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2019版高考物理金榜一轮课时分层作业：七 3.1牛顿第一定律牛顿第三定律 Word版含解析

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课时分层作业七牛顿第一定律牛顿第三定律(45分钟100分)【基础达标题组】一、选择题(本题共10小题,每小题6分,共60分。

1～6题为单选题,7～10题为多选题)1.关于惯性,下列说法中正确的是 ( )A.磁悬浮列车能高速行驶是因为列车浮起后惯性小了B.卫星内的仪器由于完全失重惯性消失了C.铁饼运动员在掷出铁饼前快速旋转可增大惯性,飞得更远D.月球上物体的重力只有在地面上的,但是惯性没有变化【解析】选D。

惯性大小的唯一量度是质量,物体质量不变,则惯性大小不变,与物体的运动状态无关,选项D正确。

【加固训练】如图,冰壶在冰面运动时受到的阻力很小,可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变,我们可以说冰壶有较强的抵抗运动状态变化的“本领”,这里所指的“本领”是冰壶的惯性,则惯性的大小取决于 ( )A.冰壶的速度B.冰壶的质量C.冰壶受到的推力D.冰壶受到的阻力【解析】选B。

惯性大小的唯一量度是质量,选项B正确。

2.如图所示,滑板运动员沿水平地面向前滑行,在横杆前相对于滑板竖直向上起跳,人与滑板分离,分别从横杆的上、下通过,忽略人和滑板在运动中受到的阻力。

则运动员( )A.起跳时脚对滑板的作用力斜向后B.在空中水平方向先加速后减速C.越过杆后落在滑板的后方D.越过杆后仍落在滑板上起跳的位置【解析】选D。

相对滑板竖直向上起跳时,脚对滑板的作用力竖直向下,选项A错误;分离后,由于惯性,滑板做匀速直线运动,运动员在水平方向上不受力,水平方向上做匀速运动,越过杆后落在滑板上起跳的位置,选项B、C错误,选项D正确。

3.如图所示,物块P与木板Q叠放在水平地面上,木板Q对物块P的支持力的反作用力是( )A.物块P受到的重力B.地面对木板Q的弹力C.物块P对木板Q的压力D.地球对木板Q的吸引力【解析】选C。

高一必修一作业本(全册含答案)

高中物理必修一同步作业本目录目录••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••••11.1 力1.2 重力1.3 弹力1.4 摩擦力1.5 力的合成1.6 力的分解第一章测试A组第一章测试B组2.1 几个基本概念2.2 位移和时间的关系2.3 运动快慢的描述速度2.4 速度和时间的关系2.5 速度改变快慢的描述加速度2.6 匀变速直线运动的规律2.7 匀变速直线运动规律的应用2.8 自由落体运动第二章测试A组第二章测试B组3.1 牛顿第一定律3.2 物体运动状态的改变3.3 牛顿第二定律3.4 牛顿第三定律3.5 力学单位制3.6 牛顿运动定律的应用3.7 超重和失重第三章测试A组第三章测试B组4.1 共点力作用下物体的平衡4.2 共点力平衡条件的应用第四章测试A组第四章测试B组参考答案第一章力第一节力1．关于力的作用，下述说法正确的是（）A ．没有施力物体的力是不存在的B ．只有直接接触的物体之间才有力的作用C ．人推物体时，人只是施力物而不是受力物D ．一个施力物也一定同时是受力物2．下列说法正确的是（）A ．甲用力把乙推倒而自己不倒，说明只是甲对乙有力的作用，乙对甲没有力的作用B ．只有有生命或有动力的物体才会施力，无生命或无动力的物体只会受到力，不会施力C ．只有运动的物体才会受到力的作用D ．找不到施力物体的力是不存在的3．关于力，正确的说法是（）A ．物体受几个力作用时，运动状态一定发生改变B ．物体只受一个力作用时也会产生形变C ．力学中常见的力有重力、弹力、摩擦力D ．拉力、支持力、压力等都按照力的性质命名的4．甲、乙两物体分别受大小相等的力1F 和2F 作用，有下列判断①1F 与2F 一定相同；③1F 与2F 产生效果一定相同；③1F 与2F 的性质一定相同．则（）A ．①正确B ．②③正确C ．①②③均正确D ．①②③均不正确5．以下说法正确的有（）A ．不相互接触的物体之间也会产生力的作用，可见力是可以离开物体而独立存在的B ．只要确定了力的大小和方向，那么这个力就完全确定了C ．画某力的图示时，选定的标度不同，那么表示这个力的线段的长度也不同，但箭头的指向是相同的D ．在实验室，人们常用天平来测量力的大小6．关于力，下列说法中正确的是（）A ．只有相互接触的两个物体间才能产生力的作用B ．力的大小可以用弹簧秤或杆秤来测量C ．在力的作用下物体才能发生形变和运动D ．施力物体同时也一定是受力物体7．下列给出的四组力中，完全按性质命名的是（）A ．万有引力、动力、拉力B ．重力、弹力、摩擦力C ．电场力、磁场力、拉力D ．弹力、支持力、阻力8．下列说法正确的是（）A ．物体形状发生改变必定是力作用的结果B ．施力物体必定同时也是受力物体C ．物体速度不发生改变，则物体一定没有受到任何外力作用D ．用锤子砸钉子时，钉子所受力的施力物体是使用这把锤子的人9．以下关于力的说法正确的是（）A ．一个受力物体能找到多个施力物体B ．两物体相互作用不一定要直接接触C ．物体受到力的作用后，形状及运动状态都一定改变D ．物体受到力的作用后，形状或运动状态可能只有一个发生改变10．关于力的分类，下列叙述正确的是（）A ．根据效果命名的同一名称的力，性质一定相同B ．根据效果命名的不同名称的力，性质可能相同C ．性质不同的力，对物体的作用效果一定不同D ．性质相同的力，对物体的作用效果一定相同11．力的三要素包括力的_______、__________、__________．12．木块浸在水中，受到浮力作用，浮力的施力物体是________．13．一人骑自行车上坡，用力蹬自行车恰好匀速运动，使自行车上坡的直接动力由_________提供．1４．一支火箭携带着人造地球卫星正喷着烈焰竖直向上加速飞行．给卫星动力的施力物体是________，给火箭动力的施力物体是_________．15．力是_______作用，力不能脱离_______而单独存在，只要有力；就一定有______物体和_______物体．16．力作用于物体上可以产生两种效果：一是使物体的___________发生改变，二是使物体的___________发生改变．17．通常说的拉力、支持力、弹力、摩擦力这几种力中，根据力的性质命名的是___________，根据力的作用效果命名的力是___________．18．力是_______相互作用，一个物体受到力的作用，一定有另外的物体施加这种作用，前者是_______物体，后者是_______物体．19．力是_______作用，力不能脱离_______而单独存在，只要有力；就一定有物体和_______物体．20．A 物体受到B 物体给它向右的大小为2N 的力作用，则B 物体受到A 物体给它的作用力大小为___________N ，方向为___________．21．一个小球在两个力1F 、2F 的作用下保持匀速直线运动状态，若1F 大小为7N ，方向竖直向上，则2F 大小为___________N ，方向为___________．第二节重力1．关于重力的说法，正确的是（）A ．重力就是物体的质量B ．只有静止的物体才受到重力C ．同一物体在地球上无论向上或向下运动都受到重力D ．重力是由于物体受到地球的吸引而产生的力2．下列说法中正确的是（）A ．重力的方向总是垂直向下B ．物体的质量没有变化，但它的重力是会发生变化的C ．跳高运动员跳起在空中时受到重力和向上升的力D ．重为2N 的物体从直升飞机上抛下，落地前物体重力大于2N3．关于重心的说法，正确的是（）A ．物体的重心一定在物体上B ．质量均匀分布，形状规则的物体的重心可能在物体上，也可能在物体外C ．物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关D ．用线悬挂的物体静止时，细线方向一定通过重心4．下列说法正确的是（）A．在空中将物体释放后，物体不受任何力作用B．在空中将物体释放后，物体仍受重力作用C．竖直向上运动的物体不受重力作用D．只有竖直向下运动或静止的物体才受重力作用5．一弹簧秤悬挂一小球保持静止时，下面的说法中正确的是（）A．小球对弹簧秤的拉力数值上等于小球受到的重力B．小球受到竖直向上的力的施力物体是弹簧秤C．弹簧的弹力是由于小球所受的重力产生的D．弹簧秤对小球的拉力与小球受到的重力是一对平衡力6．下面关于物体重心位置的说法正确的是（）A．汽车上的货物卸下后，汽车的重心位置降低了B．物体在斜面上下滑时，物体的重心相对物体的位置降低了C．对于有规则几何形状的物体，重心一定在物体的几何中心D．对于重力一定的物体，无论其形状如何变，其重心位置不变7．重7N的物体放在水平桌面上，桌面受到7N的压力，以下说法正确的是（）A．这个压力就是重力，施力物是地球B．这个压力就是重力，施力物是木块C．这个压力不是重力，压力的施力物是木块，重力的施力物是地球D．这个压力的大小与重力相等，根据是物体受到的二力平衡8．下列关于重力的说法正确的是（）A．物体对悬线的拉力一定等于物体所受的重力B．物体对水平支持物的压力一定等于物体的重力C．重力可以用弹簧秤测出，当物体保持静止时，物体对弹簧秤的拉力等于物体受到的重力D．站在匀速运动的电梯上的人，受到的重力和受到的支持力二力平衡9．关于重心以下说法正确的是（）A．形状规则的物体的重心，一定在它的几何中心上B．形状规则的物体的重心，不一定在它的几何中心上C．物体的重心是物体各部分所受重力的集中作用点D．物体的重心可以用悬挂法找到10．以下说法正确的是（）A．静止在水平地面上的物体对地面的压力就是重力B．物体重力的大小与物体的运动状态有关C．物体受到的重力与地理纬度及离地面的高度有关，与物体的形状及运动状态无关D．两质量相同的物体，重力有可能不同11．重7N的物体放在水平桌面上，桌面受到7N的压力，以下说法正确的是（）A．这个压力就是重力，施力物是地球B．这个压力就是重力，施力物是木块C．这个压力不是重力，压力的施力物是木块，重力的施力物是地球D．这个压力的大小与重力相等是因为二力平衡12．下列关于重力的说法正确的是（）A．物体对悬线的拉力一定等于物体所受的重力B．物体对水平支持物的压力一定等于物体的重力C．重力可以用弹簧秤测出，在静止的地面上，物体对弹簧秤的拉力等于物体受到的重力D．站在匀速运动的电梯上的人，受到的重力和受到的支持力二力平衡13．重力的方向常用的两种表述是________和_________．14．测重力的仪器是________．15．一个物体所受重力的作用点叫__________．16．物体受到的重力是由________产生的，重力的施力物体是________，重力的方向________，重力的作用点在________．17．质量是 2.5kg 的物体受到的重力是________N ，如果物体受到的重力是196N ，则它的质量________kg ．18．铝的密度是33kg/m 102.7⨯，现有一块体积为303cm 的铝块，它受到的重力是______N ．19．N/kg 8.9=g ，表示_______________．一个质量m ＝10kg 的物体，其重力大小为___________．如果把这个物体放到63.1='g N ／kg 的月球上，它的重力变为__________．20．在公式mg G =中，g ＝9.8N ／kg ．一个质量是50kg 的人，受到的重力为_____N ．如果这个人在63.1='g N ／kg 的月球上，它的重力变为_______N ．第二节、弹力一、选择题1．图1，一个球形物体O 静止放在水平地面上，并与竖直墙相接触，A 、B 两点是球与墙和地面的接触点，则下列说法正确的是 [ ]A ．物体受三个力，重力、B 点的支持力、A 点的弹力B ．物体受二个力，重力、B 点的支持力C ．物体受三个力，重力、B 点的支持力、地面的弹力D ．物体受三个力，重力、B 点的支持力、物体对地面的压力2．小木块放在桌子上，下列说法正确的是 [ ]A ．在接触处只有桌子有弹力产生B ．在接触处桌面和小木块都有弹力产生C ．木块对桌面的压力是木块形变后要恢复原状而对桌面施加的力D ．木块对桌子的压力是木块的重力3．如图2，A 、B 叠放在水平地面上，则地面受到的压力是 [ ]A．A和B对地面的压力之和B．只有B对地面的压力C．B的重力D．A和B的重力4．关于弹力的方向，以下说法正确的是[ ]A．压力的方向总是垂直于接触面，并指向被压物B．支持力的方向总是垂直于支持面，并指向被支持物C．绳对物体拉力的方向总是沿着绳，并指向绳收缩的方向D．杆对物体的弹力总是沿着杆，并指向杆收缩的方向5．用5N的力可以使一轻弹簧伸长8mm，现在把两个这样的弹簧串联起来，在两端各用10N的力来拉它们，这时弹簧的总伸长应是[ ]A．4mm B．8mmC．16mm D．32mm6．如图3，不计悬绳的重量，把B、C两个物体悬吊在天花板A点．当物体静止后，下面哪一对力是平衡力[ ]A．天花板对绳的拉力和绳对B物的拉力B．上段绳对B物的拉力和下段绳对B物的拉力C．下段绳对B物的拉力和下段绳对C物的拉力D．下段绳对C物的拉力和C物受到的重力7．关于胡克定律的下列说法，正确的是[ ]A．拉力相同、伸长也相同的弹簧，它们的劲度相同B．劲度相同的弹簧，弹簧的伸长相同C．知道弹簧的劲度，就可以算出任何拉力下的弹簧伸长D．劲度和拉力、伸长没有关系，它只决定于弹簧的材料、长度、弹簧丝的粗细8．把一根劲度系数k=1000N/m的弹簧截成等长的两段，每一段弹簧的劲度系数为[ ]A．500N/m B．1000N/mC．1500N/m D．2000N/m二、填空题9．用绳提一物体，绳对物体的拉力的方向是______的；对人的手，拉力的方向是______的。

投坟学校高一物理寒假作业2_00001

抢孝州均抛市投坟学校高一寒假作业〔2〕物理Word含答案第I卷〔选择题〕请点击修改第I卷的文字说明1.将一个力分解为两个力，合力与分力的关系是A．合力大小一于两个分力大小之和B．合力大小一大于每个分力大小C．合力大小一小于每个分力大小D．合力大小可能比两个分力都大，也可能比两个分力都小，还可能比一个分力大，比另一个分力小2.关于力的理解，以下说法正确的选项是A．一个力可以有两个施力物体B．力不但有大小，而且有方向，力是矢量C．按力的性质可把力分为拉力、支持力、压力D．力的运算符合代数加减法那么3.以下关于力的说法正确的选项是A．力的大小可以用弹簧秤测量B．两个大小相的力作用效果一相同C．力可以离开物体而存在D．物体受几个力作用时，运动状态一发生改变4.一质点由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a；经过t秒后又以同样大小的加速度做匀减速直线运动，最后停止。

那么在做匀加速直线运动和匀减速直线运动的两个过程中，以下物理量中不相同．．．的是A．位移B．经历时间C．加速度 D．平均速度5.质点是常见的物理模型，以下机械运动所涉及的研究对象中，分析正确的选项是A．研究在平直公路上行驶时，可视为质点B．研究地球自转时，地球可视为质点C．研究月球绕地球作圆运动时，月球可视为质点D．研究挂钟上分针、时针的转动时，分针、时针可视为质点6.一个斜面体质量为M，倾角为，置于水平地面上，当质量为m的木块沿斜面匀速滑下时，斜面体保持静止，以下说法中正确的选项是：A. 地面对斜面的支持力为MgB. 地面对斜面的支持力为〔M+m〕gC. 斜面受地面的摩擦力为mgcosD. 斜面受地面的摩擦力为mgsin7.两辆在同一平直路面上行驶，它们的速度之比V1∶V2=2∶1。

两车以大小相的加速度急刹车后，甲车滑行的最大距离为S1，乙车滑行的最大距离为S2。

那么A. S1∶S2=1∶2B.S1∶S2=1∶1C. S1∶S2=2∶1 D. S1∶S2 =4∶18.如下图，一个小球被一根竖直细绳悬挂并紧靠在光滑斜面上，小球受力的个数为A．1个 B． 2个C．3个 D．4个9.由静止开始以0.1m/s2的加速度作直线运动，那么A.第1秒内的位移为0.05mB.第2秒内的位移为0.15mC.第1秒内的位移为0.25mD.第3秒未的速度为0.30m/s10.如图，甲以8m/s的速度从坐标原点O 向x轴正方向做匀速直线运动，乙以10m/s的速度从坐标〔0，50〕处开始做匀速直线运动，要使两车恰好在x轴上相遇，那么乙车的速度方向与y轴所夹锐角θ的大小以及相遇处离原点的距离分别是A．600，8m B．530，6mC．450，50m D．370，3m11.一小球依次经过A、B、C三点，B为AC的中点，小球在AB速直线运动的加速度为a1，在BC段作匀加速直线运动的加速度为a2，且两者方向相同。

新教材2025版高中物理分层作业十一热力学第一定律能量守恒定律新人教版选择性必修第三册

分层作业(十一) 热力学第肯定律能量守恒定律A级必备学问基础练1.(多选)以下说法正确的是( )A．第一类永动机违反了能量守恒定律B．第一类永动机不能制成，是因为有摩擦、热损失等因素的存在C．某种形式的能量削减，肯定有其他形式的能量增加D．随着科技的发展，能量是可以凭空产生的2．自由摇摆的秋千摇摆幅度越来越小，下列说法正确的是( )A．机械能守恒B．能量正在消逝C．只有动能和重力势能的相互转化D．削减的机械能转化为内能，但总能量守恒3．[2024·北京朝阳一模]一封闭容器中装有肯定质量的志向气体，容器壁与外界没有热量交换，当气体被压缩时，下列说法正确的是( )A．气体压强增大B．气体对外界做功C．气体内能不变D．气体温度不变4．肯定质量的志向气体，从某一状态起先，经过一系列改变后又回到起先的状态，用W1表示外界对气体做的功，W2表示气体对外界做的功，Q1表示气体汲取的热量，Q2表示气体放出的热量，则在整个过程中肯定有( )A．Q1－Q2＝W2－W1B．Q1＝Q2C．W1＝W2D．Q1>Q25．(多选)对于肯定质量的志向气体，下列过程符合热力学第肯定律的是( )A．在恒定温度下，气体绝热膨胀B．气体从外界汲取热量而温度保持不变C.在绝热的条件下，气体体积不变而温度上升D．气体对外做功的同时向外界放热6．二氧化碳的大量排放是导致“温室效应”加剧的主要缘由之一．人类在实行节能减排措施的同时，也在探讨限制温室气体的新方法，目前专家们正在探讨二氧化碳的深海处理技术．在某次试验中，将肯定质量的二氧化碳气体封闭在一个可以自由压缩的导热容器中，将容器缓慢移到海水深处，气体体积减小为原来的一半，不计温度改变，二氧化碳气体可视为志向气体．此过程中( )A．封闭的二氧化碳气体对外界做正功B．封闭的二氧化碳气体压强肯定增大C．封闭的二氧化碳气体分子的平均动能增大D．封闭的二氧化碳气体肯定从外界汲取热量7．(多选)某汽车的四冲程内燃机利用奥托循环进行工作，该循环可视为由两个绝热过程和两个等容过程组成．如图所示为肯定质量的志向气体所经验的奥托循环，则该气体( )A．在a→b的过程中，外界对其做的功全部用于增加内能B．在状态a和c时气体分子的平均动能可能相等C．在d→a的过程中，单位时间内撞击汽缸壁的分子数增多D．在一次循环过程中气体汲取的热量大于放出的热量8．肯定质量的气体，在从一个状态改变到另一个状态的过程中，汲取热量280J，并对外做功120J，试问：(1)这些气体的内能发生了怎样的改变？(2)假如这些气体又返回原来的状态，并放出了240J热量．那么在返回的过程中是气体对外界做功，还是外界对气体做功？做了多少功？9．汽缸内封闭了肯定质量、压强p＝1.0×105Pa、体积V＝2.0m3的志向气体，现使气体保持压强不变，体积缓慢压缩至V′＝1.0m3，此过程气体向外界释放了Q＝1.2×105J的热量，则：(1)压缩过程外界对气体做了多少功？(2)气体内能改变了多少？10．[2024·石家庄高二检测]如图所示，肯定质量的志向气体被活塞封闭在可导热的汽缸内，活塞可沿汽缸无摩擦地滑动．活塞面积S＝1.0×10－3m2，质量m＝2kg，汽缸竖直放置时，活塞相对于底部的高度为h＝1.2m，室温等于27℃；现将汽缸置于77℃的热水中，已知大气压强p0＝1.0×105Pa，取g＝10m/s2，求：(1)平衡时活塞离汽缸底部的距离．(2)此过程中内部气体汲取热量28.8J，气体内能的改变量为多少？B级关键实力提升练11．(多选)如图所示，在水平面上放置着一个密闭绝热的容器，容器内部有一个肯定质量的活塞，活塞的上部封闭着志向气体，下部为真空，活塞与器壁的摩擦忽视不计，置于真空中的轻弹簧的一端固定于容器的底部，另一端固定在活塞上，弹簧被压缩后用绳扎紧，此时弹簧的弹性势能为E p(弹簧处于自然长度时弹性势能为零)，现在绳突然断开，则下列说法中正确的是( )A．由于能量的转化与守恒，活塞将不停地振动起来B．容器内气体的温度将趋于一个定值C．活塞最终会停留在比原来高的位置上D．活塞最终会停下来，E p全部转化为其他形式的能量12．[2024·临沂高二检测]如图所示的pV图像中A→B→C→A表示肯定质量的志向气体的状态改变过程，1atm＝1.01×105Pa，则以下说法正确的是( )A．气体在A、B两状态时的温度相等，由状态A到状态B的过程中，气体温度保持不变B．由状态A到状态B的过程中，气体从外界汲取的热量大于气体对外界所做的功C．由状态B到状态C的过程中，外界对气体做了202J的功D．由状态C到状态A的过程中，气体汲取的热量等于外界对气体做的功13．[2024·河南名校联盟高二联考]如图甲所示，质量为m＝2kg的绝热活塞将肯定质量的志向气体封闭在上端开口直立圆筒形绝热的汽缸中，活塞横截面积S＝5×10－4m2，可沿汽缸无摩擦滑动且不漏气，起先活塞处于A位置时汽缸内气体的内能为U0＝90J，现通过电热丝缓慢加热气体，直到活塞缓慢到达位置B，在此过程中，缸内气体的VT图像如图乙所示．已知大气压强p0＝1.0×105Pa，g取10m/s2，肯定质量志向气体内能与其热力学温度成正比，求：(1)汽缸内气体的压强和活塞处于B位置时汽缸内气体的热力学温度；(2)活塞由A位置缓慢到达B位置，汽缸内气体改变过程中从电热丝汲取的总热量．分层作业(十一) 热力学第肯定律能量守恒定律1．解析：第一类永动机不行能实现，是因为它违反了能量守恒定律，A正确，B错误；依据能量守恒定律可知，某种形式的能量削减，肯定有其他形式的能量增加，C正确；由能量守恒定律可知，能量是不能凭空产生的，D错误．答案：AC2．解析：自由摇摆的秋千摇摆幅度越来越小，说明机械能在削减，A、C错误；削减的机械能通过摩擦做功转化成了内能，但总能量守恒，B错误，D正确．答案：D3．解析：当气体被压缩时，外界对气体做功，即W>0，因容器壁与外界没有热量交换，则Q＝0，依据热力学第肯定律ΔU＝W＋Q，可知ΔU>0，即气体内能增加，温度上升，依据pV＝C可知，V减小，T变大，则压强p变大，B、C、D错误，A正确．T答案：A4．解析：对肯定质量的志向气体，经过一系列的状态改变后又回到原状态，表明整个过程中内能的改变为零，即通过做功和热传递引起的内能改变相互抵消，所以A选项正确．当然，若Q 1＝Q 2，则必定有W 1＝W 2；若Q 1>Q 2，则必定有W 1<W 2；若Q 1<Q 2，则必定有W 1>W 2，所以B 、C 、D 三项都有可能但不肯定，故选A.答案：A5．解析：A 错：肯定质量的志向气体温度肯定时，其内能肯定，气体膨胀对外做功，依据热力学第肯定律得知，气体应吸热，违反了热力学第肯定律．B 对：气体从外界汲取热量，若对外做功，而且热量与做功的数值相等，依据热力学第肯定律气体的温度不变，符合热力学第肯定律．C 错：气体体积不变则气体既不对外做功，外界也不对气体做功，温度上升，内能增大，则气体应汲取热量，但在绝热条件下不行能汲取热量，违反了热力学第肯定律．D 对：气体对外做功的同时向外界放出热量，依据热力学第肯定律气体的内能减小，符合热力学第肯定律．答案：BD6．解析：气体体积减为原来的一半，外界对气体做正功，故A 错误．温度不变，气体体积减半，依据玻意耳定律可知，气体压强增大，故B 正确．温度不变，所以二氧化碳气体分子的平均动能不变，故C 错误．肯定质量的志向气体的温度不变，内能不变，W >0，依据热力学第肯定律ΔU ＝W ＋Q 可知，封闭气体向外界传递热量，故D 错误．答案：B7．解析：由于a →b 是绝热过程，依据热力学第肯定律，外界对其做的功全部用于增加内能，A 正确；由于a →b 的过程气体的内能增加，温度上升；b →c 的过程，体积不变，压强增大，依据p T ＝C 可知温度上升，因此T c >T a ，可得在状态a 时气体分子的平均动能小于状态c 时气体分子的平均动能，B 错误；在d →a 的过程中，体积不变，依据p T ＝C ，可知温度降低，单位体积内分子数不变，分子的平均速率减小，因此单位时间内撞击汽缸壁的分子数削减，C 错误；在题图所示的一次循环过程中，封闭图线围成的面积等于气体对外做的功，由于总体对外做功W <0，依据热力学第肯定律，可知气体汲取的热量大于放出的热量，D 正确．答案：AD8．解析：(1)由热力学第肯定律可得ΔU ＝W ＋Q ＝－120J ＋280J ＝160J ，所以气体的内能增加了160J.(2)由于气体的内能仅与状态有关，所以气体从另一个状态回到原来状态过程中内能的改变量加上从原来的状态到另一个状态过程中内能的改变量等于零，则从另一个状态回到原来状态的过程中，内能应削减160J ，即ΔU ′＝－160J ，又Q ′＝－240J ，依据热力学第肯定律得ΔU ′＝W ′＋Q ′，所以有W ′＝ΔU ′－Q ′＝－160J －(－240J)＝80J ，即外界对气体做功80J.答案：(1)内能增加了160J (2)外界对气体做功 80J9．解析：(1)外界对气体做的功W ＝p ·ΔV ＝p (V －V ′)，解得W ＝1.0×105J.(2)由热力学第肯定律得，汽缸内气体内能的改变量ΔU ＝Q ＋W ＝－1.2×105J ＋1.0×105J ＝－2×104J ，即气体内能削减了2×104J.答案：(1)1.0×105J (2)削减了2×104J10．解析：(1)设平衡时活塞距汽缸底部的距离为h ′，取封闭气体为探讨对象，气体发生等压改变，由盖吕萨克定律hS T 1＝h ′S T 2，解得h ′＝1.4m. (2)在此过程中气体对外做功W ＝p 0S (h ′－h )＋mg (h ′－h )由热力学其次定律ΔU ＝Q －W解得ΔU ＝4.8J气体内能增加4.8J.答案：(1)1.4m (2)增加4.8J11．解析：由于起先弹簧处于压缩状态，弹簧中储存了肯定的弹性势能，在绳子断开后活塞向上运动，到达最高点后再向下运动，如此反复；在此过程中弹簧的部分弹性势能转化为气体的内能，活塞与弹簧的机械能不断减小，最终活塞将静止，静止时弹簧的弹力等于活塞的重力和上部气体对活塞的压力，此时弹簧仍处于压缩状态．弹簧的弹性势能有一部分转化为气体内能，最终气体温度趋于一个定值；在活塞运动过程中对活塞做功的有重力、弹簧的弹力和气体对活塞的压力．当弹簧最终静止时，弹簧仍处于压缩状态，但弹簧的形变量减小，故弹簧储存的弹性势能减小；由于活塞的高度增大，故活塞的重力势能增大，在活塞运动的过程中活塞压缩气体做功，产生内能，故削减的弹性势能一部分转化为重力势能，一部分转化为空气的内能．故B 、C 正确．答案：BC12．解析：因为p A V A ＝p B V B ，所以，气体在A 、B 两状态时的温度相等．由图像可知，由状态A 到状态B 的过程中，气体温度先上升后降低，A 错误；因为气体在A 、B 两状态时的温度相等，所以内能不变，依据热力学第肯定律ΔU ＝W ＋Q ，气体从外界汲取的热量等于气体对外界所做的功，B 错误；由状态B 到状态C 的过程中，外界对气体做的功为W ＝p ΔV ＝1.01×105×(3—1)×10－3J ＝202J ，C 正确；由状态C 到状态A 的过程中，温度上升，气体内能增大，因为体积不变，压强增大，外界对气体不做功，所以气体汲取的热量等于气体内能的增加量，D 错误．答案：C13．解析：(1)活塞从A 位置缓慢到B 位置，活塞受力平衡，气体为等压改变，以活塞为探讨对象有pS ＝p 0S ＋mg ，解得p ＝p 0＋mg S ＝1.4×105Pa ，由盖吕萨克定律有V A T A ＝V B T B ，代入数据解得T B ＝450K.(2)由气体的内能与热力学温度成正比U B U 0＝T B T A，解得U B ＝135J ，外界对气体做功W ＝－p (V B －V A )＝－28J ，由热力学第肯定律ΔU ＝U B －U 0＝Q ＋W ＝45J ，可得气体改变过程中从电热丝汲取的总热量为Q ＝73J.答案：(1)1.4×105Pa 450K (2)73J。

物理作业本九年级全册(配沪粤版)《芝麻开花

﹣4 ﹣3
图 11-1-1
J．
4．重为 25N 的木块在大小为 10N 的水平拉力 F 的作用下，在 10s 内沿水平地面匀速前进 5m，则拉力做的功为___50 __J，地面对物体的摩擦力为__100__N. 5．在山区常见到如图 11-1-2 所示的盘山公路．修建盘山公路是利用我们学过的一种简单机械__斜面___的原理，这样做的主要目的是使汽车在上坡时能够____省力___． 6．在图 11-1-3 所示的四个事例中，关于力做功的叙述正确的是（ B ）图 11-1-2
目录第十一章简单电路111从闪电谈起112电路的组成和连接方式113怎样认识和测量电流114探究串并联电路中的电流115怎样认识和测量电压116探究串并联电路中的电压第十二章探究欧姆定律121怎样认识电阻122探究欧姆定律123欧姆定律的应用第十三章机械功与机械能131怎样才叫做功132比较做功的快慢133如何提高机械效率134认识动能和势能第十四章内能和热机141认识内能142热量和热值143研究物质的比热容144热机与社会发展第十五章电磁铁与自动控制151从永磁铁谈起152奥斯特的发现153探究电磁铁的磁性154电磁继电器与自动控制第十六章电动机与发动机161关于电动机转动的猜想162探究电动机的转动原理163发电机为什么能发电第十七章电能与电功率171电能和电功172探究灯泡的电功率173探究电流热效应跟电阻的关系174怎样使用电器正常工作第十八章家庭电路与安全用电181家庭用电182测算家庭电费183怎样用电才安全184电能与社会发展第十九章电磁波与信息时代191最快的信使192广播电视与通信193走进互联网第二十章能源与能量守恒定律201存在能源危机吗202开发新能源203能的转化与能量守恒204能源环境与可持续发展图1111图1115图1113a

固体物理重排版和原版的区别

固体物理重排版和原版的区别嘿，说到固体物理的重排版和原版的区别，真是个让人头疼却又充满好奇心的话题。

你知道，固体物理这门学科，说白了就是研究“硬东西”的一门学问。

想想看，所有的固体，无论是你手里拿的手机，还是桌子上的一块砖头，都可以通过这门学问去了解它们的结构、性质以及它们是怎么在微观世界里运作的。

虽然一听到这个词，可能不少人会皱眉头，觉得这不就是一堆公式和复杂的理论吗？其实不然，固体物理不仅仅是公式，还是一种打开新世界的大门。

好啦，咱们说正题。

那固体物理的“重排版”和“原版”到底有什么区别呢？其实你把它们想象成两本书，一个是“原版”，一个是经过重排版的“新书”就行了。

原版就是最初的版本，基本上保留了所有的内容，可能有些地方你看了之后觉得有点晦涩难懂，或者信息量太大，写得那么密密麻麻的，简直就像是作者心情不好，把所有的想法都倒出来，弄得你看得头晕目眩。

你知道吧，有时候你读书就像是吃一口大菜，得慢慢咀嚼，才能明白它的味道。

但到了重排版，那就是把原版的东西重新整理、分配和优化过。

换句话说，就是把那些晦涩难懂的部分重新解释一遍，把信息拆开、分类，弄得既简单又不失深度。

它就像是把原本一堆碎片拼成一个更加清晰的图案，让你一眼就看明白。

重排版的内容有时会加入一些新的解释，或者更合适的插图和案例，这样一来，不仅阅读起来更加轻松，而且容易理解。

其实说到底，重排版的目的就是让那些看起来像外星语的内容，变得不那么让人畏惧。

比如说，你读固体物理的原版教材，里面可能讲了一大堆什么能带、晶格、电子结构这些概念，你想一想，光是这些词就足够让你感到云里雾里的了。

可是在重排版的版本里，可能会有图示、会有实际的应用场景，让你明白这些看似抽象的概念，原来其实是和你生活息息相关的。

是不是觉得原来它也没那么难？再说了，原版的书，给人一种“厚重感”，特别是那种老派的经典教材，内容很多，条理也许不是特别清晰。

有些章节之间跳来跳去，读者往往得像翻一座迷宫似的，才能找出点蛛丝马迹。

2025版新教材高考物理全程一轮总复习课时分层作业53热力学定律与能量守恒

课时分层作业(五十三) 热力学定律与能量守恒基础强化练1．(多选)关于热力学第肯定律和热力学其次定律，下列说法中正确的是( )A．肯定质量的志向气体经验一缓慢的绝热膨胀过程，气体的内能削减B．气体向真空的自由膨胀是不行逆的C．热力学第肯定律也可表述为第一类永动机不行能制成D．热力学其次定律可描述为“不行能使热量由低温物体传递到高温物体”2．[2024·沈阳二中模拟](多选)下列叙述和热力学定律相关，其中正确的是( ) A．第一类永动机不行能制成，是因为违反了能量守恒定律B．能量耗散过程中能量不守恒C．能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性D．物体从单一热源汲取的热量可全部用于做功3.如图所示，密封的矿泉水瓶中，距瓶口越近水的温度越高．一开口向下、导热良好的小瓶置于矿泉水瓶中，小瓶中封闭一段空气．挤压矿泉水瓶，小瓶下沉究竟部；松开后，小瓶缓慢上浮，上浮过程中，小瓶内气体( )A．内能削减B．对外界做正功C．增加的内能大于汲取的热量D．增加的内能等于汲取的热量4.[2024·北京卷]如图所示，肯定质量的志向气体从状态a起先，沿图示路径先后到达状态b和c.下列说法正确的是( )A．从a到b，气体温度保持不变B．从a到b，气体对外界做功C．从b到c，气体内能减小D．从b到c，气体从外界吸热5.[2024·山东烟台一模]肯定质量的志向气体，从状态a起先，经验ab、bc、ca三个过程回到原状态，其VT图像如图所示，其中图线ab的反向延长线过坐标原点O，图线bc平行于T轴，图线ca平行于V轴，则 ( )A．ab过程中气体压强不变，气体从外界吸热B．bc过程中气体体积不变，气体不吸热也不放热C．ca过程中气体温度不变，气体从外界吸热D．整个变更过程中气体的内能先削减后增加6.[2024·湖北卷]肯定质量的志向气体由状态a变为状态c，其过程如pV图中a→c直线段所示，状态b对应当线段的中点．下列说法正确的是( )A．a→b是等温过程B．a→b过程中气体吸热C．a→c过程中状态b的温度最低D．a→c过程中外界对气体做正功7.如图所示，a、b、c、d表示肯定质量的志向气体状态变更过程中的四个状态，图中ad 平行于横坐标轴，ab的延长线过原点，以下说法正确的是( )A．从状态d到c，气体不吸热也不放热B．从状态c到b，气体吸热C．从状态d到a，气体对外做功D．从状态b到a，气体吸热8.(多选)肯定质量的志向气体由状态a等压膨胀到状态b，再等容增压到状态c，然后等温膨胀到状态d，最终经过一个困难的过程回到状态a，其压强p与体积V的关系如图所示．下列说法正确的是( )A．从a到b，每个气体分子的动能都增大B．从b到c，气体温度上升C．从c到d，气体内能不变D．从d到a，气体对外界做正功9.如图所示，一排球球内气体的压强为p0，体积为V0，温度为T0，用打气筒对排球充入压强为p0，温度为T0的气体，使球内气体压强变为3p0，同时温度升至2T0，充气过程中气体向外放出Q的热量，假设排球体积不变，气体内能U与温度的关系为U＝kT(k为正常数)，求：(1)打气筒对排球充入压强为p0，温度为T0的气体的体积；(2)在打气筒对排球充气过程中，打气筒对气体做的功．实力提升练10．(多选)利用“涡流效应”可实现冷热气体的分别．如图，一冷热气体分别装置由喷嘴、涡流室、环形管、分别挡板和冷热两端管等构成．高压氮气由喷嘴切向流入涡流室中，然后以螺旋方式在环形管中向右旋转前进，分子热运动速率较小的气体分子将聚集到环形管中心部位，而分子热运动速率较大的气体分子将聚集到环形管边缘部位．气流到达分别挡板处时，中心部位气流与分别挡板碰撞后反向，从A端流出，边缘部位气流从B端流出．下列说法正确的是( )A．A端为冷端，B端为热端B．A端流出的气体分子热运动平均速率肯定小于B端流出的C．A端流出的气体内能肯定大于B端流出的D．该装置气体进出的过程满意能量守恒定律，但违反了热力学其次定律11.肯定质量的志向气体状态变更如图所示，其中AB段与t轴平行，已知在状态A时气体的体积为1.0L，下列说法正确的是( )A．由A到B的过程，气体的体积减小B．由B到C的过程，气体的体积增大C．由A到B的过程，气体对外做功200JD．由B到C的过程，外界对气体做功300J12.如图所示，质量m＝1kg的导热汽缸倒扣在水平地面上，A为一T形活塞，汽缸内充有志向气体．汽缸的横截面积S＝2×10－4m2，高度h＝40cm，当外界温度为300K时，汽缸对地面恰好没有压力，此时活塞位于汽缸中心．不计汽缸壁厚度，内壁光滑，活塞始终在地面上静止不动，大气压强为p0＝1×105Pa，g取10m/s2.(1)求汽缸内气体的压强；(2)环境温度上升时，汽缸缓慢上升，温度至少上升到多少时，汽缸不再上升；(3)已知汽缸内气体的内能U与热力学温度T的关系为U＝0.015T(J)，求汽缸从图示位置上升到刚好不能再上升的过程中，汽缸内气体从外界汲取的热量．课时分层作业（五十三）1．解析：肯定质量的志向气体经验一缓慢的绝热膨胀过程，则Q＝0，W<0，依据ΔU ＝W＋Q可知，气体的内能削减，故A正确；热力学其次定律表明：自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，是不行逆的，故气体向真空的自由膨胀是不行逆的，故B 正确；热力学第肯定律也可表述为第一类永动机不行能制成，故C正确；热力学其次定律可描述为“不行能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变更”，故D错误．答案：ABC2．解析：第一类永动机不消耗能量却能源源不断对外做功，违反了能量守恒定律，所以不行能制成，A正确；能量耗散过程中能量仍守恒，B错误；能量耗散说明宏观热现象的发生具有方向性，C 正确；物体从单一热源汲取的热量可以全部用于做功，但肯定引起外界变更，D 正确．答案：ACD3．解析：由于越接近矿泉水瓶口，水的温度越高，因此小瓶上浮的过程中，小瓶内气体温度上升，内能增加，A 错误；在小瓶上升的过程中，小瓶内气体的温度渐渐上升，压强渐渐减小，依据志向气体状态方程pV T ＝C ，可知气体体积膨胀，对外界做正功，B 正确；小瓶上升时，小瓶内气体内能增加，气体对外做功，依据热力学第肯定律ΔU ＝W ＋Q 得，气体吸热，且汲取的热量大于增加的内能，C 、D 错误．答案：B4．解析：肯定质量的志向气体从状态a 起先，沿题图路径到达状态b 过程中气体发生等容变更，压强减小，依据查理定律p T ＝C ，可知气体温度降低，再依据热力学第肯定律ΔU ＝Q ＋W ，由于气体不做功，内能减小，则气体放热，A 、B 错误；肯定质量的志向气体从状态b 沿题图路径到达状态c 过程中气体发生等压变更，体积增大，依据V T ＝C ，可知气体温度上升，内能增大，再依据热力学第肯定律ΔU ＝Q ＋W ，可知b 到c 过程吸热，且汲取的热量大于做功值，C 错误，D 正确．答案：D5．解析：在V T 图像上等压线为过坐标原点的一条倾斜的直线，由a 到b 为等压变更，温度上升，气体内能增大，体积增大，对外做功，依据热力学第肯定律可知，气体从外界吸热，故选项A 正确；bc 过程中气体体积不变，气体不做功，温度降低，内能减小，依据热力学第肯定律可知，气体放热，故选项B 错误；ca 过程中气体温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功，依据热力学第肯定律可知，气体放热．故选项C 错误；从a 到b 温度上升，内能增加，从b 到c 温度降低，内能减小，从c 到a 温度不变，内能不变，故选项D 错误．答案：A6．解析：依据志向气体的状态方程pV T ＝C ，可知a →b 气体温度上升，内能增加，且体积增大气体对外界做功，则W <0，由热力学第肯定律ΔU ＝W ＋Q ，可知a →b 过程中气体吸热，A 错误，B 正确；依据志向气体的状态方程pV T＝C 可知，p V 图像的坐标值的乘积反映温度，a 状态和c 状态的坐标值的乘积相等，而中间状态的坐标值乘积更大，a →c 过程的温度先上升后降低，且状态b 的温度最高，C 错误；a →c 过程气体体积增大，外界对气体做负功，D 错误．答案：B7．解析：从状态d 到c ，温度不变，压强减小，依据志向气体状态方程pV T ＝C 可知，气体的体积增大，则气体对外界做功，志向气体温度不变，则内能不变，依据热力学第肯定律ΔU ＝Q ＋W 可知气体汲取热量，A 错误；从状态c 到b ，气体体积减小，外界对气体做功，温度降低，内能削减，依据热力学第肯定律可知气体放热，B 错误；从状态d 到a ，气体压强不变，温度降低，依据志向气体状态方程pV T＝C 可知，气体体积减小，外界对气体做功，C 错误；从状态b 到a ，因ab 延长线过原点，所以发生等容变更，体积不变，气体不做功，温度上升，则内能增加，依据热力学第肯定律ΔU ＝Q ＋W 可知，气体吸热，D 正确．答案：D8．解析：从a 到b ，由V a T a ＝V b T b 得，体积增大则温度上升，气体分子平均动能增大，但不是每个气体分子的动能都增大，故A 错误；从b 到c ，由p b T b ＝p c T c 得，压强增大则温度上升，故B 正确；从c 到d 等温变更，故温度不变，则气体内能不变，C 正确；从d 到a ，体积变小，所以外界对气体做正功，D 错误．答案：BC9．解析：（1）设打气筒对排球充入压强为p 0、温度为T 0的气体的体积为V ，以排球内气体与充入的气体整体为探讨对象．气体的初状态参量：p 1＝p 0，V 1＝V 0＋V ，T 1＝T 0气体的末状态参量：p 2＝3p 0，V 2＝V 0，T 2＝2T 0依据志向气体状态方程得p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2. 代入解得V ＝0.5V 0.（2）因为气体内能U 与温度的关系为U ＝kT所以打气过程内能变更：ΔU ＝k （2T 0－T 0）＝kT 0由热力学第肯定律得ΔU ＝W ＋（－Q ）解得打气筒对气体做的功：W ＝Q ＋kT 0.答案：（1）0.5V 0 （2）Q ＋kT 010．解析：依题意，中心部位为热运动速率较低的气体，与挡板作用后反弹，从A 端流出，而边缘部分为热运动速率较高的气体，从B 端流出；同种气体分子平均热运动速率较大，其对应的温度也就较高，所以A 端为冷端、B 端为热端，故A 正确；依题意，A 端流出的气体分子热运动速率较小，B 端流出的气体分子热运动速率较大，所以从A 端流出的气体分子热运动平均速率小于从B 端流出的，从A 端流出的气体分子平均动能小于从B 端流出的气体分子平均动能；内能的多少还与分子数有关，依题意，不能得出从A 端流出的气体内能肯定大于从B 端流出的气体内能，故B 正确，C 错误；该装置将冷热不均的气体进行分别，喷嘴处有高压，即通过外界做功而实现的，并非是自发进行的，没有违反热力学其次定律；温度较低的从A 端出、较高的从B 端出，也符合能量守恒定律，故D 错误．答案：AB11．解析：由A 到B 的过程中，压强不变，依据志向气体状态方程，则有pV ＝nRT ，所以温度上升，体积变大，A 错误．由B 到C 的过程中，先将横轴的摄氏温度换算成热力学温度，则BC 直线过原点，所以体积不变，B 错误．由A 到B 的过程中，压强不变，依据志向气体状态方程，则有pV ＝nRT ，温度从273K 变成546K ，变大2倍，所以体积也变大2倍，变成2L ，依据公式W ＝p ΔV ＝200J ，C 正确．由B 到C 的过程中，体积不发生变更，外界对气体不做功，D 错误．答案：C12．解析：（1）汽缸对地面恰好没有压力，即处于平衡状态，可得p 0S ＋mg ＝pS解得汽缸内气体的压强为p ＝1.5×105Pa.（2）气体原来温度T 1＝300K ，环境温度上升时，汽缸发生等压变更，温度上升到T 2时，气体体积为hS 时汽缸不再上升，可得0.5hS T 1＝hS T 2代入数据解得：T 2＝600K.（3）该过程气体对外做功W ＝p ·ΔV ＝p ·12hS ＝6J ，取负值当汽缸不再上升时气体内能增加ΔU ＝0.015（T 2－T 1）＝4.5J由热力学第肯定律可知，汽缸内气体从外界汲取的热量 Q ＝ΔU －W ＝10.5J.答案：（1）1.5×105Pa （2）600K （3）10.5J。

2025版新教材高考物理全程一轮总复习课时分层作业11牛顿运动三定律

课时分层作业(十一) 牛顿运动三定律基础强化练1．[2024·浙江6月]下列属于力的单位的是( )A．kg·m/s2B．kg·m/sC．kg·m2/sD．kg·s/m22．下面语句中涉及惯性学问的是( )A．临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟B．红军不怕远征难，万水千山只等闲C．水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香D．两岸青山相对出，孤帆一片日边来3．关于力与物体的运动之间的关系，下列说法中正确的是( )A．不受外力作用的物体其运动状态不会发生变更，是因为物体具有惯性，且物体运动速度越大其惯性越大B．在地面上滑行的物体之所以能停下来，是因为没有力来维持它的运动C．牛顿第肯定律说明白，运动状态发生变更的物体，必定受到力的作用D．作用在物体上的力消逝以后，物体运动的速度会不断减小4．2024年11月28日，“奋斗者”号载人潜水器海试返航，前期在马里亚纳海沟胜利坐底，坐底深度10909米．奋斗者号这条庞然“大鱼”有几十吨重，两人多高，从“蛟龙”号到“奋斗者”号，中国深潜勇士不断向洋底最深处进军，在这则新闻中涉及了长度、质量和时间及其单位，下列说法正确的是( )A．新闻中涉及“有几十吨重”中，吨是国际单位制中的导出单位B．“kg·m/s2”被定义为“N”，“N”是国际单位制中的导出单位C．新闻中涉及“深度10909米”中，米是国际单位制中力学三个基本物理量之一D．力学中的三个基本物理量是长度、质量、时间，物理学中全部的物理量都有单位5．跳绳运动是众人在一根环摆的绳中做各种跳动动作的运动嬉戏．如图所示，小挚友在跳绳的过程中( )A．小挚友向上运动的缘由是小挚友受到地面的支持力大于她给地面的压力B．小挚友下蹲时，她受到的重力变大C．小挚友受到地面的支持力等于她对地面的压力D．小挚友离开地面对上运动是因为她受到向上的冲力作用6．[2024·浙江6月]如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是( ) A．鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡B．鱼儿摆尾出水时浮力大于重力C．鱼儿摆尾击水时受到水的作用力D．探讨鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点7．[2024·浙江四校质检]乒乓球运球接力是老少皆宜的趣味运动项目，运球时需依据运动状况刚好调整球拍的角度以避开乒乓球落地．若某次运球时乒乓球与球拍始终保持相对静止，一起水平向右做匀加速直线运动，下列说法正确的是( )A.乒乓球受到球拍的摩擦力水平向左B．乒乓球受到球拍的摩擦力可能为零C．球拍对乒乓球的支持力小于乒乓球受到的重力D．球拍对乒乓球的支持力大于乒乓球对球拍的压力8.如图所示，质量m＝10kg的物体在水平面上向右运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体还受到一个水平向左的推力F＝20N的作用，g取10m/s2，则物体的加速度是( )A．0B．4m/s2，水平向右C．4m/s2，水平向左D．2m/s2，水平向右实力提升练9．(多选)如图所示，一个小球O用1、2两根细绳连接并分别系于箱子上的A点和B 点，OA与水平方向的夹角为θ，OB水平，起先时箱子处于静止状态，下列说法正确的是( )A．若使箱子水平向右加速运动，则绳1、2的张力均增大B．若使箱子水平向右加速运动，则绳1的张力不变，绳2的张力增大C.若使箱子竖直向上加速运动，则绳1、2的张力均增大D．若使箱子竖直向上加速运动，则绳1的张力增大，绳2的张力不变10.如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°，质量为m 的货物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.3.当载重车厢沿索道向上加速运动时，货物与车厢仍旧保持相对静止状态，货物对车厢水平地板的正压力为其重力的1.15倍，连接索道与车厢的杆始终沿竖直方向，重力加速度为g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么这时货物对车厢地板的摩擦力大小为( )A．0.35mg B．0.3mgC．0.23mg D．0.2mg11．(多选)以下关于各物体的运动推断正确的是( )A．图甲，物体P从接触弹簧起先到运动至最右端的过程中，始终做减速运动B．图乙，物体P在恒力F的作用下，从接触弹簧起先到运动至最右端的过程中，先做加速运动，后做减速运动C．图丙，小球从接触弹簧起先到运动至最低点的过程中，先做加速运动，后做减速运动D．图丁，蹦极的人先做自由落体运动，从橡皮条绷紧起先到运动至最低点的过程中，始终做减速运动课时分层作业（十一）1．解析：F＝ma，质量的单位是kg，加速度的单位是m/s2，故力的单位是kg·m/s2，选项A正确．答案：A2．解析：A对：“临崖立马收缰晚”是由于惯性．B错：“红军不怕远征难，万水千山只等闲”描述红军到过许多有山水的地方，与惯性无关．C错：“水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香”是分子运动，与惯性无关．D错：“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”，与惯性无关．答案：A3．解析：不受外力作用的物体其运动状态不会发生变更，是因为物体具有惯性，物体的惯性大小只与质量有关，故A错误；在地面上滑行的物体之所以能停下来，是因为受到摩擦力的作用，故B错误；依据牛顿第肯定律可知，力是变更物体运动状态的缘由，而不是维持物体运动的缘由，故C正确；作用在物体上的力消逝以后，依据牛顿第肯定律可知，物体将保持当前的运动状态，故D错误．答案：C4．解析：“吨”是质量的一个单位，但不是国际单位制中的单位，选项A错误；“kg·m/s2”是由F＝ma推导出来的，是国际单位制中的导出单位，为了纪念牛顿把它定义为牛顿，选项B正确；国际单位制中力学三个基本物理量是长度、质量、时间，而米只是长度的单位，选项C错误；在国际单位制中，力学基本物理量是长度、质量、时间，单位是物理量的组成部分，有单位的物理量要注明单位，但并不是全部物理量都有单位，如前面学过的动摩擦因数μ就没有单位，选项D错误．答案：B5．解析：小挚友受到地面的支持力与小挚友给地面的压力是一对相互作用力，总是等大反向，选项A错误，C正确；小挚友在跳绳过程中，处在地球表面同一位置，则所受重力不变，选项B错误；小挚友离开地面对上运动是因为惯性，并不是受到向上的冲力作用，选项D错误．答案：C6．解析：鱼儿吞食花瓣时加速度不为零，受力不平衡，选项A错误；鱼儿摆尾出水时受到水的作用力、浮力和重力，浮力和重力的关系不确定，选项B错误，C正确；探讨鱼儿摆尾击水跃出水面的动作时，鱼儿的形态、大小不能忽视，鱼儿不能视为质点，选项D错误．答案：C7．解析：乒乓球与球拍保持相对静止，一起向右做匀加速直线运动，由牛顿其次定律可知，乒乓球受到水平向右的合外力，若乒乓球向右运动的加速度a＝g tanθ，则重力和支持力刚好供应其向右运动的合外力，受力分析如图所示，此时乒乓球受到的摩擦力刚好为零，支持力大于重力，故A、C错误，B正确．球拍对乒乓球的支持力与乒乓球对球拍的压力互为作用力与反作用力，两者大小相等，故D错误．答案：B8．解析：取向左为正方向，物体受到的摩擦力F f＝μmg＝0.2×10kg×10m/s2＝20N 由牛顿其次定律得F＋F f＝ma解得a＝4m/s2，方向水平向左．答案：C9．解析：箱子静止时，对小球，依据平衡条件得F OA sinθ＝mg，F OB＝F OA cosθ，若使箱子水平向右加速运动，则在竖直方向上合力为零，有F OA′sinθ＝mg，F OB′－F OA′cosθ＝ma，所以绳1的张力不变，绳2的张力增大，选项A错误，B正确；若使箱子竖直向上加速运动，则F OA″sinθ－mg＝ma′，F OB″＝F OA″cosθ，所以绳1的张力增大，绳2的张力也增大，选项C正确，D错误．答案：BC10．解析：将a沿水平和竖直两个方向分解，对货物受力分析如图所示水平方向：F f＝ma x竖直方向：F N－mg＝ma yF N＝1.15mg又a ya x＝34联立解得F f＝0.2mg，故D正确．答案：D11．解析：若水平面粗糙，物体P受到向左的滑动摩擦力和渐渐增大的弹力，由牛顿其次定律μmg＋kx＝ma可知，物体向右做加速度渐渐增大的减速运动；若水平面光滑，同样可以得出物体向右做加速度增大的减速运动，故A正确．物体受恒力F，若水平面粗糙，其大小与摩擦力的关系未知，若F≤μmg，则有μmg＋kx－F＝ma，物体向右做加速度增大的减速运动；若F>μmg，刚接触时有F－（μmg＋kx）＝ma，当F＝μmg＋kx后有μmg＋kx －F＝ma，故物体先做加速度向右减小的加速运动，后做加速度向左增大的减速运动，故B 错误．从小球接触弹簧起先，重力先大于弹力，小球做加速度减小的变加速运动，之后重力等于弹力，出现最大速度，接着重力小于弹力，小球做加速度向上增大的变减速运动，故C 正确．蹦极的人在橡皮条绷紧前只受重力，做自由落体运动，此后重力先大于增大的弹力，人做加速度减小的变加速运动，之后重力等于弹力，出现最大速度，最终重力小于弹力，人做加速度向上增大的变减速运动，故D错误．答案：AC。

2025版新教材高考物理全程一轮总复习课时分层作业13牛顿第二定律的综合应用

课时分层作业(十三) 牛顿其次定律的综合应用基础强化练1．一雨滴从空中由静止起先竖直落下，假设雨滴下落过程中所受重力保持不变，且空气对雨滴阻力随其下落速度的增大而增大，则如图所示的图像中可能正确反映雨滴整个下落过程运动状况的是( )2．2024年10月16日0时23分，“神舟十三号”胜利放射，顺当将三名航天员送入太空并进驻空间站，在空间站中，如需测量一个物体的质量，须要运用一些特别方法：如图所示，先对质量为m1＝1.0kg的标准物体P施加一水平恒力F，测得其在1s内的速度变更量大小是10m/s，然后将标准物体与待测物体Q紧靠在一起，施加同一水平恒力F，测得它们1s内速度变更量大小是2m/s.则待测物体Q的质量m2为( )A．3.0kgB．4.0kgC．5.0kgD．6.0kg3.(多选)如图所示，在水平光滑桌面上放有m1和m2两个小物块，它们中间有细线连接．已知m1＝3kg，m2＝2kg，连接它们的细线最大能承受6N的拉力．现用水平外力F1向左拉m1或用水平外力F2向右拉m2，为保持细线不断，则( )A．F1的最大值为10NB．F1的最大值为15NC.F2的最大值为10ND．F2的最大值为15N4．如图，公共汽车沿水平面对右做匀变速直线运动；小球A用细线悬挂于车顶上，质量为m的一位中学生手握固定于车厢顶部的扶杆，始终相对于汽车静止地站在车厢底板上，学生鞋底与公共汽车间的动摩擦因数为μ.若某时刻视察到细线偏离竖直方向θ角(取θ＝60°)，则此刻公共汽车对学生产生的作用力的大小和方向为( )A．大小等于μmg，方向水平向左B．大小等于mg，方向竖直向上C ．大小大于mg tan θ，方向水平向左D ．大小等于mgcos θ，方向斜向左上方5．如图所示，在光滑水平面上有一辆小车A ，其质量为m A ＝2.0kg ，小车上放一个物体B ，其质量为m B ＝1.0kg.如图甲所示，给B 一个水平推力F ，当F 增大到稍大于3.0N 时，A 、B 起先相对滑动，假如撤去F ，对A 施加一水平推力F ′，如图乙所示，要使A 、B 不相对滑动，则F ′的最大值F max 为( )A ．2.0NB ．3.0NC ．6.0ND ．9.0N6.(多选)如图甲所示，一竖直放置的足够长的固定玻璃管中装满某种液体，一半径为r 、质量为m 的金属小球，从t ＝0时刻起，由液面静止释放，小球在液体中下落，其加速度a 随速度v 的变更规律如图乙所示．已知小球在液体中受到的阻力F f ＝6πηvr ，式中r 是小球的半径，v 是小球的速度，η是常数．忽视小球在液体中受到的浮力，重力加速度为g ，下列说法正确的是( )A ．小球的最大加速度为gB ．小球的速度从0增加到v 0的过程中，做匀变速运动C ．小球先做加速度减小的变加速运动，后做匀速运动D ．小球的最大速度为mg6πηr7．[2024·西南四省高三(上)12月联考]如图甲所示，O 、A 、B 是固定斜面上的三点，OA 段光滑且长l ＝112m ，A 点以下部分粗糙．一物块从O 点由静止起先向下滑动，物块经过AB 段所用的时间为t ，A 、B 两点间的距离为x .保持O 、A 两点的位置不变，变更B 点的位置，仍让该物块从O 点由静止起先向下滑动，多次操作后得出的xtt 图像如图乙所示，重力加速度g ＝10m/s 2，求斜面粗糙部分的动摩擦因数μ.实力提升练8．(多选)如图甲所示，可视为质点的质量m1＝1kg的小物块放在质量m2＝2kg的木板正中心位置，木板静止在水平地面上，连接物块的轻质细绳伸直且与水平方向的夹角为37°.现对木板施加水平向左的拉力F＝18N，木板运动的vt图像如图乙所示，sin37°＝0.6，g 取10m/s2，则( )A．木板的长度为2mB．木板的长度为1mC．木板与地面间的动摩擦因数为0.5D．物块与木板间的动摩擦因数为8199.[2024·山西运城期末]在一块固定的倾角为θ的木板上叠放质量均为m的一本英语词典和一本汉语词典，图甲中英语词典在上，图乙中汉语词典在上．已知图甲中两本词典一起沿木板匀速下滑，图乙中两本词典一起沿木板匀加速下滑，两本词典的封面材料不同，但同一本词典的上、下两面材料相同，近似认为滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，设英语词典和木板之间的动摩擦因数为μ1，汉语词典和木板之间的动摩擦因数为μ2，英语词典和汉语词典之间的动摩擦因数为μ3，重力加速度大小为g，则下列说法正确的是( )A ．μ2肯定小于tan θB ．μ3肯定等于tan θC ．图乙中汉语词典受到的摩擦力大小肯定是μ1mg cos θD ．图甲中英语词典受到的摩擦力大小肯定是μ3mg cos θ10.[2024·山东卷]某粮库运用额定电压U ＝380V 、内阻R ＝0.25Ω的电动机运粮．如图所示，配重和电动机连接小车的缆绳均平行于斜坡，装满粮食的小车以速度v ＝2m/s 沿斜坡匀速上行，此时电流I ＝40A ．关闭电动机后，小车又沿斜坡上行路程L 到达卸粮点时，速度恰好为零．卸粮后，给小车一个向下的初速度，小车沿斜坡刚好匀速下行．已知小车质量m 1＝100kg ，车上粮食质量m 2＝1200kg ，配重质量m 0＝40kg ，取重力加速度g ＝10m/s 2，小车运动时受到的摩擦阻力与车及车上粮食总重力成正比，比例系数为k ，配重始终未接触地面，不计电动机自身机械摩擦损耗及缆绳质量．求：(1)比例系数k 值； (2)上行路程L 值．课时分层作业（十三）1．解析：依据牛顿其次定律得a ＝mg －fm，可知速度增大，阻力增大，加速度减小，雨滴做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，雨滴做匀速直线运动，所以雨滴匀速前的速度—时间图像不是直线，由于阻力随速度增大而增大，故阻力—时间图像与速度—时间图像接近，又因为a ＝mg －fm，故加速度—时间图像不是直线，故C 正确．答案：C2．解析：对P 施加F 时，依据牛顿其次定律有a 1＝F m 1＝Δv 1Δt＝10m/s 2，对P 和Q 整体施加F 时，依据牛顿其次定律有a 2＝Fm 1＋m 2＝Δv 2Δt＝2m/s 2，联立解得m 2＝4.0kg ，故选B. 答案：B3．解析：若向左拉m 1，对m 2分析，则F Tm ＝m 2a ，得出最大加速度a ＝3m/s 2；对两物块系统：F 1＝（m 1＋m 2）a ＝（2＋3）×3N＝15N ，选项B 正确，A 错误；若向右拉m 2，对m 1分析，则F Tm ＝m 1a ′，得出最大加速度a ′＝2m/s 2；对两物块系统：F 2＝（m 1＋m 2）a ′＝（2＋3）×2N＝10N ，选项D 错误，C 正确．答案：BC 4．解析：以小球为探讨对象，依据牛顿其次定律，得m 球g tan θ＝m 球a ，得到a ＝g tan θ.以人为探讨对象，人与球的加速度相同，均水平向左，作出人的受力图，如图所示．设汽车对学生的作用力与竖直方向的夹角为α，依据牛顿其次定律，得mg tan α＝ma ，F ＝mgcos α，将α＝g tan θ代入，得α＝θ，F ＝mgcos θ，方向斜向左上方，故D 正确．答案：D5．解析：依据题图甲所示，设A 、B 间的静摩擦力达到最大值F fmax 时，系统的加速度为a ，依据牛顿其次定律，对A 、B 整体有F ＝（m A ＋m B ）a ，对A 有F fmax ＝m A a ，代入数据解得F fmax ＝2.0N ；依据题图乙所示状况，设A 、B 刚起先滑动时系统的加速度为a ′，依据牛顿其次定律，以B 为探讨对象有F fmax ＝m B a ′，以A 、B 整体为探讨对象，有F max ＝（m A ＋m B ）a ′，代入数据解得F max ＝6.0N ，故选C.答案：C6．解析：当t ＝0时，小球所受的阻力F f ＝0，此时加速度为g ，A 正确；随着小球速度的增加，加速度减小，小球的速度从0增加到v 0的过程中，加速度减小，B 错误；依据牛顿其次定律有mg －F f ＝ma ，解得a ＝g －6πηvrm，当a ＝0时，速度最大，此后小球做匀速运动，最大速度v m ＝mg6πηr，C 、D 正确．答案：ACD7．解析：依据匀变速直线运动的位移—时间公式有x ＝v 0t ＋12at 2，变形得x t ＝v 0＋12at依据图像可知，物块在A 点的速度大小为v A ＝1m/s 设在OA 段的加速度大小为a 0，则有v 2A ＝2a 0l 解得a 0＝6m/s 2在OA 段，依据牛顿其次定律可得mg sin θ＝ma 0解得斜面的倾角为θ＝37°知x t t 图像的斜率为k ＝12a ＝3－15m/s 2＝0.4m/s 2 解得加速度大小为a ＝0.8m/s 2物块在AB 段运动过程中，依据牛顿其次定律可得 mg sin θ－μmg cos θ＝ma解得斜面粗糙部分的动摩擦因数为μ＝0.65. 答案：0.658．解析：从题图乙可知，木板运动2s 离开小物块，在0～2s 内，由图像可知x ＝2×12m ＝1m ，所以木板的长度L ＝2x ＝2m ，故A 正确，B 错误．设木板与地面间的动摩擦因数为μ2，物块与木板间的动摩擦因数为μ1，在2～3s 内，由图像可得长木板的加速度a 2＝Δv Δt＝4m/s 2，由牛顿其次定律得F －μ2m 2g ＝m 2a 2，解得μ2＝0.5，故C 正确．在0～2s 内，对小物块进行受力分析，竖直方向F N ＋F T sin37°＝m 1g ，水平方向F T cos37°＝F f ，又知F f ＝μ1F N ；长木板的加速度a 1＝Δv ′Δt ′＝0.5m/s 2，对木板进行受力分析，结合牛顿其次定律得F －F ′f－μ2（m 2g ＋F ′N ）＝m 2a 1，由牛顿第三定律得F f ＝F ′f ，F N ＝F ′N ，联立上述式子解得μ1＝819，故D 正确．答案：ACD 9．解析：对图甲词典整体进行受力分析，有2mg sin θ＝μ2·2mg cos θ，解得μ2＝tan θ，选项A 错误；对图甲中的英语词典单独受力分析，设其受到的静摩擦力为f ，则有f ＝mg sin θ≤μ3mg cos θ，即μ3≥tan θ，选项B 错误；对图乙词典整体进行受力分析，有2mg sin θ－μ1·2mg cos θ＝2ma ，对图乙的汉语词典单独受力分析，有mg sin θ－f 汉＝ma ，联立解得f 汉＝μ1mg cos θ，选项C 正确；依据A 、B 项的分析，可知2mg sin θ＝μ2·2mg cos θ，f ＝mg sin θ，故有f ＝μ2mg cos θ，选项D 错误．答案：C10．解析：（1）以电动机为探讨对象，依据能量守恒定律有UI ＝I 2R ＋Fv 代入数据得F ＝7400N装满粮食的小车匀速向上运动，有F ＋m 0g －（m 1＋m 2）g sin θ－k （m 1＋m 2）g ＝0 小车匀速下滑时，有m 1g sin θ－km 1g －m 0g ＝0 联立解得k ＝0.1（2）关闭发动机后，小车向上做匀减速运动，则有（m 1＋m 2）g sin θ－m 0g ＋k （m 1＋m 2）g ＝（m 1＋m 2＋m 0）a又2aL ＝v 2代入数据解得L ＝67185m答案：（1）0.1 （2）67185m。

2025版新教材高中物理课时分层作业十二重力与弹力新人教版必修第一册

课时分层作业(十二) 重力与弹力A组基础巩固练1．在体育运动中，人的身体重心位置随着姿态的变更而变更．下列各姿态中身体重心位于体外的是( )2．如图所示，小车受到水平向右的弹力作用，关于该弹力，下列说法中正确的是( )A.该弹力是弹簧发生拉伸形变产生的B．该弹力是弹簧发生压缩形变产生的C．该弹力是小车发生形变产生的D．该弹力的施力物体是小车3．(多选)如图所示，a的重力是20 N，b的重力是10 N.设接触面是光滑的，a和b都静止不动，其中a受—个弹力的是( )4.(多选)如图所示，底端置于粗糙水平地面上的杆，其顶端通过一根细线用手拉住，杆处于静止状态，细线水平，下列说法正确的是( )A．杆对细线的弹力方向水平向右B．细线对杆的弹力方向垂直杆向左上方C．杆受到地面的弹力是由地面的形变产生的D．地面受到杆的弹力沿杆斜向左下方5．(教材图3.16改编)下列试验中体现出的物理思想方法是( )A.极限法 B．放大法C．限制变量法 D．等效替代法6．[2024·浙江卷1月]如图所示，公园里有一仿制我国古代欹器的U形水桶，桶可绕水平轴转动，水管口持续有水流出，过一段时间桶会翻转一次，确定桶能否翻转的主要因素是( )A．水桶自身重力的大小B．水管每秒出水量的大小C．水流对桶撞击力的大小D．水桶与水整体的重心凹凸7．[2024·上海高一上质量监测]三个半径相同的小球放置于相同的凹形槽上，如图所示．在图甲、图乙和图丙中，小球的重心分别在球心上方、球心和球心下方，对应凹槽对小球两个弹力之间的夹角分别为θ1、θ2和θ3，则三个夹角的关系为( )A．θ1>θ2>θ3B．θ1＝θ2＝θ3C．θ1<θ2<θ3D．因小球质量未知，故无法确定8．如图所示，轻弹簧的两端各受10 N拉力作用，弹簧静止时伸长了5 cm(在弹性限度内)，那么下列说法中正确的是( )A．弹簧的弹力为零B．该弹簧的劲度系数k为400 N/mC．该弹簧的劲度系数k为200 N/mD ．依据公式k ＝F x，弹簧的劲度系数k 会随弹簧弹力F 的增大而增大9．在图甲中木箱的P 点，用与水平方向成30°角的斜向右上方的150 N 的力拉木箱；在图乙中木块的Q 点，用与竖直方向成60°角的斜向左上方的20 N 的力推木块使木块静止在墙壁上，在图丙中电灯静止悬挂．(1)作出甲、乙两图中所给力的图示；(2)作出图丙中电灯所受重力和拉力的示意图．10．如图所示，一根弹簧的原长为20 cm ，竖直悬挂着，当用15 N 的力向下拉弹簧时，量得弹簧长为24 cm.若把它直立在水平桌面上，用30 N 的力竖直向下压时，弹簧长多少(在弹性限度内)?B 组实力提升练11.如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个质量为m ＝0.2 kg 的光滑小球，小球处于静止状态，弹性杆对小球的弹力为(g 取10 N/kg)( )A．大小为2 N，方向平行于斜面对上B．大小为1 N，方向平行于斜面对上C．大小为2 N，方向垂直于斜面对上D．大小为2 N，方向竖直向上12．(多选)一轻质弹簧的长度L和弹力F大小的关系如图所示，依据图像推断，下列结论正确的是( )A．弹簧的原长为20 cmB．弹簧的劲度系数为2 N/mC．弹簧的劲度系数为200 N/mD．弹簧伸长0.05 m时，弹力的大小为10 N13.如图所示，弹簧A的上端固定，下端挂一个质量为5.0 kg的小球，并压在弹簧B上，平衡后弹簧A伸长了1.0 cm，弹簧B缩短了2.0 cm.已知弹簧A的劲度系数为2 200 N/m，弹簧均在弹性限度内，g＝10 m/s2，则弹簧B的劲度系数为( )A．1 400 N/m B．3 600 N/mC．400 N/m D．2 000 N/m重力与弹力1．解析：A选项中若保持平衡，重力应与支持力在一条竖直线上，所以重心在脚的正上方，在身体上．C、D选项中，重力所在竖直线在两脚之间，重心也在身体上．B选项中重心位置应在身体正下方，在体外．答案：B2．解析：小车受到水平向右的弹力作用，该弹力是弹簧发生拉伸形变产生的，施力物体是弹簧，A正确．答案：A3．解析：A、B图中a处于静止状态，重力和水平接触面的弹力平衡，b与a之间不行能产生弹力，否则a 不行能平衡，故a 只受一个弹力作用，故A 、B 正确；C 图中a 受到b 的压力、重力、水平接触面的支持力，在三力作用下处于平衡状态，因此a 受到接触面的支持力和b 的压力两个弹力作用，故C 错误；D 图中b 处于静止状态，所以绳子的拉力为10N ，a 也处于静止状态，且重力大于绳子的拉力，所以a 受到重力、绳子向上的拉力和接触面的支持力，因此a 受到两个弹力作用，故D 错误．答案：AB4．解析：A 对，B 错：细线弹力的方向沿着细线收缩的方向，细线水平，则细线对杆的作用力方向水平向左，杆对细线的弹力方向水平向右．C 对：杆受到地面弹力的施力物体是地面，是由于地面的形变产生的．D 错：杆受到地面的弹力方向垂直于地面对上，所以地面受到杆的弹力垂直于地面对下．答案：AC5．解析：通过平面镜视察桌面的微小形变，所体现出的物理思想方法为放大法．答案：B6．解析：由于水桶可以绕水平轴转动，因此一段时间后，当水桶水变多导致重心上升到肯定程度时，就会造成水桶翻转，选项D 正确，选项A 、B 、C 错误．答案：D7．解析：由题意得小球半径相同，凹槽相同，依据弹力方向的特点：点与球面之间的弹力的方向过球面的球心，则三个图中六个接触点对球的支持力的方向都分别过对应的球的球心，所以各对应凹槽对小球两个弹力之间的夹角都相等，与小球的重心位置以及小球的质量都无关，故B 正确，A 、C 、D 错误．答案：B8．解析：弹簧的弹力等于一端所受的拉力，故弹簧的弹力为10N ，A 错误；依据胡克定律F ＝kx 得，该弹簧的劲度系数k ＝F x ＝10N5×10－2m＝200N/m ，B 错误，C 正确；弹簧的劲度系数k 与弹簧弹力F 的变更无关，与弹簧自身有关，D 错误．答案：C9．答案：如图所示10．解析：当弹簧受向下的15N 的拉力作用时，由胡克定律得： F 1＝k (L 2－L 1)，即15＝k (0.24－0.2)，解得劲度系数为k ＝150.04N/m ＝375N/m ，当用30N 的力向下压时，设弹簧长为L 3，由胡克定律得： F 2＝k (L 1－L 3)，整理得：L 3＝L 1－F 2k ＝0.20m －30375m ＝0.12m ＝12cm. 答案：12cm 11．解析：小球受两个力作用：一是重力(G )，方向竖直向下；二是弹性杆对它的弹力(F N ).依据二力平衡的条件，弹力(F N )与重力(G )等大、反向．受力状况如图所示．答案：D12．解析：由题图知，当F ＝0时，弹簧原长L 0＝10cm ，A 错；弹簧长度L ＝15cm 时，F ＝10N ，由胡克定律得，弹簧的劲度系数k ＝FL －L 0＝100.15－0.10N/m ＝200N/m ，B 错，C 对；弹簧伸长0.05m 时，即弹簧长度为15cm 时，弹力的大小为10N ，D 对．答案：CD13．解析：弹簧A 伸长了1.0cm ，弹力F 1＝k 1x 1＝2200×1×10－2N ＝22N ；对小球受力分析，可得弹簧B 的弹力F 2＝mg －F 1＝28N ，弹簧B 缩短了2.0cm ，故弹簧B 的劲度系数k ＝F 2x 2＝282×10－2N/m ＝1400N/m ，故A 正确．答案：A。

2025版新教材高考物理全程一轮总复习课时分层作业21功与功率

课时分层作业(二十一) 功与功率基础强化练1．[人教版必修其次册P 78T 3改编](多选)一位质量m ＝60kg 的滑雪运动员从高h ＝10m 的斜坡自由下滑，假如运动员在下滑过程中受到的阻力F ＝50N ，斜坡的倾角θ＝30°，重力加速度g 取10m/s 2，运动员滑至坡底的过程中，关于各力做功的状况，下列说法正确的是( )A ．重力做功为6000JB ．阻力做功为1000JC ．支持力不做功D ．各力做的总功为零2．如图所示，在倾角为θ的斜面上有一质量为m 的小物块，长为l 的轻绳一端固定在斜面上的钉子上，另一端与小物块相连，已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，现将物块放到A 点，OA 水平且等于绳长l .则物块滑动到最低点时克服摩擦力做功为(重力加速度为g )( )A ．π2μmglB ．2μmglC ．π2μmgl cos θD ．2μmgl cos θ3．[2024·江西名校联考]如图所示，光滑固定斜面上有一块质量分布匀称的正方形薄铁板，质量为M ，边长为d ，在外力作用下沿平行于底边方向运动，在斜面上宽度为d 的灰色区域内涂有一层特别材料，薄铁板与该材料之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g ，斜面倾角为θ，则该薄铁板通过灰色区域时克服摩擦力做的功为( )A ．μMgd cos θB ．2μMgd cos θC ．12μMgd cos θD ．μMgd sin θ 4．如图，半圆柱体放在粗糙水平地面上，一个可视为质点、质量为m 的光滑小球，在大小可变、方向始终与圆柱面相切的拉力F 作用下从A 点沿着圆弧匀速率运动到最高点B ，整个过程中半圆柱体保持静止．则下列说法正确的是( )A ．拉力F 的功率渐渐增大B ．克服小球重力做功的功领先增大后减小C ．当小球在A 点时，地面对半圆柱体可能有水平向左的摩擦力D ．当小球运动到B 点时，地面对半圆柱体的支持力等于两物体重力之和 5．(多选)图示为一质点在0～4s 内做直线运动的v t 图像，由图可得( )A ．在1～3s 内，合力对质点不做功B ．在0～1s 内，合力对质点不做功C ．在0～1s 和3～4s 内，合力对质点做的功相同D ．在0～4s 内，合力对质点做的功为零 6．[2024·重庆南川检测](多选)如图所示，一个质量为m ＝2kg 的物体放在倾角为α＝37°的固定斜面上，现用F ＝30N 平行于斜面的力拉物体使其由静止起先沿斜面对上运动．已知物体与斜面之间的动摩擦因数μ＝0.5，斜面足够长，g 取10m/s 2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.物体运动2s 后，关于各力做功的状况，下列说法中正确的是( )A ．重力做功为－120JB ．摩擦力做功为－80JC ．拉力做功为100JD ．物体所受的合力做功为100J 7.[2024·山东济南模拟]一辆玩具赛车在水平直线跑道上由静止起先以10kW 的恒定功率加速前进，赛车瞬时速度的倒数1v和瞬时加速度a 的关系如图所示，已知赛车在跑道上受到的阻力不变，赛车到达终点前已达到最大速度．下列说法中正确的是( )A ．赛车做加速度渐渐增大的加速直线运动B ．赛车的质量为20kgC ．赛车所受阻力大小为500ND ．赛车速度大小为5m/s 时，加速度大小为50m/s 28．(多选)如图所示，水平传送带正以v ＝2m/s 的速度运行，两端的距离为l ＝8m ．把一质量为m ＝1kg 的物体轻轻放到传送带上，物体在传送带的带动下向右运动．物体与传送带间的动摩擦因数μ＝0.1，则把这个物体从传送带左端传送到右端的过程中，摩擦力对其做的功及摩擦力做功的平均功率分别为(g取10m/s2)( )A．2J B．8J C．1W D．0.4W实力提升练9．[2024·辽宁大连八中模拟]质量m＝180kg的小型电动汽车在平直的马路上由静止启动，如图甲所示为汽车运动的速度与时间的关系图像，图乙为汽车牵引力的功率与时间的关系图像．设汽车在运动过程中所受阻力不变，在18s末汽车的速度恰好达到最大．重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是( )A．汽车受到的阻力为200NB．汽车的最大牵引力为700NC．汽车在做变加速运动过程中的位移大小为95.5mD．8～18s内汽车牵引力做的功为3.6×103J10．(多选)如图甲所示，质量为m＝1kg的木块(可视为质点)被水平向左的力F压在竖直墙壁上，木块初始位置离水平地面高度H＝4m，木块与墙面之间的动摩擦因数μ＝0.2，力F与木块到地面的距离h间的关系如图乙所示，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小g＝10m/s2.下列说法正确的是( )A．木块从初始位置起先下滑至滑到地面瞬间的过程中，克服摩擦力做的功为8JB．木块从初始位置起先下滑至滑到地面瞬间的过程中，因摩擦而产生的热量为40J C．木块从初始位置起先下滑至滑到地面瞬间的过程中动能的改变量为32JD．木块下滑到地面前的瞬间的速度大小为8m/s11.[2024·浙江1月]某节水喷灌系统如图所示，水以v0＝15m/s的速度水平喷出，每秒喷出水的质量为2.0kg.喷出的水是从井下抽取的，喷口离水面的高度保持H＝3.75m不变．水泵由电动机带动，电动机正常工作时，输入电压为220V ，输入电流为2.0A ．不计电动机的摩擦损耗，电动机的输出功率等于水泵所须要的输入功率．已知水泵的抽水效率(水泵的输出功率与输入功率之比)为75%，忽视水在管道中运动的机械能损失，则( )A ．每秒水泵对水做功为75JB ．每秒水泵对水做功为225JC ．水泵输入功率为440WD ．电动机线圈的电阻为10Ω课时分层作业（二十一）1．解析：重力做功W G ＝mgh ＝6000J ，故A 正确；阻力做功W F ＝－Fhsin θ＝－1000J ，故B 错误；支持力与位移夹角为90°，不做功，故C 正确；由以上分析可知，各力做的总功为5000J ，故D 错误．答案：AC2．解析：物块在运动的过程中，滑动摩擦力的大小不变，F f ＝μmg cos θ，方向时刻改变，但每一瞬时摩擦力F f 总是与该瞬时的速度方向相反，即在每一瞬时运动的微小位移Δx 1、Δx 2、Δx 3……都与当时的摩擦力F f 方向相反，因而在物块运动过程中，克服摩擦力F f 做的功应等于在各微小位移段克服摩擦力所做功的代数和，即W ＝（F f Δx 1＋F f Δx 2＋…＋F f Δx n ）＝F f （Δx 1＋Δx 2＋…＋Δx n ）＝πμmgl cos θ2，选项C 正确．答案：C3．解析：薄铁板与灰色区域的重合部分越多，所受摩擦力越大，所以摩擦力先渐渐增大后渐渐减小，且在薄铁板起先进入灰色区域到完全进入灰色区域的过程中，薄铁板对灰色区域的正压力与位移成正比，在薄铁板起先离开灰色区域到完全离开灰色区域的过程中，薄铁板对灰色区域的正压力随位移匀称减小，故薄铁板所受平均摩擦力F f ＝12μMg cos θ，薄铁板通过灰色区域克服摩擦力做的功W f ＝12μMgd cos θ×2d ＝μMgd cos θ，故A 正确，B 、C 、D错误．答案：A4．解析：对小球受力分析，受到重力、支持力和拉力，如图依据平衡条件有F ＝mg sin θ从A 到B ，θ越来越小，故拉力F 变小，依据P ＝Fv ，因v 的大小不变，则拉力F 的功率渐渐变小，故A 错误；从A 到B ，克服小球重力做功的功率为P ＝mgv sin θ因v 的大小不变而θ越来越小，故克服小球重力做功的功率越来越小，故B 错误；对半圆柱体受力分析，整个过程中半圆柱体保持静止，依据平衡条件可知，地面要给半圆柱体一个水平向左的静摩擦力，用以平衡小球对半圆柱体的压力在水平方向的分力，故C 正确；当小球运动到B 点时，由支持力和重力的合力供应向心力，具有竖直向下的加速度，小球处于失重状态，即半圆柱体对小球的支持力小于小球的重力，所以小球对半圆柱体的压力小于小球的重力，故地面对半圆柱体的支持力小于两物体重力之和，故D 错误．答案：C5．解析：对图线分析可以知道，在1～3s 内质点所受合力为零，所以合力做功为零，故A 正确；在0～1s 内质点速度减小，合力为阻力，合力做负功，同理可得在3～4s 内合力做正功，故B 、C 错误；在0～1s 与3～4s 内，合力大小相等，但方向相反，质点位移相等，因此合力对质点做功代数和为零，故D 正确．答案：AD6．解析：物体在斜面上运动时受到重力、拉力、摩擦力和支持力作用，依据牛顿其次定律a ＝F 合m ＝F －mg sin α－μm g cos αm ＝5m/s 2，由x ＝12at 2得，物体在2s 内的位移为x ＝12×5×22m ＝10m ，重力做功W G ＝－mg ·x sin37°＝－2×10×10×0.6J＝－120J ，选项A 正确；拉力做的功为W F ＝Fx ＝30×10J＝300J ，选项C 错误；摩擦力做功为W Ff ＝－F f x ＝－μmg cos37°·x ＝－0.5×2×10×0.8×10J＝－80J ，选项B 正确；支持力做功W N ＝F N x cos90°＝0，合外力做的功W ＝W F ＋W N ＋W G ＋W Ff ＝300J －120J －80J ＝100J ，选项D 正确．答案：ABD7．解析：赛车由静止以恒定功率启动，则牵引力F ＝P v ，对赛车由牛顿其次定律有P v－f ＝ma 可知随着车速增大，赛车做加速度渐渐减小的加速直线运动，上式整理得1v ＝m P a ＋fP，可见1v a 图像的斜率恒定，为m P ，截距为f P ，结合图像可得f P ＝0.05s/m ，m P ＝0.1－0.0520s 3/m 2，解得m ＝25kg ，f ＝500N ，代入v ＝5m/s ，解得a ＝60m/s 2，故C 正确，A 、B 、D 错误．答案：C8．解析：起先时物体在传送带对其摩擦力的作用下做匀加速运动，依据牛顿其次定律知，物体加速运动的加速度a ＝μg ＝1m/s 2所以物体匀加速运动的时间t 1＝v a ＝21s ＝2s物体做匀加速运动的位移x 1＝12at 21 ＝12×1×22m ＝2m所以物体匀速运动的位移x 2＝l －x 1＝8m －2m ＝6m物体匀速运动的时间t 2＝x 2v ＝62s ＝3s所以把物体从传送带左端传送到右端的过程中，摩擦力对物体做的功 W f ＝fx 1＝μmgx 1＝0.1×1×10×2J＝2J运动过程中摩擦力做功的平均功率P －＝W f t 1＋t 2＝22＋3W ＝0.4W ，故A 、D 正确，B 、C 错误．答案：AD9．解析：当牵引力等于阻力时，汽车的速度达到最大，则有阻力f ＝P v max ＝7.2×10310N ＝720N ，A 错误；汽车匀加速阶段牵引力最大，匀加速阶段加速度a ＝1m/s 2，又a ＝F 牵－fm，汽车在运动过程中所受阻力不变，联立解得汽车的最大牵引力F 牵＝900N ，B 错误；变加速过程中，即8～18s 内，依据动能定理得Pt －fs ＝12mv 2max －12mv 21 ，解得位移大小s ＝95.5m ，C正确；8～18s 时间内，汽车牵引力的功率恒为7.2×103W ，所以该过程中牵引力做的功为W＝Pt ＝7.2×104J ，D 错误．答案：C 10.解析：由图乙运用“图像转化法”将“h F 图像”转化为“f h 图像”，如图所示．由f h 图线与坐标轴围成的面积表示木块克服滑动摩擦力做的功，可知木块从初始位置起先下滑至滑到地面瞬间的过程中，木块克服滑动摩擦力做的功为W f ＝12×4×4J＝8J ，由功能关系可知，该过程中木块机械能削减8J ，因摩擦而产生的热量为8J ，故A 正确，B 错误．木块从初始位置起先下滑至滑到地面瞬间的过程中，重力做的功为W G ＝mgH ＝40J ，由动能定理有W G －W f ＝ΔE k ＝32J ，又ΔE k ＝12mv 2，解得v ＝8m/s ，故C 、D 正确．答案：ACD11．解析：每秒水泵对水做的功等于水的机械能增加量，即W ＝ΔE ＝12mv 20 ＋mgH ＝300J ，故选项A 、B 均错误；水泵输入功率（即电动机输出功率）为P 泵入＝P 泵出η＝3000.75W ＝400W ，故选项C 错误；电动机的输入功率为P 电＝440W ，依据能量的转化与守恒，可得P 电＝P 泵入＋P r＝P 泵入＋I 2r ，代入数据可得电动机的内阻为r ＝10Ω，故选项D 正确．答案：D。

2025版新教材高中物理课时分层作业二十二牛顿第二定律新人教版必修第一册

课时分层作业(二十二) 牛顿其次定律A组基础巩固练1．由牛顿其次定律F＝ma可知，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度，可是当用很小的力去推很重的桌子时，却推不动，这是因为( )A．牛顿其次定律不适用于静止的物体B．桌子加速度很小，速度增量也很小，眼睛视察不到C．推力小于桌子所受到的静摩擦力，加速度为负值D．桌子所受的合力为零，加速度为零2．在行车过程中，遇到紧急刹车，乘客可能受到损害．为此人们设计了如图所示的平安带以尽可能地减轻猛烈碰撞．假设某次急刹车时，由于平安带的作用，使质量70kg的乘客的加速度大小约为6m/s2，此时平安带对乘客的作用力最接近( )A．100NB．400NC．800ND．1000N3．如图所示，鸟沿虚线斜向上加速飞行，空气对其作用力可能是( )A．F1B．F2C．F3D．F44．如图所示，质量m＝10kg的物体在水平面上向右运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体还受到一个水平向左的推力F＝20N的作用，g取10m/s2，则物体的加速度是( )A．0B．4m/s2，水平向右C．4m/s2，水平向左D．2m/s2，水平向右5．如图所示，在光滑水平面上有一物块，物块在水平推力F的作用下向右运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧．在物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是( )A．物块接触弹簧后做加速度渐渐增大的减速运动B．物块的加速度先减小后增大C．当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度为零D．以物块与弹簧接触为起点，此后弹簧的弹力与物块的位移不成正比6．雨滴在高空形成后，由静止起先沿竖直方向下落，雨滴受到空气阻力的作用．当雨滴速度为v0时起先计时，其运动的vt图像如图所示，经过时间t1，速度达到v1.假设在0～t1时间内雨滴的质量不变，则在0～t1时间内( )A．雨滴运动的加速度增大，雨滴受到的阻力渐渐增大B．雨滴运动的加速度减小，雨滴受到的阻力渐渐减小C．雨滴运动的加速度增大，雨滴受到的阻力渐渐减小D．雨滴运动的加速度减小，雨滴受到的阻力渐渐增大7.如图所示，质量为4kg的物体放在水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.5，物体受大小为20N、与水平面成37°角斜向上的拉力F作用时，物体沿水平面做匀加速直线运动，求物体运动加速度的大小．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2)8.如图所示，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向的夹角θ＝37°，小球和车厢相对静止，小球的质量为1kg.sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g 取10m/s2.求：(1)车厢运动的加速度并说明车厢的运动状况；(2)悬线对小球的拉力大小．B组实力提升练9.(多选)如图所示，当小车水平向右加速运动时，物块M相对静止于车厢后竖直壁上．当小车的加速度增大时( )A．M所受的静摩擦力增大B．M对车厢的作用力增大C．M仍相对车厢静止D．M受到的合外力为零10.在光滑水平面上，有一个物体同时受到两个水平力F1与F2的作用，在第1s内物体保持静止状态．若力F1与F2随时间的改变关系如图所示，则该物体( )A．在第2s内做加速运动，加速度大小渐渐减小，速度渐渐增大B．在第3s内做加速运动，加速度大小渐渐增大，速度渐渐增大C．在第4s内做加速运动，加速度大小渐渐增大，速度渐渐增大D．在第5s末速度为零，运动方向与F1方向相同11．[2024·重庆巴蜀中学月考]商场的自动扶梯一般有如图甲、乙两种，设两种扶梯与水平面的夹角都是θ＝37°，质量为m的货箱和两种扶梯一起以相同大小的加速度a＝4m/s2沿斜面对下匀加速运动，则(取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)( )A．甲对货箱的支持力大于乙对货箱的支持力B.甲对货箱的摩擦力小于乙对货箱的摩擦力C.甲对货箱的作用力等于乙对货箱的作用力D.甲对货箱的作用力小于乙对货箱的作用力课时分层作业(二十二) 牛顿其次定律1．解析：牛顿其次定律的表达式F＝ma中的力F是指合力，用很小的力推很重的桌子时，桌子不动，是因为桌子与地面间的最大静摩擦力大于推力，推力与桌子受到的静摩擦力的合力为零，所以桌子加速度为零，选项D正确．答案：D2．解析：依据牛顿其次定律得：作用力F＝ma＝70×6N＝420N，所以平安带对乘客的作用力最接近400N，故选项B正确．答案：B3.解析：小鸟沿虚线斜向上加速飞行，说明合外力方向沿虚线斜向上，小鸟受两个力的作用，空气的作用力F和重力G，如图所示．故选B.答案：B4．解析：取向左为正方向，物体受到的摩擦力F f＝μmg＝0.2×10kg×10m/s2＝20N 由牛顿其次定律得F＋F f＝ma解得a＝4m/s2，方向水平向左．答案：C5．解析：A、C错，B对：物块与弹簧接触前做匀加速直线运动，物块与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，起先阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物块做加速度不断减小的加速运动．当加速度减小为零时，速度达到最大．此后物块接着向右运动，弹力还变大，且合力向左，加速度向左，物块做加速度变大的减速运动，当速度减为零时，加速度最大．D错：弹簧的弹力F弹＝kx，物块与弹簧接触后，弹簧的弹力与物块的位移成正比．答案：B6．解析：vt图像切线斜率不断减小，依据速度—时间图像的斜率表示加速度可知，雨滴运动的加速度在减小．依据牛顿其次定律得mg－f阻＝ma，可知阻力在增大．答案：D7．解析：对物体受力分析，如图所示，把力F沿水平方向和竖直方向分解，可得水平方向：F cos37°－F f＝ma竖直方向：F N＋F sin37°－mg＝0又F f＝μF N由以上三式解得a＝0.5m/s2.答案：0.5m/s28．解析：解法一：合成法(1)由于车厢沿水平方向运动，所以小球有水平方向的加速度，所受合力F 沿水平方向．选小球为探讨对象，受力分析如图甲所示．由几何关系可得F ＝mg tan θ.小球的加速度a ＝F m＝g tan θ＝7.5m/s 2，方向向右，则车厢向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动．(2)悬线对小球的拉力大小为F T ＝mg cos θ＝1×100.8N ＝12.5N.解法二：正交分解法以水平向右为x 轴正方向建立坐标系，并将悬线对小球的拉力F T 正交分解，如图乙所示．则沿水平方向有 F T sin θ＝ma 竖直方向有 F Tcos θ－mg ＝0联立解得a ＝7.5m/s 2，F T ＝12.5N ，且加速度方向向右，故车厢向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动．答案：(1)见解析 (2)12.5N 9.解析：小车向右做匀加速直线运动，物块M 相对小车静止，加速度与车的加速度相同，以物块为探讨对象，受力分析如图所示，对物块，由牛顿其次定律得N ＝Ma ，a 增大，表明N 增大，由牛顿第三定律可知，M 对车厢壁的压力N ′＝N 增大，物块受到的最大静摩擦力增大，物块不行能沿壁下滑，M 仍相对车厢静止，在竖直方向，M 所受合外力为零，由平衡条件得f ＝Mg ，M 所受的静摩擦力不变；M 受到的合外力不为零，竖直方向的合力不变，水平方向的合力增大，所以车厢与M 的相互作用力增大，故A 、D 错误，B 、C 正确．答案：BC10．解析：第1s 内物体保持静止状态，可知起先时F 1、F 2等大反向，第2s 和第3s 内物体所受合力不断变大，依据牛顿其次定律知加速度不断变大，物体做加速运动，速度增大，故A 错误，B 正确；在第4s 内，合力渐渐减小，故加速度不断减小，合力与速度同向，物体做加速运动，速度增大，故C错误；在第5s末，合力为零，故加速度为零，速度最大，此时运动方向与F1方向相同，故D错误．答案：B11．解析：由于两种状况下，货箱都是和扶梯一起以相同大小的加速度a＝4m/s2向下匀加速运动，所以，两种状况下货箱所受合力相同，依据牛顿其次定律有F合甲＝F合乙＝ma ＝4m，合力方向都沿着斜面对下，与水平面的夹角都是θ＝37°.对甲中货箱受力分析，受重力、扶梯给的竖直向上支持力和水平向右的摩擦力，沿水平方向和竖直方向正交分解，可得mg－F N甲＝F合甲sin37°，f甲＝F合甲cos37°，解得F N甲＝7.6m，f甲＝3.2m；对乙中货箱受力分析，受重力、扶梯给的垂直于斜面的支持力和沿斜面对上的摩擦力，沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，可得mg sin37°－f乙＝F合乙，F N乙＝mg cos37°，解得f乙＝2m，F N乙＝8m，A、B项错误．两种状况下货箱都受重力、扶梯给的支持力和摩擦力，又因为两种状况下货箱所受合力相同，依据矢量运算法则可知，货箱受到的扶梯给的作用力(支持力和摩擦力的合力)也相等，即甲对货箱的作用力等于乙对货箱的作用力，故C项正确，D项错误．答案：C。

2024-2025学年高一物理必修第一册(粤教版)第4章牛顿运动定律分层作业27牛顿第三定律

分层作业27牛顿第三定律A组必备知识基础练题组一作用力与反作用力和平衡力的比较1.如图所示,一本书静置于水平桌面上,则()A.书对桌面的压力就是书的重力B.书所受的重力与桌面对书的支持力等大反向,是一对作用力和反作用力C.书对桌面产生的压力是因为桌面发生了形变D.书所受的重力大小等于桌面对书的支持力大小,这两个力是一对平衡力2.如图所示,某同学脚穿旱冰鞋去推一张放在水平地面上的桌子,结果没推动,则她对桌子的推力()A.大于桌子对她的推力B.小于桌子对她的推力C.方向与桌子对她的推力方向相同D.方向与桌子对她的推力方向相反3. “奋斗者”号潜水器即将入水的情形如图所示,随后它下潜至马里亚纳海沟万米深处,使用机械手采集深海标本,下列说法正确的是()A.机械手对标本的作用力大于标本对机械手的作用力B.机械手对标本的作用力大小等于标本对机械手的作用力大小C.机械手对标本的作用力和标本对机械手的作用力是一对平衡力D.机械手先对标本产生作用力,标本后对机械手产生反作用力题组二对牛顿第三定律的理解4.如图所示,某实验小组正在发射自制水火箭,发射时水火箭壳内的水被瞬间喷出,水火箭开始竖直向上加速,空气阻力忽略不计,则水被喷出瞬间()A.水对水火箭的作用力大于水火箭对水的作用力B.水对水火箭的作用力大小等于水火箭对水的作用力大小C.水对水火箭的作用力与水火箭自身的重力是一对相互作用力D.水对水火箭的作用力大小小于水火箭自身的重力大小5.如图所示,一运动员站在3 m跳板上,图中F1表示人对跳板的弹力,F2表示跳板对人的弹力,则()A.先有F1,后有F2B.运动员一旦离开跳板,F2立即消失,F1依旧存在C.F1和F2大小相等、方向相反,是一对相互作用力D.因运动员离开跳板前具有向上的加速度,所以F2大于F16.一足球放在一块长木板上,如图所示,长木板和足球均发生了弹性形变,关于它们弹力的情况,下列说法正确的是()A.足球产生的弹力作用在足球上B.足球受到的支持力是由于长木板发生弹性形变而产生的弹力C.足球先对长木板产生压力,木板后对足球产生支持力D.足球对长木板的压力就是足球受到的重力7.(多选)某同学山地滑雪时的情境如图所示,图示时刻,该同学不借助雪杖在倾斜雪道(可视为斜面)上匀速下滑.忽略空气阻力,则关于该时刻运动员或雪道受力情况的下列说法正确的是()A.雪道受到的摩擦力方向沿雪道向上B.雪道对该同学的弹力和摩擦力的合力方向竖直向上C.若该同学在雪道上加速下滑,则雪道对该同学的摩擦力小于该同学对雪道的摩擦力D.无论该同学在雪道上匀速下滑还是加速下滑,雪道对该同学的摩擦力大小总等于该同学对雪道的摩擦力大小题组三牛顿第三定律的应用8.如图所示,轻杆BC的C点用光滑铰链与墙壁固定,轻杆的B点通过水平细绳AB使轻杆与竖直墙壁保持30°的夹角.若在B点悬挂一个定滑轮(不计重力),某人用它匀速地提起重物.已知重物的质量m=30 kg,人的质量m0=50 kg,g取10 m/s2,求此时人对地面的压力大小.B组关键能力提升练9.某节目中的精彩瞬间如图所示,男演员双手撑地,男、女演员均处于静止状态.下列说法正确的是()A.男演员对女演员的作用力斜向右上方B.女演员对男演员的作用力竖直向下C.男演员受到地面对他向右的摩擦力作用D.地面对男演员的支持力与演员对地面的压力是一对平衡力10.气垫船是利用高压空气在船底和水面(或地面)间形成气垫,使船体全部或部分脱离支撑面航行的高速船舶.气垫是用大功率鼓风机将空气压入船底部,由船底周围柔性围裙或刚性侧壁等气封装置限制其逸出而形成的.如图所示,现有一艘气垫船,船体全部脱离水面,下列说法正确的是()A.水面对高压空气的支持力使气垫船脱离水面B.气垫船对高压空气的压力和水面对高压空气的支持力是一对作用力与反作用力C.船体脱离水面上升过程,高压空气对气垫船的支持力大于气垫船对高压空气的压力D.船体脱离水面上升过程,高压空气对气垫船的支持力与气垫船对高压空气的压力大小相等11.两个质量分别为m1=2 kg、m2=3 kg的物体1、2置于光滑的水平地面上,中间用轻质弹簧测力计连接.两个大小分别为F1=40 N、F2=15 N的水平拉力分别作用在物体1、2上,如图所示.两物体在水平地面上运动,则下列说法正确的是()A.弹簧测力计对1的弹力与弹簧测力计对2的弹力是一对平衡力B.弹簧测力计对1的弹力与弹簧测力计对2的弹力大小相等,方向相反,是一对作用力和反作用力C.稳定后两个物体的加速度大小相等,方向相反D.弹簧测力计的示数为30 NC组核心素养拔高练12.(2024广东茂名高一期末)摸高是指跳起来摸想要触碰到的目标.某同学质量为m=60 kg,原地静止站立(不起跳)摸高为2.00 m;纵跳摸高中,他先下蹲,重心下降0.4 m,经过充分调整后,发力跳起后的摸高为2.50 m.若他离开地面前蹬地过程视为匀加速直线运动,重力加速度大小g取10 m/s2,不计空气阻力,整个过程均在竖直方向上运动.求:(1)该同学离开地面瞬间的速度大小;(2)该同学离开地面前蹬地过程的加速度大小;(3)该同学离开地面前蹬地过程中对地面的压力大小.答案：1.D解析书对桌面的压力是弹力,不是书的重力,只是书对桌面的压力大小等于书的重力大小,故A错误;书所受的重力与桌面对书的支持力等大反向,是一对平衡力,故B错误,D正确;书对桌面产生压力是因为书发生了形变,故C错误.2.D解析某同学对桌子的推力和桌子对她的推力为一对相互作用力,大小相等,方向相反,故D正确,A、B、C错误.3.B解析根据力的性质和特点,可知机械手对标本的作用力大小等于标本对机械手的作用力大小,且两力同时产生,A、C、D错误,B正确.4.B解析水对水火箭的作用力与水火箭对水的作用力是一对相互作用力,总是大小相等,B正确,A、C错误;水火箭发射瞬间向上加速运动,水对水火箭的作用力大小大于水火箭自身的重力大小,D错误.5.C解析运动员对跳板的弹力F1和跳板对运动员的弹力F2是一对作用力与反作用力,它们大小相等,方向相反,作用在不同物体上,同时产生,同时消失,故选C.6.B解析足球产生的弹力作用在长木板上,故A错误;足球受到的支持力是由于长木板发生弹性形变而产生的弹力,故B正确;足球对长木板的压力和长木板对足球的支持力是一对相互作用力,根据牛顿第三定律,两者同时产生,同时消失,故C错误;足球对长木板的压力是足球发生弹性形变而产生的力,是弹力,足球受到的重力是由于地球的吸引而产生的力,两者不同,故D错误.7.BD解析对该同学受力分析,受到沿雪道向上的滑动摩擦力和垂直于雪道向上的弹力作用,因为匀速下滑,所以二力的合力与该同学自身重力等大反向,即竖直向上;根据牛顿第三定律可知,雪道受到的摩擦力方向沿雪道向下,故A错误,B正确.根据牛顿第三定律可知,无论该同学在雪道上匀速下滑还是加速下滑,雪道对该同学的摩擦力大小总等于该同学对雪道的摩擦力大小,故C错误,D正确.8.解析因匀速提起重物,则F=mg即细绳对人的拉力大小为mg,所以地面对人的支持力大小为F N=m0g-mg=(50×10-30×10) N=200 N根据牛顿第三定律知,人对地面的压力大小为F N'=200 N.答案200 N9.B解析根据平衡条件可知,男演员对女演员的作用力竖直向上,故A错误;由A分析可知,女演员对男演员的作用力竖直向下,故B正确;根据平衡条件可知,男演员与地面之间没有摩擦力作用,故C错误;根据牛顿第三定律可知,地面对男演员的支持力与男演员对地面的压力是一对相互作用力,故D错误.10.D解析高压空气对气垫船的支持力使气垫船脱离水面,A错误;气垫船对高压空气的压力和高压空气对气垫船的支持力是一对作用力与反作用力,船体脱离水面上升过程,高压空气对气垫船的支持力与气垫船对高压空气的压力大小相等,方向相反,B、C错误,D正确.11.D解析弹簧测力计对1的弹力作用在1上,弹簧测力计对2的弹力作用在2上,力作用在不同的物体上,不是一对平衡力,A错误;作用力和反作用力是两个相接触物体之间的相互作用,弹簧测力计对1的弹力与弹簧测力计对2的弹力不是两个相接触物体之间的相互作用,不是相互作用力,B错误;稳定后把两个物体看成整体,所受合力向右,则两物体的加速度大小相等,方向向右,C错误;根据牛顿第二定律得F1-F2=(m1+m2)a,解得a=5 m/s2,对1有F1-F=m1a,解得F=30 N,D正确.12.解析(1)该同学离开地面后做竖直上抛运动,由运动学公式得0-v2=-2g(h2-h1)解得,该同学离开地面时的速度大小v=√10 m/s.(2)在跳起过程中,由运动学公式得v2-0=2ah3解得a=12.5 m/s2.(3)对该同学,根据牛顿第二定律得F-mg=ma解得F=1 350 N由牛顿第三定律可知该同学对地面的压力大小为1 350 N.答案(1)√10 m/s(2)12.5 m/s2(3)1 350 N。

东北师大附中八年级下册物理ABC分层作业第十一章第2节功率(pdf)

第十一章第2节功率A层1.（2018黑龙江）下列有关功和功率的说法中正确的是（）A.某同学背着书包在水平路面上行走时，他对书包做了功B.举重运动员举着杠铃静止不动时，运动员对杠铃做了功C.物体所做的功越多，功率越大D.物体做功越快，功率越2.(2017•广西)在水平地面上，小明在10s内用50N力沿水平方向拉着重为100N的小车前进了5m，则小明的功率是：（）A.25WB.50WC.250WD.500W3.（2016巴中）如图所示，用大小相等的拉力F，分别沿光滑的斜面和粗糙的水平面拉木箱，在力的作用下移动的距离s AB=s CD，比较两种情况下拉力F所做的功及其功率（）A．AB段做功较多B．CD段做功较多C．AB段与CD段做的功一样多D．AB段的功率比CD段的功率大4.（2016绵阳）一辆质量为1.4×104kg的小型压路机，以2km/h的速度在路面上匀速行驶。

在施工时可以行将为每次钢轮以2.5×107N的恒力垂直作用在路面上，下压路面的距离为1mm，钢轮每秒钟压路25次。

下列判断中正确的是（g＝10N/kg）（）A．压路机静止时对水平路面的压力是1.4×104NB.压路机在5min内通过的路是200mC.压路机在1min内对路面做功是3.7×103JD.压路机在1min内对路面做功功率是6.25×103W5．（2017•衡阳）新材料碳纤维具有高强度、高耐热、密度小等特性，一架由碳纤维材料制作的小型无人机，质量为2kg，在5s内匀速竖直上升10m，则该无人机克服自身重力做功为J，功率为W。

6.（2018四川）一个重为20N的物体在水平地面上受水平拉力作用时恰能以50cm/s的速度匀速运动，若物体运动了5m，拉力的功率为3W，则拉力做功J，重力做功J。

7．（2017•安顺）在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC．如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1；在BC段重力做功W2，做功功率P2，则W1W2，P1P2（两空均选填“＞”、“＜”或“=”）8.（2016长春）起重机在10s内将重为2000N的石头沿竖直方向匀速提升0.5m。

2022优化方案高三物理复习课时作业重力弹力摩擦力

1．如图1－1－16所示，轻质弹簧的劲度系数为，小球重G，平衡时小球在A处，今用力F压小球至B处，使弹簧缩短，则此时弹簧的弹力为图1－1－16A．B．＋GC．G－D．以上都不对解析：，球平衡时弹力F A＝G＝Δ，球在B处时，弹簧又压缩，球再次达到平衡时弹力F B＝Δ＋＝G＋是正确的．2如图1－1－17所示，甲、乙、丙三个物体质量相同，与地面间的动摩擦因数相同，受到三个大小相同的作用力F它们受到的摩擦力的大小关系是图1-1-17 A．三者相同B．乙最大C．丙最大D．已知条件不够，无法判断解析：选D因为三个物体的运动情况不知，从而无法判断它们的摩擦力是静摩擦力还是滑动摩擦力，也就无法判断摩擦力的大小．若为滑动摩擦力则乙最大，若为静摩擦力则丙最大．3如图1－1－18所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2 N的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力图1-1-18A ．大小为2 N ，方向平行于斜面向上B ．大小为1 N ，方向平行于斜面向上C ．大小为2 N ，方向垂直于斜面向上D ．大小为2 N ，方向竖直向上解析：选D 根据小球平衡，弹力和重力大小相等，方向相反，所以弹力大小为2 N ，方向竖直向上，D 正确．4如图1－1－19所示，质量为m ＝20 g 的物体，在粗糙水平面上向左运动，物体与水平面间的动摩擦因数μ＝，物体同时还受到大小为10 N ，方向向右的水平拉力F 的作用，则水平面对物体的摩擦力g 取10 m/2A ．大小是10 N ，方向水平向左B ．大小是20 N ，方向水平向左C ．大小是20 N ，方向水平向右D ．大小是30 N ，方向水平向右解析：选C 物体向左运动，受到向右的滑动摩擦力，大小为F f ＝μF N ＝μmg ＝20 N ，与外力F 无关，故选C5．2022年广州模拟水平皮带传输装置如图1－1－20所示，O 1为主动轮，O 2为从动轮．当主动轮顺时针匀速转动时，物体被轻轻地放在A 端皮带上，开始时物体在皮带上滑动，当它到达位置C 后滑动停止，之后就随皮带一起匀速运动，直至传送到目的地B 端．在传送过程中，若皮带与轮不打滑，则物体受到的摩擦力和图中皮带上g in30°，物体对斜面的压力F N ＝mg co30°，施加向上的拉力后，物体受到的摩擦力F f ′＝图1-1-19 图1-1-20 图1-1-21 图1-1-23mg in30°－F co60°，物体对斜面的压力F′N＝mg co30°－F in60°，所以摩擦力的减少量ΔF f＝F co60°＝N，故A项正确；物体对斜面的压力减少量ΔF N＝F in60°＝N，故C项错误；物体在施加拉力前后都在斜面上静止，所以物体受到的合外力始终等于零，合外力没有变化，故D 项错误；由于物体受力平衡，当有向上的拉力F＝5 N时，斜面对物体的作用力减少5 N，由牛顿第三定律，物体对斜面的作用力也减少了5 N，故B项正确．9如图1－1－24所示，把一个重为G的物体，用一个水平推力F＝t为恒量，t为时间压在竖直的足够高的平整墙上，从t＝0开始，物体所受的摩擦力F f随时间t的变化关系是图1－1－25中的图1-1-24图1-1-25解析：选B对物体进行受力分析，在墙壁对物体的摩擦力F f＜G 时，物体加速下滑，此时a＝错误!，物体做a减小的加速运动，此时的摩擦力为滑动摩擦力为F f＝μt；当F f＝G时，加速度a＝0，物体达最大速度；当F f＞G时，物体开始减速下滑，此时a＝错误!，物体做a增大的减速运动，此时仍为滑动摩擦力且继续以F f＝μt增大．在物体停止前一小段时间内，显然有F f＞G物体停在墙上时，物体受静摩擦力，由平衡条件可知，此时静摩擦力的大小等于重力G综合上述过程，选项B正确．10如图1－1－26所示，质量为m的物体A放在地面上的竖直轻弹簧B上，现用细绳跨过定滑轮将物体A与另一轻弹簧C连接，当弹簧C处在水平位置且右端位于a点时它没有发生形变．已知弹簧B和弹簧C的劲度系数分别为1和2，不计定滑轮、细绳的质量和摩擦．将弹簧C的右端由a点沿水平方向拉到b点时，弹簧B刚好没有形变，求a、b两点间的距离．解析：开始时，弹簧B的压缩长度为1＝错误!，当弹簧B无形变时，弹簧C伸长2＝错误!，所以a、b间距离为1＋2＝mg错误!＋错误!．答案：mg错误!＋错误!112022年海南联考如图1－1－27，人重600 N，木块A重400 N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：1人对绳的拉力；2人脚对A的摩擦力的方向和大小．解析：设绳子的拉力为F T，物体与地面间的摩擦力为F fA1取人和木块为整体，并对其进行受力分析，如图甲所示，由题意可知F fA＝μm A＋m人g＝200 N由于系统处于平衡状态，故图1-1-26 图1-1-272F T＝F fA所以F T＝100 N2取人为研究对象，对其进行受力分析，如图乙所示．由于人处于平衡状态，故F T＝F f人＝100 N由于人与木块A处于相对静止状态，故人与木块A之间的摩擦力为静摩擦力．由牛顿第三定律可知人脚对木块的摩擦力方向向右，大小为100 N 答案：1100 N2方向向右10 N12．如图1－1－28所示，水平地面上有一带斜面的小车，斜面倾角为θ，紧靠斜面有一质量为m的光滑球，试确定在下列状态下水平车板对球的弹力．1小车向右匀速运动．图1-1-28 2小车向右以加速度aa<g tanθ做匀加速直线运动．3小车向右以a＝g tanθ的加速度做匀加速直线运动．解析：1当车匀速运动时，斜板对球的弹力为零，由平衡条件可知水平车板对球的弹力F N＝mg，方向竖直向上．2向右加速时，若a<g tanθ，则球受力如图所示，则F N′inθ＝maF N＋F N′coθ－mg＝0解得F N＝mg－ma cotθ3若a＝g tanθ，代入上式，则F N＝0答案：1mg竖直向上2mg－ma cotθ竖直向上30。

新教材2025版高中物理课时分层作业十六串联电路和并联电路新人教版必修第三册

课时分层作业(十六) 串联电路和并联电路基础达标练1．一个电流表的满偏电流I g＝1 mA，内阻为500 Ω，要把它改装成一个量程为10 V 的电压表，则应在电流表上( )A．串联一个10 kΩ的电阻B．并联一个10 kΩ的电阻C．串联一个9.5 kΩ的电阻D．并联一个9.5 kΩ的电阻2．用两个可变的电阻R1和R2按图所示的方式连接，可用来调整通过灯泡上的电流大小．假如R1≪R2，则a、b两图中起粗调作用的变阻器是(另一个是起微调作用)( )A.图a中R1起粗调作用，图b中R2起粗调作用B.图a中R2起粗调作用，图b中R1起粗调作用C．a、b两图中都是R2起粗调作用D．a、b两图中都是R1起粗调作用3．如图所示，两个小灯泡L1和L2串联接在P、Q两点间，L1和L2的铭牌上分别标有“3 V，1.5 Ω”“6 V，12 Ω”，则P、Q间允许加的最大电压为( )A．9 V B．6.75 VC．5.25 V D．4.5 V4.用电流表(内阻约4 Ω)和电压表(内阻约3 kΩ)测量电阻R的阻值．某次依据如图所示电路的测量状况为：电流表的示数是5 mA，电压表的示数是2.5 V．正确的说法是( )A.电阻R的值为500 ΩB．电阻R的值略大于500 ΩC．电阻R的值略小于500 ΩD.假如采纳电流表外接法测量，结果更加精确5．已知R1＝10 Ω，R2＝20 Ω，R1允许通过的最大电流为1.5 A，R2两端允许加的最大电压为10 V．若将它们串联，加在电路两端的最大电压是( )A．45 V B．5 VC．25 V D．15 V6．如图所示是一种风速测定装置，其中风速表是由电压表改装而成，电源电压不变，R 为定值电阻，R1为滑动变阻器．T形管道的竖直管内装有可上可下无摩擦自由移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片P相连，S闭合后，当风速增大时(已知风速越大，压强越小)，下列说法正确的是 ( )A．活塞向下运动，风速表的示数变小B．活塞向上运动，风速表的示数变大C．活塞向上运动，滑动变阻器R1两端的电压变大D．活塞静止不动，风速表的示数不变7．(多选)如图所示是有两个量程的电流表，当分别运用a和b、a和c接线柱时，此电流表有两个量程，其中一个量程为0～1 A，另一个量程为0～0.1 A，表头内阻R g＝200 Ω，满偏电流I g＝2 mA，则( )A．当运用a、b时量程为0～1 AB．当运用a、c时量程为0～1 AC．电阻R1约为0.41 ΩD．电阻R2约为0.41 Ω8.电子式互感器是数字变电站的关键装备之一．如图所示，某电子式电压互感器探头的原理为电阻分压，a、c间的电阻是c、d间电阻的(n－1)倍．(1)电子式互感器的ac段和cd段属于什么连接方式？(2)在某次测量中，输出端数字电压表的示数为U，则输入端的电压为多少？素养综合练9．如图所示，R2＝R4，志向电压表V1的示数为70 V，志向电压表V2的示数为50 V，则A、B间的电压为( )A．140 V B．120 VC．100 V D．无法计算10.(多选)电路连接如图所示，其中U不变，R1为电阻箱，R为滑动变阻器，L为小灯泡．下列说法中正确的是( )A.使电阻箱R1的阻值增大，通过L的电流减小B.使电阻箱R1的阻值增大，通过L的电流增大C.使滑动变阻器R连入电路的阻值增大，通过L的电流减小D．使滑动变阻器R连入电路的阻值增大，通过L的电流增大11．如图所示，虚线框内为改装好的电表，M、N为新表的接线柱．已知灵敏电流计G 的满偏电流为100 μA，内阻为495.0 Ω，电阻箱读数为5.0 Ω，依据以上数据计算可知改装的电表为( )A．电压表，量程为0～1 mVB．电压表，量程为0～500 mVC．电流表，量程为0～1 μAD．电流表，量程为0～10 mA12．某灵敏电流计内阻R g为200 Ω，满偏电流I g为2 mA，如图甲、乙改装成量程为0～0.1 A和0～1 A的两个量程的电流表，试求在图甲、乙两种状况下，R1和R2各为多少？课时分层作业(十六) 串联电路和并联电路1．解析：把电流表改装成电压表，须要串联一个电阻分压，依据欧姆定律可得串联电阻的阻值：R ＝U I g －R g ＝100.001Ω－500 Ω＝9 500 Ω＝9.5 kΩ.答案：C2．解析：在串联电路中，电流到处相等，调整大电阻，电流改变大，故图a 中R 1起微调作用，R 2起粗调作用；在并联电路中，并联部分电压相等，通过小电阻的电流大，调整小电阻时，电流改变大，故图b 中R 1起粗调作用，R 2起微调作用，选项B 正确．答案：B3．解析：L 1和L 2允许通过的最大电流分别为I 1m ＝U 1m R 1＝2 A 和I 2m ＝U 2mR 2＝0.5 A ，故两个小灯泡L 1和L 2串联流经电路的最大电流为0.5 A ，故L 2可加最大电压6 V ，L 1的实际电压U 1＝I 2m R 1＝0.75 V ，故两端电压最大可加6.75 V ，B 正确．答案：B4．解析：依据欧姆定律可得：R ＝U I －R A ＝ 2.55×10－3 Ω－R A ＝500 Ω－R A ，即电阻R 的值略小于500 Ω，C 正确，A 、B 错误；由R ≫R A 可知采纳电流表内接的方法测量比较精确，D错误．答案：C5．解析：R 1、R 2串联，R 1允许通过的最大电流为1.5 A ，而R 2允许通过的最大电流I ＝U R ＝1020A ＝0.5 A ，则通过串联电路的最大电流以最小的为准，为0.5 A ；依据部分电路的欧姆定律求得加在电路两端的最大电压是U m ＝I m (R 1＋R 2)＝0.5×(10＋20) V ＝15 V ，A 、B 、C 错误，D 正确．答案：D6．解析：定值电阻R 和滑动变阻器R 1串联，当风速增大时，管道内压强减小，活塞上移，带动滑动变阻器的滑片P 上移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，定值电阻两端的电压变大，B 正确．答案：B7．解析：表头改装成电流表时需并联分流电阻，且分流电阻越小，改装后量程越大，可知运用a 、b 时量程为0～1 A ，运用a 、c 时量程为0～0.1 A ，故A 正确，B 错误；由并联电路各支路两端电压相等可得I g (R 2＋R g )＝(I 1－I g )R 1，I g R g ＝(I 2－I g )(R 1＋R 2)，I g ＝2 mA ，I 1＝1 A ，I 2＝0.1 A ，解得R 1≈0.41 Ω，R 2≈3.67 Ω，故C 正确，D 错误．答案：AC8．解析：(1)因为电子式互感器探头原理为电阻分压，所以ac 段和cd 段应串联．(2)该电子式互感器探头的原理为电阻分压，即R ac 与R cd 串联，所以U ac R ac ＝UR cd，又R ac ＝(n －1)R cd ，输入电压U 输入＝U ac ＋U ，得U 输入＝nU . 答案：(1)串联 (2)nU9．解析：可认为志向电压表所在支路不通，则题图所示电路是四个电阻串联，电压表V 1测量的是R 1和R 2两端的电压之和，电压表V 2测量的是R 2和R 3两端的电压之和．因为R 3＝R 4，所以电压表V 2相当于测的是R 3和R 4两端的电压之和，即A 、B 间的电压为电压表V 1的示数与电压表V 2的示数之和，则A 、B 间的电压为50 V ＋70 V ＝120 V ，选项B 正确．答案：B10．解析：电阻箱串联在电路中，当R 1的阻值增大时，总电阻增大，总电流减小，则L 两端的电压减小，通过L 的电流也将减小，A 正确，B 错误；滑动变阻器与小灯泡并联，当R 连入电路的阻值增大时，并联部分的总电阻也增大，电路中的总电流将减小，R 1两端的电压减小，所以L 两端的电压U L ＝U －U 1将增大，通过L 的电流也将增大，C 错误，D 正确．答案：AD11．解析：灵敏电流计与电阻箱并联，改装后的电表为电流表，满偏时，M 、N 两端电压为U ＝I g R g ＝100×10－6×495.0 V＝0.049 5V ＝49.5 mV ，流过电阻箱的电流为I R ＝U R＝0.049 55 A ＝0.009 9 A ＝9.9 mA ，故改装后电流表的满偏电流I ＝I g ＋I R ＝(9.9＋0.1) mA ＝10 mA.答案：D12．解析：按图甲接法，由并联电路中电流跟电阻成反比，可得R 1＝I g I －I g R g ＝2×10－30.1－2×10－3×200 Ω≈4.08 ΩR 2＝I gI －I g R g ＝2×10－31－2×10－3×200 Ω≈0.4 Ω按图乙接法，量程为0～1 A 时，R 2和R g 串联后与R 1并联；量程为0～0.1 A 时，R 1和R 2串联后与R g 并联，分别得：I g (R g ＋R 2)＝(1－I g )R 1， I g R g ＝(0.1－I g )(R 1＋R 2)解得：R 1≈0.41 Ω，R 2≈3.67 Ω. 答案：0.41 Ω 3.67 Ω。

2024-2025学年高一物理必修第一册(教科版)第4章牛顿运动定律分层作业29超重和失重

04分层作业29超重和失重A组必备知识基础练题组一超重、失重的判断1.(2024广东肇庆高一期末)2023年10月26日,“神舟十七号”载人飞船发射任务取得圆满成功,并与空间站成功对接。

如图所示,火箭正在竖直方向加速上升,下列说法正确的是()A.火箭在竖直方向加速上升的过程中,航天员处于超重状态B.若火箭竖直上升的加速度逐渐减小,则喷出的热气流对火箭的作用力小于火箭的重力C.若火箭竖直上升的加速度逐渐减小,则航天员对座椅的压力小于自身重力D.空间站绕地球运行时,航天员处于完全失重状态,航天员的重力消失了2.一质量为m的乘客乘坐竖直电梯下楼,其位移x与时间t的关系图像如图所示。

乘客所受支持力的大小用N表示,速度大小用v表示。

重力加速度大小为g。

以下判断正确的是()A.0~t1时间内,v增大,N>mgB.t1~t2时间内,v减小,N<mgC.t2~t3时间内,v增大,N<mgD.t2~t3时间内,v减小,N>mg题组二超重、失重与动力学图像的综合3.为了研究物体超重和失重现象,小宇同学在竖直升降的电梯中,利用传感器测量自己对电梯的压力大小,该同学与电梯相对静止。

对收集到的数据进行分析、处理、抽象。

画出该同学对电梯的压力随时间变化的图像,其从静止开始到再次静止的一个过程如图所示。

由图可以判断()A.电梯一定在上升,t1时刻该同学处于失重状态,t2时刻该同学处于超重状态B.电梯一定在上升,t1时刻该同学处于超重状态,t2时刻该同学处于失重状态C.电梯一定在下降,t1时刻该同学处于失重状态,t2时刻该同学处于超重状态D.电梯一定在下降,t1时刻该同学处于超重状态,t2时刻该同学处于失重状态4.重力为600 N的某同学站在力传感器上,做下蹲动作时,传感器记录了力随时间变化的图线,如图所示。

由图可知()A.该同学在下蹲过程先超重再失重B.该同学在t1时刻重心速度最大C.该同学在t2时刻重心最低D.该同学在t4时刻重心速度为零题组三用牛顿第二定律分析超重、失重现象的加速度向下减速运动的过程5.如图所示,质量为m的小球挂在电梯的天花板上。

高一物理必修一作业本【答案】

高中新课程作业本物理必修1之樊仲川亿创作答案与提示第一章运动的描述一、质点、参考系和坐标系1.CD2.Ｂ3.Ｃ4.云地面船岸5.BC6.D7.A8.2km-3km0东59.C10.(1)2025152(2)东偏北45°方向作图略11.略二、时间和位移1.AC2.AD3.A4.BC5.BC6.C7.ACABOD8.60m图略9.6mx轴正方向4mx轴正方向20m10.C11.路程900m位移500m500m 12.中心点的路程和位移大小相等边沿上一点路程大于位移大小13.（1）路程（2）位移大小思考略三、运动快慢的描述——速度1.CD2.B3.C4.3m/s53m/s2 5m/s5.06.AC7.CD8.D9.CD10.ABC11.路程为100m位移0平均速度为012.分歧1463km是路程而非位移从地图上量出两地长度,再由比例尺算出直线距离约1080km,v=1080/14≈71km/h13.从图中量出车运动路程与车长的线段长，按比例算出实际位移为13 5m，v≈13 50 4m/s=33 8m/s121km/h＞80km/h，超速五、速度变更快慢的描述——加速度1.C2.BD3.B4.D5.飞机火车小球6.9 8m/s2竖直向下7.D8.AB9.1 50-1 510.C11.509m/s2-6m/s2与初速度方向相反12.5 2m/s213.略第一章复习题1.A2.D3.CD4.ACD5.BD6.D7.ABC8.D9.A10.200m11.t20～t1和t2～t312.左0 30 8513.(1)第3秒末(2)40m向上(3)5m向下(4)-35m125m14.路程为80m位移大小为10m，方向向左15.12m/s≤v乙≤20 6m/s第二章匀变速直线运动的研究二、匀变速直线运动的速度与时间的关系1.ABD2.D3.ACD4.BCD5.C6.B7.匀加速直线匀速直线匀减速直线向东向东向东8.53-39.200m/s210.7 2s11.(1)如图所示(2)2m/s2(3)2m/s2，相同(4)做匀减速直线运动三、匀变速直线运动的位移与时间的关系1.C2.B3.B4.C5.D6.C7.68.29.110.7 9s25 3m/s11.(1)8m(2)72m(3)有，求“面积”12.(1)69 4s(2)2 9km(3)429 8s四、匀变速直线运动的位移与速度的关系1.AB2.B3.C4.C5.0 1286.187.58.169.制动时速度（km/h）反应距离（m）制动距离（m）停车总距离（m）405 6813 612016 77288 710.(1)2 5×106m/s2(2)0 11m(3)0128m11.(1)12m/s(2)180m专题匀变速直线运动的规律的应用1.D2.ABC3.D4.BD5.B6.BD7.AB8.1250m9.425010.(1)t1＝10st2＝15s（舍去）(2)v=1m/s(3)x=4 4m11.(1)如右图(2)58m12.①甲、乙均错。

新教材2025版高中物理课时分层作业二十电源的U_I图像及电路分析新人教版必修第三册

答案：B
9．解析：A、B对：由题图可知，E1＝E2＝10 V，r1＝＝ Ω、r2＝＝ Ω则r1∶r2＝11∶7.C对，D错：由小灯泡的伏安特性曲线可知，R1＝＝0.6 Ω，
R2＝＝ Ω，则R1∶R2＝18∶25.
P1＝I′1U′1＝15 W，P2＝I′2U′2＝30 W，P1∶P2＝1∶2.
答案：(1)20 V 20 Ω (2)5 Ω (3)5 W
A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大
B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小
C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大
D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小
7.
如图所示的UI图像中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R的UI关系图线，用该电源干脆与电阻R连接成闭合电路，由图像可知( )
如图所示，E为内阻不能忽视的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则( )
A．的读数变大，的读数变小
B．的读数变大，的读数变大
C．的读数变小，的读数变小
D．的读数变小，的读数变大
5．如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是( )
A．路端电压减小
B．电流表的示数增大
C．电源内阻消耗的功率减小
D．电路的总电阻增大
3.
(多选)如图所示的电路中，S闭合，L1、L2、L3三只灯均正常发光，问当可变电阻的滑动触头右移时，对L1、L2、L3三灯亮度改变下列叙述正确的是( )
A．L1灯变亮 B．L2灯变亮
C．L3灯变亮 D．三灯均变暗
4.
答案：A
6．解析：当电路接通后，对小球受力分析；小球受重力、静电力和悬线的拉力F三个力的作用，其中重力为恒力．当电路稳定后，R1中没有电流，两端电势相等，因此电容器两极板间的电压等于R0两端电压．当R2不变，R1改变时，电容器两极板间的电压不变，板间电场强度不变，小球所受静电力不变，F不变，C、D错误；若保持R1不变，缓慢增大R2、R0两端电压减小，电容器两端电压减小，两极板间电场强度减弱，小球受到的静电力减小，F变小，A错误，B正确．

2025版新教材高考物理全程一轮总复习课时分层作业9受力分析共点力的平衡

课时分层作业(九) 受力分析共点力的平衡基础强化练1．(古代青铜艺术)如图所示为我国国宝级文物“马踏飞燕”，这匹马昂首嘶鸣，三足腾空，疾驰向前，一足踏飞燕．假设某次展览时，该文物放在水平桌面上．关于“马踏飞燕”，下列说法正确的是( )A．这匹马的重心不在飞燕与桌面间的接触面正上方，须要桌面对其的摩擦力来平衡B．“马踏飞燕”处于非平衡状态C．桌面对飞燕的支持力大于飞燕对桌面的压力D．若“马踏飞燕”在绕地球做匀速圆周运动的飞船内悬停，则“马踏飞燕”处于失重状态2．水上飞伞是一项熬炼志气和毅力的水上消遣活动．快艇开动后，拖在快艇后面的空中飞伞，在风力和绳子牵引力的作用下升起，游客乘伞体验在空中翱翔的感觉．图中的O 点均表示游客，能正确反映飞伞载着游客在空中匀速飞行的是( )3．(多选)如图所示，在倾斜的墙上，用垂直于墙面的力F按压物块，使其静止在图示位置．则下列说法正确的是( )A．物块可能受三个力作用B．物块肯定受四个力作用C．物块所受摩擦力方向肯定沿墙面对上D．若增大力F，则物块与墙面间摩擦力增大4．[2024·云南省昆明市第七次模拟]如图所示，建筑工地上有若干个沙堆(沙粒干燥且是由上至下倾倒沙子形成的)，这些沙堆的顶角几乎相等．测量其中一个沙堆，其锥底周长为62.8cm ，沙堆顶点到锥底的斜边长(即母线长)为12.5cm ，则沙粒之间的摩擦因数约为( )A ．0.2B ．0.5C ．0.75D ．0.8 5.[2024·成都市模拟]如图所示，三个小球放在固定的倾斜挡板上，挡板与水平面的夹角为30°，每个小球的质量均为m ，墙面和挡板均光滑，则墙壁对最左端小球的弹力大小为( )A ．33mg B ．3mg C ．23mg D ．33mg 6．如图甲所示，一物块置于水平地面上．现用一个与竖直方向成θ角的力F 拉物块，使力F 沿顺时针方向转动，并保持物块始终沿水平方向做匀速直线运动，得到拉力F 与θ的改变关系图线如图乙所示．依据图中信息可知物块与地面之间的动摩擦因数为( )A ．12B ．32C ．2－3D ．3－12 7．[2024·重庆高三模拟]如图所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，斜面上放有一重力为G 的物块A ，有一水平轻弹簧一端固定在竖直墙面上，另一端与物块A 接触．若物块A 静止时受到沿斜面对下的摩擦力大小为G2，此时弹簧的弹力大小是( )A ．33G B ．233G C ．G D ．3＋33G8.[2024·广东深圳试验学校月考]截面为长方形的中空“方钢”固定在水平地面上，截面一边与水平面的夹角为30°，如图所示，方钢内表面光滑，轻质细杆两端分别固定质量为m A 和m B 的两个小球A 和B ，已知小球、轻杆与截面共面，当轻质细杆与地面平行时两小球恰好静止，则A 、B 两小球的质量比m Am B为( )A ．3B ．3C ．233D ．339.[2024·四省区八校高三开学联考]每逢春节，家家户户都会选择挂灯笼来烘托节日的氛围，就连大街上也随处可见它们的身影．如图，三个灯笼由轻绳连接起来挂在灯柱上，O 为结点，轻绳OA 、OB 、OC 长度相等，无风时三根绳拉力分别为F A 、F B 、F C .其中OB 、OC 两绳的夹角为θ，灯笼总质量为3m ，重力加速度为g .下列表述正确的是( )A ．FB 肯定等于mgB ．F B 与FC 合力大小等于3mg C ．F A 和F B 大小不行能相等D ．F B 与F C 是一对平衡力实力提升练10．[2024·山东冲刺卷](多选)如图所示，竖直墙壁AB 与斜面BC 的夹角为53°，质量均为m 且分布匀称的半球与小球叠放在墙面与斜面之间，OO ′⊥BC .重力加速度大小为g ，取sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，不计一切摩擦，下列说法正确的是( )A ．斜面对半球的弹力大小为54mgB ．半球对墙壁的弹力大小为34mgC.若仅将小球的半径减小，则墙壁对小球的弹力变大D ．若仅将小球的半径减小，则半球对小球的支持力变小 11.(多选)两轻杆通过铰链相连构成一个三角形框架，AB 、BC 、CA 三边长度分别为30cm 、20cm 、40cm ，在A 点用一细线悬挂1kg 的物块，系统处于静止状态，则(g 取10m/s 2)( )A ．AB 杆对A 点有沿杆从B 点指向A 点的弹力 B ．CA 杆作用于A 点的弹力不肯定沿CA 杆方向C ．CA 杆产生的弹力大小为20ND ．若改为悬挂一个0.5kg 的物块，则AB 杆上弹力变为原来的一半 12．[2024·长沙适应性考试](多选)如图所示，截面为梯形的平台放在粗糙水平地面上，左边斜面粗糙，倾角θ1＝37°，右边斜面光滑，倾角θ2＝53°，滑块a 和滑块b 通过轻绳和轻弹簧跨过两个等高的轻质滑轮相连，静止时滑块a 恰好不上滑，连接两滑块的轻绳均与相应的斜面平行．已知滑块a 的质量为0.3kg ，滑块b 的质量为0.5kg ，平台的质量为4.2kg ，轻弹簧的劲度系数为2N/cm ，取重力加速度g ＝10m/s 2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是( )A ．轻弹簧的伸长量为2cmB ．滑块a 与斜面间的动摩擦因数为1112C ．剪断轻弹簧瞬间，水平地面对平台的支持力小于50ND ．剪断轻弹簧瞬间，水平地面对平台的摩擦力为零课时分层作业（九）1．解析：由于“马踏飞燕”静止在水平桌面上，受力平衡，这匹马的重心在飞燕与桌面间的接触面正上方，桌面对其的摩擦力为零，“马踏飞燕”处于平衡状态，A 、B 错误；桌面对飞燕的支持力与飞燕对桌面的压力是一对相互作用力，等大反向，C 错误；若“马踏飞燕”在绕地球做匀速圆周运动的飞船内悬停，“马踏飞燕”受到的万有引力全部用来供应向心力，“马踏飞燕”处于失重状态，D 正确．答案：D2．解析：游客在空中受重力mg 、绳子牵引力F 1和飞伞的拉力F 2，受力分析如下图，游客在空中匀速飞行，能正确反映游客受力的是A 图，故A 正确．答案：A3．解析：受力分析由平衡条件可知，物块能静止，肯定有摩擦力作用且方向沿墙面对上，故物块与墙面间压力不行能为0，则物块肯定受四个力作用，A 错误，B 、C 正确：由于物块与墙面间摩擦力为静摩擦力，故大小与正压力无关，D 错误．答案：BC4．解析：取侧面的一粒沙作为探讨对象，其受力状况如图所示设圆锥的高为H 、底面半径为R 、斜边长为L ，由平衡条件有mg sin θ＝F f ，F N ＝mg cos θ，F f ＝μF N联立解得μ＝tan θ由题目已知和几何关系知2πR ＝62.8cm ，L ＝12.5cm ，L 2＝R 2＋H 2，tan θ＝HR联立解得tan θ＝0.75，C 正确．答案：C5．解析：将三个小球作为整体受力分析如图所示，由共点力平衡可知tan30°＝F N23mg ，解得F N2＝3mg ，故B 正确．答案：B6．解析：物块受支持力F N 、拉力F 、重力mg 、摩擦力μF N 作用，水平方向有F sin θ＝μF N ，竖直方向有F cos θ＋F N ＝mg ，得F ＝μmgsin θ＋μcos θ，从题图可知，θ＝30°与120°时F 相等，解得μ＝2－3，选项C 正确．答案：C 7.解析：对A 进行受力分析，利用正交分解法对力进行分解，如图所示：在沿斜面方向，依据平衡条件：F cos30°＝F f ＋G sin30°，而F f ＝G 2，解得F ＝233G ，故B 正确，A 、C 、D错误．答案：B8．解析：两小球受力分析如图所示，轻杆所受合力为零，所以F ＝F ′，对小球A 受力分析得F ＝m A g tan30°，对小球B 受力分析得F ′＝m B g tan60°，所以m A m B＝3，A 正确．答案：A9．解析：依据共点力平衡，F B 与F C 合力的大小应当等于灯笼的总重量3mg ，即F B cos θ2＋F C cos θ2＝3mg由于对称性可知F B ＝F C ，可得F B ＝F C ＝3mg2cosθ2无论θ取何值，都有F B ＝F C ≥3mg2，A 错误，B 正确；当θ取120°时，对O 点进行受力分析，依据平衡条件和对称性可知，F A 和F B 大小相等，C 错误；一对平衡力肯定是大小相等，方向相反，作用在一条直线上，而F B 与F C 方向不相反，因此不是一对平衡力，D 错误．答案：B10．解析：对小球进行受力分析，如图所示依据平衡条件得F N O cos53°＝F N 墙，F N O sin53°＝mg ，解得F N 墙＝3mg4对小球和半球整体受力分析如图依据平衡条件得F N O 整＝2mg sin53°＝10mg 2，F N 墙整＝mg cot53°＝6mg4则墙壁对半球的支持力F N 墙1＝F N 墙整－F N 墙＝3mg4依据牛顿第三定律可得半球对墙壁的弹力3mg4，若仅将小球的半径减小，则θ减小，则墙壁对小球的弹力F N 墙＝mg tan θ变大，则半球对小球的支持力F N O ＝mgsin θ变大，故B 、C 正确，A 、D 错误．答案：BC 11.解析：AB 杆对A 点有沿杆从A 点指向B 点的拉力，A 错误；由于是轻杆且通过铰链连接，则CA 杆作用于A 点的弹力肯定沿CA 杆方向，B 错误；分析A 点的受力，由相像三角形可知：mg BC＝F CA CA，解得F CA ＝2mg ＝20N ，C 正确；因mg BC＝F AB AB，则F AB ＝15N ，若改为悬挂一个0.5kg的物块，则AB 杆上弹力为7.5N ，D 正确．答案：CD12．解析：设绳的拉力为F T ，则b 受到重力m 2g 、绳的拉力F T 、斜面的支持力F N2，依据平衡条件有F T ＝m 2g sin θ2＝4N ，依据胡克定律有Δx ＝F T k＝2cm ，故选项A 正确；对a 受力分析，a 受重力m 1g 、绳的拉力F T 、斜面的支持力F N1、沿斜面对下的最大静摩擦力F fm ，依据平衡条件有F T ＝m 1g sin θ1＋F fm ＝m 1g sin θ1＋μm 1g cos θ1，解得F fm ＝2.2N 、μ＝1112，故选项B正确；剪断弹簧的瞬间，对a 由于F fm >m 1g sin θ1，因此a 在斜面上保持静止，对b 有m 2g sin θ2＝m 2a 2，则a 2＝g sin θ2（沿斜面对下），对a 、b 和平台构成的整体，在竖直方向依据牛顿其次定律有（m 1＋m 2＋M ）g －F N ＝m 2a 2sin θ2，即F N <（m 1＋m 2＋M ）g ＝50N ，故选项C 正确；在水平方向依据牛顿其次定律有F f ＝m 2a 2cos θ2>0，即水平地面对平台的摩擦力不为零，故选项D 错误．答案：ABC。

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2、如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A、B，它
们的质量分别为mA、mB，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板．系统处于
静止状态．现开始用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，求物块B
刚要离开C时物块A的加速度a和从开始到此时物块A的位移d．重力加速度
1、一水平的浅色长传送带上放置一煤块（可视为质点），煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ．起始时，传送带与
煤块都是静止的．现让传送带以恒定的加速度a0开始运动，当其速度达到v0后，便以此速度匀速运动．经过一段时间，煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后，煤块相对于传送带不再滑动．求此黑色痕迹的长度． 2
为g．
【答案】F?(mA?mB)gsin?；mAd?(mA?mB)gsin? kC B
3、如图所示，两个用轻线相连的位于光滑水平面上的物块，质量分别为
m1和m2，拉力F1和F2方向相反，与轻线沿同一水平直线，且F1＞
F2．试求在两个物块运动过程中轻线的拉力T．
【答案】m1F2?m2F1 m1?m2