高三物理周练试题9

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2021年高三上学期物理周练试题(9-14) 含答案

2021年高三上学期物理周练试题（9-14）含答案班级：____________ 姓名：____________一、选择题1、某物体做直线运动的v－t图象如图甲所示，据此判断图乙（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是( )2、如图所示，质量为m的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上。

已知三棱柱与斜面之间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为（）A、和B、和C、和D、和3、如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m的照相机．三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为()A mg B、mg C mg D、mg4、如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°角的力F1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°角的力F2推物块时，物块仍做匀速直线运动．若F1和F2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为()A. －1 B．2－ C. －D．1－5、图是甲、乙两物体做直线运动的v－t图象。

下列表述正确的是（）A.乙做匀加速直线运动B.0～1 s内甲和乙的位移相等C.甲和乙的加速度方向相同D.甲的加速度比乙的小6、.如图所示，在倾角为30°的足够长的斜面上有一质量为的物体，它受到沿斜面方向的力F的作用。

力F可按图（a）、（b）、（c）、（d）所示的四种方式随时间变化（图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正）已知此物体在t＝0时速度为零，若用分别表示上述四种受力情况下物体在3秒末的速率，则这四个速率中最大的是A. B. C. D.7、水平桌面上的物体A和B通过轻绳相连，在水平外力F的作用下做匀速直线运动。

已知绳中拉力为T，桌面对两物体的摩擦力分别是f A和f B，则有（）A、F=f A+f B+TB、F=f A+f B－TC、F=f BD、T=f A8、一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端。

高三物理周测卷(带答案解析)

高三物理周测卷学校：__________ 班级：__________ 姓名：__________ 考号：__________一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分，）1. 某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（）A.速度、位移B.速度、路程C.速率、位移D.速率、路程2. 汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前方有障碍物立即以大小为5m/s2的加速度刹车，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A.30m，40mB.30m，37.5mC.12.5m，37.5mD.12.5m，40m3. 一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头依次从站台上三个立柱A、B、C旁经过，其中相邻两立柱间距离为x0，对应时刻分别为t1、t2、t3．则下列说法正确的是（）A.车头经过立柱B的速度为2x0t3−t1B.车头经过立柱A、B的平均速度等于x0t2−t1C.三时刻的关系为：(t3−t2):(t2−t1)=1:(√2−1)D.车头经过立柱A、B、C三立柱时的速度v A、v B、v C的大小关系为：2v B=v A+v C4. 质量为m＝60kg的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的运动速率随时间变化的图像如图2所示．取g＝10m/s2，由图像可知（）A.t＝0.5s时他的加速度为3m/s2B.t＝0.4s时他处于超重状态C.t＝1.1s时他受到单杠的作用力的大小是620ND.t＝1.5s时他处于超重状态5. 如图所示，在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块（可视为质点）．A和B距轴心O的距离分别为r A=R，r B=2R，且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m，两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止．则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中，下列说法正确的是（）A.B所受合外力一直等于A所受合外力B.A受到的摩擦力一直指向圆心C.B受到的摩擦力先增大后减小D.A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度ωm=√2f mmR6. 2020年12月3日23时10分，嫦娥五号上升器携带1731g月球样品从月面起飞，开启中国首次地外天体采样返回之旅．其返回地球的飞行轨迹可以简化为如图所示：首先进入地月转移轨道，从Q点进入绕地球椭圆轨道Ⅰ，到达近地点P后进入近地圆轨道Ⅱ，再进行适当操作坠入大气层到达地表．已知椭圆轨道Ⅰ的半长轴为a、近地圆轨道Ⅱ的半径为r，嫦娥五号在轨道Ⅰ、Ⅱ正常运行的周期为T1、T2，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，忽略地球自转及其他星球引力的影响．下列说法正确的是（）A.a3 T12>r3T22B.嫦娥五号在轨道Ⅱ正常运行的速度大于√gRC.嫦娥五号在轨道Ⅰ上P点的加速度大小等于轨道Ⅱ上P点的加速度D.嫦娥五号沿轨道Ⅰ从Q点向P点飞行过程中，动能逐渐减小7. 在研究微型电动机的性能时，用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R使电动机停止转动，此时电流表和电压表的示数分别为0.5A和3.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和36.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A.72WB.64WC.56WD.48W8. 空间某区域内存在电场，电场线在竖直平面内的分布如图所示．一个质量为m、电量为q的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点的速度大小为v2，运动方向与水平方向质检的夹角为α，若A、B两点之间的高度差为ℎ，水平距离为s，则以下判断中正确的是（）A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A<E B、φA<φBB.若v2>v1，则电场力一定做正功C.若小球带正电，则A、B两点间的电势差为m2q(v22−v12−2gℎ)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为12mv22−12mv12二、多选题（本题共计 4 小题，每题 3 分，共计12分，）9. 在平直公路上有甲、乙两辆汽车同时从同一位置沿着同一方向做匀加速直线运动，它们速度的平方随位移变化的图像如图所示，则（）A.甲车加速度的大小比乙车加速度的大小大B.在x=0.5m处甲乙两车的速度相等C.在x=0.5m处甲乙两车相遇D.在x=1.0m处甲乙两车相遇10. 下列说法中正确的有（）A.已知水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.布朗运动说明分子在永不停息地做无规则运动C.两个分子间由很远(r>10−9m)距离减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用11. 氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.64eV∼3.19eV．下列说法正确的是（）A.处于n =3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量处于n =2能级的氢原子可以吸收能量为2.55eV 的可见光光子，跃迁到第4能级C.动能为10.4eV 的电子射向大量处于基态的氢原子，氢原子不会发生跃迁D.动能大于等于13.6eV 的电子可以使基态的氢原子发生电离12. 如图所示，一水平方向的匀强磁场，磁场区域的高度为ℎ，磁感应强度为B ，质量为m 、电阻为R 、粗细均匀的矩形线圈，ab =L ，bc =ℎ，该线圈从cd 边离磁场上边界高度H =(mgR)22gB 4L 4处自由落下，不计空气阻力，重力加速度为g ，设cd 边始终保持水平，则（）A. cd 边刚进入磁场时速度大小v =mgR2B 2L 2 B.cd 边刚进入磁场时其两端电压U cd =mgR 2B(L+ℎ)C.线圈穿过磁场的时间t =2ℎ(BL)2mgRD.线圈穿过磁场过程中，回路中产生的热量Q =2mgℎ三、解答题（本题共计 3 小题，每题 10 分，共计30分，）13. 短跑运动员完成100m 赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段．一次比赛中，某运动员用11s 跑完全程，已知运动员在加速阶段的第2s 内通过的距离为7.5m ，求：（1）该运动员的加速度．（2）在加速阶段通过的距离．14. 一端封闭、一端开口的长度L =90cm 的玻璃管，用长ℎ=30cm 的水银柱封闭一段理想气体，当玻璃管水平放置稳定时（如图甲所示），气体的长度L 1=50cm ，已知大气压强p0=75cmHg，封闭气体的温度T1=300K．（1）保持玻璃管水平，使气体的温度缓慢升高到T2时，水银恰好不溢出，求T2；（2）若保持气体的温度T2不变，再将玻璃管以封闭端为轴缓慢逆时针转过30∘（如图乙所示），则稳定后密闭气柱的长度为多少？15. 如图所示，直角坐标系中的第Ⅰ象限中存在沿y轴负方向的匀强电场，在第Ⅱ象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场，一电量为q、质量为m的带正电的粒子，在−x轴上的点a以速率v0，方向和−x轴方向成60∘射入磁场，然后经过y轴上的b点垂直于y轴方向进入电场，并经过x轴上x=2L处的c点时速度大小为√2v0．不计粒子重力．求（1）磁感应强度B的大小．（2）电场强度E的大小．四、实验探究题（本题共计 1 小题，共计18分，）16.(18分) 小戴同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度和力的关系”实验，跨过光滑定滑轮用细线将铝块和桶连接，桶内可装沙，由静止释放沙桶，铅块将向上做加速运动．实验前先测出铝块与空桶的总质量为M，通过在空桶中添加沙来改变铝块的运动情况．测出每次桶内沙的质量为m，由纸带上打出的点可算出对应的加速度大小a，已知电源频率为50Hz．（1）在某次实验中，小戴获得了一条纸带，并在纸带上便于测量的地方选取了一段进行分析，如图乙所示，图中每2个计数点间还有4个点未标出，计数点间的距离如图乙所示，则铝块运动的加速度为________m/s2（计算结果保留三位有效数字）．图像如图丙所示，测得该直（2）小戴经过多次实验后，由多组实验数据画出a−1M+m线斜率的绝对值为k，纵截距为b，则当地重力加速度为________，铝块质量为________．（均用k，b表示）（3）若考虑纸带所受摩擦力对实验的影响，则（2）中求得的铝块质量与真实值相比________（填“偏大”“偏小”或“不变”）．参考答案与试题解析高三物理周测卷1一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分） 1. 【答案】 D【解析】此题暂无解析【解答】解：“行驶200公里”指的是经过的路程的大小，“时速为110公里”是某一个时刻的速度，是瞬时速度的大小，故D 正确，ABC 错误．故选D ． 2.【答案】 D【解析】汽车做匀减速直线运动，先应用速度公式求出汽车的减速时间，然后应用位移公式求出汽车的位移，然后答题．【解答】解：汽车减速到0需要的时间为：t =v 0a=205s =4s ，刹车后2s 内的位移为：x 2=v 0t 2+12at 22=30m ，刹车后1s 内的位移为：x 1=v 0t 1+12at 12=17.5m ，刹车后第2s 内的位移为：Δx =x 2−x 1=12.5m ，汽车运动4s 就停止运动，则刹车后5s 内的位移为：x =v 022a =2022×5m =40m ，故选：D ． 3. 【答案】 B【解析】【解答】解：AD ．车头经过站台上立柱AC 段的平均速度v AC ¯=x AC t AC=2x 0t3−t 1，由题可知，B 点是AC 段的位置中点，所以B 点的瞬时速度应该大于AC 段的平均速度，2v B >v A +v C ，故AD 错误；B ．车头经过立柱A 、B 的平均速度为v AB ¯=x AB t AB=x 0t2−t 1，故B 正确；C ．根据比例法可知，当C 点速度为零时， (t 3−t 2): (t 2−t 1)=1: (√2−1)，而题中未说明C 点的速度为0，故C 错误．故选B ．【答案】B【解析】速度时间图像的斜率表示加速度，根据图像求出t＝0.4s和t＝1.1s时的加速度，再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力。

河北省衡水中学高三物理下学期第9周周考试题(2021年整理)

河北省衡水中学2018届高三物理下学期第9周周考试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河北省衡水中学2018届高三物理下学期第9周周考试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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河北省衡水中学2018届高三物理下学期第9周周考试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，14～17 只有一个选项是正确的；18~21 至少有一项是正确的。

全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。

14．下列选项中，说法正确的是( ）A。

光电效应揭示了光的波动性,爱因斯坦发现了光电效应的规律B. 普朗克提出了能量子的假说，爱因斯坦利用能量子假说成功解释了黑体辐射的强度按波长分布的规律C。

放射性元素放出的α粒子是原子核内的两个质子和两个中子组成的D. 结合能指的是把核子分开需要的能量，比结合能是结合能与核子数之比,比结合能越小,原子核越稳定15．目前,我国ETC(电子不停车收费系统)已实现全国联网,大大缩短了车辆通过收费站的时间。

如图所示为甲、乙两辆车以相同速度开始减速，并通过某收费站的v•t 图像。

根据图像，下列描述正确的是（）A。

甲车进入的是人工收费通道，乙车进入的是E TC 通道B. 甲、乙两车从相同速度开始减速到恢复至原速度的时间差为12 sC. 甲车进入通道的加速度大小为5m/s2，乙车进入通道的加速度大小为2.5 m/s2D。

甲车进入E TC 通道，当速度减至5m/s 后，再以此速度匀速行驶5 m 即可完成交费16．张鹏同学在家帮妈妈洗完衣服后，挂在如图所示的晾衣架上晾晒，A、B 为竖直墙壁上等高的两点，AO、BO 为长度相等的两根轻绳，CO 为一根轻杆。

高三物理周练附答案

物理考试时间：90分钟满分100分一、选择题（1-8为单选题，9-12为多选题，每题4分，共48分）1．在反恐演习中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演，伞兵从静止的直升机跳下，在t 0时刻打开降落伞，在3t 0时刻以v 2速度着地，伞兵运动的速度时间图象如图所示下列结论中错误的是（）A ．在0～t 0时间内加速度保持不变，在t 0～3t 0之间加速度一直增大B ．打开降落伞后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C ．在t 0～3t 0时间内平均速度＜D ．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小2. 如图所示，在光滑水平面上一小球以某一速度运动到A 点时遇到一段半径为R的圆弧曲面AB 后，落到水平地面的C 点，已知小球没有跟圆弧曲面的任何点接触，则BC 的最小距离为（）A ．R B． C． R D． R3. 如图所示,细线的一端固定于O 点,另一端系一小球．在水平拉力作用下,小球以恒定速率在竖直平面内由点B 运动到点A ．下列说法正确的是（）A ．小球所受合力为0B ．绳子上张力T 做负功C ．重力的功率P 逐渐增大D ．水平拉力F 逐渐减小4. 如右图所示，木块A 放在木板B 上左端，用恒力F 将A 拉至B 的右端，第一次将B 固定在地面上，F 做功为1W ，生热为1Q ，第二次让B 可以在光滑地面上自由滑动，这次F 做功为2W 生热为2Q ，则应有( )A 、12W W <，12Q Q =B 、12W W =，12Q Q =C 、12W W <，12Q Q <D 、12W W =，12Q Q <5.如图所示，质量为M 、长度为L 的木板静止在光滑的水平面上，质量为m 的小物体（可视为质点）放在木板上最左端，现用一水平恒力F 作用在小物体上，使物体从静止开始做匀加速直线运动．已知物体和木板之间的摩擦力为f ，当物体滑到木板的最右端时，木板运动的距离为x ，则在此过程中（）A ．物体到达木板最右端时具有的动能为F （L+x ）B ．物体到达木板最右端时，木板具有的动能为fxC ．物体克服摩擦力所做的功为fLD ．物体和木板系统增加的机械能为Fx6.如图，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从小球接触到弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，下列关于能量叙述正确的是（） A ．小球的动能逐渐减小 B ．弹簧的弹性势能逐渐增大 C ．小球的机械能不变D ．弹簧和小球组成的系统机械能总和逐渐增大7. 放置于固定斜面上的物体，在平行于斜面向上的拉力F 作用下，沿斜面向上做直线运动．拉力F 和物块速度v 随时间t 变化关系如图所示，则( )A ．斜面的倾角为30°B ．第1s 内物块受到的合外力为0．5NC ．第1s 内拉力F 的功率保持不变D ．前3s 内物块机械能先增大后不变8.如图所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h=0.1m 处，滑块与弹簧不拴接．现由静止释放滑块，通过传感器测量到滑块的速度和离地高度h 并作出滑块的E k ﹣h 图象，其中高度从0.2m 上升到0.35m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g=10m/s 2，下列判断错误的是（） A ．小滑块的质量为0.2kg B ．轻弹簧原长为0.2mC ．弹簧最大弹性势能为0.32JD ．小滑块运动过程的每一时刻，其机械能与弹簧的弹性势能的总和均为0.7J9. 如图所示，篮球绕中心线OO′以ω角速度转动，则（） A ．A 、B 两点的角速度相等 B ．A 、B 两点线速度大小相等 C ．A 、B 两点的周期相等 D ．A 、B 两点向心加速度大小相等高三复习物理周练试卷10.如图所示，光滑水平面AB 与竖直面上的半圆形固定轨道在B 点衔接，轨道半径为R ，BC 为直径，一可看成质点、质量为m 的物块在A 点处压缩一轻质弹簧(物块与弹簧不拴接)，释放物块，物块被弹簧弹出后，经过半圆形轨道B 点时瞬间对轨道的压力变为其重力的7倍，之后向上运动恰能通过半圆轨道的最高点C ，重力加速度大小为g ，不计空气阻力，则( )A.物块经过B 点时的速度大小为B.刚开始时被压缩弹簧的弹性势能为3mgRC.物块从B 点到C 点克服阻力所做的功为21mgR D.若刚开始时被压缩弹簧的弹性势能变为原来的2倍，物块到达C 点的动能为27mgR 11.如图所示，用平行于斜面的拉力F 拉着木箱沿粗糙斜面匀减速向上移动，在木箱尚未停止运动的过程中，下列说法中正确的是( ) A.木箱的机械能一定不守恒B.拉力做的功小于木箱克服摩擦力与克服重力做的功之和C.拉力做的功等于木箱增加的机械能D.拉力与摩擦力做的功之和等于木箱机械能的增量 12.水平地面上固定一倾角为θ=37°的足够长的光滑斜面，如图所示，斜面上放一质量为m A =2.0 kg 、长l =3 m 的薄板A 。

高中物理复习提升-高三物理周考 (9)

丰城九中校本资料丰城九中校本资料丰城九中高三年级上学期物理第四次周练试题命题人：徐猛审题人:徐鹏 2018.10.24一、选择题(共12小题，每题5分，共60分，其中1-8题为单选题，9-12题为多选题。

)1．甲、乙两个原来不带电的物体相互摩擦（没有第三者），结果发现甲物体带了1.6×10－15C 的电荷量（正电荷），下列说法正确的是 A ．乙物体也带了1.6×10－15C 的正电荷 B ．甲物体失去了104个电子 C ．乙物体失去了104个电子 D ．甲、乙两物体共失去了2×104个电子 2．某个物体带电量不可能的是（）A ． 2×10−19CB ． 3.2×10−19C C ． 4.8×10−19CD ． 1.6×10−6C3．A 、B 两带电小球，质量分别为m A 、m B ，电荷量分别为q A 、q B ，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A 、B 两球处于同一水平面。

若B 对A 及A 对B 的库仑力分别为F A 、F B ，则下列判断正确的是 A ． F A <F BB ． AC 细线对A 的拉力F TA =m A 2gC ． OC 细线的拉力F TC =(m A +m B )gD ．同时烧断AC 、BC 细线后，A 、B 在竖直方向的加速度不相同4．如图所示为等量点电荷周围的电场线分布图，A ，B ，O 位于两点电荷连线上，其中O 为两点电荷连线的中点，C ，D 是连线的中垂线上的两点.关于各点的电场性质的描述，下列说法正确的是( ) A ． A ，B ，O 三点的电势大小相等 B ． O ，C ，D 三点的电场强度相等C ．若将带正电的试探电荷q 从C 点移到B 点，电势能减小D ．若将带负电的试探电荷q 从A 点移到D 点，电场力做负功5．如图所示，实线为一点电荷Q 建立的电场中的几条电场线（方向未标出），虚线为一电子在电场中从M 点运动到N 点的轨迹。

高三物理第九次周考试题

准兑市爱憎阳光实验学校第一高三物理第九次周考试题选择题：〔此题共8小题，每题6分，共48分。

在每题给出的四个选项中，14-18题只有一个选项符合题目要求，19-21题有多个选项符合题目要求。

选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分〕14.如下图的x－t图象和v－t图象中，给出的四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，以下描述正确的选项是A．图线1表示物体做曲线运动B．两图象中，t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动C．x－t图象中t1时刻物体1的速度小于物体2的速度D．v－t图象中0至t3时间内物体4的平均速度大于物体3的平均速度15.如下图，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮.A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B悬挂着.m A＝3m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么以下说法中正确的选项是A．弹簧的弹力变小B. 物体A受到的静摩擦力将减小C. 物体A对斜面的压力将减小D. 弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变16. 如下图，某生产线上相互垂直的甲乙传送带高、宽度均为d，均以大小为v的速度运行，图中虚线为传送带中线．一工件〔视为质点〕从甲左端释放，经足够长时间由甲右端滑上乙，滑至乙中线处时恰好相对乙静止．以下说法中正确的选项是A、工件与乙传送带间的动摩擦因数dgv2B 、工件从滑上乙到恰好与乙相对静止所用的时间为vd2C、工件在乙传送带上的痕迹为直线，痕迹长为d22D、乙传送带对工件的摩擦力做功不为零17.地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a．卫星甲、乙、丙在如下图的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切．不计阻力，以下说法正确的选项是A、卫星甲、乙分别经过P点时的速度相B、卫星甲、乙在P点时受到的万有引力相C、如果地球的转速为原来的〔g＋a〕/a 倍，那么赤道上的物体将会“飘〞起来D、卫星甲的机械能最大，卫星中员始终处于完全失重状态；18. 如下图，O点为均匀带正电的导体棒AB的中点，P点为AO的中点，a、b两点分别处在P 、O 两点的正上方。

高三物理周练试题(9.)

准兑市爱憎阳光实验学校高三物理周练试题〔921〕本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两。

共300分。

考生注意：1. “〞2. 第I卷每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他标号。

第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试卷上作答，答案无效。

3. 考试结束，监考老师将试卷、答题卡一并收回。

第I卷(选择题共126分〕可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Mg 24 Cl 3 Fe 56 Cu 64 Br 80 I 127二、选择题：此题共8小题，每题6分。

在每题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.伽利略创造的把、假设和逻辑推理相结合的方法，有力地促进了人类认识的开展。

利用如下图的装置做如下:小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。

斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。

根据三次结果的比照，可以得到的最直接的结论是A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一时，质量越大，它的加速度越小15.如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固于O点，右端跨过位于O/点的固光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO‘段水平，长为度L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环。

现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L。

那么钩码的质量为A．M22B．M23C．M2 D．M316．设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R。

同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为A．32224RGMTGMTπ- B．32224RGMTGMTπ+C．23224GMTRGMTπ-D．23224GMTRGMTπ+17．如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、 c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q (q>0)的固点电荷.b点处的场强为零，那么d点处场强的大小为(k为静电力常量)A.k3qR2B. k10q9R2C. kQ+qR2D. k9Q+q9R218．如下图，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固对称轴以恒的角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。

高三物理上学期周测试卷(9.含解析)

咐呼州鸣咏市呢岸学校市高三〔上〕周测物理试卷〔9〕一、选择题1．一辆小车正在沿光滑水平面匀速运动，突然下起了大雨，雨水竖直下落，使小车内积下了一深度的水．雨停后，由于小车底部出现一个小孔，雨水渐渐从小孔中漏出．关于小车的运动速度，以下说法中正确的选项是〔〕A．积水过程中小车的速度逐渐减小，漏水过程中小车的速度逐渐增大B．积水过程中小车的速度逐渐减小，漏水过程中小车的速度保持不变C．积水过程中小车的速度保持不变，漏水过程中小车的速度逐渐增大D．积水过程漏水过程中小车的速度都逐渐减小2．为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如下图．当此车减速上坡时，乘客〔〕A．处于超重状态B．处于失重状态C．受到向前的摩擦力作用D．所受力的合力沿斜面向上3．如图，光滑水平地面上有一楔形物块a，其斜面上有一小物块b，b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固在斜面上．a与b之间光滑，整体静止于水平面上，现对a施加逐渐增大的水平向左的拉力F，以下说法正确的选项是〔〕A．绳的张力减小，b对a的正压力减小B．绳的张力增加，斜面对b的支持力减小C．绳的张力减小，斜面对a的支持力增加D．无论F增加到多大，物体b都不可能离开斜面4．如下图，用细线竖直悬挂一质量为M的杆，质量为m的小环套在杆上，它与杆间有摩擦，环由静止释放后沿杆下滑过程中加速度大小为a，那么环下滑过程中细线对杆的拉力大小为〔〕A．Mg B．Mg+mg C．Mg+mg﹣ma D．Mg+mg+ma5．如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A〔A、B接触面竖直〕，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑．A与B间的动摩擦因数为µ1，A与地面间的动摩擦因数为µ2，最大静摩擦力于滑动摩擦力．A与B的质量之比为〔〕A．B．C．D．6．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如下图，那么〔〕A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大7．如下图，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，假设传送带的速度大小也为v，那么传送带启动后〔〕A．M静止在传送带上B．M下滑的速度不变C．M受到的摩擦力不变D．M可能沿斜面向上运动8．如下图，用一根长为L的细绳一端固在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧，小球A处于静止，那么需对小球施加的力可能于〔〕A． mg B．mg C． mg D． mg二、解答题〔共4小题，总分值15分〕9．为了探究弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系，某同学选了A、B两根规格不同的弹簧进行测试，根据测得的数据绘出如下图的图象，从图象上看，该同学没能完全按要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线的原因是．B弹簧的劲度系数为N/m．劲度系数较大的是〔填A或B〕．10．〔1〕“验证力的平行四边形那么〞中，步骤如下，请完成有关内容：A．将一根橡皮筋的一端固在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端拴上两根细线B．其中一根细线挂上5个质量相的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记录：、、；C．将步骤B中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相的钩码，用两光滑硬棒B、C使两细线互成角度，如图乙所示，小心调整B、C的位置，使，记录；〔2〕如果“力的平行四边形那么〞得到验证，那么图乙中cosα：cosβ=；〔3〕用平木板、细绳套、橡皮筋、测力计做“验证力的平行四边形那么〞的，为了使能够顺利进行，且尽量减小误差，你认为以下说法或做法能够到达上述目的是A．用测力计拉细绳套时，拉力沿弹簧的轴线，且与水平木板平行B．两细绳套必须长C．同一次两次拉细绳套须使结点到达同一位置D．用测力计拉两个细绳套时，两拉力夹角越大越好．11．如图是一个十字路口的示意图，每条停车线到十字路中心O的距离均为20m．一人骑电动助力车以7m/s 的速度到达停车线〔图中A点〕时，发现左前方道路一辆轿车正以8m/s的速度驶来，车头已抵达停车线〔图中B〕，设两车均沿道路作直线运动，助力车可视为质点，轿车长m，宽度可不计．〔1〕请通过计算判断两车保持上述速度匀速运动，是否会发生相撞事故？〔2〕假设轿车保持上述速度匀速运动，而助力车立即作匀加速直线运动，为防止发生相撞事故，助力车的加速度至少要多大？12．如下图，一质量为M的楔形木块放在水平桌面上，它的顶角为90°，两底角为α和β；a、b为两个位于斜面上质量均为m的小木块．所有接触面都是光滑的．现使a、b同时沿斜面下滑．〔1〕通过计算解释为什么楔形木块静止不动〔2〕求楔形木块对水平桌面的压力．一、题13．某放射性元素的原子核内有N个核子，其中有n个质子，该原子核发生2次α衰变和1次β衰变，变成1个核，那么〔〕A．衰变前原子核有n个中子B．衰变前原子核有N﹣n个中子C．衰变后核有〔n﹣3〕个质子D．衰变后核的核子数为〔N﹣3〕E．衰变前原子核的质量数于衰变后核质量数与放出粒子质量数之和14．如下图，在光滑水平面上，有一质量M=3kg的薄板，板上有质量m=1kg的物块，两者以v0=4m/s的初速度朝相反方向运动．薄板与物块之间存在摩擦且薄板足够长，求①当物块的速度为3m/s时，薄板的速度是多少？②物块最后的速度是多少？市高三〔上〕周测物理试卷〔9〕参考答案与试题解析一、选择题1．一辆小车正在沿光滑水平面匀速运动，突然下起了大雨，雨水竖直下落，使小车内积下了一深度的水．雨停后，由于小车底部出现一个小孔，雨水渐渐从小孔中漏出．关于小车的运动速度，以下说法中正确的选项是〔〕A．积水过程中小车的速度逐渐减小，漏水过程中小车的速度逐渐增大B．积水过程中小车的速度逐渐减小，漏水过程中小车的速度保持不变C．积水过程中小车的速度保持不变，漏水过程中小车的速度逐渐增大D．积水过程漏水过程中小车的速度都逐渐减小【考点】动量守恒律．【专题】动量理用专题．【分析】小车正在沿光滑水平面匀速运动，小车动量一，积水后，质量增加，系统在水平方向不受力，根据系统在水平方向动量守恒求解．【解答】解：小车正在沿光滑水平面匀速运动，积水后，系统在水平方向不受力，系统在水平方向动量守恒．积水后，质量增加，系统水平方向动量不变，根据P=mv，所以小车速度减小．漏水过程中，车上积水和小车相对静止，也就是说水和小车具有相同的速度，所以漏水时小车速度不变．应选：B．【点评】解决该题关键要知道系统在水平方向动量守恒，根据水的动量变化情况确小车的速度变化．2．为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如下图．当此车减速上坡时，乘客〔〕A．处于超重状态B．处于失重状态C．受到向前的摩擦力作用D．所受力的合力沿斜面向上【考点】牛顿运动律的用-超重和失重．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，根据加速度方向知道合力方向，根据合力方向确摩擦力方向．【解答】解：A、B、当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的加速度，所以处于失重状态，故A错误，B正确．C、对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，所以受到水平向左的摩擦力作用．故C错误．D、由于乘客加速度沿斜面向下，根据牛顿第二律得所受力的合力沿斜面向下．故D错误．应选：B．【点评】该题考查受力分析的一般用，解答的关键是结合运动状态对物体受力分析，然后根据牛顿第二律列式求解．3．如图，光滑水平地面上有一楔形物块a，其斜面上有一小物块b，b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固在斜面上．a与b之间光滑，整体静止于水平面上，现对a施加逐渐增大的水平向左的拉力F，以下说法正确的选项是〔〕A．绳的张力减小，b对a的正压力减小B．绳的张力增加，斜面对b的支持力减小C．绳的张力减小，斜面对a的支持力增加D．无论F增加到多大，物体b都不可能离开斜面【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】通过整体受力分析利用牛顿第二律求的加速度，在隔离b物体受力分析，即可判断【解答】解：整体受力分析，在水平方向由牛顿第二律可知，F=〔m a+m b〕a当拉力增大时，加速度增大对b受力分析，如上图，受重力、支持力、绳子的拉力，根据共点力平衡条件，有Fcosθ﹣F N sinθ=ma①；Fsinθ+F N cosθ﹣mg=0 ②；由①②两式解得：F=macosθ+mgsinθ，F N=mgcosθ﹣masinθ；由于a增大，故绳的张力增加，斜面对b的支持力减小，故B正确，AC错误；D、当支持力减小到0时，物体b能离开斜面，故D错误；应选：B【点评】此题关键要熟练运用整体法和隔离法对物体受力，同时要能结合牛顿运动律求解！4．如下图，用细线竖直悬挂一质量为M的杆，质量为m的小环套在杆上，它与杆间有摩擦，环由静止释放后沿杆下滑过程中加速度大小为a，那么环下滑过程中细线对杆的拉力大小为〔〕A．Mg B．Mg+mg C．Mg+mg﹣ma D．Mg+mg+ma【考点】牛顿第二律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】对环进行受力分析，根据牛顿第二律列式求出摩擦力，再对杆进行受力分析，根据平衡条件列式即可求解．【解答】解：对m用牛顿第二律得：mg﹣f=ma解得：f=mg﹣ma对M有Mg+f﹣T=0解得：T=Mg+mg﹣ma应选：C【点评】此题主要考查了牛顿第二律的直接用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，难度不大，所以根底题．5．如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A〔A、B接触面竖直〕，此时A恰好不滑动，B刚好不下滑．A与B间的动摩擦因数为µ1，A与地面间的动摩擦因数为µ2，最大静摩擦力于滑动摩擦力．A与B的质量之比为〔〕A．B．C． D．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对A、B整体和B物体分别受力分析，然后根据平衡条件列式后联立求解即可．【解答】解：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=μ2〔m1+m2〕g ①再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=μ1N联立有：m2g=μ1F ②联立①②解得：应选：B【点评】此题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约于滑动摩擦力．6．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如下图，那么〔〕A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二律．【专题】压轴题．【分析】〔1〕v﹣t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；〔2〕根据加速度的变化情况，分析受力情况．【解答】解：A．根据加速度可以用v﹣t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，A错误；B．在t1时刻，加速度为零，所以外力F于摩擦力，不为零，B错误；C．在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F大小可能不断减小，C正确；D．如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v﹣t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确．应选CD．【点评】此题考查v﹣t图线的相关知识点，涉及牛顿第二律的用及受力分析的能力，难度较大．7．如下图，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，假设传送带的速度大小也为v，那么传送带启动后〔〕A．M静止在传送带上B．M下滑的速度不变C．M受到的摩擦力不变D．M可能沿斜面向上运动【考点】牛顿第二律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】传送带突然启动后，根据两者速度方向的关系判断出M的摩擦力方向，从而分析M的运动规律．【解答】解：开始匀速下滑，受重力、支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力处于平衡，当传送带突然启动后，速度方向向上，那么M相对于传送带向下滑动，滑动摩擦力的方向仍然沿斜面向上，即M受的摩擦力不变，与重力沿斜面方向的分力仍然相，那么仍然做匀速直线运动，故B、C正确，A、D错误．应选：BC．【点评】解决此题的而关键通过相对滑动的方向得出M的摩擦力的方向，结合受力分析运动情况，难度不大．8．如下图，用一根长为L的细绳一端固在O点，另一端悬挂质量为m的小球A，为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧，小球A处于静止，那么需对小球施加的力可能于〔〕A． mg B．mg C． mg D． mg【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】小球A处于静止，受力平衡，分析受力情况，用作图法得出对小球施加的力最小的条件，再由平衡条件求出力的最小值．【解答】解：以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图，根据作图法分析得到，当小球施加的力F与细绳垂直时，所用的力最小．根据平衡条件得F的最小值为F min=Gsin30°=0.5mg所以对小球施加的力：F≥0.5mg应选：AB．【点评】此题物体平衡中极值问题，关键是确极值条件，此题采用图解法得到力最小的条件，也可以运用数学函数法求解极值．二、解答题〔共4小题，总分值15分〕9．为了探究弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系，某同学选了A、B两根规格不同的弹簧进行测试，根据测得的数据绘出如下图的图象，从图象上看，该同学没能完全按要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线的原因是超过弹簧的弹性限度．B弹簧的劲度系数为100 N/m．劲度系数较大的是 B 〔填A或B〕．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】题．【分析】根据胡克律，结合数学知识即可正，同时注意胡克律成立的条件，从而即可求解．【解答】解：向上弯曲的原因是超出了弹性限度，注意该图象中纵坐标为伸长量，横坐标为拉力，斜率的倒数为劲度系数，由此可求出k B=100N/m，由图象可知，A的劲度系数小，B的劲度系数大．故答案为：超过弹簧的弹性限度，100，B．【点评】此题考查了弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系的根底知识，比拟简单，是一道考查根底知识的好题，注意图象的斜率含义．10．〔1〕“验证力的平行四边形那么〞中，步骤如下，请完成有关内容：A．将一根橡皮筋的一端固在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端拴上两根细线B．其中一根细线挂上5个质量相的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记录：钩码个数、结点的位置O 、细线的方向；C．将步骤B中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相的钩码，用两光滑硬棒B、C使两细线互成角度，如图乙所示，小心调整B、C的位置，使两次结点位置重合，记录钩码数和细线方向；〔2〕如果“力的平行四边形那么〞得到验证，那么图乙中cosα：cosβ=3：4 ；〔3〕用平木板、细绳套、橡皮筋、测力计做“验证力的平行四边形那么〞的，为了使能够顺利进行，且尽量减小误差，你认为以下说法或做法能够到达上述目的是ACA．用测力计拉细绳套时，拉力沿弹簧的轴线，且与水平木板平行B．两细绳套必须长C．同一次两次拉细绳套须使结点到达同一位置D．用测力计拉两个细绳套时，两拉力夹角越大越好．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题．【分析】“验证力的平行四边形那么〞的原理是：记录两个分力以及合力的大小和方向后，选用相同的标度将这三个力画出来，画出来的合力是实际值，然后根据平行四边形画出合力的理论值，通过比拟实际值和理论值的关系来进行验证，明确了原理即可知知道中需要记录的物理量和具体的操作．【解答】解：〔1〕根据原理可知，图需要记录合力的大小和方向后，画出来的合力是实际值，该中根据钩码个数来表示拉力大小，因此需要记录的是：钩码个数〔或细线拉力〕，橡皮筋与细线结点的位置O，细线的方向；该采用“效代替〞法，因此在用两个绳套拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤B中结点位置重合，同时记录钩码个数和对的细线方向．故答案为：钩码个数〔或细线拉力〕，橡皮筋与细线结点的位置O，细线的方向；橡皮筋与细线结点的位置与步骤B中结点位置重合，钩码个数和对的细线方向．〔2〕根据O点处于平衡状态，正交分解有：竖直方向：4mgsinα+3mgsinβ=5mg…①水平方向：4mgcosα=3mgcosβ…②联立①②解得：cosα：cosβ=3：4．〔3〕A、用测力计拉细绳套时，拉力沿弹簧的轴线，且与水平木板平行，故A正确；B、为减小过程中的偶然误差，就要设法减小读数误差，两个分力的大小不一要相，绳子的长短对分力大小和方向亦无影响，故B错误；C、在中必须确保橡皮筋拉到同一位置，即一力的作用效果与两个力作用效果相同，故C正确；D、在中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非越大越好，故D错误；应选：AC．故答案为：〔1〕钩码个数；结点的位置O；细线的方向，两次结点位置重合，钩码数和细线方向〔2〕3：4；〔3〕AC【点评】要围绕“验证力的平行四边形那么〞的原理对步骤和中需要注意的问题进行理解，正确理解“效代替〞的含义．11．如图是一个十字路口的示意图，每条停车线到十字路中心O的距离均为20m．一人骑电动助力车以7m/s 的速度到达停车线〔图中A点〕时，发现左前方道路一辆轿车正以8m/s的速度驶来，车头已抵达停车线〔图中B〕，设两车均沿道路作直线运动，助力车可视为质点，轿车长m，宽度可不计．〔1〕请通过计算判断两车保持上述速度匀速运动，是否会发生相撞事故？〔2〕假设轿车保持上述速度匀速运动，而助力车立即作匀加速直线运动，为防止发生相撞事故，助力车的加速度至少要多大？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】〔1〕通过轿车车头到达O点的时间、轿车通过O点的时间以及助力车到达O点的时间，分析是否发生相撞事故．〔2〕为防止发生相撞事故，助力车到达O点的时间小于轿车车头的时间，结合位移时间公式求出最小加速度．【解答】解：〔1〕轿车车头到达O点的时间为 t1==s=s轿车通过O点的时间为△t=．助力车到达O点的时间为 t2==s=s因为 t1＜t2＜t1+△t，所以会发生交通事故．〔2〕助力车到达O点的时间小于t1=s，可防止交通事故发生，设阻力车的最小加速度为a m，那么x2=v2t1+代入数据解得a m=0.8m/s2答：〔1〕两车会发生相撞事故．〔2〕助力车的加速度至少为0.8m/s2【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用．12．如下图，一质量为M的楔形木块放在水平桌面上，它的顶角为90°，两底角为α和β；a、b为两个位于斜面上质量均为m的小木块．所有接触面都是光滑的．现使a、b同时沿斜面下滑．〔1〕通过计算解释为什么楔形木块静止不动〔2〕求楔形木块对水平桌面的压力．【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】此题由于斜面光滑，两个木块均加速下滑，分别对两个物体受力分析，求出其对斜面体的压力，再对斜面体受力分析，求出斜面体对地面的压力．【解答】解：对木块a受力分析，如图，受重力和支持力由几何关系，得到N1=mgcosα故物体a对斜面体的压力为N1′=mgcosα ①同理，物体b对斜面体的压力为N2′=mgcosβ ②对斜面体受力分析，如图根据共点力平衡条件，得到N2′cosα﹣N1′cosβ=0 ③F支﹣Mg﹣N1′sinβ﹣N2′sinβ=0 ④根据题意α+β=90° ⑤由①～⑤式解得F支=Mg+mg答：〔1〕证明如上；〔2〕对桌面的压力为Mg+mg；【点评】此题关键先对木块a和b受力分析，求出木块对斜面的压力，然后对斜面体受力分析，根据共点力平衡条件求出各个力．一、题13．某放射性元素的原子核内有N个核子，其中有n个质子，该原子核发生2次α衰变和1次β衰变，变成1个核，那么〔〕A．衰变前原子核有n个中子B．衰变前原子核有N﹣n个中子C．衰变后核有〔n﹣3〕个质子D．衰变后核的核子数为〔N﹣3〕E．衰变前原子核的质量数于衰变后核质量数与放出粒子质量数之和【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】衰变和半衰期专题．【分析】α衰变生成氦原子核，β衰变生成负电子，质子数增加1个，是因为一个中子转化成质子而释放出的电子．【解答】解：A、B、核子数=质子数+中子数，所以衰变前原子核有〔N﹣n〕个中子，故A错误，B正确；C、α衰变生成氦原子核，质子数减少2个，β衰变生成负电子，质子数增加1个，衰变后核有〔n﹣4+1〕=〔n﹣3〕个质子，C正确；D、α衰变改变核子数，β衰变不改变核子数，发生2次α衰变和1次β衰变，衰变后核的核子数为〔N ﹣8〕，故D错误；E、衰变的过程中，质量数守恒，衰变前原子核的质量数于衰变后核质量数与放出粒子质量数之和，故E正确；应选：BCE【点评】此题结合原子核衰变的生成物，考查两种衰变的本质与特点，特别要知道β衰变的实质．根底题目．14．如下图，在光滑水平面上，有一质量M=3kg的薄板，板上有质量m=1kg的物块，两者以v0=4m/s的初速度朝相反方向运动．薄板与物块之间存在摩擦且薄板足够长，求①当物块的速度为3m/s时，薄板的速度是多少？②物块最后的速度是多少？【考点】动量守恒律．【专题】动量理用专题．【分析】木板与物块组成的系统动量守恒，根据木板与物块的速度，用动量守恒律可以求出速度．【解答】解：①由于地面光滑，物块与薄板组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒律得：Mv0﹣mv0=mv1+Mv′代入数据解得：v′=m/s，方向水平向右；②在摩擦力作用下物块和薄板最后共同运动，设共同运动速度为v，以向右为正方向，由动量守恒律得：Mv0﹣mv0=〔M+m〕v代入数据解得：v=2 m/s，方向水平向右；答：①当物块的速度为3m/s时，薄板的速度是m/s．②物块最后的速度是2m/s．【点评】此题考查了求速度，分析清楚物体运动过程，用动量守恒律即可正确解题．。

高三物理上学期9月周测试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校九中高三上学期周测物理试卷〔9月份〕一、选择题〔共9小题，每题3分，总分值27分〕1．牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力律．在创立万有引力律的过程中，牛顿〔〕A．接受了胡克家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比〞的猜测B．根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即F∝m的结论C．根据F∝m和牛顿第三律，分析了地月间的引力关系，进而得出F∝m1m2D．根据大量数据得出了比例系数G的大小2．如图，两个固的倾角相同的滑杆上分别套A、B两个圆环，两个圆环上分别用细线悬吊着两个物体C、D，当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终与杆垂直，B的悬线始终竖直向下．那么以下说法中正确的选项是〔〕A．A环与滑杆无摩擦力B．B环与滑杆无摩擦力C．A环做的是匀速运动D．B环做的是匀加速运动3．如下图，相同质量的物块由静止从底边长相同、倾角不同的斜面最高处下滑到底面，下面说法正确的选项是〔〕A．假设物块与斜面之间的动摩擦因数相同，物块损失的机械能相同B．假设物块与斜面之间的动摩擦因数相同，物块到达底面时的动能一不相同C．假设物块到达底面时的动能相同，物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数大D．假设物块到达底面时的动能相同，物块与倾角小的斜面间的动摩擦因数大4．如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．〔g=10m/s2〕那么〔〕A．物体的质量m=1.0kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.20C．第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JD．前2s内推力F做功的平均功率= W5．如下图，一细绳的上端固在天花板上的O点，下端挂一小球，L点是小球下垂时的平衡位置，位于悬点O下方的Q点处有一颗钉子，N点在Q点正上方，M点与Q点高，且QL=QM=QN，现将小球从竖直位置〔保持绳绷直〕拉开到与N点高的P点，释放后任其向L点摆动，小球到达L点后因细绳被长钉挡住，将开始以Q为中心的圆弧继续运动．忽略空气阻力，小球将〔〕A．摆到N点，然后竖直下落B．摆不到N点，它摆到M与N点之间的某处，然后竖直下落C．摆到N点并以Q点为圆心绕Q点旋转，直到细绳完全撞在钉子上为止D．以上说法都不对6．如下图，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．A、B、C绕地心运动的周期相同，相对于地心，以下说法中正确的选项是〔〕A．物体A和卫星C具有相同大小的加速度B．卫星C的运行速度小于物体A的速度C．可能出现：在每天的某一时刻卫星B在A的正上方D．卫星B在P点运行的加速度大于卫星C的加速度7．杂技演员在进行“顶杆〞表演时，用的是一根质量可忽略不计的长竹竿，表演者自杆顶由静止开始下滑，5s末滑到杆底时速度恰好为零．竹竿底部与下面顶杆人肩部之间有一压力传感器，以表演者开始下滑时刻为计时起点，传感器显示的压力随时间变化的情况如下图，取g=10m/s2，以下说法正确的选项是〔〕A．该表演者下滑的最大速度为m/sB．该表演者的质量为50kgC．竹竿的总长度为6.0mD．该表演者下滑过程中，0﹣1s内处于超重状态，1﹣5s内处于失重状态8．在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，又恢复了匀速直线运动〔设整个过程中所受的阻力不变〕．那么图中能反映牵引力F、速度V在这个过程中随时间t变化的图象是〔〕A．B．C．D．9．如下图，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固，下端连着一质量为m的物块A，A放在托盘B上，初始时全都静止，弹簧处于自然长度．现设法控制B的运动，使A匀加速下降，用x表示弹簧伸长量，用a表示A的加速度，那么在能保持A匀加速下降的整个过程中〔始终在弹簧弹性限度内〕，重力加速度为g，以下说法正确的选项是〔〕A．B对A的作用力随弹簧伸长量x线性递减B．假设a=g/4，那么弹簧最大形变量为C．B对A的最大作用力为m〔g+a〕D．物块A的重力势能减少了〔g﹣a〕二、解答题〔共3小题，总分值0分〕10．如下图，竖直固放置的斜面DE与一光滑的圆弧轨道ABC相连，C为切点，圆弧轨道的半径为R，斜面的倾角为θ．现有一质量为m的滑块从D点无初速下滑，滑块可在斜面和圆弧轨道之间做往复运动，圆弧轨道的圆心O与A、D在同一水平面上，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，求：〔1〕滑块第一次至左侧AC弧上时距A点的最小高度差h．滑块在斜面上能通过的最大路程s．11．如下图，AB是一段位于竖直平面内的光滑轨道，高度为h，末端B处的切线方向水平．一个质量为m 的小物体P从轨道顶端A处由静止释放，滑到B端后飞出，落到地面上的C点，轨迹如图中虚线BC所示，它落地时相对于B点的水平位移OC=l．现在轨道下方紧贴B点安装一水平传送带，传送带的右端与B的距离为．当传送带静止时，让 P再次从A点由静止释放，它离开轨道并在传送带上滑行后从右端水平飞出，仍然落在地面的C点，当驱动转动带动传送带以速度v匀速向右运动时〔其他条件不变〕，P的落地点为 D．不计空气阻力．〔a〕求P滑到B点时的速度大小〔b〕求P与传送带之间的摩擦因数〔c〕求出O、D间的距离s 随速度v变化的函数关系式．12．如下图，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m的小木块A，m＜M，A、B 间动摩擦因数为μ，现给A和B以大小相、方向相反的初速度v0，使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A不会滑离B，求：〔1〕A、B最后的速度大小和方向．从地面上看，小木块向左运动到离出发点最远处时，平板车向右运动的位移大小．九中高三上学期周测物理试卷〔9月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔共9小题，每题3分，总分值27分〕1．牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力律．在创立万有引力律的过程中，牛顿〔〕A．接受了胡克家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比〞的猜测B．根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即F∝m的结论C．根据F∝m和牛顿第三律，分析了地月间的引力关系，进而得出F∝m1m2D．根据大量数据得出了比例系数G的大小【考点】万有引力律的发现和万有引力恒量的测．【专题】压轴题．【分析】解答此题需掌握：关于是什么原因使行星绕着太阳运动的问题，伽利略、开普勒和法国数学家笛卡尔都提出过自己的解释，在创立万有引力律的过程中，牛顿时期的家，如胡克、哈雷人对这一问题的认识更进一步．胡克人认为，行星绕太阳运动是因为受到太阳对它的引力，甚至证明了如果行星运动的轨道是圆形的，它所受到的引力的大小与行星到太阳的距离的二次方成反比；由牛顿第三律，作用力与反作用力大小相、方向相反并且总是在同一条直线上，而且力的性质相同；卡文迪许测量出万有引力常量．【解答】解：题干要求“在创立万有引力律的过程中〞，牛顿接受了平方反比猜测，和物体受地球的引力与其质量成正比，即F∝m的结论；然后进行月地检验，进一步得出该规律适用与月地系统；而提出万有引力律后100多年，后来卡文迪许利用扭称测量出万有引力常量G的大小，后来根据大量数据不断的测比例系数G的大小，即D选项是在建立万有引力律后才进行的探索，因此符合题意的只有AB．应选：AB．【点评】此题关键要熟悉万有引力律的发现过程中的相关物理学史，可以通过阅读教材掌握物理学史．2．如图，两个固的倾角相同的滑杆上分别套A、B两个圆环，两个圆环上分别用细线悬吊着两个物体C、D，当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终与杆垂直，B的悬线始终竖直向下．那么以下说法中正确的选项是〔〕A．A环与滑杆无摩擦力B．B环与滑杆无摩擦力C．A环做的是匀速运动D．B环做的是匀加速运动【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A、C受力分析，由于两个球加速度相同，根据牛顿第二律分别列式分析可以求出A环的摩擦力；先对D受力分析，结合运动情况判断出D做匀速运动，那么知B环做匀速直线运动．【解答】解：A、C假设A环与杆间的摩擦力为f，对A环受力分析：重力、拉力、支持力，假设A环受到沿杆向上的摩擦力f，如图，根据牛顿第二律，有：m A gsinθ﹣f=m A a…①对C：m C gsinθ=m C a…②由①②两式，解得：a=gsinθ，f=0，即A环与滑杆无摩擦力，做匀加速运动．故A正确；B、D、对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度为零或合力在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有沿杆向上的摩擦力．故BD均错误．应选A【点评】此题关键要结合运动情况，根据牛顿第二律衡条件分析受力情况，再结合受力情况判断运动情况．3．如下图，相同质量的物块由静止从底边长相同、倾角不同的斜面最高处下滑到底面，下面说法正确的选项是〔〕A．假设物块与斜面之间的动摩擦因数相同，物块损失的机械能相同B．假设物块与斜面之间的动摩擦因数相同，物块到达底面时的动能一不相同C．假设物块到达底面时的动能相同，物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数大D．假设物块到达底面时的动能相同，物块与倾角小的斜面间的动摩擦因数大【考点】动能理．【专题】动能理的用专题．【分析】两斜面底边相，那么可以根据斜面的倾角表示出斜面的长度；由功能关系和动能理可以得出相关结论．【解答】解：设斜面倾角为θ，底边长为s，那么有：A、物体损失的机械能于摩擦力所做的功，摩擦力做功W=μmgcosθ×=μmgs；损失的机械能与夹角无关；所以两物体损失的机械能相同；故A正确；B、假设物体与斜面间的动摩擦因数相，由A的分析可知，摩擦力做功相，而重力做功不相，故由动能理可知，物块到达地面时的动能不相，故B正确；C、假设物块到达地面的动能相，那么由于倾角大的斜面重力做功多，故摩擦力做功也要多才能使两种情况下的合外力做功相，故物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数要大，故C正确； D错误；应选：ABC【点评】此题考查学生对动能理及功能关系的理解与用；对于两种情况进行比拟的问题，一要注意要找出相同条件后，再进行分析．4．如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．〔g=10m/s2〕那么〔〕A．物体的质量m=1.0kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.20C．第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JD．前2s内推力F做功的平均功率= W【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】功率的计算专题．【分析】解决此题的关键是理解速度图象的斜率的含义：速度图象的斜率代表物体的加速度．速度的正负代表物体运动的方向【解答】解：A、由速度时间图象可以知道在2﹣3s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2N，在1﹣2s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a=2m/s2，由牛顿第二律可得F﹣f=ma，所以m===0.5kg，所以A错误；B、由f=μF N=μmg，所以μ===0.4，所以B错误；C、第二秒内物体的位移是x=at2=×2×1=1m，摩擦力做的功W=fx=﹣2×1J=﹣2J，即克服摩擦力做功2J，所以C正确；D、在第一秒内物体没有运动，只在第二秒运动，F也只在第二秒做功，F的功为W=Fx=3×1J=3J，所以前2S内推力F做功的平均功率为==W=W，所以D正确．应选：CD【点评】对于速度图象类的题目，主要是要理解斜率的含义：斜率代表物体的加速度；速度正负的含义：速度的正负代表物体运动的方向；速度图象与时间轴围成的面积的含义：面积代表物体的位移．5．如下图，一细绳的上端固在天花板上的O点，下端挂一小球，L点是小球下垂时的平衡位置，位于悬点O下方的Q点处有一颗钉子，N点在Q点正上方，M点与Q点高，且QL=QM=QN，现将小球从竖直位置〔保持绳绷直〕拉开到与N点高的P点，释放后任其向L点摆动，小球到达L点后因细绳被长钉挡住，将开始以Q为中心的圆弧继续运动．忽略空气阻力，小球将〔〕A．摆到N点，然后竖直下落B．摆不到N点，它摆到M与N点之间的某处，然后竖直下落C．摆到N点并以Q点为圆心绕Q点旋转，直到细绳完全撞在钉子上为止D．以上说法都不对【考点】向心力；牛顿第二律；机械能守恒律．【分析】根据机械能守恒律可知，小球运动到M点速度不为零，所以小球还要继续运动，假设小球能运动到N点，那么根据机械能守恒律可知，在N点速度于零，但要使小球做圆周运动到达N点，那么N点的速度不为零，所以小球不能运动到N点，那么小球在MN之间某点做斜抛运动．【解答】解：ABC、假设小球能运动到N点，那么根据机械能守恒律可知，在N点速度于零，但要使小球做圆周运动到达N点，由m≥mg，那么N点的速度满足v N≥，所以小球不能运动到N点，那么小球在MN之间某点做斜抛运动了，故ABC错误；D、综上可知D正确．应选：D【点评】此题要求同学们能正确判断小球是否能到达N点，假设不能到达，那么小球做什么运动，难度适中．6．如下图，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．A、B、C绕地心运动的周期相同，相对于地心，以下说法中正确的选项是〔〕A．物体A和卫星C具有相同大小的加速度B．卫星C的运行速度小于物体A的速度C．可能出现：在每天的某一时刻卫星B在A的正上方D．卫星B在P点运行的加速度大于卫星C的加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】抓住周期相同，运用v=r，a=r比拟线速度和加速度的大小．根据牛顿第二律比拟加速度的大小．【解答】解：A、A、C的周期相同，根据a=r知，C的半径大，那么C的加速度大．故A错误．B、根据v=r知，C的半径大，那么C的运行速度大．故B错误．C、A、B的周期相同，可能出现在每天的某一时刻卫星B在A的正上方．故C正确．D、在P点，加速度a=，r相同，那么加速度相．故D错误．应选C．【点评】解决此题的关键抓住周期相同，结合线速度、向心加速度与周期的关系进行比拟．7．杂技演员在进行“顶杆〞表演时，用的是一根质量可忽略不计的长竹竿，表演者自杆顶由静止开始下滑，5s末滑到杆底时速度恰好为零．竹竿底部与下面顶杆人肩部之间有一压力传感器，以表演者开始下滑时刻为计时起点，传感器显示的压力随时间变化的情况如下图，取g=10m/s2，以下说法正确的选项是〔〕A．该表演者下滑的最大速度为m/sB．该表演者的质量为50kgC．竹竿的总长度为6.0mD．该表演者下滑过程中，0﹣1s内处于超重状态，1﹣5s内处于失重状态【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】0～1s阶段的位移由于一直加速度，初速度，时间故位移可求，1～3s演员做匀减速运动，由牛顿第二律可以求得加速度，在由运动学可以求位移，两次的位移相加即为杆的总长度【解答】解：A、由图可知，人到达地面后，传感器示数为500N，那么说明物体的质量为50kg；取向下运动为正方向，对图乙分析可得在0到1s内由牛顿第二律可得：mg﹣F1=ma1在0到1s内运动的位移为：1s末速度为：v=a1t=4×1m/s=4m/s；即最大速度为4m/s；在1s到3s内由牛顿第二律得 mg﹣F2=ma2在1s到3s内下降的高度为杆长为：x=x1+x2=2+4m=6m；故A错误，BC正确；D、该表演者下滑过程中，0﹣1s内加速度向下；故处于失重状态，1﹣5s内处于超重状态；故D错误；应选：BC【点评】此题主要考查了牛顿第二律及运动学根本公式的直接用，要求同学们能根据图象得出有效信息，能根据受力情况判断运动情况，难度适中．8．在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，又恢复了匀速直线运动〔设整个过程中所受的阻力不变〕．那么图中能反映牵引力F、速度V在这个过程中随时间t变化的图象是〔〕A．B．C．D．【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】的功率P=Fv，分析司机减小油门时牵引力的变化，判断速度的变化．再选择图象．【解答】解：由题，以功率P、速度v0匀速行驶时，牵引力与阻力平衡．当司机减小油门，使的功率减为时，根据P=Fv得知，的牵引力突然减小到原来的一半，即为F=F0，而阻力没有变化，那么开始做减速运动，由于功率保持为P，随着速度的减小，牵引力逐渐增大，根据牛顿第二律得知，的加速度逐渐减小，做加速度减小的变减速运动．当再次匀速运动时，牵引力与阻力再次平衡，大小相，由P=Fv得知，此时的速度为原来的一半．应选AD【点评】此题考查分析运动过程的能力，要抓住的功率P=Fv，在功率一时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系．9．如下图，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固，下端连着一质量为m的物块A，A放在托盘B上，初始时全都静止，弹簧处于自然长度．现设法控制B的运动，使A匀加速下降，用x表示弹簧伸长量，用a表示A的加速度，那么在能保持A匀加速下降的整个过程中〔始终在弹簧弹性限度内〕，重力加速度为g，以下说法正确的选项是〔〕A．B对A的作用力随弹簧伸长量x线性递减B．假设a=g/4，那么弹簧最大形变量为C．B对A的最大作用力为m〔g+a〕D．物块A的重力势能减少了〔g﹣a〕【考点】功能关系；牛顿第二律．【分析】在物体与托盘脱离前，物体受重力、弹簧拉力和托盘支持力的作用，随着托盘向下运动，弹簧的弹力增大，托盘支持力减小，但仍维持合外力不变，加速度不变，物体随托盘一起向下匀加速运动．当托盘运动至使支持力减小为零后，弹簧拉力的增大将使物体的加速度开始小于a，物体与托盘脱离．所以物体与托盘脱离的条件是支持力 N=0．【解答】解：A、随着托盘向下运动，弹簧的弹力增大，托盘支持力减小，由牛顿第二律得：mg﹣N﹣kx=ma，那么 N=mg﹣kx﹣ma，可知N随弹簧伸长量x线性递减．故A正确；B、当mg﹣F=ma，解得F=mg﹣ma=mg=kx，解得x=，故B错误；C、由B项可知，B对A的最大作用力为F=mg﹣ma，故C错误；D、由mg﹣ma=kx得：x=，故物块的重力势能减小了mgx=，故D正确；应选：AD【点评】牛顿第二律揭示了运动和力的关系，可根据物体的受力情况分析运动情况，也可根据物体的运动情况分析受力情况．此题不能想当然，凭感觉，而是要用牛顿律认真分析，得到结论．二、解答题〔共3小题，总分值0分〕10．如下图，竖直固放置的斜面DE与一光滑的圆弧轨道ABC相连，C为切点，圆弧轨道的半径为R，斜面的倾角为θ．现有一质量为m的滑块从D点无初速下滑，滑块可在斜面和圆弧轨道之间做往复运动，圆弧轨道的圆心O与A、D在同一水平面上，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，求：〔1〕滑块第一次至左侧AC弧上时距A点的最小高度差h．滑块在斜面上能通过的最大路程s．【考点】动能理的用．【专题】动能理的用专题．【分析】〔1〕滑块第一次至左侧AC弧上时速度为零距A点的高度差h最小，由动能理研究从D点到此点过程，求解h．滑块最终在圆弧上做往复运动，经过C点时速度为零，滑动摩擦力做功与总路程成正比，对全过程运用动能理求解滑块在斜面上能通过的最大路程s．【解答】解：〔1〕由动能理得：mgh﹣μmgcosθ•Rcotθ=0解得：h=μRcosθcotθ滑块最终至C点的速度为0时对在斜面上的总路程最大，由动能理得mgRcosθ﹣μmgcosθ•s=0得：s=答：〔1〕滑块第一次至左侧AC弧上时距A点的最小高度差h是μRcosθcotθ．滑块在斜面上能通过的最大路程s是．【点评】此题运用动能理时，要灵活选择研究的过程，要抓住滑动摩擦力做功与总路程有关．11．如下图，AB是一段位于竖直平面内的光滑轨道，高度为h，末端B处的切线方向水平．一个质量为m 的小物体P从轨道顶端A处由静止释放，滑到B端后飞出，落到地面上的C点，轨迹如图中虚线BC所示，它落地时相对于B点的水平位移OC=l．现在轨道下方紧贴B点安装一水平传送带，传送带的右端与B的距离为．当传送带静止时，让 P再次从A点由静止释放，它离开轨道并在传送带上滑行后从右端水平飞出，仍然落在地面的C点，当驱动转动带动传送带以速度v匀速向右运动时〔其他条件不变〕，P的落地点为 D．不计空气阻力．〔a〕求P滑到B点时的速度大小〔b〕求P与传送带之间的摩擦因数〔c〕求出O、D间的距离s 随速度v变化的函数关系式．【考点】动能理的用；平抛运动；机械能守恒律．【专题】动能理的用专题．【分析】a〕AB是光滑轨道，物体P从轨道顶端处A点滑到B点过程机械能守恒，由机械能守恒律求出物体P滑到B的速度大小．b〕根据动能理研究物体P在传送带上滑行过程，求出动摩擦因数；c〕通过物体P滑到底端的速度与传送带的速度进行比拟，判断物体P在传送带上的运动情况，得出物体离开传送带的速度，根据平抛运动的知识求出水平位移．【解答】解：a〕根据机械能守恒律有：，解得．b〕在两种情况下物体P在空中的运动时间相同，位移分别为：x0=l，x1=．∴v1==．根据动能理有﹣μmg=．解得μ=．c〕平抛运动的时间t=．假设v≤时，P一直做匀减速直线运动，到达传送带右端的速度于，所以平抛运动的水平位移s=l．假设时，P先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动，到达传送带右端的速度于v，所以s=vt=．假设P一直做匀加速直线运动，根据，解得v=，假设，那么P先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，到达传送带右端的速度于v，所以s=vt=．假设，那么P一直做匀加速直线运动，到达传送带右端的速度为，所以s=．答：〔1〕P滑到B点时的速度大小为．P与传送带之间的摩擦因数为．〔3〕当v≤时，s=l．时，s=．当，那么s=．当，s=．【点评】此题是机械能守恒、平抛运动，动能理的综合用，要具有分析物体运动过程的能力，要抓住平抛运动的时间由高度决这一知识点．12．如下图，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m的小木块A，m＜M，A、B 间动摩擦因数为μ，现给A和B以大小相、方向相反的初速度v0，使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A不会滑离B，求：〔1〕A、B最后的速度大小和方向．从地面上看，小木块向左运动到离出发点最远处时，平板车向右运动的位移大小．。

高三物理上学期周练试卷(9.含解析)_2

咐呼州鸣咏市呢岸学校陕县寺学高三〔上〕周练物理试卷〔2〕一、选择题1．如下图，三个质量不的木块M、N、Q间用两根水平细线a、b相连，放在光滑水平面上．用水平向右的恒力F向右拉Q，使它们共同向右运动．这时细线a、b上的拉力大小分别为T a、T b．假设在第2个木块N 上再放一个小木块P，仍用水平向右的恒力F拉Q，使四个木块共同向右运动〔P、N间无相对滑动〕，这时细线a、b上的拉力大小分别为T a′、T b′．以下说法中正确的选项是( )A．T a＜T a′，T b＞T b′B．T a＞T a′，T b＜T b′C．T a＜T a′，T b＜T b′D．T a＞T a′，T b＞T b′2．在水平面上放着两个质量分别为2kg和3kg的小铁块m和M，它们之间用一原长为10cm，劲度系数为100N/m的轻弹簧相连，铁块与水平面之间的动摩擦因数均为0.2．铁块M受到一大小为20N的恒水平外力F，两个铁块一起向右做匀加速直线运动，如下图．这时两铁块之间弹簧的长度为〔重力加速度g取10m/s2〕( )A．12cm B．13cm C．15cm D．18cm3．如下图，A、B二物体之间用轻质弹簧连接，用水平恒力F拉着A、B一起沿光滑水平面匀加速运动，这时弹簧长度为L1；假设将A、B置于粗糙斜面上，用相同的沿斜面向上的恒力F拉动A，使A、B一起向上匀加速运动，此时弹簧长度为L2，假设A、B与粗糙斜面之间的动摩擦因数相同，那么以下关系式正确的选项是：( )A．L1=L2B．L1＜L2C．L1＞L2D．＜L1＜L24．m1、m2组成的连接体，在拉力F作用下，沿粗糙斜面上运动，m1对m2的拉力( )A．B．C．D．5．蹦床是跳水运发动日常训练时的重要辅助器材．一个运发动从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运发动从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如下图，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运发动发生超重的时间段为( )A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t56．以下说法中正确的选项是( )A．当升降机上升时，升降机内的乘客一是处在超重状态B．当升降机下降时，升降机内的乘客一是处在超重状态C．蹦床运发动在空中上升和下落过程中都处于失重状态D．游泳运发动仰卧在水面静止不动时处于失重状态7．如下图，两个质量相同的物体A和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2作用，且F1＞F2，那么A施于B的作用力的大小为( )A．F1B．F2C．〔F1+F2〕D．〔F1﹣F2〕8．如下图，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，那么( )A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s29．如下图，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑滑轮连接一个重力G=10N的重物，物体P向右运动的加速度为a1；假设细线下端不挂重物，而用F=10N的力竖直向下拉细线下端，这时物体P的加速度为a2，那么( )A．a1＜a2B．a1=a2C．a1＞a2D．条件缺乏，无法判断10．如下图，质量分别为m和M的两物体P和Q叠放在倾角为θ的固斜面上，P、Q之间的动摩擦因数为μ1，Q与斜面间的动摩擦因数为μ2．当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，那么物体P受到的摩擦力大小为( )A．0 B．μ1mgcosθC．μ2mgcosθD．〔μ1+μ2〕mgcosθ二、解答题11．如下图，物体A和B系在跨过滑轮的细绳两端，物体A的质量m A=kg物体B的质量m B=1kg，开始把A 托起，使B刚好与地面接触，此时物体A离地高度为1m．放手让A从静止开始下落，〔g取10m/s2〕求：〔1〕当A着地时，B的速率多大？〔2〕物体A落地后，B还能升高几米？12．如下图，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，〔1〕拉力F的最大值．〔2〕当拉力为μmg时A、B间摩擦力多大？陕县寺学高三〔上〕周练物理试卷〔2〕一、选择题1．如下图，三个质量不的木块M、N、Q间用两根水平细线a、b相连，放在光滑水平面上．用水平向右的恒力F向右拉Q，使它们共同向右运动．这时细线a、b上的拉力大小分别为T a、T b．假设在第2个木块N 上再放一个小木块P，仍用水平向右的恒力F拉Q，使四个木块共同向右运动〔P、N间无相对滑动〕，这时细线a、b上的拉力大小分别为T a′、T b′．以下说法中正确的选项是( )A．T a＜T a′，T b＞T b′B．T a＞T a′，T b＜T b′C．T a＜T a′，T b＜T b′D．T a＞T a′，T b＞T b′考点：牛顿运动律的用-连接体．专题：牛顿运动律综合专题．分析：先对整体受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二律列式求解加速度；然后再对M受力分析，受重力、支持力、拉力，再根据牛顿第二律列式求解T a；最后再对Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b绳子的拉力，根据牛顿第二律列式求解T b；在第2个木块N上再放一个小木块P，相当于N木块的重力变大，分析前面的表达式即可．解答：解：先对整体受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二律，有：F=〔m M+m N+m Q〕a ①再对M受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二律，有：T a=m M a ②对Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b绳子的拉力，根据牛顿第二律，有：F﹣T b=m Q a ③联立①②③解得：；；当在第2个木块N上再放一个小木块P，相当于N木块的重力变大，故T a减小，T b增加；应选B．点评：此题要灵活地选择研究对象，根据整体法求解加速度，根据隔离法求解系统内力，求解出表达式讨论是关键．2．在水平面上放着两个质量分别为2kg和3kg的小铁块m和M，它们之间用一原长为10cm，劲度系数为100N/m的轻弹簧相连，铁块与水平面之间的动摩擦因数均为0.2．铁块M受到一大小为20N的恒水平外力F，两个铁块一起向右做匀加速直线运动，如下图．这时两铁块之间弹簧的长度为〔重力加速度g取10m/s2〕( )A．12cm B．13cm C．15cm D．18cm考点：牛顿运动律的用-连接体．专题：牛顿运动律综合专题．分析：对整体受力分析，由牛顿第二律可求得系统加速度；再对m分析可求得弹簧的拉力；再由胡克律可求得弹簧的伸长量．解答：解：整体水平方向受拉力、摩擦力；由牛顿第二律可知：F﹣μ〔M+m〕g=〔M+m〕a解得：a===2m/s2；m受拉力和摩擦力而做匀加速直线运动：拉力F′=ma+μmg=2×2+0.2×20N=8N；由胡克律可知，形变量x==0.08m那么弹簧的长度为l+x=0.18m=18cm；应选D．点评：此题关键在于先以整体为研究对象，再用隔离法进行分析，注意整体法时不能分析内力．3．如下图，A、B二物体之间用轻质弹簧连接，用水平恒力F拉着A、B一起沿光滑水平面匀加速运动，这时弹簧长度为L1；假设将A、B置于粗糙斜面上，用相同的沿斜面向上的恒力F拉动A，使A、B一起向上匀加速运动，此时弹簧长度为L2，假设A、B与粗糙斜面之间的动摩擦因数相同，那么以下关系式正确的选项是：( )A．L1=L2B．L1＜L2C．L1＞L2D．＜L1＜L2考点：牛顿运动律的用-连接体；胡克律．专题：牛顿运动律综合专题．分析：利用整体法，可以求出问题运动的加速度的大小，再利用隔离法可以求得弹簧对物体B的拉力的大小，进而判断弹簧的长度解答：解：第一种情况；用水平恒力F拉A时，对于整体由牛顿第二律可得，F=〔m A+m B〕a，对B受力分析可得，F1=m B a求得：F1=第二种情况：对于整体：F﹣〔M A+M B〕gsinθ﹣〔M A+M g〕gμcosθ=〔M A+M B〕a﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①对B受力分析； F2﹣M B gsinθ﹣M B gμcosθ=M B a﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②式得；F2=可知F1=F2故L1=L2故A正确，B C D错误应选：A点评：对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力的大小4．m1、m2组成的连接体，在拉力F作用下，沿粗糙斜面上运动，m1对m2的拉力( ) A．B．C． D．考点：牛顿运动律的用-连接体．专题：牛顿运动律综合专题．分析：先对整体受力分析，由牛顿第二律可求得整体的加速度；再对m2受力分析可求得绳子的拉力．解答：解：对整体受力分析可知，整体受重力、拉力、支持力，合力为：F﹣〔m1+m2〕gsinθ=〔m1+m2〕a；再对m2受力分析，可知其受重力、绳子的拉力、支持力，合力为：T﹣m2gsinθ=m2a；联立解得，T=；应选A．点评：此题可作为结论使用，无论斜面是否光滑，求得的结果相同．5．蹦床是跳水运发动日常训练时的重要辅助器材．一个运发动从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运发动从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如下图，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运发动发生超重的时间段为( )A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t5考点：牛顿运动律的用-超重和失重．专题：牛顿运动律综合专题．分析：根据图象判断出正方向的选择，然后根据加速度向上超重，加速度向下失重判断．解答：解：由题意知速度方向向下时为正方向，运发动发生超重时具有向上的加速度，反映在v﹣t图象中时是斜率为负的时间段，故C正确．应选：C．点评：此题考查了超重和失重的条件，记住：加速度向上超重，加速度向下失重．6．以下说法中正确的选项是( )A．当升降机上升时，升降机内的乘客一是处在超重状态B．当升降机下降时，升降机内的乘客一是处在超重状态C．蹦床运发动在空中上升和下落过程中都处于失重状态D．游泳运发动仰卧在水面静止不动时处于失重状态考点：超重和失重．专题：牛顿运动律综合专题．分析：失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上．解答：解：A、升降机上升时，也可能处于减速上升的过程中，此时的加速度向下，处于失重状态，所以A错误；B、升降机下降时，也可能处于减速下降的过程中，此时的加速度向上，处于超重状态，所以B错误；C、蹦床运发动在空中上升和下落过程中，人受到的只有重力，此时有向下的加速度，处于失重状态，所以C正确；D、游泳运发动仰卧在水面静止不动时，人处于受力平衡状态，不是失重状态，所以D错误．应选C．点评：此题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，此题就可以解决了．7．如下图，两个质量相同的物体A和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2作用，且F1＞F2，那么A施于B的作用力的大小为( )A．F1B．F2C．〔F1+F2〕D．〔F1﹣F2〕考点：牛顿第二律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动律综合专题．分析：对整体分析，根据牛到第二律求出整体的加速度，再隔离对B分析，根据牛顿第二律求出A施于B 的作用力大小．解答：解：设两物体的质量均为m，这两物体在F1和F2的作用下，具有相同的加速度为：a=，方向与F1相同．物体A和B之间存在着一对作用力和反作用力，设A施于B的作用力为F N〔方向与F1方向相同〕．用隔离法分析物体B在水平方向受力F N和F2，根据牛顿第二律有：F N﹣F2=ma，解得：F N=〔F1+F2〕，故C正确，A、B、D错误．应选：C．点评：此题考查了牛顿第二律的根本运用，知道A、B具有相同的加速度，运用整体法和隔离法进行求解，难度不大．8．如下图，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，那么( )A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2考点：牛顿第二律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动律综合专题．分析：对整体分析，根据牛顿第二律求出整体的加速度，隔离分析，求出弹簧秤的示数，撤去拉力的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二律求出瞬时加速度的大小．解答：解：A、对整体分析，加速度a=，隔离对m2分析，根据牛顿第二律得，F﹣F2=m2a，解得弹簧秤的示数F=m2a+F2=3×2+20N=26N．故A、B错误．C、撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，那么m1的加速度．故C错误．D、撤去F1的瞬间，弹簧的弹力不变，那么m1的加速度．故D正确．应选：D．点评：解决此题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用，知道撤去拉力的瞬间，弹簧的弹力不变．9．如下图，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑滑轮连接一个重力G=10N的重物，物体P向右运动的加速度为a1；假设细线下端不挂重物，而用F=10N的力竖直向下拉细线下端，这时物体P的加速度为a2，那么( )A．a1＜a2B．a1=a2C．a1＞a2D．条件缺乏，无法判断考点：牛顿运动律的用-连接体．专题：牛顿运动律综合专题．分析：连接体共同加速，由牛顿第二律求得整体的加速度，当改用F后，再次利用牛顿第二律求得加速度，比拟加速度的大小即可解答：解：挂重物时，选连接体为研究对象，有牛顿第二律得，共同运动的加速度大小为：a1==；当改为10N拉力后，由牛顿第二律得；P的加速度为：a2=，故a1＜a2，应选A点评：连接体问题常常将整体法和隔离法综合运用，整体法求出共同加速度，隔离法整理待求量．此题中利用超失重的知识解决会更快，悬挂重物时，重物Q加速下降，处于失重状态，对P的拉力小于Q的重力〔10N〕，应选A10．如下图，质量分别为m和M的两物体P和Q叠放在倾角为θ的固斜面上，P、Q之间的动摩擦因数为μ1，Q与斜面间的动摩擦因数为μ2．当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，那么物体P受到的摩擦力大小为( )A．0 B．μ1mgcosθC．μ2mgcosθD．〔μ1+μ2〕mgcosθ考点：牛顿运动律的用-连接体；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：牛顿运动律综合专题．分析：先对PQ整体受力分析，根据牛顿第二律求解出加速度，然后隔离出物体P，受力分析后根据牛顿第二律列式求解出间的静摩擦力．解答：解：对PQ整体受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二律，有〔m+M〕gsinθ﹣μ2〔m+M〕gcosθ=〔M+m〕a解得a=g〔sinθ﹣μ2cosθ〕①再对P物体受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面向上的静摩擦力，根据牛顿第二律，有mgsinθ﹣F f=ma ②由①②解得F f=μ2mgcosθ应选：C．点评：此题关键是先对整体受力分析，根据牛顿第二律求解出加速度，然后再隔离出物体P，运用牛顿第二律求解PQ间的内力．二、解答题11．如下图，物体A和B系在跨过滑轮的细绳两端，物体A的质量m A=kg物体B的质量m B=1kg，开始把A 托起，使B刚好与地面接触，此时物体A离地高度为1m．放手让A从静止开始下落，〔g取10m/s2〕求：〔1〕当A着地时，B的速率多大？〔2〕物体A落地后，B还能升高几米？考点：牛顿运动律的用-连接体．分析：〔1〕此题分为两个过程来求解，A落地之前：首先根据AB系统的机械能守恒，可以求得B当A着地时，B的速率；〔2〕A落地之后：B球的机械能守恒，从而可以求得B球上升的高度的大小．解答：解：〔1〕设当A着地时，B的速率为V，A落地之前，根据系统机械能守恒得：m A gh=m B gh+•〔m A+m B〕V2解得两球的速率为：V==2m/s〔2〕A落地之后：绳子松驰，B开始做初速为V的竖直上抛运动，根据机械能守恒：m B V2=mgH解得：H==m=0.2m答：〔1〕当A着地时，B的速率是2m/s．〔2〕物体A落地后，B还能升高0.2m．点评：在B上升的全过程中，B的机械能是不守恒的，所以在此题中要分过程来求解，第一个过程系统的机械能守恒，在第二个过程中只有B的机械能守恒．12．如下图，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，〔1〕拉力F的最大值．〔2〕当拉力为μmg时A、B间摩擦力多大？考点：牛顿第二律；摩擦力的判断与计算．分析：〔1〕当AB间的静摩擦力到达最大时拉力F到达最大，根据牛顿第二律分析研究A物体和整体，求出拉力F．、〔2〕对整体进行分析，由牛顿第二律可求得加速度；再对A由牛顿第二律可求得摩擦力．解答：解：〔1〕当AB间的静摩擦力到达最大时拉力F到达最大，根据牛顿第二律得对A物体：μ•mg=ma得a=μg对整体：F=〔2m+m〕a得：F=3ma=3μmg〔2〕当拉力为μmg时，两物体相对静止；对整体由牛顿第二律可知：μmg=3ma解得：a=0.5μg；那么对A物体分析可知，f=ma=0.5μmg；答：〔1〕〔1〕拉力F的最大值为μmg〔2〕当拉力为μmg时A、B间摩擦力为0.5μmg点评：当两个物体刚要发生相对滑动时，它们之间的静摩擦力到达最大值．灵活的选取研究对象根据牛顿第二律列方程是关键．。

高三物理上学期周练试卷(9.含解析)

峙对市爱惜阳光实验学校陕县寺学高三〔上〕周练物理试卷〔4〕一、选择题1．某物体做直线运动的v﹣t图象如下图，据此判断以下〔F表示物体所受合力，x表示物体的位移〕四个选项中正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．2．如下图，质量为m的边三棱柱静止在水平放置的斜面上．三棱柱与斜面之的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，那么斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为( )A ．mg 和mgB ．mg 和mgC ．mg 和μmgD ．mg 和μmg3．如下图，置于水平地面的三脚架上固着一质量为m的照相机，三脚架的三根轻质支架长，与竖直方向均成30°角，那么每根支架中承受的压力大小为( )A ．mgB ．C ．D ．4．如下图，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°的力F1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°的力F2推物块时，物块仍做匀速直线运动．假设F1和F2的大小相，那么物块与地面之间的动摩擦因数为( )A ．﹣1 B．2﹣C ．﹣D．1﹣5．如图是甲、乙两物体做直线运动的v﹣t图象．以下表述正确的选项是( )A．乙做匀加速直线运动B．0﹣1 s内甲和乙的位移相C．甲和乙的加速度方向相同D．甲的加速度比乙的小6．如图，在倾角为30°的足够长的斜面上有一质量为m的物体，它受到沿斜面方向的力F的作用，力F可按图①，②，③，④所示的四种方式随时间变化〔图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正〕．此物体在t=0时速度为零，假设用v1、v2、v3、v4分别表示上述四种受力情况下物体在3秒末的速率，那么这四个速率中最大的是( )A．v1B．v2C．v3D．v47．水平桌面上的物体A和B通过轻绳相连，在水平外力F的作用下做匀速直线运动．绳中拉力为T，桌面对两物体的摩擦力分别是f A和f B，那么有( ) A．F=f A+f B+T B．F=f A+f B﹣T C．F=f B D．T=f A8．一物体沿固斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端．在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒．假设用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，那么以下图象中可能正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．9．如下图，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图中v、a、f 和s分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程．图中正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．10．如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块．假木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相．现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt〔k是常数〕，木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，以下反映a1和a2变化的图线中正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．11．如下图，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力( )A．方向向左，大小不变B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变D．方向向右，逐渐减小12．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如下图，那么( )A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大二、非选择题13．如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m．用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处．〔cos37°=0.8，sin37°=0.6．取g=10m/s2〕〔1〕求物体与地面间的动摩擦因数μ；〔2〕用大小为30N，与水平方向成37°的力斜向上拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间t．陕县寺学高三〔上〕周练物理试卷〔4〕一、选择题1．某物体做直线运动的v﹣t图象如下图，据此判断以下〔F表示物体所受合力，x表示物体的位移〕四个选项中正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．考点：牛顿第二律；匀变速直线运动的图像．分析：在v﹣t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒，受力恒．速度﹣﹣时间图象特点：①因速度是矢量，故速度﹣﹣时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向〞，t轴下方代表的是“负方向〞，所以“速度﹣﹣时间〞图象只能描述物体做“直线运动〞的情况，如果做曲线运动，那么画不出物体的“位移﹣﹣时间〞图象；②“速度﹣﹣时间〞图象没有时间t的“负轴〞，因时间没有负值，画图要注意这一点；③“速度﹣﹣时间〞图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向；④“速度﹣﹣时间〞图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积〞表示物体的位移此题中物体先匀加速，然后匀减速，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据运动情况先求出加速度，再求出合力．解答：解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒，2s﹣4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒，6s﹣8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒，综上分析B正确．应选B．点评：此题关键先根据图象确物体的运动情况，然后求出各段过程的加速度，最后求解合外力．2．如下图，质量为m的边三棱柱静止在水平放置的斜面上．三棱柱与斜面之的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，那么斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为( )A ．mg 和mgB ．mg 和mgC ．mg 和μmgD ．mg 和μmg 考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．分析：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．解答：解：对三棱柱受力分析如下图：对重力进行分解，根据共点力平衡条件得出三棱柱合力为0，那么沿斜面方向的合力为0，垂直斜面方向合力为0．利用三角函数关系得出：F N =mgcos30°=mg，F f =mgsin30°=mg．应选A．点评：对小球进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．注意几何关系的用．3．如下图，置于水平地面的三脚架上固着一质量为m的照相机，三脚架的三根轻质支架长，与竖直方向均成30°角，那么每根支架中承受的压力大小为( )A ．mgB ．C ．D ．考点：共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．专题：计算题．分析：以相机为研究对象，对相机受力分析，先将各支架的作用力向水竖直方向分析，由共点力的平衡条件可得出各支架的受力．解答：解：要使相机受力平衡，那么三根支架竖直向上的力的合力于重力，即3Fcosθ=mg；解得F=mg；应选D．点评：此题因是立体图，无法将所有力画出，因三根支架受力相，故可以由一根支架的受力得出所有支架的合力．4．如下图，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°的力F1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°的力F2推物块时，物块仍做匀速直线运动．假设F1和F2的大小相，那么物块与地面之间的动摩擦因数为( )A ．﹣1 B．2﹣C ．﹣D．1﹣考点：共点力平衡的条件及其用．专题：计算题．分析：在两种情况下分别对物体受力分析，根据共点力平衡条件，运用正交分解法列式求解，即可得出结论．解答：解：对两种情况下的物体分别受力分析，如图将F1正交分解为F3和F4，F2正交分解为F5和F6，那么有：F滑=F3mg=F4+F N；F滑′=F5mg+F6=F N′而F滑=μF NF滑′=μF N′那么有F1cos60°=μ〔mg﹣F1sin60°〕①F2cos30°=μ〔mg+F2sin30°〕②又根据题意F1=F2 ③联立①②③解得：μ=2﹣应选B．点评：此题关键要对物体受力分析后，运用共点力平衡条件联立方程组求解，运算量较大，要有足够的耐心，更要细心．5．如图是甲、乙两物体做直线运动的v﹣t图象．以下表述正确的选项是( )A．乙做匀加速直线运动B．0﹣1 s内甲和乙的位移相C．甲和乙的加速度方向相同D．甲的加速度比乙的小考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动的图像专题．分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图线的斜率代表物体的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜，加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移．解答：解：A、由图看出，乙的速度均匀增大，加速度不变，说明乙做匀加速直线运动，故A正确．B、根据“面积〞大小表示位移可知，0一ls内甲的位移较大，故B错误．C、v﹣t图象的斜率于加速度，由数学知识得知，甲的加速度沿负向，乙的加速度沿正向，两者加速度方向相反，故C错误．D、由斜率的大小于加速度的大小，可知甲的加速度比乙的大．故D错误．应选：A点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的用，关键要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．6．如图，在倾角为30°的足够长的斜面上有一质量为m的物体，它受到沿斜面方向的力F的作用，力F可按图①，②，③，④所示的四种方式随时间变化〔图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正〕．此物体在t=0时速度为零，假设用v1、v2、v3、v4分别表示上述四种受力情况下物体在3秒末的速率，那么这四个速率中最大的是( )A．v1B．v2C．v3D．v4考点：动量理．分析：根据冲量的义得到：F﹣t图象的“面积〞大小于冲量，根据动量理分别求出四个速率．解答：解：根据动量理分别研究四种情况下物体的速率：A、mgsin30°t1+Ft2=mv1，t1=3s，t2=1s，代入解得，v1=20m/s．B、F的冲量和为零，那么mgsin30°t1=mv2，t1=3s，解得v2=15m/s．C、mgsin30°t1+Ft2=mv1，t1=3s，t2=2s，代入解得，v3=25m/s．D、Ft2﹣mgsin30°t1=mv4，t1=3s，t2=1s，解得v4=﹣5m/s．所以速率最大的是v3，应选：C点评：此题运用动量理求解物体的速度，涉及力在时间上累积效，优先考虑运用动量理．要抓住F﹣t图象的“面积〞大小于冲量．7．水平桌面上的物体A和B通过轻绳相连，在水平外力F的作用下做匀速直线运动．绳中拉力为T，桌面对两物体的摩擦力分别是f A和f B，那么有( ) A．F=f A+f B+T B．F=f A+f B﹣T C．F=f B D．T=f A考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：利用整体法求拉力的表达式，根据隔离法判断绳子的拉力．解答：解：ABC、以A、B整体为研究对象做受力分析，可知水平方向F=f A+f B，那么A、B错误，C也错误；D、对A受力分析可知水平方向T=f A，即D正确．应选：D．点评：对连接体问题经常用到整体法和隔离法，再根据平衡条件或牛顿第二律求解．8．一物体沿固斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端．在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒．假设用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，那么以下图象中可能正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．考点：加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动律综合专题．分析：摩擦力恒，物体沿斜面下滑时做初速度为零的匀变速直线运动，根据初速度为零匀变速直线运动中合力、速度、位移和机械能所时间变化特点可解答此题．解答：解：A、物体在斜面上运动时做匀加速运动，根据牛顿第二律可知，其合外力恒，故A正确；B、在v﹣t图象中，斜率表示加速度大小，由于物体做匀加速运动，因此其v ﹣t图象斜率不变，故B错误；C、物体下滑位移为：x=at2，根据数学知识可知，其位移与时间图象为抛物线，故C错误；D、设开始时机械能为E总，根据功能关系可知，开始机械能减去因摩擦消耗的机械能，便是剩余机械能，即有：E=E总﹣fs=E 总﹣f•at2，因此根据数学知识可知，机械能与时间的图象为开口向下的抛物线，故D错误．应选：A．点评：对于图象问题要明确两坐标轴、斜率的含义，对于比拟复杂的图象问题可以利用物理规律写出两个物理量的函数关系式，根据数学知识进一步判断图象性质．9．如下图，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图中v、a、f 和s分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程．图中正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．考点：匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力；牛顿第二律．专题：运动的图像专题．分析：对物体受力分析可知，在斜面上时物体受到重力支持力和摩擦力的作用，在这些力的作用下物体沿着斜面向下做匀加速直线运动，到达水平面上之后，在滑动摩擦力的作用下做匀减速运动，由此可以判断物体运动过程中的物理量的关系．解答：解：A、根据物体的受力情况，可以判断出物体先是在斜面上做匀加速直线运动，到达水平面上之后，做匀减速运动，所以物体运动的速度时间的图象该是倾斜的直线，不能是曲线，所以A错误；B、由于物体的运动先是匀加速运动，后是匀减速运动，在每一个运动的过程中物体的加速度的大小是不变的，所以物体的加速度时间的图象该是两段水平的直线，不能是倾斜的直线，所以B错误；C、在整个运动的过程中，物体受到的都是滑动摩擦力，所以摩擦力的大小是不变的，并且由于在斜面上时的压力比在水平面上时的压力小，所以滑动摩擦力也比在水平面上的小，所以C正确；D、物体做的是匀加速直线运动，物体的位移为x=at2，所以物体的路程和时间的关系该是抛物线，不会是正比例的倾斜的直线，所以D错误．应选C．点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于根底题．10．如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块．假木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相．现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt〔k是常数〕，木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，以下反映a1和a2变化的图线中正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．考点：牛顿第二律．专题：压轴题；牛顿运动律综合专题．分析：当F比拟小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，根据牛顿第二律得出加速度与时间的关系．当F比拟大时，m2相对于m1运动，两者加速度不同，根据牛顿第二律分别对两个物体研究，得出加速度与时间的关系，再选择图象．解答：解：当F比拟小时，两个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二律得：a==，a∝t；当F比拟大时，m2相对于m1运动，根据牛顿第二律得：对m1：a1=，μ、m1、m2都一，那么a1一．对m2：a2===t﹣μg，a2是t的线性函数，t增大，a2增大．由于，那么两木板相对滑动后a2图象大于两者相对静止时图象的斜率．故A正确．应选：A点评：此题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次采用整体法和隔离法研究得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常采用的思路．11．如下图，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力( )A．方向向左，大小不变B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变D．方向向右，逐渐减小考点：牛顿第二律；滑动摩擦力．专题：整体法和隔离法．分析：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法．1、整体法：整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法．在力，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力〔外力〕，不考虑整体内部之间的相互作用力〔内力〕．整体法的优点：通过整体法分析物理问题，可以弄清系统的整体受力情况和全过程的受力情况，从整体上揭示事物的本质和变体规律，从而避开了中间环节的繁琐推算，能够灵活地解决问题．通常在分析外力对系统的作用时，用整体法．2、隔离法：隔离法是指对物理问题中的单个物体或单个过程进行分析、研究的方法．在力，就是把要分析的物体从相关的物体体系中隔离出来，作为研究对象，只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力，不考虑研究对象对其他物体的作用力．隔离法的优点：容易看清单个物体的受力情况或单个过程的运动情形，问题处理起来比拟方便、简单，便于初学者使用．在分析系统内各物体〔或一个物体的各个〕间的相互作用时用隔离法．此题中两物体相对静止，可以先用整体法，整体受重力、支持力和向后的摩擦力，根据牛顿第二律先求出整体加速度，再隔离物体B分析，由于向前匀减速运动，加速度向后，故合力向后，对B物体受力分析，受重力、支持力和摩擦力作用，根据牛顿第二律，可以求出静摩擦力的大小．解答：解：A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动，对A、B 整体根据牛顿第二律有然后隔离B，根据牛顿第二律有f AB=m B a=μm Bg 大小不变，物体B做速度方向向右的匀减速运动，故而加速度方向向左，摩擦力向左；应选A．点评：对于连接体问题可以用整体法求加速度，用隔离法求解系统内力！12．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如下图，那么( )A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二律．专题：压轴题．分析：〔1〕v﹣t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；〔2〕根据加速度的变化情况，分析受力情况．解答：解：A．根据加速度可以用v﹣t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，A 错误；B．在t1时刻，加速度为零，所以外力F于摩擦力，不为零，B错误；C．在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F大小可能不断减小，C正确；D．如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v﹣t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确．应选CD．点评：此题考查v﹣t图线的相关知识点，涉及牛顿第二律的用及受力分析的能力，难度较大．二、非选择题13．如图，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m．用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t0=2s拉至B处．〔cos37°=0.8，sin37°=0.6．取g=10m/s2〕〔1〕求物体与地面间的动摩擦因数μ；〔2〕用大小为30N，与水平方向成37°的力斜向上拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求该力作用的最短时间t．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二律．分析：〔1〕根据匀变速直线运动的位移公式可以求得物体的加速度的大小，在根据牛顿第二律可以求得摩擦力的大小，进而可以求得摩擦因数的大小；〔2〕当力作用的时间最短时，物体该是先加速运动，运动一段时间之后撤去拉力F在做减速运动，由运动的规律可以求得时间的大小．解答：解：〔1〕物体做匀加速运动 L=at02所以a===10m/s2由牛顿第二律F﹣f=maf=30﹣2×10=10N所以μ===0.5即物体与地面间的动摩擦因数μ为0.5；〔2〕设F作用的最短时间为t，小车先以大小为a的加速度匀加速t秒，撤去外力后，以大小为a′的加速度匀减速t′秒到达B处，速度恰为0，由牛顿律Fcos37°﹣μ〔mg﹣Fsin37°〕=maa′==μg=5 m/s2由于匀加速阶段的末速度即为匀减速阶段的初速度，因此有at=a′t′t′=t=t=tL=at2+a′t′2所以t===1.03s即该力作用的最短时间为1.03s．点评：分析清楚物体的运动的过程，分别对不同的运动的过程列示求解即可得出结论．。

高三物理上学期9月周考试卷

咐呼州鸣咏市呢岸学校一中 2021 届高三上学期周考物理试卷〔9 月份〕一、选择题〔此题共 12 个小题，每题 4 分．在每题给出的 4 个选项中，第 1-8 题只有一项符合题目要求，第 92 题有多项符合题目要求．选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分．〕1．做匀加速直线运动的质点在第一个 2s 内的平均速度比在第一个 6s 内的平均速度小 4m/s ，那么质点的加速度大小为〔〕A ．1m/s2 B ．2m/s 2C ．3m/s 2D ．4m/s 22．如下图，在倾角为 θ 的斜面上，放着一个质量为 m 的光滑小球，小球被竖直的木板挡住，那么小球对竖直木板的压力大小为A ．mgcos θB ．mgt anθC ．D ． 3．两个质量分别为 m 1、m 2 的物体 A 和 B 紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如下图，如果它们分别受到水平推力 2F 和 F ，那么 A 、B 之间弹力的大小为〔〕A ． FB ． FC ．FD ．F4．如下图，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠静摩擦传动，两轮的半径R：r=2：1，当主动轮Q 匀速转动的角速度为ω1 时，在Q 轮边缘上放置的小木块恰能相对静止，假设把小木块放在P 轮边缘上，改变Q轮转动的角速度至ω2 时，小木块也恰能静止，那么〔〕A．ω1= ω2 B．ω1=ω2C．ω1=ω2 D．ω1=2ω25．一卫星绕某一行星外表附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星外表上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．引力常量为G，那么这颗行星的质量为〔〕A ．B ．C ． D．6．如下图，质量为m、电荷量为e的质子以某一初速度〔动能为E k〕从坐标原点O沿x轴正方向进入场区，假设场区仅存在平行于y轴向上的匀强电场时，质子通过P〔d，d〕点时的动能为5E k；假设场区仅存在垂直于xoy 平面的匀强磁场时，质子也能通过P点．不计质子的重力．设上述匀强电场的电场强度大小为E、匀强磁场的磁感强度大小为B，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．E=B．E=C．B= D．B=7．如图甲所示，导体棒M N 置于水平导轨上，PQMN 所围的面积为S，PQ 之间有阻值为R的电阻，不计导轨和导体棒的电阻．导轨所在区域内存在沿竖直方向的匀强磁场，规磁场方向竖直向上为正，在0～2t0 时间内磁感强度的变化情况如图乙所示，导体棒M N 始终处于静止状态．以下说法正确的选项是〔〕A．在0～t0 和t0～2t0 时间内，导体棒受到的导轨的摩擦力方向相同B．在0～t0 内，通过导体棒的电流方向为N到MC．在t0～2t0 内，通过电阻R的电流大小为D．在0～2t0 时间内，通过电阻R的电荷量为8．如下图，一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5．原线圈与正弦交变电源连接，输入电压=220sin〔100πt〕V．副线圈接入电阻的阻值R=100Ω．那么〔〕A．通过电阻的电流是22AB．交流电的频率是100Hz C．与电阻并联的电压表的示数是100V D．变压器的输入功率是484W9．如图电路中，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电压表示数的变化量为△U．在这个过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大B．电阻R1l 两端的电压减小，减小量于△U C．电容器的带电量减小，减小量小于C△U D．电压表示数变化量△U 和电流表示数变化量△I 的比值不变10．如下图，质量均为m的物块A、B 通过轻质弹簧相连接并静止于水平地面上，现用竖直向上的拉力F作用于A物块，使其缓慢上升，当A上升距离为d时，B 恰好离开地面，空气阻力不计，重力加速度为g．关于此过程的描述，以下说法中正确的选项是A．弹簧的劲度系数为k=B．拉力F对A做的功小于A克服重力做的功 C．A、B 及弹簧系统的机械能的增加量为△E=mgd D．弹簧对A做的功为零11．利用霍尔效制作的霍尔元件，广泛用于测量和自动控制领域．如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C、D 两侧面会形成电势差U CD，以下说法中正确的选项是〔〕A．电势差U CD 仅与材料有关B．假设霍尔元件的载流子是自由电子，那么电势差U CD＜0C．仅增大磁感强度时，电势差U CD 变大D．在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持水平12．如下图，一个带正电荷的物块m由静止开始从斜面上A点下滑，滑到水平面B C 上的D点停下来．物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B处时的机械能损失．现在 ABC 所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D′点停下来．后又撤去电场，在A BC 所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D″点停下来，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．D′点一在D点左侧B．D′点一与D点重合C．D″点一在D点右侧D．D″点一与D点重合二、题13．用如图1装置验证m1、m2 组成的系统机械能守恒．m2 从高处由静止开始下落，m1 上拖着的纸带打出一的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒律．图2给出的是中获取的一条纸带：0 是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如图2所示，m1=50g、m2=150g，那么〔g 取9.8m/s 2，所有结果均保存三位有效数字〕①在纸带上打下记数点 5 时的速度 v =m/s ： ②在打点 0～5 过程中系统动能的增加量△E K =J ，系统势能的减少量△E p =J ：③假设某同学作出 v 2﹣h 图象如图 3，那么当地的实际重力加速度 g = m/s 2．14．某小组用如图的电路测量一直流安培表的内电阻．所给的器材有：电池E〔电动势约V〕；电流表A〔量程0～300mA，待测内阻约为5Ω〕；电压表V〔量程0～3V〕电阻箱R1；滑动变阻器R2〔0～10Ω〕；电键S和导线假设干．①请完成主要的步骤：A．连接好电路，把变阻器的滑动片调到〔填“左端〞或“右端〞〕； B．闭合电键，调节，使电压表的电压从小到大变化，调节电阻箱，使电流表指针有较大偏转，读出并记录数据．②假设电压表、电流表的读数分别为U和I，电阻箱读数为R1，那么电流表的内电阻R A= ．三、计算题〔共4小题，共37 分．要写出必要的过程和文字说明，只给答案15．如下图，半径R=0.40m 的光滑半圆环轨道处于竖直平面内，半圆环与粗糙的水平地面相切于圆环的端点A．质量m=0．l0kg 的小球与水平地面之间的动摩擦因数为=0.3，小球以初速度v0=7.0m/s 在水平地面上向左运动4.0m 后，冲上竖直半圆环，最后小球落在C点，取重力加速度g=10m/s 2，求：〔1〕小球进入圆轨道通过A点时对轨道的压力；小球经过B点时速度；〔3〕A、C 间的距离．16．如下图，在x Oy 平面上第Ⅰ象限内有平行于y轴的有界匀强电场，方向如图．y 轴上一点P的坐标为〔0，L〕，有一电子以垂直于y轴的初速度v0 从P点垂直射入电场中，并从A点射出，A 点坐标为．电子的电量大小为e，质量为m，不计电子的重力．〔1〕求匀强电场的场强大小；假设在第Ⅳ象限过Q点放一张垂直于x Oy 平面的感光片，Q 点的坐标为〔0，﹣L〕，求感光片上曝光点的横坐标x．17．如下图，在平面直角坐标系x Oy 中的第一象限内存在磁感强度大小为B、方向垂直于坐标平面向内的有界圆形匀强磁场区域〔图中未画出〕；在第二象限内存在沿x 轴负方向的匀强电场．一粒子源固在x轴上的A点，A 点坐标为〔﹣L，0〕．粒子源沿y轴正方向释放出速度大小为v 的电子，电子恰好能通过y 轴上的C 点，C 点坐标为〔0，2L〕，电子经过磁场偏转后恰好垂直通过第一象限内与x轴正方向成15°角的射线O N〔电子的质量为m，电荷量为e，不考虑粒子的重力和粒子之间的相互作用〕．求：〔1〕第二象限内电场强度E的大小．电子离开电场时的速度方向与y轴正方向的夹角θ〔3〕圆形磁场的最小半径R m．18．如图甲所示，一足够长阻值不计的光滑平行金属导轨M N、PQ 之间的距离L=1.0m，NQ 两端连接阻值R=1.0Ω的电阻，磁感强度为B的匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，导轨平面与水平面间的夹角θ=30°．一质量m=0.20kg，阻值r=0.50Ω的金属棒垂直于导轨放置并用绝缘细线通过光滑的滑轮与质量 M=0.60kg 的重物相连．细线与金属导轨平行．金属棒沿导轨向上滑行的速度 v 与时间 t 之间的关系如图乙所示，金属棒在 0～0.3s 内通过的电量是 0.3～0.6s 内通过电量的，g=10m/s 2，求：〔1〕0～0.3s 内棒通过的位移；金属棒在 0～0.6s 内产生的热量．一中2021 届高三上学期周考物理试卷〔9月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共12 个小题，每题4 分．在每题给出的4 个选项中，第1-8 题只有一项符合题目要求，第92 题有多项符合题目要求．选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．做匀加速直线运动的质点在第一个2s 内的平均速度比在第一个6s 内的平均速度小4m/s，那么质点的加速度大小为〔〕A．1m/s2B．2m/s 2C．3m/s2D．4m/s2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；平均速度；加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】由匀变速直线运动的平均速度公式可求得第1s 末的速度及第3s 内的速度；那么由加速度义可求得质点的加速度．【解答】解：根据匀变速直线运动的规律可知，第一个2s 内的平均速度为第1s 末的速度；第一个6s 内的平均速度为第3s 末的速度；那么由a =可得：a==2m/s 2；应选：B．【点评】此题考查加速度的计算及平均速度公式的用，要注意平均速度==，同时平均速度还于中间时刻的瞬时速度．2．如下图，在倾角为θ的斜面上，放着一个质量为m的光滑小球，小球被竖直的木板挡住，那么小球对竖直木板的压力大小为〔〕A ．mgcos θB ．mgtan θ C．D ．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】小球处于平衡状态，对小球进行受力分析，由共点力的平衡条件可求得小球对竖直木板的压力大小．【解答】解：对小于受力分析如下图，小球在三力作用下保持平衡；由图利用几何关系可知：小球受竖直木板的弹力为：T=mgtan θ；那么由牛顿第三律可知，小球对竖直木板的压力大小为 m gtan θ；应选B【点评】对于共点力平衡类的题目要注意做好受力分析，并能正确利用几何关系求解．3．两个质量分别为m1、m2 的物体A和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如下图，如果它们分别受到水平推力2F 和F，那么A、B 之间弹力的大小为〔〕A． F B． FC．FD．F【考点】牛顿第二律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】先整体受力分析求出加速度，在隔离利用牛顿第二律求A、B 之间弹力的大小．【解答】解：根据牛顿第二律对整体有：…①方向水平向右对物体B：F N﹣F﹣=m2a…②①②联立得：故A BD 错误，C正确；应选：C．【点评】此题是连接体问题，考查灵活选择研究对象的能力，往往用整体法求加速度，而求内力时必须用隔离法．4．如下图，水平放置的两个用相同材料制成的轮P和Q靠静摩擦传动，两轮的半径R：r=2：1，当主动轮Q 匀速转动的角速度为ω1 时，在Q 轮边缘上放置的小木块恰能相对静止，假设把小木块放在P轮边缘上，改变Q轮转动的角速度至ω2 时，小木块也恰能静止，那么〔〕A．ω1= ω2 B．ω1=ω2 C．ω1=ω2 D．ω1=2ω2【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】两轮转动的线速度大小相，根据线速度与角速度之间的关系，和向心力的表达公式，结合摩擦力提供向心力，即可求解．【解答】解：两轮转动的线速度大小相，当主动轮Q匀速转动的角速度为ω1 时，小木块转动的线速度大小为v=rω1，根据牛顿第二律和向心力公式有：F n =，由于小木块恰能相对静止，有：F n= mg，当主动轮Q匀速转动的角速度变为ω2 时，有： mg=，v′=rω2，联立以上各式解得：ω2=，即ω1=ω2，应选项A正确．应选：A【点评】此题主要考查了匀速圆周运动两类根本传送装置的特征、牛顿第二律、向心力公式的用问题，属于中档题．5．一卫星绕某一行星外表附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星外表上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．引力常量为 G，那么这颗行星的质量为〔〕A ．B ．C ． D．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力律及其用．【专题】人造卫星问题．【分析】先求出该星球外表重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解【解答】解：G=mg所以g=根据万有引力提供向心力得：解得：M=应选B【点评】此题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力．重力加速度g是联系星球外表宏观物体运动和天体运动的桥梁．6．如下图，质量为m、电荷量为e的质子以某一初速度〔动能为E k〕从坐标原点O沿x轴正方向进入场区，假设场区仅存在平行于y轴向上的匀强电场时，质子通过P〔d，d〕点时的动能为5E k；假设场区仅存在垂直于x oy 平面的匀强磁场时，质子也能通过P点．不计质子的重力．设上述匀强电场的电场强度大小为E、匀强磁场的磁感强度大小为B，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．E=B．E=C．B= D．B=【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】压轴题．【分析】质子在只有电场的区域运动〔垂直电场方向射入〕，粒子做了平抛运动，用动能理可求出电场强度的值．质子在只有磁场存在的区域运动，质子做匀速圆周运动，根据几何关系判断其半径，利用半径公式可求出磁场强度的值．【解答】解：质子在只有电场存在时，动能由E k 变为5E k，由动能理可知电场力做功为：W=eEd=5E k﹣E k解得：由此可判断，选项A B 错误．质子在只有磁场存在时，质子做匀速圆周运动，由题意可知，运动半径为d，由半径公式有：设质子进入磁场时的速度为v，那么速度为：以上两式联立得：所以选项C错误，选项D正确．应选：D．【点评】对于此题正确分析带电粒子的受力及运动特征是解决问题的前提，灵活选用力学规律是解决问题的关键．1、明确研究对象，对研究对象进行受力分析．2、依据力与运动的关系，明确运动性质及运动过程作出运动轨迹建立合理的运动模型．3、根据不同的运动模型，选择适宜的律、理〔牛顿运动律、动能理〕列方程组求解．7．如图甲所示，导体棒M N 置于水平导轨上，PQMN 所围的面积为S，PQ 之间有阻值为R的电阻，不计导轨和导体棒的电阻．导轨所在区域内存在沿竖直方向的匀强磁场，规磁场方向竖直向上为正，在0～2t0 时间内磁感强度的变化情况如图乙所示，导体棒M N 始终处于静止状态．以下说法正确的选项是〔〕A．在0～t0 和t0～2t0 时间内，导体棒受到的导轨的摩擦力方向相同B．在0～t0 内，通过导体棒的电流方向为N到MC．在t0～2t0 内，通过电阻R的电流大小为D．在0～2t0 时间内，通过电阻R的电荷量为【考点】法拉第电磁感律．【专题】电磁感与电路结合．【分析】由楞次律判断出导体棒的运动趋势，然后判断摩擦力方向；由楞次律求出感电流方向；由法拉第电磁感律求出感电动势，然后由欧姆律求出感电流；由法拉第电磁感律求出感电动势，由欧姆律求出感电流，然后由电流义式求出电荷量．【解答】解：A、由图乙所示图象可知，0～t0 内磁感强度减小，穿过回路的磁通量减小，由楞次律可知，为阻碍磁通量的减少，导体棒具有向右的运动趋势，导体棒受到向左的摩擦力，在t0～2t0 内，穿过回路的磁通量增加，为阻碍磁通量的增加，导体棒有向左的运动趋势，导体棒受到向右的摩擦力，在两时间段内摩擦力方向相反，故A错误；B、由图乙所示图象可知，在0～t0 内磁感强度减小，穿过闭合回路的磁通量减少，由楞次律可知，感电流沿逆时针方向，通过导体棒的电流方向为N到M，故B正确；C、由图乙所示图象，用法拉第电磁感律可得，在t0～2t0 内感电动势：E===，感电流为：I==，故C错误；D、由图乙所示图象，用法拉第电磁感律可得，在0～t0 内感电动势：E1===，感电流为：I1==，电荷量：q1=I1t1=；由图乙所示图象，用法拉第电磁感律可得，在t0～2t0 内感电动势：E2===，感电流为：I==，电荷量q2=I2t2=，在0～2t0 时间内，通过电阻R的电荷量q=q1+q2=，故D错误；应选：B．【点评】此题考查了判断摩擦力的方向、判断电流方向、求感电流、求电荷量问题，用楞次律、法拉第电磁感律、欧姆律、电流义式即可正确解题；要全面正确理解楞次律“阻碍〞的含义．8．如下图，一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5．原线圈与正弦交变电源连接，输入电压=220sin〔100πt〕V．副线圈接入电阻的阻值R=100Ω．那么〔〕A．通过电阻的电流是22A B．交流电的频率是100Hz C．与电阻并联的电压表的示数是100V D．变压器的输入功率是484W【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】根据输入电压的表达式可以求得输入电压的有效值、周期和频率，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、由输入电压公式可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为100Ω，所以电流的为1A，所以A错误；B、由输入电压公式可知，角速度为100π，所以交流电的频率为50Hz，故B错误；C、由于电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，所以C正确；D、原副线圈的功率是相同的，由电阻消耗的功率为P=，所以变压器的输入功率是1×102W，所以D错误．应选C．【点评】根据公式可以求得输入电压的有效值、周期和频率，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．9．如图电路中，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电压表示数的变化量为△U．在这个过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大B．电阻R1l 两端的电压减小，减小量于△U C．电容器的带电量减小，减小量小于C△U D．电压表示数变化量△U 和电流表示数变化量△I 的比值不变【考点】电容；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆律分析电阻R1 两端的电压，根据路端电压的变化，分析电阻R1 两端的电压变化量与△U 的关系，确电容带电量变化量．电压表的示数U和电流表的示数I的比值于R．电压表示数变化量△U 和电流表示数变化量△I 的比值于R1+r．【解答】解：A、电压表测量R两端的电压，那么有R=，R 增大，那么电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故A正确．B、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆律分析得知，电阻R1 两端的电压减小，电阻R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R1 两端的电压减小量小于△U，故B错误．C、R1 两端的电压减小，电容器的带电量减小，根据Q=CU 可知，电容器的带电量减小量小于C△U．故C正确；D、根据闭合电路欧姆律得：U=E﹣I〔R1+r〕，由数学知识得知，=R1+r，保持不变．故D 正确；应选：ACD．【点评】此题是电路动态分析问题，要知道两电表读数的比值要根据欧姆律和闭合电路欧姆律来分析．要注意 R 是非线性元件，R=，但R ≠．10．如下图，质量均为 m 的物块 A 、B 通过轻质弹簧相连接并静止于水平地面上，现用竖直向上的拉力 F 作用于 A 物块，使其缓慢上升，当 A 上升距离为 d 时，B 恰好离开地面，空气阻力不计，重力加速度为 g ．关于此过程的描述，以下说法中正确的选项是A ．弹簧的劲度系数为 k =B ．拉力 F 对 A 做的功小于 A 克服重力做的功 C ．A 、B 及弹簧系统的机械能的增加量为△E=mgd D ．弹簧对 A 做的功为零【考点】功能关系；胡克律；功的计算．【分析】A 、B 原来都处于静止状态，弹簧被压缩，弹力于 A 的重力 mg ，根据胡克律求出被压缩的长度 x 1．当 B 刚要离开地面时，弹簧被拉伸，此时弹力于 B 的重力 m g ，再胡克律求出此时弹簧伸长的长度x2，A 上升距离d=x1+x2．从而判断出弹簧的弹性势能没有变化，进一步判断出C选项与D选项．【解答】解：A、开始时弹力于A的重力m g，根据胡克律得弹簧被压缩的长度x1=当 B 刚要离开地面时，弹力于 B 的重力 m g ，再根据胡克律得弹簧伸长的长度 x 2=所以 A 上升距离d=x 1+x 2=所以弹簧的劲度系数：．故 A 错误；B 、C 、由 A 的分析可得，开始时弹簧压缩的长度于末状态弹簧伸长的长度，所以弹簧的弹性势能没有变化，拉力 F 对 A 做的功于 A 克服重力做的功，A 、B 及弹簧系统的机械能的增加量为△E=mgd ．故 B 错误，C 正确； D 、弹簧的弹性势能没有变化，弹簧对 A 做的功为零．故 D 正确．应选：CD ．【点评】此题是含有弹簧的平衡问题，关键是分析两个状态弹簧的状态和弹力，再由几何关系研究 A 上升距离与弹簧形变量的关系，得出开始时弹簧压缩的长度于末状态弹簧伸长的长度，所以弹簧的弹性势能没有变化是解题的关键．11．利用霍尔效制作的霍尔元件，广泛用于测量和自动控制领域．如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感强度 B 垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流 I ，C 、D 两侧面会形成电势差 U CD ，以下说法中正确的选项是〔〕A ．电势差 U CD 仅与材料有关B ．假设霍尔元件的载流子是自由电子，那么电势差U CD＜0C．仅增大磁感强度时，电势差U CD变大D．在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持水平【考点】霍尔效及其用．【专题】压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】在霍尔元件中，移动的是自由电子，根据左手那么判断出电子所受洛伦兹力方向，从而知道两侧面所带电荷的电性，即可知道C、D 两侧面会形成电势差U CD 的正负．CD 间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡推导出电势差U CD 与什么因素有关．【解答】解：A、根据左手那么，电子向C侧面偏转，C 外表带负电，D 外表带正电，所以D 外表的电势高，那么U CD＜0．CD 间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有，I=nqvS=nqvbc，那么U=．故A错误，B、C正确．D、在测地球赤道上方的地磁场强弱时，将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过．故D错误．应选BC．【点评】解决此题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，以及自由电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡．12．如下图，一个带正电荷的物块m由静止开始从斜面上A点下滑，滑到水平面B C 上的D点停下来．物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B处时的机械能损失．现在 ABC 所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D′点停下来．后又撤去电场，在A BC 所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D″点停下来，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．D′点一在D点左侧B．D′点一与D点重合C．D″点一在D点右侧D．D″点一与D点重合【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】根据动能理分别对不加电场和加电场两种情况进行研究：不加电场时，整个过程中重力做正功，摩擦力做负功，根据动能理列出表达式；加电场时，重力和电场力做正功，摩擦力做负功，再由动能理列出表达式，分析物体在水平上滑行的位移关系，判断D'点与D点的位置关系．【解答】解：设物体的质量为m，电量为q，电场强度大小为E，斜面的倾角为θ，动摩擦因数为．根据动能理得A、不加电场时：mgS AB sinθ﹣ mgS AB cosθ﹣ mgS BD=0 ① 加电场时：〔mg+qE〕S AB sinθ﹣〔mg+qE〕S AB cosθ﹣〔mg+qE〕S BD′=0 ② 将两式比照得到，S BD=S BD′，那么D'点一与D点重合．故A错误，B 正确； C、加磁场时，mgS AB sinθ﹣ S AB〔mgcosθ﹣Bqv〕﹣〔mg﹣Bqv′〕S BD″=0 ③ 比拟①③两式可得S BD″＞S BD，所以D″点一在D点右侧，故C正确，D 错误．应选B C【点评】此题考查运用动能理处理问题的能力，也可以用效的思维方法进行选择：加电场时相当于物体的重力增加，而物体在水平面滑行的距离与重力无关．。

高三物理周测9教师版

高三物理周测9一、单选题（每小题6分，共18分）1．质量为m 的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机功率恒为P ，且行驶过程中受到的阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v ，那么当汽车的车速为v 6时，汽车的瞬时加速度的大小为（）A ．6P mvB ．3P mvC ．4P mvD ．5P mv【答案】D【解析】【解答】当汽车以最大速度行驶时，牵引力与阻力大小相等，所以有f =P v当汽车的车速为v 6时，牵引力大小为F =P v 6=6P v 根据牛顿第二定律有F −f =ma解得a =5P mv故答案为：D 。

【分析】当汽车速度达到最大值时牵引力和阻力相等，结合牛顿第二定律得出汽车的瞬时加速度。

2．如图所示，质量均为m 的木块A 、B 与轻弹簧相连，置于光滑水平桌面上处于静止状态，质量为2m 的木块C 以速度v 0与木块A 碰撞并粘在一起，之后运动过程中弹簧具有的最大弹性势能为（）A ．112mv 02 B ．16mv 02 C ．13mv 02 D ．12mv 02 【答案】B 【解析】【解答】依题意，木块C 以速度v 0与木块A 碰撞并粘在一起，根据动量守恒定律有 2mv 0=3mv可得 v =23v 0 把木块C 、A 、B 及弹簧看成一个系统，系统动量守恒，当它们速度相同时，此时弹簧弹性势能最大，有 3mv =4mv 共由能量守恒定律有 E pm =12⋅3mv 2−12⋅4mv 共2联立以上式子求得 E pm =16mv 02故答案为：B。

【分析】木块C以速度v0与木块A碰撞并粘在一起，根据动量守恒定律得出共同的速度，把木块C、A、B及弹簧看成一个系统，结合动量守恒以及能量守恒定律得出之后运动过程中弹簧具有的最大弹性势能。

3．某同学利用如图所示的实验装置研究摆球的运动情况。

摆球从A点由静止释放，经过最低点C到达与A等高的B点，D、E、F是OC连线上的点OE=DE，DF=FC，OC连线上各点均可钉钉子。