宁夏固原市西吉中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案

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高二物理上学期期中-宁夏银川一中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题及答案

高二物理上学期期中-宁夏银川一中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题及答案

银川一中2014/2015学年度(上)高二期中考试物理试卷一、单项选择题(3分×14 = 42分)1.电场强度的定义式为E=F/qA.场强的方向与F的方向相同B.该定义式只适用于点电荷产生的电场C.F是检验电荷所受到的力,q是产生电场的电荷电量D.由该定义式可知,场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比2.如图所示点电荷电场中,将检验电荷从A点分别移到以点电荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点,则电场力做的功A.从A到B做功最多.B.从A到C做功最多.C.从A到E做功最多.D.做功一样多.3.在静电场中,下列说法正确的是A.电场强度的方向总是跟等势面垂直的B.电场强度处处相同的区域内,电势也一定处处相同C.电场强度处处为零的区域内,电势也一定处处为零D.沿着电场强度的方向,电势总是不断增加的。

4.如图所示,是匀强电场中的一组等势面,每两个相邻等势面的距离是25 cm,由此可确定电场强度的方向及大小为A.竖直向下,E=0.4 N/C B.水平向右,E=0.4 N/CC.水平向左,E=40 N/C D.水平向右,E=40 V/m5.如图所示,是某电场中的一条直电场线,一电子(重力不计)从a点由静止释放,它将沿直线向b点运动,则可判断A.该电场一定是匀强电场B.场强E a一定小于E bC.电子具有的电势能E Pa一定大于E PbD.两点的电势φa一定高于φ b6.真空中有两个固定的带正电的点电荷,其电量Q1>Q2,点电荷q置于Q1、Q2连线上某点时,正好处于受力平衡状态,则A.q离Q2比离Q1远 B.q离Q2比离Q1近C.q一定是正电荷 D.q一定是负电荷7.如图所示P和Q为两平行金属板,板间电压为U,在P板附近有一电子由静止开始向Q 板运动,关于电子到达Q板时的速率,下列说法正确的是A.两板间距离越大,加速时间越长,获得的速率就越大B.两板间距离越小,加速度越大,获得的速率就越大C.与两板间距离无关,仅与加速电压U有关D.以上说法都不正确8.如图所示,用静电计测量已经充电的平行板电容器两极板间的电势差U,静电计指针张开某一角度α,若在电容器两极间插入有机玻璃板,则A.U不变,α不变 B.U增大,α增大C.电容器电容增大,α变小 D.电容器电容减小,α变大9.下列说法中正确的是A.导体中只要电荷运动就形成电流B.在国际单位制中,电流的单位是A C.电流有方向,它是一个矢量D.根据I=q/t,可知I与q成正比10.关于导体的电阻,说法正确的是A .电阻率ρ很大的导体,电阻可以很小B .电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱,由导体的长度决定,与温度无关C .电阻率ρ与导体的长度L 和横截面积S 有关D .slR ρ=是电阻的定义式 11.如图所示,中子内有一个电荷量为 + 23 e 的上夸克和两个电荷量为 - 13 e 的下夸克,3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上,则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为A.ke r 2B.ke 3r 2C.ke9r2 D.2ke3r2 12.一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号,另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h ,待机时间100 h”,则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为A .1.8 W ,5.4×10 – 2W B .3.6 W ,0.108 W C .0.6 W ,1.8×10– 2W D .6.48×103W ,1.94×10 2W13.如图所示的电路中,电压表和电流表的读数分别为10 V 和0.1 A ,电流表的内阻为0.2 Ω,那么有关待测电阻R x 的下列说法正确的是( )A .R x 的测量值等于真实值B .R x 的测量值比真实值小C .R x 的真实值为99.8 ΩD .R x 的真实值为100.2 Ω14.如图所示电路中,各灯额定电压和额定功率分别是:A灯“10V10W”,B灯“60V60W”,C灯“40V40W”,D灯“30V30W”。

西吉中学高二年级物理期中考试试题附答案

西吉中学高二年级物理期中考试试题附答案

A B C D西吉中学高二理科班中期考试试卷(3-3模块)(分子动理论、固体、液体、气体)一、多项选择题。

(每小题2分,漏选得1分,共30分) 1、下列固体中属于晶体的是( )A 、石英B 、玻璃C 、糖D 、沥青 2、关于气体的性质,下列说法正确的是( )A 、气体的体积与气体的质量成正比B 、气体的体积与气体的密度成正比C 、气体的体积就是所有分子体积的总和D 、气体的体积与气体的质量、密度和分子体积无关,只决定于容器的容积 3、一定质量的理想气体,发生状态变化,下列变化不可能的是( ) A 、p ↑ v ↑ T ↑ B 、p ↑ v ↓ T ↑ C 、p ↑ v ↑ T ↓ D 、p ↓ v ↓ T ↓ 4、如图所示,属于液体浸润现象的是( )5、对于分子动理论和物体内能理解,下列说法正确的是( ) A 、温度高的物体内能不一定大,但分子平均动能一定大B 、一定质量的理想气体在等温变化时,内能不改变,因而与外界不发生热交换C 、布朗运动是液体分子的运动,它说明分子永不停息地做无规则运动D 、冰熔解成水,温度不变,则内能也不变6、甲乙两个分子相距较远。

若把甲固定,使乙分子逐渐向甲移动,直到不能再靠拢为止。

在这一过程中,有关分子力对乙做功的正确的是:( ) A 、分子力对乙总是做正功 B 、分子力对乙总是做负功C 、先是乙克服分子力做功,然后分子力对乙做正功D 、先是分子力对乙做正功,然后乙克服分子力做功 7、下面关于熵的说法错误的是( ) A .熵是物体内分子运动无序程度的量度B .在孤立系统中,一个自发的过程总是向熵减少的方向进行C .热力学第二定律的微观实质是熵是增加的D .熵值越大,代表系统分子运动越无序8、图1所示是一定质量的理想气体的P —V 1图线(P 为气体压强,V 为气体体积),当气体状态沿图线由A 经B 到C 的过程中( ) A ,外界对气体做功,内能减少B.外界对气体做功,内能增加C.气体对外界做功,内能减少D.气体对外界做功,内能增加9、关于液体和固体,下列说法正确的是()A.液体分子间的相互作用比固体分子间的相互作用强B.液体分子同固体分子一样,也是密集在一起C.液体分子的热运动没有固定的平衡位置D.液体比固体扩散的快10、一定质量的理想气体,被活塞封在绝热气缸内,与外界无热交换,气体压强为P0。

宁夏固原市西吉县回民中学高二物理上学期期中试卷(含解析)

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宁夏固原市西吉县回民中学201 4-2015学年高二上学期期中物理试卷一.选择题.(选择正确答案选项的序号填在题后的括号内,其中1-7题为单项选择题,每个题只有一个正确答案,8-10题为多项选择题,每个题至少有两个正确答案,每小题4分,共40分)1.下列说法正确的是()A.物体所带的电荷量可以为任意实数B.不带电的物体上,既没有正电荷也没有负电荷C.摩擦起电过程,是一个物体失去电子另外一个物体得到电子的过程D.玻璃棒与任何物体摩擦都会带正电荷2.如图所示,原来不带电的金属导体MN,在其两端下面都悬挂着金属验电箔,若使带负电的金属球A靠近导体的M端,可能看到的现象是()A.只有M端验电箔张开,且M端带正电B.只有N端验电箔张开,且N端带正电C.两端的验电箔都张开,且N端带负电,M端带正电D.两端的验电箔都张开,且两端都带正电或负电3.如图所示,A和B为两等量异号电荷,A带正电,B带负电.在A、B的连线上有a、b、c 三点,其中b为连线的中点,a、c两点与b点等距,则下列说法错误的是()A.a电点与c点的电场强度相同B.a点与c点的电势相同C.a、b间的电势差与 b、c间的电势差相同D.过b点做A、B连线的垂线,点电荷q沿此垂线方向移动,电荷的电势能保持不变4.两个固定的等量异号点电荷所产生电场等势面如图中虚线所示,一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行,最后离开电场,粒子只受静电力作用,则粒子在电场中()A.做直线运动,电势能先变小后变大做直线运动B.电势能先变大后变小C.做曲线运动,电势能先变小后变大D.做曲线运动,电势能先变大后变小5.如图所示,当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时,电路中电压表和电流表示数的变化情况是()A.V、A示数都变大B.V、A示数都变小C.V示数变大,A示数变小D.V示数变小,A示数变大6.如图所示,电场中有A、B两点,则下列说法中正确的是()A.电势φA>φB,场强E A>E BB.电势φA>φB,场强E A<E BC.将+q电荷从A点移到B点电场力做了正功D.将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA>E PB7.一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是()A.C和U均增大B.C增大,U减小C.C减小,U增大D.C和U均减小8.带电粒子(不计重力)以水平初速度v0垂直于电场方向进入水平放置的平行金属板形成的匀强电场中,它离开电场时的速度偏离原来方向的偏向角为θ,竖直偏移的距离为h,则下列说法正确的是()A.粒子在电场中做类似平抛的运动B.偏向角θ与粒子的电荷量和质量无关C.粒子飞过电场的时间取决于极板长度和粒子进入电场时的初速度D.粒子竖直偏移的距离h可用加在两极板间的电压来控制9.(多选题)随着MP4播放器的出现,人们可以在旅途中观看电影,让原本枯燥的旅途变得充满乐趣.MP4的充电电流多为锂电池,假设锂电池的充电电流为300mA,则以下说法正确的是()A.1s通过电池某一横截面的电量为300CB.1s通过电池某一横截面的电量为0. 3CC.充电过程把其他形式的能转化为电能D.充电过程把电能转化为其他形式的能10.两个电压表V1和V2是由完全相同的两个小量程电流表改装成的,V1的量程是5V,V2的量程是15V,为了测量15~20V的电压,把两个电压表串联起来使用,下列说法正确的是()A.V1和V2的示数相等B.V1和V2的指针偏转角度相同C.V1和V2的示数不相等,指针偏转角度也不相同D.V1和V2的示数之比等于两个电压表的内阻之比二.填空题(把正确答案填在题中的横线上,每空2分,共20分)11.两个点电荷甲和乙同处于真空中.(1)甲的电量是乙的4倍,则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的倍.(2)若把每个电荷的电量都增加为原来的2倍,那么它们之间的相互作用力变为原来的倍.12.如图所示,电源电压恒定,则接通开关S 的瞬间,通过电阻R 的电流方向是从到;平行板电容器充电稳定后,在将两板间距离增大的过程中,通过R 的电流方向是从到;如果电容器充电平衡后,先断开S,再将两板间距离增大,在此过程中,R上(“有”或“无”)电流流过.13.如图所示,在匀强电场中分布着A、B、C 三点,且BC=20cm.当把一个电荷量q=10﹣5C 的正电荷从A 点沿AB线移到B点时,电场力做功为零.从 B点移到C点时,电场力做功为﹣1.73×10﹣3J.则BC两点电势的高低φBφC,(填“大于”“小于”或“等于”)电场的方向为,场强的大小为.三、解答题.(要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题,答案中应明确写出数值和单位.共40分)14.氢原子中,电子和质子的平均距离是5.3×10﹣11m.(1)质子在离它这个距离的位置产生的电场强度是多大?方向如何?(2)电子受到的静电力是多大?方向如何?15.如图所示的电场中,已知A、B两点间的电势差U AB=﹣20V.求:(1)电荷q=+5×10﹣9C由A点移动到B点,电场力所做的功是多少?(2)若电荷q=+5×10﹣9C在A点的电势能为E pA=5×10﹣8 J,问B点的电势是多少?16.由4个电阻连接成的混联电路如图所示.R1=8Ω,R2=4Ω,R3=6Ω,R4=3Ω.求:(1)a、d之间的总电阻.(2)如果把42V的电压加在a、d两端,通过每个电阻的电流是多少?17.一束电子从静止开始经加速电压U1加速后,以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间,如图所示,金属板长为l,两板距离为d,竖直放置的荧光屏距金属板右端为L.若在两金属板间加直流电压U2时,光点偏离中线与荧光屏交点O,打在荧光屏上的P点,求OP的长度.宁夏固原市西吉县回民中学2014-2015学年高二上学期期中物理试卷一.选择题.(选择正确答案选项的序号填在题后的括号内,其中1-7题为单项选择题,每个题只有一个正确答案,8-10题为多项选择题,每个题至少有两个正确答案,每小题4分,共40分)1.下列说法正确的是()A.物体所带的电荷量可以为任意实数B.不带电的物体上,既没有正电荷也没有负电荷C.摩擦起电过程,是一个物体失去电子另外一个物体得到电子的过程D.玻璃棒与任何物体摩擦都会带正电荷考点:电荷守恒定律.专题:电场力与电势的性质专题.分析:物体带电是指有多余的电荷量,是由于自由电荷的转移导致的,并不是创造出来的,因此物体带电均是元电荷的整数倍,感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电.解答:解:A、物体所带电量均是元电荷的整数倍,所以不可能为任意实数.故A错误;B、不带电的物体,并不是没有正、负电荷,而是没有多余的电荷.故B错误;C、摩擦起电是电子转移后,摩擦起电过程,是一个物体失去电子另外一个物体得到电子的过程,故C正确;D、玻璃棒与丝绸摩擦后会带正电荷,并不表示玻璃棒与任何物体摩擦都会带正电荷,故D 错误;故选:C点评:考查了电荷守恒定律的同时,还有是:元电荷是带电量的最小单元,其电荷量与电子的电量相等,物体所带电量均是元电荷的整数倍.2.如图所示,原来不带电的金属导体MN,在其两端下面都悬挂着金属验电箔,若使带负电的金属球A靠近导体的M端,可能看到的现象是()A.只有M端验电箔张开,且M端带正电B.只有N端验电箔张开,且N端带正电C.两端的验电箔都张开,且N端带负电,M端带正电D.两端的验电箔都张开,且两端都带正电或负电考点:静电现象的解释.分析:根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况,从而可以判断导体带电的情况.解答:解:金属导体处在负电荷的电场中,由于静电感应现象,弹头导体的右端要感应出正电荷,在导体的左端会出现负电荷,所以导体两端的验电箔都张开,且左端(N端)带负电,右端带正电,所以C正确.故选:C.点评:感应带电,这是使物体带电的一种方法,根据异种电荷互相吸引的原理可知,靠近的一端会带异种电荷.3.如图所示,A和B为两等量异号电荷,A带正电,B带负电.在A、B的连线上有a、b、c 三点,其中b为连线的中点,a、c两点与b点等距,则下列说法错误的是()A.a电点与c点的电场强度相同B.a点与c点的电势相同C.a、b间的电势差与 b、c间的电势差相同D.过b点做A、B连线的垂线,点电荷q沿此垂线方向移动,电荷的电势能保持不变考点:电势;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:A、B为两等量异号电荷,产生的电场具有对称性,即关于AB连线的中垂线对称;根据顺着电场线电势降低,判断ac电势的高低;根据等势线对称性分析a、b间电势差与b、c间电势差的关系;AB连线的中垂线是等势线,电荷在等势线上移动时,电场力不做功解答:解:A、A、B为两等量异号电荷,产生的电场关于AB连线的中垂线对称,可知a 点与c点的电场强度相同.故A正确.B、电场线方向从A到B,因为顺着电场线,电势降低,则a点电势高于c点的电势.故B 错误.C、由于AB产生的电场关于AB连线的中垂线左右对称,又ab=bc,根据U=Ed可定性分析得出a、b间电势差等于b、c间电势差.故C正确.D、将过b点做A、B连线的垂线,即为等势线,点电荷q沿此垂线方向移动,电场力不做功,电荷的电势能保持不变,故D正确.因选错误,故选:B点评:对于等量异号电荷电场的电场线、等势线分布情况要熟悉,2015届高考常常在这方面做出题,关键要抓住对称性4.两个固定的等量异号点电荷所产生电场等势面如图中虚线所示,一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行,最后离开电场,粒子只受静电力作用,则粒子在电场中()A.做直线运动,电势能先变小后变大做直线运动B.电势能先变大后变小C.做曲线运动,电势能先变小后变大D.做曲线运动,电势能先变大后变小考点:等势面;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:粒子在静电场中电场力先做正功后做负功,电势能先减小后增大.粒子所受的电场力与速度方向不在同一直线上,做曲线运动.解答:解:根据电场线与等势线垂直可知,在A点电场线方向应与速度v垂直,则粒子所受的电场力方向向上,与初速度v也垂直,粒子做曲线运动.粒子靠近正电荷时,电场力做正功,离开正电荷时,电场力做负功,则其电势能先变小后变大.故C正确.故选:C点评:本题关键抓住电场线与等势线的关系判断电场力方向与粒子初速度方向的关系,分析运动情况,根据电场力做功正负,判断电势能的变化.5.如图所示,当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时,电路中电压表和电流表示数的变化情况是()A.V、A示数都变大B.V、A示数都变小C.V示数变大,A示数变小D.V示数变小,A示数变大考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:明确电路图的结构,根据滑动变阻器的滑片的移动可知电阻的变化;由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化;再由欧姆定律可得出电压表及电流表的变化.解答:解:由图可知,R2与R并联后与R1串联;当滑片向下滑动时,滑动变阻器接入电阻减小,则电路中总电阻减小,则由闭合电路欧姆定律可知,电路中总电流增大,根据欧姆定律可知,R1串电压增大,即电压表示数增大,内阻和R1电压增大,则当并联部分电压减小,所以通过R2的电流减小,因总电流增大,故电流表中电流增大,故A正确.故选:A点评:对于闭合电路欧姆定律的动态分析问题,要认真分析电路,再根据“局部﹣整体﹣局部”的思路进行分析,即可正确解答.6.如图所示,电场中有A、B两点,则下列说法中正确的是()A.电势φA>φB,场强E A>E BB.电势φA>φB,场强E A<E BC.将+q电荷从A点移到B点电场力做了正功D.将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA>E PB考点:电势;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场强度的大小看电场线的疏密程度,电场线越密的地方电场强度越大,电势的高低看电场线的指向,沿着电场线电势一定降低.要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化,理解这些概念之间的关系.解答:解:A、电场线越密的地方电场强度越大,所以场强E A<E B,沿着电场线电势降低,所以电势∅A>∅B,故A错误,B正确.C、将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同,电场力做正功,故C正确.D、将﹣q电荷分别放在A、B两点,所受电场力和电场线方向相反,电场力做负功,电势能增加,所以E PA<E PB,故D错误.故选:BC.点评:本题是电场中基本题型,抓住电场线的物理意义:电场线表示电场线的强弱,电场线越密,场强越大.同一条直线电场线上各点的电场强度的方向都相同7.一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是()A.C和U均增大B.C增大,U减小C.C减小,U增大D.C和U均减小考点:电容器.专题:电容器专题.分析:根据电容的决定式判断电容大小,根据定义式判断电压变化.解答:解:由公式知,在两极板间插入一电介质,其电容C增大,由公式知,电荷量不变时U减小,B正确.故选B点评:本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用.8.带电粒子(不计重力)以水平初速度v0垂直于电场方向进入水平放置的平行金属板形成的匀强电场中,它离开电场时的速度偏离原来方向的偏向角为θ,竖直偏移的距离为h,则下列说法正确的是()A.粒子在电场中做类似平抛的运动B.偏向角θ与粒子的电荷量和质量无关C.粒子飞过电场的时间取决于极板长度和粒子进入电场时的初速度D.粒子竖直偏移的距离h可用加在两极板间的电压来控制考点:带电粒子在匀强电场中的运动.专题:带电粒子在电场中的运动专题.分析:粒子在平行板间的电场中仅受电场力,做类平抛运动,粒子的偏角和偏移量分别由运动的分解结合几何关系求解.解答:解:A、带电粒子以初速度v0垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中,仅受电场力,做类平抛运动,故A正确.B、粒子的偏转角θ满足:tanθ=.B错误;C、粒子平行于极板方向做匀速直线运动,时间t=,故C正确;D、在初速度和极板长度一定的情况下,,故D正确;故选:ACD.点评:本题考查粒子在磁场中做匀速圆周运动与在电场中做类平抛运动,处理的常规方法,体现牛顿第二定律与类平抛运动规律,注意做平抛运动过程中垂直速度方向分运动为匀加速直线运动.9.(多选题)随着MP4播放器的出现,人们可以在旅途中观看电影,让原本枯燥的旅途变得充满乐趣.MP4的充电电流多为锂电池,假设锂电池的充电电流为300mA,则以下说法正确的是()A.1s通过电池某一横截面的电量为300CB.1s通过电池某一横截面的电量为0.3CC.充电过程把其他形式的能转化为电能D.充电过程把电能转化为其他形式的能考点:电流、电压概念.专题:恒定电流专题.分析:根据电流的定义式I=变形求解电荷量;电池的充电和放电过程是电能和化学能转化的过程,给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内.解答:解:A、B、根据电流的定义式I=得:1s通过电池某一横截面的电荷量为:q=It=1×300×10﹣3C=0.3C,故A错误,B正确.C、D、在电池充电过程中,将电能转化为化学能储存起来.故C错误,D正确.故选:BD点评:解决本题关键掌握电流的定义式I=和充电过程能量如何转化的,要知道充电和用电过程的不同点.10.两个电压表V1和V2是由完全相同的两个小量程电流表改装成的,V1的量程是5V,V2的量程是15V,为了测量15~20V的电压,把两个电压表串联起来使用,下列说法正确的是()A.V1和V2的示数相等B.V1和V2的指针偏转角度相同C.V1和V2的示数不相等,指针偏转角度也不相同D.V1和V2的示数之比等于两个电压表的内阻之比考点:把电流表改装成电压表.专题:恒定电流专题.分析:两表串联后,通过每个电流表的电流相同,指针偏转角度相同,但两电压表的总内阻不同,则两表的示数不同,其示数之比为两表的内阻之比.解答:解:A 两表的示数与内阻成正比,而两表量程不同,内阻不同,则示数不同.故A 错误.B 因是串联关系,电流大小一样,则指针偏转角度相同,故B正确.C两表指针偏转角度相同,示数不等.故C错误.D因是串联关系,分压之比为内阻之比.故D正确.故选:BD点评:考查的是电压表的改装原理,电压表的内部电路为串联关系,相同的电流表电流相同,偏转角度一样,而对应刻度由量程决定.二.填空题(把正确答案填在题中的横线上,每空2分,共20分)11.两个点电荷甲和乙同处于真空中.(1)甲的电量是乙的4倍,则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的1倍.(2)若把每个电荷的电量都增加为原来的2倍,那么它们之间的相互作用力变为原来的4倍.考点:库仑定律.分析:相互作用力等大、反向、共线;根据库仑定律公式F=k判断静电力的变化.解答:解:(1)甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是相互作用力,根据牛顿第三定律,它们等大、反向、共线;(2)根据库仑定律公式F=k,若把每个电荷的电量都增加为原来的2倍,那么它们之间的相互作用力变为原来的4倍;故答案为:(1)1;(2)4.点评:本题关键是根据牛顿第三定律和库仑定律分析,基础问题.12.如图所示,电源电压恒定,则接通开关S 的瞬间,通过电阻R 的电流方向是从A到B;平行板电容器充电稳定后,在将两板间距离增大的过程中,通过R 的电流方向是从B到A;如果电容器充电平衡后,先断开S,再将两板间距离增大,在此过程中,R上无(“有”或“无”)电流流过.考点:电容.专题:电容器专题.分析:电路稳定时,电容器的电压等于电源的电动势.根据C=判断电容器电容的变化情况,从而进一步电路中形成的电流方向.解答:解:接通开关S 的瞬间,电容器充电,故通过电阻R的电流方向是从A到B;平行板电容器充电稳定后,在将两板间距离增大的过程中,根据C=,电容减小,故电容器要放电,故通过电阻R的电流方向是从B到A;如果电容器充电平衡后,先断开S,再将两板间距离增大,则电量一定,故电容器不能放电,故没有电流流过电子R;故答案为:A、B;B、A;无.点评:本题关键是记住公式C=,同时要注意电容器的充、放电的电流方向是反向的,基础题目.13.如图所示,在匀强电场中分布着A、B、C 三点,且BC=20cm.当把一个电荷量q=10﹣5C 的正电荷从A 点沿AB线移到B点时,电场力做功为零.从 B点移到C点时,电场力做功为﹣1.73×10﹣3J.则BC两点电势的高低φB大于φC,(填“大于”“小于”或“等于”)电场的方向为垂直于AB向右下方,场强的大小为1000v.考点:电势;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:由题意可知AB两点电势相等,则可知AB为等势面,由电场线可等势面的关系可确定电场线的方向;由电场力做功可求得BC两点的电势差,则可确定电场的方向,由U=Ed可求得电场强度解答:解:正电荷从A移到B,电场力做功为零,由电场力做功的特点可知,A、B两点电势相等,故AB连线应为等势线;因为电场线与等势面相互垂直,故过C作AB的垂线,一定是电场线;因从B到C,由W=Uq可知,B、C两点间的电势差:U BC=V=﹣173V;即C点电势高于B点的电势,故电场线垂直于AB向右下方;BC间沿电场线的距离:d=BCsin60=0.173m;由E=可知电场强度为:E=V/m=1000V/m;故答案为:大于,垂直于AB向右下方;1000v点评:解决本题关键要掌握:电场线与等势面相互垂直,而且电场线由是由高电势指向低电势;匀强电场中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离三、解答题.(要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题,答案中应明确写出数值和单位.共40分)14.氢原子中,电子和质子的平均距离是5.3×10﹣11m.(1)质子在离它这个距离的位置产生的电场强度是多大?方向如何?(2)电子受到的静电力是多大?方向如何?考点:电场强度;库仑定律.专题:电场力与电势的性质专题.分析:质子与电子间为库仑力,由库仑定律可求得质子与电子之间的静电力.根据点电荷电场强度公式,即可求解解答:解:(1)根据点电荷电场强度公式,则有:E=×1011N/C;方向由质子指向该位置(2)由库仑定律可知,静电力F=N;指向质子答:(1)质子产生的电场在电子所在处的电场强度的大小5.1×1011N/C,方向由质子指向该位置(2)质子和电子之间静电力的大小8.2×10﹣8N,指向质子点评:本题考查库仑定律的应用,注意在应用时要明确应用库仑定律计算时,直接用绝对值运动,方向由电荷间的相互作用进行判断15.如图所示的电场中,已知A、B两点间的电势差U AB=﹣20V.求:(1)电荷q=+5×10﹣9C由A点移动到B点,电场力所做的功是多少?(2)若电荷q=+5×10﹣9C在A点的电势能为E pA=5×10﹣8 J,问B点的电势是多少?考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:(1)电场力做功根据公式W=qU求解;(2)根据电势公式φ=求出A点的电势,由U AB=φA﹣φB,求解B点的电势.解答:解:(1)电荷q=+5×10﹣9C由A点移动到B点,电场力所做的功是 W AB=qU AB=(+5×10﹣9)×(﹣20)J=﹣1×10﹣7J;(2)A点的电势φA==V=10V由U AB=φA﹣φB,得B点的电势是φB=φA﹣U AB=10V﹣(﹣20)V=30V答:(1)电荷q=+5×10﹣9C由A点移动到B点,电场力所做的功是﹣1×10﹣7J;(2)若电荷q=+5×10﹣9C在A点的电势能为E pA=5×10﹣8 J,B点的电势是30V.点评:本题关键要掌握电场力做功与电势差的关系、电势差与电势的关系,都是电场中的基本知识,要加强学习,熟练掌握.16.由4个电阻连接成的混联电路如图所示.R1=8Ω,R2=4Ω,R3=6Ω,R4=3Ω.求:(1)a、d之间的总电阻.(2)如果把42V的电压加在a、d两端,通过每个电阻的电流是多少?考点:串联电路和并联电路.专题:恒定电流专题.分析:(1)图中R3与R4并联后再与R1、R2串联,串联总电阻等于各部分电阻之和.(2)根据欧姆定律求出干路电流,再根据并联电阻电流与电阻成反比,求解R3与R4中的电流.解答:解:(1)由图可知,R3与R4并联后再与R1、R2串联,故a、d之间的总电阻为:R ad=R1+R2+R34==8+4+=14(Ω)(2)由欧姆定律得干路中电流为 I==A=3A,此即通过R1、R2的电流,设通过R3、R4的电流分别为I3、I4,则得:===而 I=I3+I4;联立解得:I3=1A,I4=2A答:(1)a、d之间的总电阻是14Ω.(2)如果把42V的电压加在a、d两端,通过R1、R2的电流都是3A,通过R3、R4的电流分别为1A和2A.点评:本题是简单的电路计算问题,关键掌握串联电路总电阻与各部分电阻的关系,知道并联电路电压相等,电流与电阻成反比等等基本特点,结合欧姆定律处理这类问题.17.一束电子从静止开始经加速电压U1加速后,以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间,如图所示,金属板长为l,两板距离为d,竖直放置的荧光屏距金属板右端为L.若在两金属板间加直流电压U2时,光点偏离中线与荧光屏交点O,打在荧光屏上的P点,求OP的长度.。

学14—15学年高二上学期期中考试物理试题(扫描版)(附答案)

学14—15学年高二上学期期中考试物理试题(扫描版)(附答案)

2014学年第一学期期中考试高二物理参考答案一、选择题:(本题共13小题,每小题3分,共39分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的)二、填空题:(每空2分,共20分)14.250 V, -6×10-4 J(或减少6×10-4 J); 15. >,>;16. 1100 W,8Ω。

17. 4.8KΩ, 2.35×10-6 C.18.20 V/m,30°。

(3)保温电热丝消耗的电功率错误!未找到引用源。

-------------------(2分)22.(11分)解答:(1)+q 与-q 在C 点产生的电场强度大小相等,有E 1=E 2=错误!未找到引用源。

又因为△ABC 为等边三角形,易知E 1、E 2的夹角是120°,所以二者的合场强为E C =错误!未找到引用源。

-------------(2分)方向竖直向下-------------(1分)(2)小球到达最低点C 时 有F N -mg -E C =m v 20R----(2分)F N =mg +m v 20R +k QqL 2 ----------------------(1分)(3)小球由最高点M 运动到C 的过程中,由动能定理得mgR +U MC Q =12mv 20 -------------------------(3分) 可得MC 两点的电势差为U MC =12Q(mv 20-2mgR ) 又等量异种电荷中垂线上的电势相等,即C 、D 两点电势相等为零 ----(1分) 故M 点的电势为φM =U MC =12Q (mv 20-2mgR ) ---------------------(1分)。

2014-2015学年度第一学期期中考试试题物理 高二物理(理科)

2014-2015学年度第一学期期中考试试题物理 高二物理(理科)

2014-2015学年度第一学期期中考试试题高二物理(理科)一、选择题(本题包括12小题,共48分,每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1.如图所示,图线1表示的导体电阻为R1,图线2表示的导体的电阻为R2,则下列说法正确的是()A.R1:R2 =1:3B.R1:R2 =3:1C.将R1与R2串联后接于电源上,则电流比I1:I2=1:3D.将R1与R2并联后接于电源上,则电流比I1:I2=1:32.用电流表内接测得待测电阻为R1,用电流表外接测得待测电阻为R2,其真实值为R0,则下列说法中正确的是()A.R1=R2=R0 B.R1>R2>R0 C.R1>R0>R2 D.R2>R0>R1 3.绝缘细线的一端与一带正电的小球M相连接,另一端固定在天花板上,在小球M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N,在下列情况下,小球M能处于静止状态的是()4. A、B、C三点在同一直线上,AB:BC=1:2,B点位于A、C之间,在B处固定一电荷量为Q的点电荷。

当在A处放一电荷量为+q的点电荷时,它所受到的电场力为F;移去A处电荷,在C 处放一电荷量为-2q的点电荷,其所受电场力为()A.-F/2 B.F/2 C.-F D.F5.一充电后的平行板电容器保持两板间的正对面积、间距和电荷量不变,在两板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差U 的变化情况是( )A.C和U均增大 B.C增大,U减小C.C减小,U增大 D.C和U均减小6.关于静电场,下列说法正确的是( )A.电势等于零的物体一定不带电B.电场强度为零的点,电势一定为零C.同一电场线上的各点,电势一定相等D.负电荷沿电场线方向移动时,电势能一定增加7.如图所示的真空空间中,仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷,则图中a ,b 两点电场强度和电势均相同的是8.如图所示,在平面直角坐标系中,有方向平行于坐标平面的匀强电场,其中坐标原点O 处的电势为0 V 点A 处的电势为6 V, 点B 处的电势为3 V,则电场强度的大小为 ( )A.200V/mB.2003C.100 V/mD. 1003 V/m9.在竖直向下的匀强电场中,有a 、b 、c 、d 四个带电质点,各以水平向左、水平向右、竖直向下和竖直向上的速度做匀速直线运动,不计质点间的相互作用力,则有( ) A .c 、d 带异种电荷 B .a 、b 带同种电荷且电势能均不变 C .d 的电势能减小,重力势能增大 D .c 的电势能增大,机械能减小 10.电场中等势面如图所示,下列关于该电场描述正确的是( ) A .A 点的电场强度比C 点的小B .负电荷在A 点电势能比C 点电势能大C .电荷沿等势面AB 移动过程中,电场力始终不做功D .正电荷由A 移到C ,电场力做负功11.如图,平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度,两极板与一直流电源相连。

2014-2015年度宁夏固原市西吉县回民中学高二(下)期中物理试卷

2014-2015年度宁夏固原市西吉县回民中学高二(下)期中物理试卷

2014-2015学年宁夏固原市西吉县回民中学高二(下)期中物理试卷一、选择题(每小题3分,共30分)1.下面属于电磁感应现象的是()A.通电导体周围产生磁场B.磁场对感应电流发生作用,阻碍导体运动C.由于导体自身电流发生变化,而在导体中产生自感电动势D.电荷在磁场中定向移动形成电流2.做简谐振动的质点每相邻两次经过同一位置时,不相同的物理量是()A.速度B.位移C.动能D.加速度3.在同一地点,两个单摆的摆长之比为1:4,则它们的频率之比为()A.1:4 B.1:2 C.4:1 D.2:14.简谐运动的物体,回复力和位移的关系图是下面所给四个图象中的哪一个()A.B.C.D.5.下列说法中正确的有()A.交流电电器设备上标明的是电压、电流的最大值B.电容器上标明的电压是有效值C.交流电压表和电流表测出的是瞬时值D.220V交流电的电压有效值是220V6.下列关于光的现象描述正确的是()A.光的衍射现象为光的波动说提供了有力的证据B.肥皂泡上的彩色条纹是由薄膜干涉所形成的C.阳光下茂密树荫中地面上的圆形亮斑是由于光的衍射所形成D.在双缝干涉实验中,把入射光由绿光变成紫光,干涉条纹间距变小7.两束不同频率的平行单色光a、b从空气射入水中,发生了如图所示的折射现象(α>β).下列结论中正确的是()A.光束b的偏折比光束a小B.在水中的传播速度,光束a比光束b小C.水对光束a的折射率比水对光束b的折射率小D.若光束从水中射向空气,则光束b的临界角比光束a的临界角大8.一个质点作简谐运动,其运动图象如图,下列说法中正确的是()A.振动周期为4sB.振动频率为0.25HzC.质点在8s内通过的路程为40cmD.5s末质点的位移为零9.如图A、B为两个相同的环形线圈,共轴并靠近放置.当A线圈中通有如图(a)所示的变化电流i,则()A.在t1到t2时间内A、B两线圈相吸B.在t2到t3时间内A、B两线圈相斥C.t1时刻两线圈间作用力为零D.t2时刻两线圈间吸力最大10.在海岸抛锚的船因海浪传来的上下振荡,振荡周期为4s,振幅为60cm,传来的波浪每隔25m 有一波峰.海波的速度为()A.6.25m/s B.15cm/s C.240cm/s D.100m/s 二、填空题(每空1分,共15分)11.一个做简谐运动的质点,它的振幅是4cm,频率是2Hz.该质点从平衡位置开始经过1s时,位移的大小为cm,所通过的路程为.12.光从介质1通过两种介质的交界面进入介质2的光路如图所示.下列论述:①光在介质1中的传播速度较大;②光在介质2中的传播速度较大;③光从介质1射向两种介质的交界面时,可能发生全反射现象;④光从介质1射向两种介质的交界面时,不可能发生全反射现象.其中正确的是和(填序号).13.一列波在介质Ⅰ中1s可传播10m,相应于波源质点刚好振动100次,若此波进入介质Ⅱ,波速变为7.5m/s,那么它在介质Ⅱ中的频率为.这列波在介质Ⅰ和介质Ⅱ的波长之比为.14.为解决楼道的照明,在楼道内安装一个传感器与电灯控制电路相接.当楼道内有人走动而发出声响时,电灯即被接通电源而发光,这种传感器为,它输入的是信号,经传感器转换后,输出的是信号.15.一根电阻丝接入100V的直流电,1min产生的热量为Q,同样电阻丝接入正弦交流电,1min产生的热量也为Q,那么该交变电压的最大值为.16.面积为S的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中,从中性面起以角速度ω匀速转动在t时刻线圈磁通量的瞬时值为.17.AB两闭合线圈为同样导线绕成且均为10匝,半径为r A=2r B,内有如图所示的有理想边界的匀强磁场,若磁场均匀地减小,则A、B环中感应电动势之比εA:εB=,产生的感应电流之比I A:I B=.18.如图所示,在磁感应强度B为0.4T的匀强磁场中,让长为0.2m的导体ab在金属框上以6m/s的速度向右移动,此时ab中感应电动势的大小等于V,如果R1=6Ω,R2=3Ω,其它部分的电阻不计,则通过ab的电流大小为A.三、实验题(共25分)19.现有毛玻璃屏A、双缝B、白光光源C、单缝D和透红光的滤光片E等光学元件,要把它们放在如图1所示的光具座上组装成双缝干涉装置,用以测量红光的波长.(1)将白光光源C放在光具座最左端,依次放置其他光学元件,由左至右,表示各光学元件的字母排列顺序应为C、、A.(2)本实验的步骤有:①取下遮光筒左侧的元件,调节光源高度,使光束能直接沿遮光筒轴线把屏照亮;②按合理顺序在光具座上放置各光学元件,并使各元件的中心位于遮光筒的轴线上;③用米尺测量双缝到屏的距离;④用测量头(其读数方法同螺旋测微器)测量数条亮纹间的距离.在操作步骤②时还应注意和.(3)将测量头的分划板中心刻线与某条亮纹中心对齐,将该亮纹定为第1条亮纹,此时手轮上的示数如图2所示.然后同方向转动测量头,使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐,记下此时图3中手轮上的示数mm,求得相邻亮纹的间距△x为mm.(4)已知双缝间距d为2.0×10﹣4m,测得双缝到屏的距离l为0.700m,由计算式λ=,求得所测红光波长为nm.(5)以下哪些操作能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离A.增大单缝和双缝之间的距离B.增大双缝和光屏之间的距离C.将红色滤光片改为绿色滤光片D.增大双缝之间的距离.20.在用单摆测重力加速度的实验中,测得单摆摆角小于5°时,完成n次全振动时间为t,用毫米刻度尺测得摆线长为l,用螺旋测微器测得摆球直径为d.(1)测得重力加速度的表达式为g=.(2)螺旋测微器的读数如图所示,摆球直径d=.(3)实验中某学生所测g值偏大,其原因可能是.A.实验室海拔太高B.摆球太重C.测出n次全振动时间为t,误作为(n+1)次全振动时间进行计算D.以摆线长与摆球直径之和作为摆长来计算.21.学校开展研究性学习,某研究小组的同学根据所学的光学知识,设计了一个测量液体折射率的仪器,如图所示.在一圆盘上,过其圆心O作两条互相垂直的直径BC、EF,在半径OA上,垂直盘面插下两枚大头针P1、P2并保持P1、P2位置不变,每次测量时让圆盘的下半部分竖直进入液体中,而且总使得液面与直径BC相平,EF作为界面的法线,而后在图中右上方区域观察P1、P2的像,并在圆周上插上大头针P3,使P3正好挡住P1、P2,同学们通过计算,预先在圆周EC部分刻好了折射率的值,这样只要根据P3所插的位置,就可直接读出液体折射率的值,则:(1)若∠AOF=30°,OP3与OC的夹角为30°,则P3处所对应的折射率的值为.(2)图中P3、P4两位置处所对应的折射率值大.(3)作AO的延长线交圆周于K,K处所对应的折射率值应为.四、计算题(共30分,要有必要的文字说明和计算步骤)22.如图所示,金属环半径为a,总电阻为R,匀强磁场磁感应强度为B,垂直穿过环所在平面.电阻为的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时,杆的端电压为多少?23.用220kV的电压输送3300kW的电功率,输送的电流是多少?如果导线的电阻是100Ω,那输送过程中损失的电功率为多少?24.如图为一列简谐波在t1=0时刻的图象.此时波中质点M的运动方向沿y轴负方向,且到t2=0.55s质点M恰好第3次到达y轴正方向最大位移处.试求:(1)此波的传播方向.(2)此波波速.25.如图所示,一条光线从空气垂直射到棱镜的边界BC上,棱镜∠ABC=60°,∠BAC=30°,棱镜的折射率为,这条光线离开棱镜时与界面的夹角是多少?2014-2015学年宁夏固原市西吉县回民中学高二(下)期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(每小题3分,共30分)1.下面属于电磁感应现象的是()A.通电导体周围产生磁场B.磁场对感应电流发生作用,阻碍导体运动C.由于导体自身电流发生变化,而在导体中产生自感电动势D.电荷在磁场中定向移动形成电流考点:电磁感应现象的发现过程.分析:电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时,产生感应电动势或感应电流的现象.解答:解:A、电流能产生磁场,是电流的磁效应现象,不是电磁感应现象.故A错误.B 感应电流在磁场中受到安培力作用,不是电磁感应现象.故B错误.C、由于导体自身电流发生变化,而在导体中产生自感电动势是电磁感应现象.故C正确.D 电荷在磁场中定向移动形成电流,不是电磁感应产生的电流不是电磁感应现象.故D错误.故选:C点评:本题考查对电磁现象本质的分析与理解能力.电磁感应现象特征是产生感应电流或感应电动势.2.做简谐振动的质点每相邻两次经过同一位置时,不相同的物理量是()A.速度B.位移C.动能D.加速度考点:简谐运动的回复力和能量.专题:简谐运动专题.分析:做简谐振动的质点每次经过同一位置时,速度有两种方向,速度不相同.位移是从平衡位置指向质点处在的位置,同一位置,位移相同,根据加速度与位移的关系,确定加速度是否相同.根据简谐运动的物体机械能守恒,分析动能是否相同.解答:解:A、由于经过同一位置时速度有两种不同的方向,所以做简谐振动的质点每次经过同一位置时,速度方向不相同.故A正确.B、振动物体的位移是平衡位置指向振子所在位置,每次经过同一位置时位移相同.故B错误.C、动能是标量,根据简谐运动物体机械能守恒得知,简谐振动的质点每次经过同一位置时,速率相同,动能相同.故C错误.D、加速度总与位移大小成正比,方向相反,每次经过同一位置时位移相同,加速度必定相同.故D错误.故选:A点评:本题考查对简谐运动周期性及特点的理解,抓住同一位置位移、加速度和回复力三个物理量都相同.3.在同一地点,两个单摆的摆长之比为1:4,则它们的频率之比为()A.1:4 B.1:2 C.4:1 D.2:1考点:单摆周期公式.专题:单摆问题.分析:根据单摆的周期公式求出单摆的周期比,频率和周期互为倒数,从而得出它们的频率之比.解答:解:根据单摆的周期公式知,摆长之比为1:4,则周期之比为1:2,所以频率之比为2:1.故D正确,A、B、C错误.故选D.点评:解决本题的关键知道单摆的周期公式,以及知道周期和频率的关系,T=.4.简谐运动的物体,回复力和位移的关系图是下面所给四个图象中的哪一个()A.B.C.D.考点:简谐运动的回复力和能量.专题:简谐运动专题.分析:简谐运动的物体,回复力和位移的关系为F=﹣kx,由公式可得出其对应的图象.解答:解:由F=﹣kx可知,回复力与位移大小成反比,方向与位移方向相反,故其图象为C;故选C.点评:本题考查回复力与位移的关系图象,由公式得出图象是我们应掌握的一种能力.5.下列说法中正确的有()A.交流电电器设备上标明的是电压、电流的最大值B.电容器上标明的电压是有效值C.交流电压表和电流表测出的是瞬时值D.220V交流电的电压有效值是220V考点:正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.专题:交流电专题.分析:1、因为正弦交流电的大小每时每刻都随着时间按正弦曲线变化,故将交流电在某一瞬间的量值大小称为它的“瞬时值”.2、交流电在变化过程中所出现的最大瞬时值,称为交流电的最大值.3、交流电通过电阻性负载时,如果所产生的热量与直流电在相同时间内通过同一负载所产生的热量相等时,这一直流电的大小就等效为交流电的有效值.平时所说的电压、电流的数值以及电气仪表所测量的数值都是指有效值.4、交流电流的平均值是交流图象中波形对横轴(t轴)所围“面积”对时间的比值.由于其值大小表示单位时间内通过的电量平均值,因此,计算通过导体的电量时应用交流电的平均值.因平均值大小与所取时间间隔有关解答:解:A、交流电电器设备上标明的是电压、电流的有效值,不是最大值.所以A错误.B、电容器上标明的电压是允许接入的电压最大值,否则电容器会被击穿.所以B错误.C、交流电压表和电流表测出的是电压、电流的有效值.所以C错误.D、通常所说的电压、电流的值,都是指有效值,因此220V交流电的电压有效值220V.所以D正确.故选:D点评:要知道交流电的电压、电流的最大值、有效值、瞬时值的含义,以及常用仪器设备标注、测量、使用的是什么值6.下列关于光的现象描述正确的是()A.光的衍射现象为光的波动说提供了有力的证据B.肥皂泡上的彩色条纹是由薄膜干涉所形成的C.阳光下茂密树荫中地面上的圆形亮斑是由于光的衍射所形成D.在双缝干涉实验中,把入射光由绿光变成紫光,干涉条纹间距变小考点:光的干涉.专题:光的折射专题.分析:光肥皂泡上的彩色条纹是利用光的干涉现象.光的衍射现象为光的波动说提供了有力的证据.双缝干涉实验中,根据△x=λ知,则判定条纹间距大小.圆形亮斑是由于光的直射所形成.解答:解:A、光的衍射与干涉现象,是光的波动说提供了有力的证据.故A正确.B、肥皂泡上的彩色条纹是由薄膜干涉所形成的,故B正确;C、阳光下茂密树荫中地面上的圆形亮斑是小孔成像,是光的直线传播.故C错误.D、双缝干涉实验中,根据△x=λ知,条纹间距与光的波长成正比,绿光的波长与紫光的波长长,若仅将入射光由绿光改为紫光,则条纹间距一定变小.故D正确.故选:ABD.点评:解决本题的关键知道光现象产生原因及实际应用的原理,掌握干涉的条纹间距公式,注意干涉与衍射的区别.7.两束不同频率的平行单色光a、b从空气射入水中,发生了如图所示的折射现象(α>β).下列结论中正确的是()A.光束b的偏折比光束a小B.在水中的传播速度,光束a比光束b小C.水对光束a的折射率比水对光束b的折射率小D.若光束从水中射向空气,则光束b的临界角比光束a的临界角大考点:光的折射定律.专题:光的折射专题.分析:两光束从空气射入水中,入射角相等,折射角α>β,根据折射定律分析折射率的大小,根据v=判断光束在水中速度的大小.根据临界角公式分析临界角的大小.解答:解:A、由图可知,由于α>β,所以光束b的偏折比光束a大.故A错误;C、由图,两光束从空气射入水中,入射角相等,折射角α>β,根据折射定律n=得知,水对光束b的折射率较大.故C正确;B、根据v=判断得到,水中光束b的速度较小.故B错误.D、根据临界角公式sinC=,折射率越大,临界角越小,所以若从水中射向空气,发生全反射光束a的临界角较光束b的临界角大.故D错误.故选:C.点评:对于折射率与光在介质中的速度、频率、波长、临界角等量之间的关系可结合光的色散、干涉等实验结果进行记忆,是考试的热点.8.一个质点作简谐运动,其运动图象如图,下列说法中正确的是()A.振动周期为4sB.振动频率为0.25HzC.质点在8s内通过的路程为40cmD.5s末质点的位移为零考点:简谐运动的振动图象.专题:简谐运动专题.分析:由简谐运动读出周期,求出频率.根据时间与周期的关系求出在10s内质点经过的路程.根据质点的位置分析其速度和加速度.写出简谐运动的方程,求出t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的位移大小.解答:解:A、由图读出质点振动的周期T=4s,故A正确.B、频率f===0.25Hz;故B正确;C、一个周期内质点通过的路程是4A,则t=8s=2T内质点经过的路程是S=2×4A=8×5cm=40cm.故C正确.D、在5s末,质点处于平衡位置处;故位移为零;故D正确;故选:ABCD.点评:质点做简谐运动时通过的路程,一般根据时间与周期的关系,求出路程是多少倍的振幅.质点在任意时刻的位移,可由振动方程求解.9.如图A、B为两个相同的环形线圈,共轴并靠近放置.当A线圈中通有如图(a)所示的变化电流i,则()A.在t1到t2时间内A、B两线圈相吸B.在t2到t3时间内A、B两线圈相斥C.t1时刻两线圈间作用力为零D.t2时刻两线圈间吸力最大考点:法拉第电磁感应定律;楞次定律.分析:根据安培定则确定电流与磁场的方向关系,再根据楞次定律知,感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化.当磁通量增大时,感应电流的磁场与它相反,当磁通量减小时,感应电流的磁场与它相同.最后运用同向电流相互吸引,异向电流相互排斥.解答:解:A、在t1到t2时间内,若设逆时针(从左向右看)方向为正,则线圈A电流方向逆时针且大小减小,所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小,由楞次定律可知,线圈B的电流方向逆时针方向,因此A、B中电流方向相同,出现相互吸引现象,故A正确;B、在t2到t3时间内,若设逆时针方向(从左向右看)为正,则线圈A电流方向顺时针且大小增大,所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向左的磁通量大小增大,由楞次定律可知,线圈B的电流方向逆时针方向,因此A、B中电流方向相反,A、B出现互相排斥,故B正确;C、由题意可知,在t1时刻,线圈A中的电流最大,而磁通量的变化率是最小的,所以线圈B感应电流也是最小,因此两线圈间作用力为零,故C正确;D、在t2时刻,线圈A中的电流最小,而磁通量的变化率是最大的,所以线圈B感应电流也是最大,但A、B间的相互作用力最小,故D错误;故选:ABC点评:解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容,知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化.同时注意同向电流相互吸引与同种电荷相互排斥不同.10.在海岸抛锚的船因海浪传来的上下振荡,振荡周期为4s,振幅为60cm,传来的波浪每隔25m 有一波峰.海波的速度为()A.6.25m/s B.15cm/s C.240cm/s D.100m/s考点:波长、频率和波速的关系;横波的图象.分析:根据波长的大小以及振荡周期,根据T=求出海波的速度的大小.解答:解:由题知,λ=25m,振动的周期与波的周期相等,T=4s,则海波的速度为:v==m/s=6.25m/s.故选:A点评:解决本题的关键知道质点振动的周期等于波传播的周期,知道波长、波速、周期之间的关系.二、填空题(每空1分,共15分)11.一个做简谐运动的质点,它的振幅是4cm,频率是2Hz.该质点从平衡位置开始经过1s时,位移的大小为0cm,所通过的路程为32.考点:简谐运动的振幅、周期和频率.专题:简谐运动专题.分析:由频率求出周期,根据振子在一个周期内通过的路程是四个振幅,求出振子在1s内通过的路程,确定振子的位置,求出位移的大小.解答:解:振子振动的周期为:T==0.5s时间:t=1s=2T由于从平衡位置开始振动,经过2T,振子又回到平衡位置处,其位移大小为:0在1s内振子通过的路程为:S=2×4A=2×4×4cm=32cm故答案为:0,32.点评:本题解题的关键是掌握简谐运动的周期性,知道振子在一个周期内通过的路程是四个振幅,来求解振子通过的路程,确定其位置,再求解位移大小.12.光从介质1通过两种介质的交界面进入介质2的光路如图所示.下列论述:①光在介质1中的传播速度较大;②光在介质2中的传播速度较大;③光从介质1射向两种介质的交界面时,可能发生全反射现象;④光从介质1射向两种介质的交界面时,不可能发生全反射现象.其中正确的是①和④(填序号).考点:光的折射定律.专题:光的折射专题.分析:由于折射角小于入射角,光从光疏介质进入光密介质.光在介质中速度v=,v与n成反比.产生全反射的必要条件是光从光密介质进入光疏介质.解答:解:①、②由图得知:折射角小于入射角,所以是光从光疏介质进入光密介质.介质1的折射率小于2的折射率.光在介质中速度v=,v与n成反比,则光在介质1中的传播速度较大.故①正确,②错误.③、④光只有从光密介质进入光疏介质才可能产生全反射,所以光从介质1射向两种介质的交界面时,不可能发生全反射现象.故③错误,④正确.故答案为:①,④.点评:本题的解题关键是掌握入射角和折射角大小与折射率的关系,以及全反射的条件,属于基本题.13.一列波在介质Ⅰ中1s可传播10m,相应于波源质点刚好振动100次,若此波进入介质Ⅱ,波速变为7.5m/s,那么它在介质Ⅱ中的频率为100Hz.这列波在介质Ⅰ和介质Ⅱ的波长之比为4:3.考点:波长、频率和波速的关系;横波的图象.分析:根据波源质点在1s刚好振动100次,可求出波的频率,波的频率仅由波源决定,与介质无关,当波从一种介质进入另一种介质时频率不变.根据已知求出波介质I中的波速,由波速公式v=λf求解波长之比.解答:解:据题波源质点在1s刚好振动100次,则该波的频率为f=100Hz当该波进入介质Ⅱ中时频率不变,仍为100Hz.波在介质Ⅰ中1s可传播10m,则波在介质I中的波速v1==10m/s由v=λf,f不变,得这列波在介质Ⅰ和介质Ⅱ的波长之比为λ1:λ2=v1:v2=10:7.5=4:3.故答案为:100Hz,4:3.点评:解决本题的关键之处要理解波的频率、波速和波长的决定因素,知道频率仅由波源决定,掌握波速公式.14.为解决楼道的照明,在楼道内安装一个传感器与电灯控制电路相接.当楼道内有人走动而发出声响时,电灯即被接通电源而发光,这种传感器为声电传感器,它输入的是声音信号,经传感器转换后,输出的是电信号.考点:传感器在生产、生活中的应用.分析:声电传感器是一种把声音信号转化为电信号的传感器,它输入的是声音信号,经传感器转换后,输出的是电信号.声控开关中装的是声敏电阻,这种电阻阻值大小与声音有关:当有声音时,它的阻值会变小;当没有声音时,它的阻值会变大.解答:解:在楼道内安装一个传感器与控制电灯的电路相接.当楼道内有走动而发出声响时,电灯即被电源接通而发光,这种传感器为声电传感器,它输入的是声音信号,经传感器转换后,输出的是电信号.故答案为:声电传感器;声音;电.点评:本题是声控开关在实际生活中的具体应用,需要对题中要求有清楚的认识,关键是开关的控制作用.15.一根电阻丝接入100V的直流电,1min产生的热量为Q,同样电阻丝接入正弦交流电,1min产生的热量也为Q,那么该交变电压的最大值为.考点:交流的峰值、有效值以及它们的关系;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.专题:交流电专题.分析:交流电产生的热量根据焦耳定律用有效值研究,采用比例法与恒定电流相比较求出交流电的有效值,再由最大值与有效的关系求解峰值解答:解:设正弦交流电电压有效值为U2.对于恒定电流:①对于正弦交变电流:t2②由①②联立得则U2=100V交流电压的峰值是U m=V故答案为:点评:对于交流电求解热量、功率、电功要用有效值.对于有效值往往根据定义,将交流与直流进行比较求解16.面积为S的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中,从中性面起以角速度ω匀速转动在t时刻线圈磁通量的瞬时值为BScosωt.考点:交流发电机及其产生正弦式电流的原理;正弦式电流的图象和三角函数表达式.专题:交流电专题.分析:首先从中性面开始转动,初始位置磁通量最大,故可知磁通量为余弦式变化解答:解:由初始磁通量为最大可知,磁通量表达式为:∅=BScosωt故答案为:BScosωt点评:决本题的关键掌握线圈转动初始位置及对应的特点,这个表达式取决于其初始位置。

高二物理上学期期中-宁夏银川九中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

高二物理上学期期中-宁夏银川九中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

2014-2015学年宁夏银川九中高二(上)期中物理试卷一、选择题:(本大题共15题,第1-10题为单项选择题,每小题3分,计30分;第11-14题为多项选择题,每题4分,共16分,请将正确选项的序号填在试卷后的相应的答题框中)1.(3分)(2014秋•金凤区校级期中)关于电场线,下列表述正确的是()A.沿着电场线方向,电场强度越小B.电势降低的方向就是电荷受力方向C.沿着电场线方向,电势越来越低D.电荷在沿电场线方向移动时,电势能减小考点:电场线.专题:电场力与电势的性质专题.分析:用电场线的特点分析求解,电场线的疏密程度反映电场的强弱,沿电场线方向电势越来越低;利用场强方向的规定判断电荷所受电场力的方向;据电场力做功情况,判断电势能和动能的变化即可.解答:解:A、电场线的疏密表示电场强度的强弱,沿着电场线的方向电场强度的变化无法确定,故A错误.B、电势降低的方向不一定是电场强度的方向,电势降低最快的方向才是电场强度,而电荷所受的电场力方向与电性也有关,所以电势降低的方向不一定是电荷受力方向,故B错误.C、沿着电场线方向电势一定越来越低,故C正确.D、沿电场线方向移动电荷,当电场力做正功时,电势能减小;当电场力做负功时,电势能增大,故D错误.故选:C点评:明确电场线的疏密程度反映场强,沿电场线方向电势越来越低是解题的关键;灵活应用电场力做功和场强方向的规定是解题的核心.2.(3分)(2014秋•金平区校级期末)关于电源的电动势,下列说法正确的是()A.电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B.同一电源接入不同的电路,电动势就会发生变化C.电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D.在闭合电路中,当外电阻变大时,路端电压增大,电源的电动势也增大考点:电源的电动势和内阻.专题:恒定电流专题.分析:电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势.电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱,与外电路的结构无关.电源的电动势在数值上等于内、外电压之和.解答:解:A、电压表是由内阻的,跟电源连接后构成一个通路,测量的是电压表内阻的电压,所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势.故A错误.B、电动势反映本身的特性,与外电路的结构无关.故BD错误.C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱,电动势越大,本领越大.故C正确.故选:C.点评:本题考查对于电源的电动势的理解能力.电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小,与外电路无关.3.(3分)(2012春•浏阳市校级期末)关于电势差的说法中,正确的是()A.两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时,电场力所做的功B.1C电荷从电场中一点移动到另一点,如果电场力做了1J的功,这两点间的电势差就是1VC.在两点间移动电荷时,电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D.两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比考点:电势差.专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据电势差和电场力做功的公式U AB=,求解.两点间的电势差是由电场本身决定的与检验电荷无关.解答:解:A、根据电势差和电场力做功的公式U AB=,得:两点间的电势差等于从其中一点移到另一点时,电场力所做的功与电荷量的比值,故A错误.B、1C的电荷从电场中一点移到另一点,如果电场力做了1J的功,这两点间的电势差就是1V,故B正确.C、在两点间移动电荷时,电场力做功的多少与电荷量和两点间的电势差都有关,故C错误,D、两点间的电势差是由电场本身决定的与检验电荷无关.故D错误.故选:B.点评:解决该题关键要了解公式U AB=,的意义.4.(3分)(2014秋•金凤区校级期中)有甲、乙两导体,甲的电阻是乙的一半,而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍,则以下说法中正确的是()A.甲、乙两导体中的电流相同B.乙导体中的电流是甲导体的2倍C.甲、乙两导体两端的电压相同D.乙导体两端的电压是甲的2倍考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少,根据U=IR分析电压关系.解答:解:A、单位时间内通过横截面的电荷量,乙是甲的2倍,所以乙的电流是甲电流的两倍,故A错误,B正确;C、根据U=IR,甲的电阻是乙的一半,可知,乙导体两端的电压是甲的4倍,故CD错误.故选:B点评:知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流,能根据欧姆定律求解,难度不大,属于基础题.5.(3分)(2014秋•金凤区校级期中)在静电场中,关于场强、电势和电势能的说法正确的是()A.电场强度大的地方电势一定高B.电势为零的地方场强一定为零,场强为零的地方电势也一定为零C.电场强度处处相同的区域内,电势不一定处处相同D.电势越高的地方,电荷的电势能越大考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系.专题:电场力与电势的性质专题.分析:场强与电势没有直接关系.场强越大的地方电势不一定越高,场强为零的地方电势不一定为零.电势为零是人为选取的.解答:解:A、沿着电场线的方向电势逐渐降低,电场线密的地方,电场强度大,电场线疏的地方电场强度小.电势高的地方电场强度不一定大,电场强度大的地方,电势不一定高.故A错误.B、电势为零是人为选取的,则电势为零的地方场强可以不为零.故B错误.C、在匀强电场中,场强处处相等,但沿着电场线的方向电势逐渐降低,所以场强大小相同的点电势不一定相同,故C确.D、对于负电荷,电势越高的地方,电荷的电势能越小,则D错误故选:C点评:对于电势与场强的大小关系:两者没有关系,可根据电势高低看电场线的方向,场强大小看电场线疏密来理解.6.(3分)(2014秋•金凤区校级期中)如图所示电路,A、B间电压恒为3.2V,3个电阻的阻值均为4Ω,电容器的电容为30μF,电流表为理想电流表,那么电路稳定时电容器所带的电量、电流表的读数分别是()A.0C,0A B.9.6×10﹣5C,0.8AC.9.6×10﹣5C,0A D.0C,0.8A考点:电容.专题:电容器专题.分析:电流表为理想电流表,内阻不计,则电阻R1、R2被短路,电阻R3的电压和电容器的电压均等于A、B间的电压,由欧姆定律求出流过R3的电流,即为电流表的读数.解答:解:电流表为理想电流表,内阻不计,则电阻R1、R2被短路,电容器的电压U=U AB=3.2V,则电容器所带的电量Q=CU=30×10﹣6×3.2C=9.6×10─5C.电流表的读数I==0.8A故选:B点评:本题关键在于抓住理想电流表内阻为零,电阻R1、R2被短路,从而确定出电容器和电阻R3的电压.7.(3分)(2010•湖南模拟)如图所示,MN是由一个正点电荷Q产生的电场中的一条电场线,一个带正电的粒子+q飞入电场后,在电场力的作用下沿一条曲线运动,先后通过a、b两点,不计粒子的重力,则()A.粒子在a点的加速度小于在b点的加速度B.a点电势ϕa小于b点电势ϕbC.粒子在a点的动能E ka小于在b点的动能E kbD.粒子在a点的电势能E pa小于在b点的电势能E pb考点:电势;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:由粒子在运动轨迹可知粒子的受力情况,则可判断电场线的方向及场源电荷的位置,即可判断电场线的方向;由电场线的方向可判断电势的高低;由电场力做功情况可知动能的变化及电势能的变化.解答:解:A、由图可知粒子受力应向左方,因粒子带正电,故电场线的方向应向左,故带电粒子应在N处;故a处的场强大于b处的场强,故粒子在a处的电场力大于b处电场力,故a点的加速度大于b处的加速度;故A错误;B、沿电场线的方向电势降低,故a点的电势大于b点的电势,故B错误;C、粒子由a到b过程中,电场力做负功,故动能减小,故a点的动能小于b点的动能,故C正确;D、电场力做负功,故电势能增加,故a 点的电势能E pa大于在b点的电势能E pb;故D错误;故选C.点评:解答本题要求能熟练掌握点电荷电场的性质及电势高低的判断,明确沿电场线的方向电势是降低的.8.(3分)(2014秋•金凤区校级期中)额定电压都是110V,额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏,若接在外电压是220V的电路上,使每盏电灯均能正常发光,且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的()A.B.C.D.考点:电功、电功率;串联电路和并联电路.专题:恒定电流专题.分析:由题可知,灯泡的电压相等,但是灯泡的功率不同,由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同,在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光,再判断消耗的功率最小的电路.解答:解:A、由于AB两个灯泡的电阻大小不同,所以直接把AB串连接入电路的话,AB的电压不会平分,AB不会同时正常发光,所以A错误;B、由于额定电压都是110V,额定功率P A=100W、P B=40W,由此可知R B>R A,把灯泡A与电阻并联的话,会使并联的部分的电阻更小,所以AB的电压不会平分,AB不会同时正常发光,所以B错误;C、由于额定电压都是110V,额定功率P A=100W、P B=40W,由此可知R B>R A,把灯泡B与电阻并联的话,可以使并联部分的电阻减小,可能使A与并联部分的电阻相同,所以AB能同时正常发光,并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同,所以总功率的大小为200W;D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话,当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时,AB就可以正常发光,此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和,所以电路消耗的总的功率的大小为280W;由CD的分析可知,正常发光并且消耗的功率最小的为C,所以C正确.故选C.点评:解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小.9.(3分)(2009•广东模拟)如图所示是一实验电路图.在滑动触头由a端滑向b端的过程中,下列表述正确的是()A.路端电压变小B.电流表的示数变大C.电源内阻消耗的功率变小D.电路的总电阻变大考点:闭合电路的欧姆定律;电功、电功率.专题:恒定电流专题.分析:在滑动触头由a端滑向b端的过程中,分析变阻器接入电路的电阻如何变化,分析外电路总电阻的变化,根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化,以及电源内阻消耗的功率如何变化,再判断电流表的示数的变化.解答:解:当滑片向b端滑动时,其接入电路中的电阻减小,使得外电路总电阻减小,故D 错误.根据I=,可知总电流在增加,根据闭合电路中的欧姆定律有E=Ir+U外,可知路端电压U外在减小,故A正确.流过电流表的示数为I=,可知电流在减小,故B错误.根据P=I2r,可知内阻消耗的功率在增大,故C错误.故选A点评:本题是电路的动态变化分析问题,首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化,接着分析总电阻、总电流和路端电压的变化,再分析局部电流、电压的变化,即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析.10.(3分)(2014秋•金凤区校级期中)如图所示,当ab端接入100V电压时,cd两端为20V;当cd两端接入100V时,ab两端电压为50V,则R1:R2:R3之比是()A.4:1:2 B.2:1:1 C.3:2:1 D.以上都不对考点:欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:分析两种情况下电路的结构,由串联电路的分压规律可得出电阻的关系;再得出三个电阻的关系.解答:解:当ab端接入电压时,cd端输出电压为20=×100;解得:2R3=R1;当cd接入电压时,ab端输出电压50=×100;解得:R3=2R2;故电阻之比R1:R2:R3=4:1:2.故选:A.点评:本题考查串联电路的分压原理,要注意明确电路的结构,再由串联电路的规律进行分压.11.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)下列公式中属于物理概念定义式的()A.E=B.C=C.R=D.R=ρ考点:电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:分别根据物理量的关系,判断是否是定义式.电场强度是由试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值来定义的.解答:解:A、电场强度是由试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值来定义的,E=是电场强度的定义式,故A正确.B、电容与极板的正对面积S成正比,与极板间的距离成反比,所以C=不属于物理概念定义式.故B错误.C、R=是电阻的定义公式,是用比值定义法定义的,故C正确;D、R=ρ是电阻的决定公式,不是定义式,说明电阻与导体的材料、截面积和长度有关,故D错误;故选:AC点评:对于物理量是定义式还是与其他量的关系式是掌握准确,本题关键要知道电场强度和电阻的定义式,并要知道它是采用比值法定义的.12.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)两只电阻的伏安特性曲线如图所示,则下列说法中正确的是()A.两电阻的阻值关系为R1小于R2B.两电阻并联在电路中时,流过R1的电流小于流过R2的电流C.两电阻串联在电路中时,R1两端电压大于R2两端电压D.两电阻串联在电路中时,R1消耗的功率小于R2消耗的功率考点:电功、电功率;欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:本题为图象分析问题,在图中任意做一条与纵轴垂直的直线,则与两图象的交点为电流相同点,对应的横坐标得出电压值,则由欧姆定律可进行比较电阻.两电阻串联在电路中时,电流相等,两电阻并联在电路中时,电压相等.解答:解:A.由下图可知,当电流相同时,R2两端的电压大于R1两端的电压,即U2>U1,由欧姆定律I=得:R=所以当电流相同时,电压越大,导体的电阻就越大,即R2>R1.故A正确;B.两电阻并联在电路中时,电压相等,根据I=得:R1的电流大于R2的电流,故B 错误.C.两电阻串联在电路中时,电流相等,根据A的分析可知:即U2>U1,故C错误;D.两电阻串联在电路中时,电流相等,根据P=I2R可知:R1消耗的功率小于R2消耗的功率,故D正确;故选:AD点评:本题为图象分析问题,要能从图象中得出有效信息,两电阻串联在电路中时,电流相等,两电阻并联在电路中时,电压相等.13.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)在静电场中,一个电子只在电场力的作用下由a点移到b点时电场力做功为5eV,则以下说法正确的是()A.电子的动能增加了5eV B.a、b两点间电势差U ab=5VC.电子的电势能增加5J D.电子的电势能减少5eV考点:电势差与电场强度的关系;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电子在电场中移动时,电场力做多少正功,电子的电势能就减小多少.由公式U=求出a、b两点电势差U ab.解答:解:A、电子只在电场力的作用下由a点移到b点时电场力做功为5eV,根据动能定理,动能增加5eV,故A正确;B、a、b两点间电势差U ab===﹣5V,故B错误;C、D、电场力做功等于电势能的减小量,电场力做功为5eV,故电势能减小5eV;故C错误,D正确;故选:AD.点评:在应用公式解题时,U、W、q都要代入符号求解,还要注意电荷移动的方向和电势差的顺序.基本题.14.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)如图所示,将平行板电容器与电源相连,两极板间的带电尘埃恰保持静止状态,若将两板稍微水平错开一些,其他条件不变,则()A.电容器的带电量不变B.尘埃仍保持静止状态C.电流计G中有a到b方向的电流D.电流计G中有a到b方向的自由电荷定向通过考点:电容器的动态分析.专题:电容器专题.分析:带电尘埃原来处于静止状态,电场力与重力平衡,将两板缓慢地错开一些后,分析板间场强有无变化,判断尘埃是否仍保持静止.根据电容的决定式分析电容如何变化,由电容的定义式分析电量的变化,确定电路中电流的方向.解答:解:A、将两板缓慢地错开一些,两板正对面积减小,根据电容的决定式C=得知,电容减小,而电压不变,则电容器带电量减小.故A错误.B、由于板间电压和距离不变,则由公式E=知板间场强不变,尘埃所受电场力不变,仍处于静止状态.故B正确.CD、电容器电量减小,处于放电状态,而电容器上板带正电,电路中逆时针方向的电流,则检流计中有a→b的电流,即自由电荷由b到a方向的定向移动.故C正确,D 错误.故选:BC.点评:本题电容器动态变化问题,要抓住电压不变,根据电容的决定式和电容的定义式结合进行分析.二、实验题(每题4分,共计12分)15.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)有一电流表的内阻Rg=1000Ω,满偏电流Ig=100μA,要把它改装成量程为15V的电压表,应给它串联一只 1.49×105Ω的电阻.考点:把电流表改装成电压表.专题:实验题.分析:把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻,应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值.解答:解:把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻,串联电阻阻值为:R=﹣1000=1.49×105Ω;故答案为:串;1.49×105.点评:本题考查了电压表的改装,知道电压表的改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题.16.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)利用如图所示的电路测定电阻R的数值,电压表的示数为3V,电流表的示数为0.6A,电压表内阻为1kΩ,电流表内阻为0.2Ω.根据以上数据可算得电阻R的真实值为 4.8 Ω.考点:伏安法测电阻.专题:恒定电流专题.分析:已知电源与电流值,应用欧姆定律可以求出电阻与电流表内阻之和,然后求出电阻阻值.解答:解:由图示电路图可知,电流表采用内接法,R总=R+R A===5Ω,待测电阻阻值:R=R总﹣R A=5﹣0.2=4.8Ω;故答案为:4.8.点评:本题考查了求电阻阻值,分析清楚电路结构、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题.17.(4分)(2014秋•金凤区校级期中)如图中是测量电阻R x的电路示意图,A、B、C、D为滑动变阻器的四个接线柱.(1)请你把线头E、F与滑动变阻器的接线柱连接起来,要求做到电键K闭合后,将滑片P 向右移动时,电压表的示数变大.答:F接C或D ,E接 B .(2)上述实验中,滑动变阻器的作用是:用改变接入电路中的电阻丝长度来减小电路中电阻的方法以增大电路中的电流从而使Rx两端的电压增大.考点:伏安法测电阻.专题:实验题.分析:(1)根据图示电路与题目要求确定滑动变阻器的接法.(2)移动滑片改变滑动变阻器接入电路的阻值,从而改变电路电流与电阻两端电压.解答:解:(1)由图示电路图可知,待测电阻与滑动变阻器串联,电压表与待测电阻并联,测待测电阻两端电压;滑片向右移动,电压表示数变大,说明待测电阻分压变大,滑动变阻器分压变小,滑动变阻器右半部分电阻丝接入电路,则F接C或D接线柱,E接B接线柱.(2)用改变接入电路中的电阻丝长度来减小电路中电阻的方法以增大电路中的电流,从而使Rx两端的电压增大.故答案为:(1)C或D;B;(2)电流;电压.点评:本题考查了滑动变阻器的接法、滑动变阻器的作用,分析清楚电路结构、知道滑动变阻器的工作原理即可正确解题.三、计算题:(本题共4小题共42分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)18.(10分)(2014秋•金凤区校级期中)电动势为2V的电源跟一个阻值R=9Ω的电阻接成闭合电路,测得电源两端电压为1.8V,求电源的内电阻.(电压表为理想电压表)考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:先以电阻R为研究对象,由部分电路欧姆定律求出电路中电流,然后求出电源内阻,解答:解:电路电流I==A=0.2A,电源内阻r===Ω=1Ω,答:电源的内电阻为1Ω.点评:在闭合电路中,电源电动势等于内电压与外电压之和,应用欧姆定公式即可正确解题.19.(10分)(2014秋•金凤区校级期中)如图所示线路的电压U=110V,每条输电线的电阻r=5欧,电炉A的电阻R=50欧,求电炉A上的电压和它所消耗的功率.如果再并联一个阻值相同的电炉B,两个电炉上的电压和每个电炉消耗的功率各是多少?考点:电功、电功率.专题:恒定电流专题.分析:(1)利用闭合电路的欧姆定律求出电流,据U=IR和P=I2R求电炉A上的电压和消耗的功率.(2)当并联相同的电炉时,求出总电阻,据闭合电路的欧姆定律求电流、电压和消耗的功率.解答:解:(1)据闭合电路欧姆定律得I=== A电炉A两端的电压:U=IR=×50V==91.7V消耗的功率:P=I2R==168W(2)当再并联一个电炉,电路的总电阻为R1=2r+25Ω=35Ω电路的总电流为I1== A电炉两端的电压为U1=×25=78.6V每个电炉消耗的功率为P1=W=123.6W答:(1)电炉A上的电压为91.7V,它消耗的功率168W.( 2)如果再并联一个阻值相同的电炉B,两个电炉上的电压为78.6V,每个电炉消耗的功率是123.6W.点评:本题是与生活实践密切联系,解题关键知道并联的用电器越多,总电阻变小,从而判断导线上损耗的电压和用电器两端的电压.20.(10分)(2014秋•金凤区校级期中)如图为一平行导体板,两极板间的电势差为U,相距为d,板长为L,板间电场可以认为是均匀的.一个α粒子(He)从上极板边缘以某一平行于上极板方向的初速度射入两极板之间,轨迹如图,到达下极板时恰好落在下极板中央.已知α粒子电量为+q,质量为m,忽略重力和空气阻力的影响,求:(1)极板间的电场强度E;(2)α粒子在极板间运动的加速度a;(3)α粒子的初速度v0.考点:带电粒子在匀强电场中的运动.专题:带电粒子在电场中的运动专题.分析:(1)由匀强电场中场强与电势差的关系求出场强;(2)由牛顿第二定律求出加速度;(3)由类平抛运动规律求出初速度.解答:解:(1)极间场强为E=;(2)α粒子在极板间运动的加速度 qE=ma,得:a=(3)由竖直方向:d=水平方向:=v0t得v0=答:(1)极板间的电场强度E是;(2)α粒子在极板间运动的加速度a是;(3)α粒子的初速度v0是.点评:解决本题关键会对类平抛运动进行分解,注意两分运动的等时性.21.(12分)(2014秋•金凤区校级期中)在研究微型电动机的性能时,应用如图的实验电路,当调节变阻器R使电动机停止转动时,电流表和电压表测得的数据是0.5A,2.0V,重新调节R使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的读数分别是2.0A,30.0V,则这台电动机运转时的输出功率是多少?电动机的效率是多少?考点:电功、电功率.专题:恒定电流专题.分析:从电路图中可以看出,电动机和滑动变阻器串联,电压表测量电动机两端的电压,电流表测量电路电流,根据公式R=可求电动机停转时的电阻;利用公式P=UI可求电动机的总功率,根据公式P=I2R可求电动机发热功率,总功率与电动机发热功率之差就是电动机的输出功率.解答:解:当电动机停止转动时,由题得电动机的电阻:R===4Ω;当电动机正常转动时,电动机的总功率:P=U1I1=30V×2A=60W;电动机的发热功率:P R=I12R=(2A)2×4Ω=16W;。

宁夏育才中学高二上学期期中考试物理试题

宁夏育才中学高二上学期期中考试物理试题

宁夏育才中学2014~2015学年第一学期高二上期中物理试卷(试卷满分 100 分,考试时间为 100 分钟)试题说明:1.本试卷分为试卷Ⅰ和试卷Ⅱ两部分。

试卷Ⅰ为选择题部分,必须将答案涂在机读卡上,否则不得分。

试卷Ⅱ为非选择题部分,把解答过程写在答题纸上相应预留的位置。

2.学生只需上交机读卡和答题纸。

试卷Ⅰ(选择题部分)一、单项选择题(每小题2分,共40分。

在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确)1.下列关于匀强电场中场强和电势差的关系,正确的说法是( )A.任意两点之间的电势差,等于场强和这两点间距离的乘积B.在任何方向上,若两点间距离相等,则它们之间的电势差就相等C.沿着电场线的方向,任何相等距离上的电势降低量必定相等D.电势降落的方向必定是电场强度的方向2.电场中有一点P,下列说法正确的是()A.若放在P点的试探电荷的电量减半,则P点的场强减半B.若P点没有试探电荷,则P点的场强为零C.P点的场强越大,则同一电荷在P点受到的电场力越大D.P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向3.如图所示的直线是真空中某电场中的一条电场线,A、B是这条直线上的两点。

一电子以速度v A 经过A点向B点运动,经过一段时间后,电子以速度v B经过B点,且v B与v A方向相反,则()A.A点的场强一定大于B点的场强B.A点的电势一定低于B点的电势C.电子在A点的动能一定小于它在B点的动能D.电子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能4.一带电粒子在电场中只受到电场力作用时,它不可能出现的运动状态是( )A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀变速曲线运动D.匀速圆周运动5.带电粒子垂直进入匀强电场中偏转时(除电场力外不计其他力的作用)下列说法中正确的是( )A.电势能增加,动能增加B.电势能减小,动能增加C.电势能和动能都不变D.上述结论都不正确6.关于电功,下列说法中正确的是( )A.电功的实质是电场力所做的功B.电功就是电热,两个量是一回事C.电场力做功使金属导体内的自由电子运动的速率越来越大D.电流通过电动机时的电功率和热功率相等7.下列说法中错误的是( )A.一个电阻和一根无电阻的理想导线并联总电阻为零B.并联电路任一支路电阻都大于电路的总电阻C.并联电路任一支路电阻增大(其他支路不变)总电阻也增大D.并联电路任一支路电阻增大(其他支路不变)总电阻一定减少8.对于欧姆定律的理解,下列说法中错误的是( )A.由I=U/R,通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比,跟它的电阻成反比B.由U=IR,对一定的导体,通过它的电流强度越大,它两端的电压也越大C.由R=U/I,导体的电阻跟它两端的电压成正比,跟通过它的电流强度成反比D.对一定的导体,它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变9.一个阻值为R的电阻两端加上电压U后,通过导体截面的电量q与通电时间t的图象如图所示,此图线的斜率(即tanα)等于()A.U B.RC. D.10.用E表示电源电动势,U表示路端电压,Ur表示内电压,R表示外电路总电阻,r表示电源内电阻,I表示干路电流,则下列各式中正确的是( )A.Ur=IR B.Ur=E-U C.U=E+Ir D.11.以下给出几种电学元件的电流与电压的关系图象,如图所示,下列说法中正确的是()A.这四个图象都是伏安特性曲线B.这四种电学元件都是线性元件C.①②是线性元件,③④是非线性元件D.这四个图象中,直线的斜率都表示了元件的电阻12. 如图所示,4只电阻串联于某电路中,已测出U AC=9V,U BD=6 V,R2=R4,则U AE为()A.3 VB.7.5 VC.15 VD.条件不足,无法判定13.如图所示,当ab两端接入100V电压时,cd两端为20V;当cd两端接入100V电压时,ab两端电压为50V,则R1:R2:R3之比是()A.3:2:1B.2:1:1C.4:2:1D.以上都不对14.如图所示,厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=2bc,当将A与B接入电路或将C与D接入电路中时电阻之比R AB∶R CD为( )A.1∶4B.1∶2C.2∶1D.4∶115.关于材料的电阻率,下列说法中正确的是A.把一根长导线截成等长的三段,则每段的电阻率都是原来的1/3B.材料的电阻率随温度的升高而增大C.纯金属的电阻率较合金的电阻率小D.电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量,电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大16. 如图所示,直线a为某电源的路端电压随干路电流强度的变化图线,直线b为某一电阻R两端的电压随电流变化图线,把该电源和该电阻组成闭合电路,电源的输出功率和电源的内电阻分别为:()A.4W,0.5ΩB.6W,1ΩC.4W,1ΩD.2W,0.5Ω17.如图所示,两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定等于12V的直流电源上,有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端,电压表的示数为8V.如果他把电压表改接在R2两端,则电压表的示数将( )A.小于4VB.等于4VC.大于4V小于8VD.等于或大于8V18.如图所示的电路中,当R1的滑片向左移动时,若电压表V1和电压表V2的示数的变化量分别为ΔU1和ΔU2(均为绝对值),则ΔU1和ΔU2的大小关系是( )A.ΔU1>ΔU2 B.ΔU1=ΔU2C.ΔU1<ΔU2 D.条件不足,无法确定19.电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、变阻器R串联,如图所示,设R0=r,R ab=2r,当变阻器的滑片自a端向b端滑动时,下列各物理量中随之减小的是( )A.电池的输出功率B.变阻器消耗的功率C.固定电阻R0消耗的功率D.电池内阻消耗的功率20.如图所示电路,电源电动势为E、内阻为r,接通电路后A、B、C三盏小灯都达到一定的亮度(但均未达到额定功率),当滑动变阻器的滑动头P向左滑动时,则( )A.A灯变亮,B灯变暗B.A灯和B灯都变暗C.C灯和B灯都变亮D.C灯变暗,A灯变亮二.多选题(共20分。

宁夏大学附属中学高二上学期期中考试物理试卷 Word版含答案.pdf

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宁夏大学附属中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题 一、选择题(每小题4分,共48分。

提示:期中2、6、7、9为多选题,其余为单选题) 1、下列说法中正确的是:( ) A、电场强度和电势都是描述电场性质的物理量,它们都是矢量 B、电势为零的地方,电场强度也一定为零 C、电荷在等势面上由一点移至另一点电场力做功 D、电荷在等势面上由一点移至另一点电场力不做功 2、如图所示,A、B、C为电场中同一电场线上三点,设电荷在电场中只受电场力,则下列说法中正确的是:() A、若在C点无初速地释放正电荷,则正电荷向B运动,电势能减小 B、若在C点无初速地释放正电荷,则正电荷向B运动,电势能增加 C、若在C点无初速地释放负电荷,则负电荷向A运动,电势能增加 D、若在C点无初速地释放负电荷,则负电荷向A运动,电势能减小 3、如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线。

在电场力作用下,一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点,径迹如图中虚线所示,:A、粒子带电 B、粒子在点大C、粒子在B点动能大 D、A、B两点相比,B点电势高。

A、B、C分别是这三个等势面上的点,且这三点在同一条电场线上。

若UAB=6V,则UBC为A、等于6VB、无法确定C、高于6VD、低于6V 5、如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路,在增大电容器两板间距离的过程中 ( ) A、电阻R中没有电流 B、电容器的电容变大 C、电阻R中有从b流向a的电流 D、电阻R中有从a流向b的电流 6、传感器是把非电物理量(如高度、温度、压力等)的变化转换成电学量(如电压、电流、电容等)变化的一种元件,它在自动控制中有着广泛的应用.如图是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图.金属棒与导电液体构成一个电容器,将金属棒和导电液体分别与直流电的两极相连接,从电容C和导电液与金属棒间的电压U的变化就能反映液面的升降情况,即( ) A、电接通,若此后电容C减小,反映h减小. B、电接通,若此后电容C减小,反映h增大. C、电接通再断开,若此后电压U减小,反映h减小. D、电接通再断开,若此后电压U减小,反映h增大. 7、如图是电阻R的I—U图线,由图可知 A、电阻值R=0.5Ω B、因I—U图线的斜率表示电阻的倒数,故R=2Ω C、在R两端加6V的电压时,每秒通过电阻截面的电荷量为3C D、流经电阻的电流为2A时,需将其两端的电压为4V 8、一个电流表的满偏电流Ig=3mA,内阻Rg=200Ω。

高二物理上学期期中-宁夏固原市西吉中学2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

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2014-2015学年宁夏固原市西吉中学高二(上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题(每小题2分,共40分)1.(2分)下列关于点电荷的说法,正确的是()A.点电荷一定是电量很小的电荷B.点电荷是一种理想化模型,实际不存在C.只有体积很小的带电体,才能作为点电荷D.体积很大的带电体一定不能看成点电荷考点:元电荷、点电荷.分析:带电体看作点电荷的条件,当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时,这个带电体可看作点电荷,是由研究问题的性质决定,与自身大小形状无具体关系.解答:解:A、由点电荷的定义,可知其与带电量无关,故A错误B、由点电荷的定义知,它是理想化的模型,实际并不存在,故B正确C、由点电荷的定义知,它与体积大小无关,故C错误D、由点电荷的定义知,它与体积大小无关,故D错误故选B点评:本题关键明确点电荷是一直理想模型,知道物体是否可以简化为点电荷,关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计.2.(2分)下列说法正确的是()A.物体所带的电荷量可以为任意实数B.不带电的物体上,既没有正电荷,也没有负电荷C.摩擦起电的过程,是靠摩擦产生了电荷D.利用静电感应使金属导体带电,实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体考点:电荷守恒定律;元电荷、点电荷.专题:电场力与电势的性质专题.分析:物体带电是指有多余的电荷量,是由于自由电荷的转移导致的,并不是创造出来的,因此物体带电均是元电荷的整数倍,感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电.解答:解:A、物体所带电量均是元电荷的整数倍,所以不可能为任意实数.故A错误;B、不带电的物体,并不是没有正、负电荷,而是没有多余的电荷.故B错误;C、摩擦起电是自由电荷转移后,导致物体有多余电荷,从而使物体带上电,故C错误;D、静电感应带电,实质上是导体中的自由电子在电场中受到的电场力作用下,远离或靠近带电体,故D正确;故选:D点评:考查了电荷守恒定律的同时,还有是:元电荷是带电量的最小单元,其电荷量与电子的电量相等,物体所带电量均是元电荷的整数倍.3.(2分)下列各电场中,A、B两点电场强度相同的是()D.A.B.C.考点:电场强度;电场线.分析:在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小,当电场线疏密相同时,电场强度相等.解答:解:因电场线的疏密表示场强的大小,由图可知,只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同,故A、B两点电场强度相同的点只有C.故选C.点评:本题考查电场线的性质,电场线的方向表示场强的方向,电场线的疏密表示场强的大小.4.(2分)关于电场线的叙述,下列说法正确的是()A.电场线是直线的地方一定是匀强电场B.电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向C.点电荷只受电场力作用时,加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合D.画有电场线的地方有电场,没画电场线的地方就不存在电场考点:电场线.分析:电场线的方向是正电荷所受电场力的方向,而正负电荷所受的电场力的方向相反;电场线的切线方向即为场强的方向,故任意两条电场线都不会相交;只有电场线是直线,带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合;电场线的疏密代表电场的强弱,故电场线越密的地方场强越强.解答:解:A、电场线是直线的地方不一定是匀强电场,比如点电荷的电场线.故A错误.B、电场线的方向是正电荷所受电场力的方向,与负电荷所受电场力的方向相反,并不是运动方向.故B错误.C、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合,只有电场线是直线,带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合,故C正确.D、电场线的疏密代表电场的强弱,故电场线越密的地方场强越强,且电场线不存在,是假想的.故D错误.故选:C.点评:记住电场线的特点即可顺利解出此题,故要在理解的基础上牢记基本概念.5.(2分)一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F,该点的电场强度为E.下图中能正确表示q、E、F三者关系的是()A.B.C.D.考点:电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关,由场源电荷决定.解答:解:A、因为电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关,有场源电荷决定.所以电场强度不随q、F的变化而变化.故A、B错误.C、由E=知,某点的电场强度一定,F与q成正比.故C错误,D正确.故选D.点评:解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=.知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关,由场源电荷决定.6.(2分)如图所示,Q是带正电的点电荷,P1和P2为其电场中的两点.若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小,φ1、φ2为P1、P2两点的电势,则()A.E1>E2,φ1>φ2B.E1>E2,φ1<φ2C.E1<E2,φ1>φ2D.E1<E2,φ1<φ2考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系.专题:电场力与电势的性质专题.分析:Q是带正电的点电荷,电场线从Q出发到无穷远终止.顺着电场线电势降低.由公式E=k,分析场强的大小.解答:解:由公式E=k分析可知,r1<r2,则场强E1>E2.电场线方向由P1指向P2,顺着电场线的方向电势降低,则电势φ1>φ2.故A正确、BCD错误.故选:A.点评:本题考查对场强和电势大小的比较,明确电场线的疏密程度反映电场强度的大小,沿着电场线电势逐渐降低.7.(2分)在一匀强电场区域中,有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A、B、C三点电势分别为φA=1V,φB=4V,φC=0,则D点电势φD大小为()A.﹣3V B.2V C.0D.1V考点:电势;等势面专题:电场力与电势的性质专题.分析:在BC上找出与A点等电势点,作出等势线,再过D作出等势线,在BC线上找出与D等势点,再确定D点的电势.解答:解:将BC四等分,标上四等分点E、F、G,则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离,电势差相等可知,E点的电势为1V,F点的电势为2V,G点的电势为3V.连接AE,则AE为一条等势线,根据几何知识可知,DP∥AE,则DP也是一条等势线,所以D点电势U D=﹣3V.故选:A点评:本题的技巧是找等势点,作等势线,充分利用匀强电场的等势面相互平行,而且沿电场线方向相等距离,电势差相等进行作图.同时可以由匀强电场中,沿着任意方向每前进相同的距离,电势变化相等,故φA﹣φD=φB﹣φC.8.(2分)如图为某匀强电场的等势面分布图(等势面竖直分布),已知每两个相邻等势面相距2cm,则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为()A.E=100V/m,竖直向下B.E=100V/m,竖直向上C.E=100V/m,水平向左D.E=100V/m,水平向右考点:等势面;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场线总是与等势面垂直,而且由高电势指向低电势.根据匀强电场场强与电势差的关系E=求出电场强度的大小.解答:解:根据电场线总是与等势面垂直,而且由高电势指向低电势,可知,电场强度方向水平向左.两个相邻等势面相距d=2cm,电势差U=2V,则电场强度E==.故选C点评:本题考查电场线与等势面的关系、场强与电势差的关系.公式E=中,d是沿电场线方向两点间的距离.9.(2分)电工穿的高压作业服是用铜丝编制的,下列说法正确的是()A.铜丝编织的衣服不易拉破,所以用铜丝编织B.电工被铜丝编织的衣服所包裹,使体内电场强度保持为零,对人体起保护作用C.电工被铜丝编织的衣服所包裹,使体内电势差保持为零,对人体起保护作用D.铜丝必须达到一定的厚度,才能起到对人体的保护作用考点:静电现象的解释.分析:处在高压电场中的人体,会有危险电流流过,危及人身安全,因而所有进入高电场的工作人员,都应穿全套屏蔽服.带电作业屏蔽服又叫等电位均压服,是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装.其作用是在穿用后,使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面,从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害.成套的屏蔽服装应包括上衣、裤子、帽子、袜子、手套、鞋及其相应的连接线和连接头.解答:解:屏蔽服作用是在穿用后,使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面,从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害.等电位说明电势相等而不是等于0,等电势时电势差为0,电场强度为0.所以B正确,ACD错误故选:B.点评:本题考查了屏蔽服的作用,要求同学们能用物理知识解释生活中的现象,难度不大,属于基础题.10.(2分)对于给定的电容器,描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图应是下图中的()A.B.C.D.考点:电容器.专题:电容器专题.分析:电容器的电容由本身的性质决定,与Q和U无关.解答:解:是电容的定义式,电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关,电容器电容的决定式为:,只要电容器不变其电容就不发生变化,故ACD错误,B正确.故选:B.点评:解决本题的关键掌握电容的定义式为,知道C与Q和U无关,根据Q=CU,知Q与U成正比,同时理解电容器电容大小与那些因素有关.11.(2分)用控制变量法,可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示).设两极板正对面积为S,极板间的距离为d,静电计指针偏角为θ.实验中,极板所带电荷量不变,若()A.保持S不变,增大d,则θ变大B.保持S不变,增大d,则θ变小C.保持d不变,减小S,则θ变小D.保持d不变,减小S,则θ不变考点:电容器的动态分析.专题:电容器专题.分析:静电计测定电容器极板间的电势差,电势差越大,指针的偏角越大.根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况,由于极板所带电荷量不变,再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化,即可再确定静电计指针的偏角变化情况.解答:解:A、B、根据电容的决定式C=得知,电容与极板间距离成反比,当保持S 不变,增大d时,电容减小,电容器的电量Q不变,由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大,则静电计指针的偏角θ变大;反之,保持S不变,减小d,则θ减小.故A正确,B错误.C、D、根据电容的决定式C=得知,电容与极板的正对面积成正比,当保持d不变,减小S时,电容减小,电容器极板所带的电荷量Q不变,则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大,静电计指针的偏角θ变大;反之,保持d不变,增大S,则θ减小,故C错误,D错误.故选:A.点评:本题是电容动态变化分析问题,关键抓住两点:一是电容器的电量不变;二是掌握电容的两个公式:电容的决定式C=和C=.12.(2分)某同学经过实验,描绘出一个小灯泡的伏安特性曲线(如图所示),分析该曲线,下列说法正确的是()A.小灯泡的伏安特性曲线的斜率随着电压的升高而增大B.小灯泡的电阻随着电压的升高而增大C.欧姆定律适用于小灯泡,所以小灯泡是个线性元件D.小灯泡灯丝的电阻随着电压的升高而减小考点:描绘小电珠的伏安特性曲线.专题:实验题.分析:题A根据欧姆定律写出电流I与电压U的函数表达式,再根据斜率的概念讨论即可;题B根据题A的分析即可求解;题C明确线性元件的含义是图象应是倾斜直线不是曲线.解答:解:A:根据I==可知,I﹣U图象上的点与原点连线的斜率应等于电阻的倒数,由于金属的电阻随温度(电压或电流)的增大而增大,所以I﹣U图线上各点与原点连线的斜率应逐渐减小,所以A错误;B:根据选项A的分析可知,小灯泡的电阻应随电压的升高而增大,所以B正确D 错误;C:线性元件的含义是指I﹣U图象应是线性关系(倾斜直线)而不是曲线,所以小灯泡适用于欧姆定律但不是线性元件,所以C错误;故选:B点评:涉及到图象问题,首先根据相应的物理规律写出公式,然后整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式,再根据斜率和截距的概念讨论即可,注意小灯泡的伏安特性曲线中的斜率应是图线上的点与原点连线的斜率,表示曲线切线的斜率.13.(2分)伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种,下列说法正确的是()A.两种接法完全等效B.按甲图接法,测得值偏小C.若待测电阻的阻值很大,按甲图接法误差较小D.若待测电阻的阻值很小,按甲图接法误差较小考点:伏安法测电阻.专题:恒定电流专题.分析:伏安法测电阻有两种实验电路,电流表的内接法与外接法,当待测电阻很大时,应用电流表内接法误差较小.解答:解:A、甲电路采用电流表内接法,乙电路是电流表的外接法,两种电路效果不同,故A错误;B、甲图采用电流表内接法,由于电流表的分压作用,使待测电阻的测量值大于真实值.测得的电阻偏大,故B错误;C、当待测电阻很大,远大于电流表内阻时,采用电流表内接法实验误差较小,甲电路测大电阻误差小,故C正确;D、甲采用电流表内接法,若待测电阻的阻值很小,待测电阻阻值与电流表内阻相差不多时,电流表分压对实验影响很大,实验误差较大,故D错误;故选:C.点评:本题考查了伏安法测电阻的两种电路,分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题.14.(2分)有四盏灯,如图所示连接在电路中,L1和L2都标有“220V,100W”字样,L3和L4都标有“220V,40W”字样,把电路接通后,最暗的是()A . L 1B . L 2C . L 3D . L 4考点: 闭合电路的欧姆定律. 专题:恒定电流专题. 分析: 根据额定电压和额定功率,由功率公式比较两种灯泡的电阻大小.根据公式P=I 2R 比较L 1和L 2、L 3和L 4功率的大小.根据公式P=,比较L 2和L 3功率大小.再确定哪个灯泡功率最小.解答: 解:设L 1、L 2、L 3、L 4实际消耗的功率分别为P 1、P 2、P 3、P 4.由公式P=可知,L 1和L 2的电阻小于L 3和L 4的电阻.通过L 1的电流大于L 2的电流,由公式P=I 2R 得到,P 1>P 2.L 2和L 3的电压相等,由公式P=可知,P 2>P 3.通过L 3的电流小于L 4的电流,由公式P=I 2R 得到,P 4>P 3.所以P 1>P 2,P 2>P 3,P 4>P 3.所以L 3最暗. 故选C 点评: 对于纯电阻电路,功率公式形式较多,要根据不同条件灵活选择公式. 15.(2分)加在某台电动机上的电压是U (V ),电动机消耗的电功率为P (W ),电动机线圈的电阻为R (Ω),则电动机线圈上消耗的热功率为( )A . PB .C .D .P ﹣考点: 电功、电功率. 专题:恒定电流专题. 分析: 电动机消耗的电功率为P=UI ,发热功率P 热=I 2r . 解答:解:电动机消耗的电功率为P ,加在电动机上的电压是U ,故电流为:I=;发热功率:P 热=I 2R=;故选:C . 点评:对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路,可从从能量转化的角度理解:电能全部转化内能时,是纯电阻电路;电能转化为内能和其他能时,是非纯电阻电路.16.(2分)某金属导线的电阻率为ρ,电阻为R,现将它均匀拉长到直径为原来的一半,那么该导线的电阻率和电阻分别变为()A.4ρ和4R B.ρ和4R C.16ρ和16R D.ρ和16R考点:电阻定律.专题:恒定电流专题.分析:在电阻丝温度不变的条件下,电阻的影响因素是材料(电阻率)、长度、横截面积,当导线被拉长后,长度变长的同时,横截面积变小,但导体的整个体积不变.解答:解:电阻为R,现将它均匀拉长到直径为原来的一半,其材料和体积均不变,则横截面积变为原来的,长度为原来的4倍;由于导体的电阻与长度成正比,与横截面积成反比,所以此时导体的电阻变为原来的16倍,即16R.由于电阻率受温度的影响,因温度不变,所以电阻率也不变.故选:D.点评:题考查了影响电阻大小的因素,关键要知道导体电阻与长度成正比,与横截面积成反比.电阻率不受温度影响的材料,可以制成标准电阻.17.(2分)在平行板电容器A、B两板上加上如图所示的电压,开始B板的电势比A板高,这时两板中间原来静止的电子在电场作用下开始运动,设电子在运动中不与极板发生碰撞,则下述说法正确的是(不计电子重力)()A.电子先向A板运动,然后向B板运动,再返回A板做周期性来回运动B.电子一直向A板运动C.电子一直向B板运动D.电子先向B板运动,然后向A板运动,再返回B板做来回周期性运动考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系.专题:带电粒子在电场中的运动专题.分析:根据AB两极板电场的变化,分析电子所受电场力的变化,结合加速度与速度方向的关系判断其运动性质.解答:解:遭0﹣0.25s内,电子受到的电场力方向水平向左,向左做匀加速直线运动,0.25﹣0.5s内,电子所受的电场力水平向右,电子向左做匀减速直线运动,0.5s末速度减为零,然后重复之前的运动,可知电子一直向B板运动.故C正确,A、B、D错误.故选:C.点评:对于这种周期性的题目,只分析好一个周期的运动,即可知道全部时间内的运动.18.(2分)某同学用伏安法测小灯泡的电阻时,误将电流表和电压表接成如图所示的电路,接通电源后,可能出现的情况是()A.电流表烧坏B.电压表烧坏C.小灯泡烧坏D.小灯泡不亮考点:伏安法测电阻.专题:恒定电流专题.分析:由于电流表内阻较小,而电压表内阻较大;根据欧姆定律可知此时可能出现的情况.电压表不能串联接入电路.解答:解:由于电压表内阻较大,所以电路中的电流非常小,故灯泡几乎不亮,不会被烧坏;电流表中示数很小,不会被烧坏;此时电压表相当于直接接在电源两端,故此时电压表的示数接近电源的电动势;故ABC错误;D正确;故选:D点评:本题要求能正确理解电压表和电流表的内阻;明确电压表在电路中相当于开路,电流表相当于短路.19.(2分)用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中,如图所示,此时()A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针都不偏转C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点:把电流表改装成电压表.专题:实验题.分析:电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻;电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;将电压表和电流表串联,分析通过表头的电流关系,判断指针偏转角度的大小.解答:解:电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻;电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;两表串联后,通过电流表的总电流与电压表的电流相等,由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻,所以大部分电流通过了分流电阻,通过表头的电流很小,电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角,故ABD错误,C正确;故选:C.点评:本题关键是明确电流表和电压表的改装原理,熟悉串联电路的电流特点,基础题.20.(2分)为了测定小灯泡的伏安特性曲线,需要测得的电压范围尽可能大些,误差小些,为此,下列电路合适的是()D.A.B.C.考点:描绘小电珠的伏安特性曲线.专题:实验题;恒定电流专题.分析:测小灯泡的伏安特性曲线,电压与电流应从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,灯泡电阻较小,电流表应采用外接法,分析电路图,然后答题.解答:解:测定小灯泡的伏安特性曲线,电压与电流要从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,灯泡电阻较小,约为几欧姆到十几欧姆,远小于电压表内阻,电流表应采用外接法,故ABC错误,D正确;故选:D.点评:本题考查了实验电路的选择,根据题意确定滑动变阻器与电流表接法、分析清楚电路结构即可正确解题.当电压与电流从零开始变化时,滑动变阻器要选择分压接法.二.不定项选择(每小题3分,共15分)21.(3分)关于库仑定律的公式F=k,下列说法中正确的是()A.当真空中的两个点电荷间的距离r→0时,它们之间的静电力F→∞B.当真空中的两个点电荷间的距离r→∞时,它们之间的静电力F→0C.当两个点电荷之间的距离r→∞时,库仑定律的公式就不适用了D.当两个点电荷之间的距离r→0时,电荷不能看成是点电荷,库仑定律的公式就不适用考点:库仑定律.专题:电场力与电势的性质专题.分析:库仑定律F=k适用于真空中两点电荷之间的作用力.当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时,可以看成点电荷.解答:解:AD、当两个点电荷距离趋于0时,两电荷不能看成点电荷,此时库仑定律的公式不再适用.故A错误,D正确.BC、两个带电体间的距离足够大时,带电体可以看成点电荷,库仑公式适用,故B 正确、C错误.故选:BD.点评:解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围,以及能看成点电荷的条件,当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时,可以看成点电荷.22.(3分)关于电源的电动势,下面说法正确的是()A.电动势是表征电源把电势能转化为其他形式的能本领的物理量B.电动势在数值上等于电路中通过1C 电荷量时电源提供的能量C.电源的电动势跟电源的体积有关,跟外电路有关D.电动势有方向,因此电动势是矢量考点:电源的电动势和内阻.专题:恒定电流专题.分析:根据电动势的定义式E=可知,非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势.电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量.电动势由电源本身决定的;大多数是标量.解答:解:A、由E=可知,电动势E越大,非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功越多,获得的电能越多,电源把其他形式的能转化为电能本领越大.故A正确;B、电源内部非静电力把正电荷从电源负极移送到正极,根据电动势的定义式E=可知,电动势等于非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功,在数值上等于电路中通过1C 电荷量时电源提供的能量.故B正确.C、E反映电源本身的特性,跟电源的体积无关,跟外电路无关.故C错误.D、电动势有方向,但大多数的计算不适用平行四边形定则,因此电动势是标量.故D错误.故选:AB点评:本题考查电动势的物理意义.要注意电动势与电压是两个不同的概念,不能说“电动势就是电压”.23.(3分)在静电场中,将一电子从a点移至b点,静电力做功5eV,则下列结论错误的是()A.电场强度的方向一定由a到bB.a、b两点的电势差是5 VC.电子的电势能减少了5 eVD.因电势零点未确定,故不能确定a、b间的电势差考点:电势能;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场力做正功,电势能减小;电场线的方向是电势降落最快的方向,故电势降落的方向不一定是电场的方向;利用W=qU ab求电功时电量q及电势差U ab的正负号要代入;电势是一个相对性的概念,故电势的高低与零电势的选取有关.解答:解:A、电子在移动过程中静电力做正功,说明电势升高,由于不知道电子运动的轨迹是否与电场线重合,故电场强度的方向不一定由b到a,故A错误.B、由W=qU得a、b两点的电势差U===﹣5V,故B错误.。

2014-2015上学期半期考高二理科物理试卷

2014-2015上学期半期考高二理科物理试卷

2014-2015上学期半期考高二理科物理试卷D福安八中2014——2015学年上学期期中考试高二理科物理考试答案卷一、将选择题答案填入下表题号1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案二、填空、实验题1.____________ ______________2____________ _____________3._____________三.计算题(共 1 小题)1.汽车火花塞的两个电极间的间隙约为1mm、如果点火感应圈在它们之间产生的电压约为10000v,那么在间隙间的电场强度约有多大2.真空中有两个点电荷Q1和Q2相距18cm ,已知Q1为正电荷,其电荷量为C.它们之间的引力F=N,求Q2的电荷量及带电性质.3.平行板电容器两极间的电势差为100V,当极板上的电荷量增加9⨯C时,1-10板极间某电荷收到的电场力增大为原来的1.5倍,求电容器电容4.把带电荷量2×10-8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点,要克服电场力做功8×10-6J,若把该电荷从无限远处移到电场中B点,需克服电场力做功2×10-6 J,求:(1)A点的电势;(2)A、B两点的电势差;(3)把2×10-5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功.请输入试卷名称答案一.选择题(共9 小题)1.A 2.C 3.D 4.A 5.B 6.C 7.B 8.D 9.B 10.C 11B12.【解析】要使ab平衡,必须有a带负电,b带正电,且a球带电较少,故应选B.【答案】B二.填空、实验题(共 3 小题)1.接触起电,感应起电2.答案:左增加分析:β粒子带负电,由图可知,β粒子向右偏转,可知所受的电场力向右。

故电场线水平向左。

β粒子进入电场以后,电场力做正功,故动能增加3.先由W=qU,得AB间的电压为20V,再由已知分析:向右移动正电荷做负功,说明电场力向左,因此电场线方向向左,得出B点电势高。

宁夏回族自治区 高二上学期物理期中考试试卷(I)卷(测试)

宁夏回族自治区 高二上学期物理期中考试试卷(I)卷(测试)

宁夏回族自治区高二上学期物理期中考试试卷(I)卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共11题;共22分)1. (2分)关于,下列正确说法的是()A . 磁感强度B与通电导体所受安培力成正比B . 磁感强度B与通电导体长度和电流强度的乘积成反比C . 公式表明磁感强度B的方向与通电导体的受力方向一致D . 以上说法都不对2. (2分) (2018高二上·杭锦后旗期末) 如图所示,质量为m、电荷量为﹣q的粒子(重力不计),以速度v0垂直磁场边界进入磁感应强度为B、宽度为L(左右无边界)的匀强磁场区域,磁场方向垂直纸面向里.当粒子从上边界飞出时,速度方向改变了30°,则v0的大小为()A .B .C .D .3. (2分)某水电站,用总电阻为2.5Ω的输电线输电给500km外的用户,其输出电功率是3×106kW.现用500kV电压输电,则下列说法正确的是:()A . 输电线上输送的电流大小为2×105AB . 输电线上由电阻造成的损失电压为15kVC . 若改用5kV电压输电,则输电线上损失的功率为9×108kWD . 输电线上损失的功率为∆P=U2/r,U为输电电压,r为输电线的电阻4. (2分) (2017高二上·大连期末) 如图所示的竖直平面内,水平条形区域I和Ⅱ内有方向垂直竖直面向里的匀强磁场,其宽度均为d,I和Ⅱ之间有一宽度为h的无磁场区域,h>d.一质量为m、边长为d的正方形线框由距区域I上边界某一高度处静止释放,在穿过两磁场区域的过程中,通过线框的电流及其变化情况相同.重力加速度为g,空气阻力忽略不计.则下列说法正确的是()A . 线框进入区域I时与离开区域I时的电流方向相同B . 线框进入区域Ⅱ时与离开区域Ⅱ时所受安培力的方向相同C . 线框有可能匀速通过磁场区域ID . 线框通过区域I和区域Ⅱ产生的总热量为Q=mg(d+h)5. (2分) (2018高一下·朝阳期末) 如图所示,金属板放在垂直于它的匀强磁场中,当金属板中有电流通过时,在金属板的上表面A和下表面A′之间会出现电势差,这种现象称为霍尔效应。

宁夏回族自治区 高二上学期物理期中考试试卷C卷(模拟)

宁夏回族自治区 高二上学期物理期中考试试卷C卷(模拟)

宁夏回族自治区高二上学期物理期中考试试卷C卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题;共29分)1. (2分) (2017高二上·邹平期中) 一个电容器的规格是“10μF50V”,则()A . 这个电容器的电容为10﹣5FB . 这个电容器加上50V电压时,电容才是10μFC . 这个电容器没有电压时,电容为0D . 这个电容器加的电压不能低于50V2. (2分) (2017高二上·葫芦岛期中) 如图所示,虚线a、b、c代表电场中的三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即Uab=Ubc ,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,据此可知以下说法中不正确的是()A . 三个等势面中,a的电势最高B . 带电质点通过P点时的电势能比Q点大C . 带电质点通过P点时的动能比Q点大D . 带电质点通过P点时的加速度比Q点大3. (2分) (2019高二上·应县月考) 静电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示,x轴正向为场强正方向,带负电的点电荷沿x轴运动,则点电荷()A . 由x1运动到x3的过程中电势能增大B . 由x1运动到x3的过程中电势能减小C . 由x1运动到x4的过程中电势先减小后增大D . 由x1运动到x4的过程中电场力先减小后增大4. (2分)(2017·芜湖模拟) 在电荷量为Q的点电荷激发电场空间中,距Q为r处电势表达式为φ= ,其中k为静电力常量,取无穷远处为零电势点.今有一电荷量为Q的正点电荷,固定在空间中某处.一电荷量为q、质量为m的负点电荷绕其做椭圆运动,不计负点电荷重力.Q位于椭圆的一个焦点上,椭圆半长轴长为a,焦距为c,该点电荷动能与系统电势能之和表达式正确的是()A .B . ﹣C . ﹣D . ﹣5. (2分)如图甲,倾角为θ的光滑绝缘斜面,底端固定一带电量为Q的正点电荷.将一带正电小物块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放,小物块沿斜面向上滑动至最高点B处,此过程中小物块的动能和重力势能随位移的变化图象如图乙(E1和x1为已知量)。

宁夏高二高中物理期中考试带答案解析

宁夏高二高中物理期中考试带答案解析

宁夏高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.关于三个公式:①P=UI②P=I2R③P=U2/R,下列叙述中正确的是( )A.公式①适用于任何电路的热功率的计算B.公式②只适用于计算纯电阻电路的热功率C.公式③任何情况下都不能用D.对于纯电阻电路公式①、②、③既可以用来计算电功率也可以计算热功率2.关于电阻和电阻率的说法中,正确的是( )A.导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻,因此只有在导体中有电流通过时才有电阻B.由R=U/I可知导体的电阻与导体两端的电压成正比,跟导体中的电流成反比C.电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量,电阻率ρ越大,材料导电性能越差D.将一根导线等分为二,则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3.如图所示,匀强电场中A、B、C三点构成一等腰三角形,AB=c,底角α=30°,电场强度的方向平行于纸面。

现有一电子,在电场力作用下,经A运动到C动能减少EK,而质子在电场力作用下,经A运动到B动能增加也等于EK,则该匀强电场的电场强度E的大小和方向的判断正确的是()A. ,方向垂直于AB并由B指向ACB. ,方向垂直于AB并由B指向ACC. ,方向垂直于BC并由A指向BCD. ,方向垂直于BC并由A指向BC4.如图所示,实线表示某静电场的电场线,虚线表示该电场的等势面。

下列判断正确的是()A.2、3两点的电场强度相等B.1、2两点的电势相等C.把一电子从1点移动3点,电场力做正功,电势能减小D.在只受电场力的作用下,质子从1点沿直线运动到2点的过程中,质子的加速度在减小5.如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线,并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域.现把R1和R2并联在电路中,消耗的电功率分别用P1和P2表示;并联的总电阻设为R.下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是()A.特性曲线在Ⅰ区,P1<P2B.特性曲线在Ⅲ区,P1<P2C.特性曲线在Ⅰ区,P1>P2D.特性曲线在Ⅲ区,P1>P26.如图所示,实线为电场线,虚线为等势线,且相邻两条等势线间的电势差相等。

高二物理上学期期中-宁夏大学附中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

高二物理上学期期中-宁夏大学附中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

2014-2015学年宁夏大学附中高二(上)期中物理试卷一、选择题(每小题4分,共48分.提示:期中2、6、7、9为多选题,其余为单选题)1.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)下列说法中正确的是()A.电场强度和电势都是描述电场性质的物理量,它们都是矢量B.电势为零的地方,电场强度也一定为零C.电荷在等势面上由一点移至另一点电场力做功D.电荷在等势面上由一点移至另一点电场力不做功考点:电势差与电场强度的关系;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场强度是矢量,电势是标量,电场强度大小和电势高低没有关系,在同一等势面上移动电荷,电场力一定不做功.解答:解:A、电场强度和电势都是描述电场性质的物理量,电场强度是矢量,电势是标量,故A错误;B、电场强度大小和电势高低没有关系,电势为零的地方电场强度不一定为零,故B错误;C、D、根据公式W=qU,电荷在等势面上由一点移至另一点电场力不做功,故C错误,D正确;故选:D.点评:解决本题的关键知道电场线和等势面的特点,以及知道电场线与等势面的关系,难度不大,属于基础题.2.(4分)(2013春•温州校级期末)如图所示,A、B、C为电场中同一电场线上三点,设电荷在电场中只受电场力,则下列说法中正确的是()A.若在C点无初速地释放正电荷,则正电荷向B运动,电势能减小B.若在C点无初速地释放正电荷,则正电荷向B运动,电势能增加C.若在C点无初速地释放负电荷,则负电荷向A运动,电势能增加D.若在C点无初速地释放负电荷,则负电荷向A运动,电势能减小考点:电场线;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:正电荷在电势高处电势能大.正电荷受到的电场力方向与场强方向相同.电场力做正功电荷的电势能减小,电场力做负功,电荷的电势能增大.解答:解:A、B:正电荷受力方向为该点的场强方向,在C点无初速地释放正电荷,则正电荷向B运动,电场力做正功,电势能减少.故A正确,B错误;C、D:负荷受力方向与该点的场强方向相反,若在C点无初速地释放负电荷,则负电荷向A运动,电场力做正功,电势能减少.故C错误,D正确.故选:AD点评:本题要抓住电场力做功与电势能改变的关系:电场力做正功电荷的电势能减小,电场力做负功,电荷的电势能增大.3.(4分)(2014秋•沿河县校级期中)如图所示,带箭头的线表示某一电场的电场线.在电场力作用下,一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点,径迹如图中虚线所示,下列说法正确的是()A.粒子带正电B.粒子在A点加速度大C.粒子在B点动能大D.A、B两点相比,B点电势能较大考点:电场线;电势能.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场线的疏密表示电场强度的强弱,电场线某点的切线方向表示电场强度的方向.不计重力的粒子在电场力作用下从A到B,运动与力关系可知,电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边,且电场力偏向轨迹的内侧.解答:解:A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧,所以电场力逆着电场线方向,即粒子受力方向与电场方向相反,所以粒子带负电.故A错误;B、由于B点的电场线密,所以B点的电场力大,则A点的加速度较小.故B错误;C、粒子从A到B,电场力对粒子运动做负功,电势能增加,导致动能减少,故C错误;D、粒子从A到B,电场力对带负电的粒子运动做负功,电势能增加;所以A、B两点相比,在B点电势能较大.故D正确;故选:D点评:电场线虽然不存在,但可形象来描述电场的分布.对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向,由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧.4.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)如图所示,三个同心圆是同一个点电荷周围的三个等势面,已知这三个圆的半径成等差数列.A、B、C分别是这三个等势面上的点,且这三点在同一条电场线上.若U AB=6V,则U BC为()A.等于6V B.无法确定C.高于6V D.低于6V考点:电势差.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场线与等势面互相垂直,由图看出,AB段电场线比BC段电场线密,AB段场强较大,根据公式U=Ed定性分析A、B间与B、C间电势差的大小,再求解中点b的电势φB.解答:解:电场线与等势面互相垂直,由图看出,AB段电场线比BC段电场线密,AB段场强较大,根据公式U=Ed可知,A、B间电势差U AB大于B、C间电势差U BC,即φA﹣φB>φB﹣φC,得到φB<=6V.故选:D点评:本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小.常规题.5.(4分)(2010秋•厦门期末)如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路,在增大电容器两极板间距离的过程中()A.电阻R中没有电流B.电容器的电容变大C.电阻R中有从a流向b的电流D.电阻R中有从b流向a的电流考点:电容;闭合电路的欧姆定律.专题:电容器专题.分析:电路稳定时,电容器的电压等于电源的电动势.在增大电容器两板间距离的过程中,电容减小,电容器放电,根据电容器极板所电荷的电性,分析电路中形成的电流方向.解答:解:在增大电容器两板间距离的过程中,电容C减小,电压U不变,则电量Q=CU减小,电容器放电.由于电容器上极板带正电,则电阻R中有从a流向b的电流.故C 正确,ABD错误.故选:C点评:对于电容器的动态变化分析问题,抓住不变量是关键.当电容器与电源保持相连时,其电压不变.6.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)传感器是把非电物理量(如高度、温度、压力等)的变化转换成电学量(如电压、电流、电容等)变化的一种元件,它在自动控制中有着广泛的应用.如图是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图.金属棒与导电液体构成一个电容器,将金属棒和导电液体分别与直流电源的两极相连接,从电容C和导电液与金属棒间的电压U的变化就能反映液面的升降情况,即()A.电源接通,若此后电容C减小,反映h减小B.电源接通,若此后电容C减小,反映h增大C.电源接通再断开,若此后电压U减小,反映h减小D.电源接通再断开,若此后电压U减小,反映h增大考点:电容.专题:电容器专题.分析:由图,金属棒与导电液体构成一个电容器,电源接通时,电容器的电压一定,电容C 减小时,由电容的决定式分析电容减小时,h的变化.电源接通再断开,电容器的电量不变,电压减小,再由电容的定义式分析电容的变化,由电容的决定式分析h的变化.解答:解:A、B,电源接通时,电容器的电压一定,若电容C减小时,金属棒与导电液的正对面积减小,所以h减小.故A正确,B错误.C、D电源接通再断开,电容器的电量不变,电压减小,由公式C=分析可知,C增大,金属棒与导电液的正对面积增大,所以h增大.故C错误,D正确.故选AD点评:本题是电容器动态变化分析问题,根据电容的定义公式C=和电容的决定因素进行综合分析.7.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)如图是电阻R的I﹣U图线,由图可知()A.电阻值R=0.5ΩB.因I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数,故R=2ΩC.在R两端加6V的电压时,每秒通过电阻截面的电荷量为3CD.流经电阻的电流为2A时,需将其两端的电压为4V考点:欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:根据图象的斜率可求得电阻值,由欧姆定律可求得电压值及电流值,再由电流的定义可求得电荷量.解答:解:A、I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数,故R==2Ω;故A错误,B正确;C、在R两端加6V的电压时,电路中电流I===3A;每秒通过电阻截面的电荷量q=It=3×1=3C;故C错误;D、由欧姆定律可知,当电流为2A时,电压U=IR=2×2=4V;故D正确;故选:BCD.点评:本题考查伏安特性曲线及欧姆定律,要注意明确在I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数.8.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)一个电流表的满偏电流Ig=3mA,内阻Rg=200Ω.要把它改装成一个量程为0﹣﹣6V的电压表,则应在电流表上()A.串联一个2000Ω的电阻B.并联一个2000Ω的电阻C.并联一个1800Ω的电阻D.串联一个1800Ω的电阻考点:把电流表改装成电压表.专题:实验题.分析:把电流表改装成电压表需要串联分压电阻,应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值.解答:解:把电流表改装成电压表需要串联分压电阻,串联电阻阻值:R=﹣R g=﹣200=1800Ω;故选:D.点评:本题考查了电压表的改装,知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律可以正确解题.9.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)在某段电路中,其两端电压为U,通过的电流为I,通电时间为t,若该电路电阻为R,则关于电功和电热的关系,下列结论正确的是()A.在任何电路中,电功W=UIt=I2RtB.在任何电路中,电功为UIt,电热为I2RtC.在纯电阻电路中,UIt=I2RtD.在非纯电阻电路中,UIt≥I2Rt考点:电功、电功率;焦耳定律.专题:恒定电流专题.分析:电功和电热的公式均适用于任何电路.在纯电阻电路中,电能全部转化为内能,电功等于电热,W=UIt=I2Rt.在非纯电阻电路中,电能一部分转化为内能,另一部分转化为其他形式的能,电功大于电热,即UIt>I2Rt.解答:解:A、在纯电阻电路中,电能全部转化为内能,电功等于电热,W=UIt=I2Rt.故A 错误,C正确.B、在任何电路中,电功W=UIt,电热Q=I2Rt.故B正确.D、在非纯电阻电路中,电能一部分转化为内能,另一部分转化为其他形式的能,电功大于电热,即UIt>I2Rt.故D错误.故选:BC点评:对于纯电阻电路和非纯电阻电路,电功与电热的公式都成立,只是在纯电阻电路中,两者相等,在非纯电阻电路中,电功大于电热.10.(4分)(2014秋•兴庆区校级期中)如图所示的电路中,L1、L2为“220V,40W”灯泡,L3、L4为“220V,100W”灯泡,现将两端接入电路,其实际功率的大小顺序是()A.P4>P1>P3>P2B.P4>P1>P2>P3C.P1>P4>P2>P3D.P1>P4>P3>P2考点:电功、电功率;串联电路和并联电路.专题:恒定电流专题.分析:根据P=求解四个灯泡的电阻,串联电路电流相等,并联电路电压相等,根据功率公式判断四个灯泡实际功率的大小.解答:解:解:根据P=可得,四个灯泡的电阻:R1=R2==1210Ω,R3=R4==484Ω;由电路图可知,L2与L3并联,所以电压相等,根据P=可知:P3>P2;L14与L4串联,电流相等,根据P=I2R可知,P1>P4;L4的电流大于L3的电流,根据P=I2R可知:P4>P3;所以P1>P4>P3>P2.故选:D.点评:解决本题的关键知道串联电路中的电流相等,并联电路中的电压相等,以及掌握功率的公式P=I2R和P=.11.(4分)(2014秋•滦南县校级期中)如图所示,两段材料相同、长度相等、但横截面积不等的导体接在电路中,总电压为U,则.()①通过两段导体的电流相等②两段导体内自由电子定向移动的平均速率不同③细导体两端的电压U1大于粗导体两端的电压U2④细导体内的电场强度大于粗导体内的电场强度.A.①B.①②C.①②③D.①②③④考点:电流、电压概念;路端电压与负载的关系.专题:恒定电流专题.分析:导体材料相同,单位体积内自由电荷的数目n相同.两个导体串联,电流相同.由电流的微观表达式I=nevS,研究自由电子定向移动速率关系.根据电阻定律研究电阻关系,分析电压关系.由电场强度E=研究电场强度关系.解答:解:①两个导体串联,电流相同.故①正确.②电流的微观表达式I=nevS,由题n、e、I相同,S不同,则自由电子定向移动的平均速率v不同.故②正确.③根据电阻定律可知,细导体的电阻大于粗导体的电阻,由欧姆定律U=IR得知,I相同,则细导体两端的电压U1大于粗导体两端的电压U2.故③正确.④设导体的长度为L,横截面积为S.导体内的电场强度E====,I、ρ相同,则E与S成反比,所以细导体内的电场强度大于粗导体内的电场强度.故④正确.故选:D.点评:本题从宏观与微观两个角度考查对电流、电压和导体中电场强度的理解能力.主要抓住电流的微观表达式和导体内的电场强度E=.12.(4分)(2011秋•甘州区校级期末)如图所示的电路中,电的电动势E和内电阻r恒定不变,电灯L恰能正常发光,如果变阻器的滑片向b端滑动,则()A.电灯L变暗,安培表的示数增大B.电灯L更亮,安培表的示数增大C.电灯L变暗,安培表的示数减小D.电灯L更亮,安培表的示数减小考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:滑动变阻器的滑片向b端滑动过程,变阻器接入电路的电阻增大,外电路总电阻增大,由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化,来判断电灯亮度和电流表示数的变化.解答:解:滑动变阻器的滑片向b端滑动过程,变阻器接入电路的电阻增大,R1增大,外电路总R增大,由欧姆定律得知总电流I减小,安培表的示数减小.路端电压U=E﹣Ir 增大.电灯L的电压等于路端电压,所以电灯L更亮.故选:D.点评:本题是简单的电路动态分析问题.对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化.二、填空题(前9个空各1分,后4个空各2分,电路图3分,共20分)13.(2分)(2014秋•兴庆区校级期中)将电荷量为3×10﹣6C的负电荷,放在电场中的A点,受到的电场力为6×10﹣3N,方向水平向右,则将电荷量为6×10﹣6C的正电荷放在A点,受到的电场力为0.012 N,方向水平向左.考点:库仑定律.专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据电场强度的定义式E=可求出A点的电场强度;由F=qE求解电场力.解答:解:将电荷量为3×10﹣6C的负电荷,放在电场中的A点,受到的电场力为6×10﹣3N,方向水平向右,A点的电场强度方向水平向左,A点电场强度大小为 E==2×103N/C将电荷量为6×10﹣6C的正电荷放在A点,电场强度不变,则该正电荷所受的电场力大小为F′=q′E=6×10﹣6C×2×103N/C=0.012 N,方向水平向左故答案为:0.012;水平向左.点评:本题要理解并掌握电场强度的定义式E=,并理解电场强度的物理意义:反映电场本身的特性,与试探电荷无关.14.(1分)(2014秋•兴庆区校级期中)电荷A、B所带电荷量分别为2q和﹣6q,它们相距r时之间的库仑力为F,让它们接触之后再放到原位置,它们之间的库仑力为.考点:库仑定律.专题:电场力与电势的性质专题.分析:两小球相互接触的过程中,电量守恒,两小球相互接触后,电量平均分,再代入库仑定律的公式即可.解答:解:两小球相互接触后,电量均分,故:q′==2q又由库仑定律得:开始时:F=k=12k最后:F′=k= F.故答案为:.点评:该题考查电量守恒定律和库仑定律定律,掌握了两小球相互接触后,电量平均分就可以得到正确的答案.15.(1分)(2014秋•兴庆区校级期中)在电解液中,若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C,则电解液中的电流为 2 A.考点:电流、电压概念.专题:恒定电流专题.分析:在电解槽中,通过某一个横截面的电荷量是正负电荷电荷量绝对值的总和,由此再根据I=求电流.解答:解:解:根据电流强度的定义式可得10s通过电解槽横截面积的电荷量绝对值之和Q=5C+5C=10C,所以电解液中的电流为I==2A.故答案为:2.点评:在计算通过电解液的电流强度的大小的时候,一定要注意,电解液中既有正电荷,也有负电荷,通过截面的电荷量的大小为它们的总和,这是经常出错的地方.16.(1分)(2014秋•兴庆区校级期中)两根完全相同的金属导体,如果把其中的一根均匀拉长到原来的4倍,把另一根对折绞合起来,则它们的电阻之比为64:1 .考点:电阻定律.专题:恒定电流专题.分析:电阻定律:导体的电阻R跟它的长度L成正比,跟它的横截面积S成反比,还跟导体的材料有关系,这个规律就叫电阻定律,公式为R=ρ.其中ρ为制成电阻的材料电阻率,L为绕制成电阻的导线长度,S为绕制成电阻的导线横截面积,R为电阻值.解答:解:原来的电阻为:R=ρ把其中的一根的长度均匀拉伸到原来的4倍,截面积减小为原来的,故:R拉==16ρ=16R;把另一根导线对折后并接起来,长度变为原来的一半,截面积增加为2倍,故:R并= ==R;故R拉:R并=64:1.故答案为:64:1.点评:本题关键明确导线体积不变,拉长截面积减小,对折截面积变大,然后根据电阻定律列式分析.17.(7分)(2014秋•兴庆区校级期中)在图中,A.B两图分别为测灯泡电阻 R的电路图,A图的接法叫电流表外接法,B图的接法叫电流表的内接法;A中误差由电压表分流引起,B中误差由电流表分压引起,依图A测得数据是2.9V,0.4A,依图B测得数据是3.0V,0.3A,由此可知图 B 所示电路测量误差较小,R的测量值是10 Ω,比它的真实值大(填“大”或“小”).考点:伏安法测电阻.专题:恒定电流专题.分析:根据图示电路图判断电流表接法,应用串并联电路特点与欧姆定律分析实验误差,应用欧姆定律求出电阻阻值.解答:解:由图示电路图可知,A图的接法叫电流表外接法,B图的接法叫电流表的内接法;A中误差由电压表分流引起,B中误差由电流表分压引起;==,==,>,电压表分流对实验影响较大,为减小实验误差,电流表应采用内接法,由此可知图B所示电路测量误差较小,R的测量值:R===10Ω,电流表采用内接法,由于电流表的分压作用,所测电压偏大,电阻的测量值大于真实值.故答案为:外接法;内接法;电压表分流;电流表分压; B;10;大.点评:待测电阻远大于电流表内阻时,电流表的分压小,可忽略不计,用电流表内接法.测量值偏大.待测电阻远小于电压表内阻时,电压表的分流小,可忽略不计,用电流表外接法,测量值偏小.18.(8分)(2014秋•兴庆区校级期中)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,除有一标有“6V,1.5W”的小灯泡、导线和开关外,还有:A.直流电6V(内阻不计)B.直流电流表0~300mA(内阻约为5Ω)C.直流电流表0~0.6A(内阻约为2.5Ω)D.直流电压表0~3V(内阻约为2KΩ)E.直流电压表0~10V(内阻约为15kΩ)F.滑动变阻器10Ω,2A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量.实验所需的器材有ABEF ,画出实验电路图.考点:描绘小电珠的伏安特性曲线.专题:实验题.分析:(1)根据实验原理与实验器材分析答题.(2)根据实验原理与实验要求确定滑动变阻器与电流表接法,然后作出实验电路图.解答:解:(1)应用伏安法描绘灯泡伏安特性曲线,需要测出灯泡两端电压与通过灯泡的电流,因此需要用到:电压表与电流表,为测多组实验数据,实验还需要滑动变阻器;因此该实验除了:学生电源、开关、导线外,需要的实验器材还有:电压表、电流表、滑动变阻器,故选ABEF.(2)描绘灯泡伏安特性曲线,电压与电流应从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,灯泡电阻约为:R===24Ω,电压表内阻约为15Ω,电流表内阻约为5Ω,电压表内阻远大于灯泡电阻,电流表应采用外接法,实验电路图如图所示:故答案为:(1)ABEF;(2)电路图如图所示.点评:本题考查了实验器材、设计实验电路,知道实验原理与实验器材是正确解题的关键,根据实验原理与实验要求确定滑动变阻器与电流表接法即可作出实验电路图.三、计算题(共32分)19.(10分)(2014秋•兴庆区校级期中)一束电子流在经U0的加速电压加速后,在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场,如图所示,两板间距为d,板长为l,电子恰好能从平行板底边飞出(已知电子的质量为m,电量为e),求:(1)进入偏转电场的初速度.(2)电子通过偏转电场的时间t.(3)加在偏转电场两端的电压U多大.(4)电子离开偏转电场时的偏转角θ.考点:带电粒子在匀强电场中的运动.专题:带电粒子在电场中的运动专题.分析:(1)电子在加速电场中做加速运动,根据动能定理求出电子离开加速电场的速度.(2)电子在偏转电场中做类平抛运动,根据极板的长度和初速度求出运动的时间;(3)结合偏转距离和时间,根据牛顿第二定律求出两个极板应加的电压.(4)根据平抛运动求出离开偏转电场时的偏转角θ.解答:解:(1)在加速电场中:…①所以:.(2)电子在偏转电场中做类平抛运动,l=v0t…②(3)在偏转电场中,偏转位移为,则:…③…④联立①②③④可得:.(4)设电子射出偏转电场的竖直方向的速度为:电子离开偏转电场时的偏转角:答:(1)进入偏转电场的初速度是.(2)电子通过偏转电场的时间.(3)加在偏转电场两端的电压U是.(4)电子离开偏转电场时的偏转角是点评:解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法,知道电子在垂直电场方向做匀速直线运动,沿电场方向做匀加速直线运动,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.20.(11分)(2013秋•兴庆区校级期末)如图所示,电源电动势为E=30V,内阻为r=1Ω,电灯上标有“6V,12W”字样,直流电动机线圈电阻R=2Ω.若电灯恰能正常发光,求:(1)流过电灯的电流是多大?(2)电动机两端的电压是多大?(3)电动机输出的机械功率是多少.考点:电功、电功率;闭合电路的欧姆定律.专题:电磁学.分析:(1)电灯正常发光时,其电压等于额定电压,功率等于额定功率.由功率公式求解电流I.(2)由闭合电路的欧姆定律,可得M两端的电压.(3)电动机输出的机械功率P出=P总﹣P热.解答:解:(1)灯泡L正常发光,电路中的电流为I==2A;(2)由闭合电路的欧姆定律可知,电动机的电压为U M=U﹣Ir﹣U L=30V﹣2×1V﹣6V=22V;(3)电动机的总功率为P总=IU M=2×22=44W,电动机的热功率为P热=I2R=22×2=8W,所以电动机的输出功率为P出=P总﹣P热=44﹣8=36W.答:(1)流过电灯的电流是2A;(2)电动机两端的电压是24V;(3)电动机输出的机械功率是36W.点评:本题是含有电动机的电路,电动机正常工作时,其电路是非纯电阻电路,不能用闭合电路欧姆定律求解电路中的电流I.21.(11分)(2014秋•兴庆区校级期中)如图所示,用长为l的绝缘细线拴一个质量为m、带电量为+q的小球(可视为质点)后悬挂于O点,整个装置处于水平向右的匀强电场E中.将小球拉至使悬线呈水平的位置A后,由静止开始将小球释放,小球从A点开始向下摆动,当悬线转过60°角到达位置B时,速度恰好为零.求:(1)B、A两点的电势差U BA(2)电场强度E(3)小球到达B点时,悬线对小球的拉力T.考点:电场强度;牛顿第二定律;向心力.专题:牛顿第二定律在圆周运动中的应用.分析:(1)小球从A到B的过程中,重力做正功mgLsin60°,电场力做功为qU AB,动能的变化量为零,根据动能定理求解电势差U AB;(2)根据电场强度与电势差的关系U=Ed求解场强.式中d是AB沿电场线方向的距离,d=L﹣Lcos60°.(3)小球在AB间摆动时具有对称性,B处绳拉力与A处绳拉力相等,研究A处绳子的拉力得到B处绳子的拉力.在A处小球水平方向平衡,由平衡条件求解拉力.解答:解:(1)小球由A到B过程中,由动能定理得:mgLsin60°+qU AB=0所以U AB=﹣(2)BA间电势差为U BA=﹣U AB=则场强E==(3)小球在AB间摆动,由对称性得知,B处绳拉力与A处绳拉力相等,而在A处,由水平方向平衡有:F TA=Eq=,所以F TB=F TA=答:(1)B、A两点的电势差U BA为﹣;(2)电场强度E为;(3)小球到达B点时,悬线对小球的拉力T为点评:本题第(3)问题也可以直接研究B处得到,小球在B处,沿绳方向合力为零,有:F TB=Eqcos60°+mgcos30°=。

2024届宁夏省固原市物理高二上期中达标检测模拟试题含解析

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2024届宁夏省固原市物理高二上期中达标检测模拟试题注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1、一根电阻丝,在通过2C的电量时,消耗的电能为8J,若在相同时间内通过4C的电量时,电阻器上所加的电压U和消耗的电能E各是A.U=4V, E=16J B.U=8V, E=16J C.U=4V, E=32J D.U=8V, E=32J 2、如图所示,虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面.两个带电粒子M、N(重力忽略不计)以平行于等势面的初速度射入电场,运动轨迹分别如图中MPN和NQM 所示.已知M是带正电的带电粒子.则下列说法中正确的是()A.N一定也带正电B.a的电势低于b的电势C.带电粒子N的动能增大电势能减小D.带电粒子N的动能减小电势能增大3、如图所示,一带正电的物体在水平方向的匀强电场中沿光滑的水平面做曲线运动,当物体从M点运动到N点时,其速度方向恰好改变了90°,则物体在M点到N点的运动过程中,物体的电势能将A.先增大后减小B.先减小后增大C .不断增大D .不断减小4、如图所示的电路中,灯泡A 、灯泡B 原来都是正常发光的.现在突然灯泡A 比原来变暗了些,灯泡B 比原来变亮了些,则电路中出现的故障可能是( )A .R 1短路B .R 2断路C .R 3断路D .R 1、R 2同时短路 5、如图所示,甲图是电场中一条电场线,直线上有A 、B 、C 三点,且A 、B 间距离等于B 、C 间距离.一个带负电的带电粒子,由A 点仅在电场力作用下,沿电场线经B 点运动到C 点,其运动的v -t 图像如图乙所示,有关粒子的运动与电场的说法,下述正确的是( )A .加速度BC a a <B .电场强度A B E E >C .电势A B ϕϕ<D .电势差AB BC U U =6、汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗,如图15图,在打开车灯的情况下,电动机未启动时电流表读数为10 A,电动机启动时电流表读数为58 A,若电源电动势为12.5 V ,内阻为0.05 Ω,电流表内阻不计,则因电动机启动,车灯的电功率降低了A .35.8 WB .43.2 WC .48.2 WD .76.8 W二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。

宁夏回族自治区 高二上学期物理期中考试试卷B卷(考试)

宁夏回族自治区 高二上学期物理期中考试试卷B卷(考试)

宁夏回族自治区高二上学期物理期中考试试卷B卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共9题;共18分)1. (2分)一个做曲线运动的物体,关于它受到的合力,下列说法正确的是()A . 一定是恒力B . 一定是变力C . 可能是恒力D . 大小可能是恒定的,但方向一定是变化的2. (2分) (2017高一下·西安期中) 如图所示,某物体沿光滑圆弧轨道由最高点滑到最低点过程中,下列说法正确的是()A . 物体做匀速圆周运动B . 物体所受的合力方向始终指向圆心OC . 物体所受的支持力大小不变D . 物体所受的合力做正功3. (2分) (2017高二上·启东期中) 某跳伞运动员打开降落伞降落,在无风的时候落地速度为4m/s,现在有水平方向的风,风使他获得3m/s的水平速度,则运动员的落地速度为()A . 1m/sB . 3m/sC . 5m/s4. (2分) (2017高二上·如皋期末) 一根较容易形变的弹性导线,将上下两端固定,当没有磁场时,导线呈直线状态.现使导线通过电流,方向自下而上(如图中箭头所示),分别加上方向竖直向上、水平向右、垂直于纸面向外的匀强磁场时,下列描述导线发生形变的四个图示中正确的是()A .B .C .D .5. (2分) (2017高一上·成都期末) 已知河水的流速为v1 ,小船在静水中的速度为v2 ,且v2>v1 ,用小箭头表示小船,箭头指向表示船头的指向,则能正确反映小船以最短时间渡河.以最短位移渡河的情景图示依次是()A . ①②B . ④⑤D . ②③6. (2分)由上海飞往美国洛杉矶的飞机在飞越太平洋上空的过程中,如果保持飞行速度的大小和距离海面的高度均不变,则以下说法正确的是()A . 飞机做的是匀速直线运动B . 飞机上的乘客对座椅的压力略大于地球对乘客的引力C . 飞机上的乘客对座椅的压力略小于地球对乘客的引力D . 飞机上的乘客对座椅的压力为零7. (2分) (2017高二下·绥化期中) 在同一匀强磁场中,α粒子( He)和质子( H)做匀速圆周运动,若它们的动量大小相等,则α粒子和质子()A . 运动半径之比是2:1B . 运动周期之比是2:1C . 运动速度大小之比是4:1D . 受到的洛伦兹力之比是2:18. (2分) (2017高二上·福州期末) 回旋加速器是加速带电粒子的装置,其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,如图所示,要增大带电粒子射出时的动能,则下列说法正确的是()A . 增大电场的加速电压B . 增大D形金属盒的半径C . 减小狭缝间的距离D . 减小磁场的磁感应强度9. (2分)电磁流量计广泛应用于测量可导电流体(如污水)在管中的流量(在单位时间内通过管内横截面的流体的体积)。

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2014-2015学年宁夏固原市西吉中学高二(上)期中物理试卷一、单项选择题(每小题2分,共40分)D5.(2分)一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F,该点的电场强度为E.下图中能D6.(2分)如图所示,Q是带正电的点电荷,P1和P2为其电场中的两点.若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小,φ1、φ2为P1、P2两点的电势,则()7.(2分)在一匀强电场区域中,有A 、B 、C 、D 四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A 、B、C 三点电势分别为φA =1V ,φB =4V ,φC =0,则D 点电势φD 大小为( )8.(2分)如图为某匀强电场的等势面分布图(等势面竖直分布),已知每两个相邻等势面相距2cm ,则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为( )10.(2分)对于给定的电容器,描述其电容C 、电荷量Q 、电压U 之间相应关系的图应是下 D11.(2分)用控制变量法,可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示).设两极板正对面积为S ,极板间的距离为d ,静电计指针偏角为θ.实验中,极板所带电荷量不变,若( )12.(2分)某同学经过实验,描绘出一个小灯泡的伏安特性曲线(如图所示),分析该曲线,下列说法正确的是()13.(2分)伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种,下列说法正确的是()14.(2分)有四盏灯,如图所示连接在电路中,L1和L2都标有“220V,100W”字样,L3和L4都标有“220V,40W”字样,把电路接通后,最暗的是()15.(2分)加在某台电动机上的电压是U(V),电动机消耗的电功率为P(W),电动机线圈的电阻为R(Ω),则电动机线圈上消耗的热功率为()D﹣16.(2分)某金属导线的电阻率为ρ,电阻为R,现将它均匀拉长到直径为原来的一半,那么17.(2分)在平行板电容器A、B两板上加上如图所示的电压,开始B板的电势比A板高,这时两板中间原来静止的电子在电场作用下开始运动,设电子在运动中不与极板发生碰撞,则下述说法正确的是(不计电子重力)()18.(2分)某同学用伏安法测小灯泡的电阻时,误将电流表和电压表接成如图所示的电路,接通电源后,可能出现的情况是()19.(2分)用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中,如图所示,此时()20.(2分)为了测定小灯泡的伏安特性曲线,需要测得的电压范围尽可能大些,误差小些,为此,下列电路合适的是()D二.不定项选择(每小题3分,共15分)21.(3分)关于库仑定律的公式F=k ,下列说法中正确的是( )23.(3分)在静电场中,将一电子从a点移至b 点,静电力做功5eV ,则下列结论错误的是24.(3分)一只标有“220V 、60W ”的白炽灯泡,加上电压U 由零逐渐增大到220V .在此过程中,电压U 和电流I 的关系可用图线表示.在如图所示的四个图线中,肯定不符合实际的是 D25.(3分)如图所示,甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G 和一个变阻器R 组成,下列说法正确的是( )三.实验填空题(共8分)26.(8分)有一标有“6V,1.5W”的小灯泡,现用图甲所示电路绘测其伏安特性曲线,提供的器材除导线和开关外,还有:A.直流电源6V(内阻不计)B.直流电流表0~3A(内阻0.1Ω以下)C.直流电流表0~300mA(内阻约为5Ω)D.直流电压表0~15V(内阻约为15kΩ)E.滑动变阻器10Ω,2AF.滑动变阻器1kΩ,0.5A(1)实验中电流表应选用_________,滑动变阻器应选用_________.(用序号表示)(2)试按图甲电路将图乙所示器材连成电路.四.计算题(共37分)27.将带电荷量为1×10﹣8C的正电荷,从无限远处移到电场中的A点,要克服电场力做功1×10﹣6J.问:(1)电荷的电势能是增加还是减小?电荷在A点具有多少电势能?(2)A点的电势是多少?28.如图所示,A、B、C为匀强电场中的三个点,已知φA=12V,φB=6V,φC=﹣6V.试画出该电场的电场线,并保留作图时所用的辅助线(用虚线表示).29.已知电流表的内阻R g=120Ω,满偏电流I g=3mA,要把它改装成量程是6V的电压表,应串联多大的电阻?要把它改装成量程是3A的电流表,应并联多大的电阻?30.环保汽车在2008年奥运会场馆服务.某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车,总质量m=3×103 kg.当它在水平路面上以v=36km/h的速率匀速行驶时,驱动电机的输入电流I=50A,电压U=300V.在此行驶状态下:(1)求驱动电机的输入功率P电;(2)若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机,求汽车所受阻力(g取10m/s2).五、附加题(共20分)31.如图所示为两组平行金属板,一组竖直放置,一组水平放置,今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点,经电压U0,加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间,若电子从两块水平平行板的正中间射入,且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出,已知电子电量为e,求:(1)电子通过B点时的速度大小;(2)水平放置平行金属板的长度.32.如图是家用电饭煲的电路图.将电饭煲接到稳压电源上,当开关接通“加热”挡时,电热丝以额定功率给食物加热,当食物蒸熟后,开关接通“保温”挡,给食物保温,这时电热丝的功率为其额定功率的,电流为1.40A,已知分压电阻的阻值是R=100Ω.求:(1)保温时,电阻R两端的电压;(2)稳压电源输出的电压.2014-2015学年宁夏固原市西吉中学高二(上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题(每小题2分,共40分)D5.(2分)一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F,该点的电场强度为E.下图中能正确表示q、E、F三者关系的是()D知,某点的电场强度一定,E=6.(2分)如图所示,Q是带正电的点电荷,P1和P2为其电场中的两点.若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小,φ1、φ2为P1、P2两点的电势,则()E=kE=k分析可知,7.(2分)在一匀强电场区域中,有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A、B、C三点电势分别为φA=1V,φB=4V,φC=0,则D点电势φD大小为()8.(2分)如图为某匀强电场的等势面分布图(等势面竖直分布),已知每两个相邻等势面相距2cm,则该匀强电场的电场强度大小和方向分别为()E=求出电场强度的大小.E=.E=10.(2分)对于给定的电容器,描述其电容C 、电荷量Q 、电压U 之间相应关系的图应是下D解:间的电压无关,电容器电容的决定式为:解决本题的关键掌握电容的定义式为11.(2分)用控制变量法,可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图所示).设两极板正对面积为S ,极板间的距离为d ,静电计指针偏角为θ.实验中,极板所带电荷量不变,若( )C=C=C=C=C=C=12.(2分)某同学经过实验,描绘出一个小灯泡的伏安特性曲线(如图所示),分析该曲线,下列说法正确的是()=13.(2分)伏安法测电阻的接法有如图中甲、乙两种,下列说法正确的是()14.(2分)有四盏灯,如图所示连接在电路中,L1和L2都标有“220V,100W”字样,L3和L4都标有“220V,40W”字样,把电路接通后,最暗的是()P=可知,可知,15.(2分)加在某台电动机上的电压是U(V),电动机消耗的电功率为P(W),电动机线圈的电阻为R(Ω),则电动机线圈上消耗的热功率为()D﹣;;16.(2分)某金属导线的电阻率为ρ,电阻为R,现将它均匀拉长到直径为原来的一半,那么积变为原来的17.(2分)在平行板电容器A、B两板上加上如图所示的电压,开始B板的电势比A板高,这时两板中间原来静止的电子在电场作用下开始运动,设电子在运动中不与极板发生碰撞,则下述说法正确的是(不计电子重力)()18.(2分)某同学用伏安法测小灯泡的电阻时,误将电流表和电压表接成如图所示的电路,接通电源后,可能出现的情况是()19.(2分)用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中,如图所示,此时()20.(2分)为了测定小灯泡的伏安特性曲线,需要测得的电压范围尽可能大些,误差小些,D二.不定项选择(每小题3分,共15分)21.(3分)关于库仑定律的公式F=k,下列说法中正确的是()F=k22.(3分)关于电源的电动势,下面说法正确的是()E=可知,E=可知,电动势E= 23.(3分)在静电场中,将一电子从a点移至b点,静电力做功5eV,则下列结论错误的是U==24.(3分)一只标有“220V、60W”的白炽灯泡,加上电压U由零逐渐增大到220V.在此过程中,电压U和电流I的关系可用图线表示.在如图所示的四个图线中,肯定不符合实际的是D25.(3分)如图所示,甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成,下列说法正确的是()三.实验填空题(共8分)26.(8分)有一标有“6V,1.5W”的小灯泡,现用图甲所示电路绘测其伏安特性曲线,提供的器材除导线和开关外,还有:A.直流电源6V(内阻不计)B.直流电流表0~3A(内阻0.1Ω以下)C.直流电流表0~300mA(内阻约为5Ω)D.直流电压表0~15V(内阻约为15kΩ)E.滑动变阻器10Ω,2AF.滑动变阻器1kΩ,0.5A(1)实验中电流表应选用C,滑动变阻器应选用E.(用序号表示)(2)试按图甲电路将图乙所示器材连成电路.A=250mA四.计算题(共37分)27.将带电荷量为1×10﹣8C的正电荷,从无限远处移到电场中的A点,要克服电场力做功1×10﹣6J.问:(1)电荷的电势能是增加还是减小?电荷在A点具有多少电势能?(2)A点的电势是多少?28.如图所示,A、B、C为匀强电场中的三个点,已知φA=12V,φB=6V,φC=﹣6V.试画出该电场的电场线,并保留作图时所用的辅助线(用虚线表示).29.已知电流表的内阻R g=120Ω,满偏电流I g=3mA,要把它改装成量程是6V的电压表,应串联多大的电阻?要把它改装成量程是3A的电流表,应并联多大的电阻?R=R=R==1880R=≈30.环保汽车在2008年奥运会场馆服务.某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车,总质量m=3×103 kg.当它在水平路面上以v=36km/h的速率匀速行驶时,驱动电机的输入电流I=50A,电压U=300V.在此行驶状态下:(1)求驱动电机的输入功率P电;(2)若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机,求汽车所受阻力(g取10m/s2).N=1.35五、附加题(共20分)31.如图所示为两组平行金属板,一组竖直放置,一组水平放置,今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点,经电压U0,加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间,若电子从两块水平平行板的正中间射入,且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出,已知电子电量为e,求:(1)电子通过B点时的速度大小;(2)水平放置平行金属板的长度.mv=d=at a= =L=d点时的速度大小为32.如图是家用电饭煲的电路图.将电饭煲接到稳压电源上,当开关接通“加热”挡时,电热丝以额定功率给食物加热,当食物蒸熟后,开关接通“保温”挡,给食物保温,这时电热丝的功率为其额定功率的,电流为1.40A,已知分压电阻的阻值是R=100Ω.求:(1)保温时,电阻R两端的电压;(2)稳压电源输出的电压.r=×参与本试卷答题和审题的老师有:qyang;src;wslil76;成军;wgb;wxz;听潮;杨文贵;gzwl;ljc;高中物理;FAM;大文杰(排名不分先后)2015年1月21日。

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