安徽省皖南八校高三物理第三次联考试题

安徽省皖南八校2013年高三第三次联考物理试 题本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

全卷满分300分。

考生注意事项：1．答题前，务必在试题卷、答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的条形码中姓名、座位号与本人姓名、座位号是否一致。

务必在答题卡背面规定的地方填写姓名和座位号后两位。

2．答第I 卷时，每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

3．答第Ⅱ卷时，必须使用0．5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上书写，要求字体工整、笔迹清晰。

作图题可先用铅笔在答题卡规定的位置绘出，确认后再用0．5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。

必须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效， 在试题卷、草稿纸上答题无效。

4．考试结束，务必将试题卷和答题卡一并上交。

第I 卷14．如图所示，人的质量为M ，物块的质量为m ，且M>m ，若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向左跨出一步后，人和物块仍保持静止，若人对地面的压力大小为F 1、人受到地面的摩擦力大小为F 2、人拉绳的力的大小为F 3，则下列说法中正确的是A ．F 1、F 2、F 3均不变B ．F 1增大、F 2增大，F 3不变C ．F 1增大、F 2减小、F 3减小D ．F 1减小、F 2减小，F 3不变15．如图所示为某一点电荷Q 产生的电场中的一条电场线，A 、B 为电场线上的两点，当电子以某一速度沿电场线由A 运动到B 的过程中，动能增加，则可以判断 A ．场强大小E A >E BB ．电势B A ϕϕ>C ．电场线方向由B 指向AD ．若Q 为负电荷，则Q 在B 点右侧16．如图所示，将小球a 从地面以初速度v 0竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球b 从距地面h 处以初速度v 0水平抛出，两球恰好同时到达同一水平高度2h处（不 计空气阻力）。

下列说法中正确的是 A ．两小球落地时的速度相同B ．两小球落地时，重力的瞬时功率相同C ．到达同一水平的高度后的任意时刻，重力对球a 做功功率和 对球b 做功功率相等D ．从开始运动到两球到达同一水平高度，球a 动能的减少量等 于球b 动能的增加量17．全球卫星定位与通信系统由地球静止轨道卫星A 和非静止轨道卫星B 组网而成。

设有A 、B 两颗这样的卫星，轨道面相同，运行的速率分别为v 1和v 2，轨道高度为h 1和h 2，加速度分别为a 1和a 2，第一宇宙速度为v ，地球半径为R 。

则下列关系式正确的是A ．2121h R h R v v ++=B ．2121h R h R a a ++=C ．212221)()(h R h R a a ++=D ．Rh R v v 11+= 18．如图，简谐横波在t 时刻的波形如实线所示，经过△t=3s ，其波形如虚线所示。

己知图中x 1与x 2相距1m ，波的周期为T ，且2T<△t<4T 。

则下列说法中正确的是 A ．可能的最小波速为5 m/s B ．可能的最小波速为313m ／s C ．可能的最小周期为1321sD ．可能的最小周期为57s19．一块长木板P 放在固定斜面上，木板上又放物体M ，P 、M 之间有摩擦，斜面和木板间摩擦不计，以恒力F 沿斜面向上拉木板P ，使之由静止滑动一段距离S 1，M 只向上运动了S 2，且S 2<S 1。

在此过程中，下列说法中正确的是A ．外力F 做的功等于P 和M 机械能的增量B ．P 对M 摩擦力做的功等于M 机械能的增量C ．外力F 做的功等于P 和M 机械能的增量与P 克服摩擦力做的功之和D ．P 对M 摩擦力做的功等于M 对P 摩擦力做的功20．如图所示，AB 是一根裸导线，单位长度的电阻为R 0，一部分弯曲成直径为d 的圆圈，圆圈导线相交处导电接触良好。

圆圈所在区域有与圆圈平面垂直的均匀磁场，磁感强度为B 0导线一端B 点固定，A 端在 沿BA 方向的恒力F 作用下向右缓慢移动，从而使圆圈 缓慢缩小。

设在圆圈缩小过程中始终保持圆的形状，设 导体回路是柔软的，此圆圈从初始的直径d 到完全消失 所需时间t 为A ．2216FR B d πB ．0228FR B dC ．224FR B d πD ．0222FR B d第Ⅱ卷（非选择题共180分） 考生注意事项：请用0.5毫米黑色墨水签字笔车在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。

21．（18分）I 、如图所示，为某学生实验小组拍摄的某小球做自由落体运动的完整频闪照片，已知闪光灯每秒钟闪n次，试写出当地重力加速度g 两个表达式，g 1= （用n ，h 1，h 2，h 3和数字表示），g 2= （用n ，h 1，h 2，h 3和数字表示）。

如果已知当地重力加速度g ，则用这个实验验验证机械能守恒的表达式 。

Ⅱ、学生在研究性学习课上进行了消去电表内阻对测量影响的实验探究，其中有一组学生利用了如图所示的电路图来测量未知电阻R x ，他们的主要操作过程是： （1）首先将R 1滑片滑到 （选填“c 端”或“d ”端），然后闭合开关S 1，将开关S 2连在a 上，调节滑动变阻器R 1和R 2，使电压表、电流表读数尽量大些（不超过量程），读出此时两表读数，并记作U 1和I 1；（2）将开关S 2连在b 上，保持其中一个滑动变阻器____（选填“R 1”或“R 2”）的滑动触头位置不变，移动另外一个滑动变阻器，（请根据实验电路图，续写操作步骤，并说明需要记录的数据） 。

（3）根据以上实验中记录的数据得到待测电阻表达式为 。

（4）实验评价：该电路（选填“能”或“不能”）消除由于两电表内阻造成的系统误差。

22．（14分）放在水平地面上的一个物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系及物块速度V与时间t的关系如图所示，已知物块与地面间动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2，试求：（1）物块的质量m多大？（2）0-6s时间内物块的平均速度多大？23．（16分）如图所示，在平面直角坐标系xoy中，有过x轴正半轴的P点平行y轴的直线边界CD，第I 象限CD边界左侧有竖直向上的匀强电场，第IV象限CD边界右侧有水平向右的匀强电场，两电场电场强度大小相等，第IV象限CD边界左侧有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，一质量为m，电荷量为q的带负电粒子（不计重力）从y轴正半轴上距坐标原点O距离为L的M点以速度v0沿x轴正方向射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成53°射入磁场，最后垂直CD边界进入右侧电场。

（已知sin53=0.8°，cos53°=0.6）（1）粒子在匀强磁场中运动的轨迹半径；（2）O、P两点间的距离；（3）粒子从M出发到第二次通过CD边界所经历的时间。

24．（20分）光滑的长直斜面轨道固定在竖直平面内，与水平轨道BCD连接，水平轨道的BC段粗糙，CD 段光滑，一根轻质弹簧一端固定在D处的竖直面上，另一端与质量为3m的物块b则好在C点接触（不连接），弹簧处于水平自然长度。

将质量为m的物块a从斜面轨道上的A点由静止释放下滑。

物块a 与物块b第一次碰撞后一起向右压缩弹簧。

已知A点的高度为h，BC=l，物块a、b与BC段水平轨道的动摩擦因数分别为μ1=0.25和μ2=0.4，重力加速度为g ，物块a 、b 均可视为质点。

求： （1）物块a 第一次经过B 点时的速度；（2）弹簧在形变过程中，所能获得的最大弹性势能；（3）试讨论释放点高度h 取何值时，a 、b 能且只能发生一次碰撞。

2013皖南八校高三第三次联考 物理卷参考答案及评分标准14、D 15、C 1 6 、D 17、C 18 、A 19 、B 20、B第Ⅱ卷（非选择题 共180分） 21． Ⅰ、g 1=( h 3+ h 1-2 h 2)n 2 ------(3分)g 2＝2 h 1n 2/9 或g 2= h 2n 2/8 或g 2＝2 h 3n 2/25--------(3分) g h 2=( h 3- h 1)2n 2/8 ------------(3分) Ⅱ、（1）c 端（1分） （2）R 2（2分）；调节R 1，使两表读数尽量大些，读出此时电压表和电流表读数，并记作U 2和I 2（2分） （3）1212x U U R I I =-（2分） （4）能（2分） 22、（1）4s ～6s ：F=μmg ……………………4分解得 m =1kg ……………………2分（2）2s ～4s ：F-μmg=ma …………………………2分解得a =1m/s 2…………………………2分 故4s 末物块速度v=at =2m/s ……………………2分则0～6s ：平均速度122222/1/6v m s m s ⨯⨯+⨯== ……………………2分23、（1）粒子在竖直向上的匀强电场中做类平抛运动，设粒子过N 点时速度为v ，由平抛规律得：0053cos v v = ------------① ………………2分粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设其轨迹半径为R ，由牛顿运动定律得：2v Bqv m R=----------------②解①②得：053mv R Bq=……………………2分 （2）设粒子在竖直向上的匀强电场中运动时间为t 1，加速度大小为a ，则有：2121at L =------------③ ………………1分 10053tan at v =------------④ ………………1分 10t v ON =------------⑤ ………………1分解得0043sin 5323mv OP ON R L Bq=+=+ ………………3分 （3）设粒子在匀强磁场中运动时间为t 2，则由几何关系得：T t 360532=而Bq m T π2= 所以Bqmt 180532π=………………1分 由③④⑤解得:0123v Lt =，………………1分 Lv a 9820=…………1分设粒子在水平向右的匀强电场中运动时间为t 3，有302154v L t a v ==…………2分 故粒子从M 点出发到第二次通过CD 边界所用时间t 为：123021534180L mt t t t v Bqπ=++=+………………1分 24、（1）物块a 由A 到B 过程中，由机械能守恒定律得：2121mv mgh =………………2分所以第一次经过B 点时的速度gh v 21=………………2分（2）物块a 从B 到C 过程中，由动能定理得：212112121mv mv mgl C -=-μ ……………………2分 解得物块a 在C 点的速度)25.0(21l h g v C -=………………1分物块a 、b 在C 点碰撞，根据动量守恒有：214C C mv mv =………………2分 解得两物块在C 点向右运动速度8)25.0(2l h g v C -=………………1分a 、b 将弹簧压缩过程中，系统a 、b 的动能转化为弹簧的弹性势能，有：4)25.0(42122max l h mg mv E C p -=⨯=………………2分 （3）a 、b 一起压缩弹簧后又返回C 点时速度大小8)25.0(3l h g v C -=由于物块b 的加速度大小大于物块a 的加速度大小，所以经过C 点后，a 、b 两物块分离，同时也与弹簧分离。