江苏省宿迁市2013届高三年级摸底调研测试物理
江苏省四星高中2013届高三物理上学期学情调研试题新人教版
2013届高三学情调研考试物 理 试 卷一、单项选择题：此题共5小题，每一小题3分，共计15分，每一小题只有一个选项符合题意。
1、将两个分别带有电荷量-2Q 和+5Q 的一样金属小球A 、B 分别固定在相距为r 的两处〔均可视为点电荷〕，它们间库仑力的大小为F ．现将第三个与A 、B 两小球完全一样的不带电小球C 先后与A 、B 相互接触后拿走，A 、B 间距离保持不变，如此两球间库仑力的大小为〔 〕 A ．F B ．F 51C ．F 109D ．F 412、假设一个篮球运动员在某次投篮过程中对篮球做功为W ，出手高度为h 1，篮筐距地面高度为h 2，球的质量为m ，不计空气阻力，如此篮球进筐时的动能为〔 〕A ．mgh 1＋mgh 2－WB ．mgh 2－mgh 1－WC ．W ＋mgh 2－mgh 1D ．W ＋mgh 1－mgh 23、在点电荷Q 的电场中，一个α粒子(He 42)通过时的轨迹如图实线所示，a 、b 为两个等势面，如此如下判断中正确的答案是()A ．α粒子经过两等势面的动能E k a ＞E k bB ．运动中.粒子总是抑制电场力做功C ．Q 可能为正电荷，也可能为负电荷D ．α粒子在两等势面上的电势能E pa ＞E pb4、如下列图电路，电源内阻不可忽略。
开关S 闭合后，在变阻器R 0的滑动端向下滑动的过程中〔 〕A ．电压表与电流表示数都减小B ．电压表与电流表示数都增大C ．电压表示数增大，电流表示数减小D ．电压表的示数减小，电流表的示数增大 5、一个质点由静止开始沿直线运动，速度v 随位移s 变化的图线如下列图，关于质点的运动如下说法正确的答案是〔 〕A ．质点做匀速直线运动B ．质点做匀加速直线运动C ．质点做加速度逐渐增大的加速运动D ．质点做加速度逐渐减小的加速运动二、多项选择题：此题共5小题，每一小题4分，计20分.每一小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。
物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-宿迁市高三第二次模拟考试试题13
2013年江苏省宿迁市高考物理二模试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，A、B是正点电荷中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止释放从A点沿电场线运动到B点．下列说法中正确的是（）E=2．（3分）（2013•宿迁二模）已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星G=﹣3．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，在足够长的光滑曲面上由静止释放一个物体，若以释放物体的时刻作为零时刻，用E、v、x、W分别表示物体的机械能、速度、位移和重力做的功，那么下列四个图象中分别定性描述了这些物理量随时间变化的规律，其中正确的是图象是（）B4．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜面B 上，现用大小均为F，方向相反的水平力分别推A和B，它们均静止不动，则（）5．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，水平放置的半圆槽，一个小球从左边槽口以速度v 水平抛出，不计空气阻力．若v取值不同，小球掉到半圆槽上时的速度方向和水平方向的夹角就不同．则下列说法正确的是（）二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分．6．（4分）（2013•宿迁二模）荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动，右图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，（不计空气阻力）下列说法正确的是（）7．（4分）（2013•宿迁二模）图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表．若发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中R t为NTC型热敏电阻（阻值随温度升高而变小），R1为定值电阻．下列说法中正确的是（）的表达式Vvu=36变压器原、副线圈中的电流之比8．（4分）（2013•宿迁二模）如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断正确的是（）9．（4分）（2013•宿迁二模）美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步，如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，盒缝间隙很小，可以忽略不计．对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（），则，因为每转一圈被加速一次，根据得，v=三、简答题：共计18分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（8分）（2013•宿迁二模）在探究“加速度与力、质量的关系”实验中，小明用物体A、B 分别做了加速度随着外力的变化关系，如图（1）所示，用不同的重物P分别挂在光滑的动滑轮拉物体A、B，处理数据后，他们得到加速度a与弹簧秤弹力F的关系图象如图（2）所示，由图象可知（1）下列说不正确的是ACDA．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中重物P的质量应远小于物块的质量D．测力计的读数始终为重物P的重力的一半（2）小明仔细分析了两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且m A小于m B（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因素μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）11．（10分）（2013•宿迁二模）2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻”效应的物理学家．材料的电阻随磁场的增加而增大的现象称为磁阻效应，利用这种效应可以测量磁感应强度．若图1为某磁敏电阻在室温下的电阻比值一磁感应强度特性曲线，其中R B、R0分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值．（1）为了测量磁感应强度B，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R B，已知无磁场时阻值R0=150Ω．现将磁敏电阻置入待测磁场中，在室温下用伏安法测得其两端的电压和通过的B= 1.5×10Ω，结合图中电阻比值一磁感应强度特性曲线可知待测磁场的磁感应强度B= 1.2T．（均保留两位有效数字）（2）请用下列器材设计一个电路：将一小量程的电流表G改装成一能测量磁感应强度的仪表，要求设计简单，操作方便．（环境温度一直处在室温下）A．磁敏电阻，无磁场时阻值R0=150ΩB．电流表G，量程I g=2mA，内阻约50ΩC．滑动变阻器R，全电阻约1500ΩD．直流电源E，电动势E=3V，内阻约为1ΩE．开关S，导线若干①在图2中的虚线框内完成实验电路图；②改装后，电流表表盘上电流刻度要转换成磁感应强度B．若2.0mA处标0T，那么1.0mA处标 1.2T．（保留两位有效数字）==1.5 =Ig===1500=四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．12．（15分）（2013•宿迁二模）2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功．设某一舰载机总质量为m=2.5×l04 kg，速度为v o=42m/s，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a o=0.8m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．（1）飞机着舰后，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里？（2）航母飞行甲板水平，前端上翘，水平部分与上翘部分平滑连接，连接处D点可看作圆弧上的一点，圆弧半径为R=100m．已知飞机起落架能承受的最大作用力为飞机自重的11倍，求飞机安全起飞经过D点的最大速度？（g取10m/s2）（3）为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机，图示为飞机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机的推力大小为F=1.2×105N，减速的加速度a1=20m/s2，此时阻拦索夹角θ=106°，空气阻力和甲板阻力保持不变，求此时阻拦索承受的张力大小？（已知sin 53°=0.8，cos 53°=0.6））由运动学公式得：，则：由牛顿运动定律有：13．（16分）（2013•宿迁二模）两足够长的平行金属导轨间的距离为L，导轨光滑且电阻不计，导轨所在的平面与水平面夹角为θ．在导轨所在平面内，分布磁感应强度为B、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．把一个质量为m的导体棒ab放在金属导轨上，在外力作用下保持静止，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻为R1．完成下列问题：（1）如图甲，金属导轨的一端接一个内阻为r的导体棒．撤去外力后导体棒仍能静止．求导体棒上的电流方向和电源电动势大小？（2）如图乙，金属导轨的一端接一个阻值为R2的定值电阻，让导体棒由静止开始下滑，求导体棒所能达到的最大速度？（3）在（2）问中当导体棒下滑高度为h速度刚好达最大，求这一过程，导体棒上产生的热量和通过电阻R2电量？联立上面三式解得：时，）由能的转化和守恒定律可得：得：=，q==BL）导体棒所能达到的最大速度为）导体棒上产生的热量为电量为14．（16分）（2013•宿迁二模）在某一真空空间内建立xOy坐标系，从原点O处向第I象限发射一荷质比的带正电的粒子（重力不计）．速度大小v0=103 m/s、方向与x 轴正方向成30°角．（1）若在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I、Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向外B=1T，求粒子做匀速圆周运动的轨道半径R？（2）若在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I象限，磁场方向垂直xOy平面向外；在第Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向里；磁感应强度为B=1T，如图（a）所示，求粒子从O点射出后，第2次经过x轴时的坐标x1．（3）若将上述磁场均改为如图（b）所示的匀强磁场，在t=0到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向外；在t=s到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向里，此后该空间不存在磁场，在t=0时刻，粒子仍从O点以与原来相同的速度v0射入，求粒子从O点射出后第2次经过x轴时的坐标x2．，洛伦兹力提供向心力，有t=t=时间内在磁场中转过的圆弧所对的圆心角均为五、选做题．本题包括三小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答，若三题都做，则按15.16两题评分．15．（12分）（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣3）（1）下列说法正确的是ACA．温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，则分子的平均动能越大B．悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显C．在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性D．在使两个分子间的距离由很远（r＞10﹣9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先减小后增大，分子势能不断增大（2）若以M表示水的摩尔质量，ρ表示在标准状态下水蒸气的密度，N A为阿伏加德罗常数，则在标准状态下体积为V的水蒸气中分子数为N=N A．（3）在一个密闭的气缸内有一定质量的理想气体，如图所示是它从状态A 变化到状态B 的V﹣T图象，己知AB的反向延长线通过坐标原点O，气体在A点的压强为p=1.0×105 Pa，在从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量Q=7.0×102 J，求此过程中气体内能的增量△U．，物质的量为N=，解得：N16．（12分）（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣4）（1）下列说法正确的有AC．A．有一种雪地眼镜镜片上涂有一层“增反膜”能够最大程度的反射紫外线，从而避免紫外线对人眼的伤害，这利用了干涉原理B．日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏振光片可以增加透射光的强度C．在不同惯性参考系中，真空中的光速大小都相同D．同一列声波在不同介质中传播速度不同，光波在不同介质中传播速度相同（2）一列简谐横波，沿x轴正向传播，t=0时波形如图甲所示，位于x=0.5m处的A点振动图象如图乙所示．则该波的传播速度是10m/s；则t=0.3s，A点离开平衡位置的位移是﹣8cm．（3）如图丙所示，直角三角形ABC为一三棱镜的横截面，∠A=30°．一束单色光从空气射向BC上的E点，并偏折到AB上的F点，光线EF平行于底边AC．已知入射方向与BC 的夹角为θ=30°．①EF光线在AB面上有无折射光线？（要有论证过程）②光线经AB面反射后，再经AC面折射后的光线与AC面的夹角．v=即可进行分析．v=n==．=17．（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣5）（1）以下有关近代物理内容的若干叙述正确的是BDA．紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大．B．比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定C．重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损D．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小．（2）．氢原子第n能级的能量为E n=，其中E1为基态能量．当氢原子由第4能级跃迁到第2能级时，发出光子的频率为ν1；若氢原子由第2能级跃迁到基态，发出光子的频率为ν2，则=．（3）一静止的质量为M的铀核（）发生α衰变转变成钍核（Th），放出的α粒子速度为v0、质量为m．①写出衰变方程；②求出衰变后钍的速度大小．知，电子动能增大，则电势能减小．故，则=①v v=）①。
物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-泗阳致远中学学高三迎考模拟物理试题(5) 13
2013-2014学年度宿迁市高三年级第一次调研测试致远中学物理模拟试卷5一、单项选择题：共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意． 1. 许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等．以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是A ．卡文迪许巧妙地运用扭秤实验，用了放大法成功测出静电力常量的数值B ．牛顿为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法C ．在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫假设法D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法2. 下列四个选项的图中实线为河岸，河水的流速u 方向如图中箭头所示，虚线为小船从河岸M 驶向对岸N 的实际航线，已知船在静水中速度等于水速，且船头方向为船对静水的速度方向．则其中运动轨迹可能正确的是3．如图所示，电源的电动势为E 、内阻为r ，L 1、L 2为两个相同的灯泡，线圈L 的直流电阻不计，与灯泡L 1连接的是一只理想二极管D ．下列说法中正确的是 A ．闭合开关S 稳定后L 1、L 2亮度相同 B ．断开S 的瞬间，L 2会逐渐熄灭C ．断开S 的瞬间，L 1中电流方向向左D ．断开S 的瞬间，a 点的电势比b 点高4. 我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年6月24日以7020 m 深度创下世界最新纪录（国外最深不超过6500m ），这预示着它可以征服全球99.8%的海底世界。
在某次实验中，深潜器内的显示屏上显示出的深度曲线如图a 所示、速度图象如图b 所示，则下列说法中正确的是A.图中h 4是本次实验下潜的最大深度B. 超重现象发生在3～4 min 和6～8 min 的时间内 C.本次实验中深潜器的最大加速度是0.025m/s 2 D.在6～10min 时间内深潜器平均速度为0AB C D 河岸 MN河岸 M N 河岸 M 河岸 M 第4题图5．空间存在一电场，一带负电的粒子仅在电场力作用下从x 1处沿x 轴负方向运动，初速度大小为v 0,其电势能E p 随坐标x 变化的关系如图所示，图线关于纵轴左右对称，以无穷远处为零电势能点，粒子在原点O 处电势能为E 0，在x 1处电势能为E 1，则下列说法中不正确．．．的是A ．由x 1运动到O 过程加速度一直减小B ．粒子经过x 1、-x 1处速度相同C ．坐标原点O 处电场强度为零D ．粒子能够一直沿x轴负方向运动，一定有0v >二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共16 分．每小题有多个选项．．．．符合题意．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．7. 我国发射的“神舟八号”飞船与先期发射的“天宫一号”空间站实现了完美对接．已知“天宫一号”绕地球做圆轨道运动，假设沿椭圆轨道运动的“神州八号”环绕地球的运动方向与“天宫一号”相同，远地点与“天宫一号”的圆轨道相切于某点P ，并在该点附近实现对接，如图所示．则下列说法正确的是A ． “天宫一号”的角速度小于地球自转的角速度B ． “神舟八号”飞船的发射速度大于第一宇宙速度C ． 在远地点P 处， “神舟八号”的加速度与“天宫一号”相等D ． “神舟八号” 在椭圆轨道上运行周期比“天宫一号”在圆轨道上运行周期大8. 如图所示，矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动，磁场只分布在bc 边的左侧，磁感应强度大小为B ，线圈转动的角速度为ω，匝数为N ，线圈电阻不计．下列说法正确的是 A ．将原线圈抽头P 向上滑动时，灯泡变暗B ．电容器的电容C 变大时，灯泡变亮 C ．线圈处于图示位置时，电压表读数为0D ．若线圈转动角速度变为2ω，则电压表读数变为原来2倍9．如图所示，在水平向右行驶的车厢内固定有一水平实验桌，其上放着质量分别为M 、m （M>m ）的A 、B 两物块，物块间夹着一处于压缩状态的轻质弹簧，两物块与桌面间的动摩擦因数均为μ，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，两物块与桌面始终相对静止。
2013年江苏省徐州、宿迁高考物理三模试卷
2013年江苏省徐州、宿迁高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共15.0分)1.赤道上方带负电的雷雨云通过建筑物的避雷针放电，形成竖直方向的电流，则此电流受地磁场的安培力方向为（）A.向西B.向南C.向北D.向东【答案】A【解析】解：当带有负电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电形成瞬间电流，负电电荷从上而下通过避雷针，所以电流的方向为从下而上，磁场的方向从南向北，根据左手定则，安培力的方向向西．故A正确，B、C、D错误．故选A．左手定则的内容是：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．解决本题的关键掌握左手定则判断安培力的方向．2.某运动员做跳伞运动，打开伞前可视为自由落体运动，伞打开后先做减速运动，最后做匀速运动，取竖直向下为正方向．在整个运动过程中，运动员的速度v、加速度a随时间t变化的图象符合事实的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：A、运动员做跳伞运动，伞打开前可看作是自由落体运动，开伞后减速下降，最后匀速下落；A中图象表示的先匀加速、后匀速运动，中间没有减速运动的过程，故A 错误；B、从图中可看出，先做匀加速，接着做加速度减小的加速，最后匀速，而且速度方向没有改变，符合题意．故B正确；C、D：运动员跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，加速向下、且大小不变；开伞后减速下降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动；即加速度变成向上，且逐渐减小到零，图C中加速度没有反方，故C、D均错误；故选B．运动员做跳伞运动，打开伞前可视为自由落体运动，即空气阻力忽略不计，伞打开后做减速运动，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动．本题关键是结合运动员的运动情况分析其受到的阻力的变化情况，从而得到其速度和加速度的变化情况．3.如图甲为某水电站的电能输送示意图，升压变压器原、副线圈匝数比为l ：l O ，降压变压器的副线圈接有负载R ，升压、降压变压器之间的输电线路的电阻不能忽略，变压器均为理想变压器，升压变压器左侧输人如图乙的交变电压，下列说法中正确的是（ ）A.交变电流的频率为100H zB.升压变压器副线圈输出电压为22VC.增加升压变压器副线圈匝数可减少输电损失D.当R 减小时，发电机的输出功率减小 【答案】 C【解析】解：A 、根据T=2×10-2s ，则频率为50H z ，故A 错误；B 、由图象得到，升压变压器原线圈两端交变电压u =-220√2cos 100πt （V ）；则有效值为220V ，升压变压器原、副线圈匝数之比为1：l 0，故升压变压器副线圈的输出电压为：10×220V=2200V ，故B 错误；C 、当增加升压变压器副线圈匝数，根据电压与匝数成正比，可知，升压变压器的输出电压提高，则电路中的电流减小，导致损失的电能减小，故C 正确；D 、当R 减小时，由于升压变压器的输入电压不变，输出电压不变，则输出功率将增大，所以发电机的输出功率也增大，故D 错误； 故选C ．根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小．掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．4.如图甲，真空中有一半径为R 、电荷量为+Q 的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x 轴．理论分析表明，x 轴上各点的场强随x 变化关系如图乙，则（ ） A.x 2处场强大小为kQx 22B.球内部的电场为匀强电场C.x 1、x 2两点处的电势相同D.假设将试探电荷沿x 轴移动，则从x 1移到R 处和从R 移到x 1处电场力做功相同 【答案】 A【解析】解：A 、电荷量为+Q 的均匀带电球体，以球心为坐标原点，当作点电荷，则有x 2处场强大小为kQx 22，故A 正确；B、由图象可知，球内部的电场为非匀强电场，由E=k Qr2与Q X=X3R3Q，则有E=kQR3x．故B错误；C、由图象与∅=E Pq，则x1、x2两点处的电势不同，故C错误；D、因电场力做功与初末位置有关，当假设将试探电荷沿x轴移动，则从x1移到R处和从R移到x1处，因电势差不同，则电场力做功不同，故D错误；故选：A均匀带电的球体，体外某点的电场强度则可由点电荷的电场强度公式求解，是将带电量的球体看成处于O点的点电荷来处理．而体内某点的电场强度，根据E=k Qr2与Q X=X3R3Q共同确定．对于电势则可以由该点移动电势为零处电场力做功与电量的比值来确定．考查带电球壳内部是等势体且电场强度处处为零，体外则是看成点电荷模型来处理；而电势则由电荷从该点移到电势为零处电场力做功与电量的比值来确定．注意比较电势也可以由图象和横轴的面积来表示．5.如图，静止在光滑地面上的小车，由光滑的斜面AB和粗糙的平面BC组成（它们在B处平滑连接），小车右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当传感器受压时，其示数为正值，当传感器被拉时，其示数为负值．一个小滑块从小车A点由静止开始下滑至C点的过程中，传感器记录到的力F随时间t的关系图中可能正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：滑块先匀加速下滑后匀减速向左滑动；滑块加速下滑时，受重力和支持力，故对斜面体有向右下方的恒定压力，故传感器示数为正且恒定不变；滑块匀减速向左滑动时，对小车有向左的摩擦力，故传感器受到拉力且恒定；故ABC错误，D正确；故选：D．滑块先匀加速下滑后匀减速向左滑动；分两个阶段对小车受力分析即可．本题关键是对斜面体受力分析，确定受力方向，基础题．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)6.2013年2月15日，俄罗斯车里雅宾斯克州发生陨石坠落事件．据俄科学院估计，陨石以不低于54000公里的时速（即15km/s）进人大气层．陨石在靠近地球但未进入大气层之前，以下说法正确的是（）A.机械能越来越大B.加速度越来越大C.速度越来越大D.若速度方向合适，陨石可被地球俘获绕地球做匀速圆周运动【答案】BC【解析】解：A、陨石在靠近地球但未进入大气层之前，陨石的质量不变，只受到地球引力作用，机械能守恒．故A错误B、根据万有引力F=G Mm，越靠近地球，引力越大，根据牛顿第二定律可知，加速度r2也越大．故B正确．C、地球引力做功，动能增大，速度增大，故C正确．D、若速度大小合适，使其受到的万有引力刚好等于向心力，而且方向方向刚好与圆轨道相切，这时陨石可被地球俘获绕地球做匀速圆周运动．所以D错误．故选BC．A陨石只受到地球引力作用，机械能守恒；根据G Mm=ma，越靠近地球，加速度也越r2大；地球引力做功，动能增大，故速度变大；陨石的速度大小合适，使其受到的万有引力刚好等于向心力，而且方向方向刚好与圆轨道相切，这时陨石可被地球俘获绕地球做匀速圆周运动．本题关键是要想到陨石在空中降落时，只受地球引力做功，动能增加，势能减少，机械能不变．同时要知道万有引力越来越大，加速度越来越大．7.如图D1、D2是两只相同的灯泡，L是自感系数很大的线圈，其直流电阻与R的阻值相同．关于灯泡发光情况正确的是（）A.当S1接a时，闭合S，D1将逐渐变亮B.当S1接a时，闭合S 待电路稳定后再断开，D1先变得更亮，然后渐渐变暗C.当S1接b时，闭合S，D2将渐渐变亮D.当S1接b时，闭合S待电路稳定后再断开，D2先变得更亮，然后渐渐变暗【答案】AD【解析】解：A、当S1接a时，闭合S，灯泡D2被短路，导致电阻减小，则总电流变大，所以通过D1灯泡的电流增大，因此D1将逐渐变亮，故A正确；B、当S1接a时，闭合S待电路稳定后再断开，导致线圈中电流发生变化，从而出现阻碍电流减小，通过D1的电流没有之前大，则D1不会变得更亮，但会慢慢熄灭．故B错误；C、当S1接b时，闭合S，线圈中电流的变化，从而阻碍电流增大，所以导致D2刚开始较亮，当线圈电流趋于稳定后，D2渐渐变暗，故C错误；D、当S1接b时，闭合S待电路稳定后再断开，导致线圈中电流发生变化，从而出现阻碍电流减小，通过D2的电流比之前大，则D2会变得更亮，且会慢慢熄灭．故D正确；故选AD线圈处于电路中，当电流变化时，才会出现感应电动势，从而阻碍电路中电流变化．闭合开关的瞬间，通过L的电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律分析电流的变化，判断通过两灯电流的关系．待电路稳定后断开开关，线圈产生自感电动势，分析通过两灯的电流关系，判断两灯亮暗情况．当通过线圈本身的电流变化时，线圈中会产生自感现象，这是一种特殊的电磁感应现象，可运用楞次定律分析自感电动势对电流的影响．8.如图，虚线M N上方存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B1，带电粒子从边界M N上的A点以速度v0垂直磁场方向射入磁场，经磁场偏转后从边界M N上的B点射出．若在粒子经过的区域PQ上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场B2，让该粒子仍以速度v0从A处沿原方向射入磁场，经磁场偏转后从边界MN上的B′点射出（图中未标出），不计粒子的重力．下列关于粒子的说法正确的是（）A.B′点在B 点的左侧B.从B′点射出的速度大于从B 点射出的速度C.从B′点射出的速度方向平行于从B 点射出的速度方向D.从A 到B′的时间小于从A 到B 的时间【答案】ACD【解析】解：A：粒子在匀强磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力：qvB=mv2r，得：r=mvqB，所以磁感应强度越大，粒子运动的半径越小，所以带电粒子在PQ上方时做圆周运动的半径小．粒子越过PQ连线的速度方向不变，故运动轨迹（PQ上方）如图，因此B′点在B点的左侧；故A正确；B：洛伦兹力对运动电荷不做功，所以粒子的速度不变．故B错误；C：从图中可以看出，两种情况下，粒子穿过PQ连线时转过的角度相同，所以从PQ 的上方出来时的速度方向是相同的，因此从B′点射出的速度方向平行于从B点射出的速度方向，故C正确；D：由：2πr=v T得：T=2πrv =2πmqB，所以在粒子经过的区域PQ上方再叠加方向垂直纸面向里的匀强磁场时，上方的磁场变大，粒子穿过上方的时间久变小，所以从A到B′的时间小于从A到B的时间，故D正确．故选：ACD带电粒子在匀强磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力，求出粒子做圆周运动的半径，做出运动的轨迹图象，然后根据半径的关系与运动的轨迹即可判断．本题是带电粒子在磁场中做匀速圆周运动正确画出运动的轨迹图象是解题的关键，难度适中．9.如图，弹簧的一端固定在水平面上，另一端与质量为1K g的小球相连，小球原来处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在小球上，使小球开始向上做匀加速直线运动，经0.2s弹簧刚好恢复到原长，此时小球的速度为1m/s，整个过程弹簧始终在弹性限度内，g取10m/S2．则（）A.弹簧的劲度系数为l00 N/mB.在0～0.2s内拉力的最大功率为15WC.在0～0.2s内拉力对小球做的功等于l.5JD.在0～0.2s内小球和弹簧组成的系统机械能守恒【答案】AB【解析】解：A、小球从静止开始向上做匀加速直线运动，经0.2s弹簧刚好恢复到原长，此时小球的速度为1m/s；根据平均速度公式，位移：x=vt=v2t=12×0.2m=0.1m；加速度：a=△v△t =1−00.2m/s2=5m/s2；刚开始弹簧静止，故mg=kx，解得：k=mgx =1×100.1N/m=100N/m，故A正确；B、对小球受力分析，受重力、拉力和弹力，根据牛顿第二定律，有：F-mg+k（x-12at2）=ma；解得：F=5+250t2（t≤0.2s）拉力F的功率：P=F v=F at=（5+250t2）×5t，当t=0.2s时，拉力功率达到最大，为P m=15W，故B正确；C、在0～0.2s内拉力F=5+250t2（t≤0.2s），逐渐增加，最大为15N，位移为0.1m，故拉力功小于15N×0.1m，即小于1.5J，故C错误；D、在0～0.2s内拉力做正功，故小球和弹簧组成的系统机械能增加，故D错误；故选AB．先根据运动学公式求解出位移和加速度，然后根据胡克定律确定劲度系数；本题关键是明确小球的运动规律，然后根据运动学公式求解出小球的位移和加速度，最后对小球受力分析求解出拉力、拉力功率的表达式分析，较难．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学设想用如图甲的装置来测量滑块与导轨间的动摩擦因数．在气垫导轨上安装了两光电门l、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连．（l）用游标卡尺测光电门遮光条的宽度d，图乙中游标卡尺读数为______ cm．滑块在轨道上做匀变速运动时，先后通过光电门l、2所用的时间分别为t1、t2，两光电门间的距离为L，用d、t1、t2、L表示滑块运动的加速度a为______ （2）要使细线中拉力近似等于钩码重力，滑块质量M与钩码质量m应满足______ 关系．（3）满足（2）后，调整气垫导轨水平，断开气源时，测得滑块在轨道上运动的加速度为a1；不改变钩码的质量，接通气源，测得滑块在轨道上运动的加速度为a2，用“a1、a2、g来表示滑块与导轨间的动摩擦因数μ为______ ．【答案】1.050；d22L (1t22−1t12)；M远大于m；a2−a1g【解析】解：（1）由图示游标卡尺可知，主尺示数为1.0cm，游标尺示数为10×0.05mm=0.50mm=0.050cm，则游标卡尺读数为1.0cm+0.050cm=1.050cm；滑块经过光电门时的速度v1=dt1，v2=dt2，由匀变速直线运动的速度位移公式得：v22-v12=2a L，解得，加速度a=d22L (1t22−1t12)．（2）当滑块质量M远大于钩码质量m时，细线中拉力近似等于钩码重力．（3）对滑块由牛顿第二定律得：F-μM g=M a1，F=M a2，解得：μ=a2−a1g．故答案为：（1）1.050；d 22L (1t22−1t12)；（2）M远大于m；（3）a2−a1g．（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；由速度公式求出滑块经过光电门时的速度，然后由匀变速运动的速度位移公式求出滑块的加速度．（2）只有在滑块质量远大于钩码质量时，才可近似认为滑块受到的拉力等于钩码的重力．（3）断开气源，滑块受到拉力与阻力的作用，接通气源时，滑块受仅受到拉力的作用，由牛顿第二定律与滑动摩擦力公式可以求出动摩擦因数．对游标卡尺读数时要先确定其游标尺的精度，主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数，游标卡尺不需要估读．11.如图甲为欧姆表电路的原理图，某兴趣小组认为欧姆表内部（图中虚线框内）可等效为一电源，设计如图乙的电路来测量欧姆表某挡位的电动势与内阻．具体操作如下R/K Ω 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 I/m A1.481.20 1.03 0.86 0.74 0.67 1I/mA −1 0.68 0.830.971.161.351.49（ ）将欧姆表的选择开关旋至某挡位，A 、B 两表笔短接，调节调零旋钮使指针指在电阻零刻度；（ 2 将毫安表与滑动变阻器R 按图乙连接好；（ 3 ）调节滑动变阻器R 滑片的位置，读出毫安表和对应的欧姆表读数，把测量的多组数据填人下表． 试完成下列内容：①图甲中A 是 ______ （选填“红”、“黑”）表笔 ②根据表中的数据，画出1/I--R 关系图象；③由所绘图象得出该挡位的电动势为 ______ V ，内阻为 ______ Ω；④本实验所测电动势的值 ______ （选填“＞”、“=”、或“＜”）理论值． 【答案】红；3；1500；= 【解析】解：①由图甲所示可知，A 是与内置电源的负极相连接，A 是红表笔．②根据表中实验数据，应用描点法作图，图象如图所示．③由闭合电路的欧姆定律得：E=I （r +R ），则1I =1ER+rE ， 由图象可知，图象的斜率k =△1I△R=1.50−0.503=13，图象的截距b =500，由1I =1E R+rE 可知，1E =k =13，则电源电动势E=3V （2.90～3.10均正确），rE =b =500，则电源内阻r =b E=500×3=1500Ω（1450～1550均正确）；④1I -R 图象斜率的倒数等于电源的电动势，应用图象法求出的电源电动势测量值等于理论值．故答案为：①红；②如图所示；③3；1500；④=．①欧姆表的红表笔与内置电源的负极相连，黑表笔与内置电源的正极相连．②根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象．③由闭合电路的欧姆定律求出1I与R关系式，然后根据图象求出电源电动势与内阻．④应用图象法处理实验数据，分析其实验误差．要掌握欧姆表的构造及使用方法；根据闭合电路欧姆定律求1I与R的函数表达式是正确解题的关键．四、计算题(本大题共6小题，共81.0分)12.如图甲，有两根相互平行、间距为L的粗糙金属导轨，它们的电阻忽略不计．在MP之间接阻值为R的定值电阻，导轨平面与水平面的夹角为θ．在efhg矩形区域内有垂直斜面向下、宽度为d的匀强磁场（磁场未画出），磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙．在t=0时刻，一质量为m、电阻为r的金属棒垂直于导轨放置，从ab 位置由静止开始沿导轨下滑，t=t0时刻进人磁场，此后磁感应强度为B0并保持不变．棒从ab到ef的运动过程中，电阻R上的电流大小不变．求：（1）0～t0时间内流过电阻R的电流I大小和方向；（2）金属棒与导轨间的动摩擦因数μ；（3）金属棒从ab到ef的运动过程中，电阻R上产生的焦耳热Q．【答案】解：（1）0～t0时间内，回路中的电流由磁场变化产生，由法拉第电磁感应定律有回路中感应电动势：E=△Φ△t=B0Ldt0根据闭合电路欧姆定律：I=ER+r=B0Ld(R+r)t0由楞次定律可得，流过电阻R的电流方向是M→P（2）由题意，金属棒进入磁场后电阻上电流保持不变，则金属棒匀速运动所受安培力为：F=B0IL则：mgsinθ-μmgcosθ-B0IL=0得：μ=tanθ−B02L2dmgcosθ(R+r)t0（3）导体棒进入磁场中有：E =B 0Lv =B 0Ld t 0导体棒在磁场中运动的时间：t =dv =t 0 根据焦耳定律有：Q =I 2R(t 0+t)=2B 02L 2d 2R (R+r)2t 0答：（1）电流的大小为I =B 0Ld(R+r)t 0，方向从M →P ；（2）动摩擦因数为μ=tanθ−B 02L 2dmgcosθ(R+r)t 0（3）电阻R 上产生的焦耳热为：Q =I 2R(t 0+t)=2B 02L 2d 2R (R+r)2t 0【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律求感应电动势的大小，然后再根据欧姆定律求解电流I 的大小；（2）根据导体中电流大小不变可知导体棒做匀速运动受力平衡，由受力分析和平衡知识求出摩擦力的大小从而求出动摩擦因数；（3）求出棒中磁场中运动的时间，从而根据焦耳定律求解电阻R 上产生的焦耳热． 本题是电磁感应中的力学问题，推导安培力与速度的表达式是关键步骤．13.如图，长l =lm 、厚度h =0.2m 的木板A 静止在水平面上，固定在水平面上半轻r =1.6m 的四分之一光滑圆弧轨道PQ ，底端与木板A 相切与p点，木板与圆弧轨道紧靠在一起但不粘连．现将小物块B 从圆弧上距p 点高度H=0.8m 处由静止释放，已知A 、B 质量均为m =lkg ，A 与B 间的动摩擦因数μ1=0.4，A 与地面间的动摩擦因数μ2=0.1，g 取10m /s 2．求：（ l ） 小物块刚滑到圆弧轨道最低点P 处时对圆弧轨道的压力大小； （ 2 ）小物块从刚滑上木板至滑到木板左端过程中对木板所做的功； （ 3 ） 小物块刚落地时距木板左端的距离．【答案】解：（1）对B 下滑的过程由机械能守恒定律有 mgH =12mv 2 解得 v =√2gH =4m /s物块滑到最低点时，由牛顿第二定律有 F N −mg =m v 2r解得F N =mg +m v 2r=20N由牛顿第三定律得 F N′=20N （2）对B 受力分析，由牛顿第二定律有a 1=u 1mg m=u 1g =4m /s 2 匀减速直线运动对A 受力分析，由牛顿第二定律有a 2=u 1mg−u 22mgm=2m /s 2 匀加速直线运动又由l =x A -x Bx A =v 0t −12a 1t 2x B =12a 2t 2代入数据解得得 t =13s （1s 舍去） 对A 由动能定理得 W =μ1mg ⋅12a 2t 2=49J（3）B 离开木板后以v 1=v 0−a 1t =83m /s 的初速度做平抛运动 至落地所需时间 ℎ=12gt 2，得t =√2ℎg =0.2s木板A 将以v 2=a 2t =23m /s ，加速度a 3=u 2mg m =u 2g =1m /s 2做匀减速运动物块B 落地时，两者相距△x =v 1t −(v 2t −12a 3t 2)代入数据△x =0.42m 答：（l ） 小物块刚滑到圆弧轨道最低点P 处时对圆弧轨道的压力大小为20N ； （ 2）小物块从刚滑上木板至滑到木板左端过程中对木板所做的功为49J ；（ 3） 小物块刚落地时距木板左端的距离为0.42m ． 【解析】（1）B 下滑过程中，只有重力做功，机械能守恒；最低点，重力和支持力的合力提供向心力；（2）对滑块和木板分别受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度；然后根据位移时间关系公式和速度时间关系公式列式后联立求解；（3）木块离开木板后做平抛运动，木板继续做匀减速直线运动，根据平抛运动分位移公式和位移时间关系公式列式求解．本题关键分析清楚滑块和木板的运动规律，分阶段运用牛顿第二定律求解加速度，根据运动学公式、平抛运动的规律公式列式求解，较难．14.如图甲，距离很近的竖直边界两侧为相同的匀强磁场区域，磁场范围很大，方向垂直纸面向里．在边界上固定两个等长的平行金属板A 和D ，两金属板中心各有-小孔S 1、S 2，板间电压的变化规律如图乙，正、反向最大电压均为U 0，周期为T 0．一个质量为m 、电荷量为+q 的粒子在磁场中运动的周期也是T 0．现将该粒子在t =T4时刻由S 1 静止释放，经电场加速后通过S 2又垂直于边界进人右侧磁场区域，在以后的运动过程中不与金属板相碰．不计粒子重力、极板外的电场及粒子在两边界间运动的时间．（1）求金属板的最大长度．（2）求粒子第n次通过S2的速度．（3）若质量m′=1312m电荷量为+q的另一个粒子在t=0时刻由S1静止释放，求该粒子在磁场中运动的最大半径．【答案】解：（1）由题意知，粒子第一次在电场中运动，由动能定理有q U02=12mv02粒子在磁场里做匀速圆周运动，有qvB=m v2R周期T0=2πmqB半径r=mv0qB在磁场里做匀速圆周运动的最小半径r=L4解得金属板的最大长度L=2T0π√qU0m（2）粒子每从S1、S2中穿过一次，就会被加速一次，且每次加速的电压总为U02对粒子由动能定理有n U02q=12mv n2解得v n=√nU0qm（3）质量m′=13/12m电荷量为+q的另一个粒子在磁场中的周期：T=2πm′qB=13 12⋅2πmqB=1312T0所以粒子第二次被加速时的电压是56U0，第三次被加速时的电压是46U0，…分析可知，粒子被连续加速6次后，圆周运动的半径最大，记为r6第1次加速过程中，由动能定理有U0q=12m′v12−0第2次加速过程中，有56U0q=12m′v22−12m′v12…第6次加速过程中，有16U0q=12m′v62−12m′v52以上6式左右累加解得v6=√84qU013m由qBv6=m′v62r6得r6=T0π√91qU048m答：（l）金属板的最大长度L=2T0π√qU0m．（2）粒子第n次通过S2的速度v n=√nU0qm．（3）该粒子在磁场中运动的最大半径r6=T0π√91qU048m．【解析】（1）粒子在匀强电场中做匀加速直线运动，电场力做功等于粒子动能的增加；使粒子不与极板相撞，则运动的半径大于L2；（2）粒子在磁场中D的运动轨迹是两个半圆，所以在磁场中运动的时间就是一个周期，也是T0．每次加速的电压总为U02；（3）质量m′=13/12m电荷量为+q的另一个粒子在t=0时刻由S1静止释放，它在磁场中的周期：T=2πm′qB=1312⋅2πmqB=1312T0，所以粒子第二次被加速时的电压是5 6U0，第三次被加速时的电压是46U0，…分析可知，粒子被连续加速6次后，圆周运动的半径最大．该题类似于回旋加速器，第三问中分析出粒子被连续加速6次后，圆周运动的半径最大．是解题的关键．该题解题的过程复杂，公式较多，容易在解题的过程中出现错误．属于难度大的题目．15.[选修3一3]（1）下列说法正确的是______A．同种物质可能以晶体或非晶体两种形态出现B．冰融化为同温度的水时，分子势能增加C．分子间引力随距离增大而减小，而斥力随距离增大而增大D．大量分子做无规则运动的速率有大有小，所以分子速率分布没有规律（2）已知二氧化碳摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N A，在海面处容器内二氧化碳气体的密度为ρ．现有该状态下体积为V的二氧化碳，则含有的分子数为______ ．实验表明，在2500m深海中，二氧化碳浓缩成近似固体的硬胶体．将二氧化碳分子看作直径为D的球，则该容器内二氧化碳气体全部变成硬胶体后体积约为______（3）如图，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，内能增加了10J．已知该气体在状态A时的体积为1.0×l0-3m3．求：①该气体在状态B 时的体积；②该气体从状态A 到状态B 的过程中，气体与外界传递的热量．【答案】 AB ；ρVM N A ；N A ρVπD 36M【解析】 解：（1）A ：同种物质可能以晶体或非晶体两种形态出现，故A 正确；B ：冰融化为同温度的水时，物质的内能增大，温度不变，水的分子的平均动能不变，所以分子势能增加．故B 正确；C ：关键分子的动理论，分子间引力随距离增大而减小，斥力也是随距离增大而减小．故C 错误；D ：大量分子做无规则运动的速率有大有小，分子速率分布有规律，即统计规律．故D 错误． 故选：AB（2）二氧化碳分子的个数n =ρV MN A ．所以固体二氧化碳的体积V ′=n V 0=N A ρVπD 36M．故该状态下体积为V 的二氧化碳气体变成固体后体积为N A ρVπD 36M（3）①气体从状态A 变化到状态B 是等压变化有V A T A=VBT B，代入得：V B =1.2×10-3m 3 ②从状态A 到状态B 等压变化，整个过程对外做功为W=p △V=1×105×0.2×10-3=20J根据热力学第一定律：△U=Q+W ，代入数据得：Q=30J 故气体从外界吸收了30J 热量．故答案为：（1）AB （2）ρVM N A 、N A ρVπD 36M（3）①V B =1.2×10-3m 3②气体从外界吸收了30J 热量．（1）同种物质可能以晶体或非晶体两种形态出现；冰融化为同温度的水时，物质的内能增大而温度不变，分子势能增加；分子间引力随距离增大而减小，斥力随距离增大而减小；大量分子做无规则运动的速率有大有小，分子速率分布有规律，即统计规律．（2）二氧化碳气体变成固体后，分子数目不变，求出体积为V 的二氧化碳气体的分子个数，即可求出固体二氧化碳的体积．（3）①A 到B 过程是等压变化，根据盖•吕萨克定律求体积V B ．②先求出A →B 过程气体做功，根据热力学第一定律求Q ．本题考查了分子动理论、物体的内能、气态方程等多个知识．比较容易．。
宿迁市2013届高三年级wll模拟测试二
宿迁市2013届高三年级模拟测试二物 理 试 题一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。
每小题只有一个选项．．．．符合题意。
1．如图所示，A 、B 是正点电荷中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止释放从A 点沿电场线运动到B 点．下列说法中正确的是 A ．A 点的电场强度比B 点的小 B ．点电荷在A 点的加速度大 C ．A 点的电势比B 点的电势高D ．点电荷由A 到B 过程中电场力做负功2．已知地球质量为M ，半径为R ，自转周期为T ，地球同步卫星质量为m ，离地面的高度为h ，引力常量为G .有关同步卫星，下列表述正确的是 A ．卫星距离地面的高度为 3GMT 24π2B ．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C ．卫星运行时受到的向心力大小为G MmR2D ．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度3．如图所示，在足够长的光滑曲面上由静止释放一个物体，若以释放物体的时刻作为零时刻，用E 、v 、x 、W 分别表示物体的机械能、速度、位移和重力做的功，那么下列四个图象中分别定性描述了这些物理量随时间变化的规律，其中正确的是图象是4．如图所示，质量为m 的木块A 放在质量为M 的三角形斜面B 上，现用大小均为F ，方向相反的水平力分别推A 和B ，它们均静止不动，则 A ．A 与B 之间不一定存在摩擦力B ．B 与地之间可能存在摩擦力C ．B 对A 的支持力一定大于mgD ．地面对B 的支持力的大小一定等于（M +m ）g5．如图所示，水平放置的半圆槽，一个小球从左边槽口以速度v 水平抛出，不计空气阻力。
若v 取值不同，小球掉到半圆槽上时的速度方向和水平方向的夹角就不同。
则下列说法正确的是A ．无论v 取何值，小球都会垂直撞击半圆槽B ．无论v 取何值，小球都不可能垂直撞击半圆槽C ．总可以找到一个v 值，使小球垂直撞击半圆槽D ．总可以找到一个v 值，使小球撞击半圆槽时速度竖直向下二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。
2013年高三调研考(物理)试卷
2013年高三调研考(物理)试卷2013、12考生注意：本卷满分150分，考试时间120分钟。
g 取10m/s 2。
第30、31、32、33题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。
有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。
第I 卷（共56分）一．单项选择题.（16分，每小题2分。
每小题只有一个正确选项。
）1．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．下列关于科学家和他们的贡献的说法中正确的是（ ） （A ）亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，并通过“理想实验”证实了这一说法 （B ）牛顿巧妙的利用扭秤装置测出了万有引力常量，发现了万有引力定律 （C ）布朗用显微镜观察悬浮在水中的花粉时，发现了“布朗运动” （D ）库仑利用带电油滴在竖直电场中的平衡，得到了基本电荷2．物理学中用到大量的科学方法，下列概念的建立不属于用到“建立模型”方法的是（ ） （A ）单摆 （B ）弹簧振子 （C ）自由落体运动 （D ）合力 3．下列说法中正确的是（ ） （A ）温度低物体内能小（B ）自然界中自发进行地与热现象有关的宏观物理过程都具有方向性 （C ）物体吸收热量，其温度一定升高（D ）悬浮在液体中的颗粒越大，周围液体分子撞击的机会越多，布朗运动越明显 4．甲、乙两小车做直线运动的v －t 图像如图所示，由图可知（ ）（A ）0－t 1时间内甲比乙加速度大 （B ）t 1时刻乙车加速度改变方向 （C ）t 2时刻两车一定相遇 （D ）t 1时刻两车可能相遇5．简谐运动的物体，在返回平衡位置过程中，变大的物理量是（ ）（A ）动能 （B ）回复力 （C ）位移 （D ）机械能6．关于一定质量的理想气体发生状态变化时，其状态量p 、V 、T 的变化情况不可能的是（ ） （A ）p 、V 、T 都减小 （B ）V 减小，p 和T 增大 （C ）p 和V 增大，T 减小 （D ）p 增大，V 和T 减小 7．如图所示，质量分别为m 、2m 的物体A 、B 由轻质弹簧相连后放置在匀速上升的电梯内，当电梯钢索断裂的瞬间，物体B 的受力个数（ ）（A ）2个 （B ）3个 （C ）4个 （D ）1个8．在一根左端封闭、右端开口的U 形细玻璃管内注入水银并充满左端，两端水银面的高度差为15厘米，如图所示．若用拇指将开口端堵住，并将U 形管的开口向下．松开拇指后，管内两侧水银面的位置应是图中的（ ）二．单项选择题.（24分，每小题3分。
江苏省宿迁市高三物理第二次模拟考试试题(含解析)新人教版
2013年江苏省宿迁市高考物理二模试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，A、B是正点电荷中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止释放从A点沿电场线运动到B点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度比B点的小B．点电荷在A点的加速度大C．A点的电势比B点的电势高D．点电荷由A到B过程中电场力做负功考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据负电荷的运动方向判断其所受的电场力方向，确定场强方向，就可以确定正点电荷的位置．再电场线是从正电荷发出，到无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小进行分析．解答：解：A、带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止从A点沿电场线运动到B点，说明负电荷所受的电场力方向从A→B，则电场线方向从B→A，则知，正点电荷在B的右侧，由E=知，A点的电场强度比B点的小．故A正确．B、由F=qE知，负电荷在A点所受的电场力较小，加速度也较小．故B错误．C、电场线方向从B→A，顺着电场线，电势降低，则知A点的电势比B点的电势低．故C错误．D、点电荷由A到B过程中电场力方向与位移方向相同，做正功．故D错误．故选A点评：本题就是考查学生分析受力情况和运动情况的能力，要加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．2．（3分）（2013•宿迁二模）已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量．解答：解：A、万有引力提供向心力F引=F向===a向，v=a向=F=h=﹣R故A、C 错误B、由于第一宇宙速度为v1=，故B错误；D、地表重力加速度为g=，故D正确；故选D．点评：本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步．3．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，在足够长的光滑曲面上由静止释放一个物体，若以释放物体的时刻作为零时刻，用E、v、x、W分别表示物体的机械能、速度、位移和重力做的功，那么下列四个图象中分别定性描述了这些物理量随时间变化的规律，其中正确的是图象是（）A．B．C．D．考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：物体从光滑曲线上静止释放时，只有重力对物体做功，小物体的机械能守恒，由于是光滑的曲面小物体下滑的加速度是变化的，位移与时间不是均匀变化的，重力做功与小物体在竖直方向上的位移有关．解答：解：小物体从光滑的斜面上下滑，下滑过程中只有重力对小物体做功．A、因为只有重力对小物体做功，故小物体的机械能守恒，故A正确；B、小物体在曲面上下滑，下滑时加速度是变化的，故不做匀加速直线运动，故B错误；C、小物体做变速曲线运动，位移不与时间成正比，故C错误；D、重力做功与在重力方向运动的位移成正比，故D错误故选A点评：抓住机械能守恒的条件展开讨论，知道物体沿曲面下滑时的加速、速度及位移与时间不是成线性关系是解决本题的关键．4．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜面B上，现用大小均为F，方向相反的水平力分别推A和B，它们均静止不动，则（）A．A与B之间不一定存在摩擦力B．B与地之间可能存在摩擦力C．B对A的支持力一定大于mgD．地面对B的支持力的大小一定等于（M+m）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对A、B整体进行受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析，根据平衡条件求解B对A的支持力和摩擦力．解答：解：B、D、对A、B整体受力分析，如图，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好的合力为零，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有N=（M+m）g故B错误，D正确；A、C、再对物体A受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面体B对A的支持力N′和摩擦力f，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如下图当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N′=mgcosθ+Fsinθ故A正确，C错误；故选AD．点评：本题关键是对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体A受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况．5．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，水平放置的半圆槽，一个小球从左边槽口以速度v 水平抛出，不计空气阻力．若v取值不同，小球掉到半圆槽上时的速度方向和水平方向的夹角就不同．则下列说法正确的是（）A．无论v取何值，小球都会垂直撞击半圆槽B．无论v取何值，小球都不可能垂直撞击半圆槽C．总可以找到一个v值，使小球垂直撞击半圆槽D．总可以找到一个v值，使小球撞击半圆槽时速度竖直向下考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：通过分析小球做平抛运动落在左边四分之一圆弧上和右边四分之一圆弧上，根据平抛运动的规律判断小球能否垂直撞击半圆槽．解答：解：若小球落在左边四分之一圆周上，因为小球的最终速度不可能竖直向下，所以不可能与左侧四分之一圆弧垂直，即不可能撞击在左侧四分之一圆周上．若小球落在右边四分之一圆周上，若垂直撞击圆弧，则速度的反向延长线经过圆心，可知速度与水平方向的夹角是位移与水平方向夹角的两倍，因为速度与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，两者矛盾，则不可能垂直．所以无论v如何，小球都不可能垂直撞击半圆槽．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动速度与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分．6．（4分）（2013•宿迁二模）荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动，右图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，（不计空气阻力）下列说法正确的是（）A．小孩运动到最高点时，小孩的合力为零B．小孩从最高点运动到最低点过程中机械能守恒C．小孩运动到最低点时处于失重状态D．小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的向心力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：当秋千荡到最高点时，小孩的速度为零，沿半径方向加速度为零，加速度方向沿圆弧的切线方向；当加速度向上时，超重；当加速度向下时，失重．解答：解：A、小孩运动到最高点时，速度为零；受重力和拉力，合力不为零，沿着切线方向，故A错误；B、小孩从最高点运动到最低点过程中，受重力和拉力，拉力不做功，只有重力做功，机械能守恒，故B正确；C、小孩运动到最低点时，具有向心加速度，向上，故超重，故C错误；D、小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的向心力，故D正确；故选BD．点评：本题关键明确小孩的运动规律和受力特点，明确最高点和最低点过程的受力情况，基础题．7．（4分）（2013•宿迁二模）图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表．若发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中R t为NTC型热敏电阻（阻值随温度升高而变小），R1为定值电阻．下列说法中正确的是（）A．交流电压u的表达式（V）B．变压器原、副线圈中的电流之比为4：1C．t=0.01s时，发电机中线圈平面与磁场平行D．R t温度升高时，电压表的示数不变，电流表的示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：由图乙可知交流电压最大值U m=36V，周期T=0.02秒，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式 u=U m sinωt（V），由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，NTC是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的热敏电阻，Rt处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压36v，周期0.02S，故角速度是ω=100π，u=36sin100πt（V），故A正确．B、根据公式变压器原、副线圈中的电流之比，故B错误．C、t=0.01s时，代入A选项中电压瞬时表达式，则有电压值为零，则发电机中线圈与磁场垂直，故C错误．D、t处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故D正确；故选AD．点评：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．8．（4分）（2013•宿迁二模）如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断正确的是（）A．闭合S瞬间，R1、R2中电流强度大小相等B．闭合S，稳定后，R1中电流强度为零C．断开S的瞬间，R1、R2中电流立即变为零D．断开S的瞬间，R1中电流方向向右，R2中电流方向向左考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：闭合S瞬间，通过R2中电流强度大于通过R1中电流强度大小；由于线圈L的直流电阻不计，S闭合电路稳定后，电容器被短路，两端电压为零，不带电．当断开S的瞬间，线圈中电流要减小，产生自感电动势根据楞次定律电容器a板所带电的电性．解答：解：A、闭合S瞬间，线圈L与R1并联与R2串联，则通过R2中电流强度大于通过R1中电流强度大小；故A错误．B、由于线圈L的直流电阻不计，闭合S，稳定后，R1被短路，R1中电流强度为零．故B正确．C、D断开S的瞬间，电容器放电，R2中电流不为零，线圈中电流减小，产生自感电动势，相当于电源，R1中电流过一会儿为零．故C错误．D、断开S的瞬间，电容器放电，R2中电流方向向左，由于自感，根据楞次定律可知，R1中电流方向向右，故D正确．故选BD点评：本题考查自感线圈的双重作用的理解：当电流稳定不变时，自感线圈是电阻不计的导线；当电流变化时，相当于一个电源．9．（4分）（2013•宿迁二模）美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步，如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，盒缝间隙很小，可以忽略不计．对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（）A．带电粒子每运动半周被加速一次B．P1P2＞P2P3C．加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关D．加速电场方向需要做周期性的变化考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子经加速电场加速后，进入磁场发生偏转，电场被限制在A、C板间，只有经过AC板间时被加速，所以运动一周加速一次，电场的方向不需改变．当带电粒子离开回旋加速器时，速度最大．解答：解：A、带电粒子只有经过AC板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次．电场的方向没有改变，则在AC间加速．故A错误，D错误．B、根据r=，则P1P2=2（r2﹣r1）=，因为每转一圈被加速一次，根据v2﹣v12=2ad，知每转一圈，速度的变化量不等，且v3﹣v2＜v2﹣v1，则P1P2＞P2P3．故B正确．C、当粒子从D形盒中出来时，速度最大，根据r=得，v=．知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关．故C正确．故选BC．点评：解决本题的关键知道该回旋加速器的原理，知道粒子每转一圈，加速一次，且都在AC 间加速，加速的电场不需改变．三、简答题：共计18分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（8分）（2013•宿迁二模）在探究“加速度与力、质量的关系”实验中，小明用物体A、B分别做了加速度随着外力的变化关系，如图（1）所示，用不同的重物P分别挂在光滑的动滑轮拉物体A、B，处理数据后，他们得到加速度a与弹簧秤弹力F的关系图象如图（2）所示，由图象可知（1）下列说不正确的是ACDA．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中重物P的质量应远小于物块的质量D．测力计的读数始终为重物P的重力的一半（2）小明仔细分析了两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且m A小于m B（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因素μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）进行实验前要先平衡摩擦力，把木板没有定滑轮的一端垫高；实验时要先接通电源，再放开小车；小车受到的拉力可以由弹簧测力计读出；重物下落时处于失重状态，对细线的拉力小于其重力的一半．（2）根据图象由牛顿第二定律可以判断出物体质量大小；由牛顿第二定律求出加速度的表达式，然后判断动摩擦因数大小．解答：解：（1）A、实验时应把长木板没有定滑轮的一端垫高，平衡摩擦力，长木板不能保持水平，故A错误；B、实验时应先接通电源，再放开小车，故B正确；C、小车所受到的拉力可以由弹簧测力计读出，实验过程中不需要控制重物P的质量远小于物块的质量，故C错误；D、图示滑轮为动滑轮，重物静止或做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数等于重物P重力的一半，重物加速下降时，处于失重状态，测力计示数小于重物重力的一半，故D错误；本题选错误的，故选ACD．（2）由牛顿第二定律得：m=，a﹣F图象斜率的倒数等于m，由图象可得：A的斜率大于B的斜率，则A斜率的倒数小于B斜率的倒数，即A的质量小于B的质量；由牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma，a=0时，F=μmg，由图象可知，a=0时，A、B的F 相等，即μA m A g=μB m B g，∵m A＜m B，∴μA＞μB；故答案为：（1）ACD；（2）小于；大于．点评：要掌握实验注意事项、会根据实验装置图分析实验注意事项、会应用图象处理实验数据．11．（10分）（2013•宿迁二模）2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻”效应的物理学家．材料的电阻随磁场的增加而增大的现象称为磁阻效应，利用这种效应可以测量磁感应强度．若图1为某磁敏电阻在室温下的电阻比值一磁感应强度特性曲线，其中R B、R0分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值．（1）为了测量磁感应强度B，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R B，已知无磁场时阻值R0=150Ω．现将磁敏电阻置入待测磁场中，在室温下用伏安法测得其两端的电压和通过的电流数据如下表：1 2 3 4 5U（V）0.45 0.91 1.50 1.78 2.71I（mA）0.30 0.60 1.00 1.20 1.80根据上表可求出磁敏电阻的测量值R B= 1.5×103Ω，结合图中电阻比值一磁感应强度特性曲线可知待测磁场的磁感应强度B= 1.2 T．（均保留两位有效数字）（2）请用下列器材设计一个电路：将一小量程的电流表G改装成一能测量磁感应强度的仪表，要求设计简单，操作方便．（环境温度一直处在室温下）A．磁敏电阻，无磁场时阻值R0=150ΩB．电流表G，量程I g=2mA，内阻约50ΩC．滑动变阻器R，全电阻约1500ΩD．直流电源E，电动势E=3V，内阻约为1ΩE．开关S，导线若干①在图2中的虚线框内完成实验电路图；②改装后，电流表表盘上电流刻度要转换成磁感应强度B．若2.0mA处标0T，那么1.0mA处标 1.2 T．（保留两位有效数字）考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据表中实验数据，应用欧姆定律可以求出磁敏电阻的阻值R B，再求出R B与R0比值，再由图1得出磁感应强度；（2）可将灵敏电流表、磁敏电阻、滑动变阻器作出串联电路；由闭合电路的欧姆定律分析答题．解答：解：（1）根据表中实验数据可知，磁敏电阻阻值R3Ω，B===1.5×10 ==10，由图所示图象可知，磁感应强度B=1.2T；（2）①实验电路图如图所示；②由闭合电路欧姆定律得：Ig=，R内===1500Ω，I′==，则R B=R内=1500Ω，由图象可知，此时磁感应强度为1.2T；故答案为：（1）1.5×103；1.2；（2）①如图所示；②1.2．点评：认真审题、根据题意获取所需信息、分析清楚图象、应用欧姆定律即可正确解题．四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．12．（15分）（2013•宿迁二模）2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功．设某一舰载机总质量为m=2.5×l04 kg，速度为v o=42m/s，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a o=0.8m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．（1）飞机着舰后，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里？（2）航母飞行甲板水平，前端上翘，水平部分与上翘部分平滑连接，连接处D点可看作圆弧上的一点，圆弧半径为R=100m．已知飞机起落架能承受的最大作用力为飞机自重的11倍，求飞机安全起飞经过D点的最大速度？（g取10m/s2）（3）为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机，图示为飞机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机的推力大小为F=1.2×105N，减速的加速度a1=20m/s2，此时阻拦索夹角θ=106°，空气阻力和甲板阻力保持不变，求此时阻拦索承受的张力大小？（已知sin 53°=0.8，cos 53°=0.6）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系；向心力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）飞机匀减速直线运动，根据速度位移公式列式求解；（2）支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解；（3）对飞机受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解．解答：解：（1）由运动学公式得：代入数据可得：s0=1102.5m（2）设飞机安全起飞经过D点的最大速度为v D，则：解得：v D=100m/s；（3）飞机受力分析如图所示．由牛顿运动定律有：其中F T为阻拦索的张力，f为空气和甲板对飞机的阻力飞机仅受空气阻力和甲板阻力时有：f=ma0联立上式可得：F T=5×105N答：（1）若仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少1102.5m长才能保证飞机不滑到海里；（2）飞机安全起飞经过D点的最大速度为100m/s；（3）阻拦索承受的张力大小为×105N．点评：本题关键是明确飞机的运动情况，然后根据牛顿第二定律求解出加速度，最后根据牛顿第二定律确定受力情况．13．（16分）（2013•宿迁二模）两足够长的平行金属导轨间的距离为L，导轨光滑且电阻不计，导轨所在的平面与水平面夹角为θ．在导轨所在平面内，分布磁感应强度为B、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．把一个质量为m的导体棒ab放在金属导轨上，在外力作用下保持静止，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻为R1．完成下列问题：（1）如图甲，金属导轨的一端接一个内阻为r的导体棒．撤去外力后导体棒仍能静止．求导体棒上的电流方向和电源电动势大小？（2）如图乙，金属导轨的一端接一个阻值为R2的定值电阻，让导体棒由静止开始下滑，求导体棒所能达到的最大速度？（3）在（2）问中当导体棒下滑高度为h速度刚好达最大，求这一过程，导体棒上产生的热量和通过电阻R2电量？考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）由左手定则判断出ab棒中电流方向，根据全电路欧姆定律、安培力公式及共点力平衡条件列式，即可求出电源电动势大小．（2）让导体棒由静止开始下滑，导体棒先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动，达到稳定状态，根据安培力与重力沿斜面向下的分力平衡，列式求出棒的最大速度．（3）当导体棒下滑高度为h的过程中，导体棒的机械能减小转化为电路的内能，根据能量守恒求出电路中产生的总热量，由串联关系求导体棒上产生的热量．根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量公式q=It求电量．解答：解：（1）由左手定则可得：b指向a回路中的电流为①导体棒受到的安培力为 F安=BIL ②对导体棒受力分析知 F安=mgsinθ ③联立上面三式解得：④（2）当ab杆速度为v时，感应电动势 E=BLv，此时电路中电流⑤当时，ab杆达到最大速度 v m⑥（3）由能的转化和守恒定律可得：⑦导体棒上产生的热量⑧联立⑥⑦⑧得：⑨由=，，q=，△Φ=BL联立得通过电阻R2电量⑩答：（1）导体棒上的电流方向为和b指向a，电源电动势大小为．（2）导体棒所能达到的最大速度为．（3）导体棒上产生的热量为，通过电阻R2电量为．点评：本题是电磁感应与电路、磁场、力学等等知识的综合，涉及的知识较多，综合性较强，分析安培力和能量如何变化是关键．14．（16分）（2013•宿迁二模）在某一真空空间内建立xOy坐标系，从原点O处向第I象限发射一荷质比的带正电的粒子（重力不计）．速度大小v0=103 m/s、方向与x轴正方向成30°角．（1）若在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I、Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向外B=1T，求粒子做匀速圆周运动的轨道半径R？（2）若在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I象限，磁场方向垂直xOy平面向外；在第Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向里；磁感应强度为B=1T，如图（a）所示，求粒子从O点射出后，第2次经过x轴时的坐标x1．（3）若将上述磁场均改为如图（b）所示的匀强磁场，在t=0到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向外；在t=s到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向里，此后该空间不存在磁场，在t=0时刻，粒子仍从O点以与原来相同的速度v0射入，求粒子从O点射出后第2次经过x轴时的坐标x2．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：洛伦兹力提供向心力，可以求出粒子运动的半径；根据题目提供的条件，正确画出粒子运动的轨迹，进而确定各点之间的关系．解答：解：（1）设粒子的轨道半径r，洛伦兹力提供向心力，有（2）粒子在x轴上方和下方的磁场中做半径相同的匀速圆周运动，其运动轨迹如图（a）所示．由几何关系知粒子第二次经过x轴的坐标为x1=2r=0.2 m．（3）设粒子在磁场中做圆周运动的周期为T．则．据题意，知粒子在t=0到t=内和在t=到t=时间内在磁场中转过的圆弧所对的圆心角均为，粒子的运动轨迹应如图（b）所示．△ODX2是低边夹角是30°的等边三角形，由几何关系得x2=2（2rsin30°+2r）=6r=0.6 m．答：（1）粒子做匀速圆周运动的轨道半径是0.1m；（2）第2次经过x轴时的坐标0.2m．（3）粒子从O点射出后第2次经过x轴时的坐标x2=0.6 m．点评：该题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，洛伦兹力提供向心力是基础，正确画出粒子运动的轨迹是解决问题的关键．五、选做题．本题包括三小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答，若三题都做，则按15.16两题评分．15．（12分）（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣3）（1）下列说法正确的是ACA．温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，则分子的平均动能越大。
江苏省扬州、南通、泰州、宿迁四市2013届高三3月第二次调研测试物理试题(WORD版)
扬州、南通、泰州、宿迁四市2013届高三第二次调研测试物理本试卷满分120分,考试时间为100分钟.一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.1.某同学用频闪相机拍摄了运动员跳远比赛时助跑、起跳、最高点、落地四个位置的照片,简化图如图所示.则运动员起跳瞬间消耗的体能最接近( )A . 4 JB . 40 JC . 400 JD.4000 J2.某同学设计的散热排风控制电路如图所示,M为排风扇,R0是半导体热敏电阻,其阻值随温度升高而减小,R 是可变电阻.控制开关电路具有下列特性:当A 点电势φA <φ0时,控制开关处于断路状态;当φA≥φ0时,控制开关接通电路,M开始运转.下列说法中正确的是( )A.环境温度升高时,A点电势升高B.可变电阻R阻值调大时,A点电势降低C.可变电阻R阻值调大时,排风扇开始工作的临界温度升高D.若用金属热电阻代替半导体热敏电阻,电路仍能正常工作3.气象研究小组用图示简易装置测定水平风速.在水平地面上竖直固定一直杆,半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O,当水平风吹来时,球在风力的作用下飘起来.已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积,当风速v0=3m/s时,测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°.则( )A.θ=60°时,风速v=6m/sB.若风速增大到某一值时,θ可能等于90°C.若风速不变,换用半径变大、质量不变的球,则θ不变D.若风速不变,换用半径相等、质量变大的球,则θ减小4.一位参加达喀尔汽车拉力赛的选手驾车翻越了如图所示的沙丘,A、B、C、D 为车在翻越沙丘过程中经过的四个点,车从坡的最高点B开始做平抛运动,无碰撞地落在右侧直斜坡上的C点,然后运动到平地上D点.当地重力加速度为g,下列说法中正确的是( )A.A到B过程中,汽车应该加速B.B到C过程中,汽车的机械能不守恒C.若已知斜坡的倾角和车在B点的速度,可求出BC间高度差D.由斜坡进入平地拐点处时,车处于失重状态5.某区域的电场线分布如图所示,其中间一根电场线是直线,一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点.取O点为坐标原点,沿直线向右为x轴正方向,粒子的重力忽略不计.在O到A运动过程中,下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t 的变化、粒子的动能E k和运动径迹上电势φ随位移x的变化图线可能正确的是( )二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.6.2013年1月27日,我国在境内再次成功地进行了陆基中段反导拦截技术试验,中段是指弹道导弹在大气层外空间依靠惯性飞行的一段.如图所示,一枚蓝军弹道导弹从地面上A点发射升空,目标是攻击红军基地B点,导弹升空后,红军反导预警系统立刻发现目标,从C点发射拦截导弹,并在弹道导弹飞行中段的最高点D 将其击毁.下列说法中正确的是( )A.图中E到D过程,弹道导弹机械能不断增大B.图中E到D过程,弹道导弹的加速度不断减小C.弹道导弹在大气层外运动轨迹是以地心为焦点的椭圆D.弹道导弹飞行至D 点时速度大于7.9km/s7.在倾角为θ的斜面上固定两根足够长的光滑平行金属导轨PQ、MN,相距为L,导轨处于磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向垂直导轨平面向下.有两根质量均为m的金属棒a、b,先将a棒垂直导轨放置,用跨过光滑定滑轮的细线与物块c连接,连接a棒的细线平行于导轨,由静止释放c,此后某时刻,将b 也垂直导轨放置,a、c此刻起做匀速运动,b棒刚好能静止在导轨上.a 棒在运动过程中始终与导轨垂直,两棒与导轨电接触良好,导轨电阻不计.则( )A.物块c的质量是2m sinθB.b棒放上导轨前,物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能C.b棒放上导轨后,物块c减少的重力势能等于回路消耗的电能D.b棒放上导轨后,a棒中电流大小是sin mgBL8.如图所示,直杆AB与水平面成α角固定,在杆上套一质量为m的小滑块,杆底端B 点处有一弹性挡板,杆与板面垂直,滑块与挡板碰撞后原速率返回.现将滑块拉到A 点由静止释放,与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点,设重力加速度为g,由此可以确定( )A.滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B.滑块最终所处的位置C.滑块与杆之间动摩擦因数μD.滑块第k次与挡板碰撞后速度v k9.如图所示,真空中xOy平面内有一束宽度为d的带正电粒子束沿x轴正方向运动,所有粒子为同种粒子,速度大小相等,在第一象限内有一方向垂直xOy平面的有界匀强磁场区(图中未画出),所有带电粒子通过磁场偏转后都会聚于x 轴上的a点.下列说法中正确的是( )A.磁场方向一定是垂直xOy平面向里B.所有粒子通过磁场区的时间相同C.所有粒子在磁场区运动的半径相等D.磁场区边界可能是圆,也可能是其他曲线三、简答题:本题分必做题(第10、11题)和选做题(第12题)两部分,共计42分.10.(8分)在《验证机械能守恒定律》实验中,两实验小组同学分别采用了如图甲和乙所示的装置,采用两种不同的实验方案进行实验.(1)在甲图中,下落物体应选择密度_______ (选填“大”或“小”)的重物;在乙图中,两个重物的质量关系是m1________ m2(选填“>”、“=”或“<”).(2)采用图乙的方案进行实验,还需要的实验器材有交流电源、刻度尺和 ______________.(3)比较两种实验方案,你认为________ 更合理,理由是_________________________________________________________.11.(10分)描绘“6V,3W”灯泡的伏安特性曲线,提供了下列器材:A.电压表V(3V,内阻约3kΩ)B.电流表A(0.6A,内阻约0.3Ω)C.电阻箱R(0~99999.9Ω)D.滑动变阻器R1(0~20Ω);滑动变阻器R2(0~100Ω)F.待测灯泡L“6V,3W”G.电源E(电动势约8V、内阻较小)H.开关、导线若干(1)按照实验需要,将电压表的量程由3V 扩大至6V.首先测量电压表内阻,某同学采用了如图甲所示的电路,闭合开关S,调节电阻箱阻值Ra =4870Ω时,电压表指针刚好满偏;再调节电阻箱阻值Rb=12720Ω时,电压表指针在满刻度的一半,则电压表的内阻RV = Ω;从理论上分析,实验测得电压表内阻值 (选填“大于”、“小于”或“等于”)真实值.(2)图乙是测量灯泡电流随电压变化的实物电路,请你用笔划线代替导线完成电路连接(要求在闭合开关前,滑动变阻器滑动头置于最左端).(3)实验中,滑动变阻器应选择___________ (选填“R1”或“R2”).(4)某同学根据实验测得数据,描点作出灯泡伏安特性曲线如图丙所示,根据图线可求得灯泡在工作电压是0.5V 时的电阻值为__________Ω;你认为该同学实验选择的测量点分布不均匀是 ________(选填“合理”或“不合理”)的.甲乙丙12.选做题(请从A、B和C三小题中选定两小题作答,如都作答,则按A、B两小题评分.)A.(选修模块3-- 3)(12分)(1)下列说法中正确的是 .A.同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现B.从微观角度看,气体的压强仅取决于分子的平均动能C.液体具有流动性,说明液体分子间作用力比固体分子间作用力小D.物体的内能只与物体的体积有关(2)液体表面存在表面张力,因此具有相互作用的能量叫表面张力能.水泼到桌面上,我们看到水马上就会收缩.在收缩过程中,水的表面张力做 ______功(选填“正”或“负”),表面张力能 _______(选填“增大”、“不变”或“减小”).(3)如图所示,一定质量的理想气体从状态A 先后经过等压、等容和等温过程完成一个循环,A、B、C状态参量如图所示,气体在状态A的温度为27℃,求:①气体在状态B的温度T B .②气体从A→B→C状态变化过程中与外界交换的总热量Q.B.(选修模块3-- 4)(12分)(1)下列说法中正确的是 .A.物体做受迫振动的频率等于其固有频率B.机械波都具有偏振现象C.全息照相是利用了激光具有很好的相干性D.爱因斯坦相对论认为时间和空间概念具有相对意义(2)雨后彩虹是太阳光经过天空中小水珠折射后形成的,太阳光经过小水珠折射后某色光的光路如图所示,虚线是入射光线和出射光线延长线,α是两虚线夹角.由于太阳光是复色光,而水对不同色光折射率不同,光频率越高,折射率越大.则色光在水珠中的传播速度最大;红光和紫光经过小水珠折射后,α红 _________α紫(选填“>”、“=”或“<”).(3)如图所示,x轴上波源A 在t=0时刻开始做简谐运动,位移随时间变化关系是图中的正弦曲线,波沿x轴正方向传播,AB间的距离为8m,在t=3.6s时刻质点B刚好完成了5次全振动.求:①波传播速度v.②质点B在3.6s内通过的总路程s.C.(选修模块3 --5)(12分)(1)下列说法中正确的是 .A.普朗克提出了光子说B.宏观物体的物质波波长远小于其本身尺寸,根本无法观察它的波动性C.α粒子散射实验是估算原子核半径最简单的方法之一D.核力是短程的强相互作用斥力(2)氦原子被电离出一个核外电子,形成类氢结构的氦离子,已知基态的一价氦离子能量为E 1=-54.4eV,能级图如图所示,则一价氦离子第α能级E n =_________ eV;一个静止的处于基态的一价氦离子被运动的电子碰撞后又失去了一个电子,则运动电子的动能一定大于__________eV.(3)原子核的衰变方式不同,释放的能量也不同,由此可以用来确定原子核的质量差.6429Cu 可以衰变为6430Zn ,释放的核能是E 1;也可以衰变为6428Ni ,释放的核能为E 2,E 2>E 1.①写出两种衰变方式的衰变方程.②求出6430Zn 和6428Ni 的质量差Δm .四、计算题:本题共3小题,共计47分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13.(15分)如图所示,光滑平行的长金属导轨固定在水平面上,相距L =1m,左端连接R =2Ω的电阻,一质量m =0.5kg 、电阻r =1Ω 的导体棒MN 垂直放置在两平行金属导轨上,彼此电接触良好,导轨的电阻不计.在两导轨间有这样的磁场:0≤x ≤0.5m 区间,磁场方向竖直向下,磁感应强度B 大小随x 变化关系是00.6sin 2xB x π= (T),x 0=0.5m;0.5m<x ≤1m 区间,磁场方向竖直向上,两区域磁感应强度大小关于直线x =0.5m 对称.(1)导体棒在水平向右的拉力F 作用下,以速度v 0=1m/s 匀速穿过磁场区,求此过程中感应电流的最大值I m .(2)在(1)的情况下,求棒穿过磁场过程中拉力做的功W 以及电阻R 上产生的热量Q R .(3)若只给棒一个向右的初速度从O 点进入磁场并最终穿出磁场区,经过x =0.75m 点时速度v =5m/s,求棒经过该点时的加速度a .14.(16分)如图所示,一直立的轻质薄空心圆管长为L ,上下端口处各安放有一个质量均为m的圆柱形物块A 、B ,A 、B 紧贴管的内壁,厚度不计.A 、B 与管内壁间的最大静摩擦力分别是f 1=mg 、f 2=kmg (k >1),且滑动摩擦力与最大静摩擦力大小相等.管下方存在这样一个区域:当物块A 进入该区域时受到一个竖直向上的恒力F ,而B 在该区域运动时不受它的作用,PQ 、MN 是该区域上下水平边界,高度差为H (H <L ).现让管的下端从距离上边界PQ 高H 处由静止释放.(1)若F =mg ,求A 到达上边界PQ 时的速度v A 和B 到达下边界MN 时的速度v B .(2)为使A 、B 间无相对运动,求F 应满足的条件.(3)若F =3 mg ,求物块A 到达下边界MN 时A 、B 间距离.15.(16分)如图甲所示,在边界OO ′左侧区域有磁感应强度为B 的匀强磁场,磁场方向水平向外.右侧水平放置长为L 、相距为d 的平行金属板M 、N ,M 板左端紧靠磁场边界,磁场边界上O 点与N 板在同一水平面上,边界OO ′与水平面的夹角为45°,O 1O 2 为平行板的中线,在两板间存在如图乙所示的交变电场(取竖直向下为正方向).某时刻从O 点竖直向上同时发射两个质量均为m 、电量均为+q 的粒子a 和b ,初速度不同.粒子a 在图乙中的4T t =时刻,从O 1 点进入板间电场运动,并从O 2 点射出板间电场;粒子b 恰好紧靠M 板左端进入电场,已知交变电场周期4m T qB= ,不计粒子重力和粒子间的相互作用. (1)求粒子a 、b 从O 点射出时的初速度v a 和v b .(2)粒子b 能穿出板间电场,求电场强度大小E 0 满足的条件.(3)若粒子b 刚好能穿出板间电场,求粒子b 穿过板间电场过程中电场力做的功W .。
江苏省苏北三市(徐州、淮安、宿迁)2013届高三第二次调研考试物理试题.
苏北三市（徐州、淮安、宿迁） 2013 届高三第二次调研考试物理试题2013.1一、单项选择题：此题共5 小题，每题 3 分，共 15 分，每题只有一个 选项切合题意 .．．．． 1．如下图， A 、B 为同一水平线上的两个绕绳装置，转动 A 、B 改变绳 AB的长度，使圆滑挂钩下的重物C 迟缓降落。
对于此过程绳上拉力大小变化，以下说法中正确的选项是A ．不变B ．渐渐减小CC ．渐渐增大D ．可能不变，也可能增大2. 如下图，某同学斜向上抛出一石块，空气阻力不计。
以下对于石块在空中运动过程中的速率 v 、加快度 a 、水平方向的位移 x 和重力的刹时功率 P 随时间 t 变化的图象中，正确的选项是v a xPOttttOOOABCD3．如下图电路中，电源电压 u=311sin100 t （ V ），A 、B 间接有“ 220V 440W ”的电暖宝、“ 220V 220W ”的抽油烟机、沟通电压表及保险丝。
以下说法正确的选项是A ．沟通电压表的示数为311VA保险丝抽 B ．电路要正常工作，保险丝的额定电流不可以小于3 2 A电油 V C ．电暖宝发热功率是抽油烟机发热功率的 u暖烟 M2 倍宝机D ． 1min 抽油烟机耗费的电能为 1.32 ×104JB4．如下图为阿特伍德设计的装置，不考虑绳与滑轮的质量，不计轴承摩擦、绳与滑轮间的摩擦。
初始时两人均站在水平川面上；当位于左边的甲使劲向上攀登时，位于右边的乙一直使劲抓住绳索，最后起码一人能抵达滑轮。
以下说法正确的选项是A ．若甲的质量较大，则乙先抵达滑轮B ．若甲的质量较大，则甲、乙同时抵达滑轮C ．若甲、乙质量同样，则乙先抵达滑轮D ．若甲、乙质量同样，则甲先抵达滑轮甲乙5．A 、 B 为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A 点静止开释，仅在电场力作用下运动一段距离抵达 B 点，其电势能 E P 随位移 x 的变化关系如下图。
物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-宿迁市高三第二次模拟考试试题28
2013年江苏省宿迁市高考物理二模试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，A、B是正点电荷中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止释放从A点沿电场线运动到B点．下列说法中正确的是（）E=2．（3分）（2013•宿迁二模）已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星G=﹣3．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，在足够长的光滑曲面上由静止释放一个物体，若以释放物体的时刻作为零时刻，用E、v、x、W分别表示物体的机械能、速度、位移和重力做的功，那么下列四个图象中分别定性描述了这些物理量随时间变化的规律，其中正确的是图象是（）B4．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜面B 上，现用大小均为F，方向相反的水平力分别推A和B，它们均静止不动，则（）5．（3分）（2013•宿迁二模）如图所示，水平放置的半圆槽，一个小球从左边槽口以速度v 水平抛出，不计空气阻力．若v取值不同，小球掉到半圆槽上时的速度方向和水平方向的夹角就不同．则下列说法正确的是（）二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分．6．（4分）（2013•宿迁二模）荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动，右图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，（不计空气阻力）下列说法正确的是（）7．（4分）（2013•宿迁二模）图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表．若发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中R t为NTC型热敏电阻（阻值随温度升高而变小），R1为定值电阻．下列说法中正确的是（）的表达式Vvu=36变压器原、副线圈中的电流之比8．（4分）（2013•宿迁二模）如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断正确的是（）9．（4分）（2013•宿迁二模）美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步，如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，盒缝间隙很小，可以忽略不计．对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（），则，因为每转一圈被加速一次，根据得，v=三、简答题：共计18分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（8分）（2013•宿迁二模）在探究“加速度与力、质量的关系”实验中，小明用物体A、B 分别做了加速度随着外力的变化关系，如图（1）所示，用不同的重物P分别挂在光滑的动滑轮拉物体A、B，处理数据后，他们得到加速度a与弹簧秤弹力F的关系图象如图（2）所示，由图象可知（1）下列说不正确的是ACDA．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中重物P的质量应远小于物块的质量D．测力计的读数始终为重物P的重力的一半（2）小明仔细分析了两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且m A小于m B（填“大于”“等于”或“小于”）；两物体与木板之间动摩擦因素μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）11．（10分）（2013•宿迁二模）2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻”效应的物理学家．材料的电阻随磁场的增加而增大的现象称为磁阻效应，利用这种效应可以测量磁感应强度．若图1为某磁敏电阻在室温下的电阻比值一磁感应强度特性曲线，其中R B、R0分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值．（1）为了测量磁感应强度B，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R B，已知无磁场时阻值R0=150Ω．现将磁敏电阻置入待测磁场中，在室温下用伏安法测得其两端的电压和通过的B= 1.5×10Ω，结合图中电阻比值一磁感应强度特性曲线可知待测磁场的磁感应强度B= 1.2T．（均保留两位有效数字）（2）请用下列器材设计一个电路：将一小量程的电流表G改装成一能测量磁感应强度的仪表，要求设计简单，操作方便．（环境温度一直处在室温下）A．磁敏电阻，无磁场时阻值R0=150ΩB．电流表G，量程I g=2mA，内阻约50ΩC．滑动变阻器R，全电阻约1500ΩD．直流电源E，电动势E=3V，内阻约为1ΩE．开关S，导线若干①在图2中的虚线框内完成实验电路图；②改装后，电流表表盘上电流刻度要转换成磁感应强度B．若2.0mA处标0T，那么1.0mA处标 1.2T．（保留两位有效数字）==1.5 =Ig===1500=四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．12．（15分）（2013•宿迁二模）2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功．设某一舰载机总质量为m=2.5×l04 kg，速度为v o=42m/s，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a o=0.8m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．（1）飞机着舰后，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里？（2）航母飞行甲板水平，前端上翘，水平部分与上翘部分平滑连接，连接处D点可看作圆弧上的一点，圆弧半径为R=100m．已知飞机起落架能承受的最大作用力为飞机自重的11倍，求飞机安全起飞经过D点的最大速度？（g取10m/s2）（3）为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机，图示为飞机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机的推力大小为F=1.2×105N，减速的加速度a1=20m/s2，此时阻拦索夹角θ=106°，空气阻力和甲板阻力保持不变，求此时阻拦索承受的张力大小？（已知sin 53°=0.8，cos 53°=0.6））由运动学公式得：，则：由牛顿运动定律有：13．（16分）（2013•宿迁二模）两足够长的平行金属导轨间的距离为L，导轨光滑且电阻不计，导轨所在的平面与水平面夹角为θ．在导轨所在平面内，分布磁感应强度为B、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．把一个质量为m的导体棒ab放在金属导轨上，在外力作用下保持静止，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻为R1．完成下列问题：（1）如图甲，金属导轨的一端接一个内阻为r的导体棒．撤去外力后导体棒仍能静止．求导体棒上的电流方向和电源电动势大小？（2）如图乙，金属导轨的一端接一个阻值为R2的定值电阻，让导体棒由静止开始下滑，求导体棒所能达到的最大速度？（3）在（2）问中当导体棒下滑高度为h速度刚好达最大，求这一过程，导体棒上产生的热量和通过电阻R2电量？联立上面三式解得：时，）由能的转化和守恒定律可得：得：=，q==BL）导体棒所能达到的最大速度为）导体棒上产生的热量为电量为14．（16分）（2013•宿迁二模）在某一真空空间内建立xOy坐标系，从原点O处向第I象限发射一荷质比的带正电的粒子（重力不计）．速度大小v0=103 m/s、方向与x 轴正方向成30°角．（1）若在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I、Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向外B=1T，求粒子做匀速圆周运动的轨道半径R？（2）若在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I象限，磁场方向垂直xOy平面向外；在第Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向里；磁感应强度为B=1T，如图（a）所示，求粒子从O点射出后，第2次经过x轴时的坐标x1．（3）若将上述磁场均改为如图（b）所示的匀强磁场，在t=0到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向外；在t=s到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向里，此后该空间不存在磁场，在t=0时刻，粒子仍从O点以与原来相同的速度v0射入，求粒子从O点射出后第2次经过x轴时的坐标x2．，洛伦兹力提供向心力，有t=t=时间内在磁场中转过的圆弧所对的圆心角均为五、选做题．本题包括三小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答，若三题都做，则按15.16两题评分．15．（12分）（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣3）（1）下列说法正确的是ACA．温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，则分子的平均动能越大B．悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数就越少，布朗运动越不明显C．在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性D．在使两个分子间的距离由很远（r＞10﹣9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间的作用力先减小后增大，分子势能不断增大（2）若以M表示水的摩尔质量，ρ表示在标准状态下水蒸气的密度，N A为阿伏加德罗常数，则在标准状态下体积为V的水蒸气中分子数为N=N A．（3）在一个密闭的气缸内有一定质量的理想气体，如图所示是它从状态A 变化到状态B 的V﹣T图象，己知AB的反向延长线通过坐标原点O，气体在A点的压强为p=1.0×105 Pa，在从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量Q=7.0×102 J，求此过程中气体内能的增量△U．，物质的量为N=，解得：N16．（12分）（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣4）（1）下列说法正确的有AC．A．有一种雪地眼镜镜片上涂有一层“增反膜”能够最大程度的反射紫外线，从而避免紫外线对人眼的伤害，这利用了干涉原理B．日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏振光片可以增加透射光的强度C．在不同惯性参考系中，真空中的光速大小都相同D．同一列声波在不同介质中传播速度不同，光波在不同介质中传播速度相同（2）一列简谐横波，沿x轴正向传播，t=0时波形如图甲所示，位于x=0.5m处的A点振动图象如图乙所示．则该波的传播速度是10m/s；则t=0.3s，A点离开平衡位置的位移是﹣8cm．（3）如图丙所示，直角三角形ABC为一三棱镜的横截面，∠A=30°．一束单色光从空气射向BC上的E点，并偏折到AB上的F点，光线EF平行于底边AC．已知入射方向与BC 的夹角为θ=30°．①EF光线在AB面上有无折射光线？（要有论证过程）②光线经AB面反射后，再经AC面折射后的光线与AC面的夹角．v=即可进行分析．v=n==．=17．（2013•宿迁二模）（选修模块3﹣5）（1）以下有关近代物理内容的若干叙述正确的是BDA．紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大．B．比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定C．重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损D．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小．（2）．氢原子第n能级的能量为E n=，其中E1为基态能量．当氢原子由第4能级跃迁到第2能级时，发出光子的频率为ν1；若氢原子由第2能级跃迁到基态，发出光子的频率为ν2，则=．（3）一静止的质量为M的铀核（）发生α衰变转变成钍核（Th），放出的α粒子速度为v0、质量为m．①写出衰变方程；②求出衰变后钍的速度大小．知，电子动能增大，则电势能减小．故，则=①v v=）①。
江苏省宿迁市高三物理第一次调研模拟考试卷上学期
江苏省宿迁市高三物理第一次调研模拟试题本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共150分，考试时间120分钟第Ⅰ卷一. 单项选择题：本题共6小题；每小题3分，共18分．在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确。
1．关于力，下列说法中正确的是：（ ）A ．运动物体所受的摩擦力方向一定跟运动方向相反；B ．两物体相互接触就一定有弹力的相互作用；C ．两物体间有相互的弹力作用，物体一定发生了弹性形变；D ．地球上的物体一离开地面就不受到重力作用。
2．物块A 、B 放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示。
今对物块A 、B 分别施以方向相反的水平力F 1、F 2，且F 1大于F 2。
则弹簧的示数（ ） A ．一定等于F 1+F 2；B ．一定等于F 1-F 2；C ．一定大于F 2小于F 1；D ．条件不足，无法确定。
3．下列关于超重和失重现象的描述中正确的是（ ） A ．电梯正在减速上升，在电梯中的乘客处于超重状态；B ．磁悬浮列车在水平轨道上加速行使时，列车上的乘客处于超重状态；C ．荡秋千时秋千摆到最低位置时，人处于失重状态；D ．“神舟”六号飞船在绕地球做圆轨道运行时，飞船内的宇航员处于完全失重状态。
4．如图，轻杆A 端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B 端用水平绳结在墙C 处并吊一重物P ，在水平向右的力F 缓缓拉起重物P 的过程中，杆AB 所受压力的变化情况是（ ） A ．变大 ； B ．变小 ； C ．先变小再变大 ； D ．不变。
5．如图所示 ,木块A 与B 用一弹簧相连,竖直放在木块C 上,三者静止于地面,它们的质量之比为1:2:3,设所有接触面是光滑的,当沿水平方向迅速抽出C 的瞬间, A 和B 的加速度分别为（ ）A ．0，0 ；B ．0，g ；C ．0，3g /2 ；D ．g ，3g /2 ；6．两根磁铁放在两辆小车上，小车能在光滑的水平面上自由移动，甲车与磁铁总质量为1kg ，乙车与磁铁总质量为2kg ，两根磁铁的S 极相对，推动一下使两车相向而行，若某时刻甲的速度为3m/s ，乙的速度为2m/s ，可以看出，它们还没碰上就分开了，则（ ）A ．甲车开始反向时，乙车速度减为0.5m/s ，方向不变；B ．乙车开始反向时，甲车速度减为0.5m/s ，方向与原来的速度方向一致；C ．两车距离最近时，速率相等，方向相反；D ．两车距离最近时，速度都为0.5m/s ，方向都与乙车原来的速度方向一致。
2013年普通高中学业水平测试(必修科目)模拟考试物理试卷
绝密★启用前2013年宿迁市普通高中学业水平测试(必修科目)试卷物 理一、单项选择题：每小题只有一个．．．．选项符合题意（本大题23小题，每小题3分，共69分）。
1．关于位移和路程，下列说法中错误．．的是 A ．出租车是按位移的大小来计费的 B ．出租车是按路程来计费的C ．物体在运动过程中，位移大小不会大于路程D ．物体只有做单向直线运动时，位移大小和路程相等2．下列说法中正确的是A ．调整“神舟九号”飞船的飞行姿态时，可以将飞船看成质点B ．以太阳为参考系，南京长江大桥是运动的C ．牛顿用科学的推理方法得出了自由落体运动的规律D ．打乒乓球时，球拍对球的作用力在先，球对球拍的作用力在后 3．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是A ．质点的速度越大，则加速度越大B ．质点的速度变化越大，则加速度越大C ．质点的速度变化越快，则加速度越大D ．质点加速度的方向与速度方向一定相同 4．关于伽利略的理想斜面实验，下列说法正确的是A ．伽利略的理想斜面实验没有以事实为基础，只是理想推理B ．物体不受力作用时，一定处于匀速直线运动状态C ．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止D ．当物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态注 意 事 项 考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求 1．本试卷包含单项选择题（第1题~第23题，共69分）、非选择题（第24题~第28题，共31分）两部分。
考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效。
本次考试时间为75分钟。
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在本试卷及答题卡上。
3．请认真核对在答题卡右上角所粘贴条形码上的姓名、准考证号是否与本人的相符合。
4．答选择题必须用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。
答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效。
江苏省宿迁市2013届高三物理第二次模拟考试试题(含解析)新人教版
2013年江苏省宿迁市高考物理二模试卷一、单项选择题：此题共5小题，每一小题3分，共计15分．每一小题只有一个选项符合题意．1．〔3分〕〔2013•宿迁二模〕如下列图，A、B是正点电荷中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止释放从A点沿电场线运动到B点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度比B点的小B．点电荷在A点的加速度大C．A点的电势比B点的电势高D．点电荷由A到B过程中电场力做负功考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据负电荷的运动方向判断其所受的电场力方向，确定场强方向，就可以确定正点电荷的位置．再电场线是从正电荷发出，到无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小进展分析．解答：解：A、带负电的点电荷仅受电场力作用，由静止从A点沿电场线运动到B点，说明负电荷所受的电场力方向从A→B，如此电场线方向从B→A，如此知，正点电荷在B 的右侧，由E=知，A点的电场强度比B点的小．故A正确．B、由F=qE知，负电荷在A点所受的电场力较小，加速度也较小．故B错误．C、电场线方向从B→A，顺着电场线，电势降低，如此知A点的电势比B点的电势低．故C错误．D、点电荷由A到B过程中电场力方向与位移方向一样，做正功．故D错误．应当选A点评：此题就是考查学生分析受力情况和运动情况的能力，要加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．2．〔3分〕〔2013•宿迁二模〕地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，如下表述正确的答案是〔〕A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度小于地球外表的重力加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量．解答：解：A、万有引力提供向心力F 引=F向===a向，v=a向=F=h=﹣R故A 、C错误B、由于第一宇宙速度为v1=，故B错误；D、地表重力加速度为g=，故D正确；应当选D．点评：此题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步．3．〔3分〕〔2013•宿迁二模〕如下列图，在足够长的光滑曲面上由静止释放一个物体，假设以释放物体的时刻作为零时刻，用E、v、x、W 分别表示物体的机械能、速度、位移和重力做的功，那么如下四个图象中分别定性描述了这些物理量随时间变化的规律，其中正确的答案是图象是〔〕A．B．C．D．考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：物体从光滑曲线上静止释放时，只有重力对物体做功，小物体的机械能守恒，由于是光滑的曲面小物体下滑的加速度是变化的，位移与时间不是均匀变化的，重力做功与小物体在竖直方向上的位移有关．解答：解：小物体从光滑的斜面上下滑，下滑过程中只有重力对小物体做功．A、因为只有重力对小物体做功，故小物体的机械能守恒，故A正确；B、小物体在曲面上下滑，下滑时加速度是变化的，故不做匀加速直线运动，故B错误；C、小物体做变速曲线运动，位移不与时间成正比，故C错误；D、重力做功与在重力方向运动的位移成正比，故D错误应当选A点评：抓住机械能守恒的条件展开讨论，知道物体沿曲面下滑时的加速、速度与位移与时间不是成线性关系是解决此题的关键．4．〔3分〕〔2013•宿迁二模〕如下列图，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜面B上，现用大小均为F，方向相反的水平力分别推A和B，它们均静止不动，如此〔〕A．A与B之间不一定存在摩擦力B．B与地之间可能存在摩擦力C．B对A的支持力一定大于mgD．地面对B的支持力的大小一定等于〔M+m〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对A、B整体进展受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析，根据平衡条件求解B对A的支持力和摩擦力．解答：解：B、D、对A、B整体受力分析，如图，受到重力〔M+m〕g、支持力N和的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好的合力为零，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有N=〔M+m〕g故B错误，D正确；A、C、再对物体A受力分析，受重力mg、的推力F、斜面体B对A的支持力N′和摩擦力f，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如如下图当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如如下图当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N′=mgcosθ+Fsinθ故A正确，C错误；应当选AD．点评：此题关键是对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体A受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况．5．〔3分〕〔2013•宿迁二模〕如下列图，水平放置的半圆槽，一个小球从左边槽口以速度v 水平抛出，不计空气阻力．假设v取值不同，小球掉到半圆槽上时的速度方向和水平方向的夹角就不同．如此如下说法正确的答案是〔〕A．无论v取何值，小球都会垂直撞击半圆槽B．无论v取何值，小球都不可能垂直撞击半圆槽C．总可以找到一个v值，使小球垂直撞击半圆槽D．总可以找到一个v值，使小球撞击半圆槽时速度竖直向下考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：通过分析小球做平抛运动落在左边四分之一圆弧上和右边四分之一圆弧上，根据平抛运动的规律判断小球能否垂直撞击半圆槽．解答：解：假设小球落在左边四分之一圆周上，因为小球的最终速度不可能竖直向下，所以不可能与左侧四分之一圆弧垂直，即不可能撞击在左侧四分之一圆周上．假设小球落在右边四分之一圆周上，假设垂直撞击圆弧，如此速度的反向延长线经过圆心，可知速度与水平方向的夹角是位移与水平方向夹角的两倍，因为速度与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，两者矛盾，如此不可能垂直．所以无论v如何，小球都不可能垂直撞击半圆槽．故B正确，A、C、D错误．应当选B．点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动速度与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍．二、多项选择题：此题共4小题，每一小题4分，共计16分．每一小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分．6．〔4分〕〔2013•宿迁二模〕荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动，右图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，〔不计空气阻力〕如下说法正确的答案是〔〕A．小孩运动到最高点时，小孩的合力为零B．小孩从最高点运动到最低点过程中机械能守恒C．小孩运动到最低点时处于失重状态D．小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的向心力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：当秋千荡到最高点时，小孩的速度为零，沿半径方向加速度为零，加速度方向沿圆弧的切线方向；当加速度向上时，超重；当加速度向下时，失重．解答：解：A、小孩运动到最高点时，速度为零；受重力和拉力，合力不为零，沿着切线方向，故A错误；B、小孩从最高点运动到最低点过程中，受重力和拉力，拉力不做功，只有重力做功，机械能守恒，故B正确；C、小孩运动到最低点时，具有向心加速度，向上，故超重，故C错误；D、小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力提供圆周运动的向心力，故D正确；应当选BD．点评：此题关键明确小孩的运动规律和受力特点，明确最高点和最低点过程的受力情况，根底题．7．〔4分〕〔2013•宿迁二模〕图甲为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表．假设发电机向原线圈输入图乙所示的正弦交流电，图中R t 为NTC型热敏电阻〔阻值随温度升高而变小〕，R1为定值电阻．如下说法中正确的答案是〔〕A．交流电压u的表达式〔V〕B．变压器原、副线圈中的电流之比为4：1C．t=0.01s时，发电机中线圈平面与磁场平行D．R t温度升高时，电压表的示数不变，电流表的示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：由图乙可知交流电压最大值U m=36V，周期T=0.02秒，可由周期求出角速度的值，如此可得交流电压u的表达式 u=U m sinωt〔V〕，由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，NTC是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的热敏电阻，Rt处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压36v，周期0.02S，故角速度是ω=100π，u=36sin100πt〔V〕，故A正确．B、根据公式变压器原、副线圈中的电流之比，故B错误．C、t=0.01s时，代入A选项中电压瞬时表达式，如此有电压值为零，如此发电机中线圈与磁场垂直，故C错误．D、t处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故D正确；应当选AD．点评：根据图象准确找出量，是对学生认图的根本要求，准确掌握理想变压器的特点与电压、电流比与匝数比的关系，是解决此题的关键．8．〔4分〕〔2013•宿迁二模〕如下列图电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计．以下判断正确的答案是〔〕A．闭合S瞬间，R1、R2中电流强度大小相等B．闭合S，稳定后，R1中电流强度为零C．断开S的瞬间，R1、R2中电流立即变为零D．断开S的瞬间，R1中电流方向向右，R2中电流方向向左考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：闭合S瞬间，通过R2中电流强度大于通过R1中电流强度大小；由于线圈L的直流电阻不计，S闭合电路稳定后，电容器被短路，两端电压为零，不带电．当断开S的瞬间，线圈中电流要减小，产生自感电动势根据楞次定律电容器a板所带电的电性．解答：解：A、闭合S瞬间，线圈L与R1并联与R2串联，如此通过R2中电流强度大于通过R1中电流强度大小；故A错误．B、由于线圈L的直流电阻不计，闭合S，稳定后，R1被短路，R1中电流强度为零．故B正确．C、D断开S的瞬间，电容器放电，R2中电流不为零，线圈中电流减小，产生自感电动势，相当于电源，R1中电流过一会儿为零．故C错误．D、断开S的瞬间，电容器放电，R2中电流方向向左，由于自感，根据楞次定律可知，R1中电流方向向右，故D正确．应当选BD点评：此题考查自感线圈的双重作用的理解：当电流稳定不变时，自感线圈是电阻不计的导线；当电流变化时，相当于一个电源．9．〔4分〕〔2013•宿迁二模〕美国物理学家劳伦斯于1932年发明的盘旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的屡次加速获得较大的能量，使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步，如下列图为一种改良后的盘旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，盒缝间隙很小，可以忽略不计．对于这种改良后的盘旋加速器，如下说法正确的答案是〔〕A．带电粒子每运动半周被加速一次B．P1P2＞P2P3C．加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关D．加速电场方向需要做周期性的变化考点：质谱仪和盘旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子经加速电场加速后，进入磁场发生偏转，电场被限制在A、C板间，只有经过AC板间时被加速，所以运动一周加速一次，电场的方向不需改变．当带电粒子离开盘旋加速器时，速度最大．解答：解：A、带电粒子只有经过AC板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次．电场的方向没有改变，如此在AC间加速．故A错误，D错误．B、根据r=，如此P1P2=2〔r2﹣r1〕=，因为每转一圈被加速一次，根据v2﹣v12=2ad，知每转一圈，速度的变化量不等，且v3﹣v2＜v2﹣v1，如此P1P2＞P2P3．故B 正确．C、当粒子从D形盒中出来时，速度最大，根据r=得，v=．知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关．故C正确．应当选BC．点评：解决此题的关键知道该盘旋加速器的原理，知道粒子每转一圈，加速一次，且都在AC 间加速，加速的电场不需改变．三、简答题：共计18分．请将解答填写在答题卡相应的位置．10．〔8分〕〔2013•宿迁二模〕在探究“加速度与力、质量的关系〞实验中，小明用物体A、B分别做了加速度随着外力的变化关系，如图〔1〕所示，用不同的重物P分别挂在光滑的动滑轮拉物体A、B，处理数据后，他们得到加速度a与弹簧秤弹力F的关系图象如图〔2〕所示，由图象可知〔1〕如下说不正确的答案是ACDA．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B．实验时应先接通电源后释放小车C．实验中重物P的质量应远小于物块的质量D．测力计的读数始终为重物P的重力的一半〔2〕小明仔细分析了两条线不重合的原因，得出结论：两个物体的质量不等，且m A小于m B〔填“大于〞“等于〞或“小于〞〕；两物体与木板之间动摩擦因素μA大于μB〔填“大于〞“等于〞或“小于〞〕考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕进展实验前要先平衡摩擦力，把木板没有定滑轮的一端垫高；实验时要先接通电源，再放开小车；小车受到的拉力可以由弹簧测力计读出；重物下落时处于失重状态，对细线的拉力小于其重力的一半．〔2〕根据图象由牛顿第二定律可以判断出物体质量大小；由牛顿第二定律求出加速度的表达式，然后判断动摩擦因数大小．解答：解：〔1〕A、实验时应把长木板没有定滑轮的一端垫高，平衡摩擦力，长木板不能保持水平，故A错误；B、实验时应先接通电源，再放开小车，故B正确；C、小车所受到的拉力可以由弹簧测力计读出，实验过程中不需要控制重物P的质量远小于物块的质量，故C错误；D、图示滑轮为动滑轮，重物静止或做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数等于重物P重力的一半，重物加速下降时，处于失重状态，测力计示数小于重物重力的一半，故D错误；此题选错误的，应当选ACD．〔2〕由牛顿第二定律得：m=，a﹣F图象斜率的倒数等于m，由图象可得：A的斜率大于B的斜率，如此A斜率的倒数小于B斜率的倒数，即A的质量小于B的质量；由牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma，a=0时，F=μmg，由图象可知，a=0时，A、B的F 相等，即μA m A g=μB m B g，∵m A＜m B，∴μA＞μB；故答案为：〔1〕ACD；〔2〕小于；大于．点评：要掌握实验须知事项、会根据实验装置图分析实验须知事项、会应用图象处理实验数据．11．〔10分〕〔2013•宿迁二模〕2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现“巨磁电阻〞效应的物理学家．材料的电阻随磁场的增加而增大的现象称为磁阻效应，利用这种效应可以测量磁感应强度．假设图1为某磁敏电阻在室温下的电阻比值一磁感应强度特性曲线，其中R B、R0分别表示有、无磁场时磁敏电阻的阻值．〔1〕为了测量磁感应强度B，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R B，无磁场时阻值R0=150Ω．现将磁敏电阻置入待测磁场中，在室温下用伏安法测得其两端的电压和通过的电流数据如下表：1 2 3 4 5U〔V〕0.45 0.91 1.50 1.78 2.71I〔mA〕0.30 0.60 1.00 1.20 1.80根据上表可求出磁敏电阻的测量值R B= 1.5×103Ω，结合图中电阻比值一磁感应强度特性曲线可知待测磁场的磁感应强度B= 1.2 T．〔均保存两位有效数字〕〔2〕请用如下器材设计一个电路：将一小量程的电流表G改装成一能测量磁感应强度的仪表，要求设计简单，操作方便．〔环境温度一直处在室温下〕A．磁敏电阻，无磁场时阻值R0=150ΩB．电流表G，量程I g=2mA，内阻约50ΩC．滑动变阻器R，全电阻约1500ΩD．直流电源E，电动势E=3V，内阻约为1ΩE．开关S，导线假设干①在图2中的虚线框内完成实验电路图；②改装后，电流表表盘上电流刻度要转换成磁感应强度B．假设2.0mA处标0T，那么1.0mA处标 1.2 T．〔保存两位有效数字〕考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：〔1〕根据表中实验数据，应用欧姆定律可以求出磁敏电阻的阻值R B，再求出R B与R0比值，再由图1得出磁感应强度；〔2〕可将灵敏电流表、磁敏电阻、滑动变阻器作出串联电路；由闭合电路的欧姆定律分析答题．解答：解：〔1〕根据表中实验数据可知，磁敏电阻阻值R3Ω，B===1.5×10 ==10，由图所示图象可知，磁感应强度B=1.2T；〔2〕①实验电路图如下列图；②由闭合电路欧姆定律得：Ig=，R内===1500Ω，I′==，如此R B=R内=1500Ω，由图象可知，此时磁感应强度为1.2T；故答案为：〔1〕1.5×103；1.2；〔2〕①如下列图；②1.2．点评：认真审题、根据题意获取所需信息、分析清楚图象、应用欧姆定律即可正确解题．四、计算题：此题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．12．〔15分〕〔2013•宿迁二模〕2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功．设某一舰载机总质量为m=2.5×l04 kg，速度为v o=42m/s，假设仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a o=0.8m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．〔1〕飞机着舰后，假设仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里？〔2〕航母飞行甲板水平，前端上翘，水平局部与上翘局部平滑连接，连接处D点可看作圆弧上的一点，圆弧半径为R=100m．飞机起落架能承受的最大作用力为飞机自重的11倍，求飞机安全起飞经过D点的最大速度？〔g取10m/s2〕〔3〕为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机，图示为飞机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机的推力大小为F=1.2×105N，减速的加速度a1=20m/s2，此时阻拦索夹角θ=106°，空气阻力和甲板阻力保持不变，求此时阻拦索承受的张力大小？〔sin 53°=0.8，cos 53°=0.6〕考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系；向心力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕飞机匀减速直线运动，根据速度位移公式列式求解；〔2〕支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解；〔3〕对飞机受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解．解答：解：〔1〕由运动学公式得：代入数据可得：s0=1102.5m〔2〕设飞机安全起飞经过D点的最大速度为v D，如此：解得：v D=100m/s；〔3〕飞机受力分析如下列图．由牛顿运动定律有：其中F T为阻拦索的张力，f为空气和甲板对飞机的阻力飞机仅受空气阻力和甲板阻力时有：f=ma0联立上式可得：F T=5×105N答：〔1〕假设仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少1102.5m长才能保证飞机不滑到海里；〔2〕飞机安全起飞经过D点的最大速度为100m/s；〔3〕阻拦索承受的张力大小为×105N．点评：此题关键是明确飞机的运动情况，然后根据牛顿第二定律求解出加速度，最后根据牛顿第二定律确定受力情况．13．〔16分〕〔2013•宿迁二模〕两足够长的平行金属导轨间的距离为L，导轨光滑且电阻不计，导轨所在的平面与水平面夹角为θ．在导轨所在平面内，分布磁感应强度为B、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．把一个质量为m的导体棒ab放在金属导轨上，在外力作用下保持静止，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻为R1．完成如下问题：〔1〕如图甲，金属导轨的一端接一个内阻为r的导体棒．撤去外力后导体棒仍能静止．求导体棒上的电流方向和电源电动势大小？〔2〕如图乙，金属导轨的一端接一个阻值为R2的定值电阻，让导体棒由静止开始下滑，求导体棒所能达到的最大速度？〔3〕在〔2〕问中当导体棒下滑高度为h速度刚好达最大，求这一过程，导体棒上产生的热量和通过电阻R2电量？考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：〔1〕由左手定如此判断出ab棒中电流方向，根据全电路欧姆定律、安培力公式与共点力平衡条件列式，即可求出电源电动势大小．〔2〕让导体棒由静止开始下滑，导体棒先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动，达到稳定状态，根据安培力与重力沿斜面向下的分力平衡，列式求出棒的最大速度．〔3〕当导体棒下滑高度为h的过程中，导体棒的机械能减小转化为电路的内能，根据能量守恒求出电路中产生的总热量，由串联关系求导体棒上产生的热量．根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量公式q=It求电量．解答：解：〔1〕由左手定如此可得：b指向a回路中的电流为①导体棒受到的安培力为 F安=BIL ②对导体棒受力分析知 F安=mgsinθ ③联立上面三式解得：④〔2〕当ab杆速度为v时，感应电动势 E=BLv，此时电路中电流⑤当时，ab杆达到最大速度 v m⑥〔3〕由能的转化和守恒定律可得：⑦导体棒上产生的热量⑧联立⑥⑦⑧得：⑨由=，，q=，△Φ=BL联立得通过电阻R2电量⑩答：〔1〕导体棒上的电流方向为和b指向a，电源电动势大小为．〔2〕导体棒所能达到的最大速度为．〔3〕导体棒上产生的热量为，通过电阻R2电量为．点评：此题是电磁感应与电路、磁场、力学等等知识的综合，涉与的知识较多，综合性较强，分析安培力和能量如何变化是关键．14．〔16分〕〔2013•宿迁二模〕在某一真空空间内建立xOy坐标系，从原点O处向第I象限发射一荷质比的带正电的粒子〔重力不计〕．速度大小v0=103 m/s、方向与x轴正方向成30°角．〔1〕假设在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I、Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向外B=1T，求粒子做匀速圆周运动的轨道半径R？〔2〕假设在坐标系y轴右侧加有匀强磁场区域，在第I象限，磁场方向垂直xOy平面向外；在第Ⅳ象限，磁场方向垂直xOy平面向里；磁感应强度为B=1T，如图〔a〕所示，求粒子从O点射出后，第2次经过x轴时的坐标x1．〔3〕假设将上述磁场均改为如图〔b〕所示的匀强磁场，在t=0到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向外；在t=s到t=s时，磁场方向垂直于xOy平面向里，此后该空间不存在磁场，在t=0时刻，粒子仍从O点以与原来一样的速度v0射入，求粒子从O点射出后第2次经过x轴时的坐标x2．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：洛伦兹力提供向心力，可以求出粒子运动的半径；根据题目提供的条件，正确画出粒子运动的轨迹，进而确定各点之间的关系．解答：解：〔1〕设粒子的轨道半径r，洛伦兹力提供向心力，有〔2〕粒子在x轴上方和下方的磁场中做半径一样的匀速圆周运动，其运动轨迹如图〔a〕所示．由几何关系知粒子第二次经过x轴的坐标为x1=2r=0.2 m．〔3〕设粒子在磁场中做圆周运动的周期为T．如此．据题意，知粒子在t=0到t=内和在t=到t=时间内在磁场中转过的圆弧所对的圆心角均为，粒子的运动轨迹应如图〔b〕所示．△ODX2是低边夹角是30°的等边三角形，由几何关系得x2=2〔2rsin30°+2r〕=6r=0.6 m．答：〔1〕粒子做匀速圆周运动的轨道半径是0.1m；〔2〕第2次经过x轴时的坐标0.2m．〔3〕粒子从O点射出后第2次经过x轴时的坐标x2=0.6 m．点评：该题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，洛伦兹力提供向心力是根底，正确画出粒子运动的轨迹是解决问题的关键．五、选做题．此题包括三小题，请选定其中两题，并在相应的答题区域内作答，假设三题都做，如此按15.16两题评分．15．〔12分〕〔2013•宿迁二模〕〔选修模块3﹣3〕〔1〕如下说法正确的答案是ACA．温度是分子平均动能的标志，物体温度越高，如此分子的平均动能越大。
2013年高三物理上册第一次调研试卷(附答案)
2013年高三物理上册第一次调研试卷（附答案）2014届高三年级第一次调研测试物理试卷分值：120分时间：100分钟日期：2013.9.26注意事项：1．本试卷共分两部分，第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为简答题和计算题。
2．所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效。
第Ⅰ卷（选择题共38分）一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意。
1．根据加速度定义式a=，当Δt极短时，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度，该定义应用了下列哪种物理方法A.控制变量法B.假设法C.微元法D.极限的思想方法2．物体甲的速度与时间图象和物体乙的位移与时间图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是A．甲在整个t=4s时间内有来回运动，它通过的总路程为12mB．甲在整个t=4s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为6m C．乙在整个t=4s时间内有来回运动，它通过的总路程为6mD．乙在整个t=4s时间内运动方向一直不变，通过的总位移大小为6m •3．一物体从地面竖直向上抛出，在运动中受到的空气阻力大小不变，下列关于物体运动的速度v随时间t变化的图像中，可能正确的是4．如图，用OA、OB两根轻绳将物体悬于两竖直墙之间，开始时OB 绳水平。
现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳端由B点缓慢上移至B′点，此时OB′与OA之间的夹角θA．FOA逐渐增大B．FOA逐渐减小C．FOB逐渐增大D．FOB逐渐减小5．一偏心轮绕垂直纸面的轴O匀速转动，a和b是轮上质量相等的两个质点，a、b两点的位置如图所示，则偏心轮转动过程中a、b两质点A．线速度大小相等B．向心力大小相等C．角速度大小相等D．向心加速度大小相等6．质量为m的物体以v0的速度水平抛出，经过一段时间速度大小变为v0，不计空气阻力，重力加速度为g，以下说法正确的是A．该过程平均速度大小为v0B．速度大小变为v0时，重力的瞬时功率为mgv0C．运动时间为D．运动位移的大小为二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。
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高三年级摸底调研测试物 理一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个．．．．选项符合题意. 1．如图，A 、B 、C 三点在同一直线上，AB =BC ，在A 处固定一电荷量为Q 的点电荷。
当在B 处放一电荷量为＋q 的点电荷时，它所受到的电场力为F ；移去B 处电荷，在C 处放电荷量为-2q 的点电荷，其所受电场力为 A ．－2F B ．2F C ．－F D ．F2．如图是空中轨道列车（简称空轨）悬挂式单轨交通系统，无人驾驶空轨行程由计算机自动控制。
在某次研究制动效果的试验中，计算机观测到制动力逐渐增大，下列各图中能反映其速度v 随时间t 变化关系的是3．如图，用OA 、OB 两根轻绳将物体悬于两竖直墙之间，开始时OB绳水平。
现保持O 点位置不变，改变OB 绳长使绳端由B 点缓慢上移至B′点，此时OB′与OA 之间的夹角θ<90°。
设此过程中OA 、OB的拉力分别为F OA 、F OB ，下列说法正确的是A ．F OA 逐渐增大B ．F OA 逐渐减小C ．F OB 逐渐增大D ．F OB 逐渐减小4．质量为2㎏的物块放在粗糙水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，物块动能E K 与其发生位移x 之间的关系如图所示。
已知物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g 取10m/s 2，则下列说法正确的是A ．x =1m 时速度大小为2m/sB ．x =3m 时物块的加速度大小为2.5m/s 2C ．在前4m 位移过程中拉力对物块做的功为9JD ．在前4m 位移过程中物块所经历的时间为2.8s5．把电阻非线性变化的滑动变阻器接入图1的电路中，移动滑动变阻器触头改变接入电路中的长度x （x 为图中a 与触头之间的距离），定值电阻R 1两端的电压与x 间的关系如图2，a 、b 、c 为滑动变阻器上等间距的三个点，当触头从a 移到b 和从b 移到c 的这两过程中，下列说法正确的是A 、电流表示数变化相等B 、电压表V 2的示数变化不相等C 、电阻R 1的功率变化相等D 、电源的输出功率均不断增大A CB A BCD t O vt Ov t O vt O v A θ OB B ′E K /J x/m 0 2 4 4 9 A V 1 V 2R 1 a b cR 2U 1 xO图2图1Iv N S N S A B CD N S二、多项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共l6分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 6．如图所示，以下判断正确的是A ．电子飞到通电导线下方时，将做速度不断减小的曲线运动B ．条形磁铁靠近干簧管时，干簧管内两个簧片相对部分因形成相反的磁极而吸合C ．当条形磁铁靠近水平桌面上的闭合铝圈时，铝圈对桌面压力将增大，且有收缩趋势D ．条形磁铁放在水平桌面上，其上方放一根通电直导线后，桌面受到的压力将减小 7．地球绕太阳作圆周运动的半径为r 1、 周期为T 1；月球绕地球作圆周运动的半径为r 2、 周期为T 2．万有引力常量为G ，不计周围其它天体的影响，则根据题中给定条件A ．能求出地球的质量B ．表达式22322131T r T r 成立C ．能求出太阳与地球之间的万有引力D ．能求出地球与月球之间的万有引力8．三角形传送带以1m/s 的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m 且与水平方向的夹角均为37°。
现有两个小物块A 、B 从传送带顶端都以1m/s 的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，下列说法正确的是A ．物块A 先到达传送带底端B ．物块A 、B 同时到达传送带底端C ．传送带对物块A 、B 均做负功D ．物块A 、B 在传送带上的划痕长度不相同9．如图，光滑的水平桌面处在竖直向下的匀强磁场中，桌面上平放一根一端开口、内壁光滑的绝缘细管，细管封闭端有一带电小球，小球直径略小于管的直径，细管的中心轴线沿y 轴方向。
在水平拉力F 作用下，细管沿x 轴方向匀速运动，小球能从管口处飞出。
小球在离开细管前的运动加速度a 、拉力F 随时间t 变化的图象中，正确的是37° 37° AB xB F yA B C D O a t Ft O F t O a t O三、简答题：本大题分必做题第10题、11题和选做题第12题两部分，共42分．请将解答填在相应的位置．10．（10分） 在“探究感应电流的方向与哪些因素有关”的实验中，请完成下列实验步骤： ⑴为弄清灵敏电流表指针摆动方向与电流方向的关系，可以使用一个已知正负极性的直流电源进行探究。
某同学想到了多用电表内部某一档含有直流电源，他应选用多用电表的 ▲ 挡（选填“欧姆”、“直流电流”、“直流电压”、“交流电流”或“交流电压”）对灵敏电流表进行测试。
由实验可知当电流从正接线柱流入电流表时，指针向右摆动。
⑵该同学先将多用电表的红表笔接灵敏电流表的正接线柱，再将黑表笔 ▲ （选填“短暂”或“持续”）接灵敏电流表的负接线柱。
若灵敏电流表的指针向左摆动如图，说明电流由电流表的 ▲ （选填“正”或“负”）接线柱流入灵敏电流表的。
⑶实验中该同学将磁铁某极向下从线圈上方插入线圈时，发现电流表的指针向右偏转，请在图中用箭头画出线圈电流方向并用字母N 、S 标出磁铁的极性。
11．（8分）某学习小组为了验证动能定理，他们在实验室组装了如图的装置，外还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙。
他们称量滑块的质量为M 、沙和小桶的总质量为m 。
当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小桶时，滑块处于静止状态．要完成该实验，则： ⑴还缺少的实验器材 ▲ 。
⑵实验时为保证滑块受到的合力与沙和小桶的总重力大小基本相等，沙和小桶的总质量应满足的实验条件是 ▲ ，实验时为保证细线拉力为木块的合外力，首先要做的步骤是 ▲ 。
⑶在⑵的基础上，让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距为L 和打下这两点时的速度大小v 1与v 2（v 1< v 2），当地的重力加速度为g ．写出实验要验证的动能定理表达式 ▲ （用题中的字母表示）。
水平实验台滑轮 小桶滑块细线打点计时器 纸带长木板- +G _ +1 2 3 4 5-8 y /cm 8 O x /m a b c 12.【选做题】本题包括A 、B 和C 三小题，请选定其中两题，并在答题卡相应的答题区域．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．内作答．．．。
若三题都做，则按A 、B 两题评分。
A.(选修模块3－3)（12分）⑴下列四幅图的有关说法中正确的是 ▲A ．分子间距离为r 0时，分子间不存在引力和斥力B ．水面上的单分子油膜，在测量油膜直径d 大小时可把他们当做球形处理C ．食盐晶体中的钠、氯离子按一定规律分布，具有空间上的周期性D ．猛推木质推杆，密闭的气体温度升高，压强变大，气体对外界做正功⑵已知水的密度ρ，摩尔质量为M ，阿伏伽德罗常数为N A ，则质量为m 的水所含的分子数为 ▲ ，水分子的体积为 ▲ 。
⑶如图，一定质量的理想气体从状态A 经等容过程变化到状态B ，此过程中气体吸收的热量Q =6.0×102J ，求： ①该气体在状态A 时的压强；②该气体从状态A 到状态B 过程中内能的增量。
B.(选修模块3－4)（12分）⑴下列四幅图的有关说法中正确的是 ▲A ．由两个简谐运动的图像可知：它们的相位差为2π或者π B ．当球与横梁之间存在摩擦的情况下，球的振动不是简谐运动C ．频率相同的两列波叠加时，某些区域的振动加强，某些区域的振动减弱D ．当简谐波向右传播时，质点A 此时的速度沿y 轴正方向⑵如图为某一简谐横波在t ＝0时刻的波形图，此时质点a 振动方向沿y 轴正方向.从这一时刻开始，质点a 、b 、c 第一次最先回到平衡位置的是 ▲ ，若t ＝0.02s 时，质点c 第一次到达波谷处，从此时刻起开始计时，c 点的振动方程为 ▲ cm.2x /cm t /sO4A.两个简谐振动的图象yxOAD.一列简谐波C.水槽中两列波干涉的图样B.球在弹力、摩擦力作用下运动横梁球vaC A B D. 牛角点火器牛角套筒 木质推杆易燃物A.分子力与分子间距离的关系C.食盐晶体中钠、氯离子分布 水 d 单分子油膜 B.水面上单分子油膜示意图 分子间距离分子力斥力 引力OT /（×102K ）AB1.2 4.06.0 P /（×105Pa ）⑶如图所示，△ABC 为等腰直角三棱镜的横截面，∠C =90°，一束激光a 沿平行于AB 边射入棱镜，经一次折射后射到BC 边时，刚好能发生全反射，求该棱镜的折射率n .C.(选修模块3－5)（12分）⑴下列四幅图的有关说法中正确的是 ▲A ．若两球质量相等，碰后m 2的速度一定为vB ．射线甲由α粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷C ．在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大D ．链式反应属于重核的裂变⑵轻核聚变比重核裂变能够释放更多的能量，若实现受控核聚变，且稳定地输出聚变能，人类将不再有“能源危机”。
一个氘核（H 21）和一个氚核（H 31）聚变成一个新核并放出一个中子（n 10）。
①完成上述核聚变方程 H 21+H 31→ ▲ +n 10②已知上述核聚变中质量亏损为m ∆，真空中光速为c ，则该核反应中所释放的能量为 ▲ 。
⑶某光源能发出波长为0.60μm 的可见光，用它照射某金属可发生光电效应，产生光电子的最大初动能为4.0×10－20J 。
已知普朗克常量h =6.63×10－34错误！未找到引用源。
，光速c =3.0×108m/s 。
求 (计算时保留两位有效数字) ： ①该可见光中每个光子的能量； ②该金属的逸出功。
B.放射线在磁场中偏转 A.球m 1以v 碰静止球m 2 m 1 m 2 v UI O U C 强黄光弱黄光 C.光电流与电压的关系 中子 中子中子 中子D.链式反应示意图 甲 乙丙PD C B A Q O60° l QNP M 37°y z x v 0O O a四、计算题：本大题共3小题，共47分．解答时写出必要文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位． 13. （15分）如图，两根相距l =1m 平行光滑长金属导轨电阻不计，被固定在绝缘水平面上，两导轨左端接有R =2Ω的电阻，导轨所在区域内加上与导轨垂直、方向相反的磁场，磁场宽度d 相同且为0.6m ，磁感应强度大小B 1=52T 、B 2=0.8T 。