安徽省六安一中2015-2016学年高二(下)开学物理试卷(解析版)

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(解析版)安徽省六安一中2016届高考物理模拟试卷(二) W

2016年安徽省六安一中高考物理模拟试卷（二）一、选择题1．如图所示，两个质量为m1的小球套在竖直放置的光滑支架上，支架的夹角为120°，用轻绳将两球与质量为m2的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则m1：m2为（）A．1：1 B．1：2 C．1：D．：22．一个做平抛运动的物体，从物体水平抛出开始发生水平位移为s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；紧接着物体在发生第二个水平位移s的时间内，它在竖直方向发生的位移为d2．已知重力加速度为g，则做平抛运动的物体的初速度为（）A．B．C．D．3．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a点运动到b 点的轨迹（如图虚线所示）图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的是（）A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在b点动能较小D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小4．如图所示，长为L，倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为+q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则（）A．A、B两点的电势差一定为B．小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能C．若电场是匀强电场，则该电场的最小值一定是D．若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷5．水平面上有质量相等的a、b两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上．各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来．撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v﹣t图象如图所示，图中AB∥CD，整个过程中（）A．水平推力F1、F2的大小相等B．a、b与水平面间的动摩擦因数相等C．a的平均速度大于b的平均速度D．水平推力F1、F2所做的功可能相等6．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查．如图所示为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带AB始终保持v=1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2．若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速度平行于传送带运动去B处取行李，则（）A．乘客与行李同时到达BB．行李提前0.5s到达BC．乘客提前0.5s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B7．如图所示，通电直导线ab质量为m、水平地放置在两根倾角为θ的光滑绝缘导体轨道上，通以图示方向的电流，电流强度为I．两导轨间距为l，要使导线ab静止在导轨上，则关于所加匀强磁场大小、方向（从b向a看）的判断正确的是（）A．磁场方向竖直向上，磁感应强度大小为B．磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为C．磁场方向水平向右，磁感应强度大小为D．磁场方向垂直斜面向上时，磁感应强度有最小值8．如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图b所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体的质量为3kgB．物体的加速度大小为5m/s2C．弹簧的劲度系数为7.5N/cmD．物体与弹簧分离时动能为0.4J二、非选择题9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑电荷量的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图2所示，由此读出d=cm．（3）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为θ，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=，在误差允许的范围内，若△E k=△E p，则可认为系统的机械能守恒．10．在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a．把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b．调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；c．用细线将木板上的小车通过定滑轮与砂桶相连；d．接通电源，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点；e．换上新的纸带，在砂桶中依次加入适量的砂子，重复d步骤多次，得到几条点迹清晰的纸带．现测出了其中一条纸带上的距离，如图2所示，已知打点周期为0.02s．则这条纸带上C点速度的大小v C=m/s，形成加速度的大小a=m/s2（取三位有效数字）．根据所测纸带数据，把砂与砂桶的重力作为合外力F，拟作出加速度a﹣F图象，发现当a比较大时图线明显向F轴偏移，这是由于实验原理的不完善导致的，请你在这个实验的基础上，稍加改进实验原理，得到一条a﹣F成正比的图线，写出你的改进方法：．11．一宇航员到达半径为R、密度均匀的某星球表面，做如下实验：用不可伸长的轻绳拴一质量为m的小球，上端固定在O点，如图甲所示，在最低点给小球某一初速度，使其绕O 点在竖直面内做圆周运动，测得绳的拉力大小F随时间t的变化规律如图乙所示．F1、F2已知，引力常量为G，忽略各种阻力．求：（1）星球表面的重力加速度（2）星球的密度．12．如图所示，挡板P固定在足够高的水平桌面上，小物块A和B大小可忽略，它们分别带有+Q A和+Q B的电荷，质量分别为m A和m B的两物块由绝缘的轻弹簧相连，一不可伸长的轻绳跨过滑轮，一端与B连接，另一端连接一轻质小钩．整个装置处于场强为E、方向水平向左的匀强电场中．A、B开始时静止，已知弹簧的劲度系数为k，不计一切摩擦及A、B 间的库仑力，A、B所带电荷量保持不变，B始终不会碰到滑轮．（1）若在小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放，可使物块A对挡板P的压力恰为零，但不会离开P，求物块C下降的最大距离；（2）若C的质量改为2M，则当A刚离开挡板P时，B的速度多大．【物理-选修3-3】13．下列有关热学现象和规律的描述正确的是（）A．已知阿伏伽德罗常数和某物质的摩尔质量，一定可以求出该物质分子的质量B．理想气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变C．一定质量的理想气体，当它的压强、体积都增大时，其内能一定增大D．一定质量的理想气体，在压强不变时，气体分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加E．机械能不可能全部化为内能，内能也不可能全部转化为机械能14．如图所示，有一圆柱形容器，底面半径为R，在底面的中心处有一红色点光源S，它发出的红色光经时间t可以传到容器的边缘P，若容器内盛满某透明液体，S发出的红光经时间2t可以传到容器的边缘P，且恰好在P点高度发生全反射，求溶度的高度．【物理-选修3-4】15．一列简谐机械横波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传至x=120m处，如图所示．该波在介质中匀速传播的速度大小为4km/s．则下列说法正确的是（）A．波源处质点从开始到迁移到x=120m处需要经过0.03s时间B．从波传到x=120m处开始计时，经过△t1=0.06s，位于x=360m处的质点加速度最小C．图示时刻，波的图象上质点M的速度沿y轴负方向，经过一段极短时间后质点M速度增大D．图示时刻，波的图象上除质点M外与质点M速度相同的质点有7个16．如图所示，两侧粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口．开始时左管内空气柱长20cm，两管道水银面等高，温度不变，大气压强为P0=75cmHg．管内气体可视为理想气体．（1）若右管足够长，从右侧管口缓慢加入水银，左管内气柱长变为15cm，求加入水银的长度；（2）若左、右管等长，用厚度不计的活塞从右管管口缓慢推入，仍使左管内气柱长变成15cm，若过程中没有漏气现象，求活塞推入的深度．【物理-选修3-5】17．下列说法中正确的是（）A．核反应方程4h→he+kX中，若k=2，则X是正电子B．一群处于n=3能级的氦原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子C．质量为m的某放射性物质经过半个半衰期还剩余质量为m的该物质D．若α衰变X→Y+He中释放的能量为E，则平均每个核子释放的能量为E．用频率为v的光照射某金属，若遏止电压为U，则该金属的逸出功为hv﹣eU18．如图所示．在光滑水平长直轨道上，两小球A、B之间连接有一处于原长的轻质弹簧，轻质弹簧和两个小球A和B整体一起以速度v0向右匀速运动，在它们的右边有一小球C 以速度v0向左运动，如图所示，C与B发生正碰并立即结成了一上整体D，在它们继续运动的过程中，当弹簧长度变到最短时，长度突然被锁定，不再改变，已知三个小球A、B、C三球的质量均为m．求：①A球的最终速度；②当弹簧压缩最短时所具有的弹性势能．2016年安徽省六安一中高考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，两个质量为m1的小球套在竖直放置的光滑支架上，支架的夹角为120°，用轻绳将两球与质量为m2的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则m1：m2为（）A．1：1 B．1：2 C．1：D．：2【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将小球m2的重力按效果根据平行四边形定则进行分解，由几何知识求出m2g与绳子拉力T的关系，对m1受力分析，由平衡条件求出m1g与T的关系，进而得到m1：m2的比值．【解答】解：将小球m2的重力按效果根据平行四边形定则进行分解如图，由几何知识得：T=m2g ①对m1受力分析，由平衡条件，在沿杆的方向有：m1gsin30°=Tsin30°得：T=m1g ②可见m1：m2的=1：1；故选：A．【点评】本题考查受力分析及平衡条件的应用，对两个小球为研究对象采用隔离法受力分析后都既可以用分解法也可以用合成法．2．一个做平抛运动的物体，从物体水平抛出开始发生水平位移为s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；紧接着物体在发生第二个水平位移s的时间内，它在竖直方向发生的位移为d2．已知重力加速度为g，则做平抛运动的物体的初速度为（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：从运动开始到发生水平位移s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；根据平抛运动的规律可得水平方向上：s=V0t竖直方向上：d1=gt2联立可以求得初速度V0=s，所以B正确；在竖直方向上，物体做自由落体运动，根据△x=gT2可得d2﹣d1=gT2，所以时间的间隔T=，所以平抛的初速度V0==s，所以A正确；再根据匀变速直线运动的规律可知，所以从一开始运动物体下降的高度为，由=，可得物体运动的时间间隔为t=，所以平抛的初速度V0==s，所以D正确；故选ABD．【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来求解．3．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a点运动到b 点的轨迹（如图虚线所示）图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的是（）A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在b点动能较小D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小．【解答】解：A、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，则a点的电势比b点低；若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高．故A错误．B、不论图中实线是电场线还是等势面，该电场是匀强电场，a点和b点的场强大小相等．故B错误．C、如果图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场力对电子做正功，则由动能定理得知，电子在a点动能较小．故C错误．D、D、如果图中实线是等势面，电子所受电场力方向向下，电场力对电子做负功，则电子在b点动能较小．故D正确．故选D．【点评】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向．4．如图所示，长为L，倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为+q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则（）A．A、B两点的电势差一定为B．小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能C．若电场是匀强电场，则该电场的最小值一定是D．若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷【考点】动能定理的应用；电势能．【专题】动能定理的应用专题．【分析】根据动能定理和电场力做功公式结合，求解A、B两点的电势差．根据电场力做功的正负，判断小球电势能的大小，当电场力做正功时，小球电势能减小；相反，电势能增大．若电场是匀强电场，根据力学知识确定电场力的最小值，再确定场强的最小值．由电势关系，判断该电场是否由斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的．【解答】解：A、根据动能定理得：﹣mgLsinθ+qU AB=mv02﹣mv02，得到，U AB=，故A正确．B、小球从A运动到B的过程中，重力势能增加，电势能减小，则小球在B点的电势能一定小于小球在A点的电势能，故B错误．C、若电场力与重力、支持力的合力为零时，小球做匀速直线运动，到达B点时小球速度仍为v0．小球的重力沿斜面向下的分力为mgsinθ一定，则当电场力沿斜面向上，大小为F=mgsinθ时，电场力最小，场强最小，又电场力F=Eq，则该电场的场强的最小值一定是：，故C正确．D、若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则小球在A、B两点电势相等，电势能相等，重力做负功，小球到达到B点的速度小于v0，所以Q一定带负电，故D错误．故选：AC．【点评】本题是带电体在电场中运动问题，要转换头脑，就把电场力当作一般的力，将这类问题当作力学问题去处理，可增强信心．5．水平面上有质量相等的a、b两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上．各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来．撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v﹣t图象如图所示，图中AB∥CD，整个过程中（）A．水平推力F1、F2的大小相等B．a、b与水平面间的动摩擦因数相等C．a的平均速度大于b的平均速度D．水平推力F1、F2所做的功可能相等【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像；功的计算．【专题】定性思想；推理法；功的计算专题．【分析】由速度图象分析可知，水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同，两物体的质量相等，说明摩擦力大小相等．根据平均速度公式可求得平均速度的大小关系；根据动能定理可明确水平推力所做的功是否相同．【解答】解：A、根据v﹣t图象，由于AB∥CD，可见两物体与水平面间的动摩擦因数相同，设为μ，在a、b加速运动过程中，由牛顿第二定律知，；由于m a=m b，得F1＞F2．故A错误；B正确；C、由=可知，两物体在全过程中运动的平均速度相同；故C错误；D、对全程由动能定理可知，两物体的位移不相同，而摩擦力做功不同，则可知水平推力做功不可能相同；故D错误；故选：B．【点评】本题首先考查读图能力，其次考查动量定理应用时，选择研究过程的能力．知道水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同．6．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查．如图所示为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带AB始终保持v=1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2．若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速度平行于传送带运动去B处取行李，则（）A．乘客与行李同时到达BB．行李提前0.5s到达BC．乘客提前0.5s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】传送带专题．【分析】行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，由牛顿第二定律和运动学公式求出时间．若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短．【解答】解：A、B、C、由牛顿第二定律，得μmg=ma得a=1m/s2．设行李做匀加速运动的时间为t，行李加速运动的末速度为v=1m/s．由v=at1代入数值，得t1=1s，匀加速运动的位移大小为：x==0.5m，匀速运动的时间为：t2==1.5s，行李从A到B的时间为：t=t1+t2=1+1.5=2.5s．==2s．故乘客提前0.5 s到达B．故A、而乘客一直做匀速运动，从A到B的时间为t人B错误C正确；D、若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短．由L=，解得最短时间t m=2s．故D 正确．故选：CD．【点评】该题考查是的传送带问题，行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，若要时间最短，则行李一直做匀加速运动．7．如图所示，通电直导线ab质量为m、水平地放置在两根倾角为θ的光滑绝缘导体轨道上，通以图示方向的电流，电流强度为I．两导轨间距为l，要使导线ab静止在导轨上，则关于所加匀强磁场大小、方向（从b向a看）的判断正确的是（）A．磁场方向竖直向上，磁感应强度大小为B．磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为C．磁场方向水平向右，磁感应强度大小为D．磁场方向垂直斜面向上时，磁感应强度有最小值【考点】安培力．【专题】磁场磁场对电流的作用．【分析】将立体图转换为平面图，对导线进行受力分析，根据共点力力平衡求出安培力的大小，从而根据F=BIL求出磁感应强度的大小．导线所受重力恒定，支持力的方向不变，根据三角形定则求出安培力的最小值，从而得出磁感应强度的最小值【解答】解：A、若磁场方向竖直向上，从b向a观察，对导线受力分析由平衡条件得：在水平方向上：F﹣F N sinθ=0在竖直方向上：mg﹣F N cosθ=0其中F=BIL，联立以上各式可解得：B=．故A正确B、磁场方向竖直向下，导体棒受到的安培力水平向左，故不可能处于平衡状态，故B错误；C、磁场方向水平向右，导体棒受到的安培力竖直向下，还有支持力和重力，不可能处于平衡状态，故C错误；D、若要求磁感应强度最小，则一方面应使磁场方向与通电导线垂直，另一方面应调整磁场方向使与重力、支持力合力相平衡的安培力最小．如图乙所示，由力的矢量三角形讨论可知，当安培力方向与支持力垂直时，安培力最小，对应磁感应强度最小，设其值为B min，则：B min IL=mgsinθ，得：B min=根据左手定则判定知，该磁场方向垂直于斜面向上．故D正确故选：AD【点评】解决本题的关键将立体图转换为平面图，运用共点力平衡求解力，以及会运用三角形定则求解力的最小值．8．如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图b所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体的质量为3kgB．物体的加速度大小为5m/s2C．弹簧的劲度系数为7.5N/cmD．物体与弹簧分离时动能为0.4J【考点】胡克定律．【专题】定量思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】由图象分析可知，初始，物体静止在弹簧上面，弹簧弹力与重力平衡，施加F后即为合力，物体匀加速上升，弹簧上的弹力逐渐变小，运动位移为4cm后，弹簧恢复原长，此时物块和弹簧分离，此后物体受到恒定的力F=30N和重力做匀加速运动．根据牛顿第二定律分别列出起始和分离状态时的方程联立可解得．【解答】解：A、初始，物体静止在弹簧上面，弹簧弹力与重力平衡，施加F后即为合力，所以有：10N=ma…①，此后物体匀加速上升，弹力逐渐变小，当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为：30N ﹣mg=ma…②，联立①②两式，整理得物体重力：mg=20N，质量m=2Kg，故A错误；B、当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为30N﹣mg=ma，又已求得m=2Kg，则，故B正确；C、由图可知，从初始弹簧弹力等于重力到弹簧恢复原长，位移为4cm，即弹力等于重力时，弹簧形变量为△X=4cm，劲度系数，故C错误；D、对匀加速过程，根据速度位移公式，有：v2=2ax；分离时动能：；故D正确；故选：BD【点评】本题考查图象的识别，从图象中获取信息是物理的一项基本能力，获取信息后能否根据获取的信息分析过程，灵活运用好牛顿第二定律是关键．二、非选择题9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑电荷量的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图2所示，由此读出d= 3.040cm．（3）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为θ，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=（m﹣Msinθ）gL，在误差允许的范围内，若△E k=△E p，则可认为系统的机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】定性思想；推理法；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．不同的尺有不同的精确度，注意单位问题．（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量．【解答】解：（1）宽度d的读数为：30mm+8×0.05mm=30.40mm=3.040cm；（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门B速度为：v B=；滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：△E K=（M+m）（）2=；系统的重力势能减少量可表示为：△E p=mgL﹣MgLsinθ=（m﹣Msinθ）gL；故答案为：（1）3.040；（2），（m﹣Msinθ）gL．【点评】了解光电门测量瞬时速度的原理．实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面；此题为一验证性实验题．要求根据物理规律选择需要测定的物理量，运用实验方法判断系统重力势能的变化量是否与动能的变化量相同是解题的关键．10．在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a．把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b．调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；。

高中安徽省六安市第一中学高二(下)期末物理试题[答案解析]

安徽省六安市第一中学【精品】高二（下）期末物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是( )A．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C．在光导纤维内传送图象是利用光的色散现象D．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象2．根据电磁波谱从下列选项中选出电磁波的范围相互交错重叠、且频率顺序由高到低排列的情况A．伦琴射线、紫外线、可见光B．伦琴射线、紫外线、红外线C．紫外线、红外线、可见光D．无线电波、红外线、紫外线3．如图所示的四种明暗相间的条纹分别是红光、蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器形成的干涉图样以及黄光、紫光各自通过同一个单缝形成的衍射图样(黑色部分表示亮纹)．在下面的四幅图中从左往右排列，亮条纹的颜色依次是( )A．红黄蓝紫B．红紫蓝黄C．蓝紫红黄D．蓝黄红紫4．如图所示是迈克尔逊用转动八面镜法测光速的实验示意图，图中S为发光点，T是望远镜，平面镜O与凹面镜B构成了反射系统。

八面镜距反射系统的距离为AB＝L（L 可长达几十千米），且远大于OB以及S和T到八面镜的距离。

现使八面镜转动起来，并缓慢增大其转速，当转动频率达到0f并可认为是匀速转动时，恰能在望远镜中第一次看见发光点S，由此迈克尔逊测出光速c。

根据题中所测量的物理量得到光速c的表达式正确的是（）A ．04Lf c =B ．08Lf c =C ．016Lf c =D ．032Lf c =5．如图所示为一块透明光学材料的剖面图，在其上建立直角坐标系xOy ，设该光学材料的折射率沿y 轴正方向均匀减小，现有一束单色光a 从原点O 以某一入射角θ由空气射入该材料内部，则单色光a 在该材料内部可能的传播途径是（）A ．B ．C ．D ．二、多选题6．在下列说法中符合实际的是( )A ．医院里常用X 射线对病房和手术室消毒B ．医院里常用紫外线对病房和手术室消毒C ．在人造地球卫星上对地球进行拍摄是利用紫外线有较好的分辨能力D ．在人造地球卫星上对地球进行拍摄是利用红外线有较好的穿透云雾烟尘的能力 7．一玻璃砖横截面如图所示，其中ABC 为直角三角形（AC 边末画出），AB 为直角边∠ABC=45°；ADC 为一圆弧，其圆心在BC 边的中点．此玻璃的折射率为1.5．P 为一贴近玻璃砖放置的、与AB 垂直的光屏．若一束宽度与AB 边长度相等的平行光从AB 边垂直射入玻璃砖，则A．从BC边折射出束宽度与BC边长度相等的平行光B．屏上有一亮区，其宽度小于AB边的长度C．屏上有一亮区，其宽度等于AC边的长度D．当屏向远离玻璃砖的方向平行移动时，屏上亮区先逐渐变小然后逐渐变大8．振弦型频率传感器的结构如图所示，它由钢弦和永磁铁两部分组成，钢弦上端固定，下端与一膜片相连接，弦上的张力越大，弦的固有频率越大．这种装置可以从线圈输出电压的频率确定膜片处的压力的变化，下列说法正确的是( )A．当软铁块与磁铁靠近时，a端电势高B．当软铁块与磁铁靠近时，b端电势高C．膜片上的压力较小时，线圈中感应电动势的频率较高D．膜片上的压力较大时，线圈中感应电动势的频率较高9．如图所示是一个水平放置的玻璃圆环型小槽，槽内光滑，槽的宽度和深度处处相同，v，现将一直径略小于槽宽的带正电小球放在槽中，让它受绝缘棒打击后获得一初速度与此同时，有一变化的磁场垂直穿过玻璃圆环型小槽外径所对应的圆面积，磁感应强度的大小跟时间成正比，其方向竖直向下，设小球在运动过程中电荷量不变，那么( )A．小球受到的向心力大小不变B．小球受到的向心力大小不断增加C．洛伦兹力对小球做了正功D．小球受到的磁场力逐渐变大10．把一个具有球面的平凸透镜平放在平行透明玻璃板上(如图)．现用单色光垂直于平面照射,在装置的上方向下观察,可以看到干涉条纹,那么关于两束干涉光及干涉条纹的说法正确的是A．两束干涉光是、面反射形成的B．干涉条纹是中央疏边缘密的同心圆C．两束干涉光是、面反射形成的D．干涉条纹中是中央密边缘疏的同心圆三、实验题11．按图所示的电路测量两节干电池串联组成电池组的电动势E和内阻r，其中R为电阻箱，R0为定值电阻，干电池的工作电流不宜超过0.5A。

六安一中2015-2016学年高二下学期开学物理试题及答案

2015-2016学年安徽省六安一中高二〔下〕开学物理试卷一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为〔〕A． F B． F C． F D．12F3．如下图，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，则电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右4．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个等势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，则闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10RB．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，则任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，则在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变暗C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则以下判断正确的有〔〕A．的值变大B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸”B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音12．关于磁感应强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，则该匀强磁场的磁感应强度大小为B．磁感应强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感应强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D．由磁感应强度可知，磁感应强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比二、实验题13．某同学利用多用电表测量二极管的反向电阻〔二极管具有单向导电性，电流正向通过时几乎没有电阻，电流反向时，电阻很大〕．完成以下测量步骤：〔1〕检查多用电表的机械零点．〔2〕将红、黑表等分别插入正、负表笔插孔，二极管的两个极分别记作a和b，将红表笔接a端时，表针几乎不偏转，接b端时偏转角度很大，则为了测量该二极管的反向电阻，应将红表笔接二极管的〔填“a”或“b”〕端．〔3〕将选择开关拨至电阻“×100”挡位，进行正确的测量步骤后，发现表针偏角较小．为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘中央，应重新选择量程进行测量．则该同学应选择〔“×10”或“×1k”〕挡，然后，再进行测量．测量后示数如下图，则测量结果为．〔4〕测量完成后，将选择开关拨向挡位置．14．某同学对电阻丝的电阻与哪些因素有关进行了实验探究，现有如下器材：电源E〔电动势为4V，内阻约为1Ω〕；电流表A1〔量程5mA，内阻约为10Ω〕；电流表A2〔量程，内阻约为1Ω〕；电压表V1〔量程3V，内阻约为l kΩ〕；电压表V2〔量程l5V，内阻约为3kΩ〕；滑动变阻器R1〔阻值0～2Ω〕；滑动变阻器R2〔阻值0～20Ω〕；开关及导线假设干．他对电阻丝做了有关测量，数据如下表所示．编号金属丝直径D/mm 金属丝直径的二次方D/mm2金属丝长度电阻R/ΩL/cm123①他在某次测量中，用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图甲所示，此示数为mm．②图乙是他测量编号为2的电阻丝电阻的备选原理图，则该同学应选择电路〔选填“A”或“B”〕进行测量．电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选．③请你认真分析表中数据，写出电阻R与L、D间的关系式R=〔比例系数用k表示〕，并求出比例系数k=Ω•m〔结果保留两位有效数字〕．三、计算题15．如下图，真空中有两个质量都是的带电小球，它们的半径很小，分别系在长为30cm的两根细绳的一端，两细绳的另一端悬挂在天花板上的同一点O，两个小球带的是等量同种电荷，当它们静止时，两根细绳之间的夹角为60°，求两个小球所带的电量q．〔静电力常数×109N•m2/C2〕16．如下图的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，电压表V的示数为，电流表A的示数为，S断开时，电流表A的示数为1A，求：〔1〕电阻R3的值；〔2〕电源电动势E和内阻r的值．17．如下图，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为〔6V，3W〕的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒定不变，求：〔1〕电源的内电阻r；〔2〕电源的输出功率．18．如下图，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块〔可视为质点〕置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为，重力加速度为g．〔1〕假设滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O等高的C点时速度为多大？〔2〕在〔1〕的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；〔3〕改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小．2015-2016学年安徽省六安一中高二〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷【解答】解：AC、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为×10﹣19C，并不是电子和质子本身．故A项错误，C项正确；B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确；D、电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，故D正确．此题要求选择错误的选项，故选：A．【点评】元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相等，同时让学生明白电荷量最早是由美国科学家密立根用实验测得．2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为〔〕A． F B． F C． F D．12F【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑定律得：F=K；接触后，各自带电量变为Q′==Q，则此时F′=K两式联立得F′=F，故A正确，BCD错误，故选：A．【点评】此题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决此题的关键．3．如下图，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，则电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化．【解答】解：根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小．则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】解决此题的关键知道外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，是一对平衡力．4．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动【考点】等势面．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等．故A错误．B、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度．故B正确．C、c点的场强由正负电荷叠加产生，不为零，故C错误．D、a、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，场强方向都与垂直平分线垂直向右，所以电子在a、c之间受到的电场力的方向都向左，不可能在c点两侧往复振动．故D错误．故选：B【点评】对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆．5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个等势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】等势面的疏密可以表示场强的大小，电场线与等势面；电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、电场线〔垂直于等势面〕先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以电场力与电场强度方向相反，所以粒子带负电，A错误；B、因为等势面先平行并且密，后变疏，说明电场强度先不变，后变小，则电场力先不变，后变小，所以加速度先不变，后变小，B正确；C、由于起初电场力与初速度方向相反，所以速度先减小，C错误；D、因为电场力先做负功，所以电势能先增大，D错误；故选：B．【点评】此题考查等势面、电场线、电场力、电场力做功、电势能等等．可以先根据等势面确定电场线的分布情况再判断．6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，则闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．【解答】解：A、B图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．故选B【点评】此题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表〔表头〕与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低【考点】电容器；闭合电路的欧姆定律．【专题】电容器专题．【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．【解答】解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，A错误．C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I〔R1+r〕，I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，C错误．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I ﹣I2，I增大，I2减小，则I A增大．即电流表示数变大．故BD正确．故选BD【点评】此题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10RB．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，则任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】导体的电阻R 与它的长度L 成正比，与它的横截面积S 成反比，还与导体的材料有关系，这个规律叫电阻定律．公式：R=ρ﹣﹣制成电阻的材料电阻率，国际单位制为欧姆•米〔Ω•m〕；L﹣﹣绕制成电阻的导线长度，国际单位制为米〔m〕；S﹣﹣绕制成电阻的导线横截面积，国际单位制为平方米〔m2〕；R﹣﹣电阻值，国际单位制为欧姆〔Ω〕．其中ρ叫电阻率：某种材料制成的长1 米、横截面积是 1 平方米的导线的电阻，叫做这种材料的电阻率．是描述材料性质的物理量．国际单位制中，电阻率的单位是欧姆•米，常用单位是欧姆•平方毫米/米．与导体长度L，横截面积S 无关，只与物体的材料和温度有关．有些材料的电阻率随着温度的升高而增大，有些恰好相反．【解答】解：A、常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为倍，电阻率不变，根据电阻定律，电阻增大为100倍，故A错误；B、常温下，假设将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，故电阻变为倍，故B正确；C、给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，由于功率增加，导致温度会略有升高，故金属丝的电阻率会变大，由于截面积和长度均不变，根据电阻定律可得电阻值变大；再根据欧姆定律可以得到比值变大，故C错误；D、金属电阻率会随温度的降低而降低，当温度降低到绝对零度附近时，电阻率会突然降为零，发生超导现象，故D正确；故选：BD．【点评】此题关键要能熟练运用电阻定律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响．9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，则在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B．灯泡L2一定逐渐变暗C．电源效率一定逐渐减小D．R上消耗功率一定逐渐变小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】比较思想；控制变量法；恒定电流专题．【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R上消耗功率的变化；据功率公式和电源效率公式判断选项．【解答】解：A、将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大．据P=I2r可知，电源内部消耗的功率逐渐增大，故A正确；BD、由于干路电流增大，路端电压减小，所以R1上的电流增大，电压增大；再由于路端电压减小，R1上电压增大，所以L2的电压减小〔滑动变阻器R的电压减小〕，即该灯泡变暗；由于R1上的电流增大，而L2的电流减小，所以通过滑动变阻器R的电流变大，而电压减小，据P=UI可知，R上消耗的功率不一定变小，故B正确，D错误；C、据电源效率公式η==，可知，当总电阻R减小，电源效率减小，故C正确．故选：ABC．【点评】对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则以下判断正确的有〔〕A．的值变大B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少【考点】电容；闭合电路的欧姆定律．【专题】电容器专题．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可知电路电流的变化，则可分析内电压、路端电压及各部分电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．假设P向左端移动，则滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A、根据欧姆定律得的值等于滑动变阻器的阻值，所以的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆定律得：U1=E﹣I〔R1+r〕，则=R1+r，所以的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆定律得：由U2=E﹣Ir，则=r，所以的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；故选：AC．【点评】闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸”B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音【考点】磁现象和磁场．【专题】定量思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据磁现象的应用知，“门吸”和双面擦窗器都是利用了磁体能吸引铁物质制成的，磁带是用磁性材料来记录声音信号的，故A、B、D是恰当的，而在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，故C是不恰当的【解答】解：A、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；B、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；C、在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，不恰当；D、利用了用磁信号来记录声音信号，恰当．故选：C【点评】此题考查了磁现象在生活中的应用，注意磁性物质会使会使电视屏幕上的颜色失真12．关于磁感应强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，则该匀强磁场的磁感应强度大小为B．磁感应强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感应强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D．由磁感应强度可知，磁感应强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比【考点】磁感应强度．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．【解答】解：A、假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线“垂直”放入匀强磁场受到磁场力F，则该匀强磁场的磁感应强度大小为．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则来确定，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直．故B错误；C、关键磁场方向的规定可知，磁场中某点的磁场方向就是小磁针N极受磁场力的方向，故C正确；。

安徽省六安市第一中学高二下学期开学考试物理试题含答案

一、选择题1.如图所示，平行金属板中带电质点P 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器4R的滑片向b 端移动时，则（）A.电压表读数减小B.电流表读数减小C.质点P 将向上运动D.3R上消耗的功率逐渐增大2.如图所示电路中，电源的内电阻为r ，134R R R、、均为定值电阻，电表距为理想电表，闭合电建S ，当滑动变阻器2R的滑动触头P 向右滑动时，下列说法错误的是（）A.电压表示数变大B.电流表示数变小C.外电路等效电阻变大D.电源内阻消耗的功率变大3.如图，在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线，且导线中电流方向水平向右，则阴极射线将会（）A.向纸内偏转B.向下偏转C.向上偏转D.向纸外偏转4.如图所示，有一带电粒子贴着A 板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为1U时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为2U时，带电粒子沿②轨迹落到B 板中间；设粒子两次射入电场的水平速率相同，则两次偏转电压之比为（）A.121:8U U=: B.121:4U U=: C.121:2U U =: D.121:1U U=:5.科学家研究发现，磁敏电阻（GMR ）的阻值随所处空间磁场的增强而增大，随所处空间的磁场的减弱而变小，如图所示电路中，GMR 为一个磁敏电阻，R /2R为滑动变阻器，13R R、为定值电阻，当开关1S和2S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态，则（）A.只调节电阻R ，当1P 向右端移动时，电阻1R 消耗的电动率变大B.只调节电阻R，当1P向右端移动时，带电微粒向下运动C.只调节电阻2R，当2P向下端移动时，电阻1R消耗的电动率变大D.只调节电阻2R，当2P向下端移动时，带电微粒向下运动6.如图，半径为R的圆是圆柱形匀强磁场区域的横截面（纸面），磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，一电荷量为()0q q>.质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域，射入点与ab的距离为2R。

安徽省六安一中2016届高考物理模拟试卷.doc

2016年安徽省六安一中高考物理模拟试卷（二）一、选择题1．如图所示，两个质量为m1的小球套在竖直放置的光滑支架上，支架的夹角为120°，用轻绳将两球与质量为m2的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则m1：m2为（）A．1：1 B．1：2 C．1：D．：22．一个做平抛运动的物体，从物体水平抛出开始发生水平位移为s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；紧接着物体在发生第二个水平位移s的时间内，它在竖直方向发生的位移为d2．已知重力加速度为g，则做平抛运动的物体的初速度为（）A．B．C．D．3．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a点运动到b 点的轨迹（如图虚线所示）图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的是（）A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在b点动能较小D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小4．如图所示，长为L，倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为+q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则（）A．A、B两点的电势差一定为B．小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能C．若电场是匀强电场，则该电场的最小值一定是D．若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷5．水平面上有质量相等的a、b两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上．各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来．撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v﹣t图象如图所示，图中AB∥CD，整个过程中（）A．水平推力F1、F2的大小相等B．a、b与水平面间的动摩擦因数相等C．a的平均速度大于b的平均速度D．水平推力F1、F2所做的功可能相等6．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查．如图所示为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带AB始终保持v=1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2．若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速度平行于传送带运动去B处取行李，则（）A．乘客与行李同时到达BB．行李提前0.5s到达BC．乘客提前0.5s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B7．如图所示，通电直导线ab质量为m、水平地放置在两根倾角为θ的光滑绝缘导体轨道上，通以图示方向的电流，电流强度为I．两导轨间距为l，要使导线ab静止在导轨上，则关于所加匀强磁场大小、方向（从b向a看）的判断正确的是（）A．磁场方向竖直向上，磁感应强度大小为B．磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为C．磁场方向水平向右，磁感应强度大小为D．磁场方向垂直斜面向上时，磁感应强度有最小值8．如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图b所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体的质量为3kgB．物体的加速度大小为5m/s2C．弹簧的劲度系数为7.5N/cmD．物体与弹簧分离时动能为0.4J二、非选择题9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑电荷量的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图2所示，由此读出d=cm．（3）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为θ，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=，在误差允许的范围内，若△E k=△E p，则可认为系统的机械能守恒．10．在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a．把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b．调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；c．用细线将木板上的小车通过定滑轮与砂桶相连；d．接通电源，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点；e．换上新的纸带，在砂桶中依次加入适量的砂子，重复d步骤多次，得到几条点迹清晰的纸带．现测出了其中一条纸带上的距离，如图2所示，已知打点周期为0.02s．则这条纸带上C点速度的大小v C=m/s，形成加速度的大小a=m/s2（取三位有效数字）．根据所测纸带数据，把砂与砂桶的重力作为合外力F，拟作出加速度a﹣F图象，发现当a比较大时图线明显向F轴偏移，这是由于实验原理的不完善导致的，请你在这个实验的基础上，稍加改进实验原理，得到一条a﹣F成正比的图线，写出你的改进方法：．11．一宇航员到达半径为R、密度均匀的某星球表面，做如下实验：用不可伸长的轻绳拴一质量为m的小球，上端固定在O点，如图甲所示，在最低点给小球某一初速度，使其绕O 点在竖直面内做圆周运动，测得绳的拉力大小F随时间t的变化规律如图乙所示．F1、F2已知，引力常量为G，忽略各种阻力．求：（1）星球表面的重力加速度（2）星球的密度．12．如图所示，挡板P固定在足够高的水平桌面上，小物块A和B大小可忽略，它们分别带有+Q A和+Q B的电荷，质量分别为m A和m B的两物块由绝缘的轻弹簧相连，一不可伸长的轻绳跨过滑轮，一端与B连接，另一端连接一轻质小钩．整个装置处于场强为E、方向水平向左的匀强电场中．A、B开始时静止，已知弹簧的劲度系数为k，不计一切摩擦及A、B 间的库仑力，A、B所带电荷量保持不变，B始终不会碰到滑轮．（1）若在小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放，可使物块A对挡板P的压力恰为零，但不会离开P，求物块C下降的最大距离；（2）若C的质量改为2M，则当A刚离开挡板P时，B的速度多大．【物理-选修3-3】13．下列有关热学现象和规律的描述正确的是（）A．已知阿伏伽德罗常数和某物质的摩尔质量，一定可以求出该物质分子的质量B．理想气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变C．一定质量的理想气体，当它的压强、体积都增大时，其内能一定增大D．一定质量的理想气体，在压强不变时，气体分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加E．机械能不可能全部化为内能，内能也不可能全部转化为机械能14．如图所示，有一圆柱形容器，底面半径为R，在底面的中心处有一红色点光源S，它发出的红色光经时间t可以传到容器的边缘P，若容器内盛满某透明液体，S发出的红光经时间2t可以传到容器的边缘P，且恰好在P点高度发生全反射，求溶度的高度．【物理-选修3-4】15．一列简谐机械横波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传至x=120m处，如图所示．该波在介质中匀速传播的速度大小为4km/s．则下列说法正确的是（）A．波源处质点从开始到迁移到x=120m处需要经过0.03s时间B．从波传到x=120m处开始计时，经过△t1=0.06s，位于x=360m处的质点加速度最小C．图示时刻，波的图象上质点M的速度沿y轴负方向，经过一段极短时间后质点M速度增大D．图示时刻，波的图象上除质点M外与质点M速度相同的质点有7个16．如图所示，两侧粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口．开始时左管内空气柱长20cm，两管道水银面等高，温度不变，大气压强为P0=75cmHg．管内气体可视为理想气体．（1）若右管足够长，从右侧管口缓慢加入水银，左管内气柱长变为15cm，求加入水银的长度；（2）若左、右管等长，用厚度不计的活塞从右管管口缓慢推入，仍使左管内气柱长变成15cm，若过程中没有漏气现象，求活塞推入的深度．【物理-选修3-5】17．下列说法中正确的是（）A ．核反应方程4h→he+kX 中，若k=2，则X 是正电子B ．一群处于n=3能级的氦原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子C ．质量为m 的某放射性物质经过半个半衰期还剩余质量为m 的该物质D ．若α衰变X→Y+He 中释放的能量为E ，则平均每个核子释放的能量为 E ．用频率为v 的光照射某金属，若遏止电压为U ，则该金属的逸出功为hv ﹣eU 18．如图所示．在光滑水平长直轨道上，两小球A 、B 之间连接有一处于原长的轻质弹簧，轻质弹簧和两个小球A 和B 整体一起以速度v 0向右匀速运动，在它们的右边有一小球C 以速度v0向左运动，如图所示，C 与B 发生正碰并立即结成了一上整体D ，在它们继续运动的过程中，当弹簧长度变到最短时，长度突然被锁定，不再改变，已知三个小球A 、B 、C 三球的质量均为m ．求：①A 球的最终速度；②当弹簧压缩最短时所具有的弹性势能．2016年安徽省六安一中高考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，两个质量为m1的小球套在竖直放置的光滑支架上，支架的夹角为120°，用轻绳将两球与质量为m2的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则m1：m2为（）A．1：1 B．1：2 C．1：D．：2【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将小球m2的重力按效果根据平行四边形定则进行分解，由几何知识求出m2g与绳子拉力T的关系，对m1受力分析，由平衡条件求出m1g与T的关系，进而得到m1：m2的比值．【解答】解：将小球m2的重力按效果根据平行四边形定则进行分解如图，由几何知识得：T=m2g ①对m1受力分析，由平衡条件，在沿杆的方向有：m1gsin30°=Tsin30°得：T=m1g ②可见m1：m2的=1：1；故选：A．【点评】本题考查受力分析及平衡条件的应用，对两个小球为研究对象采用隔离法受力分析后都既可以用分解法也可以用合成法．2．一个做平抛运动的物体，从物体水平抛出开始发生水平位移为s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；紧接着物体在发生第二个水平位移s的时间内，它在竖直方向发生的位移为d2．已知重力加速度为g，则做平抛运动的物体的初速度为（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】物体做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：从运动开始到发生水平位移s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；根据平抛运动的规律可得水平方向上：s=V0t竖直方向上：d1=gt2联立可以求得初速度V0=s，所以B正确；在竖直方向上，物体做自由落体运动，根据△x=gT2可得d2﹣d1=gT2，所以时间的间隔T=，所以平抛的初速度V0==s，所以A正确；再根据匀变速直线运动的规律可知，所以从一开始运动物体下降的高度为，由=，可得物体运动的时间间隔为t=，所以平抛的初速度V0==s，所以D正确；故选ABD．【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来求解．3．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a点运动到b 点的轨迹（如图虚线所示）图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的是（）A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在b点动能较小D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小．【解答】解：A、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，则a点的电势比b点低；若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高．故A错误．B、不论图中实线是电场线还是等势面，该电场是匀强电场，a点和b点的场强大小相等．故B错误．C、如果图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场力对电子做正功，则由动能定理得知，电子在a点动能较小．故C错误．D、D、如果图中实线是等势面，电子所受电场力方向向下，电场力对电子做负功，则电子在b点动能较小．故D正确．故选D．【点评】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向．4．如图所示，长为L，倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为+q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则（）A．A、B两点的电势差一定为B．小球在B点的电势能一定大于小球在A点的电势能C．若电场是匀强电场，则该电场的最小值一定是D．若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则Q一定是正电荷【考点】动能定理的应用；电势能．【专题】动能定理的应用专题．【分析】根据动能定理和电场力做功公式结合，求解A、B两点的电势差．根据电场力做功的正负，判断小球电势能的大小，当电场力做正功时，小球电势能减小；相反，电势能增大．若电场是匀强电场，根据力学知识确定电场力的最小值，再确定场强的最小值．由电势关系，判断该电场是否由斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的．【解答】解：A、根据动能定理得：﹣mgLsinθ+qU AB=mv02﹣mv02，得到，U AB=，故A正确．B、小球从A运动到B的过程中，重力势能增加，电势能减小，则小球在B点的电势能一定小于小球在A点的电势能，故B错误．C、若电场力与重力、支持力的合力为零时，小球做匀速直线运动，到达B点时小球速度仍为v0．小球的重力沿斜面向下的分力为mgsinθ一定，则当电场力沿斜面向上，大小为F=mgsinθ时，电场力最小，场强最小，又电场力F=Eq，则该电场的场强的最小值一定是：，故C正确．D、若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则小球在A、B两点电势相等，电势能相等，重力做负功，小球到达到B点的速度小于v0，所以Q一定带负电，故D错误．故选：AC．【点评】本题是带电体在电场中运动问题，要转换头脑，就把电场力当作一般的力，将这类问题当作力学问题去处理，可增强信心．5．水平面上有质量相等的a、b两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上．各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来．撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v﹣t图象如图所示，图中AB∥CD，整个过程中（）A．水平推力F1、F2的大小相等B．a、b与水平面间的动摩擦因数相等C．a的平均速度大于b的平均速度D．水平推力F1、F2所做的功可能相等【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像；功的计算．【专题】定性思想；推理法；功的计算专题．【分析】由速度图象分析可知，水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同，两物体的质量相等，说明摩擦力大小相等．根据平均速度公式可求得平均速度的大小关系；根据动能定理可明确水平推力所做的功是否相同．【解答】解：A、根据v﹣t图象，由于AB∥CD，可见两物体与水平面间的动摩擦因数相同，设为μ，在a、b加速运动过程中，由牛顿第二定律知，；由于m a=m b，得F1＞F2．故A错误；B正确；C、由=可知，两物体在全过程中运动的平均速度相同；故C错误；D、对全程由动能定理可知，两物体的位移不相同，而摩擦力做功不同，则可知水平推力做功不可能相同；故D错误；故选：B．【点评】本题首先考查读图能力，其次考查动量定理应用时，选择研究过程的能力．知道水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同．6．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查．如图所示为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带AB始终保持v=1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2．若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速度平行于传送带运动去B处取行李，则（）A．乘客与行李同时到达BB．行李提前0.5s到达BC．乘客提前0.5s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】传送带专题．【分析】行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，由牛顿第二定律和运动学公式求出时间．若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短．【解答】解：A、B、C、由牛顿第二定律，得μmg=ma得a=1m/s2．设行李做匀加速运动的时间为t，行李加速运动的末速度为v=1m/s．由v=at1代入数值，得t1=1s，匀加速运动的位移大小为：x==0.5m，匀速运动的时间为：t2==1.5s，行李从A到B的时间为：t=t1+t2=1+1.5=2.5s．而乘客一直做匀速运动，从A到B的时间为t人==2s．故乘客提前0.5 s到达B．故A、B错误C正确；D、若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短．由L=，解得最短时间t m=2s．故D 正确．故选：CD．【点评】该题考查是的传送带问题，行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，若要时间最短，则行李一直做匀加速运动．7．如图所示，通电直导线ab质量为m、水平地放置在两根倾角为θ的光滑绝缘导体轨道上，通以图示方向的电流，电流强度为I．两导轨间距为l，要使导线ab静止在导轨上，则关于所加匀强磁场大小、方向（从b向a看）的判断正确的是（）A．磁场方向竖直向上，磁感应强度大小为B．磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为C．磁场方向水平向右，磁感应强度大小为D．磁场方向垂直斜面向上时，磁感应强度有最小值【考点】安培力．【专题】磁场磁场对电流的作用．【分析】将立体图转换为平面图，对导线进行受力分析，根据共点力力平衡求出安培力的大小，从而根据F=BIL求出磁感应强度的大小．导线所受重力恒定，支持力的方向不变，根据三角形定则求出安培力的最小值，从而得出磁感应强度的最小值【解答】解：A、若磁场方向竖直向上，从b向a观察，对导线受力分析由平衡条件得：在水平方向上：F﹣F N sinθ=0在竖直方向上：mg﹣F N cosθ=0其中F=BIL，联立以上各式可解得：B=．故A正确B、磁场方向竖直向下，导体棒受到的安培力水平向左，故不可能处于平衡状态，故B错误；C、磁场方向水平向右，导体棒受到的安培力竖直向下，还有支持力和重力，不可能处于平衡状态，故C错误；D、若要求磁感应强度最小，则一方面应使磁场方向与通电导线垂直，另一方面应调整磁场方向使与重力、支持力合力相平衡的安培力最小．如图乙所示，由力的矢量三角形讨论可知，当安培力方向与支持力垂直时，安培力最小，对应磁感应强度最小，设其值为B min，则：B min IL=mgsinθ，得：B min=根据左手定则判定知，该磁场方向垂直于斜面向上．故D正确故选：AD【点评】解决本题的关键将立体图转换为平面图，运用共点力平衡求解力，以及会运用三角形定则求解力的最小值．8．如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图b所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体的质量为3kgB．物体的加速度大小为5m/s2C．弹簧的劲度系数为7.5N/cmD．物体与弹簧分离时动能为0.4J【考点】胡克定律．【专题】定量思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】由图象分析可知，初始，物体静止在弹簧上面，弹簧弹力与重力平衡，施加F后即为合力，物体匀加速上升，弹簧上的弹力逐渐变小，运动位移为4cm后，弹簧恢复原长，此时物块和弹簧分离，此后物体受到恒定的力F=30N和重力做匀加速运动．根据牛顿第二定律分别列出起始和分离状态时的方程联立可解得．【解答】解：A、初始，物体静止在弹簧上面，弹簧弹力与重力平衡，施加F后即为合力，所以有：10N=ma…①，此后物体匀加速上升，弹力逐渐变小，当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为：30N ﹣mg=ma…②，联立①②两式，整理得物体重力：mg=20N，质量m=2Kg，故A错误；B、当弹簧恢复原长后，物块和弹簧分离，合力为30N﹣mg=ma，又已求得m=2Kg，则，故B正确；C、由图可知，从初始弹簧弹力等于重力到弹簧恢复原长，位移为4cm，即弹力等于重力时，弹簧形变量为△X=4cm，劲度系数，故C错误；D、对匀加速过程，根据速度位移公式，有：v2=2ax；分离时动能：；故D正确；故选：BD【点评】本题考查图象的识别，从图象中获取信息是物理的一项基本能力，获取信息后能否根据获取的信息分析过程，灵活运用好牛顿第二定律是关键．二、非选择题9．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑电荷量的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处在A处由静止开始运动．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图2所示，由此读出d= 3.040cm．（3）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为θ，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=（m﹣Msinθ）gL，在误差允许的范围内，若△E k=△E p，则可认为系统的机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】定性思想；推理法；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．不同的尺有不同的精确度，注意单位问题．（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量．【解答】解：（1）宽度d的读数为：30mm+8×0.05mm=30.40mm=3.040cm；（2）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门B速度为：v B=；滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：△E K=（M+m）（）2=；系统的重力势能减少量可表示为：△E p=mgL﹣MgLsinθ=（m﹣Msinθ）gL；故答案为：（1）3.040；（2），（m﹣Msinθ）gL．【点评】了解光电门测量瞬时速度的原理．实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面；此题为一验证性实验题．要求根据物理规律选择需要测定的物理量，运用实验方法判断系统重力势能的变化量是否与动能的变化量相同是解题的关键．10．在做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某实验小组采用如图1所示的装置，实验步骤如下：a．把纸带的一端固定在小车上，另一端穿过打点计时器的限位孔；b．调整木板的倾角，以重力沿斜面向下的分力平衡小车及纸带受到的摩擦力；。

六安一中2015~2016学年第二学期高二年级第一次阶段检测

六安一中2015~2016学年第二学期高二年级第一次阶段检测理科数学试卷时间：120分钟满分：150分一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，每一小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的.1、若,1)(0='x f 则()kx f k x f k 2)(lim 000-+→等于 ( )A ．1-B ．2-C ．2D ．21 2、已知函数)(x f y =在定义域内是可导函数，则)(x f y =在0x x =处取得极值是函数)(x f y =在该处的导数值为0的（）条件A ．充要B ．必要不充分C ．充分不必要D ．既不充分又不必要3、函数x x x x f 1232)(23--=在[]3,2-上的最大值和最小值分别为( )A ．7,20-B ．0,9-C ．9-,20-D ．4-,20-4、已知函数()()()()()()()321123f x x x x x x x x =+++---，则'(1)f 的值为（）A ．24B ．48C ．48-D ．0 5、已知曲线33:x x y S -=及点()22，P ，则过点P 可向S 引切线，其切线条数为 ( )A ．0B ．1C ．2D ．36、函数221ln -)(x x x f +=的图象大致是（）A．B ．C ．D ．7、弹簧所受的压缩力F （单位：牛）与缩短的距离L （单位：米）按胡克定律KL F =计算，如果N 100的力能使弹簧压缩CM 10，那么把弹簧从平衡位置压缩到CM 20（在弹性限度内），所做的功为( )A ．）（J 20B ．）（J 200C ．）（J 10D ．）（J 58、设函数'()f x 是奇函数()R x x f ∈)(的导函数，0)1-(=f ，当0>x 时0)(2)(2>+'x xf x f x ，则使得0)(>x f 成立的x 的取值范围是（）A ．()()∞+，，101-B ．()()∞+-∞，，11-C ．()()1001- ，D ．()()101-，， -∞9、已知函数2()ln (0)2x f x a x a =->在[]2,1上为单调函数，则a 的取值范围为（） A ．(]1-，∞ B ．()()∞+∞，，41- C ．()()∞+，，410 D ．(][)∞+，，41010、已知函数)(x f y =的图像在点())2(2f ，处的切线方程为012=++y x ，则()22'(2)f f-的值为（） A ．21B ．1C ．1-D ．21-11、若函数232()f x a x ax x =+-在[]3,1上不单调，则a 的取值范围为（）A ．⎪⎭⎫ ⎝⎛3191，B ．⎪⎭⎫ ⎝⎛31-1-， C ．⎪⎭⎫ ⎝⎛⎪⎭⎫ ⎝⎛319131-1-，， D ．⎥⎦⎤⎢⎣⎡⎥⎦⎤⎢⎣⎡319131-1-，，12、求形如函数)0)(()()(>=x f x f y x g 的导数的方法可以为：先两边同取自然对数)(ln )(ln x f x g y =，再两边同时求导得到1'y y ⋅='()ln ()g x f x +1()'()()g x f x f x ⋅⋅，于是得到'y ，试用此法求的函数)0(2>=x x y x 的一个单调递增区间是（） A ．()4，e B ．⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛∞+，e 1C ．()e ，0D ．⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛e 10，二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．13、计算定积分26cos3xdx ππ=⎰ ．14、曲线sin xy x=在点M π（-，0）处的切线方程为．15、已知向量()2,,2,2x x m e x n a ⎛⎫=+= ⎪⎝⎭，若对于函数()f x m n =⋅ 在区间10（-，）上存在单调递增区间，则实数a 的取值范围是．16、现有一倒放圆锥形容器，该容器深24m ，底面直径为6m ，水以5s m /3π的速度流入，则当水流入时间为1 s 时，水面上升的速度为 .三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. 17、（本题满分10分）已知函数()32()f x ax x a R =-∈在13x =处取得极值.（1）求a 的值；（2）求函数()f x 的单调区间. 18、（本题满分12分）要制作一个容积为83m ，高不低于m 3，底部矩形长为m 2的无盖长方体容器，已知该容器的底面造价是每平方米40元，侧面造价是每平方米20元，求该容器的最低总造价以及此时容器底部矩形的宽？ 19、（本小题满分12分）已知函数xeax x f +=)(（e 为自然对数）在())0(0f ，处的切线方程为b y =. （1）求b a ,的值；（2）设函数+=)()(x xf x g 1'()+(0)x mf x m e>，存在实数[]1,0,21∈x x ，使得122()()g x g x <成立，求实数m 的取值范围20、（本题满分12分）已知函数()ln (1)()f x x a x a R =--∈.（1）若函数()0f x ≤在定义域内恒成立，求a 的取值范围.（2）在（1）的条件下，若0m n <<，试证明：()()(1)(ln ln )f n f m m n m -≤--.21、（本题满分12分）已知函数()ln 21()21a x f x x ++=+.（1）若2a =时，求函数()y f x =的极值；（2）若关于t 的方程()232+1'()12x f x t t =-在211,22e e x ⎡⎤--∈⎢⎥⎣⎦时恒有3个不同的实数根，求实数a 的取值范围.22、（本题满分12分）已知函数21()(22)(21)ln 2f x x a x a x =-+++，若曲线()y f x =在点()2,(2)f 处的切线的斜率小于零，（1）求函数()f x 的单调增区间；（2）对任意[]12,0,2x x ∈2（x x ）,)(1≠，35,22a ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦，恒有121211()()f x f x x x λ-<-成立，求实数λ的取值范围.。

【全国百强校】安徽省六安市第一中学2016届高三下学期综合训练(二)理综物理试题(解析版)

二、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分）14、如图所示，两个质量为1m 的小球套在竖直放置的光滑固定支架上，支架的夹角为120°，用轻绳将两球与质量为2m 的小球连接，绳与杆构成一个菱形，则12:m m 为A 、1:1B 、1:2C 、D 2【答案】A考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，15、一个做平抛运动的物体，从运动开始到水平位移为s 的时间内，它在竖直方向的位移为1d ；紧接着物体在发生第二个水平位移s的时间内，它在竖直方向发生的位移为2d，已知重力加速度为g，则平抛运动物体的初速度为A、B、CD、【答案】A考点：考查了平抛运动规律的应用【名师点睛】在处理平抛运动时，关键是知道将平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，两个运动具有等时性，即运动时间相同，然后列式求解16、某同学研究带电粒子在匀强电场中的运动，得到电子由a点运动到b点的运动轨迹如图所示，图中的平行实线可能是电场线，也可能是等势面，下列说法中正确的是A、不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B、不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电场都比b点的大C、如果图中实线是电场线，电子在a点的动能较小D、如果图中实线是等势面，电子在a点的动能较小【答案】C【解析】试题分析：如果图中实线是电场线，则根据做曲线运动过程中受到的合力指向轨迹内侧可得粒子受到的电场力方向向右，与粒子速度方向夹角为锐角，做正功，电势能减小，动能增大，即a点的电势都比b点高，a点的动能比b点的动能小，如果图中实线是等势面，则根据等势面与电场线垂直，以及做曲线运动过程中受到的合力指向轨迹内侧可得粒子受到的电场力方向向下，与粒子速度方向夹角为钝角，做负功，电势能增大，动能减小，即a点的电势都比b 点低，a 点的动能比b 点的动能大，从题中可得该电场是匀强电场，所以ab 点的电场强度总是相等，故C 正确；考点：考查了电场线，等势面，电场力做功【名师点睛】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a 点与b 点动能的大小17、如图所示，长为L ，倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为+q ，质量为m 的小球，以初速度0v 由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为0v ，则A 、A 、B 两点的电势差为sin mgL qθ B 、小球在B 点的电势能一定大于小球在A 点的电势能C 、若电场是匀强电场，则该电场的场强的最小值为mg qD 、若该电场是斜面中点垂直斜面正上方某点的点电荷Q 产生的，则Q 一定是正电荷【答案】A重力势能增大，电势能减小，电场力做正功，故Q 一定带负电，D 错误；考点：考查了带电粒子在复合场中的运动【名师点睛】根据动能定理和电场力做功公式结合，求解A 、B 两点的电势差．根据电场力做功的正负，判断小球电势能的大小，当电场力做正功时，小球电势能减小；相反，电势能增大．若电场是匀强电场，根据力学知识确定电场力的最小值，再确定场强的最小值．由电势关系，判断该电场是否由斜面中点正上方某点的点电荷Q 产生的18、水平面上有质量相等的a 、b 两物体，水平推力12F F 、分别作用在a 、b 上。

2015-2016学年安徽省六安市寿县一中高二(下)期末物理试卷(解析版)

2015-2016学年安徽省六安市寿县一中高二（下）期末物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．（2014•广东校级三模）如图所示，A是放在地球赤道上的一个物体，正在随地球一起转动．B是赤道上方一颗近地卫星．A和B的质量相等，忽略B的轨道高度，下列说法正确的是（）A．A和B做圆周运动的向心加速度相等B．A和B受到的地球的万有引力相等C．A做圆周运动的线速度比B大D．B做圆周运动的周期比A长2．火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住．近期，我国宇航员王跃正与俄罗斯宇航员一起进行“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期也基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是3．在地球大气层外有大量的太空垃圾．在太阳活动期，地球大气会受太阳风的影响而扩张，使一些原本在大气层外绕地球飞行的太空垃圾被大气包围，从而开始向地面下落．大部分太空垃圾在落地前已经燃烧成灰烬，但体积较大的太空垃圾仍会落到地面上，对人类造成危害．太空垃圾下落的原因是（）A．大气的扩张使垃圾受到的万有引力增大而导致下落B．太空垃圾在与大气摩擦燃烧过程中质量不断减小，进而导致下落C．太空垃圾的上表面受到的大气压力大于其下表面受到的大气压力，这种压力差将它推向地面D．太空垃圾在大气阻力作用下速度减小，运动所需的向心力将小于万有引力，垃圾做趋向圆心的运动，落向地面4．（2014•孝感二模）如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处．不计空气阻力，则落到B处的石块（）A．初速度大，运动时间短 B．初速度大，运动时间长C．初速度小，运动时间短 D．初速度小，运动时间长5．（2014•唐山二模）如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为（）A．1：1 B．2：1 C．3：2 D．2：36．（2016•福建模拟）取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．7．如图所示，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线，从图中可以判断（）A．在0～t1时间内，外力一直保持不变B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐增大C．在t2时刻，外力的功率最大D．在t1﹣t3时刻，外力做的总功率为零8．（2008•济南模拟）一个25kg的小孩从高度为3.0m，长度为8.0m的滑梯顶端由静止开始滑下，滑到底端时的速度为2.0m/s．取g=10m/s2，关于力对小孩做的功，以下结果正确的是（）A．合外力做功750J B．阻力做功﹣700JC．重力做功2000J D．支持力做功50J9．（2012•安徽）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道．半径OA水平、OB 竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A．重力做功2mgR B．机械能减少mgRC．合外力做功mgR D．克服摩擦力做功mgR10．如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A 下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物体块着地，A，B两物块（）A．A、B的质量相同B．A、B着地时的速度相同C．A、B的重力做功相同D．重力做功的平均功率相同二、实验填空题（共3小题，满分18分）11．（3分）（2013春•贵阳期末）在“探究功与物体速度变化的关系”的实验中，某同学是用下面的方法和器材进行实验的：放在长木板上的小车由静止开始在几条完全相同的橡皮筋的作用下沿木板运动，小车拉动固定在它上面的纸带，纸带穿过打点计时器．关于这一实验，下列说法中正确的是（）A．长木板要适当倾斜，以平衡小车运动中受到的阻力B．重复实验时，虽然用到橡皮筋的条数不同，但每次应使橡皮筋拉伸的长度相同C．利用纸带上的点计算小车的速度时，应选用纸带上打点最密集的部分进行计算D．利用纸带上的点计算小车的速度时，应选用纸带上打点最稀疏的部分进行计算12．（6分）在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如右．其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中（单位cm）．该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s2，他用AC段的平均速度作为跟B点对应的物体的即时速度，则该段重锤重力势能的减少量为，而动能的增加量为，（均保留3位有效数字，重锤质量用m表示）．13．（9分）（2008•江苏）某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．弧形轨道末端水平，离地面的高度为H．将钢球从轨道的不同高度h处静止释放，钢球的落点距轨道末端的水平距离为s．（1）若轨道完全光滑，s2与h的理论关系应满足s2=（用H、h表示）．请在坐标纸上作出s﹣h关系图．（3）对比实验结果与理论计算得到的s2﹣﹣h关系图线（图中已画出），自同一高度静止释放的钢球，水平抛出的速率（填“小于”或“大于”）理论值．（4）从s2﹣h关系图线中分析得出钢球水平抛出的速率差十分显著，你认为造成上述偏差的可能原因是．三、解答题（共4小题，满分42分）14．（10分）2008年9月25日21时10分，“神舟”七号载人飞船发射升空，然后经飞船与火箭分离准确入轨，进入椭圆轨道，再经实施变轨进入圆形轨道绕地球飞行．飞船在离地面高度为h的圆形轨道上，飞行n圈，所用时间为t．已知地球半径为R，引力常量为G，地球表面的重力加速度为g．求地球的质量和平均密度．15．（8分）如图，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端分别系着两个可视为质点的小球a和小球b．a球质量为1kg静置于地面；b球质量为3kg用手托住，高度为h=2m，此时轻绳刚好拉紧．从静止开始释放b后，（1）b球落地时的速率；（2）a球能到达对地的最大高度．16．（12分）如图所示，一质量为m的滑块从高为h的光滑圆弧形槽的顶端A处由静止开始滑下，槽的底端B与水平传送带相接，传送带的运行速度恒为v0，两轮轴心间距为L，滑块滑到传送带上后做匀加速运动，滑到传送带右端C时，恰好加速到与传送带的速度相同，求：（1）滑块到达底端B时的速度大小v B；（2）滑块与传送带间的动摩擦因数μ；（3）此过程中，由于克服摩擦力做功而产生的热量Q．17．（12分）如图甲所示，某同学用轻绳通过定滑轮提升一重物，运用传感器（未在图中画出）测得此过程中不同时刻被提升重物的速度v与对轻绳的拉力F，并描绘出图象．假设某次实验所得的图象如图乙所示，其中线段AB与v轴平行，它反映被提升重物在第一个时间段内v和F的关系；线段BC的延长线过原点，它反映了被提升重物在第二个时间段内v和F的关系，第三个时间段内拉力F和速度v均为C点所对应的大小保持不变，因此图象上没有画出．实验中还测得重物由静止开始经过t=1.4s，速度增加到v C=3.0m/s，此后物体做匀速运动．取重力加速度g=10m/s2，绳重及一切摩擦力和阻力均忽略不计．求：（1）提升重物的质量和第二个时间段内的功率；（2）在提升重物的过程中，第一个时间段内的加速度和上升高度；（3）求被提升重物在第二阶段内通过的路程．2015-2016学年安徽省六安市寿县一中高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．（2014•广东校级三模）如图所示，A是放在地球赤道上的一个物体，正在随地球一起转动．B是赤道上方一颗近地卫星．A和B的质量相等，忽略B的轨道高度，下列说法正确的是（）A．A和B做圆周运动的向心加速度相等B．A和B受到的地球的万有引力相等C．A做圆周运动的线速度比B大D．B做圆周运动的周期比A长【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】赤道上物体随地球一起自转周期为T，近地卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，涉及不同的物理模型．【解答】解：A、地球上物体随地球自转周期与地球自转周期相同，万有引力除了提供随地于自转的向心力外主要表现为物体的重力，而近地卫星万有引力提供圆周运动向心力，向心加速度即为万有引力加速度，故两者向心加速度大小不相等，A错误；B、忽略B卫星的轨道高度，A和B距地心的距离相同，根据万有引力定律可知，它们受到地球的万有引力大小相等，故B正确；C、因为B做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，而A万有引力的一小部分提供圆周运动向心力，根据知，B卫星的线速度远大于A的线速度，故C错误；D、A的周期为地球自转周期，即与同步卫星周期相同，而B的周期远小于同步卫星的周期，故D错误．故选：B．【点评】本题涉及到两种物理模型，可以借助与同步卫星进行比较，由同步卫星和的近地卫星的动力学原理相同，可借助同步卫星的规律进行过渡比较．2．火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住．近期，我国宇航员王跃正与俄罗斯宇航员一起进行“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期也基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是【考点】万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力定律公式求出王跃在火星上受的万有引力是在地球上受万有引力的倍数．根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，从而得出上升高度的关系．根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系．【解答】解：A、根据万有引力定律的表达式F=，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，所以王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍，故A错误．B、由，解得g=，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，火星表面的重力加速度是．故B错误．C、根据得，，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，故C正确．D、王跃以v0在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出：可跳的最大高度是h=，由于火星表面的重力加速度是，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h′=．故D错误．故选：C．【点评】通过物理规律把进行比较的物理量表示出来，再通过已知的物理量关系求出问题是选择题中常见的方法．把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．3．在地球大气层外有大量的太空垃圾．在太阳活动期，地球大气会受太阳风的影响而扩张，使一些原本在大气层外绕地球飞行的太空垃圾被大气包围，从而开始向地面下落．大部分太空垃圾在落地前已经燃烧成灰烬，但体积较大的太空垃圾仍会落到地面上，对人类造成危害．太空垃圾下落的原因是（）A．大气的扩张使垃圾受到的万有引力增大而导致下落B．太空垃圾在与大气摩擦燃烧过程中质量不断减小，进而导致下落C．太空垃圾的上表面受到的大气压力大于其下表面受到的大气压力，这种压力差将它推向地面D．太空垃圾在大气阻力作用下速度减小，运动所需的向心力将小于万有引力，垃圾做趋向圆心的运动，落向地面【考点】万有引力定律及其应用【分析】太空垃圾在大气阻力的作用下速度减小，它做圆周运动所需的向心力就小于地球对它的引力，故其不断做向心运动，最终落在地面上．【解答】解：太空垃圾在大气阻力的作用下速度减小，它做圆周运动所需的向心力就小于地球对它的引力，故其不断做向心运动，最终落在地面上，故D正确、ABC错误．故选：D．【点评】该题要注意万有引力定律的应用，当速度减小时，万有引力引力大于需要的向心力，做向心运动，轨道半径减小．4．（2014•孝感二模）如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处．不计空气阻力，则落到B处的石块（）A．初速度大，运动时间短 B．初速度大，运动时间长C．初速度小，运动时间短 D．初速度小，运动时间长【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．【解答】解：小球落在B点高度差较小，根据t=，知落在B处的石块运动时间较短，根据初速度知，B处的水平位移大，时间短，则初速度较大．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定．5．（2014•唐山二模）如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为（）A．1：1 B．2：1 C．3：2 D．2：3【考点】平抛运动【分析】两个小球同时做平抛运动，又同时落在C点，说明运动时间相同．小球垂直撞在斜面上的C点，说明速度方向与斜面垂直，可以根据几何关系求出相应的物理量．【解答】解：小球A做平抛运动，根据分位移公式，有：x=v1t…①y=…②又tan30°=…③联立①②③得：v1=…④小球B恰好垂直打到斜面上，则有：tan30°==…⑤则得：v2=gt…⑥由④⑥得：v1：v2=3：2．故选：C【点评】本题关键对两球运用平抛运动的分位移公式和分速度公式列式求解，同时结合几何关系找出水平分位移与竖直分位移间的关系，运用比例法求解．6．（2016•福建模拟）取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．【考点】平抛运动【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=，据题有：=mgh，联立解得：v=，则cosα==，得：α=．故选：B．【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解．7．如图所示，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线，从图中可以判断（）A．在0～t1时间内，外力一直保持不变B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐增大C．在t2时刻，外力的功率最大D．在t1﹣t3时刻，外力做的总功率为零【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】根据速度时间图线的切线斜率判断加速度的变化，从而得出外力的变化，结合功率的公式分析外力功率的大小．根据动能定理得出t1﹣t3时间内外力做功的大小，从而得出功率的大小．【解答】解：A、在0～t1时间内，图线切线的斜率逐渐减小，则加速度减小，根据牛顿第二定理知，外力减小，故A错误．B、0时刻，加速度最大，外力最大，速度为零，则外力功率为零，t1时刻，速度最大，加速度为零，外力为零，则外力功率为零，可知0～t1时间内，外力的功率先增大后减小，故B错误．C、在t2时刻，速度为零，外力的功率为零，故C错误．D、在t1﹣t3时间内，动能的变化量为零，外力做功为零，则外力做的总功率为零，故D正确．故选：D．【点评】本题要求学生能熟练掌握图象的分析方法，由图象得出我们需要的信息．对于B 选项，可以采用极限分析法，因开始为零，后来为零，而中间有功率，故功率应先增大，后减小．8．（2008•济南模拟）一个25kg的小孩从高度为3.0m，长度为8.0m的滑梯顶端由静止开始滑下，滑到底端时的速度为2.0m/s．取g=10m/s2，关于力对小孩做的功，以下结果正确的是（）A．合外力做功750J B．阻力做功﹣700JC．重力做功2000J D．支持力做功50J【考点】功的计算【分析】根据动能定理可以求得合外力做功过的情况，根据功的公式可以计算各个力做的功的大小．【解答】解：A、根据动能定理可得，合外力做功W=△E k=mv2﹣0=×25×22J=50J，所以A错误；B、下降的过程中，重力做的功为mgh=750J，根据动能定理mgh+W f=△E k，所以W f=△E k ﹣mgh=﹣700J，所以B正确C错误；D、支持力始终与运动的轨迹垂直，所以支持力不做功，所以D错误．故选B．【点评】本题是对功的简单的计算，根据功的公式直接计算即可，难度不大．9．（2012•安徽）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道．半径OA水平、OB 竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A．重力做功2mgR B．机械能减少mgRC．合外力做功mgR D．克服摩擦力做功mgR【考点】牛顿第二定律；动能定理的应用【分析】小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律求解出B点的速度；然后对从P到B过程根据功能关系列式判读．【解答】解：A、重力做功与路径无关，只与初末位置有关，故P到B过程，重力做功为W G=mgR，故A错误；B、小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，根据牛顿第二定律，有mg=m，解得；从P到B过程，重力势能减小量为mgR，动能增加量为=，故机械能减小量为：mgR﹣，故B错误；C、从P到B过程，合外力做功等于动能增加量，故为=，故C错误；D、从P到B过程，克服摩擦力做功等于机械能减小量，故为mgR﹣，故D正确；故选D．【点评】解决本题的关键知道球到达B点时对轨道的压力为0，有mg=m，以及能够熟练运用动能定理．10．如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A 下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物体块着地，A，B两物块（）A．A、B的质量相同B．A、B着地时的速度相同C．A、B的重力做功相同D．重力做功的平均功率相同【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算【分析】根据平衡求出A、B质量的关系，结合速度位移公式得出A、B的速度大小关系，注意A、B着地的速度方向不同，根据功的公式比较重力做功的大小．根据重力做功，结合运动的时间比较重力做功的平均功率．【解答】解：A、根据平衡有：m A g=m B gsinθ，可知A、B的质量不同，故A错误．B、设A、B距离地面的高度为h，A做自由落体运动，着地的速度，B下滑的加速度为gsinθ，根据得，，可知A、B着地的速度大小相等，但是方向不同，故B错误．C、A、B下降的高度相同，但是质量不同，则重力做功不同，故C错误．D、A运动的时间，根据得，，A重力做功的平均功率，B重力做功的平均功率，可知A、B重力做功的平均功率相同，故D正确．故选：D．【点评】本题考查了共点力平衡、功的公式、牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，理解平均功率和瞬时功率的区别，掌握这两种功率的求法．二、实验填空题（共3小题，满分18分）11．（3分）（2013春•贵阳期末）在“探究功与物体速度变化的关系”的实验中，某同学是用下面的方法和器材进行实验的：放在长木板上的小车由静止开始在几条完全相同的橡皮筋的作用下沿木板运动，小车拉动固定在它上面的纸带，纸带穿过打点计时器．关于这一实验，下列说法中正确的是（）A．长木板要适当倾斜，以平衡小车运动中受到的阻力B．重复实验时，虽然用到橡皮筋的条数不同，但每次应使橡皮筋拉伸的长度相同C．利用纸带上的点计算小车的速度时，应选用纸带上打点最密集的部分进行计算D．利用纸带上的点计算小车的速度时，应选用纸带上打点最稀疏的部分进行计算【考点】探究功与速度变化的关系【分析】实验时，先要平衡摩擦力，每次保持橡皮筋的形变量一定，当有n根相同橡皮筋并系在小车上时，n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难，再加上打点计时器测出小车获得的最大速度即动能可求．【解答】解：A、实验中橡橡皮筋对小车所做功认为是合外力做功，因此需要平衡摩擦力，故长木板要适当倾斜，以平衡小车运动中受到的阻力，故A正确；B、实验中改变拉力做功时，为了能定量，所以用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功才有倍数关系，故B正确；C、D、需要测量出加速的末速度，即最大速度，也就是匀速运动的速度，所以应选用纸带上打点最稀疏的部分进行计算，故C错误，D正确．故选：ABD．【点评】实验中要清楚是如何改变w，如何获得的速度v即可，围绕实验原理和实验目的进行理解和记忆．12．（6分）在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如右．其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中（单位cm）．该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s2，他用AC段的平均速度作为跟B点对应的物体的即时速度，则该段重锤重力势能的减少量为 1.22m，而动能的增加量为 1.20m，（均保留3位有效数字，重锤质量用m表示）．【考点】验证机械能守恒定律【分析】根据重力势能和重力做功之间的关系，可以求出重力势能的减小量，根据初末速度的大小可以求出动能的增加量；【解答】解：重力势能的减小量等于重力做功，故有：△E P=mgh OB=m×9.8×0.1242=1.22mJ；根据匀变速直线运动规律，B点的速度为：v B===1.55m/s所以动能的增量为：△E k=m﹣0==1.20mJ故答案为：1.22m，1.20m．【点评】熟练应用运动学规律处理问题，要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，明确功能关系．13．（9分）（2008•江苏）某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．弧形轨道末端水平，离地面的高度为H．将钢球从轨道的不同高度h处静止释放，钢球的落点距轨道末端的水平距离为s．。

六安一中高二第二学期开学考试

六安一中2012~2013学年高二年级第二学期开学考试物理试卷时间：90分钟满分：100分一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，共48分）1、如图所示，正方形区域abcd 中充满匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里. 一个氢核从ab 边的中点m 沿着既垂直于ad 边又垂直于磁场的方向，以一定速度射入磁场，正好从ab 边中点n 射出磁场. 现将磁场的磁感应强度变为原来的2倍，其他条件不变，则这个氢核射出磁场的位置是（） A ．在b 、n 之间某点 B ．在n 、a 之间某点 C ．a 点 D ．在a 、m 之间某点2、在图示的虚线框的区域内有匀强电场和匀强磁场，一电子从左方水平射入后，可沿直线从右方射出，由此可知，电场和磁场的方向可能是（）A ．电场方向水平向左，磁场方向竖直向上B ．电场和磁场方向都水平向左C ．电场方向竖直向上，磁场方向垂直纸面向里D ．电场方向垂直纸面向里，磁场方向竖直向下 3、如图所示，a 、b 、c 三盏灯都发光且在电路变化时灯不会被烧坏，试判断当滑动变阻器的滑片P 向上移动时，三盏灯的亮度变化情况是（）A ．c 灯变亮，a 、b 灯变暗B ．a 、b 灯变亮，c 灯变暗C ．a 、c 灯变亮，b 灯变暗D ．a 灯变亮， b 、 c 灯变暗 4、如图所示，水平放置的充电平行金属板相距为d ，其间形成匀强电场，一带正电的油滴从下极板边缘射入，并沿直线从上极板边缘射出，油滴的质量为m ，带电量为q ，则（）A ．场强的方向竖直向上B ．场强的方向竖直向下C ．两极板间的电势差为qm gd2 D ．油滴的电势能增加了mgd5、如图所示，固定直导线P 垂直于纸面，可动导线AB 通以向左的电流，用测力计悬挂在导线P 的上方，若直导线P 中通以垂直纸面指向读者的电流，下列判断中正确的是（） A ．导线A 端指向读者，同时测力计读数变大 B ．导线B 端指向读者，同时测力计读数变大 C ．导线A 端指向读者，同时测力计读数变小 D ．导线B 端指向读者，同时测力计读数就小 6、如图所示，质量为m 带正电q 的小物块，以初速度0v 沿平面在磁感应强度为B 的匀强磁场中运动，物块与平面之间的滑动摩擦因数为μ，经一段时间t 物块停下，则t （）A ．大于)(00qvB mg mv +μ B ．小于)(00qvB mg mv +μC ．等于)(00qvB mg mv +μ D ．以上都不对7、如图所示，一个带正电荷的小球沿水平光滑绝缘的桌面向右运动，飞离桌子边缘A ，最后落到地板上. 设有磁场时飞行时间为1t ，水平射程为1x ，着地速度大小为1v ；若撤去磁场，其余条件不变时，小球飞行时间为2t ，水平射程为2x ，着地速度大小为2v . 则下列结论不正确的是（）A ．1x >2xB ．1t >2tC ．1v <2vD ．1v 和2v 相同 8、如图所示，带电平行板中有竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，带电小球从光滑绝缘导轨上的a 点自由滑下，经过轨道端点P 点进入板间，恰好沿水平方向直线运动，现让小球从较低的b 开始自由滑下，经P 点进入板间，在板间运动的过程中（）A ．小球动能会减小B ．小球电势能将会增大C ．小球所受的洛伦兹力将不变D ．小球所受的电场力将会增大 9、如图所示，三个相同的带电粒子a 、b 、c 在同一处沿同一方向垂直于电场线飞进偏转电场，出现图中所示的运动轨迹（b 从板边缘飞出），由此可知（） A ．当b 飞离电场时，a 已经打在负极板上 B ．b 和c 同时飞离电场C ．进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小D ．动能增加量c 最大，a 和b 一样大10、一个内阻可以忽略的电池，向一个装满水银的U 形玻璃管A 中的水银供电，电流为0.1A. 若把全部水银倒在另一个内径大一倍的U 形管B 中，那么该电池对B 内水银供电时，电流大小为（）A ．0.4AB ．0.8AC ．1.6AD ．3.2A 11、如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直载流导线，电流方向指向读者，a 、b 、c 、d 是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（） A ．a 、b 两点磁感应强度相等 B ．a 点磁感应强度最大 C ．c 、d 两点磁感应强度大小相等 D ．d 点磁感应强度最大 12、回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A ．增大电场的加速电压B ．减小磁场的磁场应强度C ．减小狭缝间的距离D ．增大D 形金属盒的半径13、在一电场中，设想沿图所示的路径abcd 移动一电子，电场力做功分别是：从a 到b 为—4 eV ，从b 到c 为—2 eV ，从c 到d 为3 eV ，则从a 到d 电场力做功为 eV ，电子的电势能变化了 eV ， a 、d 两点间的电势差为 V .14、一阻值为30Ωk 的电阻R ，欲用伏安法较准确地测出它的阻值，备选器材有：A. 电源（E ＝16V ，r=2Ω）B. 电源（E ＝3V ，r=0.5Ω）C. 电压表（量程0～15V ，内阻50Ωk ）D. 电压表（量程0～3V ，内阻10Ωk ）E. 电流表（量程0～500A μ，内阻500Ω）F. 电流表（量程0～1mA ，内阻250Ω）G . 滑动变阻器（阻值0～200Ω） H. 开关一只，导线若干（1）从上面器材中选出合适的器材（用字母表示）. （2）画出实验电路图.三、计算题（总计36分。

精品：【全国百强校】安徽省六安市第一中学2015-2016学年高二下学期统一测试物理试题(解析版)

一、选择题1. 如图所示的交流电的电流随时间而变化的图象，此交流电的有效值是（）A. 52AB. 5AC. 3.5AD. 3.52A【答案】B考点：交流电的有效值【名师点睛】对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值。

2. 如图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表。

线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO’匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，以下判断正确的是A．线圈转动的转速为25r/sB．电流表的示数为10A，0.01s时线圈平面与磁场方向平行C．1s钟内线圈中电流方向改变了50次D．0.01s时线圈平面与中性面重合【答案】B【解析】考点：交流电的产生及变化规律【名师点睛】本题考查交变电流的产生及有效值的定义，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值；记住中性面的特点：磁通量最大，磁通量的变化率为零，感应电动势为零. 3. 如图所示，把电阻R ，电感线圈L ，电容C 并联接到某一交流电源上时，三只电流表示数相同，若保持电源电压不变，而使交变电流的频率逐渐减小，则三个电流表示数I 1、I 2、I 3的大小关系是( )。

A ．I 1=I 2=I 3B ．I 2>I 1>I 3C ．I 3>I 1>I 2D ．I 1>I 2>I 3 【答案】B 【解析】试题分析：电感线圈的特点是通低频阻高频，电容器的特点是通高频阻低频，所以当频率减小时通过线圈的电流增大，通过电容器的电流减小，而通过电阻的电流不变，故B 正确．故选B. 考点：感抗和容抗【名师点睛】牢记电感线圈和电容器对交变电流的作用，频率改变时电动势的有效值是不变的，频率减小时通过线圈的电流增大，通过电容器的电流减小，频率对电阻无影响。

【全国百强校】安徽省六安市第一中学2015-2016学年高二下学期第一次阶段考试物理试题(解析版)

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，1~7题为单选题，8~12题为多选题，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分）1、如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通以图示方向的电流时A、磁铁对桌面的压力增大，且受到向右的摩擦力作用B、磁铁对桌面的压力减小，且受到向右的摩擦力作用C、磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用D、磁铁对桌面的压力减小，且受到向左的摩擦力作用【答案】B考点：考查了安培力的计算【名师点睛】先判断电流所在位置的磁场方向，然后根据左手定则判断安培力方向；再根据牛顿第三定律得到磁体受力方向，最后对磁体受力分析，根据平衡条件判断．2、为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的，在如图四个图中，正确表示安培假设环形电流方向的是【答案】B试题分析：地磁场的N 极在地里的南极附近，地磁场的S 极在地理的北极附近，根据根据安培定则，让拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故B 正确；考点：考查了地磁场、安培定则【名师点睛】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向，另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定3、在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四导线中电流1324I I I I =>>，要使O 点磁场增强，则应该A 、切断1IB 、切断2IC 、切断3ID 、切断4I【答案】D考点：考查了安培定则的应用【名师点睛】本题利用安培定则判断磁场方向比较简单，但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱4、如图所示，一个边长为0.5m ，三边电阻不相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为10T 的匀强磁场中，若通以图示方向的恒定电流，电流强度大小为0.4A ，则金属框受到的磁场力大小为A 、0B 、2NC 、3ND 、4N考点：考查了安培力的计算【名师点睛】关键是理解F BIL =中的L 是垂直磁场方向的有效长度，5、物体导电是由其中的自由电荷定向移动引起的，这些可以移动的自由电荷又叫载流子，金属导体的载流子是自由电子，现代广泛应用的半导体材料分为两大类，一类是N 型半导体，它的载流子为电子，另一类是P 型半导体，它的载流子为“空穴”，相当于带正电的粒子，如果把某种材料制成的长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与前后侧面垂直，长方体中通有方向水平向右的电流，设长方体的上下表面M 、N 的电势分别为M ϕ和N ϕ，则下列判断中正确的是A 、如果是P 型半导体，有M ϕ>N ϕB 、如果是N 型半导体，有M ϕ<N ϕC 、如果是P 型半导体，有M ϕ<N ϕD 、如果是金属导体，M ϕ<N ϕ【答案】C【解析】试题分析：如果是P 型半导体，则它的载流子为正电粒子，根据左手定则可得电子向下偏转，即向N 板偏转，故M 板带负电，所以M ϕ<N ϕ，A 错误C 正确；若为N 型半导体，则它的载流子为电子，因为电流的方向和负电荷的方向相反，所以电子向左运动，根据左手定则可得电子向下偏转，N 板带负电，所以有M ϕ>N ϕ，B 错误；若为金属导体，根据左手定则可得正电荷向上，负电荷向下，仍旧为M ϕ>N ϕ，，D 错误；考点：考查了洛伦兹力方向的判断【名师点睛】解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电荷受洛伦兹力和电场力处于动态平衡6、如图所示，AB 是水平面上一个圆的直径，在过AB 的竖直平面内有一根通电导线CD ，已知CD ∥AB ，当CD 竖直向上平移时，电流磁场穿过圆面积的磁通量将A 、逐渐增大B 、逐渐减小C 、始终为零D 、不为零但保持不变【答案】C考点：考查了磁通量的计算【名师点睛】对于非匀强磁场穿过线圈的磁通量不能定量计算，可以根据磁感线的条数定性判断其变化情况，当磁感线有两种方向穿过线圈时，要看抵消后的磁感线条数来确定磁通量7、如图所示，螺线管与灵敏电流计相连，磁铁从螺线管的正上方由静止释放，向下穿过螺线管，下列说法正确的是A 、电流计中的电流先由a 到b ，后由b 到aB 、a 点的电势始终低于b 点的电势C 、磁铁减少的重力势能等于回路中产生的热量D、磁铁刚离开螺线管时的加速度小于重力加速度【答案】D考点：考查了楞次定律的应用【名师点睛】重点是根据磁通量的变化判断出感应电流的有无和方向，能根据来拒去留的判断口诀分析在各点的受力情况，难度适中8、磁流体发电机是一项新兴的发电技术，如图是它的示意图，平行金属板A、B之间有一很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正负带电粒子）喷入磁场，A、B两板之间便产生电压，关于磁流体发电机，以下说法正确的是A、磁流体发电机是根据电磁感应原理发电的B、当S闭合时，电压表V的读数（也是发电机的路端电压）将减小C、当S闭合时，电压表V的读数将不变，电流表A的读数将增大D、从能量转化的角度来看，磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能【答案】ACD【解析】试题分析：磁流体发电机是由磁场产生电的现象，故是根据电磁感应原理发电的，A正确；当离子受到的电场力和洛伦兹力平衡时，两极板间的电势差恒定，又因为平行金属板相当于电源，但是没有内阻，所以当S闭合时，电压表V的读数将不变，由于电路多了一条支路，故干路电流增大，所以电流表示数增大，B错误C正确；从能量转化的角度来看，磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能，D正确；考点：考查了带电粒子在复合场中的运动【名师点睛】磁流体发电机是把等离子体的动能转化为电能，属于电磁感应现象；当S 闭合时，电压不变，根据闭合电路欧姆定律，可知，因总电阻变化，从而确定总电流如何变化，即可判定电流表的读数9、两个质量相同，所带电荷量相等的带电粒子a 、b ，以不同的速率对准圆心O 沿着AO 方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图所示，若不计粒子的重力，则下列说法正确的是A 、a 粒子带负电，b 粒子带正电B 、a 粒子在磁场中所受洛伦兹力较大C 、b 粒子动能较大D 、b 粒子在磁场中运动时间较长【答案】AC考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式mv R Bq=，周期公式2m T Bq π=，运动时间公式2t T θπ=，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，10、如图所示，左右边界分别为'PP ，'QQ 的匀强磁场的宽度为d ，磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向里，一个质量为m 、电荷量大小为q 的微观粒子，沿与左边界'PP 成θ=45°方向以速度0v 垂直射入磁场。

安徽省六安市第一中学高二下学期第一次阶段检测物理试题含答案

一、选择题：（1-8题为单选题，9-12题为多选题）1、关于物理学发展过程中的认识，下列说法正确的是A.奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B.楞次发现了电流的磁效应，揭示了磁现象和电现象的联系C.在法拉第、纽曼、韦伯等人工作的基础上，人们认识到：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，后人称之为法拉第电磁感应定律D.法拉第在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2、如图所示，导线框abcd与导线在同一平面内，直导线通恒定电流I，当线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流的方向是（）A．始终dcba B．先abcd，后dcbaC．先dcba，后abcd，再dcba D．先abcd，后dcba，再abcd3、通过一阻值R=100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s，电阻两端电压的有效值为A.12VB.85C.15VD.4104、如图所示，螺线管的导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是A.向右摆动B.向左摆动C.保持静止D.无法判断5、如图所示的电路中，AB是相同的两小灯，L是一个带铁芯的线圈，电阻可不计，调节R，电路稳定时两灯都正常发光，在在开关合上和断开时A．合上S时，B比A先到达正常发光状态B．断开S时，通过B灯的电流方向与原电流方向相同C．断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭D．两灯同时点亮、同时熄灭6、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2:1，电池和交变电源的电动势都为6V，内阻不计，下列说法正确的是A．S与a接通的瞬间，R中无感应电流B．S与a接通稳定后，R两端的电压为3VC．S与b接通稳定后，R两端的电压为3VD．S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：17、等腰三角形内有垂直纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，t=0时刻，边长为L的正方形导线框从图示位置沿x轴匀速穿过磁场，取顺时针方向为电流的正方向，则能够正确表示导线框中电流-位移（i-x）关系的是（）A．B．C．D．8、如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个边长相等的单匝闭合正方形线圈Ⅰ和Ⅱ，分别用相同材料，不同粗细的导线绕制（Ⅰ为细导线）．两线圈在距磁场上界面h高处由静止开始自由下落，再进入磁场，最后落到地面．运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界．设线圈Ⅰ、Ⅱ落地时的速度大小分别为v1、v2，在磁场中运动时产生的热量分别为Q1、Q2．不计空气阻力，则（）A．v1＜v2，Q1＜Q2B．v1=v2，Q1＜Q2C．v1＜v2，Q1＞Q2D．v1=v2，Q1=Q29、如图（a）所示，半径为r的带缺口刚性金属圆环固定在水平面内，缺口两端引出两根导线，与电阻R构成闭合回路．若圆环内加一垂直于纸面变化的磁场，变化规律如图（b）所示．规定磁场方向垂直纸面向里为正，不计金属圆环的电阻．以下说法正确的是（）A．t=2s时，U ab=πr2B0B．1-2s内，回路中的电流逐渐减小C．2-3s内，穿过金属圆环的磁通量在增加D．0-1s内，流过电阻R的电流方向为a→b10、如图所示，平行金属导轨与水平面成θ角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面．有一导体棒ab，质量为m，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为μ，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F．此时（）FvA．电阻R2消耗的热功率为6FvB．电阻R1消耗的热功率为3C．整个装置消耗的机械功率为FvD．整个装置因摩擦而消耗的热功率为μmgvcosθ11、如图所示，一理想变压器原线圈匝数n1=500匝，副线圈匝数n2=100匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u=2202sin100πt（V）副线圈中接一电动机内阻为10Ω，电流表A2示数为1A．电表对电路的影响忽略不计，则下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100HzB．电流表A1示数为0.2AC．此电动机输出功率为44WD．如果电动机被卡住而不损坏，则电源的输出功率变为原来的4.4倍12、某同学设计了一利用涡旋电场加速带电粒子的装置，基本原理如图甲所示，上，下为电磁铁的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室，带电粒子在真空室内做圆周运动，电磁铁线圈电流的大小、方向可以变化，产生的感生电场使粒子加速，图甲上部分为侧视图，下部分为俯视图，若粒子质量为m，电荷量为q，初速度为零，圆形轨道的半径为R，穿过粒子圆形轨道面积的磁通量Φ随时间t 的变化关系如图乙所示，在t 0时刻后，粒子轨道处的磁感应强度为B ，粒子加速过程中忽略相对论效应，不计粒子的重力，下列说法正确的是（）A ．若被加速的粒子为电子，沿如图所示逆时针方向加速，则应在线圈中通以由a 端流入线圈，b 端流出线圈的电流B ．若被加速的粒子为正电子，沿如图所示逆时针方向加速，则应在线圈中通以由a 端流入线圈，b 端流出线圈的电流C ．在t 0时刻后，粒子运动的速度大小为 qBR mD ．在t 0时刻前，粒子每加速一周增加的动能为00q t Φ 二、计算题：13、发电机转子是匝数n=100，边长L=20cm 的正方形线圈，其置于磁感应强度B=1T 的匀强磁场中，绕着垂直磁场方向的轴以ω=100π（rad/s ）的角速度转动，当转到线圈平面与磁场方向垂直时开始计时．线圈的电阻r=1Ω，外电路电阻R=99Ω．试求：（1）写出交变电流瞬时值表达式；（2）外电阻上消耗的功率；（3）从计时开始，线圈转过3π过程中，通过外电阻的电荷量是多少？ 14、一小型发电机通过升压、降压变压器把电能输送给用户，已知发电机的输出功率为50kW ，输出电压为500V ，升压变压器原、副线圈匝数比为1：5，两个变压器间的输电导线的总电阻为15Ω，降压变压器的输出电压为220V ，变压器本身的损耗忽略不计，在输电过程中电抗造成电压的损失不计，求：（1）升压变压器副线圈的端电压；（2）输电线上损耗的电功率；（3）降压变压器原、副线圈的匝数比．15、如图所示，在匀强磁场中有倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L=0.2m，长为2d，d=0.5m，上半段d导轨光滑，下半段d导轨的动摩擦因素为36μ=，导轨平面与水平面的夹角为θ=30°．匀强磁场的磁感应强度大小为B=5T，方向与导轨平面垂直．质量为m=0.2kg的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在粗糙的下半段一直做匀速运动，导体棒始终与导轨垂直，接在两导轨间的电阻为R=2Ω，导体棒的电阻为r=1Ω，其他部分的电阻均不计，重力加速度取g=10m/s2，求：（1）导体棒到达轨道底端时的速度大小；（2）导体棒进入粗糙轨道前，通过电阻R上的电量q；（3）整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热Q．16、如图甲所示，水平虚面PQ上方两侧有对称的范围足够大的匀强磁场，磁场方向分别水平向左和水平向右，磁感应强度大小均为B0=2T．用金属条制成的闭合正方形框aa′b′b边长L=0.5m，质量m=0.3kg，电阻R=1Ω．现让金属框平面水平，aa′边、bb′边分别位于左、右两边的磁场中，且与磁场方向垂直，金属框由静止开始下落，其平面在下落过程中始终保持水平，当金属框下落至PQ前的瞬间，加速度恰好为零．以金属框下落至PQ为计时起点，PQ 下方加一范围足够大的竖直向下的磁场，磁感应强度B与时间t之间的关系图象如图乙所示．不计空气阻力及金属框的形变，g取10m/s2，求：（1）金属框经过PQ 位置时的速度大小．（2）金属框越过PQ 后2s 内下落的距离．（3）金属框越过PQ 后2s 内产生的焦耳热．答案：一、选择题：1.C 2.C 3.D 4.B 5.A 6.C 7.A 8.B 9.AC10.AD 11.BD 12.BCD13、（1）i=4πsin100πtA ．（2）7.8×103W ．（3）2×10-2C14、（1）因为1122 U n U n ＝，所以22112500nU U V n =＝．（2）P 2=P 1=50kW ．输电线中电流22250000202500P I A A U =＝＝，则P 损＝I 22R 损=202×15W=6000W ．（3）用户得到功率P 4=P 1-P 损=44000W ，所以降压变压器副线圈电流44444000200220P I A A U ===故34443220010201n I I n I I ＝＝＝＝．15. （1）导体棒在粗糙轨道上受力平衡：由 mgsin θ=μmgcos θ+BIL得：I=0.5A由BLv=I （R+r ）。

安徽省六安市舒城中学2015-2016学年高二(下)第二次月考物理试卷(解析版)

2015-2016学年安徽省六安市舒城中学高二（下）第二次月考物理试卷一、单选题：本大题10小题，每小题4分，共40分．在每小题的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，选错或不选的得0分．1．下列关于交流电路的说法错误的是（）A．电容器的击穿电压为交流电压的最大值B．电路中电流表的示数为电流的有效值C．教室内日光灯的额定电压为电压的有效值D．电路中保险丝的熔断电流为电流的最大值2．如图所示，是四种亮度可调的台灯的电路示意图，所用的白炽灯泡相同，都是“220V，60W”，当灯泡所消耗的功率都调至30W时，整个电路消耗功率最小的是（）A．B． C．D．3．某用电器到供电电源处的距离为L，线路上的电流为I，若要求线路上损失的电压不超过U，已知输电导线的电阻率为ρ，那么该输电导线的横截面积的最小值是（）A．B．I2ρC．D．4．如图所示，n1为理想变压器原线圈，其接入电路的匝数随着滑动接触点P的上下移动而变化，当输入电压U稍有下降时，为了使接在副线圈n2上的电灯电压保持不变，正确的调节方法是（）A．使P稍向上滑动B．副线圈上改接电阻较大的电灯C．使P稍向下滑动D．副线圈上改接电阻较小的电灯5．理想变压器原、副线圈中的电流分别为I1、I2，电压分别为U1、U2，功率分别为P1、P2，关于它们之间的关系，下列说法中正确的是（）A．U2与负载有关B．U1与负载有关C．I2由I1决定D．P1由P2决定6．从同一高度以相同速率分别抛出质量相同的三个小球，一球竖直上抛，一球竖直下抛，一球平抛，所受阻力都不计，则（）A．三球落地时动量相同B．三球落地时动量不相同C．从抛出到落地过程，三球受到的冲量相同D．从抛出到落地过程，平抛运动小球受到的冲量最小7．恒力F作用在质量为m的物体上，在时间t内，物体的速度由v1增大为v2，则力2F作用在质量为4m的物体上，在时间t内，物体的动量变化大小是（）A．m（v2﹣v1）B．m（v2﹣v1）C．2m（v2﹣v1）D．4 m（v2﹣v1）8．如图所示，质量为M的斜面置于光滑的水平地面上，一质量为m的滑块以初速度v0沿斜面向上滑行，它们在相互作用的过程中，当斜面的速度达到最大值时，对应的是下列情况中的（）A．物体在到达斜面的最高位置时B．物体从斜面上开始下滑时C．物体与斜面速度相等时D．物体与斜面开始分离时9．甲、乙两物体质量之比为2：1，它们与水平面的动摩擦因数相同，它们以相同的初动量沿水平面开始滑动，在水平面上滑行的最大距离分别为s1和s2，则s1：s2是（）A．1：1 B．1：2 C．2：1 D．1：410．质量相同的三个小球a、b、c在光滑水平面上以相同的速率运动，它们分别与原来静止的三个球A、B、C相碰（a与A碰，b与B碰，c与C碰），碰后，a球继续沿原来方向运动；b球静止不动；c球被弹回而且向反方向运动．这时，A、B、C三球中动量最大的是（）A．A球B．B球C．C球D．由于A、B、C三球质量未知，无法判定二、多项选择题：本大题4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，选对的得4分，部分正确的得2分，选错或不错的得0分．11．有一个n匝的圆形线圈，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈平面与磁感线成30°角，磁感应强度均匀变化，线圈导线的规格不变，下列方法可使线圈中的感应电流增加一倍的是（）A．将线圈匝数增加一倍B．将线圈面积增加一倍C．将线圈半径增加一倍D．将线圈平面转至跟磁感线垂直的位置12．如图所示，质量为m的物体，沿倾角为θ的固定粗糙斜面由静止开始下滑，经过时间t，滑至底端，且此时速度为v，则物体下滑过程中（）A．重力的冲量为mgsinθtB．重力冲量为mgtC．斜面支持力的冲量的大小为mgcosθtD．合力的冲量为mv13．质量为40kg的走钢丝运动员，不慎从高空跌下，万幸有弹性安全绳的保护，使其被悬挂起来．已知弹性安全绳的原长为5m，安全绳缓冲的时间为2s，g=10m/s2．以上过程中，下列说法正确的是（）A．运动员重力的冲量为0B．运动员重力的冲量为1200N•sC．缓冲时安全绳的平均冲力为600ND．缓冲时安全绳的平均冲力为1000N14．如图所示为一理想变压器，S为单刀双掷开关．P是滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的电压，I1为原线圈中的电流强度，则（）A．保持U1及P的位置不变，S由a合到b时，I1将增大B．保持P的位置及U1不变，S由b合到a时R消耗的功率减小C．保持U1不变，S合在a处，使P上滑，I1将增大D．保持P的位置不变，S合在a处，若U1增大，I1将增大三、计算题：本大题共4小题，计44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．某学校有一台应急备用发电机，内阻为r=1Ω，升压变压器的匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻为R=4Ω，全校22个教室，每个教室用“220V 40W”的灯泡6盏，要求所有灯都正常发光，则（1）输电线上损耗的电功率多大？（2）发电机的输出功率多大？（3）发电机的电动势多大？16．如图所示，质量m A=0.2kg、m B=0.3kg的小球A、B均静止在光滑水平面上．现给A球一个向右的初速度v0=5m/s，之后与B球发生对心碰撞．（1）若碰后B球的速度向右为3m/s，求碰后A球的速度；（2）若A、B球发生弹性碰撞，求碰后A、B球各自的速度．17．一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO′以如图所示的角速度ω匀速转动，外电路电阻为R．求：（1）不计能量损失，线圈转一周，外界对线圈做的功；（2）从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R的电荷量；（3）从图示位置开始计时，电阻R两端电压瞬时值u R与时间t的关系式．18．如图所示，光滑的水平地面上放置一个足够长的木板，其质量为m1，木板的左端放置一个质量为m2的物块（m1＞m2），它与木板间的动摩擦因数为μ，现使m1、m2同时以大小均为v0的速度向相反方向运动，已知重力加速度为g．求：（1）木板与物块最终的速度大小；（2）物块向右运动达到最大位移时，木板的位移大小．2015-2016学年安徽省六安市舒城中学高二（下）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：本大题10小题，每小题4分，共40分．在每小题的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得4分，选错或不选的得0分．1．下列关于交流电路的说法错误的是（）A．电容器的击穿电压为交流电压的最大值B．电路中电流表的示数为电流的有效值C．教室内日光灯的额定电压为电压的有效值D．电路中保险丝的熔断电流为电流的最大值【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】使用交变电流的电气设备上所标的电压、电流值均是有效值，交流电流表和交流电压表测得的值也是电路中的有效值，电容器的击穿电压为瞬时值的最大值．有效值的定义：取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．【解答】解：A、电容器的击穿电压为交流电压瞬时值的最大值，故A正确；B、电路中电压表、电流表的示数均为有效值，故B正确；C、教室内日光灯的额定电压为220V，是电压的有效值，故C正确；D、电路中保险丝的熔断电流要考虑电流的热效应，为电流的有效值，故D错误；本题选错误的，故选：D2．如图所示，是四种亮度可调的台灯的电路示意图，所用的白炽灯泡相同，都是“220V，60W”，当灯泡所消耗的功率都调至30W时，整个电路消耗功率最小的是（）A．B．C．D．【考点】电功、电功率．【分析】从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题，利用电阻变化改变电流，电阻本身消耗电能，利用变压器改变电压和电流，变压器不损失能量．【解答】解：从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题．台灯的消耗功率包含灯泡和其他辅助器件的总功率．由ABCD四选项分析可知：C中理想变压器功率损耗为零，电源输出的总功率（台灯消耗功率）只有灯泡的功率30 W．而其他选项中，不论滑动变阻器是分压接法还是限流接法，滑动变阻器上总有功率损耗，整个电路消耗功率的消耗功率都大于30 W．故选：C3．某用电器到供电电源处的距离为L，线路上的电流为I，若要求线路上损失的电压不超过U，已知输电导线的电阻率为ρ，那么该输电导线的横截面积的最小值是（）A．B．I2ρC．D．【考点】电阻定律．【分析】根据欧姆定律求解输电线的电阻，再根据电阻定律求出输电导线的横截面积的最小值．【解答】解：根据欧姆定律得：R=，根据电阻定律有：R=，解得：s=．故选：C4．如图所示，n1为理想变压器原线圈，其接入电路的匝数随着滑动接触点P的上下移动而变化，当输入电压U稍有下降时，为了使接在副线圈n2上的电灯电压保持不变，正确的调节方法是（）A．使P稍向上滑动B．副线圈上改接电阻较大的电灯C．使P稍向下滑动D．副线圈上改接电阻较小的电灯【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解答】解：变压器的电压与匝数成正比，当输入电压U稍有下降时，为了使接在副线圈n2上的电灯电压保持不变，可以使P稍向下滑动降低原线圈的匝数，可以是副线圈的电压提高；改变副线圈的电阻时，不影响副线圈的电压；故选：C．5．理想变压器原、副线圈中的电流分别为I1、I2，电压分别为U1、U2，功率分别为P1、P2，关于它们之间的关系，下列说法中正确的是（）A．U2与负载有关B．U1与负载有关C．I2由I1决定D．P1由P2决定【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据理想变压器原副线圈匝数比与电压、电流比之间的关系即可求解，理想变压器的输入功率与输出功率相等．【解答】解：AB、U2与输入电压和匝数比决定，与负载无关，由交流电源决定，与负载无关，故AB错误；CD、电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，所以I1由I2决定，P1由P2决定，故C错误，D正确；故选：D6．从同一高度以相同速率分别抛出质量相同的三个小球，一球竖直上抛，一球竖直下抛，一球平抛，所受阻力都不计，则（）A．三球落地时动量相同B．三球落地时动量不相同C．从抛出到落地过程，三球受到的冲量相同D．从抛出到落地过程，平抛运动小球受到的冲量最小【考点】动量定理．【分析】根据动能定理比较小球落地时的速度，从而比较出落地时的动量，根据动量定理，结合运动的时间，比较动量的变化量．【解答】解：A、根据动能定理知，mgh=，可知三球落地时速度的大小相等，由于平抛运动的速度方向与上抛运动和下抛运动的速度方向不同，则动量不同，故A错误，B正确；C、三个小球以相同的速率抛出，可知竖直上抛运动的物体运动时间大于平抛运动的时间，平抛运动的时间大于竖直下抛运动的时间，所以上抛运动的时间最长，三球受到的冲量不相同，根据动量定理知，mgt=△p，可得上抛球动量变化量最大．下抛球动量变化量最小，则下抛球冲量最小，故CD错误．故选：B7．恒力F作用在质量为m的物体上，在时间t内，物体的速度由v1增大为v2，则力2F作用在质量为4m的物体上，在时间t内，物体的动量变化大小是（）A．m（v2﹣v1）B．m（v2﹣v1）C．2m（v2﹣v1）D．4 m（v2﹣v1）【考点】动量定理．【分析】由动量定理可求得力作用在m上时的动量变化量，则可得出力2F作用在质量为4m的物体上的动量变化量．【解答】解：力F作用在m的物体上时，根据动量定理得：Ft=m（v2﹣v1），力2F作用在质量为4m的物体上，根据动量定理得2Ft=2m（v2﹣v1），故C正确．故选：C8．如图所示，质量为M的斜面置于光滑的水平地面上，一质量为m的滑块以初速度v0沿斜面向上滑行，它们在相互作用的过程中，当斜面的速度达到最大值时，对应的是下列情况中的（）A．物体在到达斜面的最高位置时B．物体从斜面上开始下滑时C．物体与斜面速度相等时D．物体与斜面开始分离时【考点】动量守恒定律．【分析】滑块和斜面组成的系统，在水平方向上动量守恒，结合动量守恒定律分析斜面何时速度最大．【解答】解：滑块和斜面组成的系统，在水平方向上所受的合力为零，水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律知，当滑块的速度沿斜面向下达到最大时，斜面向右的速度最大，此时物体与斜面开始分离．故D正确，ABC错误．故选：D9．甲、乙两物体质量之比为2：1，它们与水平面的动摩擦因数相同，它们以相同的初动量沿水平面开始滑动，在水平面上滑行的最大距离分别为s1和s2，则s1：s2是（）A．1：1 B．1：2 C．2：1 D．1：4【考点】动量守恒定律．【分析】根据动能定理结合动量与动能之间的关系可以求得它们的位移之比．【解答】解：根据动能定理得：﹣μmgs=0﹣=﹣则得：s=，P、μ相同，则得s∝故滑行路程之比为：s1：s2=1：4，故D正确．故选：D10．质量相同的三个小球a、b、c在光滑水平面上以相同的速率运动，它们分别与原来静止的三个球A、B、C相碰（a与A碰，b与B碰，c与C碰），碰后，a 球继续沿原来方向运动；b球静止不动；c球被弹回而且向反方向运动．这时，A、B、C三球中动量最大的是（）A．A球B．B球C．C球D．由于A、B、C三球质量未知，无法判定【考点】动量守恒定律．【分析】根据动量守恒定律我们即可分析A、B、C三球中哪个球的动量最大．【解答】解：由题知，碰撞前，a、b、c三个小球的动量大小相等，三个小球与被撞小球碰撞过程中动量守恒，因为c球是唯一碰撞前后动量方向相反的，所以碰撞后被c球碰撞的球获得动量最大，故C球动量是最大的．故C正确；故选C二、多项选择题：本大题4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，选对的得4分，部分正确的得2分，选错或不错的得0分．11．有一个n匝的圆形线圈，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈平面与磁感线成30°角，磁感应强度均匀变化，线圈导线的规格不变，下列方法可使线圈中的感应电流增加一倍的是（）A．将线圈匝数增加一倍B．将线圈面积增加一倍C．将线圈半径增加一倍D．将线圈平面转至跟磁感线垂直的位置【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】根据法拉第电磁感应定律E=n，电阻定律R=ρ，以及欧姆定律推导出电流I的表达式，看I与什么因素有关，从而判断出哪一种方法使感应电流增加一倍．【解答】解：A、法拉第电磁感应定律：E=N，将线圈的匝数变化时，说明一定时，E与N成正比．当线圈匝数增加为原来的1倍，则线圈产生的感应电动势也增加为原来的1倍，但线圈电阻也增加原来的1倍，因此线圈中的感应电流没有变化．故A错误；B、法拉第电磁感应定律：E=N，将线圈的面积增加1倍时，则△φ也增加1倍，则线圈产生的感应电动势是原来的2倍，由电阻定律R=ρ，可得线圈电阻是原来的倍，因此线圈中的感应电流是原来的倍，故B错误．C、法拉第电磁感应定律：E=N，将线圈的半径增加1倍时，则线圈面积是原来的4倍，因此△φ也是原来的4倍，所以线圈产生的感应电动势是原来的4倍，由电阻定律R=ρ，可得线圈电阻是原来的2倍，因此线圈中的感应电流是原来的2倍，即线圈中产生的感应电流增大1倍，故C正确；D、法拉第电磁感应定律：E=N，由线圈平面与磁感线成30°角，变为线圈平面与磁感线垂直．将线圈的磁通量增加1倍，则线圈产生的感应电动势也增加为原来的1倍，由于线圈电阻没有变化，因此线圈中的感应电流也增加1倍．故D 正确；故选：CD12．如图所示，质量为m的物体，沿倾角为θ的固定粗糙斜面由静止开始下滑，经过时间t，滑至底端，且此时速度为v，则物体下滑过程中（）A．重力的冲量为mgsinθtB．重力冲量为mgtC．斜面支持力的冲量的大小为mgcosθtD．合力的冲量为mv【考点】动量定理．【分析】由冲量的计算公式I=Ft求出各力的冲量大小，由动量定理求出动量的变化量即合力的冲量．【解答】解：A、物体所受重力的冲量大小为：I G=mg•t，故A错误，B正确；C、物体下滑过程所受支持力的冲量大小：I=Nt=mgcosθ•t，故C正确；D、根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，则合力的冲量为I合=mv，故D正确；故选：BCD13．质量为40kg的走钢丝运动员，不慎从高空跌下，万幸有弹性安全绳的保护，使其被悬挂起来．已知弹性安全绳的原长为5m，安全绳缓冲的时间为2s，g=10m/s2．以上过程中，下列说法正确的是（）A．运动员重力的冲量为0B．运动员重力的冲量为1200N•sC．缓冲时安全绳的平均冲力为600ND．缓冲时安全绳的平均冲力为1000N【考点】动量定理．【分析】运动员先做自由落体运动，由运动学的公式求出末速度；在缓冲阶段，可以看成匀减速直线运动，根据动量定理即可求出平均冲力的大小．【解答】解：A、运动员做自由落体运动的时间：s，所以重力的总冲量：I G=mg（t1+t）=40×10×（1+2）=1200N•s．故A错误，B正确；C、在安全绳产生拉力的过程中，人受重力、安全绳的拉力作用做减速运动，此过程的初速度就是自由落体运动的末速度，所以有：v0===10 m/s，根据动量定理，取竖直向下为正，有：mg•t﹣•t=0﹣mv0，解得：=mg+=400+=600 N．故C正确，D错误；故选：BC．14．如图所示为一理想变压器，S为单刀双掷开关．P是滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的电压，I1为原线圈中的电流强度，则（）A．保持U1及P的位置不变，S由a合到b时，I1将增大B．保持P的位置及U1不变，S由b合到a时R消耗的功率减小C．保持U1不变，S合在a处，使P上滑，I1将增大D．保持P的位置不变，S合在a处，若U1增大，I1将增大【考点】变压器的构造和原理．【分析】由图可知：电压表测量的是副线圈电压，电流表测量的是副线圈电流，根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比分析即可．【解答】解：A、保持U1及P的位置不变，s由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，根据I1=得I1将增大，故A正确；B、保持U1及P的位置不变，s由b合到a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，根据P=可知功率变小，故B正确；C、保持U1不变，s合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，根据可知I1将减小，故C错误；D、保持P的位置不变，s合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，可知I1将增大，故D正确．故选：ABD三、计算题：本大题共4小题，计44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．某学校有一台应急备用发电机，内阻为r=1Ω，升压变压器的匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻为R=4Ω，全校22个教室，每个教室用“220V 40W”的灯泡6盏，要求所有灯都正常发光，则（1）输电线上损耗的电功率多大？（2）发电机的输出功率多大？（3）发电机的电动势多大？【考点】远距离输电．【分析】利用高压输电的目的是降低线路的功率损失，从而提高用户得到的功率．由教室获得的功率与正常发光的电压可求得线路上的损失电压．由理想变压器的变压比与变流比可求出发电机的电动势．【解答】解：（1）（2）输电示意图如图所示．所有灯都正常工作的总功率为22×6×40 W=5280W，用电器总电流为I4==A=24A，输电线上的电流I2=I3==×24A=6A，降压变压器上U3=4U4=880V，输电线上的电压损失为U R=I R R=24V，因此升压变压器的输出电压为U2=U R+U3=24+880=904V，输入电压为U1=U2=×904V=226V，输入电流为I1=4I2=24AI1=5424W．所以发电机输出功率为P出=U1发电机内阻上的电压：U r=I1r=24V发电机的电动势E=U1+U r=226V+24V=250V（3）输电线上损失的功率P损=I22R=62×4W=144W答：（1）发电机的电动势为250V；（2）发电机的输出功率为5424W；（3）输电线上损耗的电功率为144W．16．如图所示，质量m A=0.2kg、m B=0.3kg的小球A、B均静止在光滑水平面上．现给A球一个向右的初速度v0=5m/s，之后与B球发生对心碰撞．（1）若碰后B球的速度向右为3m/s，求碰后A球的速度；（2）若A、B球发生弹性碰撞，求碰后A、B球各自的速度．【考点】动量守恒定律．【分析】（1）AB发生碰撞的过程中，AB组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律列式求解即可；（2）若A、B球发生弹性碰撞，则碰撞过程中，系统动量守恒、机械能守恒，根据动量守恒定律以及机械能守恒定律列式求解即可．【解答】解：（1）AB发生碰撞的过程中，AB组成的系统动量守恒，以向右为正，根据动量守恒定律得：m A v0=m A v1+m B v2，其中v2=3m/s，解得：v1=0.5m/s（2）若A、B球发生弹性碰撞，则碰撞过程中，系统动量守恒、机械能守恒，根据动量守恒定律以及机械能守恒定律得：m A v0=m A v A+m B v B，，解得：v A=﹣1.0m/s，负号说明方向向左，v B=4.0m/s．答：（1）若碰后B球的速度向右为3m/s，则碰后A球的速度为0.5m/s；（2）若A、B球发生弹性碰撞，则碰后A的速度大小为1.0m/s，方向向左，B 的速度大小为4.0m/s，方向向右．17．一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO′以如图所示的角速度ω匀速转动，外电路电阻为R．求：（1）不计能量损失，线圈转一周，外界对线圈做的功；（2）从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R的电荷量；（3）从图示位置开始计时，电阻R两端电压瞬时值u R与时间t的关系式．【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】（1）线圈转一周，外界所做的功等于产生的电能；（2）根据法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势，从而得出平均感应电流，根据q=t求出通过电阻R的电荷量．根据E m=nBSω求出感应电动势的峰值，从中性面开始计时，瞬时电动势e=E m sinωt．（3）根据欧姆定律可求得电阻R两端电压与时间t之间的表达式．【解答】解：（1）外界对线圈所做的功等于电路中产生的电能；交流电的最大值E m=NBSω有效值：E=；周期T=则外力所做的功：W=EIt==（2）根据法拉第电磁感应定律可知：（3）根据欧姆定律可知：答：（1）不计能量损失，线圈转一周，外界对线圈做的功；（2）从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R的电荷量；（3）从图示位置开始计时，电阻R两端电压瞬时值u R与时间t的关系式u R=．18．如图所示，光滑的水平地面上放置一个足够长的木板，其质量为m1，木板的左端放置一个质量为m2的物块（m1＞m2），它与木板间的动摩擦因数为μ，现使m1、m2同时以大小均为v0的速度向相反方向运动，已知重力加速度为g．求：（1）木板与物块最终的速度大小；（2）物块向右运动达到最大位移时，木板的位移大小．【考点】动量守恒定律．【分析】（1）由于足够长的木板，所以木板与物块最终应取得共同速度，对木板与物块系统，根据动量守恒定律列式求解；（2）物块向右运动达到最大位移时物块对地的速度为零，对木板与物块系统，根据动量守恒定律和动能定理列式求解．【解答】解：（1）由于足够长的木板，所以木板与物块最终应取得共同速度，设共同速度为v，对木板与物块系统，以向左为正，根据动量守恒有：m1v0﹣m2v0=（m1+m2）v解得：（2）物块向右运动达到最大位移时物块对地的速度为零，设此时木板对地的速度为v1，对木板与物块系统，根据动量守恒有：m1v0﹣m2v0=m1v1设木板此时的位移为x，对木板，根据动能定理有：解得：．答：（1）木板与物块最终的速度大小为；。

安徽省六安市霍邱县第一中学2015-2016学年高二物理下学期第一次月考试题

安徽省六安市霍邱县第一中学2015-2016学年高二物理下学期第一次月考试题考试时间：90分钟满分为100分一、单项选择题（每小题4分，共40分，每题只有一个答案正确）1．下述说法正确的是( ）A．根据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比。

B．根据E = kQ/r2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比。

C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强。

D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．如图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点. 下列说法中正确的( )A．a点的场强比b点的大B．a点的场强与b点的一样大C．同一个点电荷在a点所受的电场力比在b点所受的电场力小D．同一个点电荷在a点所受的电场力与在b点所受的电场力一样大3．飞机以60m/s 的速度着陆，着陆后作匀减速直线运动，加速度的大小是6m/s2，飞机着陆后12s内的位移大小为（）A．1052m B．720 m C．300m D．288m4．如图所示，一重为3N的球固定在AB杆的上端，用测力计水平拉球，使杆发生弯曲，稳定时测力计的示数为4N，则AB杆对球作用力的大小为( )A．3N B．4N C．5N D．7N5．如图所示，质量为m 的小球在竖直平面内的光滑圆轨道上做圆周运动．圆半径为R ，小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆轨．则其通过最高点时说法错误的是（）A ．小球对圆环的压力大小等于mgB ．小球所需的向心力等于重力C ．小球的线速度大小等于RgD ．小球的向心加速度大小等于g6．如图所示，将质量为m 的小球以速度0v 由地面竖直向上抛出。

小球落回地面时，其速度大小为043v 。

设小球在运动过程中受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（）A ．mg 43B ．mg 163C ．mg 167D ．mg 2577．绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星，其轨道半径越大，则它运行的（） A ．线速度越小，周期越小 B ．线速度越小，周期越大 C ．线速度越大，周期越小 D ．线速度越大，周期越大8．在感应起电中，带负电物体靠近带绝缘底座的导体.若M 处用导线接地，则M 处将（）A ．带正电B ．带负电C ．不带电D ．以上答案均有可能9．如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球A、B、C（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A．A对B的静电力一定是引力B．A对B的静电力可能是斥力C．A的电量可能比B少D．C的电量一定比B少10．在光滑的绝缘水平面上，有两个质量均为m带电量分别为＋q和－q的甲、乙两个小球，在力F 的作用下做匀加速直线运动，则甲、乙两球之间的距离r为（）A.B．C．D．二、实验题（2题，共18分）11．（12分）如图所示，是某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，他在图示状态下开始做实验（1）该同学的装置和操作中的主要错误是：①；②；③；④。

高二物理下学期开学考试试题-人教版高二全册物理试题

2015-2016学年度下学期开学考试物理学科一、选择题〔此题共14小题，每一小题4分，共56分．在每一小题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，第11-14题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．如下列图，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．假设从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象〔以地面为参考系〕如图乙所示．v2＞v1，如此〔〕A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的路程达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用2．一质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，加速度大小为g〔g为重力加速度〕。

人对电梯底部的压力大小为〔〕A．mgB．2mg C．mg D．mg3．某一用直流电动机提升重物的装置，如下列图，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻与各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，〔g=10m/s2〕，如下说法中正确的答案是〔〕A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W4．如图，质量分别为M和m的两物块(均可视为质点，且M>m)分别在同样大小的恒力作用下，沿水平面由静止开始做直线运动，两力与水平面的夹角一样，两物块经过的位移一样。

设此过程中F1对M做的功为W1，F2对m做的功为W2，如此〔〕A．无论水平面光滑与否，都有W1＝W2B．假设水平面光滑，如此W1>W2C．假设水平面粗糙，如此W1>W2D．假设水平面粗糙，如此W1<W25．如下列图的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E 的变化情况是〔〕A．Q变小，C不变，U不变，E变小B．Q变小，C变小，U不变，E不变C．Q不变，C变小，U变大，E不变D．Q不变，C变小，U变大，E变小6．如图为云室中某粒子穿过铅板前后的轨迹，室中匀强磁场的方向与轨迹所在平面垂直并垂直于纸面向里，由此可知此粒子〔〕A.一定带负电B.一定带正电C.可能带正电，也可能带负电D.粒子自下而上穿过铅板7．如下列图，摆球带正电荷的单摆在一匀强磁场中摆动，匀强磁场的方向垂直于纸面向里，摆球在AB 间摆动过程中，由A 摆到最低点C 时，摆线拉力的大小为1F ，摆球加速度大小为1a ；由B 摆到最低点C 时，摆线拉力的大小为2F ，摆球加速度大小为2a ，如此〔〕A ．12F F >，12a a =B ．12F F <，12a a =C ．12F F >，12a a >D ．12F F <，12a a <8．如下列图，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知〔〕 A ．三个等势面中，c 的电势最高B ．带电质点在P 点具有的电势能比在Q 点具有的电势能小C ．带电质点通过P 点时的动能比通过Q 点时大D ．带电质点通过P 点时的加速度比通过Q 点时大9．如下列图，圆环a 和圆环b 的半径之比为2∶1，两环用同样粗细、同种材料制成的导线连成闭合回路，连接两环的导线电阻不计，匀强磁场的磁感应强度变化率恒定.如此在a 、b 环分别单独置于磁场中的两种情况下，M 、N两点的电势差之比为〔〕A.4∶1B.1∶4C.2∶1D.1∶2 10．如下逻辑电路中，能使蜂鸣器F 发出声音的是〔〕11．如下列图是卫星绕地球运行时变轨前后的两个轨道，A 点是圆形轨道Ⅰ与椭圆轨道Ⅱ的重合点，B 为轨道Ⅱ上的一点，如此关于卫星的运动，如下说法中正确的答案是〔〕A.卫星在轨道Ⅱ上经过A 点时的速度小于经过B 点时的速度B.卫星在轨道Ⅱ上经过A 点时的动能小于在轨道Ⅰ上经过A 点时的动能C.卫星在轨道Ⅱ上运动的机械能等于在轨道Ⅰ上运动的机械能D.卫星在轨道Ⅰ、轨道Ⅱ上运动，经过A 点时的加速度大小相等12．如下列图，宽h=2 cm 的有界匀强磁场的纵向范围足够大，磁感应强度的方向垂直纸面向内，现有一群带正电的粒子从O 点以一样的速率沿纸面不同方向进入磁场，假设粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径均为r=5 cm ，如此〔〕A ．右边界：- 4 cm<y<4 cm有粒子射出B．右边界：y>4 cm和y＜- 4 cm有粒子射出C．左边界：y>8 cm有粒子射出D．左边界：0<y<8 cm有粒子射出13．如下列图，厚度为h，宽度为d的金属导体，当磁场方向与电流方向〔自由电子定向移动形成电流〕垂直时在上下外表会产生电势差，这种现象称为霍尔效应。