高二物理上册第一次月考检测试题4
高二上学期第一次月考物理(附答案解析)
高二上学期第一次月考物理（附答案解析）考生注意：1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
4.本卷命题范围：新人教必修第三册第九章~第十一章第3节。
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.如图甲所示为人体的细胞膜模型图，由磷脂双分子层组成，双分子层之间存在电压（医学上称为膜电位）.现研究某小块厚度均匀的细胞膜，厚度为d，膜内的电场可看作匀强电场，简化模型如图乙所示.初速度可视为零的一价氯离子仅在电场力的作用下，从图乙中的A点运动到B点，下列说法正确的是（）甲乙A.A点电势高于B点电势B.氯离子的电势能增大C.氯离子的加速度变大D.若膜电位不变，当d增大时，氯离子进入细胞内的速度不变2.心脏除颤器是通过一个充电的电容器对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，使心脏完全停止跳动，再刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动的仪器.如图所示是一次心脏除颤器的模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为15μF，充电后电容器的电压为4.0kV，如果电容器在2.0ms时间内完成放电，下列说法正确的是（）A.放电之前，电容器存储的电荷量为6×104CB.放电过程中通过人体的电流平均值为30AC.放电之后，电容器的电容为零D.放电之后，电容器的电压仍为4kV3.空间存在沿x轴的电场，x轴上各点电势φ随坐标x变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.在x 1处电场强度最大B.在0~ x 1间只有一点电场强度的大小为001E x ϕ=C.将电子由x 1处移到x 3处的过程中，电场力做正功D.质子在x 2处电势能为零，受到的电场力也为零4.在显像管的电子枪中，炽热的金属丝不断放出电子进入电压为U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S 、长为L 的电子束.已知电子的电荷量为e 、质量为m ，射出加速电场时单位长度电子束内的电子个数为N ，则电子束的电流为（ ）A.B.C.D.5.如图所示为某一点电荷所形成的一簇电场线，a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，其中b 虚线为一圆弧，AB 的长度等于BC 的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力.下列说法正确的是（ ）A.a 一定是正粒子的运动轨迹，b 和c 一定是负粒子的运动轨迹B.a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，b 、c 虚线对应的粒子的加速度越来越大C.a 粒子的动能减小，b 粒子的动能不变，c 粒子的动能增大D.b 虚线对应的粒子的质量大于c 虚线对应的粒子的质量6.如图所示，平行板电容器与电源连接，下极板B 接地，开关S 闭合后，一带电油滴在电容器中的P 点处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A.油滴带负电B.保持开关S 闭合，A 板竖直上移一小段距离的过程中，电流计中电流方向向右C.保持开关S 闭合，A 板竖直上移一小段距离，P 点的电势升高D.开关S 闭合后再断开，A 板水平向左移动一小段距离，带电油滴的电势能增大7.半径为R 的绝缘细圆环固定在图示位置，圆心位于O 点，环上均匀分布着电量为Q 的正电荷，点A 、B 、C 将圆环三等分，取走A 、B 处两段弧长均为ΔL 的小圆弧上的电荷，将一点电荷q 置于OC 延长线上距C 点为2R 的D 点，O 点的电场强度刚好为零，圆环上剩余电荷分布不变，则q 为（ ）A.正电荷，9Δ2Q Lq R π=B.负电荷，9Δ2Q Lq R π=C.正电荷，2ΔQ Lq Rπ=D.负电荷，2ΔQ Lq Rπ=8.如图所示，abc 是竖直面内的光滑绝缘固定轨道，ab 水平，b c 是与ab 相切于b 点且半径为R 的14圆弧，所在空间有方向平行于ab 向右的匀强电场，电场强度大小为mgE q=.在轨道上P 点由静止释放一个质量为m 、电荷量为q （q >0）的小球，小球飞出轨道后达到的最高点为Q （图中未画出）.若小球可视为质点，重力加速度大小为g ，Q 与C 点的高度差为3R，则可知（ ）A.Q 在C 点的正上方B.3R Pb =C.从c 到Q 的过程中，小球的动能不变D.从b 到c 的过程中，小球对轨道的最大压力为13mg ⎛⎫ ⎪⎝⎭9.两个电阻R 1、R 2的伏安特性曲线如图所示，由图可知（ ）A.R 1的阻值为1ΩB.R 2的电阻随电压的增大而减小C.R 1为线性元件，R 2为非线性元件D.当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻10.多级加速器原理如图甲所示，多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度依照一定的规律依次增加，圆筒和交变电源两极交替相连，交变电压变化规律如图乙所示.在t=0时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时位于序号为0的金属圆板中央的一个电子，在电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒.若已知电子的质量为m、电荷量为e，电压的绝对值为U0，周期为T，电子通过圆筒间隙的时间忽略不计，为使其能不断加速，下列说法正确的是（）甲乙A.金属圆筒内部场强处处为零，电子在圆筒内做匀速运动B.t=3T时，电子刚从7号圆筒中心出来C.电子离开第8D.第n11.如图甲所示为静电除尘的原理结构图，如图乙所示为静电喷涂的原理结构图，下列说法正确的是（）甲乙A.对图甲，电晕极附近的气体分子被强电场电离，电子向收尘极运动使含尘气体中的粉尘带负电，积累在筒壁一定量后进入下方的漏斗排出B.对图甲，电晕极与收尘极之间的电场为匀强电场C.对图乙，喷口喷出的雾化涂料微粒带正电，被涂工件不带电D.对图乙，工件与喷口之间较强的电场使带电雾化涂料向带电的工件运动，正、负电荷的作用使涂料均匀地涂在工件上12.如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，ab∥cd，ab⊥b c，2ab=cd=bc=2l，电场方向与四边形所在平面平行.已知a点电势为12V，b点电势为14V，d点电势为6V.一个质子（不计重力）经过b点的速度大小为v0，方向与bc成45°角，一段时间后经过c点，下列说法正确的是（）A.c 点电势为10VB.场强的大小为E =a 指向d C 质子从b 运动到c所用的时间为v D.若质子质量为m 、电量为q ，则质子运动到c二、实验题（本题共2小题，共16分）13.（5分）如图所示是某实验小组“定性探究平行板电容器的电容C 与其极板间距离d 、极板间正对面积S 之间的关系”的装置图.充电后与电源断开的平行板电容器的A 板与静电计相连，B 板和静电计金属壳都接地，A 板通过绝缘柄固定在铁架台上，人手通过绝缘柄控制B 板的移动.回答下列问题：甲乙（1）下列说法正确的是________.A.本实验中静电计的作用是测定该电容器两极板间的电势差变化B.操作过程中，可认为A 、B 两板间的场强始终不变C.操作过程中，可认为A 、B 两板间的带电量始终不变D.操作过程中，可认为电容器的电容始终不变（2）在实验中观察到的现象：甲图中的手水平向左移动少许，静电计指针的张角________；乙图中的手竖直向上移动少许，静电计指针的张角________.（均填“变大”“变小”或“不变”）（3）通过以上实验可归纳得到的结论是________________________________________________________. 14.（11分）随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户.某市对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标）不合格. （1）你认为不合格的纯净水的电导率________.（填“偏大”“偏小”或“不变”） （2）某学习小组对某种纯净水样品进行检验，实验步骤如下：①用游标卡尺测量绝缘性能良好、长为L的圆柱形塑料容器内径如图甲所示，其示数为d=________mm.甲乙②将采集的水样装满圆柱形塑料容器，两端用金属圆片电极密封，用多用电表粗测该水样的电阻为1200Ω.为了准确测量水样的电导率，学习小组准备利用以下器材进行研究：A.电压表（0~3V，内阻约为1kΩ）B.电压表（0~15V，内阻约为5kΩ）C.电流表（0~10mA，内阻约为1Ω）D.电流表（0~0.6A，内阻约为10Ω）E.滑动变阻器（最大阻值约为100Ω）F.蓄电池（约为12V，内阻约为2Ω）G.开关、导线若干实验要求测量尽可能准确，电路中电压表应选择________，电流表应选择________（均填器材前面的字母序号）；请在图乙方框中设计出实验电路图.③水样电导率的表达式为σ=________.（用U、I、d、L表示）三、计算题（本题3小题，共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（7分）如图所示，a、b、c三点处在某一匀强电场中，该电场方向与a、b两点的连线平行，已知ab的长度L1=5cm，ac的长度L2=12cm，ab与ac间的夹角θ=120°.现把带电荷量为q=—4×10-8C的点电荷从a点移到b点，电场力做功为1.6×10-7J.求：（1）a、b两点间的电势差U ab；（2）把该电荷从a点移到c点，电场力做的功.16.（12分）如图所示，一质量为m=1×10-2k g、带电荷量大小为q=1×10-6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向夹角为θ=37°.小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）该小球带正电还是带负电，电场强度E 的大小；（2）若某时刻将细线剪断，经过1s 时小球的速度大小v 及方向；（3）若将原电场方向改为竖直向下，大小保持不变，小球从图示位置由静止释放后运动过程细线的最大拉力. 17.（17分）如图所示，一质量为m =1×10-20k g 、带电量为q =+1×10-10C 的粒子，从静止开始被加速电场（图中未画出）加速后从R 点沿中线水平方向飞入平行板电容器，初速度v 0=3×106m/s ，粒子飞出平行板电场后经过界面MN 、PS 间的无电场区域后，进入固定在中心线上O 点的点电荷Q 形成的电场区域（界面PS 右边点电荷的电场分布不受界面的影响），粒子穿过界面PS 后被点电荷Q 施加的电场力俘获，从而以O 点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF 上.已知两平行金属板A 、B 水平正对且长均为l =6cm ，两板间距d =2cm ，U AB =100V ，两界面MN 、PS 相距为L =15cm ，静电力常量k =9.0×109N ·m 2/C 2，粒子重力不计.求：（1）加速电场的电压U '；（2）粒子穿过界面PS 时偏离中心线RO 的距离Y ；（3）点电荷Q 的电荷量.3≈，保留一位有效数字）运城市教育发展联盟2023-2024学年高二上学期10月月考物理参考答案、解析及评分细则1.D 因为氯离子带负电，其仅在电场力作用下从图乙中的A 点运动到B 点，说明电场力方向沿A 指向B ，电场线由B 指向A ，所以A 点电势低于B 点电势，A 错误；因为电场力对氯离子做正功，所以其电势能减小，B 错误；因为膜内的电场可看作匀强电场，根据qEa m=，氯离子的加速度不变，C 错误；根据动能定理2102qU mv =-，可知氯离子进入细胞内的速度v 与距离d 大小无关，又因为膜电位U 不变，则氯离子进入细胞内的速度不变，D 正确.2.B 根据631510410C 0.06C Q CU -==⨯⨯⨯=，可知放电前，电容器储存的电量为0.06C ，A 错误；放电过程通过人体的平均电流大小为30.06C 30A 210?sQ I t -===⨯，B 正确；电容是表征电容器储存电荷本领大小的物理量，放电之后，电容器的电容是不变的，C 错误；放电之后，电容器的电荷量为零，电压为零，D 错误. 3.B 根据场强与电势差的关系ΔΔU E d xϕ==，结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则1x 处斜率为零，电场强度为零，A 错误；如图所示，连接0x 处的斜率等于001E x ϕ=，且在0~1x 间只有一点，B 正确；由图可知，1x 到3x 的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，C 错误；电势能等于电荷量与电势的乘积，故质子在2x 处电势能为零，但是该处的斜率不为零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，D 错误.4.A5.D 由运动轨迹可知a 粒子受向左的电场力，b 、c 粒子受到向右的电场力，由于不知道电场的方向，所以无法确定a 、b 、c 三个带电粒子的电性，A 错误；由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，故a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变，B 错误；由题意可知a 粒子的运动方向和电场力方向的夹角为锐角，所以电场力对其做正功，a 粒子的动能增大，b 粒子的运动方向始终和电场力垂直，电场力对其不做功，所以b 粒子的动能不变，c 粒子的运动方向和电场力方向的夹角为锐角，所以电场力对其做正功，c 粒子的动能增大，C 错误；a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，且三个粒子的电荷量大小相等，故静电力相等，由于b 粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力，c 粒子做向心运动，故静电力大于所需的向心力，根据2v F mr=可知c 粒子质量较小，D 正确.6.C 油滴静止不动，说明重力与电场力平衡，电场力方向与电场方向相同，故带正电，A 错误；保持开关闭合，A 板竖直上移一小段距离的过程中，电容器极板电压U 不变，根据4r S QC kd Uεπ==，电容器电容C 减小，电容器所带电荷量Q 减小，由于上极板带负电，则电流计中电流方向向左，B 错误；保持开关闭合，A 板竖直上移一小段距离，电容器极板电压U 不变，根据UE d=可知板间电场强度减小，由于下极板B 带正电，则有0BP BP B P P U Ed ϕϕϕ==-=-，可知P 点的电势升高，C 正确；开关S 闭合后再断开，A 板水平向左移动一小段距离，电容器电荷量保持不变，根据4r U Q kQ E d Cd Sπε===，可知板间电场强度增大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，电场力做正功，电势能减小，D 错误.7.B 因为正电荷在细圆环上均匀分布，所以弧长为ΔL 的小圆弧上所带电荷量为Δ2LQ Q Rπ='，在ΔL 足够小时，可以将取走的部分看作点电荷，根据圆环的对称性，可以得到取走A 、B 处两段弧长均为ΔL 的小圆弧上的电荷后，细圆环在O 点产生的电场如图所示，有123ΔΔ22Q LQ L R E k k R Rππ==，由图可知，两场强的夹角为120°，则两者的合场强为13Δ2Q LE E k Rπ==，根据O 点的合场强为0，则放在D 点的点电荷带负电，在O 点产生的场强大小为3Δ2Q L E E kR π'==，根据()23qE k R '=，联立解得9Δ2Q L q R π=，B 正确.8.B 小球从c 点飞出时速度方向竖直向上，离开c 后，水平方向向右做初速度为零的匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动，竖直方向速度减为零时到达最高点Q ，Q 点在c 点的右上方，A 错误；从c 到Q 的过程中，竖直方向上有223c R v g =⨯，从P 到c 过程，由动能定理得()2102Pb c qE x R mgR mv +-=-，解得3R Pb =，B 正确；设小球所受合力方向与水平方向间的夹角为θ，则tan 1mg mgqE mgθ===，则45θ=︒，小球从c 到Q 的过程中，小球的合力与运动轨迹如图甲所示，可知小球所受合力先做负功后做正功，则小球的动能先减小后增大，C 错误；小球在等效平衡位置d 点速度最大，对轨道的压力最大，如图乙所示，从P 到d ，由动能定理得()211sin cos 032qE R R mg R R mv θθ⎛⎫+--=- ⎪⎝⎭，在d 点，对小球由牛顿第二定律得2sin mg v F m R θ-=，解得4 3F mg ⎛⎫= ⎪⎝⎭，由牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力大小为43F F mg '⎛⎫== ⎪⎝⎭，D 错误.甲 乙9.CD R 1的阻值为11Ω2Ω0.5U R I ===，A 错误；R 2的图像上各点的横坐标U 与纵坐标I 的比值随电压的增大而增大，则R 2的电阻随电压的增大而增大，B 错误；R 1为线性元件，R 2为非线性元件，C 正确；当U =1V 时，R 2的电阻等于R 1的电阻，均等于2Ω，D 正确.10.AD 因一个筒只接一个电极，所以金属圆筒内部场强处处为0，电子在圆筒内做匀速运动，A 正确；因为筒长是按一定的规律增加的，那么电子在每个筒内运动的时间必须为交流电周期的一半，所以当t =0时，电子进入1号筒，当2Tt =时，电子从1号筒中心飞出，以此类推，当t =3T 时，电子刚从6号圆筒中心出来，B 错误；设粒子进入第n 个筒时的速度为v n ，由动能定理可得20102n neU mv =-，解得n v =n 个筒的长度为2n n TL v t ==，可以发现n L ∝C 错误、D 正确. 11.AD 对图甲，电晕极附近的气体分子被强电场电离，电子向收尘极运动使含尘气体带负电，积累在筒壁后进入下方的漏斗排出，A 正确；对图甲，电晕极与收尘极之间的电场为辐射电场，不是匀强电场，B 错误；对图乙，喷口喷出的雾化涂料微粒带负电，工件带正电，C 错误；对图乙，工件与喷口之间较强的电场使带电雾化涂料向带电的工件运动，使涂料均匀地涂在工件上，D 正确. 12.AC13.（1）AC （2分）（2）变大（1分）变大（1分）（3）平行板电容器极板间距d 越大，电容C 越小；两板间的正对面积S 越小，电容C 越小（1分）14.（1）偏大（1分） （2）①50.20（2分） ②B （1分）C （1分）见解析图（4分）③24LId Uπ（2分）解析：（1）纯净水应为不含有杂质的纯水，而纯净水不合格，通常是含有一定的杂质，杂质通常是带电离子，故纯净水不合格通常是电导率偏大.（2）①该游标卡尺精确度为1mm 0.05mm 20=，圆柱形容器内径为50?mm 0.05?mm 450.20mm d =+⨯=. ②由于电源电压为12V ，为了电压测量的安全性，电压表应选B ；电路中电流约为12 A 10mA 1200U I R ===，电流表应选C ；该水样的电阻为1200Ω，电流表应采用内接法，由于滑动变阻器的阻值比待测电阻小太多，所以采用分压接法，电路如图所示.③根据L R S ρ=，22d S π⎛⎫= ⎪⎝⎭，U R I =，联立解得24d U LI πρ=，电导率是电阻率的倒数，所以电导率为24LI d Uσπ=. 15.解：（1）由电势差定义可得781.610 V 4V 410ab abW U q --⨯===--⨯（2分） （2）ab 的长度15cm 0.05m L ==，ac 的长度212cm 0.12m L == 匀强电场的场强14 N/C 80N/C 0.05ab U E L ===，方向由b 指向a （2分） 从a 点移到c 点，电场力做的功2cos ac W qEL θ=（2分） 则871410800.12J 1.9210J 2ac W --⎛⎫=⨯⨯⨯⨯-=-⨯ ⎪⎝⎭16.解：（1）由于小球静止时偏向左边，受电场力水平向左，所以该小球带负电（1分）对小球，由平衡条件可得tan qE mg θ=（1分）解得电场强度大小为47.510N/C E =⨯（1分）（2）剪断细线后，小球只受重力和电场力，所以两力的合力沿着绳的方向，小球做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得cos mg ma θ=（2分） 联立解得12.5m/s v at ==（1分） 方向斜向左下与竖直方向夹角为37°（1分）（3）通过分析可知在复合场中小球受到的合力方向竖直向下，故在最低点时，细线的拉力最大 由初始位置到最低点，由动能定理有()()211cos 02mg qE L mv θ--=-（2分） 在最低点时，由牛顿第二定律得2m mv T qE mg L+-=（2分） 联立解得m 0.035N T =（1分）17.解：（1）在加速电场中，由动能定理有201 02qU mv ='-，解得450V U '=（2分） （2）粒子的运动轨迹如图所示，在偏转电场中，粒子做类平抛运动平行于极板方向有0 l v t =（1分） 垂直于极板方向有212y at =（1分） 在垂直于极板方向，由牛顿第二定律有qE qU a m md ==（1分） 联立解得0.01m y =（1分）带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动 由相似三角形知识得22l y l Y L =+（2分） 联立解得0.06m Y =（1分）（3）设粒子从偏转电场中飞出时沿电场方向的速度为y v ，则y v at =所以粒子从电场中飞出时的速度为v =2分） 设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则0tan y v v θ=（1分） 粒子做匀速圆周运动的半径cos Y r θ=（2分） 粒子做圆周运动，由牛顿第二定律得22Qq v k m r r=（2分） 联立解得：9710C Q -≈⨯，9710C Q -=-⨯（1分）。
高二物理上学期第一次月考试卷高二全册物理试题_04
嗦夺市安培阳光实验学校扶余一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（48分，每小题4分）1．一个不带电金属球壳，在它的球心放入一个正电荷，其电场分布是图中的（）A ．B ．C ．D ．2．如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．3．两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘体上，相距一定的距离，若同时释放两球，它们的加速度之比将（）A．保持不变B．先增大后减小C．增大D．减小4．将一正点电荷从无穷远处移向M点，电场力做功为6.0×10﹣9J，若将一个等电量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功7.0×10﹣9J，设无穷远处电势为零，则M、N两点的电势φM、φN有下列关系（）A．φM＜φN＜0 B．φN＞φM＞0 C．φN＜φM＜0 D．φM＞φN＞05．对公式E=的理解，下列说法正确的是（）A．此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B．a点和b点距离越大，则这两点的电势差越大C．公式中的d是指a点和b点之间的距离D．公式中的d是a、b所在的两个等势面间的垂直距离6．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B ．C．qvS D ．7．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=6V，φB=4V，φC=0，则D 点电势φD的大小为（）A．﹣3V B．0 C．2V D．1V8．一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V．在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示．在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A ．B ．C ．D ．9．在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示．实验中可能观察到的现象是（）A．增大A、B板间的距离，静电计指针张角变大B．减小A、B板间的距离，静电计指针张角变大C．把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，静电计指针张角变小D．在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变小10．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流11．如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确的是（）A．电势φA＞φB，场强E A＞E BB．电势φA＞φB，场强E A＜E BC．将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少D．将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，电荷具有的电势能E pA＞E pB 12．下列关于电动势的说法中，正确的有（）A．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极做的功一定越多B．电源的电动势越大，非静电力将单位正电荷从负极移送到正极做的功一定越多C．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极的电量一定越多D．电源的电动势越大，非静电力移动相同电量转化的电能一定越多二、填空与实验题（共20分）13．如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线．若把三个这样的灯泡串联后，接到电压恒定的3V电源上，求流过小灯泡的电流为A，小灯泡的电阻为Ω．14．一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U AB= V．15．有一绝缘空心金属球A，带有4×10﹣6C的正电荷，一个有绝缘柄的金属小球B，带有2×10﹣6C的正电荷，若把B球跟A球的内壁相接触，则B球上的带电荷量为C，A球上的带电荷量为C，电荷分布在．三、计算论述题（要求每题解答时有必要的文字说明，只写出结果不给分，共32分）16．将带电荷量为1×10﹣8 C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功2×10﹣6 J，（取无限远处为电势零点）问：（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？（2）A点的电势是多少？（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点，说明电荷带正电还是带负电？静电力做了多少功？17．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：（1）小球应带何种电荷？电荷量是多少？（2）在入射方向上小球最大位移量是多少？（电场足够大）18．如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B 分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．扶余一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（48分，每小题4分）1．一个不带电金属球壳，在它的球心放入一个正电荷，其电场分布是图中的（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当正电荷放入不带电金属球壳内部的时候，由于静电感应的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，在球壳外的电场的分布不受球壳的影响．【解答】解：把正电荷放在金属球壳内部，由于静电感应的作用，在球壳的内壁会感应出负电荷，在球壳的外壁会感应出正电荷，所以在金属球壳的壳壁之间，由于正电荷的电场和感应电场的共同的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，所以在金属球壳的壳壁之间没有电场线，对于球壳外部的电场分布情况不会受到影响，所以正确的是B．故选B．【点评】本题是考查学生对于静电感应现象的理解情况，在球壳的内壁放电荷的时候，球壳不会对球壳外部的电场产生影响，只影响壳壁之间的电场的分布情况．2．如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是矢量，只有两点的场强大小和方向都相同时，电场强度才相同．根据这个条件进行判断．【解答】解：A、A、B是同一圆上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同．故A错误．B、A、B场强大小不等，但方向相同，则电场强度不同．故B错误．C、A、B是匀强电场中的两点，电场强度相同，故C正确D、电场线的疏密表示场强的大小，所以A、B场强不等，故D错误故选：C．【点评】矢量大小和方向都相同才相同．对于常见电场的电场线分布要了解，有助于解题．3．两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘体上，相距一定的距离，若同时释放两球，它们的加速度之比将（）A．保持不变B．先增大后减小C．增大D．减小【考点】库仑定律；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】AB两球之间的库仑力属于作用力和反作用力，它们是大小相等，方向相反的，根据牛顿第二定律a=，可以判断a的比值关系．【解答】解：两小球之间的库仑力属于作用力和反作用力，大小相等，根据牛顿第二定律可得a=，所以它们的加速度和质量成反比，即，比值不变，所以A正确，BCD错误．故选：A．【点评】甲、乙两球之间的库仑力属于作用力和反作用力，根据作用力和反作用力的特点来判断即可．4．将一正点电荷从无穷远处移向M点，电场力做功为6.0×10﹣9J，若将一个等电量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功7.0×10﹣9J，设无穷远处电势为零，则M、N两点的电势φM、φN有下列关系（）A．φM＜φN＜0 B．φN＞φM＞0 C．φN＜φM＜0 D．φM＞φN＞0【考点】电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场力做的功等于电势能的减小量，即W AB=E pA﹣E pB，可求出正、负点电荷在M点和N点的电势能，然后结合电势的定义式φ=列式分析计算出φM、φN，即可进行比较．【解答】解：设无穷远处电势为零，电荷在无穷远处的电势能E pO=0，将一正点电荷从无穷远处移向M点，根据电场力做功与电势能的关系公式W∞M=E p∞﹣E pM，得：E pM=W∞M+E p∞=6.0×10﹣9J+0=6.0×10﹣9J；由电势定义式φ=，有：φM ==V；同理可得：将等量的负点电荷从电场中N点移向无穷远处，根据电场力做功与电势能的关系公式W N∞=E PN﹣E p∞，得：E pN=W N∞+E p∞=7.0×10﹣9J+0=7.0×10﹣9J；则φN ==﹣V；则得：φN＜φM＜0故选：C．【点评】本题关键是结合电场力做功与电势能的关系公式W AB=E pA﹣E pB和电势定义式φ=联立列式分析，同时要注意两个公式中的各个量都要代入正负号运算．5．对公式E=的理解，下列说法正确的是（）A．此公式适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B．a点和b点距离越大，则这两点的电势差越大C．公式中的d是指a点和b点之间的距离D．公式中的d是a、b所在的两个等势面间的垂直距离【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】公式E=只能用于计算匀强电场中两点间的电势差．d为沿电场线方向两点间的距离，通过a、b两点的等势面间的垂直距离．【解答】解：A、公式E=只能用于计算匀强电场中两点间的电势差，不适用于非匀强电场．故A错误．B、在同一电场中，a点和b点沿电场线方向的距离越大时，则这两点的电势差才越大．故B错误．C、公式中的d是指a点和b点之间沿电场线方向的距离．故C错误．D、a、b沿电场线方向两点间的距离，等于通过a、b两点的等势面间的垂直距离．故D正确．故选D【点评】电场中公式较多，对于每个公式的适用条件要在理解的基础上记忆．公式E=是根据电场力做功W ab=qU和W ab=qEd推导出来的，W ab=qEd只适用于匀强电场，则此公式也只适用匀强电场．6．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（）A．vq B ．C．qvS D ．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，则每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，由电流的定义式I=求解等效电流．【解答】解：棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v 米，每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，每秒内通过横截面的电量Q=q•v，根据电流的定义式I=，t=1s，得到等效电流为 I=qv．故选：A【点评】本题关键是建立物理模型，利用电流的定义式进行求解电流．7．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=6V，φB=4V，φC=0，则D 点电势φD的大小为（）A．﹣3V B．0 C．2V D．1V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在平行四边形中找等势点，再确定D点的电势【解答】解：由于是平行四边形的四个顶点，那么连接BD、AC交于点O，那么有φA+φC=2φO=φB+φD；所以φD=6+0﹣4=2V，故选：C【点评】本题的技巧是找等势点，利用好平行四边形的性质．同时也可以由匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故φA﹣φD=φB ﹣φC．8．一只标有“220V、60W”的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V．在此过程中，电压U和电流I的关系可用图线表示．在如图所示的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】路端电压与负载的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】金属导体的电阻随温度的升高而增大；而I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数．【解答】解：灯泡的电阻受温度的影响，不同电压下温度不同，其电阻也不同，随温度的升高电阻增大，因此图象B是符合要求的，故ACD不符合要求．本题选择不符合实际的，故选：ACD．【点评】解答本题要注意I﹣U图象与U﹣I图象的区别，同时明确金属导体的电阻随温度的升高而增大．9．在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示．实验中可能观察到的现象是（）A．增大A、B板间的距离，静电计指针张角变大B．减小A、B板间的距离，静电计指针张角变大C．把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，静电计指针张角变小D．在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变小【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】改变板间距离、改变正对面积或放入电介质，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化．【解答】解：A、增大A、B板间的距离，根据电容的决定式C=知电容C减小，电容器的电量Q不变，则由定义式C=知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故A 正确．B、减小A、B板间的距离，根据电容的决定式C=知电容C增大，电容器的电量Q不变，则由定义式C=知，板间电压U减小，静电计指针张角变小．故B 错误．C、把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式C=分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由C=得知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故C错误．D、在A、B板间放入一介质板，根据电容的决定式C=知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则板间电压U减小，静电计指针张角变小．故D正确．故选：AD【点评】本题是电容器的动态变化分析问题，在分析不变量的基础上，由电容的决定式C=知电容的定义式C=结合分析．10．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电荷q处于静止状态，受到重力与电场力而平衡．将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，根据板间场强E=分析场强的变化，再分析电荷q 所受电场力的变化，判断电荷q的运动方向．根据电容的决定式分析电容的变化，而电容器的电压一定，再由电容的定义式分析板间电容器电量的变化，根据电容器是充电还是放电，分析电路中电流的方向．【解答】解：A、B将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E=减小，电荷q 所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动．故A错误，B正确．C、D根据电容的决定式C=可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式C=分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流．故C错误，D正确．故选BD【点评】对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式C=判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式C=分析电量或电压的变化，再进一步研究场强等的变化．11．如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确的是（）A．电势φA＞φB，场强E A＞E BB．电势φA＞φB，场强E A＜E BC．将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少D．将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，电荷具有的电势能E pA＞E pB 【考点】电场线；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】该题考查电场中电场线的特点：疏密表示电场的强弱，箭头表示电场的方向，沿着电场线的方向电势降落．【解答】解：AB：疏密表示电场的强弱，故场强E A＜E B沿着电场线的方向电势降落，可知φA＞φB，故A错误，B正确．C：将电荷量为q的正电荷放在电场中，受力的方向是从A指向B，故从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少，C正确；D：同上分析，应当是负电荷在电势低的地方电势能大，故D错误．故选：BC【点评】该题考查电场中电场线的特点，疏密表示电场的强弱，沿着电场线的方向电势降落．属于简单题．12．下列关于电动势的说法中，正确的有（）A．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极做的功一定越多B．电源的电动势越大，非静电力将单位正电荷从负极移送到正极做的功一定越多C．电源的电动势越大，非静电力将正电荷从负极移送到正极的电量一定越多D．电源的电动势越大，非静电力移动相同电量转化的电能一定越多【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、由于不知道移送电量的多少，故无法确定做功的多少；故A 错误；B、电源的电动势越大，非静电力移动相同电量转化的电能一定越多；故BD正确；C、电源的电动势大小与移送的电量无关；故C错误；故选：BD．【点评】电源的电动势采用的是比值定义法，电动势与做功及电量无关；电动势大只能说明移送相同电量时，做功要多，转化的能量要多．二、填空与实验题（共20分）13．如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线．若把三个这样的灯泡串联后，接到电压恒定的3V 电源上，求流过小灯泡的电流为0.2 A，小灯泡的电阻为 5 Ω．【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】三个电灯串联后，每只电灯的电压为2V，再由甲图读出电灯的工作电流，由公式R=求出电阻．【解答】解：把三个这样的电灯串联后，每只灯泡的实际电压为U=V=1V，在图甲上可以读出：U=1V时，流过小灯泡的电流为 I=0.2A，则此时每只电灯的实际电阻 R===5Ω故答案为：：0.2，5．【点评】此题中电灯是非线性元件，电阻R=，但R≠．I﹣U图线上每一点与原点连线的斜率的倒数等于电阻值．14．一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U AB= 1×104V．【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】质点在静电场中由A点移到B点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加．电场力做功为W ab=qU ab，根据动能定理求解a、b 两点间的电势差U ab．【解答】解：根据动能定理得qU ab+W其他=△E k看到 U ab===1×104V故答案为：1×104V．【点评】对于研究质点动能变化的问题，要首先考虑能否运用动能定理．基础题，比较容易．15．有一绝缘空心金属球A，带有4×10﹣6C的正电荷，一个有绝缘柄的金属小球B，带有2×10﹣6C的正电荷，若把B球跟A球的内壁相接触，则B球上的带电荷量为0 C，A球上的带电荷量为+6×10﹣6C，电荷分布在A的外表面．【考点】静电现象的解释．【分析】金属球A处于静电平衡状态，内部静电荷量为零，电荷均匀分布于外表面．【解答】解：把B球跟A球的内壁相接触，A与B构成整体，处于静电平衡状态，内部静电荷量为零，电荷均匀分布在外边面，即A的外表面；故B球的带电量减为零，A球表面的带电量为6×10﹣6C；故答案为：0，6×10﹣6A的外表面【点评】本题关键是建立物理模型，知道金属球A和小球B整体处于静电平衡状态，内部的电场强度为零，静电荷量也为零．三、计算论述题（要求每题解答时有必要的文字说明，只写出结果不给分，共32分）16．将带电荷量为1×10﹣8 C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功2×10﹣6 J，（取无限远处为电势零点）问：（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？（2）A点的电势是多少？（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点，说明电荷带正电还是带负电？静电力做了多少功？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】取无限远处电势为零．根据电场力做正功时，电荷的电势能减小，电场力做负功时电势能增加．根据电势公式、电场力做功和功能关系进行分析和计算【解答】解：（1）静电力做负功，电荷的电势能增加，因无限远处电势能为零，电荷在A点具有的电势能为2×10﹣6 J．（2）A点的电势为：φA == V=200 V．（3）因静电力做正功，说明电荷受力方向与运动方向相同，说明电荷带负电，静电力做功为：W2=2W1=4×﹣6 J．答：（1）电荷的电势能是增加，电荷在A点具有2×10﹣6 J电势能（2）A点的电势是200 V（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A 点，说明电荷带负电，静电力做功为：4×﹣6 J．【点评】本题关键明确电场力做的功等于电势能的减小量，同时结合电势r 定义公式和电场力做功与电势差关系公式列式求解17．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0，方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动．问：（1）小球应带何种电荷？电荷量是多少？（2）在入射方向上小球最大位移量是多少？（电场足够大）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；等势面．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）互相平行的竖直平面的等势面，与水平方向成45°角斜向上射入匀强电场，要使小球做直线运动，则重力与电场力的合力与初速度共线，由此可确定小球带电电性，及电荷量．（2）小球在入射方向先做匀减速直线运动，后反向做匀加速直线运动，由位移与速度的关系可确定小球的最大位移．【解答】解：（1）如图所示，电场线水平向左，由题意可知，只有小球受到向左的电场力，电场力和重力的合力才有可能与初速度方向在一条直线上，所以小球带正电．由图可知，Eq=mg，又E=，所以解得：（2）由下图可知，=由动能定理，得：﹣所以答：（1）小球应带正电，电荷量是；（2）在入射方向上小球最大位移量是．【点评】本题根据运动去判定受力，由于重力方向一定，且做直线运动，所以可确定电场力方向，再由电场线来确定电性及电量；根据受力分析，借助牛顿第二定律求出加速度，再由运动学公式来求出最大位移．18．如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B 分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）电子在AB之间做加速运动，电场力的功等于电子动能的变化，根据动能定理即可解答；（2）电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，则电子的沿电场线方向的位移为，根据平抛运动的方法，结合牛顿第二定律即可解答；（3）电子的动能可以根据动能定理全程列式计算．【解答】解：（1）电子在AB之间做加速运动，由U0e=mv B2得：v B =（2）由y==可得：l=d（3）由动能定理得：U0e+e=E k末所以电子穿出右侧平行金属板时的动能：E k末=e（U0+）．答：（1）电子通过B 点时的速度大小为；（2）右侧平行金属板的长度为；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能为e（U0+）．【点评】该题中，电子先在加速电场中加速，然后在偏转电场中偏转，属于常规的典型题目．难度适中．。
高二第一次月考(物理)试卷含答案解析
高二第一次月考（物理）（考试总分：100 分）一、 单选题 （本题共计5小题，总分30分）1.（6分）19世纪30年代,法拉第提出一种观点,认为在电荷周围存在电场,电荷之间通过电场传递相互作用力.对于电荷A 和电荷B 之间的电场,下列说法中正确的是( )A. 电荷B 在电荷A 的电场中受静电力的作用,自身并不产生电场B. B.撤去电荷B,电荷A 激发的电场就不存在了C. C.空间某点的电场强度等于两电荷在该点激发电场的场强的矢量和D.电场是法拉第假想的,实际上并不存在2.（6分）真空中有两个点电荷,它们之间的静电力为F,如果使它们间的距离增大到原来的2倍,将其中之一的电量也增大到原来的2倍,则它们间的作用力将变为( ) A.4F B.2F C.2F D.F 3.（6分）A 为已知电场中的一固定点,在A 点放一电量为q 的电荷,所受电场力为F ，A 点的场强为E,则( )A.若在A 点换上-q,A 点场强方向发生变化B.若在A 点换上电量为2q 的电荷,A 点的场强将变为2EC.若在A 点移去电荷q,A 点的场强变为零D.A 点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关4.（6分） 图示为等量异种的点电荷 所形成的电场线分布,以下说法正确的是（ ）A.a 点的电势低于b 点的电势B.a 点的场强大于b 点的场强，方向相同C.将一负电荷从a 点移到b 点静电力做负功D.负电荷在a 点的电势能大于b 点的电势能5.（6分）A 、B 是一条电场线上的两个点,一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B 点,其速度v 与时间t 的关系图象如图甲所示,则此电场的电场线分布可能是图乙中（ ）二、 多选题 （本题共计3小题，总分18分）6.（6分）两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示，c 是两负电荷连线的中点，d 是在正电荷的正上方，c 、d 到正电荷的距离相等，则 （ ）A. a 点的电场强度比b 点的大B. a 点的电势比b 点的高C. c 点的电场强度比d 点的大D. c 点的电势比d 点的低7.（6分）真空中有两个完全相同的金属小球,所带电荷量分别为1q -和2q ,相距为r 时相互作用力为F ；今将两球接触后再放回原处,相互作用力为，F 31由此可判断两球原来的电荷量的关系是( )A.2:1:21=q qB.1:4:21=q qC.1:3:21=q qD.3:1:21=q q8.（6分）图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题_04
嗦夺市安培阳光实验学校上学期第一次月考高二物理试卷2017.91．关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是( )A ．元电荷实际上是指电子和质子本身B ．点电荷所带电荷量一定很小C ．点电荷所带电荷量一定是元电荷电荷量的整数倍D ．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型 2.M 和N 是两个不带电的物体，它们互相摩擦后M 带正电1.6×10－10C ，下列判断正确的有( )．A ．在摩擦前M 和N 的内部没有任何电荷B ．摩擦的过程中电子从N 转移到MC ． M 在摩擦过程中失去1.6×10－10个电子D ． N 在摩擦后一定带负电1.6×10－10C3.在真空中有甲、乙两个点电荷，其相互作用力为F.要使它们之间的相互作用力为2F ，下列方法可行的是( )．A ．使甲、乙电荷量都变为原来的2倍B ．使甲、乙电荷量都变为原来的12C ．使甲、乙之间距离变为原来的2倍D ．使甲、乙之间距离变为原来的12倍．4．两个完全相同的金属小球Ａ和Ｂ，带电等量异种电荷，可视为点电荷，分别固定在两点，二球间的库仑引力为Ｆ，用一个不带电的同样的金属小球Ｃ先和Ａ接触， 再和Ｂ接触，然后移去Ｃ，则Ａ、Ｂ间的作用力变为（ ）A ．F /2B ．3F/8C ．F /8D ．F /10 5．关于电场中某点的电场强度，下列说法中正确的是( )A ．若放在该点的试探电荷的电荷量减半，则场强减半B ．若该点没有试探电荷，则场强为零C ．该点的场强方向就是经过该点的电场线的切线方向D ．该点的场强方向就是放在该点的电荷所受电场力的方向 6．如右图是点电荷Q 周围的电场线，以下判断正确的是（ ） A ．Q 是正电荷，A 点的电场强度大于B 点的电场强度 B ．Q 是正电荷，A 点的电场强度小于B 点的电场强度 C ．Q 是负电荷，A 点的电场强度大于B 点的电场强度D ．Q 是负电荷，A 点的电场强度小于B 点的电场强度7．（多选）图中带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A 、B 两点，用E A 、E B 表示A 、B 两处的场强大小，则（ ） A ．A 、B 两点的场强方向相同B ．电场线从A 指向B ，所以E A ＞E BC ．A 、B 同在一条电场线上，且电场线是直线，所以E A =E BD ．不知A 、B 附近的电场线分布状况，E A 、E B 的大小不能确定 8、（多选）如图,AB 和CD 为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O 。
高二物理上册第一次月考质量调研考试题
高二物理（选修1-1）（根据卷面整洁和书写的规范程度可获得0～5分的加分）一、选择题：每小题3分，共60分。
每题只有1个正确答案。
1.首先发现电流磁效应的科学家是A.安培B.奥斯特C.库仑D.麦克斯韦2. 某电场的电场线分布如图所示， a 、b 两点电场强度的大小关系是：A ．b a E E >B ．b a E E =C ．b a E E <D ．无法确定 3.下列关于点电荷的说法中，正确的是： A ．点电荷就是元电荷； B ．点电荷就是体积很小的带电体； C ．体积大的带电体肯定不能看成点电荷；D ．带电体如果本身大小和形状对它们间的相互作用影响可忽略，则可视为点电荷。
4.一块磁铁从高处掉到地上，虽然没有断，但磁性变弱了，这是因为 A ．磁铁被磁化了 B ．磁铁是非磁性物质 C ．磁铁因剧烈震动而退磁了 D ．磁铁是软磁性材料5.静止的电荷能在其周围产生A ．磁场B ．电场C ．电场线D ．磁感线 6.物理学中规定的电流方向是A．正电荷的定向移动的方向B．负电荷的定向移动的方向C．自由电荷的定向移动的方向D．正负离子的定向移动的方向7.电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因A．灰尘的自然堆积B．玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘8．电阻器、电容器和电感器是电子设备中常用的电子元件。
如图所示电路图中，符号“C”表示的元件是：A．电阻器B．电感器C．电容器D．电源9．如图所示，在匀强磁场中有一通电直导线，电流方向垂直纸面向里，则直导线受到安培力的方向是：A．向上B．向左C．向下D．向右10．如图所示，重力不计的带正电粒子水平向右进入匀强磁场，对该带电粒子进入磁场后的运动情况，下列判断正确的是：A．粒子向上偏转B．粒子向下偏转C．粒子不偏转D．粒子很快停止运动11. 通电直导线放在匀强磁场中，磁感应强度B的方向如图所示。
海南省文昌中学2024-2025学年高二上学期第一次月考试题物理
2024—2025学年度第一学期高二第一次月考试题物 理（实验班）一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个．．．．选项符合题意。
） 1．如图所示，O 为弹簧振子的平衡位置，0=t 时刻把小球向左拉到某位置静止释放。
以水平向右为正方向，下列描述球相对O 点的位移x 、球的速度v 、球所受回复力F 、球的加速度a 随时间t 变化的关系图像中，可能正确的是（ ）A. B.C. D.2．在巴黎奥运会上，中国跳水梦之队首次包揽八金。
如图甲所示，在某次跳水比赛中，假设运动员入水前做竖直上抛运动，从离开跳板瞬间开始计时，取竖直向下为正方向，该运动员重心的竖直速度v 随时间t 变化的图像如图乙所示，其中20t ~部分为直线。
则（ ）A ．1t 时刻运动员离水面最高B ．3t 时刻运动员离水面最高C ．4t 时刻运动员所受重力瞬时功率最大D ．10t ~运动员所受重力冲量为零3．如图，一段通电直导线的横截面积为S ，长度为L ，电阻率为ρ，单位体积内自由电子个数为n，自由电子定向运动的速率为v，电子的电荷量为e。
则下列说法正确的是（）A．通过直导线的电流为neLvB．通电直导线的电阻为S L ρC．导体棒两端的电压为nev LρD．一电子从直导线右端运动到左端的过程中，电场力对该电子做的功为nev LSρ4．如图甲所示的UⅠ图像为某电源的路端电压与电流的关系图线。
将此电源与一个线圈电阻为0.4Ω的电动机和“4V，2W”的灯泡串联接入电路，如图乙所示。
电动机正常工作，灯泡也正常发光。
下列说法正确的是（）A．电源电动势为9V，内阻为2.25ΩB．电动机的工作效率约为96%C．电路中的电流为1A D．电源效率约为80%5．如图是一种儿童玩具火箭，用脚猛踩气囊时，压缩的空气就会将小火箭发射出去，已知小火箭的质量为100 g，压缩空气对其作用时间为0.1 s，上升的最大高度为3.2 m，重力加速度g取10 m/s2，不计空气阻力，则压缩空气对小火箭的作用力大小为（）A．7 NB．8 NC．9 ND．10 N6．某同学用微安表（量程10mA，内阻90Ω）、电阻箱R1和电阻箱。
高二物理上学期第一次月考试题(4)word版本
山西省榆社县 2017-2018 学年高二物理上学期第一次月考试题一、单项选择题 ( 本大题共 8 小题，共32.0分 )1.对于元电荷的以下说法中正确的选项是（）A. 元电荷就是电子B. 元电荷就是质子C. 元电荷的值往常取e=1.60 ×10 -19 CD.元电荷的值往常取e=1.60 ×10 -23 C2.对于点电荷的说法，正确的选项是（）A.带电体可否当作点电荷，是看它的形状和大小对相互作使劲的影响能否能忽视不计B.点电荷必定是电量很小的电荷C.体积很大的带电体必定不可以看作点电荷D.只有体积很小的带电体，才能作为点电荷3.真空中有两个点电荷相距 r ，他们之间的相互作使劲为F，现保持它们的电量不变，把它们之间的距离增大到2r，它们之间的相互作使劲变成（）A. B. C.4F D.2F4. 金属板和板前一正点电荷形成的电场线散布如下图，A、 B、 C、D 为电场中的四个点，则（）A.B 、 D 两点的电势相等B.B 点的电场强度比 D 点的大C. 负电荷在 C 点的电势能低于在 A 点的电势能D. 正电荷由 D 点静止开释，只受电场力作用沿电场线运动到 B 点5. 某电场的电场线散布如下图（实线），以下说法正确的选项是（）A. c点场强盛于 b 点场强B. b和c处在同一等势面上C. 若将一尝试电荷+q由a点挪动到 d 点，电荷的电势能将增大D. 若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a 点运动到 d 点，可判断该电荷必定带负电6.用电场线能很直观．很方便地比较电场中各点的强弱．如图，左侧是等量异种点电荷形成电场的电场线，右边是场中的一些点：O 是电荷连线的中点， E、 F 是连线中垂线上相对O 对称的两点，B、 C 和A、 D 也相对O 对称，则下列认识不正确的选项是（）A.B 、 C 两点场强盛小和方向都同样B.A、D 两点场强盛小相等，方向相反C.E、 F 两点场强盛小和方向都同样D. 从 E 到 F 过程中场强先增大后减小7. 以下选项中的各圆环大小同样，所带电荷量已在图中标出，且电荷平均散布，各圆环间相互绝缘，则坐标原点O处电场强度最小的是（）A. B. C. D.8. 如下图，先接通电键S 使电容器充电，而后断开S，增大两极板间的距离时，电容器所带电量Q、电容 C、两极板间电势差U 的变化状况是（）A.Q 变小， C 不变， U不变B.Q 变小， C 变小， U不变C.Q 不变， C 变小， U变大D.Q 不变， C 变小， U变小二、多项选择题 ( 本大题共 5 小题，共30.0 分 )9.如下图，一个枕形导体 AB本来不带电，将它放在一个负点电荷的电场中，点电荷的电荷量为Q，与 AB中心 O点的距离为R．因为静电感觉，在导体A、 B 两头分别出现感觉电荷．当达到静电均衡时，（）B 端电势A. 导体 A 端电势高于 B 端电势B. 导体 A 端电势低于C. 导体中心O点的场强为0R=，方向水平向左D. 枕形导体两头的感觉电荷在O点产生感觉电场强度10. 为了防备静电的危害，应赶快把静电导走．以下举措中是可行的是（）A.电子工厂内的技术人员带上接地脚环或防静电手段带B.电工钳柄上套有一绝缘胶套C.飞机的轮胎装有搭地线或导电的橡胶制造D.印染车间里保持适合的湿度11.如下图，长为 L、倾角为θ的圆滑绝缘斜面处于电场中，一带电量为 +q、质量为m的小球，以初速度v0从斜面底端 A 点开始沿斜面上滑，当抵达斜面顶端 B 点时，速度仍为v0，则（）A. 若电场是匀强电场，则该电场的电场强度的最小值必定为B.A 、 B 两点间的电压必定等于C. 小球在 B 点的电势能必定大于在 A 点的电势能D. 若该电场是斜面中点正上方某点的点电荷Q产生的，则Q必定是正电荷12.在 x 轴上有两个点电荷 q1、 q2，其静电场的电势φ在 x 轴上散布如下图．以下说法正确有（）A.q1和 q2带有异种电荷B.x1处的电场强度为零C.负电荷从 x1移到 x2，电势能减小D.负电荷从 x1移到 x2，遇到的电场力增大13. 如下图，一电场的电场线散布对于y 轴（沿竖直方向）对称， y轴是一条电场线，O、M、N 是y轴上的三个点，且OM=MN，P点在y轴的右边， MP⊥ ON，则（）A. 将负电荷由 O 点挪动到 P点，电场力做正功B.M 点的电势比 P 点的电势高C.M、 N 两点间的电势差大于 O、 M 两点间的电势D. 在 O 点静止开释一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动三、计算题 ( 本大题共 4 小题， 14 题 8 分， 15,16,17每题10分。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题4 (4)
嗦夺市安培阳光实验学校度上学期高二级第一次月考物理试题说明：本试卷共4页,共110分。
一、单项选择题（每小题4分，共12小题，共48分。
每小题只有一个选项正确，要求将答案填涂在答题卡上）1．在真空中有两个点电荷，它们之间的作用力为F ，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大一倍，则它们之间的静电力大小变为（ ） A ．F B ．2F C ．4F D ．4F2．将电量为q 的点电荷放在电场中的A 点，它受到的电场力为F ，产生该电场的场源电荷的电量为Q ，则A 点的场强大小（ ） A ．F QB ．Q qC ．F qD ．FQ3．下列说法中正确的是（ ）A ．沿电场线方向场强逐渐减小B ．沿电场线方向移动负电荷，电场力做正功C ．沿电场线方向电势逐渐降低D ．电场强度越大的位置电势也一定越大4.下列关于电流方向的说法正确的是（ ）A ．电荷的定向移动方向即为电流方向B ．电流方向总是从电源的正极流向负极C ．电流既有大小，又有方向，是一个矢量D ．在电源外部，电流从正极流向负极5．某静电场的电场线分布如图所示，图中P 、Q 两点的场强大小分别为P E 和Q E ，电势分别为Φp 和ΦQ ，则（ ）A ．P Q E E >，φp >φQB ．P Q E E >，φp <φQC ．P Q E E <，φp >φQD ．P QE E <，φp <φQ6．甲乙两根导线，甲的电阻率是乙的4倍，乙的长度是甲的3倍，甲的横截面积是乙的2倍，则两根导线电阻之比是（ ）A ．1:3B ．2:3C ．3:2D ．6:17．如图所示的匀强电场中，1、2、3三条虚线表示三个等势面，a 、b 分别是等势面1、3上的两个点，下列说法正确的是（ ）A ．三个等势面的电势相等B ．等势面2的电势高于等势面1的电势C ．若将一正电荷由a 移到b ，电场力做正功D ．若将一正电荷由a 移到b ，电场力做负功8．如图所示，三个电阻的阻值相同，在AB 间接上电源后，通过三个电阻的电流之比是（ ）A ．4:1:1B ．1:4:4C ．2:1:1D ．1:2:29．在如图所示的静电场中，a 、b 是某一条电场线上的两个点，正检验电荷q 仅在电场力作用下从静止开始自a 运动到b 的过程中（ ）A ．q 做匀加速运动B ．q 的速度逐渐增大C ．q 的加速度逐渐增大D ．q 的电势能逐渐增大10. 如图，a 、b 、c 、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与cd 24 V4 V矩形所在平面平行。
高二物理上册第一次月考测试题4
高二物理上册第一次月考测试题物理试题1．本试卷分试题卷和答题卷，满分100分。
2．所有答案必须写在答题卷上，写在试题卷上无效。
一、单项选择题（本题满分30分，共10个小题，每小题3分）：下列各小题的四个选项中只有一个是正确的。
1．关于元电荷和点电荷的理解正确的是 （ ）A ．元电荷就是电子B ．元电荷就是质子C ．体积很小的带电体就是点电荷D ．点电荷是一种理想化模型2.下列关于电场强度和电势的说法中，正确的是( )A .电场强度为零的地方，电势一定为零B .电势为零的地方，电场强度一定为零C .电场强度较大的地方，电势一定较高D .沿着电场强度的方向，电势逐渐降低3．对于电容C =UQ ，以下说法正确的是 ( )A ．一只电容充电荷量越大，电容就越大B ．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C ．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比D ．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容4.一个检验电荷q 在电场中某点受到的电场力为F ，以及这点的电场强度为E ，下图中能正确反映q 、E 、F 三者关系的是( )5.真空中两个相同的金属小球A 和B ，带电荷量分别为Q A =2×10-8C 和Q B =4×10-8C ，相互作用力为F .若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为( )A .F 89 B .F C .F 89 D .F 326.在如图所示的点电荷的电场中，一试探电荷从A 点分别移动到B 、C 、D 、E 各点，B 、C 、D 、E 在以Q 为圆心的圆周上，则电场力做功（ ）A ．从A 到B 做功最大 B ．从A 到C 做功最大C ．从A 到E 做功最大D ．做功一样大7．如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm ，则该匀强电场的场强大小和方向分别为 ( )A ．E =100V/m ，竖直向下B ．E =100V/m ，竖直向上C ．E =100V/m ，水平向左D ．E =100V/m ，水平向右8.如图所示，匀强电场场强为E ，A 与B 两点间的距离为d ，AB 与电场线夹角为а,则A 与B 两点间的电势差为( )A .EdB .EdcosаC .EdsinаD .Edtanа9.如图所示为负点电荷电场中的一条电场线，a 、b 为电场线上的两点.设a 、b 两点的场强大小分别为E a 、E b 、a 、b 两点的电势分别为φa 、φb ，则下列说法中正确的是( )A .E a >E b ，φa >φbB .E a <E b ，φa >φbC .E a >E b ，φa <φbD .E a =E b ，φa >φb10.宇航员在探测某星球时发现:①该星球带负电，而且带电均匀；②该星球表面没有大气；③在一次实验中，宇航员将一个带电小球(其带电量远远小于星球电量)置于离星球表面某一高度处无初速释放，恰好处于悬浮状态.如果选距星球表面无穷远处的电势为零，则根据以上信息可以推断（ ）A .小球一定带正电B .小球的电势能一定小于零C .只改变小球的电量，从原高度无初速释放后，小球仍处于悬浮状态D .只改变小球离星球表面的高度，无初速释放后，小球仍处于悬浮状态二、多项选择题（本题满分3分，共4个小题）：每小题至少有两个选项是正确的，（每小题全选对得3分，漏选得1分，错选或不选得0分）11.平行板电容器保持与直流电源两极连接，充电平衡后，两极板间的电压是U ，充电荷量为Q ，两极板间场强为E ，电容为C 现将两极板间距离减小，则引起变化的情况是( )A .Q 变大B .C 变大 C .E 不变D .U 变小12.图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题4 (5)
嗦夺市安培阳光实验学校高二物理上学期第一次月考试题一、选择题（本题共10小题，每小题4分。
1-7题单选，8-10题多选。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F．若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r，则它们间的静电引力将变为（）A ．B ．C ．D ．2．如图所示，虚线a、b、c是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一α粒子（氦原子核，带有二价正电荷）（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．a、b、c三个等势面中，a的电势最高B．电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．α粒子在P点的加速度比Q点的加速度大D．带电质点一定是从P点向Q点运动3．如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态．现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动．关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是（）A．F逐渐减小，T逐渐减小B．F逐渐增大，T逐渐减小C．F逐渐减小，T逐渐增大D．F逐渐增大，T逐渐增大4．如图甲为新装的一批节能路灯，该路灯通过光控开关实现自动控制：电灯的亮度可自动随周围环境的亮度改变而改变．如图乙为其内部电路简化原理图，电源电动势为E，内阻为r，R t为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小）．现增加光照强度，则下列判断正确的是（）A．电源路端电压不变B．B灯变暗，A灯变亮C．R0两端电压变大D．电源总功率不变5．硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点．如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象（电池内阻不是常数），图线b是某电阻R的U﹣I图象．在该光照强度下将它们组成闭合回路时，下列相关叙述说法正确的是（）A．此时硅光电池的总功率为 0.72W B．此时硅光电池的内阻为12.5ΩC．此时硅光电池的输出功率为 0.2W D．此时硅光电池的输出效率为40%6．如图，在xOy平面中有一通电直导线与Ox、Oy轴相交，导线中电流方向如图所示．该区域有匀强磁场，通电直导线所受磁场力的方向与Oz轴的正方向相同．该磁场的磁感应强度的方向可能是（）A．沿x轴正方向B．沿y轴负方向C．沿z轴正方向 D．沿z轴负方向7．彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线与闭合线圈共面，穿过闭合线圈的磁通量可能为零的是（）A ．B ．C ．D ．8．在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A．则此时（）A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L1、L2消耗的电功率的比值大于4：1D．L2的电阻为12Ω9．如图，在竖直向下的匀强磁场中有两根竖直放置的平行粗糙导轨CD、EF，导轨上放有一金属棒MN．现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为常量，金属棒与导轨始终垂直且接触良好．下列关于棒的速度v、加速度a随时间t变化的关系图象，可能正确的是（）A ．B ．C ．D ．10．如图所示，质量相同的两个带电粒子M、N以相同的速度同时沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，M从两极板正射入，N从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点．不计带电粒子重力和带电粒子间的相互作用，则从开始射入到打在上极板的过程中（）A．它们运动的时间t N=t MB．它们电势能减少量之比△E M：△E N=1：2C．它们的动能增量之比△E kM：△E kN=1：2D．它们所带的电荷量之比q M：q N=1：2二、填空题（每空2分，共24分）11.读出游标卡尺和螺旋测微器的读数：图（1）读数为mm．图（2）读数为mm．12.根据闭合电路欧姆定律，用图1所示电路可以测定电池的电动势和内电阻．图中R0两端的对应电压为U12，对测得的实验数据进行处理，就可以实现测量目的．根据实验数据在坐标系中描出坐标点，如图2所示．已知R0=150Ω，请完成以下数据分析和处理．（1）图2中电阻为Ω的数据点应剔除；（2）在坐标纸上画出关系图线；（3）图线的斜率是（v﹣1 Ω﹣1），由此可得电池电动势E x= V．13.用欧姆表测电阻时，如发现指针偏转角度太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较（选填“大”或“小”）的倍率档，重新测量，测量前要进行．如图所示为使用多用表进行测量时，指针在刻度盘上停留的位置，若选择旋钮：（1）在“×1kΩ”位置，则所测量电阻的阻值为kΩ；（2）在“50mA”位置，则所测量电流的值为 mA．（3）在“×10Ω”位置，测量时指针指在20与30刻度的正中间，可以确定A、R=25ΩB、R=250ΩC、200Ω＜R＜250ΩD、250Ω＜R＜300Ω三、计算（8+8+10+12)14.如图所示，长l=1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=37°．已知小球所带电荷量q=1.0×10﹣6C，匀强电场的场强E=3.0×103N/C，取重力加速度g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．求：（1）小球所受电场力F的大小．（2）将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小．15．如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间．若小球带电量为q=1×10﹣2C，质量为m=2×10﹣2kg，不考虑空气阻力．那么，滑动变阻器滑片P在某位置时，小球恰能到达A板．求（1）两极板间的电场强度大小；（2）滑动变阻器接入电路的阻值；（3）此时，电源的输出功率．（取g=10m/s2）16．两根平行、光滑的斜金属导轨相距L=0.1m，与水平面间的夹角为θ=37°，有一根质量为m=0.01kg的金属杆ab垂直导轨搭在导轨上，匀强磁场与导轨平面垂直，磁感应强度为B=0.2T，当杆中通以从b到a的电流时，杆可静止在斜面上，取g=10m/s2（1）求此时通过ab杆的电流；（2）若保持其他条件不变，只是突然把磁场方向改为竖直向上，求此时杆的加速度（sin37°=0.6，cos37°=0.8）17.如图a，长L=0.8m的光滑杆左端固定一带正电的点电荷A，电荷量Q=1.8×10﹣7C；一质量m=0.02kg，带电量为q的小球B套在杆上．将杆沿水平方向固定于某非均匀外电场中，以杆左端为原点，沿杆向右为x轴正方向建立坐标系．点电荷A对小球B的作用力随B位置x的变化关系如图（b）中曲线I所示，小球B所受水平方向的合力随B位置x的变化关系如图（b）中曲线Ⅱ所示，其中曲线Ⅱ在0.16≤x≤0.20和x≥0.40范围可近似看作直线．求：（静电力常量k=9×109N•m/C2）（1）小球B所带电量q；（2）非均匀外电场在x=0.3m处沿细杆方向的电场强度大小E；（3）在合电场中，x=0.4m与x=0.6m之间的电势差U．（4）已知小球在x=0.2m处获得v=0.4m/s的初速度时，最远可以运动到x=0.4m．若小球在x=0.16m处受到方向向右，大小为0.04N的恒力作用后，由静止开始运动，为使小球能离开细杆，恒力作用的最小距离s是多少？高安中学高二年级上学期第一次月考物理试题答题卡一、选择题（本题共10小题，每小题4分。
高二物理上学期第一次月考试卷
a bd .c 高二物理上学期第一次月考试卷第Ⅰ卷一、 单项选择题( 每题4分，计40分)1．下列叙述正确的是 （ ）A ．物体的温度越高，分子热运动越激烈，每个分子的平均动能越大。
B ．布朗运动就是液体分子的运动。
C ．对一定质量的气体加热，其内能一定增加。
D ．分子间的距离r 存在某一值r 0，当r ＜r 0时，斥力大于引力，当r >r 0时，斥力小于引力。
2．物体获得一定速度后沿着粗糙斜面上滑，在上滑过程中，物体和斜面组成的系统 A ．机械能守恒。
B ．总能量守恒。
C ．机械能和内能增加。
D ．内能转化为机械能。
3． 对于一定质量气体,以下说法正确的是（ ） A ．气体温度升高，体积不变，则压强减小 B ．气体温度升高，体积不变，则压强增大 C ．气体体积增大，压强不变，则温度降低 D ．气体压强增大，温度不变，则体积增大4．A 、B 两个大小相同的带电金属小球，带有电量分别为q A =+6Q 和q B =-Q ，相距r 放置时，它们之间的静电力的大小为F ．现有另一与A 、B 大小相同、不带电的金属小球C ，让C 先接触A ，然后再接触B ，移走金属小球C 后，则A 、B 之间静电力的大小变为（ ） A ．F/2 B ．F/3 C ．F/4 D ．F/85．如图所示, AB 为一条电场线, 关于A 、B 两点处的电场强度, 下述说法中正确的是 A ． 若AB 是带等量异种电荷的平行金属板间电场的一条电场线, 则E A ＞E B B ． 若AB 是点电荷场的一条电场线, 且场源电荷在A 点左侧, 则E A ＞E B C ． 若AB 是点电荷场的一条电场线, 且场源电荷在B 点右侧, 则E A ＞EB D ． 无论什么电场, E A ＞E B6．静电场中有A 、B 两点，把电荷q 由A 点移到B 点，其电势能增加了w(w>0)。
则以下说法正确的是( )A ．外力对电荷一定做了w 的功B ．电场力对电荷一定做了 -w 的功C ．A 点强场一定大于B 点场强D ．A 点与B 点电势差一定大于零 7．如图所示，在场强为E 的匀强电场中有A 、B 两点，AB 连线长L ， 与电场线夹角为α．则AB 两点的电势差为 （ ） A ．0 B ．ELC ．ELsin αD ．ELcos α8．如图所示，两平行板的金属板间的电压为U ab =8.0V ，两板的间距为 2cm ，而且极板b 接地。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题 (4)
嗦夺市安培阳光实验学校安阳一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（在每小题给出的四个选项中，有的至少有一个选项符合答案要求，选对的得3分，选对而不全的得2分，每小题3分，共45分．）1．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（）A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向2．如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b．下列表述正确的是（）A．该电场是匀强电场B．a点的电场强度比b点的大C．a点的电势比b点的高D．正电荷在a、b两点受力方向相同3．在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，先将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（）A．电势能逐渐减小B．电势能逐渐增大C．q3受到的电场力逐渐减小D．q3受到的电场力逐渐增大4．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab的中点，a、b电势分别为φa=5V、φb=3V．下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4 VB．a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向a5．空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m的带正电的微粒水平射入电场中，微粒的运动轨迹如图所示，在相等的时间间隔内（）A．重力做的功相等B．电场力做的功相等C．电场力做的功大于重力做的功D．电场力做的功小于重力做的功6．带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10﹣8 J的功，那么（）A．M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B．P点的场强一定小于Q点的场强C．P点的电势一定高于Q点的电势D．M在P点的动能一定大于它在Q点的动能7．如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器．先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变．则下列说法正确的是（）A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器内部电场强度大小不变D．P点电势升高8．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是E Bx、E Cx，下列说法中正确的有（）A．E Bx的大小大于E Cx的大小B．E Bx的方向沿x轴正方向C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做正功，后做负功9．如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na+水平向右移动．若测得4s内分别有1.0×1018个Na+和Cl﹣通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（）A．水平向左0.8A B．水平向右 0.08AC．水平向左0.4A D．水平向右0.04A10．如图电路中，电灯L1、L2都标有“220V，60W”；电灯L3、L4都标有“220V，40W”．将A、B两端接入合适的电源，最亮的灯是（）A．L1B．L2C．L3D．L411．在闭合电路中（）A．电流总是由高电势流向低电势B．电流强度越大，电源输出功率越大C．输出功率越大，电源效率越高D．电源输出电压越大，电源效率越高12．如图所示的电路中，灯泡A和B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R3断路B．R1短路C．R2断路D．R1、R2同时短路13．如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻R x的下列说法正确的是（）A．R x的测量值等于真实值B．R x的测量值比真实值小C．R x的真实值为99.8ΩD．R x的真实值为100.2Ω14．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则（）A．电压表和电流表的示数都增大B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小D．灯L2变亮，电容器的带电量增加15．如图所示，Q带负电荷，导体P在a处接地，下列说法中正确的是（）A．导体P的a端不带电荷，b端带负电荷B．导体P的a端带正电荷，b端不带电C．导体P的a端带正电荷，b端带负电荷，且正、负电荷的电荷量相等D．导体P的a端带正电荷，b端带负电荷，正电荷的电荷量大于负电荷的电荷量二、实验题：（每空2分，共8分，计算结果均保留2位有效数字）16．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了小灯泡（2.5V，0.3A）、电流表、电压表以及滑动变阻器等实验器材：（1）图甲为实验中某同学连接好的实验电路图，在开关S闭合之前，应把滑动变阻器的滑动片P移到位置（填“A端”或“B端”）；实验中滑动片P从中间位置向B端移动过程中会观察到电压表读数变（填“大”或“小”）．（2）某同学由测出的数据画出I﹣U图象，如图乙所示，当小灯泡两端电压为2.00V时，小灯泡的电阻值R= Ω，小灯泡的实际功率P=W（结果保留两位有效数字）．四、计算题（本大题有4小题，要求写出详细的解题步骤和必要的文字说明．）17．如图所示，在匀强电场中，将带电荷量q=﹣6×10﹣6C的点电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了2.4×10﹣5J的功，再从B点移到C点，电场力做了1.2×10﹣5J的功．求：（1）A、B两点间的电势差U AB和B、C两点间的电势差U BC；（2）如果规定B点的电势为零，则A点和C点的电势分别为多少？18．（12分）（2012秋•校级期末）如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U=12V，电解槽内阻r A=2Ω，当K1闭合，K2、K3断开时，电流表示数6A；当K2闭合，K1、K3断开时，电流表示数5A，且电动机输出功率为35W；当K3闭合，K1、K2断开时，电流表示数为4A．求：（1）电炉子的电阻及发热功率各多大？（2）电动机的内阻是多少？（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？19．（12分）（2015•福建校级三模）在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V．试求：（1）当电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；（2）电源的电动势和内电阻．（3）当电键K接c时，求电源输出功率．20．（14分）（2015•宜宾模拟）如图所示，CD左侧存在场强大小E=，方向水平向左的匀强电场，一个质量为m、电荷量为+q的光滑绝缘小球，从底边BC 长为L、倾角53°的直角三角形斜面顶端A点由静止开始下滑，运动到斜面底端C点后进入一竖直半圆形细圆管内（C处为一小段长度可忽略的光滑圆弧，圆管内径略大于小球直径，半圆直径CD在竖直线上），恰能到达细圆管最高点D点，随后从D点离开后落回斜面上某点P．（重力加速度为g，sin53°=0.8，cos53°=0.6），求：（1）小球到达C点时的速度；（2）小球从D点运动到P点的时间t．安阳一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（在每小题给出的四个选项中，有的至少有一个选项符合答案要求，选对的得3分，选对而不全的得2分，每小题3分，共45分．）1．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（）A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．解答：解：A、电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，故A错误；B、在匀强电场中，电场强度不变，沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；C、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零．故C 错误．D、沿着电场方向电势降低最快，故D说法正确；故选：D．点评：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系．顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．2．如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b．下列表述正确的是（）A．该电场是匀强电场B．a点的电场强度比b点的大C．a点的电势比b点的高D．正电荷在a、b两点受力方向相同考点：电场线．分析：电场线的疏密代表场强的强弱，场强处处相同的电场为匀强电场．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解：A、由电场线的分布可以看出，此电场不是匀强电场，故A错误；B、b点电场线比a点电场线密，故a点的电场强度比b点的小，故B错误；C、根据电场线的方向知a点的电势比b点的大，故C正确．D、正电荷在a、b两点受力方向分别沿a、b两点的切线方向，方向不同，故D 错误．故选：C点评：解决本题的关键知道电场线的特点，电场线的疏密代表电场的强弱，电场线上某点的切线方向表示电场的方向．3．在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，先将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（）A．电势能逐渐减小B．电势能逐渐增大C．q3受到的电场力逐渐减小D．q3受到的电场力逐渐增大考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题，q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化．运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．解答：解：A、B，由题，q1、q2是两个等量的正电荷，作出中垂线CD上电场线如图，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小．故A正确，B错误．C、D根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD移至无穷远的过程中，场强先增大，后减小，q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小．故C、D错误．故选：A．点评：对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点．4．如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab的中点，a、b电势分别为φa=5V、φb=3V．下列叙述正确的是（）A．该电场在c点处的电势一定为4 VB．a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D．一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向a考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4V；电场力做功情况，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化，电场线的疏密可以判断场强的大小；正电荷受到的电场力方向与场强方向相同．解答：解：A、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则场在c点处的电势一定为4V．当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V，故A错误；B、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强E a不一定大于b点处的场强E b．故B错误；C、据电场线和场强方向的规定可知，正电荷所受的电场力方向水平向左，所以从c到b电场力做做功，电势能减小，动能增加，故C正确；D、由题可判断电场线方向从a指向b，正电荷运动到c点时受到的电场力由a 指向b，故D错误．故选：C．点评：本题要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低，电场力做功与动能和电势能间的关系．5．空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m的带正电的微粒水平射入电场中，微粒的运动轨迹如图所示，在相等的时间间隔内（）A．重力做的功相等B．电场力做的功相等C．电场力做的功大于重力做的功D．电场力做的功小于重力做的功考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据重力做功导致重力势能的变化，电场力做功导致电势能的变化，再由动能定理，并依据曲线运动的条件，从而确定电场力与重力的关系，同时运用运动的分解，即可求解．解答：解：A、B：将微粒的运动分解成竖直方向与水平方向．在竖直方向，电场力大于重力，所以加速度方向竖直向上，则在连续相等的时间内，变化的高度不同，所以电场力与重力做功均不相等，故AB均错误；C、D：由上分析可知，电场力大于重力，因此电场力做功总大于重力做功，故C正确，D错误；故选C点评：考查曲线运动的条件，掌握运动的合成与分解，理解电场力与重力做功的特点．6．带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10﹣8 J的功，那么（）A．M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B．P点的场强一定小于Q点的场强C．P点的电势一定高于Q点的电势D．M在P点的动能一定大于它在Q点的动能考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在本题中只是知道从P到Q电场力做负功，可知带电粒子的电势能减小，而电荷的正负不知道，因此无法判断电势高低，电场线或者说电场分布情况不知，也无法判断电场强度的大小．根据电场力做功和电势能的关系可以动能和电势能的变化情况．解答：解：AD、因带电粒子克服电场力做功，电势能增加，动能减小，则有M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能，M在P点的动能一定大于它在Q点的动能，故AD正确．B、由于电场分布情况不知，无法判断P点和Q点电场强度的大小关系，故B 错误；C、因为电荷正负不知，故无法判断电势高低，故C错误；故选：AD．点评：要正确理解电场强度、电势、电势能的决定因素和大小判断方法，不能混淆概念．7．如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器．先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变．则下列说法正确的是（）A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器内部电场强度大小不变D．P点电势升高考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：在电容器的电量不变的情况下，将B板下移，则导致电容变化，电压变化，根据E=与c=相结合可得E=，从而确定电场强度是否变化．再根据电荷带电性可确定电势能增加与否．解答：解：A、根据c=，当B板向下平移一小段距离，间距d增大，其它条件不变，则导致电容变小，故A正确；B、根据E=与c=相结合可得E=，由于电量不变，场强大小不变，故B错误C正确；D、B板接地，场强不变，所以P点与地间的电势差增大，即P点电势升高，故D正确；故选：ACD点评：做好电容器的题目要把电容的定义式、决定式和场强的推导式结合应用．8．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是E Bx、E Cx，下列说法中正确的有（）A．E Bx的大小大于E Cx的大小B．E Bx的方向沿x轴正方向C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做正功，后做负功考点：电势差与电场强度的关系；电势差；电势．专题：压轴题．分析：本题的入手点在于如何判断E Bx和E Cx的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论，此方法为微元法．解答：解：在B点和C点附近分别取很小的一段d，由图象，B点段对应的电势差大于C 点段对应的电势差，看做匀强电场有，可见E Bx＞E Cx，A项正确；同理可知O点场强最小，电荷在该点受到的电场力最小，C项错误；沿电场方向电势降低，在O点左侧，E Bx的方向沿x轴负方向，在O点右侧，E Cx 的方向沿x轴正方向，所以B项错误，D项正确．故选AD．点评：本题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解，并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高．9．如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na+水平向右移动．若测得4s内分别有1.0×1018个Na+和Cl﹣通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（）A．水平向左0.8A B．水平向右 0.08AC．水平向左0.4A D．水平向右0.04A考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由离子的带电量可求得通过截面的总电量，总电量等于正离子与负离子电量绝对值之和，再由电流的定义可求得电流强度的大小．电流方向与正离子定向移动的方向相同．解答：解：由题意可知，4s内流过截面上的电量q=1.0×1018×1.6×10﹣19+1.0×1018×1.6×10﹣19=0.32C；则电流强度I=A；Na+水平向右移动，所以电流方向向右．故选：B．点评：本题考查电流强度的定义，要注意明确当同时有正负电荷通过时，电量为正负电荷电荷量绝对值的和．10．如图电路中，电灯L1、L2都标有“220V，60W”；电灯L3、L4都标有“220V，40W”．将A、B两端接入合适的电源，最亮的灯是（）A．L1B．L2C．L3D．L4考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由灯的铭牌可知灯的额定电压和额定功率，根据可以比较四灯的电阻大小；L1和L4串联，根据P=I2R，可以得出I1与I4、P1和P4的大小关系；L2和L3并联，根据，可以得I2与I3、P2和P3的大小关系；根据P=I2R判断P1和P2的大小关系；综合分析确定实际电功率最大的灯，而灯的亮度取决于灯的实际电功率，据此判断那盏灯最亮；解答：解：由：，故：所以四灯电阻的关系为：R1=R2＜R3=R4，由图知，L1和L4串联，因为P=I2R，R1＜R4，I1=I4…①所以P1＜P4…②L2和L3并联，R2＜R3，根据，得：I2＞I3、P2＞P3…③因为P=I2R，R1=R2，I1＞I2，R3=R4，I3＜I4…④所以P1＞P2，P3＜P4…⑤由②③⑤可得：P3＜P2＜P1＜P4，则L4的电功率最大、最亮；L3的电功率最小、最暗；故ABC错误，D正确故选：D点评：本题考查了学生对欧姆定律、电功率公式的掌握和运用，本题关键：一是知道灯的亮度取决于灯的实际电功率，二是电功率公式的灵活选择11．在闭合电路中（）A．电流总是由高电势流向低电势B．电流强度越大，电源输出功率越大C．输出功率越大，电源效率越高D．电源输出电压越大，电源效率越高考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在闭合电路中电势的高低的判断要分电源的内电路和外电路分析；电源的输出功率等于总功率与内电路发热功率之差，列式由数学知识分析电源的输出功率与电流的关系，并分析与效率的关系．解答：解：A、在外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方，而在内电路中正好相反．故A错误．B、电源的输出功率 P出=EI﹣I2r，由数学知识可知电流I从0开始增大时，电源的输出功率先增大后减小，故B错误．C、电源的效率η=×100%，因输出功率越大，但电流不能确定，所以电源效率不一定越高，故C错误．D、电源的效率η=η=×100%=×100%，E是电源的电动势，保持不变，则电源输出电压越大，效率越高，故D正确．故选：D点评：此题要掌握电势高低与电流方向的关系，区分内电路与外电路的不同．明确电源的输出功率与总功率、内电路的关系，根据数学知识分析输出功率与电流的关系．12．如图所示的电路中，灯泡A和B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R3断路B．R1短路C．R2断路D．R1、R2同时短路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先明确电路中各用电器的连接关系：R2与灯泡B关联，与R1、A串联，再与R3并联．灯泡A变暗了，说明实际功率减小了，灯泡B变亮，说明实际功率增大了．具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．解答：解：A、若R3断路，外电阻增大，路端电压U增大，A、B两灯均变亮，不符合题意．故A错误．B、若R1短路，外电阻减小，路端电压U减小，干路电流I增大，R3电流I3减小，则通过A的电流I A=I﹣I3增大，U A增大，A灯变亮；B灯电压U B=U﹣U A，则U B减小，B灯变暗，不符合题意．故B错误．C、R2断路，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R3电流I3增大，则通过A的电流I A=I﹣I3减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A（R A+R1）增大，B灯变亮，符合题意．故C正确．D、R2短路，B灯不亮，不符合题意．故D错误．故选C点评：此题属混联电路的故障问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．13．如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻R x的下列说法正确的是（）A．R x的测量值等于真实值B．R x的测量值比真实值小C．R x的真实值为99.8ΩD．R x的真实值为100.2Ω考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：由欧姆定律求得电阻阻值，因图示为电流表内接法，则R测=R X+R A．可知测量值偏大，R X=R测﹣R A．解答：解：由欧姆定律：R测===100Ω，R X=R测﹣R A=100﹣0.2=99.8Ω则测量值偏大，故ABD错误，C正确．故选：C．点评：考查电阻的测量，会由欧姆定律求解电阻及分析误差．明确内外接法对测量值的影响．14．在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则（）A．电压表和电流表的示数都增大B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小D．灯L2变亮，电容器的带电量增加考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化．电压表的示数等于路端电压．判断灯L1亮度的变化．根据路端电压与灯L1电压的变化，分析并联部分电压的变化，判断灯L2亮度的变化．根据干路电流与灯L2电流的变化，分析电流表读数的变化．解答：解：将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮．R与灯L2并联电路的电压U并=U﹣U1，U减小，U1增大，U并减小，灯L2变暗．流过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，I A增大，电流表的示数增大．故选C点评：本题是电路动态变化分析问题，难点在于分析电流的示数变化，往往根据干路电流与另一支路的电流变化来确定，也可以根据结论判断，即变阻器这一路电流的变化与干路电流变化情况一致．15．如图所示，Q带负电荷，导体P在a处接地，下列说法中正确的是（）A．导体P的a端不带电荷，b端带负电荷B．导体P的a端带正电荷，b端不带电C．导体P的a端带正电荷，b端带负电荷，且正、负电荷的电荷量相等D．导体P的a端带正电荷，b端带负电荷，正电荷的电荷量大于负电荷的电荷量考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电小球Q靠近金属导体P时，由于静电感应，会使金属导体P带电，根据静电感应的现象来分析即可．解答：解：金属导体P接地时与大地组成一个新的导体，a为新导体的靠近Q的一端，而大地是远离Q的一端，由于静电感应的作用，靠近Q的一端会带。
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武威六中2010~2011学年度高二年级第一次月考
物理试卷
一、选择题（本题共8小题，每题4分，共32分。
选对得4分，选不全得2分，错选得
0分）
1．一质量为 m的物体放在光滑的水平面上，今以恒力 F沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，下列说法正确的是（）
A．物体的位移相等 B．物体动能的变化量相等
C．F对物体做的功相等 D．物体动量的变化量相等
2. 一物体沿固定的光滑斜面下滑，在此过程中（）
A.斜面对物体的弹力做功为零
B.物体动能的增量等于重力所做的功
C.物体动能的增量等于其势能的减少量
D.物体机械能的增量等于重力所做的功
3．把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平地面上，枪发射出一颗子弹时，关于枪、弹、车，下列说法正确的是
A 枪和弹组成的系统动量守恒
B 枪和车组成的系统动量守恒
C 枪、弹、车组成的系统动量守恒
D 由于枪与弹间存在摩擦，所以枪、弹、车组成的系统动量不守恒
4．一只小船静止在湖面上，一个人从小船的一端走到另一端（不计水的阻力），以下说法中正确的是
A 人走得越快，则人获得的动量比船获得的动量大得越多
B 若人的质量小于船的质量，则人获得的动量大于船获得的动量
C 若人的质量小于船的质量，则人获得的动量小于船获得的动量
D 不论何种情况，人获得的动量数值上总是等于船获得的动量
5.如图所示，物体A静止在光滑的水平面上，A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相等的
物体B以速度v向A静运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动，则A、B 组成的系统动能损失最大的时刻是
A．A开始运动时 B． A和B的速度相等时
C．B的速度等于零时 D．A的速度等于v时
6．运动员投篮过程中对篮球做功为W ，出手高度为1h ，篮筐距地面高度为2h ，球的质
量为m ，空气阻力不计，则篮球进筐时的动能为（ ）
A ．21W mgh mgh -+
B ．12W mgh mgh -+
C ．W mgh mgh -+12
D ． W mgh mgh --12
7．质量为m 的物体，由静止开始下落，由于空气阻力的作用，下落的加速度为
g 54,在下落h 的过程中，下列说法正确的是（ ）
A.物体重力做的功为mgh
B.物体的动能增加了mgh
C.物体重力势能减少了mgh
D.物体克服阻力所做的功为5
mgh 8．如图所示，长度相同的三根轻杆构成一个正三角形支架，在A 处固定质量为2m 的小
球，B 处固定质量为m 的小球。
支架悬挂在O 点，可绕过O 点并与支架所在平面相垂直的固定轴转动。
开始时OB 与地面相垂直，放手后开始运动，在不计任何阻力的情况下，下列说法正确的是
A. A 球到达最低点时速度为零
B. A 球机械能减少量等于B 球机械能增加量
C. B 球向左摆动所能达到的最高位置应高于A 球开始运动时的高度
D. 当支架从左向右回摆时，A 球一定能回到起始高度
二．实验题（9分）
9．在《验证机械能守恒定律》的实验中，采用重物自由下落，打点计时器打点记录的方
法。
（查得当地重力加速度g=9.82/s m ）
（1）为确保打第一个点时初速为零，应挑选第1、2两点间距应接近______mm 的纸带。
（2）如图5所示，若实验中所用重锤质量为m=1kg ，打点时间间隔为0.02s ，把第一个点
记作O ，另选连续的四个点A 、B 、C 、D 作为测量的点，各点到O 点的距离如图所示（注意各数据单位为cm ），可知重物由O 点运动到C 点，重力势能的减少量等于______J ，动能的增加量等于_______J 。
三、本题共2小题，19分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只
写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．
10．质量为3kg 的木块静止在桌面上，被一颗质量为5g 的子弹以601s m /的速度击中（子
弹未穿出），木块沿桌面滑行了0.5m 后停下，试求：此桌面与木块之间的动摩擦因数为多少？（g 取2/10s m ）
11．如图所示，质量M=4kg 的滑板B 静止放在光滑水平面上，其右端固定一根轻质弹簧，
滑板上表面光滑．可视为质点的小木块A 以速度s m v /100 ，由滑板B 左端开始沿滑板B 表面向右运动．已知A 的质量m = l kg ，g 取102/s m 。
求：
（1）弹簧被压缩到最短时木块A 的速度；
（2）木块A 压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能．
高二物理参考答案
一、选择题
1.D 2ABC 3C 4D 5B 6A 7ACD 8BCD
二、实验题
9 （1） 2 （2）7.620 7.558
三、计算题
10．解：
s m v v
m M m v /1)(0=+=
1
.0)(2
10)(2
=+-=+-μμv m M gs m M。