电白一中2015届高三物理周三测试题(15)

高三物理周考试题十五.doc

高三物理周考试题十五一、本题共10小题：每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分。

1、玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上易碎，落在海绵垫上不易碎，这是因为茶杯与水泥地撞击过程中A ．茶杯的初动量较大B ．茶杯动量变化较大C ．茶杯所受冲量较大D ．茶杯动量变化率较大2、物体只在力F 作用下运动，力F 随时间变化的图像如图所示，在t ＝1s 时刻，物体的速度为零，则下列论述正确的是 A ．0～3s 内，力F 所做的功等于零，冲量也等于零 B ．1～4s 内，力F 所做的功等于零，冲量也等于零C ．第1s 内和第2s 内的速度方向相同，加速度方向相反D ．第3s 内和第4s 内的速度方向相反，加速度方向相同3、在高台跳水中，运动员从高台上向下跃起，在空中完成动作后，进入水中在浮力作用下做减速运动，速度减为零后返回水面．设运动员在空中运动过程为І，在进入水中做减速运动过程为ІІ．不计空气阻力和水的粘滞阻力，则运动员 A ．在过程І中，重力的冲量等于动量的改变量B ．在过程І中，重力冲量的大小与过程ІІ中浮力冲量的大小相等C ．在过程І中，每秒钟运动员动量的变化量相同D ．在过程І和在过程ІІ中动量变化的大小相等4、一底面带轮子的斜面体B (不计轮与轴之间的摩擦)，静止地放在光滑水平面上，一个小物块A 从斜面顶端无摩擦地自由滑下，在下滑的过程中A ．A 和B 组成的系统机械能守恒 B ．A 和B 组成的系统动量守恒C ．B 对A 的支持力不对A 做功D ．A 对B 的压力对B 做正功5、如图所示，水平地面上放着一个表面均光滑的凹槽，槽两端固定有两轻质弹簧，一弹性小球在两弹簧间往复运动，把槽、小球和弹簧视为一个系统，则在运动过程中： A ．系统的动量守恒，机械能不守恒 B ．系统的动量守恒，机械能守恒 C ．系统的动量不守恒，机械能守恒 D ．系统的动量不守恒，机械能不守恒6、炮弹的质量为m ，装好炮弹的大炮总质量为M ，炮弹出口时相对地面的速度为v ，炮弹与水平方向夹角为α，如果不考虑炮车与水平地面的摩擦，则射击时炮车的后退速度为 A ．mv/（M —m ） B ．mvcos α/M C ．mv/M D ．mvcos α/（M —m ）7、在光滑的水平面上，有两个静止的小车，车上各站着一个运动员，两车（包含负载的总质量均为M ）。

2015年高考理综试题物理部分含解析(缺选修 )WORD版

2015年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试（物理部分——缺选修）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、如图，两平行带电金属板水平放置，若在两板中间a 点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态，现将两板绕过a 点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a 点从静止释放一同样的微粒，该微粒将A 、保持静止状态B 、向左上方做匀加速运动C 、向正下方做匀加速运动D 、向左下方做匀加速运动14、答案：D 解析：未旋转金属板前，由平衡条件可知，电场力与重力等大反向；当金属板绕a 点逆时针旋转45度后，电场方向也逆时针旋转45度，因而电场力如图，与重力的合力方向沿左下方；故D 对15如图，直角三角形金属框abc 放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B ，方向平行于ab 边向上。

当金属框绕ab 边以角速度逆时针转动时，a 、b 、c 三点的电势分别为U a 、U b 、U c 。

已知bc 边的长度为l 。

下列判断正确的是（）A 、 U a >U c ，金属框中无电流B 、 U b >U c ，金属框中电流方向沿a-b-c-aEq=mgmgEq=mgC 、 U bc =ω221BI -，金属框中无电流 D 、 U bc =ω221BI ，金属框中电流方向沿a-b-c-a15、答案：C 解析：因线圈平面与磁场方向平行故转动时穿过线圈平面的磁通量为0，且不改变，故无感应电流，但bc 、ac 切割磁感线，故会产生感应电动势，由右手定则知c 端电势高，感应电动势E=2222l B l Bl Blv l ωω==,故U bc =－22l B ω．C 对16、由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。

广东省茂名市电白一中2015届高三物理上学期12月月考试卷(含解析)

广东省茂名市电白一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得4分，选错或不答的得0分．）1．（4分）在如图所示的各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）A．B．C．D．2．（4分）火车以10m/s的速度下坡，在下坡路上得到0.5m/s2的加速度，行驶到坡底端时速度增加到15m/s，则这段坡路的长度为（）A．325m B．125m C．100m D．50m3．（4分）如图为一物体作匀变速直线运动的速度图象，根据此图象说法中不正确的是（）A．物体始终沿正方向运动B．t=2s物体离出发点最远C．t=4s物体回到出发点D．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动4．（4分）如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是（）A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分．5．（6分）学校喷水池的水如图由喷水口向两旁水平喷出，若忽略空气阻力及水之间的相互作用，则（）A．水在空中做匀变速运动B．喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越近C．喷水口高度一定，喷水速度越大，水喷得越远D．喷水口高度一定，喷水速度越大，水在空中运动时间越长6．（6分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=7．（6分）2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．图示为美国宇航局最新公布的“火星大冲”的虚拟图．则有（）A．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度B．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度C．2004年8月29日，火星又回到了该位置D．2004年8月29日，火星还没有回到该位置8．（6分）一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用．若重力做功﹣3J，电场力做功1J，则小球的（）A．重力势能增加3J B．电势能增加1JC．动能减少3J D．机械能增加1J9．（6分）如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，实线为一带电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．该粒子带负电B．三个等势面中，a的电势最高C．带电粒子通过P点时的动能比通过Q点时小D．带电粒子通过P点时的加速度比通过Q点时大三、非选择题：本大题共5小题，共182分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）如图所示，螺旋测微器的读数为mm，游标卡尺的读数为mm．11．（6分）某探究学习小组探究牛顿第二定律中，探究质量一定时物体的加速度与合外力成正比，实验装置如图．①开始时，气垫导轨是不挂钩码置于水平桌面上的，（选填“不需要”或“需要”）垫高气垫导轨的右端以平衡滑块的摩擦力．②为了使滑块所受的合外力约等于钩码的重力，滑块的质量（选填“远大于”或“远小于”或“不需要远大于”）钩码的质量．③图是实验时所打一条纸带（每两点间还有4个点没有画出来），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率为50Hz．该匀变速直线运动的加速度大小为a=m/s2（保留3位有效数字）．12．（8分）有一电阻阻值约为20Ω，额定功率为7.2W，今欲测量出它的阻值，可供使用的器材如下A．量程为0﹣3A，内阻约为0.01Ω的电流表B．量程为0﹣0.6A，内阻约为2Ω的电流表C．量程为0﹣3V，内阻约为10KΩ的电压表D．量程为0﹣15V，内阻约为20KΩ的电压表E．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣20Ω，额定电流3AF．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣3KΩ，额定电流1AG．电动势为24V，内阻不计的电源H．电键及导线若干则电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选（以上各空均填选项前面的字母），电路连接时滑动变阻器和电流表应采用（选填“分压外接法”或“分压内接法”或“限流外接法”或“限流内接法”）．13．（18分）光滑水平面上放有如图11所示的用绝缘材料制成的“┙”型滑板（平面部分足够长），质量为2m，距滑板的A壁为L距离的B处放有一质量为m，电量为+q的大小不计的小物体，小物体与板面的摩擦不计，整个装置处于场强为E的匀强电场中，初始时刻，滑板与物体都静止，试求：（1）释放小物体，第一次与滑板A壁碰前小物体的速度多大？（2）若小物体与A壁碰后的速度为碰前的（方向向右），则小物体在第二次跟A壁碰撞前瞬时的速度为多大？14．（18分）如图所示，水平桌面的右端有一质量为m的物块B，用长为L的不可伸长的细线悬挂，B对水平桌面压力刚好为零，水平桌面离地面的高度为h=5m，另一质量为2m的物块A在距水平桌面的右端s=4m处以v o=5m/s的水平初速度向右运动，并与B发生弹性碰撞，已知A与桌面间的动摩擦因数为μ=0.2，物块均可视为质点，取g=10m/s2．（1）求A与B碰撞前的速度大小；（2）求碰撞后A的落地点与桌面右端的水平距离x；（3）A与B碰后，要物块B能绕O点在竖直平面内做圆周运动，则细线的长度L必须满足什么条件？广东省茂名市电白一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得4分，选错或不答的得0分．）1．（4分）在如图所示的各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．分析：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，两点的电场强度才相同．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，根据电场线的切线方向确定电场强度的方向．解答：解：A、甲图是非匀强电场，A、B两点到负电荷的距离相等，电场强度大小相等，但方向不相同，所以电场强度不相同，故A错误；B、乙图是非匀强电场，A处电场线较密，电场强度较大，A、B两点电场强度大小不等、方向相同，所以电场强度不相同，故B错误；C、丙图是匀强电场，A、B两点电场强度大小相等、方向相同，则电场强度相等，故C正确；D、丁图是非匀强电场，A、B两点电场强度大小不相等、方向不同，所以电场强度不相同，故D错误；故选：C点评：本题关键掌握电场线的物理意义：疏密表示场强的大小，切线表示场强的方向，进行判断即可．2．（4分）火车以10m/s的速度下坡，在下坡路上得到0.5m/s2的加速度，行驶到坡底端时速度增加到15m/s，则这段坡路的长度为（）A．325m B．125m C．100m D．50m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：火车做匀加速直线运动，已知初速度、末速度和加速度，根据速度位移关系公式列式求解位移．解答：解：火车做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：解得：x===125m故选：B．点评：本题关键是明确物体的运动规律，然后灵活选择运动学公式列式求解，基础题目．3．（4分）如图为一物体作匀变速直线运动的速度图象，根据此图象说法中不正确的是（）A．物体始终沿正方向运动B．t=2s物体离出发点最远C．t=4s物体回到出发点D．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度的方向由速度的正负号表示．由“面积”来研究物体的位移．通过分析物体的运动情况进行选择．解答：解；A、由图读出，在0﹣2s内物体的速度是负值，2﹣4s内速度是正值，说明物体0﹣2s内沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动．故A错误，D正确．B、由上分析可知，t=2s物体离出发点最远．故B正确．C、物体在前2s内向负方向运动，后2s内向正方向运动，而位移大小相等，则t=4s物体回到出发点．故C正确．本题选错误的，故选：A点评：运动图象是2015届高考考查的内容之一，关键从数学的角度理解图象的物理意义，常规题．4．（4分）如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是（）A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．专题：传送带专题．分析：物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，根据平衡条件来确定物体的受到摩擦力情况．解答：解：A、物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，在沿斜面方向有：mgsinθ=f，所以无论传送带向上或向下运动，A所受的摩擦力沿斜面向上，故ABC错误；D、对物体受力分析，受到重力和传送带对物体的作用力，所以传送带对物体A的作用力大小等于重力，方向竖直向上，所以无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同，故D正确．故选D点评：考查根据物体的运动状态来确定物体的受力情况，同时也可以由受力情况来确定物体的运动状态．二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分．5．（6分）学校喷水池的水如图由喷水口向两旁水平喷出，若忽略空气阻力及水之间的相互作用，则（）A．水在空中做匀变速运动B．喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越近C．喷水口高度一定，喷水速度越大，水喷得越远D．喷水口高度一定，喷水速度越大，水在空中运动时间越长考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：水从喷水口沿水平喷出后做平抛运动，根据平抛运动基本规律即可求解．解答：解：A、水从喷水口沿水平喷出后做平抛运动，只受重力作用，加速度为g，所以水在空中做匀变速运动，故A正确；B、根据h=得：t=，若喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越远，故B错误；C、喷水口高度一定，运动时间一定，根据x=v0t得：喷水速度越大，水喷得越远，故C正确，D错误；故选AC点评：本题考查了平抛运动的规律的直接应用，难度不大，属于基础题．6．（6分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以物资为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件研究的空气阻力F f 与重力mg的关系，求解悬索对物资的拉力F T．解答：解：以物资为研究对象，分析受力情况：重力mg、悬索对物资的拉力F T，空气阻力F f，力图如图：根据平衡条件得知：mg与F f的合力与F T大小相等，方向相反，如图．则有：F f=mgtanθF T=故选：BC点评：本题是实际的情景，实质是简单的物体平衡问题，分析受力、作出力图是关键．7．（6分）2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．图示为美国宇航局最新公布的“火星大冲”的虚拟图．则有（）A．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度B．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度C．2004年8月29日，火星又回到了该位置D．2004年8月29日，火星还没有回到该位置考点：万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力做匀速圆周运动，G=m=mω2r=m（）2r=ma，得线速度v=，得T=2π，分别解得各答案．解答：解：设轨道半径为r、太阳质量为M，因为地球和火星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力做匀速圆周运动，得：G=m=mω2r=m（）2r=ma解得线速度：v=，因为火星离太阳的距离远，所以线速度小，故A错误，B正确．根据万有引力提供向心力得：=解得：T=2π，因为火星离太阳的距离远，所以火星周期更大，即大于地球的公转周期一年，所以一年的时间火星还没有回到该位置，故C错误，D正确．故选：BD点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．8．（6分）一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用．若重力做功﹣3J，电场力做功1J，则小球的（）A．重力势能增加3J B．电势能增加1JC．动能减少3J D．机械能增加1J考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系；电势能．专题：动能定理的应用专题．分析：解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量．解答：解：A、重力做功等于重力势能的减小量，重力做功﹣3J，故重力势能增加3J，故A正确；B、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J；C、合力做功等于动能的增加量，合力做功等于各个分力做的功，总功为﹣2J，故动能减小2J，故C错误；D、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，只有电场力做功做功1J，故机械能增加1J，故D正确；故选AD．点评：功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．9．（6分）如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，实线为一带电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．该粒子带负电B．三个等势面中，a的电势最高C．带电粒子通过P点时的动能比通过Q点时小D．带电粒子通过P点时的加速度比通过Q点时大考点：电场线．分析：根据轨迹弯曲的方向可知，电场力的方向向下．由于题目没有说明带电粒子的电性，所以不能判断出电场线的方向；不能判断出a点电势最高；根据受力的方向与运动方向之间的关系，判断出电场力做功的正负，从而判断出电荷电势能和动能的变化；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强大，电场力大，加速度大．解答：解：A、电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向下；由于电场线方向未知，也不能判断出来，所以带电粒子的电性不能判断，故A错误．B、由于电场线的方向不能判断，所以不能判断出a点电势最高，故B错误；C、粒子受到的电场力的方向向下，若粒子从P运动到Q，电场力做正功，动能增大，知道P 点的动能小，故C正确；D、P处等势面密，电场线疏密，可确定出P点场强大，电场力大，加速度大，故D正确；故选：CD点评：该类题目中，首先根据轨迹弯曲的方向判断出粒子受力的方向是解题的关键．根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法．三、非选择题：本大题共5小题，共182分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）如图所示，螺旋测微器的读数为0.900mm，游标卡尺的读数为33.10mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，两种仪器读数时均可采用公式法，即：主尺读数+副尺读数．解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数0.5mm，可动刻度读数为0.01×40.0=0.400mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数为0.5+0.400=0.900mm．游标卡尺的主尺读数为33mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×2mm=0.10mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为33mm+0.10mm=33.10mm；故答案为：0.900 33.10点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．11．（6分）某探究学习小组探究牛顿第二定律中，探究质量一定时物体的加速度与合外力成正比，实验装置如图．①开始时，气垫导轨是不挂钩码置于水平桌面上的，不需要（选填“不需要”或“需要”）垫高气垫导轨的右端以平衡滑块的摩擦力．②为了使滑块所受的合外力约等于钩码的重力，滑块的质量远大于（选填“远大于”或“远小于”或“不需要远大于”）钩码的质量．③图是实验时所打一条纸带（每两点间还有4个点没有画出来），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率为50Hz．该匀变速直线运动的加速度大小为a=1.93m/s2（保留3位有效数字）．考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）在该试验中，要保证滑块受到的水平方向的拉力等于钩码的重力，所以要考虑是否有摩擦力．（2）当钩码P的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码P 的重力．（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以根据逐差法，即可求出加速度的大小．解答：解：1．在该试验中，由于气体把滑块向上托起，滑块不受摩擦力的影响，保证了滑块受到的水平方向的拉力等于钩码的重力．故不需要平衡摩擦力．2．根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=，则绳子的拉力T=Ma=当M＞＞m时，认为绳子对小车的拉力大小等于钩码P的重力．3．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）代入数据解得a=1.93m/s2．故答案为：①不需要②远大于③1.93m/s2点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M＞＞m的操作和要求的含义．只要掌握了实验原理就能顺利解决此类题目，就能举一反三，所以要注意基本原理的学习．12．（8分）有一电阻阻值约为20Ω，额定功率为7.2W，今欲测量出它的阻值，可供使用的器材如下A．量程为0﹣3A，内阻约为0.01Ω的电流表B．量程为0﹣0.6A，内阻约为2Ω的电流表C．量程为0﹣3V，内阻约为10KΩ的电压表D．量程为0﹣15V，内阻约为20KΩ的电压表E．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣20Ω，额定电流3AF．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣3KΩ，额定电流1AG．电动势为24V，内阻不计的电源H．电键及导线若干则电流表应选B，电压表应选D，滑动变阻器应选E（以上各空均填选项前面的字母），电路连接时滑动变阻器和电流表应采用分压外接法（选填“分压外接法”或“分压内接法”或“限流外接法”或“限流内接法”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：计算出待测电阻的额定电流，从而确定电流表量程；计算出额定电压，从而确定电压表量程；滑动变阻器的电阻越接近实验电阻的越好，这样便于调节，误差小；滑动变阻器采用分压式接法，伏安法测电阻用安培表外接法．解答：解：电阻值约为20Ω、额定功率约为7.2W，故待测电阻的额定电流为：I===0.6A，故电流表量程选择0.6A；待测电阻的额定电压为：U=IR=0.6×20=12V，故电压表量程选择15V；滑动变阻器的电阻越接近实验电阻的越好，这样便于调节，误差小，故选20Ω的滑动变阻器；要用I﹣U图象较准确地测电阻值，故电压要能够大范围连续变化，故滑动变阻器采用分压式接法；由于＜＜，故采用安培表外接法；故答案为：B，D，E，分压外接法．点评：本题关键是算出额定电流和额定电压以后，从减小误差的角度选择电表的量程，同样从减小误差的角度选择安培表的内、外接法，从减小误差和操作方便的角度选择滑动变阻器．13．（18分）光滑水平面上放有如图11所示的用绝缘材料制成的“┙”型滑板（平面部分足够长），质量为2m，距滑板的A壁为L距离的B处放有一质量为m，电量为+q的大小不计的小物体，小物体与板面的摩擦不计，整个装置处于场强为E的匀强电场中，初始时刻，滑板与物体都静止，试求：（1）释放小物体，第一次与滑板A壁碰前小物体的速度多大？（2）若小物体与A壁碰后的速度为碰前的（方向向右），则小物体在第二次跟A壁碰撞前瞬时的速度为多大？考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：（1）物体在电场力作用下做匀加速运动，电场力做功qEl，由动能定理求解第一次与滑板A端相碰前瞬间的速度大小；（2）小物体与滑板碰撞过程中系统合外力为零，由动量守恒定律求出滑板被碰后的速度大小；解答：解：（1）对小物体从释放到与A壁碰前，有：解得：（2）对小物体与A壁碰撞，有：mv0=mv1+2mv2又解得：小物体与A壁从第一次碰后到第二次碰撞前，此过程对小物体，有：v3=v1+at对滑板，有：S2=v2t又：S1=S2解得：答：（1）释放小物体，第一次与滑板A壁碰前小物体的速度为；（2）若小物体与A壁碰后的速度为碰前的（方向向右），则小物体在第二次跟A壁碰撞前瞬时的速度为．点评：本题主要考查了动量守恒定律及动能定理的应用，要求同学们能正确分析出物体碰前、碰后的运动情况，难度适中．14．（18分）如图所示，水平桌面的右端有一质量为m的物块B，用长为L的不可伸长的细线悬挂，B对水平桌面压力刚好为零，水平桌面离地面的高度为h=5m，另一质量为2m的物块A在距水平桌面的右端s=4m处以v o=5m/s的水平初速度向右运动，并与B发生弹性碰撞，已知A与桌面间的动摩擦因数为μ=0.2，物块均可视为质点，取g=10m/s2．（1）求A与B碰撞前的速度大小；（2）求碰撞后A的落地点与桌面右端的水平距离x；（3）A与B碰后，要物块B能绕O点在竖直平面内做圆周运动，则细线的长度L必须满足什么条件？考点：动量守恒定律；向心力；机械能守恒定律．分析：（1）从A运动到B，只有摩擦力做功，根据动能定理求出A与B碰撞前的速度大小．。

2015年广东省茂名市电白一中高考物理热身试卷和答案(5月份)

2015年广东省茂名市电白一中高考物理热身试卷（5月份）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分．共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械（器械固定不动），运动员的两只手分别抓住A、B两点不动，若手臂OA，OB的拉力分别为F A和F B，下列表述正确的是（）A．F A一定小于运动员的重力G B．F A与F B的合力斜向左上C．F A和F B的大小相等D．手臂OB受到的拉力最大2．（4分）“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星（同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星的高度约为21500km，同步卫星的高度约为36000km，下列说法正确的是（）A．同步卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度大B．同步卫星和中轨道卫星的线速度均大于第一宇宙速度C．中轨道卫星的周期比同步卫星周期小D．赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大3．（4分）一正弦交流电的电压随时间变化规律如图，则该交流电（）A．电压瞬时值表达式为u=100sin（25t）VB．周期为0.02sC．电压有效值为100D．频率为25 Hz4．（4分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微料带电，在带正电被喷工件的静电作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带正电 B．离工件越近所受库化力越小C．电场力对涂料微料做负功D．涂料微粒的电势能减小二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）如图所示是乒乓球发射器示意图，发射口距桌面高度为0.45m，假定乒乓球水平射出，落在桌面上与发射口水平距离为2.4m的P点，飞行过程中未触网，不计空气阻力，取g=10m/s2，则（）A．球下落的加速度逐渐变大B．球从发射口到桌面的时间为0.3sC．球从发射口射出后动能不变D．球从发射口射出的速率为8m/s6．（6分）如图，汽车在拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点．下列说法正确的是（）A．合外力对汽车做的功为零B．阻力做的功与牵引力做的功相等C．重力的瞬时功率随时间变化D．汽车对坡顶A的压力等于其重力7．（6分）热水瓶中的热水未灌满就盖紧瓶塞，第二天，你会感到将瓶塞拔出来很吃力．下列有关瓶内气体（视为理想气体）说法正确的是（）A．温度降低，压强减小B．体积减小，压强增大C．对外做功，内能减小D．释放热量，内能减小8．（6分）关于原子和原子核，下列说法正确的是（）A．原子核的半衰期与环境的温度、压强有关B．H+H→He+n是裂变C．U→Th+He是重核裂变D．目前核电站的能量来自重核的裂变9．（6分）如图所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁，从离地面高h处，由静止开始下落，最后落在水平地面上．磁铁下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过圆环，而不与圆环接触．若不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．在磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针（从上向下看圆环）B．磁铁在整个下落过程中，所受线圈对它的作用力先竖直向上后竖直向下C．磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变D．磁铁落地时的速率一定小于三、非选择题（按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）．10．（8分）如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲﹑乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的力传感器能显示挂钩处所受的拉力．不计空气阻力及一切摩擦．（1）先用游标卡尺测遮光片的宽度如图2所示，读出遮光片的宽度d= mm．．（2）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使力传感器示数等于小车所受合外力，实验前必要的操作是；此实验是否需要满足小车质量远大于传感器、沙和沙桶总质量（是、否）．（3）实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t，改变小车质量m，测得多组m﹑t的值，建立合适的坐标系，描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，物体的加速度与质量成反比”的结论的图线是图3中的．11．（10分）图1是利用两个电压表V1和V2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图．图中S为开关，R为滑动变阻器，固定电阻阻值为R0，V1为理想电压表．V2的电阻比R0大很多．（1）按电路原理图在图2虚线框内各实物图之间画出连线．（2）在闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片移动至（填“左端”、“中央”或“右端”）．（3）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，读出电压表V1和V2的示数U1和U2．多次改变滑片的位置，得到多组实验数据．在坐标纸上以U1为纵坐标、U2为横坐标画出所对应的U1﹣﹣﹣U2曲线．求出直线的斜率的绝对值为k 和在纵轴上的截距为b．（4）由曲线可求出电源的电动势E=，内阻r=．（用k、b、R0表示）由于电压表V2有分流作用，使测得的电源内阻比真实值．（填”大”或”小”）12．（18分）如图所示，M、N间有一电压可以从零到某一最大值U m间调节，静止的带电粒子带电量大小为q，质量为m（不计重力），从M经电场加速后，垂直N板从小孔O进入右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，CD为磁场边界上的荧光板，它与N板的夹角为θ=60°，孔O到板的下端C的距离为h，当M、N之间电压取最大值U m时，粒子刚好垂直打在CD板上并发出荧光．求：（1）MN间电压的最大值U m（2）粒子在磁场中运动的最长时间t．（3）CD板上能发光区域的长度X．13．（18分）如图所示，一质量为m的小球C用轻绳悬挂在O点．小球下方有一质量为2m的平板车B静止在光滑水平地面上，小球的位置比车板略高．一质量为m的物块A以大小为v0的初速度向左滑上平板车，此时A、C间的距离为d．一段时间后，物块A与小球C发生碰撞，碰撞时两者的速度互换，且碰撞时间极短．已知物块与平板车间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，要使碰后小球能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足什么条件？（2）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，求d和v0之间满足的关系和碰后物块与平板车最后共同的速度v．（3）若A碰C之前物块与平板车未达共同速度，求碰后物块与平板车最后共同的速度v与v0和d的关系．2015年广东省茂名市电白一中高考物理热身试卷（5月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分．共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械（器械固定不动），运动员的两只手分别抓住A、B两点不动，若手臂OA，OB的拉力分别为F A和F B，下列表述正确的是（）A．F A一定小于运动员的重力G B．F A与F B的合力斜向左上C．F A和F B的大小相等D．手臂OB受到的拉力最大【解答】解：A、以人为研究对象，分析受力情况如图，由图看出，F A不一定小于重力G．故A错误．B、人保持静止状态，则知F A与F B的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变．故B错误．CD、由图看出F A的大小小于F B的大小．故C错误，D正确．故选：D2．（4分）“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星（同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星的高度约为21500km，同步卫星的高度约为36000km，下列说法正确的是（）A．同步卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度大B．同步卫星和中轨道卫星的线速度均大于第一宇宙速度C．中轨道卫星的周期比同步卫星周期小D．赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大【解答】解：A、根据万有引力提供向心力G=ma，得a=，由此可知，半径越大，加速度越小，同步卫星的轨道半径大于中轨道卫星的轨道半径，所以同步卫星的加速度比中轨道卫星的加速度小，故A错误．B、根据万有引力提供向心力G=m，得v=，由此可知，半径越大，速度越小，半径越小，速度越大，当半径最小等于地球半径时，速度最大等于第一宇宙速度，由于一般轨道卫星的轨道高度和同步卫星的轨道高度远大于地球半径，所以一般轨道卫星的线速度和同步卫星的线速度均小于第一宇宙速度．故B 错误．C、根据万有引力提供向心力G=m r，得T=2π，由此可知，轨道半径越大，周期越大，同步卫星的轨道半径大于中轨道卫星的轨道半径，所以同步卫星的周期比中轨道卫星的周期大，故C正确．D、赤道上随地球自转的物体向心加速度为a1=，同步卫星的向心加速度为a2=，周期相同，由表达式可知，故赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度小．故D错误．故选：C．3．（4分）一正弦交流电的电压随时间变化规律如图，则该交流电（）A．电压瞬时值表达式为u=100sin（25t）VB．周期为0.02sC．电压有效值为100D．频率为25 Hz【解答】解：B、周期为T=4×10﹣2s，故B错误；D、频率与周期互为倒数，故频率f=，故D正确；C、电压的峰值为100V，故有效值为，故C错误；A、瞬时值为：V，故A错误；故选D．4．（4分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微料带电，在带正电被喷工件的静电作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带正电 B．离工件越近所受库化力越小C．电场力对涂料微料做负功D．涂料微粒的电势能减小【解答】解：A、由题目图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．故A错误．B、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大．故B错误．C、D涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故C错误，D正确．故选：D．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）如图所示是乒乓球发射器示意图，发射口距桌面高度为0.45m，假定乒乓球水平射出，落在桌面上与发射口水平距离为2.4m的P点，飞行过程中未触网，不计空气阻力，取g=10m/s2，则（）A．球下落的加速度逐渐变大B．球从发射口到桌面的时间为0.3sC．球从发射口射出后动能不变D．球从发射口射出的速率为8m/s【解答】解：A、乒乓球水平射出后做平抛运动，只受重力作用，加速度为g，不发生改变，故A错误；B、根据h=得：t==s，故B正确；C、乒乓球水平射出后做平抛运动，只受重力作用，加速度为g，速度变大，所以动能变大，故C错误；D、水平方向做运动运动，=8m/s，故D正确．故选BD6．（6分）如图，汽车在拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点．下列说法正确的是（）A．合外力对汽车做的功为零B．阻力做的功与牵引力做的功相等C．重力的瞬时功率随时间变化D．汽车对坡顶A的压力等于其重力【解答】解：汽车做匀速圆周运动，动能不变，合力对汽车做功为零，故A正确；B、在运动过程中，牵引力与重力对汽车做正功，阻力做负功，合外力的功为零，则阻力的功与牵引力和重力的功相等，故B错误；C、重力方向与速度方向间的夹角α不断变化，由P=mgvcosα可知重力的瞬时功率随时间变化，故C正确；D、在A点，由牛顿第二定律得：mg﹣F=m，F=mg﹣m，由牛顿第三定律得，汽车对桥顶的压力：F′=F=mg﹣m＜mg，故D错误；故选AC．7．（6分）热水瓶中的热水未灌满就盖紧瓶塞，第二天，你会感到将瓶塞拔出来很吃力．下列有关瓶内气体（视为理想气体）说法正确的是（）A．温度降低，压强减小B．体积减小，压强增大C．对外做功，内能减小D．释放热量，内能减小【解答】解：A、B、D、盖紧瓶塞，保温瓶中的热水过一段时间冷却后，瓶内气体温度降低，瓶内的气体发生等容变化，根据查理定律得知，瓶内气压减小，使得外界的大气压大于瓶内气压，故瓶塞就被外界大气压紧紧地压在了瓶口上，很难拨出．故A正确，B错误，D正确；C、盖紧瓶塞，保温瓶中的热水过一段时间冷却后，瓶内气体温度降低，瓶内的气体发生等容变化，气体没有对外做功．故C错误故选：AD8．（6分）关于原子和原子核，下列说法正确的是（）A．原子核的半衰期与环境的温度、压强有关B．H+H→He+n是裂变C．U→Th+He是重核裂变D．目前核电站的能量来自重核的裂变【解答】解：A、原子核的半衰期与原子核所处的物理环境无关，故A错误．B、H+H→He+n是聚变，故B错误．C、U→Th+He是α衰变，故C错误．D、目前核电站的能量来自重核的裂变，故D正确．故选：D．9．（6分）如图所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁，从离地面高h处，由静止开始下落，最后落在水平地面上．磁铁下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过圆环，而不与圆环接触．若不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．在磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针（从上向下看圆环）B．磁铁在整个下落过程中，所受线圈对它的作用力先竖直向上后竖直向下C．磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变D．磁铁落地时的速率一定小于【解答】解：A、由图示可知，在磁铁下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，在磁铁远离圆环时穿过圆环的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流先沿逆时针方向，后沿顺时针方向，故A正确；B、由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁铁间的相对运动，在磁铁靠近线圈的过程中为阻碍磁铁的靠近，线圈对磁铁的作用力竖直向上，在磁铁穿过线圈远离线圈的过程中，为阻碍磁铁的远离，线圈对磁铁的作用力竖直向上，则在整个过程中，线圈对磁铁的作用力始终竖直向上，故B错误；C、在磁铁下落过程中，线圈中产生感应电流，线圈中有电能产生，磁铁在整个下落过程中，磁铁的机械能转化为电能，由能量守恒定律可知，磁铁的机械能减少，故C错误；D、磁铁做自由落体运动时，v2=2gh，磁铁落地时的速度v=，由于磁铁下落时能量有损失，磁铁落地速度小于，故D正确；故选：AD．三、非选择题（按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）．10．（8分）如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲﹑乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的力传感器能显示挂钩处所受的拉力．不计空气阻力及一切摩擦．（1）先用游标卡尺测遮光片的宽度如图2所示，读出遮光片的宽度d=9.30 mm．．（2）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使力传感器示数等于小车所受合外力，实验前必要的操作是平衡摩擦力；此实验是否需要满足小车质量远大于传感器、沙和沙桶总质量否（是、否）．（3）实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t，改变小车质量m，测得多组m﹑t的值，建立合适的坐标系，描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，物体的加速度与质量成反比”的结论的图线是图3中的C．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，遮光片的宽度：d=9mm+6×0.05mm=9.30mm；（2）要使力传感器示数等于小车所受合外力，实验前必要的操作是平衡摩擦力；小车受到的拉力可以由测力计测出，该实验不需要满足小车质量远大于传感器、沙和沙桶总质量．（3）小车从靠近甲光电门处由静止开始做匀加速运动，位移x=at2，加速度：a=，位移x不变，a与t2成反比，若t2与m成正比，则合外力一定时，加速度与质量成反比．故C正确，故选C；故答案为：（1）9.30；（2）平衡摩擦力；否；（3）C．11．（10分）图1是利用两个电压表V1和V2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图．图中S为开关，R为滑动变阻器，固定电阻阻值为R0，V1为理想电压表．V2的电阻比R0大很多．（1）按电路原理图在图2虚线框内各实物图之间画出连线．（2）在闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片移动至左端（填“左端”、“中央”或“右端”）．（3）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，读出电压表V1和V2的示数U1和U2．多次改变滑片的位置，得到多组实验数据．在坐标纸上以U1为纵坐标、U2为横坐标画出所对应的U1﹣﹣﹣U2曲线．求出直线的斜率的绝对值为k 和在纵轴上的截距为b．（4）由曲线可求出电源的电动势E=b，内阻r=kR0．（用k、b、R0表示）由于电压表V2有分流作用，使测得的电源内阻比真实值小．（填”大”或”小”）【解答】解：（1）根据原理图可得出对应的实物图如图所示；（2）为保证安全，开始时滑动变阻器应接到最大值，故应接最左端；（4）根据闭合电路欧姆定律可知，U1=E﹣r则可知，图象与纵轴的交点为电源的电动势，故E=b；图象的斜率k=故r=kR0；由于电压表V2的分流作用，使测量出的电流偏小，本实验方法可视为相对电源的电流表外接法；所以测得的内阻小于真实值；故答案为：（1）如图所示；（2）最左端；（4）b；kR0；小12．（18分）如图所示，M、N间有一电压可以从零到某一最大值U m间调节，静止的带电粒子带电量大小为q，质量为m（不计重力），从M经电场加速后，垂直N板从小孔O进入右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，CD为磁场边界上的荧光板，它与N板的夹角为θ=60°，孔O到板的下端C的距离为h，当M、N之间电压取最大值U m时，粒子刚好垂直打在CD板上并发出荧光．求：（1）MN间电压的最大值U m（2）粒子在磁场中运动的最长时间t．（3）CD板上能发光区域的长度X．【解答】解：（1）M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，所以圆心在C点，由几何知识可知，粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径：r=h，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，粒子在电场中加速，由动能定理得：qU m=mv2﹣0，解得：U m=；（2）打在NC间的粒子在磁场中运动的时间最长，均为半周期：粒子做圆周运动的周期：T=，粒子在磁场中运动的最长时间：t m=t=；（3）设轨迹与CD板相切于K点，此时粒子轨道半径为r′，在△AKC中：sin60°=，解得：r′=（2﹣3）h，即KC长等于KC==（2﹣）h，所以CD板上可能被粒子打中的区域即为HK的长度，x=HK=r﹣KC=h﹣（2﹣）h=（﹣1）h；答：（1）MN间电压的最大值U m为；（2）粒子在磁场中运动的最长时间t为．（3）CD板上能发光区域的长度X为（﹣1）h．13．（18分）如图所示，一质量为m的小球C用轻绳悬挂在O点．小球下方有一质量为2m的平板车B静止在光滑水平地面上，小球的位置比车板略高．一质量为m的物块A以大小为v0的初速度向左滑上平板车，此时A、C间的距离为d．一段时间后，物块A与小球C发生碰撞，碰撞时两者的速度互换，且碰撞时间极短．已知物块与平板车间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，要使碰后小球能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足什么条件？（2）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，求d和v0之间满足的关系和碰后物块与平板车最后共同的速度v．（3）若A碰C之前物块与平板车未达共同速度，求碰后物块与平板车最后共同的速度v与v0和d的关系．【解答】解：（1）A碰C前与平板车速度达到相等，由动量守恒定律得mv0=（m+2m）v′A碰C后，C以速度v′开始做完整的圆周运动，由机械能守恒定律得mv′2=mg•2l+mv″2小球经过最高点时，有mg≤解得l≤（2）A碰C前与平板车速度达到相等，设整个过程A的位移是x，由动能定理得：μmgx=m（﹣v′2）将v′=代入解得x=满足的条件是d≥A碰C后，对A、B组成的系统由动量守恒定律得2mv′=（m+2m）v解得物块与平板车的共同速度为v=（3）A碰C前与平板车速度未达到相等，在这个过程中A一直做减速运动，由动能定理得μmgd=m（﹣）在A与C碰前、后，对A、B组成的系统由动量守恒定律得mv0=mv A+2mv B2mv B=（m+2m）v解得物块与平板车的共同速度为v=（v0﹣）方向水平向左相应的条件是d＜答：（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，要使碰后小球能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足l≤．（2）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，d和v0之间满足的关系是d≥，碰后物块与平板车最后共同的速度v=．（3）若A碰C之前物块与平板车未达共同速度，碰后物块与平板车最后共同的速度v=（v0﹣）方向水平向左，相应的条件是d＜．。

高三物理第三次周考物理参考答案

准兑市爱憎阳光实验学校二、选择题〔此题共 8 小题。

在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，选对的得 6分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分〕题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案BDADDBBDBAAD22．〔17 分〕题：1、〔1〕物体下落快慢与物体轻重无关〔2〕维持物体运动需要力2、〔1〕〔2〕〔1〕分压电路，电流表外接〔3〕电压表选0—3V 量程电流表选0—0.6A 量程〔4〕___0.8W ______ ___Ω________23、(15)解：(1)滑块B 沿轨道下滑过程中，机械能守恒，设滑块B 与A 碰撞前瞬间的速度为v 1，那么 mgR =2121mv 。

…………3分滑块B 与滑块A 碰撞过程沿水平方向动量守恒，设碰撞后的速度为v 2，那么mv 1=2mv 2 。

…………2分设碰撞后滑块C 受到轨道的支持力为N ，根据牛顿第二律，对滑块C 在轨道最低点有 N -2mg =2mv 22/R ，…………2分联立各式可解得， N =3mg 。

…………2分根据牛顿第三律可知，滑块C 对轨道末端的压力大小为N ′=3mg 。

…………1分(2)滑块C 离开轨道末端做平抛运动，设运动时间t ，根据自由落体公式，h =21gt 2。

…………2分滑块C 落地点与轨道末端的水平距离为s =v 2t ，…………2分联立以上各式解得s =Rh 。

(1)分24、〔18〕解：〔1〕当杆到达最大速度时 θsin mg F = 〔1分〕安培力F=BId 〔1分〕感电流 rR EI +=〔1分〕感电动势Bdv E =〔1分〕解得最大速度 22sin )(d B r R mg v m θ+=〔2分〕〔2〕当ab 运动的加速为θsin 21mg 时根据牛顿第二律θθsin 21sin g m BId mg ⨯=-〔3分〕电阻R 上的电功率R I P 2'= 〔2分〕解得R Bdmg P 2)2sin (θ=〔2分〕〔3〕根据动能理021sin 2-=-⋅m F mv W mgs θ〔3分〕解得442223sin )(21sin d B r R g m mgs W F θθ+-⋅=〔2分〕25、〔22〕解：〔1〕30V〔提示：见右图，离子在磁场中偏转90°，因此轨迹半径r=R =103cm ，而BqmUq r 2=，可得U 。

电白一中2015届高三上学期12月月测试题(理综)

电白一中2015届高三上学期12月月测试题理科综合一、单项选择题（本大题共16小题，每小题4分，满分64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

选对的得4分，选错或不答的得0分。

）1．黄曲霉毒素是毒性极强的致癌物质，常藏身于霉变的花生和玉米等种子中。

研究发现，黄曲霉毒素能引起细胞中的核糖体不断从内质网上脱落下来，从而影响细胞的正常功能。

下列相关的叙述中不正确的是A. 黄曲霉毒素会影响人体的血糖调节功能B. 真核细胞中，核糖体的装配与核仁有关C. 蛋白质在游离于细胞质中的核糖体上合成，在附着于内质网的核糖体上加工D. 一些抗生素通过抑制细菌核糖体来治疗疾病，说明人和细菌的核糖体结构有区别2．右图表示生物膜的亚显微结构，其中a 和b 为两种物质的运输方式，下列对生物膜结构和功能的叙述错误的是A ．不同物种的细胞中①、②的种类相同，而③的种类可能不同B ．a 可以表示O 2由内环境中进入细胞内C ．黄瓜的花粉落到丝瓜花的柱头上不能萌发，可能是①在起作用D ．若图示为肝细胞膜，则b 可代表葡萄糖，由载体搬运进入细胞内3．右图为某单基因遗传病系谱图，Ⅱ5不携带致病基因。

下列说法正确的是A ．该遗传病的致病基因根本来源是基因重组B ．Ⅱ2和Ⅱ4的基因型不完全相同C ．Ⅱ2与一正常男性结婚，所生男孩患病概率为1/2D ．Ⅱ1与一正常男性结婚，所生女孩都是纯合子4．下列对图中有关生物学意义描述正确的是A ．图l 中如果横坐标表示氧气浓度，则纵坐标能表示人成熟红细胞中钾离子的吸收量B ．图2中ab 段和bc 段都能代表一个细胞周期，因为所用时间相同C ．图3中曲线A 点时人的胰岛A 细胞分泌增强，胰岛B 细胞分泌随后增强D ．图4中B 点时害虫种群抗药性个体所占百分比小于A 点时的百分比5.下列关于生物进化的叙述，错误的是（）A ．不同物种间的捕食关系是一种选择过程，但不利于被捕食者种群的进化B ．基因的自发突变率虽然很低，但对进化非常重要C ．不同基因型的个体对环境的适应性可能相同D．外来物种入侵能改变生物进化的速度和方向6.下列关于实验的说法，正确的是A．鉴定DNA时，可用甲基绿试剂代替二苯胺试剂B．人工诱导多倍体时，可用低温处理代替秋水仙素处理C．观察线粒体时，可用嫩而薄的藓叶代替口腔上皮细胞D．制备纯净细胞膜时，可用鸡的红细胞代替猪的红细胞7．化学与生活密切相关，下列说法正确的是（）A．油脂和蛋白质都是天然高分子化合物B．CO2和CH4都是造成温室效应的气体Ｃ．糖类化合物都具有完全相同的官能团D. 磨豆浆的大豆富含蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变成了氨基酸8．在水溶液中能大量共存的一组离子是（）A．Na+、Al3+、Cl-－、CO32－B．Cu2+、Fe3+、Cl-、SO42-C．NH4+、Cl－、OH－、HCO3－D．H+、Fe2+、Cl-、NO3- 9．下列叙述Ⅰ和叙述Ⅱ均正确并且有因果关系的是（）AA．1mol Fe与足量的稀硝酸反应，转移3n A个电子B．常温下，16g CH4含有8n A个电子（相对原子质量：C-12，H-1）C．0.5 mol·L-1Na2CO3溶液中含有n A个Na+D．标准状况下，22.4L氯水含有n个Cl2分子11．某小组利用下列装置进行电化学实验，盐桥中填充琼脂及饱和KNO3溶液，下列说法正确的是（）A．若X和Y与电流表○A连接，则电流方向：锌电极→○A→铜电极B．若X和Y与电流表○A连接，盐桥中的K+ 向左边烧杯移动C．若X和Y分别与电源“-”、“+”极相连，Cu极发生氧化反应；D．若X和Y分别与电源“-”、“+”极相连，Zn极质量减轻12．室温下，将一元酸HA溶液和NaOH溶液等体积混合，实验数据如表：A．HA是一元强酸B．反应后溶液中c(A-)＞c(Na +)C．若用右图来表示反应后各微粒的关系，则图中X 表示OH-，Y表示HA，Z表示H+D ．该混合溶液中：c(A -)+ c(Y)>c(Na +)13、在下图1各种电场中，A 、B 两点电场强度相同的是( )14、火车以s m /10的速度下坡，在下坡路上得到2/5.0s m 的加速度，行驶到坡底端时速度增加到s m /15，则这段坡路的长度为（）A 、m 325B 、m 125C 、m 100D 、m 5015、如图2为一物体作匀变速直线运动的速度图象，根据此图象说法中不正确的是（）A 、物体始终沿正方向运动B 、t=2s 物体离出发点最远C 、t=4s 物体回到出发点D 、物体先沿负方向运动，在t ＝2s 后开始沿正方向运动16、如图3所示，物体A 置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A 在上述两种情况下的受力描述，正确的是（）A ．物体A 随传送带一起向上运动时，A 所受的摩擦力沿斜面向下B ．物体A 随传送带一起向下运动时，A 所受的摩擦力沿斜面向下C ．物体A 随传送带一起向下运动时，A 不受摩擦力作用D ．无论A 随传送带一起向上还是向下运动，传送带对物体A 的作用力均相同二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分。

2015年12月份物理高三试卷3(含答案)

2015～2016学年度高三年级第一学期教学质量调研（三）物理试卷（分值120分，时间100分钟）一、单项选择题:本题共8小题，每小题3分，共计24分。

每小题只有一个．．．．选项符合题意．1．2015年7月18日，极具观赏性的世界悬崖跳水赛在葡萄牙亚速尔群岛成功举办。

选手们从悬崖上一跃而下，惊险刺激的场景令观众大呼过瘾。

如图所示，为一选手从距离水面高为20米的悬崖上跳下，选手受到的空气阻力跟速度成正比（g 取10m/s 2），则以下说法正确的是A ．选手在下落过程中，加速度a 与速度v 的方向始终相反B ．选手入水时速度一定达到最大C ．选手从开始跳下到入水的时间一定大于2秒D ．选手在空中下落过程机械能增大，入水后机械能减小2．如图，P 为桥墩，A 为靠近桥墩浮在水面的叶片，波源S 连续振动，形成水波，此时叶片A 静止不动，为使水波能带动叶片振动，可用的方法是A ．提高波源频率B ．降低波源频率C ．增加波源距桥墩的距离D ．增大波源的振幅3．中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第十一颗“北斗”导航卫星成功送入太空预定转移轨道，这是一颗地球静止轨道卫星。

“北斗”导航卫星定位系统由静止轨道卫星（同步卫星)、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成，中轨道卫星轨道半径约为27900公里，静止轨道卫星的半径约为42400公里。

下列说法正确的是A ．静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度小B ．静止轨道卫星和中轨道卫星的线速度均大于地球的第一宇宙速度C ．中轨道卫星的周期大于同步卫星周期D ．地球赤道上随地球自转物体的向心加速度比静止轨道卫星向心加速度大4．如图所示，粗糙倾斜的传送带静止不动，将物块从传送带顶端由静止释放，滑到底端所需要的时间为t 。

假如当物块滑到传送带中点时，传送带突然以某一恒定速度转动起来，此时物块从顶端由静止释放滑到底端所需要的时间为/tA ．若传送带逆时针转动，则时间/t 可能大于tB ．若传送带逆时针转动，则时间/t 一定大于tC ．若传送带顺时针转动，则时间/t 一定小于tD ．若传送带顺时针转动，则时间/t 一定等于t5．下列说法正确的是第1题A ．多普勒效应是由于波的干涉引起的B ．声波从空气进入水中波长变长，光波从空气进入水中波长变短C ．电磁波中最容易发生衍射的是γ射线D ．紫外线的波长比伦琴射线的波长长，有很强的热效应和荧光效应6．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x 轴正方向运动，其电势能E P 随位移x 变化的关系如图所示，其中0～x 2段是对称的曲线，2x ～3x 段是直线，则下列说法不正确的是A ．1x 处电场强度为零B ．1x 、2x 、3x 处电势1ϕ、2ϕ、3ϕ的关系为1ϕ＞2ϕ＞3ϕC ．粒子在2x ～3x 段速度v 随x 均匀减小；D ．2x ～3x 段是匀强电场。

广东省茂名市电白一中高三物理上学期12月月考试卷(含解析)

广东省茂名市电白一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得4分，选错或不答的得0分．）1．（4分）在如图所示的各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）A．B．C．D．2．（4分）火车以10m/s的速度下坡，在下坡路上得到0.5m/s2的加速度，行驶到坡底端时速度增加到15m/s，则这段坡路的长度为（）A．325m B．125m C．100m D．50m3．（4分）如图为一物体作匀变速直线运动的速度图象，根据此图象说法中不正确的是（）A．物体始终沿正方向运动B．t=2s物体离出发点最远C．t=4s物体回到出发点D．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动4．（4分）如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是（）A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分．5．（6分）学校喷水池的水如图由喷水口向两旁水平喷出，若忽略空气阻力及水之间的相互作用，则（）A．水在空中做匀变速运动B．喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越近C．喷水口高度一定，喷水速度越大，水喷得越远D．喷水口高度一定，喷水速度越大，水在空中运动时间越长6．（6分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=7．（6分）2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．图示为美国宇航局最新公布的“火星大冲”的虚拟图．则有（）A．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度B．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度C．2004年8月29日，火星又回到了该位置D．2004年8月29日，火星还没有回到该位置8．（6分）一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用．若重力做功﹣3J，电场力做功1J，则小球的（）A．重力势能增加3J B．电势能增加1JC．动能减少3J D．机械能增加1J9．（6分）如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，实线为一带电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．该粒子带负电B．三个等势面中，a的电势最高C．带电粒子通过P点时的动能比通过Q点时小D．带电粒子通过P点时的加速度比通过Q点时大三、非选择题：本大题共5小题，共182分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）如图所示，螺旋测微器的读数为mm，游标卡尺的读数为mm．11．（6分）某探究学习小组探究牛顿第二定律中，探究质量一定时物体的加速度与合外力成正比，实验装置如图．①开始时，气垫导轨是不挂钩码置于水平桌面上的，（选填“不需要”或“需要”）垫高气垫导轨的右端以平衡滑块的摩擦力．②为了使滑块所受的合外力约等于钩码的重力，滑块的质量（选填“远大于”或“远小于”或“不需要远大于”）钩码的质量．③图是实验时所打一条纸带（每两点间还有4个点没有画出来），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率为50Hz．该匀变速直线运动的加速度大小为a=m/s2（保留3位有效数字）．12．（8分）有一电阻阻值约为20Ω，额定功率为7.2W，今欲测量出它的阻值，可供使用的器材如下A．量程为0﹣3A，内阻约为0.01Ω的电流表B．量程为0﹣0.6A，内阻约为2Ω的电流表C．量程为0﹣3V，内阻约为10KΩ的电压表D．量程为0﹣15V，内阻约为20KΩ的电压表E．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣20Ω，额定电流3AF．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣3KΩ，额定电流1AG．电动势为24V，内阻不计的电源H．电键及导线若干则电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选（以上各空均填选项前面的字母），电路连接时滑动变阻器和电流表应采用（选填“分压外接法”或“分压内接法”或“限流外接法”或“限流内接法”）．13．（18分）光滑水平面上放有如图11所示的用绝缘材料制成的“┙”型滑板（平面部分足够长），质量为2m，距滑板的A壁为L距离的B处放有一质量为m，电量为+q的大小不计的小物体，小物体与板面的摩擦不计，整个装置处于场强为E的匀强电场中，初始时刻，滑板与物体都静止，试求：（1）释放小物体，第一次与滑板A壁碰前小物体的速度多大？（2）若小物体与A壁碰后的速度为碰前的（方向向右），则小物体在第二次跟A壁碰撞前瞬时的速度为多大？14．（18分）如图所示，水平桌面的右端有一质量为m的物块B，用长为L的不可伸长的细线悬挂，B对水平桌面压力刚好为零，水平桌面离地面的高度为h=5m，另一质量为2m的物块A在距水平桌面的右端s=4m处以v o=5m/s的水平初速度向右运动，并与B发生弹性碰撞，已知A与桌面间的动摩擦因数为μ=0.2，物块均可视为质点，取g=10m/s2．（1）求A与B碰撞前的速度大小；（2）求碰撞后A的落地点与桌面右端的水平距离x；（3）A与B碰后，要物块B能绕O点在竖直平面内做圆周运动，则细线的长度L必须满足什么条件？广东省茂名市电白一中2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得4分，选错或不答的得0分．）1．（4分）在如图所示的各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．分析：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，两点的电场强度才相同．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，根据电场线的切线方向确定电场强度的方向．解答：解：A、甲图是非匀强电场，A、B两点到负电荷的距离相等，电场强度大小相等，但方向不相同，所以电场强度不相同，故A错误；B、乙图是非匀强电场，A处电场线较密，电场强度较大，A、B两点电场强度大小不等、方向相同，所以电场强度不相同，故B错误；C、丙图是匀强电场，A、B两点电场强度大小相等、方向相同，则电场强度相等，故C正确；D、丁图是非匀强电场，A、B两点电场强度大小不相等、方向不同，所以电场强度不相同，故D错误；故选：C点评：本题关键掌握电场线的物理意义：疏密表示场强的大小，切线表示场强的方向，进行判断即可．2．（4分）火车以10m/s的速度下坡，在下坡路上得到0.5m/s2的加速度，行驶到坡底端时速度增加到15m/s，则这段坡路的长度为（）A．325m B．125m C．100m D．50m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：火车做匀加速直线运动，已知初速度、末速度和加速度，根据速度位移关系公式列式求解位移．解答：解：火车做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：解得：x===125m故选：B．点评：本题关键是明确物体的运动规律，然后灵活选择运动学公式列式求解，基础题目．3．（4分）如图为一物体作匀变速直线运动的速度图象，根据此图象说法中不正确的是（）A．物体始终沿正方向运动B．t=2s物体离出发点最远C．t=4s物体回到出发点D．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度的方向由速度的正负号表示．由“面积”来研究物体的位移．通过分析物体的运动情况进行选择．解答：解；A、由图读出，在0﹣2s内物体的速度是负值，2﹣4s内速度是正值，说明物体0﹣2s内沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动．故A错误，D正确．B、由上分析可知，t=2s物体离出发点最远．故B正确．C、物体在前2s内向负方向运动，后2s内向正方向运动，而位移大小相等，则t=4s物体回到出发点．故C正确．本题选错误的，故选：A点评：运动图象是2015届高考考查的内容之一，关键从数学的角度理解图象的物理意义，常规题．4．（4分）如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是（）A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．专题：传送带专题．分析：物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，根据平衡条件来确定物体的受到摩擦力情况．解答：解：A、物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，在沿斜面方向有：mgsinθ=f，所以无论传送带向上或向下运动，A所受的摩擦力沿斜面向上，故ABC错误；D、对物体受力分析，受到重力和传送带对物体的作用力，所以传送带对物体A的作用力大小等于重力，方向竖直向上，所以无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同，故D正确．故选D点评：考查根据物体的运动状态来确定物体的受力情况，同时也可以由受力情况来确定物体的运动状态．二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分．5．（6分）学校喷水池的水如图由喷水口向两旁水平喷出，若忽略空气阻力及水之间的相互作用，则（）A．水在空中做匀变速运动B．喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越近C．喷水口高度一定，喷水速度越大，水喷得越远D．喷水口高度一定，喷水速度越大，水在空中运动时间越长考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：水从喷水口沿水平喷出后做平抛运动，根据平抛运动基本规律即可求解．解答：解：A、水从喷水口沿水平喷出后做平抛运动，只受重力作用，加速度为g，所以水在空中做匀变速运动，故A正确；B、根据h=得：t=，若喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越远，故B错误；C、喷水口高度一定，运动时间一定，根据x=v0t得：喷水速度越大，水喷得越远，故C正确，D错误；故选AC点评：本题考查了平抛运动的规律的直接应用，难度不大，属于基础题．6．（6分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以物资为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件研究的空气阻力F f 与重力mg的关系，求解悬索对物资的拉力F T．解答：解：以物资为研究对象，分析受力情况：重力mg、悬索对物资的拉力F T，空气阻力F f，力图如图：根据平衡条件得知：mg与F f的合力与F T大小相等，方向相反，如图．则有：F f=mgtanθF T=故选：BC点评：本题是实际的情景，实质是简单的物体平衡问题，分析受力、作出力图是关键．7．（6分）2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．图示为美国宇航局最新公布的“火星大冲”的虚拟图．则有（）A．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度B．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度C．2004年8月29日，火星又回到了该位置D．2004年8月29日，火星还没有回到该位置考点：万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力做匀速圆周运动，G=m=mω2r=m（）2r=ma，得线速度v=，得T=2π，分别解得各答案．解答：解：设轨道半径为r、太阳质量为M，因为地球和火星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力做匀速圆周运动，得：G=m=mω2r=m（）2r=ma解得线速度：v=，因为火星离太阳的距离远，所以线速度小，故A错误，B正确．根据万有引力提供向心力得：=解得：T=2π，因为火星离太阳的距离远，所以火星周期更大，即大于地球的公转周期一年，所以一年的时间火星还没有回到该位置，故C错误，D正确．故选：BD点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．8．（6分）一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用．若重力做功﹣3J，电场力做功1J，则小球的（）A．重力势能增加3J B．电势能增加1JC．动能减少3J D．机械能增加1J考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系；电势能．专题：动能定理的应用专题．分析：解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量．解答：解：A、重力做功等于重力势能的减小量，重力做功﹣3J，故重力势能增加3J，故A正确；B、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J；C、合力做功等于动能的增加量，合力做功等于各个分力做的功，总功为﹣2J，故动能减小2J，故C错误；D、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，只有电场力做功做功1J，故机械能增加1J，故D正确；故选AD．点评：功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度．9．（6分）如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，实线为一带电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．该粒子带负电B．三个等势面中，a的电势最高C．带电粒子通过P点时的动能比通过Q点时小D．带电粒子通过P点时的加速度比通过Q点时大考点：电场线．分析：根据轨迹弯曲的方向可知，电场力的方向向下．由于题目没有说明带电粒子的电性，所以不能判断出电场线的方向；不能判断出a点电势最高；根据受力的方向与运动方向之间的关系，判断出电场力做功的正负，从而判断出电荷电势能和动能的变化；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强大，电场力大，加速度大．解答：解：A、电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向下；由于电场线方向未知，也不能判断出来，所以带电粒子的电性不能判断，故A错误．B、由于电场线的方向不能判断，所以不能判断出a点电势最高，故B错误；C、粒子受到的电场力的方向向下，若粒子从P运动到Q，电场力做正功，动能增大，知道P 点的动能小，故C正确；D、P处等势面密，电场线疏密，可确定出P点场强大，电场力大，加速度大，故D正确；故选：CD点评：该类题目中，首先根据轨迹弯曲的方向判断出粒子受力的方向是解题的关键．根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法．三、非选择题：本大题共5小题，共182分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）如图所示，螺旋测微器的读数为0.900mm，游标卡尺的读数为33.10mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，两种仪器读数时均可采用公式法，即：主尺读数+副尺读数．解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数0.5mm，可动刻度读数为0.01×40.0=0.400mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数为0.5+0.400=0.900mm．游标卡尺的主尺读数为33mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×2mm=0.10mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为33mm+0.10mm=33.10mm；故答案为：0.900 33.10点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．11．（6分）某探究学习小组探究牛顿第二定律中，探究质量一定时物体的加速度与合外力成正比，实验装置如图．①开始时，气垫导轨是不挂钩码置于水平桌面上的，不需要（选填“不需要”或“需要”）垫高气垫导轨的右端以平衡滑块的摩擦力．②为了使滑块所受的合外力约等于钩码的重力，滑块的质量远大于（选填“远大于”或“远小于”或“不需要远大于”）钩码的质量．③图是实验时所打一条纸带（每两点间还有4个点没有画出来），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离．打点计时器的电源频率为50Hz．该匀变速直线运动的加速度大小为a=1.93m/s2（保留3位有效数字）．考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）在该试验中，要保证滑块受到的水平方向的拉力等于钩码的重力，所以要考虑是否有摩擦力．（2）当钩码P的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码P 的重力．（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以根据逐差法，即可求出加速度的大小．解答：解：1．在该试验中，由于气体把滑块向上托起，滑块不受摩擦力的影响，保证了滑块受到的水平方向的拉力等于钩码的重力．故不需要平衡摩擦力．2．根据牛顿第二定律得，整体的加速度a=，则绳子的拉力T=Ma=当M＞＞m时，认为绳子对小车的拉力大小等于钩码P的重力．3．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）代入数据解得a=1.93m/s2．故答案为：①不需要②远大于③1.93m/s2点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M＞＞m的操作和要求的含义．只要掌握了实验原理就能顺利解决此类题目，就能举一反三，所以要注意基本原理的学习．12．（8分）有一电阻阻值约为20Ω，额定功率为7.2W，今欲测量出它的阻值，可供使用的器材如下A．量程为0﹣3A，内阻约为0.01Ω的电流表B．量程为0﹣0.6A，内阻约为2Ω的电流表C．量程为0﹣3V，内阻约为10KΩ的电压表D．量程为0﹣15V，内阻约为20KΩ的电压表E．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣20Ω，额定电流3AF．滑动变阻器变阻范围0﹣﹣3KΩ，额定电流1AG．电动势为24V，内阻不计的电源H．电键及导线若干则电流表应选B，电压表应选D，滑动变阻器应选E（以上各空均填选项前面的字母），电路连接时滑动变阻器和电流表应采用分压外接法（选填“分压外接法”或“分压内接法”或“限流外接法”或“限流内接法”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：计算出待测电阻的额定电流，从而确定电流表量程；计算出额定电压，从而确定电压表量程；滑动变阻器的电阻越接近实验电阻的越好，这样便于调节，误差小；滑动变阻器采用分压式接法，伏安法测电阻用安培表外接法．解答：解：电阻值约为20Ω、额定功率约为7.2W，故待测电阻的额定电流为：I===0.6A，故电流表量程选择0.6A；待测电阻的额定电压为：U=IR=0.6×20=12V，故电压表量程选择15V；滑动变阻器的电阻越接近实验电阻的越好，这样便于调节，误差小，故选20Ω的滑动变阻器；要用I﹣U图象较准确地测电阻值，故电压要能够大范围连续变化，故滑动变阻器采用分压式接法；由于＜＜，故采用安培表外接法；故答案为：B，D，E，分压外接法．点评：本题关键是算出额定电流和额定电压以后，从减小误差的角度选择电表的量程，同样从减小误差的角度选择安培表的内、外接法，从减小误差和操作方便的角度选择滑动变阻器．13．（18分）光滑水平面上放有如图11所示的用绝缘材料制成的“┙”型滑板（平面部分足够长），质量为2m，距滑板的A壁为L距离的B处放有一质量为m，电量为+q的大小不计的小物体，小物体与板面的摩擦不计，整个装置处于场强为E的匀强电场中，初始时刻，滑板与物体都静止，试求：（1）释放小物体，第一次与滑板A壁碰前小物体的速度多大？（2）若小物体与A壁碰后的速度为碰前的（方向向右），则小物体在第二次跟A壁碰撞前瞬时的速度为多大？考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：（1）物体在电场力作用下做匀加速运动，电场力做功qEl，由动能定理求解第一次与滑板A端相碰前瞬间的速度大小；（2）小物体与滑板碰撞过程中系统合外力为零，由动量守恒定律求出滑板被碰后的速度大小；解答：解：（1）对小物体从释放到与A壁碰前，有：解得：（2）对小物体与A壁碰撞，有：mv0=mv1+2mv2又解得：小物体与A壁从第一次碰后到第二次碰撞前，此过程对小物体，有：v3=v1+at对滑板，有：S2=v2t又：S1=S2解得：答：（1）释放小物体，第一次与滑板A壁碰前小物体的速度为；（2）若小物体与A壁碰后的速度为碰前的（方向向右），则小物体在第二次跟A壁碰撞前瞬时的速度为．点评：本题主要考查了动量守恒定律及动能定理的应用，要求同学们能正确分析出物体碰前、碰后的运动情况，难度适中．14．（18分）如图所示，水平桌面的右端有一质量为m的物块B，用长为L的不可伸长的细线悬挂，B对水平桌面压力刚好为零，水平桌面离地面的高度为h=5m，另一质量为2m的物块A在距水平桌面的右端s=4m处以v o=5m/s的水平初速度向右运动，并与B发生弹性碰撞，已知A与桌面间的动摩擦因数为μ=0.2，物块均可视为质点，取g=10m/s2．（1）求A与B碰撞前的速度大小；（2）求碰撞后A的落地点与桌面右端的水平距离x；（3）A与B碰后，要物块B能绕O点在竖直平面内做圆周运动，则细线的长度L必须满足什么条件？考点：动量守恒定律；向心力；机械能守恒定律．分析：（1）从A运动到B，只有摩擦力做功，根据动能定理求出A与B碰撞前的速度大小．。

广东省茂名市电白区第一中学2015届高三级周六测试题理综(5) Word版含答案

电白一中2015届高三级周六测试题（5）理科综合一、单项选择题1．下列关于细胞结构与功能的叙述正确的是A．细菌代谢速率极快，细胞膜和细胞器膜为其提供了结构基础B．胰腺细胞分泌消化酶的过程，体现了细胞膜具有一定的流动性C．细胞中的激素、维生素、抗体、酶都是有机物，都能为生命活动提供能量D．细胞中激素、酶、抗体及tRNA发挥作用后都会立即失活，须不断合成2．哺乳动物红细胞的部分生命历程如下图所示，图中除成熟红细胞外，其余细胞中均有核基因转录的RNA，下列叙述错误．．的是A．成熟红细胞在细胞呼吸过程中不产生二氧化碳B．网织红细胞不能合成核基因编码的蛋白质C．幼红细胞和造血干细胞中的蛋白质有所不同，体现了基因的选择性表达D．控制成熟红细胞凋亡的基因可能在幼红细胞期开始表达3．右图是描述某种生命活动的模型，下列叙述正确的是A．若A代表兔同化的能量，a代表兔摄入的食物，则b、c可分别代表被下一营养级摄入和排便的能量流动途径B．若A代表叶绿体基质，a代表光，则b、c可分别代表该场所产生的[H]和ATPC．若A为调节中枢，a为渗透压升高，则b、c可分别代表抗利尿激素减少和产生渴觉D．若A代表人体B细胞，a为抗原刺激，则b、c可分别代表浆细胞和记忆细胞的形成4．下列有关生物体内信息传递的叙述，正确的是A．下丘脑分泌的促甲状腺激素释放激素，可作用于甲状腺B．小肠黏膜产生促胰液素，可作用于胰岛细胞C．突触前膜释放神经递质，可作用于肌肉和某些腺体D．燕麦幼根细胞分裂素含量较高，可促进乙烯的合成5．番茄的抗病(R)对感病(r)为显性，高秆(D)对矮秆(d)为显性，控制上述两对相对性状的基因分别位于两对同源染色体上。

为获得纯合高秆抗病番茄植株，研究人员采用了下图所示的方法。

据图分析，正确的是A．若过程①的F1自交一代，产生的高秆抗病植株中纯合子占1/9B．过程②常用一定浓度的秋水仙素处理单倍体的种子C．过程③应用的原理是细胞增殖D．过程④―航天育种‖方法中主要的变异类型是基因重组6．某生态系统丰富的植物资源为黑线姬鼠提供了良好的生存条件，鼠大量繁殖吸引鹰前来捕食。

广东省茂名市电白一中2015届高三理综(化学部分)上学期12月测试题

电白一中2015届高三级12月月测试题理科综合一、单项选择题（本大题共16小题，每小题4分，满分64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

选对的得4分，选错或不答的得0分。

）7．化学与生活密切相关，下列说法正确的是（）A．油脂和蛋白质都是天然高分子化合物B．CO2和CH4都是造成温室效应的气体Ｃ．糖类化合物都具有完全相同的官能团D. 磨豆浆的大豆富含蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变成了氨基酸8．在水溶液中能大量共存的一组离子是（）A．Na+、Al3+、Cl-－、CO32－B．Cu2+、Fe3+、Cl-、SO42-C．NH4+、Cl－、OH－、HCO3－ D．H+、Fe2+、Cl-、NO3-9．下列叙述Ⅰ和叙述Ⅱ均正确并且有因果关系的是（）选项陈述Ⅰ陈述ⅡA 氯化钠是电解质电解氯化钠溶液可制备金属钠B CO2是酸性氧化物CO2通入CaCl2溶液可得到CaCO3沉淀C 常温下浓硫酸的强氧化性使铝钝化可用铝罐槽车储运浓硫酸D KNO3的溶解度大用重结晶法除去KNO3中混有的NaClAA．1mol Fe与足量的稀硝酸反应，转移3n A个电子B．常温下，16g CH4含有8n A个电子（相对原子质量：C-12，H-1）C． 0.5 mol·L-1Na2CO3溶液中含有n A个Na+D．标准状况下，22.4L氯水含有n A个Cl2分子11．某小组利用下列装置进行电化学实验，盐桥中填充琼脂及饱和KNO3溶液，下列说法正确的是（）A．若X和Y与电流表○A连接，则电流方向：锌电极→○A→铜电极B．若X和Y与电流表○A连接，盐桥中的K+ 向左边烧杯移动C．若X和Y分别与电源“-”、“+”极相连，Cu极发生氧化反应；D．若X和Y分别与电源“-”、“+”极相连，Zn极质量减轻12．室温下，将一元酸HA溶液和NaOH溶液等体积混合，实验数据如表：实验编号起始浓度c(HA) 起始浓度c(NaOH) 反应后溶液的pH①0.2 mol·L－10.2 mol·L－19下列说法正确的是（）A．HA是一元强酸B．反应后溶液中c(A-)＞c(Na +)C．若用右图来表示反应后各微粒的关系，则图中X 表示OH-，Y表示HA，Z表示H+D．该混合溶液中：c(A-)+ c(Y)>c(Na+)二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分。

广东省茂名市电白县电海中学高三物理上学期1月月考试卷(含解析)

广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（1月份）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．在t1时刻之前两车已经相遇B．在t1时刻之后两车才能相遇C．在t1时刻两车相遇D．两车不可能相遇2．（4分）下列关于热现象和热力学定律的说法正确的是（）A．热量不可能从低温物体传到高温物体B．理想气体温度升高，内能一定增加C．布朗运动是液体分子的运动D．外界对物体做功，则物体的内能一定增加3．（4分）如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，要使垂直纸面放置一根长为L、质量为m 的通电直导体处于静止状态．则应加以匀强磁场B的方向可能是（）A．平行斜面向上B．平行斜面向下C．垂直斜面向下D．垂直斜面向上4．（4分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A．做匀速运动B．做匀加速运动C．机械能减小D．机械能增加二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）关于近代物理，下列说法正确的是（）A．γ射线一般伴随着α或β射线产生，在三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C．H+H→He+n是聚变D．发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了46．（6分）如图所示，a，b两颗质量相同的人造地球卫星分别在半径不同的轨道上绕地球作匀速圆周运动，则（）A．卫星a的周期大于卫星b的周期B．卫星a的动能大于卫星b的动能C．卫星a的势能大于卫星b的势能D．卫星a的机械能小于卫星b的机械能7．（6分）如图所示，半径为R1的圆形的导体线框，套住了半径为R2的边界为圆形的磁场区域，线框平面与磁场方向垂直，当磁感应强度以B=kt（k＞0）变化时（）A．线框中的感应电动势大小为πkR12B．线框中的感应电动势大小为πkR22C．线框中的感应电流方向为顺时针方向D．线框中的感应电流方向为逆时针方向8．（6分）如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，原线圈输入恒定的交变电压．开始时，开关S断开，当开关S闭合时，以下说法正确的有（）A．等效电阻R的电压增加B．通过灯泡L1的电流增加C．副线圈输出的电压增加D．原线圈输入的功率增加9．（6分）电子束焊接机中的电子枪如图所示，K为阴极、电势为φX，A为阳极、电势为φA，在电场作用下电量为﹣e的电子从K运动到A，则（）A．A、K间电势差为φA﹣φKB．电子动能增加e（φA﹣φK）C．电子电势能增加e（φA﹣φK）D．电子克服电场力做功为e（φA﹣φK）三、解答题（共4小题，满分54分）10．（8分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为；②选取ABCD纸带上四个点，从图中读出A、B两点间距s=cm；C点对应的速度是m/s，匀变速直线运动的加速度为 m/s2（计算结果保留两位有效数字）11．（10分）要测一段阻值大约为5Ω的均匀金属丝的电阻率．除米尺、螺旋测微器、电源E（电动势3V，内阻约0.5Ω）、最大阻值为20Ω的滑动变阻器R、开关一只、导线若干外，电流表和电压表各两只供选择：A1（量程lA，内阻约1Ω），A2（量程0.6A，内阻约2Ω），V1（量程3.0V，内阻约1000Ω），V2（量程15V，内阻约3000Ω）．①用螺旋测微器测金属丝的直径d，如图1所示，则d=mm．②为了使测量有尽可能高的精度，电流表应选，电压表应选．③实验电路实物连线已经连了一部分，如图2所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好．（R x表示待测金属丝）④若用米尺测得金属丝的长度为L，用螺旋测微器测得金属丝直径为d，电流表的读数为I，电压表读数为U，则该金属丝的电阻率：ρ=．12．（18分）如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平．B端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为μ=．质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触．现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂．小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半．（1）求细绳能够承受的最大拉力；（2）若要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？（3）通过计算判断C能否从木板上掉下来．13．（18分）如图所示，一电子（其重力不计，质量为m，电荷量为e）由静止开始，经加速电场加速后，水平向右从两板正中间射入偏转电场．偏转电场由两块水平平行放置的长为l、相距为d的导体板组成，当两板放置不带电时，电子通过两板之间的时间为t0，当在两板间加电压为U0时，电子可射出偏转电场，并射入垂直纸面向里的匀强磁场，最后打在磁场右侧竖直放置的荧光屏上，磁场的水平宽度为s，竖直高度足够大．求：（1）加速电场的电压；（2）电子在离开偏转电场时的侧向位移；（3）要使电子能垂直打在荧光屏上，匀强磁场的磁感应强度为多大？广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（1月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．在t1时刻之前两车已经相遇B．在t1时刻之后两车才能相遇C．在t1时刻两车相遇D．两车不可能相遇考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：甲乙两个质点同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第t1末乙追上了甲．由“面积”求出乙追上甲时离出发点的距离．当两者速度相等时，相距最远．本题关键抓住速度图象的“面积”大小等于物体的位移，来分析追及问题，其中速度相等是相距最远的临界条件．解答：解：甲乙两车同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第2t1末两者位移相等，乙追上了甲，故选B故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．2．（4分）下列关于热现象和热力学定律的说法正确的是（）A．热量不可能从低温物体传到高温物体B．理想气体温度升高，内能一定增加C．布朗运动是液体分子的运动D．外界对物体做功，则物体的内能一定增加考点：热力学第一定律；物体的内能．专题：热力学定理专题．分析：影响内能的方式有做功和热传递，在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体；布朗运动是液体分子的无规则热运动的反映；改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功，物体的内能不一定增大．解答：解：A、电冰箱中热量会由低温物体传递给高温物体，故A错误；B、理想气体的温度升高，分子的平均动能增大，内能增大，故B正确；C、布朗运动是悬浮在液体中的颗粒的无规则的运动，是液体分子的无规则热运动的反映．故C错误；D、改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功，物体的内能不一定增大．故D错误．故选：B点评：本题考查了热力学第一定律和热力学第二定律的知识，难度不大，注意积累．改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功，物体的内能不一定增大．3．（4分）如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，要使垂直纸面放置一根长为L、质量为m 的通电直导体处于静止状态．则应加以匀强磁场B的方向可能是（）A．平行斜面向上B．平行斜面向下C．垂直斜面向下D．垂直斜面向上考点：共点力平衡的条件及其应用；安培力．分析：由共点力的平衡条件确定安培力可能的方向；再由左手定则分析匀强磁场的方向．解答：解：A、B根据共点力的平衡，安培力不可能垂直斜面方向，故A、B错误；C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B═mg；故C正确；D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则安培力方向沿斜面向下，导体不可能平衡，故D错误；故选：C点评：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向4．（4分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A．做匀速运动B．做匀加速运动C．机械能减小D．机械能增加考点：功能关系；牛顿第二定律．分析：知道机械能守恒的条件，对物体正确受力分析、熟练应用机械能守恒条件，即可正确解题．解答：解：A、B、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合力等于物体重力沿斜面向下的分析，物体做匀加速运动，故A错误，B正确；C、D、拉力与摩擦力相等，它们所做的总功为零，支持力不做功，因此只有重力做功，物体的机械能守恒，故C错误，D错误；故选：B．点评：对物体受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动状态；除重力与弹力之外，其它力不做功或所做的总功为零，则物体的机械能守恒．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）关于近代物理，下列说法正确的是（）A．γ射线一般伴随着α或β射线产生，在三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C．H+H→He+n是聚变D．发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4考点：X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性；轻核的聚变．分析：半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用；β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的；γ射线一般伴随着α或β射线产生，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，α射线的电离能力最强，穿透能力最弱；衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒，结合质量数等于质子数和中子数之和判断质子数和中子数的变化．解答：解：A、γ射线一般伴随着α或β射线产生，在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱．故A错误．B、β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的．故B正确．C、H+H→He+n是聚变；故C正确；D、α衰变后，电荷数少2，质量数少4，知质子数少2，中子数少2．故D错误．故选：BC．点评：本题考查了半衰期、衰变的实质、射线的性质等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点．6．（6分）如图所示，a，b两颗质量相同的人造地球卫星分别在半径不同的轨道上绕地球作匀速圆周运动，则（）A．卫星a的周期大于卫星b的周期B．卫星a的动能大于卫星b的动能C．卫星a的势能大于卫星b的势能D．卫星a的机械能小于卫星b的机械能考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：卫星圆周运动的向心力由万有引力提供，根据半径关系分析线速度、周期、向心加速度的关系．解答：解：A、根据万有引力提供圆周运动向心力有=可得周期T=2π，轨道半径大的卫星b的周期大，故A错误；B、据=m得速度v=可得半径小的a卫星速度大，又因质量相同，故a卫星的动能大，故B正确；C、卫星b的高度大于a的高度，两卫星质量相同，故b卫星的重力势能大，故C错误；D、卫星从低轨道到高轨道需要克服引力做较多的功，卫星a、b质量相同，所以卫星a的机械能小于卫星b的机械能．故D正确；故选：BD．点评：万有引力提供圆周运动向心力，熟练掌握万有引力和向心力的不同表达式是正确解题的关键．7．（6分）如图所示，半径为R1的圆形的导体线框，套住了半径为R2的边界为圆形的磁场区域，线框平面与磁场方向垂直，当磁感应强度以B=kt（k＞0）变化时（）A．线框中的感应电动势大小为πkR12B．线框中的感应电动势大小为πkR22C．线框中的感应电流方向为顺时针方向D．线框中的感应电流方向为逆时针方向考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．分析：由楞次定律可以判断出电流的方向，由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势大小．解答：解：A、由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n=nS=nkπR22，故B正确，A错误；C、根据楞次定律可知，当磁感应强度以B=kt（k＞0）变化时，即为磁场在增加，所以感应电流方向为顺时针方向，故C正确，D错误；故选：BC．点评：本题考查了判断感应电流的方向，求感应电流大小，熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律，在匀强磁场中，通过该线圈的磁通量公式Φ=BS中，S是有效面积．8．（6分）如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，原线圈输入恒定的交变电压．开始时，开关S断开，当开关S闭合时，以下说法正确的有（）A．等效电阻R的电压增加B．通过灯泡L1的电流增加C．副线圈输出的电压增加D．原线圈输入的功率增加考点：变压器的构造和原理；电流、电压概念．专题：交流电专题．分析：开关S闭合后改变了副线圈的电流和功率，根据变压器原副线圈电压、电流与匝数比的关系即可求解．解答：解：A、开关S闭合后，电阻减小，而电压不变，副线圈的电流增大，电阻R电阻不变，电压变大，故A正确；B、副线圈电流增大，R两端的电压增大，所以灯泡上电压减小，故通过灯泡L1电流减小，故B错误；C、副线圈电压由原线圈和匝数比决定，而原线圈电压和匝数比都没有变，所以副线圈输出电压不变，故C错误；D、原线圈的电压不变，而电流增大，故原线圈的输入功率增大，故D正确；故选：AD点评：本题主要考查了变压器的原理，要知道开关S闭合后，副线圈的电流和功率都变大，难度不大，属于基础题9．（6分）电子束焊接机中的电子枪如图所示，K为阴极、电势为φX，A为阳极、电势为φA，在电场作用下电量为﹣e的电子从K运动到A，则（）A．A、K间电势差为φA﹣φKB．电子动能增加e（φA﹣φK）C．电子电势能增加e（φA﹣φK）D．电子克服电场力做功为e（φA﹣φK）考点：电势能；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：A、K间电势差等于电势之差，根据电势的高低判断电场力做功正负，根据动能定理研究电子动能的增加，由能量守恒定律分析电势能的变化．解答：解：A、据题K极的电势为φK，A极的电势为φA，则A、K间电势差为 U AK=φA﹣φK．故A正确．B、D、K为阴极，电势较低，K是阳极，电势较高，电子从K运动到A的过程中，电场力做正功，为：W=eU AK=e（φA﹣φK），根据动能定理得：△E k=W=e（φA﹣φK），即电子动能增加e（φA﹣φK），故B正确，D错误．C、电子动能增加e（φA﹣φK），根据能量守恒定律可得：电子电势能减少e（φA﹣φK），故C错误．故选：AB点评：本题考查带电粒子在非匀强电场中的加速问题，可与匀强电场加速进行类比理解，关键掌握研究加速过程的基本规律是动能定理或能量守恒．三、解答题（共4小题，满分54分）10．（8分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s；②选取ABCD纸带上四个点，从图中读出A、B两点间距s=0.70cm；C点对应的速度是0.50m/s，匀变速直线运动的加速度为5.0 m/s2（计算结果保留两位有效数字）考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s．（2）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，A、B两点间的距离s=1.70cm﹣1.00cm=0.70cm；由于做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度，故v C==0.50m/s根据△x=aT2可得：物体的加速度a==5.0m/s2故答案为：（1）0.02s（2）0.70；0.50；5.0．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．（10分）要测一段阻值大约为5Ω的均匀金属丝的电阻率．除米尺、螺旋测微器、电源E（电动势3V，内阻约0.5Ω）、最大阻值为20Ω的滑动变阻器R、开关一只、导线若干外，电流表和电压表各两只供选择：A1（量程lA，内阻约1Ω），A2（量程0.6A，内阻约2Ω），V1（量程3.0V，内阻约1000Ω），V2（量程15V，内阻约3000Ω）．①用螺旋测微器测金属丝的直径d，如图1所示，则d=0.850mm．②为了使测量有尽可能高的精度，电流表应选A2，电压表应选V1．③实验电路实物连线已经连了一部分，如图2所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好．（R x表示待测金属丝）④若用米尺测得金属丝的长度为L，用螺旋测微器测得金属丝直径为d，电流表的读数为I，电压表读数为U，则该金属丝的电阻率：ρ=．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；②选择电表时，要做指针偏转要大一些，在其中间刻度的三分之一范围内比较准确；③由于待测电阻较小，因此电流表采用外接法，根滑动变阻器采用分压接法，由此可连接电路图；④根据欧姆定律求出金属丝电阻，有电阻定律可以求出电阻率的表达式．解答：解：①螺旋测微器的固定部分读数为：0.5mm，可动部分读数为：35.0×0.01mm=0.350mm，故最后读数为：0.5mm+0.350mm=0.850mm．故答案为：0.850．②因电源E（电动势3V），因此电压表选择V1，而金属丝电阻约为5Ω，则最大电流I=A=0.6A，因此电流表选择A2．故答案为：A2，V1．③根据实验原理，=；所以电流外采用外接法；滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，而金属丝电阻约为5Ω，因此采用滑动变阻器的分压式，则设计的电路图为：根据电表的量程，及正负极，连接实物图，如下所示：④根据欧姆定律得：R=根据电阻定律得：ρ=．故有：ρ=．故答案为：①0.850；②A2，V1．③如上实物图所示；④．点评：在测量金属丝的电阻时，首先要考虑安全，其次准确，最后操作方便，在该实验中同时注意选择滑动变阻器的分压和限流接法以及电流表的内接和外接法．12．（18分）如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平．B端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为μ=．质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触．现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂．小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半．（1）求细绳能够承受的最大拉力；（2）若要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？（3）通过计算判断C能否从木板上掉下来．考点：动量守恒定律；牛顿第二定律；动能定理．专题：动量定理应用专题．分析：（1）由机械能守恒定律求出小球的速度，然后由牛顿定律求出绳子能承受的最大拉力；（2）小球做平抛运动，应用平抛运动规律分析答题；（3）应用动量守恒定律与能量守恒定律求出C的位移，然后根据位移与木板的长度关系分析答题．解答：解：（1）设小球运动到最低点的速率为v0，小球向下摆动过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgL=mv02 …①解得：v0=…②，小球在圆周运动最低点，由牛顿第二定律得：T﹣mg=m…③由牛顿第三定律可知，小球对细绳的拉力：T′=T…④解得：T′=3mg…⑤；（2）小球碰撞后平抛运动，在竖直方向上：h=gt2 …⑥水平方向：L=t…⑦解得：h=L…⑧（3）小球与滑块C碰撞过程中小球和C系统满足动量守恒，设C碰后速率为v1，以小球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=m（﹣）+3mv1 …⑨假设木板足够长，在C与木板相对滑动直到相对静止过程，设两者最终共同速率为v2，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：3mv1=（3m+6m）v2…⑩由能量守恒定律得：•3mv12=（3m+6m）v22+μ•3mgs…⑪联立⑨⑩⑪解得：s=L…⑫由s＜L知，滑块C不会从木板上掉下来．答：（1）细绳能够承受的最大拉力3mg；（2）要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为L；（3）Cb能否从木板上掉下来．点评：本题考查了动量守恒定律的应用，分析清楚运动过程是正确解题的关键，应用机械能守恒定律、平抛运动知识、动量守恒定律、能量守恒定律即可正确解题．13．（18分）如图所示，一电子（其重力不计，质量为m，电荷量为e）由静止开始，经加速电场加速后，水平向右从两板正中间射入偏转电场．偏转电场由两块水平平行放置的长为l、相距为d的导体板组成，当两板放置不带电时，电子通过两板之间的时间为t0，当在两板间加电压为U0时，电子可射出偏转电场，并射入垂直纸面向里的匀强磁场，最后打在磁场右侧竖直放置的荧光屏上，磁场的水平宽度为s，竖直高度足够大．求：（1）加速电场的电压；（2）电子在离开偏转电场时的侧向位移；（3）要使电子能垂直打在荧光屏上，匀强磁场的磁感应强度为多大？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）根据粒子在偏转电场中水平方向上做匀速直线运动，求出水平速度，通过动能定理求出加速电场的电压．（2）根据电子在偏转电场中水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做匀加速直线运动，抓住等时性，结合牛顿第二定律和运动学公式求出侧向位移．（3）结合粒子在磁场中运动的轨道半径，通过洛伦兹力提供向心力求出磁感应强度的大小．解答：解：（1）粒子经过偏转电场的初速度v0=根据动能定理：qU=mv02得：U==．（2）电子在偏转电场中，根据牛顿第二定律：a==则侧向位移：y=at02=（3）设电子从偏转电场中射出时的偏向角为θ，由于电子要垂直打在荧光屏上，所以电子在磁场中运动半径R，由几何关系有：R=，，解得B=，因为，解得B=．答：（1）加速电场的电压为；。

广东省茂名市电白高级中学2015-2016学年高二下学期期中考试物理(理)试题含答案

绝密★启用前茂名市电白高级中学2015～2016学年第二学期期中考试高二年级物理(理科)试卷一、单选题1.如图所示，理想变压器原，副线圈的匝数比为n1∶n2＝4∶1，当导体棒在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时，电流表A1的示数是12 mA,则电流表A2的示数为（)A．3 mAB．0C．48 mAD．与负载R的值有关2。

在图甲所示的电路中，理想变压器原线圈两端的正弦交变电压变化规律如图乙所示．已知变压器原，副线圈的匝数比n1∶n2＝10∶1，串联在原线圈电路中电流表A1的示数为1 A，下列说法正确的是( )．A．电压表V的示数为200VB．变压器的输出功率为200 WC．变压器输出端交流电的频率为100 HzD．电流表A2的示数为0.1 A3.如图所示,交流发电机线圈的面积为0。

05 m2，共100匝．该线圈在磁感应强度为T的匀强磁场中,以10π rad/s的角速度匀速转动，电阻R1和R2的阻值均为50 Ω,线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则（)A．线圈中的电动势为e＝50sin （10πt）VB．电流表的示数为AC．电压表的示数为50AD．R1上消耗的电功率为50 W4.如图所示,金属杆ab静止放在水平固定的“U"形光滑金属框上，且整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．现使ab获得一个向右的初速度v开始运动，下列表述正确的是（）A．安培力对ab做正功B．杆中感应电流的方向由b→aC．杆中感应电流逐渐减小D．杆中感应电流保持不变5.如图所示是某种汽车上的一种自动测定油箱内油面高度的装置．R 是滑动变阻器．它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表(由电流表改装而成)指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度,当滑动变阻器的金属滑片向下移动时( ）A．电路中的电流减小,油箱油面降低B．电路中的电流减小，油箱油面升高C．电路中的电流增大，油箱油面降低D．电路中的电流增大，油箱油面升高6。

广东省茂名市电白实验中学高三物理联考试题含解析

广东省茂名市电白实验中学高三物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选题）如图所示，竖直平面内两根光滑细杆所构成的∠AOB被铅垂线OO′平分，∠AOB＝120°.两个质量均为m的小环通过水平轻弹簧的作用静止在A、B两处，A、B连线与OO′垂直，连线距O点高度为h，已知弹簧原长为h，劲度系数为k，现在把两个小环在竖直方向上均向下平移h，释放瞬间A环加速度为a，则下列表达式正确的是()A．k＝mg/3h B．k＝mg/6h C．a＝g D．a＝g参考答案：C2. （单选）将长为L的导线弯成六分之一圆弧，固定于垂直纸面向外、大小为B的匀强磁场中，两端点A、C连线竖直，如图所示。

若给导线通以由A到C、大小为I的恒定电流，则导线所受安培力的大小和方向是A． ILB，水平向左B． ILB，水平向右C．，水平向右D．，水平向左·参考答案：D解析：弧长为L，圆心角为60°，则弦长：AC=，导线受到的安培力：F=BI?AC=，由左手定则可知，导线受到的安培力方向：水平向左；故选：D．3. 如图26－1所示是X射线管的示意图。

下列有关X射线管或X射线的说法中正确的有( ) A．高压电源的右端为正极B．蓄电池也可用低压交流电源代替C．X射线是由对阴极A发出的D．X射线的波长比可见光长参考答案：ABC4. （单选）如图所示，质量为M、上表面光滑的平板水平安放在A、B两固定支座上．质量为m的小滑块以某一速度匀速从木板的左端滑至右端．能正确反映滑行过程中，B支座所受压力N B随小滑块运动时间t变化规律的是（）A． B． C． D．参考答案：【考点】：力矩的平衡条件．【分析】：以A支座为转轴，以平板和小滑块m为研究对象，分析受力：除转轴外，整体受到重力和B支座的支持力，根据力矩平衡列方程得到支持力的解析式，再由牛顿第三定律得到B支座所受压力N B随小滑块运动时间t变化的解析式，来选择图象．：解：设小滑块的速度大小为v，平板长为L，质量为M．以A支座为转轴，则根据力矩平衡，得mg?vt+Mg L=N B′?L得到N B′=Mg+t根据牛顿第三定律，得B支座所受压力N B=Mg+t，可见，C正确故选：C【点评】：本题是根据力矩平衡条件列方程，得到压力N B与时间关系的解析式，再根据解析式来选择图象，这是图象问题常用的方法．5. 如图所示，质量为0.12kg的裸铜棒，长为20cm，两头与软导线相连，吊在B=0.5T，方向竖直向上的匀强磁场中。

广东省电白一中高三物理三月测试题

广东省电白一中高三物理三月测试题一、选择题：（每小题均有四个选项，其中有一个或多个正确选项，选不全扣2分，有错0分，总分40分）1. 不考虑重力作用，有关带电粒子在电场或磁场中运动的说法哪些是正确的： A 、在电场中可能作匀变速直线运动或匀变速曲线运动 B 、在匀强磁场中可能做匀速直线运动或变加速曲线运动 C 、在电场中不能做匀速圆周运动 D 、在匀强磁场中不能做类平抛运动2．图中a 、b 两端接到电源上,Ω=Ω=Ω=30,20,10321R R R ,它们的功率分别为1P 、2P 和3P ,则：A.321P P P >>B.321P P P ==C.321P P P <<D.312P P P <<3．如图所示，一个矩形线圈与通有相同大小的电流的平行直导线同一平面，而且处在两导线的中央，则：A ．两电流同向时，穿过线圈的磁通量为零B ．两电流反向时，穿过线圈的磁通量为零C ．两电流同向或反向，穿过线圈的磁通量都相等D ．因两电流产生的磁场是不均匀的，因此不能判定穿过线圈的磁通量是否为零4．如图所示，线图C 连接光滑平行导轨，导轨处在方向垂直纸面向里的匀强磁场中，导轨电阻不计，导轨上放着导体MN 。

为了使闭合线圈A 产生图示方向的感应电流，可使导体MN:A ．向右加速运动B ．向右减速运动C ．向左加速运动D ．向左减速运动5．图中K 、L 、M 为静电场中的3个相距很近的等势面（K 、M 之间无电荷）。

一带电粒子射入此静电场中后，依abcde 轨迹运动。

已知电势ϕK ＜ϕL ＜ϕM ，且粒子在ab 段做减速运动。

下列说法中正确的是：图A 、粒子带负电B 、粒子在bc 段也做减速率运动C 、粒子在a 点与e 点的速率大小相等D 、粒子从c 点到d 点的过程中电场力做负功6．2003年8月29日，火星、地球和太阳处于三点一线，上演“火星冲日”的天象奇观．这是6万年来火星距地球最近的一次，与地球之间的距离只有5576万公里，为人类研究火星提供了最佳时机．如图所示为美国宇航局最新公布的“火星冲日”的虚拟图．则有： A ．2003年8月29日，火星的线速度大于地球的线速度 B ．2003年8月29日，火星的线速度小于地球的线速度 C ．2004年8月29日，火星又回到了该位置 D ．2004年8月29日，火星还没有回到该位置7．一个物体受到的合力F 如图所示，该力的大小不变，方向随时间t 周期性变化，正力表示力的方向向东，负力表示力的方向向西，力的总作用时间足够长，将物体在下面哪些时刻由静止释放，物体可以运动到出发点的西边且离出发点很远的地方： A ．t=t 1时 B ．t=t 2时 C ．t=t 3时 D ．t=t 4时8. 如图所示，一束质量、速度和电量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生任何偏转。

电白一中高三力与直线运动能力摸底考试

电白一中高三物理周测题（力与直线运动能力摸底考试）朱耀 2007.8一、本题共10小题；每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.1．汽车以大小为20m/s 的速度做匀速直线运动。

刹车后，获得的加速度的大小为5m/s 2，那么刹车后2s 内与刹车后6s 内汽车通过的路程之比为（） A ．1∶1 B ．3∶1 C ．4∶3 D ．3∶42.某人在静止的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一段深度。

不计空气阻力，取向上为正方向，在下边v —t 图象中，最能反映小铁球运动过程的速度——时间图线是( )3．如右下图，质量为M 的三角形木块A 静止放于水平面上．一质量为m 的物体B 沿A 的斜面以初速度v 0下滑，则下列说法中可能正确的是 ( )A ．A 和B 对地面的压力小于(M+m)g B ．A 和B 对地面的压力等于(M+m)gC ．水平面对A 的静摩擦力水平向左D ．水平面对A 的静摩擦力不为04．如图所示，质量为m 的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB 托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为（）A ．0B ．g332C ．gD ．g 335．如图1所示，弹簧秤和细绳重力不计，不计一切摩擦，物体重G ＝5N ，弹簧秤A 和B 的读数分别为( )A ．5N ，0NB ．5N ，10NC ．5N ，5ND ．10N ，5N6．如图11所示，在倾角为45°的光滑斜面上有一圆球，在球前放一光滑挡板使球保持静止，此时球对斜面的正压力为N 1；若去掉挡板，球对斜面的正压力为N 2，则下列判断正确的是（）A ．1221N NB．N 2＝N 1C ．N 2＝2N 1D ．122N N =7.如图所示，滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴O 安在一根轻木杆B 上，一根轻绳AC 绕过滑轮，A 端固定在墙上，且绳保持水平，C 端下面挂一个重物，BO 与竖直方向夹角45=θ，系统保持平衡，若保持滑轮的位置不变，改变θ的大小，则滑轮受到木杆的弹力大小变化情况是( )A 、只有角θ变小，弹力才变小B 、只有角θ变大，弹力才变大C 、不论角θ变大或变小，弹力都变大D 、不论角θ变大或变小，弹力都不变8．（4分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，橡皮条一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一位置O 点，以下操作正确的是（）A ．实验中必须记录弹簧秤拉力的方向B ．在实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤的刻度C ．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤的拉力大小和方向，把橡皮条节点拉到O 点D ．实验中，把橡皮条节点拉到O 点时，两弹簧秤之间的夹角应取90°不变，以便于计算合力的大小9．为了研究超重与失重现象．某同学把一体重秤放在电梯的地板上，他站在体重秤上随电梯运动并观察体重秤示数的变化情况．下表记录了几个特定时刻体重秤的示数(表内时间不若已知0t 时刻电梯静止，则 ( )A ．t 1和t 2时刻该同学的质量并没有变化，但所受重力发生变化B ．t 1和t 2时刻电梯的加速度方向一定相反C ．t 1和t 2时刻电梯运动的加速度大小相等，运动方向不一定相反D ．t 3时刻电梯可能向上运动10．在平直公路上行驶的汽车中，某人从车窗相对于车静止释放一个小球，不计空气阻力，用固定在路边的照相机对汽车进行闪光照相，照相机闪两次光，得到清晰的两张照片，对照片进行分析，知道了如下信息：①两次闪光的时间间隔为0.5s ；②第一次闪光时，小球刚释放，第二次闪光时，小球落地；③两次闪光的时间间隔内，汽车前进了5m ；④两次闪光时间间隔内，小球水平移动的距离为5m ，根据以上信息能确定的是（已知g ＝10m/2s ）（）A ．小球释放点离地的高度B ．第一次闪光时小球的速度C ．汽车做匀速直线运动D ．两次闪光的时间间隔内汽车的平均速度二、本题共8小题，共 110分.解答应写出必要的文字说明、示意图、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位.11．(9分)一小球沿光滑斜面向下运动，用每隔0.1s 曝光一次的频闪照相机拍摄下不同时刻小球的位置照片如图所示，选小球的五个连续位置A 、B 、C 、D 、E 进行测量，测得距离s 1、s 2、s 3、s 42.⑵根据以上数据求出小球在位置A 和位置E的速度分别为__________m/s__________m/s. ⑶能否根据以上数据求出斜面的倾角？简要说明理由。

高三物理月考试题及答案-广东茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考试卷(12月份)

广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）下列说法正确的是（）A．k g，m/s，N是导出单位B．在国际单位制中，质量的单位是g，也可以是kgC．牛顿第二定律的公式F=kma中的k在任意单位下都等于1D．牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证2．（4分）如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）A．G B．G sinθC．G cosθD．Gtanθ3．（4分）下列说法正确的是（）A．跳高运动员起跳以后在上升过程处于超重状态B．在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态，所以宇航员没有惯性C．田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的D．足球被守门员踢出后，在空中沿着弧线运动属于离心现象4．（4分）一辆汽车在平直的公路上，从静止开始以恒定加速度启动，最后达到最大速率．设汽车所受阻力保持不变，在此过程中（）A．汽车达到最大速率时所受到的合外力为零B．汽车发动机的功率一直在增大C．汽车一直做匀加速直线运动D．汽车发动机的功率一直保持恒定二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）在一次投球游戏中，小刚同学调整好力度，将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示划着一条弧线飞到小桶的右方．不计空气阻力，则下次再投时，他可能作出的调整为（）A．增大初速度，抛出点高度不变B．减小初速度，抛出点高度不变C．初速度大小不变，提高抛出点高度D．初速度大小不变，降低抛出点高度6．（6分）如图，a、b分别表示先后从同一地点以相同的初速度做匀变速直线运动的两个物体的速度图象，则下列说法正确的是（）A．4s末两个物体速度相同B．a、b两物体运动的加速度相同C．4s末两个物体在途中相遇D．5s末两个物体在途中相遇7．（6分）如图，一滑块从固定斜面上匀速下滑，取斜面底为零势面，能正确描述滑块的动能E k、势能E P、机械能E、下滑位移S与时间t关系的是（）A．B．C．D．8．（6分）如图所示，A、B、C是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，已知m A=m B ＞m C，下列说法正确的是（）A．角速度速度大小的关系是ωA＞ωB=ωCB．周期关系是T A＜T B=T CC．向心力大小的关系是F A=F B＞F CD．向心加速度大小的关系是a A＜a B=a C9．（6分）如图所示，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P，一个带正电的带电粒子A在外力作用下从P点沿着中垂线向下运动，下列说法正确的是（）A．粒子A向下运动过程中电场力一定越来越大B．粒子A向下运动过程中电场力一定先增大后减小C．粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等D．粒子A向下运动过程中电势能一定越来越小三、解答题（共4小题，满分54分）10．（8分）如图a是某同学做“研究匀变速直线运动”实验时获得的一条纸带．打点计时器电源频率为50Hz．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，F点由于不清晰而未画出．①试根据纸带上的数据，测量出EG间距S EG=______cm；②推测F点的刻度值是______cm处；③计算出F点对应的速度v F=______m/s（计算结果保留两位有效数字）；加速度a=______m/s2．11．（10分）气垫导轨是常用的一种实验仪器．它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：（在空白处填上答案）①a．用天平分别测出滑块A、B的质量m A、m B．b．调整气垫导轨，使导轨处于______状态．c．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上．d．用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1．e．按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作．当A、B 滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2．②实验中还应测量的物理量是______．③利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是，上式中算得的A、B两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因是________________________．利用上述实验数据__________（填“能”或“否”）测出被压缩弹簧的弹性势能的大小．12．（18分）如图所示，将一质量为m、电荷量为+q小球固定在绝缘杆的一端，杆的另一端可绕通过O点的固定轴转动．杆长为L，杆的质量忽略不计．杆和小球置于一水平向右的匀强电场中，小球静止在A点时，绝缘杆偏离竖直方向的角度为θ．已知重力加速度为g．（1）求小球所带电的电性．（2）求电场强度的大小．（3）将杆拉至水平位置OB，在此处将小球自由释放．求杆运动到竖直位置OC时小球的速度大小以及杆对小球的拉力大小．13．（18分）如图，一长木板A放在水平地面上．可视为质点的滑块B静止放在距A左端为L0的木板上；与B完全相同的C以水平初速度v0冲上A并能与B相碰，B、C碰后粘在一起不再分开并一起向右运动．已知：A、B、C的质量均为m；重力加速度为g；B、C 与A的动摩擦因数μ1=，A与地面的动摩擦因数μ2=，v02=gL0，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：（1）物块C冲上木板瞬间，物块C的加速度为多少？（2）C与B发生碰撞前后的速度大小为多少？（3）为使B、C结合体不从A右端掉下来，A的长度至少要多长？广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）下列说法正确的是（）A．k g，m/s，N是导出单位B．在国际单位制中，质量的单位是g，也可以是kgC．牛顿第二定律的公式F=kma中的k在任意单位下都等于1D．牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：A、kg是质量的单位它是基本单位，所以A错误．B、g也是质量的单位，但它不是质量在国际单位制中的基本单位，三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以B错误．C、牛顿第二定律的表达式F=ma，是在其中的物理量都取国际单位制中的单位时得出的，所以C错误．D、牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证，D正确故选：D．点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．（4分）如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角θ．若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）A．G B．G sinθC．G cosθD．Gtanθ考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：人受多个力处于平衡状态，合力为零．人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．根据平衡条件求解．解答：解：人受多个力处于平衡状态，人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力．根据平衡条件得椅子各部分对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G．故选A．点评：通过受力分析和共点力平衡条件求解．3．（4分）下列说法正确的是（）A．跳高运动员起跳以后在上升过程处于超重状态B．在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态，所以宇航员没有惯性C．田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的D．足球被守门员踢出后，在空中沿着弧线运动属于离心现象考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重；惯性．分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．惯性与物体的运动状态无关．解答：解：A、跳高运动员起跳以后在上升过程只受到重力的作用，处于失重状态．故A 错误；B、惯性与物体的运动状态无关．在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态，但是宇航员的惯性不变．故B错误；C、田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的．故C正确；D、足球被守门员踢出后，在空中做斜上抛运动，沿着弧线运动属于斜上抛运动，是受到重力与运动方向不在同一条直线上的原因．故D错误．故选：C点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力或悬挂物的拉力变了．4．（4分）一辆汽车在平直的公路上，从静止开始以恒定加速度启动，最后达到最大速率．设汽车所受阻力保持不变，在此过程中（）A．汽车达到最大速率时所受到的合外力为零B．汽车发动机的功率一直在增大C．汽车一直做匀加速直线运动D．汽车发动机的功率一直保持恒定考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：当汽车以额定功率启动时，当牵引力等于阻力时，速度达到最大，由P=Fv可知，速度增大，牵引力减小，由F﹣f=ma可知，加速度减小．解答：解：A、当牵引力等于阻力时，速度达到最大，速度最大，合力F﹣f=0，故A正确；B、功率P=FV，F不变，V增大，所以发电机功率增大，当达到最大速度以后，功率不变，故BD错误；C、根据P=Fv知，发动机的功率恒定，速度增大，根据P=Fv，牵引力减小，根据牛顿第二定律F﹣f=ma得，加速度减小，故C错误故选：A点评：本题考查的是机车启动的两种方式，即恒定加速度启动和恒定功率启动．要求同学们能对两种启动方式进行动态分析，能画出动态过程的方框图，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）在一次投球游戏中，小刚同学调整好力度，将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示划着一条弧线飞到小桶的右方．不计空气阻力，则下次再投时，他可能作出的调整为（）A．增大初速度，抛出点高度不变B．减小初速度，抛出点高度不变C．初速度大小不变，提高抛出点高度D．初速度大小不变，降低抛出点高度考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中．将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择．解答：解：设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则平抛运动的时间t=水平位移x=v0t=v0A、B由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持抛出点高度h不变，减小初速度v0．故B正确，A错误；C、D由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持初速度v0大小不变，减小降低抛出点高度h．故D正确，C错误．故选BD．点评：本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键运用运动的分解方法得到水平位移的表达式．6．（6分）如图，a、b分别表示先后从同一地点以相同的初速度做匀变速直线运动的两个物体的速度图象，则下列说法正确的是（）A．4s末两个物体速度相同B．a、b两物体运动的加速度相同C．4s末两个物体在途中相遇D．5s末两个物体在途中相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度时间图线比较4s末的速度，根据图线的斜率比较加速度，根据图线与时间轴围成的面积判断物体是否相遇．解答：解：A、由速度时间图线知，4s末两个物体的速度一正一负，则速度方向相反，故A错误．B、a、b两图线的斜率相同，则a、b的加速度相同，故B正确．C、图线与时间轴围成的面积表示位移，4s末两图线围成的面积相等，则4s末两个物体在图中相遇．故C正确．D、5s末两图线围成的面积不等，则位移不等，未相遇，故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．7．（6分）如图，一滑块从固定斜面上匀速下滑，取斜面底为零势面，能正确描述滑块的动能E k、势能E P、机械能E、下滑位移S与时间t关系的是（）A．B．C．D．考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后推导出位移和速度表达式，再根据功能关系列式分析．解答：解：A、物体匀速下滑，动能不变，动能不随时间变化，故A错误；B、重力势能：E P=mgh=mg（H﹣s）•sinθ=mg（H﹣vt）•sinθ，随时间增加，重力势能与t 是一次函数关系，故B正确；C、物体匀速下滑，要克服阻力做功，机械能减少，故C错误；D、物体做匀速直线运动，位移：s=vt，s与t成正比，故D正确；故选：BD．点评：本题关键明确物体的运动规律，然后根据功能关系得到表达式分析图象．8．（6分）如图所示，A、B、C是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，已知m A=m B ＞m C，下列说法正确的是（）A．角速度速度大小的关系是ωA＞ωB=ωCB．周期关系是T A＜T B=T CC．向心力大小的关系是F A=F B＞F CD．向心加速度大小的关系是a A＜a B=a C考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F向==m=mω2r=maA、ω=，根据题意得r A＜r B=r C所以ωA＞ωB=ωC，故A正确；B、T=2π，所以周期关系是T A＜T B=T C．故B正确；C、向心力F向=，已知m A=m B＞m C，r A＜r B=r C，所以F A＞F B＞F C，故C错误；D、a=，所以a A＞a B＞a C，故D错误；故选：AB．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论．9．（6分）如图所示，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P，一个带正电的带电粒子A在外力作用下从P点沿着中垂线向下运动，下列说法正确的是（）A．粒子A向下运动过程中电场力一定越来越大B．粒子A向下运动过程中电场力一定先增大后减小C．粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等D．粒子A向下运动过程中电势能一定越来越小考点：电场线；电势能．分析：根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小．根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．据此分析即可．解答：解：AB、根据电场线的分布可知粒子A向下运动过程中电场线先越来越密，后越来越疏，场强先增大后减小，所以电场力先增大后减小，故A错误，B正确．C、P所在的中垂线是一条等势线，所以粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等，故C正确．D、由于粒子在等势线上运动，电场力不做功，电势能不变，故D错误．故选：BC．点评：对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆．三、解答题（共4小题，满分54分）10．（8分）如图a是某同学做“研究匀变速直线运动”实验时获得的一条纸带．打点计时器电源频率为50Hz．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，F点由于不清晰而未画出．①试根据纸带上的数据，测量出EG间距S EG=2.80cm；②推测F点的刻度值是5cm处；③计算出F点对应的速度v F=0.70m/s（计算结果保留两位有效数字）；加速度a=5.00m/s2．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：根据刻度尺的指示可得出EF之间的距离大小，注意需要进行估读，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上F点时小车的瞬时速度大小．解答：解：①根据纸带上的数据，测量出EG间距S EG=6.50﹣3.70=2.80cm，②根据题意可知，连续相等时间内的位移差相等为：△x=0.20cm，即S EF=1.30cm，所以F点的刻度值是5cm处；③平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故v F==0.70m/s；根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a==5.00m/s2．故答案为：①2.80 ②5 ③0.70； 5.00点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．（10分）气垫导轨是常用的一种实验仪器．它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：（在空白处填上答案）①a．用天平分别测出滑块A、B的质量m A、m B．b．调整气垫导轨，使导轨处于水平状态．c．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上．d．用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1．e．按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作．当A、B 滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2．②B的右端至D板的距离L2．③利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是，上式中算得的A、B两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因是测量、时间、距离等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差．利用上述实验数据能（填“能”或“否”）测出被压缩弹簧的弹性势能的大小．考点：验证动量守恒定律．专题：实验题．分析：要验证动量守恒定律需要知道物体的质量和速度，而速度可以用位移与时间的比值代替，故要测位移；根据位移和时间求出速度，结合动量守恒定律列出表达式．根据能量守恒求出压缩弹簧的弹性势能．解答：解：①调整气垫导轨，使导轨处于水平状态．②③因系统水平方向动量守恒即m A v A﹣m B V B=0，由于系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动故有：，，即．所以还要测量的物理量是：B的右端至D板的距离L2．根据表达式可知造成误差的原因有：测量时间、距离等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差等．根据能量守恒知，弹性势能转换为A、B的动能之和，故能测出被压缩弹簧的弹性势能的大小．故答案为：①水平；②B的右端至D板的距离L2；③，测量、时间、距离等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差，能点评：该题中，并没有直接测量或求出滑块的速度，而是利用位移与时间的比值表示物体的速度．这是物理实验中常用的一种方法，要注意掌握．12．（18分）如图所示，将一质量为m、电荷量为+q小球固定在绝缘杆的一端，杆的另一端可绕通过O点的固定轴转动．杆长为L，杆的质量忽略不计．杆和小球置于一水平向右的匀强电场中，小球静止在A点时，绝缘杆偏离竖直方向的角度为θ．已知重力加速度为g．（1）求小球所带电的电性．（2）求电场强度的大小．（3）将杆拉至水平位置OB，在此处将小球自由释放．求杆运动到竖直位置OC时小球的速度大小以及杆对小球的拉力大小．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据共点力平衡求出电场力的方向，在由电场强度方向判断电性，从而得出电场强度的大小．根据动能定理求出小球运动到最低点的速度，结合牛顿第二定律求出杆对小球的拉力大小．解答：解：（1）根据共点力平衡知电场力的方向水平向右，且电场方向也水平向右，故小球带正电对小球，水平方向T sinθ=Eq坚直方向Tcosθ=mg解得：E=（2）由动能定理有mgL+EqL=mv2，v=（3）在C处，由牛顿第二定律有：F﹣mg=m解得：F=mg（3+2tanθ）答：（1）小球所带正电．（2）电场强度的大小．（3）杆运动到竖直位置OC时小球的速度大小以及杆对小球的拉力大小mg（3+2tanθ）．点评：本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律和动能定理的综合，知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．13．（18分）如图，一长木板A放在水平地面上．可视为质点的滑块B静止放在距A左端为L0的木板上；与B完全相同的C以水平初速度v0冲上A并能与B相碰，B、C碰后粘在一起不再分开并一起向右运动．已知：A、B、C的质量均为m；重力加速度为g；B、C 与A的动摩擦因数μ1=，A与地面的动摩擦因数μ2=，v02=gL0，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：（1）物块C冲上木板瞬间，物块C的加速度为多少？（2）C与B发生碰撞前后的速度大小为多少？（3）为使B、C结合体不从A右端掉下来，A的长度至少要多长？考点：动量守恒定律；牛顿第二定律；动能定理．专题：动量定理应用专题．分析：（1）物块C冲上木板瞬间，由牛顿第二定律求出加速度；（2）对物体C运用动能定理列式求解碰撞前速度；对碰撞过程根据动量守恒定律列式求解碰撞后的速度；（3）先对BC整体、A分别受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度，当速度相等时不掉来即可，再结合动能定理列式求解．解答：解：（1）C冲上A后，C受到的摩擦力大小为：f C=μ1mg=mg，由牛顿第二定律得：f C=ma C，解得：a C=g；（2）C冲上A后，A受地面的最大静摩擦力大小为：，由于f Am＞f C，所以A、B保持静止，即加速度a A=0，a B=0，所以C在A上做减速运动，设其碰前速度为v C，由动能定理得：，滑块B、C碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，设碰后速度为v BC，由动量守恒定律得：mv c=2mv BC，解得：v BC=；（3）B、C结合体受到A的摩擦力：f BC=μ1•2mg=mg，方向向左．根据牛顿第三定律，结合体给A向右的摩擦力为：f BC′=f BC＞f Am，故A做初速度为零的匀加速直线运动，BC做匀减速直线运动．设刚达到的共同速度为v ABC，由牛顿第二定律知：对BC：f BC=2ma BC，对A：f'BC﹣f Am=ma'A，由运动学方程：v ABC=v BC﹣a BC t，v ABC=a'A t，设A从运动到共速，对地的位移为s AB，BC在这段时间的对地位移为s BC，由动能定理得：对BC：﹣f BC s BC=•2mv ABC2﹣•2mv BC2，对A：（f BC﹣f A）s AB=mv ABC2，结合体BC在A上运动的距离为：△L=s BC﹣s AB，若达到共同速度v ABC时，结合体BC恰好运动至木板A的最右端，木板长度最少为：。