(文末附答案)人教版2022年八年级物理第十四章内能的利用总结(重点)超详细

(每日一练)(文末附答案)人教版2022年八年级物理第十四章内能的利用总结
(重点)超详细
单选题
1、如图为汽油机工作循环中的某个冲程，关于此冲程的说法正确的是（）
A．进气门打开，排气门关闭B．喷油嘴喷出雾状汽油
C．靠飞轮的惯性完成D．内能转化为机械能
2、如图向下压缩活塞，玻璃筒内的空气能量转化情况与下列选项中内燃机工作过程相同的是（）
A．B．C．D．
3、如图是某内燃机工作时的能量流向图，该内燃机的热机效率是（）
A．25%B．35%C．40%D．75%
4、如图所示，蒸汽机的出现标志着（）
A．力学、光学的发展
B．光学、热学的发展
C．热学、电学的发展
D．力学、热学的发展
5、关于能量的转化或转移过程，下列说法错误的是（）
A．地球上的化石能源归根结底来自远古时期的太阳能
B．自然界中水能的循环再生过程不遵循能量守恒定律
C．空调将室内空气的内能转移至高温的室外需要消耗电能
D．热水自然变凉，能量自发的从高温物体转移至低温物体
6、“钻木取火”中蕴含有丰富的物理知识，其中“钻木取火”时能量转化与四冲程发动机下列哪幅图相同（）
A．B．C．D．
7、用酒精灯给试管内的水加热一段时间，塞在试管口的木塞被冲出，如图所示，下列说法正确的是（）
A．酒精燃烧后灯中剩余酒精的密度变小
B．水蒸气对木塞做功，与汽油机做功冲程的原理相似
C．水蒸气对木塞做功的过程中，能量的总量减少
D．试管中的水温度升高后，分子无规则运动较缓慢
多选题
8、某种煤油有关数据如表：（）
如图，有一只煤油加热灯，内装50g 煤油，正在加热烧杯中质量为200g，初温为20℃的煤油，经过10min 后，烧杯中的煤油温度升为 80℃，加热灯中的煤油变为 48g，若不计加热过程中煤油的蒸发，当地气压为一个标准
大气压，若杯中煤油相同时间吸热相等，则（）
A．在这 10min 内，装置的加热效率为 28%
B．加热过程中，杯中煤油密度不变
C．杯中煤油每秒平均吸热为 150J
D．若继续再加热 20min，煤油温度会变为 160℃
9、关于热值和热机效率，下列说法中正确的是（）
A．燃料燃烧得越充分，它的热值就越大B．燃料的热值大小与它质量的大小无关
C．热机做的有用功多，热机的效率就高D．通常蒸汽机的效率比内燃机的效率低
10、关于热值和热机效率，下列说法正确的是（）
A．燃料燃烧越充分，燃料的热值越大
B．热机排出废气温度越高，热机的效率越低
C．热值和热机效率都只与燃料种类有关
D．热机里燃料燃烧越充分，热机效率越高
综合题
11、阅读短文，回答问题
第五代战斗机“歼﹣20”
“歼﹣20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等；“歼﹣20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系；“歼20”配备了大功率雷达，为解决放热问题，采用了新一代液体冷却系统；该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速
度达25倍声速（合3060km/h），最大油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：（已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107J/kg，g取10N/kg）
（1）“歼﹣20”飞机表面能______（选填“反射”或“吸收”）对方雷达发射的电磁波，从面实现电磁隐身，飞机在水平匀速飞行过程中机械能______；（选填“变大”“变小”或“不变”）
（2）下列说法中不正确的是______；
A．飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B．为解决雷达的散热问题，采用比热容大的液体作为冷却剂
C．飞机与地面的联系采用光信号的形式传输信号
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用
（3）当飞机以400m/s的速度巡航时飞机发动机的输出功率为______kW；若飞机油箱中加满燃油，并且以500m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约为______km；
（4）翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为500kg/m2，则机翼面积为______m2飞机的推重比是指飞机以最大行速度巡航时的引力与最大起飞重力的比值，则该“歼﹣20”飞机的推重比约为
______；
（5）飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值R1与离地高度大小的关系如图乙所示，如图丙所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），要使高度表（实质是电流表或电压表）的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在______（选填“1”、“2”或“3”）位置，该高度表示数刻度______。

（选填“匀线“不均匀”）
12、阅读短文，回答下列问题：
空气的动力
空气动力是指空气与物体做相对运动时作用在物体上的力，简称气动力。

当我们快速地松开鼓起来的气球时，
气球会“嗖”的一下飞出去了，这时气球获得了气动力。

经过长时间探索，人们已经成功制造出多种使用压缩空气为动力，推动叶片或者活塞运动的发动机，即叶片式、活塞式空气发动机。

图是某新型以空气发动机为动力的汽车。

它共有4个压缩空气缸，总容量为90 L，可储存
标准大气压下90 m3的空气，其设计最高速度可达154 km/h，平均每加一次气能行驶200 km或10 h。

由于空
气发动机不直接使用燃料，因而具有体积小、结构简单、维修成本低、操控方便、“零”排放的优点。

即使因为
技术不成熟导致某些缺点，在科学界引起不小的争议，但这项技术仍然具有广阔的发展空间。

根据上述材料，回答下列问题：
（1）压缩空气动力汽车最理想的加气工具应是___________（选填“内燃机”“电动机”或“蒸汽机”）提供动力的；（2）空气发动机是利用___________能做功的，空气发动机获得动力时与四冲程汽油机的___________冲程工
作过程相似；
A．吸气 B．压缩 C．做功 D．排气
（3）分析上文，下面说法正确的有___________；
A．松开鼓起来的气球时，气球飞出去，这是因为物体间力的作用是相互的
B．空气动力汽车工作时将内能转化为机械能
C．以空气发动机为动力的汽车，靠汽缸内空气燃烧产生能量
D．空气动力汽车工作时不会有能量的损失
（4）空气发动机的优点___________、___________（写出两个）；
（5）资料表明，空气发动机排出的尾气温度低于周围空气的温度，对于产生此现象的原因，请你提出一条合理的解释：___________。

人教版2022年八年级物理第十四章内能的利用_00B参考答案
1、答案：D
解析：
A．如图所示，是做功冲程，进气门、出气门都关闭，故A错误；
B．该内燃机是汽油机，是火花塞点火，而不是喷油嘴喷柴油，故B错误；
C．做功冲程中飞轮的转动是靠汽油的内能转化为机械能，并不是靠惯性完成的，故C错误；
D．做功冲程，将内能转化为机械能，故D正确。

故选D。

2、答案：B
解析：
向下压缩活塞，发生的能量转化是将机械能转化为内能。

A．进气门开，排气门关，活塞向下，是吸气冲程，无能量转化，故A不符合题意；
B．进气门关，排气门关，活塞向上，是压缩冲程，是将机械能转化为内能，故B符合题意；
C．进气门关，排气门关，活塞向下，是做功冲程，是将内能转化为机械能，故C不符合题意；
D．进气门关，排气门开，活塞向上，是排气冲程，没有能量的转化，故D不符合题意。

故选B。

3、答案：B
解析：
因热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，所以，由内燃机的能量流向图可得，内燃机的热机效率为
η=1﹣25%﹣40%=35%
故A、C、D错误，不符合题意；B正确，符合题意
故选B。

4、答案：D
解析：
17～18世纪，牛顿力学的建立和热力学的发展，导致了蒸汽机的发明，解决了机械动力问题使人类进入蒸汽动力时代，进入了第一次工业革命，所以D选项符合题意；
5、答案：B
解析：
AB．地球上的化石能源都是太阳能转化来的，能量不会凭空产生也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一
种形式，从一个物体转移的另一个物体，故A正确，不符合题意，B错误，符合题意；
C．空调将室内空气的内能转移至高温的室外需要压缩机运转，压缩机运转需消耗电能，故C正确，不符合题意；
D．热传递的条件是温度差，热水自然变凉，能量自发的从高温物体转移至低温物体，故D正确，不符合题意。

故选B。

6、答案：C
解析：
“钻木取火”时，钻对木头做功，使木头的内能增加，温度升高，达到着火点而燃烧，此过程中机械能转化为内能；
A．如图，两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程，内能转化为机械能；
B．如图，排气门打开，是排气冲程，没有能量的转化；
C．如图，两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程，机械能转化为内能；
D．如图，进气门打开，为吸气冲程，没有能量的转化；
综上可知，C符合题意，ABD不符合题意。

故选C。

7、答案：B
解析：
A．酒精燃烧后灯中剩余酒精的密度不变，密度与质量、体积无关，故A错误；
B．水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能转化为机械能，与汽油机做功冲程的原理相似，将内能转化为机械能，故B正确；
C．水蒸气对木塞做功的过程中，能量守恒，能量的总量不会减少，故C错误；
D．试管中的水温度升高后，分子无规则运动越剧烈，故D错误。

故选B。

8、答案：AD
解析：
AC．在这10min内，烧杯中煤油吸收的热量
Q吸=cm1(t1-t0)=2.1×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(80℃-20℃)=2.52×104J
加热灯完全燃烧煤油放出的热量
Q放=m2q=(0.050kg-0.048kg)×4.5×107J/kg=9×104J
所以装置的加热效率
η=Q
吸
Q
放
=
2.52×104J
9×104J
=28%
则杯中煤油每秒平均吸热为
Q 吸t =
2.52×104J
10×60s
=42J/s
故A符合题意，C不符合题意；
B．加热过程中，烧杯中煤油的体积增大，而质量不变（不计加热过程中煤油的蒸发），那么其密度减小，故B不符合题意；
D．若再继续加热20min，加热灯放出热量
Q吸1=42J/s×20×60s=5.04×104J
10min内，加热灯燃烧煤油的质量为2g，那么继续加热20min，加热灯中的煤油未燃烧完。

杯中煤油的温度
t=Q
吸1
cm
+t1=
5.04×104J
2.1×103J/(kg⋅℃)×0.2kg
+80℃=200℃
则杯中煤油已沸腾，所以其温度为160℃，故D符合题意。

故选AD。

9、答案：BD
解析：
A．热值只与燃料种类有关，与是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越充分，它的热值不变，故A错误；
B．热值是物质的一种特性，与质量的大小无关，故B正确；
C．热机的效率等于有用功与燃料完全燃烧释放热量的比值，热机做的有用功多，燃料完全燃烧释放热量未知，热机的效率不一定就高，故C错误；
D．在热机中，蒸汽机的效率最低，通常蒸汽机的效率比内燃机的效率低，故D正确。

故选BD。

10、答案：BD
解析：
A．热值是燃料的特性，与燃烧情况无关，故A错误；
B．热机排出废气温度越高，排出热能越多，能量损耗越多，有用功就越少，所以效率越低，故B正确；C．热值与燃料种类有关，与外界条件无关；而燃料的燃烧情况、能量的损失都会影响热机效率，故C错误；D．使燃料燃烧更充分，可以增大有效利用的能量，提高热机的效率，故D正确。

故选BD。

11、答案：吸收不变 D 1.92×105 2.67×103 74 5.9:1 3 均匀
解析：
（1）[1]具有隐形功能的战机可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达。

[2]匀速飞行的飞机其速度不变，质量不变，动能不变，同时其高度不变，故其重力势能不变，机械能不变。

（2）[3]A．飞机的机翼做成流线型可以减小空气的阻力，故A正确；
B．相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多，为解决雷达的散热问题，采用比热容较大的液体作为冷却剂，故B正确；
C．“歼﹣20”采用先进的光传操纵系统，将获取的信息，通过光信号向地面传递，故C正确；
D．当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于非平衡状态，故受到非平衡力的作用，故D错误。

故选D。

（3）[4]当飞机以400m/s的速度巡航时，飞机发动机的牵引力等于飞机受到的阻力，为
F=f=4.8×104N
根据功率的计算公式可得，输出功率为
P=W
t
=
Fs
t
=Fv=4.8×104N×400m/s=1.92×107W=1.92×105kW
[5]若在飞机油箱中加满燃油，由热量的计算公式可得，航空燃油完全燃烧产生的热量为Q放=qm=5×107J/kg×10×103kg=5×1011J
有用功为
W有=Q放η=5×1011J×40%=2×1011J
以500m/s的速度巡航时，飞机的牵引力为
F′=f′=7.5×104N
由
W=Fs
可得，飞机的最大航程约为
s=W
有
F′
=2×1011J
7.5×104N
=2.67×106m=2.67×103km
（4）[6]根据翼载的定义可得机翼面积
S=37×103kg
500kg/m2
=74m2
[7]从飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系可知
k=f
v2
=
0.3×104N
(100m/s)2
=
1.2×104N
(200m/s)2
=0.3
飞机最大航行速度为3060km/h=850m/s
可知此时的飞机牵引力
F″=f″=0.3×104N
(100m/s)2
×（850m/s）2=2.1675×105N
该飞机最大起飞质量为37t，根据重力的计算公式可得，该飞机最大起飞重力为
G=m g=37×103kg×10N/kg=3.7×104N
飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼﹣20”飞机的推重比约为
2.1765×105N
3.7×104N
≈5.9:1
（5）[8]由题意知，检测电路电源输出的电流恒定，高度表示数能随飞行高度的增大而增大，所以高度计应是电压表，由图丙说明R1高度h成一次函数关系，所以电压表应与R1并联，则此高度表应安装在3位置。

[9]由
U=IR1
可知，电压表（高度表）示数刻度均匀。

12、答案：电动机内 C AB 体积小结构简单气缸内的空气对外做功，内能减少，温度下降
解析：
（1）[1]压缩空气动力汽车最理想的加气工具应是是电动机，因电动机较节能，且环保，不会对空气有污染。

（2）[2]空气发动机是将空气压缩，让其内能增大，从而对外做功，将内能转化为机械能，所以是利用内能做功的。

[3]这个过程与四总冲程汽油机的做功冲程相似，因为做功冲程也是将内能转化为机械能。

故C符合题意，ABD 不符合题意。

故选C。

（3）[4]A．松开鼓起来的气球，气球飞出去时，气球内的气体对空气有力的作用，反过来，空气对气球也有力
的作用，于是气球飞出去了，这说明力的作用是相互的。

故A正确；
BC．空气动力的汽车工作时，是被压缩的空气，将其内能转化为机械能，而不是靠燃烧燃料产生能量，故B正确，C错误；
D．空气动力汽车工作时也有能量打损失，譬如克服机械间的摩擦就带走了一部分能量等，故D错误。

故选AB。

（4）[5][6]由上文分析得，空气发动机的优点是体积小、结构简单、节能环保等。

（5）[7]发动机排放的尾气温度低于周围空气的温度，是因为气缸内的气体对外做功，内能减少，温度降低，所以低于周围空气的内能。