高二物理测试(11)

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人教版高中物理选修11高二(文科)期末质量检测题

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作高二物理 (文科 )期末质量检测题命题：金台高中检测：区教研室注意事项：1.本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷和答题卡。

全卷满分100 分。

2.考生答题时，必定将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B 铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效。

3.考试结束时，将第Ⅱ卷和答题卡交给监考老师。

第Ⅰ卷（选择题，共60 分）一、选择题（每题 4 分，共 60 分，每题只有一个正确答案）1．第一发现电磁感觉现象的科学家是（）A.牛顿B.法拉第C.库仑D.爱因斯坦2．关于磁感线的以下说法中，正确的选项是()A．磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B．磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同C．磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，停止于磁铁的南极D．磁感线有可能出现订交的情况3．以下家用电器工作时，不涉及电磁波的发射或接收的是．．．A.电视机B.收音机C.洗衣机D. 微波炉4.以下电学器件中，哪个是电容器.-－＋－ +＋A B C D5.传统电脑产生电磁辐射，对人领悟造成伤害。

现在有的生产厂商推出绿色电脑，这里“绿色电脑”指的是A.绿颜色的电脑B.价格低的电脑C.木壳的电脑D.低辐射、低噪声的环保电脑6.关于电磁感觉现象的有关说法中，正确的选项是A.只要穿过闭合电路中的磁通量不为零，闭合电路中就必然有感觉电流发生B. 穿过闭合电路中的磁通量减少，则电路中感觉电流就减小C．穿过闭合电路中的磁通量越大，闭合电路中的感觉电动势越大D．只要穿过闭合电路中的磁通量发生变化，闭合电路中就会产生感觉电流7.电磁波在空气中的流传速度为3× 108ｍ / ｓ，某广播电台能够发射波长为电波，那么收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在A．150MHz B． 500MHz C．50ｍ的无线D ．8.以下列图，为两个同心圆环，当一有界匀强磁场恰好完好垂直穿过 A 环面时， A环面磁通量为φ1，此时 B 环磁通量为φ2，有关磁通量的大小说法正确的选项是A．φ1<φ2B．φ1=φ2C．φ1 >φ2D．不确定9.关于感觉电动势的大小，以下说法正确的选项是A．穿过闭合回路的磁通量越大，则感觉电动势越大B．穿过闭合回路的磁通量的变化越大，则感觉电动势越大C．穿过闭合回路的磁通量的变化越快，则感觉电动势越大D ．闭合回路的面积越大，则感觉电动势越大10.以下有关在真空中流传的电磁波的说法正确的选项是A ．频率越大，流传的速度越大C．频率越大，其波长越大B．频率不相同，流传的速度相同D ．频率不相同 ,流传速度也不相同11．远距离输电都采用高压输电，其优点是A ．可增大输电电流C．可增大输电功率B ．可加快输电速度D．可减少输电线上的能量损失12.关于感觉电动势和感觉电流 , 以下说法中正确的选项是A．有感觉电流就必然有感觉电动势B．有感觉电动必然定就有感觉电流C．有感觉电流不用然有感觉电动势D．感觉电流与感觉电动势不能够同时存在13.用遥控器调换电视机的频道的过程，本质上就是电视机传感器把光信号转变为电信号的过程。

高二物理文科选修11期末考试试卷及答案

高二物理文科选修1-1期末考试试卷班级姓名一、单项选择题：20小题，每题3分，共60分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，请在题后的答题栏上作答。

1、关于奥斯特的奉献，以下说法中正确的选项是：( )A、发现电场B、发现磁场C、发现电磁场D、发现电流的磁效应2、在物理学史上，最先建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是〔)A、赫兹B、爱因斯坦C、麦克斯韦D、法拉第3、第一个用实验证实电磁波存在的物理学家是( )A、赫兹B、爱因斯坦C、麦克斯韦D、法拉第4、以下应用没有．．利用电磁波技术的是( )A、无线电播送B、移动C、雷达D、白炽灯5、以下选项哪个不是．．家用电器开展的总体趋势？A、大型化B、智能化C、数字化D、网络化6、电磁波在真空中的传播速度( )×108×108×108D、以上三种都有可能7、一个闭合电路产生的感应电动势较大，是因为穿过这个闭合电路的( ) A、磁感应强度大B、磁通量较大C、磁通量变化量较大D、磁通量的变化率较大8、关于法拉第电磁感应定律，下面说法正确的选项是( )A、线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大B、线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大C、线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大D、线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大9．以下现象能说明电磁波具有能量的是( )①微波炉能利用电磁波加热食物②电磁波能在真空中传播③太阳能热水器能将太阳能转化为内能④电磁波是纵波，其中电场与磁场的方向处处相互垂直A、①②B、①③C、②③D、③④10、转换电视频道时，选择自己喜欢的电视节目，称为〔〕A、调制B、调谐C、解调D、调幅11、要有效地发送低频电信号，必须把低频电信号附加在高频载波上，这个过程在电磁波的发射过程中叫做〔〕A、调谐B、解调C、调制D、检波12．关于电磁场理论，以下说法正确的选项是( )A．在电场周围一定会产生磁场B．任何变化的电场周围空间一定会产生变化的磁场C．均匀变化的电场会产生变化的磁场D．周期性变化的电场会产生周期性变化的磁场13. 在电磁波谱中，红外线、可见光与伦琴射线〔射线〕三个波段的频率大小关系是( )A．红外线的频率最大，可见光的频率最B．伦琴射线的频率最大，红外线的频率最小C．可见光的频率最大，红外线的频率最D．伦琴射线频率最大，可见光的频率最小14、以下说法错误的选项是．．．．．．：( ) A、温度传感器通常是利用物体的某一物理性质随温度的变化而改变制成的B、红外线传感器接收携带着信息的红外线，转换成电信号，从而得知辐射源的相关信息C、目前常用的传感器有温度传感器、生物传感器、及压力传感器等D、热敏电阻是由绝缘材料制成的电阻器，其电阻值会随温度值的变化而改变、15、关于电磁辐射，以下说法中正确的选项是( )A、电子设备不管是否使用，都向外辐射电磁波B、长期、过量的电磁辐射会对人体产生较大的伤害C、电磁辐射对电器设备的影响不大D、由于电磁辐射会影响人的安康，因此人们不应使用微波炉、电磁炉等家用电器16、导体能反射微波，绝缘体可使微波透射、故在使用微波炉时( )A、要用金属容器盛放食物放入炉内加热B、要用陶瓷容器盛放食物放入炉内加热C、金属容器或者陶瓷容器都可以使用D、以上说法都不对17、以下说法正确的选项是( )A、电磁灶是利用电磁感应原理制成的B、用陶瓷容器盛放食物在电磁灶上加热C、磁带录音机的工作过程及磁现象无关D、电脑硬盘不是用磁粉记录信息18、普通家庭在家用电器的选购上，根本上要考虑以下的原那么( )①选购产品的功能②及家居适应的技术参数、外形构造、产品质量与售后效劳以及品牌③选购产品越先进越好，价格越昂贵越好，设计越时尚越好④为了环保，冰箱应选无氟电冰箱，照明用具尽量选用发光效率高的节能光源A、①②B、②④C、②③④D、①②④19、以下说法中正确的选项是( )A、直流电能通过电容器B、交流电不能通过电容器C、直流电、交流电都能通过电容器D、直流电能通过电感器20、以下说法中正确的选项是( )A、交流电的频率越高，电感器对电流的阻碍越明显B、电感器对交流电没有阻碍C、直流电不能通过电感器D、以上说法都不对选择题答题栏二、填空题21.如下图,在“探究产生感应电流的条件〞的实验中,开关断开时,条形磁铁插入或拔出线圈的过程中,电流表表针不动;开关闭合时,磁铁静止在线圈中,电流表表针也不动;开关闭合时,将磁铁插入或拔出线圈的过程中,电流表表针发生偏转.由此得出,产生感应电流的条件是:电路必须,穿过电路的磁通量发生.22．(1)太阳辐射中含有可见光、红外线、紫外线，同时还有X射线、γ射线、无线电波．太阳辐射的能量主要集中在可见光、红外线与紫外线三个区域内．在这三个区域内的电磁波按照频率由高到低的顺序排列应为、可见光与．(2)有一种生命探测仪可以探测生命的存在．我国四川汶川特大地震发生后，为了尽快营救废墟中的伤员，救援人员就广泛应用了这种仪器，该仪器主要是接收人体发出电磁波中的(选填“可见光〞“红外线〞或“紫外线〞)．(3)下面是关于电磁波的描述，你认为正确的在括号里面画“√〞，错误的在括号里画“×〞．A．微波炉是利用电磁波加热食物的( )B．电磁波是纵波( )C．手机是利用电磁波传递信息的( )三、计算题23.在我国西电东输工程中,为减少输电线路上的电能损失与提高输电效率,需要提高电压进展远距离输电.假设某电站的输出电压是500 V,为将电压提高到500 ,需要用一个升压变压器,求这个升压变压器的原、副线圈匝数比. 24．(15分)如果中央人民播送电台向外发射500 的电磁波，假设距该台6×103处有一台收音机，问：(1)此电磁波的波长是多大？(2)从电台发出的信号经过多长时题号12345678910答案题号11121314151617181920答案间可以到达收音机处？(3)其他条件不变，仅将发射电磁波的频率变大，第(2)问中的时间是否发生变化？25．(16分)假设某种紫外线波长为2×10-7 m，试答复以下问题：(1)该紫外线的频率为多少？(2)紫外线的主要作用有哪些？(3)请简要说明人们承受紫外线少量照射与大量照射会产生什么后果．参考答案21、闭合，变化22、紫外线、红外线；红外线；√×√23、1:100024. (1)根据电磁波的波长、波速与频率的关系式c＝λf与电磁波在真空中的传播速度c＝3×108，所以λ＝＝600 m.(2)从电台发出的信号经过t＝＝s＝0.02 s.(3)其他条件不变，仅将发射电磁波的频率变大，第(2)问中的时间不发生变化．25. (1)λ×108×1015m＝2×10－7 m.(2)紫外线的主要作用就是杀菌、消毒、荧光作用、化学作用．(3)少量紫外线的照射能杀灭人体外表的细菌，增强人体皮肤的抗病能力．并能通过皮肤产生维生素，有利于人体安康；而且使皮肤内的胆固醇转化为维生素D，促进钙的吸收；而过量照射紫外线，特别是频率较高的紫外线，光子的能量较大．会透入皮肤深处使皮肤产生皮炎，使正常细胞蜕变为癌细胞，过量的紫外线还会引起角膜炎、白内障等疾病．。

高二物理单元复习过关试题及答案解析(经典珍藏版)：第十一章机械振动

第十一章机械振动单元测试卷（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的班级、姓名、学号填写在试卷上。

2．回答第I 卷时，选出每小题答案后，将答案填在选择题上方的答题表中。

3．回答第II 卷时，将答案直接写在试卷上。

第I 卷（选择题共48分)一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1、（2020·枣庄市第三中学高二月考）弹簧振子做简谐振动，若某一过程中振子的加速度在增加，则此过程中，振子的（）A ．位移一定在减小B ．速度一定在减小C ．速度与位移方向相反D ．加速度与速度方向相同2、（2020江苏宿豫中学高二月考）一个弹簧振子沿x 轴做简谐运动，取平衡位置O 为x 轴坐标原点，从某时刻开始计时，经过四分之一周期，振子具有沿x 轴正方向的最大加速度，能正确反映振子位移x 与时间t 关系的图像是（）3、（2020·北京市陈经纶中学高二期中）如图甲所示，弹簧振子以O 点为平衡位置，在A 、B 两点之间做简谐运动，取向右为正方向，振子的位移x 随时间t 的变化如图乙所示，下列说法正确的是（）A ．0.2t s =时，振子在O 点右侧6cm 处B ．0.8t s =时，振子的速度方向向左C ．0.4t s =和 1.2t s = 时，振子的加速度完全相同D ．0.4t s =到 0.8t s = 的时间内，振子的速度逐渐减小4、弹簧振子的质量为M，弹簧劲度系数为k，在振子上放一质量为m的木块，使两者一起振动，如图所示．木块的回复力F′是振子对木块的摩擦力，F′也满足F′＝－k′x，x是弹簧的伸长(或压缩)量，那么k k '为()A．mMB．mm M+C．Mm M+D．Mm5、（2019八一学校期中5）如图所示为一个单摆在地面上做受迫振动的共振曲线(振幅A与驱动力频率f的关系)，则( )A.此单摆的固有周期约为1sB.此单摆的摆长约为lmC.若摆长增大，单摆的固有频率增大D.若摆长增大，共振曲线的峰将右移6、（2020·河北承德第一中学高二月考）如图所示，一质点做简谐运动，先后以相同的速度依次通过M、N两点，历时1 s，质点通过N点后再经过1 s又第2次通过N点，在这2 s内质点通过的总路程为12 cm。

高二物理答案11

高二物理参考答案一、选择题：共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.C2.B3.B4.A5.D6.C7.BC8.AC9.AD 10.AC二、填空题:共3小题，共16分。

11. S 高于（每空2分）12.(1)如图所示（2）向左偏（每空3分）13.(1) AD (2分)（2）感应电动势与磁通量的变化率成正比（2分）（3）如图所示 (2分)三、计算题:共4小题，共44分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.14.解：（10分）（1）由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势 E BLv ＝（1分）v =at （1分）感应电流E I R r =+（1分）导体棒两端电压U IR =（1分）解得U =0.9t （1分）（2）拉力大小等于安培力大小F BIL =安（1分）F F ma -=安（2分）解得：(40.18)F t N =+ （2分）15.解：（10分）(1)根据闭合电路欧姆定律E I R r =+ （2分）由安培力公式F A =BIL （1分）解得：F A =3N （1分）方向水平向右（1分）（2）设摩擦力沿斜面向上00cos37sin 37A F f mg +=（2分）解得：0.6N f =-（2分）摩擦力大小为0.6N ，方向沿斜面向下（1分）16. 解：（12分）(1)沿板的方向匀速运动，02d v t = （1分）垂直板的方向2yv d t = （1分）进入磁场的速度为v ,220yv v v =+02v v =（1分） 0tan 1y v v θ== 045θ=（1分）（2）由洛伦兹力提供向心力2mv qvB R= （2分） 2sin PQ R θ= （1分）解得：02mv PQ qB = （1分）唐宋或更早之前，针对“经学”“律学”“算学”和“书学”各科目，其相应传授者称为“博士”，这与当今“博士”含义已经相去甚远。

高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题11

嘴哆市安排阳光实验学校甘肃省天水市秦安二中2014-2 015学年高二上学期期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9-12小题有两个以上选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷），带电荷量分别为﹣3×10﹣9C和9×10﹣9C，它们之间静电力大小为F，现让两小球接触后又放回原处，它们之间静电力大小变为（）A． F B．C．3F D．2．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q 随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．3．（4分）下列关于电势和电势能等的说法中，正确的是（）A．电势降落的方向，一定是电场强度的方向B．电场力做正功，电荷的电势能一定减小C．电势越高处，电荷电势能一定越大D．电势能与电荷量大小有关，与电荷种类无关4．（4分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．P B．C．D．P ﹣5．（4分）下列说法中错误的是（）A．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．制作汽油桶的材料用金属比塑料好C．电工穿绝缘衣比金属衣安全D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全6．（4分）如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2，则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（不计粒子重力）（）A．＜B．＜C．＜D．＜7．（4分）如图所示电路中，S1闭合，S2断开，L1、L2是两个完全相同的灯泡，若将S2闭合后，L1的亮度将（）A．不变B．变亮C．变暗D．如何变化，不能确定8．（4分）如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P加速向上移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S 9．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子在A点的初速度为零10．（4分）两个完全相同的灵敏电流计改装成两个不同量程的电压表V1、V2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表（）A．读数相同 B．指针偏转的角度相同C．量程大的电压表读数大D．量程大的电压表读数小11．（4分）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源的电动势，r 为电源内阻，且R1＞r，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大12．（4分）如图所示的两个电路中，电源相同，各电阻阻值相等，电源和电流表内阻不可忽略，四个相同的电流表、、、的读数分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式正确的是（）A．I1=I3B．I1＜I4C．I2=2 I1D．I2＜I3+I4二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共14分）. 13．（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～15V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A回答下列问题：（1）实验中电流表应选用（用序号表示）；（2）如图是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图．14．（8分）在把电流表改装为电压表的实验中，实验所用的电流表满刻度电流为200μA，欲将此表改装成量程为2V的电压表．（1）为测出电流表的内阻，采用如图1所示的电路原理图．请将以下各实验步骤填写完整．①依照电路原理图将实物连接成实验线路，R阻值应尽可能些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键，调节的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合，调节的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出的读数，即为电流表的内阻．（2）实验完毕时，两个电阻箱读数如图2所示，则电流表内阻r g=Ω．这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）15．（12分）如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：（1）电子通过B点时的速度大小V；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y．16．（12分）在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？（2）电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？17．（14分）有一种测量压力的电子秤，其原理如图所示．E是内阻不计、电动势为6V的电源．R0是一个阻值为400Ω的限流电阻．G是由理想电流表改装成的指针式测力显示器．R是压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，其关系如下表所示．C是一个用来保护显示器的电容器．秤台的重力忽略不计．压力F/N 0 50 100 150 200 250 300 …电阻R/Ω300 280 260 240 220 200 180 …（1）在坐标系中画出电阻R随压力F变化的图线，并归纳出电值R随压力F 变化的函数关系式（2）写出压力与电流的关系式，说明该测力显示器的刻度是否均匀（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的量程是多少牛顿？甘肃省天水市秦安二中高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9-12小题有两个以上选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷），带电荷量分别为﹣3×10﹣9C和9×10﹣9C，它们之间静电力大小为F，现让两小球接触后又放回原处，它们之间静电力大小变为（）A． F B．C．3F D．考点：库仑定律．分析：两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小．解答：解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律可得，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为，F=k=27×10﹣18，当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量均为q=，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F′，则F′=k =F，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分．2．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q 随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．解答：解：根据电流强度的定义公式I=；可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．故选：B．点评：本题应能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．3．（4分）下列关于电势和电势能等的说法中，正确的是（）A．电势降落的方向，一定是电场强度的方向B．电场力做正功，电荷的电势能一定减小C．电势越高处，电荷电势能一定越大D．电势能与电荷量大小有关，与电荷种类无关考点：电势．分析：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能就大．电场中电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它具有的电势能不一定越大．电势为零的点，任一试探电荷在该点的电势能一定为零．电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．解答：解：A、沿电场线的方向电势降低，电场线的方向是电势降落最快的方向，不能说电势降低的方向就是电场线的方向．故A错误；B、电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．故B正确；C、根据推论可知：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故C错误；D、电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故D错误．故选：B．点评：本题考查电势、电势能的关系，可根据电势的定义式φ=分析它们之间的关系．要注意电荷的正负．4．（4分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．P B．C．D．P ﹣考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机消耗的电功率为P=UI，发热功率P热=I2r．解答：解：电动机消耗的电功率为P，加在电动机上的电压是U，故电流为：I=；发热功率：P热=I2R=；故选：C．点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路；电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．5．（4分）下列说法中错误的是（）A．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．制作汽油桶的材料用金属比塑料好C．电工穿绝缘衣比金属衣安全D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全考点：* 静电的利用和防止．分析：避雷针利用尖端放电来中和电荷；其它选项均利用静电屏蔽作用，从而即可求解．解答：解：A、避雷针是利用中和电荷，尖端放电，来避免雷击的一种设施，故A正确；B、因为塑料和油摩擦容易起电，静电积累多了容易有火花，会爆炸，危险!而且会造成巨大的损失，而金属能及时把产生的静电导走，故B正确；C、电工穿金属衣比绝缘衣安全，直到静电屏蔽，故C错误；D、呆在汽车里比呆在木屋里要安全，汽车起到静电屏蔽作用，故D正确，本题选择错误的，故选：C．点评：考查避雷针的工作原理，理解尖端放电，掌握静电屏蔽作用及在实际生活中的应用．6．（4分）如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2，则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（不计粒子重力）（）A．＜B．＜C．＜D．＜考点：带电粒子在匀强电场中的运动．分析：带电粒子无初速度在加速电场中被加速，又以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子先做匀加速直线运动，后做类平抛运动．这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动．可利用加速电场的电压U求出进入偏转电场的初速度，然后运用偏转电场的长度L求出运动时间，由于分运动间具有等时性，所以由运动学公式求出垂直于初速度方向的位移．值得注意的是，求出的位移不是等于偏转电场的宽度，而是小于或等于宽度的一半．解答：解：带电粒子在电场中被加速，则有 qu1=﹣0 （1）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，可看成匀速直线运动与匀加速直线运动的两分运动．匀速直线运动：由运动学公式得 L=vt （2）匀加速直线运动：设位移为x，则有x==t2（3）要使带电粒子能飞出电场，则有x ＜（4）由（1）﹣（4）可得：＜故选：C．点评：考查带电粒子在电场中加速与偏转，从而先做匀加速直线运动，后做匀加速曲线运动．运用了运动学公式与动能定理，同时体现出处理类平抛运动的方法．还值得注意是：粒子的偏转位移应小于偏转电场宽度的一半．7．（4分）如图所示电路中，S1闭合，S2断开，L1、L2是两个完全相同的灯泡，若将S2闭合后，L1的亮度将（）A．不变B．变亮C．变暗D．如何变化，不能确定考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：将S2闭合后，分析外电路总电阻的变化，判断总电流的变化，由闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化，即可判断L1亮度的变化．解答：解：将S2闭合后，两灯并联，外电路总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，由闭合电路欧姆定律分析可知路端电压减小，灯L1的电压减小，实际功率减小，所以L1的亮度变暗．故C正确．故选：C点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，关键掌握并联电路的总电阻小于任何一个支路的电阻，由闭合电路欧姆定律进行分析．8．（4分）如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P加速向上移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：要使尘埃P上移，应使其受到的合力向上，则应增大电容器两端的电压；通过闭合电路欧姆定律分析如何调节滑动变阻器．解答：解：P开始时受重力、电场力而保持静止，电场力竖直向上，而要使P向上运动，必须增大电场力，需要增大板间场强，则电容器两端的电压应增大；A、R1此时相当于导线，故调节R1不会改变电容器两端的电压．故A错误；B、由电路图可知，电容器与R2的上端并联，把R2的滑片向上移动时电容器板间电压减小，场强减小，则尘埃P所受的电场力减小，所以P应向下移动．故B错误．C、把R2的滑片向下移动，使C两端的电压增大，可知尘埃P向下加速运动；故C正确．D、断开电键S时，电源断开，电容器充电，板间场强逐渐减小，尘埃向下加速运动，故D错误；故选：C．点评：本题关键确定电容器板间电压，要注意电容器两端的电压等于与之并联电阻两端的电压；而与电容器串联的电阻只能作为导线处理．9．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子在A点的初速度为零考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．解答：解：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A 点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C正确；D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D错误．故选：BC．点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，判定动能增加与否，从确定速度大小．10．（4分）两个完全相同的灵敏电流计改装成两个不同量程的电压表V1、V2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表（）A．读数相同 B．指针偏转的角度相同C．量程大的电压表读数大D．量程大的电压表读数小考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：两表串联后，通过每个电流表的电流相同，指针偏转角度相同，但两电压表的总内阻不同，则两表的示数不同，其示数之比为两表的内阻之比．解答：解：A、两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同．故A错误．B、因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确．C、两表指针偏转角度相同，示数不等．因是串联关系，分压之比为内阻之比，量程大的内阻大，电压表读数大，故C正确，D错误．故选：BC．点评：考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为串联关系，相同的电流表电流相同，偏转角度一样，而对应刻度由量程决定．11．（4分）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源的电动势，r 为电源内阻，且R1＞r，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：R1为定值电阻，R2为可变电阻，根据P=I2R1可以分析电阻R1的功率的变化情况，由于R2减小的时候，电路电流就在增加，所以不能根据P=I2R2来分析R2的功率的变化情况；当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大．解答：解：A、根据数学知识分析得知，当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，当把R1和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R1+r，根据结论可知，当R2=R1+r时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，所以A正确；BC、根据P=I2R1可知，当R2=0时，电路的总电流最大，所以此时R1获得最大功率，所以B错误，C正确；D、电源的输出功率的变化关系为先增大在减小，当当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，由于R1＞r，外电阻已经大于了内电阻，所以此时电源的输出功率随着外电阻的增大而减小，所以当R2=0时，电源的输出功率最大，所以D正确；故选：ACD．点评：对于R2的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把R1和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的变化情况，即为R2的功率的情况．12．（4分）如图所示的两个电路中，电源相同，各电阻阻值相等，电源和电流表内阻不可忽略，四个相同的电流表、、、的读数分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式正确的是（）A．I1=I3B．I1＜I4C．I2=2 I1D．I2＜I3+I4考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：由题，电源相同，其内阻不计，电路的路端电压等于电动势．根据串联电路电压的分配，分析A1和R串联的电压与A3和R串联电压的关系，分析I1和I3及I1和I4大小．根据并联电路的特点分析I1和I3的关系．根据外电路总电阻的关系，判断I2与I3+I4的关系．解答：解：A、B、左图中，A1和R串联的电压小于电源的电动势，右图中，A3和R串联电压等于电源的电动势，则I1＜I3，I1＜I4．故A错误，B正确．C、由于电流表的内阻不可忽略不计，A1和R串联这一路电流小于R的电流，所以I2＞2I1．故C错误．D、设电流表的内阻为r，左图中外电路总电阻为R左=r+=，右图中，外电路总电阻R右=（R+r），根据数学知识得到＞1，所以左图中干路电流小于右图中干路电流，即有I2＜I3+I4．故D正确．故选：BD．点评：本题难度在于运用数学知识分析两图中外电阻的大小，作商是比较大小经常用到的方法．二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共14分）. 13．（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～15V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A回答下列问题：（1）实验中电流表应选用C （用序号表示）；（2）如图是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电流来选择电流表量程；题（2）的关键是根据小灯泡电阻满足，可知电流表应用外接法．解答：解：（1）：根据小灯泡规格“6V，1.5W”可知，小灯泡额定电流为：I=，所以电流表应选C；（2）：小灯泡在额定情况下的电阻为R=，由于满足，所以电流表应用外接法；连线图如图所示：故答案为：（1）C（2）如图点评：应明确：①应根据待测电阻的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．14．（8分）在把电流表改装为电压表的实验中，实验所用的电流表满刻度电流为200μA，欲将此表改装成量程为2V的电压表．（1）为测出电流表的内阻，采用如图1所示的电路原理图．请将以下各实验步骤填写完整．①依照电路原理图将实物连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S1，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验完毕时，两个电阻箱读数如图2所示，则电流表内阻r g =500Ω．这种方法测出的电流表的内阻r g 比它的真实值偏小（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：（1）根据半偏法测电阻的原理完成实验步骤．（2）电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积是电阻箱示数，根据串并联电路特点分析实验误差．解答：解：（1）①为保护电路，连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节 R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S2，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验应用半偏法测电流表内阻，电流表内阻等于电阻箱R′的阻值，由图2所示R′可知，电阻箱阻值为：R′=0×100000Ω+0×10000Ω+0×1000Ω+5×100Ω+0×10Ω+0×1Ω=500Ω，则电流表内阻为：r g=R′=500Ω．半偏法测电流表内阻，当闭合S1时，电路总电阻变小，电路总电阻变大，电流表半偏法时流过电阻箱的电流大于满偏电流的一半，电阻箱阻值小于电流表内阻，用这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值偏小．故答案为：（1）①大；②S2；R；③S1；R′；④R′；（2）500；偏小．点评：本题考查了半偏法测电流表内阻实验，要掌握半偏法测电阻的原理、会进行实验误差分析．15．（12分）如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：（1）电子通过B点时的速度大小V；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）根据动能定理求出电子通过B点时的速度大小；（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，根据水平方向上做匀速直线运动，求出运动的时间，结合竖直方向上做匀加速直线运动求出侧移距离．解答：解：（1）从A到B由动能定理得：eU0=mv02解得：v0=；（2）电子作类平抛运动有：=ma，解得：a=水平方向 L=v0t竖直方向 y=at2解之得：y=。

人教版高中物理选修11高二(上)期中试卷(解析版)

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作2015-2016 学年山东省德州市跃华高中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共 10 个小题，每题 5 分，共计 50 分．在每题列出的四个选项中，只有一项为哪一项吻合题目要求的．）1．以下列图，空间有一电场，电场中有两个点 a 和 b．以下表述正确的选项是（）A．该电场是匀强电场B． a 点的电场强度比 b 点的大C． b 点的电场强度比 a 点的大D．正电荷在a、 b 两点受力方向相同2．以下对电现象及规律的认识中，正确的选项是（）A．自然界中只存在两种电荷、正电荷和负电荷B．点电荷间的静电力随它们的距离增大而增大C．同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D．摩擦起电说了然电荷可以创生3．关于点电荷，以下说法正确的选项是（）A．足够小的电荷，就是点电荷B．一个电子，无论在何种情况下均可视为点电荷C．只有正电荷才能看作点电荷D．一个带电体能否看作点电荷，不是看它尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计4．以下列图，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是（）A ．向上B ．向下C ．垂直纸面向里D ．垂直纸面向外5．关于电流的方向，以下说法正确的选项是（）A．无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向搬动的方向相反B．在电解液中，由于是正负电荷定向搬动形成电流，因此电流有两个方向C．在金属导体中，电流的方向是自由电子定向搬动的方向D．在电解液中，电流的方向是负离子定向搬动的方向6．以下用电器工作时，电能主要转变成内能的是（）A ．电冰箱B ．电风扇C．电烙铁 D ．电视机7．以下说法，正确的选项是（）A．电场线是电场中本质存在的闭合曲线B．电场中电场线密的地方场强弱C．某点电场强度的方向与负电荷在该点的受力方向相同D．某点电场强度的方向与正电荷在该点的受力方向相同8．以下列图，水平直导线ab 通有向右的电流I ，置于导线正下方的小磁针S 极将（）A ．向纸外偏转B．向纸内偏转C．在纸面内顺时针转过90° D ．不动9．点电荷 A 、 B 固定在真空中，所带电荷量均为2q，若此时它们之间的库仑力为F，将两点电荷所带的电荷量均变成﹣q，则 B 所受的库仑力将变成（）A ．大小和方向均不变B ． 4F，方向与原来相同C． F，方向与原来相同D． 4F，方向与原来相反10．关于磁场对通电直导线作用力的大小，以下说法中正确的选项是（）A ．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，但不为零B．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C．作用力的大小跟导线与磁场方向的夹角大小没关D．通电直导线跟磁场方向不垂直时必然无作用力二、填空题（共14 分，每空 1 分）11．丹麦物理学家发现了电流的磁效应现象．12．（ 10 分）（ 2015 秋 ?德州期中）（ 1）请简述左手定则：张开左手，使拇指跟其他四指，并且都跟手掌在同一平面内，让穿下手心，并使四指指向的方向，那么，所指的方向就是通电导线所受安培力的方向．（2）怎样判断通电直导线周围磁感线方向：握住导线，让拇指所指的方向跟的方向一致，波折的四指所指的方向就是．（3）怎样判断通电螺线管内部磁感线方向：握住螺线管，让的方向跟电流的方向一致，所指的方向就是磁感线的方向．13．磁感觉强度的单位是，符号是．方向：．三、作图题（共9 分．用 2B 铅笔也许黑色中性笔作答．）14．第一画出螺线管上电流的方向，尔后用安培定则判断通电螺线管的N、 S 极．15．如图，匀强磁场的方向垂直于纸面向里，通电导线与悬线绝缘，电流方向水平向左．在图中标出安培力的方向．四、计算题（共27 分）16．（ 10 分）（ 2009?北京学业考试）以下列图，电场中4A 点的电场强度×10 N/C ．将﹣8C 的点电荷放在电场中的 A 点电荷量×10（1）求该点电荷在 A 点所受静电力 F 的大小；（2）在图中画出该点电荷在 A 点所受静电力 F 的方向．17．一电炉子的电阻R=2000 Ω，经过的电流I=5A ，通电 10min 产热 Q=J．18．一根长2m 的直导线，通有5A 的电流，垂直放置在磁感觉强度B=6T 的匀强磁场中，其所受安培力为N ．2015-2016 学年山东省德州市跃华高中高二（上）期中物理试卷参照答案与试题分析一、选择题（本大题共 10 个小题，每题 5 分，共计 50 分．在每题列出的四个选项中，只有一项为哪一项吻合题目要求的．）1．以下列图，空间有一电场，电场中有两个点 a 和 b．以下表述正确的选项是（）A ．该电场是匀强电场B． a 点的电场强度比 b 点的大C． b 点的电场强度比 a 点的大D．正电荷在a、 b 两点受力方向相同【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密代表场强的大小；电场线切线的方向就是该点的电场的方向，也就是正电荷在该点所受电场力的方向．【解答】解：电场线的疏密代表场强的大小，电场线越密代表电场越强，由图可知 b 点的场强小于 a 点的场强．故 B 正确， AC 错误．由于电场线切线的方向就是该点的电场的方向，由图可知ab 两点的切线方向不相同，故ab两点的场强不相同，而场强的方向就是正电荷所受电场力的方向，因此正电荷在ab 两点所受电场力方向不相同，故 D 错误．应选 B．【议论】掌握电场线的基本特点是解决此类题目的前提条件．2．以下对电现象及规律的认识中，正确的选项是（）A．自然界中只存在两种电荷、正电荷和负电荷B．点电荷间的静电力随它们的距离增大而增大C．同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D．摩擦起电说了然电荷可以创生【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解本题需要掌握：摩擦起电是电子转移引起的，其实不是说了然电荷可以创生；依照F=k分析库仑力的大小变化．【解答】解： A 、自然界中只存在两种电荷：正电荷和负电荷；故 A 正确；B、由 F=k可知，点电荷间的静电力随它们的距离增大而减小；故 B 错误；C、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；故 C 错误；D、摩擦起电不是由于电荷的创生而是电荷的转移；故 D 错误；应选： A．并依照库仑定【议论】本题观察静电平衡以及库仑定律；要明确自然界中只存在两种电荷，律明确电荷间的相互作用．3．关于点电荷，以下说法正确的选项是（）A．足够小的电荷，就是点电荷B．一个电子，无论在何种情况下均可视为点电荷C．只有正电荷才能看作点电荷D．一个带电体能否看作点电荷，不是看它尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计【考点】元电荷、点电荷．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，依照点电荷的条件分析可以得出结论．【解答】解： A 、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看作是点电荷，其实不是足够小的电荷就是点电荷，因此 A 错误；B、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看作是点电荷，一个电子，在必然情况下才能视为点电荷．因此 B 错误；C、 D、一个带电体能否看作点电荷，不是看它尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计，正电荷不用然就可以看做点电荷，而负电荷在必然的条件下也可以可知点电荷．因此 C 错误， D 正确．应选： D．【议论】本题是基础的题目，观察的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累．4．以下列图，一通电直导线与匀强磁场方向垂直，导线所受安培力的方向是（）A ．向上B ．向下C ．垂直纸面向里D ．垂直纸面向外【考点】安培力．【分析】正确应用左手定则是解答本题的要点，在应用时为防范慌张失措，可以先让四指和电流方向一致，尔后经过旋转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向．【解答】解： A 、依照左手定则，让磁感线穿过手心，即手心向上，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于纸面指向里，故安培力方向垂直纸面向里，故ABD错误，C正确．应选： C．同时注意磁场、电流方向【议论】要熟练应用左手定则判断安培力方向必然平时多加练习，的表示方法5．关于电流的方向，以下说法正确的选项是（）A．无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向搬动的方向相反B．在电解液中，由于是正负电荷定向搬动形成电流，因此电流有两个方向C．在金属导体中，电流的方向是自由电子定向搬动的方向D．在电解液中，电流的方向是负离子定向搬动的方向【考点】电流、电压看法．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电流是电荷的定向搬动，其方向规定为与正电荷的运动方向相同，与负电荷的运动方向相反．【解答】解； A 、电流的方向与负电荷运动方向相反．故 A 正确；B、在电解液中，正负电荷运动方向相反，正电荷运动方向与负电荷运动的反方向相同，故电流只有一个方向．故 B 错误；C、电流的方向呈与负电荷的运动方向相反，金属导体内电子带负电，方向相反．故C 错误；D 、在电解液中，电流的方向与负离子的运动方向相反．故 D 错误．应选： A【议论】电流是电荷的定向搬动，其方向规定为与正电荷的运动方向相同，与负电荷的运动方向相反．6．以下用电器工作时，电能主要转变成内能的是（）A ．电冰箱B ．电风扇C．电烙铁 D ．电视机【考点】焦耳定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】依照电流做功的过程是把电能转变成其他形式的能量的过程，结合各选项中的能量转变的方向即可得出结论．【解答】解： A 、B 、电冰箱只若是把电能转变成机械能．故 A 错误， B 错误；C、电烙铁只若是把电能转变成内能，故 C 正确；D、电视机使用的电能中，有很大的一部分用来加速电子和使电子偏转，不吻合题意．故D 错误．应选： C【议论】该题观察对电流做功的理解，要注意与能量转变方向的结合．基础题目．7．以下说法，正确的选项是（）A．电场线是电场中本质存在的闭合曲线B．电场中电场线密的地方场强弱C．某点电场强度的方向与负电荷在该点的受力方向相同D．某点电场强度的方向与正电荷在该点的受力方向相同【考点】电场线．【分析】解答本题需要正确理解电场线特点：电场线是为了形象的描述电场的强弱和方向而假想的曲线，从正电荷或无量远出发，停止于无量远或负电荷，是不闭合的；正电荷受力方向和电场力方向相同，负电荷受力方向和电场线相反．【解答】解： A 、电场线从正电荷出发到负电荷或无量远停止，是不闭合的，电场线其实不存在，故 A 错误；B、电场线越密，场强越大，则电荷所受的电场力越大，故 B 错误；C、电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，故 C 错误， D 正确．应选 D．【议论】要正确理解电场线和电场强度、电势之间关系，同学们可以经过列举实例来帮助理解．8．以下列图，水平直导线ab 通有向右的电流I ，置于导线正下方的小磁针S 极将（）A ．向纸外偏转B．向纸内偏转C．在纸面内顺时针转过 90° D ．不动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】小磁针能表现出磁场的存在，且小磁针静止时N 极的指向为磁场的方向，即为磁感觉强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．【解答】解：当通入以下列图的电流时，依照右手螺旋定则可得小磁针的地址的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N 极的指向为磁场的方向，因此小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动．应选项 A 正确．应选： A【议论】右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．答题：src 老师隐蔽分析在线训练收藏试题下载试题试题篮9．点电荷 A 、 B 固定在真空中，所带电荷量均为2q，若此时它们之间的库仑力为F，将两点电荷所带的电荷量均变成﹣q，则 B 所受的库仑力将变成（）A ．大小和方向均不变B ． 4F，方向与原来相同C．F，方向与原来相同D． 4F，方向与原来相反【考点】库仑定律．【分析】由库仑定律依照电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系．【解答】解：由库仑定律可得原来电荷之间的库仑力为F，则：=4若将它们的电荷量都变成﹣q，其他条件不变，则它们之间的作用力为：故 F′= F，原来是同种电荷，此后也是同种电荷，同种电荷相互排斥，故B受的库仑力的方向没有改变，故 C 正确、 ABD 错误．应选： C【议论】解决本题的要点掌握库仑定律的公式，并能灵便运用，要知道公式中各个物理量的含义．10．关于磁场对通电直导线作用力的大小，以下说法中正确的选项是（）A．通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，但不为零B．通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C．作用力的大小跟导线与磁场方向的夹角大小没关D．通电直导线跟磁场方向不垂直时必然无作用力【考点】左手定则．【分析】本题观察了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，依照左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL 时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直与磁场分解，因此垂直时安培力最大．【解答】解：通电导体受安培力的条件为导线与磁场有必然夹角，当通电直导线与磁场方向平行时，导线不受安培力作用，当导线与磁场方向垂直时，安培力最大，最大值为F=BIL ，依照左手定则可知安培力的方向与磁场垂直，故ACD 错误， B 正确．应选： B．【议论】本题属于基础题目，观察了安培力的产生、大小与方向，要正确判断安培力方向应熟练应用左手定则．二、填空题（共14 分，每空 1 分）11．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应现象．【考点】物理学史．【分析】依照物理学史和知识解答，记住出名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应现象．故答案为：奥斯特【议论】本题观察物理学史，是知识性问题，关于物理学上重要发现、发明、出名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．12．（ 10 分）（ 2015 秋 ?德州期中）（ 1）请简述左手定则：张开左手，使拇指跟其他四指垂直，并且都跟手掌在同一平面内，让磁感线穿下手心，并使四指指向电流的方向，那么，大拇指所指的方向就是通电导线所受安培力的方向．（2）怎样判断通电直导线周围磁感线方向：右手握住导线，让拇指所指的方向跟电流的方向一致，波折的四指所指的方向就是磁感线环绕方向．（3）怎样判断通电螺线管内部磁感线方向：右手握住螺线管，让波折的四指的方向跟电流的方向一致，大拇指所指的方向就是磁感线的方向．【考点】左手定则．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】依照左手定则来判断即可，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向；安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，波折的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解答】解：（ 1）左手定则：张开左手，使拇指跟其他四指垂直，并且都跟手掌在同一个平面内，让磁感线穿下手心，并使四指向电流的方向，则拇指所指的方向就是通电导线所受安培力的方向．（2）依照安培定则的内容判断线电流的磁感线的方法是：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，波折的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向；（3）通电螺线管内部磁感线方向：右手握住螺线管，让波折的四指的方向跟电流的方向一致，大拇指所指的方向就是磁感线的方向，故答案为：（ 1）垂直，磁感线，电流，大拇指；（2）右手，电流，磁感线的环绕方向；（3）波折的四指，大拇指．【议论】该题观察安培定则的简单应用，之间使用安培定则即可．掌握住左手定则的内容，直接判断即可，注意安培定则中，直导线与环形导线的使用差异．13．磁感觉强度的单位是特斯拉，符号是T．方向：该点的磁场方向．【考点】磁感觉强度．【分析】磁感觉强度的单位是特斯拉，简称特，其方向就是磁场方向．【解答】解：磁感觉强度的单位是特斯拉，简称特，符号是T ．依照物理学上的规定知：磁感觉强度的方向就是该点的磁场方向．故答案为：特斯拉，T，该点的磁场方向．【议论】 T 是导出单位，可依照物理公式推导出各物理量单位的关系，要对公式要熟悉．基础题．三、作图题（共9 分．用 2B 铅笔也许黑色中性笔作答．）14．第一画出螺线管上电流的方向，尔后用安培定则判断通电螺线管的N、S 极．【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】依照电源的外面电流由正极流向负极判断出电流的方向，尔后再由安培定则判断出磁场的方向．【解答】解：左图中电流的方向左进右出，螺线管的外侧的电流的方向向下，由安培定则可知，磁场的方向向右，右端为N 极，左端为S 极．如图；同理，右图中电流的方向右进左出，螺线管的外侧的电流的方向向上，由安培定则可知，磁场的方向向左，右端为S 极，左端为N 极．如图．答：如图【议论】该题主若是观察安培定则（右手螺旋定则），牢记该定则的内容即可正确解答这一类的题目．基础题目．15．如图，匀强磁场的方向垂直于纸面向里，通电导线与悬线绝缘，电流方向水平向左．在图中标出安培力的方向．【考点】安培力．【专题】定性思想；控制变量法；磁场磁场对电流的作用．【分析】通电直导线在磁场中碰到的安培力方向利用左手定则判断．让磁感线穿过左手手心，四指指向电流方向，拇指指向安培力方向．【解答】解：依照左手定则：张开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心朝里．四指指向电流方向，则指向左，拇指指向安培力方向：向下．故答案为：向下【议论】观察由左手定则可判断安培力方向，注意关于左手定则的应用，要搞清两点：一是什么时候用；二是怎样用．还要注意左手定则与右手定则的差异四、计算题（共 27 分）4 16．（ 10 分）（ 2009?北京学业考试）以下列图，电场中 A 点的电场强度×10N/C ．将电荷量×10﹣ 8C 的点电荷放在电场中的 A 点（1）求该点电荷在 A 点所受静电力 F 的大小；（2）在图中画出该点电荷在 A 点所受静电力 F 的方向．【考点】电场线．【分析】（ 1）由电场强度的定义可求得点电荷在 A 点所受电场力的大小；（2）由题意可知，该电荷带正电，则由电场强度的方向规定可知电场力的方向．【解答】解：（ 1）点电荷在 A 点所受电场力﹣84﹣ 4F=qE=2.0 ×10××10 N=4.0 ×10 N该点电荷在 A 点所受电场力为﹣ 4N；×10（2）正电荷在电场中受力沿电场线的方向，故点电荷在 A 点所受电场力的方向以下列图．答：（1）求该点电荷在 A 点所受静电力 F 的大小×10﹣4N ；（2）在图中画出该点电荷在 A 点所受静电力 F 的方向向右．【议论】本题观察电场强度的定义的应用，属公式的简单应用．17．一电炉子的电阻R=2000 Ω，经过的电流 I=5A ，通电 10min 产热 Q=3×107J．【考点】焦耳定律．【专题】恒定电流专题．【分析】已知电阻、通电时间、电流，由焦耳定律可以求出电流产生的热量．【解答】解：产生的热为227Q=I Rt=5 ×2000×600J=3×10 J故答案为： 3×107【议论】本题观察了求经过电炉的电流，应用电功公式即可正确解题．18．一根长 2m 的直导线，通有 5A 的电流，垂直放置在磁感觉强度B=6T 的匀强磁场中，其所受安培力为60N．【考点】安培力．【分析】通电导线在磁场中的碰到安培力作用，由公式F=BIL 求出安培力大小．【解答】解：长度为2m 的通电直导线，垂直放置于匀强磁场的磁感觉强度为6T，通入电流为 5A ，则由公式可得安培力的大小为：F=BIL=6 ×5×2N=60N故答案为： 60．【议论】观察了安培力的大小计算，应用公式F=BIL 时注意公式适用条件是B与I相互垂直．和公式中各个物理量的含义2016年 1月 17 日。

河南省新郑市第二中学2022-2023学年高二上学期第11次考试(期末)物理试题(原卷版)

②在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U—I图线，由图可得该电源电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。
③某同学在设计电压表改装时，将一个内阻为60Ω，满偏电流为0.5mA的电流表表头改成量程为3V的电压表，需要___________（选填“串”或“并”）联一个阻值___________Ω的电阻。
B.物体做受迫振动时的频率等于f0
C.物体做受迫振动时振幅相同则频率必相同
D.为避免共振发生应该让驱动力的频率靠近f0
3.如图所示，是匀强电场中的四个点，是的中点，构成一个直角三角形，长为，电场线与三角形所在的平面平行，已知，由此可以判断（）
A.电场强度的方向由指向 B.电场强度的方向垂直连线斜向上
5.对如图所示情况，以下说法正确的是（）
A.当开关S闭合后螺线管下端是N极
B.当开关S闭合时，小磁针将逆时针转动，静止后S极向上
C.当开关S闭合时，小磁针将顺时针转动，静止后N极向上
D.当开关S闭合后滑动变阻器滑片向右移动，电磁铁磁性将减弱
6.如图所示，一直流电动机与阻值的电阻串联在电源上，电源的电动势，内阻．闭合开关，用理想电压表测出电动机两端的电压，已知电动机线圈的电阻，则下列说法中正确的是( )
（1）求出所加匀强电场场强大小？
（2）当滑块刚运动到C点时，求出对圆轨道的压力？
（2021·苏州实验中学月考）
18.如图所示，实线是时刻的波形图，虚线是时的波形图。
（1）若波向左传播，求它的周期；
（2）若波速是，求波的传播方向。
19.如图所示，平静湖面岸边的垂钓者，眼睛恰好位于岸边P点正上方0.9m的高度处，浮标Q离P点0.9m远，鱼饵灯M在浮标正前方1.8m处的水下，垂钓者发现鱼饵灯刚好被浮标挡住，已知水的折射率n= 。

(11)动量守恒定律——2022-2023学年高二物理人教版(2019)寒假作业

（11）动量守恒定律——2022-2023学年高二物理人教版（2019）寒假作业1.一颗水平飞来的子弹射入一个原来悬挂在天花板下静止的沙袋并留在其中和沙袋一起上摆，关于子弹与沙袋组成的系统，下列说法正确的是( ) A.子弹射入沙袋的过程中系统动量和机械能都守恒 B.子弹射入沙袋的过程中系统动量和机械能都不守恒 C.共同上摆阶段动量守恒，机械能不守恒 D.共同上摆阶段动量不守恒，机械能守恒2.如图所示，质量为M 的小船在静止水面上以速率0v 向右匀速行驶，一质量为m 的救生员站在船尾，相对小船静止.若救生员以相对水面速率v 水平向左跃入水中，则救生员跃出后小船的速率为( )A.()00mv v v M++ B.0m v v M-C.0m v v M+D.()00mv v v M+- 3.1932年，查德威克用未知射线轰击氢核，发现这种射线是由质量与质子大致相等的中性粒子（即中子）组成。

如图，中子以速度0v 分别碰撞静止的氢核和氮核，碰撞后氢核和氮核的速度分别为1v 和2v 。

设碰撞为弹性正碰，不考虑相对论效应，下列说法正确的是( )A.碰撞后氮核的动量比氢核的小B.碰撞后氮核的动能比氢核的小C.2v 大于1vD.2v 大于0v4.如图所示，轻质弹簧上端悬挂于天花板，下端系有质量为M 的圆板，处于平衡状态。

一质量为m 的圆环套在弹簧外，与圆板距离为h ，让环自由下落撞击圆板，碰撞时间极短，碰后圆环与圆板共同向下运动，使弹簧伸长。

那么( )A.碰撞过程中环与板组成的系统机械能守恒B.碰撞过程中环与板的总动能减小，转化为弹簧的弹性势能C.碰撞后新平衡位置与下落高度h 无关D.碰撞后环与板共同下降的过程中，它们动能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量5.三块相同的木块A B C 、、，自同一高度由静止开始下落，其中B 在开始下落时被一个水平飞来的子弹击中并嵌入其中，木块C 在下落一半高度时被水平飞来的一子弹击中并嵌入其中，若三个木块下落到地面的时间分别为A B C t t t 、、，则( ) A.A B C t t t ==B.A B C t t t <<C.A B C t t t =<D.A B C t t t <=6.如图所示，光滑水平面上有大小相同的A B 、两球在同一直线上运动。

高中物理第11章机械振动单元测试高二物理试题

点囤市安抚阳光实验学校第十一章单元测试(时间60分钟满分100分)一、选择题(本题共14小题，每小题4分，共56分，每小题至少有一个选项正确，选对的得4分，漏选的得2分，错选的得0分)1．弹簧振子在光滑水平面上做简谐运动，在振子向着平衡位置运动的过程中( )A．振子所受的回复力逐渐增大B．振子离衡位置的位移逐渐增大C．振子的速度逐渐增大D．振子的加速度逐渐增大解析在振子向着平衡位置运动的过程中，振子所受的回复力逐渐减小，振子离衡位置的位移逐渐减小，振子的速度逐渐增大，振子的加速度逐渐减小，选项C正确．答案C2．做简谐运动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的1/2，则单摆振动的( )A．频率、振幅都不变 B．频率、振幅都改变C．频率不变，振幅改变D．频率改变，振幅不变解析由单摆周期公式T＝2πlg知周期只与l、g有关，与m和v无关，周期不变频率不变．又因为没改变质量前，设单摆最低点与最高点高度差为h，最低点速度为v，mgh＝12mv2.质量改变后：4mgh′＝12·4m·(v2)2，可知h′≠h，振幅改变．故选C项．答案C3．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f.若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是( ) A．当f<f0时，该振动系统的振幅随f增大而减小B．当f>f0时，该振动系统的振幅随f减小而增大C．该振动系统的振动稳后，振动的频率于f0D．该振动系统的振动稳后，振动的频率于f解析由共振条件及共振曲线，可知驱动力频率f越接近振动系统的固有频率f0，振幅越大，所以当f<f0时，振幅随f的增大而增大，A项错误；当f>f0时，振幅随f的增大而减小，随f的减小而增大，B项正确；系统振动稳时，振动频率于驱动力频率f，与固有频率f0无关，D项正确，C项错误．答案BD4．若物体做简谐运动，则下列说法中正确的是( )A ．若位移为负值，则速度一为正值，加速度也一为正值B ．物体通过平衡位置时，所受合外力为零，回复力为零，处于平衡状态C ．物体每次通过同一位置时，其速度不一相同，但加速度一相同D ．物体的位移增大时，动能增加，势能减少解析如图所示，图线中a 、b 两处，物体处于同一位置，位移为负值，加速度一相同，但速度方向分别为负、正，A 项错误，C 项正确．物体的位移增大时，动能减少，势能增加D 项错误．单摆摆球在最低点时，处于平衡位置，回复力为零，但合外力不为零，B 项错误．答案 C5．一弹簧振子振幅为A ，从最大位移处需时间t 0第一次到达平衡位置，若振子从最大位移处经过t 02时间时的速度大小和加速度大小分别为v 1和a 1，而振子位置为A2时速度大小和加速度大小分别为v 2和a 2，那么( )A ．v 1＞v 2B ．v 1＜v 2C ．a 1＞a 2D ．a 1＜a 2解析振子从最大位移处向平衡位置运动的时间内，做加速度越来越小的加速运动，因速度不断增大，所以前t 02时间内运动的距离一小于后t 02时间内运动的距离，即t 02时刻，物体的位移x ＞A2.由简谐运动的规律不难得出a 1＞a 2，v 1＜v 2，因此选项B 、C 正确，选项A 、D 错误．答案 BC6．如图所示，下列说法正确的是( )A ．振动图像上的A 、B 两点振动物体的速度相同B ．在t ＝0.1 s 和t ＝0.3 s 时，质点的加速度大小相，方向相反C ．振动图像上A 、B 两点的速度大小相，方向相反D ．质点在t ＝0.2 s 和t ＝0.3 s 时的动能相解析 A 、B 两处位移相同，速度大小相，但方向相反，因此A 项错，C 项对．在t ＝0.1 s 和t ＝0.3 s 时，质点离衡位置的位移最大，方向相反，由F＝－kx ，a ＝－kxm，可知B 项正确．t ＝0.2 s 时，物体通过平衡位置，速度最大，动能最大，而t ＝0.3 s 时，速度为零，动能最小，故D 项错．答案 BC 7.如图所示，为同一地点的两单摆甲、乙的振动图线，下列说法中正确的是( )A ．甲、乙两单摆的摆长相B ．甲摆的振幅比乙摆大C．甲摆的机械能比乙摆大D．在t＝0.5 s时乙摆摆线张力最大解析由图可知两摆周期相，故两摆摆长相；甲摆的振幅比乙摆大；由于两摆的摆球质量未知，不能判断机械能的大小；t＝0.5 s时乙摆位于最大位移处．摆线张力最小．答案AB8．劲度系数为20 N/cm的弹簧振子，它的振动图像如图所示，在图中A 点对的时刻( )A．振子所受的弹力大小为0.5 N，方向指向x轴的负方向B．振子的速度方向指向x轴的正方向C．在0－4 s内振子做了1.75次全振动D．在0－4 s内振子通过的路程为0.35 cm，位移为0解析由F＝kx＝5 N，即弹力大小为5 N，方向指向x轴负方向，选项A 不正确．由图可知振子的速度方向指向x轴的正方向，选项B正确．由图可看出，t＝0、t＝4 s时刻振子的位移都是最大，且都在t轴的上方，在0－4 s 内完成两次全振动，选项C错误．由于t＝0时刻和t＝4 s时刻振子都在最大位移处，所以在0－4 s内振子的位移为零，又由于振幅为0.5 cm，在0－4 s 内振子完成了2次全振动，所以在这段时间内振子通过的路程为2×4×0.50 cm ＝4 cm，故选项D错误．综上所述，选项B正确．答案B9．如图所示，两根完全相同的弹簧和一根张紧的细线将甲、乙两物块束缚在光滑水平面上，已知甲的质量大于乙的质量．当细线突然断开后，两物块都开始做简谐运动，在运动过程中( )A．甲的振幅大于乙的振幅B．甲的振幅小于乙的振幅C．甲的最大速度小于乙的最大速度D．甲的最大速度大于乙的最大速度解析由题意知，在细线未断之前两个弹簧所受到的弹力是相的，所以当细线断开后，甲、乙两个物体做简谐运动时的振幅是相的，A、B项错；两物体在平衡位置时的速度最大，此时的动能于弹簧刚释放时的弹性势能，所以甲、乙两个物体的最大动能是相的，则质量大的速度小，所以C项正确，D项错误．答案C10．将一单摆向左拉至水平标志线上，从静止释放，当摆球运动到最低点时，摆线碰到障碍物，摆球继续向右摆动．用频闪照相机拍到如图所示的单摆运动过程的频闪照片，以下说法正确的是( )A．这个说明了动能和势能可以相互转化，转化过程中机械能守恒B．摆线碰到障碍物前后的摆长之比为9∶4C．摆线经过最低点时，线速度不变，半径减小，摆线张力变大D ．摆线经过最低点时，角速度变大，半径减小，摆线张力不变解析小球的细线即使碰到障碍物，细线的拉力不做功，只有重力做功，所以其仍能回到原来的高度，机械能守恒，选项A 正确．频闪照片拍摄的时间间隔一，题图可知，摆线与障碍物碰撞前后的周期之比为3∶2，根据单摆的周期公式T ＝2πlg，得摆长之比为9∶4，故选项B 正确．摆线经过最低点时，线速度不变，半径变小，根据F －mg ＝m v 2l知，张力变大．根据v ＝ωr ，知角速度增大，故选项C 正确，选项D 错误．故选ABC 项．答案 ABC11．将轻弹簧上端固，下端悬挂小钢球，把小钢球从平衡位置竖直向下拉下一段距离，放手让其运动．从小钢球通过平衡位置开始计时，其振动图像如图所示，下列说法正确的是( )A ．钢球的振动周期为2 sB ．在t 0时刻弹簧的形变量为4 cmC ．钢球振动半个周期，回复力做功为零D ．钢球振动四分之一周期，通过的的路程可能大于5 cm解析由振动图像可知，钢球的振动周期为2 s ，A 项正确；t 0时刻振子偏离平衡位置的位移为4 cm ，弹簧的形变量是振子到弹簧原长处的距离，B 项错误；钢球振动半个周期，初速度和末速度大小相，方向相反，根据动能理，可得合外力做功为零，即回复力做功为零，故C 项正确；由数学三角函数可知，在一个周期内，当钢球在[18T ，38T ]内运动，钢球在四分之一周期内通过的路程最大，s max ＝2A (其中A 为振幅)，当钢球在[58T ，78T ]内运动，钢球在四分之一周期内通过的路程最小，s min ＝(2－2)A ，即振子在任意四分之一周期内的路程范围为[(2－2)A ，2A ]，所以D 项正确．答案 ACD 12.光滑的水平面上叠放有质量分别为m 和m /2的两木块，下方木块与一劲度系数为k 的弹簧相连，弹簧的另一端固在墙上，如图所示．已知两木块之间的最大静摩擦力为f ，为使这两个木块组成的系统象一个整体一样地振动，系统的最大振幅为( )A.fkB.2f kC.3f kD.4f k解析物体做简谐运动，取整体为研究对象，是由弹簧的弹力充当回复力．取上面的小物块为研究对象，则是由静摩擦力充当回复力．当两物体间的摩擦力达到最大静摩擦力时，两物体达到了简谐运动的最大振幅．又因为两个物体具有共同的加速度，根据牛顿第二律对小物体有f ＝12ma ，取整体有kx ＝(12m ＋m )a ，两式联立可得x ＝3fk，选项C 正确．答案 C13.如图所示，一个质点在平衡位置O 点附近做简谐运动，若从质点通过O 点开始计时，经过1 s 质点第一次经过M 点，再继续运动，又经过23 s 质点第二次经过M 点，则质点的振动周期为( )A ．2 s B.163 sC.169s D.143s解析如图，设a 、b 为振动过程中的最大位移处，若质点从O 点向右到达M 点所用时间为1 s ，从M 点经b 点回到M 点所用时间为23 s ，由对称性可知，质点由O 点到b 点用时43 s ，则质点振动周期为163 s ；若质点向左经a 到达M点用时1 s ，从M 点经b 再回到M 点用时23s ，则质点再经Oa 回到O 点用时仍为1 s ，此整过程为3T 2，故周期为169s.答案 BC 14.如图所示，在质量为M 的无下底的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量均为m (M >m )的A 、B 两物体，箱子放在水平地面上．平衡后剪断A 、B 间细线，此后A 将做简谐振动．当A 运动到最高点时，木箱对地面的压力为( )A ．MgB ．(M －m )gC ．(M ＋m )gD ．(M ＋2m )g解析平衡后剪断A 、B 间细线，A 将做简谐振动，在平衡位置，有kx 1＝mg ，在平衡之前的初位置，有kx 2＝2mg ，故振幅为A ＝x 2－x 1＝mgk，根据简谐运动的对称性，到达最高点时，弹簧处于原长，故此时木箱只受重力和支持力，二力平衡，故支持力于重力Mg ，A 项正确，B 、C 、D 项错误．答案 A二、非选择题(有4个题，共44分)15．(10分)有人利用安装在气球载人舱内的单摆来确气球的高度．已知该单摆在海平面处的周期是T 0.当气球停在某一高度时，测得该单摆周期为T .求该气球此时离海平面的高度h .(把地球看做质量均匀分布的半径为R 的球体)解析根据单摆周期公式T0＝2πlg 0，T＝2πlg，其中l是单摆长度，g0和g分别是点的重力加速度．根据万有引力律公式，可得g0＝G MR2g＝GMR＋h2由以上各式，可解得h＝(TT0－1)R.答案(TT0－1)R16．(10分)在心电图仪、地震仪仪器工作过程中，要进行振动记录，如图甲所示是一个常用的记录方法，在弹簧振子的小球上安装一支记录用笔P，在下面放一条白纸带．当小球振动时，匀速拉动纸带(纸带运动方向与振子振动方向垂直)，笔就在纸带上画出一条曲线，如图乙所示．(1)若匀速拉动纸带的速度为1 m/s，则由图中数据算出振子的振动周期为多少？(2)作出P的振动图像．(3)若拉动纸带做匀加速运动，且振子振动周期与原来相同，由图丙中的数据求纸带的加速度大小．解析(1)由题图乙可知，当纸带匀速20 cm时，弹簧振子恰好完成一次全振动，由v＝xt，可得t＝xv＝0.21s，所以T＝0.2 s.(2)由题图乙可以看出P的振幅为2 cm，振动图像如图所示：(3)当纸带做匀加速直线运动时，振子振动周期仍为0.2 s，由丙图可知，两个相邻0.2 s时间内，纸带运动的距离分别为0.21 m、0.25 m，由Δx＝aT2，得a＝0.25－0.210.22m/s2＝1.0 m/s2.答案(1)0.2 s (2)见解析(3)1.0 m/s217．(12分)某小组在利用单摆测当地重力加速度的中：(1)用游标卡尺测摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径为________ cm.(2)小组成员在过程中有如下说法，其中正确的是________．(填选项前的字母)A．把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为t100C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D．选择密度较小的摆球，测得的重力加速度值误差较小(3)下表是用单摆测重力加速度中获得的有关数据：T2＝4.2 s2时，l＝________ m．重力加速度g＝________ m/s2.解析(1)由游标尺的“0”刻线在主尺上的位置读出摆球直径的整毫米数为0.9 cm，标尺中第7条线与主尺刻度对齐，所以为0.07 cm，所以摆球直径为0.9 cm＋0.07 cm＝0.97 cm.(2)单摆从最低点计时，故A项错；因一个周期内，单摆有2次通过最低点，故B项错；由T＝2πlg得，g＝4π2lT2，若用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，则g偏大，C项对；因空气阻力的影响，选密度小的摆球，测得的g值误差大，D项错误．(3)由T＝2πlg，得g＝4π2·lT2或l＝g4π2·T2，所以图像是过原点且斜率为g4π2的一条直线．l－T2图像如图所示．T2＝4.2 s2时，从图中画出的直线上可读出其摆长l＝1.05 m，将T2与l代入公式g＝4π2lT2，得g＝9.86 m/s2.答案(1)0.97 (2)C (3)图见解析 1.05 9.8618．(12分)将一测力传感器连接到计算机上就可以测量快速变化的力，图O点为单摆的悬点，现将小球(可视为质点)拉到A点，此时细线处于张紧状态，释放摆球，则摆球在竖直平面内的ABC之间来回摆动，其中B点为运动中最低位置．∠AOB＝∠COB＝α，α小于10°且是未知量，图乙表示由计算机得到细线对摆球的拉力大小F随时间变化的曲线，且图中t＝0时刻为摆球从A点开始运动的时刻，据力学规律和题中信息(g取10 m/s2)，求：(1)单摆的周期和摆长；(2)摆球质量及摆动过程中的最大速度．解析(1)由图乙可知：单摆周期T＝0.4πs由公式T＝2πlg，可求得摆长l＝0.4 m.(2)mg cosα＝F min＝0.495 Nmg(l－l cosα)＝12mv2mF max－mg＝mv2ml解得m＝0.05 kg，v m≈0.283 m/s.答案(1)0.4πs 0.4 m (2)0.05 kg 0.283 m/s。

高二上学期第十一次周测物理试题(A班) Word版含答案

高二A班物理周测十一一、单选题（本大题共5小题，共20.0分）1.如图所示的电路中，是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小。

、、是定值电阻，当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电。

当用强光照射且电路稳定时。

与无光照射时比较，下列说法中正确的是A.电容器C的下极板带负电B. 两端电压降低C. 两端电压降低D. 电源提供的总功率变小2.如图，一导体棒ab静止在U型铁芯的两板之间，棒在开关闭合后仍在原位置保持静止状态。

则按图示视角则下列说法正确的是A.铁芯上板为N极B. 导体棒对下板的压力变大C. 导体棒受到垂直棒向左的安培力D. 导体棒对下板有垂直棒向右的静摩擦力3.如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线。

曲线Ⅲ与直线Ⅰ、Ⅱ相交点的坐标分别为3，、。

如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法不正确的是A.电源1与电源2的内阻之比是3：2B. 电源1与电源2的电动势之比是1：1C. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是21：26D. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7：104.静电场中x轴上的电势随x坐标变化的图线如图所示．若将一带负电粒子重力不计从坐标原点O由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P、Q两点的坐标分别为、则下列说法正确的是A.粒子经过P点与Q点时，动能相等B. 粒子在P点的电势能为正值C. 粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反D. 粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等5.如图所示，带电平行金属板A，B，板间的电势差为U，A板带正电，B板中央有一小孔，一带正电的液滴，带电量为q，质量为m，自孔的正上方距板高h处自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c点，则A. 微粒在整个下落过程中，动能增加，重力势能逐渐减小B. 若将微粒从距B板高2h处自由下落，则微粒的落点刚好能达到A板C. 保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的落点仍为C点D. 保持板间电势差为U，若将A板上移一小段距离，则微粒的落点位置也上移，且为A、B板的新的中点位置高二A班物理周测十一【答案】1. C2. D3. D4. A5. B【解析】1. 【分析】根据光敏电阻电阻值变化得到总电阻变化，从而得到总电流变化，进而得到电源总功率、路端电压及支路电流变化；再根据欧姆定律得到各电阻的电压变化，从而得到电容器两极板电压的变化。

中学高二物理选修11试题(附答案)

高二物理选修（1-1）测试一、选择题（本大题共15小题，每题4分；，共计60分）本试题可能用到的公式：1、关于库仑定律，下列说法正确的是（）A 、库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B 、根据公式当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C 、若点电荷Q 1的电荷量大于Q 2的电荷量，则Q 1对 Q 2的电场力大于Q 2 对Q 1电场力D 、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用 2、a 、b 两金属球均带电，可以确定的是（） A 、a 对b 的作用力大于b 对a 的作用力 B 、a 球的带电量大于b 球的带电量C 、a 对b 的作用力与b 对a 的作用力大小相等D 、a 球的质量大于b 球的质量3、在绝缘光滑的水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球。

让它们从静止开始释放，则两个球的加速度和速度随时间的变化情况是（） A 、速度、加速度都变大 B 、速度、加速度都变小 C 、速度变小、加速度变大 D 、速度变大、加速度变小4、如下图所示，带箭头的直线是某电场中的一条电场线，在这条线上有A 、B 两点，用E A 、E B 表示两处的电场强度，则（）A 、E A 〉EB B 、E A = E BC 、E A <E BD 、无法确定5、在下列各种措施中，目的是为了防止静电危害的是（）A 、电视机后盖上开有许多小孔B 、在高大的建筑物顶端装上避雷针IBL F t n E BS q F E rQ Q KF =∆∆====安;;;;221φφ221rQ Q K F =C 、静电喷涂D 、静电复印6、关于电场线和磁感线,下列说法不正确的是( ) A.电场线和磁感线都是闭合的曲线 B.电场线是从正电荷发出，终止于负电荷 C. 电场线和磁感线都不能相交D. 电场线和磁感线都不是客观存在的。

7、下面说法正确的是A 、线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大B 、线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大线C 、圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大D 、线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大 8、下列物理量是标量的是（）A 、电场强度B 、电动势C 、磁感应强度D 、安培力 9、下面说法不正确的是（）A 、恒定电流能够在周围空间产生稳定的磁场B 、稳定电场能够在周围空间产生稳定的磁场C 、静止电荷不能够在周围空间产生磁场D 、变化的电场和磁场总是相互联系的，它们统称为电磁场 10、关于电磁场和电磁波，正确的说法是（） A ．电场和磁场总是相互联系的，它们统称为电磁波。

(高中物理)高二物理(选修11)第一章电场电流质量检测试卷

高二物理〔选修1-1〕第一章电场电流质量检测试卷一、填空题1．电闪雷鸣是自然界常见的现象，古人认为那是“天神之火〞，是天神对罪恶的惩罚，直到1752年，伟大的科学家_________________冒着生命危险在美国费城进行了著名的风筝实验，把天电引了下来，发现天电和摩擦产生的电是一样的，才使人类摆脱了对雷电现象的迷信。

2．用____________和______________的方法都可以使物体带电。

无论那种方法都不能_________电荷，也不能__________电荷，只能使电荷在物体上或物体间发生____________，在此过程中，电荷的总量__________，这就是电荷守恒定律。

3．带电体周围存在着一种物质，这种物质叫_____________，电荷间的相互作用就是通过____________发生的。

4．电场强度是描述电场性质的物理量，它的大小由____________来决定，与放入电场的电荷无关。

由于电场强度由大小和方向共同决定，因此电场强度是______________量。

5．避雷针利用_________________原理来避电：带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击。

6．某电容器上标有“220V 300μF 〞， 300μF ＝____F ＝_____pF 。

7．某电池电动势为1.5V ，如果不考虑它内部的电阻，当把它的两极与150Ω的电阻连在一起时，16秒内有______C 的电荷定向移动通过电阻的横截面，相当于_______个电子通过该截面。

8．将一段电阻丝浸入1L 水中，通以的电流,经过5分钟使水温升高℃，那么电阻丝两端的电压为_______V ，电阻丝的阻值为_______Ω。

二、选择题9×10-19C B ．×10-19CＣ．×10-19C Ｄ．×10-19C10．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F ，假设它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为A ．F /2B ．FＣ．4F Ｄ．16F11．如左以下列图所示是电场中某区域的电场线分布图，A 是电场中的一点，以下判断中正确的选项是A ．A 点的电场强度方向向左B ． A 点的电场强度方向向右Ｃ．负点电荷在A 点受力向右Ｄ．正点电荷受力沿电场线方向减小12．某电场的电场线如右上图所示，那么某点电荷在A 和B 位置所受电场力的大小关系是A ．F A >FB B ． F A <F BＣ．F A=F BＤ．电荷正负不明无法判断13．一个带电小球，用细线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把细线烧断，那么小球将〔假定电场足够大〕A．做自由落体运动 B．做曲线运动Ｃ．做变加速直线运动Ｄ．做匀加速直线运动14.关于电容器的电容，以下说法正确的选项是A．电容器所带的电荷越多，电容就越大B．电容器两极板间的电压越高，电容就越大Ｃ．电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍Ｄ．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量15．如右图所示的稳恒电路中, R1=1Ω,R2=2Ω,R3=3Ω那么通过电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1:I2:I3为A.1:2:3B.3:2:1C.2:1:3D.3:1:216．有一段电阻为R＝81Ω的导线，将其截成假设干相等的局部，然后把它们并联，并联后电阻为1Ω，导线被截成的段数为A． 9段 B．18段Ｃ．27段Ｄ．81段17．为了使电炉消耗的功率减半，应A．使电流减半 B．使电压减半Ｃ．使电压和电炉的电阻各减半Ｄ．使电炉的电阻减半18．把四个完全相同的电阻A、B、C、D串连后接入电路，消耗的总功率为P，把它们并联后接入该电路，那么消耗的总功率为A．P B．4PＣ．8PＤ．16P19．把三个都是12Ω的电阻采用串连、并联或混联都不可能获得的阻值是A． 36ΩB． 24ΩＣ．18ΩＤ．8Ω20．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，假设电阻为2R，电流强度为I/2，那么在时间t内产生的热量为A．4Q B．2QＣ．Q/2 Ｄ．Q/421. 电动机线圈的电阻为R,电动机正常工作时,两端电压为U,通过电流为I,工作时间为t,以下说法中正确的选项是U²t/RI²RtI²RtU²t/R22．一只电炉的电阻丝和一台电动机线圈的电阻相等，都是R，设通过的电流强度相同，那么在相同的时间内，关于这只电炉和这台电动机的发热情况，以下说法中正确的选项是A．电炉和电动机产生电炉的热量相等B．产生的热量多于电动机产生的热量Ｃ．产生的热量少于电动机产生的热量Ｄ．无法判断23．有两个小灯泡L1和L2分别标有“6V 6W〞和〞12V 6W“字样，假设把它们串连后接入电路，那么该电路允许消耗的最大电功率为A． 15W B．9WＣ．7.5W Ｄ．6W, a、b是两电阻R1和R2的I-U图象,它们把第一象限分成Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域,假设将R1和R2并联,那么并联后的总电阻的I-U图象ⅠⅡⅢ三、计算题25．如下列图的电路中,电源电动势为E,内电阻不计,电阻R1=2R2,在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线L，求：.〔1〕R1两端电压〔2〕导线L中通过的电流I L？26．真空中有两个相距、带电量相等的点电荷，它们间的静电力的大小为10－3N，求每个点电荷所带电荷量是元电荷的多少倍？27．如下列图，在水平放置且相距3．6cm的平行带电金属板间,能形成匀强电场,有一个质量m=10-4g 、电荷量Q=－10-8 C的液滴,在两板正中央处于静止状态. g取/s².求: (1)哪块板带正电?板间电场强度多大? (2)假设板间电场强度突然增为原来的2倍,液滴将做什么运动?触及板面时速度多大?28．如下列图电路,电阻R1=１０Ω,R2=１０Ω,电源内电阻不计,假设电源消耗的总功率P=60W, R3上消耗的功率为40W,求电源电动势E与电阻R3的阻值大小?。

高二物理下学期模拟11带答案

烟台市中英文学校阶段性检测高二物理试题一、选择题：1、下列叙述正确的有（）A ．两个分子组成的系统的势能随分子间的距离增大而减小B ．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力C ．把很多小的单晶体放在一起，就变成了非晶体D ．第二类永动机没有违反能量守恒定律2、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B 随时间如图2变化时，图3中正确表示线圈中感应电动势E 变化的是（）A ．B ．C ．D ．3.粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行，现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移动过程中线框的一边a 、b 两点间电势差绝对值最大的是（）4、边长为L 的正方形金属框在水平恒力F 作用下运动，穿过方向如图的有界匀强磁场区域．磁场区域的宽度为d （d >L ）。

已知ab 边进入磁场时，线框的加速度恰好为零．则线框进入磁场的过程和从磁场另一侧穿出的过程相比较，有（） A ．产生的感应电流方向相反B ．所受的安培力方向相同C ．进入磁场过程的时间等于穿出磁场过程的时间D ．进入磁场过程和穿出磁场过程中通过导体内某一截面的电量相等5、物理学在研究实际问题时，常常进行科学抽象，抓住研究问题的主要特征，建立理想化模型。

下列属于物理学中的理想化模型的是A ．理想气体B ．质点C ．力的合成D ．加速度6．如图甲所示，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度的大小为B ，磁场在y 轴方向足够宽，在x 轴方向宽度为a ．一直角三角形导线框ABC （BC 边的长度为a ）从图示位置向右匀速穿过磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在图乙中感应电流i 、 BC 两端的电压u BC 与线框移动的距离x 的关系图象正确的是7．在如图所示倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B 的匀强磁场，区域I 的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L ．一质量为m ．电阻为R 、边长为2L的正方形导线框，在沿平行斜面向下的拉力F 作用下由静止开始沿斜面下滑，当ab 边刚越过GH 进入磁场I 时，恰好做匀速直线运动，下列说法中正确的有（重力加速度为g ）A ．从线圈的ab 边刚进入磁场I 到线圈的dc 边刚要离开磁场II 的过程中，线圈ab 边中产生的感应电流先沿b →a 方向再沿a →b 方向B ．线圈进入磁场I 过程和离开磁场II 过程所受安培力方向都平行斜面向上C ．线圈ab 边刚进入磁场I 时的速度大小为22)sin (4L B F mg R +θD ．线圈进入磁场I 做匀速运动的过程中，拉力F 所做的功等于线圈克服安培力所做的功8、矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e 随时间变化如图所示，下面说法正确的是（） A.t 1时刻通过线圈的磁通量为零 B.t 2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大 C .t 3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.每当e 改变方向时，通过线圈的磁通量的绝对值都为最大2E E -E -2E2E E -E -2E E2E -E -2EE2E -E -2E /图2（A ）（B ）（C ）（D ）9、由交流电动势瞬时值表达式e =102sin4πt(V)，可知（）A.此交流电的频率是4π(Hz)B.此交流电的周期是0.5sC.当t =0.5s 时，此交流电动势有最大值D.当t =0时，产生此交流电的线圈平面与中性面重合10.在如图所示的电路中，自感线圈电阻忽略不计，三个灵敏电流计G 1、 G 2 和G 3的零点都在刻度盘中央，当电流从“+”接线柱流入时，指针向右偏；电流从“－”接线柱流入时，指针向左偏。