高二物理 第十五讲 牛顿运动定律应用(2)复习学案(无答案)
2019-2020年高考物理二轮复习专题02牛顿运动定律与直线运动教学案(含解析)
2019-2020年高考物理二轮复习专题02牛顿运动定律与直线运动教学案
（含解析）
牛顿第二定律是高考中每年必考的热点内容，既会单独考查，又会与电磁学内容结合考查学生的综合处理问题的能力.近几年高考主要考查匀变速直线运动的公式、规律及运动图象的应用，题型多以选择题和计算题为主，题目新颖，与生活实际XXX密切.考查直线运动和力的关系时大多综合牛顿运动定律、受力分析、运动过程分析等内容. 牛顿定律是历年高考重点考查的内容之一。对这部分内容的考查非常灵活，选择、实验、计算等题型均可以考查。其中用整体法和隔离法处理问题，牛顿第二定律与静力学、运动学的综合问题，物体的平衡条件等都是高考热点；对牛顿第一、第三定律的考查经常以选择题或融合到计算题中的形式呈现。另外，牛顿运动定律在实际中的应用很多，如弹簧问题、传送带问题、传感器问题、超重失重问题、同步卫星问题等等，应用非常广泛，尤其要注意以天体问题为背景的信息给予题，这类试题不仅能考查考生对知识的掌握程度，而且还能考查考生从材料、信息中获取要用信息的能力，因此备受命题专家的青睐。
一、匀变速直线运动的规律
1．匀变速直线运动的公式
2．匀变速直线运动的规律的应用技巧
(1)任意相邻相等时间内的位移之差相等，即Δx＝x2－x1＝x3－x2＝…＝aT2，x m－x n＝(m－n)aT2.
(2)某段时间的中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，即v t/2＝
(3)对于初速度为零的匀变速直线运动，可尽量利用初速度为零的运动特点解题．如第n秒的位移等于前n秒的位移与前n－1秒的位移之差，即x′n＝x n－x n－1＝an2－a(n－1)2＝a(2n－1)．
2025高考物理总复习牛顿第二定律的基本应用
考点一 动力学两类基本问题
在水平面上，根据牛顿第二定律可知
F－μmg＝ma
F－μmg 14－0.5×2×10
解得 a＝ m ＝
2
m/s2＝2 m/s2
从M点到B点，根据速度位移公式可知vB2＝2aL
解得 vB＝ 2aL＝ 2×2×9 m/s＝6 m/s；
考点一 动力学两类基本问题
(2)物体在斜面上滑行的时间是多少？(可用根式表示)
D.μ甲>μ乙
考点二 动力学图像问题
根据牛顿第二定律有F－μmg＝ma， 整理得F＝ma＋μmg， 可知F－a图像的斜率为m，纵轴截距为μmg， 则由题图可看出m甲>m乙，μ甲m甲g＝μ乙m乙g， 则μ甲<μ乙。故选B。
考点二 动力学图像问题
例5 (2024·江苏省扬州中学月考改编)将一小球竖直上抛，过一段时间小 球回到抛出点。以向上为正方向，绘制出小球从抛出到回到抛出点(t2时 刻)的v－t图像如图所示。小球运动过程中仅受重力和空气阻力。下列说 法正确的有 A.小球上升过程所用时间为全过程所用时间的一半 B.小球受到的空气阻力大小不变 C.小球回到抛出点时的速率v2等于抛出时的速率v1
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课时精练
基础落实练
1.水平路面上质量为30 kg的小车，在60 N水平推力作用下由静止开始以 1.5 m/s2的加速度做匀加速直线运动。2 s后撤去该推力，则下列说法正确 的是 A.小车2 s末的速度大小是4 m/s
崇明区高二物理 第十五讲 牛顿运动定律应用(2)复习学案(无答案)(2021年整理)
上海市崇明区高二物理第十五讲牛顿运动定律应用（2）复习学案（无答案）编辑整理：
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第十五讲 牛顿运动定律应用（2）
姓名 班级 学号
例题1：如图所示，将质量为m 的小球用轻绳挂在倾角θ的光滑斜面上.求：当斜面以加速度a 水平向右匀加速运动时,求绳子的张力。
例题2：一小圆盘静止在桌布上，位于一方桌的水平桌面的中央。桌布的一边与桌的AB 边重合。如图所示。已知盘与桌布间的动摩擦因数为μ1，盘与桌面间的动摩擦因数为μ2。先突然以恒定的加速度a 将桌布抽离桌面，加速度的方向是水平的且垂直于AB 边。若圆盘最后未从桌面掉下，则加速度a 满足的条件是什么？（以g
表示重力加速度）
θ
a
B
A
例题3：如图所示，B A
是竖直平面内的光滑园弧面，一小物体从A 点静止释放，它滑上静止
不动的水平皮带后，从C 点离开皮带做平抛运动，落在水
平地面上的D 点,现使皮带轮转动，皮带的上表面以某一速率向左或向右匀速这运动，小物体仍从A 点静止释放，
2025高考物理总复习牛顿第二定律的基本应用
动力学问题的解题思路
考点一 动力学两类基本问题
总结提升
考点一 动力学两类基本问题
例3 如图所示，Oa、Ob和ad是竖直平面内三根固定的光滑细杆，O、a、
b、c、d位于同一圆周上，c为圆周的最高点，a为最低点，O′为圆心。
每根杆上都套着一个小滑环(未画出)，两个滑环从O点无初速度释放，一
个滑环从d点无初速度释放，用t1、t2、t3分别表示 滑环沿Oa、Ob、da到达a或b所用的时间。下列关
系正确的是
A.t1＝t2
B.t2＝t3
C.t1>t3
√D.t1＝t3
考点一 动力学两类基本问题
设想还有一根光滑固定细杆ca，则ca、Oa、da三细杆交于圆的最低 点a，三杆顶点均在圆周上，根据等时圆模型可知，由c、O、d无初 速度释放的小滑环到达a点的时间相等，即tca＝t1＝ t3；而由c→a与由O→b滑动的小滑环相比较，滑行 位移大小相等，初速度均为零，但加速度aca>aOb， 由x＝12at2 可知，t2>tca，即t2>t1＝t3，故D正确。
考点一 动力学两类基本问题
(3)无人船在上述测试中，运动的总时间t及总位移大小x。
答案 18 s 36 m
考点一 动力学两类基本问题
匀减速阶段的时间为 t2＝0－－av2m＝8 s 运动总时间为t＝t1＋t2＝18 s 匀加速阶段的位移为 x1＝vm2＋0t1＝20 m 运动总位移大小为x＝x1＋x2＝36 m。
人教版高中物理必修一第15讲：牛顿第二定律(学生版)辅导讲义
草图。
(4) 依对象所处状态或过程中的运动、受力、做功等特点；选择适当的物理规律。（牛二、及运动学公式；动量
定理及动量守恒定律；动能定理及机械能守恒定律）在运用规律前：设出题中没有的物理量，建立坐标系，规定正
方向等。
(5) 确定所选规律运动用何种形式建立方程(有时要运用到几何关系式)
(6) 确定不同状态、过程下所选的规律，及它们之间的联系，统一写出方程，并给予序号标明。
(7) 统一单位制，求解方程（组）代入数据求解结果。
(8) 检验结果，必要时要进行分析讨论，最后结果是矢量的还要说明其方向。
3．力、加速度、速度的关系
F 合的方向决定了 a 的方向。F 合与 a 的大小关系是 F=ma，不论速度是大、还是小、或为零，都有 a 。
只有 F 合=0 加速度才能为零，一般情况下，合力与速度无必然的联系。
tቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
m
a
4．动力学的两大基本问题求解：受力情况 运动情况联系力和运动的桥梁是 a
关键：分析清楚受力情况和运动情况。弄清题给物理情境，a 是动力学和运动学公式的桥梁
受力情况 牛顿第二定律 a 运动学公式 运动情况
5．连接体处理方法： 连接体：由两个或几个物体组成的物体系统，称连接体。特点：各个物体具有共同的加速度。 隔离体：把其中某个物体隔离出来，称为隔离体。 整体法：连接体各物体具有共同的加速度，求整体的加速度可把连接体视为一个整体。 隔离法：求连接体间的相互作用力，必须隔离出其中一个物体，对其用牛顿第二定律，此法称为隔离法。 注意辩明：每个隔离体运动方向及加速度方向。 两方法一般都以地面作为参考系，单用隔离法一般都能解决问题，但有时交叉使用，可使解题简捷方便。
牛顿运动定律的应用优秀教案
牛顿运动定律的应用
教学目标
一、知识目标
1.知道运用牛顿运动定律解题的方法
2.进一步学习对物体进行正确的受力分析
二、能力目标
1.培养学生分析问题和总结归纳的能力
2.培养学生运用所学知识解决实际问题的能力
三、德育目标
1.培养学生形成积极思维，解题规范的良好习惯
教学重点
应用牛顿运动定律解决的两类力学问题及这两类问题的基本方法
教学难点
应用牛顿运动定律解题的基本思路和方法
教学方法
实例分析发归纳法讲练结合法
教学过程
一、导入新课
通过前面几节课的学习，我们已学习了牛顿运动定律，本节课我们就来学习怎样运用牛顿运动定律解决动力学问题。
二、新课教学
（一）、牛顿运动定律解答的两类问题
1.牛顿运动定律确定了运动和力的关系，使我们能够把物体的受力情况和运动情况联系起来，由此用牛顿运动定律解决的问题可分为两类：
a.已知物体的受力情况，确定物体的运动情况。
b.已知物体的运动情况，求解物体的受力情况
2.用投影片概括用牛顿运动定律解决两类问题的基本思路
已知物体的受力情况−−
−→−=ma F 据求得a −→−据t v v s as v v at v v at v s t t t ......2210202020可求得⎪⎪⎪⎩
⎪⎪⎪⎨⎧=-−→−+=+= 已知物体的运动情况−−−→−−−−−→−=⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=-+=+=ma F as v v at v s at v v a t t 据据求得2221022
00求得物体的受力情况
3.总结
由上分析知，无论是哪种类型的题目，物体的加速度都是核心，是联结力和运动的桥梁。
（二）已知物体的受力情况，求解物体的 运动情况
2022年新课标高考物理总复习 课时达标检测(十五) 牛顿第二定律(双基落实课) Word版含解析
课时达标检测(十五) 牛顿其次定律（双基落实课）
一、单项选择题
1．雨滴从空中由静止落下，若雨滴受到的空气阻力随雨滴下落速度的增大而增大，图中能大致反映雨滴运动状况的是()
解析：选C对雨滴进行受力分析可得mg－k v＝ma，随雨滴速度的增大可知雨滴做加速度减小的加速运动。
2．在解一道文字计算题(由字母表达结果的计算题)时，一个同学解得x＝F
2m(t1＋t2)，用单位制的方法检查，这个结果()
A．可能是正确的
B．肯定是错误的
C．假如用国际单位制，结果可能正确
D．用国际单位制，结果错误，假如用其他单位制，结果可能正确
解析：选B由x＝F
2m(t1＋t2)可知x的单位为：N
kg·s＝kg·m/s2·s
kg
＝m/s，此为速度的单位，而位移的单位
为m，所以结果错误。
3.(2021·呼和浩特模拟)如图所示，升降机天花板上用轻弹簧悬挂一物体，升降机静止时弹簧伸长量为10 cm，运动时弹簧伸长量为9 cm，则升降机的运动状态可能是(g＝10
m/s2)()
A．以a＝1 m/s2的加速度加速上升
B．以a＝1 m/s2的加速度加速下降
C．以a＝9 m/s2的加速度减速上升
D．以a＝9 m/s2的加速度减速下降
解析：选B依据运动时弹簧伸长量为9 cm，小于静止时弹簧伸长量为10 cm，可知升降机的加速度向下，则升降机的运动状态可能是以a＝1 m/s2的加速度加速下降；也可能是以a＝1 m/s2的加速度减速上升，B正确。
4.(2022·全国卷Ⅰ)如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。现使小车从静止开头向左加速，加速度从零开头渐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)。与稳定在竖直位置时相比，小球的高度()
第15课时 牛顿第二定律的应用 [双基落实课]-2025版高中物理一轮 总复习(通用版)
![第15课时 牛顿第二定律的应用 [双基落实课]-2025版高中物理一轮 总复习(通用版)](https://img.taocdn.com/s3/m/834965b280c758f5f61fb7360b4c2e3f572725a5.png)
分别为a1和a2，则（
）
A. a1＝g，a2＝g
B. a1＝0，a2＝2g
C. a1＝g，a2＝0
D. a1＝2g，a2＝0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
目录
高中总复习·物理
解析： 由于绳子拉力可以突变，所以剪断轻绳1后小球A、B都
只受重力，其加速度a1＝a2＝g，故A正确。
度为9.6 m/s2，经过5 s后打开降落伞做匀减速直线运动，速度减至2
m/s时，安全降落在峡谷的谷底。已知运动员和伞包的总质量为75
kg。求：
目录
高中总复习·物理
（1）运动员做匀加速运动的位移大小；
答案：120 m
1
解析：根据题意，由运动学公式h1＝ a11 2
2
代入数据解得h1＝120 m。
解析：运动员滑到B点时的速度vB＝v0＋at＝30 m/s
在水平雪道上运动员受力如图乙所示，建立如图乙所示的直
角坐标系，设运动员的加速度为a'，
根据牛顿第二定律得x方向上有－μFN'＝ma'，
y方向上有FN'－mg＝0，
1
又x＝vBt'＋ a't'2，联立解得x＝59
高考物理《牛顿第二定律 两类动力学问题》专题复习名师导学案
牛顿第二定律两类动力学问题
考纲解读
1.理解牛顿第二定律的内容、表达式及性质.
2.应用牛顿第二定律解决瞬时问题和两类动力学问题．
考点一 瞬时加速度的求解
1．牛顿第二定律
(1)表达式为______.
(2)理解：核心是加速度与合外力的______对应关系，二者总是同时______、同时______、同时变化．
2．两类模型
(1)刚性绳(或接触面)——不发生明显形变就能产生弹力的物体，剪断(或脱离)后，其弹力立即______，不需要形变恢复时间．
(2)弹簧(或橡皮绳)——两端同时连接(或附着)有物体的弹簧(或橡皮绳)，特点是形变量大，其形变恢复需要______时间，在瞬时性问题中，其弹力的大小往往可以看成保持不变． 例1 如图1所示，A 、B 两小球分别连在轻绳两端，B 球另一端用弹簧固定在倾角为30°的光滑斜面上．A 、B 两小球的质量分别为m A 、m B ，重力加速度为g ，若不计弹簧质量，在绳被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度大小分别为( )
图1
A ．都等于g 2 B.g 2
和0 C.g 2和m A m B ·g 2 D.m A m B ·g 2和g 2
[拓展题组]1．[瞬时加速度的求解]如图2所示，A 、B 球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是( )
图2
A ．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为g sin θ
B ．B 球的受力情况未变，瞬时加速度为零
C ．A 球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2g sin θ
2022物理第三章牛顿运动定律第2节牛顿第二定律的应用学案
第2节牛顿第二定律的应用
必备知识预案自诊
知识梳理
一、单位制
1.单位制：由和导出单位组成。
2。基本单位:的单位。力学中的基本量有三个,它们分别是质量、时间、,它们的国际单位分别是、秒、米。
3。导出单位：由基本量根据物理关系推导出来的其他物理量的单位。
4.国际单位制中的七个基本物理量和基本单位①
①注：“基本量”既可以采用国际单位制中的单位,也可以采用其他单位制中的单位，如厘米、英寸、斤等常用单位,并且不同的单位制规定的基本量不尽相同。
二、动力学的两类基本问题
1.两类动力学问题
第一类:已知受力情况求物体的运动情况.
第二类:已知运动情况求物体的受力情况.
2.解决两类基本问题的方法②
以为“桥梁”，由运动学公式和牛顿第二定律列方程求解,具体逻辑关系如图：
三、超重、失重
1.实重和视重
(1）实重:物体实际所受的重力，与物体的运动状态。
（2)视重:当物体挂在弹簧测力计下或放在水平台秤上时，弹簧测力计或台秤的示数称为视重。
2。超重、失重和完全失重的比较
③注：物体在完全失重状态下由重力引起的现象将消失。
考点自诊
1。判断下列说法的正误。
（1)F=ma是矢量式,a的方向与F的方向相同,与速度方向无关.（)
（2)物体受到外力作用不为零时，立即产生加速度。(）(3）物体所受的合外力减小，加速度一定减小，而速度不一定减小。(）
(4）千克、秒、米、库仑、安培均为国际单位制的基本单位。()
（5）超重就是物体的重力变大了.（)
(6)物体完全失重时，加速度一定为重力加速度.（) (7）根据物体处于超重或失重状态,可以判断物体运动的速度方向.（)
2015年高二物理暑期辅导班课题二牛顿第二定律教学案(无答案)
课题二 牛顿第二定律
【走进考场】
1. 两类基本问题： 一类是已知物体的受力情况，确定物体的 情况；另一类是已知物体的运动情况，确定物体的 情况.
2. 已知物体的受力情况确定其运动情况： 在受力情况已知的条件下，要求判断出物体的运动状态或求出物体运动的速度和位移，处理这类问题的基本思路是先分析 ，求合力；根据牛顿第二定律求出 ，再利用 的有关公式求出要求的速度和位移.
3. 已知物体的运动情况确定其受力情况： 解答这类问题时，应首先分析清楚物体的运动情况，根据 公式求出物体的 ，然后在分析物体受力情况的基础上，利用 列方程求力 一、学习目标：
1. 掌握牛顿运动定律应用的两种基本类型.
2. 会用正交分解法解决有关问题.
3. 牛顿运动定律和运动学公式的综合运用. 【方法探究】
【例1】质量为m 的物体在大小为F 的拉力作用下沿水平面向右运动，求下列情形下物体运动的加速度：
（取物体的运动方向为正方向）
（1）水平面光滑，拉力沿水平方向。如图1所示
（2）水平面和物体之间的动摩擦因数为μ，其他条件不变。
（3）接（2），若某时刻撤去拉力F ，求物体的加速度。
（4）如图示，物体和地面间动摩擦因数为μ，拉力大小为F ，方向与水平方向成θ。
（5）接（4），若拉力与水平方向成θ斜向下，其他条件不变。
F
F
V
【同步训练】如图示，质量为m 的物体在倾角为θ的斜面上运动，斜面固定。求以下各种情形下的加速度。（取物体的运动方向为正方向）
（1） 若斜面光滑，物体沿斜面下滑。
（2） 若斜面光滑，物体以一定的初速度V 0冲上斜面。
高考物理 基础知识巩固资料《用牛顿运动定律解决问题(二)》导学案2 新人教版必修1
用牛顿运动定律解决问题（二）（课时2）
【学习目标】
1．通过实验认识超重和失重现象，理解产生超重、失重现象的条件和实质．
2．进一步熟练掌握应用牛顿运动定律解决问题的方法和步骤．
【学习重点】
发生超重、失重现象的条件及本质．
【学习难点】
超重、失重现象的实质
【方法指导】
自主探究、交流讨论、自主归纳
【学习过程】
任务一、课前预习（阅读教材p86-87页完成下列问题）1、超重：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）_________物体所受重力的情况称为超重现象。
2、失重：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）_________物体所受重力的情况称为失重现象。如果物体对支持物、悬挂物的作用力的__________，即物体正好以大于等于
_________，方向________的加速度运动，此时物体处于完全失重状态。
在超重、失重、完全失重等物理现象中，物体所受的重力分别、、。（填“变大”、“变小”或“不变”）任务二、超重和失重(学生体验)
一位同学甲站在体重计上静止，另一位同学说出体重计的示数．注意观察接下来的实验现象．
1、甲突然下蹲时，体重计的示数是否变化?怎样变化?
2、甲突然站起时，体重计的示数是否变化?怎样变化?
3、当人下蹲和突然站起的过程中人受到的重力并没有发生变化，为什么体重计的示数发生了变化呢?
例题：人站在电梯中，人的质量为m．如果当电梯以加速度a。加速上升时，人对地板的压力为多大?（可以参考教材例题独立完成下列空）
1：选取人作为研究对象，分析人的受力情况：人受到力的作用，分别是．
2：取向上为正方向，根据牛顿第二定律写出支持力F、重力G、质量m、加速度a的方程：
2022年高考物理二轮专题复习 牛顿运动定律的应用（二）
新课标2022年高考二轮专题复习之牛顿运动定律的应用（二）
1．如图11-A-3，杯中的弹簧一端固定在杯底，另一端固定一个小球，杯中注满水后，由于小球受浮力而将弹簧拉长，当整个装置自由下落后，弹簧的伸长量将
B ．大于
C ．小于
D ．不伸长，即为零
（系统完全失重时，小球不受浮力）
2．如图11-A-4中，A 为电磁铁、C 为胶木秤盘，A 和C 包括支架的总质量为M ，
B 为铁片，质量为 m ，整个装置用轻绳悬挂于O 点，当电磁铁通电，铁片被吸引上
升的过程中，轻绳上拉力F 的大小为
A ．F=Mg ．
B ．MgM 十mg
（用超、失重的观点分析） 3．一个物体受到的合力F 如图11-A-5所示，该力的大小不变，方向
随时间t 周期性变化，正力表示力的方向向东，负力表示力的方
向向西，力的总作用时间足够长，将物体在下面哪些时刻由静
止释放，物体可以运动到出发点的西边且离出发点很远的地方
（ ）
A ． t ＝0时
B ． t ＝t 1时
C ． t ＝t 2时
D ． t ＝t 3时
（着重考查物体的运动过程的分析）
4．如图11-A-6,静止的传送带上有一木块正在匀速下滑，当传送带突然向上开动时，木块滑到底部的时间t 与传送带不动时所用的时间t 0相比较（ ）
A ．t= t 0
B ．t>t 0
C ．tM 2，则V>V 2
B ．若F 1=F 2，M 1V 2
>F 2，M=M 2，则V>V 2
1V 2
（用图象分析较为简捷）
二、填空题
6．绳能承受的最大拉力为30N ，一端挂有重20N 的物体，另一端用绳子把它从静止开始竖直
2019高考物理复习教案讲义-牛顿第二定律的应用(2)
学科教师辅导教案
学员编号：年级：课时数： 1
学员姓名：辅导科目：物理学科教师：
授课内容牛顿第二定律的应用（2）
星级★★★
授课日期及时段
教学内容
Ⅰ.知识结构
＜建议用时5分钟！＞
1、超重与失重
（1）超重：物体有向上的加速度称物体处于超重。处于失重的物体的物体对支持面的压力F（或对悬挂物的拉力）大于物体的重力，即F=mg+ma；
（2）失重：物体有向下的加速度称物体处于失重。处于失重的物体对支持面的压力F N（或对悬挂物的拉力）小于物体的重力mg，即F N=mg－ma，
（3）当a=g时，F N=0，即物体处于完全失重。
2、整体法与隔离法
（1）整体法：连接体和各物体如果有共同的加速度，求加速度可把连接体作为一个整体，运用牛顿第二定律列方程求解。
（2）隔离法：如果要求连接体之间的相互作用力，必须隔离出其中一个物体，对该物体应用牛顿第二定律求解。
：专题概述。
本专题主要是研究超重与失重以及整体法与隔离法。
两类牛顿第二定律的综合应用问题
1、超重与失重
2、整体法与隔离法
Ⅱ.典例精讲
＜建议用时20分钟！＞
：题型概述
发生超重或失重的现象和物体的速度无关，只决定于加速度的方向。发生超重时，物体可能向上加速或向下减速(加速度方向向上)；发生失重时，物体可能向上减速或向下加速(加速度方向向下)；完全失重时，物体具有向下的加速度（做自由落体运动、竖直上抛运动或者以重力充当向心力做围绕地球的圆周运动），大小等于重力加速度g。尽管整体没有竖直方向的加速度，但只要物体的一部分具有竖直方向的分加速度，整体也会出现超重或失重状态。超重并不是说重力增加了，失重并不是说重力减小了，完全失重也不是说重力完全消失了.在发生这些现象时，物体的重力依然存在，且不发生变化，只是视重（物体对支持物的压力或对悬挂物的拉力）发生变化。在超重状态下，由重力产生的现象会得到加强，例如单摆加快，液体压强增大，失重状态则反之。在完全失重的状态下，平常一切由重力产生的物理现象都会完全消失，如天平失效、单摆停摆、浸在水中的物体不再受浮力、液体柱不再产生压强等。
第十五讲 牛顿第二定律综合应用-满分班
第3讲牛顿运动定律的综合应用
1.
(1)已知受力情况求物体的____________．
(2)已知运动情况求物体的____________．
2．解决两类基本问题的方法
以______为“桥梁”，由____________和____________列方程求解，具体逻辑关系如图：
1.超重
(1)定义：物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)______物体所受重力的现象．
(2)产生条件：物体具有______的加速度．
2．失重
(1)定义：物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)______物体所受重力的现象．
(2)产生条件：物体具有______的加速度．
3．完全失重
(1)定义：物体对水平支持物的压力(或对竖直悬挂物的拉力)______的现象称为完全失重现象．
(2)产生条件：物体的加速度a＝g，方向竖直向下．
判断正误，正确的划“√”，错误的划“×”．
(1)超重时物体的重力大于mg.()
(2)失重时物体的重力小于mg.()
(3)加速度大小等于g的物体处于完全失重状态．()
(4)物体处于超重或失重状态，由加速度的方向决定，与速度方向无关．()
基础自测
1．(单选)关于超重和失重的下列说法中，正确的是()．
A．超重就是物体所受的重力增大了，失重就是物体所受的重力减小了
B．物体做自由落体运动时处于完全失重状态，所以做自由落体运动的物体不受重力作用
C．物体具有向上的速度时处于超重状态，物体具有向下的速度时处于失重状态
D．物体处于超重或失重状态时，物体的重力始终存在且不发生变化
2．(单选)下列实例属于超重现象的是()．
2025高考物理总复习牛顿第二定律的综合应用
指点迷津整体法、隔离法使用的关键是灵活选择研究对象,一般根据整体
受力情况求加速度,根据具体情况灵活隔离求有关内力,隔离受力少的物体
计算时更方便。
考向二 关联速度连接体问题
典题3 (多Leabharlann Baidu)如图所示,质量为m0、倾角为30°的斜面体置于水平地面上,
一轻绳绕过两个轻质滑轮连接着固定点P和物体B,两滑轮之间的轻绳始终
的是( AB )
A.若m1>m2,有x1=x2
B.若m1<m2,有x1=x2
C.若μ>sin θ,有x1>x2
D.若μ<sin θ,有x1<x2
解析 A、B在水平面上滑动时,对整体,根据牛顿第二定律,有
F-μ(m1+m2)g=(m1+m2)a1,隔离物块A,根据牛顿第二定律,有FT-μm1g=m1a1,
2a-masin 30°,解
得地面对斜面体的支持力为 FN=
3
0 +
2
g,D 错误。
易错点拨 根据初中学过的定滑轮、动滑轮的特点找出两个物体的速度、
加速度关系是本题关键,如果对初中知识不够熟练,解答本题极易出错。
题型二
动力学中的临界、极值问题
1.临界值或极值条件的四类标志
2.处理临界问题的三种方法
总是相等
类型
图示
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第十五讲 牛顿运动定律应用（2）
姓名 班级 学号
例题1：如图所示，将质量为m 的小球用轻绳挂在倾角θ的光滑斜面上。求：当斜面以加速度a 水平向右匀加速运动时，求绳子的张力。
例题2：一小圆盘静止在桌布上，位于一方桌的水平桌面的中央。桌布的一边与桌的AB 边重合。如图所示。已知盘与桌布间的动摩擦因数为μ1，盘与桌面间的动摩擦因数为μ2。先突然以恒定的加速度a 将桌布抽离桌面，加速度的方向是水平的且垂直于AB 边。若
圆盘最后未从桌面掉下，则加速度a 满足的条件是什
么？（以g 表示重力加速度）
B
例题3：如图所示，B A
是竖直平面内的光滑园弧面，一小物体从A 点静止释放，它滑上静止不动的水平皮带后，从C 点离开皮带做平抛运动，落在水平地面上的D 点，现使皮带轮转动，皮带的上表面以某一速率向左或向右匀速这运动，小物体
仍从A 点静止释放，则小物体可能落在地面上：
( )
A.、D 点右边的M 点 B 、D 点
C.、D 点左边的N 点 D 、右皮带轮边缘正下方的O 点
例题4：如图所示，传送带装置保持1 m/s 的速度水平向右平移，现将一质量m =0.5kg 的物体从离皮带很近的a 点，轻轻的放上，设物体与皮带间的摩擦因数μ=0.1，a 、b 间的距离L=2.5m ，则物体从a 点运动到b 点所经历的时间为 (g 取10m/s 2
)： （ ）
A 、5 s
B 、
(
)
16-s
C 、3s
D 、2.5s
例题5：如图所示，小物块从光滑斜面距底边0.8m 高处由静止下滑，经一与斜面相切的小圆弧滑上足够长正在匀速运转的水平传送带，传送带的速度为v,方向如图。经过一定时间后，物块从传送带上返回又冲上斜面。当v=3m/s 时物块能冲上斜面的高度h 1= m ，当v=5m/s 时物块能冲上斜面的高度h 2= m 。
M
O N
例题6：如图所示，传送带与地面倾角θ=37°，AB 长为16米，传送带以10米/秒的速度匀速运动。在传送带上端A 无初速地释放一个质量为0.5千克的物体，它与传送带之间的动摩擦系数为μ=0.5，求： （1） 传送带瞬时针转动，物体从A 运动到B 所需时间，
（2） 传送带逆时针转动，物体从A 运动到B 所需时间
第十五讲 牛顿运动定律应用（2）作业
1．如图3—60所示，一轻绳上端系在车的左上角的A 点，另一轻绳一端系在车左端B 点，B 点在A 点正下方，A 、B 距离为b ，两绳另一端在C 点相结并系一质量为m 的小球，绳AC 长度为2b ，
绳BC 长度为b 。两绳能够承受的最大拉力均为2mg 。求： （1）绳BC 刚好被拉直时，车的加速度是多大， （2）为不拉断轻绳，车向左运动的最大加速度是多大。
A
B
图3—60
2．如图所示，小木箱abcd的质量M=180g，高L=0.2m，其顶部离挡板E的竖直距离h=0．8m，在木箱内放有一个质量m=20g的小物体P(可视为质点)，通过轻细绳对静止箱施加一个竖直向上的恒定拉力F，为使木箱能向上运动后，物体P不会和木箱顶ad 相碰，求拉力F的取值范围．(g=l0m／s2)
3、如图所示,铁块压着一张纸条放在水平桌面上,当以速度v抽出
纸条后,铁块掉在地上的P点,若以2v速度抽出纸条,则铁块落地点为：（）
A、仍在P点
B、P点左边
C、P点右边不远处
D、P点右边原水平位移的两倍处
4．传送带被广泛地应用于码头、机场和车站，如图所示为一水平传送带的装置示意图，紧绷的传送带AB 始终保持恒定的速率Y=1m ／s 运行．将一质量m=4kg 的行李无初速地放在A 处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，A 、B 间的距离L=2m ，g 取1Om ／s 2
． (1)行李被传到B 处所用的时间是多少?
(2)如果提高传送带的运行速率，行李就能被较快地传送到B 处，求行李从A 处以最短时间传送到B 处时传送带对应的最小运行速率．
5、如图20-2所示，传送带与水平面成α＝30︒角且始终以v ＝2 m/s 的速度向上移动，两端点A 、B 的间距为L ＝5 m ，一质量为m ＝1 kg 的物体从离传送带很近处轻轻放在传送带底端的A 处，经t ＝2.9 s 到达顶端B 点，求：物体与皮带间的摩擦力和动摩擦因数。
B
图20-2