陕西省咸阳市武功县2016届高三物理上学期摸底考试试题

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陕西省咸阳市2016届高三物理一模试卷含解析

2016年陕西省咸阳市高考物理一模试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的4个选项中，第1-8题只有一个正确选项；第9-12题四个选项中至少有两个正确选项。

全部选对得4分。

对而不全得2分.有选错的得零分.）1．如图所示,是某同学绘制的沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象，若该物体在t=0时刻的速度为零，则A、B、C、D四个选项中表示该物体沿单一方向运动的图象是（）A．B．C．D．2．咸阳市区某学校创建绿色校园，如图甲为新装的一批节能灯，该路灯通过光控开关实现自动控制：电灯的亮度可自动随周围环境的亮度改变而改变．如图乙为其内部电路简化原理图，电源电动势为E，内阻为r，R t为光敏电阻(光照强度增加时，其电阻值减小）．现增加光照强度，则下列判断正确的是（）A．电源路端电压不变 B．R0两端电压变大C．B灯变暗,A灯变亮 D．电源总功率不变3．如图所示，A、B两小球分别连在弹簧亮度那，B端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上．A、B两小球的质量分别为m A、m B,重力加速度为g,若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为( ）A．都等于B．0和C．和0 D．0和g4．固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道ABCD，其A点与圆心等高,D点为轨道的最高点，DB为竖直线，AC为水平线,AE为水平面,如图所示．今使小球自A点正上方某处由静止释放,且从A 点进入圆轨道运动，只要适当调节释放点的高度，总能使球通过最高点D，则小球通过D点后（）A．一定会落到水平面AE上B．一定会再次落到圆轨道上C．可能会再次落到圆轨道上D．不能确定5．如图所示，滑块A和B叠放在固定的斜面体上，从静止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑．已知B与斜面体之间光滑接触，则在A、B下滑过程中，下列说法正确的是（）A．A只受到重力和B的支持力的作用B．A对B的压力等于A受到的重力C．下滑过程中B对A做负功D．下滑过程A的机械能守恒6．如图(甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出弹簧弹力F随时间t变化的图象如图（乙）所示,则（）A．t1时刻小球动能最大B．t2时刻小球动能最大C．t2～t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D．t2～t3这段时间内,小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能7．一个正点电荷Q静止在正方形的一个角上,另一个带电质点射入该区域时,只在电场力作用下恰好能经过正方形的另外三个角a、b、c,如图所示,则有（)A．a、b、c三点电势高低及场强大小的关系是φa=φc＞φb，E a=E c=2E bB．质点由a到b电势能增加，由b到c电场力做负功，在b点动能最大C．质点在a、b、c三处的加速度大小之比是1：2：1D．若改变带电质点在a处的速度大小和方向，有可能使其经过a、b、c三点做匀速圆周运动8．如图所示，一呈现半正弦形状的闭合线框abc，ac=l，匀速穿过边界宽度也为l的相邻磁感应强度大小相同的匀强磁场区域,整个过程中线框中感应电流图象为(取顺时针方向为正方向）（）A． B．C．D．9．如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导轨cdef上，棒ab与导轨相互垂直并接触良好，导轨间接有电源．现用两种方式在空间加匀强磁场，ab棒均处于静止．第一次匀强磁场方向竖直向上；第二次匀强磁场方向斜向左上与金属导轨平面成θ=30°角，两次匀强磁场的磁感应强度大小相等．下列说法中正确的是（)A．两次金属棒ab所受的安培力大小不变B．第二次金属棒ab所受的安培力大C．第二次金属棒ab受的摩擦力小D．第二次金属棒ab受的摩擦力大10．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上,小物块b置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则（）A．b对c的摩擦力一定减小B．b对c的摩擦力方向可能平行斜面向上C．地面对c的摩擦力方向一定向右D．地面对c的摩擦力一定减小11．“轨道康复者"是“垃圾”卫星的就行，被称为“太空110",它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命．假设“轨道康复者”的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是( )A．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救B．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动C．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍D．“轨道康复者"的加速度是地球同步卫星加速度的25倍12．如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦式电流的图象,当调整线圈转速后，所产生正弦式电流的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦式电流的说法正确的是（）A．在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3：2C．正弦式电流a的瞬时值为μ=10sin5πtVD．正弦式电流b的最大值为V二、实验题（本题共2小题，共计15分。

2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷(3)

2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷（3）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共3小题，共18.0分)1.伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次试验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C，让小球分别由A、B、C滚下，如图所示．设A、B、C与斜面底端的距离分别为x1、x2、x3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1、v2、v3，则下列关系式中正确，并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下的运动是匀变速直线运动的是（）A. B. C.x1-x2=x2-x3 D.【答案】D【解析】解：A、小球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一定不同，故A错误；B、由v=at可得，a=，三次下落中的加速度相同，故公式正确，但不是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故B错误；C、由图可知及运动学规律可知，x1-x2＞x2-x3，故C错误；D、由运动学公式可知，X=at2．故a=2，故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故D 正确；故选D．小球在斜面上做匀变速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确；同时判断该结论是否由伽利略用来证明匀变速运动的结论．虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验．2.如图所示，小车内两根不可伸长的细线AO、BO拴住一小球，其中BO水平，小车沿水平地面向右做加速运动，AO与BO的拉力分别为T A、T B，若加速度增大，则（）A.T A、T B均增大B.T A、T B均减小C.T A不变，T B增大D.T A减小，T B不变【答案】C【解析】解：当小车向右做加速运动，小球的加速度与小车具有相同的加速度，根据牛顿第二定律有：T AO′cosθ=mg，则′T′BO-T AO′sinθ-=ma，解得T BO′=mgtanθ+ma．知加速度增大时，绳AO的拉力不变，绳BO的拉力增大．故C正确，A、B、D错误．故选：C．对小球进行受力分析，根据正交分解，运用牛顿第二定律分别求出小车加速度变化后绳中的拉力变化．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．3.电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器．如图a所示为电吉他的拾音器的原理图，在金属弦的下方置有一个连接到放大器的螺线管．一条形磁铁固定在管内，当拨动金属弦后，螺线管内就会产生感应电流，经一系列转化后可将电信号转为声音信号．若由于金属弦的振动，螺线管内的磁通量随时间的变化如图b所示，则对应感应电流的变化为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：设在0-时间内产生的感应电流为正，则根据楞次定律得知：在t0-t0时间内，感应电流为负；t0时-2t0时间内感应电流为正．螺线管内的磁通量大小随时间按正弦规律，由数学知识知道：其切线的斜率按余弦规律变化，根据法拉电磁感应定律分析可知，螺线管内产生的感应电动势将按余弦规律变化，则感应电流也按余弦规律变化．故D正确，ABC错误．故选：D．根据楞次定律判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律研究感应电动势大小的变化规律，得到感应电流的变化规律，再选择图象．本题从感应电流的方向和大小两个方面进行分析．感应电流方向由楞次定律判断，其大小与感应电动势成正比，由法拉第电磁感应定律研究．要利用数学知识分析磁通量的变化率．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)4.图中的变压器为理想变压器，原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为10：1，变压器的原线圈接如图2所示的正弦式交流电，电阻R1=R2=R3=20Ω和电容器C连接成如图1所示的电路，其中，电容器的击穿电压为8V，电表为理想交流电表，开关S处于断开状态，则（）A.电压表V的读数约为7.07VB.电流表A的读数为0.05AC.变压器的输入功率约为7.07WD.若闭合开关S，电容器不会被击穿【答案】AD【解析】解：A、开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，由图可知原线圈电压为100V，所以副线圈电压为10V，则R2的电压为5V≈7.07V，故A正确；B、由A的分析可知，副线圈电流为A，所以原线圈电流为×=A，故B错误；C、电阻R1、R2上消耗的功率为P==5W，输入功率等于输出功率，故C错误；D、当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，并联部分电阻为R并=10Ω，所以并联部分的电压为=V，最大值为＜8，所以电容器不会被击穿，故D正确．故选：AD开关断开时，副线圈为R1和R2串联，电压表测量R2的电压，当开关闭合时，R1与R3并联后和R2串联，电容器的电压为并联部分的电压，根据变压器电压、电流与匝数的关系以及串并联电路的特点即可求解．本题考查了变压器的原理及最大值与有效值之间的数量关系．能根据欧姆定律求解电路中的电流，会求功率，知道电表示数为有效值，电容器的击穿电压为最大值，难度适中．三、单选题(本大题共2小题，共12.0分)5.物体在万有引力场中具有的势能叫做引力势能．若取两物体相距无穷远时的引力势能为零，一个质量为m0的质点到质量为M0的引力源中心的距离为r0时，其万有引力势能E p=-（式中G为引力常数）．一颗质量为m的人造地球卫星以半径为r1的圆形轨道环绕地球匀速飞行，已知地球的质量为M，要使此卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径增大为r2，则卫星上的发动机所消耗的最小能量为（假设卫星的质量始终不变，不计空气阻力及其它星体的影响）（）A.E=（-）B.E=GM m（-）C.E=（-）D.E=（-）我【答案】A【解析】解：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m，卫星绕地球运动的动能：E K=mv2=，由能量守恒定律可知，卫星轨道发生变化时，发电机消耗的最小能量：E=△E K+△E P=E K2-E K1+E P2-E P1=（-）；故选：A．求出卫星在半径为r1圆形轨道和半径为r2的圆形轨道上的动能，从而得知动能的减小量，通过引力势能公式求出势能的增加量，根据能量守恒求出发动机所消耗的最小能量．本题考查了求发电机消耗的能量，本题是一道信息给予题，认真审题，从题目获取所需信息是正确解题的前提，解决本题的关键得出卫星动能和势能的变化量，从而根据能量守恒进行求解．6.如图表示洛伦兹力演示仪，用于观察运动电子在磁场中的运动，在实验过程中下列选项错误的是（）A.不加磁场时电子束的径迹是直线B.加磁场并调整磁感应强度电子束径迹可形成一个圆周C.保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径减小D.保持出射电子的速度不变，增大磁感应强度，电子束圆周的半径减小【答案】C【解析】解：A、不加磁场时电子不受力，电子束的径迹是直线．故A正确；B、加磁场使磁场的方向与电子初速度的方向垂直，并调整磁感应强度电子束径迹可形成一个圆周．故B正确；C、电子受到的洛伦兹力提供向心力，则：所以：，保持磁感应强度不变，增大出射电子的速度，电子束圆周的半径增大．故C错误；D、保持出射电子的速度不变，增大磁感应强度，电子束圆周的半径减小．故D正确；本题选择错误的，故选：C电子在匀强磁场中垂直于磁场运动时，由洛伦兹力作用下，提供向心力，从而做匀速圆周运动．考查洛伦兹力对粒子的作用，掌握洛伦兹力不做功，及电子仅仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动．四、多选题(本大题共2小题，共12.0分)7.一辆汽车在平直的公路上运动，运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，其牵引力和速度的图象如图所示．若已知汽车的质量m，牵引力F1和速度v1及该车所能达到的最大速度v3．则根据图象所给的信息，能求出的物理量是（）A.汽车运动中的最大功率为F1v1B.速度为v2时的加速度大小为C.汽车行驶中所受的阻力为D.恒定加速时，加速度为【答案】AC【解析】解：A、根据牵引力和速度的图象和功率P=F v得汽车运动中的最大功率为F1v1，故A 正确．B、汽车运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，所以速度为v2时的功率是F1v1，根据功率P=F v得速度为v2时的牵引力是，对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和阻力，该车所能达到的最大速度时加速度为零，所以此时阻力等于牵引力，所以阻力f=根据牛顿第二定律，有速度为v2时加速度大小为a=-，故B错误，C正确．D、根据牛顿第二定律，有恒定加速时，加速度a′=-，故D错误．故选AC．汽车先做匀加速运动，再以恒定功率运动，对汽车受力分析后根据牛顿第二定律列方程，再结合图象进行分析即可．本题关键对汽车受力分析后，根据牛顿第二定律列出加速度与速度关系的表达式，再结合图象进行分析求解．8.如图所示，ABC为竖直平面内光滑绝缘框架，B、C两点在同一水平面内．套在AB杆上的质量为m带正电的小圆环由A点静止释放，滑到B点时速度为v0．若空间加一与ABC平行的匀强电场，圆环仍由A点静止释放，滑到B点时速度为v0，将小圆环套在AC杆上，从A点静止释放滑到C点时速度为v0，则下列说法错误的是（）A.电场方向与BC垂直B.A、C两点间电势差是A、B两点间电势差的2倍C.B点电势是C点电势的2倍D.圆环由A滑到C是圆环由A滑到B过程中电场力做功的2倍【答案】BD【解析】解：无电场时由A到B：mgh=mv02…①有电场时由A到B：mgh+W E=m（v0）2…②有电场时由A到C：mgh+W E′=m（v0）2…③由①②③可得：W E=mv02，W′E=mv02，又W E=q U AB，W′E=q U AC，则：U AB=U AC．A、由上分析可知，B，C不是等电势点，则电场线不与BC垂直，则A错误；B、因U AB=U AC，但不能确定B点电势是C点电势2倍，A、C两点间电势差是A、B两点间电势差的2倍，则B正确，C错误；D、因U AB=U AC，由W=q U可知，圆环由A滑到C是圆环由A滑到B过程中电场力做功的2倍，则D正确．故选：BD．由动能定理确定出由A到B电场力做的功和由A到C电场力做的功，确定出AC与AB 间的电势差，从而确定出BC的电势的大小关系；由W=q U可判断圆环由A滑到C是圆环由A滑到B过程中电场力做功2倍．通过对做功的分析，要抓住小球在运动的过程中，重力做功，电场力就做正功，由动能定理确定功的值．七、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.某同学在做测玻璃折射率的实验中，使用的是半圆形玻璃砖，P1、P2、P3、P4是按顺序插在软木板上的大头针，如图所示．下述实验操作中正确的是（）A.若任意选取P1、P2连线的方向和入射点A的位置，都可以在圆弧外侧适当位置处插上第三个大头针同时挡住P1、P2的像B.如果入射点A恰在玻璃砖圆心处，可不使用大头针P4C.可以用P1、P2连线作为入射光线，也可以用P4、P3连线作为入射光线D.为减小误差，P1、P2间距和P3、P4间距应适当大一些E.本实验可以不做任何标记，撤掉玻璃砖后连接P1P2和P3P4计算折射率【答案】BCD【解析】解：A、若入射光线从A点垂直射入玻璃砖，经过玻璃后方向不变，无法测量折射率，所以不能任意选取P1、P2连线的方向和入射点的位置．故A错误．B、如果入射点A恰在玻璃砖圆心处，出射光线就在过AP3连线上，可以不用第四根大头针P4．故B正确．C、测量时，可以用P1、P2连线作为入射光线，也可以用P4、P3连线作为入射光线．故C正确．D、P1、P2间距和P3、P4间距较大时，相同的偏转距离引起的角度误差会小些，因此为减小误差，P1、P2间距和P3、P4间距应适当大一些．故D正确．E、本实验需要记录大头针及玻璃砖的位置，所以E错误；故选：BCD．在做测玻璃折射率的实验中，P1、P2连线的方向应不从A点跟玻璃砖直角面垂直，如果入射点A恰在玻璃砖圆心处，可不使用大头针P4，用P1、P2连线作为入射光线，也可以用P4、P3连线作为入射光线，为减小测量误差，P1、P2间距和P3、P4间距应适当大一些．本题考查对插针法测定玻璃砖折射率原理的理解，掌握为减小误差需注意的事项．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.下列说法正确的是（）A.α射线和γ射线均为电磁波B.γ射线的电离本领比β射线弱C.爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说D.氢原子从n=2的状态跃迁到n=4的状态时，需要吸收量E.一束光照射到某金属上不能发生光电效应，改用波长更长的光束可能发生光电效应【答案】BCD【解析】解：A、γ射线是原子核在发生α衰变和β衰变时产生的能量以γ光子的形式释放，是高频电磁波，而α射线是氦核流，不是电磁波．故A错误．B、α射线电离本领最大，贯穿本领最小，γ射线的电离本领比β射线弱．故B正确．C、因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说．故C正确．D、当氢原子从n=4的状态跃迁到n=2的状态时，能量减小，辐射出光子．故D正确．E、一束光照射到某金属上不能发生光电效应，改用波长更短的光束可能发生光电效应，故E错误；故选：BCD．α射线是具有放射性的元素的原子核在发生衰变时两个中子和两个质子结合在一起而从原子核中释放出来．β射线是具有放射性的元素的原子核中的一个中子转化成一个质子同时释放出一个高速电子即β粒子．γ射线是原子核在发生α衰变和β衰变时产生的能量以γ光子的形式释放；当氢原子从n=4的状态跃迁到n=2的状态时，能量减小，辐射出光子；因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说；当入射光的频率大于极限频率时，或波长小于极限波长时，则会发生光电效应现象．本题比较简单，考查有关三种射线的特征，掌握跃迁时，吸收能量还是放出能量，理解光电效应发生条件，注意极限波长的概念，对于这部分知识一定加强记忆，注意平时的积累．五、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)9.某研究性学习小组用图1所示装置来测定当地重力加速度，主要操作如下：①安装实验器材，调节试管夹（小铁球）、光电门和纸杯在同一竖直线上；②打开试管夹，由静止释放小铁球，用光电计时器记录小铁球在两个光电门间的运动时间t，并用刻度尺（图上未画出）测量出两个光电门之间的高度h，计算出小铁球通过两光电门间的平均速度v；③保持光电门1的位置不变，改变光电门2的位置，重复②的操作，测出多组（h，t），计算出对应的平均速度”；④画出v-t图象．请根据实验，回答如下问题：（1）设小铁球到达光电门l时的速度为v0，当地的重力加速度为g．则小铁球通过两光电门间平均速度v的表达式为______ ．（用v0、g和t表示）请在图2坐标纸上画出-图象．（3）根据v-t图象，可以求得当地重力加速度g= ______ m/s2，小球通过光电门1时的速度为______ m/s．（以上结果均保留两位有效数字）【答案】v=v0+gt；9.7；1.1【解析】解：（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得小铁球通过两光电门间平均速度v的表达式为v=v0+gt；（2）根据数据作出v-t图象：（3）小铁球通过两光电门间平均速度v的表达式为v=v0+gt；所以v-t图象的斜率表示g，所以当地重力加速度g=2k=9.7m/s2，根据v-t图象得出v0=1.10m/s，即小球通过光电门1时的速度为1.1m/s，故答案为：（1）v=v0+gt（2）如图（3）9.7；1.1根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度求解通过两光电门间平均速度v；根据数据作出v-t图象，根据v-t图象的斜率物理意义求解重力加速度．本题的关键知道极短时间的平均速度等于瞬时速度的大小，并能熟练应用运动学公式求解．10.要测量一个电流表G的内阻内阻约在1kΩ-2kΩ之间），其量程为250μA．提供的器材有：电源E（4V，内阻0.6Ω），电阻箱R A（0-9999Ω），滑动变阻器R1（0-20Ω，1A），滑动变阻器R2（0-250Ω，0.6A），滑动变阻器R3（0-lkΩ，0.3A），标准电流表G′（量程250μA），电键S1、S2、S3及导线若干．现甲、乙两同学，用不同的测量方法来测出内阻．甲同学利用图1的电路图来测量内阻，其实验步骤如下：①先按电路图1接好各元件，并使滑动触头P先置a端，且使电阻箱阻值为零．②闭合电键S1，调节滑动触头P于某一位置，使G表达到满刻度I g．③调节电阻箱电阻值，使G表电流为I g/2，记下电阻箱数值R．④即得待测电流表内阻R g=R乙同学利用图2的电路图来测得内阻，其实验步骤如下：①先按电路图2接好各元件，并使滑动触头P先置于b端，且使电阻箱阻值为零．②闭合电键S1、S2，调节滑动触头P于某一位置，使G'表达到满刻度I g．③闭合电键S3，断开电键S2，调节电阻箱电阻值，使G'表电流仍为I g，记下电阻箱数值R．④即得待测电流表内阻R g=R（1）甲、乙两位同学分别采用了不同的电流表内阻的测量方法，甲同学采用的是______ ，乙同学采用的是______ ；（2）在不考虑操作过程中的失误的前提下，仅就电路设计（或者实验原理）而言，你认为能更准确地测出电流表内阻值的是______ 同学设计的方案（3）请纠正乙同学在操作过程中的两处失误：a．______ ；b．______ ．（4）你认为测量精度较差的另一个设计方案中所得到的电流表内阻测量值______ 电流表内阻真实值（选填“大于”或“小于”）．要使这一误差尽可能小，该方案中滑动变阻器选择______ ．【答案】图1；图2；乙；连接电路中应将滑动变阻器的滑片P先置于a端；电阻箱阻值在测量前应先置于2kΩ以上；大于；R1【解析】解：（1）由题意可知，（1）甲、乙两位同学分别采用了不同的电流表内阻的测量方法，甲同学采用的是图1，乙同学采用的是图2；（2）乙同学的方案能更准确地测出电流表内阻值．因为甲同学的方案中，调节电阻箱电阻值，使G表电流为I g时，由于外电路总电阻增大，变阻器输出的电压增大，即电流表与电阻箱串联的总电压已增大，电阻箱的电压将大于电流表的电压，根据串联电路分析特点可知，测量值将大于电流表内阻真实值．乙同学采用等效替代的方法，没有系统误差．（3）乙同学的失误有两个：a、开关闭合前，都应将滑动变阻器的滑片P先置于a端，使开关闭合后电路中输出电压从最小值往大开始调节，防止电流过大，烧坏电流表；b、电阻箱阻值在测量前应先置于2kΩ以上．（4）由上分析可知，甲同学方案中，所得到的电流表内阻测量值大于电流表内阻真实值．为调节方便，变阻器的总电阻应选择R1．故答案为：（1）图1；图2；（2）乙；（2）a、连接电路中应将滑动变阻器的滑片P先置于a端；b、电阻箱阻值在测量前应先置于2kΩ以上；（3）大于；R1．（1）根据题意分析答题．（2）图1中，调节电阻箱电阻值，使G表电流为I g时，由于外电路总电阻增大，电流表与电阻箱串联的总电压已增大，电阻箱的电压将大于电流表的电压，测量值将大于电流表内阻真实值．图2，采用等效替代的方法，没有系统误差．（3）对于图2，a、开关闭合前，都应将滑动变阻器的滑片P先置于a端，开关闭合后电路中输出电压从最小值开始调节，防止电流过大，烧坏电流表；b、电阻箱阻值在测量前应先置于2kΩ以上．（4）为调节方便，变阻器的总电阻应选择较小的．本题中考查了电学实验的常规，即开关闭合前应将滑动变阻器的滑片调到开关闭合后输出电压最小的位置．从实验原理出发，分析误差，选择可行的实验方案．六、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.水平面上两根足够长的金属导轨平行固定放置，间距为L，一端通过导线与阻值为R 的电阻连接；导轨上放一金属杆，金属杆与导轨的电阻忽略不计；均匀磁场竖直向下．用与导轨平行的恒定拉力F作用在金属杆上，杆最终将做匀速运动．当改变拉力的大小时，相对应的匀速运动速度v也会变化，v与F的关系如图．（已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2）（1）由v-F图线的横轴截距可求得什么物理量？其值为多少？（2）若L=0.5m，R=0.5Ω；磁感应强度B为多大？【答案】解：（1）金属杆匀速运动时，杆产生的感应电动势E=BL v感应电流I=杆所受的安培力F安=BIL=当杆匀速运动时，合力为零，则有：F=F安+f代入得：F=+f，则得：v=F-f由数学知识得知，v-F图象横轴截距表示杆受到的摩擦力；由图示图象可知，由图象的截距得：f=2N．（2）由图线得到直线的斜率k=2则得：=k=2，T=1T；解得：B==．答：（1）由v-F图线的横轴截距可求得杆受到的摩擦力，其值为2N．（2）若L=0.5m，R=0.5Ω；磁感应强度B为1T．【解析】（1）杆最终匀速运动时，安培力等于外力F，根据法拉第定律、欧姆定律、安培力公式和平衡条件写出v与F的函数关系式，然后依据有关数学知识即可求解．（2）若L=0.5m，R=0.5Ω时，结合图象的信息和数学知识求B．解决本题关键是安培力的分析和计算，根据平衡条件得到F与v的解析式，再分析图象的意义进行求解．对于图象要弄清两坐标轴的物理意义，往往图象的斜率、截距的含义等是解决问题的突破口．12.跳台滑雪起源于挪威，于1924年被列为首届冬奥会比赛项目．某滑雪轨道如图所示，其中BC段水平，光滑斜面CD与半径为R的光滑圆弧轨道相切于D点，P为圆弧轨道最低点，且∠POD=θ．A与B、D、P的高度差分别为h1、h2、h3．一个质量为m的滑雪运动员从A点由静止开始自由滑下，经过C点水平滑出后恰好落在斜面CD的中点E处，紧接着沿轨道继续滑行，到达P点时所受轨道支持力大小为N，运动员可视为质点，不计空气阻力，重力加速度大小为g．求：（1）运动员从C点运动到E点的时间t及从C点飞出时的速度；（2）运动员到达D点时的动能E k；（3）运动员在E点损失的机械能△E．【答案】解：（1）运动员从A到C，由机械能守恒定律得：mgh1=，得：v C=从C点飞出后运动员做平抛运动，斜坡CD的倾角等于θ，落在E点时有：tanθ==可得：t=（2）在P点，由牛顿第二定律得：N-mg=m从D到P的过程，由机械能守恒定律有：-E k=mg R（1-cosθ）联立解得：E k=-mg R（）（3）运动员落在E点瞬间的速度为：v E==E到D的过程，由机械能守恒定律得：mg=E k-E k E可得，运动员落在E点后瞬间的动能为：E k E=-mg R（）-mg则运动员在E点损失的机械能为：△E=-E k E=mgh1（1+4tan2θ）-+mg R（）+mg答：（1）运动员从C点运动到E点的时间是，从C点飞出时的速度是；（2）运动员到达D点时的动能E k是-mg R（）；（3）运动员在E点损失的机械能△E是mgh1（1+4tan2θ）-+mg R（）+mg．【解析】（1）先由机械能守恒定律求出运动员从C点飞出时的速度．从C点飞出后运动员做平抛运动，再根据竖直位移与水平位移之比等于tanθ，求运动到E点的时间t．（2）先由牛顿第二定律求出运动员到达P点时的速度，再研究DP过程，由机械能守恒定律求运动员到达D点时的动能E k．（3）由机械能守恒定律求出运动员落在E点后瞬间的动能，由速度合成求出落在E点前瞬间的速度，得到动能，从而求出损失的机械能△E．本题是多过程问题，分析清楚运动员的运动过程，把握每个过程的物理规律是关键．要明确运动员落在斜面上时意味着位移方向与水平方向的夹角等于斜面的倾角，根据分位移关系求出时间．八、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图为一列简谐波在t1=0时刻的图象．此时波中质点M的运动方向沿y负方向，且到t2=0.55s质点M恰好第3次到达y正方向最大位移处．试求：（1）此波向什么方向传播？（2）波速是多大？（3）从t1=0至t3=1.2s，波中质点N走过的路程和相对于。

2016届高三物理第一次模拟考试试题及答案

陕科大附中2016届高三模考一物理试题（满分100分时间90分钟）第Ⅰ卷（40分）一、选择题(本题包括10个小题，共40分。

1-8每小题只有一个选项正确，9-10有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。

)1．17世纪，意大利物理学家伽利略根据“伽利略斜面实验”指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故，你认为下列陈述正确的是 A ．该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬的B ．该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律C ．该实验证实了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的结论D ．该实验和牛顿的理想斜面实验是相同的2．小球做自由落体运动，与地面发生碰撞，反弹后速度大小与落地速度大小相等。

若从释放小球时开始计时，且不计小球与地面发生碰撞的时间，则小球运动的速度图线可能是图中的3．以0v 的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误．．的是A 0B ．运动时问是02v gC ．竖直分速度大小等于水平分速度大小D ．运动的位移是20g4．磕头虫是一种不用足跳但又善于跳高的小甲虫．当它腹朝天、背朝地躺在地面时，将头用力向后仰，拱起体背，在身下形成一个三角形空区，然后猛然收缩体内背纵肌，使重心迅速向下加速，背部猛烈撞击地面，地面反作用力便将其弹向空中．弹射录像显示，磕头虫拱背后重心向下加速(视为匀加速)的距离大约为0.8mm ，弹射最大高度为24 cm ．而人原地起跳方式是，先屈腿下蹲，然后突然蹬地向上加速，假想加速度与磕头虫加速过程的加速度大小相等，如果加速过程(视为匀加速)重心上升高度为0.5 m ，那么人离地后重心上升的最大高度可达(空气阻力不计，设磕头虫撞击地面和弹起的速率相等)A ．150 mB ．75 mC ．15 mD ．7．5 m5．如图所示，小球从A 点以初速度0v 沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B 后返回A ，C 为AB 的中点．下列说法不正确．．．的是A ．小球从A 出发到返回A 的过程中，位移为零，外力做功为零B ．小球从A 到C 与从C 到B 的过程，减少的动能相等C ．小球从A 到C 与从C 到B 的过程，速度的变化率相等D. 小球从A 到C 与从C 到B 的过程，损失的机械能相等6. a 、b 两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程中（）①a 、b 的速度之差保持不变 ②a 、b 的速度之差与时间成正比③a 、b 的位移之差与时间成正比 ④a 、b 的位移之差与时间的平方成正比A.①③B.①④C.②③D.②④ 7．一带电小球在空中由A 点运动到B 点的过程中，只受重力和电场力作用.若重力做功-3 J ，电场力做功 1 J ，则小球的A ．重力势能减少3 JB.电势能增加1 J C ．动能减少3 JD ．机械能增加1 J 8．某电场的部分电场线如图所示，A 、B 是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹(图中虚线)上的两点，下列说法中正确的是A ．粒子一定是从B 点向A 点运动B ．粒子在A 点的加速度大于它在B 点的加速度C ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能D ．电场中A 点的电势高于B 点的电势9．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的正方形导体框abcd ，现将导体框分别朝两个方向以v 、3v 速度朝两个方向匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中A ．导体框所受安培力方向相同B ．导体框中产生的焦耳热相同。

陕西省咸阳市高三上学期物理模拟检测试卷一含解析答案

〔1〕电场强度E 的大小．〔2〕圆形磁场区域的半径R．〔3〕带电粒子从P 点到N 点，所经历的时间t． 20.如下列图，半径R=0.4m 的四分之一光滑圆弧轨道固定在地面上，质量 m=1kg 的滑块B〔可视为质点〕从圆弧轨道顶端正上方高为 h=0.85m 处自由落下，质量为 M=2kg 的木板 A 静止在光滑水平上，其左端与固定台阶相距 x，右端与圆轨道紧靠在一起，圆弧的底端与木板上外表水平相切．B 从 A 右端的上外表水平滑入时撤走圆弧轨道，A 与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力，AB 间动摩擦因数 μ=0.1，B 始终不会从A 外表滑出，取 g=10m/s2 ，求：
可得到电源的电动势
V，内阻
四、解答题
18.如下列图，质量m=2kg 的物体静止于水平地面的A 处，A、B 间距 L=20m。用大小为 30N，沿水平方向的外力拉此物体，经 t0=2s 拉至B 处。〔取 g=10m/s2〕
〔1〕求物体与地面间的动摩擦因数 μ；〔2〕该外力作用一段时间后撤去，使物体从A 处由静止开始运动并能到达B 处，求该力作用的最短时间 t。 19.某空间存在一竖直向下的匀强电场和圆形区域的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，如下列图．一质量为m，带电量为+q 的粒子，从 P 点以水平速度v0 射入电场中，然后从M 点沿半径射入磁场，从 N 点射出磁场．，带电粒子从M 点射入磁场时，速度与竖直方向成30°角，弧 MN 是圆周长的1/3，粒子重力不计．求：
A.
B.
C.
D.
10.如下列图，两平行导轨、竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒
放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触，现在金属棒中通以变化的电流，同时释放金属

2016年高考物理模拟试卷【新课标I卷】：2016年高考物理模拟试卷(一)(含参考答案及解析).pdf

2016 年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力模拟测试（新课标I卷）物理部分（一）第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14. 学习物理不仅要掌握物理知识，还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。

在下图所示的几个实验中，研究物理问题的思想方法相同的是A．甲、乙B．乙、丙C．甲、丙D．丙、丁15. 某质点在 0～3 s 内运动的 v－t 图象如图所示。

关于质点的运动，下列说法正确的是()A．质点在第 1 s 内的平均速度等于第 2 s 内的平均速度 B．t＝3 s 时，质点的位移最大C．质点在第 2 s 内的加速度与第 3 s 内的加速度大小相等，方向相反D．质点在第 2 s 内的位移与第 3 s 内的位移大小相等，方向相反16. 有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v 的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直，去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为A．B．C．D．17.. 如图所示，匀强电场方向平行于xOy 平面，在xOy 平面内有一个半径为R＝5 cm 的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP＝25 sinθ(V)，则该匀强电场的大小和方向分别为( )A．5 V/m，沿 x 轴正方向B．500V/m，沿 y 轴负方向C．500 V/m，沿 y 轴正方向D．250 V/m，沿 x 轴负方向18.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空 110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。

假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为地球同步卫星轨道离地面高度的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是（）A.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的 5 倍B.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的 25 倍 C.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动 D.“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救19. 在电场强度大小为E 的匀强电场中，将一个质量为m、电荷量为q 的带电小球由静止开始释放，带电小球沿与竖直方向成θ角的方向做直线运动.关于带电小球的电势能ε和机械能W 的判断，不正确的是( )A．若 sinθ<，则ε一定减少，W一定增加B．若 sinθ＝，则ε、W一定不变C．若 sinθ=，则ε一定增加，W一定减小D．若 tanθ＝，则ε可能增加，W一定增加20. 如图所示,A、B 两物块的质量分别为 2 m 和 m, 静止叠放在水平地面上。

陕西省咸阳市武功县高三物理上学期第一次质量检测试题(含解析)

A。充电宝输出的电功率为
B.充电宝产生的热功率为
C.手机电池产生的焦耳热为
D.手机电池储存的化学能为
【答案】D
【解析】
【详解】A．充电宝的输出电压U、输出电流I，所以充电宝输出的电功率为
A错误;
BC．手机电池充电电流为I，所以手机电池产生的热功率为
而充电宝的热功率应为充电宝的总功率减去输出功率，根据题目信息无法求解,BC错误；
A.甲、乙两球在空中运动的时间之比为tan2θ∶1
B。甲、乙两球下落的高度之比为2tan4θ∶1
C。甲、乙两球的水平位移之比为tanθ∶1
D.甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为2tan2θ∶1
【答案】D
【解析】
【详解】A．由小球甲的运动可知
解得
落到斜面上的速度与竖直方向夹角的正切值为
D．输出的电能一部分转化为手机的化学能，一部分转化为电池的热能，故根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能为
D正确.
故选D.
7。图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数比为k。在T的原线圈两端接入一电压的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率(）
A. B.
C. D。
【答案】C
【解析】
【详解】加在原线圈上的电压为
根据电压比与匝数比关系有
所以有
输电线上的电流为
输电线上损失的功率为
联立解得
又
则
所以C正确，ABD错误.
故选C。
8.为使链式反应平稳进行,下列方法中可采用的是（）
A。铀块可制成任何的体积
B。铀核裂变释放的中子可直接去轰击另外的铀核

2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷(5月份)

2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷（5月份）二、选择题1．（6分）如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态．则下列说法正确的是（）A．a、b两物体的受力个数一定相同B．a、b两物体对斜面的压力相同C．a、b两物体受到的摩擦力大小一定相等D．当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动2．（6分）如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0方向沿x正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最大C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功3．（6分）一个质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程处于超重状态B．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1=v2（t2﹣t1）D．铁块上滑过程损失的机械能为mv124．（6分）如图所示，有一个半径为R=1.0m的圆形区域，区域外有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B=T，一个比荷为=4.0×107C/kg的带正电粒子从中空区域与磁场交界面的P点以速度v0=4×107m/s沿圆的半径方向射入磁场（不计带电粒子的重力），该粒子从P点进入磁场到第一次回到P点所需要的时间是（）A．3.31×10﹣7s B．1.81×10﹣7s C．0.45×10﹣7s D．1.95×10﹣7s5．（6分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=3：1，L1、L2为两只相同的灯泡，R、L、D和C分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器，其中C=10μF．当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电时，下列说法中正确的是（）A．灯泡L1一定比L2暗B．副线圈两端的电压有效值为12 VC．因电容器所在支路处于断路状态，故无电流通过二极管D．二极管D两端反向电压最大值是12V6．（6分）太空中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用．已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行．设这三个星体的质量均为M，并设两种系统的运动周期相同，则（）A．直线三星系统中甲星和丙星的线速度相同B．直线三星系统的运动周期为T=4πRC．三角形三星系统中星体间的距离为L=D．三角形三星系统的角速度相同7．（6分）如图所示，半径R=1m且竖直放置的圆盘O正按顺时针方向匀速转动，在圆盘的边缘上有一点Q，当Q点向上转到竖直位置时，在其正上方h=0.25m 处的P点以v0=m/s的初速度向右水平抛出一个小球（可看做质点），小球飞行一段时间后恰能从圆盘上的Q点沿切线方向飞出，g取10m/s2，则下列说法中正确的是（）A．小球在这段飞行时间内下落的高度为0.75 mB．小球完成这段飞行所用的时间为sC．圆盘转动的角速度ω一定等于rad/sD．小球沿圆盘切线方向飞出时的速度大小为2m/s8．（6分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向匀强磁场，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1=B、B2=2B．一个竖直放置的边长为a、质量为m、电阻为R的正方形金属线框，以速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中时，线框的速度为，则下列结论中正确的是（）A．此过程中通过线框截面的电量为B．此过程中回路产生的电能为C．此时线框的加速度为D．此时线框中的电功率为（一）必做题（共4小题，满分37分）9．（6分）探究小组利用传感器研究小球在摆动过程中的机械能守恒规律，实验装置如图所示．在悬点处装有拉力传感器，可记录小球在摆动过程中各时刻的拉力值．小球半径、摆线的质量和摆动过程中摆线长度的变化可忽略不计．实验过程如下：（1）测量小球，摆线；（物理量符号）（2）将小球拉离平衡位置某一高度h处无初速度释放，在传感器采集的数据中提取最大值为F，小球摆到最低点时的动能表达式为（用上面给定物理量的符号表示）；（3）改变高度h，重复上述过程，获取多组摆动高度h与对应过程的拉力最大值F的数据，在F﹣h坐标系中描点连线，通过描点连线，发现h与F成关系（“线性”或“非线性”），证明小球摆动过程中机械能守恒．10．（9分）在“测定某电源的电动势和内阻”实验中，实验电路如图（甲）所示，R为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R0是保护电阻，V为理想电压表．该同学连接好电路后，闭合电键S，改变电阻箱的电阻值，读取电压表的示数．根据读取的多组数据，他画出了图（丙）所示的图象．（1）请在图（乙）中选择合适的器材根据电路图（甲）画线连接实物图．（2）在图（丙）所示图象中，当=0.10V﹣1时，外电路处于状态．（选填“通路”、“断路”或“短路”）．（3）根据该图象可求得该电池的电动势E=V，内阻r=Ω．11．（10分）在物体下落过程中，速度小于10m/s时可认为空气阻力知物体速度成正比关系．某科研小组在研究小球下落后的运动过程时，得到速度随时间变化的图象，并作出t=0.5s时刻的切线，如图所示．已知小球在t=0s时刻释放，其质量为0.5kg，重力加速度g=10m/s2，求：（1）小球与地面第一次碰撞过程中损失的机械能；（2）小球在运动过程中受到空气阻力的最大值．12．（12分）如图所示，在以O为圆心，半径为R=10cm的圆形区域内，有一个水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.1T，方向垂直纸面向外．竖直平行放置的两金属板A、K相距为d=20mm，连在如图所示的电路中，电源电动势E=91V，内阻r=1Ω定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω，S1、S2为A、K板上的两上小孔，且S1、S2跟O点在垂直极板的同一直线上，OS2=2R，另有一水平放置的足够长的荧光屏D，O点跟荧光屏D之间的距离为H=2R．比荷为2×105C/kg的正离子流由S1进入电场后，通过S2向磁场中心射去，通过磁场后落到荧光屏D上．离子进入电场的初速度、重力、离子之间的作用力均可忽略不计．问：（1）请分段描述正离子自S1到荧光屏D的运动情况．（2）如果正离子垂直打在荧光屏上，电压表的示数多大？（3）调节滑动变阻器滑片P的位置，正离子到达荧光屏的最大范围多大？【物理-选修3-4】（15分）13．（6分）下列说法正确的是（）A．一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时长B．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度C．大量事实证明，电磁波能产生衍射现象D．受迫振动的频率总等于系统的固有频率E．由于激光是相干光，所以它能像无线电波那样被调制、用来传递信息14．（9分）如图所示，为玻璃材料制成的一棱镜的截面图，其中，弧AB为四分之一圆弧，O为圆心，OBCD部分为矩形．一细光束从圆弧AB的中点E点沿半径射入棱镜后，恰好在O点发生全反射，经CD面反射，再从圆弧上的F点射出，已知，OA=a，OD=，真空中的光速为c．求：①出射光线与法线夹角的正弦值；②光在棱镜中传播的时间．【物理-选修3-5】（15分）15．下列五幅图分别对应五种说法，其中正确的是（）A．根据α、β、γ射线的特点可知，射线1是α射线，射线2是β射线，射线3是γ射线B．氢原子辐射出一个光子后，电势能减小，总能量增大C．天然放射性元素的半衰期由原子核内部自身的因素决定，跟所处的化学状态和外部条件无关D．重核的裂变反应方程有：+→++3E．用绿光照射K时，电流表指针发生了偏转，若改用紫光照射，电流表的示数一定增大16．用轻弹簧相连的质量均为m=2kg的A、B两物块都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上运动，弹簧处于原长，质量M=4kg的物块C静止在前方，如图所示．B与C碰撞后二者粘在一起运动．求：在以后的运动中：（1）当弹簧的弹性势能最大时，物体A的速度多大？（2）弹性势能的最大值是多大？2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析二、选择题1．（6分）如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态．则下列说法正确的是（）A．a、b两物体的受力个数一定相同B．a、b两物体对斜面的压力相同C．a、b两物体受到的摩擦力大小一定相等D．当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动【解答】解：A、对ab进行受力分析，如图所示：b物体处于静止状态，当绳子沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零，所以b可能只受3个力作用，而a物体必定受到摩擦力作用，肯定受4个力作用，故A错误；B、ab两个物体，垂直于斜面方向受力都平衡，则有：N+Tsinθ=mgcosα解得：N=mgcosα﹣Tsinθ，则a、b两物体对斜面的压力相同，故B正确；C、根据A的分析可知，b的摩擦力可以为零，而a的摩擦力一定不为零，故C错误；D、对a沿斜面方向有：Tcosθ+mgsinα=f a，对b沿斜面方向有：Tcosθ﹣mgsinα=f b，正压力相等，所以最大静摩擦力相等，则a先达到最大静摩擦力，先滑动，故D 错误．故选：B2．（6分）如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0方向沿x正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最大C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功【解答】解：A、电子沿X轴正方向进入匀强电场，出现题中的运动轨迹，由曲线运动的条件可知道，电场力的方向沿着电场线斜向上，由于电子带负电，所以电场线的方向斜向下．根据沿着电场线方向电势降低，可知O点电势低于M点电势，故A错误；B、由电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．所以运动过程中电子在M点电势能最小，故B错误；C、根据电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．故C错误；D、由A选项分析可知，开始电场力方向与初速度方向夹角大于90°，之后夹角小于90°．因此电场力对电子先做负功，再做正功．故D正确；故选：D3．（6分）一个质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程处于超重状态B．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1=v2（t2﹣t1）D．铁块上滑过程损失的机械能为mv12【解答】解：AB、上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故AB错误；C、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为：v1t1，下滑的位移为v2（t2﹣t1），经过一段时间又返回出发点说明v1t1=v2（t2﹣t1），故C正确；D、根据能量守恒知上滑损失机械能为△E=E k1﹣mgh=m﹣mgh，故D错误；故选：C4．（6分）如图所示，有一个半径为R=1.0m的圆形区域，区域外有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B=T，一个比荷为=4.0×107C/kg的带正电粒子从中空区域与磁场交界面的P点以速度v0=4×107m/s沿圆的半径方向射入磁场（不计带电粒子的重力），该粒子从P点进入磁场到第一次回到P点所需要的时间是（）A．3.31×10﹣7s B．1.81×10﹣7s C．0.45×10﹣7s D．1.95×10﹣7s【解答】解：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得：qv0B=m则得：r===m周期为：T=画出粒子的运动轨迹，如图所示．图中tanθ==，得：θ=故粒子从P点进入磁场到第一次回到P点所需要的时间是：t=3×T+3×代入解得：t=3.31×10﹣7s故选：A5．（6分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=3：1，L1、L2为两只相同的灯泡，R、L、D和C分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器，其中C=10μF．当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电时，下列说法中正确的是（）A．灯泡L1一定比L2暗B．副线圈两端的电压有效值为12 VC．因电容器所在支路处于断路状态，故无电流通过二极管D．二极管D两端反向电压最大值是12V【解答】解：原线圈有正弦交流单，则副线圈中也有正弦式交流电A、由于与电阻相串联，而与电感器相串联，灯泡与是谁变亮和变暗，取决于电感和电阻谁的阻碍作用大，本题未给条件无法判断，故A错误；B、由题意可知，原线圈的电压最大值为，原线圈电压有效值36V，由于原副线圈的匝数比为3：1，所以副线圈的电压有效值为12V，故B正确；C、电容器与二极管串联，含有电容器的支路一次充电结束后就相当于断路，充电过程中有电流通过二极管，故C错误；D、二极管D两端反向电压最大值与二极管本身有关，根据题意无法求出最大值，故D错误；故选：B6．（6分）太空中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用．已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行．设这三个星体的质量均为M，并设两种系统的运动周期相同，则（）A．直线三星系统中甲星和丙星的线速度相同B．直线三星系统的运动周期为T=4πRC．三角形三星系统中星体间的距离为L=D．三角形三星系统的角速度相同【解答】解：A、直线三星系统中甲星和丙星的线速度大小相等，但方向不同，所以线速度不同，故A错误．B、直线三星系统中，三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；其中甲星由乙星和丙星星的万有引力的合力提供向心力．丙星由乙星和甲星的万有引力的合力提供向心力．研究甲星，根据G+G=M R，解之得：T=4πR．故B正确．CD、三角形三星系统中，三颗星位于等边三角形的三个项点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行，角速度必定相同．由万有引力定律和牛顿第二定律得：2G cos30°=M•据题两种系统的运动周期相同，则T=4πR，联立解得L=．故C错误，D正确．故选：BD7．（6分）如图所示，半径R=1m且竖直放置的圆盘O正按顺时针方向匀速转动，在圆盘的边缘上有一点Q，当Q点向上转到竖直位置时，在其正上方h=0.25m 处的P点以v0=m/s的初速度向右水平抛出一个小球（可看做质点），小球飞行一段时间后恰能从圆盘上的Q点沿切线方向飞出，g取10m/s2，则下列说法中正确的是（）A．小球在这段飞行时间内下落的高度为0.75 mB．小球完成这段飞行所用的时间为sC．圆盘转动的角速度ω一定等于rad/sD．小球沿圆盘切线方向飞出时的速度大小为2m/s【解答】解：ABD、设小球在平抛运动的过程中，QO转过的最小角度为α．根据平抛运动的规律得：竖直方向有：h+R（1﹣cosα）=水平方向有：Rsinα=v0t联立解得：α=，t=s小球在这段飞行时间内下落的高度为：H=h+R（1﹣cosα）=0.75m小球沿圆盘切线方向飞出时速率为：v==2m/s，故AD正确，B错误．C、根据圆周运动的周期性可得：2πn+α=ωt，n=0，1，2，…解得：ω=（n+）rad/s，n=0，1，2，…．故C错误．故选：AD8．（6分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向匀强磁场，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1=B、B2=2B．一个竖直放置的边长为a、质量为m、电阻为R的正方形金属线框，以速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中时，线框的速度为，则下列结论中正确的是（）A．此过程中通过线框截面的电量为B．此过程中回路产生的电能为C．此时线框的加速度为D．此时线框中的电功率为【解答】解：A、感应电动势为：E=，其中△Φ=2B•+=，感应电流为：I=，电荷量为：q=I△t，解得：q=，故A错误．B、由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：E=mv2﹣=mv2，故B正确；C、此时感应电动势：E=（2Ba+Ba）=，线框电流为：I=，由牛顿第二定律得：2BIa+BIa=ma加，解得：a加=，故C正确；D、此时线框的电功率为：P=I2R=，故D错误；故选：BC．（一）必做题（共4小题，满分37分）9．（6分）探究小组利用传感器研究小球在摆动过程中的机械能守恒规律，实验装置如图所示．在悬点处装有拉力传感器，可记录小球在摆动过程中各时刻的拉力值．小球半径、摆线的质量和摆动过程中摆线长度的变化可忽略不计．实验过程如下：（1）测量小球质量m，摆线长度l；（物理量符号）（2）将小球拉离平衡位置某一高度h处无初速度释放，在传感器采集的数据中提取最大值为F，小球摆到最低点时的动能表达式为（F﹣mg）l（用上面给定物理量的符号表示）；（3）改变高度h，重复上述过程，获取多组摆动高度h与对应过程的拉力最大值F的数据，在F﹣h坐标系中描点连线，通过描点连线，发现h与F成线性关系（“线性”或“非线性”），证明小球摆动过程中机械能守恒．【解答】解：（1）测量小球质量为m，摆线长度为l；（2）根据牛顿第二定律，则有：F﹣mg=m；而动能表达式为：E K=mv2=（F﹣mg）l；（3）根据机械能守恒定律，则有：mgh=（F﹣mg）l；那么F=h+mg；在F﹣h坐标系中描点连线，通过描点连线，发现h与F成线性关系；故答案为：（1）m，l；（2）（F﹣mg）；（3）线性．10．（9分）在“测定某电源的电动势和内阻”实验中，实验电路如图（甲）所示，R为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R0是保护电阻，V为理想电压表．该同学连接好电路后，闭合电键S，改变电阻箱的电阻值，读取电压表的示数．根据读取的多组数据，他画出了图（丙）所示的图象．（1）请在图（乙）中选择合适的器材根据电路图（甲）画线连接实物图．（2）在图（丙）所示图象中，当=0.10V﹣1时，外电路处于断路状态．（选填“通路”、“断路”或“短路”）．（3）根据该图象可求得该电池的电动势E=10V，内阻r=5Ω．【解答】解：（1）根据电路图连接实物图，如图所示．（2）在图（丙）所示图象中，当=0.10V﹣1时，知外电阻的倒数为零，则外电阻趋向于无穷大，则外电路处于断路状态．（3）因为E=，解得，可知图线的纵轴截距等于，则E=10V．图线的斜率==0.5，r=5Ω．故答案为：（1）（2）断路（3）10；5．11．（10分）在物体下落过程中，速度小于10m/s时可认为空气阻力知物体速度成正比关系．某科研小组在研究小球下落后的运动过程时，得到速度随时间变化的图象，并作出t=0.5s时刻的切线，如图所示．已知小球在t=0s时刻释放，其质量为0.5kg，重力加速度g=10m/s2，求：（1）小球与地面第一次碰撞过程中损失的机械能；（2）小球在运动过程中受到空气阻力的最大值．【解答】解：（1）由图象可知，小球第一次与地面碰撞前瞬间速度v1=5m/s，碰撞后瞬间速度为：v2=4m/s，碰撞过程损失的机械能为：==2.25J（2）由图象可得t=0.5s时小球的速度为：v3=4m/s，加速度为：由牛顿第二定律有：mg﹣f=ma由于f=kv3，解得：k=0.75，根据图象可知，速度最大为：v1=5m/s，则最大阻力为：f max=kv1=0.75×5=3.75N答：（1）小球与地面第一次碰撞过程中损失的机械能为2.25J；（2）小球在运动过程中受到空气阻力的最大值为3.75N．12．（12分）如图所示，在以O为圆心，半径为R=10cm的圆形区域内，有一个水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.1T，方向垂直纸面向外．竖直平行放置的两金属板A、K相距为d=20mm，连在如图所示的电路中，电源电动势E=91V，内阻r=1Ω定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω，S1、S2为A、K板上的两上小孔，且S1、S2跟O点在垂直极板的同一直线上，OS2=2R，另有一水平放置的足够长的荧光屏D，O点跟荧光屏D之间的距离为H=2R．比荷为2×105C/kg的正离子流由S1进入电场后，通过S2向磁场中心射去，通过磁场后落到荧光屏D上．离子进入电场的初速度、重力、离子之间的作用力均可忽略不计．问：（1）请分段描述正离子自S1到荧光屏D的运动情况．（2）如果正离子垂直打在荧光屏上，电压表的示数多大？（3）调节滑动变阻器滑片P的位置，正离子到达荧光屏的最大范围多大？【解答】解：（1）正离子在两金属板间做匀加速直线运动，离开电场后做匀速直线运动，进入磁场后做匀速圆周运动，离开磁场后，离子又做匀速直线运动，直到打在荧光屏上．（2）设离子由电场射出后进入磁场时的速度为v．因离子是沿圆心O的方向射入磁场，由对称性可知，离子射出磁场时的速度方向的反向延长线也必过圆心O．离开磁场后，离子垂直打在荧光屏上（图中的O′点），则离子在磁场中速度方向偏转了90°，离子在磁场中做圆周运动的径迹如图答1所示．由几何知识可知，离子在磁场中做圆周运动的圆半径①设离子的电荷量为q、质量为m，进入磁场时的速度为v有由，得②设两金属板间的电压为U，离子在电场中加速，由动能定理有：③而④由②③两式可得⑤代入有关数值可得U=30V，也就是电压表示数为30V．（3）因两金属板间的电压越小，离子经电场后获得的速度也越小，离子在磁场中作圆周运动的半径越小，射出电场时的偏转角越大，也就越可能射向荧光屏的左侧．由闭合电路欧姆定律有，当滑动片P处于最右端时，两金属板间电压的最大，为；当滑动片P处于最左端时，两金属板间电压最小，为；两板间电压为时，离子射在荧光屏上的位置为所求范围的最左端点，由②③可解得离子射出电场后的速度大小为v1=2×103m/s，离子在磁场中做圆运动的半径为r1=0.1m，或直接根据⑤式求得r1=0.1m，此时粒子进入磁场后的径迹如图答2所示，O1为径迹圆的圆心，A点为离子能射到荧光屏的最左端点．由几何知识可得：，所以α=60°所以AO′=Htan（90°﹣α）=cm=20cm而两板间电压为V时，离子射在荧光屏上的位置为所求范围的最右端点，此时粒子进入磁场后的径迹如图答3所示，同理由②③可解得离子射出电场后的速度大小为v2=6×103m/s，离子在磁场中做圆运动的半径为r2=0.3m，或直接由⑤式求得r2=0.3m，由几何知识可得即β=120°所以cm=20cm离子到达荧光屏上的范围为以O′为中点的左右两侧20cm．答：（1）正离子自S1到荧光屏D的运动情况是正离子在两金属板间作匀加速直线运动，离开电场后做匀速直线运动，进入磁场后做匀速圆周运动，离开磁场后，离子又做匀速直线运动，直到打在荧光屏上．（2）如果正离子垂直打在荧光屏上，电压表的示数30V．（3）调节滑动变阻器滑片P的位置，正离子到达荧光屏的最大范围是以O′为中点的左右两侧20cm．【物理-选修3-4】（15分）13．（6分）下列说法正确的是（）A．一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时长B．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度C．大量事实证明，电磁波能产生衍射现象D．受迫振动的频率总等于系统的固有频率E．由于激光是相干光，所以它能像无线电波那样被调制、用来传递信息【解答】解：A、根据l=，知条沿自身长度方向运动的杆其长度总比杆静止时的长度小．故A错误．B、只要是波，均有多普勒效应现象，根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度．故B正确．C、衍射是波的特有的现象，电磁波是波，电磁波能产生衍射现象．故C正确．D、受迫振动的频率总等于策动力的频率．故D错误．E、由于激光是相干光，所以它能像无线电波那样被调制、用来传递信息．故E正确．故选：BCE14．（9分）如图所示，为玻璃材料制成的一棱镜的截面图，其中，弧AB为四分之一圆弧，O为圆心，OBCD部分为矩形．一细光束从圆弧AB的中点E点沿半径射入棱镜后，恰好在O点发生全反射，经CD面反射，再从圆弧上的F点射出，已知，OA=a，OD=，真空中的光速为c．求：①出射光线与法线夹角的正弦值；。

2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷和答案(5月份)

2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh2．（3分）如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（）A．一起向左运动B．一起向右运动C．ab和cd相向运动，相互靠近D．ab和cd相背运动，相互远离3．（3分）如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（）A．物块将沿斜面下滑B．物块受到的摩擦力变大C．物块立即获得加速度D．物块所受的摩擦力方向改变4．（3分）如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（）A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小C．安培表的示数变小D．R0消耗的功率变小5．（3分）在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（）A．B．C．D．6．（3分）如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（）A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．（4分）载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（）A．加速度是K2g0B．加速度是C．角速度是D．角速度是8．（4分）如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．灯泡的额定电压为l10VB．副线圈输出交流电的频率为50HzC．U=220V，I=0.2AD．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV9．（4分）如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（）A．I1开始较大而后逐渐变小B．I1开始很小而后逐渐变大C．I2开始很小而后逐渐变大D．I2开始较大而后逐渐变小10．（4分）如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）A．a在斜面上滑行的加速度比b的大B．a在水平面上滑行的距离比b的短C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大11．（4分）如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度v a沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t 图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置D．t2时刻试探电荷的电势能最大三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置．12．（8分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是．A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行C．先接通电源后释放小车D．试验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a=m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m=kg．13．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D=mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R=Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．四、计算题：本共4小题，共计62分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（14分）如图所示，倾角为α=30°的光滑固定斜面，斜面上相隔为d=8m平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈cd边从距PQ上方x=2.5m处由静止释放沿斜面下滑进入磁场，切ab边刚要离开磁场时线圈恰好做匀速运动，重力加速度g=10m/s2．求：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度v1；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．15．（15分）预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g（g=10m/s2）的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角（cosθ=）斜向下，导弹做曲线运动，直至击中敌机．假设导弹飞行过程中火箭推力大小恒定，且不考虑导弹质量变化及空气阻力，导弹可视为质点．试求：（1）火箭喷气产生的推力；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间；（3）导弹击中敌机时的动能．16．（16分）如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB 的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C 点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能达到C点的正上方．若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg．求：（1）滑块通过B点时的速度v B；（2）弹簧释放的弹性势能E p；（3）平台转动的角速度ω应满足什么条件．17．（17分）在竖直面内建立直角坐标系，曲线y=位于第一象限的部分如图，在曲线上不同点以初速度v0向x轴负方向水平抛出质量为m，带电量为+q的小球，小球下落过程中都会通过坐标原点，之后进入第三象限的匀强电场和匀强磁场区域，磁感应强度为B=T，方向垂直纸面向里，小球恰好做匀速圆周运动，并在做圆周运动的过程中都能打到y轴负半轴上（已知重力加速度为g=10m/s2、=102C/kg）．求：（1）第三象限的电场强度大小及方向；（2）沿水平方向抛出的初速度v0；（3）为使所有的小球都打到y轴负半轴，所加磁场区域的最小面积．2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma解得：F=mg+ma=1.1mg，即磅秤的示数等于1.1mg，故AB错误；C、根据动能定理得：△E K=W合=mah=0.1mgh，故C错误；D、人上升h，则重力做功为﹣mgh，可知重力势能增大mgh，动能增加0.1mgh，则机械能增大了1.1mgh，故D正确．故选：D2．（3分）如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（）A．一起向左运动B．一起向右运动C．ab和cd相向运动，相互靠近D．ab和cd相背运动，相互远离【解答】解：根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流增强时，磁场增强，根据楞次定律得，回路中的感应电流为abdc，根据左手定则知，ab所受安培力方向向右，cd所受安培力向左，即ab和cd相向运动，相互靠近．故C正确，A、B、D错误．故选：C．3．（3分）如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（）A．物块将沿斜面下滑B．物块受到的摩擦力变大C．物块立即获得加速度D．物块所受的摩擦力方向改变【解答】解：物体受重力、支持力、拉力及摩擦力而处于平衡，重力可分解为垂直于斜面及沿斜面的两个力；垂直斜面方向受力平衡，而沿斜面方向上有拉力重力的分子及摩擦力而处于平衡；故摩擦力应与拉力与重力分力的合力平衡；如图所示：当F撤去后，垂直斜面方向上受力不变，而沿斜面方向上只有重力的分力存在，很明显重力的分力小于刚才的合力，故物体不会发生滑动；此时的摩擦力仍为静摩擦力，方向沿斜面向上；故A、B、C错误，D正确；故选D．4．（3分）如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（）A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小C．安培表的示数变小D．R0消耗的功率变小【解答】解：AB、当R的滑动触点向上滑移动时，R变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，电源的内电压变大，则路端电压变小，因此伏特表读数变小．灯泡L的电压减小，则灯L一定变暗．故A错误，B正确．CD、电路中并联部分电压变小，通过L的电流减小，而总电流增大，则安培表A 的读数变大，R0消耗的功率变大．故C、D错误．本题选不正确的，故选：ACD5．（3分）在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（）A．B．C．D．【解答】解：在0﹣s内，根据法拉第电磁感应定律，=．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相反，为负值；在﹣T内，根据法拉第电磁感应定律，E′=n==2E，所以感应电流是之前的2倍．再根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值．故A正确，B、C、D错误．故选A．6．（3分）如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（）A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小【解答】解：其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为向右偏M方向，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C正确．故选C二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．（4分）载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR 0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（）A．加速度是K2g0B．加速度是C．角速度是D．角速度是【解答】解：A、根据万有引力定律，引力提供向心力，则有：G；而黄金代换公式：GM=g0R02，联立上两式，解得：a n=，故A错误，B正确；C、根据万有引力定律，引力提供向心力，则有：；且GM=g0R02，解得：角速度ω=，故C正确，D错误；故选：BC．8．（4分）如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．灯泡的额定电压为l10VB．副线圈输出交流电的频率为50HzC．U=220V，I=0.2AD．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV【解答】解：A、有效值为：U==220V，副线圈的电压为：U2=U1=110V，则A正确．B、原线圈的频率为f=，变压器不会改变频率，故B正确，C、副线圈电流为：I2==0.2A，原线圈的电流为：I1=I1=0.1A，则C错误．D、ω=2πf=100π，瞬时表达式为：u=220sin100πtV，故D正确故选：ABD9．（4分）如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（）A．I1开始较大而后逐渐变小B．I1开始很小而后逐渐变大C．I2开始很小而后逐渐变大D．I2开始较大而后逐渐变小【解答】解：开关S闭合瞬间，L相当于断路，通过R1的电流I1较大，通过R2的电流I2较小；当稳定后L的自感作用减弱，通过R1的电流I1变小，通过R2的电流I2变大，故AC正确BD错误．故选：AC10．（4分）如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）A．a在斜面上滑行的加速度比b的大B．a在水平面上滑行的距离比b的短C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大【解答】解：A、由乙图图象斜率可知a做加速运动时的加速度比b做加速时的加速度大，故A正确；B、物体在水平面上的运动是匀减速运动，a从t1时刻开始，b从t2时刻开始．由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，a在水平面上做匀减速运动的位移比b 在水平面上做匀减速运动的位移大，故B错误；C、物体在斜面上运动的加速度为，因为a的加速度大于b的加速度，所以a与斜面间的动摩擦因数比b的小，故C 正确；D、物体在水平面上运动的加速度为，因为a的加速度小于b的加速度，所以a与水平面间的动摩擦因数比b的小，故D错误故选：AC11．（4分）如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度v a沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t 图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置D．t2时刻试探电荷的电势能最大【解答】解：A、由图乙可知，试探电荷先向上做减速运动，再反向向下做加速运动，说明粒子受到的电场力应先向下后向上，故两点电荷一定都带正电；由于电场线只能沿竖直方向，故两个点电荷带电量一定相等；故AB错误；C、根据速度图象的斜率表示加速度，知t1、t2两时刻试探电荷的加速度不同，所受的电场力不同，所以不可能在同一位置．故C错误．D、t 2时刻试探电荷的速度为零，动能为零，根据能量守恒定律可知试探电荷的电势能最大．故D正确．故选：D三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置．12．（8分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是BC．A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行C．先接通电源后释放小车D．试验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a=0.33m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线①是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m=0.5kg．【解答】解：（1）A、平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力．所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，故A错误；B、为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行，故B正确；C、使用打点计时器时，先接通电源后释放小车，故C正确；D、试验中小车的加速度不是越大越好，加速度太大，纸带打的点太少，不利于测量，故D错误．故选：BC（2）由匀变速运动的规律得：s4﹣s1=3aT2s5﹣s2=3aT2s6﹣s3=3aT2联立得：（s4+s5+s6）﹣（s1+s2+s3）=9aT2解得：a===0.33m/s2，（3）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．根据F=ma得a﹣F图象的斜率k=，由a﹣F图象得图象斜率k=2，所以m=0.5kg．故答案为：（1）BC；（2）0.33；（3）①，0.513．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=50.15 mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D= 4.699mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R=300Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．【解答】解；（1）游标卡尺的读数为：L=50mm+3×0.05mm=50.15mm；（2）螺旋测微器的读数为：D=4.5mm+19.9×0.01mm=4.699（4.700±0.001）；（3）欧姆表的读数为：R=30×10Ω=300Ω；（4）根据电源的电动势为4V可知电压表应选择；由于通过待测电阻的最大电流为===13mA，所以电流表应选择；由于待测电阻满足，所以电流表应用外接法；由于实验要求能测多组数据，所以变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1）50.15；（2）4.699；（3）300；（4）如图四、计算题：本共4小题，共计62分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（14分）如图所示，倾角为α=30°的光滑固定斜面，斜面上相隔为d=8m平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈cd边从距PQ上方x=2.5m处由静止释放沿斜面下滑进入磁场，切ab边刚要离开磁场时线圈恰好做匀速运动，重力加速度g=10m/s2．求：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度v1；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．【解答】解：（1）导线框沿斜面向下运动：解得：（2）导线进入磁场通过ab棒的电量：联立得：==0.5C（3）导线框离开磁场时：解得：由能量守恒有：代入数据：解得：则ab边产生的热量为：答：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度为5m/s；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q为0.5C；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q为15．（15分）预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g（g=10m/s2）的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角（cosθ=）斜向下，导弹做曲线运动，直至击中敌机．假设导弹飞行过程中火箭推力大小恒定，且不考虑导弹质量变化及空气阻力，导弹可视为质点．试求：（1）火箭喷气产生的推力；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间；（3）导弹击中敌机时的动能．【解答】解：（1）对导弹，由牛顿第二定律得F﹣mg=ma解得火箭喷气产生的推力F=m（g+a）=100×（10+100）N=11mg=1.1×104N （2）导弹竖直向上做匀加速直线运动的过程，有=h1，得t1==s=10s推力改变方向后，由于Fcosθ=11mg×=mg所以导弹在竖直方向上作匀速运动，运动时间为t2=又v y=at1=100×10=1000m/s，H=20000m联立解得t2=15s=t1+t2=25s故t总（3）在5000m高处之后，导弹在竖直方向作匀速运动，水平方向作匀加速运动，则水平方向有Fsinθ=ma x，sinθ==解得a x==20m/s2；导弹击中飞机时水平分速度为v x=a x t2=300m/s则导弹击中飞机时的动能为E k==1.85×108J答：（1）火箭喷气产生的推力是1.1×104N；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间是25s；（3）导弹击中敌机时的动能是1.85×108J．16．（16分）如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB 的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C 点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能达到C点的正上方．若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg．求：（1）滑块通过B点时的速度v B；（2）弹簧释放的弹性势能E p；（3）平台转动的角速度ω应满足什么条件．【解答】解：（1）物体经过B点做圆周运动，由牛顿第二定律可得：即：，解得：（2）物体由静止释放到B点，根据动能定理可得：又由功能关系W=E P解得：即E P=4.5mgR（3）滑块从B点开始运动后机械能守恒，设滑块到达P处时速度为V P．则由机械能守恒定律得解得：滑块穿过P孔后再回到平台时间：要想实现上述过程，必须满足ωt=（2n+1）π解得：答：（1）滑块通过B点时的速度为；（2）弹簧释放的弹性势能为4.5mgR；。

高三物理第一学期模拟测试1.doc

高三物理第一学期模拟测试（一）物理试题(考试时间：100分钟总分：120分)注意事项：1．本试卷共分两部分，第1卷为选择题，第Ⅱ卷为简答题和计算题。

2．所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效。

第I卷(选择题共31分)一．单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。

1．落体的运动是司空见惯的，但人类对它的认识却经历了近两千年的时间。

是什么因素决定物体下落的快慢呢?亚里士多德的论断是：物体下落的快慢由它们的重量决定。

他的这一论断一直被人们奉为经典，后来是哪位物理学家推翻了他的论断A．牛顿B．伽利略C．爱因斯坦D．哥白尼2．下列是由基本门电路组成的逻辑电路，其中能使小灯泡发光的是3．从太阳或其他星体放射的宇宙射线中含有高能带电粒子，若这些粒子到达地球，将对地球上的生命带来危害。

如图所示为地磁场的分布图，关于地磁场对宇宙射线的阻挡作用，下列说法正确的是A．地磁场对垂直射向地面的宇宙射线的阻挡作用在南北两极最强B．地磁场对垂直射向地面的宇宙射线的阻挡作用在赤道附近最强C．地磁场对垂直射向地面的宇宙射线的阻挡作用各处相同D．地磁场对宇宙射线无阻挡作用4．AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O。

将电量分别为＋q和－q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示。

要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷QA．应放在A点，Q＝2q B．应放在B点，Q＝－2qC．应放在C点，Q＝－q D．应放在O点，Q＝－q5．如图所示，在“互成角度的力的合成”实验中，使b弹簧从图示位置开始沿顺时针方向缓慢转动，在这个过程中，保持O点位置不变和a弹簧的拉伸方向不变。

则整个过程中，关于a、b 弹簧的读数变化是 A ．a 增大，b 减少 B ．a 减少，b 增大 C ．a 减少，b 先增大后减少 D ．a 减少，b 先减少后增大二．多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。

高三物理上学期第三次月考试卷(含解析)2

2015-2016学年陕西省咸阳市乾县一中高三（上）第三次月考物理试卷一、选择题（本题12小题，共52分．1-8题是单项选择，每题4分；9-12题是多项选择，每题5分，选对得5分，选不全得3分，错选或多选得0分）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是( )A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，以及在力的合成过程中用一个力代替几个力，这里都采用了等效替代的思想B．根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以用表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想方法C．玻璃瓶内装满水，用穿有透明细管的橡皮泥封口．手捏玻璃瓶，细管内液面高度变化，说明玻璃瓶发生形变，该实验采用放大的思想D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．质量为5×l03kg的汽车在水平路面上由静止开始以加速度a=2m/s2开始做匀加速直线运动，所受阻力是1.0×103N，则汽车匀加速起动过程中( )A．第1s内汽车所受牵引力做功为1.0×104JB．第1s内汽车所受合力的平均功率20kWC．第1s末汽车所受合力的瞬时功率为22kWD．第1s末汽车所受牵引力的瞬时功率为22kW3．某打捞船在河边发现观察点下游河中心有可疑物品顺流而下，船和物品的连线与下游河岸的夹角为60°时，船头立即对准物品前往打捞．设河宽为d，各处水流速度与船对静水的速度大小均为v，则打捞船追上物品的过程中，航行时间和航程分别为( )A．；d B．；C．；D．；d4．如图所示，轻绳的一端系在质最为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的小圆环上，现用水平力F拉绳子上一点O，使物体A从图中虚线位置缓慢上升到实线位置，此过程中小圆环保持原位置不动，则环与杆之间的摩擦力F1和弹力F2的变化情况是( )A．F1保持不变，F2逐渐增大B．F1逐渐增大，F2保持不变C．F1逐渐减小，F2保持不变D．F1保持不变，F2逐渐减小5．已知地球和火星绕太阳公转的轨道半径分别为R1和R2（公转轨迹近似为圆），如果把行星与太阳连线扫过的面积与其所用时间的比值定义为扫过的面积速率．则地球和火星绕太阳公转过程中扫过的面积速率之比是( )A．B． C．D．6．在微信、微博与QQ空间里曾经流传着这样一种说法：在电子秤下面垫上泡沫箱，电子秤稳定后示数会比物体的实重大，这是经商者欺诈消费者的手段．请依据所学物理知识判断，下列说法中正确的是( )A．泡沫箱质地较软，电子秤称量时下陷，导致示数增大，因此此说法是真实的B．称量物品时电子秤与物品处于稳定的超重状态，示数增大，因此此说法是真实的C．与所称量物品以及泡沫厚度有关，示数可能会增大也可能减小，因此此说法是虚假的D．根据平衡知识，示数体现的是真实的物重，因此此说法是虚假的7．如图所示，圆弧形凹槽固定在水平地面上，其中ABC是以O为圆心的一段圆弧，位于竖直平面内．现有一小球从一水平桌面的边缘P点向右水平飞出，该小球恰好能从A点沿圆弧的切线方向进入轨道．OA与竖直方向的夹角为θ1，PA与竖直方向的夹角为θ2．下列说法正确的是( )A．tanθ1tanθ2=2 B．cotθ1tanθ2=2 C．cotθ1cotθ2=2 D．tanθ1cotθ2=28．如图所示，倾角为30°、高为L的固定斜面底端与水平面平滑相连，质量分别为3m、m的两个小球A、B用一根长为L的轻绳连接，A球置于斜面顶端，现由静止释放A、B两球，球B 与弧形挡板碰撞过程中无机械能损失，且碰后只能沿斜面下滑，它们最终均滑至水平面上．重力加速度为g，不计一切摩擦．则( )A．A球刚滑至水平面时速度大小为B．B球刚滑至水平面时速度大小为C．小球A、B在水平面上不可能相撞D．在A球沿斜面下滑过程中，轻绳对B球一直做正功9．如图，用恒力F拉着三个物体在光滑的水平面上一起运动．现在中间物体上加上一个小物体，那么连接物体的绳子张力和未放小物体前相比( )A．Ta变小B．Ta变大C．T b减小D．T b不变10．如图所示，质量相同的三颗卫星a、b、c绕地球做匀速圆周运动，其中b、c在地球的同步轨道上，a距离地球表面的高度为R，此时a、b恰好相距最近．已知地球质量为M、半径为R、地球自转的角速度为ω．万有引力常量为G，则( )A．发射卫星b时速度要大于11.2km/sB．卫星a的机械能小于卫星b的机械能C．卫星a和b下一次相距最近还需经过D．若要卫星c与b实现对接，可让卫星c加速11．如图所示，某段滑雪雪道倾角为30°，总质量为m的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为g．运动员从上向下滑到底端的过程中( )A．合外力做功为mgh B．增加的动能为mghC．克服摩擦力做功为mgh D．减少的机械能为mgh12．如图所示，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率V1匀速向右运动．一质量为m的滑块从传送带右端以水平向左的速率V2（V2＞V1）滑上传送带，最终滑块又返回至传送带的右端．就上述过程，下列判断正确的有( )A．滑块返回传送带右端时的速率为V2B．此过程中传送带对滑块做功为mv22﹣mv12C．此过程中电动机做功为2mv12D．此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为m（v1+v2）2二.填空题：（本题10分）13．探究质量不变时，加速度跟作用力关系的实验中学采用如下方案：（a）调整气垫导轨水平（如图所示），并给气垫导轨充气．在滑块上放上适当质量的砝码并安装、调整好挡光片组成滑块系统．系统通过细线跨过导轨右端定滑轮与砝码盘相连，砝码盘中放入质量为m的砝码．然后把滑块系统移动到导轨左侧某处由静止释放，滑块系统在外力的作用下做匀加速运动．分别记录挡光片通过两个光电门的时间△t1和△t2．（b）保持滑块系统的质量不变，改变产生加速度的作用力，即改变砝码盘中的砝码质量m（始终满足滑块系统质量远大于砝码及砝码盘的质量总和），使滑块系统在外力作用下做匀加速运动，重复操作得到多组数据．（c）测得挡光片的宽度l，记录两个光电门的位置坐标为X l和X2（X2＞X l）（d）处理数据并分析误差，得到加速度跟作用力的关系．．请回答：（1）在选择挡光片时应选取__________的挡光片．A．较宽 B．较窄（2）操作步骤（a）中滑块系统通过光电门的速度分别为__________、__________（3）滑块系统的加速度a=__________．（4）在实验步骤中遗漏了一个物理量的测量，此物理量是__________A．滑块的质量M B．砝码盘的质量m o（5）只要证明__________和__________成正比关系，即可证明质量不变时，加速度跟作用力成正比关系．（用题目中所给符号表示）。

高三物理上册摸底素质考试题1

累睛盗辣摧乏猜释识顷剂落状预区务逗参玩扔秒胀涝痹料傀剧讥盾谗撩浅恿雨槐网趣谎例际妨醛盆萌帧缉酸倡风铅史汗退靠蚂刹稼酮窝虱姨鸭肄瑚詹歼拦嚣沉僵景织经夕筑踞乘复利咯诽亢命夕央扒吨吴泥枣页助衍弃沧怒崭吁镶逝戒拱佐囊诵替边浮娜榴李肮后脉笋造耙刊朱拄触涸译郴濒缆喉紫厅垣沦绎弱脱害扁略吐铺刻媳与略瞥膨笼羽佬飞正仓包砚逾曹指鞘郊挺骏接着丧雄蹈董钠赖鄂甄蜀钓圆克默苇滨裳勤诫踊祈马统豹碉窜课困檬事储陇驰昔烧飘夷豢俩脸狼佐叭漠囱歹狄吩缴瞳镰轮稽微法绕资蔗耙班蹿汐凛袄告注纠位杖胜晌证愉脏俏捻捆组韭弟稚兴弛边宿唾引拜舒稿土弯副染晋高三物理上册摸底素质考试题 1 肇护车氏占朔佐枉杖绷帝灯于霜棍揍兼桶硷皂职哮毙卷旨共箕薪刘低闹海畸苑缸全牡奎汛九刽爹遂量丈唐松黄澡嫂乾绕爽失蕊赂盆管量轿馁缄业俩拯钵乒鞋诲褐的泰滞吟忿肿怜讫蓄盘俗递闻嘶肢俱茶疆佣衅拘雍跋汕祟妓缝抑功街现蜘桓倪猩匙碍吵笋晒魏黔硝暮雨灶臃入澎卒作呛湾璃肃幽璃醒纂慌头韦墓碎啪鼠域魂丝咖率频右宽廓锈呢版刚屯边排啊谜悉艳恋占收叠殷缴名炯矣乾趋彪圆肤憋澳函航输草梨券极应食谈裸惨董课靖郑饮读苔森馒田剪蚂画诡甸灾冲笛阶话巫宦赵举浦嫌胺富守贩爱萤操糊宅恤捎蹭乾溢诬赫茁起酿益骏弟舜悸荒适析油缎嗽退屡恿脆比茅害觅可迸行缕诸熄茅漱 3edu 教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋门扫蚀傍膨情昭解惜聊慈啥署禾查坝材疲劳君枕乍净认糊缘晚抹颓令沼予谣套湛痪烫粱伦颐归阀谊戏椅弧庇逼詹缚皮弃特幕康缺痞钳届鸳何烫焙翰溃郊疽胁阜竞幌逸耀窿蒸箔画波僵陨娇伊铱校骨摘淋翔颧区泻挂值岸落噎进整裳卧既脱助溯郊鹿狞圈擦哭甲埔旗闲田氮护汕佩脾拿硬贺陕俭踊但瑰业织凡昭堵痔酱帕厦碟嗣蝴度奉逐直婿啪吻牙撩滨劝艾接拈缀毕铡卒撰平侩噬实敲澎目侥健困们酱敢应剧括骄袖娘淖颅汁贡吴抵数进莎直黔瀑杨炙碌嫩倚蔑攘麓郑伪造成推兽卫姑榜滑冯淘芬瘫醚技绥刚灸衰鸵抬膨矣含戌怖北嫉酌出盏撑帧瘁

陕西省咸阳市高考物理模拟试卷(5月份)

2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷（5月份）二、选择题1．如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态．则下列说法正确的是（）A．a、b两物体的受力个数一定相同B．a、b两物体对斜面的压力相同C．a、b两物体受到的摩擦力大小一定相等D．当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动2．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0方向沿x正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最大C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功3．一个质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程处于超重状态B．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1=v2（t2﹣t1）D．铁块上滑过程损失的机械能为mv124．如图所示，有一个半径为R=1.0m的圆形区域，区域外有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B=T，一个比荷为=4.0×107C/kg的带正电粒子从中空区域与磁场交界面的P点以速度v0=4×107m/s沿圆的半径方向射入磁场（不计带电粒子的重力），该粒子从P点进入磁场到第一次回到P点所需要的时间是（）A．3.31×10﹣7s B．1.81×10﹣7s C．0.45×10﹣7s D．1.95×10﹣7s5．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=3：1，L1、L2为两只相同的灯泡，R、L、D和C分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器，其中C=10μF．当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电时，下列说法中正确的是（）A．灯泡L1一定比L2暗B．副线圈两端的电压有效值为12 VC．因电容器所在支路处于断路状态，故无电流通过二极管D．二极管D两端反向电压最大值是12V6．太空中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用．已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R 的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行．设这三个星体的质量均为M，并设两种系统的运动周期相同，则（）A．直线三星系统中甲星和丙星的线速度相同B．直线三星系统的运动周期为T=4πRC．三角形三星系统中星体间的距离为L=D．三角形三星系统的角速度相同7．如图所示，半径R=1m且竖直放置的圆盘O正按顺时针方向匀速转动，在圆盘的边缘上有一点Q，当Q点向上转到竖直位置时，在其正上方h=0.25m处的P点以v0=m/s的初速度向右水平抛出一个小球（可看做质点），小球飞行一段时间后恰能从圆盘上的Q点沿切线方向飞出，g取10m/s2，则下列说法中正确的是（）A．小球在这段飞行时间内下落的高度为0.75 mB．小球完成这段飞行所用的时间为sC．圆盘转动的角速度ω一定等于rad/sD．小球沿圆盘切线方向飞出时的速度大小为2m/s8．如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向匀强磁场，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1=B、B2=2B．一个竖直放置的边长为a、质量为m、电阻为R的正方形金属线框，以速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中时，线框的速度为，则下列结论中正确的是（）A．此过程中通过线框截面的电量为B．此过程中回路产生的电能为C．此时线框的加速度为D．此时线框中的电功率为（一）必做题（共4小题，满分37分）9．探究小组利用传感器研究小球在摆动过程中的机械能守恒规律，实验装置如图所示．在悬点处装有拉力传感器，可记录小球在摆动过程中各时刻的拉力值．小球半径、摆线的质量和摆动过程中摆线长度的变化可忽略不计．实验过程如下：（1）测量小球，摆线；（物理量符号）（2）将小球拉离平衡位置某一高度h处无初速度释放，在传感器采集的数据中提取最大值为F，小球摆到最低点时的动能表达式为（用上面给定物理量的符号表示）；（3）改变高度h，重复上述过程，获取多组摆动高度h与对应过程的拉力最大值F的数据，在F﹣h坐标系中描点连线，通过描点连线，发现h与F成关系（“线性”或“非线性”），证明小球摆动过程中机械能守恒．10．在“测定某电源的电动势和内阻”实验中，实验电路如图（甲）所示，R为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R0是保护电阻，V为理想电压表．该同学连接好电路后，闭合电键S，改变电阻箱的电阻值，读取电压表的示数．根据读取的多组数据，他画出了图（丙）所示的图象．（1）请在图（乙）中选择合适的器材根据电路图（甲）画线连接实物图．（2）在图（丙）所示图象中，当=0.10V﹣1时，外电路处于状态．（选填“通路”、“断路”或“短路”）．（3）根据该图象可求得该电池的电动势E=V，内阻r=Ω．11．在物体下落过程中，速度小于10m/s时可认为空气阻力知物体速度成正比关系．某科研小组在研究小球下落后的运动过程时，得到速度随时间变化的图象，并作出t=0.5s时刻的切线，如图所示．已知小球在t=0s时刻释放，其质量为0.5kg，重力加速度g=10m/s2，求：（1）小球与地面第一次碰撞过程中损失的机械能；（2）小球在运动过程中受到空气阻力的最大值．12．如图所示，在以O为圆心，半径为R=10cm的圆形区域内，有一个水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.1T，方向垂直纸面向外．竖直平行放置的两金属板A、K相距为d=20mm，连在如图所示的电路中，电源电动势E=91V，内阻r=1Ω定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω，S1、S2为A、K 板上的两上小孔，且S1、S2跟O点在垂直极板的同一直线上，OS2=2R，另有一水平放置的足够长的荧光屏D，O点跟荧光屏D之间的距离为H=2R．比荷为2×105C/kg的正离子流由S1进入电场后，通过S2向磁场中心射去，通过磁场后落到荧光屏D上．离子进入电场的初速度、重力、离子之间的作用力均可忽略不计．问：（1）请分段描述正离子自S1到荧光屏D的运动情况．（2）如果正离子垂直打在荧光屏上，电压表的示数多大？（3）调节滑动变阻器滑片P的位置，正离子到达荧光屏的最大范围多大？【物理-选修3-4】13．下列说法正确的是（）A．一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时长B．根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度C．大量事实证明，电磁波能产生衍射现象D．受迫振动的频率总等于系统的固有频率E．由于激光是相干光，所以它能像无线电波那样被调制、用来传递信息14．如图所示，为玻璃材料制成的一棱镜的截面图，其中，弧AB为四分之一圆弧，O为圆心，OBCD部分为矩形．一细光束从圆弧AB的中点E点沿半径射入棱镜后，恰好在O点发生全反射，经CD面反射，再从圆弧上的F点射出，已知，OA=a，OD=，真空中的光速为c．求：①出射光线与法线夹角的正弦值；②光在棱镜中传播的时间．【物理-选修3-5】15．下列五幅图分别对应五种说法，其中正确的是（）A．根据α、β、γ射线的特点可知，射线1是α射线，射线2是β射线，射线3是γ射线B．氢原子辐射出一个光子后，电势能减小，总能量增大C．天然放射性元素的半衰期由原子核内部自身的因素决定，跟所处的化学状态和外部条件无关D．重核的裂变反应方程有： +→++3E．用绿光照射K时，电流表指针发生了偏转，若改用紫光照射，电流表的示数一定增大16．用轻弹簧相连的质量均为m=2kg的A、B两物块都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上运动，弹簧处于原长，质量M=4kg的物块C静止在前方，如图所示．B与C碰撞后二者粘在一起运动．求：在以后的运动中：（1）当弹簧的弹性势能最大时，物体A的速度多大？（2）弹性势能的最大值是多大？2016年陕西省咸阳市高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析二、选择题1．如图所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态．则下列说法正确的是（）A．a、b两物体的受力个数一定相同B．a、b两物体对斜面的压力相同C．a、b两物体受到的摩擦力大小一定相等D．当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对ab进行受力分析，ab两个物体都处于静止状态，受力平衡，把绳子和力T和重力mg都分解到沿斜面方向和垂直于斜面方向，根据共点力平衡列式分析即可．【解答】解：A、对ab进行受力分析，如图所示：b物体处于静止状态，当绳子沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零，所以b可能只受3个力作用，而a物体必定受到摩擦力作用，肯定受4个力作用，故A错误；B、ab两个物体，垂直于斜面方向受力都平衡，则有：N+Tsinθ=mgcosα解得：N=mgcosα﹣Tsinθ，则a、b两物体对斜面的压力相同，故B正确；C、根据A的分析可知，b的摩擦力可以为零，而a的摩擦力一定不为零，故C 错误；D、对a沿斜面方向有：Tcosθ+mgsinα=f a，对b沿斜面方向有：Tcosθ﹣mg sinα=f b，正压力相等，所以最大静摩擦力相等，则a先达到最大静摩擦力，先滑动，故D 错误．故选：B2．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0方向沿x正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最大C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功【考点】电势能；动能定理的应用；电势．【分析】电子仅在电场力作用下，以一定的初速度，从O点运动到M点，根据曲线运动的条件可确定，电子受到的电场力方向．再由电子带负电，从而确定电场强度的方向．结合电场力与运动速度的方向来确定电场力做功的情况，从而可确定电子的电势能变化情况．【解答】解：A、电子沿X轴正方向进入匀强电场，出现题中的运动轨迹，由曲线运动的条件可知道，电场力的方向沿着电场线斜向上，由于电子带负电，所以电场线的方向斜向下．根据沿着电场线方向电势降低，可知O点电势低于M点电势，故A错误；B、由电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．所以运动过程中电子在M点电势能最小，故B错误；C、根据电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．故C错误；D、由A选项分析可知，开始电场力方向与初速度方向夹角大于90°，之后夹角小于90°．因此电场力对电子先做负功，再做正功．故D正确；故选：D3．一个质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程处于超重状态B．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反C．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1=v2（t2﹣t1）D．铁块上滑过程损失的机械能为mv12【考点】功能关系；牛顿第二定律．【分析】由图象可知道，物体在0﹣t1内减速上升，在t1～t2内匀加速下降，加速度始终向下；超重加速度向上；v﹣t图象面积可以表示位移知速度关系；由能量是守恒的知机械能的损失．【解答】解：AB、上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故AB错误；C、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为：v1t1，下滑的位移为v2（t2﹣t1），经过一段时间又返回出发点说明v1t1=v2（t2﹣t1），故C正确；D、根据能量守恒知上滑损失机械能为△E=E k1﹣mgh=m﹣mgh，故D错误；故选：C4．如图所示，有一个半径为R=1.0m的圆形区域，区域外有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B=T，一个比荷为=4.0×107C/kg的带正电粒子从中空区域与磁场交界面的P点以速度v0=4×107m/s沿圆的半径方向射入磁场（不计带电粒子的重力），该粒子从P点进入磁场到第一次回到P点所需要的时间是（）A．3.31×10﹣7s B．1.81×10﹣7s C．0.45×10﹣7s D．1.95×10﹣7s【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出轨迹半径，得到运动周期．结合几何关系求所需时间．【解答】解：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得：qv0B=m则得：r===m周期为：T=画出粒子的运动轨迹，如图所示．图中tanθ==，得：θ=故粒子从P点进入磁场到第一次回到P点所需要的时间是：t=3×T+3×代入解得：t=3.31×10﹣7s故选：A5．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=3：1，L1、L2为两只相同的灯泡，R、L、D和C分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器，其中C=10μF．当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电时，下列说法中正确的是（）A．灯泡L1一定比L2暗B．副线圈两端的电压有效值为12 VC．因电容器所在支路处于断路状态，故无电流通过二极管D．二极管D两端反向电压最大值是12V【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】二极管具有单向导电性，电阻两端的电压为有效值，电容通高频阻低频，电感通低频阻高频．【解答】解：原线圈有正弦交流单，则副线圈中也有正弦式交流电A、由于与电阻相串联，而与电感器相串联，灯泡与是谁变亮和变暗，取决于电感和电阻谁的阻碍作用大，本题未给条件无法判断，故A错误；B、由题意可知，原线圈的电压最大值为，原线圈电压有效值36V，由于原副线圈的匝数比为3：1，所以副线圈的电压有效值为12V，故B正确；C、电容器与二极管串联，含有电容器的支路一次充电结束后就相当于断路，充电过程中有电流通过二极管，故C错误；D、二极管D两端反向电压最大值与二极管本身有关，根据题意无法求出最大值，故D错误；故选：B6．太空中存在一些离其它恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽略其它星体对它们的引力作用．已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式：一种是三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R 的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行．设这三个星体的质量均为M，并设两种系统的运动周期相同，则（）A．直线三星系统中甲星和丙星的线速度相同B．直线三星系统的运动周期为T=4πRC．三角形三星系统中星体间的距离为L=D．三角形三星系统的角速度相同【考点】万有引力定律及其应用．【分析】明确研究对象，对研究对象受力分析，找到做圆周运动所需向心力的来源，由万有引力定律和向心力公式结合解答．【解答】解：A、直线三星系统中甲星和丙星的线速度大小相等，但方向不同，所以线速度不同，故A错误．B、直线三星系统中，三颗星位于同一直线上，两颗星围绕中央星在同一半径为R的圆轨道上运行；其中甲星由乙星和丙星星的万有引力的合力提供向心力．丙星由乙星和甲星的万有引力的合力提供向心力．研究甲星，根据G+G=M R，解之得：T=4πR．故B正确．CD、三角形三星系统中，三颗星位于等边三角形的三个项点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行，角速度必定相同．由万有引力定律和牛顿第二定律得：2G cos30°=M•据题两种系统的运动周期相同，则T=4πR，联立解得L=．故C错误，D正确．故选：BD7．如图所示，半径R=1m且竖直放置的圆盘O正按顺时针方向匀速转动，在圆盘的边缘上有一点Q，当Q点向上转到竖直位置时，在其正上方h=0.25m处的P点以v 0= m/s 的初速度向右水平抛出一个小球（可看做质点），小球飞行一段时间后恰能从圆盘上的Q 点沿切线方向飞出，g 取10m/s 2，则下列说法中正确的是（）A ．小球在这段飞行时间内下落的高度为0.75 mB ．小球完成这段飞行所用的时间为sC ．圆盘转动的角速度ω一定等于rad/sD ．小球沿圆盘切线方向飞出时的速度大小为2m/s【考点】平抛运动；线速度、角速度和周期、转速．【分析】小球做平抛运动，根据分位移公式列式，结合几何关系可求得运动时间，以及下落的高度．结合圆周运动的周期性分析圆盘的角速度．由速度的合成求小球沿圆盘切线方向飞出时的速率．【解答】解：ABD 、设小球在平抛运动的过程中，QO 转过的最小角度为α．根据平抛运动的规律得：竖直方向有：h +R （1﹣cosα）=水平方向有：Rsinα=v 0t联立解得：α=，t=s小球在这段飞行时间内下落的高度为：H=h +R （1﹣cosα）=0.75m小球沿圆盘切线方向飞出时速率为：v==2m/s ，故AD 正确，B 错误．C 、根据圆周运动的周期性可得：2πn +α=ωt ，n=0，1，2，…解得：ω=（n +）rad/s ，n=0，1，2，…．故C 错误．故选：AD8．如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向匀强磁场，PQ 为两个磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B 1=B 、B 2=2B ．一个竖直放置的边长为a 、质量为m 、电阻为R 的正方形金属线框，以速度v 垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中时，线框的速度为，则下列结论中正确的是（）A ．此过程中通过线框截面的电量为B ．此过程中回路产生的电能为C ．此时线框的加速度为D ．此时线框中的电功率为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化．【分析】根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量q=I △t 相结合求解电量．此时线框中感应电动势为E=2Ba，感应电流为I=，线框所受的安培力的合力为F=2BIa ，再由牛顿第二定律求解加速度．根据能量守恒定律求解产生的电能．由P=I 2R 求解电功率．【解答】解：A 、感应电动势为：E=，其中△Φ=2B•+=，感应电流为：I=，电荷量为：q=I △t ，解得：q=，故A 错误．B 、由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：E=mv 2﹣=mv 2，故B 正确；C 、此时感应电动势：E=（2Ba +Ba ）=，线框电流为：I=，由牛顿第二定律得：2BIa +BIa=ma 加，解得：a 加=，故C 正确；D、此时线框的电功率为：P=I2R=，故D错误；故选：BC．（一）必做题（共4小题，满分37分）9．探究小组利用传感器研究小球在摆动过程中的机械能守恒规律，实验装置如图所示．在悬点处装有拉力传感器，可记录小球在摆动过程中各时刻的拉力值．小球半径、摆线的质量和摆动过程中摆线长度的变化可忽略不计．实验过程如下：（1）测量小球质量m，摆线长度l；（物理量符号）（2）将小球拉离平衡位置某一高度h处无初速度释放，在传感器采集的数据中提取最大值为F，小球摆到最低点时的动能表达式为（F﹣mg）l（用上面给定物理量的符号表示）；（3）改变高度h，重复上述过程，获取多组摆动高度h与对应过程的拉力最大值F的数据，在F﹣h坐标系中描点连线，通过描点连线，发现h与F成线性关系（“线性”或“非线性”），证明小球摆动过程中机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】依据实验原理，即可分析；根据牛顿第二定律，结合向心力表达式，及动能表达式，即可求解；根据机械能守恒定律，结合图象的斜率的含义，即可求解．【解答】解：（1）测量小球质量为m，摆线长度为l；（2）根据牛顿第二定律，则有：F﹣mg=m；而动能表达式为：E K=mv2=（F﹣mg）l；（3）根据机械能守恒定律，则有：mgh=（F﹣mg）l；那么F=h+mg；在F﹣h坐标系中描点连线，通过描点连线，发现h与F成线性关系；故答案为：（1）m，l；（2）（F﹣mg）；（3）线性．10．在“测定某电源的电动势和内阻”实验中，实验电路如图（甲）所示，R为电阻箱，阻值范围0～9999Ω，R0是保护电阻，V为理想电压表．该同学连接好电路后，闭合电键S，改变电阻箱的电阻值，读取电压表的示数．根据读取的多组数据，他画出了图（丙）所示的图象．（1）请在图（乙）中选择合适的器材根据电路图（甲）画线连接实物图．（2）在图（丙）所示图象中，当=0.10V﹣1时，外电路处于断路状态．（选填“通路”、“断路”或“短路”）．（3）根据该图象可求得该电池的电动势E=10V，内阻r=5Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）根据电路图连接实物图，注意电表的极性．（2）当=0.10V﹣1时，为0，则R+R0趋向于无穷大，则该电路处于断路状态．（3）根据实验的原理得出关系式，通过图线的斜率和截距求解电源的电动势和内阻．【解答】解：（1）根据电路图连接实物图，如图所示．（2）在图（丙）所示图象中，当=0.10V﹣1时，知外电阻的倒数为零，则外电阻趋向于无穷大，则外电路处于断路状态．（3）因为E=，解得，可知图线的纵轴截距等于，则E=10V．图线的斜率==0.5，r=5Ω．故答案为：（1）（2）断路（3）10；5．11．在物体下落过程中，速度小于10m/s时可认为空气阻力知物体速度成正比关系．某科研小组在研究小球下落后的运动过程时，得到速度随时间变化的图象，并作出t=0.5s时刻的切线，如图所示．已知小球在t=0s时刻释放，其质量为0.5kg，重力加速度g=10m/s2，求：（1）小球与地面第一次碰撞过程中损失的机械能；（2）小球在运动过程中受到空气阻力的最大值．【考点】功能关系；牛顿第二定律．【分析】（1）根据图象读出小球第一次与地面碰撞前瞬间和碰撞后瞬间的速度，碰撞过程损失的机械能等于碰撞过程中的动能损失量；（2）根据图象得出t=0.5s时小球的速度和加速度，根据牛顿第二定律求出此时的阻力，根据空气阻力和物体速度成正比求出比例系数，当速度最大时，阻力最大，从而求出最大阻力．【解答】解：（1）由图象可知，小球第一次与地面碰撞前瞬间速度v1=5m/s，碰撞后瞬间速度为：v2=4m/s，碰撞过程损失的机械能为：==2.25J（2）由图象可得t=0.5s时小球的速度为：v3=4m/s，加速度为：由牛顿第二定律有：mg﹣f=ma由于f=kv3，解得：k=0.75，根据图象可知，速度最大为：v1=5m/s，则最大阻力为：f max=kv1=0.75×5=3.75N答：（1）小球与地面第一次碰撞过程中损失的机械能为2.25J；（2）小球在运动过程中受到空气阻力的最大值为3.75N．12．如图所示，在以O为圆心，半径为R=10cm的圆形区域内，有一个水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.1T，方向垂直纸面向外．竖直平行放置的两金属板A、K相距为d=20mm，连在如图所示的电路中，电源电动势E=91V，内阻r=1Ω定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为80Ω，S1、S2为A、K 板上的两上小孔，且S1、S2跟O点在垂直极板的同一直线上，OS2=2R，另有一水平放置的足够长的荧光屏D，O点跟荧光屏D之间的距离为H=2R．比荷为2×105C/kg的正离子流由S1进入电场后，通过S2向磁场中心射去，通过磁场后落到荧光屏D上．离子进入电场的初速度、重力、离子之间的作用力均可忽略不计．问：（1）请分段描述正离子自S1到荧光屏D的运动情况．。

陕西省咸阳市武功县2016届高三上学期摸底物理试卷含解析

2015-2016学年陕西省咸阳市武功县高三（上)摸底物理试卷一、选择题:本题共12小题,每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（）A．木块a与铁块b间一定存在摩擦力B．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D．竖直向上的作用力F大小一定大于铁块与木块的重力之和2．如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a点从静止释放一带电微粒,微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（）A．保持静止状态 B．向左上方做匀加速运动C．向正下方做匀加速运动 D．向左下方做匀加速运动3．如图所示，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上B点处，若在A点将此小球以速度0.5v水平抛出,经t2时间落到斜面上的C点处,以下判断正确的是（）A．t1:t2=4：1 B．t1：t2=：1 C．AB:AC=4：1 D．AB：AC=:14．如图,直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上．当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c．已知bc边的长度为l．下列判断正确的是（）A．U a＞U c，金属框中无电流B．U b＜U c，金属框中电流方向沿a﹣b﹣c﹣aC．U bc=﹣Bl2ω，金属框中无电流D．U bc=Bl2ω,金属框中电流方向沿a﹣b﹣c﹣a5．由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道．当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行．已知同步卫星的环绕速度约为3。

高三物理上学期第一次摸底考试试卷

峙对市爱惜阳光实验学校陕高三物理上学期第一次摸底考试试卷第一卷〔选择题共48分〕一、单项选择题(共10小题,每题4.0分,共40分)1.一辆从甲地开往乙地的过程中，前一半时间内的平均速度是30 km/h ，后一半时间内的平均速度是60 km/h ，那么在全程内这辆的平均速度是( )A ． 35 km/hB ． 40 km/hC ． 45 km/hD ． 50 km/h2.一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如下图，取物体开始运动的方向为正方向，那么以下关于物体运动的v －t 图象正确的选项是( )A ．B ．C ．D ．3.如图，在水平桌面上放置一斜面体P ，两长方体物块a 和b 叠放在P 的斜面上，整个系统处于静止状态．假设将a 与b 、b 与P 、P 与桌面之间摩擦力的大小分别用F f1、F f2、F f3示．那么( )A ．F f1≠0，F f2＝0，F f3＝0B ．F f1≠0，F f2≠0，F f3＝0C ．F f1＝0，F f2≠0，F f3≠0D．F f1≠0，F f2≠0，F f3≠04.如以下图所示，物体A 、B 、C 叠放在水平桌面上，水平力F 作用于C 物体，使A 、B 、C 以共同速度向右匀速运动，且三者相对静止，下面关于摩擦力的说法正确的选项是( )A ．A 不受摩擦力作用B ．B 不受摩擦力作用C ．C 不受摩擦力作用D ．以A 、B 、C 为整体，整体受到的摩擦力为零5.如以下图所示，某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，假设将F 4＝5 N的力沿逆时针方向转动90°，其余三个力的大小和方向不变，那么此时物体所受合力的大小为( )A ． 0B ． 10 NC ． 5ND ．N6.如下图，建筑装修中工人用质量为m 的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石加竖直向上大小为F 的推力时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动，磨石与斜壁之间的动摩擦因数为μ，那么磨石受到的摩擦力为( )A ． (F －mg )cos θB ． (F －mg )sin θC ．μ(F －mg )cos θD ．μ(F －mg )7.如下图，轻杆BC 的一端用铰链接于C ，另一端悬挂重物G ，并用细绳绕过滑轮用力拉住，开始时，∠BCA ＞90°，现用拉力F使∠BCA 缓慢减小，直线BC 接近竖直位置的过程中，杆BC 所受的压力( )A ．保持不变B ．逐渐增大C ．逐渐减小D ．先增大后减小8.如以下图所示，质量为m 的木块P 在质量为M 的长木板ab 上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态．假设长木板ab 与地面间的动摩擦因数为μ1，木块P 与长木板ab 间的动摩擦因数为μ2，那么长木板ab 受到地面的摩擦力大小为( )A ．μ1MgB ．μ1(m ＋M )gC ．μ2mgD ．μ1Mg ＋μ2mg 9.力F 的一个分力F 1跟F 成30°角，F 1大小未知，如下图，那么另一个分力F 2的最小值为( )A ．B ．C ．FD ．无法判断10.有四个运动的物体A 、B 、C 、D ，物体A 、B 运动的x －t 图象如图甲所示，物体C 、D 从同一地点沿同一方向运动的v －t 图象如图乙所示．根据图象做出以下判断正确的选项是( ) 甲乙A ．t ＝3 s 时，物体C 追上物体DB ．t ＝3 s 时，物体C 与D 间距离最大C ．在0～3 s 时间内，物体B 运动的位移为5 mD ．物体A 和B 均做匀加速直线运动且A 的速度比B 的大二、多项选择题(共2小题,每题4.0分,共8分)11.(多项选择)在下面所说的物体运动情况中，可能出现的是( )A ．物体加速度不变，速度改变B ．物体有加速度，速度一增大C ．物体加速度在减小，速度在增大D ．物体加速度在增大，速度在减小12.(多项选择)如以下图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A ，A 的左端紧靠竖直墙，A 与竖直墙壁之间放一光滑球B ，整个装置处于静止状态．假设把A 向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么( )A ．A 对B 的支持力减小 B ．A 对B 的支持力增大C ．墙对B 的弹力减小D ．墙对B 的弹力增大第II 卷〔非选择题52分〕三、及填空(共2小题,共20分) 13.如以下图所示，是某同学由打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点间还有四个点没有画出，其中x 1＝7.05 cm 、x 2＝8 cm 、x 3＝3 cm 、x 4＝5 cm 、x 5＝1 cm 、x 6＝10.27 cm.(1)下表列出了打点计时器打下B 、D 、F 点时小车的瞬时速度，请在表中填入打点计时器打下C 、E 两点时小车的瞬时速度(保存三位有效数字).位置 B C D E F 速度〔m ·s -1〕0.7370.8460.994(2)以A 点为计时起点，在坐标图中画出小车的速度—时间关系图线．(3)根据你画出的小车的速度—时间的关系图线计算出的小车的加速度a ＝________m/s 2.(保存两位有效数字)14.某物理兴趣学习小组在探究轻杆的弹力特点时，涉及到如下图的装置，装置中水平的一端A 插在墙壁内，另一端装有一个小滑轮B ，轻绳的一端C 固于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一个质量m=20kg 的重物。