精品解析：2021届天津市滨海新区塘沽一中高三(上)第二次月考物理试题(解析版)
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A. 环只受三个力作用 B. 环一定受四个力作用 C. 物体做匀加速运动 D. 悬绳对物体的拉力小于物体的重力 【答案】B 【解析】 【分析】
【详解】分析物体 M 可知，其受两个力作用，重力和轻绳拉力，因为悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向， 故二力平衡，物体做匀速运动，故 CD 错误；再对环进行受力分析可知，环受重力、轻绳拉力、滑杆支持力 和摩擦力，故 A 错误，B 正确。故选 B。 2. 如图所示，充电后与电源分离的平行板电容器，其正极板接地，在极板间 P 点有一带电液滴处于静止状
3. 某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如
图所示，虚线为某带电烟尘颗粒（重力不计）的运动轨迹，A、B 是轨迹上的两点，C 点与 B 点关于放电极
对称。下列说法正确的是（ ）
A. A 点电势高于 B 点电势 C. 烟尘颗粒在 A 点的动能大于在 B 点的动能
D. 若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落中加速度先增加后减小 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】A.环所在处的磁场的方向向上，则环产生的磁场的方向向下，根据安培定则可知，静止时圆环的 电流方向为顺时针方向（俯视），故 A 项不合题意. B.静止时圈环的电流方向为顺时针方向，由左手定则可知，环上的各点受到的安培力的方向向上向里，所 以环有收缩的趋势，故 B 项不合题意. C.对环的某一部分进行受力分析如图：
C．电路稳定时电容器的电压等于 R1和 R 串联总电压，根据串联电路电压分配规律可知，电容器的电压增
大，则电容器需要充电，所以流过 R2 的电流方向由 b 到 a，故 C 正确；
D．电源的总功率为
P EI
干路电流 I 减小，则电源的总功率变小，故 D 错误。
故选 AC。
8. 如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与 x 轴平行，
m
R
h
4 2 T2
GM gR2
h
3
hT 2R2 2 2t 2
R
最小周期
mg
mR
4 2 T 2
T t 2R h
故 D 错误。 故选 AB。
7. 如图所示的电路， R1、R2 是两个定值电阻， R 是滑动变阻器，L 为小灯泡，电源内阻为 r。开关闭合后，
当滑动变阻器触头 P 向上移动时（ ）
A. 电压表示数变大
4. 如图甲、乙两个电路，是利用一个灵敏电流表 G 500μA, 200Ω 和一个电阻箱 R 改装成电压表或电流
表，若电压表量程为 3V ，电流表量程为 2.5mA ，则（ ）
A. 甲表是电压表，乙表是电流表
B. 甲表中 R 50Ω ，乙表中 R 5800Ω
C. 若使用中发现甲表的示数总比准确值稍小一些，则可适当减小电阻箱 R 的阻值 D. 若使用中发现乙表的示数总比准确值稍小一些，则可适当增大电阻箱 R 的阻值 【答案】BC
在水平方向，根据安培力的对称性可知，整个环在水平方向的合力为 0，竖直方向的合力与重力大小相等，
由于在圆环处各点电流的方向与磁场的方向都垂直，所以整体受到的安培力： F BI •2 R
由几何关系：
F cos mg , cos R H 2 R2
由题：
B k ， H 2 R2
联立得
mg H 2 R2
B. 小灯泡亮度变大
C. 流过 R2 的电流方向由 b 到 a
D. 电源的总功率变大
【答案】AC
【解析】 【分析】
【详解】AB．闭合开关后，当滑动变阻器触头 P 向上移动时， R 增大，外电路总电阻增大，干路中电流减
小，则小灯泡亮度变小，电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故 A 正确，B 错误；
时先使 A 球从斜槽上某一固定位置 G 由静止开始滑下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上 述操作 10 次，得到 10 个落点痕迹。再把 B 球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让 A 球仍从位置 G 由静止 开始滑下，和 B 球碰撞后，A、B 球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复操作 10 次，并画出 A、B
态 .现将 B 板移至虚线处，则 ( )
A. 两板间电压变大 B. P 点场强不变，但电势降低 C. 电荷 q 仍保持静止 D. 电荷 q 的电势能减小
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】试题分析：充电后与电源分离的平行板电容器，其两极板上的电荷量恒定，将 B 板移至虚线处，
两极板间的距离减小，所以根据公式 C =
B. A 点电场强度小于 C 点电场强度 D. 烟尘颗粒在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能
【答案】D
【解析】 【分析】 【详解】A．由沿电场线方向电势降低可知，A 点电势低于 B 点电势，故 A 错误； B．由图可知，A 点电场线比 C 点密集，因此 A 点电场强度大于 C 点电场强度，故 B 错误； CD．烟尘颗粒带负电，从 A 到 B 的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，烟尘颗粒在 A 点的动 能小于在 B 点的动能，烟尘颗粒在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能，故 C 错误，D 正确。 故选 D。
W电 =qU 2.0 108 3105 6 103 J ，摩擦力做功 Wf fs 0.02 0.210 (0.30 0.10) 8103 J ，则Wf W电 ，故滑块不能滑到 x 0.3m 处，故 D 错
误．
9. 某同学用如图所示装置探究 A、B 两球在碰撞中动量是否守恒。图中 PQ 是斜槽， QR 为水平槽。实验
A. 该行星的第一宇宙速度为 2hR t
3h
B.
该行星的平均密度为
2GπRt 2
C. 如果该行星存在一颗同步卫星，其距行星表面高度为 3 hT 2 R2 2π2t 2
D. 宇宙飞船绕该星球做圆周运动的周期小于 πt 2R h
【答案】AB
【解析】 【分析】
【详解】A．根据 h 1 gt 2 得，行星表面的重力加速度 2
fx
1 2
mvm2
，因为
0.10m
和
0.15m 处的电势差大约为 1.5×105V，代入求解，最大速度大约为 0.1m/s，故 C 正确；
D、滑块最终在 x 0.3m 处停下则满足： qU fx 0 0 ， x 0.3m 处的电势 1.5105V ，故从
x 0.1m 到 x 0.3m 过程中，电势差U (4.5 1.5) 105V 3105V ，电场力做
正确；根据公式 Ep q 可得电势能增加，D 错误；
考点：考查了电容器的动态分析
【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据 C
S 4 kd
判断电容器的电容变化情况，然后结合
E
U d
，
C Q 等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充 U
电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变
此时的电场力 F＝qE＝2×10﹣8×2×106N＝0.04N，滑动摩擦力大小 f＝μmg＝0.02×2N＝0.04N，在 x＝0.15m
前，电场力大于摩擦力，做加速运动，加速度逐渐减小，x＝0.15m 后电场力小于电场力，做减速运动，加
速度逐渐增大．故 A 正确，B 错误；
C、在
x＝0.15m
时，电场力等于摩擦力，速度最大，根据动能定理得， qU
A. x=0.15m 处的场强大小为 2.0×l06N/C B. 滑块运动的加速度逐渐减小 C. 滑块运动的最大速度约为 0.1m/s D. 滑块最终在 0.3m 处停下
【答案】AC
【解析】 【分析】
【详解】AB、电势φ与位移 x 图线的斜率表示电场强度，则 x＝0.15m 处的场强 E 3105 V/m＝2×106V/m， 0.15
【解析】
【分析】
【详解】A．甲由一个灵敏电流表 G 和一个变阻器 R 并联，利用并联电阻的分流，改装成安培表，乙由一 个灵敏电流表 G 和一个变阻器 R 串联，利用串联电阻的分压，改装成伏特表，故 A 错误； B．由公式
I
Ig
I g Rg R
知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为 2.5mA，则
R 50Ω
塘沽一中 2021 届高三毕业班第二次月考物理
本试卷分为第 I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共 100 分，考试用时 60 分钟。 第 I 卷 1 至 3 页，第 IⅡ卷 4 至 7 页。 答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上，并在规定位置 粘贴考试用条形码。答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。考试结 束后，将本试卷和答题卡一并交回。 祝各位考生考试顺利！
第I卷 注意事项： 1、每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净 后，再选涂其他答案标号。 2、本卷共 8 题，每题 5 分，共 40 分。 一、单项选择题（每小题 5 分，共 25 分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）
1. 如图所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为 m 的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为 M 的物体，在圆环沿 滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则（ ）
由公式
U Ig (Rg R)
知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为 3V，则 R=5800Ω
故 B 正确； C．安培表的量程
I
Ig
I g Rg R
可知当 R 减小时量程 I 增大，故 C 正确； D．伏特表的量程
U Ig (Rg R)
可知 R 增大时量程增大，故 D 错误。 故选 BC。
5. 如图所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场．质量为 m ，半径为 R 的圆环当通有恒定的电流 I 时
在 x 轴上的电势φ与坐标 x 的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点（0.15，3）的切线．现有一质量 为 0.20kg，电荷量为+2.0×10－8C 的滑块 P（可视作质点），从 x=0.l0m 处由静止释放，其与水平面的动摩擦 因数为 0.02．取重力加速度 g=l0m/s2．则下列说法正确的是（ ）
I 2 kR2 ，
故 C 项符合题意. D.若将圆环向上平移一小段距离后环受到的安培力将减小，由静止释放，重力开始时大于安培力，所以环 加速下落，向下的过程中安培力增大，所以合外力减小．加速度先减小，故 D 项不合题意.
二、不定项选择题（每小题 5 分，共 15 分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确 的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，选错或不答的得 0 分）
根据
得，行星的第一宇宙速度
故 A 正确； B．根据 得，行星的质量
则行星的平均密度
故 B 正确； C．根据
又 解得
故 C 错误； D．根据
g
2h t2
mg m v2 R
v gR 2hR t
mg
GMm R2
M gR 2 G
M ＝ 3g 3h 4 R3 4G R 2G Rt 2 3
G
Mm (R h)2
6. 据报道，美国国家航天航天局（NASA）首次在太阳系外发现“类地”行星 Kepler-186f．若宇航员乘坐宇宙
飞船到达该行星，进行科学观测：该行星自转周期为 T；宇航员在该行星“北极”距该行星地面附近 h 处自由 释放一个小球（引力视为恒力），落地时间为 t，已知该行星半径为 R，万有引力常量为 G，则下列说法正确 的是（ ）
两小球落点的平均位置 E、F、J 。图中 O 点是水平槽末端 R 在记录纸上的垂直投影点。
①为了使两球碰撞为一维碰撞，所选两球的直径为：A 球的直径___________B 球的直径（“大于”、“等
恰好能水平静止在 N 极正上方 H 处．已知与磁单极子 N 极相距 r 处的磁感应强度大小为 B k ，其中 k 为 r
常数．重力加速度为 g 则（ ）
A. 静止时圆环的电流方向为逆时针方向（俯视） B. 静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势
mg H 2 R2
C. 静止时圆环的电流 I 2 kR2
S 4 kd
可得电容增大，两极板上的电荷量恒定，根据公式 C
Q U
可
得两极板间的电压减小，A
错误；根据公式 C =
S 4 kd
，
EU d，C来自Q U，联立可得
E
4 kQ S
，与两极
板间的距离无关，所以现将 B 板移至虚线处，两极板间的电场强度恒定不变，故电荷 q 仍保持静止，根据
U Ed 可得 P 点与 B 板之间的电势差减小，因为 B 板接地，电势为零，所以 P 点的电势增加，B 错误 C
【详解】分析物体 M 可知，其受两个力作用，重力和轻绳拉力，因为悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向， 故二力平衡，物体做匀速运动，故 CD 错误；再对环进行受力分析可知，环受重力、轻绳拉力、滑杆支持力 和摩擦力，故 A 错误，B 正确。故选 B。 2. 如图所示，充电后与电源分离的平行板电容器，其正极板接地，在极板间 P 点有一带电液滴处于静止状
3. 某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如
图所示，虚线为某带电烟尘颗粒（重力不计）的运动轨迹，A、B 是轨迹上的两点，C 点与 B 点关于放电极
对称。下列说法正确的是（ ）
A. A 点电势高于 B 点电势 C. 烟尘颗粒在 A 点的动能大于在 B 点的动能
D. 若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落中加速度先增加后减小 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】A.环所在处的磁场的方向向上，则环产生的磁场的方向向下，根据安培定则可知，静止时圆环的 电流方向为顺时针方向（俯视），故 A 项不合题意. B.静止时圈环的电流方向为顺时针方向，由左手定则可知，环上的各点受到的安培力的方向向上向里，所 以环有收缩的趋势，故 B 项不合题意. C.对环的某一部分进行受力分析如图：
C．电路稳定时电容器的电压等于 R1和 R 串联总电压，根据串联电路电压分配规律可知，电容器的电压增
大，则电容器需要充电，所以流过 R2 的电流方向由 b 到 a，故 C 正确；
D．电源的总功率为
P EI
干路电流 I 减小，则电源的总功率变小，故 D 错误。
故选 AC。
8. 如图所示，粗糙绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与 x 轴平行，
m
R
h
4 2 T2
GM gR2
h
3
hT 2R2 2 2t 2
R
最小周期
mg
mR
4 2 T 2
T t 2R h
故 D 错误。 故选 AB。
7. 如图所示的电路， R1、R2 是两个定值电阻， R 是滑动变阻器，L 为小灯泡，电源内阻为 r。开关闭合后，
当滑动变阻器触头 P 向上移动时（ ）
A. 电压表示数变大
4. 如图甲、乙两个电路，是利用一个灵敏电流表 G 500μA, 200Ω 和一个电阻箱 R 改装成电压表或电流
表，若电压表量程为 3V ，电流表量程为 2.5mA ，则（ ）
A. 甲表是电压表，乙表是电流表
B. 甲表中 R 50Ω ，乙表中 R 5800Ω
C. 若使用中发现甲表的示数总比准确值稍小一些，则可适当减小电阻箱 R 的阻值 D. 若使用中发现乙表的示数总比准确值稍小一些，则可适当增大电阻箱 R 的阻值 【答案】BC
在水平方向，根据安培力的对称性可知，整个环在水平方向的合力为 0，竖直方向的合力与重力大小相等，
由于在圆环处各点电流的方向与磁场的方向都垂直，所以整体受到的安培力： F BI •2 R
由几何关系：
F cos mg , cos R H 2 R2
由题：
B k ， H 2 R2
联立得
mg H 2 R2
B. 小灯泡亮度变大
C. 流过 R2 的电流方向由 b 到 a
D. 电源的总功率变大
【答案】AC
【解析】 【分析】
【详解】AB．闭合开关后，当滑动变阻器触头 P 向上移动时， R 增大，外电路总电阻增大，干路中电流减
小，则小灯泡亮度变小，电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故 A 正确，B 错误；
时先使 A 球从斜槽上某一固定位置 G 由静止开始滑下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上 述操作 10 次，得到 10 个落点痕迹。再把 B 球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让 A 球仍从位置 G 由静止 开始滑下，和 B 球碰撞后，A、B 球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复操作 10 次，并画出 A、B
态 .现将 B 板移至虚线处，则 ( )
A. 两板间电压变大 B. P 点场强不变，但电势降低 C. 电荷 q 仍保持静止 D. 电荷 q 的电势能减小
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】试题分析：充电后与电源分离的平行板电容器，其两极板上的电荷量恒定，将 B 板移至虚线处，
两极板间的距离减小，所以根据公式 C =
B. A 点电场强度小于 C 点电场强度 D. 烟尘颗粒在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能
【答案】D
【解析】 【分析】 【详解】A．由沿电场线方向电势降低可知，A 点电势低于 B 点电势，故 A 错误； B．由图可知，A 点电场线比 C 点密集，因此 A 点电场强度大于 C 点电场强度，故 B 错误； CD．烟尘颗粒带负电，从 A 到 B 的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，烟尘颗粒在 A 点的动 能小于在 B 点的动能，烟尘颗粒在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能，故 C 错误，D 正确。 故选 D。
W电 =qU 2.0 108 3105 6 103 J ，摩擦力做功 Wf fs 0.02 0.210 (0.30 0.10) 8103 J ，则Wf W电 ，故滑块不能滑到 x 0.3m 处，故 D 错
误．
9. 某同学用如图所示装置探究 A、B 两球在碰撞中动量是否守恒。图中 PQ 是斜槽， QR 为水平槽。实验
A. 该行星的第一宇宙速度为 2hR t
3h
B.
该行星的平均密度为
2GπRt 2
C. 如果该行星存在一颗同步卫星，其距行星表面高度为 3 hT 2 R2 2π2t 2
D. 宇宙飞船绕该星球做圆周运动的周期小于 πt 2R h
【答案】AB
【解析】 【分析】
【详解】A．根据 h 1 gt 2 得，行星表面的重力加速度 2
fx
1 2
mvm2
，因为
0.10m
和
0.15m 处的电势差大约为 1.5×105V，代入求解，最大速度大约为 0.1m/s，故 C 正确；
D、滑块最终在 x 0.3m 处停下则满足： qU fx 0 0 ， x 0.3m 处的电势 1.5105V ，故从
x 0.1m 到 x 0.3m 过程中，电势差U (4.5 1.5) 105V 3105V ，电场力做
正确；根据公式 Ep q 可得电势能增加，D 错误；
考点：考查了电容器的动态分析
【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据 C
S 4 kd
判断电容器的电容变化情况，然后结合
E
U d
，
C Q 等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充 U
电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变
此时的电场力 F＝qE＝2×10﹣8×2×106N＝0.04N，滑动摩擦力大小 f＝μmg＝0.02×2N＝0.04N，在 x＝0.15m
前，电场力大于摩擦力，做加速运动，加速度逐渐减小，x＝0.15m 后电场力小于电场力，做减速运动，加
速度逐渐增大．故 A 正确，B 错误；
C、在
x＝0.15m
时，电场力等于摩擦力，速度最大，根据动能定理得， qU
A. x=0.15m 处的场强大小为 2.0×l06N/C B. 滑块运动的加速度逐渐减小 C. 滑块运动的最大速度约为 0.1m/s D. 滑块最终在 0.3m 处停下
【答案】AC
【解析】 【分析】
【详解】AB、电势φ与位移 x 图线的斜率表示电场强度，则 x＝0.15m 处的场强 E 3105 V/m＝2×106V/m， 0.15
【解析】
【分析】
【详解】A．甲由一个灵敏电流表 G 和一个变阻器 R 并联，利用并联电阻的分流，改装成安培表，乙由一 个灵敏电流表 G 和一个变阻器 R 串联，利用串联电阻的分压，改装成伏特表，故 A 错误； B．由公式
I
Ig
I g Rg R
知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为 2.5mA，则
R 50Ω
塘沽一中 2021 届高三毕业班第二次月考物理
本试卷分为第 I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共 100 分，考试用时 60 分钟。 第 I 卷 1 至 3 页，第 IⅡ卷 4 至 7 页。 答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上，并在规定位置 粘贴考试用条形码。答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。考试结 束后，将本试卷和答题卡一并交回。 祝各位考生考试顺利！
第I卷 注意事项： 1、每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净 后，再选涂其他答案标号。 2、本卷共 8 题，每题 5 分，共 40 分。 一、单项选择题（每小题 5 分，共 25 分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）
1. 如图所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为 m 的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为 M 的物体，在圆环沿 滑杆向下滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则（ ）
由公式
U Ig (Rg R)
知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为 3V，则 R=5800Ω
故 B 正确； C．安培表的量程
I
Ig
I g Rg R
可知当 R 减小时量程 I 增大，故 C 正确； D．伏特表的量程
U Ig (Rg R)
可知 R 增大时量程增大，故 D 错误。 故选 BC。
5. 如图所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场．质量为 m ，半径为 R 的圆环当通有恒定的电流 I 时
在 x 轴上的电势φ与坐标 x 的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点（0.15，3）的切线．现有一质量 为 0.20kg，电荷量为+2.0×10－8C 的滑块 P（可视作质点），从 x=0.l0m 处由静止释放，其与水平面的动摩擦 因数为 0.02．取重力加速度 g=l0m/s2．则下列说法正确的是（ ）
I 2 kR2 ，
故 C 项符合题意. D.若将圆环向上平移一小段距离后环受到的安培力将减小，由静止释放，重力开始时大于安培力，所以环 加速下落，向下的过程中安培力增大，所以合外力减小．加速度先减小，故 D 项不合题意.
二、不定项选择题（每小题 5 分，共 15 分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确 的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，选错或不答的得 0 分）
根据
得，行星的第一宇宙速度
故 A 正确； B．根据 得，行星的质量
则行星的平均密度
故 B 正确； C．根据
又 解得
故 C 错误； D．根据
g
2h t2
mg m v2 R
v gR 2hR t
mg
GMm R2
M gR 2 G
M ＝ 3g 3h 4 R3 4G R 2G Rt 2 3
G
Mm (R h)2
6. 据报道，美国国家航天航天局（NASA）首次在太阳系外发现“类地”行星 Kepler-186f．若宇航员乘坐宇宙
飞船到达该行星，进行科学观测：该行星自转周期为 T；宇航员在该行星“北极”距该行星地面附近 h 处自由 释放一个小球（引力视为恒力），落地时间为 t，已知该行星半径为 R，万有引力常量为 G，则下列说法正确 的是（ ）
两小球落点的平均位置 E、F、J 。图中 O 点是水平槽末端 R 在记录纸上的垂直投影点。
①为了使两球碰撞为一维碰撞，所选两球的直径为：A 球的直径___________B 球的直径（“大于”、“等
恰好能水平静止在 N 极正上方 H 处．已知与磁单极子 N 极相距 r 处的磁感应强度大小为 B k ，其中 k 为 r
常数．重力加速度为 g 则（ ）
A. 静止时圆环的电流方向为逆时针方向（俯视） B. 静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势
mg H 2 R2
C. 静止时圆环的电流 I 2 kR2
S 4 kd
可得电容增大，两极板上的电荷量恒定，根据公式 C
Q U
可
得两极板间的电压减小，A
错误；根据公式 C =
S 4 kd
，
EU d，C来自Q U，联立可得
E
4 kQ S
，与两极
板间的距离无关，所以现将 B 板移至虚线处，两极板间的电场强度恒定不变，故电荷 q 仍保持静止，根据
U Ed 可得 P 点与 B 板之间的电势差减小，因为 B 板接地，电势为零，所以 P 点的电势增加，B 错误 C