甘肃省兰州第一中学2015_2016学年高二物理上学期期末考试试题

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甘肃省兰州第一中学2015-2016学年高二物理下学期期末考试试题

兰州一中2015-2016-2学期期末考试试题高二物理说明：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。

满分100分，考试时间100分钟。

2．答案写．．．．．。

．．．只交答题卡．．．在答题卡上．．．．．，交卷时第Ⅰ卷（选择题共54分）一、单项选择题(本大题共10小题,每小题3分, 共30分,其中每道题只有一个选项符合题意)1. 某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线如右图所示，图中f(v)表示v处单位速率区间内的分子数百分率，所对应的温度分别为TⅠ、TⅡ、TⅢ，则( )．A．TⅠ>TⅡ>TⅢB．TⅢ>TⅡ>TⅠC．TⅡ>TⅠ，TⅡ>TⅢD．TⅠ＝TⅡ＝TⅢ2. 关于温度和内能的理解，下列说法中正确的是( ).A．温度是分子平均动能的标志，物体温度升高，则物体每一个分子的动能都增大B．不计分子之间的分子势能，质量和温度相同的氢气和氧气具有相同的内能C．1g100℃水的内能小于1g100℃水蒸气的内能D．做功和热传递对改变物体内能是等效的，也就是说做功和热传递的实质是相同的3. 下列说法正确的是( ).A. 液体表面层的分子分布比较稀疏，分子之间只存在引力，故液体表面具有收缩趋势B. 悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动C. 当液晶中电场强度不同时，液晶对不同颜色光的吸收强度不同，就显示不同颜色D. 高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故4. 一定质量的理想气体，经等压升温，气体体积变大，用分子动理论的观点分析，这是因为( ).A．气体分子每次碰撞器壁的平均冲力不变B．单位时间内单位面积器壁上受到气体分子碰撞的次数减少C．随着气体分子之间距离的增大，分子力逐渐减小D．气体分子的数密度增大5. 关于热力学定律，下列说法正确的是( )．A．一定量气体吸收热量，其内能一定增大B．物体可以从单一热源吸收的热量可将其全部用于做功C．不可能使热量由低温物体传递到高温物体D．第二类永动机不仅违反了热力学第二定律，也违反了能量守恒定律6. 如图所示，由导热材料制成的气缸和活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞与气缸壁之间无摩擦，活塞上方存有少量液体。

甘肃省兰州第一中学2015_2016学年高二物理上学期期中试题文

兰州一中2015-2016-1学期高二年级期中考试试题物理（文科）说明：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分100分，考试时间50分钟；答案写在答题卡上，交试卷时只交答题卡。

第Ⅰ卷一、单项选择题（本题共15小题，每小题5分，共75分。

每题只有一个选项符合题目要求。

）1．通电导体发热的规律是由下列哪位物理学家总结的A．欧姆 B．焦耳 C．安培 D．法拉第2．下列物理量的单位是“特斯拉”的是A．安培力 B．电场强度 C．电容 D．磁感应强度3．关于点电荷的说法，正确的是A．只有体积很小的带电体，才能看作点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电荷量很小的电荷D．当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，两个带电体才可看成点电荷4．为了防止静电的危害，应尽快把产生的静电导走，下面措施中不是防止静电危害的是A．油灌车后面装一条拖地的铁链 B．电工钳柄上套有绝缘的胶套C．飞机轮胎上装搭地线 D．印刷车间中保持适当的湿度5．关于磁场和磁感线，下列说法正确的是A．单根磁感线可以描述各点磁场的方向和强弱B．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的C．磁感线是磁场中客观真实存在的线D．磁感线总是从磁体的北极出发，到南极终止6．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的相互作用力为F。

若它们之间的距离变为原来的3倍，则它们之间的相互作用力变为A．F/9 B．F/3 C．3F D．9F7．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为I /2，则在时间t 内产生的热量为A ．4QB ．2QC ．Q /2D ．Q /4 8．对B =F /IL 的理解，下列说法正确的是A ．磁感应强度大小与放入该处的通电导线受到的安培力成正比B ．磁感应强度大小与放入该处的通电导线I 、L 的乘积成反比C ．导线中电流越大，该处的磁感应强度越小D ．磁感应强度的大小和方向跟磁场中通电导线受力的大小和方向无关9．一个检验电荷q 在电场中某点受到的电场力F 为，该点的电场强度为E 。

甘肃省高二(上)期末物理试卷-(含答案)

高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点（）A. 电场强度E跟F成正比，跟q成反比B. 无论检验电荷所带的电量如何变化，始终不变C. 不同电荷在电场中某点所受的电场力大小不同，该点的电场强度在不断改变D. 一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2.两个大小可忽略的导体球，分别带上+Q和-3Q的电量，两球心相距r，相互作用力大小为F，现将它们碰一下后各自放回原处，则它们的相互作用力大小变为（）A. B. C. 3F D. 无法确定3.有a、b、c、d四只电阻，它们的I-U关系如图所示，则图中电阻最小的是（）A. aB. bC. cD. d4.某静电场的电场线分布如图所示，P、Q为该电场中的两点。

下列说法正确的是（）A. P点场强大于Q点场强B. P点电势低于Q点电势C. 将电子从P点移动到Q点，电场力做正功D. 将电子从P点移动到Q点，其电势能增大5.如图，A、B两盏电灯完全相同。

当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（）A. A灯变亮，B灯变亮B. A灯变暗，B灯变亮C. A灯变暗，B灯变暗D. A灯变亮，B灯变暗6.如图所示，平行板电容器已经充电，静电计的金属球与电容器的一个极板连接，外壳与另一个极板连接，静电计指针的偏转指示电容器两极板间的电势差。

实验中保持极板上的电荷量Q不变。

设电容器两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．下列关于实验现象的描述正确的是（）A. 保持d不变，减小S，则变小B. 保持S不变，减小d，则不变C. 保持S不变，增大d，则增大D. 保持S、d不变，在两板间插入电介质，则变大7.如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是（）A. 减小电流IB. 减小直导线的长度C. 使导线在纸面内顺时针转角D. 使导线在纸面内逆时针转角8.一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A. 串联一个的电阻B. 并联一个的电阻C. 串联一个的电阻D. 并联一个的电阻9.如图所示，直线α为某电源与可变电阻连接成闭合电路时的路端电压U与干路电流I的关系图象，直线b为电阻R两端电压的U与通过它的电流I的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别为（）A. 4W、B. 2W、C. 2W、D. 4W、10.如图所示的天平可用来测定磁感应强度。

甘肃省兰州市兰炼一中2015_2016学年高二物理上学期期末试卷(含解析)

2015-2016学年甘肃省兰州市兰炼一中高二（上）期末物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列说法中，正确的是（）A．公式E=只适用于真空中点电荷电场B．由公式U=，说明两点间的电势差U与电场力做功W成正比，与电荷量q成反比C．由公式φ=可知，电势φ与电势能E P成正比，与放入电场中检验电荷的电荷量q成反比D．在公式F=k中，k是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小；而k是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处场强的大小2．如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路3．如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，下列判断正确的是（）A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＜I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＜r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大4．一台电动机正常工作时线圈两端的电压为220V，线圈的电阻为2Ω，线圈中电流为10A．这台电动机正常工作1s消耗的电能W和产生的热量Q分别为（）A．W=2200J，Q=200J B．W=2200J，Q=2200JC．W=24200J，Q=200J D．W=24200J，Q=2200J5．在武汉上空，水平放置一根通以由西向东电流的直导线，在地磁场的作用下，此导线（）A．受到向上偏北的安培力 B．受到向下偏北的安培力C．受到向上偏南的安培力 D．受到向下偏南的安培力6．如图所示，有一n匝矩形线圈abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成α角，已知sinα=0.8，回路面积为S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为（）A．0.8BS B．0.8nBS C．BS D．nBS7．两个完全相同的金属球A和B带电量之比为1：7，相距为r．两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是（）A．16：7 B．9：7 C．4：7 D．3：78．如图所示，用两节干电池点亮几个小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法正确的是（）A．灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B．各灯两端电压在灯多时较低C．通过电池的电流在灯多时较大D．电池的效率灯多时较大9．如图所示，是描述对给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的是（）A．B．C．D．10．灯泡中灯丝断了，将灯丝搭接起来再用，则以下判断正确的是（）A．和原来一样亮B．比原来更亮C．搭接起来的地方容易烧断，其他地方不易断D．搭接起来的地方不容易断，其他地方容易断11．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大匀强电场间的加速电压 B．增大磁场的磁感应强度C．减小狭缝间的距离 D．增大D形金属盒的半径12．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C 点是运动的最低点，忽略重力，以下说法中正确的是（）A．这离子必带正电荷B．A点和B点位于同一高度C．离子在C点时速度最大D．离子到达B点后，将沿原曲线返回A点二、实验探究题.13．用多用电表的欧姆档检测晶体二极管的好坏．将表笔c、d分别与二极管a、b端接触，其结果如图所示．（1）对调表笔所接触的端点，再进行上述检测，若结果如图B所示，则可以判定二极管是的，若结果如图C所示，则可以判定该二极管是的．（好、坏）（2）可以判定，完好的二极管的a端是极，b端是极．（正、负）14．某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约1Ω，电压表（0﹣3V 3kΩ），电流表（0﹣0.6A 1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω2A）和R2各一只；（1）实验中滑动变阻器应选用（选填R1．R2）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U﹣I，由图可较准确求出电源电动势E= V，内阻r= Ω．三、计算题15．如图所示，平行金属板长为L，一个带电为+q，质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30°角，粒子重力不计．求：（1）粒子末速度大小；（2）电场强度；（3）两极间距离d．16．如图所示电路，变阻器R1最大阻值为4Ω，此时它的有效阻值为2Ω，定值电阻R2=6Ω，电源内阻r=1Ω．当开关闭合时，电源消耗的总功率为16W，输出功率为12W，此时电灯恰好正常发光，求：（1）电灯的电阻．（2）当开关S断开时，要使电灯仍正常发光，R1的滑动片应移至什么位置？17．如图所示，在倾角为θ=30°的斜面上，固定一宽L=0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和变阻器．电源电动势E=12V，内阻r=1.0Ω一质量m=20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感强度B=0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨与金属棒的电阻不计）．金属导轨是光滑的，取g=10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力；（2）通过金属棒的电流；（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值．18．如图所示为质谱仪的原理图，电荷量为q、质量为m的带正电的粒子从静止开始经过电势差为U的加速电场后，进入粒子速度选择器，选择器中存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，匀强电场的场强为E，方向水平向右．带电粒子能够沿直线穿过速度选择器，从G点既垂直直线MN又垂直于磁场的方向射入偏转磁场．偏转磁场是一个以直线MN为边界、方向垂直纸面向外的匀强磁场．带电粒子经偏转磁场后，最终到达照相底片的H点．已知偏转磁场的磁感应强度为B2，带电粒子的重力可忽略不计．求：（1）粒子从加速电场射出时速度的大小；（2）粒子速度选择器中匀强磁场的磁感应强度B1的大小和方向；（3）带电粒子进入偏转磁场的G点到照相底片H点的距离L．2015-2016学年甘肃省兰州市兰炼一中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列说法中，正确的是（）A．公式E=只适用于真空中点电荷电场B．由公式U=，说明两点间的电势差U与电场力做功W成正比，与电荷量q成反比C．由公式φ=可知，电势φ与电势能E P成正比，与放入电场中检验电荷的电荷量q成反比D．在公式F=k中，k是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小；而k是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处场强的大小【考点】电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的定义式为，适用于任何电场，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，电场中某点电场强度一定，电场力与场强成正比．电势差U、电势φ是由电场本身决定的．公式F=k中要注意区分场源电荷与点电荷．【解答】解：A、公式为，适用于任何电场，E反映电场本身的性质．故A错误；B、公式U=，两点间的电势差U是由电场本身和电场中两点的位置决定的，与电场力做功以及检验电荷的电量无关．故B错误；C、电势φ是由电场本身决定的，与电势能E P无关，与放入电场中检验电荷的电荷量q无关，与O势能点的选择有关．故C错误；D、在公式F=k中，k是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小；而k是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处场强的大小．故D正确．故选：D【点评】电场强度定义式中，q是试探电荷的电荷量，定义式适用于一切电场，不能简单地从数学角度来理解物理公式．2．如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】首先明确电路中各用电器的连接关系：R3与灯泡B关联，与R2、A串联，再与R1并联．灯泡A变暗了，说明实际功率减小了，灯泡B变亮，说明实际功率增大了．具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．【解答】解：A、若R1短路，则两个灯泡都被短路，都不亮，故A错误；B、若R2断路，则两个灯泡都被断路，都不亮，故B错误；C、若R3断路，外电阻增大，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流I1增大，则通过A的电流I A=I﹣I1减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A（R A+R2）增大，B灯变亮，符合题意．故C正确．D、R1、R2同时短路，AB灯都不亮，不符合题意．故D错误．故选：C【点评】此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．3．如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，下列判断正确的是（）A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＜I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＜r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．【解答】解：A．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，故电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2，故A错误；B．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势E1=E2，内阻r1＜r2，故B错误；C．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势E1=E2，内阻r1＜r2，故C错误；D．电动势E1=E2，内阻r1＜r2，根据U=E﹣Ir可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D正确；故选D．【点评】本题考查了闭合电路电源的U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．4．一台电动机正常工作时线圈两端的电压为220V，线圈的电阻为2Ω，线圈中电流为10A．这台电动机正常工作1s消耗的电能W和产生的热量Q分别为（）A．W=2200J，Q=200J B．W=2200J，Q=2200JC．W=24200J，Q=200J D．W=24200J，Q=2200J【考点】电功、电功率．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机是非纯电阻，消耗的电能转化为动能和内能，故计算其消耗的电能所用的公式是：W=UIt，而计算其产生的热量的公式必须用焦耳定律：Q=I2Rt．【解答】解：电动机正常工作1s消耗的电能W=UIt=220V×10A×1s=2200J电动机正常工作1s产生的热量：Q=I2Rt=（10A）2×2Ω×1s=200J故选：A【点评】这样的题目考查学生对于非纯电阻能量转化的了解，以及功和热量的计算公式的掌握，关键是明确电功公式W=UIt和电热公式Q=I2Rt的适用范围，基础题目．5．在武汉上空，水平放置一根通以由西向东电流的直导线，在地磁场的作用下，此导线（）A．受到向上偏北的安培力 B．受到向下偏北的安培力C．受到向上偏南的安培力 D．受到向下偏南的安培力【考点】磁场对电流的作用．【专题】应用题．【分析】先确定武汉上空地磁场的方向，然后由左手定则判断出安培力的方向．【解答】解：武汉上空的地磁场向北斜向下，由左手定则可知，安培力受到向上偏北的安培力作用，故A正确，BCD错误；故选A．【点评】知道地磁场的分布、熟练应用左手定则即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题．6．如图所示，有一n匝矩形线圈abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成α角，已知sinα=0.8，回路面积为S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为（）A．0.8BS B．0.8nBS C．BS D．nBS【考点】磁通量．【分析】线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS，B 是磁感应强度，S是线圈的面积．当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量Φ=0．当存在一定夹角时，则将磁感应强度沿垂直平面方向与平行平面方向分解，从而求出磁通量．【解答】解：矩形线圈abcd水平放置，匀强磁场方向与水平方向成α角向上，因此可将磁感应强度沿水平方向与竖直方向分解，所以B⊥=Bsinα=0.8B，则穿过矩形线圈的磁通量是Φ=B⊥S=0.8BS；故选：A．【点评】对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式Φ=BSsinθ（θ是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况．7．两个完全相同的金属球A和B带电量之比为1：7，相距为r．两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是（）A．16：7 B．9：7 C．4：7 D．3：7【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两个完全相同的金属小球，将它们相互接触再分开，带电量先中和后平分，根据库仑定律即可解题．【解答】解：两个完全相同的金属小球，将它们相互接触再分开，带电量先中和后平分，设金属球A和B带电量为Q：7Q所以A、B所带的电荷相等都为3Q，根据库仑定律得：F=kF′=k解得：F′=F，则后来两小球之间的静电力大小与原来之比是9：7．故选B．【点评】本题主要考查了库仑定律的直接应用，注意两个完全相同的金属小球，将它们相互接触再分开，带电量先中和后平分，难度不大，属于基础题．8．如图所示，用两节干电池点亮几个小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法正确的是（）A．灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B．各灯两端电压在灯多时较低C．通过电池的电流在灯多时较大D．电池的效率灯多时较大【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】由并联电路的规律可知外部总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可判断路端电压和通过电池的电流变化．【解答】解：A、B、C由图可知，灯泡均为并联．当点亮的电灯数目增多时，并联的支路增多，由并联电路的电阻规律可知，外部总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，通过电池的电流增大，则电池的内电压增大，故路端电压减小，灯泡两端的电压变小，灯泡变暗，故ABC正确；D、电池的效率η=；因路端电压减小，则电池的效率在灯多时较小；故D错误；故选：ABC．【点评】解答本题应掌握：并联电路中并联支路越多，总电阻越小；同时注意闭合电路欧姆定律在电路动态分析中的应用方法，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的思路进行分析．9．如图所示，是描述对给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的是（）A．B．C．D．【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比．【解答】解：是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：，只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；根据可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量Q和电压U成正比，故C正确；故选BCD．【点评】解决本题的关键掌握电容的定义式为，知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q 与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关．10．灯泡中灯丝断了，将灯丝搭接起来再用，则以下判断正确的是（）A．和原来一样亮B．比原来更亮C．搭接起来的地方容易烧断，其他地方不易断D．搭接起来的地方不容易断，其他地方容易断【考点】电功、电功率；电阻定律．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】分析电阻的变化，用电阻的功率公式进行分析即可．灯丝断后再接后长度变短，电阻变小，因电压不变故功率变大．搭接点相对面积小，阻值大，电流相同的情况下功率大．【解答】解：AB、因灯丝断后再接后长度变短，电阻变小，因电压不变故功率变大，比原来亮，故A错误，B正确．CD、搭接点接触面积小，故接触阻值大，电流相同的情况下功率大，故易断．故C正确，D 错误．故选：BC【点评】正确选择公式进行运算，电压不变用P=，电流不变用P=I2R，基础题目．11．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大匀强电场间的加速电压 B．增大磁场的磁感应强度C．减小狭缝间的距离 D．增大D形金属盒的半径【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．【解答】解：由qvB=m，解得v=．则动能E K=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能．故B、D 正确，A、C 错误．故选BD．【点评】解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关．12．设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C 点是运动的最低点，忽略重力，以下说法中正确的是（）A．这离子必带正电荷B．A点和B点位于同一高度C．离子在C点时速度最大D．离子到达B点后，将沿原曲线返回A点【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】（1）由离子从静止开始运动的方向可知离子必带正电荷；（2）在运动过程中，洛伦兹力永不做功，只有电场力做功根据动能定理即可判断BC；（3）达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动．【解答】解：A．离子从静止开始运动的方向向下，电场强度方向也向下，所以离子必带正电荷，A正确；B．因为洛伦兹力不做功，只有静电力做功，A、B两点速度都为0，根据动能定理可知，离子从A到B运动过程中，电场力不做功，故A、B位于同一高度，B正确；C．C点是最低点，从A到C运动过程中电场力做正功最大，根据动能定理可知离子在C点时速度最大，C正确；D．到达B点时速度为零，将重复刚才ACB的运动，向右运动，不会返回，故D错误．故选ABC．【点评】本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，要注意洛伦兹力永不做功，难度适中．二、实验探究题.13．用多用电表的欧姆档检测晶体二极管的好坏．将表笔c、d分别与二极管a、b端接触，其结果如图所示．（1）对调表笔所接触的端点，再进行上述检测，若结果如图B所示，则可以判定二极管是好的，若结果如图C所示，则可以判定该二极管是坏的．（好、坏）（2）可以判定，完好的二极管的a端是负极，b端是正极．（正、负）【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题．【分析】由图示知偏转角度过大，则电阻阻值小，要选小一点档位．二极管的特点，正向电阻小，反向电阻很大．据此确定二极管的优劣．【解答】解：（1）A图中指针没有偏转，可能反接法，电阻是无穷大．B图表笔互换方向，则指针偏转，说明正接电阻小，由于二极管反接电阻大的特点，因此二极管是完好．C图正反接指针都没有偏转，则说明二极管坏了．（2）欧姆表的电源正极与黑表笔相连，由B可知，电流是从二极管b端流向a端，因此完好的二极管的a端是负极，b端是正极．故答案为：（1）好；坏；（2）负；正．【点评】本题考查了用多用电表检测二极管，知道二极管的特点、欧姆表结构、分析清楚图示实验情景即可正确解题．14．某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约1Ω，电压表（0﹣3V 3kΩ），电流表（0﹣0.6A 1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω2A）和R2各一只；（1）实验中滑动变阻器应选用（选填R1．R2）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U﹣I，由图可较准确求出电源电动势E= 1.49 V，内阻r= 1.9 Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】本题（1）的关键是根据电流表的量程结合闭合电路欧姆定律求出电路中的最大电阻，然后再选择变阻器；（3）的关键是根据U﹣I图象，求出纵轴的截距等于电动势，图线斜率的绝对值等于电源内电阻．【解答】解：（1）由于电流表满偏电流为=0.6A，所以电路中最小电流可为==0.2A，电路中的最大电流为==Ω=7.5Ω，所以变阻器应选．（2）实物连线如右图所示（3）将U﹣I图线延长并与两坐标轴相交，如图所示，则E=1.49V（1.48～1.49均可），r=Ω=1.9Ω故答案为：（1）（2）如图（3）1.49，1.9【点评】对电学实验，要通过电路的估算来选择器材，注意图象中斜率和截距的物理意义．三、计算题15．如图所示，平行金属板长为L，一个带电为+q，质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30°角，粒子重力不计．求：（1）粒子末速度大小；（2）电场强度；（3）两极间距离d．【考点】动能定理的应用；动量定理；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，由运动的合成与分解可知粒子的末速度的大小；（2）将粒子的运动分解为水平方向的匀速运动和竖直方向的匀加速直线运动，则由运动的合成与分解可求得电场强度；（3）由动能定理可求得两板间的距离．【解答】解：（1）将末速度分解，由几何关系知：所以：；（2）带电粒子做类平抛运动，依题知，粒子在电场中的运动时间：粒子离开电场时，垂直板方向的分速度：v1=v0tan30°竖直方向加速度：a=粒子从射入电场到离开电场，有at=v1即： =v1；联立以上各式得（3）粒子从射入电场到离开电场，由动能定理，有解得答：（1）粒子的末速度为；（2）电场强度E为；（3）板间距离为．【点评】带电粒子在电场中的运动，若垂直电场线进入则做类平抛运动，要将运动分解为沿电场线和垂直于电场线两个方向进行分析，利用直线运动的规律进行求解．16．如图所示电路，变阻器R1最大阻值为4Ω，此时它的有效阻值为2Ω，定值电阻R2=6Ω，电源内阻r=1Ω．当开关闭合时，电源消耗的总功率为16W，输出功率为12W，此时电灯恰好正常发光，求：（1）电灯的电阻．（2）当开关S断开时，要使电灯仍正常发光，R1的滑动片应移至什么位置？【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）根据电源消耗的总功率等于输出功率与电源热功率之和，求出电源的热功率；根据电源的热功率求出通过电源的电流，由电源的总功率求出电动势；由电源的输出功率求出外电路总电阻，再求解电灯的电阻．（2）先求出灯泡正常发光的电流，再据闭合电路的欧姆定律求解即可．【解答】解：（1）根据能量守恒得：电源的热功率P热=P总﹣P出=16W﹣12W=4W．由P热=I2r得，I===2A，由P总=EI得，电源的电动势为E==8V．由P出=I2R，得外电路的总电阻R==3Ω，由R=代入解得：R L=4Ω（2）灯泡正常发光的电流为：I2=…①当开关S断开时，据闭合电路的欧姆定律得：I2=…②联立①②代入数据解之得：R′1=3Ω答：（1）电灯的电阻4Ω．（2）当开关S断开时，要使电灯仍正常发光，R1的滑动片应移右移到据右侧是全长的处．【点评】本题关键要搞清电路中功率的关系，抓住电源的总功率等于电源的输出功率与内部消耗的热功率之和是关键；灵活应用闭合电路的欧姆定律．17．如图所示，在倾角为θ=30°的斜面上，固定一宽L=0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和变阻器．电源电动势E=12V，内阻r=1.0Ω一质量m=20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感强度B=0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨与金属棒的电阻不计）．金属导轨是光滑的，取g=10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力；（2）通过金属棒的电流；。

15—16学年上学期高二期末考试物理试题(附答案)(3)

甘肃省天水市秦安县第二中学2015--2016学年第一学期期末考试高二物理试题一、选择题（本题包括13小题。

每小题3分，共39分。

在每小题给出的四个选项中。

只有一个选项正确）1.发现通电导线周围存在磁场的科学家是（）A.洛伦兹B.库仑C.法拉第D.奥斯特2.在一个匀强电场中有a、b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电量为q的正电荷由a 点移到b点时，电场力对电荷做正功W，以下说法正确的是（）A.该电荷在b点电势能较a点大B.a点电势比b点电势低C.a、b两点电势差大小一定为U=EdD.a、b两点电势差大小为qW Uab3.已知点电荷A电量是点电荷B的2倍，则A对B作用力大小跟B对A作用力的比值为（）A.2:1B.1:2C.1:1D.不一定4.如图分别表示匀强磁场的磁感应强度B、闭合电路中一部分直导线的运动速度v和电路中产生的感应电流I的相互关系，其中正确是（）5.在电场中有一点P，下列说法中正确的是（）A.若放在P点的电荷带的电荷量加倍，则P点的场强加倍B.若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C.P点的场强越小，则同一电荷在P点受到的电场力越小D.P点的场强方向为放在该点的电荷的受力方向6．关于回旋加速器的下列说法，其中正确的有A．电场和磁场同时用来加速带电粒子B．随着粒子圆周运动的半径不断增大，粒子在磁场中运动半周所需时间也不断增大C．在确定的交流电源下，回旋加速器的半径越大，同一带电粒子获得的动能越大D．同一带电粒子获得的最大动能与交流电源的电压大小有关7．一束几种不同的正离子，垂直射入有正交的匀强磁场和匀强电场区域里，离子束保持原运动方向未发生偏转．接着进入另一匀强磁场，发现这些离子分成几束如图．对这些离子，可得出结论 A ．它们的动能一定各不相同 B ．它们的电量一定相同 C ．它们的质量一定各不相同 D ．它们的比荷一定各不相同8．如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环a ，下列各种情况中铜环a 中没有感应电流的是 A ．将电键突然断开的瞬间B ．线圈中通以恒定的电流C ．通电时，使滑动变阻器的滑片P 做加速移动D ．通电时，使滑动变阻器的滑片P 做匀速移动9．如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I 1和I 2，且I 1＞I 2；a 、b 、c 、d 为导线某一横截面所在平面内的四点，且a 、b 、c 与两导线共面；b 点在两导线之间，b 、d 的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是 A ．a 点 B ．b 点 C ．c 点 D ．d 点10．长为L ，间距也为L 的两平行金属板间有垂直向里的匀强磁场，如图所示，磁感应强度为B ，今有质量为m 、带电量为q 的正离子从平行板左端两板正中间以平行于金属板的方向射入磁场。

甘肃省兰州一中高二物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题

甘肃省兰州一中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．〔4分〕如下说法中正确的答案是〔〕A．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B．磁感线和磁场一样也是客观存在的C．一切磁现象都起源于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D．根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内局部子电流取向变得大致一样时，物体被磁化，两端形成磁极2．〔4分〕关于对磁感应强度的定义式B=的理解，正确的答案是〔〕A．磁感应强度B的大小与磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比B．磁感应强度B的方向由安培力F的方向决定C．磁感应强度B的方向与小磁针N极的指向一样D．处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零3．〔4分〕要把动能和速度方向都一样的质子和α粒子别离开，如此〔〕A．用电场和磁场都可以B．用电场和磁场都不行C．只能用电场而不能用磁场D．只能用磁场而不能用电场4．〔4分〕如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定〔〕A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子5．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．6．〔4分〕有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电荷量为e，此时电子的定向移动速度为u，在t时间内，通过导线某一横截面积的自由电子数目可表示为〔〕A．nuSt B．nut C．D．7．〔4分〕如下列图，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为〔〕A．沿abcda不变B．沿adcba不变C．由abcda变成adcba D．由adcba变成abcda8．〔4分〕如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是〔〕A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断9．〔4分〕一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如下列图．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小〔带电量不变〕．从图中情况可以确定〔〕A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电10．〔4分〕如下列图的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化如下表示正确的答案是〔〕A．A灯变亮B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗11．〔4分〕平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是〔〕A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只增大a、b两极板间的距离，其他不变12．〔4分〕一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着假设干个如下列图的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长．每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，如下说法正确的答案是〔〕A．小球在水平方向一直做匀速直线运动B．假设场强大小等于，如此小球经过每一电场区的时间均一样C．假设场强大小等于，如此小球经过每一无电场区的时间均一样D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均一样二、填空与实验探究题〔此题共3小题，共24分〕13．〔2分〕某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，示数如图．该游标卡尺示数为cm，螺旋测微器示数为mm．14．〔10分〕某同学在做多用电表测电阻的实验中：〔1〕测量某电阻时，用“×10Ω〞档时发现指针偏转角度过大，他应该换用档〔填“×1Ω〞或“×100Ω〞〕，换档后，在测量前先要．〔2〕如下列图，A、B、C是多用表在进展不同测量时，转换开关分别指示的位置，多用表表盘指针在测量时的偏转位置如下列图．假设是用A档测量，指针偏转如图，如此读数为；假设是用B档测量，指针偏转如图，如此读数为；假设是用C档测量，指针偏转如图，如此读数为．15．〔12分〕某课题研究小组的同学收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池与从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈等元件．现从这些材料中选取两个待测元件：一是定值电阻R0〔约为2kΩ〕，二是手机中常用的锂电池〔电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流为100mA〕，另外在操作台上还准备了如下所列的实验器材：A．电压表V〔量程4V，电阻R V约为4.0kΩ〕B．电流表A1〔量程100mA，电阻R A1约5Ω〕C．电流表A2〔量程2mA，电阻R A2约50Ω〕D．滑动变阻器R1〔0～40Ω，额定电流1A〕E．电阻箱R2〔0～999.9Ω〕F．开关一只、导线假设干〔1〕为了测量定值电阻R0的阻值，小组的一位成员设计了如下列图的电路图，所选取的相应器材〔电源用待测的锂电池〕均标在了图上，在其设计的电路或器材选取中仅有一处不妥，你认为是哪一处，请写在如下横线上：．〔2〕①在实际操作过程中，发现滑动变阻器R1、电流表A1、A2均已损坏，现要用余下的器材测量锂电池的电动势E和内电阻r，请在方框中画出你所设计的测量电路〔电路要标明相应的器材〕；②为了便于分析，一般采用线性图象处理实验数据，请在如下横线上写出与线性图象对应的相关物理量间的函数关系式：．三、分析计算题〔此题共3小题，共28分．分析解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕16．〔8分〕如下列图，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电流？方向如何？17．〔8分〕如下列图，在xOy坐标系y轴右侧有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，在第四象限还有沿x轴负方向的匀强电场，y轴上有一点P，坐标为〔0，L〕，一电荷量为q、质量为m的粒子从P点以某一大小未知的速度沿与y轴正方向夹角为30°的方向垂直射入磁场，粒子能够进入第四象限，并且在其中恰好做匀速直线运动．不计重力．求：〔1〕粒子在第一象限中运动的时间t；〔2〕电场强度E．18．〔12分〕如下列图，空间某平面内有一条折线是磁场的分界限，在折线的两侧分布着方向相反、与平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小都为B．折线的顶角∠A=90°，P、Q是折线上的两点，AP=AQ=L．现有一质量为m、电荷量为q的带负电微粒从P点沿PQ方向射出，不计微粒的重力．〔1〕为使微粒从P点射出后，途经折线的顶点A而到达Q点，求初速度v应满足什么条件？〔2〕求第〔1〕问中微粒从P点到达Q点所用的时间．甘肃省兰州一中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共12小题，每一小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，其中1、6、10和12小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分〕1．〔4分〕如下说法中正确的答案是〔〕A．磁极之间的相互作用是通过磁场发生的B．磁感线和磁场一样也是客观存在的C．一切磁现象都起源于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的相互作用D．根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内局部子电流取向变得大致一样时，物体被磁化，两端形成磁极考点：磁现象和磁场．分析：磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场是客观存在的物质，磁感线是人们为形象地描述磁场而引入的线；一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用；物体被磁化的过程是物体内局部子电流取向变得大致一样的过程．解答：解：A、磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，故A正确；B、磁场是客观存在的物质，磁感线是人们为形象地描述磁场而引入的线；故B错误；C、一切磁现象都起源于电流或运动电荷；而一切磁作用都是通过磁场而发生的相互作用；故C正确；D、根据安培分子电流假说，在外界磁场的作用下，物体内局部子电流取向变得大致一样时，物体被磁化．故D正确．应当选：ACD点评：该题考查磁场与磁感线的根本性质与物体的磁化，物体的磁化是物体内局部子电流取向变得大致一样的过程．根底题目．2．〔4分〕关于对磁感应强度的定义式B=的理解，正确的答案是〔〕A．磁感应强度B的大小与磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比B．磁感应强度B的方向由安培力F的方向决定C．磁感应强度B的方向与小磁针N极的指向一样D．处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零考点：磁感应强度．分析：在磁场中磁感应强度有强弱，如此由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，如此所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．解答：解：A、磁场中某处的磁感应强度大小，就是通以电流I、长为L的一小段导线垂直放在该处时所受磁场力F与I、L的乘积的比值，由磁场本身决定，与电流强度I和导线长度L的乘积无关．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定如此来确定，所以磁场力的方向与磁场与电流方向相互垂直，故B错误；C、磁感应强度B的方向与小磁针静止时N极的指向一样，故C错误；D、处在磁场中且与磁场方向垂直的通电导线，在任何情况下所受磁场力F与电流强度和导线长度的乘积IL的比都是恒定的，且不为零．故D正确；应当选：D点评：磁感应强度的定义式B=可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入磁场中．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如：电场强度E=一样．同时还要注意的定义式B=是有条件的．3．〔4分〕要把动能和速度方向都一样的质子和α粒子别离开，如此〔〕A．用电场和磁场都可以B．用电场和磁场都不行C．只能用电场而不能用磁场D．只能用磁场而不能用电场考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：根据带电粒子在磁场中受到洛伦兹力，做匀速圆周运动，再由运动半径公式，结合带电粒子的电量与质量的关系，即可求解．解答：解：由题意可知，粒子在磁场中运动的半径与粒子的荷质比有关，而质子和α粒子的荷质一样，因此无法用磁场分开．当带电粒子在电场中受电场力，因它们的电量不同，因此受到的电场力不同，即可分开，故C正确，ABD错误；应当选：C．点评：考查电场力与电量的关系，理解洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动对应的半径与荷质比有关，是解题的关键．4．〔4分〕如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定〔〕A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子考点：质谱仪和盘旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有qE=qvB．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q一样，质量大的半径大．解答：解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有qE=qvB．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误． C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．应当选A．点评：解决此题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比拟粒子偏转半径的大小．5．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，如此电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．应当选C．点评：此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以与电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．6．〔4分〕有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子的电荷量为e，此时电子的定向移动速度为u，在t时间内，通过导线某一横截面积的自由电子数目可表示为〔〕A．nuSt B．nut C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．解答：解：在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt，由于铜导线的横截面积为S，如此在t时间内，电子经过的导线体积为V=vtS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，如此在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．由于流经导线的电流为I，如此在t时间内，流经导线的电荷量为Q=It，而电子的电荷量为e，如此t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：N=，故C正确．应当选：C点评：此题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．7．〔4分〕如下列图，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd 和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自右向左在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为〔〕A．沿abcda不变B．沿adcba不变C．由abcda变成adcba D．由adcba变成abcda考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：两根平行长直导线M、N中，通以同方向同强度的电流，产生磁场，根据安培定如此和磁场的叠加原理可知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框向左运动时，磁通量变化，产生感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向．解答：解：根据安培定如此和磁场的叠加原理判断得知，在中线OO′右侧磁场向外，左侧磁场向里．当导线框位于中线OO′右侧运动时，磁场向外，磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为adcba；当导线框经过中线OO′，磁场方向先向外，后向里，磁通量先减小，后增加，根据楞次定律，可知感应电流方向为adcba；当导线框位于中线OO′左侧运动时，磁场向里，磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为adcba．应当选：B．点评：此题考查运用楞次定律判断感应电流方向的能力，难点在于分析导线框经过中线时磁场方向和磁通量的变化情况．8．〔4分〕如图，通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当电键S接通一瞬间，两铜环的运动情况是〔〕A．同时向两侧推开B．同时向螺线管靠拢C．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D．同时被推开或同时向螺线管靠拢，但因电源正负极未知，无法具体判断考点：楞次定律．专题：电磁感应中的力学问题．分析：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，产生感应电流，铜环受到安培力将发生运动，根据楞次定律判断两环的运动方向．解答：解：当电键S接通瞬间，小铜环中磁通量从无到有增加，根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，如此两环将向两侧运动．故A正确．应当选A．点评：此题考查运用楞次定律判断电磁感应现象中导体运动方向问题的能力．此题也可以按因果关系，按部就班的分析两环受到的安培力方向判断．9．〔4分〕一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如下列图．径迹上的每一小段都可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小〔带电量不变〕．从图中情况可以确定〔〕A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电考点：洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子在磁场中运动的半径公式r=来分析粒子的运动的方向，在根据左手定如此来分析电荷的性质．解答：解：由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式r=可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定如此可知，粒子带正电，所以B正确．应当选B．点评：根据r=可知，粒子运动的半径与速度的大小有关，根据半径的变化来判断粒子的运动的方向，这是解决此题的关键．10．〔4分〕如下列图的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化如下表示正确的答案是〔〕A．A灯变亮B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压，再分析局部电流和电压的变化，判断灯泡亮度的变化．解答：解：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir，如此U增大，A灯变亮．由于I总减小，流过A灯的电流I A增大，如此B灯和R并联的总电流减小，B灯变暗，B和R 并联的电流减小，电压U BR减小，C灯的电压U C=U﹣U BR，得到U C增大，C灯变亮．应当选AC点评：此题电路中动态变化分析问题，按照局部到整体再到局部的思路进展分析．11．〔4分〕平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是〔〕A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只增大a、b两极板间的距离，其他不变考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：电容器与R3串联，与R2并联，电容器两端间的电势差等于R2两端间的电势差，电阻R3相当于导线．判断出R2两端电压的变化，根据Q=CU2得出电容器电量的变化．解答：解：A、只增大R1，其他不变，电路中的电流变小，R2两端的电压减小，根据Q=CU2，知电容器所带的电量减小．故A错误．B、只增大R2，其他不变，电路中的电流变小，内电压和R1上的电压减小，电动势不变，所以R2两端的电压增大，根据Q=CU2，知电容器所带的电量增大．故B正确．C、只减小R3，其他不变，R3在整个电路中相当于导线，所以电容器的电量不变．故C 错误．D、增大ab间的距离，根据C=，知电容C减小，而两端间的电势差不变，所以所带的电量减小．故D错误．应当选B．点评：解决此题的关键通过闭合电路的动态分析判断电阻R2的电压变化，即电容器两端的电压变化，根据Q=CU判断电量变化．12．〔4分〕一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着假设干个如下列图的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔，竖直高度相等，电场区水平方向无限长．每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，如下说法正确的答案是〔〕A．小球在水平方向一直做匀速直线运动B．假设场强大小等于，如此小球经过每一电场区的时间均一样C．假设场强大小等于，如此小球经过每一无电场区的时间均一样D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均一样考点：运动的合成和分解．分析：将小球的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解，其水平方向不受外力，做匀速直线运动，竖直方向在无电场区做匀加速运动，有电场区也做匀变速运动，但加速度不同，运用速度时间关系公式分析，可以得到小球在竖直方向的运动规律．解答：解：A、将小球的运动沿着水平方向和竖直方向正交分解水平方向不受外力，以v0做匀速直线运动，故A正确；B、竖直方向，在无电场区只受重力，加速度为g，竖直向下，有电场区除重力外，还受到向上的恒定的电场力作用，加速度的大小和方向取决于合力的大小和方向当电场强度等于时，电场力等于mg，故在电场区小球所受的合力为零，在无电场区小球匀加速运动，故经过每个电场区，小球的速度均不等，因而小球经过每一无电场区的时间均不相等，故B错误；C、当电场强度等于时，电场力等于2mg，故在电场区小球所受的合力大小等于mg，方向竖直向上，加速度大小等于g，方向竖直向上，根据运动学公式，有经过第一个无电场区y=gt12v1=gt1。

全国百强校甘肃省兰州第一中学高二上学期期末考试物理

兰州一中2015-2016-1学期高二年级期末考试试题物理说明：①本试卷满分100分，考试时间100分钟；②答案写在答题卡上，答在试卷上无效；③交试卷时只交答题卡。

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。

其中第1～8题为单项选择题，每题只有一个选项符合题目要求；第9～12题为多项选择题，每题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1．一台电动机，额定电压是100 V，电阻是1 Ω．正常工作时，通过的电流为5 A，则电动机的输出功率为A．500 W B．25 W C．1 000 W D．475 W2．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示)．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，则下列说法正确的是A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变3．一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 Ω的负载电阻后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内电阻r为A．E＝2.4 V，r＝1 Ω B．E＝3 V，r＝2 ΩC．E＝2.4 V，r＝2 Ω D．E＝3 V，r＝1 Ω4．在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则A．A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮B．A灯变亮、B灯变亮、C灯变暗C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮5．P、Q两电荷的电场线分布如图所示，c、d为电场中的两点．一个离子从a运动到b(不计重力)，轨迹如图所示．则下列判断正确的是A．Q带正电B．c点电势低于d点电势C．离子在运动过程中受到P的吸引力D．离子从a到b，电场力做正功6．如图所示，在竖直向上的匀强磁场中水平放置着一根长直导线，电流方向垂直纸面向外，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中A．a、b两点磁感应强度相同B．c、d两点磁感应强度相同C．a点磁感应强度最大D．b点磁感应强度最大7．圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c以不同的速率沿着AO方向对准圆心O射入磁场，其运动轨迹如图所示．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是A．a粒子速率最大B．c粒子速率最大C．c粒子在磁场中运动的时间最长D．它们做圆周运动的周期T a<T b<T c8．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是 A ．将R 1、R 2串联后接到电源两端 B ．将R 1、R 2并联后接到电源两端 C ．将R 1单独接到电源两端 D ．将R 2单独接到电源两端9．图甲是回旋加速器的工作原理图。

兰州市高二上学期物理期末考试试卷

兰州市高二上学期物理期末考试试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分）由于电流的热效应，白炽灯泡通电一会儿后，就会热得烫手．电流通过灯丝产生的焦耳热（）A . 只与电流有关B . 只与通电时间有关C . 只与灯丝电阻有关D . 与电流、灯丝电阻和通电时间均有关2. （2分）(2017·河东模拟) 真空中有相隔距离为r的两个点电荷，它们分别带2q和3q的电量，其间的静电力为F，如果保持它们之间的距离r不变，而将它们所带电量分别改变为3q和5q，那么它们之间的静电力的大小应为（）A .B .C .D . 不变3. （2分） (2016高二上·故城期中) 在真空中，两个等量异种电荷的电荷量均q，相距r，则两点电荷连线的中点处的场强大小为（）A . 0B .C .D .4. （2分） (2019高二上·顺义月考) 关于电阻率的说法正确的是（）A . 电阻率与导体的材料有关B . 电阻率与导体的形状有关C . 电阻率与导体的长度有关D . 电阻率与导体的横截面积有关5. （2分） (2018高二下·孝义期末) 如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，礙线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，、是轨迹上的两点，若带电粒子在运动中只受电场力作用，则根据此图可知：①带电粒子所带电性②带电粒子在、两点的受力方向③带电粒子在、两点的速度何处较大④带电粒子在、两点的电势能何处较大⑤、两点哪点的电势较高以上判断正确的是（）A . ①②⑤B . ②③④C . ③④⑤D . ①③⑤6. （2分） (2017高二下·衡水期末) 如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）．现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中（）A . 水平力F一定变小B . 斜面体所受地面的支持力一定不变C . 物体A所受斜面体的摩擦力一定变大D . 地面对斜面体的摩擦力一定变大7. （2分） (2015高二上·温州期中) 一段长0.2m、通有2.5A电流的直导线，在磁感应强度为B的匀强磁场中所受安培力F的情况，正确的是（）A . 如果B=2 T，F一定是1 NB . 如果F=0，B也一定为零C . 如果B=4 T，F有可能是l ND . 如果F有最大值，通电导线一定与B平行8. （2分）如图是某导体的伏安特性曲线，由图可知下列判断错误的是（）A . 导体的电阻是25 ΩB . 导体的电阻是0.04 ΩC . 当导体两端的电压是10 V时，通过导体的电流是0.4 AD . 当通过导体的电流是0.1 A时，导体两端的电压是2.5 V二、多选题 (共4题；共11分)9. （3分） (2017高二上·南阳期中) 设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，则下列说法正确的是（）A . 保持S不变，增大d，则θ变大B . 保持d不变，减小S，则θ变小C . 用手触摸极板B，则θ变大D . 在两板间插入电介质，则θ变小10. （3分） (2017高三上·福建期末) 如图所示，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒．ab和cd用导线连成一个闭合回路．当ab棒向左运动时，cd导线受到向下的磁场力．则有（）A . 由此可知d电势高于c电势B . 由此可知Ⅰ是S极C . 由此可知Ⅰ是N极D . 当cd棒向下运动时，ab导线受到向左的磁场力11. （2分） (2017高二下·邹平期中) 如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（）A . 向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反B . 不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针C . 向右匀速拉出时，感应电流大小不变D . 要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变12. （3分）(2018·浙江模拟) 下列四个图片均来自课本中的实验、仪器、实际应用，相应的现象、原理及应用的说法相一致的是（）A . 甲图“水流导光”的原理是光的全反射B . 乙图“CT”是利用射线能够穿透物质来检查人体内部器官C . 丙图“灯泡发光”是学生电源中交流或直流通过变压器的互感现象D . 丁图“环流器”是仪器利用磁场来约束参加反应的物质等离子体三、实验题 (共2题；共10分)13. （4分） (2018高二上·巴彦期中) 图甲为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I-U图线的实验电路图。

【全国百强校】甘肃省兰州第一中学2015-2016学年高二上学期期末考试理数试题解析(解析版)

第Ⅰ卷（共30分）一、选择题：本大题共10个小题,每小题5分,共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．下列说法正确的是 ( )A ．命题“若21x >，则1x >”的否命题为“若21x >，则1x ≤”B ．命题“2001x ,x ∃∈>R ”的否定是“21x ,x ∀∈>R ” C ．命题“若x y =，则cos cos x y =”的逆否命题为假命题D ．命题“若x y =，则cos cos x y =”的逆命题为假命题【答案】D考点：命题真假的判断.2.已知空间四边形OABC 中，OA a =，OB b =，OC c =，点M 在OA 上，且2OM MA =，N 为BC 中点，则MN ＝ ( ) A. 121232a b c -+ B ．211322a b c -++ C. 111222a b c +- D. 221332a b c +- 【答案】B【解析】试题分析：在空间四边形OABC 中，OA a =，OB b =，OC c =，点M 在OA 上，且2OM MA =，N 为BC 中点，所以12ON c b =+211322MN MO ON a b c =+=-++，所以答案为B. 考点：空间向量的基本运算.3.下面的命题中是真命题的是 ( )A ．两个平面的法向量所成的角是这两个平面所成的角B ．设空间向量a ，b 为非零向量，若0a b ⋅>，则,a b <>为锐角C ．方程221(0,0)mx ny m n +=>>表示的曲线是椭圆D 【答案】D考点：命题真假的判断.4.= ( )A ．两条线段B ．两条直线C ．两条射线D ．一条射线和一条线段【答案】A【解析】=101||1y x y -≥⎧⎨+=-⎩即1||y x y ≤⎧⎨=-⎩，所以(0)y x y =±≤=.考点：曲线与方程.=1||010x y -≥-≥且，求出轨迹方程，忽略了此处就出错，在解决任何问题时，使式子有意义是必要的，在平方，同乘以，同除以一个数或代数式时该数或代数式一定不能为0，否则容易丢根，实际上，我们在化简一个等式或代数式时，一定要等价变化，考虑要周全.5.“0a ≤”是“函数()(1)f x ax x =-在区间(0,)+∞内单调递增”的 ( )A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件【答案】C考点：二次函数及充要条件【方法点睛】判断充分条件和必要条件的方法(1)命题判断法：设“若p ，则q ”为原命题，那么：①原命题为真，逆命题为假时，p 是q 的充分不必要条件；②原命题为假，逆命题为真时，p 是q 的必要不充分条件；③原命题与逆命题都为真时，p 是q 的充要条件；④原命题与逆命题都为假时，p 是q 的既不充分也不必要条件．(2)集合判断法：从集合的观点看，建立命题p ，q 相应的集合：p ：A ＝{x |p (x )成立}，q ：B ＝{x |q (x )成立}，那么： ①若A ⊆B ，则p 是q 的充分条件；若A B 时，则p 是q 的充分不必要条件；②若B ⊆A ，则p 是q 的必要条件；若B A 时，则p 是q 的必要不充分条件；③若A ⊆B 且B ⊆A ，即A ＝B 时，则p 是q 的充要条件．(3)等价转化法：p 是q 的什么条件等价于非q 是非p 的什么条件．6.已知1F 、2F 为双曲线C ：222x y -=的左、右焦点，点P 在C 上，12||2||PF PF =，则12cos F PF ∠为（） A. 14 B. 35 C. 34 D. 45【答案】C考点：双曲线的定义及性质.7.已知抛物线C ：28y x =的焦点为F ，准线为l ，P 是l 上一点，Q 是直线PF 与C 的一个交点，若4FP FQ =，则||QF = ( )A. 3B.72 C. 2 D. 52 【答案】A【解析】试题分析：设Q 到准线为l 的距离为d ，由抛物线的定义可得||QF d =，因为若4FP FQ =，所以||3,PQ d =所以直线PF 的斜率为-，因为F(2，0),所以直线PF 的方程2)y x =--与28y x =联立可得x=1,所以||d 123QF ==+=，所以选D. 考点：抛物线的性质.8.过点(1,1)M 作斜率为12-的直线与椭圆C : 22221(0)x y a b a b +=>>相交于A ，B 两点，若M 是线段AB 的中点，则椭圆C 的离心率等于 ( )A. 12 D. 23【答案】B考点：直线与圆锥曲线的关系.【方法点睛】本题考查考生的运算求解能力，属中档题．正确应用点差法是本题的关键，注意解题方法的积累．与弦的中点的问题常用到点差法，在椭圆中，设直线与椭圆的交点为A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），代入椭圆得2211221x y a b +=，2222221x y a b +=，两式相减可得，1212121222()()()()0x x x x y y y y a b -+-++=，将弦的中点代入即可求得直线的斜率．本题中利用直线的斜率求得,a b 的关系，从而求得椭圆的标准方程．考点：椭圆的离心率.9.直三棱柱111ABC A B C -中，090BCA ∠=，M ，N 分别是11A B ，11A C 的中点，1BC CA CC ==，则BM 与AN 所成的角的余弦值为 ( )A ．110B ． 25C D ．【答案】D【解析】考点：异面直线所成的角.10.设椭圆C ：22221(0)x y a b a b+=>>的左右焦点分别为1F ，2F ，过点1F 的直线与C 交于点P ，Q . 若212||||PF F F =，且113||4||PF QF =，则b a的值为（） A ．35 B ．57CD【答案】C【解析】试题分析：由题意212||||PF F F =，2||2PF c =则1||2a 2c PF =-，又因为113||4||PF QF =，123333|Q |(2a 2)(a ),|Q |2(a )c,42222a F c c F a c =-=-=--=+在三角形12PF F ∆中，112121||2cos ||2PF a c PF F F F c -∠==在三角形12QF F ∆中2221291()4(3)44cos 322()2a c c a c QF F c a c -+-+∠=⨯⨯-，因为12PF F ∠+012180QF F ∠=，所以12cos PF F ∠=-12cos QF F ∠，所以考点：椭圆的性质及余弦定理的应用.第Ⅱ卷（共70分）二、填空题（每题4分，满分20分，将答案填在答题纸上）11.若抛物线22(0)y px p =>的准线经过双曲线221x y -=的一个焦点，则p = ．【答案】【解析】试题分析：双曲线221x y -=的一个左焦点(，所以抛物线22(0)y px p =>的准线方程为x =，所以2p p =∴=. 考点：双曲线及抛物线的性质.12.过双曲线2213y x -=的右焦点且与x 轴垂直的直线，交该双曲线的两条渐近线于A ，B 两点，则【答案】【解析】试题分析：双曲线2213y x -=的右焦点为（2,0），其渐近线方程为y =，双曲线2213y x -=的右焦点且与x 轴垂直的直线2x =，可得y |AB |A B y ==-∴=. 考点：双曲线的性质.13.有甲、乙、丙、丁四位歌手参加比赛，其中只有一位获奖，有人走访了四位歌手，甲说“是乙或丙获奖”，乙说“甲、丙都未获奖”，丙说”我获奖了”，丁说“是乙获奖”。

兰州市高二上学期物理期末考试试卷B卷

兰州市高二上学期物理期末考试试卷B卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共8题；共20分)1. （2分）真空中有两个静止的点电荷，它们之间的相互作用力为若它们之间的距离变为原来的3倍，则它们之间的相互作用力变为A .B .C . 3FD . 9F2. （2分）如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受静电力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示，设A、B两点的电场强度分别为，电势分别为，则（）A .B .C .D .3. （3分） (2016高二上·湖南期中) 如图长为L，倾角为θ=30°的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电荷量为+q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0 ，则（）A . 小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能B . A，B两点的电势差一定为C . 若电场是匀强电场，则该电场场强的最大值一定是D . 若该电场是AC边中点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷4. （3分） (2019高二上·番禺期中) 如图所示，电源电压恒定，在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向左偏了一下。

平行板电容器C，灵敏电流计G、电源及开关组成闭合回路。

下列各种情况下灵敏电流计偏转方向是（）A . 若减小电容器两极板间距离，向右偏转B . 若减小电容器两极板间距离，向左偏转C . 若将电容器极板正对面积减小，向右偏转D . 若将电容器极板正对面积减小，向左偏转5. （3分）如图所示，直线A为电源的UI图线，直线B和C分别为电阻R1、R2的UI图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2 ，电源的效率分别为η1、η2 ，则（）A . P1>P2B . P1＝P2C . η1>η2D . η1<η26. （2分） (2016高二上·西安开学考) 如图，电路为欧姆表原理图，电池的电动势E=1.5V，G为电流表，满偏电流为200μA．当调好零后，在两表笔间接一被测电阻Rx时，电流表G的指针示数为50μA，那么Rx的值为（）A . 7.5 kΩB . 22.5 kΩC . 15 kΩD . 30 kΩ7. （2分） (2019高二上·佛山期中) 如图，在两根平行直导线中，通以相反的电流I1和I2 ，且I1＞I2 ，设两导线所受磁场力的大小分别为F1和F2 ，则两导线（）A . 相互吸引，且F1＞F2B . 相互排斥，且F1＞F2C . 相互吸引，且F1＝F2D . 相互排斥，且F1＝F28. （3分） (2018高二上·天水期末) 电子以固定的正电荷为圆心在匀强磁场中做匀速圆周运动，磁场方向垂直它的运动平面，电子所受电场力恰是磁场对它的作用力的3倍。

甘肃省高二(上)期末物理试卷(理科)-(含答案)

高二（上）期末物理试卷（理科）一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.2016年“科学突破奖”颁奖仪式在美国举行，我国科学家王贻芳获得“物理学突破奖”．在物理学理论建立的过程中，有许多科学家做出了贡献．关于关于科学贡献和物理研究方法．下列说法正确的是（）A. 奥特斯发现了电流磁效应B. 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C. “点电荷”、“总电阻”、“电场强度”概念的提出应用了等效替代的方法D. 安培提出了电场线2.下列关于电场、磁场的说法正确的是（）A. 电场、磁场看不见、摸不着，所以它们不存在B. 电场和磁场都可以对运动电荷产生力的作用C. 电场线和磁感线都是为了形象描述电场和磁场，是客观存在的D. 电场线和磁感线不一定闭合但可以相交3.关于磁感应强度，下列说法正确的是（）A. 由可知，B与F成正比与IL成反比B. 通电导线受安培力不为零的地方一定存在磁场，通电导线不受安培力的地方一定不存在磁场即C. 通电导线放在磁场中的某点，那点就有磁感应强度，如果将通电导线拿走，那点的磁感应强度就为零D. 磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定的，其大小和方向是唯一确定的，与通电导线无关4.通有电流的导线L1、L2处在同一平面（纸面）内，L1是固定的，L2可绕垂直纸面的固定转轴O转动（O为L2的中心），各自的电流方向如图所示．下列哪种情况将会发生（）A. 因不受磁场力的作用，故L不动B. 因上、下两部分所受的磁场力平衡，故L不动C. 绕轴O按顺时针方向转动D. 绕轴O按逆时针方向转动5.电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由b端滑向a时，下列说法正确的是（）A. 电压表和电流表读数都增大B. 电压表和电流表读数都减小C. 电压表读数增大，电流表读数减小D. 电压表读数减小，电流表读数增大6.如图所示，先接通电键S使电容器充电，然后断开S，增大两极板间的距离时，电容器所带电量Q、电容C、两极板间电势差U的变化情况是（）C. Q不变，C变小，U变大D. Q不变，C变小，U变小7.两根材料相同的均匀导线A和B，其长度分别为和，串联在电路中时沿长度方向电势的变化如图所示，则A和B导线的横截面积之比为()A. B. C. D.8.空间有一匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系，M,N,P为电场中的三个点，点的坐标，点的坐标为，点的坐标为。

甘肃省兰州第一中学高二上学期期末考试物理(理)试题

兰州一中2017-2018-1学期期末考试试题高二物理（理科）第Ⅰ卷（选择题，共48分）说明：本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分100分，考试时间100分钟，答案写在答题卡上，交卷时只交答题卡。

一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

其中1-8题为单项选择题，9-12为多项选择题。

）1．下列说法中正确的是( )A ．电场线和磁感线都是一系列闭合曲线B ．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，这样做是为了消除静电C ．奥斯特提出了分子电流假说D ．首先发现通电导线周围存在磁场的科学家是安培2．如图所示，导线框中电流为I ，导线框垂直于磁场放置，磁感应强度为B ，AB 与CD 相距为d ，则棒MN 所受安培力大小( )A ．F ＝BIdB ．F ＝BId sin θC ．F ＝BId cos θD ．F ＝BIdsin θ3．如图所示，一带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡时N 极的指向( ) A ．N 极竖直向上B ．N 极竖直向下C ．N 极沿轴线向左D ．N 极沿轴线向右4．如图所示,在a 、b 、c 三处垂直纸面放置三根长直通电导线,a 、b 、c 是等边三角形的三个顶点,电流大小相等,a 处电流在三角形中心O 点的磁感应强度大小为B,则O 处磁感应强度（） A ．12B B ．2B C ．32B D5．在如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为r ，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R 1、R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，电压表为理想电压表．若将照射R 3的光的强度减弱，则( ) A ．小灯泡消耗的功率变小 B ．电压表的示数变大＋q＋Qv 0－QC ．通过R 2的电流变小D ．电源输出功率一定变大6．如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d ，电荷量分别为＋Q 和－Q 。

甘肃省兰州市兰州第一中学高二物理上学期精选试卷检测题

甘肃省兰州市兰州第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。

某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。

直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。

甘肃省兰州第一中学高二物理上学期精选试卷检测题

甘肃省兰州第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。

小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。

重力加速度为 g ，静电力常量为 k 。

则（）A ．小球 a 一定带正电B ．小球 c 的加速度大小为2233kq mRC ．小球 b 2R mRq kπD ．外力 F 竖直向上，大小等于mg ＋226kq R【答案】BD 【解析】【分析】【详解】A ．a 、b 、c 三小球所带电荷量相同，要使三个做匀速圆周运动，d 球与a 、b 、c 三小球一定是异种电荷，由于d 球的电性未知，所以a 球不一定带正电，故A 错误。

BC ．设 db 连线与水平方向的夹角为α，则223cos 3R h α==+ 226sin 3R h α=+＝对b 球，根据牛顿第二定律和向心力得：22222264cos 2cos302cos30()q q q k k mR ma h R R Tπα⋅-︒==+︒ 解得23RmRT q kπ=2233kq a mR= 则小球c 的加速度大小为233kq mR，故B 正确，C 错误。

D ．对d 球，由平衡条件得2226263sin q q kq F k mg mg h R Rα⋅=+=++ 故D 正确。

故选BD 。

2．如图所示，一带电小球P 用绝缘轻质细线悬挂于O 点。

带电小球Q 与带电小球P 处于同一水平线上，小球P 平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。

现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q ，使带电小球P 能够保持在原位置不动，直到小球Q 移动到小球P 位置的正下方。

甘肃省兰州第一中学最新高二物理上学期期末考试试题含解析

伦兹力和重力能平衡,致使粒子做匀速直线运动．故Ａ正确,Ｂ错误；
‫ﻫ‬由图 qE=mｇｔaｎ45０ ;ｑvBsｉn450＝mg，解得 E mg ； B
2mg
.故Ｃ
q
qv
- 4 - / 21
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D 错误．故选 A． 6。一带正电的粒子在电场中做直线运动的 v﹣t 图象如图所示，t１、t２时刻分别经过 M、Ｎ两点,已知运动过程中粒子仅受电场力作用，则下列判断正确的是( ）
向的分速度越来越大,所以重力的功率增大，所以外力 F 的功率也增大,D 正确。
故选 AＤ.
【点睛】带电粒子在复合场中运动问题的分析思路
１.正确的受力分析
除重力。弹力和摩擦力外，要特别注意电场力和磁场力的分析．
2．正确分析物体的运动状态
找出物体的速度．位置及其变化特点,分析运动过程．如果出现临界状态，要分析临界条件
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兰州一中 2０19－2０20—1 学期期末考试试题高二物理第Ⅰ卷
一、选择题(本题共１2 小题,每小题 4 分,共４８分.在每小题给出的四个选项中,第 1-7 题只有一项符合题目要求，第８－１2 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分,选对但不全的得２分,有选错的得０分。） 1．下面说法正确的是（ )
A
到
C
过程中 ,只有重力做功 ,故有
mgR
1 2
mvC2
，解得
vC 2gR ，在 C 点受到竖直向上的洛伦兹力,大小为 FB Bqv Bq 2gR ，A 正确;
Ｂ．在Ｃ点，受到向上的洛伦兹力,向上的支持力，向下的重力,三者的合力充当 R
，解得 N
很少有人注意到在待机状态下电视机仍然要消耗电能。例如小明家的一台 34 吋彩色电视机的待机功率大

甘肃兰州一中第一学期高二期末考试物理试卷参考答案

2012-2013学年度甘肃兰州一中第一学期高二期末考试物理试卷参考答案一、选择题：1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 CBCDCADBDADCABCB二、填空题（本大题共3小题，11题6分，12题4分，13题10分，共计20分） 11．33.35 3.266（6分） 12．AB （4分）13．（10分）（1）用A 2替换A 1 （2）①如图所示②3.5 7或7.014．（8分）解：电子经加速电场加速后，速度为v ，则由动能定理得221mv eU =（2分）电子进入匀强磁场中作匀速圆周运动，轨迹如图，由几何关系得，电子运动半径αsin LR =（2分）由牛顿第二定律，有R v m evB 2= （2分）由以上各式解得加速电压α222sin 2m L eB U = （2分）15．（10分）（1）v a <v c =v d <v b （2分）（2）c 、d 不偏转，故有Eq=Bqv即：qv B q dU1=（2分）得，v c =v d =1dB U（2分）（3）不等，m c <m d （1分）代入得和将d c cc d d d v v q B v m q B v m Rc R x )(2)(222-=-=∆Uxdq B B m 221∆=∆（3分）16．（10分）解：（1）电场反转前mg=qE （1分）电场反转后，小球先沿斜面向下做匀加速直线运动，到对斜面压力减为零时开始离开斜面，此时有：qvB =（mg + qE ）cos θ （2分）解得小球离开斜面时的速度qBmg v θcos 2=（1分）小球在斜面上滑行的加速度θθsin 2sin )(g mqE mg a =+=（2分）小球在斜面上滑行的距离为：av s 22= （1分）小球沿斜面滑行距离θθsin cos 2222B q g m s =（1分）（2）所用时间qBm a v t θcot == （2分） 17．（12分）（1）进入磁场时速度2v gh =（2分）切割产生的感应电动势2E BLv BL gh == （2分）（2）回路中产生的感应电流EI R =， ,c d ∴两点间的电压值gh BL R I U 24343=⋅=.（4分）（3），安合mg F mg F 21=-=有R gh BL BL F 2⋅=安，44228L B R gm h =∴（4分）。

[推荐学习]高二物理上学期期末试卷(含解析)12

甘肃省西北师大附中2015～2016学年度高二上学期期末物理试卷一、选择题1．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电荷量为q，球2的带电荷量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时球1、2之间作用力的大小为，方向不变．由此可知（）A．n=2 B．n=4 C．n=5 D．n=62．如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动3．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A．B．C．D．4．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣8eV时，它的动能应为（）A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV5．如图所示，点电荷+4Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分，现使一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD之间运动的速度大小v与时间t的关系图象可能是（）A．B．C．D．6．两个固定的等量异号点电荷所产生电场等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中（）A．做直线运动，电势能先变小后变大B．做直线运动，电势能先变大后变小C．做曲线运动，电势能先变小后变大D．做曲线运动，电势能先变大后变小二、多项选择题7．如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电位于原点O，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L．现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b 两点时的速度分别为v a，v b，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是（）A．Q2带负电且电荷量小于Q1B．b点的场强一定为零C．a点的电势比b点的电势高D．粒子在a点的电势能比b点的电势能小8．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定（）A．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．A点的电势高于B点的电势9．如图所示，在等量异种电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，B、D两点关于O点对称，则关于各点场强的关系，下列说法中正确的是（）A．E A＞E B，E B=E D B．E A＜E B，E A＜E CC．E A＜E B＜E C，E B=E D D．可能E A=E C＜E B，E B=E D10．如图所示，水平放置的金属板正上方有一固定的正点电荷Q，一个表面绝缘的带正电的小球（可视为质点且不影响Q的电场），从左端以初速度v0滑上金属板，沿光滑的上表面向右运动到右端．在该运动过程中（）A．小球作匀速直线运动B．小球作先减速，后加速运动C．小球受到电场力的方向时刻在改变D．电场力对小球所做的功为零三、实验题11．为验证在自由落体过程中物体的机械能是守恒的，某同学利用数字实验系统设计了一个实验，实验装置如图，图中A、B两点分别固定了两个速度传感器，速度传感器可以测出运动物体的瞬时速度．在实验中测得一物体自由下落经过A点时的速度是v1，经过B点时的速度是v2，为了证明物体经过A、B两点时的机械能相等，这位同学又设计了以下几个的步骤，你认为其中不必要或者错误是（）A．用天平测出物体的质量B．测出A、B两点间的竖直距离C．利用﹣算出物体从A点运动到B点的过程中重力势能的变化量D．验证v22﹣v12与2gh是否相等12．在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）某同学在实验中得到的纸带如图所示，其中A、B、C、D是打下的相邻的四个点，它们到运动起点O的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．已知当地的重力加速度g=9.8m/s2，打点计时器所用电源频率为50Hz，重锤质量为1.00kg．请根据以上数据计算重锤由O点运动C点的过程中，重力势能的减少量为J，动能的增加量为J．（结果保留3位有效数字）（2）甲、乙、丙三名同学分别得到A、B、C三条纸带，它们前两个点间的距离分别是1.7mm、1.9mm、4.0mm．那么一定存在操作错误的同学是，错误原因可能是．四、计算题13．用三根长均为L的细丝线固定两个质量为m、带电量分别为q和﹣q的小球，如图所示，若加一个水平向左的匀强电场，使丝线都被拉紧且处于平衡状态，则所加电场E的大小应满足什么条件？14．有一个带电荷量q=﹣6×10﹣6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做3×10﹣3J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做1.2×10﹣3 J的功，求A、C两点的电势差并说明A、C两点哪点的电势较高．15．竖直平面内有一圆形绝缘细管，细管截面半径远小于半径R，在中心处固定一带电荷量为+Q的点电荷．质量为m、带电荷量为+q的带电小球在圆形绝缘细管中做圆周运动，当小球运动到最高点时恰好对管无作用力，求当小球运动到最低点时对管壁的作用力．16．如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正电荷Q为圆心的某圆交于B，C两点，质量为M、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q≤Q，AB=h，小球滑到B点时的速度大小为，求：（1）小球由A点到B点的过程中电场力做的功；（2）A，C两点的电势差．17．如图所示，绝缘光滑水平轨道AB的B端与处于竖直平面内的四分之一圆弧形粗糙绝缘轨道BC平滑连接，圆弧的半径R=0.40m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度E=1.0×104N/C．现有一质量m=0.10kg的带电体（可视为质点）放在水平轨道上与B端距离s=1.0m的位置，由于受到电场力的作用带电体由静止开始运动，当运动到圆弧形轨道的C端时，速度恰好为零．已知带电体所带电荷量q=8.0×10﹣5C，求：（1）带电体运动到圆弧形轨道的B端时对圆弧轨道的压力；（2）带电体沿圆弧形轨道从B端运动到C端的过程中，摩擦力做的功．甘肃省西北师大附中2015～2016学年度高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电荷量为q，球2的带电荷量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时球1、2之间作用力的大小为，方向不变．由此可知（）A．n=2 B．n=4 C．n=5 D．n=6【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当两个完全相同的带同种电荷的小球接触后，它们的总电荷量将平分；如果两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小，从而可以求得n的数值．【解答】解：设1、2距离为R，则球1、2之间作用力为：F=k，3与2接触后，它们带的电的电量平分，均为：，再3与1接触后，它们带的电的总电量平分，均为，将球3移至远处后，球1、2之间作用力为=k，有上两式解得：n=2，故选：A．【点评】完全相同的带电的小球接触后，它们的电荷量将平分，这是分析互相接触后库仑力如何变化的关键，知道这一点之后，根据库仑定律就可以求得力的大小．2．如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D．变加速直线运动【考点】电场强度；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．【解答】解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向．烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动．故C正确．A、B、D 错误．故选C．【点评】解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．3．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A．B．C．D．【考点】电荷守恒定律．【分析】当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．【解答】解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选：B．【点评】本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．4．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣8eV时，它的动能应为（）A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV【考点】等势面；功能关系；电势能．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】要求正电荷的电势能为﹣8eV时的动能，需要知道该正电荷的动能和电势能的总和，得出E ka+E pa=E kb+E pb，得出E pb﹣E pa=21eV从而确定φb＞φa；根据电荷经过a、b点的动能分别为26eV和5eV和ab之间有两个等势面且等势面3的电势为0，可设等势面4的电势为φ，则等势面a的电势﹣2φ，再根据该正电荷的动能和电势能的总和保持不变求出正电荷的动能．【解答】解：在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变，故有E ka+E pa=E kb+E pb…①所以26eV+E pa=5ev+E pbE pb﹣E pa=26eV﹣5eV=21eV…②根据E P=qφ可知φb＞φa，由于相邻等势面之间的电势差相同，等势面3的电势为0，设等势面4的电势为φ，则等势面a的电势﹣2φ，代入②式得qφ﹣（﹣2qφ）=3qφ=21eVqφ=7eV正电荷的能量故有E k+（﹣8eV）=5eV+7eVE K=5eV+7eV+8eV=20eV故C正确，故选C．【点评】“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．5．如图所示，点电荷+4Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分，现使一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD之间运动的速度大小v与时间t的关系图象可能是（）A．B．C．D．【考点】电场强度；匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据点电荷的电场强度公式得到：D点的场强为零．若粒子的初速度较大，粒子在CD间做减速运动；若粒子的初速度较小，粒子在CD间先向右做减速运动，后向左做加速运动．【解答】解：根据点电荷的电场强度公式分析得到：D点的场强为零．A、从C到D场强减小，粒子的加速度减小，不可能做匀减速运动．故A错误．B、若粒子的初速度较大，粒子在CD间做加速度减小的变减速运动．故B正确．C、D若粒子的初速度较小，粒子在CD间先向右做减速运动，速度减到零后向左做加速运动．也可能最小速度不为零，故C正确，D错误．故选BC【点评】本题考查分析物体运动情况的能力，考虑问题要全面，不能漏解．中等难度．6．两个固定的等量异号点电荷所产生电场等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中（）A．做直线运动，电势能先变小后变大B．做直线运动，电势能先变大后变小C．做曲线运动，电势能先变小后变大D．做曲线运动，电势能先变大后变小【考点】等势面；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】粒子在静电场中电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大．粒子所受的电场力与速度方向不在同一直线上，做曲线运动．【解答】解：根据电场线与等势线垂直可知，在A点电场线方向应与速度v垂直，则粒子所受的电场力方向向上，与初速度v也垂直，粒子做曲线运动．粒子靠近正电荷时，电场力做正功，离开正电荷时，电场力做负功，则其电势能先变小后变大．故C正确．故选：C【点评】本题关键抓住电场线与等势线的关系判断电场力方向与粒子初速度方向的关系，分析运动情况，根据电场力做功正负，判断电势能的变化．二、多项选择题7．如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电位于原点O，a、b是它们连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L．现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b 两点时的速度分别为v a，v b，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是（）A．Q2带负电且电荷量小于Q1B．b点的场强一定为零C．a点的电势比b点的电势高D．粒子在a点的电势能比b点的电势能小【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出Q2的电性．可通过电场力做功判断电势能的变化【解答】解：A、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b 点受到两点电荷的电场力平衡，可知Q2带负电，且有k=k，故A正确B、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，受力为零，故合场强为零，故B正确C、该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，电势升高，所以b点电势较高．故C错误D、由C分析得，D正确故选：ABD【点评】解决本题的关键以b点的加速度为突破口，根据库仑定律得到Q1和Q2的电量关系．以及知道电场力做功和电势能的关系，值得研究8．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定（）A．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B．粒子在A点的动能小于它在B点的动能C．粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D．A点的电势高于B点的电势【考点】电场线；电势能．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．根据带电粒子轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向，根据电场力做功正负，判断动能和电势能的变化；沿电场线的方向，电势降低．【解答】解：A、由电场线可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，故A错误；B、C、粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在A 点的动能小于它在B点的动能，粒子在A点的电势能大于它在B点的电势能，所以B正确、C错误；D、沿电场线方向电势逐渐降低，A点的电势高于B点的电势，D正确．故选：BD．【点评】本题要根据轨迹的弯曲方向判断电场力的方向，根据电场力的做功情况，判断动能和电势能的大小．用电场线可以形象地描述电场的强弱和方向，电场线的方向反映了电势的高低．9．如图所示，在等量异种电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，B、D两点关于O点对称，则关于各点场强的关系，下列说法中正确的是（）A．E A＞E B，E B=E D B．E A＜E B，E A＜E CC．E A＜E B＜E C，E B=E D D．可能E A=E C＜E B，E B=E D【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】利用两个等量异种电荷的电场特点，两电荷连线的中垂线有如下特征：中垂线为等势线，连线上各点的电势相等，中间电场线比较密，两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小．且电场中的电势、电场强度都关于X轴对称，所以对称点电势相等，场强大小相等．【解答】解：据等量异种电荷的电场特点，中垂线上各点的场强关于电荷连线对称，中点场强最大，向两侧场强逐渐减小，场强方向垂直于中垂线；由于B、D两点关于O点对称，所以B、D两点的场强相同，且C点、B点、A点的场强逐渐减小，故BC正确，AD错误．故选：BC．【点评】明确等量异种电荷的电场特点是解题的关键，特别是中垂线上各点的场强特点，即各点的场强关于电荷连线对称，中点场强最大，向两侧场强逐渐减小，场强方向垂直于中垂线．10．如图所示，水平放置的金属板正上方有一固定的正点电荷Q，一个表面绝缘的带正电的小球（可视为质点且不影响Q的电场），从左端以初速度v0滑上金属板，沿光滑的上表面向右运动到右端．在该运动过程中（）A．小球作匀速直线运动B．小球作先减速，后加速运动C．小球受到电场力的方向时刻在改变D．电场力对小球所做的功为零【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】金属板在Q的电场中产生静电感应现象，达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直．分析小球的受力情况，确定其运动情况，判断电场力是否做功．【解答】解：A、B、金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动．故A正确，B错误．C、D、由于电场力与小球的速度方向垂直，小球受到电场力的方向不变，电场力对小球不做功．小球的电势能不变．故C错误，D正确．故选：AD【点评】本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面．三、实验题11．为验证在自由落体过程中物体的机械能是守恒的，某同学利用数字实验系统设计了一个实验，实验装置如图，图中A、B两点分别固定了两个速度传感器，速度传感器可以测出运动物体的瞬时速度．在实验中测得一物体自由下落经过A点时的速度是v1，经过B点时的速度是v2，为了证明物体经过A、B两点时的机械能相等，这位同学又设计了以下几个的步骤，你认为其中不必要或者错误是（）A．用天平测出物体的质量B．测出A、B两点间的竖直距离C．利用﹣算出物体从A点运动到B点的过程中重力势能的变化量D．验证v22﹣v12与2gh是否相等【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．【解答】解：A、根据机械能守恒的表达式，可知不需要测量质量，故A错误B、实验中需要测量从A到B过程中重力势能的减小量，因此需要测量AB之间的距离h，故B正确；C、A点运动到B点的过程中重力势能的变化量△E p=mgh，利用﹣算出物体从A 点运动到B点的过程中动能增加量，故C错误D、根据机械能守恒有：mgh=﹣，即验证v22﹣v12与2gh是否相等，故D正确本题选错误的故选AC【点评】对于实验不光要从理论上理解，关键是要动手实验，体会实验步骤以及数据处理的过程，加深对实验的理解．12．在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）某同学在实验中得到的纸带如图所示，其中A、B、C、D是打下的相邻的四个点，它们到运动起点O的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．已知当地的重力加速度g=9.8m/s2，打点计时器所用电源频率为50Hz，重锤质量为1.00kg．请根据以上数据计算重锤由O点运动C点的过程中，重力势能的减少量为7.62 J，动能的增加量为7.56 J．（结果保留3位有效数字）（2）甲、乙、丙三名同学分别得到A、B、C三条纸带，它们前两个点间的距离分别是1.7mm、1.9mm、4.0mm．那么一定存在操作错误的同学是丙，错误原因可能是先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等）．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在C点时的速度，然后根据动能、势能的定义进一步求得动能、势能的变化量．（2）当物体自由下落时，第一、二两点之间的距离为，由此可正确解答．【解答】解：（1）重力势能的减少量：△E p=mgh C=1.00×9.8×0.7776J=7.62J．据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该段时间内的平均速度可以求出物体在C点时的速度为：故动能的增加量为：（2）当物体自由下落时，第一、二两点之间的距离为：，由此可知乙同学的纸带最为理想，丙同学所得出的纸带，开始两点之间的距离明显大小2mm，着说明他在操作过程中开始打点时，纸带已经具有了速度，可能原因是先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等）．故答案为：（1）7.62，7.56；（2）丙，先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等）．【点评】题比较简单，考查了验证机械能守恒定律中基本方法的应用，对于基本方法不能忽视，要在训练中加强练习，提高认识．四、计算题13．用三根长均为L的细丝线固定两个质量为m、带电量分别为q和﹣q的小球，如图所示，若加一个水平向左的匀强电场，使丝线都被拉紧且处于平衡状态，则所加电场E的大小应满足什么条件？【考点】共点力平衡的条件及其应用；电场强度；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】A、B是对称的，不妨对A受力分析，A受重力、绳子的拉力、电场力、库仑引力，运用平衡条件可求得．【解答】解：取A为研究对象，设OA线拉力为T1，AB线拉力为T2，经受力分析得：水平方向 T1cos60°+T2+F BA=F竖直方向 T1sin60=mg由此可得：Eq=mgtan30°+T2+k，得：E=++因为T2≥0，所以E≥+答：所加电场E的大小应满足E≥+．【点评】本题应注意：①负电荷的受力方向与电场强度的方向相反；②物体受多个共点力而处于平衡状态时，则这几个力的合力为零．14．有一个带电荷量q=﹣6×10﹣6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做3×10﹣3J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做1.2×10﹣3 J的功，求A、C两点的电势差并说明A、C两点哪点的电势较高．。