陕西省渭南市2019-2020学年中考物理第五次押题试卷含解析

陕西省渭南市2019-2020学年中考物理第五次押题试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．小灯泡L和电阻R上分别标有“6V 4.8W”和“0.6A”字样，它们的电流随电压变化规律如图所示．现将小灯泡L和电阻R连入电路中，若要确保电路中的元件不被烧坏，则下列说法错误的是
A．L和R并联时干路中的电流最大可达到1.4A
B．L和R并联时电路的总功率最大可达到8.4W
C．L和R串联时电源电压不超过9V
D．L和R串联时小灯泡的功率最大可达到4.8W
D
【解析】
【分析】
【详解】
(1)灯泡的额定电压U L=6V,电阻R允许通过的最大电流I R,=0.6A,
由图象可以知道,电阻两端允许所加的最大电压U R=6V,,
因为并联电路中各支路两端的电压相等,所以L和R并联时,电路中的最大电压:
U=U L= U R=6V,
由图象可以知道,通过L的电流I L=0.8A ,
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以干路中的最大电流:
I=I L+I R=0.8A+0.6A=1.4A,所以A选项正确的；
电路的最大总功率:
P=UI=6V×1.4A=8.4W，所以B选项是正确的；
(2)因为串联电路中各处的电流相等,且I L,=0.8A,I R=0.6A,
所以L和R串联时,电路中的最大电流:I′=I R=0.6A
由图象可以知道,L两端的电压U L′=3V,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以电源的最大电压:
U′=U L′+U R=3V+6V=9V,所以C选项是正确的;
小灯泡的最大功率:
P L′=U L′I′=3V×0.6A=1.8W,故D错误，符合题意
2．下面是某位同学对部分诗句中蕴涵的物理知识的理解：
①“群峰倒影山浮水”-倒影由于光的反射形成的实像；
②“夜半钟声到客船”-人能辨别传来的是“钟”声是根据声音的音调来判断的；
③“悬崖勒马收缰晚”-“收缰晚”是由于物体受到惯性的作用；
④“坐地日行八万里”-“坐地”是人对于地球是静止的。

其中正确的是
A ．
B ．
C ．
D ．
A
【解析】
【详解】
①“群峰倒影山浮水”--倒影相对于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像；故①错误；
②不同物体发出声音的音色不同，声音人们是根据声音的音色来判断是“钟”声的；故②错误； ③“悬崖勒马收缰晚”--“收缰晚”是由于物体具有惯性，不应说受到惯性的作用；故③错误； ④ “坐地”因为人相对于地球的位置没有变化，所以人对于地球是静止的，故④正确。

故BCD 错误；A 正确；
3．如图所示，斜面长 5m ，高 1m ，木块重 100N ，小明用 F=32N 的力将物体从底端沿斜面匀速拉到顶端，则
A ．小明做的有用功为 32J
B ．小明做的总功为 160J
C ．斜面的机械效率为 20%
D ．木块受到的摩擦力为 32N
B
【解析】
A 、小明做的有用功：001100W Gh l N m J ==⨯=有用，故A 错误；
B 、小明做的总功（即拉力对物体做的功）：325160W Fs N m J ==⨯=总，故B 正确；
C 、斜面的机械效率：100100%100%62.5%160W J W J
η=⨯=⨯=有用总，故C 错误； D 、因为W W W =+总有用额，所以额外功16010060W W W J J J =-=-=额总有用，由W fs =额 得摩擦力：60125W J f N s m
===额
，故D 错误． 故选B ．
【点睛】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率、摩擦力的计算，明确使用斜面克服摩擦力做的功是额外功是关键．
4．如图所示，开关S 闭合后电灯不亮，为了检查电路的故障，用电压表进行测量，发现Uac=3.0V ，Uab=0 V ，Ubc=3.0 V ，则电路故障可能是：
A ．灯L 断路
B ．开关S 断路
C ．滑动变阻器R 短路
D ．灯L 短路或滑动变阻器R 断路
D
【解析】
【详解】 A ．由题意可知，U AB =0V ，由图示得，一定不是ab 间断路，故错误；
B ．如果开关S 断路，则U A
C =0V ，与题意不符，故错误；
C ．如果滑动变阻器R 短路，则U BC =0V ，与题意不符，故错误；
D ．当灯 L 短路或滑动变阻器 R 断路时，都会出现题目中所描述的现象，故正确．
故选D
5．对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一．下列估测的数据中最接近事实的是
A ．洗澡水的适宜温度约为80℃
B ．教室中日光灯的功率约为400W
C ．人体平均密度约为1g/cm 3
D ．中学生正常步行的速度约为1.4km/h
C
【解析】
【详解】
A．人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，即80℃太高了，故A不符合实际；
B．教室中日光灯的功率一般在40W左右，故B不符合实际；
C．水的密度是1.0×103 kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3 =1g/cm3左右，故C符合实际；
D．中学生正常步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h左右，故D不符合实际．
6．下图中对应的标注，正确的是
A．漂浮在水面上的小球受到的浮力
B．光从玻璃入射到空气中
C．通电螺线管周围的小磁针
D．人看到树木在水中的倒影
C
【解析】
【详解】
A．漂浮在水面上的小球受到的浮力方向竖直向上，故A错误；
B．光从玻璃入射到空气中折射角大于入射角，折射光线向远离法线方向偏折，故B错误；
C．由安培定则可知通电螺线管左端为N极，右端为S极，磁感线由N到S可知，放到其上端小磁针方向左端为S极，右端为N极，故C正确；
D．人看到树木在水中的倒影由光的反射形成，故D错误．
7．关于如图所示的四种情境，下列说法错误的是
A．甲图中足球运动员踢球使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态
B．乙图中跳远运动员起跳前要先助跑是为了增大惯性
C．丙图中撑杆跳高运动员向上弹起时，撑杆的弹性势能转化为人的重力势能
D．丁图中运动员在单杠上静止不动时，单杠对他的拉力和他受的重力是一对平衡力
B
【解析】
【分析】
【详解】
A. 甲图中足球运动员踢球使球飞出去，足球由静止变为运动；足球的运动状态改变了，故A正确．
B. 物体的惯性只与物体的质量有关，助跑后不能增大惯性，故B错误．
C. 撑杆跳高运动员向上弹起时杆发生形变具有弹性势能，此过程中杆的弹性势能转化为人的重力势能使人的高度升高，故C正确．
D. 动员在单杠上静止不动时，受到平衡力作用；故单杠对他的拉力和他受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一物体上，作用在同一直线上所以是一对平衡力，故D正确．
8．下列说法中正确的是（）
A．沿海地区昼夜温差小，主要原因是水的比热容较大
B．物体的温度越高，分子运动得越快，物体的动能越大
C．温度高的物体具有的内能多，温度低的物体具有的内能少
D．0℃的冰熔化成0℃的水，由于温度不变，所以它的内能不变
A
【解析】
【详解】
沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故A正确；
物体的温度越高，分子运动得越快，但物体的动能不一定大，故B错误；
内能的大小跟质量、温度、状态有关，温度不是决定内能大小的唯一因素，故C错误；
0℃的冰熔化成0℃的水，温度不变，但它的内能增大，故D错误；
故选A．
9．四位同学在学习了物理知识后，对一些问题进行了估计，下列说法合理的是
A．人体的正常体温约37℃，所以让人感觉到热的环境温度一定高于37℃
B．电冰箱的耗电量约为0.24kW•h/天，所以电冰箱的额定功率约10W
C．马拉松赛道全长约42km，所以优秀选手在1h内就能完成比赛
D．空气的密度约1.3kg/m3，所以一间普通教室内空气的质量约200kg
D
【解析】
【详解】
A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在25℃左右，感觉到热的环境温度在30℃以上，故A错误；
B、电冰箱的工作是不连续的，所以耗电量约为0.24kW•h/天，额定功率不能确定，故B错误；
C、优秀选手马拉松的比赛成绩在2h5min左右，故C错误；
D、空气的密度在1.3kg/m3左右．教室的长、宽、高分别在8m、6m、3m左右，教室中空气的质量在
m=ρV=1.3kg/m3×8m×6m×3m=187.2kg，接近200kg，故D正确．
10．如图甲所示，烧杯里盛有6℃的水，小球在水中恰好悬浮．经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示．现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0℃的过程中，假设小球的体积始终不变，关于小球的浮沉情况判断正确的是
A．先下沉然后上浮B．先上浮然后下沉
C．浮力变小，一直下沉D．浮力变大，一直上浮
B
【解析】
因烧杯里盛有6℃的水时，小球恰好悬浮，所以，小球的密度与此时水的密度相等，由图象可知：4℃的水的密度最大，6℃的水的密度比0℃时水的密度大，则当水的温度从6℃降到4℃时，水的密度增大，大于小球的密度，使小球上浮、最后漂浮；当水的温度从4℃降到0℃时，水的密度减小，最后小于小球的密度，使小球下沉、悬浮、最后下沉，综上可知，小球先上浮后下沉，故B正确，ACD错误．
故选B．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．下列说法正确的是
A．液体的沸点随液面上方的气压增大而降低
B．在公园里能闻到花香，是由于分子不停地做无规则运动
C．皮肤上擦酒精觉得凉，是由于酒精蒸发时吸收了皮肤的温度
D ．把蔬菜放进冰箱，蔬菜的温度降低，蔬菜的内能是通过热传递改变的
BD
【解析】
A. 液体的沸点随液面上方的气压增大而升高，故A 错误；
B. 在公园里能闻到花香，是由于分子不停地做无规则运动，故B 正确;
C. 皮肤上擦酒精觉得凉，是由于酒精蒸发时吸收了皮肤的热量，而不是温度。

故C 错误；
D. 把蔬菜放进冰箱，蔬菜的温度降低，蔬菜的内能是通过热传递改变的，故D 正确。

故选BD. 12．如图所示，质量分布均匀的甲、乙两个实心正方体放置在水平地面上，它们对地面的压强相同，若要使甲对地面的压强大于乙对地面的压强，下列叙述中正确的是( )
A ．沿竖直方向上切去相同的体积
B ．沿竖直方向上切去相同的厚度
C ．沿水平方向切去相同的质量
D ．沿水平方向切去相同的体积
CD
【解析】
【详解】
实心正方体对水平地面的压强p ρgh =，
由图可知：甲的边长比乙的边长大，
因它们对地面的压强相同，
所以ρ甲＜ρ乙
（1）沿竖直方向上切去相同的体积或相同的厚度时，两正方体的密度和高度不变，所以它们的压强还是相等，故AB 不正确．
（2）沿水平方向切去相同的质量时，减小的压力相同，
因S 甲＞S 乙，
所以△p 甲＜△p 乙，
又因p 甲=△p 乙，
所以剩余部分甲对地面的压强大于乙对地面的压强，故C 正确；
（3）沿水平方向切去相同的体积时，
因S 甲＞S 乙，
所以△h 甲＜△h 乙，
又因ρ甲＜ρ乙，
所以ΔΔg h g h ρρ<甲甲乙乙，即△p 甲＜△p 乙，
因p 甲=p 乙，
所以剩余部分甲对地面的压强大于乙对地面的压强，故D 正确．
故选CD．
13．如图甲所示，电路中电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”的字样。

闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录相应的电压表和电流表的示数，绘制成如图乙所示的I-U图象。

下列说法中正确的是
A．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为12.5Ω
C．小灯泡的额定功率为0.625W
D．当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，灯泡变暗
AC
【解析】
【详解】
A．小灯泡正常发光时额定电压为2.5V，由图乙可知，此时电流为0.25A，由欧姆定律可得小灯泡正常发
光时的电阻：R L
2.5V
0.25A
L
U
I
===10Ω，故A正确；
B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压为U P=U-U L=4.5V-2.5V=2V，所以，滑动变阻器接入电路
中的电阻为P
P
2V
8Ω0.25A
U
R
I
===，故B错误；
C．小灯泡正常发光时额定功率为：P L=U L I =2.5V×0.25A=0.625W，故C正确；
D．当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧
姆定律I=U
R
可知电路中的电流变小，因此，电流表的示数变小，小灯泡两端的电压也减小，根据P=UI
可知小灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，故D错误。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．在对汽车的发动机做检修时需要将引擎盖抬起，抬起过程应用了杠杆原理．如图为引擎盖的受力分析模型图：引擎盖可绕O点自由转动，A为引擎盖重心位置．由如图可知，该杠杆属于______杠杆，在引擎盖抬起过程中，重力G的力臂逐渐______．
省力 变小
【解析】
试题分析： （1）由图2可知，OB ＞OA ，动力臂大于阻力臂，该杠杆属于省力杠杆．
（2）在引擎盖抬起过程中，重力G 的力臂逐渐变短．
考点： 杠杆平衡条件
15．如图所示的电路中，电源电压保持不变。

当开关S 闭合，S 1断开，甲、乙两表为电流表时，R 1和R 2
消耗的功率P 1：P 2=2：3；当开关S 和S 1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数U 甲：
U 乙=________和R 1、R 2消耗的功率P 1′：P 2′=_________。

5：2 3：2
【解析】
【详解】
当开关S 闭合，S 1断开，甲、乙两表为电流表时，R 1与R 2并联，甲电流表测R 2电流，乙电流表测干路
总电流。

因此时P 1：P 2=2：3，根据P=2
U R ，则2
122
U R U R =23，所以12R R =32。

当开关S 和S 1都闭合，甲、乙两表为电压表时，R 1与R 2串联，甲电流表测R 2电流，乙电流表测干路总电流。

甲电压表测电源电压，乙
电压表测R 2两端电压。

因12R R =32，根据串联电路电压规律，则12R R U U =12R R =32
，则 U U 甲乙=2R U U 总=122+R R R U U U =3+22=52；根据P=I 2R 可知，此时R 1、R 2消耗的功率之比为'1'2P P =2122I R I R =12
R R =32。

16．小磁针保持静止状态时，其N 极指向如图所示，则电源的正极是__________（选填“a ”或b ）端.
b
【解析】
【详解】
图中小磁针N极向上，根据磁极间的相互作用得到螺线管的上端是S极，下端是N极，通过螺线管的电流从下端流入，上端流出，电源外部，电流是从电源的正极流出回到负极，所以电源正极是b端。

17．如图所示，物体在30N的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，现将拉力增大到50N，则物体受到水平向左的摩擦力大小为_____N，物体的动能会_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

30 变大
【解析】
【详解】
物体匀速向右运动时，水平方向上受到拉力和滑动摩擦力的作用，且拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，则滑动摩擦力的大小f＝F拉＝30N，方向水平向左。

当拉力增大为50N时，由于压力大小和接触面粗糙程度均不变，所以滑动摩擦力保持30N不变；此时拉力大于滑动摩擦力，物体将做加速运动，速度变大，物体的动能会变大。

18．如图所示的“无人机”具有4个旋翼，每个旋翼均由一个相同规格的电动机带动，每个电动机额定功率为30W，额定电压为15V，单个电动机正常工作时，通过的电流为________A，若电动机线圈的电阻为2Ω，则单个电动机正常工作时的输出功率是_______W；该无人机所需的能量是由一块电压为15V，容量为5000mA·h的电池提供，则该电池充满电后能够提供的电能是________J。

2 22 2.7×105
【解析】
【详解】
通过的电流为
30W
2A
15V
P
I
U
===。

单个电动机正常工作时的输出功率
()2
2=30W-2A?2Ω=30W-8W=22W
P P-P P-I R
==
总总
输出。

能够提供的电能为
W=UIt=15V×5A×3600s=2.7×105J 。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图甲所示，电源电压为6V 保持不变，灯泡L 标有“6V 6W ”字样，滑动变阻器R 的最大阻值为10Ω，灯泡的电流跟其两端电压关系如图乙所示。

求：
灯泡L 正常发光时的电阻；当S 1、S 2闭合，滑片P
位于变阻器的最左端时电流表的示数；当S 1闭合S 2断开，电流表示数为0.8A 时，变阻器在5min 内消耗的电能。

（1）6Ω；（2）1.6A ；（3）720J 。

【解析】
【详解】
（1）根据P ＝2U R
可得，灯泡L 正常发光时的电阻；R L ＝22L L (6V)=6Ω6W U P ； （2）当S 1、S 2闭合、滑片滑至最左端时，L 、R 并联，电流表测干路电流，根据并联电路电压的规律，此时U R ＝U L ＝6V ，由图乙知，灯的电流为I L ＝1A ，
故通过R 的电流：I R ＝R U R ＝6V 10Ω
＝0.6A ； 根据并联电路电流的规律，则电流表示数：I ＝I L +I R ＝1A+0.6A ＝1.6A ；
（3）当S 1合、S 2开时，L 与变阻器滑片以左电阻丝串联，电流表测电路的电流，由乙图可知，当I ′＝0.8A 时，灯的实际电压：U L ′＝3V ，
根据串联电路电压的规律，则U R ′＝U ﹣U L ′＝6V ﹣3V ＝3V ，
则变阻器在5min 内消耗的电能：
W R ＝U R ′I ′t ＝3V ×0.8A ×（5×60s ）＝720J 。

答：（1）灯泡L 正常发光时的电阻为6Ω；
（2）当S 1、S 2闭合，滑片P 位于变阻器的最左端时电流表的示数为1.6A ；
（3）当S 1闭合S 2断开，电流表示数为0.8A 时，变阻器在5min 内消耗的电能为720J 。

20．济南玉函路隧道全长2.75 km ，贯通济南南北，双向四车道，设计限速50 km/h ，是目前中国最长、
埋深最浅、工程地质最为复杂、施工难度最大的城市隧道．一辆质量为1.5×
103 kg 的轿车在隧道内行驶，求：
（1）在不超速的情况下，汽车通过隧道全长所用的最少时间；
（2）轿车的重力；
（3）若这辆轿车匀速直线行驶的过程中，受到的阻力是车重的0.02倍，求汽车通过隧道牵引力所做的功．（g 取10N/kg ）
(1)0.055h ；（2）41.510N ⨯；(3)5 8.2510J ⨯．
【解析】
【分析】
【详解】
(1)由题意可知，该隧道全长 2.75km ，汽车的最大速度v=50km/h ，由s v t =得通过该隧道所需时间：2.75km 0.055h 50km /h
s t v ===； (2) 轿车的重力为341.510kg 10N /kg 1.510N G mg ==⨯⨯=⨯；
（3）这辆轿车匀速直线行驶的过程中，受到的阻力是车重的 0.02 倍，则阻力
40.020.02 1.510f G ==⨯⨯N=300N ，因为这辆轿车匀速直线行驶，所以牵引力300N F f ==，牵引力所做的功35300N 2.75108.2510J W Fs m ==⨯⨯=⨯．
21．如图所示，已知R 1的阻值是10Ω．当闭合S 1、断开S 2时，电流表的示数是0.6A ；当S 1、S 2均闭合时，电流表的示数是0.9A ．求：
电源两端的电压；电阻R 2阻值．
（1）6V ；（2）20Ω．
【解析】
【详解】
(1)当闭合1S 、断开2S 时,电路为1R 的简单电路，电流表测电路中的电流，由I=U R
可得，电源两端的电压：U=11I R =0.6A×10Ω=6V ；(2)当1S 、2S 均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，则电路中的总电阻：
R=U I =6V 0.9A =203Ω，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以,1R =11R +2
1R ,即120Ω3
=110Ω+21R ，解得2R =20Ω.
【点睛】
（1）当闭合1S、断开2S时，电路为1R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源两端的电压；（2）当1S、2S均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律求出电路中的总电
R阻值．
阻，利用电阻的并联求出电阻2
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．画出使杠杆AB在图所示位置静止时所用最小力F的作用点和方向．
【解析】
【详解】
从图中可以看出，OB的长度大于OA的长度，则最长的力臂为OB，因此最小力F的作用点在B点，过在B点作垂直于0B的向上的力，即为最小力F的示意图．如图所示：
23．根据平面镜成像特点，在左下图中画出物AB在平面镜MN中的像A′B′。

【解析】
试题分析：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像．如图：
考点：平面镜成像的相关作图．
点评：在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在“用天平和量筒测量盐水密度”的实验中：
将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端0刻度线处，发现
指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向____调，使天平横梁平衡．用天平测出空烧杯的质量为10g，在烧杯中倒入适量的盐水，测出烧杯和盐水的总质量如图甲所示，则盐水的质量是_____g．再将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图乙所示，盐水的密度为________kg/m1．小聪同学在实验中先测出空烧杯的质量m1，倒入盐水后测出其总质量m2．在将盐水倒入量筒的过程中，发现由于盐水较多，无法全部倒完，他及时停止了操作．同组同学讨论后认为仍可继续完成实验，于是小聪读出此时量筒中盐水的体积V，又加了一个步骤，顺利得出了盐水的密度．你认为增加的步骤是：__________________________，请帮小聪写出计算盐水密度的表达式ρ=________________．
右12 1.07×101用天平称出烧杯和剩余盐水的质量m1ρ=（m2-m1）/V
【解析】
【详解】
（1）指针偏向分度盘的哪一侧，就应将平衡螺母向相反的方向来调节，使天平横梁平衡；
（2）空烧杯的质量为10g，烧杯和盐水的总质量为62g，则盐水的质量是12g，由量筒的示数可知，盐水的体积为10cm1，盐水的密度为1.07×101 kg/m1；
（1）他增加的步骤是：用天平称出烧杯和剩余盐水的质量m1，所以密度公式为ρ=（m2-m1）/V．25．“探究凸透镜成像的规律”实验中，固定凸透镜位置不动（图中C处）．
（1）当把蜡烛移动到图中B处，光屏移动到D处时，观察到光屏上呈现清晰的像，此时像和物大小相等，则该凸透镜的焦距为___cm．
（2）把蜡烛移动到A处，光屏上的像变得模糊，要使像变清晰，光屏应向___（选填“左”或“右”）适当移动，此时光屏上的像应该是倒立、__（选填“放大”或“缩小”）的实像．
（3）实验时，光屏上得到了烛焰清晰的像，一同学不小心在凸透镜上溅了一个小泥点，则光屏上_______（选填“有”或“没有”）小泥点的像或影子．
（4）当把蜡烛移到光具座上“45cm”处时，无论怎样调节光屏，光屏上始终接收不到像．要想看到这个像，眼睛应从图中的______（选填“①”或“②”）箭头所示的方向去观察．这种成像情况在生活中的应用是________．
10左缩小没有②放大镜
【解析】
【分析】
【详解】
(1)由图知，u=v=20.0cm，则可知20.0cm=2f，f=10.0cm；
(2)把蜡烛移动到A处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动；
此时物距u=43cm>2f，成倒立、缩小的实像；
(3)不小心在凸透镜上溅了一个小泥点，，由于凸透镜的其他部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，没有泥点的像；
(4)当蜡烛移到光具座上“45cm”处时，物距小于一倍焦距，在蜡烛同侧成正立放大的虚像，这是放大镜的原理，要想看到这个像，眼睛应从图中的②所示的方向去观察．
26．小明用“伏安法”测量一个定值电阻Rx的阻值（约为20Ω左右）.实验器材有：定值电阻Rx、电压表（量程0～3V和0～15V）、电流表（量程0～0.6A和0～3A）、滑动变阻器（20Ω 1A）、开关、学生电源各一个，导线若干. “伏安法”测量电阻的原理是________；如图a所示是“伏安法”测量电阻的实验电路图，图中甲、乙为两个电表，其中甲为________表，乙表为__________．
本实验电源电
压选用12V，电压表应该选用________量程，电流表选用0～0.6A量程；连接如图b所示的电流表时，应该使电流从“________”接线柱流入电流表；闭合开关后，发现电压表的示数约为6V，电流表示数为零；
移动滑动变阻器滑片，电压表示数有明显变化，但电流表示数为零，则发生故障的元件是________；排除故障后，接通电路，移动滑动变阻器滑片，当电流表的示数如图b所示时，通过电阻Rx的电流大小是________ A；经多次测量，小明由实验数据绘制得如图c所示的U-I图象，由图象可知电阻Rx＝
________ Ω（保留一位小数）；在物理实验中，经常要对物理量进行多次测量，下列实验与本次实验进行多次测量的目的相同的是_____（填序号）.
A．用刻度尺测量物理课本的长与宽B．探究杠杠的平衡条件C．测量小灯泡的电功率U
R
I
电压电流0～15V 0.6A 电流表短路0.34A 22.2 A
【解析】
【详解】
(1)伏安法测电阻的原理是：R=U
I
；
(2)图a中甲表和待测电阻并联，所以甲为电压表,乙表串联在电路中所以是电流表；
(3)待测电阻和滑动变阻器串联，滑动变阻器滑到电阻最大位置时，电阻为20Ω，待测电阻的阻值约为20Ω，电源电压为12V，它们两个各分担电压为6V，所以电压表应选用0∼15V量程；接如图b所示的电流表，“0.6”接线柱为“+”接线柱，所以应使电流从，“0.6”接线柱流入电流表；
(4)闭合开关后，发现电压表的示数约为6V，两电阻串联分压，电流表示数为零，说明电路故障不是断路；移动滑动变阻器滑片，电压表示数有明显变化，但电流表示数始终为零，说明电流表被短路；
(5)电流表接的是0∼0.6A量程，分度值为0.02A，此时的电流为0.34A；
(6)在U−I图象中，电压U=10V时，电流为0.45A，所以Rx=U
I
=
10V
0.45A
≈22.2Ω.
(7)本实验多次测量是为了取平均值是为了提高测量的准确度，减小误差：
A．测量物理课本的宽度时测量三次数据，是为了取平均值减小误差，符合题意；B．探究杠杆平衡条件时测量三组数据，是为了得出普遍性的结论，不符合题意；C．多次测量是为了“寻找电功率随电压和电流变化的规律;
故选A；。