《试卷3份集锦》湖南省湘西土家族苗族自治州2020高考物理质量检测试题

2019-2020学年高考物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．如图所示，轻绳一端固定在O点，另一端拴有质量为m的球。

在最低点给小球一水平初速度，使其在竖直平面内做圆周运动。

小球运动到某一位置时，轻绳与竖直方向成θ角。

关于轻绳的拉力T和θ角的关系式你可能不知道，但是利用你所学过的知识可以确定下列哪个表达式是正确的（）
A．T=a+3mgsinθ（a为常数）B．T=a+3
sin
mg
θ
（a为常数）
C．T=a+3mgcosθ（a为常数）D．T=a+3
cos
mg
θ
（a为常数）
2．如图所示，一个钢球放在倾角为30︒的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。

各个接触面均光滑。

关于球的重力大小G、球对斜面的压力大小F N1、球对挡板的压力大小F N2间的关系，正确的是（）
A．F N1>G
B．F N2>G
C．F N2=G
D．F N1<F N2
3．一理想自耦变压器如图所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a、b间作为原线圈，通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈，副线圈两端连有一电阻R．在a、b间输入电压为U l的交变电压时，c、d间的电压为U2，在将滑动触头从图中M点逆时针旋转到N点的过程中
A．U2有可能大于U l B．U1、U2均增大
C．U l不变、U2增大D．a、b间输入功率不变
4．如图所示，在平行有界匀强磁场的正上方有一等边闭合的三角形导体框，磁场的宽度大于三角形的高度，导体框由静止释放，穿过该磁场区城，在下落过程中BC边始终与匀强磁场的边界平行，不计空气阻
力，则下列说法正确的是（）
A．导体框进入磁场过程中感应电流为逆时针方向
B．导体框进、出磁场过程，通过导体框横截面的电荷量大小不相同
C．导体框进入磁场的过程中可能做先加速后匀速的直线运动
D．导体框出磁场的过程中可能做先加速后减速的直线运动
5．小球在水平面上移动，每隔0. 02秒记录小球的位置如图所示。

每一段运动过程分别以甲、乙、丙、丁和戊标示。

试分析在哪段，小球所受的合力为零
A．甲B．乙C．丙D．戊
6．图甲是利用光电管进行光电效应的实验装置。

分别用a、b、c三束单色光照射阴极K，调节A，K间的电压U，得到光电流I与电压U的关系图象如图乙所示，由图可知（）
A．b光照射时，阴极的逸出功较小
B．b光子的能量小于a光子的能量
C．对于b光，A、K间的电压低于U c1时，将不能发生光电效应
D．a光和c光的频率相同，但a光的强度更强
7．在如图所示装置中，轻杆一端固定着一个质量可以忽略不计的定滑轮，两物体质量分别为m1、m2，轻绳一端固定于a点，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，动滑轮质量和一切摩擦不计。

整个装置稳定时下列说法正确的是（）
A ．α可能大于β
B ．m 1一定大于m 2
C ．m 1可能大于2m 2
D ．轻杆受到绳子的作用力22cos
2
m g β
8．大气压强为51.010Pa ⨯。

某容器的容积为10L ，装有压强为61.010Pa ⨯的气体，如果保持气体温度不变，把容器的开口打开，待气体达到新的平衡时，容器内剩余气体的质量与原来气体的质量之比为（ ） A ．1∶9
B ．1∶10
C ．1∶11
D ．1∶20
9．如图所示，真空中，垂直于纸面向里的匀强磁场只在两个同心圆所夹的环状区域存在(含边界)，两圆的半径分别为R 、3R ，圆心为O ．一重力不计的带正电粒子从大圆边缘的P 点沿PO 方向以速度v 1射入磁场，其运动轨迹如图，轨迹所对的圆心角为120°．若将该带电粒子从P 点射入的速度大小变为v 2时，不论其入射方向如何，都不可能进入小圆内部区域，则v 1：v 2至少为
A ．
23
3
B ．3
C ．
43
D ．23
10．如图所示，O 1、O 2两轮通过皮带传动，两轮半径之比r 1：r 2=2：1，点A 在O 1轮边缘上，点B 在O 2轮边缘上，则A 、B 两点的向心加速度大小之比a A ：a B 为（ ）
A ．1：1
B ．1：2
C ．2：1
D ．1：4
二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 11．以下说法正确的是（ ）
A ．已知阿伏加德罗常数、气体摩尔质量和密度，可算出该气体分子的直径
B ．物质是晶体还是非晶体，比较可靠的办法是从各向异性或各向同性来判断
C ．随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，斥力减小得快，但合力表现仍可能为斥力
D ．能量耗散从能量角度反映出自然界的宏观过程具有方向性
12．如图甲所示，一质量为m 的物体静止在水平面上，自t=0时刻起对其施加一竖直向上的力F ，力F 随时间t 变化的关系如图乙所示，已知当地重力加速度为g ，在物体上升过程中，空气阻力不计，以下说法正确的是（ ）
A ．物体做匀变速直线运动
B ．
2
t 时刻物体速度最大 C ．物体上升过程的最大速度为0gt D ．0t 时刻物体到达最高点 13．下列说法正确的是（ ）
A ．石墨和金刚石都是晶体，木炭是非晶体
B ．一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，其内能不一定增加
C ．足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果
D ．当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子所受其他分子作用力的合力总是指向液体内部 E.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度有关 14．关于动量冲量和动能，下列说法正确的是（ ）
A ．物体的动量越大，表明它受到的冲量越大
B ．物体的动量变化，其动能有可能不变
C ．物体受到合外力的冲量作用，则其动能一定变化
D ．物体动量变化的方向可能与初动量的方向不在
同一直线上
15．一定质量的理想气体从状态a 开始，经历三个过程ab 、bc 、ca 回到原状态，其V ﹣T 图象如图所示，p a 、p b 、p c 分别表示状态a 、b 、c 的压强，下列判断正确的是（ ）
A ．过程a 到b 中气体一定吸热
B ．p c ＝p b ＞p a
C ．过程b 到c 气体吸收热量
D ．过程b 到c 中每一个分子的速率都减小
E.过程c到a中气体吸收的热量等于对外做的功
三、实验题：共2小题
16．某课外活动小组使用如图所示的实验装置进行《验证机械能守恒定律》的实验，主要步骤：
A、用游标卡尺测量并记录小球直径d
B、将小球用细线悬于O点，用刻度尺测量并记录悬点O到球心的距离l
C、将小球拉离竖直位置由静止释放，同时测量并记录细线与竖直方向的夹角θ
D、小球摆到最低点经过光电门，光电计时器（图中未画出）自动记录小球通过光电门的时间Δt
E、改变小球释放位置重复C、D多次
F、分析数据，验证机械能守恒定律
请回答下列问题：
(1)步骤A中游标卡尺示数情况如下图所示，小球直径d=________mm
(2)实验记录如下表，请将表中数据补充完整（表中v是小球经过光电门的速度
θ10°20°30°40°50°60°
cosθ0.98 0.94 0.87 0.77 0.64 0.50
Δt/ms18.0 9.0 6.0 4.6 3.7 3.1
v/ms-10.54 1.09 ①_____ 2.13 2.65 3.16
v 2/m2s-20.30 1.19 ②_______ 4.54 7.02 9.99
(3)某同学为了作出v 2- cosθ图像，根据记录表中的数据进行了部分描点，请补充完整并作出v 2- cosθ图像（______）
(4)实验完成后，某同学找不到记录的悬点O到球心的距离l了，请你帮助计算出这个数据l=____m （保留两位有效数字），已知当地重力加速度为9.8m/s2。

17．某实验小组要测量两节干电池组的电动势和内阻，实验室有下列器材：
A．灵敏电流计G（0~5mA，内阻约为60Ω）
B．电压表V（0~3V，内阻约为10kΩ）
C．电阻箱R1（0~999.9Ω）
D．滑动变阻器R2（0~100Ω，1.5A）
E．旧电池2节
F．开关、导线若干
(1)由于灵敏电流计的量程太小，需扩大灵敏电流计的量程。

测量灵敏电流计的内阻的电路如图甲所示，调节R2的阻值和电阻箱使得电压表示数为2.00V，灵敏电流计示数为4.00mA，此时电阻箱接入电路的电阻为1．0Ω，则灵敏电流计内阻为___________Ω；（保留1位小数）
(2)为将灵敏电流计的量程扩大为60mA，该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱R1的阻值调为___________Ω；（保留3位有效数字）；
(3)把扩大量程后的电流表接入如图乙所示的电路，根据测得的数据作出U－I G（I G为灵敏电流计的示数）图象如图丙所示，则该干电池组的电动势E=___________V；内阻r=___________Ω（保留3位有效数字）。

四、解答题：本题共3题
18．如图所示，一定质量的理想气体从状态A开始经状态B到达状态C，已知气体在状态C时的压强为0p，该理气体的内能与温度关系满足U＝kT．求:
(i)气体在A点的压强大小;
(ii)气体从A变化到B再变化到C吸收的热量．
19．（6分）某精密光学仪器上有一块玻璃砖是由一块长方体的匀质玻璃下部分挖掉一个半径为R的半圆柱形成的，其截面如图所示，CD为半圆柱体的直径，O为圆心，AD长为3R。

一束单色光从AD边的中点E垂直射入玻璃砖，经过折射后从玻璃砖中射出。

已知玻璃砖对该单色光的折射率为3，光在真空中的传播速度为c。

①请画出此光束在玻璃砖中的光路图，并求出该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖时的折射角；
②该单色光从进入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所经历的时间。

20．（6分）为测量水晶印章的折射率，某同学在水平桌面铺上一张白纸，然后将印章立放在白纸上，用红色激光笔从O点照射该印章的一个侧面，激光所在的竖直平面与印章的右侧面垂直，其正视图如图所示。

已知该印章的水平截面是d=3cm的正方形，当光以θ=60°的入射角向右侧面照射时，印章右侧的白纸上出现了两个亮点M和N（M点位于N点的右方），测得两亮点间的距离s=2cm，不考虑光在印章表面的多次反射。

(i)作出光从O点入射至形成M、N两亮点的光路图；
(ii)求水晶印章对红色光的折射率n。

参考答案
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1．C 【解析】 【分析】 【详解】
当θ=0°时（最低点），L 为绳长，根据牛顿第二定律
211mv T mg L
-=
当θ=180°时（最高点）
222mv T mg L
+=
从最高点到最低点的过程，由动能定理得
22
1211222
mv mv mgL -= 可以得出
126T T mg -=
因此利用特殊值代入法可知C 选项满足上述结论，ABD 错误，C 正确。

故选C 。

2．A 【解析】 【分析】 【详解】
以球为研究对象，球受重力、斜面和挡板对球体的支持力F 1和F 2，由平衡条件知，F 1和F N2的合力与G 等大、反向、共线，作出力图如图所示，根据平衡条件，有
1cos30G F ︒
=
=
2tan 303
F G G ︒==
根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力大小
N11cos303
G F F G ︒
==
=> 球对挡板的压力大小
N22tan 30F F G G ︒===
< 则
N1N2
F F
>
故A正确，BCD错误。

故选A。

3．C
【解析】
A、根据变压器的电压关系有11
22
U n
U n
=，由于n
2＜n1，所以U2＜U1，故A错误．B、C、当滑动触头M顺
时针转动时，即n2减小时，输入电压U1由发电机决定不变，电压2
21
1
n
U U
n
=应该减小即降低，B错误、C正确．D、因负载不变，故输出功率减小，则变压器的输入功率变小，D错误．故选A．
【点睛】自耦变压器的原理和普通的理想变压器的原理是相同的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据基本的规律分析即可．
4．D
【解析】
【分析】
【详解】
A.导体框进入磁场过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流为顺时针方向，故A错误；
B.导体框进、出磁场过程，磁通量变化相同，由感应电量公式
q n
R
∆
=
Φ
则通过导体框横截面的电荷量大小相同，故B错误；
C.导体框进入磁场的过程中因为导体框的加速度
22
B L v
mg
R
a
m
-
=
有效
其中L有效是变化的，所以导体框的加速度一直在变化，故C错误；
D.导体框出磁场的过程中因为导体框的加速度
22B L v mg R a m
-=
有效 其中L 有效是变化的，则mg 与22B L v R
有效大小关系不确定，而L 有效在变大，所以a 可能先变小再反向变大，故D 正确。

5．C 【解析】 【详解】
小球所受的合力为零时，物体处于静止或匀速直线运动状态，
A.根据图象可知，甲阶段的位移越来越小，所以做减速直线运动，合力不为零，故A 错误
B.乙阶段做曲线运动，则合外力要改变速度，所以不为零，故B 错误
C.丙阶段在相等时间内的位移相等，所以做匀速直线运动，则合外力为零，故C 正确
D.戊阶段的位移越来越大，所以做加速运动，则丙阶段小球所受的合力不为零，故D 错误 6．D 【解析】 【详解】
A ．逸出功由材料本身决定，与照射光无关，故A 错误；
B ．根据光电效应方程
km E h W ν=-
光电子最大初动能
km c E eU =
可知b 光照射时光电子的最大初动能较大，b 光子的能量高于a 光子的能量，故B 错误； C ．能否产生光电效应与所加电压无关，故C 错误；
D ．a 光和c 光照射时光电子的最大初动能相同，故两者的频率相同，由于a 光的最大饱和电流更大，故a 光的强度更强，故D 正确。

故D 正确。

7．D 【解析】 【分析】
对m 1分析可知绳子的拉力大小，对滑轮分析，由于滑轮放在一根绳子上，绳子两端的张力相等，故可知两绳子和竖直方向上的夹角相等，由共点力的平衡关系可得出两质量的关系． 【详解】
对m 1分析可知，m 1受拉力及本身的重力平衡，故绳子的拉力等于m 1g ； 对于动滑轮分析，由于滑轮跨在绳子上，故两端绳子的拉力相等，它们的合力一定在角平分线上；由于它们的合力与m 1的重力大小相等，方向相反，故合力竖直向上，故两边的绳子与竖直方向的夹角α和β相等；故A 错误；由以上可知，两端绳子的拉力等于m 1g ，而它们的合力等于m 1g ，因互成角度的两分力与合力组成三角形，故可知1m 1g ＞m 1g ，即m 1一定小于1m 1．但是m 1不一定大于m 1，故BC 错误。

轻杆受到绳子的作用力等于两边绳子的合力，大小为22cos
2m g β，选项D 正确；故选D 。

【点睛】
本题要注意题目中隐含的信息，记住同一绳子各部分的张力相等，即可由几何关系得出夹角的关系；同时还要注意应用力的合成的一些结论．
8．B
【解析】
【分析】
【详解】
以原来所有气体为研究对象，初状态：p 1=1.0×106Pa ，V 1=10L ，把容器的开关打开，气体等温膨胀，末状态：p 2=1.0×105Pa ，设体积为V 2，由玻意耳定律得
p 1V 1=p 2V 2
代入数据得
V 2=100L
即容器中剩余10L 压强为P 0的原来气体，而同样大气压下气体的总体积为100L ，所以剩下气体的质量与原来气体的质量之比等于同压下气体的体积之比 12101=10010
m V m V ==剩
总 故ACD 错误，B 正确；
故选B 。

9．B
【解析】
【详解】
粒子在磁场中做圆周运动，如图：
由几何知识得：133tan 60R r R ︒
==，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：2111v qv B m r =，解得：13qBR v m
=；当该带电粒子从P 点射入的速度大小变为v 2时，若粒子竖直向上射入磁场粒子恰好不能进入磁场时，即粒子轨道半径2r R =，则不论其入射方向如何，都不可能进入小圆内部区域，此时洛伦兹力
提供向心力，由牛顿第二定律得：2222v qv B m r =，解得：2qBR v m
=，则：12:3v v =B 正确，ACD 错误．
10．B
【解析】
【详解】
传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，所以v A =v B ，由题知r 1：r 2=2：1，由向心加速度公式a=2
v r
得， a A ：a B =1：2
故B 正确，ACD 错误。

故选B 。

二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
11．CD
【解析】
【分析】
【详解】 A ．摩尔体积M
V ρ=，气体分子所占空间0A
V V N =，所以可以求得分子间的平均距离，故A 错误； B ．因多晶体也具有各向同性，故晶体和非晶体一般从熔点来判断，故B 错误；
C ．当分子间距离小于r 0时，随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，斥力减小得快，合力表现为斥力，故C 正确；
D ．根据热力学定律可知，宏观自然过程自发进行是有其方向性，能量耗散就是从能量的角度反映了这种
方向性，故D 正确。

故选CD 。

12．BD
【解析】
【详解】
由图可得力F 与时间的关系为0
22mg F mg t t =-，则可得物体的合外力与时间的关系为02A mg F mg t t =-，由牛顿第二定律可得加速度与时间的关系式为0
2F g a g t m t ==-合，则可知物体先向上做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，然后再向下做加速度增大的加速运动，在上升过程中，当加速度为零时，速度最大，即020g g t t -=，可得012
t t =，故A 错误，B 正确；由初速度大小为零，所以末速度大小等于速度的变化大小，由前面的分析可知，加速度与时间成线性关系，所以最大速度大小为0001224
m t g v v gt +=∆=⋅=，故C 错误；由前面的分析可知在t=t 0时，加速度为a g =- ，根据运动的对称性规律可知，此时间速度减小为0，物体运动到最高点，故D 正确。

故选：BD 。

13．ADE
【解析】
【详解】
A ．石墨和金刚石都是晶体，木炭是非晶体，A 正确；
B ．根据U Q W ∆=+可知，一定质量的理想气体经过等容过程，0W =，吸收热量0Q >，则0U ∆>，即其内能一定增加，B 错误；
C ．足球充气后很难压缩，是因为足球内大气压作用的结果，C 错误；
D ．由于表面张力的作用，当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子所受其它分子作用力的合力总是沿液体的表面，即表面形成张力，合力指向内部，D 正确；
E ．气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内气体的分子数和气体温度有关，E 正确。

故选ADE 。

14．BD
【解析】
【详解】
A ．根据动量定理可知，动量的改变量越大，冲量越大，动量和冲量无直接联系，故A 错误；
B ．匀速圆周运动的速度方向时刻变化，但速度大小不变，所以动量变化，但动能不变，故B 正确；
C ．匀速圆周运动的合外力的冲量不为零，但动能不变，故C 错误；
D ．由公式'p p p ∆=-可知，由于动量和动量变化为矢量，遵循平行边形定则，则物体动量变化的方向可能与初动量的方向不在同一直线上，故D 正确。

故选BD 。

15．ABE
【解析】
【详解】
A ．过程ab 中气体的体积不变，没有做功；温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故A 正确；
B ．设a 状态的压强为a P ，则由理想气体的状态方程可知
0000
333a b P V P V T T ⋅⋅= 所以
3b a P P =
同理
0000
·3a C P V P V T T =⋅ 解得
3c a P P =
所以
c b a P P P =>
故B 正确；
C ．过程b 到c ，温度降低，内能减小；体积减小，外界对气体做功，则气体放出热量，故C 错误；
D ．温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以过程bc 中气体的温度降低，分子的平均动能减小，并不是每一个分子的速率都减小，故D 错误；
E ．由图可知过程ca 中气体等温膨胀，内能不变，对外做功，根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于对外做的功，故E 正确；
故选ABE 。

三、实验题：共2小题
16．9.80 1.63 2.66 1.0
【解析】
【详解】
(1)[1]游标卡尺的主尺读数为9mm ，游标尺上第16个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为16×0.05mm=0.80mm ，所以最终读数为：9mm+0.80mm=9.80mm ；
(2)[2]根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球经过光电门时的速度为：
3
3
9.8010m/s 1.63m/s 6.010d v t --⨯===∆⨯ [3]则有：
2222.66m /s v =
(3)[4]先根据记录表中的数据进行了描点，作出2 cos θv -图像如图：
(4)[5]由2 cos θv -图像可得图像斜率的绝对值为：
100201.00.5
k -==- 要验证机械能守恒定律，必须满足： 21(cos θ)2mg l l mv -=
化简整理可得：
222cos θv gl gl =-
则有：
220gl k ==
解得：
1.0m l =
17．50.0 4.55 2.910.01± 11.00.2±
【解析】
【分析】
【详解】
(1)[1]根据电路结构和欧姆定律得
1G )(U I R R =+
解得
G 150.0ΩU R R I
=-= (2)[2]根据并联电路特点可得，电阻箱1R 的阻值
3G G 13G 51050.0Ω 4.55Ω(605)10
I R R I I --⨯⨯===--⨯ (3)[3]由闭合电路欧姆定律可得
12G G G E U I R I r =++
解得
()12G G U E I R r =-+
根据G U I -图象可得电源电动势
2.91V E =
图象斜率为
12G G
U R r I ∆=+∆ [4]解得电源内阻
11.0Ωr =
四、解答题：本题共3题
18．（i ）012p ；（ii ）012p V 0 +032
kT 【解析】
【详解】
（i ）已知气体在状态C 时的压强为p 0，设气体在A 点时的压强为p A ，根据几何关系可知，气体在状态A 时的温度为012
T
根据理想气体状态方程有
00000212
2
A p V p V T T ⨯= 得：
p A =012
p （ii ）由于气体从A 到B 发生的是等压变化，此过程气体对外做功 W=p A △V=012p ×（2V 0-V 0）=012
p V 0 气体从A 变化到B 再变化到C ，气体的内能增量： △U=k （2T 0-01
2T ）=
032kT 根据热力学第一定律可知：
△U=Q-W
气体吸收的热量：
Q=012p V 0 +032
kT 19．①如图所示，θ=60°；②332R t c
= 【解析】
【分析】
【详解】
①由题意可知，作出光在介质中的光路图如图所示。

根据图示和题意
332sin 2
R
OH OF R α=== ∴α=60°
由光进入该介质的产生全反射时的临界角设为C ，得
1tan C n = 可得α＞C ，光线在F 点全反射
根据图可知
30γβ==︒
由G 点光线第一次射出介质，由折射定律得 1sin sin n γθ
= 解得
θ=60°
②根据题意，光中介质中的传播速度为 c v n
= 1sin 2
EF R R R β=-=
FG=FO=R 所以光在介质中传播的时间为
EF FG t v +=
33R t = 20． (i)见解析； (ii)3n =。

【解析】
【详解】
(i)光路如图所示
(ii)设O 1、O 2分别为射入印章的光线在后表面的反射点及前表面的折射点，r 为折射角，根据反射定律和折射定律可知，射向纸面两光线互相平行。

O 1、O 2两点间的距离为 OO 2=stanθ
OO 2=2dtanr
解得:
3tan r =，r = 30°
水晶印章对红色光的折射率n sin sin n r
θ= 解得:
n =
2019-2020学年高考物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．新华社西昌3月10日电“芯级箭体直径9.5米级、近地轨道运载能力50吨至140吨、奔月转移轨道运载能力15吨至50吨、奔火（火星）转移轨道运载能力12吨至44吨……”这是我国重型运载火箭长征九号研制中的一系列指标，已取得阶段性成果，预计将于2030年前后实现首飞。

火箭点火升空，燃料连续燃烧的燃气以很大的速度从火箭喷口喷出，火箭获得推力。

下列观点正确的是（）
A．喷出的燃气对周围空气的挤压力就是火箭获得的推力
B．因为喷出的燃气挤压空气，所以空气对燃气的反作用力就是火箭获得的推力
C．燃气被喷出瞬间，火箭对燃气的作用力就是火箭获得的推力
D．燃气被喷出瞬间，燃气对火箭的反作用力就是火箭获得的推力
2．如图所示，带正电的点电荷Q固定，电子仅在库仑力作用下，做以Q点为焦点的椭圆运动，M、P、N 为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点。

φM、φN和E M、E N分别表示电子在M、N两点的电势和电场强度，则电子从M点逆时针运动到N点（）
A．φM＞φN，E M＜E N B．φM＜φN，E M＞E N
C．电子的动能减小D．电场力对电子做了正功
3．下列说法正确的是（）
A．普朗克提出了微观世界量子化的观念，并获得诺贝尔奖
B．爱因斯坦最早发现光电效应现象，并提出了光电效应方程
C．德布罗意提出并通过实验证实了实物粒子具有波动性
D．卢瑟福等人通过α粒子散射实验，提出了原子具有核式结构
4．如图所示为范德格拉夫起电机示意图，直流高压电源的正电荷，通过电刷E、传送带和电刷F，不断地传到球壳的外表面，并可视为均匀地分布在外表面上，从而在金属球壳与大地之间形成高电压．关于金属球壳上的A、B两点，以下判断正确的是
A．A、B两点电势相同
B．A、B两点电场强度相同
C．将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能增加
D．将带正电的试探电荷从A点移到B点，电势能减小
5．如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器，C为耐压值为22V的电容器，所有电表均为理想电表。

下列说法正确的是（）
A．副线圈两端电压的变化频率为0.5Hz
B．电流表的示数表示的是电流的瞬时值
C．滑动片P向下移时，电流表A1和A2示数均增大
D．为保证电容器C不被击穿，原副线圈匝数比应小于10：1
6．某LED灯饰公司为保加利亚首都索非亚的一家名为“cosmos（宇宙）”的餐厅设计了一组立体可动的灯饰装置，装置生动模仿了行星运动的形态，与餐厅主题相呼应。

每颗“卫星/行星”都沿预定轨道运动，从而与其他所有“天体”一起创造出引人注目的图案。

若这装置系统运转原理等效月亮绕地球运转（模型如图所示）；现有一可视为质点的卫星B距离它的中心行星A表面高h处的圆轨道上运行，已知中心行星半径为R，设其等效表面重力加速度为g，引力常量为G，只考虑中心行星对这颗卫星作用力，不计其他物体对这颗上星的作用力。

下列说法正确的是（）
A．中心行星A的等效质量=gR
M
G
B．卫星B绕它的中心行星A运行的周期
23
2
4()
R h T
gR
π+
=
C．卫星B的速度大小为
2
gR v
h R =
+
D．卫星B的等效质量
2
gR v
G =
7．如图所示，一直角三角形acd在竖直平面内，同一竖直面内的a、b两点关于水平边cd对称，点电荷Q1、Q2固定在c、d两点上。

一质量为m、带负电的小球P在a点处于静止状态，取重力加速度为g，下列说法正确的是（）
A．Q2对P的静电力大小为
3
2
mg
B．Q1、Q2的电荷量之比为
3 3
C．将P从a点移到b点，电场力做正功
D．将P从a点沿直线移到b点，电势能先增大后减小
8．如图所示，一轻绳绕过光滑的轻质定滑轮，一端挂一水平托盘，另一端被托盘上的人拉住，滑轮两侧的轻绳均沿竖直方向。

已知人的质量为60kg，托盘的质量为20kg，取g=10m/s2。

若托盘随人一起竖直向上做匀加速直线运动，则当人的拉力与自身所受重力大小相等时，人与托盘的加速度大小为（）
A．5m/s2B．6m/s2C．7.5m/s2D．8m/s2
9．一质量为m的物体在光滑水平面上以速度v0运动，t=0时刻起对它施加一与速度v0垂直、大小为F的水平恒力，则t时刻力F的功率为（）
A．0 B．
2
F t
m
C．0
F
F v t
m
⎛⎫
+
⎪
⎝⎭
D．
22
2
02
F t
F v
m
+
10．氢原子的能级如图，大量氢原子处于n=4能级上。

当氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级时，辐射光的波长为1884nm，已知可见光光子的能量在1.61eV～3.10eV范围内，下列判断正确的是（）。