2019年湖南省娄底市中考物理试题(含解析)

2019年湖南省娄底市初中毕业、升学考试
理科综合（物理）
（理科综合考试时间120分钟，物理100分）
一、选择题（本题共36分。

每小题给出的选项中，只有一个是正确的，每小题选对得3分，错选或未选的得0
分。

）
1．（2019湖南省娄底市，第1题，3分）下列估算数据最接近事实的是（）
A．一部华为5G手机的质量约2kg B.人体的电阻大约为36Ω
C.家用液晶电视机额定功率约100W
D.教室门的高度约180mm
【答案】C
【解析】
A. 一部普通手机的质量在100-200g左右，不可能达到2kg，故A错误；
B. 人体的电阻较大，在皮肤干燥时的电阻通常在1000欧以上，故B错误；
C. 家用液晶电视机的额定功率与电冰箱的功率接近，都在100W左右，故C正确；
D. 教室门的高度约为2m=2000mm，故D错误。

【知识点】质量、电阻、电功率、长度的估算
2．（2019湖南省娄底市，第2题，3分）下列关于声现象的说法正确的是（）
A．振动物体的振幅越大音调越高
B．声音在真空中的传播速度是340m/s
C．打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生
D．地震、火山喷发等自然现象会伴有次声波的产生
【答案】D
【解析】
A、振动物体的振幅越大，发出声音的响度越大，而不是音调越高，故A错误；
B、声音的传播需要介质，不能在真空中传播，故B错误；
C、打雷时捂住耳朵可以在人耳处减弱噪声，但不能防止雷声的产生，故C错误；
D、地震、火山喷发等自然现象会伴有次声波的产生，故D正确。

【知识点】声音的产生、声音的传播条件、防治噪声的途径、次声波的应用
3．（2019湖南省娄底市，第3题，3分）清代诗人袁枚的《苔》：“白日不到处，青春恰自来。

苔花如米小，也学牡丹开”其中“白日不到处”主要涉及的物理知识是（）
A．光的直线传播 B. 光的反射
C．光的折射 D. 光的色散
【答案】A
【解析】“白日不到处”是指由于光的直线传播，当有不透明的物体遮挡时，光无法绕过物体而向前传播，因此有光达不到的地方。

故只有选项A是正确的。

【知识点】光的直线传播的应用
4．（2019湖南省娄底市，第4题，3分）用一段细铁丝做一个支架作为转动轴，把一根中间戳有小孔（没有戳穿）的饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动（如图所示）。

用餐巾纸摩擦吸管使其带电，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开。

下列说法正确的是（）
A．吸管和橡胶棒带异种电荷B．吸管和餐巾纸摩擦后，两者带同种电荷
C．吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到电子带负电D．吸管和餐巾纸摩擦时，吸管失去电子带负电
【答案】C
【解析】
A、由题意可知，吸管和橡胶棒相互排斥，因此它们带的是同种电荷，故A错误；
B、摩擦起电是电子的转移，所以吸管和餐巾纸摩擦后，两者带有异种电荷，故B错误；
C、橡胶棒带负电，而吸管与橡胶棒排斥，说明吸管也带负电，因此，说明吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到了电子，故C正确；
D、由C的分析可知，吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到了电子带负电，故D错误。

【知识点】电荷间的相互作用，摩擦起电的实质
5．（2019湖南省娄底市，第5题，3分）学习了分子动理论之后，小明总结了很多生活中与分子动理论有关的现象，下列总结中不正确的是（）
A．“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关
B．人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染
C．用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有相互的斥力
D．“破镜不能重圆”是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱
【答案】C
【解析】
A、“花气袭人知骤暖”说明分子的热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，故A正确；
B、人造木板粘合剂中的甲醛属有害物质，扩散到空气中会造成环境污染，故B正确；
C、用透明胶带揭下纸上写错的字，是利用了胶带与纸之间分子的吸引力，故C错误；
D、“破镜不能重圆”是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱，所以无法重新结合在一起，故D正确。

【知识点】分子动理论的基本观点及应用
6.（2019湖南省娄底市，第6题，3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）
A．通过滑动变阻器的电流变小B．电路中的总电流不变
C．电流表和电压表的示数都逐渐变大D．电压表示数与电流表示数的比值不变
【答案】A
【解析】
A、由图可知，滑动变阻器与灯泡并联，电压表测电源电压，电流表测滑动变阻器的电流。

当滑动变阻器的滑片P向左移动时，其所在支路的电阻变大，则电流变小，故A正确；
B、在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，通过灯泡的电流不变，但通过滑动变阻器的电流改变，所以电路的总电流改变，故B错误；
C、电压表测电源电压，所以不会变。

当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电阻变大，电流表的示数会变小，故C错误；
D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于滑动变阻器的阻值，而变阻器是变化的，因此二者的比值也是变化的，故D错误。

【知识点】欧姆定律的应用，并联电路的电压、电流规律，电路的动态分析
7．（2019湖南省娄底市，第7题，3分）下列关于能源与可持续发展及信息传递的叙述中正确的是（）A．石油是可再生能源
B．娄底广播电台发射的电磁波是靠电流的迅速变化产生的
C．北斗3号卫星定位系统传递信息利用的是超声波
D．太阳内部每时每刻都在发生着核裂变释放巨大的核能
【答案】B
【解析】
A、石油属化石能源，一旦消耗很难在短时间内再获得，属不可再生能源，故A错误；
B、电流的迅速变化可以产生电磁波，广播电台发射的电磁波就是这样产生的，故B正确；
C、卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的，不是利用超声波，故C错误；
D、太阳内部每时每刻都在发生着核聚变，并释放出巨大的核能，故D错误。

【知识点】能源的分类，电磁波的产生及应用，太阳能的利用
8.（2019湖南省娄底市，第8题，3分）现在各学校都在开展“足球进校园”活动。

关于同学们在足球比赛中涉及的物理知识，下列分析正确的是（）
①足球鞋底凹凸不平，是为了减小与地面的接触面积，从而减小摩擦力
②用头顶足球攻门时，头感到疼，说明物理间力的作用是相互的
③足球能在空中飞行，是因为运动员对飞行的足球仍有力的作用
④守门员及时截住射门的足球，说明力可以改变物体的运动状态
A．①③ B. ②④ C. ②③ D. ①③④
【答案】B
【解析】
①足球鞋底凹凸不平，是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，说法错误；
②用头顶足球时，头感到疼，说明物体间力的作用是相互的，说法正确；
③足球能在空中飞行，是因为足球具有惯性，而不是运动员对飞行的足球有力的作用，说法错误；
④守门员及时截住射门的足球，足球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态，说法正确。

综上所述，只有②④是正确的。

【知识点】增大摩擦的方法，力作用的相互性，惯性，力的作用效果
9．（2019湖南省娄底市，第9题，3分）在“探究影响电流热效应的因素”实验中，可通过观察U型管中液面高度变化来比较电阻丝产生热量的多少（如图）。

以下研究中所采用方法与此相同的是（）
A．通过观察小磁针的偏转判定电流周围是否存在磁场
B．用水流类比电流来建立电流的概念
C．用温度——时间图像来描述固体熔化过程
D．探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变
【答案】A
【解析】
在“探究影响电流热效应的因素”实验中，可通过观察U型管中液面高度变化来比较电阻丝产生热量的多少用到了转换法。

A、通过观察小磁针的偏转判定电流周围是否存在磁场，用到了转换法，符合题意；
B、用水流类比电流来建立电流的概念，用的是类比法，不合题意；
C、用温度——时间图像来描述固体熔化过程，用的是图像法，不合题意；
D、探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变，用到了控制变量法，不合题意。

【知识点】物理学方法，转换法、类比法、图像法、控制变量法
10．（2019湖南省娄底市，第10题，3分）下列设备应用到的物理知识解释正确的是（）
A．验钞机——红外线使钞票上的荧光物质发光
B．体温计——利用液体热胀冷缩的原理制成
C．汽油机——压缩冲程中内能转化为机械能
D．电冰箱——利用液态制冷剂在冷冻室升华吸热
【答案】B
【解析】
A．验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光，故A错误；
B．体温计是利用液体热胀冷缩的原理制成的，故B正确；
C．汽油机的压缩冲程中将机械能转化为内能，故C错误；
D．电冰箱是利用液态制冷剂在冷冻室内液化吸热来工作的，故D错误。

【知识点】紫外线与红外线的应用，体温计的原理，汽油机中的能量转化，电冰箱的工作原理
11．（2019湖南省娄底市，第11题，3分）如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1、S2时，下列说法正确的是（）
A．电磁铁的右端为N极
B．小磁针将顺时针旋转
C．当P向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变暗
D．当P向右滑动时，电磁铁的磁性减弱，电压表的示数减小
【答案】D
【解析】
A．根据安培定则，右手握住螺线管，让四指指向电流的方向，则大拇指所指的左侧为电磁铁的N极，故A错误；
B．由于电磁铁左侧为N极，根据异名磁极相互排斥可知，小磁针将逆时针旋转，故B错误；
C．当P向左滑动时，左侧电路接入的电阻减小、电流增大，电磁铁的磁性增强，则巨磁电阻的阻值急剧减小，右侧电路的电流增大，指示灯变亮，故C错误；
D．当P向右滑动时，左侧电路接入的电阻变大、电流变小，电磁铁的磁性减弱，则巨磁电阻的阻值变大，由串联分压可知，指示灯分得的电压减小，即电压表的示数减小，故D正确。

【知识点】安培定则，磁极间的相互作用，电路的动态分析，串联电路的电压规律，滑动变阻器的使用
12.（2019湖南省娄底市，第12题，3分）水上救援需要打捞沉没的货物，我们将该情景简化为如图所示的物理过程。

假设物体浸没在水深h=0.5m的容器底部（非密合），现利用弹簧测力计将物理从水中匀速提出，当物体有一半体积露出水面时，弹簧测力计示数为3N，当物体全部离开水面后，弹簧测力计示数为4N，已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，取g=10N/kg.。

则（）
A．物体在水面下的上升过程中所受的浮力逐渐减小
B．物体在容器底部时，受到的浮力为1N
C．把物体从容器底部提出水面，拉力对物体需要做功2J
D．物体的密度为2.0×103kg/m3
【答案】D
【思路分析】A. 在判断浮力的大小时可运用阿基米德原理；
B. 先利用称重法，确定其一半体积露出水面时所受的浮力，再确定其全部浸没时受的浮力；
C. 对物体进行受力分析，得出完全浸没时受到的拉力，再利用做功的公式W=Fs计算做功的多少；
D. 利用阿基米德原理求出物体的体积，再根据其重力求出质量，最后利用密度公式求出物体的密度。

【解题过程】
A、浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关，物体在水面下上升的过程中，水的密度不变，排开水的体积不变，所以所受浮力大小不变。

故A错误；
B、由题可知，物体的重力G=4N，当物体有一半体积露出水面时，弹簧测力计示数F示=3N，
则此时物体受到的浮力F浮=G-F示=4N-3N=1N，故物体在容器底部时，受到的浮力为2F浮=2N，故B错误；C、物体完全浸没时所受浮力为2N，则拉力F=G-F浮1=4N-2N=2N，
把物体从容器底部提出水面，拉力对物体需要做的功为：W=Fh=2N×0.5m=1J，故C错误；
D、根据F浮=ρgV排可得，物体的体积：
【知识点】浮力的计算，阿基米德原理，功的计算，密度公式的应用
二、填空题：（本题共24分，每空2分）
13．（2019湖南省娄底市，第13题，4分）娄底高铁站的进站通道采用了人脸识别系统（如图所示），识别系统的摄像机可以自动将镜头前1m处的人脸拍摄成数码照片传递给设备识别。

此系统的摄像机的镜头相当于透镜，它的焦距应50cm（选填“大于”“等于”或“小于）。

【答案】凸，小于
【解析】摄像机是利用凸透镜成像的规律制成的，它的镜头相当于凸透镜，当物体在二倍焦距之外时，成倒立缩小的实像。

因此，1m＞2f，则它的焦距应小于50cm。

【知识点】凸透镜成像的应用
14．（2019湖南省娄底市，第14题，4分）既可以省力，又可以改变用力方向的滑轮是（选填“定滑轮”“动滑轮”或“滑轮组”）；利用一个效率为90%的杠杆做100J的总功，其中额外功是J。

【答案】滑轮组，10
【解析】
①定滑轮是等臂杠杆，不省力、但能改变用力方向；动滑轮能省一半的力，但要移动2倍的距离，不能改变用力方向；将定滑轮和动滑轮组合使用，组成滑轮组，既能省力、又能改变用力方向；
②则公式η=总有用W W 得，W 有用=W 总×η=100J ×90%=90J ，
则额外功：W 额外=W 总- W 有用=100J-90J=10J 。

【知识点】定滑轮、动滑轮、滑轮组的特点及应用，机械效率公式的应用，有用功、总功、额外功
15．（2019湖南省娄底市，第15题，4分） 某小灯泡上标有“6V 6W ”字样，其电流随两端电压变化关系的曲线如图所示，则当小灯泡两端的电压为2V 时，通过小灯泡的电流为 A ，此时小灯泡的电阻为 Ω。

【答案】0.5，4
【解析】
由图象可知，当小灯泡两端的电压为2V 时，通过的电流I=0.5A ，
由I=R U 可得，此时小灯泡的电阻：R=I U =A
V 5.02=4Ω。

【知识点】欧姆定律的应用
16.（2019湖南省娄底市，第16题，4分）世界上时速最快的真空超导磁悬浮直道试验线于2018年底在四川建 成，试验线安装在一条特制的真空管道里，测试时可以将单人乘坐的列车模型加速到400km/h 。

某次测试时，用时2.8s ，通过140m 距离将列车模型加速至360km/h ，加速过程中列车模型的平均速度是 m/s ，把管道设计成真空是为了 。

【答案】50，消除空气阻力对列车运动的影响
【思路分析】①平均速度要用总路程除以总时间，利用平均速度的公式可直接计算；
②空气阻力会对列车的运动产生影响，所以把管道设计成真空。

【解题过程】
①加速过程中列车模型的平均速度是:v=t s =s
m 8.2140=50m/s ； ②把管道设计成真空是为了消除空气阻力对列车运动的影响。

【知识点】平均速度的计算，力与运动的关系
17.（2019湖南省娄底市，第17题，4分）小明在物理实验室利用托里拆利实验测量大气压强的值。

实验时他没 有将玻璃管竖直放置，而且稍稍倾斜了。

如图所示。

则此时大气压强等于 mm 高水银柱产生的压强；如果此时在该实验室做“观察水沸腾”的实验，测得水的沸点将 100℃（选填“高于”“等于”或“低于”）
【思路分析】①在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是垂直高度，而不是水银柱的长度；②液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高。

【解题过程】
①图中750mm高度才是水银柱的垂直高度，它产生的压强与大气压大小相等；
②标准大气压下水银柱的高度为760mm，故此时的气压小于标准大气压，水的沸点低于100℃
【知识点】大气压的测量实验，水的沸点与气压的关系
18.（2019湖南省娄底市，第18题，4分）如图所示，薄壁容器的底面积为S，重为G，内装有密度为ρ，重为G2的某种液体，深度为h，容器放置在水平桌面上静止，那么容器底部受到的液体压强为，容器对桌面产生的压强为。

【答案】ρgh，
【思路分析】①根据液体压强公式得出底部受到的液体压强；
②容器对桌面的压力就是容器的重力与液体的重力之和。

容器对桌面的压强可利用固体压强的公式计算。

【解题过程】①容器底部受到液体的压强为：p=；
②容器对桌面的压力就是容器的重力与液体的重力之和，则容器对桌面的压强为：
【知识点】液体压强的计算，固体压强的计算
三、作图与实验探究题（本题共20分，其中19题4分，20题8分，21题8分）
19．（2019湖南省娄底市，第19题，4分）（1）如图所示，S′为发光点S在平面镜MN中所成的像，请在图中画出发光点S的位置，并画出一条由S点发出，经平面镜反射后通过P点的光线。

（2）光控开关的作用是有光时，开关断开，无光时闭合；声控开关的作用是有声音时，开关闭合，无声音时断开。

请将图中的“光控”、“声控”两个开关和灯泡用笔画线代替导线正确连入电路。

要求电灯只有无光且有声音时才亮。

【思路分析】（1）先根据平面镜成像时像物对称，找出发光点S的位置，再连接S′P找到反射光线，最后连接S点与入射点O，画出入射光线，并标出箭头，注意光线用实线，辅助线用虚线。

（2）根据“光控”、“声控”同时控制灯泡可知，必须将两个开关串联才能达到“电灯无光且有声音时才亮”的效果。

因此从火线先后串联两只开关，再进入顶端的金属点，再将零线与灯泡的螺旋套相连接。

【解题过程】（1）先画出S′的对称点S，则S就是发光点的位置，再连接S′P画出反射光线，最后连接S点与入射点O，画出入射光线，并标出箭头，注意光线用实线，辅助线用虚线。

如图（1）所示；
（2）从火线先后串联两只开关，再进入顶端的金属点，再将零线与灯泡的螺旋套相连接。

如图（2）所示。

20.（2019湖南省娄底市，第20题，8分）如图1是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图。

其中，m A=m B＜m C，h A=h C＞h B。

（1）实验中，探究的动能是指（填序号）
A．小球在斜面上的动能B．小球撞击木块时的动能
C．小球撞击木块后的动能D．木块被小球撞击的动能
（2）使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，是为了研究动能大小与的关系。

（3）在做了探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验后，有些同学对“质量不同的小球从同一光滑斜面同一高度由静止开始滚下，刚到达底部时的速度大小相等”有疑惑，小明设计了如图2所示的实验：让质量不同的小球A、C同时从同一高度由静止开始沿光滑斜面滚下，观察和比较两球相对运动情况，若C球相对于A球（选填“运动”或“静止”），就可以说明任一时刻两球的速度大小相等。

（4）完成实验后，同学们还联想到以前学习牛顿第一定律时，也用到了斜面：让同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，在三个不同的表面上能滑动的距离不同（如上表），小车在这三个表面上滑行的过程中克服摩擦力做功（选填“相等”或“不相等”）。

【答案】（1）B；（2）速度；（3）静止；（4）相等。

【思路分析】
（1）据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；
（2）影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
（3）通过运动和静止的相对性分析即可判断；
（4）直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等不好确定，可根据重力势能大小关系及能量的转化分析。

【解题过程】
（1）据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；故选B；
（2）影响动能大小的因素有物体的质量与速度，使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，这里的变量是速度，因此，是为了研究动能大小与速度的关系；
（3）让质量不同的小球A、C同时从同一高度由静止开始沿光滑斜面滚下，观察和比较两球相对运动情况，若任一时刻两球的速度大小相等，即以任何一个小球为参照物，另一个小球都是静止的，所以若C球相对于A球静止，就可以说明任一时刻两球的速度大小相等。

（4）让小车从同一高度由静止下滑，根据决定重力势能大小的因素可知，最初小车的重力势能相同，下滑到水平面时的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相等。

【知识点】影响物体动能大小因素的探究实验，控制变量法、转换法的运用，做功大小的比较
21．（2019湖南省娄底市，第21题，8分）小明设计的“测量小灯泡额定功率”的电路图如图甲，已知电源电压恒为6V，小灯泡标有3.8V字样，它正常发光时通过的电流约为0.32A。

（1）小明按图甲进行电路连接，当他接好最后一根导线时，小灯泡立即发出耀眼的光，接着小灯泡烧坏，请指出小明在连接电路时的错误操作：①；②滑动变阻器滑片P在图甲最右端位置。

（2）另一组同学也在做这个实验，但开关闭合后，无论怎样移动滑片发现小灯泡都不亮，电流表没有示数，但电压表有示数。

请分析造成此现象的可能原因是。

（3）小华更换了一个同型号的新灯泡，正确连接电路，闭合开关后，移动滑片P，灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W。

（4）小明还想用已有实验器材测未知电阻Rx（约1Ω）的阻值。

当他用Rx替换小灯泡后，发现电压表已损坏（注意：其他器材完好、桌上还有一个开关S1可以使用；滑动变阻器的铭牌模糊不清，其最大阻值约为15Ω）。

请帮他完成实验设计：在方框中画出一个能测出Rx阻值的电路图。

【答案】（1）连接电路时开关没有断开；（2）小灯泡断路；（3）1.14；（4）见下图。

【思路分析】（1）为保护电路，连接电路时开关要断开；开关闭合前，滑动变阻器连入电路中的电阻最大；（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）知道小灯泡的额定电压，从电流表读出其电流值，利用公式P=UI可得出额定功率；
（4）把待测电阻丝与滑动变阻器串联接入电路，调节滑片，测出电路电流，求出电路总电阻；然后保持滑片位置不变，只把滑动变阻器接入电路，测出电路电流，由欧姆定律求出滑动变阻器阻值；最后由串联电路特点求出待测电阻。

【解题过程】
（1）当他连接好所有的导线时，发现小灯泡立即发出耀眼的光，接着小灯泡烧坏，则连接电路时的错误操作是：
①连接电路时开关没有断开；②开关闭合前，滑动变阻器没有调到最大阻值处，或可能在最端的阻值最小
处。

（2）分析可知，开关闭合后，无论怎样移动滑片发现小灯泡都不亮，电流表没有示数，说明电路有断路；但电压表有示数，说明电压表可以与电源两极接通，此现象的可能原因是小灯泡处断路了；
（3）因为是同型号的新灯泡，且正常发光，则其电压为3.8V，由“它正常发光时通过的电流约为0.32A”可知，电流表选择的是小量程，则此时的电流值为0.3A。

则灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W。

（4）在没有电压表的情况下，已知电源电压，可通过测量电流，计算总电阻和分电阻的方法进行测量。

在如图的电路中，待测电阻丝与滑动变阻器串联，调节滑片，测出电路电流，求出电路总电阻；然后保持滑片位置不变，闭合S2，只把滑动变阻器接入电路，测出电路电流，由欧姆定律求出滑动变阻器阻值；最后用总电阻减去变阻器的电阻，可求出待测电阻。

电路图如下图所示：
【知识点】测量小灯泡额定功率的实验，电路故障的判断，电流表的读数，电功率公式的运用，电路图的设计四、综合应用题（本题共20分，其中22题8分，23题12分）
22．（2019湖南省娄底市，第22题，8分）蛟龙AG600水陆两栖飞机是我国自主研制的“三大飞机”之一，被誉为国之重器。

AG600主要用于大型灭火和水上救援，可以从地面起飞和降落，也可以从水面起飞和降落。

AG600 空载时质量为41.5t，最多可储水12t。

（取g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）求：
（1）AG600空载时的重力是多少？
（2）某次试飞前，AG600储满水后浮在某湖面上，求其排开湖水的体积。

（3）在一次水面滑行测试中，AG600储一定质量的水，在水面上以10m/s的速度匀速滑行了1min，滑行过程中所受飞机所受阻力为总重的0.5倍，发动机牵引力的实际总功率为2500kW，求飞机在这次滑行测试中所储水的质量是多少？
【思路分析】（1）已经飞机的质量，利用公式G=mg可计算其重力；
（2）漂浮时飞机所受浮力等于它的总重力，其总重力等于自身重力与储水重力之和，再利用浮力的变形公式可计算其排水的体积；
（3）知道总功率和速度，利用公式P=Fv的变形可直接求出其牵引力，又因为匀速滑行时牵引力与阻力相等，可得到阻力。

再根据阻力为重力的关系得出此时的总重力，总重力减去飞行自身的重力，即为此时储水的重力。

【解题过程】
解：（1）AG600空载时的重力：G空=mg=41.5×103kg×10N/kg=4.15×105N；
（2）储满水后水的重力：G水=m水g=12×103kg×10N/kg=1.2×105N；
AG600储满水后的浮力等于其总重力：F浮=G总=G飞机+G水=4.15×105N +1.2×105N =5.35×105N；
由浮力公式F浮=ρ水gV排可得，
其排开湖水的体积：
（3）由公式P=Fv可得，
发动机的牵引力：F=P/v=2.5×106W÷m/s=2.5×105N
飞行匀速滑行，则阻力f=F=2.5×105N。