高三物理-如皋市2016届高三上学期期中考试物理试题.
2016年江苏省高三物理期中测试卷2
2016年江苏省高三物理期中测试卷一、单项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共计20分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列说法符合物理学史实的是（）A．伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律B．开普勒发现了行星运动的规律，提出了万有引力定律C．卡文迪许利用扭秤实验巧妙地测出了静电力常量k的数值D．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应2．风洞飞行体验是运用先进的科技手段实现高速风力将人吹起并悬浮于空中，如图所示．若在人处于悬浮状态时增加风力，则体验者在加速上升过程中（）A．处于失重状态，机械能增加B．处于失重状态，机械能减少C．处于超重状态，机械能增加D．处于超重状态，机械能减少3．如图所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距．两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流，若（）A．金属环向上运动，则环中产生顺时针方向的感应电流B．金属环向下运动，则环中产生顺时针方向的感应电流C．金属环向左侧直导线靠近，则环中产生逆时针方向的感应电流D．金属环向右侧直导线靠近，则环中产生逆时针方向的感应电流4．物体做直线运动的vt图象如图所示．则该物体（）A．第1s内和第5s内的运动方向相反B．第2s内和第6s内的加速度相同C．0～2s和0～4s内的平均速度大小相等D．在0～6s内，物体的位移大小为30m5．如图所示，开关S闭合后，带电质点P在平行金属板中处于静止状态．则（）A．质点P一定带正电B．滑片向a端移动时，两只电表的示数均增大C．滑片向a端移动时，质点P将向上板运动D．若将开关S断开，质点P将向下板运动二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．6．如图所示，发射升空的卫星在转移椭圆轨道Ⅰ上A点处经变轨后进入运行圆轨道Ⅱ．A、B分别为轨道Ⅰ的远地点和近地点．则卫星在轨道Ⅰ上（）A．经过A点的速度小于经过B点的速度B．经过A点的动能大于在轨道Ⅱ上经过A点的动能C．运动的周期大于在轨道Ⅱ上运动的周期D．经过A点的加速度等于在轨道Ⅱ上经过A点的加速度7．某发电机输出的交流电如图所示，经理想变压器升压后向远处输送，最后经理想变压器降压后输送给用户．则下列说法正确的是（）A．发电机输出交流电的有效值为500 VB．用户获得的交流电频率为50HzC．若增加用户用电负载的数量，输电线上损失的功率将增加D．若增加升压变压器原线圈的匝数，输电线上损失的功率将减小8．如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定于O点，另端固定一个质量为m的小球．将小球拉至A点处时，弹簧恰好无形变．现将小球从A点处由静止释放，小球运动到O点正下方B点时速度大小为v．A、B两位置间的高度差为h．不计空气阻力，重力加速度为g．则（）A．由A到B的过程中，小球克服弹簧弹力所做的功为mghB．由A到B的过程中，小球重力所做的功为mghC．由A到B的过程中，弹性势能增加量为mgh﹣mv2D．小球到达B点处时，其加速度的方向为竖直向上9．如图所示，两个等量异号点电荷M、N分别固定在A、B两点，F为AB连线中垂线上某一点，O为AB连线的中点．且AO=OF，E和φ分别表示F处的场强大小和电势．将某试探负点电荷由F处静止释放时，其电势能和加速度大小分别用ε和a表示，取无穷远处为电势零点．若将负点电荷N移走，则（）A．E不变B．φ升高C．ε变小D．a变大三、简答题：本题共2小题，共计22分.10．在“探究求合力的方法”实验中，某同学用两把弹簧秤将橡皮筋的端点拉到点O，作出这两个拉力F1、F2的图示（图甲），然后用一把弹簧秤将橡皮筋的端点仍然拉到O，弹簧秤示数F如图乙所示．（1）弹簧秤的示数F=N；（2）请帮他在图甲中画出力F的图示（图中a为记录F方向时所记录的一点）；（3）该同学用虚线把F的箭头末端分别与F1、F2的箭头末端连起来．他观察图形后受到了启发．你认为他紧接着应进行的两个实验步骤是．（A）整理实验器材（B）提出求合力方法的猜想（C）改变F1、F2的大小和方向，重复上述实验（D）与同学交流讨论实验结果，得出结论．11．小明在研究由某种新材料制成的圆柱体电学元件（图1甲所示）的过程中，进行了如下操作：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图1乙所示，由图可知其长度为mm，用螺旋测微器测量其直径如图1丙所示，其直径为mm；（2）小明为研究通过该电学元件的电流I随两端电压U变化的关系，设计了图2示实验电路．为使该电学元件两端电压能从零开始调起，请你用笔划线代替导线帮他将电路实物图连接完整；（3）小明利用（2）中实验电路测得相关数据如下表所示，请你在如图3的坐标纸上绘出IU图象；（4）小明用一节电动势为1.5V、内阻为0.75Ω的干电池仅对该元件供电．则该元件消耗的电功率为W（结果保留两位有效数字）．四、计算题：本题共4小题，共计58分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．12．如图所示为一滑草场某条滑道的侧面图，由高均为h、与水平面倾角分别为45°和37°的两段直滑道组成．一辆滑草车由静止开始从上滑道顶端处滑下，不计车在滑道交接处的能量损失．已知滑草车与上、下滑道草地之间的动摩擦因数μ，重力加速度为g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，计算结果请用h和g表示．求：（1）滑草车在下段滑道上运动的加速度；（2）滑草车在整个运动过程中最大速度的大小；（3）请通过计算来判断滑草车能否到达下段滑道的最底端．13．如图所示的装置由水平弹簧发射器及两个轨道组成：轨道Ⅰ是光滑轨道AB，AB间高度差h1=0.20m；轨道Ⅱ由AE和螺旋圆形EFG两段光滑轨道和粗糙轨道GB平滑连接而成，且A点与F点等高．轨道最低点与AF所在直线的高度差h2=0.40m．当弹簧压缩量为d时，恰能使质量m=0.05kg的滑块沿轨道Ⅰ上升到B点，当弹簧压缩量为2d时，恰能使滑块沿轨道Ⅱ上升到B点，滑块两次到达B点处均被装置锁定不再运动．已知弹簧弹性势能E p与弹簧压缩量x的平方成正比，弹簧始终处于弹性限度范围内，不考虑滑块与发射器之间的摩擦，重力加速度g=10m/s2．（1）当弹簧压缩量为d时，求弹簧的弹性势能及滑块离开弹簧瞬间的速度大小；（2）求滑块经过最高点F处时对轨道的压力大小；（3）求滑块通过GB段过程中克服摩擦力所做的功．14．如图所示，两根足够长的平行金属导轨间距l=0.50m，倾角θ=53°，导轨上端串接电阻R=0.05Ω．在导轨间长d=0.56m的区域内，存在方向垂直导轨平面向下、磁感应强度B=2.0T的匀强磁场．质量m=4.0kg的金属棒CD水平置于导轨上，用轻质细绳跨过定滑轮与拉杆GH（GH杆的质量不计）相连．某同学用F=80N 的恒力竖直向下拉动GH杆，使CD棒从图中初始位置由静止开始运动，刚进入磁场时速度为v=2.4m/s，当CD棒到达磁场上边界时该同学松手．g=10m/s2，sin 53°=0.8，不计其它电阻和一切摩擦．求：（1）CD棒的初始位置与磁场区域下边界的距离s；（2）该同学松手后，CD棒能继续上升的最大高度h；（3）在拉升CD棒的过程中，该同学所做的功W和电阻R上产生的热量Q．15．如图甲所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点（3L，0）为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m、带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入圆形区域，此时速度方向与x 轴正方向的夹角为30°．不考虑电子所受的重力．（1）求电子进入圆形区域时的速度大小和匀强电场场强E的大小；（2）若在圆形区域内加一个垂直纸面向里的匀强磁场，使电子穿出圆形区域时速度方向垂直于x轴．求所加磁场磁感应强度B的大小和电子刚穿出圆形区域时的位置坐标；（3）若在电子刚进入圆形区域时，在圆形区域内加上图乙所示变化的磁场（以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子从N点处飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同．请写出磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的关系表达式．2016年江苏省高三物理期中测试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共计20分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列说法符合物理学史实的是（）A．伽利略通过斜面实验的合理外推，得出了自由落体运动的规律B．开普勒发现了行星运动的规律，提出了万有引力定律C．卡文迪许利用扭秤实验巧妙地测出了静电力常量k的数值D．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转现象发现了电流的磁效应【考点】物理学史．【分析】本题根据卡文迪许、开普勒、牛顿、伽利略和法拉第的物理学成就进行解答．【解答】解：A、伽利略通过斜面实验，运用数学知识合理外推，得出了自由落体运动的规律，故A正确．B、开普勒发现了行星运动的规律，牛顿提出了万有引力定律，故B错误．C、卡文迪许利用扭秤巧妙地测得引力常量G的数值，而不是静电力常量k的数值，故C错误．D、奥斯特根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应，法拉第得出的是电磁感应规律，故D错误．故选：A2．风洞飞行体验是运用先进的科技手段实现高速风力将人吹起并悬浮于空中，如图所示．若在人处于悬浮状态时增加风力，则体验者在加速上升过程中（）A．处于失重状态，机械能增加B．处于失重状态，机械能减少C．处于超重状态，机械能增加D．处于超重状态，机械能减少【考点】机械能守恒定律；牛顿运动定律的应用﹣超重和失重．【分析】根据加速度方向即可确定人的状态是超重还是失重，再根据风力做功情况即可明确机械能的变化情况．【解答】解：由题意可知，人加速向上运动，故人的加速度向上，处于超重状态；由于风力对人做正功，故人的机械能增加；故C正确，ABD错误．故选：C．3．如图所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距．两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流，若（）A．金属环向上运动，则环中产生顺时针方向的感应电流B．金属环向下运动，则环中产生顺时针方向的感应电流C．金属环向左侧直导线靠近，则环中产生逆时针方向的感应电流D．金属环向右侧直导线靠近，则环中产生逆时针方向的感应电流【考点】楞次定律．【分析】通过线圈面积的磁通量发生变化时，则会出现感应电动势，当电路闭合时，则产生感应电流．结合楞次定律可判定感应电流方向．【解答】解：AB、直导线之间的磁场时对称的，圆环在中间时，通过圆环的磁通量为零，金属环上下运动的时候，圆环的磁通量不变，不会有感应电流产生，故AB错误；C、金属环向左侧直导线靠近，则穿过圆环的磁场垂直纸面向外并且增强，根据楞次定律可得，环上的感应电流方向为顺时针，故C错误；D、金属环向右侧直导线靠近，则穿过圆环的磁场垂直纸面向里并且增强，根据楞次定律可得，环上的感应电流方向为逆时针，故D正确；故选：D．4．物体做直线运动的vt图象如图所示．则该物体（）A．第1s内和第5s内的运动方向相反B．第2s内和第6s内的加速度相同C．0～2s和0～4s内的平均速度大小相等D．在0～6s内，物体的位移大小为30m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动；图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．根据这些知识进行解答．【解答】解：A、由图知，在前5s内物体的速度一直为正值，说明在前5s内物体的运动方向一直不变，故A错误；B、由速度时间图象的斜率等于加速度，根据图象可知，第2s内加速度为正，第6s内加速度为负，方向相反，加速度不同，故B错误；C、由象与时间轴所围的面积表示位移，平均速度等于位移除以时间，则0﹣4s内平均速度，0﹣2s的平均速度，不相等．故C错误；D、根据“面积”可知：在0～6s内，物体的位移大小为x=，故D正确．故选：D5．如图所示，开关S闭合后，带电质点P在平行金属板中处于静止状态．则（）A．质点P一定带正电B．滑片向a端移动时，两只电表的示数均增大C．滑片向a端移动时，质点P将向上板运动D．若将开关S断开，质点P将向下板运动【考点】闭合电路的欧姆定律；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】对电路进行分析，滑片的移动可知电路中总电阻的变化，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知P的受力变化，则可知质点的运动情况．将R4之外的其他部分等效为电源的内电阻，则可分析R4功率的变化．【解答】解：由电路图可知，R2与R4串联后与R3并联，再与R1串联，电容器与并联部分并联；A、电容器的上极板带正电，板间场强向下，质点处于平衡状态，则知受到的电场力向上，故液滴带负电．故A错误．BC、滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻增大，总电流减小，内电压减小，由闭合电路的欧姆定律可知路端电压增大，R1两端的电压减小，故并联部分电压增大；电容器两端的电压增大，质点所受的电场力增大；则质点将向上移动；因并联部分电压增大，则R3中的电流增大，而干路电流减小，故电流表中的电流减小；R1两端的电压减小，路端电压增大，并联部分电压增大，即R2与R4两端的总电压增大；而由于电流表示数减小，由欧姆定律可知R2两端的电压减小，故R4两端的电压增大，电压表示数增大，故B错误，C正确；D、开关S断开，电容器两端的电压等于电源的电动势，电容器两端电压增大，板间场强增大，受到的电场力变大，质点P将向上运动，故D错误；故选：C二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．6．如图所示，发射升空的卫星在转移椭圆轨道Ⅰ上A点处经变轨后进入运行圆轨道Ⅱ．A、B分别为轨道Ⅰ的远地点和近地点．则卫星在轨道Ⅰ上（）A．经过A点的速度小于经过B点的速度B．经过A点的动能大于在轨道Ⅱ上经过A点的动能C．运动的周期大于在轨道Ⅱ上运动的周期D．经过A点的加速度等于在轨道Ⅱ上经过A点的加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】卫星在轨道Ⅰ上由B运动到A，万有引力做负功，动能减小即可比较出A、B的速度；比较加速度只要比较所受的合力（即万有引力）；从轨道I上的A 点进入轨道Ⅱ，需要加速，使得在该点万有引力小于所需的向心力做离心运动．【解答】解：A、由B运动到A引力做负功，动能减小的，所以经过A点的速度小于经过B点的速度，故A正确；B、同在A点，只有加速它的轨道才会变大，所以经过A点的动能小于在轨道Ⅱ上经过A点的动能，故B错误；C、轨道Ⅰ的半长轴小于轨道Ⅱ的半径，根据开普勒第三定律，在轨道Ⅰ上运动的周期小于在轨道Ⅱ上运动的周期，故C错误；D、根据a=，在轨道Ⅱ上经过A的加速度等于在轨道Ⅰ上经过A的加速度，故D正确故选：AD7．某发电机输出的交流电如图所示，经理想变压器升压后向远处输送，最后经理想变压器降压后输送给用户．则下列说法正确的是（）A．发电机输出交流电的有效值为500 VB．用户获得的交流电频率为50HzC．若增加用户用电负载的数量，输电线上损失的功率将增加D．若增加升压变压器原线圈的匝数，输电线上损失的功率将减小【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；电功、电功率；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．同时由变压器电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．【解答】解：A、由图象可知交流电的最大值为U m=500V，因此其有效值为U=，故A错误；B、发电机的输出电压随时间变化的关系，由图可知，T=2×10﹣2s，故f==50Hz，故B正确；C、若增加用户用电负载的数量，当总电阻减小时，电流增大，△P=I2R知损失功率增大，故C正确；D、增大升压变压器原线圈匝数，输出电压减小，损失的功率为，损失功率增大，故D错误；故选：BC8．如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定于O点，另端固定一个质量为m的小球．将小球拉至A点处时，弹簧恰好无形变．现将小球从A点处由静止释放，小球运动到O点正下方B点时速度大小为v．A、B两位置间的高度差为h．不计空气阻力，重力加速度为g．则（）A．由A到B的过程中，小球克服弹簧弹力所做的功为mghB．由A到B的过程中，小球重力所做的功为mghC．由A到B的过程中，弹性势能增加量为mgh﹣mv2D．小球到达B点处时，其加速度的方向为竖直向上【考点】功能关系；弹性势能．【分析】小球在下降过程中，小球的重力势能转化为动能和弹性势能，由重力做功量度重力势能的变化．由弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．根据系统的机械能守恒求小球到达B点时弹簧的弹性势能．根据向心力知识分析小球到达B点处时加速度的方向．【解答】解：AB、小球由A到B的过程中，重力做功为mgh，其重力势能减少mgh．在小球在下降过程中，小球的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能，所以弹簧弹性势能的增加量小于mgh，则小球克服弹簧弹力所做的功小于mgh．故A错误，B正确．C、根据能量守恒定律得：mgh=△E弹+mv2，所以弹性势能增加量△E弹=mgh﹣mv2，故C错误．D、小球到达B点处时，若弹簧的弹力小于小球的重力，合力方向竖直向下，加速度方向竖直向下．若弹簧的弹力大于小球的重力，合力方向竖直向上．故D 错误．故选：B9．如图所示，两个等量异号点电荷M、N分别固定在A、B两点，F为AB连线中垂线上某一点，O为AB连线的中点．且AO=OF，E和φ分别表示F处的场强大小和电势．将某试探负点电荷由F处静止释放时，其电势能和加速度大小分别用ε和a表示，取无穷远处为电势零点．若将负点电荷N移走，则（）A．E不变B．φ升高C．ε变小D．a变大【考点】电场的叠加；电势差与电场强度的关系．【分析】首先根据场强叠加原理求出电场强度；然后根据电场强度与电场线及电场线与等势面的关系得到电势的大小；再由电势能与电势的关系得到电势能；最后，由库仑定律和牛顿第二定律得到加速度，然后进行比较．【解答】解：令电荷M、N都存在时为状态1，各物理量用下标1表示；只有电荷M时为状态2，各物理量用下标2表示；A、状态1时，电荷M、N对在F处的电场强度大小都为E0，两者相互垂直，根据电场叠加定理可得：合场强，方向水平向右；状态2时，电荷M在F处的电场强度也是E0，方向沿AF连线方向；所以若将负点电荷N移走，则E 改变，故A错误；B、状态1时，易知在AB连线的中垂线上电场强度方向处处水平向右，所以，中垂线为一条等势线，所以，φ1=0；状态2时，只有正电荷M，所以φ2＞0；可得：若将负点电荷N移走，则φ升高，故B正确；C、电势能ɛ=qφ，所以ɛ1=0，ɛ2＜0，所以ɛ变小，故C正确；D、F=qE，，试探电荷q，m不变，所以a变小，故D错误．故选：BC．三、简答题：本题共2小题，共计22分.10．在“探究求合力的方法”实验中，某同学用两把弹簧秤将橡皮筋的端点拉到点O，作出这两个拉力F1、F2的图示（图甲），然后用一把弹簧秤将橡皮筋的端点仍然拉到O，弹簧秤示数F如图乙所示．（1）弹簧秤的示数F= 2.8N；（2）请帮他在图甲中画出力F的图示（图中a为记录F方向时所记录的一点）；（3）该同学用虚线把F的箭头末端分别与F1、F2的箭头末端连起来．他观察图形后受到了启发．你认为他紧接着应进行的两个实验步骤是BC．（A）整理实验器材（B）提出求合力方法的猜想（C）改变F1、F2的大小和方向，重复上述实验（D）与同学交流讨论实验结果，得出结论．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】（1）根据弹簧秤的最小刻度，读出弹簧秤的示数．（2）根据图示法画出力F的图示．（3）根据实验的原理以及操作中的注意事项得出正确的实验步骤．【解答】解：（1）弹簧秤的最小刻度为0.2N，可知弹簧秤的示数F=2.8N．（2）根据图示法作出F的图示，如图所示．（3）用虚线把F的箭头末端分别与F1、F2的箭头末端连起来．观察图形后受到了启发．提出求合力方法的猜想，然后改变F1、F2的大小和方向，重复上述实验，故BC正确．故选：BC．故答案为：（1）2.8，（2）如图所示，（3）BC．11．小明在研究由某种新材料制成的圆柱体电学元件（图1甲所示）的过程中，进行了如下操作：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图1乙所示，由图可知其长度为50.45 mm，用螺旋测微器测量其直径如图1丙所示，其直径为 4.700mm；（2）小明为研究通过该电学元件的电流I随两端电压U变化的关系，设计了图2示实验电路．为使该电学元件两端电压能从零开始调起，请你用笔划线代替导线帮他将电路实物图连接完整；（3）小明利用（2）中实验电路测得相关数据如下表所示，请你在如图3的坐标纸上绘出IU图象；（4）小明用一节电动势为1.5V、内阻为0.75Ω的干电池仅对该元件供电．则该元件消耗的电功率为0.72W（结果保留两位有效数字）．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．（2）根据实验要求可明确滑动变阻器接法，从而得出对应的实物图；（3）根据表中数据利用描点法可得出对应的图象；（4）在I﹣U图象中做出电源的伏安特性曲线，两图的交点表示该元件的工作点，则由P=UI可求得电功率．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0.05×9mm=0.45mm，所以最终读数为50.45mm；螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.01×20.5=0.200mm，所以最终读数为4.700mm．（2）由于要求电压从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法，同时由于待测电阻阻值偏小，故应采用电流表外接法，连接实物图如图所示；（3）根据表中数据，利用描点法得出对应的图象如图所示；（4）在上图中作出电源的伏安特性曲线，如图所示，两图的交点表示该元件的工作点，则由图可知，电压为0.85V，电流I=0.85A，则功率P=UI=0.85×0.85=0.72W；故答案为：（1）50.45；4.700；（2）如图所示；（3）如图所示；（4）0.72．四、计算题：本题共4小题，共计58分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中。
2015-2016年第一学期高三物理期中联考试卷(有答案)
2015-2016年第一学期高三物理期中联考试卷（有答案）201－2016学年第一学期八县（市）一中期中联考高三物理科试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共计48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确的是( )A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律2 如图所示，滑轮本身的质量和摩擦可忽略不计，滑轮轴安在一根轻木杆B上，一根轻绳A绕过滑轮，A端固定在墙上，且绳保持水平，端下面挂一个重物，B与竖直方向夹角，系统保持平衡，若保持滑轮的位置不变，改变θ的大小，则滑轮受到滑轮轴的弹力大小变化情况是( )A．只有角θ变小，弹力才变小B．只有角θ变大，弹力才变小．不论角θ变大或变小，弹力都不变D．不论角θ变大或变小，弹力都变大3 近年的冬季，我国南方地区常发生冰雪灾害，持续的雨雪冰冻导致城区大面积停水断电，许多街道大树树枝被冰雪压断，给市民生活带极大不便。
下列说法正确的是( )A．在结冰的路面上，车辆轮胎经常缠上防滑链，目的是增大轮胎与地面间最大静摩擦力B．在结冰的路面上，车辆如果保持原的功率行驶而不打滑，那么其最大运行速度不变．在结冰的路面上，为了安全起见，车辆应减速慢行，以减小行驶车辆的惯性D．据测定，某汽车轮胎与普通路面的动摩擦因数为07，而与冰面间的动摩擦因数为01，那么该汽车以相同的速度在普通路面和冰面上行驶，急刹车后滑行的距离之比为7:14 如图所示，一个质量为的物体（可视为质点），由斜面底端的A点以某一初速度冲上倾角为30 0 的固定斜面做匀减速直线运动，减速的加速度大小为g，物体沿斜面上升的最大高度为h，在此过程中( ) A．物体克服摩擦力做功B．物体的动能损失了gh．物体的重力势能增加了2ghD．系统机械能损失了gh一只小船在静水中的速度为3／s，它要渡过一条宽为30的河，河水流速为4／s，则这只船( )A．能沿垂直于河岸方向过河B．船头正对河岸渡河的位移最小．能渡过这条河，而且所需时间可以小于10sD．能渡过这条河，渡河的位移最小为406．如图所示，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员(可视为质点)．a站在地面上，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态．当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a的质量与演员b的质量之比为( )A．1∶1 B．2∶1．3∶1 D．4∶17在一个光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t＝0时刻起，由坐标原点(0，0)开始运动，其沿x轴和轴方向运动的速度－时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2 s内物体做匀加速曲线运动B．后2 s内物体做匀加速曲线运动，加速度方向与x轴的正方向夹角为．3s末物体坐标为(4，0)D．3s末物体坐标为(3，1)8 如图所示，足够长的传送带以恒定速率顺时针运行。
江苏省如皋市2016届高三上学期期初调研测试物理试题Word版含解析
2015～2016学年度高三年级第一学期期初调研测试物理试题（考试时间：60分钟分值：100分）一、单项选择题（本大题共５小题，每小题４分，共2０分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．下列关于原子结构和原子核的说法中不正确的是A．卢瑟福在α粒子散射实验的基础上提出了原子的核式结构模型B．天然放射性元素在衰变过程中核电荷数和质量数守恒，其放射线在磁场中不偏转的是γ射线C．由图可知，原子核D和E聚变成原子核F要吸收能量D．由图可知，原子核A裂变成原子核B和C要放出核能【知识点】原子核的组成、放射性、原子核的衰变、半衰期【试题解析】α粒子散射实验中，绝大多数α粒子能够穿过原子，只有极少数发生大角度偏转，故卢瑟福在此基础上提出了原子的核式结构模型，故A正确；天然放射性元素在衰变过程中电荷数和质量数守恒，其放射线有α、β、γ三种射线，其中不带电的是γ射线，放射线在磁场中一定不偏转的是γ射线，故B正确；据图可知，原子核D和E聚变成原子核F过程中有质量亏损，故会放出核能，故C错误；据图可知，原子核A裂变成原子核B和C过程中有质量亏损，故会放出核能，故D正确.本题选不正确的，故选C.【答案】C2．下列说法正确的是A．物体吸收一定频率的电磁波，也只能辐射同频率的电磁波B．放射性元素的半衰期与原子所处的物理、化学状态有关C．光电效应产生的条件为：光强大于临界值D．铀裂变反应中，如果铀块体积不够大，链式反应就不能继续【知识点】氢原子的能级结构、能级公式光电效应裂变反应和聚变反应、裂变反应堆【试题解析】当原子吸收能量后，从基态跃迁到3轨迹，由于不稳定，从3轨迹向基态跃迁时，会有不同频率的电磁波，故A错误；放射性元素的半衰期与原子所处的物理、化学状态无关，故B错误；光电效应产生的条件为：入射光的频率大于临界值，故C错误；裂变反应中，必须达到临界体积时，链式反应才能继续，故D正确.【答案】D3．用绿光照射一光电管能产生光电效应，欲使光电子从阴极逸出时的最大初动能增大应A．改用紫光照射 B．增大绿光的强度C．增大光电管上的加速电压 D．改用红光照射【知识点】光电效应【试题解析】根据光电效应方程知，Ekm=h-W0，知光电子的最大初动能与入射光的频率有关，频率越高，光电子的最大初动能越大，与入射光的强度以及加速电压无关．故A正确，B、C、D错误．【答案】A4．小船在静水中速度为v，今小船要渡过一条小河，船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直.若航行到河中间时，水流速度增大，则渡河时间与预定的时间相比A．减少B．不变 C．增加D．无法确定【知识点】运动的合成与分解【试题解析】将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解，由于分运动互不干扰，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向方向的分运动有关，故船航行至河中心时，水流速度突然增大，只会对轨迹有影响，对渡河时间无影响，故选B．【答案】B5．如图所示，小车内两根不可伸长的细线AO、BO拴住一小球，其中BO水平，小车沿水平地面向右做加速运动，AO与BO的拉力分别为Ta 、T b.若加速度增大，则A．T a、T b均增大B．T a、T b均减小C．T a不变，T b增大D．T a减小，T b不变【知识点】牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】当小车向左做加速运动，小球的加速度与小车具有相同的加速度.根据牛顿第二定律有：TAOcosθ=mg，则TAO＝，TBO-TAOsinθ=ma，解得TBO=mgtanθ+ma．知加速度增大时，绳AO的拉力不变，绳BO的拉力增大．故C正确，A、B、D错误．【答案】C二、多项选择题（本题共４小题，每小题６分，共计24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分．）6．物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，下列几组力中，可能使物体处于平衡状态的是（）A．5N、7N、8 N B．2N、3N、5NC．1N、5N、10 N D．1N、10N、12N【知识点】共点力的平衡力的合成与分解【试题解析】5N和7N两个力的合力范围为，8N在两个力的合力范围之内，则三个力的合力可能为零，可能处于平衡状态．故A正确．2N和3N的合力范围为，5N在两个力的合力范围之内，则三个力的合力可能为零，可能处于平衡状态．故B正确．1N和5N的合力范围为，10N不在两个力合力范围之内，则三个力的合力不能为零，物体不能处于平衡状态．故C错误．1N和10N的合力范围为，12N不在两个力合力范围之内，则三个力的合力不能为零，物体不能处于平衡状态．故D错误．【答案】AB7．下列说法中正确的是A．光的波粒二象性学说就是牛顿的微粒说加上惠更斯的波动的规律来描述B．光的波粒二象性彻底推翻了麦克斯韦的电磁理论E=，v表示波的特性，E表示粒子的特性C．光子说并没有否定电磁说，光子的能量νhD．个别光子的行为表现为粒子性，大量光子的行为表现为波动性【知识点】波粒二象性【试题解析】爱因斯坦的“光子说”与惠更斯的波动说能揭示了光具有波粒二象性．故A 错误．麦克斯韦根据他的电磁理论，认为光是一种电磁波，而赫兹证实了电磁波的存在，电磁波传播速度跟光速相同，他提出光是一种电磁波，光子说并没有否定光的电磁说，在光子能量公式E=h υ中，频率υ表示波的特征，E 表示粒子的特征．故B 错误C 正确．大量光子的效果往往表现出波动性，个别光子的行为往往表现出粒子性，故D 正确【答案】CD8．关于质子与中子，下列说法正确的是A ．原子核由质子、中子和电子组成B ．质子和中子统称为核子C ．卢瑟福发现了质子，并预言了中子的存在D ．卢瑟福发现了中子，并预言了质子的存在【知识点】原子核的组成、放射性、原子核的衰变、半衰期【试题解析】原子核由质子、中子组成，故A 错误;质子和中子统称为核子，故B 正确;卢瑟福发现了质子，并预言了中子的存在，故C 正确，D 错误【答案】BC9．某物体运动的v —t 图象如图所示，下列说法正确的是A ．物体在第2s 末运动方向发生变化B ．物体在前2s 内和前3s 内的加速度是相同的C ．物体在4s 末返回出发点D ．物体在2s 、6s 末离出发点最远，且最大位移为1m【知识点】匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】物体在第2s 末速度由负值变为正值，运动方向发生变化，故A 正确; 物体在前1s 和第2s 、3s 内的加速度方向不同，故B 错误;由图可知，4s 内物体的位移为零，故说明物体返出了出发点，故C 正确；6s 末物体离出发点的位移与2s 末的位移相同离出发点最远，位移为=1m ；故D 正确. t/s －【答案】ACD三、填空题（10、11题每空3分，12、13题每空6分，共27分）10．在做验证牛顿第二定律的实验时，某学生将实验装置如图甲安装，准备接通电源后开始做实验.（1）图中砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M，实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小.为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，接下来还需要进行的一项操作是：▲A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推一下小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。
江苏省如皋市2016届高三上学期期中考试物理试题Word版含答案
2015~2016学年度高三年级第一学期期中考试物理试卷（满分120分，时间100分钟）一、单项选择题．本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题意．1．等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，过c点的导线所受安培力的方向A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边垂直，指向左边C．与ab边平行，竖直向下D．与ab边垂直，指向右边2．如图所示，在MNQP中有一垂直纸面向里的匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．已知O是PQ的中点，不计粒子重力．下列说法中正确的是A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长3．如图所示，在某场足球比赛中，曲线1、2、3分别是由同一点踢出的足球的飞行路径，忽略空气的影响，下列说法正确的是A．沿路径1飞行的足球的落地速率最大B．沿路径2飞行的足球的初速度的水平分量最大C．沿路径3飞行的足球的运动时间最长D．沿这三条路径飞行的足球在相同的时间内的速度变化量相同4．由于环境污染严重，今年全国多次出现大面积雾霾天气，对交通造成极大影响，交通事故频发．某人驾驶车辆在一高速公路上行驶，由于大雾与前车发生追尾事故，后经交警调查，描绘出他发现前面正处于减速状态的汽车开始刹车时两车的速度图象如图所示，则以下判断正确的是A．后车刹车时两车间距离一定小于90 mB．后车刹车时两车间的距离一定等于112 mC．两车一定是在t=20 s之前的某时刻发生追尾D．两车一定是在t=20 s之后的某时刻发生追尾5．如图所示，甲、乙站在超市的自动扶梯上（斜面式和阶梯式）随扶梯匀速上行，则下列相关说法正确的是A．甲受到扶梯的摩擦力，乙不受摩擦力B．扶梯对甲、乙的弹力相同C．扶梯对甲、乙的弹力与甲、乙的重力大小相等D．斜面对甲、乙都不做功6．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力f m大小与滑动摩擦力大小相等，则A．0～t1时间内力F的功率逐渐增大B．t1～t2时间内物块A做加速度减小的加速运动C．t3时刻物块A的动能最大D．t3时刻后物体做反方向运动7． 在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E 、内阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，、为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑片P 自a 端向b 端滑动的过程中，下列说法中正确的是A ．电源的输出功率减小B ．电流表的示数变大C ．a 点的电势升高D ．电容器C 所带的电荷量增多8． 如图甲所示，轻杆一端与一小球相连，另一端连在光滑固定轴上，可在竖直平面内自由转动．现使小球在竖直平面内做圆周运动，到达某一位置开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v x 随时间t 的变化关系如图乙所示．不计空气阻力．下列说法中正确的是A ．t 1时刻小球通过最高点，图乙中 S 1和S 2的面积相等B ．t 2时刻小球通过最高点，图乙中S 1和S 2的面积相等C ．t 1时刻小球通过最高点，图乙中S 1和S 2的面积不相等D ．t 2时刻小球通过最高点，图乙中S 1和S 2的面积不相等二、多项选择题．本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．9． 一个用于加速质子的回旋加速器，其D 形盒半径为R ，垂直D 形盒底面的匀强磁场的磁感应强度为B ，接在D 形盒上的高频电源频率为f ．下列说法正确的是 A ．质子被加速后的最大速度不可能超过2πfRB ．若仅将加速电压提高到4倍，则质子获得最大速度的加速次数减为原来的41倍 C ．只要R 足够大，质子的速度可以被加速到任意值D ．若仅将质子换成α粒子，则α粒子获得的最大速度为质子最大速度的一半10．某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A 、B 、C 为电场中的三个点．下列说法正确的是 A ．A 点的电场强度小于B 点的电场强度 B ．A 点的电势高于B 点的电势C ．将负电荷从A 点移到B 点，电场力做正功D ．负电荷在A 点的电势能等于在C 点的电势能11．今年5月，信使号水星探测器陨落在水星表面．之前，工程师通过向后释放推进系统中的高压氦气来提升轨道，使其寿命再延长一个月，如图所示，释放氦气前，探测器在贴近水星表面的圆形轨道Ⅰ上做匀速圆周运动，释放氦气后探测器进入椭圆轨道Ⅱ，忽略探测器在椭圆轨道上所受阻力．则下列说法正确的是A ．探测器在轨道I 的运行周期比在轨道Ⅱ的大B ．探测器在轨道Ⅱ上某点的速率可能等于在轨道Ⅰ上速率C ．探测器在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上的E 处加速度相同D ．探测器在轨道Ⅱ上远离水星过程中，势能和动能均增大12．如图所示，中间有孔的物块A 套在光滑的竖直杆上，通过光滑滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，在Ａ上升过程中，下列判断正确的是 A ．拉力F 变大B ．杆对A 的弹力F N 不变C ．拉力F 的功率P 不变D ．绳子自由端的速率v 增大13．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构的俯视图，图中①和②为楔块，楔块的斜面倾角为θ；③和④为垫板；弹簧a 和弹簧b 质量不计；楔块与弹簧盒、垫板之间均有摩擦，在车厢互相撞击使垫板③向盒里压进的过程中A ．弹簧a 与弹簧b 的压缩量之比是cot θB ．弹簧a 与弹簧b 的压缩量之比是2tan θC ．当弹簧压缩到最短的时候，楔块①的速度一定为零D ．当弹簧压缩到最短的时候，垫板③的速度不一定为零 14．在水平面内固定一内壁光滑、不带电、绝缘的半圆型塑料细管，在管口M 和N 处分别固定电荷量为q1、q 2的正点电荷，管内靠近N 处放置一带正电的小球（带电量远小于q 1、q 2，小球的直径略小于管的内径）．小球由静止释放后，经过管内b 点时速度最大，经过a 、c 两点的速度大小相等，设a 、b 、c 三点的电势分别为φa 、φc ，则下列关系式正确的是 A ．φa ＜φ c B ．φa =φc C ．q 1＜q 2 D ．q 1＞q 2三、填空题．本题共3小题，共22分，将答案写在相应的横线上或题目指定位置．15．（６分）图甲中10分度游标卡尺（主尺的最小分度为1mm ）的读数为 cm ．图乙中螺旋测微器的读数为 mm ．16（８分）为了验证机械能守恒定律，某研究性学习小组的同学利用透明直尺和光电计时器设计了一套实验装置，如图所示．当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间，所用的光电门传感器可测的最短时间为0.01 ms.将具有很好挡光效果的宽度为d ＝3.8×10－3m 的黑色磁带贴在透明直尺上．实验时，将直尺从一定高度由静止释放，并使其竖直通过光电门．某同学测得各段黑色磁带通过光电门的时间Δt i 与图中所示的高度差Δh i ，并将部分数据进行了处理，结果如下表所示(表格中M 为直尺质量，取g ＝9.8 m/s 2)．（1）从表格中数据可知，直尺上磁带通过光电门的瞬时速度是利用v i＝Δt i求出的，请你简要分析该同学这样做的理由是________________________________．（2）请将表格中的数据填写完整．_________（3）通过实验得出的结论是________________________________________________．（4）根据该实验，请你判断下列ΔE k－Δh图象中正确的是（）A B C D17．（8分）如图是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻（10 Ω），R1是电阻箱（0～99.9 Ω），R是滑动变阻器，A1是电流表（0～0.6A，内阻r1未知），A2是电流表（0～0.6 A，内阻r2为5.0 Ω），E是电源（电动势10V，内阻很小）．实验具体步骤如下：（i）连接好线路，将滑动变阻器R调到最大；（ii）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调节滑动变阻器R，使A1示数I1＝0.3 A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2的示数I2；（iii）重复步骤（ii），再测量6组R1和I2的值；根据实验回答以下问题：（1）下图为本实验的实物电路，请根据电路图完成实物电路连线．AAAAR xA2R0R1A1SER（2）测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数仍为I1＝0.3A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值________（选填“不变”、“变大”或“变小”）．（3）根据实验得到的R1和I2的值，在坐标纸上画出R1与I2的关系如图，图线是一条直线，设直线的斜率为k，则R x＝________（用题中已知量和测量物理量的符号表示）．（4）根据以上实验得出R x＝______Ω．四、计算题．本题共3小题．共50分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18（16分）如图所示，足够长的收集板MN和半圆形匀强磁场相切，且与磁场的直线边界ＣＤ平行；磁场的圆心为O、半径为L，方向垂直纸面向内．现有大量质量为m、电量为q的带正电粒子，从O点沿纸面以相同速率v沿各个方向射入磁场，粒子的轨道半径也为L．不计粒子重力及粒子间的相互作用，求：（1）所加磁场磁感应强度的大小；（2）哪些入射方向（以速度方向与ＯＤ间夹角表示）的粒子通过磁场后能打到MN板上；（3）粒子通过磁场的最长时间．19（16分）如图所示，直角坐标系处于竖直面内，第一、二象限存在着平滑连接的光滑绝缘轨道．第一象限内的轨道呈抛物线形状，其方程为221x Ry =；第二象限内的轨道呈半圆形状，半径为R ，B 点是其最高点，且第二象限处于竖直方向的匀强电场中．现有一质量为m 、带电量为q 的带电小球，从与B 点等高的A 点静止释放，小球沿着轨道运动且恰能运动到B 点．重力加速度为g ，求（1）小球运动到O 点时对轨道的压力F ； （2）第二象限内匀强电场的场强大小E ； （3）小球落回抛物线轨道时的动能E k ．20（18分）如图所示，足够长的光滑斜面BC 倾角为θ，固定面AB 垂直于斜面．在斜面上放置质量为m 的长木板，木板中央放置质量为m 的小物块，木板和小物块间的动摩擦因数θμtan 23=，现同时给木板和小物块沿斜面向上的初速度0v ．假设木板与固定面AB 发生碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间速率相等，运动过程中小物块始终没有从木板上滑落．已知重力加速度为g ，求：（1）木板第一次上升的最大高度；（2）木板第二次与固定面AB 发生碰撞时的速率；（3）为使小物块和固定面AB 不发生碰撞，求木板长度的最小值．2015~2016学年度高三年级第一学期期中考试物理答案一、单项选择题．本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题意．1．B 2．D 3．D 4．C 5．A 6．C 7．B 8．A二、多项选择题．本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 9．AB 10．ABD 11．BC 12．AC 13．BD 14．BD三、填空题．本题共3小题，共22分，将答案写在相应的横线上或题目指定位置．15．5.46（3分） 2.185（3分）（2.184~ 2.186均可以）16．（1）瞬时速度等于极短时间或极短位移内的平均速度 （2分） （2）4.02M （2分）（3）在误差允许的范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量 （2分） （4）C （2分） 17．（1）见实物接线图 （2分） （2）变大 （2分）（3）R x ＝kI 1- r 2 (或R x ＝0.3k - r 2 ) （2分）（4）30 (29~31) （2分）四、计算题．本题共3小题．共50分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．（16分）解：（1）由洛伦兹力提供向心力得Lv m qvB 2=（3分）解得qLm vB =（3分）（2）刚好不能打到MN 上的粒子从磁场中出来后速度的方向与MN 平行，在磁场中运动的轨迹如图所示．轨迹圆弧对应的圆心角θ=60°，则入射的方向与直线边界之间的夹角是0~120°的粒子通过磁场后能打到MN 板上。
2015-2016学年江苏省南通市如皋市高三(上)期末物理试卷
2015-2016学年江苏省南通市如皋市高三（上）期末物理试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）下列各叙述中，正确的是（）A．重心、合力和平均速度等概念的建立都体现了等效替代的思想B．库伦提出了用电场线描述电场的方法C．伽利略巧妙地利用“月﹣地”推演，证明了天、地引力的统一D．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如电场强度E=，电容C=，加速度a=都是采用了比值法定义的2．（3分）如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，现用支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v匀速移动，运动过程中保持铅笔的高度不变，悬挂橡皮的那段细线保持竖直，则在铅笔未碰到橡皮前，下列说法正确的是（不计一切摩擦）（）A．橡皮的运动轨迹是一条直线B．橡皮在竖直方向上作匀加速运动C．绳中拉力T＞mg且逐渐减小D．橡皮在图示位置时的速度大小为v3．（3分）如图所示，用橡皮筋将一小球悬挂在可旋转的支架上，处于静止状态，现使支架由静止开始加速旋转，当角速度ω逐渐增大到某一值后保持该值不变，细线将偏离竖直方向某一角度．若不计空气阻力，橡皮筋仍在弹性限度内，与静止时在竖直位置相比，小球的高度（）A．一定升高B．一定降低C．刚好保持不变D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定4．（3分）点电荷M、N、P、Q的带电量相等，M、N带正电，P、Q带负电，它们分别处在一个矩形的四个顶点上，O为矩形的中心。
它们产生静电场的等势面如图中虚线所示，电场中a、b、c、d四个点与MNPQ共面，则下列说法正确的是（）A．如取无穷远处电势为零，则O点电势为零，场强为零B．O、b两点电势b＞φ0，O、b两点场强E b＜E OC．将某一正试探电荷从b点沿直线移动到c点，电场力一直做正功D．某一负试探电荷在各点的电势能大小关系为E a＜E b＜E O＜E d＜E c5．（3分）如图所示，一根质量为m、长为L、粗细均匀的金属直棒ab靠立在光滑弯曲的金属杆AOC上（开始时b离O点很近）．ab由静止开始在重力作用下运动，运动过程中a端始终在AO上，b端始终在OC上，ab刚好完全落在OC上（此时速度为0），整个装置放在一匀强磁场中，磁感应强度方向垂直纸面向里，则（）A．ab棒所受安培力的方向总是垂直于ab向上B．ab棒所受安培力方向先垂直于ab向上，后垂直于ab向下C．安培力先做正功后做负功，所以全过程安培力做功为零D．全过程产生的焦耳热为mgL二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分．6．（4分）“行星冲日”是指当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间且三者排成一条直线的天文现象．2014年4月9日发生了火星冲日的现象．已知火星和地球绕太阳公转的方向相同，轨道都可近似为圆，火星公转轨道半径为地球的1.5倍，以下说法正确的是（）A．火星的公转周期比地球大B．火星的运行速度比地球大C．火星的向心加速度比地球小D．不可能每年都出现火星冲日现象7．（4分）把一个电容器、电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接．先使开关S与1端相连，电源向电容器充电；然后把开关S掷向2端，电容器放电．与电流传感器相连接的计算机记录了这一过程中电流随时间变化的I﹣t曲线如图乙所示．下列关于这一过程的分析，正确的是（）A．在形成电流曲线1的过程中，电容器两极板间电压逐渐增大，电容器上极板带正电B．在形成电流曲线2的过程中，电容器的电容逐渐减小，电流从上极板流出C．曲线1与横轴所围面积等于曲线2与横轴所围面积D．S接1端，减小R的阻值，最终电容器的带电量将增大8．（4分）如图甲所示为理想调压变压器，原线圈A、B端的输入电压如图乙所示，则当此变压器工作时，以下说法正确的是（）A．若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头下滑时，电流表示数将变大B．若滑动触头P处于某一确定位置，当变阻器R的滑动触头上滑时，电压表示数增大C．若滑动触头P和变阻器R的滑动触头同时上移，则电流表示数一定变大D．若变阻器最大阻值为100Ω，且变阻器R的滑动触头置于最上端，则在滑动触头P滑动的过程中，电流表的电流变化范围为0～2.2 A9．（4分）如图所示，在矩形EFGH区域内有平行于HE方向的匀强电场．以GH 为直径的半圆分别与矩形相切于H、B、G点，A为半圆的圆心，C为BG的中点．一个带电粒子（不计重力）从图中H点沿HG方向射入电场后，恰好从F 点射出电场，以下说法中正确的是（）A．粒子的运动轨迹一定经过C点B．粒子的运动轨迹一定经过BC之间的某点C．若电场只存在于半圆区域内，粒子会由BF之间某点射出矩形EFGH区域D．若将粒子的初速度减为原来的一半，粒子恰好由B点射出矩形EFGH区域三、简答题10．（8分）某同学设计了如图1所示的装置来探究小车的加速度与所受合力的关系．将装有力传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0，以此表示小车所受摩擦力的大小．再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图2所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出了相邻计数点之间的距离，则小车加速度a=m/s2．（保留两位有效数字）]（2）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，记下小车加速运动时传感器的示数F2，获得多组数据，描绘小车加速度a与合力F（F=F2﹣F0）的关系图象，不计纸带与计时器间的摩擦，下列图象中正确的是．（3）在同一次实验中，若小车加速运动时传感器的示数为F2，释放小车之前传感器的示数为F1，则F1与F2的大小关系是：F2F1（选填“＜”、“=”或“＞”）．（4）关于该实验，下列说法中正确的是．A．小桶和砂的总质量应远小于小车和传感器的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．11．（10分）某同学到实验室做“测定电源电动势和内阻”的实验时，发现实验桌上还有一个定值电阻R0．他设计了如图甲所示的电路来测量电源电动势E、内阻r和R0的阻值．实验时用U1、U2、I分别表示电表V1、V2、A的读数，并将滑动变阻器的滑片P移动到不同位置时，记录了U1、U2、I的一系列值．（1）他在同一坐标纸上分别作出U1﹣I、U2﹣I图线，如图乙所示，则U1﹣I图线是图中（填“A”或“B”）（2）定值电阻R0的计算表达式是：R0=（用测得的U1、U2、I表示），若实验中的所有操作和数据处理无错误，实验中测得R0值（填“大于”、“等于”或“小于”）实际值．（3）若实验中没有伏特表V1，你能测出的量是（选填“电动势E”、“内阻r”或“R0”，下同）．（4）若实验中没有伏特表V2，你能测出的量是．[选修3-4]（12分）12．（4分）下列四幅图中关于机械振动和机械波的说法正确的是（）A．质点A、C之间的距离就是简谐波的一个波长B．实线为某时刻的波形图，此时质点M向下运动，经极短时间后波形图如虚线所示C．粗糙斜面上的金属球M在弹簧的作用下运动，该运动是简谐运动D．单摆的摆长为l，摆球的质量为m、位移为x，此时回复力为F=﹣13．（4分）某同学测量玻璃砖的折射率，准备了下列器材：激光笔、直尺、刻度尺、一面镀有反射膜的平行玻璃砖．如图所示，直尺与玻璃砖平行放置，激光笔发出的一束激光从直尺上O点射向玻璃砖表面，在直尺上观察到A、B 两个光点，读出OA间的距离为x1，AB间的距离为x2，测得图中直尺到玻璃砖上表面距离d1，玻璃砖厚度d2，则可计算出玻璃的折射率n．如果增大激光束与玻璃砖表面的夹角，则所测量得的折射率（选填“增大”、“不变”或“减小”）．如果实验室有厚度为d2、d3的两块玻璃砖，已知d2＜d3，为减小测量误差，可选择厚度为（选填“d2”或“d3”）的玻璃砖．14．（4分）一列简谐波沿+x轴方向传播，t0=0时刻波的图象如图所示，此刻波刚好传播至x1=10m处，在此后2s时间内x1=10m处的质点通过的总路程是20cm．求：①波沿x轴传播速度v；②x轴上x2=20m处的质点何时开始振动？开始振动时的方向如何？[选修3-5]（12分）15．（4分）下列说法中正确的是（）A．阴极射线来源于原子核B．光电效应表明了光具有粒子性C．玻尔原子模型中电子的轨道是可以连续变化的D．电子束通过铝箔形成的衍射图样证实了实物粒子的波动性16．（4分）如图所示，一带金属筒的验电器放置在锌板前，现用一束紫外光照射锌板，关灯后验电器的指针仍保持一定的偏角．如果用一带正电（带电量较少）的金属小球与验电器上的金属筒接触，则验电器指针的偏角将（选填“增大”、“不变”或“减小”）．如果使验电器指针回到零后，改用强度更大的弧光灯照射锌板，验电器指针偏角将比原来（选填“大”或“小”）．17．（4分）静止的Li核俘获一个速度的中子而发生核反应，生成两个新核．已知生成物中He的速度，其方向与反应前中子速度方向相同．①写出上述反应方程．②求另一生成物的速度．四、计算题：本题共3小题，共47分．解答时请写出必要的方字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．（15分）如图所示，竖直固定的足够长的光滑金属导轨MN、PQ，间距为L=0.2m，其电阻不计．完全相同的两金属棒ab、cd垂直导轨放置，每棒两端都与导轨始终良好接触，已知两棒质量均为m=0.01kg，电阻均为R=0.2Ω，棒cd放置在水平绝缘平台上，整个装置处在垂直于导轨平面向里的匀强磁场中，磁感应强度B=1.0T．棒ab在竖直向上的恒力F作用下由静止开始向上运动，当ab 棒运动x=0.1m时达到最大速度v m，此时cd棒对绝缘平台的压力恰好为零．g 取10m/s2，求：（1）ab棒的最大速度v m；（2）ab棒加速度的最大值；（3）ab棒由静止到最大速度过程中回路产生的焦耳热Q．19．（16分）如图甲所示为一风力实验示意图，一根足够长的固定细杆与水平面成θ=37°，质量为m=1kg的小球穿在细杆上静止于细杆底端O点，今用沿杆向上的恒定风力F作用于小球上，经时间t1=0.2s后撤去风力，小球沿细杆运动的一段v﹣t图象如图乙所示（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．试求：（1）小球与细杆之间的动摩擦因数；（2）0～0.2s内风力F的大小；（3）撤去风力F后，小球经多长时间返回底部．20．（16分）如图所示，真空中有以（r，0）为圆心、半径为r的圆柱形匀强磁场区域，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向里，在y=r的上方足够大的范围内，有方向水平向左的匀强电场，电场强度的大小为E，从O点向不同方向发射速率相同的质子，质子的运动轨迹均在纸面内．设质子在磁场中的轨道半径也为r，已知质子的电量为e，质量为m，不计重力及阻力的作用．求：（1）质子射入磁场时的速度大小；（2）速度方向沿x轴正方向射入磁场的质子，到达y轴所需的时间；（3）速度方向与x轴正方向成30°角（如图所示）射入磁场的质子，到达y轴的位置坐标，并画出质子运动轨迹的示意图．2015-2016学年江苏省南通市如皋市高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）下列各叙述中，正确的是（）A．重心、合力和平均速度等概念的建立都体现了等效替代的思想B．库伦提出了用电场线描述电场的方法C．伽利略巧妙地利用“月﹣地”推演，证明了天、地引力的统一D．用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如电场强度E=，电容C=，加速度a=都是采用了比值法定义的【解答】解：A、重心是物体各部分所受重力的作用点、合力与分力是等效关系，所以这两个概念的建立都体现了等效替代的思想，故A正确。
2024届江苏省如皋市物理高三第一学期期中经典试题含解析
2024届江苏省如皋市物理高三第一学期期中经典试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、光滑水平地面上有一质量为m的平板小车，小车上放一质量也为m的木块。
现给小车施加水平向右的恒力F，使小车与木块相对静止、一起向右运动。
运动一段距离后，小车与竖直墙壁发生碰撞，且速度立刻减为零。
已知木块与小车之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。
则A．该碰撞前木块不受摩擦力作用B．该碰撞前木块所受的摩擦力大小为μmgC．该碰撞后短时间内，木块所受的摩擦力大小为μmgD．该碰撞后短时间内，木块所受的摩擦力大小为2μmg2、下列说法正确的是A．由公式v＝ωr可知，人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越大B．由公式=GMvr可知，人造地球卫星的轨道半径越大则其速度越小C．地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的速度大于7.9km/sD．地球同步卫星在其圆形轨道上运行时的角速度小于地球自转的角速度3、如图所示，小车的质量为M，人的质量为m，且M＞m，人用恒力F拉绳，若不计滑轮与绳的质量，人与车保持相对静止，在光滑的水平面上从静止出发，向左前进距离s 时的速度为v，则此过程中，下列说法正确的是（）A．人做的功为F s B．车给人的摩擦力对人做功m MM m-+F s C．绳对小车的拉力做功12M v2D．此过程中，绳对小车做功的功率为F v4、发射地球同步通信卫星是将卫星以一定的速度送入预定轨道．地球同步通信卫星的发射场一般尽可能建在纬度较低的位置，这样做的主要理由是在该位置（ ） A ．地球对卫星的引力较大 B ．地球自转线速度较大 C ．重力加速度较大D ．地球自转角速度较大5、如图所示，弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块A 相连，当用力匀速抽出长木板B 的过程中，观察到弹簧秤的示数为4.0N ，若以a =g 匀加速抽出木板B ，弹簧秤的示数大小( )A ．一定大于4.0NB ．一定等于4.0NC ．一定小于4.0ND ．一定为零6、两球A 、B 在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A =1kg ，m B =2kg ，v A =6m/s ，v B =2m/s 。
2016年三月江苏省如皋中学普通高中学业水平测试模拟试卷物理详解
2016年三月江苏省如皋中学普通高中学业水平测试模拟试卷物理一、单项选择题：每小题只有一个．．．．选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分） 1．在公路的某些路段旁立了许多交通标志，如图1甲是路线指示标志，乙为限速标志，指示牌上各数字的意思是A ．甲是指位移，乙是平均速度B ．甲是指路程，乙是瞬时速度C ．甲是指位移，乙是瞬时速度D ．甲是指路程，乙是平均速度2．在《探究求合力的方法》的实验中，用一只弹簧测力计拉橡皮条时要和用两只弹簧测力计拉时结点的位置重合，这样操作主要采用的科学方法是（ ） A ．控制变量的方法 B ．等效替代的方法 C ．理论推导的方法 D ．理想实验的方法3．如图2所示，现在很多摄影师在拍摄汽车类广告时常常会采用―追拍法‖．拍摄时，将相机顺着汽车的运动方向，平稳地移动相机，使汽车在取景框中的位置始终不变，并在移动的同时按下快门，这样能拍出清晰的汽车和模糊的背景．摄影师选择的的参考系是（ ） A ．汽车 B ．地面 C ．步行的人 D ．太阳4．关于曲线运动，下列说法不正确的有( )A ．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动注 意 事 项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷包含选择题(第1题～第23题，共23题69分〉、非选择题(第24题～第28题，共5题31分)共两部分.考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效.本次考试时间为75分钟.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并放在桌面，等待监考员收回. 2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在本试卷及答题卡上. 3.请认真核对监考员在答题卡右上角所粘贴条形码上的姓名、准考证号是否与本人的相符合.4.答选择题必须用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案.答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效. 5.如有作图需要，可用2B 铅笔作答，并请加黑加粗画清楚. 图2 甲 乙B ．做曲线运动的物体，受到的合外力方向与速度方向一定不共线C ．做匀速圆周运动的物体，它所受的合外力一定指向圆心D ．做匀速圆周运动的物体，它所受的合外力是恒力5．如图3所示，一个重为80N 的物体置于光滑的水平面上，当用一个F=20N 的力竖直向上拉物体时，物体所受到的合力为（ ） A ．60N ， 方向竖直向下 B ．100N ，方向竖直向上 C ．0N ，D ．80N ，方向竖直向下6．关于功是否是矢量，下列说法中正确的是（ ） A ．因为力是矢量，所以功也可能是矢量 B ．因为功没有方向性，所以功一定是标量C ．因为力和位移都是矢量，所以功一定是矢量D ．因为功有正功和负功，所以功一定是矢量7．如图4为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置。
【全国百强校】江苏省如东高级中学2016届高三上学期期中考试物理试题解析(解析版)
一、本题共5小题，每小题3分，共15分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得3分，选错或者不答得0分1、下列做法属于防止静电产生危害的是A 、在高大的烟囱中安装静电除尘器B 、小汽车上装有一根露在外面的小天线C 、在高大的建筑物顶端安装避雷针D 、汽车制造厂车间里进行静电喷漆 【答案】C考点：考查了静电现象的应用与预防【名师点睛】关键是掌握静电的防止与应用的具体实例，理解每一个粒子中的原理，基础题，较简单 2、如图，直线a 和曲线b 分别是在平直公路上行驶的汽车甲、乙的位移时间图像，由图可知A 、在时刻1t ，甲车追上乙车B 、在时刻2t ，甲、乙两车运动方向相反C 、在1t 到2t 这段时间内，当乙车速率为零时两车相距最远D 、在1t 到2t 这段时间内，两车的平均速率相等 【答案】B【解析】考点：考查了位移时间图像【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x 的变化量x ∆3、如图所示，电路中电源的电动势为E ，内阻为r ，开关S 闭合后，当滑动变阻器R 的滑动片P 向左移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡123L L L 、、的亮度变化情况是A 、灯2L 变亮，灯13L L 、变暗B 、灯1L 变亮，灯23L L 、变暗C 、灯12L L 、变亮，灯3L 变暗 C 、灯23L L 、变亮，、灯1L 变暗 【答案】A 【解析】试题分析：图中变阻器与灯3L 并联后与灯2L 串联，再与灯1L 并联．灯1L 的电压等于路端电压．将滑动变阻器的滑片P 向左移动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I 增大，路端电压减小，则灯1L 变暗，流过灯2L 电流21I I I =-，I 增大，1I 减小，则2I 增大，灯2L 变亮．灯3L 的电压U 3=U-U 2，U 减小，U 2增大，U 3减小，3L 灯变暗，故A 正确考点：考查电路动态变【名师点睛】在分析电路动态变化时，首先要搞清电路的结构，然后按照“局部→整体→局部”顺序进行分析4、如图所示，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳结在墙C处并吊一重物P，在水平向右力缓缓拉起重物P过程中杆AB所受压力A、变大B、变小C、先变小再变大D、不变【答案】D考点：考查了共点力平衡条件【名师点睛】在解析力的动态平衡问题时，一般有两种方法，一种是根据受力分析，列出力和角度三角函数的关系式，根据角度变化进行分析解题，一种是几何三角形相似法，这种方法一般解决几个力都在变化的情况，列出力与三角形对应边的等式关系，进行解题分析5、如图甲所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在水平地面上，一小球放在轻弹簧的上端而不栓连，从静止开始向上运动的过程中，规定运动的起点为重力势能的零势能点，小球机械能E 随其位移大小x 的变化规律如图乙所示，且曲线与平行与x 轴的直线相切，则下列说法中正确的是（ ）A 、小球在10~x 这段位移上加速度一直减小B 、小球在10~x 这段位移上加速度先减小后变大C 、小球在12~x x 这段位移上先加速后减速运动D 、上升过程中，弹簧对小球做功为012E 【答案】B考点：考查了牛顿第二定律，功能关系，【名师点睛】本题关键是分析小球的受力情况来确定小球的运动情况．分析时，要抓住弹力与压缩量成正比的特点，要知道除重力以外的力对单个物体做功等于物体机械能的变化二、本题共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分6、北京时间7月24日，NASA 宣布开普勒太空望远镜发现了1400光年外天鹅座的“另一个地球”------开普勒452b ，开普勒452b 的直径为地球直径的1.6倍，表面的重力加速度为地球的2倍，公转周期为384天，距离其母行横（开普勒452）的距离为1.05天文单位（地球到其母星太阳的平均距离为一个天文单位），则下列判断正确的是A 、开普勒452的质量比太阳的质量略大B 、因为未知开普勒452b 和地球的密度关系，所以无法比较开普勒452b 和地球的质量大小C 、开普勒452b 的第一宇宙速度约为地球的1.8倍D 、因为未知开普勒452b 和地球的质量大小关系，所以无法比较开普勒452b 和地球的第一宇宙速度的大小 【答案】AC考点：考查了万有引力定律的一共有【名师点睛】在万有引力这一块，设计的公式和物理量非常多，在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算7、电荷量分别为1q 和2q 的两点电荷放在x 轴上的O 、M 两点，两电荷连线上各点电势 随x 变化的关系如图所示，其中A 、N 两点的电势均为零，ND 段中的C 点电势最高，则A 、A 点的电场强度为零B 、一负电荷在A 点的电势能小于在C 点的电势能 C 、1q 为正电荷，2q 为负电荷，且12q qD 、将一负点电荷从N 点移到D 点，电场力先做正功后做负功 【答案】CD考点：考查了电场强度，电势，电势能【名师点睛】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否8、一颗子弹以水平速度0v 穿透一块在光滑水平面上迎面滑来的木块后，二者运动方向均不变，设子弹与木块间相互作用力恒定，木块最后速度为v ，则 A 、0v 越大，v 越大 B 、0v 越小，v 越大 C 、子弹质量越小，v 越大 D 、木块质量越大，v 越大 【答案】AD【解析】试题分析：子弹穿透木块过程中，子弹与木块间相互作用力恒定，两者都做匀减速运动，子弹的位移与木v越大时，子弹块的位移大小之和等于木块的厚度．若质量不变，则两者的加速度不变，当子弹的初速度穿过木块的时间越短，且木块的位移越小，由于木块初速度和加速度不变，所以末速度v越大，如下图所示，故A正确B错误．考点：考查了速度时间图像【名师点睛】子弹的位移与木块的位移大小之和等于木块的厚度．通过v-t 图象比较可知，当0v 越大，其它不变时，子弹穿过木块时的位移越大，而木块的位移越小，由于加速度不变，所以木块末速度v 越大．当子弹质量越大时，加速度越小，子弹穿过木块时的位移越大，同理可得木块末速度v 越大．当木块质量越小时，其加速度越大，则末速度v 越小9、如图所示，电路中12R R 、均为可变电阻，电源内阻不能忽略，二极管D 为理想二极管，平行板电容器C 的极板水平放置，闭合开关S ，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两极板之间处于静止状态，下列操中，油滴仍然能保持静止的有A 、只增大1R 的阻值B 、只增大2R 的阻值C 、只增大两板间的距离D 、只断开开关S 【答案】BCD考点：考查了电容器的动态变化【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据4S C kd επ=判断电容器的电容变化情况，然后结合UE d=，QC U=等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变，注意二极管的作用10、验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，图中O 是打点计时器打的第一个点，用刻度尺测量连续的计时点A 、B 、C 、D 、E 、F 到O 点的距离分别是123456h h h h h h 、、、、、（1）已知打点计时器的打点周期为T ，可求出B 、C 、D 、E 各计数点对应小车的速度，其中E 点时小车运动的速度为E v =___________，小车运动的加速度a=____________（用123h h h 、、和T 表示）（2）测出重物下落的高度h 和小车运动的速度v ，并用天平测出重物和小车质量分别为M 和m ，已知当地的重力加速度为g ，则验证系统机械能守恒的表达式为_________________，利用测出的数据作出22v h -图像如图丙所示，则当图线的斜率接近___________时，即可验证系统机械能守恒 （3）本实验中产生的误差的可能原因是_____________ 【答案】（1）642E h h v T -=、31222h h h a T +-=（2）21()2Mgh m M v =+ ()Mg k m M =+ （3）存在摩擦阻力、读数误差等 【解析】试题分析：（1）根据匀变速直线运动过程中一段时间内的中间时刻速度等于该段时间内的平均速度可得642E h h v T -=，根据逐差法可得2BC AB x x aT -=，解得31222h h h a T+-=（2）减小的重力势能等于系统动能增加量，则系统机械能守恒，故有21()2Mgh m M v =+，变化可得 22()v Mg h m M =+，所以图像的斜率()Mg k m M =+ （3）小车在运动过程中存在摩擦阻力，定滑轮存在摩擦，纸带与限位孔间存在摩擦，测量长度时存在偶然误差等等考点：验证机械能守恒定律实验【名师点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，只有理解了这些才能真正了解具体实验操作的含义．做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即2x aT ∆=，二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度11、某同学通过实验描绘一个标有“3V ，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，现有电源（电动势6V ，内阻不计）、电流表0A （0-500μA ，内阻1000Ω）、定值电阻R 、开关和导线若干，其他可供选用的器材如下： A 、电流表（0~250mA ，内阻约5Ω） B 、电流表（0~0.6A ，内阻约为0.2Ω） C 、滑动变阻器（0~10Ω，额定电流1.0A ） D 、滑动变阻器（0~50Ω，额定电流0.2A ）（1）为了测定小灯泡上的电压，可以将电流表0A 串联定值电阻的阻值R=_______Ω，将其改装成一个量程为3.0V 的电压表（2）为减小测量误差并便于操作，实验中电流表应选用_________，滑动变阻器应选用________（选填器材前的字母）（3）如图甲是实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，请补充完成图甲中实物间的连线，（4）某同学在实验中测出9组对应的数据，已在图乙坐标中描出相应的点，请在图中作出小灯泡的伏安特性曲线，如果将这个小灯泡接到电动势为3.0V，内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是______W（结果保留两位有效数字）R=Ω（2）A、C（3）如图所示（4）如图所示，0.36W【答案】（1）5000考点：考查了描绘小灯泡伏安特性曲线【名师点睛】应明确：①当实验要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；②当待测电阻满足 V x x AR R R R 时，电流表应用外接法，满足 V x xAR R R R 时，电流表应用内接法；③表示电阻和电源的I-U 图线的交点表示通过电阻的电流和电阻两端电压 四、本题共5小题，共69分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位12、如图甲，一物体在t=0时刻以某一速度沿固定斜面下滑，物体运动到斜面底端与挡板碰撞时无机械能损失，其运动的v-t 图像如图乙所示，已知重力加速度210/g m s =，斜面的倾角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ（2）物体沿斜面上滑时的加速度大小a（3）物体能上滑的最大距离s【答案】（1）0.75μ=（2）212/a m s =（3） 1.5s m =y 方向上：cos370N mg -=，代入数据解得212/a m s =（3）物体沿斜面上滑的过程中做匀减速直线运动，末速度为零，时间0.5t s =，则运用逆向思维法有212s at =，代入数据得 1.5s m = 考点：考查了共点力平衡条件，力的合成与分解，牛顿第二定律【名师点睛】关键是分析清楚物体在各个过程中所处的状态，然后根据相应状态对应的规律解题，基础题，另外在分析匀减速直线运动时，可应用逆向思维看做匀加速直线运动去解题，这样比较方便13、如图所示，小车上有一个固定支架，支架上用长为L 的绝缘细线悬挂质量为m 、电量为+q 的小球，处于水平方向的匀强电场中（图中未画出），小车在竖直固定挡板右侧某处，向着挡板从静止开始做加速度a=g 的匀加速直线运动，此过程细线刚好保持竖直，当小车碰到挡板就立即停止运动，且此时电场方向变为竖直向下，电场强度大小保持不变，求小车停止后（1）匀强电场的电场强度大小（2）要使小球能在竖直平面内做完整的圆周运动，到达最高点时的最小速度min v ；（3）要使小球只在悬点下方的半圆周内运动，小车刚开始运动时其左侧与挡板的最大距离x【答案】（1）mg E q=（2）min v =3）2m x L =考点：考查了动能定理，圆周运动，牛顿第二定律【名师点睛】本题的关键是能分析出小球的运动和运动过程中遵循的规律，灵活应用机械能守恒和牛顿运动定律求解；小球绳模型在最高点的条件14、如图甲所示，质量分别为2m 和m 的A 、B 两物体通过足够长的细线绕过光滑轻质滑轮，轻弹簧下端与地面相连，B 放在弹簧上端但不栓接，A 放在光滑的固定斜面上，开始时用手按住A ，使细线刚好拉直且无拉力，滑轮左侧细线竖直，右侧细线与斜面平行，释放A 后它沿斜面下滑，物体B 在弹簧恢复原长之前的加速度随弹簧压缩量x 的变化规律如图乙所示，当弹簧刚好恢复原长时，B 获得的速度为v ，若重力加速度为g ，求（1）斜面倾角α（2）A 和B 刚开始运动时，细线中的张力0T（3）弹簧最大的弹性势能p E【答案】（1）030α=（2）03mg T =（3）232p mv E = 【解析】试题分析：（1）根据a-x 图像可知：当x =0时，a =0，故有2sin 0mg mg α-=，解得030α=（2）设刚释放A 时，弹簧的压缩量为0x ，则0kx mg =考点：考查了牛顿第二定律与图像，机械能守恒，【名师点睛】本题关键是对两个物体分别受力分析，得出物体B 速度最大时各个物体都受力平衡，然后根据平衡条件分析；同时要注意是那个系统机械能守恒，15、如图所示，在xoy 平面内，有沿x 轴正方向的匀强电场（图中未画出），一质量为m 、电荷量为+q 的粒子从O 点沿y 轴正方向以某一速度射入电场，A 、B 为其运动轨迹上的两点，且对应的横坐标B A x x L -=，已知该粒子在A 点的速度大小为v ，方向与电场方向的夹角为60°，当粒子运动到B 点时速度方向与电场方向的夹角为30°，不计粒子重力，求：（1）粒子的初速度0v（2）A 、B 两点间的电势差AB U（3）A 点的坐标(),A A x y【答案】（1（2）2AB mv U q =（3）8L ⎛ ⎝ 【解析】考点：考查了带电粒子在电场中的运动【名师点睛】带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同．先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直 线或曲线），然后选用恰当的规律解题．解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化 的观点，选用动能定理和功能关系求解16、如图所示，AB 、CD 均是固定在同一竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道，圆轨道半径均为R =0.800m ，下端点B 、C 间距L =0.900m ，与紧靠的水平传送带上表面处于同一高度，传送带沿逆时针方向的传动速度恒为v=1.00m/s ，一质量m=1.00kg 的小物块从圆弧顶点A 由静止开始沿轨道下滑，若物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.0200，不计物块经过轨道与传送带连接处B 、C 时的机械能损失，取210/g m s ，试求：（1）物块第一次沿CD 轨道上山的最大高度（2）物块从开始运动到第21次返回AB 轨道的过程中，在传送带上运动的时间（3）物块从第21次至第101次返回AB 轨道的过程中，与传送带间摩擦产生的热量【答案】（1）0.782H m =（2）37.5s m =（3）80'32.0Q Q J ==考点：考查了动能定理的应用，【名师点睛】在应用动能定理解题时，一定要弄清楚过程中哪些力做正功，哪些力做负功，哪些力不做功，弄清楚该过程中始末速度的变化，弄清楚做功力是不是过程量，然后列式求解高考一轮复习：。
江苏省南通市如皋市高一物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年江苏省南通市如皋市高一（上）期中物理试卷一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．下列说法正确的是( )A．很小的物体，比如原子核，一定能看成质点B．物体做单方向的直线运动时，通过的路程就是位移C．在空中运动的物体也可以选定为参考系D．运动速度大的物体不容易停，是因为物体速度越大，惯性越大2．飞机着落后以大小为6m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着落速度为60m/s，则它着落后15s内滑行的距离为( )A．225m B．300m C．450m D．400m3．某物体以40m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2，物体运动6s，则此过程中物体( )A．通过的路程为60mB．发生的位移大小为60m，方向竖直向上C．速度改变量的大小为20 m/sD．平均速度大小为10 m/s，方向竖直向下4．重力为6N的水杯静止放在水平桌面上，下列说法正确的是( )A．水杯的重力和它对桌面的压力是一对平衡力B．水杯的重力和它对桌面的压力是作用力与反作用力C．水杯的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力D．杯子受到的弹力是由于杯子发生弹性形变而产生的5．重为10N的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数μ=0.2，同时物体还受到一个大小为2N、方向水平向左的水平拉力F作用，如图所示，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是( )A．4 N，水平向右B．4 N，水平向左C．2 N，水平向右D．2 N，水平向左6．一轻质弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长4cm，现将重物向下拉2cm然后放开，则在刚放开的瞬时，重物体的加速度大小为（g=10m/s2）( )A．5m/s2B．7.5m/s2C．10m/s2D．15m/s27．如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间，设墙面对球的弹力大小为F N1，球对木板的压力大小为F N2，以木板与墙连接的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中( )A．F N1始终减小，F N2始终增大B．F N1始终减小，F N2始终减小C．F N1先增大后减小，F N2始终减小D．F N1先增大后减小，F N2先减小后增大二、多项选择题（本大题共4小题，每小题6分，共24分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的不得分）8．关于物体运动的速度和加速度的关系，下列说法中正确的是( )A．速度越大，加速度也一定越大B．速度变化得越快，加速度一定越大C．加速度的方向保持不变，速度方向也一定保持不变D．加速度的方向总是与速度变化量的方向相同9．如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F作用下向前匀速运动，已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，则下列判断正确的是( )A．物体受到的摩擦力为F•cosθB．物体受到的摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ10．如图是物体做匀变速直线运动的v﹣t图象，设向右为速度正方向，关于物体的运动情况，下列说法中正确的有( )A．前8 s内物体的位移为零B．在4 s末物体回到出发点C．4 s末物体的速度方向发生改变D．前8 s内物体的加速度保持不变11．如图所示，一条不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮分别与物块A、B相连，细绳两部分分别处于水平和竖直状态，桌面光滑，物块A和B的质量分别为M和m，重力加速度为g．现将系统由静止释放，在B落地前，下列判断正确的是( )A．物体B下降的加速度大小为B．物体B下降的加速度大小为C．物体A对桌面的压力的大小等于桌面对A的支持的大小D．轻绳的张力为mg三、实验题（本大题共1小题，每空3分，共18分，请将答案填写在答题纸相应的位置）12．（18分）某研究性学习小组在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，沙桶和沙的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到．（1）本实验主要用到的物理思想方法是__________A．理想实验法 B．控制变量法C．假设法 D．极限法（2）关于本实验，下列说法中正确的是__________A．当m远大于M时，才可以认为绳对小车的拉力大小近似等于沙和沙桶的重力B．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a=求出C．改变小车的质量重复实验时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，应先释放小车，后接通打点计时器的电源（3）如图2所示为某次实验得到的一条纸带示意图，相邻计数点间还有四个点没有画出．已知打点计时器所接电源的频率为50Hz．则打“2”点时对应的速度大小是__________m/s，纸带在0～6计数点间的加速度大小是__________ m/s2．（答案均保留两位有效数字），（4）如图3所示是某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a﹣F图线．其中图线不过原点的原因是__________，图线在末端弯曲的原因是__________．四、计算题：本题共2小题，共30分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（14分）如图所示，用轻绳AC和BC吊一重物，绳与竖直方向的夹角分别为30°和60°，绳不可伸长，求（答案可以保留根号）：（1）若重物的重力为G=10N，求绳AC和BC所受拉力分别为多大（绳子不断裂）？（2）若绳AC能承受的最大拉力为10N，绳BC能承受的最大拉力为15N．为使绳不断裂，则所挂物体的重力不能超过多少？14．（16分）一个质量为2kg的物体置于光滑的水平面上，受到一水平拉力F作用从静止开始出发，经2s速度增加到24m/s．（g取10m/s2）求：（1）拉力F的大小？（2）若撤去力F，改用大小与F相同，方向竖直向上的力F′来提升这个物体，物体的加速度为多大？（3）若用第（2）问中的F′来提升整个重物，作用4s后撤去F′，物体上升的最大高度（离地）为多大？2015-2016学年江苏省南通市如皋市高一（上）期中物理试卷一、单项选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．下列说法正确的是( )A．很小的物体，比如原子核，一定能看成质点B．物体做单方向的直线运动时，通过的路程就是位移C．在空中运动的物体也可以选定为参考系D．运动速度大的物体不容易停，是因为物体速度越大，惯性越大【考点】质点的认识；参考系和坐标系；惯性．【专题】直线运动规律专题．【分析】参考系可以任意选取，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示；路程表示运动轨迹的长度，在单向直线运动中，位移的大小等于路程．【解答】解：A、原子的质量很小，在研究原子内部结构的时候是不能看成质点的，故A错误；B、只有在单向直线运动中，位移的大小等于路程，但不能说路程就是位移，所以B错误；C、参考系的选择是任意的，可以是相对地面不动的物体，也可以是相对地面运动的物体，故C正确；D、惯性与速度无关，只与质量有关，故D错误．故选：C【点评】本题主要考查了参考系、质点、路程与位移的概念，注意惯性与速度无关，只与质量有关，难度不大，属于基础题．2．飞机着落后以大小为6m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着落速度为60m/s，则它着落后15s内滑行的距离为( )A．225m B．300m C．450m D．400m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机到停止所需的时间，再结合位移公式求出飞机着陆后15s内的位移．【解答】解：飞机着陆到停止所需的时间t=s＜15s．可知飞机在10s末停止运动，则飞机在前15秒内的位移等于10s内的位移，x=m故选：B【点评】本题考查运动学中的刹车问题，知道飞机速度减为零后不再运动，是道易错题．3．某物体以40m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2，物体运动6s，则此过程中物体( )A．通过的路程为60mB．发生的位移大小为60m，方向竖直向上C．速度改变量的大小为20 m/sD．平均速度大小为10 m/s，方向竖直向下【考点】竖直上抛运动；平均速度．【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由速度关系公式求出最大位移，由位移时间关系公式求解位移，由△v=at 求出速度的改变量，平均速率等于路程与时间的比值【解答】解：A、上升到最高点时所需时间为t=上升的高度为下降2s的高度为故6s内的路程为s=h1+h2=100m故A错误B、发生的位移为x=h1﹣h2=60m，方向向上，故B正确C、6s末的速度为v=v0﹣gt=40﹣10×6m/s=﹣20m/s，速度变化量为△v=﹣20﹣40m/s=60m/s，故C错误D、平均速度为，方向向上，故D错误故选：B【点评】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用4．重力为6N的水杯静止放在水平桌面上，下列说法正确的是( )A．水杯的重力和它对桌面的压力是一对平衡力B．水杯的重力和它对桌面的压力是作用力与反作用力C．水杯的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力D．杯子受到的弹力是由于杯子发生弹性形变而产生的【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】弹力是发生弹性形变的物体，由于要恢复原状，而对与它接触的物体产生的作用力．压力和支持力都是弹力，其施力物体是发生弹性形变的物体．水杯对桌面的压力与水杯的重力是两回事，不能说压力就是水杯的重力．根据平衡条件可知，桌面水杯的支持力等于水杯的重力．【解答】解：AB、水杯的重力与水杯对桌面的压力方向相同，不是平衡力、也不是作用力和反作用力，故AB错误；C、水杯的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力，故C正确；D、杯子受到的弹力是由于桌面发生弹性形变而产生的，故D错误．故选：C．【点评】本题中要注意压力和支持力都是弹力，弹力的施力物体是发生弹性形变的物体，受力物体是与之接触的物体．5．重为10N的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数μ=0.2，同时物体还受到一个大小为2N、方向水平向左的水平拉力F作用，如图所示，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是( )A．4 N，水平向右B．4 N，水平向左C．2 N，水平向右D．2 N，水平向左【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；方程法；摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力方向与物体间相对运动方向相反．题中物体相对于水平面向右运动，水平面对物体的滑动摩擦力方向向左．物体对水平面的压力大小等于物体的重力，根据f=μN 求解滑动摩擦力大小．【解答】解：物体相对于水平面向右运动，水平面对物体的滑动摩擦力方向向左．物体对水平面的压力大小N=G=10N，则水平面对物体的摩擦力的大小f=μN=0.2×10N=2N，故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】本题考查对滑动摩擦力大小的计算能力和方向的判断能力．注意滑动摩擦力方向总是与物体间相对运动方向相反，不是一定与运动方向相反或拉力的方向相反．6．一轻质弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长4cm，现将重物向下拉2cm然后放开，则在刚放开的瞬时，重物体的加速度大小为（g=10m/s2）( )A．5m/s2B．7.5m/s2C．10m/s2D．15m/s2【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据平衡，结合胡克定律求出重物的质量的表达式，再根据牛顿第二定律求出物体的瞬时加速度．【解答】解：根据平衡知，mg=kx1，则m=，将重物向下拉2cm然后放开，则在刚放开的瞬时，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律得：a===．故选：A．【点评】本题考查了牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用，知道释放物体的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解．7．如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间，设墙面对球的弹力大小为F N1，球对木板的压力大小为F N2，以木板与墙连接的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中( )A．F N1始终减小，F N2始终增大B．F N1始终减小，F N2始终减小C．F N1先增大后减小，F N2始终减小D．F N1先增大后减小，F N2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据平衡条件得到两个支持力的情况；然后根据牛顿第三定律得知，木板对球的支持力大小等于球对木板的压力大小．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力N1和木板的支持力N2，如图所示：根据平衡条件得：F N1=Gcotθ，F N2=木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置θ增大，则F N1始终减小，F N2始终减小；故选：B．【点评】本题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法直观反映力的变化情况．二、多项选择题（本大题共4小题，每小题6分，共24分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的不得分）8．关于物体运动的速度和加速度的关系，下列说法中正确的是( )A．速度越大，加速度也一定越大B．速度变化得越快，加速度一定越大C．加速度的方向保持不变，速度方向也一定保持不变D．加速度的方向总是与速度变化量的方向相同【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=，加速度等于速度的变化率．物体的速度变化量大，加速度不一定大．加速度与速度无关．【解答】解：A、速度大，加速度不一定大．比如以较大的速度做匀速直线运动，速度虽然很大，但加速度很小，为0．故A错误．B、加速度是反映速度变化快慢的物理量．加速度大，速度变化快．故B正确．C、加速度的方向保持不变，速度方向可以改变，例如平抛运动，故C错误D、加速度的方向总是与速度变化量的方向相同，故D正确故选BD．【点评】本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决．9．如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F作用下向前匀速运动，已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，则下列判断正确的是( )A．物体受到的摩擦力为F•cosθB．物体受到的摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθ【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动，对此受力分析，运用力的合成，分别列出竖直方向平衡方程；水平方向由牛顿第二定律列出方程．【解答】解：对物体受力分析，如图所示，则有A、由共点力的平衡可知，物体受到的摩擦力等于F水平方向的分力，即f=Fcosθ；故A正确；B、由滑动摩擦力公式可知，物体受到的摩擦力为f=μN=μ（mg﹣Fsinθ），故B错误；C、物体对地面的压力与地面对物体的支持力是作用力与反作用力，而支持力等于mg﹣F•sinθ，故C错误，D正确；故选：AD．【点评】本题考查学会对物体受力分析，并运用力的平行四边形定则处理不在同一直线上但在同一平面上的力．对于滑动摩擦力，关键抓住滑动摩擦力与物体对地面的压力成正比，而不是与重力成正比．10．如图是物体做匀变速直线运动的v﹣t图象，设向右为速度正方向，关于物体的运动情况，下列说法中正确的有( )A．前8 s内物体的位移为零B．在4 s末物体回到出发点C．4 s末物体的速度方向发生改变D．前8 s内物体的加速度保持不变【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】比较思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】在速度时间图象中，每一点的纵坐标代表瞬时速度，时间轴上方速度为正，时间轴下方速度为负；斜率代表加速度；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．结合这些知识分析．【解答】解：A、根据速度图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，则知前8s内物体的位移为零，故A正确．B、前4s内物体一直向右运动，则4s末物体没有回到出发点，故B错误．C、4s末物体的速度由向右变向左，速度方向发生改变，故C正确．D、根据图象的斜率等于加速度，直线的斜率一定，可知前8 s内物体的加速度保持不变，故D正确．故选：ACD．【点评】解决本题的关键是理解速度时间图象点、斜率和面积的物理意义，可结合几何知识分析速度图象所反映的物体运动规律．11．如图所示，一条不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮分别与物块A、B相连，细绳两部分分别处于水平和竖直状态，桌面光滑，物块A和B的质量分别为M和m，重力加速度为g．现将系统由静止释放，在B落地前，下列判断正确的是( )A．物体B下降的加速度大小为B．物体B下降的加速度大小为C．物体A对桌面的压力的大小等于桌面对A的支持的大小D．轻绳的张力为mg【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】定量思想；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】隔离分析，在B落地前，抓住A、B的加速度大小相等，根据牛顿第二定律求出加速度大小，作用力与反作用大小相同，方向相反【解答】解：A、对B，由牛顿第二定律得m B g﹣T=m B a1同理，对A：T=m A a1解得，F=故AD错误，B正确C、物体A对桌面的压力与桌面对A的支持力为作用力和反作用力，故大小相等，故C正确；故选：BC【点评】本题考查了牛顿第二定律，抓住作用力与反作用力大小相同，方向相反即可三、实验题（本大题共1小题，每空3分，共18分，请将答案填写在答题纸相应的位置）12．（18分）某研究性学习小组在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，沙桶和沙的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到．（1）本实验主要用到的物理思想方法是BA．理想实验法 B．控制变量法C．假设法 D．极限法（2）关于本实验，下列说法中正确的是CA．当m远大于M时，才可以认为绳对小车的拉力大小近似等于沙和沙桶的重力B．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a=求出C．改变小车的质量重复实验时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，应先释放小车，后接通打点计时器的电源（3）如图2所示为某次实验得到的一条纸带示意图，相邻计数点间还有四个点没有画出．已知打点计时器所接电源的频率为50Hz．则打“2”点时对应的速度大小是0.81m/s，纸带在0～6计数点间的加速度大小是2.0 m/s2．（答案均保留两位有效数字），（4）如图3所示是某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a﹣F图线．其中图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，图线在末端弯曲的原因是不满足m＜＜M．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）在探究加速度与物体质量、受力关系的实验中，应该使用控制变量法．（2）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤．（3）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点2的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度．（4）当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，是没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不足引起的．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，否则图象将会发生弯曲．【解答】解：（1）探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小；探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量；这种实验方法是控制变量法．（2）A、当m远小于M时，才可以认为绳对小车的拉力大小近似等于沙和沙桶的重力，故A 错误．B、小车的加速度通过纸带进行求解，不能通过牛顿第二定律进行求解，故B错误．C、改变小车的质量重复实验时，不需要重新平衡摩擦力，故C正确．D、实验时应先接通电源，再释放纸带，故D错误．故选：C．（3）点2的瞬时速度m/s=0.81m/s，根据△x=aT2，运用逐差法得，a===2.0m/s2．（4）图线不过原点表明当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，是没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力不足引起的．图线在末端弯曲的原因是F较大时，钩码重力与绳的拉力有较大的差异，从而产生很大的误差．即不满足m＜＜M．故答案为：（1）B （2）C （3）0.81，2.0 （4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，不满足m＜＜M【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．四、计算题：本题共2小题，共30分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（14分）如图所示，用轻绳AC和BC吊一重物，绳与竖直方向的夹角分别为30°和60°，绳不可伸长，求（答案可以保留根号）：（1）若重物的重力为G=10N，求绳AC和BC所受拉力分别为多大（绳子不断裂）？（2）若绳AC能承受的最大拉力为10N，绳BC能承受的最大拉力为15N．为使绳不断裂，则所挂物体的重力不能超过多少？【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】简答题；定性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】以结点C为研究对象作出受力分析图，分析BC、AC两绳拉力的大小，确定哪根绳子的拉力先达到最大．再根据受力平衡列方程解得结果．【解答】解：（1）重物对结点C的拉力等于重物的重力，对C点受力分析，如图所示：根据平衡条件得：F AC=Gsin30°=10×sin30°=5NF BC=Gcos30°=10×cos30°=5N（2）若绳子不断，当F AC=10N时，F BC==10＞15N，所以BC先断当F BC=15N时，G'==10N答：（1）若重物的重力为G=10N，则绳AC和BC所受拉力分别为5N和5N；（2）若绳AC能承受的最大拉力为10N，绳BC能承受的最大拉力为15N．为使绳不断裂，则所挂物体的重力不能超过10N．【点评】本题是动力学中临界问题，分析临界条件是关键．当绳子刚要被拉断时，绳子的拉力达到最大值，是常用的临界条件14．（16分）一个质量为2kg的物体置于光滑的水平面上，受到一水平拉力F作用从静止开始出发，经2s速度增加到24m/s．（g取10m/s2）求：（1）拉力F的大小？（2）若撤去力F，改用大小与F相同，方向竖直向上的力F′来提升这个物体，物体的加速度为多大？（3）若用第（2）问中的F′来提升整个重物，作用4s后撤去F′，物体上升的最大高度（离地）为多大？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据速度时间公式求的加速度（2）根据牛顿第二定律求的加速度；（3）由运动学公式分别求的加速和减速时的位移即可求得【解答】解：（1）由v=v0+at得则F=ma=2×12N=24N（2）（3）物体在拉力作用下上升的高度撤去拉力时物体的速度为v=at=2×4m/s=8m/s接下来物体做匀减速直线运动，速度为零时上升的高度。
江苏省如皋市2016届高三物理上册12月调研检试卷
知识改变命运2015～2016学年度高三年级第一学期教学质量调研（三）物理试卷（分值120分，时间100分钟）一、单项选择题:本题共8小题，每小题3分，共计24分。
每小题只有一个．．．．选项符合题意．1．2015年7月18日，极具观赏性的世界悬崖跳水赛在葡萄牙亚速尔群岛成功举办。
选手们从悬崖上一跃而下，惊险刺激的场景令观众大呼过瘾。
如图所示，为一选手从距离水面高为20米的悬崖上跳下，选手受到的空气阻力跟速度成正比（g 取10m/s 2），则以下说法正确的是 A ．选手在下落过程中，加速度a 与速度v 的方向始终相反 B ．选手入水时速度一定达到最大C ．选手从开始跳下到入水的时间一定大于2秒D ．选手在空中下落过程机械能增大，入水后机械能减小2．如图，P 为桥墩，A 为靠近桥墩浮在水面的叶片，波源S 连续振动，形成水波，此时叶片A 静止不动，为使水波能带动叶片振动，可用的方法是 A ．提高波源频率 B ．降低波源频率 C ．增加波源距桥墩的距离 D ．增大波源的振幅3． 中国在西昌卫星发射中心用“长征三号 丙”运载火箭，将第十一颗“北斗”导航卫星成功送入太空预定转移轨道，这是一颗地球静止轨道卫星。
“北斗”导航卫星定位系统由静止轨道卫星（同步卫星)、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成，中轨道卫星轨道半径约为27900公里，静止轨道卫星的半径约为42400公里。
下列说法正确的是 A ．静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度小B ．静止轨道卫星和中轨道卫星的线速度均大于地球的第一宇宙速度C ．中轨道卫星的周期大于同步卫星周期D ．地球赤道上随地球自转物体的向心加速度比静止轨道卫星向心加速度大4．如图所示，粗糙倾斜的传送带静止不动，将物块从传送带顶端由静止释放，滑到底端所需要的时间为t 。
假如当物块滑到传送带中点时，传送带突然以某一恒定速度转动起来，此时物块从顶端由静止释放滑到底端所需要的时间为/t A ．若传送带逆时针转动，则时间/t 可能大于t B ．若传送带逆时针转动，则时间/t 一定大于t C ．若传送带顺时针转动，则时间/t一定小于tD ．若传送带顺时针转动，则时间/t 一定等于t 5．下列说法正确的是第1题知识改变命运A ．多普勒效应是由于波的干涉引起的B ．声波从空气进入水中波长变长，光波从空气进入水中波长变短C ．电磁波中最容易发生衍射的是γ射线D ．紫外线的波长比伦琴射线的波长长，有很强的热效应和荧光效应6．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x 轴正方向运动，其电势能E P 随位移x 变化的关系如图所示，其中0～x 2段是对称的曲线，2x ～3x 段是直线，则下列说法不正确的是 A ．1x 处电场强度为零B ．1x 、2x 、3x 处电势1ϕ、2ϕ、3ϕ的关系为1ϕ＞2ϕ＞3ϕC ．粒子在2x ～3x 段速度v 随x 均匀减小；D ．2x ～3x 段是匀强电场。
高三物理-2016届高三上学期期中考试物理试题
2015---2016学年第一学期 期中考试高三年级物理试卷命题人: 徐 军 审稿人: 邵 敏 华一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题只有一个选项符合题意． 1、下列说法中不正确．．．的是( ) A ．根据速度定义式tx v ∆∆=，当t ∆当非常非常小时，t x ∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度．该定义应用了极限思想方法．B ．库伦在前人研究的基础上通过扭秤实验研究得出了库伦定律C ．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似 看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加．这里采用了微元法．D ．牛顿提出了万有引力定律，通过实验测出了万有引力常量。
2、如图所示，质量为m 的木块A 放在斜面体B 上，若A 和B 沿水平方向以相同的速度v 0一起向左做匀速直线运动，则斜面体B 对A 的作用力大小为( ) A. mg B. mgsin θ C. mgcos θ D. 03、如图所示，质量为M 的小车放在光滑的水平面上．小车上用细线悬吊一质量为m 的小球，M ＞m ．现用一力F 水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a 向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T ；若用另一力'F 水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度'a 向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为'T ．则 ( )A ．''a a T T ==，B ．a' >a T '=T ，C ．a'<a T '=T ，D ．a'>a T '>T ， 4、如图所示，质量m =1kg 、长L =0.8m 的均匀矩形薄板静止在水平桌面上，其右端与桌子边缘相平．板与桌面间的动摩擦因数为μ=0.4．现用F =5N 的水平力向右推薄板，使它翻下桌子，力F 做的功至少为（g 取10m/s 2）( ) A ．1J B ．2J C ．4J D ．1.6J5、如图甲所示,Q 1、Q 2为两个被固定的点电荷,其中Q 1带负电,a 、b 两点在它们连线的延长线上.现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a 点开始经b 点向远处运动(粒子只受电场力作用),粒子经过a 、b 两点时的速度分别为v a 、v b ,其速度图像如图乙所示.以下说法中不正确的是( )A.Q 2一定带正电B.Q 2的电量一定大于Q 1的电量C.b 点的电场强度一定为零D.整个运动过程中,粒子的电势能先增大后减小轨道2二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，满分16分．每题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 6、2008年9月25日至28日我国成功实施了“神舟”七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱。
高三物理-南通市如皋县2016届高三上学期一轮复习模拟物理试题
江苏省南通市如皋县2016届高三物理一轮复习模拟试题（PDF含解析）一．选择题（共11小题）1．如图是一种台灯亮度调节器电路图，圆环为电阻丝，P为可调节滑片，下列说法中正确的有（）A．P在b点，灯最亮B．P在c点，灯最亮C．P从a点滑向b点过程中，电流逐渐增大D．P从a点滑向b点过程中，电流逐渐减少2．如图所示，有三个电阻，已知R l：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U l：U2为（）A．1：6B．1：9C．1：3D．1：23．如图所示是一个电路的一部分，其中R1=10Ω，R2=4Ω，R3=4Ω，I1=0.3A，I2=0.5A，那么电流表测得的电流为（）A．0.25A，方向向右B．0.15A，方向向左C．0.75A，方向向左D．0.35A，方向向右4．仪器中常用两个阻值不同的可变电阻来调节电路的电流，一个作粗调，一个作细调，这两个变阻器可以按图甲串联起来或按图乙并联起来再接入电路．已知R1阻值较大，R2阻值较小，则（）A．图甲中R1作粗调B．图甲中R1作细调C．图乙中R2作粗调D．图乙中R2作细调5．如图所示，电阻R1、R2串联在12V的电路中，R1=6kΩ，R2=3kΩ．当用电阻不是远大于R1和R2的电压表0～3V量程测量R2两端的电压时，电压表的读数是3V．当用该电压表0～15V量程测量R1两端的电压时，电压表的读数为（）A．9V B．7.5V C．8V D．6V6．图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程减小D．上述说法都不对7．图甲所示的电路中，电流表A1指针指满刻度，电流表A2的指针指满刻度的处；图乙中，A2指针指满刻度，A1指针指满刻度的处．已知A1的内阻为0.45Ω，则A2的电阻为（）A．0.1ΩB．0.15ΩC．0.3ΩD．0.6Ω8．分别用图（a）、（b）两种电路测量同一未知电阻的阻值．图（a）中两表的示数分别为3V、4mA，图（b）中两表的示数分别为4V、3.9mA，则待测电阻R x的真实值为（）A．略小于1kΩB．略小于750ΩC．略大于1kΩD．略大于750Ω9．将两个相同的灵敏电流计表头，分别改装成一只较大量程电流表和一只较大量程电压表，一个同学在做实验时误将这两个表串联起来，则（）A．两表头指针都不偏转B．两表头指针偏角相同C．改装成电流表的表头指针有偏转，改装成电压表的表头指针几乎不偏转D．改装成电压表的表头指针有偏转，改装成电流表的表头指针几乎不偏转10．一个电压表由电流表G与电阻R串联而成，若在使用中发现电压表读数总比正确值稍小一些，采用以下哪种方法可以改进（）A．在R上串联一比R小得多的电阻B．在R上串联一比R大得多的电阻C．在R上并联一比R小得多的电阻D．在R上并联一比R大得多的电阻11．相同的电流表分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2，A1的量程大于A2的量程，V1的量程大于V2的量程，把它们接入图所示的电路，闭合开关后（）A．A1的读数比A2的读数大B．A1指针偏转角度比A2指针偏转角度大C．V1的读数比V2的读数大D．V1指针偏转角度比V2指针偏转角度大二．解答题（共8小题）12．在“把小量程电流表改装成电压表”的实验中，给出的器材有：A．电流表（量程为200μA，内阻约为200Ω）B．标准电压表（量程为2V）C．电阻箱（0～999.9Ω）D．滑动变阻器（0～200Ω）E．电位器（0～47kΩ，电位器相当于滑动变阻器）F．电源（电动势为2V，有内阻）G．电源（电动势为6V，有内阻）H．开关两个，导线若干（1）首先要用“半偏法”测定电流表的内阻．如果采用如图1所示的电路测定电流表的内电阻并且要想得到较高的精确度，那么以上给出的器材中，电阻R l应选用，电阻R2应选用，电源应选用．（填写所选仪器前的字母即可）（2）该实验操作的步骤有：A．闭合S1；B．闭合S2；C．观察R1的阻值是否最大，如果不是，将R1的阻值调至最大；D．调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；E．调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半；F．记下R2的阻值．把以上步骤的字母代号按实验的合理顺序填写在横线上：．（3）如果在步骤F中所得的R2的阻值为200Ω，则图中被测电流表的内阻R g的测量值为Ω，该测量值比实际值略（选填“大”、“小”）．（4）如果要将图中的电流表改装成量程为2V的电压表，则改装的方法是电流表应联一个阻值为Ω的电阻．（5）按上述方法将电流表与电阻箱改装成一电压表．现要对此电压表进行校准，所用的电路原理如图2所示，图3中给出了实验器材的实物图，请按原理图的要求连成实验电路．（6）在校准的过程中，发现新改装的电压表比标准电压表的读数略小，则应适当（选填“增大”或“减小”）电阻箱的阻值．13．某同学欲将量程为200μA的电流表G改装成电压表．①该同学首先采用如图所示的实验电路测量该电流表的内阻R g，图中R1、R2为电阻箱．他按电路图连接好电路，将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后，他应该正确操作的步骤是．（选出下列必要的步骤，并将其序号排序）a．记下R2的阻值b．调节R1的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度c．闭合S2，调节R1和R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半d．闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表的指针偏转到满刻度的一半②如果按正确操作步骤测得R2的阻值为500Ω，则R g的阻值大小为；（填写字母代号）A.250ΩB.500ΩC.750ΩD.1000Ω③为把此电流表G改装成量程为2.0V的电压表，应选一个阻值为Ω的电阻与此电流表串联．14．将一只量程10mA、内阻未知的电流表改装成量程1A的安培表，提供的实验器材如下：电源：1.5V干电池2节电流表G（量程10mA）安培表A1（量程0.6A）安培表A2（量程2A）定值电阻R A=200Ω定值电阻R B=5Ω定值电阻R C=2Ω电阻箱R（0～99.99Ω）滑动变阻器R0（0～10Ω）开关、导线若干（1）测量电流表的内阻R g，某同学设计了如图1所示的电路，其中定值电阻R2选择了R B，则R1应该选择；（2）实验过程中改变R0的阻值，测得电流表G和安培表A1的读数I g、I如下，请在图3I g ﹣I坐标系中作出图线，根据图线可求出电流表内阻R g=Ω；I g/mA 2.4 4.0 6.08.410.0I/A0.120.200.300.420.50（3）将电阻箱与电流表G并联改装成量程为1A的安培表，电阻箱取值为Ω；（4）图2是对改装电流表进行校对的实物电路，部分电路没有连线，请正确完成电路连线．15．某实验小组要描绘一个标有“3.8V，1W”的小灯珠R L的R～U曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A．电压表V（量程5V，内阻约为5kΩ）B．直流电源E（电动势4.5V，内阻不计）C．电流表A1（量程150mA，内阻约为2Ω）D．电流表A2（量程300mA，内阻约为1Ω）E．滑动变阻器R1（阻值0～10Ω）F．滑动变阻器R2（阻值0～200Ω）（1）实验中为较准确测量、方便调节，电流表应选用，滑动变阻器应选用（填写仪器符号）；（2）要求实验中小灯珠电压从零逐渐增大到额定电压，测量误差尽可能小．请你为该实验小组设计电路图，画在答题纸方框中（3）据实验数据，计算并描绘出了R﹣U的图象，如乙图所示．由图象可知，当所加电压为3.00V时，灯珠实际消耗的电功率为W．假设灯丝电阻R与其温度t的关系是R=k（t+273）（k为比例系数），室温为27℃，可知该灯珠正常发光时，灯丝的温度约为℃；（4）小灯珠的电功率P随电压U变化的图象及其伏安特性曲线可能分别是图丙中的．A．①和③B．①和④C．②和③D．②和④16．如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I﹣U特性曲线的实验电路图．①根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整．②开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于端（选填“A”、“B”或“AB 中间”）③实验中测得有关数据如下表：0.400.80 1.20 1.60 2.00 2.40 2.80U/VI/A0.100.160.200.230.250.260.27根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I﹣U特性曲线．17．某实验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”实验，实验室提供如下器材：热敏电阻R t（常温下约8kΩ）、温度计电流表A（量程1mA，内阻约200Ω）电压表V（量程3V，内阻约10kΩ）电池组E（4.5V，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）开关S、导线若干、烧杯和水．（1）根据提供器材的参数将图1所示的实物图中所缺的导线补接完整．（2）实验开始前滑动变阻器的滑动触头P应置于端（填“a”或“b”）．（3）利用补接完整的实验装置测量出不同温度下的电阻值，画出该热敏电阻的R t﹣t图象如图2中的实测曲线，与图中理论曲线相比二者有一定的差异．除了偶然误差外，下列关于产生系统误差的原因或减小系统误差的方法叙述正确的是．（填选项前的字母，不定项选择）A．电流表的分压造成电阻的测量值总比真实值大B．电压表的分流造成电阻的测量值总比真实值小C．温度升高到一定值后，电流表应改为外接法（4）将本实验所用的热敏电阻接到一个电流较大的恒流电源中使用，当电流通过电阻产生的热量与电阻向周围环境散热达到平衡时，满足关系式I2R=k（t﹣t0）（其中k是散热系数，t是电阻的温度，t0是周围环境温度，I为电流强度），电阻的温度稳定在某一值．若通过它的电流恒为50mA，t0=20℃，k=0.25w/℃，由实测曲线可知该电阻的温度稳定在℃．18．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x约为200Ω，电压表的内阻约为2kΩ，电流表的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式R x=计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数．若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别极为R x1和R x2，则（填“R x1”或“R x2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值R x1（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值R x2（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．19．用以下器材测量一待测电阻R x的阻值（900～1000Ω）：电源E，具有一定内阻，电动势约为9.0V；电压表V1，量程为1.5V，内阻r1=750Ω；电压表V2，量程为5V，内阻r2=2500Ω；滑线变阻器R，最大阻值约为100Ω；单刀单掷开关K，导线若干．（1）测量中要求电压表的读数不小于其量程的，试画出测量电阻R x的一种实验电路原理图（原理图中的元件要用题图中相应的英文字母标注）．（2）根据你所画的电路原理图在题给的实物图上画出连线．（3）若电压表V1的读数用U1表示，电压表V2的读数用U2表示，则由已知量和测得量表示R x的公式为R x=．江苏省南通市如皋县2016届高三物理一轮复习模拟试题（PDF含解析）参考答案与试题解析一．选择题（共11小题）1．如图是一种台灯亮度调节器电路图，圆环为电阻丝，P 为可调节滑片，下列说法中正确的有（）A ．P 在b 点，灯最亮B ．P 在c 点，灯最亮C ．P 从a 点滑向b 点过程中，电流逐渐增大D ．P 从a 点滑向b 点过程中，电流逐渐减少【考点】串联电路和并联电路．【分析】根据变阻器接入电路的电阻如何变化，分析电流如何变化，即可分析灯的功率情况，从而确定其亮度变化．【解答】解：A 、P 在a 点，变阻器接入电路的电阻最小，电路中电流最大，则灯消耗的功率最大，灯最亮；b 点时电阻不是最小；灯不是最亮；故AB 错误；C 、P 从a 点滑向b 点过程中，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律得知电流逐渐减少，故D 正确，C 错误．故选：D ．【点评】本题关键要正确分析出变阻器电阻的变化，运用欧姆定律进行动态变化分析．2．如图所示，有三个电阻，已知R l ：R 2：R 3=1：3：6，则电路工作时，电压U l ：U 2为（）A ．1：6B ．1：9C ．1：3D ．1：2【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】根据串并联电路特点求出电阻关系，然后再由串并联电路特点及欧姆定律求出电压关系．【解答】解：设R l =R ，由于R l ：R 2：R 3=1：3：6，则R 2=3R ，R 3=6R ，R 并==2R ，通过串联电路的电流I 相等，则U l ：U 2=IR l ：IR 并=1：2；故选D．【点评】熟练应用串并联电路特点i欧姆定律即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题．3．如图所示是一个电路的一部分，其中R1=10Ω，R2=4Ω，R3=4Ω，I1=0.3A，I2=0.5A，那么电流表测得的电流为（）A．0.25A，方向向右B．0.15A，方向向左C．0.75A，方向向左D．0.35A，方向向右【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】分别求出R1两端的电压和R2两端的电压，然后判断根据电位确定R3两端的电压以及电流的方向，再根据求出通过R3的电流，最后根据节点法确定通过电流表电流的方向和大小．【解答】解：R1两端的电压U1=I1R1=0.3×10Ω=3VR2两端的电压U2=I2R2=0.5×4=2VR1左端与R2的左端电位相等，U1＞U2，则R1右端的电位低于R2右端的电位．R3两端的电压U3=U1﹣U2=3V﹣2V=1V通过R3的电流I3=，R3上端电位低，下端电位高，电流方向由下向上．因此用节点法可知通过电流表的电流方向向左．设电流表的示数为I A，对于电流表左端的节点，流入节点的电流等于流出节点的电流．即I A+I2=I3电流表的示数I A=I3﹣I2=0.25A﹣0.5A=0.25A，方向向右，故A正确，BCD错误．故选：A【点评】本题考查欧姆定律的应用和电流方向的判断，本题涉及电位的概念，以及节点法判断电流方向以及电流大小，难度较大，要求大家需要掌握更多关于电学的知识．4．仪器中常用两个阻值不同的可变电阻来调节电路的电流，一个作粗调，一个作细调，这两个变阻器可以按图甲串联起来或按图乙并联起来再接入电路．已知R1阻值较大，R2阻值较小，则（）A．图甲中R1作粗调B．图甲中R1作细调C．图乙中R2作粗调D．图乙中R2作细调【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】串联时，电流相等，电阻大的影响大，是粗调电阻；并联时，电阻小的电流大，调节电阻小的是粗调．【解答】解：A、B、甲图中，两个电阻串联，根据欧姆定律，调节R1时，电阻变化大，故电流改变大，是粗调，故A正确，B错误；C、乙图中，两个电阻并联，电阻小的电流大，调节电阻R2是粗调，故C正确，D错误；故选：AC．【点评】本题关键明确电路结构，然后运用欧姆定律判断电阻对电流的影响情况，基础题．5．如图所示，电阻R1、R2串联在12V的电路中，R1=6kΩ，R2=3kΩ．当用电阻不是远大于R1和R2的电压表0～3V量程测量R2两端的电压时，电压表的读数是3V．当用该电压表0～15V量程测量R1两端的电压时，电压表的读数为（）A．9V B．7.5V C．8V D．6V【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】当用电压表0～3V量程测量R2两端的电压时，电压表的读数是3V，电阻R1两端的电压为9V，根据串联电路电压与电阻成正比的特点，求出电压表0～3V量程的内阻．该电压表0～15V量程的内阻是0～3V量程的内阻的5倍．当用该电压表0～15V量程测量R1两端的电压时，求出电压表与R1并联的电阻，根据串联电路的特点求出电压表的读数．【解答】解：设电压表0～3V量程的内阻为R，则该电压表0～15V量程的内阻是5R．当用电压表0～3V量程测量R2两端的电压时，电压表的读数是3V，电阻R1两端的电压为9V，则有：：R1=3：9，解得，R=6kΩ则该电压表0～15V量程的内阻是30kΩ．当用该电压表0～15V量程测量R1两端的电压时，电压表与R1并联的电阻为R并==5kΩ则电压表的读数为==7.5V．故选B【点评】电阻不是无穷大的电压表是实际的电表，可当作能测量电压的电阻处理．此题难度适中．6．图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程减小D．上述说法都不对【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．【解答】解：A、由图甲所示可知，电阻与G并联，甲为电流表，分流电阻R增大时，电阻分流电流减小，量程变小．故A错误，B正确；C、由图乙所示可知，电阻R与G串联，乙为电压表，R增大，电阻分压电压变大，量程变大．故C错误；D、由以上分析可知，B正确，则D的说法错误，故D错误；故选：B．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．7．图甲所示的电路中，电流表A1指针指满刻度，电流表A2的指针指满刻度的处；图乙中，A2指针指满刻度，A1指针指满刻度的处．已知A1的内阻为0.45Ω，则A2的电阻为（）A．0.1ΩB．0.15ΩC．0.3ΩD．0.6Ω【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】根据串联电路电流相等的特点和并联电路电压相等的特点，利用欧姆定律分别列出两电流表满偏时指针的关系，再把A2的内阻代入求解方程即可求出A1的内阻．【解答】解：设电流表A1、A2满偏电流分别为I1、I2；由题意知，当电流表串联时：I1=I2…①当电流表并联时：电源的电压为：U=I2R2=I1R1…②由于R1=0.45Ω…③将①③式代入②解得：R2=0.1Ω．故选：A．【点评】本题要理解并掌握串联电路和并联电路特点，能根据两电流表示数之间的关系建立方程组．8．分别用图（a）、（b）两种电路测量同一未知电阻的阻值．图（a）中两表的示数分别为3V、4mA，图（b）中两表的示数分别为4V、3.9mA，则待测电阻R x的真实值为（）A．略小于1kΩB．略小于750ΩC．略大于1kΩD．略大于750Ω【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】先判断采用的测量方法，由于在两种不同的接法中电压表的示数变化大，说明测量的是小电阻，这样电流表分压较大，应该采用（a）图进行测量比较准确．（a）图中测量值较真实值偏小．【解答】解：因电压表示数变化大，则用电压表的真实值测量电路，为（a）电路．用（a）电路：电流表示数含电压表的分流，故电流比真实值大．===R真即测量值偏小由R测故ABC错误，D正确故选：D【点评】考查伏安法测电阻的原理，明确不出接法所引起的误差．9．将两个相同的灵敏电流计表头，分别改装成一只较大量程电流表和一只较大量程电压表，一个同学在做实验时误将这两个表串联起来，则（）A．两表头指针都不偏转B．两表头指针偏角相同C．改装成电流表的表头指针有偏转，改装成电压表的表头指针几乎不偏转D．改装成电压表的表头指针有偏转，改装成电流表的表头指针几乎不偏转【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．【解答】解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，所以电流表的指针几乎不偏转；电压表的指针有偏转．故D正确，ABC错误．故选：D【点评】本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题．10．一个电压表由电流表G与电阻R串联而成，若在使用中发现电压表读数总比正确值稍小一些，采用以下哪种方法可以改进（）A．在R上串联一比R小得多的电阻B．在R上串联一比R大得多的电阻C．在R上并联一比R小得多的电阻D．在R上并联一比R大得多的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】读数偏小，则电流小，要电流变大，需使总电阻稍变小，应并联一大电阻．【解答】解：要让电流稍大一点，则应减小总电阻，给R并联一电阻可达到要求，若并联一比R小得多的电阻，其并联值会比并联的电阻阻值还要小，电流增加太多，故应并联一比R大得多的电阻可使总电阻稍变小，满足要求．故A，B，C错误，D正确．故选：D．【点评】两电阻并联后，总阻值小于任一电阻，并接近小电阻阻值．11．相同的电流表分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2，A1的量程大于A2的量程，V1的量程大于V2的量程，把它们接入图所示的电路，闭合开关后（）A．A1的读数比A2的读数大B．A1指针偏转角度比A2指针偏转角度大C．V1的读数比V2的读数大D．V1指针偏转角度比V2指针偏转角度大【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】四个电表均由相同的电流表改装而成，由量程及电表的结构可知各电表的内阻大小关系；由图可知两电流表并联，两电压表串联；由串并联电路的规律可知各表的示数大小关系．【解答】解：A、电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大，故A正确；B、因两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同；故B错误；C、两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，故C正确；D、因表头与电阻串联，故为四个电阻串联，因此通过两表头的电流相等，两表的偏转角度一样，故D错误；故选AC．【点评】本题要求学生能熟练应用串并联电路的规律及电表的性质，应明确由电流表扩大量程时为并联一小电阻，而将电流表改装为电压表时应串联一大电阻．二．解答题（共8小题）12．在“把小量程电流表改装成电压表”的实验中，给出的器材有：A．电流表（量程为200μA，内阻约为200Ω）B．标准电压表（量程为2V）C．电阻箱（0～999.9Ω）D．滑动变阻器（0～200Ω）E．电位器（0～47kΩ，电位器相当于滑动变阻器）F．电源（电动势为2V，有内阻）G．电源（电动势为6V，有内阻）H．开关两个，导线若干（1）首先要用“半偏法”测定电流表的内阻．如果采用如图1所示的电路测定电流表的内电阻并且要想得到较高的精确度，那么以上给出的器材中，电阻R l应选用E，电阻R2应选用C，电源应选用G．（填写所选仪器前的字母即可）（2）该实验操作的步骤有：A．闭合S1；B．闭合S2；C．观察R1的阻值是否最大，如果不是，将R1的阻值调至最大；D．调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；E．调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半；F．记下R2的阻值．把以上步骤的字母代号按实验的合理顺序填写在横线上：CADBEF．（3）如果在步骤F中所得的R2的阻值为200Ω，则图中被测电流表的内阻R g的测量值为200Ω，该测量值比实际值略小（选填“大”、“小”）．（4）如果要将图中的电流表改装成量程为2V的电压表，则改装的方法是电流表应串联一个阻值为9800Ω的电阻．（5）按上述方法将电流表与电阻箱改装成一电压表．现要对此电压表进行校准，所用的电路原理如图2所示，图3中给出了实验器材的实物图，请按原理图的要求连成实验电路．（6）在校准的过程中，发现新改装的电压表比标准电压表的读数略小，则应适当减小（选填“增大”或“减小”）电阻箱的阻值．【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】本实验通过半偏法测量电流表G的内阻，抓住整个电路电流要基本保持不变，确定选择的器材．并联电阻后总电流变大，故通过并联电阻的电流大于电流表的电流，则其电阻小于电流表的内阻，即R′小于真实值，所以这种方法测出的电流表的内阻Rg比它的真实值偏小．改装成电压表要串联电阻，阻值为R=﹣R g．电压表的示数偏小，且应减小电阻箱的阻值．【解答】解：（1）首先我们要知道半偏法测量电流表内阻的方法以及测量原理：如图，设电源的电动势为E，内阻为r，S2打开时，设电流表满偏电流为：I g=，实验要求R1＞＞R g，R1＞＞r，这样才有I g≈，＜R g＜＜R1，这样才有S2闭合后，电路中当S2闭合时，R2和R g并联，并联后总阻值R并总电流几乎不变，仍然近似等于，调节R2使电流表半偏为I g，所以流过R2的电流也为I g，所以R2=R g．从上述原理可知，S2打开与闭合，近似认为干路中电流不变，前提是R1＞＞R g．故实验器材选择应满足①电源电动势尽可能大，②R1尽可能大．所以R1选用大量程的E，R2选用量程跟电流表内阻差不多的即可，选C，电源选用电动势较大的G．（2）根据半偏法测量原理，则操作步骤为：按图所示的电路图连接好电路；将R1的阻值调到最大；合上S1；调节R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；合上S2；调节R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的一半；记下R2的阻值．实验步骤的合理顺序是CADBEF．（3）由上分析可知，当F中记录的R2阻值为200Ω，则被测电流表的内阻r g的测量值也为200Ω；当S2闭合时，R′和R g并联，并联后总阻值R＜R g，而电阻R不变，所以S2闭合后的干并路电流比闭合前的总电流要大，即电流大于I g，。
江苏省如皋中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题
江苏省如皋中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，在竖直平面内有一固定的光滑绝缘轨道，圆心为O ，半径为r ，A 、B 、C 、D 分别是圆周上的点，其中A 、C 分别是最高点和最低点，BD 连线与水平方向夹角为37︒。
该区间存在与轨道平面平行的水平向左的匀强电场。
一质量为m 、带正电的小球在轨道内侧做完整的圆周运动（电荷量不变），经过D 点时速度最大，重力加速度为g （已知sin370.6︒=，cos370.8︒=），求:(1)小球所受的电场力大小；(2)小球经过A 点时对轨道的最小压力。
【答案】（1）43mg ；（2）2mg ，方向竖直向上. 【解析】 【详解】（1）由题意可知 :tan 37mgF︒= 所以:43F mg =（2）由题意分析可知，小球恰好能做完整的圆周运动时经过A 点对轨道的压力最小. 小球恰好做完整的圆周运动时，在B 点根据牛顿第二定律有:2sin 37B v mgm r︒= 小球由B 运动到A 的过程根据动能定理有:()22111sin 37cos3722B A mgr Fr mv mv ︒︒--+=-小球在A 点时根据牛顿第二定律有:2AN v F mg m r+=联立以上各式得:2N F mg =由牛顿第三定律可知，小球经过A 点时对轨道的最小压力大小为2mg ，方向竖直向上.2．如图所示，固定于同一条竖直线上的A 、B 是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为＋Q 和－Q ，A 、B 相距为2d 。
MN 是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p ，质量为m 、电荷量为+q （可视为点电荷，不影响电场的分布。
），现将小球p 从与点电荷A 等高的C 处由静止开始释放，小球p 向下运动到距C 点距离为d 的O 点时，速度为v 。
已知MN 与AB 之间的距离为d ，静电力常量为k ，重力加速度为g 。
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2015~2016学年度高三年级第一学期期中考试物理试卷（满分120分，时间100分钟）一、单项选择题．本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题意．1．等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，过c点的导线所受安培力的方向A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边垂直，指向左边C．与ab边平行，竖直向下D．与ab边垂直，指向右边2．如图所示，在MNQP中有一垂直纸面向里的匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．已知O是PQ的中点，不计粒子重力．下列说法中正确的是A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长3．如图所示，在某场足球比赛中，曲线1、2、3分别是由同一点踢出的足球的飞行路径，忽略空气的影响，下列说法正确的是A．沿路径1飞行的足球的落地速率最大B．沿路径2飞行的足球的初速度的水平分量最大C．沿路径3飞行的足球的运动时间最长D．沿这三条路径飞行的足球在相同的时间内的速度变化量相同4．由于环境污染严重，今年全国多次出现大面积雾霾天气，对交通造成极大影响，交通事故频发．某人驾驶车辆在一高速公路上行驶，由于大雾与前车发生追尾事故，后经交警调查，描绘出他发现前面正处于减速状态的汽车开始刹车时两车的速度图象如图所示，则以下判断正确的是A．后车刹车时两车间距离一定小于90 mB．后车刹车时两车间的距离一定等于112 mC．两车一定是在t=20 s之前的某时刻发生追尾D．两车一定是在t=20 s之后的某时刻发生追尾5．如图所示，甲、乙站在超市的自动扶梯上（斜面式和阶梯式）随扶梯匀速上行，则下列相关说法正确的是A．甲受到扶梯的摩擦力，乙不受摩擦力B．扶梯对甲、乙的弹力相同C．扶梯对甲、乙的弹力与甲、乙的重力大小相等D．斜面对甲、乙都不做功6．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力f m大小与滑动摩擦力大小相等，则A．0～t1时间内力F的功率逐渐增大B．t1～t2时间内物块A做加速度减小的加速运动C．t3时刻物块A的动能最大D．t3时刻后物体做反方向运动7． 在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E 、内阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，、为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑片P 自a 端向b 端滑动的过程中，下列说法中正确的是A ．电源的输出功率减小B ．电流表的示数变大C ．a 点的电势升高D ．电容器C 所带的电荷量增多8． 如图甲所示，轻杆一端与一小球相连，另一端连在光滑固定轴上，可在竖直平面内自由转动．现使小球在竖直平面内做圆周运动，到达某一位置开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v x 随时间t 的变化关系如图乙所示．不计空气阻力．下列说法中正确的是A ．t 1时刻小球通过最高点，图乙中 S 1和S 2的面积相等B ．t 2时刻小球通过最高点，图乙中S 1和S 2的面积相等C ．t 1时刻小球通过最高点，图乙中S 1和S 2的面积不相等D ．t 2时刻小球通过最高点，图乙中S 1和S 2的面积不相等二、多项选择题．本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．9． 一个用于加速质子的回旋加速器，其D 形盒半径为R ，垂直D 形盒底面的匀强磁场的磁感应强度为B ，接在D 形盒上的高频电源频率为f ．下列说法正确的是 A ．质子被加速后的最大速度不可能超过2πfRB ．若仅将加速电压提高到4倍，则质子获得最大速度的加速次数减为原来的41倍 C ．只要R 足够大，质子的速度可以被加速到任意值D ．若仅将质子换成α粒子，则α粒子获得的最大速度为质子最大速度的一半10．某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A 、B 、C 为电场中的三个点．下列说法正确的是 A ．A 点的电场强度小于B 点的电场强度 B ．A 点的电势高于B 点的电势C ．将负电荷从A 点移到B 点，电场力做正功D ．负电荷在A 点的电势能等于在C 点的电势能11．今年5月，信使号水星探测器陨落在水星表面．之前，工程师通过向后释放推进系统中的高压氦气来提升轨道，使其寿命再延长一个月，如图所示，释放氦气前，探测器在贴近水星表面的圆形轨道Ⅰ上做匀速圆周运动，释放氦气后探测器进入椭圆轨道Ⅱ，忽略探测器在椭圆轨道上所受阻力．则下列说法正确的是A ．探测器在轨道I 的运行周期比在轨道Ⅱ的大B ．探测器在轨道Ⅱ上某点的速率可能等于在轨道Ⅰ上速率C ．探测器在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上的E 处加速度相同D ．探测器在轨道Ⅱ上远离水星过程中，势能和动能均增大12．如图所示，中间有孔的物块A 套在光滑的竖直杆上，通过光滑滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，在Ａ上升过程中，下列判断正确的是 A ．拉力F 变大B ．杆对A 的弹力F N 不变C ．拉力F 的功率P 不变D ．绳子自由端的速率v 增大13．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构的俯视图，图中①和②为楔块，楔块的斜面倾角为θ；③和④为垫板；弹簧a 和弹簧b 质量不计；楔块与弹簧盒、垫板之间均有摩擦，在车厢互相撞击使垫板③向盒里压进的过程中A ．弹簧a 与弹簧b 的压缩量之比是cot θB ．弹簧a 与弹簧b 的压缩量之比是2tan θC ．当弹簧压缩到最短的时候，楔块①的速度一定为零D ．当弹簧压缩到最短的时候，垫板③的速度不一定为零 14．在水平面内固定一内壁光滑、不带电、绝缘的半圆型塑料细管，在管口M 和N 处分别固定电荷量为q1、q 2的正点电荷，管内靠近N 处放置一带正电的小球（带电量远小于q 1、q 2，小球的直径略小于管的内径）．小球由静止释放后，经过管内b 点时速度最大，经过a 、c 两点的速度大小相等，设a 、b 、c 三点的电势分别为φa 、φc ，则下列关系式正确的是 A ．φa ＜φ c B ．φa =φc C ．q 1＜q 2 D ．q 1＞q 2三、填空题．本题共3小题，共22分，将答案写在相应的横线上或题目指定位置．15．（６分）图甲中10分度游标卡尺（主尺的最小分度为1mm ）的读数为 cm ．图乙中螺旋测微器的读数为 mm ．16（８分）为了验证机械能守恒定律，某研究性学习小组的同学利用透明直尺和光电计时器设计了一套实验装置，如图所示．当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间，所用的光电门传感器可测的最短时间为0.01 ms.将具有很好挡光效果的宽度为d ＝3.8×10－3m 的黑色磁带贴在透明直尺上．实验时，将直尺从一定高度由静止释放，并使其竖直通过光电门．某同学测得各段黑色磁带通过光电门的时间Δt i 与图中所示的高度差Δh i ，并将部分数据进行了处理，结果如下表所示(表格中M 为直尺质量，取g ＝9.8 m/s 2)．（1）从表格中数据可知，直尺上磁带通过光电门的瞬时速度是利用v i＝Δt i求出的，请你简要分析该同学这样做的理由是________________________________．（2）请将表格中的数据填写完整．_________（3）通过实验得出的结论是________________________________________________．（4）根据该实验，请你判断下列ΔE k－Δh图象中正确的是（）A B C D17．（8分）如图是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻（10 Ω），R1是电阻箱（0～99.9 Ω），R是滑动变阻器，A1是电流表（0～0.6A，内阻r1未知），A2是电流表（0～0.6 A，内阻r2为5.0 Ω），E是电源（电动势10V，内阻很小）．实验具体步骤如下：（i）连接好线路，将滑动变阻器R调到最大；（ii）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调节滑动变阻器R，使A1示数I1＝0.3 A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2的示数I2；（iii）重复步骤（ii），再测量6组R1和I2的值；根据实验回答以下问题：（1）下图为本实验的实物电路，请根据电路图完成实物电路连线．AAAAR xA2R0R1A1SER（2）测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数仍为I1＝0.3A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值________（选填“不变”、“变大”或“变小”）．（3）根据实验得到的R1和I2的值，在坐标纸上画出R1与I2的关系如图，图线是一条直线，设直线的斜率为k，则R x＝________（用题中已知量和测量物理量的符号表示）．（4）根据以上实验得出R x＝______Ω．四、计算题．本题共3小题．共50分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18（16分）如图所示，足够长的收集板MN和半圆形匀强磁场相切，且与磁场的直线边界ＣＤ平行；磁场的圆心为O、半径为L，方向垂直纸面向内．现有大量质量为m、电量为q的带正电粒子，从O点沿纸面以相同速率v沿各个方向射入磁场，粒子的轨道半径也为L．不计粒子重力及粒子间的相互作用，求：（1）所加磁场磁感应强度的大小；（2）哪些入射方向（以速度方向与ＯＤ间夹角表示）的粒子通过磁场后能打到MN板上；（3）粒子通过磁场的最长时间．19（16分）如图所示，直角坐标系处于竖直面内，第一、二象限存在着平滑连接的光滑绝缘轨道．第一象限内的轨道呈抛物线形状，其方程为221x Ry =；第二象限内的轨道呈半圆形状，半径为R ，B 点是其最高点，且第二象限处于竖直方向的匀强电场中．现有一质量为m 、带电量为q 的带电小球，从与B 点等高的A 点静止释放，小球沿着轨道运动且恰能运动到B 点．重力加速度为g ，求（1）小球运动到O 点时对轨道的压力F ； （2）第二象限内匀强电场的场强大小E ； （3）小球落回抛物线轨道时的动能E k ．20（18分）如图所示，足够长的光滑斜面BC 倾角为θ，固定面AB 垂直于斜面．在斜面上放置质量为m 的长木板，木板中央放置质量为m 的小物块，木板和小物块间的动摩擦因数θμtan 23=，现同时给木板和小物块沿斜面向上的初速度0v ．假设木板与固定面AB 发生碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间速率相等，运动过程中小物块始终没有从木板上滑落．已知重力加速度为g ，求：（1）木板第一次上升的最大高度；（2）木板第二次与固定面AB 发生碰撞时的速率；（3）为使小物块和固定面AB 不发生碰撞，求木板长度的最小值．2015~2016学年度高三年级第一学期期中考试物理答案一、单项选择题．本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题意．1．B 2．D 3．D 4．C 5．A 6．C 7．B 8．A二、多项选择题．本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 9．AB 10．ABD 11．BC 12．AC 13．BD 14．BD三、填空题．本题共3小题，共22分，将答案写在相应的横线上或题目指定位置．15．5.46（3分） 2.185（3分）（2.184~ 2.186均可以）16．（1）瞬时速度等于极短时间或极短位移内的平均速度 （2分） （2）4.02M （2分）（3）在误差允许的范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量 （2分） （4）C （2分） 17．（1）见实物接线图 （2分） （2）变大 （2分）（3）R x ＝kI 1- r 2 (或R x ＝0.3k - r 2 ) （2分）（4）30 (29~31) （2分）四、计算题．本题共3小题．共50分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．（16分）解：（1）由洛伦兹力提供向心力得Lv m qvB 2=（3分）解得qLmvB =（3分）（2）刚好不能打到MN 上的粒子从磁场中出来后速度的方向与MN 平行，在磁场中运动的轨迹如图所示．轨迹圆弧对应的圆心角θ=60°，则入射的方向与直线边界之间的夹角是0~120°的粒子通过磁场后能打到MN 板上。