2017年山东省淄博市高考物理三模试卷(解析版)

2017年山东省淄博市高考物理三模试卷二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共48分．每小题给出的四个选项中，1至4小题，只有一个选项正确，5至8小题，有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分）1．（6分）意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（）A．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性B．自由落体运动是一种匀变速直线运动C．力是使物体产生加速度的原因D．力不是维持物体运动的原因2．（6分）关于原子核、原子核的衰变、核能，下列说法正确的是（）A．原子核的结合能越大，原子核越稳定B．任何两个原子核都可以发生核聚变C．U衰变成Pb要经过8次β衰变和6次α衰变D．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了23．（6分）如图所示，水平地面上固定一倾角为30°的表面粗糙的斜劈，一质量为m的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，现对小物块施加一水平向右的恒力F，使它沿该斜劈表面匀速上滑，如图乙所示，则F大小应为（）A．mg B．mg C．mg D．mg4．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈接有额定电压均为20V的灯泡a和b．当输入u=220sin100πt（V）的交变电压时，两灯泡均能正常发光．设灯泡不会被烧坏，下列说法正确的是（）A．原、副线圈匝数比为11：1B．原、副线圈中电流的频率比为11：1C．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，灯泡b变亮D．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，变压器输入功率变大5．（6分）如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B 相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是（）A．从开始计时到t4这段时间内，物块A、B在t2时刻相距最远B．物块A在t1与t3两个时刻的加速度大小相等C．t2到t3这段时间内弹簧处于压缩状态D．m1：m2=1：26．（6分）如图所示，用一根粗细均匀的电阻丝制成形状相同、大小不同的甲、乙两个矩形线框．甲对应边的长度是乙的两倍，二者底边距离匀强磁场上边界高度h相同，磁场方向垂直纸面向里，匀强磁场宽度d足够大．不计空气阻力，适当调整高度h，将二者由静止释放，甲将以恒定速度进入匀强磁场中．在矩形线框进入磁场的整个过程中，甲、乙的感应电流分别为I1和I2，通过导体横截面的电量分别为q1和q2，线框产生的热量分别为Q1和Q2，线框所受到的安培力分别是F1和F2，则以下结论中正确的是（）A．I1＞I2B．q1=4q2C．Q1=4Q2D．F1=2F27．（6分）太阳系中某行星运行的轨道半径为R0，周期为T0，天文学家在长期观测中发现，其实际运行的轨道总是存在一些偏离，且周期性地每隔t0时间发生一次最大的偏离（行星仍然近似做匀速圆周运动）．天文学家认为形成这种现象的原因可能是该行星外侧还存在着一颗未知行星．假设两行星的运行轨道在同一平面内，且绕行方向相同，则这颗未知行星运行轨道的半径R和周期T是（认为未知行星近似做匀速圆周运动）（）A．T=B．C．T=T0D．R=R08．（6分）如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，固定一电荷量为+Q的点电荷．一质量为m、带电荷量为+q的物块（可视为质点的检验电荷），从A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时速度为v．已知点电荷产生的电场在A点的电势为φ（取无穷远处电势为零），P到B点的距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60°，k为静电力常量，下列说法正确的是（）A．点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小B．物块在A点时受到轨道的支持力大小为mg+C．物块在A点的电势能E pA=φqD．点电荷+Q产生的电场在B点的电势φB=φ+二、解答题（共4小题，满分47分）9．（6分）某同学用如图1所示的装置验证机械能守恒定律．（1）用游标卡尺测量金属球的直径：图2为游标卡尺校零时的示数；用该游标卡尺测量小球的直径，其示数为10.00mm；所测金属球的直径d=mm．（2）用一根不可伸长的轻质细线拴住该金属球，细线的另一端固定在悬点O，在最低点前后放置一组光电门，测得悬点到球心的距离为L．将金属球从最低点拉开θ角，由静止释放金属球，金属球在竖直面（纸面）内摆动，记下金属球第一次通过光电门的时间t，金属球通过光电门的速度大小为；已知重力加速度为g，则验证金属球机械能守恒的表达式为．（用字母L、d、θ、t、g表示）10．（9分）某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路，通过控制电键S 和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率．所用器材如下：A．干电池：电动势E=l.5V，内阻r=0.5ΩB．电流表G：满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=150ΩC．定值电阻R1=1200ΩD．电阻箱R2和R3：最大阻值都为999.9ΩE．电阻箱R4：最大阻值9999ΩF．电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1）该实验小组按图a正确连接好电路．当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内=Ω，欧姆表的倍率是（选填“×1”、“×10”）．（2）闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，当R2=Ω且R3=Ω时，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏；第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为Ω．11．（14分）如图，相邻两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，设磁感应强度的大小分别为B1、B2．已知：磁感应强度方向相反且垂直纸面；两个区域的宽度都为d；质量为m、电量为+q的粒子由静止开始经电压恒为U的电场加速后，垂直于区域Ⅰ的边界线MN，从A点进入并穿越区域Ⅰ后进入区域Ⅱ，最后恰好不能从边界线PQ穿出区域Ⅱ．不计粒子重力．求（1）B1的取值范围；（2）B1与B2的关系式．12．（18分）如图所示，在方向竖直向上、大小为E=1×106V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R=0.2m．A、B用一根绝缘轻杆相连，A带的电荷量为q=+7×10﹣7C，B不带电，质量分别为m A=0.01kg、m B=0.08kg．将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动．重力加速度大小为g=10m/s2．（1）通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高点C？（2）求小球A的最大速度值．（3）求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值．【物理--选修3-3】（15分）13．（5分）根据热学知识，下面说法正确的是（）A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的B．绝对零度就是当一定质量的气体体积为零时，用实验方法测出的温度C．分子间作用力做正功，分子势能一定减少D．物体温度改变时物体内分子的平均动能一定改变E．在热传导中，热量不可能自发地从低温物体传递到高温物体14．（10分）一足够高的直立气缸上端开口，用一个厚度不计的活塞封闭了一段高为80cm的气柱，活塞的横截面积为0.01m2，活塞与气缸间的摩擦不计，气缸侧壁通过一个开口与U形管相连．开口离气缸底部的高度为70cm，开口管内及U形管内的气体体积忽略不计．已知图所示状态时气体的温度为7℃，U形管内水银面的高度差h1=5cm，大气压强p0=1.0×105 Pa保持不变，水银的密度ρ=13.6×103 kg/m3，取g=10m/s2．求①活塞的质量；②现在活塞上添加铁砂，同时对气缸内的气体加热，始终保持活塞的高度不变，此过程缓慢进行，当气体的温度升高到47℃时，U形管内水银面的高度差为多少？【物理--选修3-4】（15分）15．如图甲，可以用来测定半圆柱形玻璃砖的折射率n，O是圆心，MN是法线．一束单色光线以入射角i=30°由玻璃砖内部射向O点，折射角为r，当入射角增大到也为r时，恰好无光线从玻璃砖的上表面射出．让该单色光分别通过宽度不同的单缝a、b后，得到图乙所示的衍射图样（光在真空中的传播速度为c）．则下列说法正确的是（）A．此光在玻璃砖中的全反射临界角为60°B．玻璃砖的折射率n=C．此光在玻璃砖中的传播速度D．单缝b宽度较大E．光的偏振现象说明光是一种纵波16．简谐横波沿x轴传播，M、N是x轴上两质点，如图甲是质点N的振动图象．图乙中实线是t=3s时刻的波形图象，质点M位于x=8m处，虚线是再过△t时间后的波形图象．图中两波峰间距离△x=7.0m．求①波速大小和方向；②时间△t．2017年山东省淄博市高考物理三模试卷参考答案与试题解析二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共48分．每小题给出的四个选项中，1至4小题，只有一个选项正确，5至8小题，有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分）1．（6分）意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（）A．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性B．自由落体运动是一种匀变速直线运动C．力是使物体产生加速度的原因D．力不是维持物体运动的原因【解答】解：铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动，故B正确，ACD错误．故选：B2．（6分）关于原子核、原子核的衰变、核能，下列说法正确的是（）A．原子核的结合能越大，原子核越稳定B．任何两个原子核都可以发生核聚变C．U衰变成Pb要经过8次β衰变和6次α衰变D．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2【解答】解：A、比结合能越大原子核越稳定，原子核的结合能越大，原子核不一定越稳定，故A错误；B、只有较小的原子核才会发生聚变，故B错误；C、铀核（U）衰变为铅核（Pb）的过程中，α衰变一次质量数减少4个，次数n=，β衰变的次数为n=88×2+82﹣92=6要经过8次α衰变和6次β衰变，故C错误；D、α粒子为氦核，由两个质子和两种中子组成，所以发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，故D正确；故选：D3．（6分）如图所示，水平地面上固定一倾角为30°的表面粗糙的斜劈，一质量为m的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，现对小物块施加一水平向右的恒力F，使它沿该斜劈表面匀速上滑，如图乙所示，则F大小应为（）A．mg B．mg C．mg D．mg【解答】解：小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，则mgsin30°=μm gcos30°可知小物块与斜劈表面间的动摩擦因数μ=tan30°，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，受力分析如图：根据平衡条件：Fcos30°﹣f﹣mgsin30°=0N=mgcos30°+Fsin30°又f=μN，联立可得F=mg，所以B、C、D选项错误，A选项正确．故选：A．4．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈接有额定电压均为20V 的灯泡a 和b ．当输入u=220sin100πt （V ）的交变电压时，两灯泡均能正常发光．设灯泡不会被烧坏，下列说法正确的是（ ）A ．原、副线圈匝数比为11：1B ．原、副线圈中电流的频率比为11：1C ．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，灯泡b 变亮D ．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，变压器输入功率变大【解答】解：A 、交流电压的有效值为两灯均正常发光，则原线圈输入的电压的为：=220﹣20=200V ，副线圈电压=20V ，根据理想变压器变压比：，故A 错误；B 、变压器不改变交流电的频率，即频率比为1：1，故B 错误；C 、当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，阻值减小，副线圈电流变大，根据，可知原线圈电流变大，灯泡a 分担的电压变大，原线圈输入的电压变小，输出电压变小，所以灯泡b 亮度变暗，故C 错误；D 、当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，阻值减小，副线圈电流变大，根据，可知原线圈电流变大，输入电压不变，则变压器输入功率变大，故D 正确； 故选：D5．（6分）如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m 1和m 2的两物块A 、B 相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A 瞬时获得水平向右的速度3m/s ，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是（ ）A．从开始计时到t4这段时间内，物块A、B在t2时刻相距最远B．物块A在t1与t3两个时刻的加速度大小相等C．t2到t3这段时间内弹簧处于压缩状态D．m1：m2=1：2【解答】解：A、0﹣t1时间内，A的速度比B的大，两者间距减小．t1时刻两者速度相同，相距最近．t1﹣t3时间内，弹簧由压缩变到伸长，t3时刻两者速度相同，相距最远．故A错误．B、根据v﹣t图象的斜率等于加速度，知物块A在t 1与t3两个时刻的加速度大小相等，故B正确．C、t2时刻弹簧处于原长状态，t2到t3这段时间内，弹簧处于伸长状态，故C错误．D、系统的动量守恒，选择开始到t1时刻列方程可知：m1v1=（m1+m2）v2，将v1=3m/s，v2=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故D正确．故选：BD6．（6分）如图所示，用一根粗细均匀的电阻丝制成形状相同、大小不同的甲、乙两个矩形线框．甲对应边的长度是乙的两倍，二者底边距离匀强磁场上边界高度h相同，磁场方向垂直纸面向里，匀强磁场宽度d足够大．不计空气阻力，适当调整高度h，将二者由静止释放，甲将以恒定速度进入匀强磁场中．在矩形线框进入磁场的整个过程中，甲、乙的感应电流分别为I1和I2，通过导体横截面的电量分别为q1和q2，线框产生的热量分别为Q1和Q2，线框所受到的安培力分别是F1和F2，则以下结论中正确的是（）A．I1＞I2B．q1=4q2C．Q1=4Q2D．F1=2F2【解答】解：根据机械能守恒得线框刚进入磁场时的速度v为：解得：，进入磁场时速度相同A、根据E=BLv，甲切割磁感线产生的感应电动势是乙的2倍，甲线框的电阻是乙的2倍，所以通过甲乙的电流，故A错误；B、根据感应电量公式=，甲线框的面积是乙线框的4倍，甲线框的电阻是乙的2倍，所以，故B错误；C、根据题意，甲线框做匀速运动，有，对于乙线框，，所以，所以乙相框也做匀速运动甲进磁场时间，乙进磁场的时间，有线框产生的热量，所以，即，故C正确；D、甲线框所受安培力，乙线框所受安培力，其中所以线框受到的安培力，故D正确；故选：CD7．（6分）太阳系中某行星运行的轨道半径为R0，周期为T0，天文学家在长期观测中发现，其实际运行的轨道总是存在一些偏离，且周期性地每隔t0时间发生一次最大的偏离（行星仍然近似做匀速圆周运动）．天文学家认为形成这种现象的原因可能是该行星外侧还存在着一颗未知行星．假设两行星的运行轨道在同一平面内，且绕行方向相同，则这颗未知行星运行轨道的半径R和周期T是（认为未知行星近似做匀速圆周运动）（）A．T=B．C．T=T0D．R=R0【解答】解：AC、行星发生最大偏离时，两行星与恒星在同一直线上且位于恒星同一侧．设未知行星运行周期为T，轨道半径为R，则有：（﹣）t0=2π解得未知行星的运行周期为：T=T0，故C正确，A错误．BD、由开普勒第三定律有：=，解得：R=R0，则B正确，D错误故选：BC8．（6分）如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，固定一电荷量为+Q的点电荷．一质量为m、带电荷量为+q的物块（可视为质点的检验电荷），从A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时速度为v．已知点电荷产生的电场在A点的电势为φ（取无穷远处电势为零），P到B点的距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60°，k为静电力常量，下列说法正确的是（）A．点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小B．物块在A点时受到轨道的支持力大小为mg+C．物块在A点的电势能E pA=φqD．点电荷+Q产生的电场在B点的电势φB=φ+【解答】解：A、点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小E B==，故A 错误；B、物体受到点电荷的库仑力为：F==，设物体在A点时受到轨道的支持力大小为N，由平衡条件有：N﹣mg﹣Fsin60°=0解得：N=mg+．B错误；C、根据电势能和电势的关系可知物块在A点的电势能E PA=qφ，则C正确；D、设点电荷产生的电场在B点的电势为φB，动能定理有：﹣q（φ﹣φB）=解得：φB=φ+．故D正确．故选：CD．二、解答题（共4小题，满分47分）9．（6分）某同学用如图1所示的装置验证机械能守恒定律．（1）用游标卡尺测量金属球的直径：图2为游标卡尺校零时的示数；用该游标卡尺测量小球的直径，其示数为10.00mm；所测金属球的直径d=9.850mm．（2）用一根不可伸长的轻质细线拴住该金属球，细线的另一端固定在悬点O，在最低点前后放置一组光电门，测得悬点到球心的距离为L．将金属球从最低点拉开θ角，由静止释放金属球，金属球在竖直面（纸面）内摆动，记下金属球第一次通过光电门的时间t，金属球通过光电门的速度大小为；已知重力加速度为g，则验证金属球机械能守恒的表达式为2gL（1﹣co sθ）=（）2．（用字母L、d、θ、t、g表示）【解答】解：（1）由图可知，游标尺20格相当主尺39mm，那么游标尺第1格与主尺第2格对齐时，两零刻度之间相差0.050mm；游标卡尺读数为d=0.00mm+3×0.050mm=0.150mm；用该游标卡尺测量小球的直径，其示数为10.00mm；所测金属球的直径d=10.00﹣0.150mm=9.850 mm．（2）小球经过最低点时速度可表示为v=；小球下摆过程中重力势能减少是为△E p=mgL（1﹣cosθ），动能的增加量△E k=mv2=m（）2若mgL（1﹣cosθ）=m（）2，即2gL（1﹣cosθ）=（）2 成立，说明小球下摆过程机械能守恒．故答案为：（1）9.850；（2），2gL（1﹣cosθ）=（）2．10．（9分）某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路，通过控制电键S 和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率．所用器材如下：A．干电池：电动势E=l.5V，内阻r=0.5ΩB．电流表G：满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=150ΩC．定值电阻R1=1200ΩD．电阻箱R2和R3：最大阻值都为999.9ΩE．电阻箱R4：最大阻值9999ΩF．电键一个，红、黑表笔各1支，导线若干（1）该实验小组按图a正确连接好电路．当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=149.5Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内=1500Ω，欧姆表的倍率是×10（选填“×1”、“×10”）．（2）闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，当R2=14.5Ω且R3=150Ω时，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏；第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为100Ω．【解答】解：（1）由闭合电路欧姆定律可知：欧姆表的内阻为：R中==1500Ω，则R2=R中﹣R1﹣R g﹣r=1500﹣1200﹣150﹣0.5=149.5Ω，中值电阻应为1500Ω，根据多用电表的刻度设置可知，表盘上只有两种档位，若为×1，则中性电阻太大，不符合实际，故欧姆表倍率应为“×10”．（2）为了得到“×1”倍率，应让满偏时对应的电阻为150Ω；电流为：I1==0.01A；此时表头中电流应为0.001A；则与之并联电阻R3电流应为：0.01﹣0.001=0.009A，并联电阻为：R3==150Ω；R2+r==15Ω故R2=15﹣0.5=14.5Ω；图示电流为0.60mA；=×103=2500Ω则总电阻为：R总=2500﹣1500=1000Ω；故待测电阻为：R测故对应的刻度应为100（1）149.5 1500 x10（2）14.5 150 10011．（14分）如图，相邻两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，设磁感应强度的大小分别为B1、B2．已知：磁感应强度方向相反且垂直纸面；两个区域的宽度都为d；质量为m、电量为+q的粒子由静止开始经电压恒为U的电场加速后，垂直于区域Ⅰ的边界线MN，从A点进入并穿越区域Ⅰ后进入区域Ⅱ，最后恰好不能从边界线PQ穿出区域Ⅱ．不计粒子重力．求（1）B1的取值范围；（2）B1与B2的关系式．【解答】解：（1）设粒子经U加速后获得的速度为v，根据动能定理有：①在区域Ⅰ的磁场中偏转，有：②要使粒子能进入区域Ⅱ，必须：R1＞d ③联立得：④（2）两区域磁场方向相反（如Ⅰ垂直纸向处，Ⅱ垂直纸面向里），则粒子的运动轨迹如图线ACD．带电粒子在区域Ⅱ的磁场中偏转，由洛仑兹力提供向心力，由：⑤如图△O1HC∽△O2JC，则有：⑥联立①②⑤⑥得：⑦答：（1）B1的取值范围是．（2）B1与B2的关系式为．12．（18分）如图所示，在方向竖直向上、大小为E=1×106V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R=0.2m．A、B用一根绝缘轻杆相连，A带的电荷量为q=+7×10﹣7C，B不带电，质量分别为m A=0.01kg、m B=0.08kg．将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动．重力加速度大小为g=10m/s2．（1）通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高点C？（2）求小球A的最大速度值．（3）求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值．【解答】解：（1）设A、B在转动过程中，轻杆对A、B做的功分别为W T、，则：①设A、B到达圆环最高点的动能分别为E KA、E KB，对A由动能定理：qER﹣m A gR+W T1=E KA②对B由动能定理：③联立解得：E KA+E KB=﹣0.04J④上式表明：A在圆环最高点时，系统动能为负值，故A不能到达圆环最高点．⑤（2）设B转过α角时，A、B的速度大小分别为v A、v B，因A、B做圆周运动的半径和角速度均相同，故：v A=v B⑥对A由动能定理：⑦对B由动能定理：⑧联立解得：⑨由上式解得，当时，A、B的最大速度均为（3）A、B从图示位置逆时针转动过程中，当两球速度为0时，电场力做功最多，电势能减少最多，由⑨式得：3sinα+4cosα﹣4=0解得：或sinα=0（舍去）故A的电势能减少：．答：（1）小球A不能到达圆环的最高点C；（2）小球A的最大速度值为．（3）小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值为0.1344J．【物理--选修3-3】（15分）13．（5分）根据热学知识，下面说法正确的是（）A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的B．绝对零度就是当一定质量的气体体积为零时，用实验方法测出的温度C．分子间作用力做正功，分子势能一定减少D．物体温度改变时物体内分子的平均动能一定改变E．在热传导中，热量不可能自发地从低温物体传递到高温物体【解答】解：A、气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的，A错误；B、绝对零度是无法达到的，从而无法根据实验方法进行测量，故B错误；C、分子力做功与重力做功相类似，当分子间作用力做正功时，分子势能一定减小，故C正确；D、温度是分子平均动能的标志，物体温度改变时物体内分子的平均动能一定改变，故D正确；E、根据热力学第二定律可知，在热传导中，热量不可能自发地从低温物体传递到高温物体，故E正确．故选：CDE14．（10分）一足够高的直立气缸上端开口，用一个厚度不计的活塞封闭了一段高为80cm的气柱，活塞的横截面积为0.01m2，活塞与气缸间的摩擦不计，气缸侧壁通过一个开口与U形管相连．开口离气缸底部的高度为70cm，开口管内及U形管内的气体体积忽略不计．已知图所示状态时气体的温度为7℃，U形管内水银面的高度差h1=5cm，大气压强p0=1.0×105 Pa保持不变，水银的密度ρ=13.6×103 kg/m3，取g=10m/s2．求①活塞的质量；②现在活塞上添加铁砂，同时对气缸内的气体加热，始终保持活塞的高度不变，此过程缓慢进行，当气体的温度升高到47℃时，U形管内水银面的高度差为多少？【解答】解：①由题意知气体状态压强代入数据得活塞质量m=6.8kg②添砂加热时，气体发生等容变化，由查理定律得代入数据得h2=0.162 m答：①活塞的质量为6.8kg；②现在活塞上添加铁砂，同时对气缸内的气体加热，始终保持活塞的高度不变，此过程缓慢进行，当气体的温度升高到47℃时，U形管内水银面的高度差为0.162m．【物理--选修3-4】（15分）15．如图甲，可以用来测定半圆柱形玻璃砖的折射率n，O是圆心，MN是法线．一束单色光线以入射角i=30°由玻璃砖内部射向O点，折射角为r，当入射角增大到也为r时，恰好无光线从玻璃砖的上表面射出．让该单色光分别通过宽度不同的单缝a、b后，得到图乙所示的衍射图样（光在真空中的传播速度为c）．则下列说法正确的是（）A．此光在玻璃砖中的全反射临界角为60°B．玻璃砖的折射率n=C．此光在玻璃砖中的传播速度D．单缝b宽度较大E．光的偏振现象说明光是一种纵波【解答】解：AB、根据折射定律有n=由题知，玻璃砖的全反射临界角等于C，则有sinC=，结合i=30°，解得n=，C=45°，故A错误，B正确．C、光在玻璃砖中的传播速度为v==c，故C正确．D、由乙图知，单色光通过单缝a后衍射现象比较显著，所以单缝a宽度较小，则缝b宽度较大．故D正确．E、偏振是横波的特有现象，光的偏振现象说明光是一种横波，故E错误．故选：BCD．。