浙江省台州市联谊五校2018_2019学年高二物理上学期期中试题(含解析)

台州市联谊五校2018 学年第一学期高二期中考试
物理选考试卷
一、选择题
1.自然界的电、热和磁等现象都是互相联系的，好多物理学家为找寻它们之间的联系做出了
贡献。

以下说法不正确的是()
A.奥斯特发现了电流的磁效应，揭露了电现象和磁现象之间的联系
B.欧姆发现了欧姆定律，说了然热现象和电现象之间存在联系
C.法拉第发现了电磁感觉现象，揭露了磁现象和电现象之间的联系
D.楞次在剖析了很多实验事实后提出，感觉电流应拥有这样的方向，即感觉电流的磁场总要
阻拦惹起感觉电流的磁通量的变化
【答案】 B
【分析】
【详解】奥斯特发现了电流的磁效应，揭露了电现象和磁现象之间的联系，选项 A 正确；欧姆发现了欧姆定律，说了然流过导体的电流与导体两头的电压、导体的电阻之间的联系；焦
耳发现了焦耳定律，说了然热现象和电现象之间存在联系。

故 B 错误；法拉第发现了电磁感
应现象，揭露了磁现象和电现象之间的联系，选项 C 正确；楞次在剖析了很多实验事实后提出，感觉电流应拥有这样的方向，即感觉电流的磁场总要阻拦惹起感觉电流的磁通量的变化，
选项 D正确；本题选择不正确的选项，应选 B.
2. 相关电场强度的理解，下陈述法正确的选项
是()
A. 由可知，电场强度 E 跟放入的电荷q 所受的电场力成正比
B. 在电场中某点放入尝试电荷q，该点的场强为，取走 q 后，该点场强不变
C. 由可知，在离点电荷很近， r 靠近于零时，电场强度达无量大
D.沿电场线方向，场强必定愈来愈大
【答案】 B
【分析】
【详解】电场强度由电场自己决定，与电荷的电量以及所受的电场力没关，由可知，电场强度 E 等于电荷q 所受的电场力 F 与电量 q 的比值，选项 A 错误；在电场中某点放入尝试
电荷q，该点的场强为，取走q 后，该点场强不变，选项 B 正确；在离点电荷很近，r 接近于零时，电场强度的公式不再合用，选项C错误；沿电场线方向，场强不必定愈来愈
大，可能减小或不变，选项 D 错误；应选 B.
3. 在匀强磁场中某处P 放一个长度为L＝ 20 cm，通电电流I ＝ 1 A 的直导线，测得它遇到的最
大磁场力F＝ 1.0 N，现将该通电导线从磁场中撤走，则P 处磁感觉强度为()
A.0
B.0.2T
C.0.05T
D.5T
【答案】 D
【分析】
【详解】由题意，通电导线放入磁场中所受安培力最大，说明导线与磁场垂直，则有F=BIL 得：；磁感觉强度是由磁场自己决定的，与能否有电流没关，故将该通
电导线从磁场撤走，则P 处磁感觉强度保持不变。

故 D 正确。

应选D。

【点睛】解决本题重点要知道当通电导线垂直放入磁场中时，所受的安培力最大，掌握安培
力公式 F=BIL ，并知道安培力与磁感觉强度垂直．
4.两个放在绝缘架上的相同金属球相距 r ，球的半径比 r 小得多，带电量大小分别为 -q 和 3q，引力大小为 3F。

现将这两个金属球相接触，而后分开，仍放回原处，则它们之间的互相作用
力大小将变成（）
A.4F
B.2F
C. F
D.F
【答案】 D
【分析】
【详解】由库仑定律可得：；即；两电荷因为引力，则带异种电荷，
当两球接触后再分开均分总电量，故分开后两球的带电量为q；则库仑力F′==F，故 ABC 错误， D 正确；应选D。

5.如图为某一电场的电场线， M、 N、P 为电场线上的三个点， M、N 是同一电场线上两点，下
列判断正确的选项是（）
A. M 、N、 P 三点中 M点的场强最大
B. M 、N、 P 三点中 N点的电势最高
C. 负电荷在N 点的电势能大于在M点的电势能
D. 正电荷从M点自由开释，电荷将沿电场线运动到N 点
【答案】 C
【分析】
【详解】电场线的疏密反响了场的强弱，N 点处电场线最密，因此N 点场强最大，故 A 错误；顺着电场线的方向，电势降低，因此M点的电势最高，故 B 错误；依据E P=qφ，φM＞φP＞φN 可知，负电荷在N 点电势能大于在M点的电势能，故 C 正确；在M点静止开释，正电荷在电
场力的作用下运动，可是运动轨迹其实不是电场线，故 D 错误。

应选C。

【点睛】解答本题的重点是知道电场线的特色：电场线的疏密反响了场的强弱；顺着电场线
的方向，电势降低．判断电势能的大小也可经过电场力做功来判断：电场力做正功，电势能
减小，电场力做负功，电势能增添．
6.将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，对于线圈中产生
的感觉电动势和感觉电流，以下表述正确的选项是()
A.感觉电动势的大小与线圈的匝数没关
B.穿过线圈的磁通量越大，感觉电动势越大
C.穿过线圈的磁通量变化越快，感觉电动势越大
D.感觉电流产生的磁场方向与原磁场方向一直相同
【答案】 C
【分析】
试题剖析：解答本题应掌握感觉电动势取决于磁通量的变化快慢，与磁通量的变化及磁通量
没关．
解：由法拉第电磁感觉定律可知，感觉电动势E=n，即感觉电动势与线圈匝数相关故A
错误；同时可知，感觉电动势与磁通量的变化率相关，磁通量变化越快，感觉电动势越大，
故 C正确；
穿过线圈的磁通量大，但若所用的时间长，则电动势可能小，故 B 错误；
由楞次定律可知：感觉电流的磁场方向老是阻拦惹起感觉电流的磁通量的变化，故原磁通增
加，感觉电流的磁场与之反向，原磁通减小，感觉电流的磁场与原磁场方向相同，即“增反
减同”，故 D 错误；
应选 C．
【评论】感觉电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意划分磁通
量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间差别及联第．
视频
7.两相邻匀强磁场地区的磁感觉强度大小不一样、方向平行。

一速度方向与磁感觉强度方向垂
直的带电粒子（不计重力），从较强磁场地区进入到较弱磁场地区后，粒子的( )
A.轨道半径减小，角速度增大
B.轨道半径减小，角速度减小
C.轨道半径增大，角速度增大
D.轨道半径增大，角速度减小
【答案】 D
【分析】
解：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提升向心力，由牛顿第二定律有：
qvB=m，
解得： r=，
从较强磁场地区进入到较弱磁场地区后． B 减小，因此r增大．线速度、角速度的关系为：v= ωR 线速度v 不变，半径r 增大，因此角速度减小，故 D 正确，ABC错误．
应选： D．
【评论】本题考察了粒子在磁场中的运动，解答该题要明确洛伦兹力一直不做功，洛伦兹力
不过改变带电粒子的运动方向，应用牛顿第二定律、线速度与角速度的关系即可解题．视频
8.为静电除尘器除尘机理的表示图。

灰尘在电场中经过某种体制带电，在电场力的作用下向
集尘极迁徙并堆积，以达到除尘目的。

以下表述正确的选项是（）
A.抵达集尘极的灰尘带正电荷
B.电场方向由放电极指向集尘极
C.带电灰尘电势能愈来愈大
D.同一地点带电荷量越多的灰尘所受电场力越大
【答案】 D
【分析】
【详解】由图示可知，集尘机电势高，放电极电势低，放电极与集尘极间电场方向向左，即电
场方向由集尘极指向放电极，灰尘在电场力的作用下向集尘极迁徙，则知灰尘所受的电场
力向右，故抵达集尘极的灰尘带负电荷，故AB错误。

带电灰尘在电场力作用下向集尘极运动，电场力做正功，电势能减小，选项 C 错误；由F=Eq 可知，同一地点带电荷量越多的灰尘所受电场力越大，故 D 正确；应选D。

【点睛】本题考察运用剖析实质问题工作原理的能力，解题时，抓住灰尘的运动方向是打破
口，要求同学们娴熟掌握静电的防备与应用的详细实例．
9.以下图，平行板电容器与电动势为E′的直流电源 ( 内阻不计 ) 连结，下极板接地，静电
计所带电荷量极少，可被忽视．一带负电油滴被固定于电容器中的P 点．现将平行板电容器的下极板竖直向下挪动一小段距离，则说正确的选项是( )
A.平行板电容器的电容将变小
B.静电计指针张角变小
C.平行板电容器的电量不变
D.若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下挪动一小段距离，则带电油滴所受
电场力变小
【答案】 A
【分析】
【详解】依据知， d 增大，则电容减小。

故 A 正确。

静电计丈量的是电容器两头的电
势差，因为电容器一直与电源相连，则电势差不变，因此静电计指针张角不变。

故 B 错误。

电势差 U 不变，电容 C 减小，依据Q=CU可知平行板电容器的电量减小，选项 C 错误；电容器与电源断开，则电荷量Q 不变， d 改变，依据，知电场强度不变，则油滴所
受电场力不变。

故 D 错误。

应选A。

【点睛】本题是电容器的动向剖析问题，重点抓住不变量，当电容器与电源一直相连，则电
势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变，只改变两板间距离时，板间电场强度不变．
10. 以下图，长为2L的直导线折成边长相等、夹角为60°的 V 形，并置于与其所在平面相
垂直的匀强磁场中，磁感觉强度为B，当在该导线中通以电流强度为I 的电流时，该V 形通电导线遇到的安培力大小为()
A. 0
B. 0.5BIL
C.BIL
D. 2BIL
【答案】 C
【分析】
试题剖析：导线在磁场内有效长度为，故该V 形通电导线遇到安培力大小为
，选项 C正确，选项ABD错误。

考点：安培力
【名师点睛】由安培力公式进行计算，注意式中的应为等效长度，本题考察安培力的计算，熟记
公式，但要理解等效长度的意义。

视频
11. 如图为一种服务型机器人，其额定功率为48W. 额定工作电压为24V。

机器人的锂电池容
量为 20A·h.则机器人
A. 额定工作电流为20A C. 电池充满电后总电量为
B.充满电后最长工作时间为2h
D.以額定电流工作时毎秒耗费能量为20J
【答案】C
【分析】
A、由得：,A错误；
B、，，B 错误；
C、，C正确；
D、以额定电流工作时每秒耗费能量.
12.某实验小组用以下图的实验装置来考证楞次定律。

当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，经过电流计的感觉电流方向是
A.a→G→ b
B.先 a→ G→ b，后 b→ G→a
C.b→G→ a
D.先 b→ G→ a，后 a→ G→b
【答案】 D
【分析】
磁铁向下插入线圈，穿过线圈的磁场方向向下，磁通量增添，依据楞次定律可知，回路中产
生逆时针方向的电流，经过检流计的电流方向b→G→a．
磁铁向下串出线圈，穿过线圈的磁场方向向下，磁通量减小，依据楞次定律可知，回路中产
生顺时针方向的电流，经过检流计的电流方向a→G→b
13. 以下图，盘旋加快器是加快带电粒子的装置，设匀强磁场的磁感觉强度为B，D 形金属
盒的半径为R，狭缝间的距离为d，匀强电场间的加快电压为U，要增大带电粒子（电荷量为
q、质量为m，不计重力）射出时的动能，则以下方法中正确的选项是
A. 减小匀强电场间的加快电压U
B. 减小磁场的磁感觉强度B
C. 增大狭缝间的距离d
D. 增大 D 形金属盒的半径R
【答案】 D
【分析】
离子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得．则动能有：
E K= mv2=，由此可知：粒子的动能与加快的电压没关，狭缝间的距离没关，与磁感觉强
度大小和 D 形盒的半径相关，增大磁感觉强度和 D 形盒的半径，能够增添粒子的动能．故D 正确， ABC 错误．应选D．
点睛：解决本题的重点知道盘旋加快器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加快的电
压没关，与磁感觉强度大小和 D 形盒的半径相关．
14. 以下图，两根相距为l 的平行直导轨ab、cd，b、d 间连有一固定电阻R，导轨电阻可忽略不计． MN为放在 ab 和 cd 上的一导体杆，与ab 垂直，其电阻也为R．整个装置处于匀强磁
场中，磁感觉强度的大小为B，磁场方向垂直于导轨所在平面（指向图中纸面内）．现对MN施力使它沿导轨方向以速度v（如图）做匀速运动．令U表示 MN两头电压的大小，则（）
A.，流过固定电阻R的感觉电流由 b 到 d
B.，流过固定电阻R的感觉电流由 d 到 b
C.U=vBl ，流过固定电阻 R的感觉电流由 b 到 d
D.U=vBl ，流过固定电阻 R的感觉电流由 d 到 b
【答案】 A
【分析】
【详解】当运动时，相当于电源。

但其两边的电压是外电路的电压，假定导轨没电阻，
MN MN
两头的电压也就是电阻R两头的电压，电路中电动势为，MN的电阻相当于电源的内阻，
二者加起来为2R，则电阻上的电压为，再由右手定章，拇指指向速度方向，手心被磁场
穿过，四指指向即为电流方向，即由
N 到，那么流过电阻的就是由 b 到 d， A 正确．M
15. 在以下图电路中，A1与 A2是完整相同的灯泡，线圈L 的电阻能够忽视。

以下说法中正确的是（）
A.合上电键
B.合上电键
C.断开电键
D.断开电键S 接通电路时， A1先亮， A2后亮，最后相同亮S 接通电路时， A1和 A2一直相同亮
S 切断电路时， A2马上熄灭， A1过一会儿才熄灭S 切断电路时， A1和 A2都要过一会儿才熄灭
【答案】 D
【分析】
【详解】合上开关K 接通电路， A2马上亮，线圈对电流的增大有阻拦作用，因此经过A1的电流慢慢变大，最后两灯泡的电压相同大，因此相同亮。

故AB错误；断开开关K 切断电路时，经过 A2的本来的电流马上消逝，线圈对电流的减小有阻拦作用，因此经过A1的电流会慢慢变小，而且经过A2，因此两灯泡一同过一会儿熄灭，但经过A2的灯的电流方向与本来的方向相反。

故 C 错误、 D 正确。

应选D。

【点睛】解决本题的重点知道电感器对电流的变化有阻拦作用，当电流增大时，会阻拦电流
的增大，当电流减小时，会阻拦其减小．
16. 静电现象在自然界中广泛存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记录，《春秋纬·考
异邮》中有“玳瑁吸褚”之说，但以下不属于静电现象的是()
A.梳过头发的塑料梳子吸起纸屑
B.带电小球移至不带电金属球邻近，二者互相吸引
C.小线圈靠近通电线圈过程中，小线圈中产生电流
D.从干燥的地毯上走过，手遇到金属把手时有被电击的感觉
【答案】 C
【分析】
梳过头发的塑料梳子吸起纸屑，是因为梳子与头发摩擦起电，静电吸引轻小物体，故 A 属于静电现象，因此 A 错误；带电小球移至不带电金属球邻近，二者互相吸引，是因为先感觉起
电，而后静电作使劲，故 B 错误；小线圈靠近通电线圈过程中，信息安全中产生感觉电流是
电磁感觉现象，不是静电现象，因此 C 正确；从干燥的地毯走过，手遇到金属把手时有被电
击的感觉，是因为摩擦起电，因此D错误。

【考点】静电现象
【方法技巧】本题主假如识记静电现象，知道几种常有的起电方式：摩擦、接触、感觉，以
及电磁感觉现象
视频
二、实验题
17. 一个多用电表的电阻拦有三个倍率，分别是×1Ω，× 10Ω，× 100Ω .用× 10Ω 挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较正确地进行丈量，应换到
______挡．假如换挡后马上用表笔连结待测电阻进行读数，那么缺乏的步骤是______，若补上该步骤后丈量，表盘的示数以以下图所示，则该电阻的电阻值是_____Ω .
【答案】(1).×100Ω(2).欧姆调零(3). 2.20×103
【分析】
表头指针偏转角度较小，说明倍率档选择的太小，则为了较正确地进行丈量，应换到× 100档。

假如换档后马上用表笔连结待测电阻进行读数，那么缺乏的步骤是从头进行欧姆调零；若补
上该步骤后丈量，表盘的示数如右图所示，则该电阻的阻值是14× 100=1400Ω 。

18. 为了较精准地丈量一节新电池的内阻，可用以下给定的器械和一些导线来达成实验，器械：
理想电压表V（量程 0～ 3V，），电流表A（拥有必定内阻，量程0～ 0.6A ，），定值电阻R0（ R0=1.50 Ω），
滑动变阻器R1（ 0～ 10Ω），
滑动变阻器R2（ 0～ 200Ω），开关S．
实验电路原理为图（a）
(1) 为方便调理且能较正确地进行丈量，滑动变阻器应采用______（填“R1”或“R2”）．
(2)用笔划线取代导线在图 (b) 中达成实物连结图 ________________ ．
(3)定值电阻 R0在电路中作用是 _____________ （只需求写出一点）
(4) 实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U-I 图线如图
（ c）所示，则干电池的电动势__________ V,干电池的内阻r=_________ Ω 。

（结果保存两
位有效数字）
【答案】(1).R1(2).(3).保护电路(4).
2.0(5). 1.0
【分析】
【详解】（ 1）为方便调理且能较正确地进行丈量，滑动变阻器应采用阻值较小的R1．
（ 2）实物连结图．
（3）定值电阻 R0在电路中作用是保护电路；
（4）依据图像可知，干电池的电动势 E=2.0V；干电池的内阻
19.为研究小灯泡 L 的伏安特征，连好图示的电路后闭合开关，经过挪动变阻器的滑片，使小
灯泡中的电流由零开始渐渐增大，直到小灯泡正常发光。

由电流表和电压表获得的多组读数描
述出的 U-I 图象应是
A. B.
C. D.
【答案】 C
【分析】
解：灯丝电阻随电压的增大而增大，在图象上某点到原点连线的斜率应愈来愈大，故ABD 错误， C 正确．
应选 C．
【评论】本题考察的恒定电流中的基础知识：U﹣ I 图象含义以及温度对电阻的影响．对于这
些基本知识要增强理解和应用．
三、计算题
20.以下图，匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直。

已知线圈的匝数
N=100，边长 ab="1.0" m、bc="0.5" m，电阻 r =2Ω 。

磁感觉强度 B 在0 ~1 s内从零均匀变化到0.2 T 。

在 1~5 s 内从 0.2 T 均匀变化到 -0.2 T，取垂直纸面向里为磁场的正方向。

求：
（1） 0.5s 时线圈内感觉电动势的大小E和感觉电流的方向；
（2）在 1~5s 内经过线圈的电荷量q；
（3）在 0~5s 内线圈产生的焦耳热Q。

【答案】（ 1）E=10V，感觉电流方向为a?d?c?b?a（2） q=10C（3） Q="100J"
【分析】
（ 1）要求解0.5s时的感觉电动势，只好经过求均匀感觉电动势着眼。

因为线圈与磁场方向
垂直的有效面积不变，不过磁感觉强度均匀变化，则0.5s的刹时感觉电动势正好与0 ~1 s 的均匀感觉电动势相等。

感觉电流的方向可依据楞次定律来进行判断即可。

（ 2）要剖析1~5s 的电荷量q，则只需依据求解即可；（3）因为磁场的变化分0 ~1 s
和 1 ~5 s 两个不一样的阶段，可从两阶段分别对线圈产生的焦耳热进行剖析，运用
即可求得。

（ 1）磁感觉强度 B 在 0 ~1 s内从零均匀变化到0.2 T ，故 0.5s 时辰的刹时感觉电动势的大
小和 0 ~1 s内的均匀感觉电动势大小相等。

则由感觉电动势：且磁通量的变
化量，可解得，代入数据得。

0 ~1 s磁感觉强
度在渐渐增大，依据楞次定律：感觉电流产生的磁场将与原磁场方向相反，则感觉电流的方
向为： a?d?c?b?a。

（ 2）同理可得：，感觉电流，电量
解得：, 代入数据得： q=10C。

（ 3） 0 ~1 s内的焦耳热，且
1~5 s内的焦耳热，由, 代入数据得：
【考点定位】法拉第电磁感觉定律、楞次定律、电荷量及焦耳热的综合。

注意分阶段考虑，
考察考生的剖析能力、推理能力等。

难度：中等。

视频
21. 以下图，A为粒子源，在 A 和极板 B 间的加快电压为U1，在两水平搁置的平行带电板C、D间的电压为U2，现设有质量为m，电荷量为q 的质子初速度为零，从 A 被加快电压U1加快后水平进入竖直方向的匀强电场，平行带电板的极板的长度为L，两板间的距离为d，不计带电
粒子的重力，求：
(1) 带电粒子在射出 B 板时的速度；
(2)带电粒子在 C、 D极板间运动的时间；
(3)带电粒子飞出 C、 D电场时在竖直方向上发生的位移y.
【答案】（ 1）（2）（3）
【分析】
试题剖析：（ 1）由动能定理得：W=qU1=
则
（ 2）离子在偏转电场中运动的时间t
L =
（ 3）设粒子在走开偏转电场时纵向偏移量为y
综合解得
考点：带电粒子在电场中的运动
【名师点睛】本题重点明确粒子的运动性质，对应直线加快过程，依据动能定理列式；对于
近似平抛运动过程，依据近似平抛运动的分运动公式列式求解；不难．
22. 以下图，直线 MN上方有磁感觉强度为 B 的匀强磁场，正负电子先后从同一点 O以与 MN 成 30°角的相同速度 v 射入磁场（电子质量为 m，电荷为 e）．求：它们从磁场中射出时出射点相距多远？射出的时间差是多少？
【答案】 (1)(2)
【分析】
【详解】（ 1）正、负电子在磁场中的盘旋轨迹以下图：电子在磁场中做匀速圆周运动，洛
伦兹力供给向心力，由牛顿第二定律得：evB=m ，
解得：，
由题意可知：θ=30°
如图可知，两粒子走开时距O点均为 R，因此出射点相距为： L=2r=；（ 2）电子在磁场中做圆周运动的周期：，
正电子的盘旋时间为：t 1= T，负电子的盘旋时间为： t 2= T
射出的时间差为：△ t=t-t
1=；
2
【点睛】带电粒子在电场中的运动重点在于由几何关系找出圆心和半径，再由洛伦兹力充任向心力及圆的性质可得出几何关系及转动时间。