“容抗”．实验证明，容抗在数值上就是电容上电压和电流的有效值之比，容抗的单位是“Ω（欧姆）”，符号是“C”．容抗公式为：x C=．解答：解：随着交变电流频率的增加，电阻原件的阻抗（电阻）不变，电感原件的感抗增加，电容器的容抗减小，故根据欧姆定律，可得：通过电阻的电流不变，通过电容的电流变大，通过电感的电流变小，由于原来电流相等，故I3＞I1＞I2．故选：B．点评：本题关键是明确电阻、电容、电感对交变电流的阻碍作用的大小取决于各自的电抗，会计算阻抗、容抗和感抗．5．（3分）（2013春•东莞市校级月考）一交流电压的图象如图所示，将该交流电压加在一阻值为22Ω的电阻两端，下列说法中正确的是（）A．该电阻消耗的功率为550 WB．该交流电压的瞬时值表达式为u=110sin100πt VC．并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110 VD．流过电阻的电流方向每秒改变50次考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图读出交流电压的最大值，由最大值与有效值的关系求出有效值，根据有效值求解电阻消耗的功率．读出周期，求出角频率ω，写出交流电压的瞬时值表达式．交流电压表测量的是有效值．交流电一个周期内电流方向改变两次，根据频率求出电流方向每秒改变的次数．解答：解：A、由图读出，电压的最大值为U m=110V，有效值为U==110V，该交流电压加在阻值为22Ω的电阻两端时，电阻消耗的功率为P==550W．故A正确．B、由图读出周期T=0.02s，则ω==100πrad/s，该交流电压的瞬时值表达式为u=U m sinωt=110sin100πt（V）．故B正确．C、并联在该电阻两端的交流电压表的示数为电压的有效值，即为110V．故C错误．D、该交流电压的频率f==50Hz，交流电一个周期内电流方向改变两次，则该交流电流过电阻的电流方向每秒改变100次．故D错误．故选：AB点评：本题考查交流电有效值、瞬时值、频率等知识．交流电压测量的是有效值，计算交流电的电功、电功率和焦耳热等与热效应等有关的量都用有效值．6．（3分）（2010•河西区一模）家用电子调光灯的调光原理是用电子线路将输入的正弦交流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积小，某电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，若用多用电表测灯泡两端的电压，多用电表示数为（）A．B．C．D．考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据电流的热效应：由一个周期内交变电流通过电阻R的产生热量与直流电通过电阻R一个周期内产生热量相等，求解有效值．解答：解：设交流电的有效值为U，将交流电与直流电分别通过相同电阻R，分析一个周期内热量：交流电Q1=直流电Q2=解得：U=故选C点评：求解交流电的有效值，从有效值的定义出发，根据一个周期内通过相同的电阻，发热量相同，此直流的值即为交流电的有效值．7．（3分）如图所示，矩形线圈的匝数为N，面积为S，内阻为r，绕OO′轴以角速度ω做匀速转动．在它从如图所示的位置转过90°的过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电荷量为B．通过电阻的电荷量为C．外力所做的功为D．外力所做的功为考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：解本题的关键是理解描述交流电的“四值”即：有效值、瞬时值、平均值、最大值的物理意义和求法．求电功、电功率用有效值，求电量用平均值，氖管发光用的是瞬时值，电容器的击穿电压是指所加电压的最大值．解答：解：A、求流过电阻的电量要用平均值：I=n①磁通量的变换量为：△∅=BS ②通过电阻的电量为：Q=It ③联立①②③得：Q=，故A错误，B正确；C、产生交流电的电压有效值为：U==，根据功能关系可知，外力做功和整个电路中产生的焦耳热相等，所以有：W=Q=t=，故C错误，D正确．故选：BD．点评：本题考察了对描述交流电“四值”的理解，尤其是要明确有效值的含义．8．（3分）（2015春•江津区校级期中）如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=4：1，当导体棒向右匀速切割磁感线时，电流表A1的读数是12mA，则副线圈中电流表A2的读数应该为（）A．3mA B．48mA C．0 D．与R阻值有关考点：变压器的构造和原理；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：交流电专题．分析：变压器由铁芯（或磁芯）和线圈组成，线圈有两个或两个以上的绕组，其中接电源的绕组叫初级线圈，其余的绕组叫次级线圈；变压器是变换交流电压、电流和阻抗的器件，当初级线圈中通有交流电流时，铁芯（或磁芯）中便产生交流磁通，使次级线圈中感应出电压（或电流）．解答：解：导体棒向右匀速切割磁感线时，根据公式E=BLv，产生恒定的感应电动势；变压器工作原理是互感现象，由于变压器输入的是恒定电流，不会发生电磁感应现象，故输出电压为零；故选C．点评：本题关键明确：（1）变压器的工作原理；（2）用法拉第电磁感应定律求感应电动势．9．（3分）（2015•广州校级模拟）如图是4种亮度可调的台灯的电路示意图，它们所用的白炽灯泡相同，且都是“220V，40W”．当灯泡所消耗的功率都调至20瓦时，哪种台灯消耗的功率最小（）A．B．C．D．考点：电功、电功率；变压器的构造和原理．分析：从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题，利用电阻变化改变电流，电阻本身消耗电能，利用变压器改变电压和电流，变压器不损失能量．解答：解：从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题．台灯的消耗功率包含灯泡和其他辅助器件的总功率．由A、B、C、D四选项分析可知：C中理想变压器功率损耗为零，电源输出的总功率（台灯消耗功率）只有灯泡的功率20 W．而其他选项中，不论滑动变阻器是分压接法还是限流接法，滑动变阻器上总有功率损耗，台灯的消耗功率都大于20 W．故选：C．点评：掌握选择题的解答技巧，知道电路中电功率消耗与那些因素有关．二、填空题10．（3分）频率为50Hz的交变电流，其电压u=120sinωt V，把它加在激发电压、熄灭电压均为84V的霓虹灯的两端，则在半个周期内霓虹灯点亮的时间为s ．（=1.4）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由于霓虹灯管点亮时，霓虹灯的两端的激发电压、熄灭电压均为84V，故我们可以结合函数的解析式，构造一个不等式，解出半个周期内，电压为84V的两个时刻，两个时刻之间的差值，即为霓虹灯管点亮的时间．解答：解：频率为50Hz的交变电流，周期T=0.02s，电压u=120sinωt V，最大值U m=120V，画出一个周期内交流电的u﹣t图象如图r所示，其中阴影部分对应的时间0～t1表示霓虹灯不能发光的时间，根据对称性，一个周期内霓虹灯不能发光的时间为4t1当u=U0=60V时，由上式得t1=s再由对称性求得半个周期内能发光的时间为：t=﹣2t1=s．故答案为：s点评：本题考查了交流电表达式的灵活应用，写出正弦式交流电的表达式，灵活应用数学知识即可正确解答．11．（3分）阻值R=50Ω的电热丝接在电压u=100sin100πt V的交流电源上，电流表的示数为 2 A，电热丝两端电压表的示数为100 V，在前0.005s内，流过电热丝的平均电流为 1.8 A．如果将一个电容器接在该交流电源上，要使电容器不被击穿，所选的电容器能承受的最大电压应不小于100V．考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：交流电流表和电压表测量的都是有效值，根据瞬时电压表达式求解出最大电压，根据U=求解出电压的有效值，根据法拉第电磁感应定律，然后结合欧姆定律，求解平均电流；电容器的耐压值指最大电压，解答：解：电压U=100sin10πt（V）故电压最大值为100 V，故电压有效值为：U==100V；根据欧姆定律，I===2A；电压表的示数为100V；根据法拉第电磁感应定律，在前0.005s内，感应电动势的平均值：=90.1V；由闭合电路欧姆定律，则有：流过电热丝的平均电流为：==1.8A；电容器耐压值为最大电压，为：100 V；故答案为：2，100，1.8，100．点评：本题关键是明确电压的瞬时值、有效值、最大值的关系，知道计算热效应用有效值，耐压值用最大值．三、计算题12．（2010秋•锦州期末）一小型发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n=100．穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间按正弦规律变化，如图所示，发电机内阻r=5.0Ω，外电路电阻R=95Ω．已知感应电动势的最大值E m=nωΦm，其中Φm为穿过每匝线圈磁通量的最大值．求串联在外电路中的交流电流表（内阻不计）的读数．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由题可知，线圈中产生正弦交变电流．交流电流表测量的是电流的有效值．由图读出磁通量的最大值和周期，求出感应电流的最大值I m，再由I=0.707I m，求出电流的有效值．解答：解：从Φ﹣t图象可以读出：Φm=1.0×10﹣2 Wb，T=3.14×10﹣2 s感应电动势最大值E m=nBSω=nωΦm，又ω=，得到E m=nΦm故电路中电流最大值I m===A=2 A．交流电流表读数I=0.707I m≈1.4 A．答：串联在外电路中的交流电流表的读数是1.4 A．点评：对于正弦交变电流的最大值E m=nBSω=nωΦm，要在理解的基础上加强记忆．交流电流表和电压表测量的是有效值．。