2023年高考押题预测卷01(全国甲卷)-物理(全解全析)

O A B C D 则有U AB U BO UOC UCD 0 故 AD 错误，C 正确；
B．由正点电荷周围的电场强度
E
k
Q r2
，可知 EO
EC
ED
故
B
错误。故选
C。
17．A
【详解】根据图甲可知 H 谱线对应的光波长最长， Hδ 谱线对应的光波长最短，根据
E
h
h
c
可知 H
谱线对应光子的能量最小， Hδ
g
份高度 2h 1 gt'2 解得 t' 2
4h g
水通过前两等份高度用时 t1
t
t'
8h g
4h 所以
g
t2 1 t1 2
1 2
2 2
则1
t2 t1
3 故选
A。
15．D
【详解】AB．同步卫星在轨道上运行时，由引力作为向心力，恰好相对地球静止，而空间
站轨道高于同步卫星轨道，若仅由万有引力作为向心力，转动周期大于同步卫星，不可能相
273 37 273
该同学一次能呼出的空气分子数的物质的量为 n V1 该同学一口气吹出的空气分子数为 Vmol
N nNA 代入数据解得 N 1.11023 个
34．[物理——选修 3–4]（15 分） （1） 1 负 -9 【详解】[1]根据波的图像可知波长 2m 根据振动图像可知周期T 2s 则波速 v 1m/s
[4]通过定值电阻 RS 的电流强度 0；
（3）[5]保持滑动变阻器 Rp 的滑片 P 不动，将 K 置于“2”挡，调节滑动触头 T ；
[6]测量电阻线 ab 段长度为 l0 ；
Rs [7]由电压规律 l
S
Es U
， Ex
l0 S
l
U
解得待测电源的电动势为 Ex
4l0Es Rs D2
S
24．（1）正电，
弹力方向仍然指向圆心，方向不变，所以方体物块对球的弹力将变小，方体物块对球的弹力
与水平方向的夹角 不变，C 正确，D 错误。故选 AC。
21．CD
【详解】A．线框刚进入磁场时有 E BL1v0 0.5V ，ab 边两端的电压为
U ab
L1 2L2 E （2 L1 L2）
0.41 2（0.25
出偏转系统时垂直纸面向外的速度分量及位移为
v外 at1
Eq BL qBL mE m
x1
1 2
at12
Eq 2m
BL E
2
qB2L2 2mE
出偏转系统时速度与竖直方向得夹
角为 ，则 tan v外 qB2L 离子通过正方体底面到达水平面的 x 轴上的位置坐标为 v mE
x
x1
L tan
与地面发生第
n
1 次碰撞时与
C
点的距离为
x，则
v2 y1ຫໍສະໝຸດ 2gh；x
v共t
解得
t
vy1 g
1
1 2
1 2
2
1 2
3
1 2
n
当 n 时 t 2vy1 此时 x 12 10m 即要使小球能水平进入接收器最低点 P，P 与 C 间的
g
125
12 最小距离为
10m 。
125
33．[物理——选修 3–3]（15 分）
E 2B2L
；（2）
3L 4
,
0
【详解】（1）通过磁分析器的离子在磁分析器内做匀速圆周运动，洛伦兹力指向 O' 提供向
心力，由左手定则可知离子带正电，且有 qvB mv2 ； r 2L 离子通过速度选择器时有 r
Eq
qvB
得v
E B
解得
q m
E 2B2L
（2）离子在偏转系统中有 t1
L v
BL E
D
正
确。故选 ABD。
20．AC
【详解】A．对空心球整体为研究对象，受力分析如图，因平衡受三力构成矢量三角形，由
几何关系可知图中 sin R 1 故方块物体对空心球的弹力大小为 2mg，A 正确； 2R 2
B．仅将方块物体向右移动一小许， 变小，墙面对空心球的弹力将变大，B 错误；
C．仅当空心球里的水放掉一小部分，重力变小，但虽然重心下降，但方形物块对空心球的
部的压力大于 mg，AD 错误；
B．根据自由落体公式可得 2R 1 gt2 解得小物体的运动时间为 t
4R 2
R ，B 错误；
2
g
g
C．乙转四分之一圆周接到小物体，则满足
t 解得
g ，C 正确。故选 C。
2
4R
19．ABD
【详解】A．在 t 4 s 时，加速度为 a=2m/s2，则拉力 F=mg+ma=12N 选项 A 正确； B．根据 v at 可知 a t 图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，则在 t=4s 时，
qB 2 L2 2mE
qB 2 L2 mE
3L 4
所以离子通过正方体底面到达水平面的位置坐标
3L 4
,
0
。
25．（1）
FN
4.5N
，方向竖直向下；（2）
h
0.72m
12 ；（3）
125
10m
【详解】（1）小球刚运动到滑块最低点
A
时，对小球 FN
mg
mv02 R
得 FN
4.5N
由牛顿第
三定律可知，小球对滑块的压力 FN 4.5N 方向竖直向下
（2）[2]遮光条的宽度为1.0cm+0.005cm 4=1.020cm 。
（3）[3]设 A、B
重物的质量为
m，根据机械能守恒定律有 mgH
mgH 2
1 2
m
d t
2
1 2
m
d 2t
2
化简得
gh
5d 2 4t 2
23． 0.715 / 0.714 / 0.716
ES
ES
0
滑动触头 T
电阻线 ab 段长度为 l0
O
点向
TE
作垂线
OZ，设
OZ
为
sin h，则
h d
sin ；
r d
又h
r
所以 sin
sin
可得
2
2
即光线在 ES 的入射角最大，分析可知，θ 达到临界角时 r 最大，则 sin
r d
1 n 解得
2
r 1mm
T [2]根据乙图， t 1s 时 x 1m 处的质点振动方向向上，根据“同侧法”， 该波沿 x 轴负方向传
播；
[3]t＝1s 时 x＝2m 处的质点位移为零，结合两个图像可知波沿 x 轴负方向传播，所以再经
0.5s 即四分之一周期，平衡位置在 x＝2m 处的质点沿 y 轴负方向运动到最大位移处，即位
2023 年高考押题预测卷 01【全国甲卷】
物理·全解全析
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18
19
20
21
A
D
C
A
C
ABD
AC
CD
14．A 【详解】设上升最大高度为 4h，喷泉向上喷的逆过程为初速度为零的匀加速直线运动
4h 1 gt2 解得总时间为 t 2
8h g
通过最后一等份高度 h
1 2
gt22
解得 t2
2h 水通过后两等
对地球静止，故空间站绕地球运行的向心力大于地球对它的万有引力，AB 错误；
CD．若连接空间站处的“绳索”断裂，引力不足以作为向心力，故空间站做离心运动，C 错
误，D 正确。
故选 D。
16．C
【详解】ACD．MN 上表面由于感应起电，根据异种电荷相互吸引，同种电荷相互排斥，所
以上表面将带负电；电荷分布稳定时，长方形的铁块为等势体，MN 上表面为等势面，故有
谱线对应的光子能量最大。代入四条可
见光谱线的波长，得到四种光的光子能量分别为 E 1.89eV ， E 2.55eV ， E 2.86eV ，
Eδ 3.02eV 此能量恰好与氢原子分别从 n 3 ， n 4 ， n 5 ， n 6 能级跃迁到 n 2 能级
对应的能量相符。
A．发生光电效应为光子能量大于金属的逸出功。根据上述结果可知用 H 光照射时可让表 中钾和铷两种金属发生光电效应。故 A 正确； B．根据上述解析可知 H 谱线对应光子的能量小于 H 谱线对应光子的能量，故 B 错误； C． H 谱线对应的光子是氢原子从 n 3 能级向 n 2 能级跃迁发出的，故 C 错误； D．氢原子从 n 2 能级向 n 1 能级跃迁时发出的光，能量为10.2eV ，此能量大于可见光的 能量范围，故此光属于紫外线。故 D 错误。 故选 A。 18．C 【详解】AD．座舱中的乘客在做匀速圆周运动，其合力始终指向圆心，在最高点时，重力 大于支持力，处于失重状态，在最低点时，支持力大于重力，处于超重状态，即乙对座舱底
（2）小球滑上滑块到运动至最高点的过程中，小球和滑块组成的系统水平方向动量守恒，
设小球运动到最高点 h 时，滑块和小球水平方向的速度大小相等，设为
v共 mv0 (M m)v共 ； mv02 (M m)v共2 mgh
2
2
得 h 0.72m
（3）设小球第一次着地前瞬间，竖直方向的速度大小设为 vy1 ，初次着地后经 t 时间，小球
L3
0.06m<L3 所以线框不能穿过磁场，最后线框的
cd
边停在距有界磁场的
左边界 0.06m 处，选项 B 错误，C 正确；
D．根据能量守恒可知线框在整个运动过程中产生的焦耳热 Q
1 2
mv02
0.04J 选项
D
正确。
故选 CD。
22．
d
1.020
gh 5d 2
t
4t 2
【详解】（1）[1]由速度公式，重物 B 经过光电门时的速度为 v d t
移为－9cm。
（2）2.5，1.2×108 m/s；1 mm
【详解】（1）设∠DQG
为
i，∠OQP
为
r，由几何关系得 sin i
DG DQ
； sin
r
OP OQ
由折射定律
n sin i sin r
代入数据解得 n 2.5 由 n c 可得 v c 1.2108 m/s
v
n
（2）如图
设 E 点发出的光线 ES、ET 与法线的夹角分别为 θ 和 α，ES⊥EF，光线 ET 为任一光线，过
4 l0 Es Rs D2
【详解】（1）[1]电阻线的横截面直径 D 0. 5mm 21. 5 0. 01mm 0. 715mm
（2）[2]单刀多掷开关 K 从“0”挡调到“1”挡，再调节滑动变阻器 Rp 的滑片 P ，使灵敏电流计
G 示数为 0，此时，标准电源的内阻两端电压 ES ；
[3]定值电阻 RS 两端电压是 ES ；
物体的速度
v4
1 2
1
2
4m/s
6m/s
在
t=4s
时，物体克服重力做功的功率为
P
mgv4
60W
选项
B
正
确；
C．在 0 4s 时间内，物体的动量改变量的大小为 p mv 6kg m/s 选项 C 错误；
D．在 0
4s 时间内，根据动能定理得WF
mgh
1 2
mv42
整理得WF
18
mgh
18J 选项
（2） 4400mL ；1.11023 个
【详解】（1）根据题意，设该同学的肺活量V0 ，根据玻意耳定律可得 p0V0 pV 其中
V 4 r3 ， r 10cm 3
代入数据解得V0 4400mL
（2）根据题意，设该同学一口气吹出气体在标准状态下的体积为V1 ，根据盖吕萨克定律可 得 V0 V1
（1） 减小 减少 扩散现象
【详解】[1]在自嗨锅爆炸的瞬间，盒内气体对外做功，且来不及与外界进行热量交换，根
据热力学第一定律可知盒内气体内能减小，温度降低。
[2]爆炸短时间内，温度迅速降低，分子平均速率减小，气体体积迅速膨胀，分子数密度减
小，故单位时间单位面积上分子撞击容器壁的次数减少。
[3]能够闻到火锅的香味是因为分子热运动导致的扩散现象。
0.5V 0.08）
0.31V
选项
A
错误；
BC．线框
ab
边进入磁场到离开磁场的过程，根据动量定理有 mv1
mv0
BIL1t
B2 L12 R
L3
之后线框匀速运动，直到 cd 边进入磁场，在 cd 边进入磁场到速度减为 0 的过程，根据动量
定理有 0 mv1
BIL1t
B2 L12 R
x
解得
x
mv0 R B2 L12