湖北省长阳一中2019-2020学年高二上学期入学考试物理试题 Word版含答案
湖北省长阳县第一高级中学高二物理上学期期中试题
长阳一中2016-2017学年度第一学期期中考试高二物理试卷考试时间：90分钟 满分：110分一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1．用阴极射线管可以观察电子在磁场中的运动径迹。
图甲是阴极射线管的实物图，图乙中A 、B 两端的“+”“-”号表示阴极射线管工作时所接电源的极性，虚线表示电子的运动径迹，其中符合实际的是：（ ）2、真空中有两个分别带有电荷量－Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为 F 。
两小球相互接触后将其固定距离变为2r ，则两球间库仑力的大小为（ ） A ．12F B ．34F C ．43F D ．12F 3、下列有关说法正确的是（ ）A ．奥斯特发现了电流的磁效应，他认为电磁相互作用是通过介质来传递的，并首先把这种介质叫做“场”B ．库仑通过实验发现了库仑定律，后来卡文迪许利用扭秤装置测出了静电力常量C ．法拉第发现了电磁感应现象，并首先提出了电场的概念，创造性地用电场线来形象地描述电场的物理图景D ．元电荷是指跟电子所带电量数值上相等的一种电荷，最早是由密立根发现的4、如图所示，在两个固定电荷+q 和﹣q 之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则（ ） A ．φ4＞φ3＞φ2＞φ1 B ．φ4=φ3＜φ2=φ1C ．φ4＜φ3＜φ2＜φ1D ．φ4=φ3＞φ2=φ15．图中a 、b 、c 、d 分别表示4个元件的伏安特性曲线，e 表示某电源路端电 压与电流的关系。
该电源与哪个元件构成回路输出功率最大 ( ) A ．元件a B ．元件b C ．元件c D ．元件d6、如图，真空中电量均为Q 的两正点电荷，固定于一绝缘正方体框架的两侧面ABB 1A 1和DCC 1D 1中心连线上，且两电荷关于正方体中心对称，则 ( ) A ．A 1、B 1、C 1、D 1四个点的电场强度相同 B ．A 、B 、C 、D 四个点的电势相同C ．负检验电荷q 在A 点的电势能小于在C 1点的电势能D ．正检验电荷q 从C 点移到C 1点过程电场力对其做正功7、用满偏电流为3mA 的电流表改装成一个欧姆表，调零后用它测量1k Ω的标准电阻时，指针恰好在刻度盘的正中间，若用它测量一个未知电阻时，指针指在1mA 处。
湖北省宜昌市长阳第一高级中学2018-2019学年高二物理联考试题含解析
湖北省宜昌市长阳第一高级中学2018-2019学年高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘．当MN中电流突然减小时（）A．线圈中感应电流方向是abcdaB．线圈中感应电流方向是adcbaC．线圈所受安培力的合力方向向右D．线圈所受安培力的合力方向向左参考答案：BC【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据右手定则得到线圈中磁通量的方向，然后由楞次定律得到电流减小时线圈中的感应电流方向，进而得到线圈各边受力情况．【解答】解：AB、如图所示，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘，导线两侧的磁感应强度对称分布，由右手定则可知线圈中的磁通量方向垂直纸面向里；当MN中电流突然减小时，由楞次定律可知感应电流的感应磁场方向垂直纸面向里，故由右手定则可知，感应电流方向为adcba，故A错误，B正确；CD、由AB可知，感应电流方向为adcba；导线左侧磁感应强度方向垂直纸面向外，导线右侧磁感应强度方向垂直纸面向里；由安培定则可知：上下两边界的安培力互相抵消，左边界的安培力向右，右边界的安培力也向右，故线圈所受安培力的合力方向向右，故C正确，D错误；故选：BC．2. （多选）A、B两船的质量均为M，它们都静止在平静的湖面上，当A船上质量为的人以水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳回A船．设水对船的阻力不计，经多次跳跃后，人最终跳到B船上，则（）A．A、B两船的速度大小之比为3：2B．A、B（包括人）动量大小之比为1：1C．A、B（包括人）动量之和为零D．因跳跃次数未知，故以上答案均无法确定参考答案：解：AB、以人与两船组成的系统为研究对象，人在跳跃过程中总动量守恒，初态总动量为0，所以A、B两船（包括人）的动量大小之比总是1：1；最终人在B船上，以系统为研究对象，在整个过程中，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：Mv A﹣（M+）v B=0，解得：=，故AB正确；C、由于系统动量守恒，系统初动量为零，由动量守恒定律可知，系统末动量为零，即：A、B（包括人）动量之和为零，故C正确；D、根据题意，应用都动量守恒定律可以求出速度之比、动量之比、动量之和，故D错误；故选：ABC．3. 如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度从点沿直径方向射入磁场，经过时间t从点射出磁场，与成60°角。
长阳高二物理上学期期末考试试题
长阳一中2020学年度第一学期期末考试高二物理试卷考试时间：90分钟试卷总分：110分一．选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．在物理学发展过程中，许多科学家做出了杰出的贡献，下列说法正确的是A．安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式B．奥斯特总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律C．法拉第通过大量的实验研究，发现了电磁感应现象D．库仑首先发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系2．在电磁感应现象中，下列说法正确的是A．感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B．闭合线框放在变化的磁场中一定能产生感应电流C．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流D．感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化3．在右图中，实线和虚线分别表示等量异种点电荷的电场线和等势线，P和Q为等量异种电荷连线的中垂线上的两点，则下列有关P 、Q两点的相关说法中正确的是A．P点电场强度等于Q点电场强度B．P点电场强度大于Q点电场强度C．Q点的电势小于P点电势D．Q点的电势等于P点电势4．如图所示，闭合圆形导线圈平行地放置在匀强磁场中，其中ac、bd分别是平行、垂直于磁场方向的两直径，试分析线圈做以下哪种运动时能产生感应电流A．使线圈以ac为轴转动B．使线圈以bd为轴稍作转动C．使线圈在纸面内平动或转动D．使线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动5．如图所示，电感线圈L的自感系数足够大，但其自身的电阻几乎为0，A和B 是两个完全相同的小灯泡，则下列说法正确的是A ．开关S 闭合瞬间，B 灯先亮，A 灯逐渐亮 B ．开关S 闭合瞬间，A 灯先亮，B 灯逐渐亮C ．开关S 断开瞬间，A 、B 灯同时熄灭D ．开关S 断开瞬间，B 灯亮一下才熄灭，A 灯立即熄灭6．两个分别带有电荷量-Q 和+5Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为r/2，则两小球间的库仑力的大小变为原来F 的 A ．5/16B ．16/5C ．4/5D ．5/47．如图所示，处在磁感应强度为B 的匀强磁场中的单匝矩形线圈abcd ，以恒定的角速度ω绕ab 边转动，磁场方向垂直于纸面向里，线圈所围面积为S ，线圈导线的总电阻为R ，t=0时刻线圈平面与纸面重合，且cd 边正在离开纸面向外运动。
2019-2020学年湖北省宜昌市长阳第二高级中学高二物理模拟试卷含解析
2019-2020学年湖北省宜昌市长阳第二高级中学高二物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）一个带活塞的气缸内盛有一定量的气体，若此气体的温度随其内能的增大而升高，则（）A．将热量传给气体，其温度必升高B．压缩气体，其温度可能降低C．压缩气体，同时气体向外界放热，其温度必不变D．压缩气体，同时将热量传给气体，其温度必升高参考答案：BD 要注意改变内能的方式有两种，所以内能增大还是减小要从两个方面进行判断。
2. （单选）如图所示的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E恒定且内阻r不可忽略。
现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（）A．a灯变亮，b灯和c灯变暗B．a灯和c灯变亮，b灯变暗C．a灯和c灯变暗，b灯变亮D．a灯和b灯变暗，c灯变亮参考答案：B3. 如图，一束带电粒子沿着水平方向平行地飞过磁针的上方时，磁针的S极向纸内偏转．这一带电粒子束可能是BCA．向右飞行的正离子束 B．向左飞行的正离子束C．向右飞行的负离子束 D．向左飞行的负离子束参考答案：BC4. 把一根柔软的螺旋形弹簧竖直悬挂起来，使它下端刚好跟杯中的水银面接触，并使它组成如右图所示的电路，当开关S接通后将看到的现象是 ()A．弹簧向上收缩B．弹簧被拉长C．弹簧上下跳动D．弹簧仍静止不动参考答案：C5. 如图所示，接在理想变压器的四个灯泡规格相同，且全部正常发光，则这三个线圈的匝数比应为（）A．1∶2∶3； B．2∶3∶1C．3∶2∶1； D．2∶1∶3参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，理想变压器的输入电压表达式u＝311sin314t(V)，变压器的变压比是10：1，次级负载电阻R为20Ω,，则负载两端的电压为______V，初级线圈的输入功率为_____W。
参考答案：7. 如图所示，实线表示两个相干波源S1、S2发出的波的波峰位置，则图中的________点为振动加强的位置，图中的________点为振动减弱的位置。
湖北省长阳县第一高级中学高二物理上学期第一次月考试题
长阳一中2016-2017学年度第一学期第一次月考高二物理试卷时间：90分钟 总分：110分一、选择题（1--8小题，每小题只有一个正确答案。
9—12题在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．每小题4分，共48分） 1．关于静电场。
下列说法正确的是：（ ）A.场强为零区域，电势一定为零B.场强处处相等的区域，电势也处处相等C.电势降低的方向一定是场强的方向D.同一电场中等差等势面分布密的地方，场强一定较大2．分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如图所示的a 、b 两条U-I 图线，比较两图线，可得出结论（ ） A ．a 电池的电动势较小、内阻较大 B ．a 电池的电动势较大、内阻较大 C ．b 电池的电动势较大、内阻较小 D ．b 电池的电动势较小、内阻较大3．如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P 向左移动，则( ) A ．电容器中的电场强度将增大 B ．电容器上的电荷量将减少 C ．电容器的电容将减小 D ．液滴将向上运动4．如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q ．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M 、N （不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a 点以相同的速率v 0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb 和aqc ，其中p 、q 分别是它们离固定点电荷最近的位置．①M 一定是正离子，N 一定是负离子．②M 在p 点的速率一定大于N 在q 点的速率．③M 在b 点的速率一定大于N 在c 点的速率．④M 从p →b 过程电势能的增量一定小于N 从a →q 电势能的增量．以上说法中正确的是（ ）A.只有①③B.只有②④C.只有①④D.只有②③5．在研究微型电动机的性能时，可采用图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R ，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A 和1.0 V ；重新调 节R ，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A 和 15.0V 。
湖北省长阳县第一高级中学2019-2020学年高一上学期开学考试物理试题(pdf版,无答案)
长阳一中2019—2020学年度第一学期开学考试高一物理试卷考试时间：55分钟 试卷总分：80分一：选择题（每小题有一个答案符合题目要求，请把它选出来，答案正确得3分，共36分）1．如图，四个完全相同的玻璃瓶内装有质量不等的同种液体，用大小相同的力敲击四个玻璃瓶的同一位置，如果能分别发出“dou （1）”、“ruai （2）”、“mi （3）“、“fa （4）”四个音阶，则与这四个音阶相对应的玻璃瓶的序号是（ ）A ．丁丙乙甲B ．乙甲丙丁C ．丁甲丙乙D ．甲丙乙丁2．炎热的夏季，在无风的环境中，剥开冰棒纸后，可以看到冰棒周围会冒“白气”，小明和小强分别画出如图的甲、乙两幅图描绘冰棒周围冒“白气”的情形。
下列说法中正确的是（ ）A ．图甲描绘符合实际，“白气”属于凝华现象B ．图乙描绘符合实际，“白气”属于液化现象C ．图甲描绘符合实际，“白气”属于升华现象D ．图乙描绘符合实际，“白气”属于汽化现象3．下面关于一些光现象的说法中，不符合客观实际的是（ ）A. 小孔成像说明了光沿直线传播B. 看到物体成的虚像时，没有光射入我们的眼睛C. 湖水中形成的倒影是光的反射现象D. 斜看水中的物体，看到物体的位置比实际位置高 4．如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N 的物体在10s 内匀速上升了1m 。
已知拉绳子的力F 为500N ，则提升重物的过程中（ ） A. 绳子自由端被拉下3m B. 滑轮组的机械效率是C. 拉力F 的功率是80WD. 做的有用功是800J 5．下列四个实例中，能够使蒸发减慢的是（ ） A ．将湿衣服展开晾在向阳通风处 B ．用吹风机将湿头发吹干 C ．用半干的抹布擦黑板 D ．将新鲜的蔬菜装入塑料袋放入冰箱 6．如图所示，用弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）A ．木块受到的摩擦力和地面受到的摩擦力是一对平衡力B ．木块对弹簧测力计的拉力和弹簧测力计对木块的拉力是一对平衡力C ．木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力D ．木块对弹簧测力计的拉力和手对弹簧测力计的拉力是一对相互作用力 7．下列关于热现象的说法中正确的是（ ） A ．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多 B ．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体 C ．在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能 D ．集中供暖采用热水循环，是利用了水的比热容较大的性质 8．在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰等大的实像，下列说法正确的是（ ）A．该凸透镜的焦距是20cmB．将蜡烛移动到20cm刻度处，移动光屏可得到倒立、放大的实像C．将蜡烛移动到35cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向右移动光屏D．将蜡烛移动到45cm刻度处，为使烛焰在光屏上成一清晰的像，应向左移动光屏9．如图所示，将冰块放于单层的不锈钢盆中，并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，盆中冰与盐水混合物的温度低于0℃．将装有西瓜汁的小塑料杯放在盆中的冰块里，几分钟后西瓜汁变成了水果冰棍，这时观察到盆外壁出现白霜。
2019-2020学年湖北省宜昌市长阳县第一高级中学高二上学期期中考试物理试卷
2019-2020学年湖北省宜昌市长阳县第一高级中学高二上学期期中考试物理试卷★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
3、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
5、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分．1-8题单选，9-12题多选．全选对得4分，对而不全得2分，有选错或不选的得0分)1．关于磁感应强度，下列说法正确的是( )A.一小段通电导线放在磁感应强度为零的位置，那么它受到的磁场力也一定为零B.通电导线所受的磁场力为零，该处的磁感应强度也一定为零C.放置在磁场中1 m长的通电导线，通过1 A的电流，受到的磁场力为1 N，则该处的磁感应强度就是 1 TD.磁场中某处的磁感应强度的方向跟电流在该处受到的磁场力F的方向相同2. 两条导线相互垂直如图所示，但相隔一段小距离，其中一条AB是固定的，另一条CD能自由活动，当直流电流按图所示方向通入两条导线时，导线CD将（从纸外向纸内看）（）A.顺时针方向转动，同时靠近导线AB.逆时针方向转动，同时离开导线AC.顺时针方向转动，同时离开导线AD.逆时针方向转动，同时靠近导线A3．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒。
湖北省长阳县第一高级中学高中自主招生考试 物理模拟试题
湖北省长阳县第一高级中学高中自主招生考试 物理模拟试题一、选择题1．下列估测结果与实际不相符．．．的是（ ） A ．人正常步行的速度约1.4km/hB ．挂壁式空调的额定功率约1.2kWC ．九(2)班的小明身高约168cmD ．物理课本的质量约0.25kg 2．下列措施中属于在传播途中控制噪声的是A ．在摩托车发动机上安装消声器B ．在高速公路两侧安装隔音幕墙C ．在学校附近安装喇叭禁鸣标志D ．机场的地勤佩戴有耳罩的头盔 3．小华在实验操作中连接了如图所示的电路，闭合开关，发现灯泡1L 亮、2L 不亮，调节变阻器滑片P ，灯泡1L 的亮度发生变化，但灯泡2L 始终不亮，出现这一现象的原因可能是（ ）A ．灯泡2L 灯丝断了B ．灯泡2L 的灯座上两接线柱直接相连C ．滑动变阻器接触不良D ．滑动变阻器短路了4．今年入夏，市政部门组织高压冲洗作业车辆，对我市长虹路高架的隔离墩进行冲洗养护，高架上某一水平路段上，一辆高压冲洗作业车装满水后，一边消耗大量的水对隔离墩进行高压冲洗。
一边慢慢匀速向前行驶，关于冲洗过程中的高压冲洗作业车，下列说法正确的是（ ）A ．动能变小，势能变小，机械能变小B ．动能变小，势能不变，机械能变小C ．动能不变，势能不变，机械能不变D ．动能不变，势能变小，机械能变小5．青少年科技创新材料中有一种变光二极管，电流从其P 端流入时发红光，从其Q 端流入时发绿光，奥秘在于其内部封装有一红一绿两个发光二极管，发光二极管具有单向导电性，其符号为，当电流从“+”极流入时二极管能通电且发光，当电流从“﹣”极流入时二极管不能发光，则该变光二极管的内部结构可能是下图中的（ ）A．B．C．D．6．如图所示，别名“胖五”的长征五号遥三运载火箭矗立在水平发射平台上保持静止状态，下列说法正确的是（）A．此时火箭所受的重力与火箭对发射台的压力是一对平衡力B．此时火箭所受的重力与发射台对火箭的支持力是一对平衡力C．此时火箭所受的重力与火箭对发射台的压力是一对相互作用力D．此时发射台对火箭支持力与火箭所受的重力是一对相互作用力7．下列物态变化属于凝固的是（）A．湖水结冰B．雾气消散C．露珠形成D．冰雪消融8．下列数据最接近实际情况的是（）A．大气对拇指指甲盖的压力约为10NB．学生课桌高度约为200cmC．让人感觉舒适的气温约为37℃D．家用节能灯的功率约为1kW9．撑杆跳高是应用了撑杆的A．延展性好B．密度大C．弹性好D．硬度大10．刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。
湖北省长阳县第一高级中学高二上学期第一次月考物理试题(无答案)
一、选择题( 每小题5分，共50分，每题有一个或一个以上选项是正确的，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的得0分。
)1．关于电源电动势的说法正确的是：A．电源电动势等于内外电路电势降落之和B．电源电动势等于外电路的路端电压C．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D．电源电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领2．图1中虚线框内是一个未知电路，测得它的两端点a，b之间的电阻是R，在a，b之间加上电压U，测得流过这电路的电流为I，则未知电路的电功率一定是：A．I2R B．U2/RC．UI D．I2R+UI3．如图7所示，用伏安法测电阻R0的值时，M、N接在恒压电源上，当S接a时电压表示数10V，电流表示数0.2A；当S接b时，电压表示数12V，电流表示数0.15A。
下列叙述正确的是：A．为了较准确地测定R0的值，S应接在a点，R0的真实值为50Ω。
B．为了较准确地测定R0的值，S应接在a点，R0的真实值为70Ω。
C．为了较准确地测定R0的值，S应接在b点，R0的真实值为50Ω。
D．为了较准确地测定R0的值，S应接在b点，R0的真实值为70Ω。
4．如图所示，D为一插头，可接入电压恒定的照明电路中，a、b、c为三只相同且功率较大的电炉，a靠近电源，b、c离电源较远，而离用户电灯L很近，输电线有电阻。
关于电炉接入电路后对电灯的影响，下列说法中正确的是：A．使用电炉a时对电灯的影响最大B．使用电炉b时对电灯的影响比使用电炉a时大C．使用电炉c时对电灯几乎没有影响D．使用电炉b或c时对电灯影响几乎一样5．在图3的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为 :A．A灯和B灯都变亮B．A、B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗D．A灯变暗，B灯变亮6．如图所示，把两相同的电灯分别接成甲、乙两种电路，甲电路所加的电压为8V，乙电路所加的电压为14V。
调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的电功率分别为P甲和P乙，下列关系中正确的是：A．P甲＞P乙B．P甲＜P乙C．P甲= P乙D．无法确定7．A、B两个电源分别供电时其特性曲线如图所示，则下列正确的是：A.电源的电动势=B．电源内阻r A=r BC．负载相同时，电源B的输出功率较大D．总电阻相同时，电源A输出功率较大8．利用右图所示电路可以测出电压表的内阻．已知电源的内阻可以忽略不计，R为电阻箱．闭合开关，当R取不同阻值时，电压表对应有不同读数U.多次改变电阻箱的阻值，所得到的1U－R图象应该是：9．如图所示的电路中，电流表、电压表的内阻对电路的影响不计，当滑动片P向右滑动时，下列说法正确的是：A．甲、乙两图中的电压表读数都减小B．甲、乙两图中的电压表读数都增大C．甲图中的电压表读数增大，乙图中的电压表读数减小D．甲图中的电流读数不变，乙图中的电流表读数增大10．在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列比值正确的是A.U1/I不变，ΔU1/ΔI不变．B.U2/I变大，ΔU2/ΔI变大．C.U2/I变大，ΔU2/ΔI不变．D.U3/I变大，ΔU3/ΔI不变．二、实验题(8+8=16分)11．图a游标卡尺的示数为mm．图ｂ螺旋测微器的读数为ｍｍ．12．如图甲所示，有下列实验步骤：A、闭合开关S，接通电源；B、调节滑动变阻器滑片P接近a点；C、选择实验器材，按电路图连接电路；D、选读出第一组数据U1和I1，并把这组数据标到坐标纸上；E、在坐标纸上以U为横轴，以I为纵轴，并选定合适的标度；F、用光滑的曲线连接这些点，分析曲线的变化规律；G、改变滑动变阻器的阻值，适当增大灯泡两端的电压，再读出第二组数据，以后重复这个过程，共读出12组左右的数据，并把这些数据标到坐标上；H、断开电源，整理器材。
【物理试题】湖北省长阳县第一高级中学2018-2019学年高二物理上学期期中试卷.doc
长阳一中2018-2019学年度第一学期期中考试高二物理试卷考试时间：90分钟试卷总分：110分一、选择题 ( 每小题4分，共48分，1-8题为单选，9-12为多选。
)1、下列说法正确的是（）A、沿电场线方向场强逐渐减小B、同一电荷在电场线密的地方受电场力大C、等势面上各点电场强度不可能相同D、电场中电势高处，电荷的电势能就大2、如图所示，竖直平面内用两根细线将粗细均匀的金属棒CD水平悬挂在天花板上,金属棒的质量为m、长度为L，重力加速度为g. 水平方向的匀强磁场垂直于金属棒CD，磁感应强度大小为B，当金属棒中通以电流I时，细线中的拉力恰好为零，则电流I应满足（）A、 I=mg/BL，方向C到DB、I=mg/BL，方向D到CC、I=mg/2BL，方向C到DD、I=mg/BL,方向D到C3、如右图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等等．停电时，用多用电表测得A、B间的电阻为R；供电后，各家电器同时使用，测得A、B间电压为U，进线电流为I，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是（）A、P＝I2RB、P＝U2/RC、P＝IUD、以上公式都可以4、如图所示，边长为的L的正方形区域abcd中存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里,一带电粒子从ad边的中点M点以一定速度垂直于ad边射入磁场，仅在洛伦兹力的作用下，正好从ab边中点N点射出磁场，忽略粒子受到的重力，下列说法中正确的是（）A、该粒子带负电B、洛伦兹力对粒子做正功C、粒子在磁场中做圆周运动的半径为L/4D 、如果仅使该粒子射入磁场的速度增大，粒子做圆周运动的半径也将变大 5、A 、B 是一条电场线上的两点，若在A 点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A 运动到B ，其速度随时间变化的规律如图所示.设A 、B 两点的电场强度分别为E A 、E B ，电势分别为U A 、U B ，则（ ） A 、E A ＝E BB 、E A ＜E BC 、U A ＝U BD 、U A ＞U B6、 如图所示，电键K 接通时，A 、B 两灯均正常发光，后因电路出现了故障，A 、B 两灯均熄灭，用理想电压表测电压U ab ＝0，U bc ＝0，U cd ＝4V ，U ad ＝4V ，由此可知电路中发生断路的地方是（ ） A 、A 灯 B 、B 灯C 、变阻器D 、A 、B 两灯同时断路7、在x 轴上有两个点电荷 q 1、q 2，其静电场的电势在x 轴上分布如图所示下列说法正确有（ ）A 、 q 1和q 2带有同种电荷B 、x 1处的电场强度为零C 、负电荷从x 1移到x 2，电势能减小D 、负电荷从x 1移到x 2，受到的电场力增大8、平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷(电荷量很小)固定在P 点，如图所示，以E 表示两极板间的电场强度，U 表示电容器两极间的电压，W 表示正电荷在P 点的电势能。
2019-2020学年湖北省两校高二上学期期末考试物理试题(解析版)
荆州中学、宜昌一中2019年秋季学期高二期末联考物理试题一、单选题（每题3分，共24分）1.高空作业须系安全带，如果质量为m 的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h (可视为自由落体运动)．此后经历时间t 安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为( ) A. 2m gh ＋mg B. 2m gh －mg C. m gh ＋mg D.m gh －mg 【答案】A【解析】【详解】在安全带对人有拉力的瞬间时，人做自由落体运动，此过程机械能守恒，故有212mgh mv =，即在产生拉力瞬间速度为2v gh =，之后人在安全带的作用下做变速运动，末速度为零，设向上为正方向，则根据动量定理可得：有0Ft mgt mv -=-，联立解得2m gh F mg -=+ 【点睛】本题关键是明确物体的受力情况和运动情况，然后对自由落体运动过程和全程封闭列式求解，注意运用动量定理前要先规定正方向2.如图所示，B 为半径为R 的竖直光滑圆弧的左端点，B 点和圆心C 连线与竖直方向的夹角为α，—个质量为m 的小球在圆弧轨道左侧的A 点以水平速度v 0抛出，恰好沿圆弧在B 点的切线方向进入圆弧轨道，已知重力加速度为g ，下列说法正确的是 （ ）A. AB 连线与水平方向夹角为αB. 小球从A 运动到B 的时间0tan v tgα= C. 小球运动到B 点时，重力的瞬时功率0cos mgv P θ=D. 小球运动到竖直圆弧轨道的最低点时，处于失重状态【答案】B【解析】 【详解】AB 、平抛运动水平方向为匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，小球恰好沿B 点的切线方向进入圆轨道，说明小球在B 点时，合速度方向沿着圆轨道的切线方向．将合速度正交分解，根据几何关系可得，其与水平方向的夹角为α ，则0tan gt v α=，解得：0tan v t gα= 此时AB 位移的连线与水平方向的夹角不等于α，故A 错；B 对 C 、小球运动到B 点时，重力的瞬时功率0tan y P mgv mgv α== ，故C 错；D 、小球运动到竖直圆弧轨道的最低点时，有向上的加速度，所以处于超重状态，故D 错； 故选B3.电源和一个水平放置的平行板电容器、二个变阻器R 1、R 2和定值电阻R 3组成如图所示的电路．当把变阻器R 1、R 2调到某个值时，闭合开关S ，电容器中的一个带电液滴恰好处于静止状态．当再进行其他相关操作时（只改变其中的一个），以下判断正确的是（ ） A. 将R 1的阻值增大时，液滴将向下运动 B. 将R 2的阻值增大时，液滴仍保持静止状态 C. 把电容器的上极板向上平移少许，电容器的电荷量将减小 D. 断开开关S ，电容器上的带电荷量将减为零 【答案】C 【解析】 【详解】A.闭合开关S ，电容器上极板带正电，带电液滴受重力和电场力处于平衡，电场力竖直向上，可知带电液滴带负电．当R 1的阻值增大时，电容器两端间的电势差不变，板间场强不变，则带电液滴受到的电场力不变，液滴保持静止不动，故A 错误；B.将R 2的阻值增大时，则R 2两端间的电压增大，所以电容器两端间的电压增大，液滴所受的电场力变大，液滴将向上运动，故B 错误；C.把电容器的上极板向上平移少许，d 增大，电容减小，电容器两端的电势差不变，则由Q=CU 得知，电容器的电荷量将减小，故C 正确；D.断开开关，稳定时电容器两端间的电势差等于电源的电动势．电容器的电压增大，带电量增加，不会为零，故D 错误．4.电磁炉热效率高达90%，炉面无明火，无烟无废气，“火力”强劲，安全可靠.图示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是()A. 当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好B. 电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C. 在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用D. 电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因是这些材料的导热性能较差【答案】B【解析】锅体中的涡流是由变化的磁场产生的，所加的电流是交流，不是直流.故A 错误．根据电磁炉的工作原理可知，电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作，故B 正确；在锅和电磁炉中间放一纸板，不会影响电磁炉的加热作用.故C 错误．金属锅自身产生无数小涡流而直接加热于锅的，陶瓷锅或耐热玻璃锅属于绝缘材料，里面不会产生涡流.故D 错误；故选B ．【点睛】电磁炉又被称为电磁灶，其原理是磁场感应涡流加热，即利用交变电流通过线圈产生交变磁场，从而使金属锅自身产生无数小涡流而直接加热于锅内的食物．5.如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD 处于磁感应强度大小2B T =的水平匀强磁场中，线框面积20.5m S =，线框电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO ＇以角速度ω=200rad/s 匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈线接入一只“220V ，60W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10A,下列说法正确的是（ )A. 图示位置穿过线框的磁通置为零B. 线框中产生交变电压的有效值为5002vC. 变压器原、副线圈匝数之比为25:11D. 变压器输出端最多能并联80只60瓦的灯泡 【答案】C 【解析】A 项：图示位置穿过线框的磁通量最大，故A 错误；B 项：B 、电动势的最大值2500.5200500210m E NBS V V ω==⨯⨯⨯=，有效值5002m E V ==，故B 错误； C 项：变压器原线圈的电压1500U V =，副线圈电压：2220U V =，匝数比11225002522011n U n U ===，故C 正确； D 项：熔断器允许通过的最大电流为10A ，即原线圈中最大电流为10A ，副线圈中最大电流1max 22max 1I n I n =，即12max 1max 2251011n I I A n =⨯=⨯，一只灯泡的额定电流为60322011P I A A U ===，最多的灯泡个数：2max 251011=83.33113I N I ⨯==⨯个个，故D 错误．6.电荷量分別为q 1和q 2的两点电荷放在x 轴上的O 、M 两点，两电荷连线上各点电势φ随x 变化的关系如图所示，其中A 、N 两点的电势为零；ND 段中C 点电势最高．则下列选项中错误．．的是A. C 点的电场强度大小为零B. 12q q >C. N 、C 两点之间连线上的电场强度方向沿x 轴正方向D. 将一个带负电的检验电荷从N 点沿x 轴正方向移动到D 点的过程中，电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】A.x φ-图象的切线斜率等于场强E ，由图可知C 点的切线斜率为零，所以电场强度为零，故A 正确；B. 由图知无穷远处的电势为0，A 点的电势为零，由于沿着电场线电势降低，所以O 点的电荷1q 带正电，M 点电荷2q 带负电，由于A 点距离O 比较远而距离M 比较近，所以1q 电荷量大于2q 的电荷量，故B 正确；C.由N 到C 过程电势升高，则说明场强沿x 轴负方向，故C 错误；D. N →D 段中，电势先高升后降低，所以场强方向先沿x 轴负方向，后沿x 轴正方向，将一负点电荷从N 点移到D 点，电场力先沿x 轴正方向，后沿x 轴负方向，则电场力先做正功后做负功．故D 正确．7.如图所示，带电粒子以初速度以v 0从a 点进入匀强磁场，运动过程中经过b 点，Oa=Ob ，若撤去磁场加一个与y 轴平行的匀强电场，带电粒子仍以速度以v 0从a 点进入电场，仍能通过b 点，则电场强度E 和磁感应强度B 的比值为A. v 0B. 1/ v 0C. 2 v 0D. v 0/2【答案】C【解析】 【详解】设oa=ob=d ，因为带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，所以圆周运动的半径正好等于d ，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qv 0B=m 20v r，解得：mv B qd =，如果换成匀强电场，水平方向以v 0做匀速直线运动，在水平方向：d=v 0t 2，竖直沿y 轴负方向做匀加速运动，即：22211 22qE d at t m ==，解得：202mv E qd =，则 E B=2v 0，故选C ． 【点睛】带电粒子在电场磁场中的运动要把握其运动规律，在电场中利用几何关系得出其沿电场和垂直于电场的运动规律；而在磁场中也是要注意找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径．8.如图所示为某一输电示意图，电厂的发电机输出功率为100 kW ，输出电压U 1=500 V ，升压变压器原、副线圈的匝数比为n 1:n 2=1:20，输电线电阻为40Ω，用户需要的电压U 4=220 V ，变压器均为理想变压器．则A. 输电线上的输送电流为250AB. 输电线上损失的电压为280VC. 输电线上损失的电功率为4kWD. 降压变压器的原、副线圈的匝数比为n 3:n 4=48:11【答案】C【解析】 【详解】A.根据理想变压器原副线圈两端的电压与匝数成正比得1122U n U n =，所以有：221110000V n U U n ==，发电机的输出功率为100kW ，所以有21100kW P P ==，输电线中电流为22210A P I U ==，故选项A 错误； B.输电线上的电压损失2400V U I r ='=，故选项B 错误；C.输电导线上损失的电功率为224000W P I r ='=，故选项C 正确；D.可得329600V U U U ='=-，降压变压器原、副线圈的匝数比是334448011n U n U ==，故选项D 错误．二、多选题（每题4分，共16分。
2020-2021学年湖北省长阳一中高二上学期期中考试物理试题 Word版
长阳一中2020—2021学年第一学期期中考试高二物理试题考试时间：90分钟试卷总分：100分一、选择题( 每小题4分，共48分，1—8题为单项选择，9—12题为多项选择，全对的得4分，选不全的得2分，有选错的得0分。
)1．关于磁感应强度，下列说法正确的是( )A．一小段通电导线放在磁感应强度不为零的位置，那么它受到的磁场力可能为零B．通电导线所受的磁场力为零，该处的磁感应强度也一定为零C．放置在磁场中1 m长的通电导线，通过1 A的电流，受到的磁场力为1 N，则该处的磁感应强度就是 1 TD．磁场中某处的磁感应强度的方向跟电流在该处受到的磁场力F的方向相同2．图中虚线框内是一个非纯电阻电路，测得它的两端点a，b之间的电阻是R，在a，b之间加上电压U，测得流过这电路的电流为I，则未知电路的电功率一定是( )A．I2R B．U2/R C．UI D．I2R+UI3．质子（11H）和a粒子（42He）均垂直于磁场方向射入同一匀强磁场，图中1和2分别是质子和a粒子运动的轨迹，则关于两粒子的运动半径r，运动速率v，运动周期T，在磁场（矩形区域）内运动时间t的关系正确的有（）A．r1=r2B．v1=v2C．T1=T2D．t1=2t24．如图AC是一段以O为圆心，R为半径的四分之一圆弧导线，将其放置在与平面AOC垂直的磁感应强度为B的匀强磁场中。
当在该导线中通以由C到A，大小为I的恒定电流时，该导线受到的安培力的大小和方向是（）A．BIR，平行于OC向右B．BIR，平行于OC向左C．，垂直AC的连线指向左下方D．，垂直AC的连线指向右上方5．如图所示，质量为m的带电绝缘小球(可视为质点)用长为l的绝缘细线悬挂于O点，在悬点O下方有匀强磁场．现把小球拉离平衡位置后从A点由静止释放，小球从A 点和D点向最低点运动，则下列说法中正确的是（）A．小球两次到达C点时，速度大小不相等B．小球两次到达C点时，细线的拉力不相等C．小球两次到达C点时，加速度不相同D．小球从A至C的过程中，机械能不守恒6．如图所示，长直导线P、Q垂直于纸面平行放置，分别通以相反方向的恒定电流，大小为I1、I2，此时两导线连接中点O处的磁感应强度大小为B1，若将Q导线中电流大小不变，方向反向，则O点处的磁感应强度大小为B2，且B1、B2方向相同，则直导线P中电流在O点处产生的磁场磁感应强度大小为（）A．(B1+B2)/2 B．(B1-B2)/2C．B1-B2 D．(B1+B2)/47．如图所示，把两相同的电灯分别接成甲、乙两种电路，甲电路所加的电压为8V，乙电路所加的电压为14V。
湖北省长阳县第一高级中学高中自主招生考试 物理模拟试题
湖北省长阳县第一高级中学高中自主招生考试物理模拟试题一、选择题1．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，忽略温度对小灯泡电阻的影响。
当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是（）A．电流表示数变小、电压表示数增大B．小灯泡亮度不变，电流表示数不变C．电流表示数变小，电路消耗的总功率不变D．电压表示数不变，变阻器消耗的功率变小2．汽车装有安全带未系提示系统，当乘客坐在副驾驶座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起，蜂鸣器工作；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，蜂鸣器不工作．图设计的电路图正确的是A．B．C．D．3．电动平衡车是现代人用来作为代步工具、休闲娱乐的一种新型的绿色环保产物。
如图所示，当人驾驶平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（）A．平衡车处于非平衡状态B．人对平衡车的压力和地面对平衡车的支持力是一对相互作用力C．平衡车所受的重力与地面对平衡车的支持力是一对平衡力D．人所受的重力与平衡车对人的支持力是一对平衡力4．如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上面，在水平拉力F作用下二者一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列判断分析中正确的是（）A．木块m受到方向水平向左的摩擦力B．木块m受到方向水平向右的摩擦力C．水平拉力F和木块M受到地面的摩擦力大小相等D．木块M受到的重力和地面对木块M的支持力是一对平衡力5．一个灵敏电流表G的内阻为R g，其满偏电流为I g（所能测量的最大电流），如果要将其改装成量程为nI g的电流表，下列改装方法正确的是（）A．串联一个阻值为nR g的电阻B．串联一个阻值为(n-1)R g的电阻C．并联一个阻值为1nR g的电阻D．并联一个阻值为1-1nR g的电阻6．以下事例与物理知识对应的是（）A．高压锅的原理﹣﹣﹣沸点与气压的关系B．用验钞机检验人民币的真伪﹣﹣﹣利用红外线使荧光物质发光C．吹电风扇感到凉爽﹣﹣﹣风扇转动降低了室温D．运动员打鼓用的力越大，鼓声越高﹣﹣﹣振幅越大，音调越高7．下列数据中，最接近生活实际的是（）A．人体正常体温约为 42℃B．泰山山顶上的大气压约为1.8×105PaC．一支新 2B 铅笔的长度约为 50cmD．一位普通初中生的质量约为 50kg8．关于声现象，下列说法正确的是（）A．只要物体振动，人们就能听到声音B．人们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音调不同C．学校周边“禁止鸣笛”，是在声源处控制噪声D．人们利用超声检测锅炉是否有裂纹，说明声音可以传递能量9．中国空军中个头最大，被称为“胖妞”的Y-20运输机，其起飞质量能达220t，航程大于7800km，曾在2020年2月13日驰援武汉，运送了大量医疗物资，如图所示。
湖北省宜昌市长阳县第一高级中学2019-2020学年高二上学期入学考试物理试题
湖北省宜昌市长阳县第一高级中学2019-2020学年高二上学期入学考试物理试题一、单选题1. 关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是( )A．开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D．开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律2. 如图所示，某物体沿光滑圆弧轨道由最高点滑到最低点的过程中，物体的速率逐渐增大，则()A．物体的合力为零B．物体的合力大小不变，方向始终指向圆心OC．物体的合力就是向心力D．物体的合力方向始终与其运动方向不垂直(最低点除外)3. 如图所示，水平的木板B托着木块A一起在竖直平面内做匀速圆周运动，从图示水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中（）A．B对A的支持力越来越大B．B对A的支持力不变C．B对A的摩擦力越来越大D．B对A的摩擦力越来越小4. 若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2：，已知该行星质量约为地球的 7 倍，地球的半径为R。
由此可知，该行星的半径约为（）A．B．C．D．5. 如图所示，圆盘上叠放着两个物块A和B。
当圆盘和物块绕竖直轴匀速转动时，物块与圆盘始终保持相对静止，则（）A．A物块不受摩擦力作用B．物块B可能受4个力作用C．当转速增大时，A受摩擦力增大，B所受摩擦力也增大D．A对B的摩擦力方向沿半径指向转轴6. 如图所示，一架在2000m高空以200m/s的速度水平匀速飞行的轰炸机，要想用两枚炸弹分别炸山脚和山顶的目标A和B，已知山高720m，山脚与山顶的水平距离为1000m，若不计空气阻力，g取10m/s2，则投弹的时间间隔应为 ( )A．4sB．5s C．9s D．16s二、多选题7. 物体做自由落体运动，以下有关其相对于地面的重力势能与下落速度的关系图，正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．8. 、为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星、做匀速圆周运动，图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a ，横坐标表示物体到行星中心的距离r 的平方，两条曲线分别表示、周围的a 与r 2的反比关系，它们左端点横坐标相同，则A ．的平均密度比的大B ．的第一宇宙速度比的小C ．的向心加速度比的大D ．的公转周期比的大9. 如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l。
湖北省宜昌市长阳一中高二物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二〔上〕期末物理试卷一、选择题〔每一小题5分，共50分．其中1-6题为单项选择题，7-10题为多项选择题，选对选全得5分，选对不选全得3分，有选错的得0分．〕1．如下列图，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．如下关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的答案是〔〕A．O点的电场强度为零，电势最高B．O点的电场强度为零，电势最低C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低2．如下列图，A、B、C是等边三角形的三个顶点，O是A、B连线的中点．以O为坐标原点，A、B连线为x轴，O、C连线为y轴，建立坐标系．过A、B、C、O四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流．如此过O点的通电直导线所受安培力的方向为〔〕A．沿y轴正方向 B．沿y轴负方向 C．沿x轴正方向 D．沿x轴负方向3．a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星．其中a、c的轨道相交于P，b、d在同一个圆轨道上，b、c轨道在同一平面上．某时刻四颗卫星的运行方向与位置如图示．如下说法中正确的答案是〔〕A．a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度B．b、c的角速度大小相等，且小于a的角速度C．a、c的线速度大小相等，且小于d的线速度D．a、c存在在P点相撞危险4．如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如下列图的电路．假设将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，如下表述正确的答案是〔〕A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大5．在水平面上有一个小物块质量为m，从某点给它一个初速度，沿水平面做匀减速直线运动，经过A，B，C三点到O点速度为零．A，B，C三点到O点距离分别为s1、s2、s3时间分别为t1、t2、t3如下结论正确的答案是〔〕A． ==B．＜＜C． ==D．＜＜6．如下列图，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M、N〔重力忽略不计〕以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示．M是带正电的带电粒子．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子M的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小7．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的．将新电池装在手电筒中，使用较长时间后，当手电筒的小灯泡只能发出微弱的光而不能正常使用时，把电池取出来，用电压表测其两端电压，电压表示数略小于1.5V．把这节旧电池装在台式电子钟内仍能使电子钟正常工作．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．旧电池的电动势比新电池的电动势小了许多B．旧电池的内电阻比新电池的内电阻大很多C．台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小D．台式电子钟正常工作时的电流一定比手电筒正常工作时的电流小8．在如下列图的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡〔其灯丝电阻可视为不变〕，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．假设将照射R3的光的强度减弱，如此〔〕A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源内阻的电压变大9．如下列图，水平放置的U形框架上接一个阻值为R0的电阻，放在垂直纸面向里的，磁感应强度大小为B的匀强磁场中，一个半径为L，质量为m的半圆形硬导体AC在水平向右的恒定拉力F作用下，由静止开始运动距离d后速度达到v，半圆形硬导体AC的电阻为r，其余电阻不计，如下说法正确的答案是〔〕A．此时AC两端电压为U AC=2BLvB．此时AC两端电压为U AC=C．此过程中电路产生的电热为Q=Fd﹣D．此过程中通过电阻R0的电荷量为q=10．如下列图，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场〔实线为电场线〕，有一个带正电小球〔电量为+q，质量为m〕从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，那么，带电小球可能沿直线通过如下的哪些电磁混合场〔〕A．B．C．D．二、实验题〔11题6分，12题10分，共16分〕11．2013年12月14日晚上9点14分左右嫦娥三号月球探测器平稳降落在月球虹湾，并在4分钟后展开太阳能电池帆板．这是中国航天器第一次在地外天体成功软着陆，中国成为继美国、前苏联之后第三个实现月面软着陆的国家．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时〔没有储存电能〕的I﹣U特性．所用的器材包括：太阳能电池，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关S与导线假设干．〔1〕为了达到上述目的，应选用图1中的哪个电路图：〔填“甲〞或“乙〞〕．〔2〕该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图2所示的I﹣U图象．由图可知，当电压小于2.0V时，太阳能电池的电阻〔填“很大〞或“很小〞〕；当电压为2.8V时，太阳能电池的电阻约为Ω．〔保存两位有效数字〕12．在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有如下器材：A．干电池E〔电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0Ω〕B．电压表V〔0～15V〕C．电流表A〔0～0.6A、内阻0.1Ω〕D．电流表G〔满偏电流3mA、内阻R g=10Ω〕E．滑动变阻器R1〔0～10Ω、10A〕F．滑动变阻器R2〔0～100Ω、1A〕G．定值电阻R3=990ΩH．开关、导线假设干〔1〕为了方便且能较准确地进展测量，其中应选用的滑动变阻器是〔填写“R1〞或“R2〞〕；〔2〕请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号〔3〕图示为某一同学根据他设计的实验，绘出的I1﹣I2图线〔I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数〕，由图线可求得被测电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．三、计算题〔8分+10分+12分+14分=44分〕13．一种测量血管中血流速度的仪器原理如下列图，在动脉血管两侧分别安装电极并加有磁场．设血管直径是2.0mm，磁场的磁感应强度为0.080T，电压表测出的电压为0.10mV，求血流速度的大小．14．如图甲所示，热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0，电容器板长和板间距离均为L=10cm，下极板接地，电容器右端到荧光屏的距离也是L=10cm，在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示．〔每个电子穿过平行板的时间都极短，可以认为电压是不变的〕求：〔1〕在t=0.06s时刻进入电容器中的电子，经电容器中的电场偏转后的侧移量y；〔2〕电容器上的电压多大时，电子恰从电容器极板右端边缘射出，此种情形下电子打到荧光屏上距图中荧光屏上的O点的距离是多大？15．如下列图，一质量为m=1kg的可视为质点的滑块，放在光滑的水平平台上，平台的左端与水平传送带相接，传送带以v=2m/s的速度沿顺时针方向匀速转动〔传送带不打滑〕，现将滑块缓慢向右压缩轻弹簧，轻弹簧的原长小于平台的长度，滑块静止时弹簧的弹性势能为E P=4.5J，假设突然释放滑块，滑块向左滑上传送带．滑块与传送带的动摩擦因数为μ=0.2，传送带足够长，g=10m/s2．求：〔1〕滑块第一次从滑上传送带到离开传送带所经历的时间；〔2〕滑块第一次从滑上传送带到离开传送带由于摩擦产生的热量．16．如下列图，在半径为R=的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B，圆形区域右侧有一竖直感光板，从圆弧顶点P以速率v0的带正电粒子平行于纸面进入磁场，粒子的质量为m，电量为q，粒子重力不计．〔1〕假设粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；〔2〕假设粒子对准圆心射入，且速率为v0，求它打到感光板上时速度的垂直分量；〔3〕假设粒子以速度v0从P点以任意角入射，试证明它离开磁场后均垂直打在感光板上．2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔每一小题5分，共50分．其中1-6题为单项选择题，7-10题为多项选择题，选对选全得5分，选对不选全得3分，有选错的得0分．〕1．如下列图，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．如下关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的答案是〔〕A．O点的电场强度为零，电势最高B．O点的电场强度为零，电势最低C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】圆环上均匀分布着负电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x轴上电场强度的方向，即可判断电势的上下．【解答】解：AB、圆环上均匀分布着负电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向左，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O点的电势最低，故A错误，B正确；CD、O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．x轴上电场强度方向向左，电势升高，故C错误，D错误．应当选：B．【点评】解决此题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．2．如下列图，A、B、C是等边三角形的三个顶点，O是A、B连线的中点．以O为坐标原点，A、B连线为x轴，O、C连线为y轴，建立坐标系．过A、B、C、O四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等、方向向里的电流．如此过O点的通电直导线所受安培力的方向为〔〕A．沿y轴正方向 B．沿y轴负方向 C．沿x轴正方向 D．沿x轴负方向【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；左手定如此．【分析】通电导线在磁场中受到安培力，方向是由左手定如此可确定，而通电导线与通电导线间的安培力由通电导线周围存在磁场是由安培定如此来确定，如此对放入其中的通电导线有安培力作用，从而由安培力的叠加可确定其方向．【解答】解：等边三角形的三个顶点A、B、C处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流．由安培定如此可得：导线A、B的电流在O处的合磁场为零，如此只有在C处的电流产生磁场对O点通电导线有安培力作用．再由左手定如此可得：安培力的方向是与AB边垂直，沿着y轴的正方向．故A正确，BCD 错误；应当选：A【点评】从题中可得这一规律：通电导线的电流方向一样时，如此两导线相互吸引；当通电导线的电流方向相反时，如此两导线相互排斥．3．a、b、c、d是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星．其中a、c的轨道相交于P，b、d在同一个圆轨道上，b、c轨道在同一平面上．某时刻四颗卫星的运行方向与位置如图示．如下说法中正确的答案是〔〕A．a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度B．b、c的角速度大小相等，且小于a的角速度C．a、c的线速度大小相等，且小于d的线速度D．a、c存在在P点相撞危险【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进展讨论即可．【解答】解：A、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=GF向=m=mω2r=m〔〕2r因而G=m=mω2r=m〔〕2r=ma解得①ω=②a=③A、a、c两颗卫星的轨道半径一样，且小于b卫星的轨道半径，根据③式，a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度，故A正确；B、b、c两颗卫星的轨道半径不一样，根据②式，其角速度不等，故B错误；C、a、c两颗卫星的轨道半径一样，且小于d卫星的轨道半径，根据①式，a、c的线速度大小相等，且大于d的线速度，故C错误；D、a、c两颗卫星相交，故轨道半径一样，根据①式，它们的线速度相等，故永远不会相撞，故D错误；应当选：A．【点评】此题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度和加速度的表达式，再进展讨论；除向心力外，线速度、角速度、周期和加速度均与卫星的质量无关，只与轨道半径有关．4．如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如下列图的电路．假设将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，如下表述正确的答案是〔〕A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向．此题利用“楞次定律的第二描述〞求解将更为简便．【解答】解：A、B：当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁通量增加方向向下，所以B错误；根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，A错误．C、再根据微元法将线圈a无线分割根据左手定如此不难判断出线圈a应有收缩的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因〞，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势，C错误；D、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用“等效法〞，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a对水平桌面的压力将增大，所以D正确．应当选D．【点评】首先应掌握楞次定律的根本应用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在电磁感应现象中得出的必然结果．一般在解决有关相对运动类问题时用楞次定律的第二描述将会非常简便．5．在水平面上有一个小物块质量为m，从某点给它一个初速度，沿水平面做匀减速直线运动，经过A，B，C三点到O点速度为零．A，B，C三点到O点距离分别为s1、s2、s3时间分别为t1、t2、t3如下结论正确的答案是〔〕A． ==B．＜＜C． ==D．＜＜【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确．【解答】解：反过来看，小球从0开始做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可知，s=at2．故a=2，故位移与时间平方的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故C正确．应当选：C【点评】虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验．6．如下列图，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面．两个带电粒子M、N〔重力忽略不计〕以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示．M是带正电的带电粒子．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子M的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧．同时注意电场线和等势线垂直，说明电场沿水平方向，正电荷沿轨迹MPN运动，如此电场力一定水平向右，从而确定了电场的方向．【解答】解：A、电场线和等势线垂直，所以电场沿水平方向，从正电荷M的轨迹MPN可知，电场力水平向右，故电场的方向水平向右．N电荷受电场力方向指向其轨迹内侧，故受电场力水平向左，所以N带负电，故A错误．B、电场线水平向右，沿电场线电势降低，所以a点的电势高于b点的电势，而两点的场强大小相等．故B错误；C、D电场力对N粒子做正功，其电势能减小，动能增加，故C错误，D正确；应当选：D．【点评】此题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧．7．有一种手电筒和台式电子钟都是使用1节干电池工作的．将新电池装在手电筒中，使用较长时间后，当手电筒的小灯泡只能发出微弱的光而不能正常使用时，把电池取出来，用电压表测其两端电压，电压表示数略小于1.5V．把这节旧电池装在台式电子钟内仍能使电子钟正常工作．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．旧电池的电动势比新电池的电动势小了许多B．旧电池的内电阻比新电池的内电阻大很多C．台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小D．台式电子钟正常工作时的电流一定比手电筒正常工作时的电流小【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的电动势可通过电压表测量，即电源未接入电路时，电压表读数．电池使用较长时间，导致内电阻增大，而输出电压的上下是由与其串联的电阻决定，当电阻大于内阻，如此输出电压较大；假设电阻小于内阻，如此输出电压较小．【解答】解：A、一节干电池的电动势应该为1.5V，现在直接通过电压表示数略小于1.5V，可知，电动势几乎不变，故A错误；B、一节干电池已经用了较长时间，使用时小灯泡只能发出很微弱的光，除电动势降低之外，电池的内阻增大，假设比灯泡的电阻还大，如此输出电压很小．故B正确；C、台式电子钟能正常工作是由于它的内阻比电池的内阻大得多，所以输出电压较高，从而能工作，所以台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压大，故C错误；D、由于电子钟的电阻较大，所以正常工作的电流较小，故D正确；应当选BD【点评】考查电源的电动势的概念，与电池用久后电阻会增大，并掌握不同的外电阻，输出电压不同．理解闭合电路的欧姆定律．8．在如下列图的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡〔其灯丝电阻可视为不变〕，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．假设将照射R3的光的强度减弱，如此〔〕A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源内阻的电压变大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，如此由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联局部电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．【解答】解：A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，故A错误；B、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B正确；C、因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路局部电压增大；如此流过R2的电流增大，故CD错误；应当选：B．【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进展；分析内电路主要根据总电流与内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．9．如下列图，水平放置的U形框架上接一个阻值为R0的电阻，放在垂直纸面向里的，磁感应强度大小为B的匀强磁场中，一个半径为L，质量为m的半圆形硬导体AC在水平向右的恒定拉力F作用下，由静止开始运动距离d后速度达到v，半圆形硬导体AC的电阻为r，其余电阻不计，如下说法正确的答案是〔〕A．此时AC两端电压为U AC=2BLvB．此时AC两端电压为U AC=C．此过程中电路产生的电热为Q=Fd﹣D．此过程中通过电阻R0的电荷量为q=【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】图中半圆形硬导体AB有效切割的长度等于半圆的直径2L，由公式E=Blv求解感应电动势的大小．AB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律求出，由焦耳定律求解产生的电热，根据电流表达式求解电荷量．【解答】解：A、B：导体AB有效切割的长度等于半圆的直径2L，半圆形导体AB切割磁感线产生感应电动势的大小为：E=B•2L•v=2BLvAB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得： =，故A错误，B正确；C、根据能量守恒定律可知：，得：Q=Fd﹣﹣W f，故C错误；D、根据电磁感应定律得：，根据电流定义式：i=，解得：q==，故D正确；应当选：BD【点评】此题要理解并掌握感应电动势公式，公式E=BLv中，L是有效的切割长度，即为与速度垂直的方向导体的长度．也可画出等效电路，来区分外电压和内电压．10．如下列图，虚线间空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场〔实线为电场线〕，有一个带正电小球〔电量为+q，质量为m〕从正交或平行的电磁混合场上方的某一高度自由落下，那么，带电小球可能沿直线通过如下的哪些电磁混合场〔〕A．B．C．D．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】当粒子不受洛伦兹力或者三力平衡时物体有可能沿着直线通过电磁场区域．【解答】解：A、小球受重力、向左的电场力、向右的洛伦兹力，下降过程中速度一定变大，故洛伦兹力一定变化，不可能一直与电场力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲线运动，故A错误；B、小球受重力、向上的电场力、垂直向外的洛伦兹力，合力与速度一定不共线，故一定做曲线运动，故B错误；C、小球受重力、向左上方的电场力、水平向右的洛伦兹力，假设三力平衡，如此粒子做匀速直线运动，故C正确；D、粒子受向下的重力和向上的电场力，合力一定与速度共线，故粒子一定做直线运动，故D正确；应当选CD．【点评】此题关键在于洛伦兹力与速度垂直且与粒子速度方向垂直，要使粒子做直线运动，要么三力平衡，要么不受洛伦兹力．二、实验题〔11题6分，12题10分，共16分〕11．2013年12月14日晚上9点14分左右嫦娥三号月球探测器平稳降落在月球虹湾，并在4分钟后展开太阳能电池帆板．这是中国航天器第一次在地外天体成功软着陆，中国成为继美国、前苏联之后第三个实现月面软着陆的国家．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时〔没有储存电能〕的I﹣U特性．所用的器材包括：太阳能电池，电源E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，开关S与导线假设干．〔1〕为了达到上述目的，应选用图1中的哪个电路图：甲〔填“甲〞或“乙〞〕．〔2〕该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图2所示的I﹣U图象．由图可知，当电压小于2.0V时，太阳能电池的电阻很大〔填“很大〞或“很小〞〕；当电压为2.8V 时，太阳能电池的电阻约为 1.0×103Ω．〔保存两位有效数字〕【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题．【分析】〔1〕电压电流需从零开始连续变化，滑动变阻器应采用分压式接法，分析电路图选出所需实验电路．。
湖北省宜昌市长阳一中高二物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二〔上〕期中物理试卷一、单项选择题〔共6小题，每一小题5分，共30分，每一小题只有一项符合题目要求〕1．真空中有相距为r的两个点电荷A、B，它们之间相互作用的静电力为F，如果将A的带电量增加到原来的4倍，B的带电量不变，要使它们的静电力变为，如此它们的距离应当变为( )A．16r B．4r C．2r D．2r2．关于磁感应强度B，如下说法中正确的答案是( )A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力方向一致C．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，B值越大3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如下列图，A处点电荷带正电Q1，B处点电荷带负电Q2，且Q2＞Q1，另取可自由移动的点电荷Q3放在AB所在直线上，欲使整个系统处于平衡状态，如此( )A．Q3为负电荷，且放于A左方 B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方4．如下列图，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以( )A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度 D．使电流反向5．如下列图，在真空中有两个带正电的点电荷，分别置于M、N两点．M处正电荷的电荷量大于N处正电荷的电荷量，A、B为M、N连线的中垂线上的两点．现将一负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点，在此过程中，如下说法正确的答案是( )A．q的电势能逐渐减小B．q的电势能逐渐增大C．q的电势能先增大后减小D．q的电势能先减小后增大6．如下列图，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，如此电场强度的大小为( )A．200V/m B．200V/m C．100V/m D．100V/m二、多项选择题〔共4小题，每一小题5分，共20分，每一小题给出的选项中有多项符合题目要求，选对不全得3分，见错无分〕7．如下列图，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是( )A．电源的输出功率为4W B．电源的输出功率为2WC．电源的效率约为33.3% D．电源的效率约为67%8．如下列图，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，电动机线圈电阻R M=1Ω，如此如下说法中正确的答案是( )A．通过电动机的电流为10A B．电动机的输入功率为18WC．电动机的热功率为4W D．电动机的输出功率为16W9．平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是( )A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变10．如图，空间有垂直于xoy平面的匀强磁场．t=0的时刻，一电子以速度v0经过x轴上的A 点，方向沿x轴正方向．A点坐标为〔﹣0.5R，0〕，其中R为电子在磁场中做圆周运动的轨道半径．不计重力影响，如此( )A．电子经过y轴时，速度大小仍为v0B．电子在t=时，第一次经过y轴C．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，R〕D．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，﹣R〕三、实验题〔有2小题，共15分〕11．用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的器材有：A．电压表：0～3～15VB．电流表Ⓐ：0～0.6～3AC．滑动变阻器R1：〔总阻值20Ω〕D．滑动变阻器R2：〔总阻值100Ω〕E电键S和导线假设干．〔1〕滑动变阻器选用__________；〔填R1或R2〕〔2〕在图1虚线框中将电压表连入实验电路中如图；〔3〕在U﹣I图中已画出七组实验数据所对应的坐标点，请根据这些点做出U﹣I图线〔如图2〕并由图线求出：E=__________V，r=__________Ω．12．有一个电阻R x，其阻值大约在40Ω～50Ω之间，现要进一步准确地测量其电阻，需测量多组数据，手边现有器材如下：电源E〔电动势12V，内阻为0.5Ω〕；电压表〔0～3～15V，内阻约为10kΩ〕；电流表〔0～0.6～3A，内阻约为1Ω〕；滑动变阻器R1〔阻值0～10Ω，额定电流2A〕；滑动变阻器R2〔阻值0～1750Ω，额定电流0.3A〕；开关S和导线假设干．〔1〕电压表的量程应选__________，电流表的量程应选__________，滑动变阻器应选用__________．〔2〕在虚线方框内画出实验电路图．〔3〕在实物图1中完成其余连线使之成为完整的实验电路．四、计算题〔此题有4小题，共45分要有必要的文字说明和解答步骤，有数值计算的要注明单位〕13．如下列图，在匀强电场中，电荷量q=5.0×10﹣10C的正电荷由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做功都是3.0×10﹣8J．a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab=20cm，∠a=37°，∠c=90°，求：〔1〕a、b两点的电势差U ab；〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔2〕匀强电场的场强大小和方向．14．如下列图，两平行金属板带等量异号电荷，两板间距离为d，与水平方向成α角放置，一电量为+q、质量为m的带电小球恰沿水平直线从一板的端点向左运动到另一板的端点，求：〔1〕该电场的场强大小与小球运动的加速度大小〔2〕小球静止起从一板到达另一板所需时间．15．如下列图，质量为m=5×10﹣8kg的带电粒子以v0=2m/s的速度从水平放置的平行金属板A、B中央飞入电场，板长L=10cm，板间距离d=2cm，当A、B间加电压U AB=103 V时，带电粒子恰好沿直线穿过电场〔设此时A板电势高〕．求：〔1〕带电粒子的电性和所带电荷量；〔2〕A、B间所加电压在什么范围内带电粒子能从板间飞出？16．〔14分〕如下列图，在以坐标原点O为圆心，半径为R的半圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直于xOy平面向里．一带正电的粒子〔不计重力〕从O点沿y轴正方向以某一速度射人，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从P 点射出．〔1〕电场强度的大小和方向．〔2〕假设仅撤去磁场，带电粒子仍从O点以一样的速度射人，经时间恰从半圆形区域的边界射出，求粒子运动加速度大小〔3〕假设仅撤去电场，带电粒子仍从O点射入但速度为原来的4倍，求粒子在磁场中运动的时间．2015-2016学年湖北省宜昌市长阳一中高二〔上〕期中物理试卷一、单项选择题〔共6小题，每一小题5分，共30分，每一小题只有一项符合题目要求〕1．真空中有相距为r的两个点电荷A、B，它们之间相互作用的静电力为F，如果将A的带电量增加到原来的4倍，B的带电量不变，要使它们的静电力变为，如此它们的距离应当变为( )A．16r B．4r C．2r D．2r【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．【解答】解：当距离为r时有F=k①当距离变化后依据题意有=k②联立①②可得R=4r所以选B．【点评】正确理解库仑定律公式以与公式中各个物理量的含义是解此题关键，由于公式涉与物理量较多，因此常用两式相比的方法进展求解．2．关于磁感应强度B，如下说法中正确的答案是( )A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力方向一致C．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，B值越大【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力与电流元均无关．电流元所受磁场力是由左手定如此来确定，并根据磁感线的疏密来表示磁场的强弱【解答】解：AB、由安培力公式F=BIL，得B=，可知，磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况与安培力大小无关，故AB错误；C、当通电导线与磁场平行放置时，没有安培力，但不能肯定此处没有磁感应强度，故C错误；D、磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大，故D正确，应当选：D【点评】磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力与电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量与体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关3．两个可自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如下列图，A处点电荷带正电Q1，B处点电荷带负电Q2，且Q2＞Q1，另取可自由移动的点电荷Q3放在AB所在直线上，欲使整个系统处于平衡状态，如此( )A．Q3为负电荷，且放于A左方 B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为正电荷，且放于AB之间D．Q3为正电荷，且放于B右方【考点】库仑定律．【专题】定量思想；方程法；电场力与电势的性质专题．【分析】由于Q1带正电荷，Q2带负电荷，根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，要使整个系统处于平衡状态，对其Q3受力分析，去判断所处的位置．【解答】解：假设Q3放在Q1Q2之间，那么Q1对Q3的电场力和Q2对Q3的电场力方向一样，Q3不能处于平衡状态，所以假设不成立．设Q3所在位置与Q1的距离为r13，Q3所在位置与Q2的距离为r23，要能处于平衡状态，所以Q1对Q3的电场力大小等于Q2对Q3的电场力大小．即：=由于Q2＞Q1，所以r23＞r13，所以Q3位于Q1的左方．根据同种电荷排斥，异种电荷吸引，可判断Q3带负电．应当选：A．【点评】我们可以去尝试假设Q3带正电或负电，根据平衡条件求解它应该放在什么地方，能不能使整个系统处于平衡状态，不行再继续判断．4．如下列图，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以( )A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度 D．使电流反向【考点】安培力；共点力平衡的条件与其应用；左手定如此．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定如此来确定安培力的方向．【解答】解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定如此可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，如此安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场应当选：C．【点评】学会区分左手定如此与右手定如此，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．5．如下列图，在真空中有两个带正电的点电荷，分别置于M、N两点．M处正电荷的电荷量大于N处正电荷的电荷量，A、B为M、N连线的中垂线上的两点．现将一负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点，在此过程中，如下说法正确的答案是( )A．q的电势能逐渐减小B．q的电势能逐渐增大C．q的电势能先增大后减小D．q的电势能先减小后增大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】A、B为带正电的点电荷连线的中垂线上的两点，电场线从MN出发到无穷远终止，根据顺着电场线电势降低可知，A的电势高于B点的电势，将负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点，根据电场力做功的正负，判断其电势能的变化．【解答】解：由题分析可知，A的电势高于B点的电势，将负点电荷q由A点沿中垂线移动到B点的过程中，电场力一直做负功，电荷的电势能逐渐增大．应当选B【点评】此题关键是判断出AB间电势的上下．此题也可以根据推论：负电荷在电势低处电势能大来判断电势能的变化．6．如下列图，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，如此电场强度的大小为( )A．200V/m B．200V/m C．100V/m D．100V/m【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在x轴上找一电势为3V的点，将该点与B点连接，该连线为等势线，求出OB沿电场线方向上的距离，根据E=求出电场强度的大小．【解答】解：OA的中点C的电势为3V，将C点与B点连接，如图，电场线与等势线垂直，根据几何关系得，BC=2cm，如此OB沿电场线方向上的距离d=．所以电场强度E=．故A正确，B、C、D错误．应当选A．【点评】解决此题的关键知道电场线与等势线垂直，掌握匀强电场的电场强度大小与电势差的关系，即E=，注意d是沿电场线方向上的距离．二、多项选择题〔共4小题，每一小题5分，共20分，每一小题给出的选项中有多项符合题目要求，选对不全得3分，见错无分〕7．如下列图，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是( )A．电源的输出功率为4W B．电源的输出功率为2WC．电源的效率约为33.3% D．电源的效率约为67%【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图象读出电动势，求出内阻．由电阻R的U﹣I图象求出电阻R，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率．【解答】解：由a图线得到，电阻R==Ω=1Ω，由b图线得到，电源的电动势为E=3V，短路电流为I短=6A，内阻为r==Ω=0.5Ω，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为I==2A，路端电压为U=E﹣Ir=2V，如此电源的输出功率为P=UI=4W，电源的效率为η==≈67%．应当选：AD．【点评】此题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，其实两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率．8．如下列图，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，电动机线圈电阻R M=1Ω，如此如下说法中正确的答案是( )A．通过电动机的电流为10A B．电动机的输入功率为18WC．电动机的热功率为4W D．电动机的输出功率为16W【考点】电功、电功率．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，而R和r是纯电阻，可以对R和r，运用用欧姆定律求电路中的电流；电动机输入功率 P入=UI，发热功率P热=I2R M，输出功率P出=P﹣P热．根据功率关系求出电动机输出的功率．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I〔r+R〕解得：I==2A，故A错误；B、电动机的输入功率：P入=UI=10×2=20W，电动机的热功率：P热=I2R M=22×1=4W，电动机的输出功率：P出=P﹣P热=UI﹣I2R M=10×2﹣22×1=16W，故B错误，CD正确；应当选：CD【点评】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．9．平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以与电源连成如下列图的电路．闭合开关S，待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷．要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是( )A．只增大R1，其他不变B．只增大R2，其他不变C．只减小R3，其他不变D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变【考点】闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析．【专题】恒定电流专题．【分析】电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，电阻R2、R1串联，根据欧姆定律分析电阻R2的电压，来分析电容器电量的变化．只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增大．【解答】解：A、B电路稳定后，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，U2=，当R1减小或R2增大时，电容器的电压增大，电量增加．故A错误，B正确．C、电路稳定后，电阻R3上无电压，电容器的电压与R3的阻值无关．故C错误．D、只减小a、b两极板间的距离，电容增大，电压不变，电量增加．故D正确．应当选BD【点评】此题是电容器的动态变化分析问题，关键抓住不变量．电容不变，关键分析电压变化；电压不变，关键分析电容如何变化．10．如图，空间有垂直于xoy平面的匀强磁场．t=0的时刻，一电子以速度v0经过x轴上的A 点，方向沿x轴正方向．A点坐标为〔﹣0.5R，0〕，其中R为电子在磁场中做圆周运动的轨道半径．不计重力影响，如此( )A．电子经过y轴时，速度大小仍为v0B．电子在t=时，第一次经过y轴C．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，R〕D．电子第一次经过y轴的坐标为〔0，﹣R〕【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】由于电子做匀速圆周运动，故其过y轴的速度大小是不变的．由此知道A正确；又由数学几何知识，可以得到经过y轴上对应的坐标．可判定BC；由数学几何知识可以得到达到y轴这段的圆心角，由此可以求得运动时间，可判定D．【解答】解：A、由于电子做匀速圆周运动，自始至终速度都不变，故其过y轴的速度大小是不变的．速度大小仍为v0 故A正确B、由几何知识可知，AB段的圆心角为：sinθ==，知θ=，故其运动时间为：t=T=×=，故B正确；C、由左手定如此可以知道，电子往下偏做圆周运动，电子在磁场的运动轨迹如图：由数学几何知识可知：AC=O′A﹣O′C=R﹣=R，故电子第一次经过y轴的坐标为〔0，﹣R〕，故C错误D正确；应当选：ABD．【点评】此题重点是要画出运动轨迹图，其余就是以几何关系来分析坐标，圆心角，等问题了，带点例子在磁场中的运动很多时候都是数学的几何问题占重要地位，能不能画出轨迹，找到圆心，是这类题成败关键．三、实验题〔有2小题，共15分〕11．用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的器材有：A．电压表：0～3～15VB．电流表Ⓐ：0～0.6～3AC．滑动变阻器R1：〔总阻值20Ω〕D．滑动变阻器R2：〔总阻值100Ω〕E电键S和导线假设干．〔1〕滑动变阻器选用R1；〔填R1或R2〕〔2〕在图1虚线框中将电压表连入实验电路中如图；〔3〕在U﹣I图中已画出七组实验数据所对应的坐标点，请根据这些点做出U﹣I图线〔如图2〕并由图线求出：E=1.47V，r=0.75Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题．【分析】〔1〕为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器．〔2〕根据坐标系内描出的点作出图象．〔3〕根据图示图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：〔1〕为方便实验操作滑动变阻器应选择R1；〔2〕根据坐标系内描出的点作出图象如下列图：〔3〕由图示电源U﹣I图象可知，电源电动势：E=1.47V，电源内阻：r==≈0.75Ω；故答案为：〔1〕R1；〔2〕如下列图；〔3〕1.47；0.75．【点评】要掌握描点法作图的方向，会根据电源的U﹣I图象求电源的电动势与内阻．注意要结合公式理解图象的斜率与截距的含义．12．有一个电阻R x，其阻值大约在40Ω～50Ω之间，现要进一步准确地测量其电阻，需测量多组数据，手边现有器材如下：电源E〔电动势12V，内阻为0.5Ω〕；电压表〔0～3～15V，内阻约为10kΩ〕；电流表〔0～0.6～3A，内阻约为1Ω〕；滑动变阻器R1〔阻值0～10Ω，额定电流2A〕；滑动变阻器R2〔阻值0～1750Ω，额定电流0.3A〕；开关S和导线假设干．〔1〕电压表的量程应选0～15V，电流表的量程应选0～0.6A，滑动变阻器应选用R1．〔2〕在虚线方框内画出实验电路图．〔3〕在实物图1中完成其余连线使之成为完整的实验电路．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】此题的关键是首先根据电源电动势的大小选择电压表的量程，然后根据欧姆定律求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；题〔2〕的关键是根据与R v R A大小关系说明电流表应采用外接法，根据电流表能读数的最小电流和闭合电路欧姆定律求出电路中的最大电阻，说明滑动变阻器可以采用限流式或分压式．【解答】解：〔1〕由于电源的电动势为12V，所以电压表应选15V量程；根据I=可得，通过待测电阻的最大电流为：=0.3A，所以电流表应选0.6A的量程；根据闭合电路欧姆定律电路和电流表最小读数，可求出电路中需要的最大电阻为：R==Ω=60Ω，由于待测电阻电阻为40～50，所以滑动变阻器应用R1〔2〕由上面分析可知滑动变阻器可以采用限流式接法，也可以采用分压式接法，由于满足＜R v R A，所以电流表应用外接法，电路图如下列图：故答案为：〔1〕0～15V0～0.6AR1【点评】要通过电路的估算来选择电表的量程；注意伏安法测电阻时电流表内外接法的选择方法，以与变阻器采用分压式接法和限流式接法的选择原如此．四、计算题〔此题有4小题，共45分要有必要的文字说明和解答步骤，有数值计算的要注明单位〕13．如下列图，在匀强电场中，电荷量q=5.0×10﹣10C的正电荷由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做功都是3.0×10﹣8J．a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab=20cm，∠a=37°，∠c=90°，求：〔1〕a、b两点的电势差U ab；〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔2〕匀强电场的场强大小和方向．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据公式求解电势差，根据公式U=Ed求解电场强度．【解答】解：在匀强电场中，电荷量q=5.0×10﹣10C的正电荷，由a点移到b点，静电力做功都是3.0×10﹣8J，故a、b两点的电势差U ab为：==60V正电荷由a点移到b点和由a点移到c点静电力做功一样，故bc在等势面上，故电场强度方向垂直bc向右；根据公式U=Ed，电场强度为：E===375V/m方向沿ac垂直指向bc答：〔1〕a、b两点的电势差U ab为60V；〔2〕匀强电场的场强大小为375V/m，方向为沿ac垂直指向bc．【点评】此题关键是明确电势差的定义和匀强电场中电势差与电场强度的关系公式，根底题．14．如下列图，两平行金属板带等量异号电荷，两板间距离为d，与水平方向成α角放置，一电量为+q、质量为m的带电小球恰沿水平直线从一板的端点向左运动到另一板的端点，求：〔1〕该电场的场强大小与小球运动的加速度大小〔2〕小球静止起从一板到达另一板所需时间．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电粒子做的是直线运动，说明合力与速度在同一直线上，分析受力可知粒子受电场力的方向与其大小，由牛顿第二定律可得求出加速度的大小；由几何知识求解水平运动距离，然后结合运动学公式s=at2可以求解运动时间．【解答】解：〔1〕带电小球恰沿水平直线运动，故电场力和重力的合力在水平方向，由平行四边形定制可知F合=mgtanα；故小球运动的加速度大小a==gtanα；在竖直方向上合外力为零，故qE=，故电场的场强大小E=；〔2〕小球从一板到达另一板运动的距离s=①；小球由静止开始匀加速直线运动，即s=at2②；由①②可得：t=；答：〔1〕该电场的场强大小为；小球运动的加速度大小为gtanα；〔2〕小球静止起从一板到达另一板所需时间t=．【点评】此题的突破点在于粒子做直线运动，故应根据力与运动的关系确定出粒子的受力情况．15．如下列图，质量为m=5×10﹣8kg的带电粒子以v0=2m/s的速度从水平放置的平行金属板A、B中央飞入电场，板长L=10cm，板间距离d=2cm，当A、B间加电压U AB=103 V时，带电粒子恰好沿直线穿过电场〔设此时A板电势高〕．求：〔1〕带电粒子的电性和所带电荷量；〔2〕A、B间所加电压在什么范围内带电粒子能从板间飞出？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】〔1〕根据电场力等于重力，如此可确定电荷的电量与电性；〔2〕当电场力大于重力时，根据牛顿第二定律与运动学公式可求出对应的电压；当电场力小于重力时，同理可求出对应的电压．从而确定电压的范围．【解答】解：〔1〕当U AB=103 V时，粒子做直线运动，如此有：q=mg，。
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长阳一中2019—2020学年度第一学期开学考试
高二物理试卷
考试时间：90分钟试卷总分：100分
一：选择题（第1到第7题每题只有一个答案满足题目要求，第8题到第10题每题可能有多个正确答案。
请将你认为正确的答案填涂到答题卡上。
每小题4分，共40分）
1．关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是（）
A.开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律
B.开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律
C.开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因
D.开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律
2．如图所示，某物体沿1/4光滑圆弧轨道由最高点滑到最低点过程中，物体的速率逐渐增
大，则（）
A. 物体的合力为零
B. 物体的合力大小不变，方向始终指向圆心O
C. 物体的合力就是向心力
D. 物体的合力方向始终与其运动方向不垂直（最低点除外）
3．如图3所示，水平的木板B托着木块A一起在竖直平面内做匀速圆周运动，从水
平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中（）
A．B对A的支持力越来越大
B．B对A的支持力不变
C．B对A的摩擦力越来越大
D．B对A的摩擦力越来越小
4．若在某行星和地球上相对于各自水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为。
已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R，由此可知，该行星的半径为（）
A. B. C. 2R D.
5．如图所示，圆盘上叠放着两个物块A和B．当圆盘和物块绕竖直轴匀速转
动时，物块与圆盘始终保持相对静止，则（）
A．A物块不受摩擦力作用
B．物块B可能受4个力作用
C．当转速增大时，A受摩擦力增大，B所受摩擦力也增大
D．A对B的摩擦力方向沿半径指向转轴
6．如图所示，一架在2000m高空以200m/s的速度水平匀速飞行的轰炸机，
要想用两枚炸弹分别炸山脚和山顶的目标A和B。
已知山高720m，山脚与山顶的水平距离为1000m，若不计空气阻力，g取10m/s2，则投弹的时间间隔应为（）A．4s B．5s
C．9s D．16s
7．物体做自由落体运动，其相对于地面的重力势能与下落速度的关系如图7－4－12所示，其中正确的是( )
8．P1、P2为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星s1、s2做匀速圆周运动，图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a，横坐标表示物体到行星中心的距离r的平方，两条曲线分别表示P1、P2周围的a与r2的反比关系，它们左端点横坐标相同，则( )
A．P1的平均密度比P2的小
B．P1的第一宇宙速度比P2的大
C．s1的向心加速度比s2的大
D．s1的公转周期比s2的大
9．如图，两个质量均为m的小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l。
木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。
若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）
A．b一定比a先开始滑动
B． a、b所受的摩擦力始终相等
C．ω＝是b开始滑动的临界角速度
D．当ω＝时，a所受摩擦力的大小为kmg
10．一颗子弹以某一水平速度击中静止在光滑水平面上的木块，并从中穿出，对于这一过程，下列说法中正确的是（）
A．子弹减小的机械能等于木块增加的机械能
B．子弹和木块组成的系统机械能的损失量等于系统产生的热量
C．子弹减少的机械能等于木块增加的动能与木块增加的内能之和
D．子弹减少的动能等于木块增加的动能与子弹和木块增加的内能之和
二：实验题（第11题6分，12题9分，共15分）
11.某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图（a）所示：轻弹簧放置在光
滑水平桌面上，弹簧左端固定，又断与一物快接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与五块
连接。
向左推物快使弹簧压缩一段距离，由静止释放物快，通过测量和计算，可求得弹簧被
压缩后的弹性势能。
（1）试验中涉及到下列操作步骤：
①把纸带向左拉直
②松手释放物快
③接通打点计时器电源
④向左推物快使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量
上述步骤正确的操作顺序是__________（填
入代表步骤的序号）。
（2）图（b）中M和L纸带是分别把弹簧
压缩到不同位置后所得到的实际打点结果。
打点计时器所用交流电的频率为50Hz。
由
M纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的试验中物快脱离弹簧时的速度为_______m/s。
比
较两纸带可知，_________（填“M”或“L”）纸带对应的试验中弹簧被压缩后的弹性势能
大。
12. 用落体法验证机械能守恒定律的实验中：
（1）运动公式对实验条件的要求是_________，为此，所选择的纸带第1、2两点间的距离近___________
（2）若实验中所用重锤的质量m=1 kg，打点纸带如图所示，打点时间间隔为0.02 s，则记录B点时，速度v B=_________，重锤动能Ek=________，从开始下落起至B点重锤的重力势能减少量是________此可得出的结论是______
（3）根据纸带算出相关各点的速度v，量出下落距离h，则以v2/2为纵轴，以h为横轴画出的图象应
中的哪个____________
三：计算题（要有必要的过程表述和题目分析，对于解题不规范的要扣步骤分。
请将答案写在答题卡上对应的方框内。
4小题，共45分）
13.（10分）用长L=0.6m的绳系着装有m=0.5kg水的小桶，在竖直平面内做圆周
运动，成为“水流星”．（g=10m/s2）求：
（1）在最高点水不流出的最小速度为多少？
（2）若过最高点时速度为3m/s，此时水对桶底的压力为多大？
14 （10分）如图所示，宇航员站在某质量分布均匀的星球表面一斜坡上P点沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q，斜面倾角为α，已知星球半径为R，万有引力常量为G，求：
（1）该星球表面的重力加速度g
（2）该星球的密度ρ
（3）该星球的第一宇宙速度v
15．(10分)在真空环境内探测微粒在重力场中能量的简化装置如图所示。
P是一个微粒源，能持续水平向右发射质量相同、初速度不同的微粒。
高度为h的探测
屏AB竖直放置，离P点的水平距离为L，上端A与P点的高度差也
为h。
（1）若微粒打在探测屏AB的中点，求微粒在空中飞行的时间；
（2）求能被屏探测到的微粒的初速度范围；
（3）若打在探测屏A、B两点的微粒的动能相等，求L与h的关系。
16.（15分）如图，光滑固定斜面倾角为α，斜面底端固定有垂直斜面的挡板C，斜面顶端固定有光滑定滑轮.质量为m的物体A经一轻质弹簧与下方挡板
上的质量也为m的物体B相连，弹簧的劲度系数为k，A、B都
处于静止状态.一条不可伸长的轻绳绕过轻滑轮，一端连物体A，
另一端连一轻挂钩.开始时各段绳都处于伸直状态，A上方的一
段绳平行于斜面.现在挂钩上挂一质量为M的物体D并从静止状
态释放，已知它恰好能使B离开挡板但不继续上升.若让D带上正电荷q，同时在D运动的空间中加上方向竖直向下的匀强电场，电场强度的大小为E，仍从上述初始位置由静止状态释放D，则这次B刚离开挡板时D的速度大小是多少？已知重力加速度为g.
长阳一中2019-2020学年度秋季学期入学考试
高二物理参考答案
班级_________姓名______________分数___________
一、选择题：（每小题4分，共40分,。
1—7题每题只有一个答案满足题意；8—10每题有几个答案满足题意。
）
二．实验题（共15分）
11.(1)___ ④①③②___ (2)1.29 ___________; _____M______ 12. （1）打第一个点时重锤的初速度为零；2 mm （2）0. 59 m/s ；0.17 J ；0.17 J ；机械能守恒 （3）C
三、计算题 (共4小题，45分)。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，有数值计算的题目，答案中应明确写出数值和单位)
）
………………………………………………………）
）
…………………………………
（答案写在方框之外无效）
）打在中点的微粒①
②
点的微粒③
④
点的微粒初速度⑤
微粒初速度范围⑥
）由能量关系⑦
代入④、⑤式⑧
（答案写在方框之外无效）
16（15分）
解析试题分析：挂钩没有挂D时，A压缩弹簧，弹簧的压缩量为，对A有：，
；（3分）
挂钩挂上D后，B刚好离开挡板时弹簧的伸长量为x2，对B有，则，分）
该过程A沿斜面上升的距离和D下降的高度都是，且A、D的初速度、末速度都为零。
设该过程弹性势能的增量为ΔE，由系统机械能守恒有；（3将D带电后，D在电场中运动，电场力对D作正功，设B刚离开挡板时D的速度为υ，D下降＋x2过程系统能量守恒，
有：；（3分）
由以上四个方程消去，得：。
（2分）。