2019年广东高三物理第三次阶段性测试(后附满分答案)

2019年广东高三物理第三次阶段性测试(后附满分答案)本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分150分，考试时间120分钟。

第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、本大题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个正确选项，有的小题有多个正确选项。

全部选对的得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分。

1．在物体(质量不变)运动过程中，下列说法正确的是 ( ) A . 动量不变的运动，一定是匀速运动 B ．动量大小不变的运动，可能是变速运动C ．如果在任何相等时间内物体所受的冲量相等(不为零)，那么该物体一定做匀变速直线运动D ．若某一个力对物体做功为零，则这个力对该物体的冲量也一定为零2、汽车拉着拖车在平直的公路上匀速行驶，突然拖车与汽车脱钩，而汽车的牵引力不变，各自受到的阻力不变，则在拖车停止运动前：A 、汽车的动量减小B 、拖车的动量减小C 、汽车与拖车的总动量守恒D 、汽车与拖车的总动量不守恒3、一滑块获得一沿斜面向上的速度后，沿粗糙斜面向上滑动，如图1—3所示，在滑动过程中，物体m 受到的力是 （ ）A 、重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力B 、重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力C 、重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力D 、重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力4、在x 轴上有两个点电荷，一个带正电Q 1，一个带负电－Q 2，且Q 1＝2Q 2，用E 1和E 2分别表示两个电荷所产生的场强的大小，则在x 轴上A ．E 1＝E 2之点只有一处，该处合场强为零B ．E 1＝E 2之点共有两处，一处合场强为零；另一处合场强为2E 2C ．E 1＝E 2之点共有三处，其中两处合场强为零，另一处合场强为2E 2D ．E 1＝E 2之点共有三处，其中一处合场强为零，另两处合场强为2E 25、图3所示，a 、b 、c 为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c 为ab 中点．a 、b 电势分别为U a =5V 、U b =3V ．下列叙述正确的是A ．该电场在c 点处的电势一定为4 VB ．a 点处的场强E a 一定大于b 点处的场强E bC ．一正电荷在c 点的电势能一定大于在b 点电势能D ．一正电荷运动到c 点时受到的电场力由c 指向a 6、 下列说法正确的是 （ ）A ．合外力对质点做的功为零，则质点的动能、动量都不变B ．合外力对质点施的冲量不为零，则质点动量必将改变，动能也一定变C ．某质点的动量、动能都改变，它所受到的合外力一定不为零。

D ．某质点受到合力不为零，其动量、动能都改变7、在光滑的水平面上沿同一直线运动的两物体，动量相同，下列说法正确的：（ ） A 、 因为它们动量相同，所以不能发生碰撞 B 、 因为它们动量相同，所以相碰后都静止C 、 可能发生碰撞，但碰撞后它们的动量不可能仍相同D 、 若发生碰撞，它们的动量改变量大小必相等8、地球赤道上有一物体随地球的自转而做圆周运动，所受的向心力为F 1，向心加速度为a 1，线速度为v 1，角速度为ω1；绕地球表面附近做圆周运动的人造卫星（高度忽略）所受的向心力为F 2，向心加速度为a 2，线速度为v 2，角速度为ω2；地球同步卫星所受的向心力为F 3，向心加速度为a 3，线速度为v 3，角速度为ω3；地球表面重力加速度为g ，第一宇宙速度为v ，假设三者质量相等，则下列正确的是（ ） A 、F 1＝F 2＞F 3 B 、a 1＝a 2＝g ＞a 3 C 、v 1＝v 2＝v ＞v 3D 、ω1＝ω3＜ω29、光滑的水平桌面上有一个静止的木块，一支枪以水平方向先后发射两颗质量相同、速度相同的子弹均穿过了木块。

两子弹分别从不同位置穿过木块时受到的阻力相同，忽略重力和空气阻力的影响，那么两颗子弹先后穿过木块的过程中（ ） A 、 两颗子弹损失的动能相同 B 、 木块第二次增加的动能大 C 、 因摩擦而产生的热量相同 D 、木块第二次移动的距离大10、如图，固定于小车上的支架上用细线悬挂一小球．线长为L ．小车以速度V 0做匀速直线运动，当小车突然碰到障障碍物而停止运动时．小球上升的高度值不可能是．（ ）A. 大于g v 220B. 小于gv 22C. 等于gv 220D 等于2L二、非选择题部分共8小题，110分。

把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。

解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出答案的不能得分。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

11．（8分）现要测定一根尼龙丝能承受的最大拉力F ，手头只有一个质量为m 的砝码（已知F ＞mg ）和一个米尺．请回答：（1）画出实验方案的示意图；（2）其中需测量的物理量是__________；（3）尼龙丝能承受的最大拉力F 的表达式是_________．12． (7分)某同学利用计算机模拟A 、B 两球碰撞来验证动量守恒，已知A 、B 两球质量之比为2∶3，用A 作入射球，初速度为v 1=1.2m/s ，让A 球与静止的B 球相碰，若规定以v 1的方向为正，则该同学记录碰后的数据中，肯定不合理的是__________，其理由是___________________________________________13．(9分)在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m ＝1kg 的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s ．那么从打点计时器打下起点O到打下B 点的过程中，物体重力势能的减少量E p ＝_______J ，此过程中物体动能的增加量E k =______J ．由此可得到的结论是(g =9.8 m/s 2，保留三位有效数字)14．（14分）、在用高级沥青铺设的高速公路上，汽车的设计时速是108km/h 。

汽车在这种路面上行驶时，它的轮胎与地面的最大静摩擦力等于车重的0.6倍。

⑪、如果汽车在这种高速公路的水平弯道上拐弯，假设弯道的路面是水平的，其弯道的最小半径是多少？ ⑫、如果高速公路上设计了圆弧拱桥做立交桥，要使汽车能够安全通过圆弧拱桥，这个圆弧拱桥的半径至少是多少？（取g =10m/s 2）15．（14分）如图，一带电粒子以竖直向上的初速度V 0，自A 处进入电场强度为E 方向水平向右的匀强电场，它受到的电场力恰与重力大小相等。

当粒子到达图中B 处时，速度大小仍为V 0，但方向变为水平向右，那么A 、B 之间的电势差等于多少从A 到B 经历的时间为多少？16．（14分）如图所示，某人乘雪橇从雪坡经A 点滑至B 点，接着沿水平路面滑至C 点停止．人与雪橇的总质量为70kg ．表中记录了沿坡滑下过程中的有关数据，请根据图表中的数据解决下列问题： (1)人与雪橇从A 到B 的过程中，损失的机械能为多少?(2)设人与雪橇在BC 段所受阻力恒定，求阻力大小(g ＝10m ／s 2)17（16）、攻击一颗地球轨道卫星的方法之一是把一大群弹丸发射到同一轨道上，只是运行的方向相反。

假如一颗卫星在离地面500km 的轨道上与一颗质量为4.0g 的弹丸发生碰撞。

问：（1）在就要碰撞前，在卫星参考系中．．．．．．弹丸的动能是多少?(2)这个动能与从现代军用步枪以出口速率950m/s 的4.0g 子弹的动能之比是多少？18．（18分）如图12，一轻质弹簧一端固定、另一端与质量为M 的小滑块连接，开始时滑块静止在水平导轨的O 点，弹簧处于原长状态．导轨的OA 段是粗糙的，其余部分都是光滑的．有一质量为m 的子弹以大小为v 的速度水平向右射入滑块，并很快停留在滑块中．之后，滑块先向右滑行并越过A 点，然后再向左滑行，最后恰好停在出发点O 处． （1）求滑块滑行过程中弹簧弹性势能的最大值．（2）滑块停在O 点后，另一质量也为m 的子弹以另一速度水平向右射入滑块并很快停留在滑块中，此后滑块滑行过程先后有两次经过O 点．求第二颗子弹入射前的速度u 的大小在什么范围内？参考答案一、选择题三、非选择题11．（8分）答案：（1）实验方案的示意图如图所示．（2）需要测量的量是：尼龙丝的长L 和刚好拉断时两悬点间的距离l ． （3）尼龙丝能承受的最大拉力的表达式是222lL mgL F -=12．（7分） BC 根据碰撞特点：动量守恒、碰撞后机械能不增加、碰后速度特点可以判断不合理的是BC 。

13．（9分） 2.28 2.26 在误差允许的范围内，物体的机械能守恒 。

14．(14分)、汽车在水平路面上拐弯，或视为汽车做匀速圆周运动，其向心力是车与路面间的最大静摩擦力，有mg r mv 6.0/2< 由速度v=30m/s ，得弯道半径 r >150m ；汽车过拱桥，看作在竖直平面内做匀速圆周运动，到达最高点时，有N mg R mv -=/2为了保证安全，车对路面的压力N 必须大于零。

有mg R mv </2 则R >90m 。

15．（14分）带电粒子从A-B 的过程中，竖直分速度减少，水平分速度大，表明带电粒子的重力不可忽略，且带正电荷，受电场力向右， 依题意有mg=qE ，根据动能定理：qU AB -mgh=0,在竖直方向上做竖直向上做竖直上抛运动,则V 02-0=2gh. V 0=gt,解得： t=g v 0,h=gv 22则U AB =q m gh =q m g g v 220=gq Eqv 220=gEv 2216．（14分）(1)从A 到B 的过程中，人与雪橇损失的机械能为: 221122A B E mgh mv mv ∆=+- ΔE=(70×10×20+12×70×2.02－12×70×12.02)J ＝9100J (2)人与雪橇在Bc 段做减速运动的加速度:012/2/104CB v v a m s m s t --===-- 根据牛顿第二定律 :f=ma=70×(-2)N=-140N17(16分)18．（18分）（1）设OA 段的长度为l ，与滑块间的动摩擦因数为μ设第一颗子弹射入滑块后滑块的速度为v 1，由动量守恒定律得 1)(v m M mv += ①（2分）滑块向右滑行至最右端时，弹簧弹性势能达到最大，设为E P ，由功能关系得 P E gl m M μv m M ++=+)()(2121 ②（2分）滑块由最右端向左滑行至O 点，由功能关系得gl m M μE P )(+= ③（1分）解得)(422m M v m E P += ④（2分）（2）设第二颗子弹射入滑块后滑块的速度为v 2，由动量守恒定律得2)2(v m M mu += ⑤（2分）若滑块第一次返回O 点时就停下，则滑块的运动情况与前面的情况相同l g m M μv m M 2)2()2(2122+=+ ⑥（2分） 解得v mM mM u ++=2 ⑦（2分）若滑块第一次返回O 点后继续向左滑行，再向右滑行，且重复第一次滑行过程，最后停在O 点，则l g m M μv m M 4)2()2(2122+=+ ⑧（2分） 解得v mM mM u 22++=⑨（2分）第二颗子弹入射前的速度u 的大小在以下范围内v mM mM u v m M m M 222++<<++ ⑩（1分）。