2018高考物理异构异模复习：专题八 恒定电流 专题撬分练8含解析
全品复习方案2018高考物理大一轮复习专题训练八第8单元恒定电流
专题训练（八）第8单元恒定电流基础巩固1．(多选)[2016·扬州期末] 回旋加速器工作原理示意图如图Z81所示，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，两盒间的狭缝很小，粒子穿过的时间可忽略，它们接在电压为U、频率为f的交流电源上，若A处粒子源产生的质子在加速器中被加速，下列说法正确的是( )图Z81A．若只增大交流电压U，则质子获得的最大动能增大B．若只增大交流电压U，则质子在回旋加速器中运行时间会变短C．若磁感应强度B增大，交流电频率f必须适当增大才能正常工作D．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器也能用于加速α粒子2．如图Z82所示，在xOy直角坐标系中，第Ⅰ象限内分布着方向垂直纸面向里的匀强磁场，第Ⅱ象限内分布着方向沿y轴负方向的匀强电场．初速度为零、带电荷量为＋q、质量为m的粒子经过电压为U的电场加速后，从x轴上的A点垂直x轴进入磁场区域，经磁场偏转后过y轴上的P点且垂直y轴进入电场区域，在电场中偏转并击中x轴上的C点．已知OA＝OC＝d.求电场强度E和磁感应强度B的大小．(粒子的重力不计)图Z82能力提升3．如图Z83所示，在第Ⅱ象限内有水平向右的匀强电场，电场强度为E，在第Ⅰ、Ⅳ象限内分别存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等．有一个带电粒子以垂直于x 轴的初速度v0从x轴上的P点进入匀强电场中，并且恰好与y轴的正方向成45°角进入磁场，又恰好垂直于x轴进入第Ⅳ象限的磁场．已知O、P之间的距离为d，则带电粒子在磁场中第二次经过x轴时，在电场和磁场中运动的总时间为( )图Z83A.7πd2v0B.dv0(2＋5π) C.dv0⎝⎛⎭⎪⎫2＋3π2D.dv0⎝⎛⎭⎪⎫2＋7π24．[2015·东北三校联考] 如图Z84所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电压为U2的两导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1和U2的变化情况为(不计重力，不考虑边缘效应)( )图Z84A．d随U1变化，d与U2无关B．d与U1无关，d随U2变化C．d随U1、U2变化D．d与U1、U2无关5．(多选)[2015·石家庄模拟] 如图Z85所示为一种获得高能粒子的装置，环形区域内存在垂直纸面、磁感应强度大小可调的匀强磁场，带电粒子可在环中做圆周运动．A、B 为两块中心开有小孔的距离很近的极板，原来电势均为零，每当带电粒子经过A板准备进入A、B之间时，A板电势升高为＋U，B板电势仍保持为零，粒子在两板间的电场中得到加速；每当粒子离开B板时，A板电势又降为零，粒子在电场的加速下动能不断增大，而在环形磁场中绕行半径不变．若粒子通过A、B板的时间不可忽略，能定性反映A板电势U和环形区域内的磁感应强度B随时间t变化的关系的是( )图Z85图Z866．如图Z87所示，静止于A处的离子，经加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静电分析器，从P点垂直CF进入矩形区域的有界匀强电场，电场方向水平向左．静电分析器通道内有均匀辐射分布的电场，已知圆弧虚线的半径为R，其所在处场强为E，方向如图所示．离子质量为m、电荷量为q，QF＝2d、PF＝3d，离子重力不计．(1)求加速电场的电压U；(2)若离子恰好能打在Q点上，求矩形区域QFCD内匀强电场场强E0的值；(3)若撤去矩形区域QFCD内的匀强电场，换为垂直纸面向里的匀强磁场，要求离子能最终打在QF上，求磁场磁感应强度B的取值范围．图Z87挑战自我7．[2015·马鞍山三模] 如图Z88甲所示，在真空中，半径为R的圆形区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外．在磁场左侧有一对平行金属板M、 N，两板间距离也为R，板长为L，板的中心线O1O2与磁场的圆心O在同一直线上．置于O1处的粒子发射源可连续以速度v0沿两板的中心线O1O2发射电荷量为q、质量为m的带正电的粒子(不计粒子重力)，M、N两板不加电压时，粒子经磁场偏转后恰好从圆心O的正下方P点离开磁场；若在M、N板间加如图乙所示交变电压U MN，交变电压的周期为Lv0，t＝0时刻入射的粒子恰好贴着N板右侧射出．(1)求匀强磁场的磁感应强度B的大小；(2)求电压U0的值；(3)若粒子在磁场中运动的最长、最短时间分别为t1、t2，则它们的差值为多大？图Z88专题训练(八)1．BC [解析] 根据qvB ＝m v 2R ，R 是D 形金属盒的半径，知质子获得的最大速度v ＝qBRm，则最大动能E km ＝12mv 2＝q 2B 2R22m ，与加速电压无关，故A 错误；根据质子做圆周运动的周期公式T ＝2πmqB，T 与质子的速度大小无关，所以若只增大加速电压U ，不会改变质子在回旋加速器中运动的周期，但加速次数变少，则运动时间也会变短，故B 正确；质子在磁场中做圆周运动的周期与加速电场的周期相等，根据T ＝2πm qB知，若磁感应强度B 增大，则在磁场中做圆周运动的周期变小，则交流电频率f 必须适当增大才能正常工作，故C 正确；带电粒子在磁场中做圆周运动的周期与加速电场的周期相等，根据T ＝2πm qB知，换用α粒子，比荷变化，在磁场中运动的周期变化，而不改变磁感应强度B 与交流电频率f ，加速电场的周期不变，破坏了回旋加速器的工作条件，从而不能加速α粒子，故D 错误．2.4Ud2qUmqd[解析] 设带电粒子经电压为U 的电场加速后速度为v 由动能定理有qU ＝12mv 2带电粒子进入磁场后，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律有qBv ＝mv 2r依题意可知：r ＝d 联立解得B ＝2qUmqd带电粒子在电场中偏转，做类平抛运动，设经时间t 从P 点到达C 点．由平抛运动规律有d ＝vt d ＝12at 2又qE ＝ma 联立解得E ＝4Ud. 3．D [解析] 带电粒子的运动轨迹如图所示，带电粒子出电场时，速度v ＝2v 0，这一过程的时间t 1＝d v 02＝2dv 0，根据几何关系可得带电粒子在磁场中的偏转轨道半径r ＝22d ，带电粒子在第Ⅰ象限中运动的圆心角为3π4，故带电粒子在第Ⅰ象限中的运动时间t 2＝3πm4Bq ＝32πd 2v ＝3πd 2v 0，带电粒子在第Ⅳ象限中运动的时间t 3＝2πd v 0，故t 总＝d v 0⎝⎛⎭⎪⎫2＋7π2，D 项正确．4．A [解析] 设带电粒子在加速电场中被加速后的速度为v 0，根据动能定理有qU 1＝12mv 20.设带电粒子从偏转电场中出来进入磁场时的速度大小为v ，与水平方向的夹角为θ，如图所示，在磁场中有r ＝mv qB ，v ＝v 0cos θ，而d ＝2r cos θ，联立解得d ＝2mv 0qB，选项A 正确．5．BC [解析] 由题意可知，粒子在加速电场中运动时，两板电势差不变，故场强不变，带电粒子所受电场力不变，加速度不变，而粒子进入电场时的初速度不断变大，故在两板间运动的时间不断变短，粒子进入磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，即qvB ＝m v 2R，解得B ＝mvqR，随着粒子速度不断增大，半径保持不变，故磁感应强度不断增大，又由圆周运动规律T ＝2πRv可知，带电粒子在磁场中运动的周期不断减小．综上可知，B 、C 正确．6．(1)12ER (2)3ER 2d (3)23dEmR q >B ≥12d EmRq[解析] (1)离子在电场中加速，据动能定理有qU ＝12mv 2离子在静电分析器中做匀速圆周运动，电场力提供向心力，由牛顿第二定律可得qE ＝m v 2R可解得加速电场的电压U ＝12ER(2)离子在QFCD 区域内做类平抛运动，有 QF ＝2d ＝vtPF ＝3d ＝12at 2由牛顿第二定律得 qE 0＝ma可解得匀强电场场强E 0＝3ER2d(3)离子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得qBv ＝m v 2r解得B ＝EmR qr 2离子能打在QF 上，说明既没有从DQ 边出去也没有从PF 边出去，则离子运动径迹的临界情况如图所示．由几何关系知：32d <r ≤2d则有：23dEmR q >B ≥12d EmRq7．(1)mv 0qR (2)2mR 2v 20qL 2 (3)πR 3v 0[解析] (1)当U MN ＝0时，粒子沿O 1O 2方向射入磁场，轨迹如图所示，设其半径为R 1，由几何关系得R 1＝R根据牛顿第二定律得Bv 0q ＝m v 20R 1解得B ＝mv 0qR(2)在t ＝0时刻入射的粒子满足：R 2＝12×U 0q Rm ×L 2v 02×2 解得U 0＝2mR 2v 2qL2(3)经分析可知所有粒子经电场后其速度仍为v 0，t ＝(2k ＋1)L2v 0(k ＝0，1，2，3，…)时刻入射的粒子贴M 板射入磁场，轨迹如⊙O 4，偏转角为α.由几何知识可知四边形QOPO 4为菱形，故α＝120° 粒子在磁场中运动的最长时间t 1＝T3t ＝2kL2v 0(k ＝0，1，2，3，…)时刻入射的粒子贴N 板射入磁场，轨迹如⊙O 5，偏转角为β.由几何知识可知SOTO 5为菱形，故β＝60° 粒子在磁场中运动的最短时间t 2＝T6又T ＝2πR v 0故Δt ＝t 1－t 2＝πR 3v 0。
专题08 恒定电流-备战2018年高考物理优质试卷分项版
一、选择题1、（2017年高三第二次全国大联考【江苏卷】物理1）某同学想粗测一下粗细均匀的某金属导线的电阻率，他先用螺旋测微器测出该导线的直径为d =0.200 mm ，然后用刻度尺测出导线的长度为1.0×103mm ，用调好的欧姆表测出导线的电阻为5.0 Ω，由此可算得该铜导线的电阻率约为（ ） A ．71.510m -⨯Ω⋅ B ．71.510/m -⨯Ω C ．81.510m -⨯Ω⋅ D ．81.510/m -⨯Ω 【答案】A【解析】由电阻定律2π()2L L R d S ρρ==得2π()2dR L ρ==71.510m -⨯Ω⋅，A 正确． 2、（2017年高考物理原创押题预测卷01（新课标Ⅱ卷）理科综合物理20）已知磁敏电阻在无磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强阻值越大。
为探测磁场的有无，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路。
若探测装置从无磁场区进入强磁场区，电源的电动势E 和内阻r 不变，理想电压表、电流表的示数将发生变化，电压表V 1、V 2示数变化量的绝对值分别为∆U 1、∆U 2，已知电阻R 大于电源内阻r ，则A ．电流表A 的示数减小B ．电压表V 1的示数减小C ．电压表V 2的示数减小D ．∆U 1大于∆U 2 【答案】ABD故D正确。
3、（2017年高考原创押题预测卷03【江苏卷】物理试题4）如图所示的电路，闭合开关S，灯泡L1和L2均正常发光，突然灯泡L2灯丝烧断，其余用电器均未损坏，电源的电动势与内阻不变．则下列结论中正确的是（A）电流表的读数变小，电压表的读数变小（B）灯泡L1变亮（C）电容器C上所带电荷量增大（D）电阻R的电功率减小【答案】C4、（2017年4月2017届高三第二次全国大联考（新课标Ⅱ卷）理科综合16）工厂生产的某一批次小灯泡说明书上附有如下图甲所示的电压随电流变化图象，乙图是该批次三个小灯泡连接而成的电路，三个灯泡均发光时电压表V2的示数为1 V，下列说法正确的是（）A．电压表V1的示数为2.0 V B．电流表A1的示数为0.60 AC．若灯泡L1短路，则电压表V2的示数为5.0 V D．电源的输出功率为0.90 W【答案】B【解析】分析电路的连接时，把电压表看作断路或者去掉，电流表看作导线，题中L2与L3并联，然后再与L1串联组成外电路，电压表V1测量L1两端的电压，电压表V2测量并联电路部分的电压，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过L3的电流。
(新课标)2018年高考物理一轮复习第八章恒定电流突破全国卷试题
第八章 恒定电流电学设计性实验题能有效地考查学生的实验技能和创造性思维能力，每年高考都有考查，属于必考内容．【重难解读】电学实验中主要有以下几个实验 (1)电阻的测量；(2)电源电动势和内阻的测量； (3)多用电表的使用．其中测量电阻的方法和思路是考查的重点，而电动势和内阻的测量属于难点．【典题例证】(9分)某同学通过查找资料自己动手制作了一个电池．该同学想测量一下这个电池的电动势E 和内电阻r ，但是从实验室只借到一个开关、一个电阻箱(最大阻值为999.9 Ω，可当标准电阻用)、一只电流表(量程I g ＝0.6 A ，内阻r g ＝0.1 Ω)和若干导线．(1)请根据测定电动势E 和内电阻r 的要求，设计图甲中器材的连接方式，把它们连接起来．(2)闭合开关，逐次改变电阻箱的阻值R ，读出与R 对应的电流表的示数I ，并作记录．当电阻箱的阻值R ＝2.6 Ω时，其对应的电流表的示数如图乙所示．处理实验数据时，首先计算出每个电流值I 的倒数1I ；再制作R －1I坐标图，如图丙所示，图中已标注出了⎝ ⎛⎭⎪⎫1I ，R 的几个与测量对应的坐标点，请你将与图乙实验数据对应的坐标点也标注在图丙上．(3)在图丙上把描绘出的坐标点连成图线．(4)根据图丙描绘出的图线可得出这个电池的电动势E ＝________ V ，内电阻r ＝________ Ω.[解析] (1)把各器件直接串联即可．(2)当R ＝2.6 Ω时，由题图乙可知I ＝0.5 A ，1I＝2 A －1，坐标为(2，2.6)．(3)图线是一条倾斜的直线．连线时不能连成折线；为减小偶然误差，个别偏离太远的点舍去．(4)由闭合电路的欧姆定律得E ＝I (R ＋r ＋r g )，则R ＝EI－(r ＋r g )，故图线的斜率k 表示电池电动势E 的大小，纵轴截距的绝对值表示(r ＋r g )．E ＝k ＝6.0－04.20－0.25V ≈1.52 V(1.46～1.54 V 范围内均正确)，r ≈0.3 Ω(0.25～0.35Ω均正确)．[答案] (1)(2)(3)见解析[(1)3分；(2)2分；(3)2分)] (4)1.52(1.46～1.54)(1分) 0.3(0.25～0.35)(1分)解决电学实验问题应掌握以下内容：1．明确题目的要求：认真审清题意，看清题目的要求．即审题时要看清题目要求测定什么物理量，验证、探究什么物理规律，或者要求设计达到何种标准的电路等．2．明确实验原理：解决设计型实验题的关键在于选择实验原理．如果实验需要测定某些电学量，应弄清待测物理量可通过哪些规律、公式求得，与哪些物理量有直接联系，可用哪些物理量定量地表示，用何种方法测定相关量，进而得出待求量．3．明确设计电路的原则设计电路一般应遵循“安全性”原则、“精确性、方便性”原则，兼顾“运用仪器少、耗电少”等原则．(1)安全性原则：选用仪器组成电路，首先要保证实验正常进行．例如通过电流表的电流和加在电压表上的电压均不得超过其量程，滑动变阻器、被测电阻不得超过其额定电流(额定功率)等．(2)精确性、方便性原则：“精确”是指选用仪器组成实验电路时要尽可能减小测量误差，提高精确度．例如所用电流表、电压表的指针应有较大的偏转，一般应使指针偏转在满刻度的13以上，以减小因读数引起的偶然误差．“方便”是指实验中便于调节控制，便于读数．例如应根据电路可能出现的电流、电压范围选择滑动变阻器．对大阻值的滑动变阻器，如果滑片稍有移动就使电路中的电流、电压有很大变化，则不宜采用．对于滑动变阻器，还要权衡用分压式电路还是限流式电路．(3)运用仪器少、耗电少原则：在达到实验目的，各项指标均符合要求的前提下，还应注意运用的仪器尽量少和节约电能．例如控制电路有限流式与分压式两种调节电路，若这两种调节电路均能满足要求，从消耗功率小，节约电能的角度，则应选用限流式电路．4．控制电路的选择滑动变阻器选用限流接法和分压接法的依据：(1)负载电阻电压要求变化范围较大，且从零开始连续可调，应选分压电路． (2)若负载电阻的阻值R x 远大于滑动变阻器总阻值R ，应选分压电路．(3)若负载电阻的阻值R x 小于滑动变阻器总阻值R 或相差不多，且没有要求电压从零可调，应选限流电路．(4)两种电路均可时限流电路优先，因为限流电路消耗的总功率小． 5．测量电路的选择对伏安法测电阻，应根据待测电阻的大小选择电流表不同的接法．(1)阻值判断法当R V ≫R x 时，采用电流表“外接法”； 当R x ≫R A 时，采用电流表“内接法”． (2)倍率比较法①当R V R x ＝R xR A 即R x ＝R V ·R A 时，既可选择电流表“内接法”，也可选择“外接法”； Ｋ ②当R V R x ＞R x R A 即R x ＜R V ·R A 时，采用电流表外接法； ③当R V R x ＜R x R A即R x ＞R V ·R A 时，采用电流表内接法．(3)试触法ΔU U 与ΔII大小比较：①若ΔU U ＞ΔII ，则选择电压表分流的外接法；②若ΔI I＞ΔUU，则选择电流表分压的内接法． 6．实验器材的选择(1)安全因素：通过电源、电表、电阻的电流不能超过允许的最大电流．(2)误差因素：选择电表时，保证电流和电压均不超过其量程．使指针有较大偏转⎝ ⎛⎭⎪⎫一般取满偏度的13～23；使用欧姆表选挡时让指针尽可能在中值刻度附近． (3)便于操作：选滑动变阻器时，在满足其他要求的前提下，可选阻值较小的． (4)关注实验的实际要求．【突破训练】1．(高考全国卷Ⅱ)在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x 约为200 Ω，电压表V 的内阻约为2 k Ω，电流表A 的内阻约为10 Ω，测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果由公式R x ＝UI计算得出，式中U 与I 分别为电压表和电流表的示数．若将图甲和图乙中电路测得的电阻值分别记为R x 1和R x 2，则________(填“R x 1”或“R x 2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值R x 1________(填“大于”“等于”或“小于”)真实值，测量值R x 2________(填“大于”“等于”或“小于”)真实值．解析：根据题意知R x R A >R V R x，电压表的分流作用较显著，故采用电流表内接法时R x 1更接近待测电阻的真实值．图甲的测量值是R x 与R A 串联的电阻阻值，故R x 1>R x 真；图乙的测量值是R x 与R V 并联的电阻阻值，故R x 2<R x 真．答案：R x 1 大于 小于2．(2016·高考浙江卷)某同学用伏安法测量导体的电阻，现有量程为3 V 、内阻约为3 k Ω的电压表和量程为0.6 A 、内阻约为0.1 Ω的电流表．采用分压电路接线，图1是实物的部分连线图，待测电阻为图2中的R 1，其阻值约为5 Ω.(1)测R 1阻值的最优连接方式为导线①连接________(填a 或b )、导线②连接________(填c 或d )．(2)正确接线测得实验数据如表，用作图法求得R 1的阻值为________Ω.(3)已知图21R 2的边长是R 1的110，若测R 2的阻值，则最优的连线应选________(填选项)． A ．①连接a ，②连接c B ．①连接a ，②连接d C ．①连接b ，②连接c D ．①连接b ，②连接d解析：(1)因电压表的内阻远大于电阻R 1的阻值，故电流表应外接，导线①连接a ，因题述要求采用分压电路接线，故导线②连接d .(2)由实验数据用作图法(如图所示)求得R 1的阻值为R 1＝2.40－0.400.53－0.09Ω≈4.5 Ω.(3)根据电阻定律R ＝ρl S，由题设条件知R 2＝R 1＝4.5 Ω，因电压表的内阻仍远大于电阻R 2的阻值，测电阻R 2阻值的最优连接方式应是导线①连接a ，导线②连接d ，故选项B 正确．答案：(1)a d (2)4.5(4.4～4.7) (3)B3．某同学在“利用DIS 实验的电压、电流传感器，描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，采用了图甲所示电路．(1)图甲中，E矩形框内应该接____________，F矩形框内应该接____________．(选填“电压传感器”“电流传感器”或“小灯泡”)(2)该同学利用测量的数据，画出如图乙的图线，但该同学忘记在坐标上标明横坐标和纵坐标所表示的物理量，请你根据图线作出判断：横坐标表示________，纵坐标表示________．解析：(1)实验电路采用的是滑动变阻器分压式接法，图甲中E矩形框内应该接电压传感器，F矩形框内应该接小灯泡．(2)根据小灯泡的电阻会随温度的升高而增大，可判断横坐标表示电流，纵坐标表示电压．答案：(1)电压传感器小灯泡(2)电流电压4．(高考上海卷)在“用DIS测电源的电动势和内阻”的实验中：(1)将待测电池组、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成电路如图甲所示．图中未接导线的A端应接在________点(选填“B”“C”“D”或“E”)．(2)实验得到的U－I关系如图乙中的直线Ⅰ所示，则电池组的电动势为________V，内电阻阻值为________Ω.(3)为了测量定值电阻的阻值，应在图甲中将“A”端重新连接到________点(选填“B”“C”“D”或“E”)，所得到的U－I关系如图乙中的直线Ⅱ所示，则定值电阻的阻值为____________Ω.解析：(1)电压传感器测的是路端电压，且开关打开，电压传感器示数应为零，故导线的A端应接在C点．(2)由图乙中的直线Ⅰ可知U－I关系图线的纵截距为2.8 V，即为电池组的电动势，斜率的绝对值为2.81.4Ω＝2 Ω，即内电阻阻值为2 Ω.(3)为了测量定值电阻的阻值，应将A 端接到D 点，由图乙中的直线Ⅱ可知，斜率的绝对值为2.80.56 Ω＝5 Ω，即内电阻阻值与定值电阻阻值之和为5 Ω，所以定值电阻的阻值为5 Ω－2 Ω＝3 Ω.答案：(1)C (2)2.8 2 (3)D 35．某课题研究小组，选用下列器材测定某型号手机所用锂电池的电动势E 和内阻r .(电动势约为4 V ，内阻在几欧到几十欧之间)A ．电压表V(量程6 V ，内阻约为6.0 k Ω)B ．电流表A(量程2 mA ，内阻约为50 Ω)C ．电阻箱R (0～999.9 Ω)D ．开关S 一只、导线若干(1)某同学从上述器材中选取了电流表和电阻箱测锂电池的电动势和内阻，你认为可行吗？请说明理由：________________________________________________________________________________________________________________________________________________ (2)今用上述器材中的电压表和电阻箱测锂电池的电动势和内阻，请在虚线框中画出实验电路图．(3)用(2)中实验电路测得的8组U 、R 数据，已在U －1R坐标系中描出了各点，如图所示，请在图中作出1U －1R图线．根据图线求得E ＝________V ，r ＝________Ω(保留两位有效数字)．解析：(1)将电流表、电阻箱串联在锂电池上，估算通过电路的最小电流大于2 mA.故该同学的设计不可行．(2)实验电路图如图所示(3)根据1U －1R 坐标中描出的各点，画出1U －1R的图线，如图所示．根据I ＝ER ＋r，U ＝E －Ir推出1U ＝1E ＋r E ·1R由此可知图线的截距为电动势的倒数，斜率为内阻和电动势的比值，由此可得出E ≈3.6 V ，r ≈9.9 Ω.答案：见解析6．某同学想用以下器材组装一只欧姆表，并比较精确地测量一只几千欧电阻的阻值． A ．电流计，满偏电流为1 mA ，内阻为20 Ω B ．电流计，满偏电流为0.6 A ，内阻为5 Ω C ．电动势15 V ，内阻5 Ω的直流电源 D ．电动势3 V ，内阻3 Ω的直流电源 E ．最大阻值为5 000 Ω的滑动变阻器 F ．最大阻值为100 Ω的滑动变阻器(1)以上器材应选用________(填字母)，并在下面虚线框内画出所组装的欧姆表的内部电路结构图．Ｋ(2)欧姆表调零后，滑动变阻器被接入电路部分的阻值为________Ω.(3)若用此欧姆表测量电阻，发现指针指在满偏电流的三分之一处，则此电阻的阻值约为________Ω.(4)如果电池长期未用，导致内阻增大，电动势基本不变，且仍然能正常调零，这将导致测量的结果________(选填“偏大”“偏小”或“准确”)．解析：(1)选取器材要能够满足欧姆表调零的要求，即I ＝ER ＋R g ＋r，调节滑动变阻器的滑片时，当滑动变阻器的阻值最大时，电流小于电流表的满偏电流I g ，综合考虑应选A 、D 、E.欧姆表的内部电路结构图如图所示．(2)欧姆表调零时，由闭合电路欧姆定律得E＝I g(R＋R g＋r)，代入数据解得R＝2 977 Ω.(3)测量电阻时，由闭合电路欧姆定律得E＝I(R＋R g＋r＋R x)，由题意得I＝错误!，代入数据解得R x＝6 000 Ω.(4)用欧姆表测电阻时要先进行调零，电池内阻对欧姆表的测量结果没有影响．由于电池的电动势不变，根据上面的分析可知，测量的结果准确．答案：(1)ADE 见解析图(2)2 977 (3)6 000(4)准确。
(新课标)2018年高考物理一轮复习 第八章 恒定电流 第二节 电路 闭合电路的欧姆定律随堂达标巩固落实讲义
解析：选 C.设电流表 A 的内阻为 RA，用电流表 A 的表盘刻 度表示流过接线柱 1 的电流值时，若将接线柱 1、2 接入电路， 根据并联电路的特点，(I1－IA)R1＝IARA，解得 I1＝3IA＝0.06 A，则每一小格表示 0.06 A；若将接线柱 1、3 接入电路，则 (I2－IA)R1＝IARA，解得 I2＝3IA＝0.06 A，则每一小格表示 0.06 A．选项 C 正确．
A．在题设条件下，R1 接入电路的阻值应为 3 Ω，电源的输 出功率应为 4.5 W B．引入的微粒带负电，当开关接向 b(未接触 b)的过程中， 微粒将向下运动 C．在题设条件下，当 R1 的阻值增大时，R2 两端的电压增大 D．在题设条件下，当开关接向 b 后，流过 R3 的电流流向为 d→c
3．(多选)在如图所示的电路中，闭合开
关 S，将滑动变阻器的滑片 P 向下滑动
后，假设电流表 A 和电压表 V1、V2、 V3 四个电表的示数变化量的绝对值分别 为 ΔI、ΔU1、ΔU2、ΔU3，则在滑片 P 向下 滑动的过程中，下列说法正确的是( )
A．ΔΔUI1变大
B．ΔΔUI2不变
C．ΔΔUI3不变
电场强度也不变，所以微粒不动，故选项 B 错误；选项 C 中电容器所在的支路相当于断路，在题设条件下，R1 和 R2 及电源构成串联电路，R1 的阻值增大时，总电阻增大，总电 流减小，R2 两端的电压减小，故选项 C 错误；选项 D 中在 题设条件下，开关接 a 时，上极板带正电，当开关接向 b 后， 下极板带正电，流过 R3 的电流流向为析：选 BC.ΔΔUI1＝r，是电源内阻，保持不变，A 错误；ΔΔUI2 ＝R1，是定值，选项 B 正确；ΔΔUI3＝r＋R1，是定值，选项 C 正确，选项 D 错误．
2018年新课标高考物理总复习教师用书：第八章恒定电流含解析
第八章 恒定电流考 纲 要 求考 情 分 析欧姆定律 Ⅱ 1.命题规律近几年高考对本章内容主要以选择题的形式考查电路的基本概念和规律、闭合电路的欧姆定律等知识，实验部分则以基本仪器使用和实验设计为主,题型以填空题的形式出现. 2.考查热点预计本章命题的重点仍将是基本概念和规律、闭合电路欧姆定律的理解和应用,实验则考查基本仪器的使用、实验原理的理解、实验数据的处理等知识。
电阻定律 Ⅰ 电阻的串联、并联 Ⅰ电源的电动势和内阻 Ⅱ 闭合电路的欧姆定律 Ⅱ 电功率、焦耳定律Ⅰ实验八:测定金属的电阻率（同时练习使用螺旋测微器）实验九：描绘小电珠的伏安特性曲线 实验十：测定电源的电动势和内阻实验十一：练习使用多用电表第42课时 电阻定律、欧姆定律（双基落实课)[命题者说］ 本课时是电路的基础知识，包括电流的概念、欧姆定律、电阻定律、电路的串并联等内容。
高考虽然很少针对本课时的知识点单独命题，但是掌握好本部分内容，对分析闭合电路问题、电学实验问题有至关重要的作用。
一、电流的三个表达式公式 适用范围 字母含义公式含义 定义式I ＝q t一切 电路q 为时间t 内通过导体横截面的电荷量I 与q 、t 无关，I 与错误!的值相等微观式 I ＝nqS v一切 电路n 为导体单位体积内自由电荷数q 为每个自由电荷的电荷量 S 为导体横截面积 v 为电荷定向移动速率微观量n 、q 、S 、v 决定I 的大小 决定式I ＝错误!金属、 电解液U 为导体两端的电压 R 为导体本身的电阻I ∝U I ∝错误
单元质检八恒定电流(时间:45分钟满分:100分)一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.某电路如图所示,已知电池组的总内阻r=1 Ω,外电路电阻R=5 Ω,理想电压表的示数U=3.0 V,则电池组的电动势E等于()A.3.0 VB.3.6 VC.4.0 VD.4.2 VI= A=0.6 A,又由闭合电路的欧姆定律得E=I(R+r)=0.6×(5+1) V=3.6 V。
2.(2016·湖南衡阳模拟)如图所示的U-I图象中,直线a为某一电源的路端电压与电流的关系图线,直线b为某一电阻R的伏安特性曲线,两图线相交于(2,2)。
用该电源和该电阻组成闭合电路,电源的输出功率和电源的内电阻分别是()A.6 W,1 ΩB.6 W,0.5 ΩC.4 W,1 ΩD.4 W,0.5 Ωa的截距可知,电源的电动势为E=3 V;由题图中图线a的斜率可知电源的内阻为r=0.5 Ω;由题图中a、b两图线的交点可知,闭合电路的总电流及路端电压分别为2 A和2 V。
因此,电源的输出功率为P=UI=4 W,A、B、C错误,D正确。
3.(2016·山东日照调研)如图所示,E为内阻不能忽略的电池,R1、R2、R3均为定值电阻,V与A均为理想电表;开始时开关S闭合,V与A均有读数,某时刻V和A的读数均变大,则电路中可能出现的故障是()A.R1断路B.R2断路C.R1短路D.R3短路R1断路时,电流表示数变为0,A错误;当R2断路时,外电路的总电阻变大,故路端电压变大,即电压表读数变大,电路的总电流减小,故R1上的电压减小,R3两端电压变大,故电流表读数变大,与题目所给的现象吻合,故电路是R2断路,B正确;当R1短路或R3短路时,外电路电阻变小,路端电压变小,即电压表示数变小,C、D错误。
高考物理一轮复习 专题八 恒定电流课件
高考物理知识清单源自方法一 动态直流电路的分析方法 1.几个常用的推论 (1)串联电路的总电阻大于其中任一部分电路的总电阻。 (2)并联电路的总电阻小于其中任一支路的电阻。 (3)n个相同的电阻并联,总电阻等于一个电阻的n分之一,即R总= R。 (4)多个电阻并联时,其中任一个电阻增大或减小,总电阻也随之增大或减小。 (5)并联支路增多,并联电路总电阻减小。 (6)大电阻和小电阻并联,总电阻接近小电阻的阻值。小电阻做粗调,大电阻做微调。 大电阻和小电阻串联,总电阻接近大电阻的阻值。大电阻做粗调,小电阻做微调。 (7)如图所示分压电路中,总电阻与PB段电阻变化情况相同。
串异,如图(a)。而与Rn并联的R上,IR、UR、PR与Rn的变化相同,简称并联同变或并同,如图(b)。总 称串异并同。 (a) (b) 例1 如图所示,电源电动势为E,内阻为r。电路中的R2 、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器,R0 为定值电阻,R1为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)。当开关S闭合时,电容器中一带电 微粒恰好处于静止状态。下列说法中正确的是 ( )
答案 BC 解析 S断开时外电路处于断路状态,两电阻中无电流通过,电阻两端电势相等,由图知a点电势 与电源负极电势相等,而b点电势与电源正极电势相等,A错误。S断开时两电容器两端电压都等 于电源电动势,而C1>C2,由Q=CU知此时Q1>Q2。当S闭合时,稳定状态下C1与R1并联,C2与R2并联, 电路中电流I= =2 A,此时两电阻两端电压分别为U1=IR1=6 V、U2=IR2=12 V,则此时两电容 器所带电荷量分别为Q1'=C1U1=3.6×10-5C、Q2'=C2U2=3.6×10-5C,对电容器C1来说,S闭合后其两端 电压减小,所带电荷量也减小,故B、C正确,D错误。
全国通用版2018高考物理大一轮复习第八章恒定电流恒定电流专项练习课件
易错排查练
1.(多选)汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗,如图为汽车启动原理图,在 打开车灯的情况下,电动机未启动时电流表读数为10 A;电动机启动时电 流表读数为58 A.若电源电动势为12.5 V,内阻为0.05 Ω,电动机内阻为 0.02 Ω,电流表内阻不计,则电动机启动时( AD ) A.车灯的电压为9.6 V B.通过电动机的电流为48 A C.电动机的电动率为50 W D.电动机输出的机械功率为430 W
I
I
B. U 2 变大, U 2 变大
I
I
D. U 3 不变, U 3 不变
I
I
解析:由题图可知, U1 = U1 =R1,是定值,选项 A Leabharlann 确; U 2 =R2,随 P 向下移动
I I
I
而变大,而 U2 = I R1 r =R1+r,不变,选项 B 错误,C 正确;因 U 3 =R1+R2,
I
I
I
故此比值增大,而 U3 =r,为电源的内电阻不变,故选项 D 错误. I
易错总结:本题要区别 U 和 U 的不同.在本题中根据部分电路欧姆定律, I I
U 3 =R1+R2,又根据闭合电路欧姆定律的 U-I 图线知 U 3 =r.
I
I
6.待测电阻Rx的阻值约为20 Ω,现要测量其阻值,实验室提供器材如下: A.电流表A1(量程40 mA,内阻r1约为10 Ω) B.电流表A2(量程20 mA,内阻r2=30 Ω) C.电压表V(量程15 V,内阻约为3 000 Ω)
动机启动时,干路电流I≠
,RE并≠
r R并
.
R L r机
R L r机
2.如图所示,电源A的电压为6 V,电源B的电压为8 V,电容器的电容为200
高考物理异构异模复习考案撬分法习题：恒定电流 8-2 Word版含解析
1．如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置。
闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动。
如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是()A．增大R1的阻值B．增大R2的阻值C．增大两板间的距离D．断开开关S答案B解析由闭合电路欧姆定律可知：增大R1阻值会使总电阻增大，总电流减小，R1两端电压增大，则电容器两板间电压增大，板间电场强度增大，油滴受电场力增大，油滴向上运动，选项A错误；电路稳定时R2中无电流，R2阻值变化对电路无任何影响，则选项B正确；只增大板间距离d，会使板间电场强度减小，油滴将向下运动，选项C错误；断开开关S，电容器放电，油滴将向下运动，选项D错误。
2．(多选)如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。
将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则()点击观看解答视频A ．A 的示数增大B ．V 2的示数增大C ．ΔU 3与ΔI 的比值大于rD ．ΔU 1大于ΔU 2答案 ACD 解析 由于电压表、电流表都是理想电表，则电流表可以看成短路，因此外电路为定值电阻R 与滑动变阻器串联，电流表测的是总电流，电压表V 1测的是R 两端的电压，V 2测的是电源的路端电压，V 3测的是滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大，电流表示数增大，A 项正确；内电压增大，路端电压减小，电压表V 2示数减小，B 项错误；ΔU 3ΔI ＝R ＋r ，C 项正确；ΔU 1ΔI ＝R ，ΔU 2ΔI＝r ，由于R 大于r ，因此ΔU 1大于ΔU 2，D 项正确。
3．(多选)如图所示，曲线C 1、C 2分别是纯直流电路中内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线，由该图可知下列说法正确的是( )点击观看解答视频A．电源的电动势为4 VB．电源的内电阻为1 ΩC．电源输出功率最大值为8 WD．电源被短路时，电源消耗的功率为16 W答案ABD解析根据图象可知，当电流为2 A时，内电路消耗功率为4 W，由I2r＝4 W可得电源的内电阻为r＝1 Ω，选项B正确。
2018年高考物理章末检测：8 含解析
章末检测八 恒定电流(时间：60分钟 满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题6分，共60分，1～5题每小题只有一个选项正确，6～10小题有多个选项符合题目要求，全选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分)1．三个阻值相同的电阻，它们的额定电压均为8 V ，现两个电阻并联后再与第三个电阻串联，这个电路允许的总电压的最大值为( )A ．8 VB ．10 VC ．12 VD ．16 V解析：选C.因为第三个电阻串联的电压就是并联部分电压的2倍，若让并联部分的电阻正常工作，则第三个电阻就超过额定电压，所以，让第三个电阻正常工作，则并联部分的电压为额定电压的一半；设三只同样的电阻的阻值都是R ，额定电压为U ，则并联部分的一个电阻的实际电压为U 2，所以电路允许消耗的最大电压为U ＋U 2＝8 V ＋4 V ＝12 V. 2．在图甲所示的电路中，电流表A 1的指针指满刻度，电流表A 2的指针指满刻度的23处；图乙中，A 2的指针指满刻度，A 1的指针指满刻度的13处．已知A 1的电阻为0.45 Ω，则A 2的电阻为( )A ．0.1 ΩB ．0.15 ΩC．0.3 ΩD．0.6 Ω解析：选A.设电流表A1、A2的满偏电流分别为I1、I2；由题意知，当电流表串联时：I1＝23I2，当电流表并联时：I2R2＝13I1R1，由于R1＝0.45 Ω，解得R2＝0.1 Ω.3．如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，正确接入电路中的电表a、b、c均有正常示数(既不为零，也不超量程，电表均为理想电压表或电流表)，在滑动变阻器滑片P向右移动过程中，关于a、b、c三只电表示数的变化，以下说法正确的是( )A．a的示数将变大，c的示数将变小B．a的示数将变小，c的示数将变大C．a的示数将变小，b的示数将变小D．b的示数将不变，c的示数将变小解析：选A.根据题意，a是电流表，测量流过滑动变阻器的电流，b是电流表，测量干路电流，c是电压表，测量滑动变阻器(定值电阻)的电压．通过电路分析可知，当滑动变阻器的触头P向右滑动时，滑动变阻器的电阻变小，总电阻变小，总电流增大，a中电流增大，内电压增大，路端电压减小，则变阻器两端电压减小，A选项正确．4．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障( )A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路解析：选A.若R1短路，则外部电路的电阻只有R3，故总电阻减小，总电流变大，电流表的示数变大，电压表的示数变大，A对；若R2短路，电流表的示数为零，故B错；若R3短路，电压表的示数为零，故C错；若R1断路，电流表的示数为零，D错．5. 如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，下列结论正确的是( )A．小灯泡L变暗B．电流表读数变大，电压表读数变小C．电容器C上电荷量增加D．电源的总功率变小解析：选B.滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由闭合电路的欧姆定律得，干路的电流I增大，小灯泡L的功率P ＝I2R灯增大，小灯泡L变亮，路端电压U＝E－Ir减小，电源的总功率P总＝EI 增大，则A、D错误，B正确；滑动变阻器两端的电压U′＝E－I(R灯＋r)减小，电容器C上电荷量Q＝CU′减小，则C错误．。
高考物理三轮冲刺专题练：专题八恒定电流(含详解,重温3年真题).docx
高中物理学习材料桑水制作专题八恒定电流高考试题考点一部分电路欧姆定律、电阻定律及焦耳定律★★★1.(2013年安徽理综,19,6分)用图示的电路可以测量电阻的阻值.图中R x是待测电阻,R0是定值电阻,是灵敏度很高的电流表,MN 是一段均匀的电阻丝.闭合开关,改变滑动头P的位置,当通过电流表的电流为零时,测得MP=l1,PN=l2,则R x的阻值为( )A.12llR0 B. 112+ll lR0C.21llR0 D. 212+ll lR0解析:当通过的电流为零时,电流表两端的电势差为零,设通过R0的电流为I1,通过电阻丝MN的电流为I2,则I1R0=I2R MP,I1R x=I2R PN,联立得0xRR=MPPNRR,而MPPNRR=12ll,所以R x=21llR0,选项C正确.答案:C2.(2012年浙江理综,17,6分)功率为10 W的发光二极管(LED灯)的亮度与功率为60 W的白炽灯相当.根据国家节能战略,2016年前普通白炽灯应被淘汰.假设每户家庭有2只60 W的白炽灯,均用10 W的LED灯替代,估算出全国一年节省的电能最接近( ) A.8×108 kW·h B.8×1010 kW·hC.8×1011 kW·hD.8×1013 kW·h解析:全国家庭数大约为4亿户,每天用电大约6 h,一年365天,W=Pt,全国一年节省的电能E=P1t-P2t=(P1-P2)t=(60-10)×10-3×2×4×108×365×6 kW·h=8.76×1010 kW·h.故选项B正确.答案:B3.(2012年上海卷,13,3分)当电阻两端加上某一稳定电压时,通过该电阻的电荷量为0.3 C,消耗的电能为0.9 J.为在相同时间内使0.6 C的电荷量通过该电阻,在其两端需加的电压和消耗的电能分别是( )A.3 V,1.8 JB.3 V,3.6 JC.6 V,1.8 JD.6 V,3.6 J解析:根据W=Uq,可知通过该电阻的电荷量为0.3 C,消耗的电能为0.9 J时电阻两端所加电压U=3 V,在相同时间内通过0.6 C的电荷量,则电流为原来的2倍,而根据I=U/R,电压也为原来的2倍,即为6 V,这样消耗的电能W=Uq=3.6 J.答案:D4.(2011年山东理综,16,4分)了解物理规律的发现过程,学会像科学家那样观察和思考,往往比掌握知识本身更重要.以下符合史实的是( )A.焦耳发现了电流热效应的规律B.库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C.楞次发现了电流的磁效应,拉开了研究电与磁相互关系的序幕D.牛顿将斜面实验的结论合理外推,间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动解析:焦耳于1840年发现了电流热效应的规律,故选项A正确;库仑总结出了点电荷间的相互作用规律,即库仑定律,故选项B正确;1820年,丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应,故选项C错误;伽利略将斜面实验的结论合理外推,间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动.故选项D错误.答案:AB考点二闭合电路欧姆定律及应用★★★★1.(2013年江苏卷,4,3分)在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示.M是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M发生变化,导致S两端电压U增大,装置发出警报,此时( )A.R M变大,且R越大,U增大越明显B.R M变大,且R越小,U增大越明显C.R M变小,且R越大,U增大越明显D.R M变小,且R越小,U增大越明显解析:S两端的电压增大,总电流变大,电路中的总电阻变小,说明M的电阻R M变小.R越大,R M变小时,对电路的总电阻变化的影响越明显,电路中电流变化的影响越明显,只有C正确.答案:C2.(2012年上海卷,17,4分)直流电路如图所示,在滑动变阻器的滑片P向右移动时,电源的( )A.总功率一定减小B.效率一定增大C.内部损耗功率一定减小D.输出功率一定先增大后减小解析:当滑动变阻器的滑片P向右移动时,接入电路的电阻变大,整个回路的电流变小,内部消耗的功率P=I2r一定减小,选项C正确;总功率P=EI一定减小,选项A正确;内电压降低,路端电压升高,电源的效率η=UIEI=UE增大,选项B正确;当内电阻等于外电阻时,输出功率最大,此题中无法知道内外电阻的关系,无法判断输出功率的变化情况,因此D项错误.答案:ABC3.(2011年上海卷,12,3分)如图所示电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时( )A.电压表V 读数先变大后变小,电流表A 读数变大B.电压表V 读数先变小后变大,电流表A 读数变小C.电压表V 读数先变大后变小,电流表A 读数先变小后变大D.电压表V 读数先变小后变大,电流表A 读数先变大后变小解析:设滑动变阻器触点以上的电阻为R 上,触点以下的电阻为R 下.因为滑动变阻器的有效电阻R 并除最初和最终为零外,是R 上和 R 下并联的结果,R 并=+R R R R 下上下上①,二者之和一定,二者相等时积最大,所以当触点在中间时电阻最大,根据全电路欧姆定律,I 总=ER r R ++并②,所以当触点在中间时电流最小,电压表V 读数为电源的路端电压,U=E-I 总r,所以当触点在中间时路端电压最大,所以电压表V 读数先变大后变小.再算电流表A 读数即R 下的电流I,根据电阻并联分流公式,I=I 总+R R R 上下上 ③, 联立①②③式,解得I=+ER R R r R R ++下上下上·+R R R 上下上=()(+)E R R r R R R R ⋅++上下下上上, 变化为I=()(+)ER r R R R R +⋅+下上下上,当滑动变阻器的滑动触头P 从最高端向下滑动时,R 上一直变大而R 下一直变小,从上式可以看出,电流表A 读数I 一直变大,所以选项A 正确. 答案:A4.(2011年重庆理综,20,6分)在测量电珠伏安特性实验中,同学们连接的电路中有四个错误电路,如图所示.电源内阻不计,导线连接良好.若将滑动变阻器的触头置于左端,闭合S,在向右端滑动触头过程中,会分别出现如下四种现象: a.电珠L 不亮;电流表示数几乎为零 b.电珠L 亮度增加;电流表示数增大c.电珠L 开始不亮;后来忽然发光;电流表从示数不为零到线圈烧断d.电珠L 不亮;电流表从示数增大到线圈烧断与上述a b c d 四种现象对应的电路序号为( ) A.③①②④B.③④②①C.③①④②D.②①④③解析:在①中电压表和电流表的连接是错误的,开始将滑动变阻器的触头置于左端,在向右端滑动触头过程中,电珠L 逐渐变亮,由于总电阻减小,干路电流增大,电流表示数增大,是b;在②中电流表连接错误,应该连接在干路上,开始时滑动变阻器的电阻最大,通过电珠的电流太小,电珠L 不亮,在向右端滑动触头过程中,电珠后来忽然发光,由于大部分电流流过电流表造成电流表从示数不为零到线圈烧断,是c;在③中电压表和电流表应该互换位置,由于电压表串联造成电珠L 不亮,电流表示数几乎为零,是a;在④中电流表使电珠短路,电珠L 始终不亮,电流表从示数增大到线圈烧断,是d.即①②③④分别对应bcad.故选项A 正确. 答案:A。
河北省衡水市2018届高考物理 专题八 恒定电流专项练习
专题八恒定电流考点23 部分电路欧姆定律及应用 (1、2、14、19）考点24 闭合电路欧姆定律及应用（3—13、15—18、20—22）第I卷（选择题 80分）一、选择题（本题共20个小题，每题4分，共80分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题意，有的有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．【2017·重庆市高三上学期（一诊）期末测试】考点23中利用如图所示电路可测量待测电阻R x的阻值.定值电阻R1、R2阻值已知，闭合电键S，调节电阻箱接入电路阻值为R3时，电流表示数为零，则R x阻值等于（）A．R2 B．123 R R RC．132R RRD．321R RR2．【2017·株洲市高三教学质量统一检测】考点23中右图为某控制电路的一部分，已知AA′的输入电压为24V，如果电阻R=6kΩ，R1=6kΩ，R2=3kΩ，则BB′不可能输出的电压是（）A．12V B．8VC．6V D．3V3．【2017·辽宁省铁岭市协作体高三上学期第三次联考】考点24中如图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用此欧姆表测一阻值为R 的电阻时，指针偏转至满刻度4/5处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的1/5处，则该电阻的阻值为（）A．4R B．5RC．10R D．16R4．【广东省肇庆市2017届高三第二次模拟考试】考点24中如图所示电路中，闭合开关S后当变阻器R3的滑动头P向b移动时，下列说法正确的是（）A．电压表示数变大 B．电流表示数变大C．电源消耗的总功率变小 D．电源的效率（电源的输出功率/电源消耗的总功率）变大5．【2017·天津市五区县高三上学期期末考试】考点24中如图所示，L1、L2、L3、L4为四个完全相同的灯泡.在变阻器R的滑片P向下移动过程中，下列判断中正确的是（）A．L1变暗B．L2变暗C．L3变亮D．L4变暗6．【2017·天津市和平区高三上学期期末质量调查】考点24中在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P 向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A．电源的输出功率变小 B．灯泡L变亮C．电容器C上电荷量减少 D．电压表读数变小7．【2017·四川省成都市高三第一次诊断性检测】考点24难如图所示，E为内阻不计的电源，MN为同种材料制成的粗细均匀的长电阻丝，C为电容器.当滑动触头P以恒定速率从左向右匀速滑动时，关于电流计A的读数情况及通过A的电流方向，下列说法正确的是（）A．读数逐渐变小，通过A的电流方向向左 B．读数逐渐变大，通过A的电流方向向右C．读数稳定，通过A的电流方向向右 D．读数稳定，通过A的电流方向向左8．【2017·河南省中原名校豫南九校高三上学期第四次质量考评】考点24中如图所示,平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R2的滑片向b端移动时，则（）A ．电压表示数增大B ．电流表示数减小C ．质点P 将向下运动D ．R 1上消耗的功率逐渐减小9．【2017·开封市高三第一次模拟】考点24中如图所示，电路电源电动势为E ，内阻r ，R 1、R 2为定值电阻，调节电阻箱R 的阻值，使电压表V 的示数增大△U ，在此过程中（ ）A ．路端电压增加，增加量一定等于△UB ．电阻R 2两端的电压减小，减少量一定等于△UC ．通过电阻R 1的电流增加，增加量一定等于△U / R 1、D ．通过电阻R 2的电流减小，但减少量一定大于△U /R 210．【2017·辽宁省本溪市高三联合模拟考试】考点24难如图所示的电路中，电源内电阻为r ， 134R R R 、、均为定值电阻，电表均为理想电表，闭合开关S ，将滑动变阻器 2R 的滑片向右移动，电流表和电压表示数变化量的绝对值分别为I ∆、 U ∆，下列结论正确的是（ ）A ．电流表示数变大，电压表示数变小B ．电阻 1R 被电流表短路C ． Ur I∆>∆D ． U rI ∆<∆11．【2017·山东省枣庄市高三上学期期末质量检测】考点24难阻值相等的四个电阻、一个电容器C 及电池E （内阻可忽略）连接成如图所示的电路.开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1，闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2．Q 1与Q 2的比值为（ ）A ．2:3B ．3:5C ．1：2D ．2:512．【2017·长春外国语学校高三上学期期末考试】考点24难如图所示电路，当滑动变阻器R 1的滑片向上滑动时，下列说法正确的是( )A ．R 2的功率增大B ．R 3两端的电压减小C ．电流表的示数变大D ．R 1的电流增大13．【2017·河南天一大联考高三阶段性测试】考点24难 如图所示电路中，, , , ,,电源电动势E=18V,内阻，电表为理想电表。
2018-2020年江苏省物理高考各地模拟试题分类(8)——恒定电流
2018-2020年江苏省物理高考各地模拟试题分类（8）——恒定电流一．选择题（共20小题） 1．（2020•盐城三模）如图所示电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，定值电阻为1R ，滑动变阻器为R ．现闭合电键s ，滑动变阻器R 的滑动触头P 从M 端向N 端滑动时，则电路中连接的电压表及电流表示数的变化情况分别是( )A ．先变大后变小； 一直变大B ．先变小后变大；一直变小C ．先变大后变小；先变小后变大D ．先变小后变大；先变大后变小 2．（2020•启东市二模）如图所示电路中，1R 是滑动变阻器，2R 是定值电阻，合上开关，当变阻器的滑片向右移动时，三个理想电表的示数都发生了变化。
设电流表的读数为I ，电压表1V 的读数为1U 、2V 的读数为2U ，电流表示数的变化量为△I ，电压表1V 的示数变化量为△1U 、2V 的示数变化量为△2U ．下列说法不正确的是( )A ．I 增大，1U 减少，2U 增大B ．△1U 与△I 的比值减小C ．电源的总功率变大D ．△1U 大于△2U 3．（2020•浦口区校级二模）“恒流源”是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变。
如图所示的电路中电源是恒流源，当滑动变阻器滑动触头P 向右移动时，下列说法中正确的是( )A ．0R 上的电压变小B ．1R 上的电压变大C ．2R 上的电压变小D ．1R 上电压变化量小于0R 上的电压变化量 4．（2020•盐城一模）如图所示，一节干电池的电源电动势 1.5E V =，内阻 1.0r =Ω，外电路电阻为R ，接通电路后，则( )A ．电压表读数一定是1.5VB ．电流表读数可能达到2.0AC ．电源每秒钟有1.5J 的化学能转化为电能D ．1C 的正电荷在电源内从负极移送到正极非静电力做功为1.5J 5．（2020•南京三模）某同学拿了一根细橡胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的长度为20cm 的盐水柱，测得盐水柱的电阻大小为R ，如果盐水柱的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同，则握住橡胶管的两端把它均匀拉长至40cm ，此时盐水柱的电阻大小为( )A ．RB ．12R C ．2R D ．4R6．（2020•南京模拟）如图所示，电源为交流恒压源，即无论电路中的电阻如何变化，接入电路的交流电压始终保持恒定。
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时间：45分钟
满分：94分 基础组
选择题(每小题6分，共60分) 1．[2016·衡水二中周测]欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律。
有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a 、b 、c ，且a>b>c 。
电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )
答案 A
解析 根据电阻定律R ＝ρl S
，电阻阻值最小的应该是截面积最大，长度最短；A 图中，截面积最大，长度最短，故A 图电阻阻值最小，选A 。
2．[2016·枣强中学仿真]在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A 和2.0 V 。
重新调节R 并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A 和24.0 V ，则这台电动机正常运转时输出功率为( )
A ．32 W
B ．44 W
C ．47 W
D ．48 W
答案 A
解析当电动机停止转动时，此时电动机相当于一个纯电阻，所以由题中的
两表读数，可以计算出电动机的内阻为r＝U
I
，代入数据得：r＝4 Ω，重新调节
R并使电动机恢复正常运转，根据题中的两表读数，计算出电动机的输出功率为
P＝UI－I2r，代入数据解得：P＝32 W，B、C、D错误，A正确。
3．[2016·衡水二中月考]如果闭合电路中电源的电动势为12 V，外电压为10 V，当有0.5 C电荷量通过电路时，下列结论正确的是( )
A．在电源内部，非静电力将5 J的其他形式的能转化为电能
B．在电源内部，静电力将6 J的其他形式的能转化为电能
C．在电源外部，静电力将5 J的电能转化为其他形式的能
D．在电源外部，静电力将6 J的电能转化为其他形式的能
答案 C
解析在电源内部，根据公式有W＝qE＝0.5×12 J＝6 J，非静电力将6 J 的其他形式的能转化为电能，故A、B都错误。
在电源外部，根据公式有W＝qU ＝0.5×10 J＝5 J，静电力将5 J的电能转化为其他形式的能，故C正确，D错误。
4．[2016·武邑中学热身]电动自行车因轻便、价格相对低廉、污染和噪音小而受到市民喜爱。
某国产品牌电动自行车的铭牌如下，则此车所配电机的内阻为( )
C．7.2 ΩD．7.4 Ω
答案 B
解析电机输出功率为P
出
＝170 W，电源的输出电压为U＝36 V，电流为I
＝5 A，设内阻为R，则根据能量守恒定律得UI－I2R＝P
出
，解得R＝0.4 Ω，故选B。
5．[2016·冀州中学猜题](多选)如图为某灯光控制电路示意图，由电源(电
动势为E、内阻为r)与一圆环形电位器(可视为滑动变阻器)R和灯泡(电阻不变)连接而成，图中D点与电位器相连，电位器触片一端固定在圆心处，并与电源正极相连，当触片由D点开始顺时针旋转一周的过程中，下列说法正确的是( )
点击观看解答视频
A．电源的输出功率一定先减小后增大
B．电源的供电电流一定先减小后增大
C．电源两端的电压一定先减小后增大
D．灯泡的亮度一定先变暗后变亮
答案BD
解析由题图可知在触片从D点开始顺时针转一周的过程中电位器连入电路的等效电阻先增大后减小，又E、r、R
L
不变，则由闭合电路欧姆定律可得：干路电流先减小后增大，故灯泡的亮度应先变暗后变亮，而路端电压(U＝E－Ir)
应先增大后减小，B、D正确，C错误。
当R
外＝r时，P
出
最大，因不知R
外
与r
的大小关系，故无法判断P
出
的变化情况，A错误。
6．[2016·武邑中学仿真](多选)如图所示，电流表A
1(0～3 A)和A
2
(0～0.6 A)
是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中。
闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是( )。