2024届山东省临沂市第十九中学生物高三第一学期期末联考模拟试题含解析

2024届山东省临沂市第十九中学生物高三第一学期期末联考模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。

每小题只有一个选项符合题目要求）
1．下图是多种生物学现象或过程模型，相关叙述不正确
．．．的是（）
A．若表示体液免疫过程，a为吞噬细胞，e为淋巴因子
B．若d、e表示有氧呼吸的第一、二阶段，则e一定发生在线粒体
C．若表示基因表达过程，a为DNA，b为mRNA，d过程需要RNA聚合酶
D．若表示减数分裂，b为次级卵母细胞，则等位基因分离可发生在d过程
2．蓝莓酒和蓝莓醋被称为“液体黄金”“口服化妆品”等。

下图是以鲜蓝莓为原料天然发酵制作蓝莓酒和蓝莓醋的过程简图。

下列叙述错误的是（）
A．去除蓝莓枝梗应在冲洗之后，目的是防止杂菌污染
B．过程③在氧气、糖源充足条件下可直接发酵为蓝莓醋
C．在过程④时，榨出的蓝莓汁需经过高压蒸汽灭菌后才能密闭发酵
D．过程⑤中酒精可作为醋酸菌的碳源和能源
3．某雌雄同株的二倍体植物中，控制抗病（A）与易感病（a）、高茎（B）与矮茎（b）的基因分别位于两对染色体上。

让纯种抗病高茎植株与纯种易感病矮茎植株杂交，F1全为抗病高茎植株，F1自交获得的F2中，抗病高茎：抗病矮茎：易感病高茎：易感病矮茎=9∶3∶3∶1．下列有关叙述错误的是（）
A．等位基因A、a与B、b的遗传既遵循分离定律又遵循自由组合定律
B．F2中的抗病植株分别进行自交和随机交配，后代中抗病基因频率均不变
C．F2中的抗病高茎植株进行自交，后代的性状比例为25∶5∶5∶1
D．F2中的抗病高茎植株随机交配，后代的性状比例为27∶9∶9∶1
4．选取洋葱鳞片叶外表皮探究植物细胞吸水和失水，下列叙述不正确的是（）
A．水可以通过被动运输跨膜
B．水通过原生质层进出液泡
C．紫色色素存在于表皮细胞的细胞液中
D．外界溶液浓度高于细胞液浓度，细胞吸水
5．下列有关酶的叙述，错误的是
A．低温能改变酶的活性和结构
B．酶的合成不一定需要内质网和高尔基体
C．脂肪酶变性失活后加双缩脲试剂呈紫色
D．叶绿体基质中不存在ATP合成酶
6．下列与生物学实验或调查有关的叙述，正确的是（）
A．配制斐林试剂时加入氢氧化钠是为硫酸铜与还原糖反应提供碱性环境B．观察植物细胞的质壁分离与复原时，先用低倍镜观察清楚再换高倍镜C．调查遗传病的遗传方式时最好选择白化病等单基因遗传病
D．在探究酵母菌种群数量变化的实验中，需要设置空白对照
二、综合题：本大题共4小题
7．（9分）请回答下列与发酵应用有关的问题：
（2）用白萝卜、豇豆、辣椒为材料制作泡菜，图2和图2分别是三种材料制作过程泡制液的化学指标变化，根据微生物活动情况和乳酸积累量，发酵过程分为以下阶段：初期，蔬菜入坛，表面会带有微生物，由于泡菜罐加盖并水封，会使代谢类型为_______________的细菌生命活动被逐渐抑制；中期，乳酸菌大量繁殖，泡菜液体pH为2．5~2．8，如图2所示，此时，绝大部分微生物的活动受到抑制，原因是_____________________________；后期，乳酸达到2．2%以上时，乳酸菌活性受到抑制，泡制液pH保持相对稳定，结合图2和图2曲线趋势，在泡制__________天后可食用，是因为_______________含量降低，且结合考虑泡菜的__________________等均较好。

（2）国外制作青贮饲料时可用乳酸菌水剂喷洒，在青贮缸中厌氧条件下利用乳酸菌发酵产生乳酸，提高青贮品质。

若从泡菜汁中分离提纯乳酸菌，首先对经多次发酵的泡菜汁进行过滤，然后取滤液进行_______________________，再用_______________________的方法在专用的培养基中进行筛选。

该培养基须含有_______________________，以便于观察是否产酸，而后将提纯的乳酸菌通过液体发酵罐继续生产。

8．（10分）请回答生物技术相关问题：
（1）从土壤中分离分解尿素的细菌时，培养基中加的唯一氮源__________，为这种培养基称为__________培养基。

（2）制作果酒时，葡萄汁装入发酵瓶时，要留约1/3的空间，目的是____________。

制作果醋时，所用微生物的发酵方式为____________________。

（3）提取玫瑰精油过程中，向油水混合物中加入_________以加速油水分层。

分离的油层中还含有一定的水分，需加入_________将水除去。

胡萝卜素易溶于有机溶剂中，据此可用__________的方法提取。

（4）制作固定化酵母细胞时，将活化的酵母细胞和海藻酸钠溶液混合后浸泡于CaCl2溶液中。

该过程中CaCl2溶液的作用是____________。

9．（10分）随光照强度的变化，玉米和水稻的气孔导度及叶肉细胞光合速率的变化如图所示（注：气孔导度越大，气孔开放程度越高）。

请回答下列问题：
（1）缺少钾盐，水稻的光合产物的运输受阻，c点下降，说明无机盐的作用_____。

（2）当光照强度为b 时，两种植物体内有机物的净积累量_____（填大于、小于或等于）0，原因是_____。

（3）据图分析，在光照强度为4〜8×102μ mol•m-2•s-1时，玉米和水稻光合速率差异并不显著，此时，限制光合速率的因素主要是_____；当光照强度为14×102μ mol•m-2•s-1时两种植物的气孔导度差异很小，而光合速率差异较大，说明_____（填玉米或水稻）利用CO2 的效率更高。

10．（10分）铝在土壤中常以铝酸盐的形式存在，可造成土壤酸化而影响植物生长。

铝能抑制植物根尖细胞的分裂，破坏根组织。

某植物甲的根毛细胞的细胞膜上存在苹果酸通道蛋白（ALMT），该通道蛋白能将苹果酸转运到细胞外来缓解铝毒。

可将控制ALMT的基因导入不耐铝的植物中，最终获得耐铝植物。

请回答下列问题：
（1）下表是运载体上出现的几种限制酶的识别序列及切割位点。

用表中的限制酶切割DNA后能形成相同黏性末端的是_____。

限制酶识别序列和切割位点
EcoR I G1AATTC
BamH I G1GATCC
HindIII A1AGCTT
Xho I C1TCGAG
Nde I CA1TATG
Sal I G1TCGAC
（2）欲获得ALMT基因的cDNA，科研人员从_______细胞中获取总mRNA，在相应酶作用下获得多种cDNA，再利用ALMT基因制作出特异性________，通过PCR方法得到ALMT基因的cDNA。

（3）启动子是_______识别并结合的位点，能调控目的基因的表达。

ALMT基因的启动子有两种类型，其中α启动子能使ALMT基因在酸性土壤的诱导下表达，β启动子能使ALMT基因高效表达而无需酸性诱导。

在获得转ALMT基因耐铝植物时应使用_______启动子，不使用另外一种启动子的原因是_____________________。

（4）科研人员采用农杆菌转化法，首先将ALM基因导入植物细胞并整合到受体细胞染色体的DNA上，再通过_____技术成功获得了耐铝植株。

若将一株耐铝植株与普通植株杂交，得到的后代中耐铝植株：普通植株约为3：1，则可判断这株耐铝植株细胞至少转入了_____个ALMT基因，转入的基因在染色体上的位置关系是：______；若使这株耐铝植株自交，后代中耐铝植株：普通植株约为_______。

11．（15分）某昆虫有多对相对性状，性别决定方式为XY型。

现让此昆虫的一只纯合灰身红眼雌性与一只纯合黑身白眼雄性进行杂交，子一代雌雄个体均为灰身红眼，子一代雌雄个体相互交配，子二代表现型及比例为：灰身红眼雌性∶黑身红眼雌性∶灰身红眼雄性∶灰身白眼雄性∶黑身红眼雄性∶黑身白眼雄性=6∶2∶3∶3∶1∶1。

控制体色的基因用A、a表示，控制眼色的基因用B、b表示，回答下列问题：
（1）此昆虫控制眼色的基因位于_______________染色体上，依据是____________。

（2）此昆虫控制体色的基因与控制眼色的基因的遗传______________（填是或否）遵循自由组合定律，理由是
____________________________________________。

（3）选择题干中子二代中灰身红眼雌性个体与灰身红眼雄性个体进行交配，则子三代中黑身白眼个体出现的概率是______________________。

（4）若实验中发现纯合红眼雌性个体与纯合白眼雄性个体杂交，子代中出现一只白眼雌性个体，研究发现这只白眼雌性个体为遗传物质改变引起的，其原因可能是染色体片段缺失或_________________；如要通过杂交实验进一步判断这只白眼雌性个体出现的原因（已知此昆虫体内缺乏眼色基因无法存活），则
实验思路是：_____________________________________。

预期结果及结论是：_________________________________。

参考答案
一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。

每小题只有一个选项符合题目要求）
1、B
【解析】
在特异性免疫中，T细胞可产生淋巴因子，受到抗原刺激的B细胞可在该因子的作用下，增殖分化为浆细胞，浆细胞产生抗体，参与体液免疫过程。

基因的表达包括转录和翻译过程，转录需要RNA聚合酶催化。

等位基因的分离和非等位基因的自由组合均发生在减数第一次分裂过程中。

【详解】
A 、若表示体液免疫过程，经过吞噬细胞处理的抗原呈递给T 淋巴细胞，T 淋巴细胞释放淋巴因子作用于
B 淋巴细胞，促进B 淋巴细胞的增殖、分化，所以a 为吞噬细胞，b 为T 淋巴细胞，e 为淋巴因子，c 为B 淋巴细胞，A 正确； B 、原核生物有氧呼吸第二阶段发生在细胞质基质中，B 错误；
C 、若表示基因表达过程，a 为DNA ，d 为转录，需要RNA 聚合酶的催化，b 为mRNA ，e 为翻译，C 正确；
D 、若表示减数分裂，b 为次级卵母细胞，则d 为减数第一次分裂，等位基因分离可发生在d 过程中，D 正确。

故选B 。

2、C
【解析】
1、参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型。

果酒制作的原理：
（1）在有氧条件下，反应式如下：C 6H 12O 6+6H 2O+6O 2−−→酶6CO 2+12H 2O+能量；
（2）在无氧条件下，反应式如下：C 6H 12O 6−−→酶 2CO 2+2C 2H 5OH+能量。

2、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型。

果醋制作的原理：
当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的果糖分解成醋酸。

当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。

【详解】
A 、榨汁前需将新鲜的蓝莓进行冲洗，然后除去枝梗，以避免除去枝梗时引起蓝莓破损，防止增加被杂菌污染的机会，A 正确；
B 、过程③是果醋发酵，所用的微生物是醋酸菌，醋酸菌在氧气、糖源充足条件下可直接发酵为蓝莓醋，B 正确；
C 、过程④果酒制作的菌种的来源于蓝莓皮上野生的酵母菌，所以蓝莓汁不需经过高压蒸汽灭菌，C 错误；
D 、在没有糖原的情况下，醋酸菌可以把酒精转化为醋酸，即酒精可作为醋酸菌的碳源和能源，D 正确。

故选C 。

【点睛】
本题结合图解，考查果酒和果醋的制作、微生物的分离和培养，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的方法、实验步骤等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。

3、D
【解析】
分析题干可知，两个纯合亲本的基因型分别为AABB 和aabb ，F 1的基因型为AaBb ，由F 2中抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=9∶3∶3∶1，可推知A 、a 与B 、b 位于两对同源染色体上，符合自由组合定律。

【详解】
A 、由F 2中抗病高茎:抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=9∶3∶3∶1，可推知等位基因A 、a 与
B 、b 位于两对同源
染色体上，每对基因遵循分离定律，两对基因之间遵循自由组合定律，A正确；
B、由分析可推知，F2中的抗病植株基因型为AA（1/3）、Aa（2/3），A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3。

当F2中的抗病植株自交时，后代为AA（1/3+1/4×2/3=1/2）、Aa（1/2×2/3=1/3）、aa（1/4×2/3=1/6），其中A的基因频率为2/3；当F2中的抗病植株随机交配时，后代为AA（2/3×2/3=4/9）、Aa（2×2/3×1/3=4/9）、aa（1/3×1/3=1/9），其中A的基因频率为2/3，B正确；
C、F2中抗病植株为AA（1/3）、Aa（2/3），自交后代为AA（1/3+1/4×2/3=1/2）、Aa（1/2×2/3=1/3）、aa（1/4×2/3=1/6），抗病∶易感病=5∶1；同理可推出，F2中高茎植株自交后代高茎∶矮茎=5∶1，故F2中的抗病高茎植株进行自交，后代的性状比例为25∶5∶5∶1，C正确；
D、F2中抗病植株为AA（1/3）、Aa（2/3），随机交配后代为AA（2/3×2/3=4/9）、Aa（2×2/3×1/3=4/9）、aa（1/3×1/3=1/9），抗病:易感病=8:1；同理可推出，F2中高茎植株随机交配后代高茎∶矮茎=8∶1，故F2中的抗病高茎植株随机交配，后代的性状比例为64∶8∶8∶1，D错误。

故选D。

【点睛】
本题考查基因的分离定律和自由组合定律，要求能运用分离定律思想解决自由组合问题，注意区分自交和随机交配是解题的关键。

4、D
【解析】
成熟的植物细胞有一大液泡，当细胞液的浓度小于外界溶液的浓度时，细胞液中的水分就透过原生质层进入到外界溶液中，由于原生质层比细胞壁的伸缩性大，当细胞不断失水时，液泡逐渐缩小，原生质层就会与细胞壁逐渐分离开来，即发生了质壁分离。

【详解】
A、水可以借助离子通道进入细胞，即可以通过被动运输跨膜运输，A正确；
B、原生质层是指细胞膜、液泡膜以及两者之间的细胞质，水分子能穿过原生质层进入液泡，B正确；
C、紫色色素存在于表皮细胞的（液泡）细胞液中，观察细胞质壁分离时现象比较明显，故常用紫色洋葱鳞片叶外表皮用作实验材料，C正确；
D、外界溶液浓度高于细胞液浓度，细胞失水，D错误。

故选D。

【点睛】
质壁分离的条件：细胞液与外界溶液之间有浓度差；活的具有大液泡的植物细胞。

5、A
【解析】
A．低温可以抑制酶的活性，但没有破坏酶的空间结构，A错误；
B．有些酶的合成不需要内质网和高尔基体的加工，如RNA，B正确；
C．脂肪酶变性失活只是改变了蛋白质的空间结构，仍有肽键，可以与双缩脲试剂反应呈现紫色，C正确；
D．ATP在叶绿体的类囊体薄膜上合成，叶绿体基质中发生的暗反应只消耗ATP，而不合成ATP，D正确；
故选A。

6、C
【解析】
1、斐林试剂是由甲液（质量浓度为0.1g/mL氢氧化钠溶液）和乙液（质量浓度为0.05g/mL硫酸铜溶液）组成，用于鉴定还原糖，使用时要将甲液和乙液混合均匀后再加入含样品的试管中，且需水浴加热；试管中溶液的颜色变化：蓝色→棕色→砖红色。

2、由于单基因遗传病遗传特征明显易于调查、统计和分析，因此调查某遗传病的遗传方式和发病率时，最好选取群体中发病率较高的单基因遗传病。

3、在探究酵母菌种群数量变化的实验中，不同时间的实验结果前后自身对照。

【详解】
A、鉴定还原糖时，需先将斐林试剂甲液NaOH与斐林试剂乙液CuSO4需混合使用，与还原糖反应的是Cu（OH）2，不需要提供碱性环境，A错误；
B、在观察植物细胞质壁分离和质壁分离复原时，由于洋葱鳞片的外表皮细胞比较大，用低倍镜观察放大倍数适中，因此用低倍镜观察的效果比用高倍镜观察要好，B错误；
C、由于单基因遗传病遗传特征明显易于调查、统计和分析，因此调查遗传病的遗传方式时最好选择白化病等单基因遗传病，C正确；
D、在探究酵母菌种群数量变化的实验中，不同时间的实验结果前后自身对照，不需要设置空白对照实验，D错误。

故选C。

二、综合题：本大题共4小题
7、好氧或需氧较低的pH抑制了不耐酸菌的酶活性20-22（填20天、或22天均可）亚硝酸盐口味、色泽、口感如硬脆等稀释涂布平板酸碱指示剂（填酚红等也可）
【解析】
泡菜制作的原理是乳酸菌进行无氧呼吸产生乳酸，为了防止微生物污染，制作泡菜过程中应进行无菌操作；泡菜盐水的浓度应该是清水与盐的比例应为4∶2，如果盐浓度过高会抑制乳酸菌发酵，造成咸而不酸，盐浓度过低不足以抑制微生物生长，造成杂菌污染；为了缩短制作时间可以加入陈泡菜水，以增加乳酸菌数量；微生物培养所用的培养基至少包括碳源、氮源、水、无机盐等。

【详解】
（2）泡菜发酵初期，由于泡菜罐加盖并水封，隔绝空气，会使代谢类型为好氧的菌被逐渐抑制，绝大部分微生物的活动受到抑制。

发酵中期，乳酸菌大量繁殖，较低的pH会使不耐酸菌的酶的活性受到抑制。

发酵后期，乳酸生产过多，酸度的进一步下降也会使乳酸菌自身受到抑制。

硝酸盐对人体无直接危害，但转化成亚硝酸盐后，就会产生危害。

分析图2和图2曲线趋势中的数据可以看出，20—22天时亚硝酸盐的含量降低到最低水平，此时泡菜的口味、色泽、口感如硬脆等较好，可以合理食用。

（2）从泡菜汁中可分离提纯乳酸菌，首先对经多次发酵的泡菜汁进行过滤，然后取滤液进行稀释，再用涂布平板的方法在专用的选择培养基中进行初步筛选乳酸菌。

所用培养基须经高压蒸汽灭菌法进行灭菌。

培养基中须含有酸碱指示剂，以便于观察是否产酸。

【点睛】
本题考查泡菜的制作，对于此类试题，需要考生识记参与泡菜制作的微生物及其代谢类型，掌握泡菜制作的原理及条件，能理论联系实际，运用所学的知识合理解释生活中的生物学问题。

8、尿素选择既可以为酵母菌大量繁殖提供适量的氧气，又可以防止发酵旺盛时汁液溢出有氧呼吸
Na SO有机溶剂萃取与海藻酸钠溶液形成凝胶珠
NaCl无水24
【解析】
选择培养基的含义是人为设置相关条件或环境，使得被筛选的菌种得以生存，而其它菌种的生长被抑制的培养基，一般培养基的基本条件包含水、无机盐、碳源和氮源。

提取玫瑰精油的时候常常需要加入氯化钠来分离油层和水层，同时需要加入无水硫酸钠来除水。

【详解】
（1）分离分解尿素的细菌，则需要将尿素作为唯一氮源来制备培养基，这样的培养基上只能允许分解尿素的菌种生存，而无法利用尿素的菌种因缺乏氮源死亡，这属于选择培养基；
（2）酵母菌进行酒精发酵的时候需要先进行有氧呼吸增加菌种的数量，后进行无氧呼吸发酵产生酒精，因此发酵瓶中要留约1/3的空间是为了为酵母菌大量繁殖提供适量的氧气，又可以防止发酵旺盛时汁液溢出；醋酸杆菌属于需氧型细菌，进行有氧呼吸；
（3）提取玫瑰精油过程中，向油水混合物中加入氯化钠以加速油水分层，后续添加无水硫酸钠来除水；胡萝卜素易溶于有机溶剂，因此常常使用有机溶剂萃取法来提取；
（4）固定化细胞的时候在加入海藻酸钠以后常常加入CaCl2溶液，目的是为了与海藻酸钠溶液形成凝胶珠。

【点睛】
该题的重点是微生物的培养和玫瑰精油的提取过程，一般在选择微生物的时候通常将培养基或培养环境进行一定的人为改变，以便达到只能使某种特定的微生物生存，而鉴别培养基需要添加特定的物质以便证明存在某种菌种即可，识记微生物的培养和各芳香油的提取过程和方法是本题的解题关键。

9、维持生物体正常的生命活动小于光强为b 时，叶肉细胞光合速率等于呼吸速率，而其他不含叶绿体的细
胞只进行呼吸作用光照强度玉米
【解析】
解答本题的关键是掌握植物的光合作用过程和影响光合作用的因素。

据图分析，图1中，实验的自变量是光照强度和植物的种类，因变量是气孔导度，两种植物的气孔导度随着光照强度的增加都表现为先增加后降低；图2中，实验的自变量是光照强度和植物的种类，因变量是净光合速率，a点表示叶肉细胞的呼吸速率，b点表示叶肉细胞的光合速率与呼吸速率相等。

【详解】
（1）许多无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要作用，如缺少钾盐，水稻的光合产物的合成与运输受阻，c点下降。

（2）根据以上分析已知，图中b点表示叶肉细胞的光合速率与呼吸速率相等，而植物的其他没有叶绿体的细胞只能进行呼吸作用消耗有机物，因此两种植物体内有机物的净积累量都小于0。

（3）据图分析，当光照强度低于8×102μmol•m-2•s-1时，随光照强度增加，玉米和水稻光合作用速率不断增大，说明光照强度低于8×102μmol•m-2•s-1时限制玉米和水稻光合作用的主要因素是光照强度；当光照强度为14×102μmol•m-2•s-1
时两种植物的气孔导度差异很小，而玉米光合速率明显大于水稻，说明玉米对二氧化碳的利用率更高。

10、Xho I与Sal I 植物甲的根（根毛）细胞引物RNA聚合酶α β启动子可使植物根细胞持续转运有机酸，导致正常土壤酸化，并影响植物自身的生长植物组织培养 2 分别位于两条非同源染色体上15：1
【解析】
基因工程技术的基本步骤：目的基因的获取：方法有从基因文库中获取、利用PCR技术扩增和人工合成。

基因表达载体的构建：是基因工程的核心步骤，基因表达载体包括目的基因、启动子、终止子和标记基因等。

将目的基因导入受体细胞：根据受体细胞不同，导入的方法也不一样。

将目的基因导入植物细胞的方法有农杆菌转化法、基因枪法和花粉管通道法；将目的基因导入动物细胞最有效的方法是显微注射法；将目的基因导入微生物细胞的方法是感受态细胞法。

目的基因的检测与鉴定：分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA是否插入目的基因−−DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质−−抗原−抗体杂交技术。

个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等。

【详解】
（1）根据图示中限制酶的识别序列和酶切位点可判断XhoI与SalI切割DNA后都能形成TCGA的黏性末端。

（2）根据“某植物甲的根毛细胞的细胞膜上存在苹果酸通道蛋白（ALMT）”可知，ALMT基因在根毛细胞中表达，所以欲获得ALMT基因的cDNA，科研人员应从植物甲的根（根毛）细胞中获取总mRNA，在相应酶作用下获得多种cDNA，再利用ALMT基因制作出特异性的引物，通过PCR方法得到ALMT基因的cDNA。

（3）启动子是RNA聚合酶特异性识别并结合的位点，能调控目的基因的表达。

ALMT基因的启动子有两种类型，其
中α启动子能使ALMT基因在酸性土壤的诱导下表达，β启动子能使ALMT基因高效表达而无需酸性诱导。

铝在土壤中常以铝酸盐的形式存在，可造成土壤酸化而影响植物生长，而α启动子能使ALMT基因在酸性土壤的诱导下表达，则在获得转ALMT基因耐铝植物时应使用α启动子，不使用另外一种启动子的原因是β启动子可使植物根细胞持续转运有机酸，导致正常土壤酸化，并影响植物自身的生长。

（4）科研人员采用农杆菌转化法，首先将ALM基因导入植物细胞并整合到受体细胞染色体的DNA上，再通过植物组织培养技术成功获得了耐铝植株。

若将一株耐铝植株与普通植株杂交，由于该杂交相当于测交，所以若得到的后代中耐铝植株：普通植株约为3：1，则可判断这株耐铝植株细胞至少转入了2个ALMT基因，且转入的基因分别位于两条非同源染色体上；若使这株耐铝植株（基因型相当于AaBb，A和B均为ALMT基因）自交，后代中耐铝植株：普通植株约为15：1。

【点睛】
本题考查基因工程的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解能力；能理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，解决生物学问题的能力。

11、X 子二代中雌性全为红眼，雄性中红眼∶白眼=1∶1，出现眼色与性别关联的现象是子二代中灰身∶黑身=3∶1，红眼∶白眼=3∶1，同时分析两对性状遗传时出现四种表现型且比例为9∶3∶3∶1（或：子二代中，灰身红眼∶灰身白眼∶黑身红眼∶黑身白眼=9∶3∶3∶1）1/72 基因突变让这只白眼雌性个体与红眼雄性个体杂交，观察后代雌雄性别比例及眼色情况若子代个体中雌性全为红眼，雄性全为白眼，且雌性∶雄性=1∶1，则为基因突变所致；若子代个体雌性全为红眼，雄性全为白眼，且雌性∶雄性=2∶1，则为染色体片段缺失所致
【解析】
分析题意可知，一只纯合灰身红眼雌性与一只纯合黑身白眼雄性进行杂交，子一代雌雄个体均为灰身红眼，说明灰身、红眼为显性性状。

子一代雌雄个体相互交配，子二代表现型及比例为：灰身红眼雌性∶黑身红眼雌性∶灰身红眼雄性∶灰身白眼雄性∶黑身红眼雄性∶黑身白眼雄性=6∶2∶3∶3∶1∶1，F2中无论雌雄均为灰身∶黑身=3∶1，说明控制灰身和黑身的基因位于常染色体上。

F2中雌性均为红眼，雄性中红眼∶白眼=1∶1，说明控制眼色的基因位于X染色体上。

所以控制体色的基因与控制眼色的基因的遗传遵循自由组合定律。

【详解】
（1）分析题意可知，此昆虫控制眼色的基因位于X染色体上，判断依据是：子二代中雌性全为红眼，雄性中红眼∶白眼=1∶1，出现眼色与性别关联的现象。

（2）由于子二代中灰身∶黑身=3∶1，红眼∶白眼=3∶1，同时分析两对性状遗传时出现四种表现型且比例为9∶3：3∶1（或：子二代中，灰身红眼∶灰身白眼∶黑身红眼∶黑身白眼=9∶3∶3∶1），故此昆虫控制体色的基因与控制眼色的基因的遗传遵循自由组合定律。

（3）据题意可知，子二代中灰身红眼雌性个体与灰身红眼雄性个体进行交配，使用“先拆分再组合”的解题策略。

①灰身雌性基因型是1/3AA，2/3Aa，灰身雄性基因型也是1/3AA，2/3Aa，棋盘法表示如下：。