2018届河北省唐山市滦县二中高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析
河北省唐山一中2017-2018学年高三上学期期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年河北省唐山一中高三（上）期中物理试卷一．单项选择题（共8小题，每小题3分）1．如图所示，从倾角为θ的斜面上某点先后将同一小球以不同的初速度水平抛出，小球均落在斜面上．当抛出的速度为ν1时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为α1；当抛出速度为ν2时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为α2，下列说法中正确的是（）A．当ν1＞ν2时，α1＞α2B．当ν1＞ν2时，α1＜α2C．无论ν1、ν2关系如何，均有α1=α2D．以上说法均不对2．如图，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O．将等电量的正、负点电荷放在圆周上它们的位置关于AC对称．要使圆心O处的电场强度为零，可在圆周上再放置一个适当电量的正点电荷+Q，则该点电荷+Q应放在（）A．A点 B．B点C．C点D．D点3．如图所示，A、B为水平放置的两个平行金属板，两板相距d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一个小孔M和N．今有一带电油滴，质量为m，从A板的上方距A板为d的P点由静止开始自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻力忽略不计，带电油滴通过N孔时的动能E K＜2mgd．若将极板A向上移一小段距离，到图中虚线所示位置，则带电油滴通过N孔时的动能E K’和油滴所带电荷的种类是（）A．油滴带正电，E K′=E K B．油滴带正电，E K′＜E KC．油滴带负电，E K′=E K D．油滴带负电，E K′＜E K4．如图所示，小物块从高为h1=0.8m的斜面顶端由静止滑下，经长为L=1m的水平面后又滑上高为h2=0.3m的斜面，如果小物块与斜面和水平面间的动摩擦因数均为μ=0.175，下列说法中正确的是（）（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．小物块最终停在水平段B．小物块滑上右边斜面顶端时速度恰好为零C．小物块滑上右边斜面顶端时速度为m/sD．小物块滑上右边斜面顶端时速度为2.7 m/s5．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后反弹到空中某一高度，其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法错误的是（）A．小球下落的最大速度为5m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为3m/sC．小球能弹起的最大高度0.45mD．小球能弹起的最大高度1.25m6．半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态，如图所示是这个装置的截面图，若用外力使MN保持竖直且缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止，在此过程中，下列说法中正确的是（）A．MN对Q的弹力逐渐减小B．地面对P的摩擦力逐渐增大C．P、Q间的弹力先减小后增大D．Q所受的合力逐渐增大7．一竖直放置的轻弹簧，一端固定于地面，一端与质量为3kg的B固定在一起，质量为1kg 的物体A放在B上．现在A和B正一起竖直向上运动，如图所示，当A、B分离后，A上升0.2m到达最高点，此时B速度方向向下，弹簧为原长．则从A、B分离起至A到达最高点的这一过程中，弹簧的弹力对B的冲量大小为（g取10m/s2）（）A．1.2N•s B．8N•s C．6N•s D．4N•s8．在建筑工地上有时需要将一些建筑材料由高处送到低处，为此工人们设计了一种如图所示的简易滑轨：两根圆柱形木杆AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上，把一摞瓦放在两木杆构成的滑轨上，瓦将沿滑轨滑到低处．在实际操作中发现瓦滑到底端时速度较大，有可能摔碎，为了防止瓦被损坏，下列措施中可行的是（）A．减少每次运送瓦的块数 B．增多每次运送瓦的块数C．减小两杆之间的距离D．增大两杆之间的距离二．多项选择题（共6小题，每小题4分）9．一质量为2kg的质点从静止开始沿某一方向做匀加速直线运动，它的动量p随位移x变化的关系式为p=8kg•m/s，则此质点（）A．加速度为8m/s2B．2s内受到的冲量为32N•sC．在相同的时间内，动量的增量一定相等D．通过相同的距离，动量的增量也可能相等10．木星是绕太阳运动的一颗行星，它有多颗卫星．若将木星绕太阳的运动和卫星绕木星的运动均视为匀速圆周运动，现要计算木星的质量，需要知道的物理量是（）A．卫星绕木星运动的周期、轨道半径及引力常量GB．卫星绕木星运动的周期、轨道半径及卫星的质量C．木星的半径、木星表面的重力加速度及引力常量GD．木星绕太阳运动的周期、轨道半径及引力常量G11．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，以下说法正确的是（已知cos53°=0.6，sin53°=0.8）（）A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细绳烧断瞬间小球的加速度立即变为gD．细绳烧断瞬间小球的加速度立即变为g12．如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为R的光滑圆环顶点P，另一端连接一套在圆环上且质量为m的小球．开始时小球位于A点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45°，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动到最低点B时的速率为v，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g．下列分析正确的是（）A．轻质弹簧的原长为RB．小球过B点时，所受的弹力为mg+mC．小球从A到B的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能D．小球运动到B点时，弹簧的弹性势能为mgR﹣mv213．A、B两物体分别在大小相同的水平恒力F的作用下由静止开始沿同一水平面运动，作用时间分别为t0和4t0，两物体运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两物体（）A．与水平面的摩擦力大小之比为5：12B．水平力F的最大功率之比为2：1C．水平力F对A、B两物体做功之比为2：1D．在整个运动过程中，摩擦力做功的平均功率之比为5：314．如图所示，传送带与地面的倾角为37°，以10m/s的速率转动，在传送带上端轻轻静放一质量为0.5kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数为0.5，传送带两轮间距为16m，则物块从上端运动到下端所需时间可能为（）（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．1s B．2s C．3s D．4s三．实验题（每空2分，共14分）15．一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家中验证力的平行四边形定则．①如图（a），在电子秤的下端悬挂一装满水的水壶，记下水壶时电子秤的示数F；②如图（b），将三细线L1、L2、L3的一端打结，另一端分别拴在电子秤的挂钩、墙钉A和水壶杯带上．水平拉开细线L1，在白纸上记下结点O的位置、和电子秤的示数F1；③如图（c），将另一颗墙钉B钉在与O同一水平位置上，并将L1拴在其上．手握电子秤沿着②中L2的方向拉开细线L2，使和三根细线的方向与②中重合，记录电子秤的示数F2；④在白纸上按一定标度作出电子秤拉力F、F1、F2的图示，根据平行四边形定则作出F1、F2的合力F′的图示，若，则平行四边形定则得到验证．16．某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码和砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz，实验步骤如下：A．按图甲所示，安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B．先不挂砝码盘，调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．弹簧测力计的读数为小车所受合外力C．实验过程中砝码处于超重状态D．砝码和砝码盘的总质量不需要远小于小车的质量（2）实验中打出的一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度为m/s2．（结果保留2位有效数字）（3）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象（见图丙），与本实验相符合的是．四．计算题（共3小题，其中17题12分，18题12分，19题14分）17．如图所示，在某市区内，一辆小汽车在公路上以速度v1向东行驶，一位观光游客由南向北从斑马线上横穿马路．汽车司机发现游客途经D处时经过0.5s做出反应紧急刹车，但仍将正步行至B处的游客撞伤，该汽车最终在C处停下．为了判断汽车是否超速行驶以及游客横穿马路是否过快，警方派一警车以法定最高速度v m=16m/s行驶在同一马路的同一地段，在肇事汽车的起始制动点A紧急刹车，经过16m后停下来．在事故现场测量得X AB=26m、X BC=9m、X BD=2m．肇事汽车刹车性能良好（可认为警车与肇事汽车刹车时加速度均相同）．问：（1）该肇事汽车的初速度v1是多大？（2）游客横穿马路的速度是多大？18．如图所示，半径为R，内径很小的光滑半圆管竖直放置，整个装置处在方向竖直向上的匀强电场中，两个质量均为m、带相同电量的正电小球a、b，以不同的速度进入管内（小球的直径略小于半圆管的内径，且忽略两小球之间的相互作用），a通过最高点A时，对外管壁的压力大小为3.5mg，b通过最高点A时，对内管壁的压力大小0.25mg，已知两小球所受电场力的大小为重力的一半．求：（1）a、b两球落地点距A点水平距离之比；（2）a、b两球落地时的动能之比．19．如图所示，在光滑的水平面上固定有左、右两竖直挡板，挡板间距离足够长，有一质量为M，长为L的长木板靠在左侧挡板处，另有一质量为m的小物块（可视为质点），放置在长木板的左端，已知小物块与长木板间的动摩擦因数为μ，且M＞m．现使小物块和长木板以共同速度v0向右运动，设长木板与左、右挡板的碰撞中无机械能损失．试求：（1）将要发生第二次碰撞时，若小物块仍未从长木板上落下，则它此时距长木板左端多远？（2）为使小物块不从长木板上落下，板长L应满足什么条件？（3）若满足（2）中条件，且M=2kg，m=1kg，v0=9m/s，试计算整个系统在刚发生第四次碰撞前损失的机械能．2016-2017学年河北省唐山一中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题（共8小题，每小题3分）1．如图所示，从倾角为θ的斜面上某点先后将同一小球以不同的初速度水平抛出，小球均落在斜面上．当抛出的速度为ν1时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为α1；当抛出速度为ν2时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为α2，下列说法中正确的是（）A．当ν1＞ν2时，α1＞α2B．当ν1＞ν2时，α1＜α2C．无论ν1、ν2关系如何，均有α1=α2D．以上说法均不对【考点】平抛运动．【分析】小球落在斜面上与斜面的夹角等于速度与水平方向的夹角与斜面倾角之差，因为速度与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，斜面倾角一定，从而得出角度的关系．【解答】解：小球落在斜面上，位移与水平方向夹角的正切值为：，速度与水平方向夹角的正切值为：，可知tanα=2tanθ，位移与水平方向的夹角一定，则速度与水平方向的夹角一定，因为α=β﹣θ，可知α1=α2．故C正确，ABD错误．故选：C．2．如图，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O．将等电量的正、负点电荷放在圆周上它们的位置关于AC对称．要使圆心O处的电场强度为零，可在圆周上再放置一个适当电量的正点电荷+Q，则该点电荷+Q应放在（）A．A点 B．B点C．C点D．D点【考点】电场的叠加；电场强度．【分析】由正点电荷在某点的电场强度方向为这两点的连线并背离正点电荷，若负点电荷则为这两点连线并指向负点电荷，从而来确定等电量的正、负点电荷在O点的电场强度方向．若要使圆心处电场强度为零，则放置的正点电荷在O处产生的电场强度方向必须与等量异种电荷产生电场强度方向相反．【解答】解：根据正点电荷在某点的电场强度方向为这两点的连线并背离正点电荷，若负点电荷则为这两点连线并指向负点电荷，可知：等电量的正、负点电荷在圆心处的合电场强度方向是OD，若使圆心O处的电场强度为零，则正点电荷必须放在D点处，故选：D3．如图所示，A、B为水平放置的两个平行金属板，两板相距d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一个小孔M和N．今有一带电油滴，质量为m，从A板的上方距A板为d的P点由静止开始自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻力忽略不计，带电油滴通过N孔时的动能E K＜2mgd．若将极板A向上移一小段距离，到图中虚线所示位置，则带电油滴通过N孔时的动能E K’和油滴所带电荷的种类是（）A．油滴带正电，E K′=E K B．油滴带正电，E K′＜E KC．油滴带负电，E K′=E K D．油滴带负电，E K′＜E K【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】一带电质点自A板上方相距为d的P点由静止自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻力不计，到达N孔时速度不为零，根据动能定理知，在此过程中重力做功与电比场力做功大．移动上极板，抓住两板间的电势差不变，通过动能定理判断带电质点的运动情况．【解答】解：由题设条件知，把A板向上平移一小段距离，电场力做功不变，根据动能定理知，小球到达N点速度仍为原来的速度，小球会穿过N孔继续下落，即动能与原来相等，根据电场力做负功，及电场强度的方向可知小球带负电．故ABD错误．C正确．故选C．4．如图所示，小物块从高为h1=0.8m的斜面顶端由静止滑下，经长为L=1m的水平面后又滑上高为h2=0.3m的斜面，如果小物块与斜面和水平面间的动摩擦因数均为μ=0.175，下列说法中正确的是（）（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．小物块最终停在水平段B．小物块滑上右边斜面顶端时速度恰好为零C．小物块滑上右边斜面顶端时速度为m/sD．小物块滑上右边斜面顶端时速度为2.7 m/s【考点】牛顿第二定律；功能关系．【分析】整个过程中重力做正功、摩擦力做负功，根据功能关系计算小物块滑上右边斜面顶端时速度，然后得出结论．【解答】解：倾角为53°的斜面长为：x1=，倾角为37°的斜面长为：，整个过程中根据能量关系可得：mg（h1﹣h2）=+μmgL，解得：v=m/s，所以物体滑过第二个斜面不再滑回，ABD错误，C正确．故选：C．5．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后反弹到空中某一高度，其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法错误的是（）A．小球下落的最大速度为5m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为3m/sC．小球能弹起的最大高度0.45mD．小球能弹起的最大高度1.25m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】由图直接读出速度的大小．图线与坐标轴所围“面积”等于位移大小，由数学知识求出小球能弹起的最大高度．【解答】解：A、小球在0.5s末下落的速度最大，由图读出最大速度为5m/s．故A正确．B、小球在0.5s末第一次反弹，小球第一次反弹的初速度大小为3m/s．故B正确．C、图线在0.5s﹣0.8s段表示小球反弹，图线的“面积”等于位移大小，也等于球能弹起的最大高度h，则有h=×3×0.3m=0.45m．故C正确，D错误．本题选错误的，故选：D6．半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态，如图所示是这个装置的截面图，若用外力使MN保持竖直且缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止，在此过程中，下列说法中正确的是（）A．MN对Q的弹力逐渐减小B．地面对P的摩擦力逐渐增大C．P、Q间的弹力先减小后增大D．Q所受的合力逐渐增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】先对Q受力分析，受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力，根据平衡条件求解出两个支持力；再对P、Q整体受力分析，受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，再次根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：先对Q受力分析，受重力、P对Q的支持力和MN对Q的支持力，如图根据共点力平衡条件，有N1=N2=mgtanθ再对P、Q整体受力分析，受重力、地面支持力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的支持力，如图根据共点力平衡条件，有f=N2N=（M+m）g故f=mgtanθMN保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角θ不断变大，故f变大，N不变，N1变大，N2变大，P、Q受到的合力为零；故选B．7．一竖直放置的轻弹簧，一端固定于地面，一端与质量为3kg的B固定在一起，质量为1kg 的物体A放在B上．现在A和B正一起竖直向上运动，如图所示，当A、B分离后，A上升0.2m到达最高点，此时B速度方向向下，弹簧为原长．则从A、B分离起至A到达最高点的这一过程中，弹簧的弹力对B的冲量大小为（g取10m/s2）（）A．1.2N•s B．8N•s C．6N•s D．4N•s【考点】动量定理．【分析】A、B分离后A做竖直上抛运动，求出A的初速度与运动时间，然后由动量定理求出弹簧对B的冲量．【解答】解：A、B物体分离时也是弹簧恢复原长时，此时A、B的速度相同，这以后A做竖直上抛运动，由题设条件可知，竖直上抛的初速度；上升到最高点所需的时间；A到最高点弹簧恰恢复原长，此时B的速度为2m/s，方向竖直向下，对B在此过程内用动量定理（规定向下为正方向）得：m B gt+I N=m B v﹣（﹣m B v），解得：I N=6N•s；选项C正确．故选：C8．在建筑工地上有时需要将一些建筑材料由高处送到低处，为此工人们设计了一种如图所示的简易滑轨：两根圆柱形木杆AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上，把一摞瓦放在两木杆构成的滑轨上，瓦将沿滑轨滑到低处．在实际操作中发现瓦滑到底端时速度较大，有可能摔碎，为了防止瓦被损坏，下列措施中可行的是（）A．减少每次运送瓦的块数 B．增多每次运送瓦的块数C．减小两杆之间的距离D．增大两杆之间的距离【考点】牛顿运动定律的综合应用；滑动摩擦力；合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】瓦滑到底部的速度较大，说明其加速度较大，即重力与摩擦力的合力较大，可以考虑通过增大摩擦力的方式来减小加速度，减小瓦滑到底部时的速度．【解答】解：由题意可知，斜面的高度及倾斜角度不能再变的情况下，要想减小滑到底部的速度就应当增大瓦与斜面的摩擦力，由f=μF N可知，可以通过增大F N来增大摩擦力；而增大瓦的块数，增大了瓦的质量，虽然摩擦力大了，但同时重力的分力也增大，不能起到减小加速度的作用，故改变瓦的块数是没有作用的，故AB错误；而增大两杆之间的距离可以增大瓦受到的两支持力的夹角，而瓦对杆的压力随夹角的增大而增大，故增大两杆间的距离可以在不增大重力分力的情况下增大瓦对滑杆的压力，从而增大摩擦力，故C错误，D正确；故选D．二．多项选择题（共6小题，每小题4分）9．一质量为2kg的质点从静止开始沿某一方向做匀加速直线运动，它的动量p随位移x变化的关系式为p=8kg•m/s，则此质点（）A．加速度为8m/s2B．2s内受到的冲量为32N•sC．在相同的时间内，动量的增量一定相等D．通过相同的距离，动量的增量也可能相等【考点】动量定理．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式和动量的表达式，结合动量随位移变化的关系式求出加速度，从而求出2s内速度的变化量，得出动量的变化量．【解答】解：A、根据v2=2ax得，v=，则动量P=mv=m，可知P=2×，解得质点的加速度为8m/s2．故A正确．B、2s内物体速度的变化量为△v=at=16m/s，则动量的变化量△P=m△v=32kg．m/s．故B 正确．C、因为相同时间内速度的变化量相同，则动量的增量一定相等．故C正确．D、因为相等位移内速度变化量不同，则动量的增加量不等．故D错误．故选：ABC10．木星是绕太阳运动的一颗行星，它有多颗卫星．若将木星绕太阳的运动和卫星绕木星的运动均视为匀速圆周运动，现要计算木星的质量，需要知道的物理量是（）A．卫星绕木星运动的周期、轨道半径及引力常量GB．卫星绕木星运动的周期、轨道半径及卫星的质量C．木星的半径、木星表面的重力加速度及引力常量GD．木星绕太阳运动的周期、轨道半径及引力常量G【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据木星的某个卫星的万有引力等于向心力，列式求解即可求出木星的质量．【解答】解：A、木星的卫星绕木星运动的周期，和木星的卫星的轨道半径，设木星质量为M，木星的卫星的质量为m，木星的卫星的周期为T，轨道为r，根据万有引力提供向心力，解得木星的质量．故A正确，B错误；C、已知木星的半径、木星表面的重力加速度及引力常量G．则由mg=，可以求出木星的质量．故C正确；D、根据万有引力提供向心力，只能求出中心天体的质量，由于木星绕太阳运动的中心天体是太阳，故D错误；故选：AC11．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示，以下说法正确的是（已知cos53°=0.6，sin53°=0.8）（）A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细绳烧断瞬间小球的加速度立即变为gD．细绳烧断瞬间小球的加速度立即变为g【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】小球静止时，分析受力情况，由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度．【解答】解：A、小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=mg，细绳的拉力大小为：T==mg，故A正确，B错误．C、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a==g．故C错误，D正确．故选：AD．12．如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为R的光滑圆环顶点P，另一端连接一套在圆环上且质量为m的小球．开始时小球位于A点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45°，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动到最低点B时的速率为v，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g．下列分析正确的是（）A．轻质弹簧的原长为RB．小球过B点时，所受的弹力为mg+mC．小球从A到B的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能D．小球运动到B点时，弹簧的弹性势能为mgR﹣mv2【考点】功能关系；胡克定律．【分析】根据几何关系求弹簧的原长．小球过B点时，由重力和弹簧弹力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出弹簧的弹力．从A运动到B的过程中，小球的机械能减小．小球受到弹簧的弹力做负功，重力做正功，根据功能关系分析能量是如何转化的．【解答】解：A、由题意知，小球位于A点时弹簧处于原长，由几何知识可知弹簧的原长为R，故A错误；B、小球过B点时，由重力和弹簧弹力的合力提供小球的向心力，根据向心力公式：F﹣mg=m，则得弹簧的弹力F=mg+m，故B正确；C、以小球和弹簧组成的系统为研究对象，在小球从A到B的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，小球重力势能减小转化为弹簧的弹性势能和小球的动能．故C错误．D、根据能量的转化与守恒：mgR=mv2+E P 得弹簧的弹性势能为：E P=mgR﹣mv2，故D正确；故选：BD13．A、B两物体分别在大小相同的水平恒力F的作用下由静止开始沿同一水平面运动，作用时间分别为t0和4t0，两物体运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两物体（）A．与水平面的摩擦力大小之比为5：12B．水平力F的最大功率之比为2：1C．水平力F对A、B两物体做功之比为2：1D．在整个运动过程中，摩擦力做功的平均功率之比为5：3【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】速度﹣时间图线与时间轴所围成的面积表示位移．根据面积比得出位移比；根据两物块做匀减速运动过程，求出匀减速运动的加速度大小之比，从而求出摩擦力大小之比；根据牛顿第二定律：两物块做匀减速运动的加速度大小之比等于合外力之比；由位移与时间之比求解平均速度之比【解答】解：A、由速度图线的斜率等于加速度，则得：匀减速运动的加速度大小之比a A：a B=：=1：1．f A=m A a A f B=m B a B在外力作用下联立解得m A：m B=5：12而匀减速运动过程中，两物体的合外力等于摩擦力，根据牛顿第二定律得：摩擦力大小之比等于质量之比，即擦力大小之比是5：12．故A正确；。
2018河北唐山二模物理试题最优WORD版
河北省唐山市2018届高三第二次模拟考试理综物理试题二、选择题：本题共8小题，每题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得3分，选对但不全的得3分，有错选或不选的得0分。
14．图示为氢原子能级示意图，己知大量处于n ＝2能级的氢原子，当它们受到某种频率的光线照射后，可辐射出6种频率的光子，下面说法中正确的是A ．n ＝2能级氢原子受到照射后跃迁到n ＝5能级B ．n ＝2能级氢原子吸收的能量为2.55eVC ．频率最高的光子是氢原子从n ＝3能级跃迁到n ＝l 能级放出的D ．波长最大的光子是氢原子从n ＝4能级跃迁到n ＝1能级放出的 15．A 、B 两球质量相同，静止在倾角为30°的斜面上。
两球之间栓接有轻弹簧。
A 球与挡板接触，B 球通过细线与斜面顶端相连，细线绷紧，系统处于静止状态。
则撤去挡板瞬间A ．弹簧弹力一定变大B ．细线拉力一定变大C ．A 球一定处于失重状态D ．B 球一定处于平衡状态16．如图所示，做爬行实验的小机器人沿四分之一圆弧形曲面，从底部O 向A 爬行，受到水平向右恒定的风力，恰以某一大小不变的速度爬行，则小机器从O 向A 爬行的过程中A ．受到的合外力大小不变B ．摩擦力方向与运动方向始终相反C ．摩擦力先变大后变小D ．曲面对小机器人的作用力大小不变17．如图所示，在水平面内存在一半径为2R 和半径为R 两个同心圆，半径为R 的小圆和半径为2R 的大圆之间形成一环形区域。
小圆和环形区域内分别存在垂直于水平面、方向相反的匀强磁场。
小圆内匀强磁场的磁感应强度大小为B 。
位于圆心处的粒子源S 沿水平面向各个方向发射速率为mqBR的正粒子，粒子的电荷量为q 、质量为m ，为了将所有粒子束缚在半径为2R 的圆形内，环形区域磁感应强度大小至少为A ．B B ．54B C ．35B D ．34B18．如图位于竖直面内的光滑轨道AB ，与半径为R 的圆形轨道底部相通，圆形轨道上部有一缺口CDE ，D 点为圆形最高点，∠COD ＝∠DOE ＝30°，质量为m 可视为质点的小球自光滑轨道AB 上某点静止下滑，由底部进入圆形轨道，通过不断调整释放位置，直到小球从C 飞出后能无碰撞的从E 进入左侧轨道，重力加速度为g 。
【高三】河北省唐山市滦县2018届高三理综上学期期中试题(含答案)
2017—2018学年度第一学期期中考试高三理综试卷注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、座位号填写在答题卡上。
2.试卷满分300分，考试时间150分钟。
3.可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Fe 56 Cu 64 Ag 108 Ba 137第Ⅰ卷（选择题共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列关于细胞的分子组成和基本结构的阐述，不正确是( )A．C、H、O、N、P是ATP、RNA共有的化学元素B．糖蛋白、载体蛋白、抗体、限制酶都是具有特异性识别能力的物质C．细胞中的无机盐主要以离子形式存在，如叶绿素中的MgD．脂质中的磷脂是构成细胞膜的重要物质，所有细胞都含有磷脂2．如图表示某植物细胞内的代谢过程，下列有关叙述不正确的是( )A．X、Y物质分别代表三碳化合物和丙酮酸B．①过程发生在线粒体基质中，②过程发生在叶绿体基质中C．①、④过程都产生[H]D．①②③④四个过程既不消耗氧气也不产生氧气3．下列是生物学中有关“一定”的说法，其中完全正确的一项是( )①人体细胞内C02的生成一定在细胞器中进行②某生物的测交后代中只有两种表现型且比例为1:1，则此生物一定只含一对等位基因③能进行光合作用的细胞一定有叶绿体,能进行有氧呼吸的细胞一定有线粒体④在真核细胞增殖的过程中，一定会发生DNA含量变化和细胞质的分裂⑤酵母菌有氧呼吸与无氧呼吸消耗等量葡萄糖时产生的CO2之比一定是3 ：1⑥某生物的测交后代中只有两种表现型且比例为1:l，则此生物一定产生两种比值相等的配子A．①②③⑤⑥ B．③④⑤⑥ C．①②⑤⑥ D．①④⑤⑥4.如图1和图2表示有丝分裂不同时期染色体与核DNA的数量关系，下列有关叙述不正确的是( )A.观察染色体形态和数目的最佳时期是图1的C～D段B. 染色单体形成的时期位于CD段C.图中BC段表示DNA正在复制D. 图1中D～E段的细胞染色体数目加倍，但核DNA含量不变5. 已知植物存在顶端优势现象，即如图将茎剪断数小时后，本来已经停止生长的侧芽又开始生长。
河北省唐山市滦南一中2017-2018学年高三上学期期初物理试卷 Word版含解析
河北省唐山市滦南一中2017-2018学年高三上学期期初物理试卷一、选择题：本题共12题，每小题5分．共60分，．每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一个选项符合题目要求，第9～12多个选项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分．1．库仑通过实验研究电荷间的作用力与距离、电荷量的关系时，先保持电荷量不变，寻找作用力与电荷间距离的关系；再保持距离不变，寻找作用力与电荷量的关系．这种研究方法常被称为“控制变量法”．下列应用了控制变量法的实验是( )A．验证机械能守恒定律B．探究力的平行四边形定则C．探究加速度与力、质量的关系D．探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：控制变量法是物理上常用的研究方法，当研究一个物理量同时与多个因素有关时，则采用此方法；如：探究加速度与力、质量的关系；分别研究加速度与力；加速度与质量的关系欧姆定律中，电流大小与电压和电阻都有关，分别研究电流与电压关系和电流与电阻的关系；焦耳定律中，导体产生的热量与电流、电阻、时间有关，研究时分别采用控制变量的方法，逐个研究热量与电流、电阻、时间的关系，从而得出结论．解答：解：A、验证机械能守恒定律采用的是重力势能的改变量等于动能的改变量，不涉及控制变量法；故A错误；B、探究力的平行四边形定则时，采用的是等效替代法；故B错误；C、探究加速度与力、质量的关系时，要分别研究加速度与力；加速度与质量的关系；故应控制变量；故C正确；D、探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律时，不需要控制变量；故D错误；故选：C．点评：此题考查物理上的研究方法，要针对实验的情况，选用合适的研究方法，当研究一个物理量同时与多个因素有关时，则采用控制变量法．2．质量为0.8kg的物体在一水平面上运动，如图a、b分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v﹣t图象，则拉力与摩擦力之比为( )A．9：8 B．4：3 C．2：1 D．3：2考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图象可求得物体的加速度，由牛顿第二定律可求得合力，不受水平拉力作用时物体的合力即为摩擦力．解答：解：物体不受水平拉力时，加速度大小为：a1===1.5m/s2；物体受到水平拉力作用时加速度大小为：a2===0.75m/s2；根据牛顿第二定律得：f=ma1；F﹣f=ma2，可得：F：f=3：2故选：D．点评：图象在物理学中具有非常重要的地位，本题将图象与牛顿第二定律相结合，是道好题．3．某同学参加学校运动会立定跳远项目比赛，起跳直至着地过程如图，测量得到比赛成绩是2.5m，目测空中脚离地最大高度约0.8m，忽略空气阻力，则起跳过程该同学所做功约为( )A．65J B．350J C．700J D．1250J考点：功能关系．分析：运动员做抛体运动，从起跳到达到最大高度的过程中，竖直方向做加速度为g的匀减速直线运动，水平方向做匀速直线运动，根据竖直方向求出运动时间和起跳时竖直方向的速度，根据水平方向求出水平速度，根据速度的合成原则求出合速度，再根据动能定理即可求解．解答：解：运动员做抛体运动，从起跳到达到最大高度的过程中，竖直方向做加速度为g 的匀减速直线运动，则t==0.4s，竖直方向初速度v y=gt=4m/s水平方向做匀速直线运动，则v0==3.125m/s，则起跳时的速度v==5.07m/s设中学生的质量为50kg，根据动能定理得：W=mv2=×50×25.7=642J；最接近700J故选：C点评：本题的关键是正确处理运动员的运动过程，知道运动员做抛体运动，竖直方向做加速度为g的匀减速直线运动，水平方向做匀速直线运动；同时要注意明确题目中只要求求出最接近的．4．如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力( )A．方向向左，大小不变B．方向向左，逐渐减小C．方向向右，大小不变D．方向向右，逐渐减小考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．专题：整体法和隔离法．分析：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法．1、整体法：整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力（内力）．整体法的优点：通过整体法分析物理问题，可以弄清系统的整体受力情况和全过程的受力情况，从整体上揭示事物的本质和变体规律，从而避开了中间环节的繁琐推算，能够灵活地解决问题．通常在分析外力对系统的作用时，用整体法．2、隔离法：隔离法是指对物理问题中的单个物体或单个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把要分析的物体从相关的物体体系中隔离出来，作为研究对象，只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力，不考虑研究对象对其他物体的作用力．隔离法的优点：容易看清单个物体的受力情况或单个过程的运动情形，问题处理起来比较方便、简单，便于初学者使用．在分析系统内各物体（或一个物体的各个部分）间的相互作用时用隔离法．本题中两物体相对静止，可以先用整体法，整体受重力、支持力和向后的摩擦力，根据牛顿第二定律先求出整体加速度，再隔离物体B分析，由于向前匀减速运动，加速度向后，故合力向后，对B物体受力分析，受重力、支持力和摩擦力作用，根据牛顿第二定律，可以求出静摩擦力的大小．解答：解：A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动，对A、B整体根据牛顿第二定律有然后隔离B，根据牛顿第二定律有f AB=m B a=μm Bg 大小不变，物体B做速度方向向右的匀减速运动，故而加速度方向向左，摩擦力向左；故选A．点评：对于连接体问题可以用整体法求加速度，用隔离法求解系统内力！5．如图所示，汽车用跨过定滑轮的轻绳拉动物块A．汽车匀速向右运动，在物块A到达滑轮之前，关于物块A的下列说法正确的是( )A．将竖直向上做匀速运动B．将处于超重状态C．将处于失重状态D．将竖直向上先加速后减速考点：运动的合成和分解；超重和失重．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于A的速度，根据A的运动情况得出A的加速度方向，得知物体运动情况解答：解：设绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于A的速度，根据平行四边形定则得，v A=vcosθ，车子在匀速向右的运动过程中，绳子与水平方向的夹角为θ减小，所以A的速度增大，A做加速上升运动，且拉力大于重物的重力，故ACD错误，B正确，故选：B．点评：解决本题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度．6．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为u=20sin100πt（V）氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有( )A．开关接通后，氖泡的发光频率为50HzB．开关接通后，电压表的示数为100VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后，变压器的输出功率不变考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．解答：解：A、交变电压的频率为=50Hz，一个周期内电压两次大于100V，即一个周期内氖泡能两次发光，所以其发光频率为100Hz，所以A项错误；B、由交变电压的瞬时值表达式知，原线圈两端电压的有效值为20V，由电压与匝数成正比得副线圈两端的电压为U2=100V，电压表的示数为交流电的有效值，所以B项正确；C、开关断开前后，输入电压不变，变压器的变压比不变，故输出电压不变，所以C项错误；D、断开后，电路消耗的功率减小，输出功率决定输入功率，所以D项错误．故选：B．点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．7．如图，一正方形闭合线圈，从静止开始下落一定高度后，穿越一个有界的匀强磁场区域，线圈上、下边始终与磁场边界平行．自线圈开始下落到完全穿越磁场区域的过程中，线圈中)的感应电流I、受到的安培力F及速度v随时间t变化的关系，可能正确的是(．C D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与图像结合．分析：分析导体框进入磁场后所做的可能的运动，进行判断和选择．安培力在电磁感应现象中是阻力，总与导体相对于磁场的运动方向相反，安培力大小与速度成正比，根据牛顿第二定律分析线框加速度的变化情况，就判断速度图象斜率的变化情况．解答：解：A、若导体框进入磁场后安培力与重力平衡而做匀速直线运动，感应电流保持不变，完全进入磁场后，磁通量不变，没有感应电流产生，穿出磁场的过程中，由于速度大于进入时的速度，线框所受的安培力大于重力，线框将做减速运动，速度减小，安培力也减小，线框的加速度也减小，电流减小变慢，斜率变小．而且穿出与进入磁场两个过程磁通量变化情况，产生的感应电流方向相反，所以A是可能的．故A正确．B、线框下落过程中，受到的安培力总是阻力，与线框的运动方向相反，则进入和空出磁场过程安培力方向相同，符号相同．故B错误．CD、线框进入磁场过程，若重力大于安培力，线框将做加速运动，随着速度的增大，安培力增大，加速度将减小，速度图象的斜率将减小．故CD均错误．故选：A点评：本题关键要有分析线框的受力情况和运动情况的能力，抓住安培力是阻力，其方向总与导体相对于磁场的速度成正比是关键．8．一轻杆BO，其O端用光滑铰链固定在竖直轻杆AO上，B端挂一重物，且系一细绳，细绳跨过杆顶A处的光滑小滑轮，用力F拉住，如图所示．现将细绳缓慢往左拉，使杆BO 与杆AO间的夹角θ逐渐减小，则在此过程中，拉力F及杆BO所受弹力F N的大小变化情况是( )A．F N先变小，后变大B．F N始终不变C．F先变小，后变大D．F始终不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F和F N与边长AB、AO、BO及物体重力的关系，再分析F、F N的变化情况．解答：解：设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力F N与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2F N B∽△ABO得：=得到：F N=G式中，BO、AO、G不变，则F N保持不变．同理：=得到：F=G，式中，AO、G不变，但是AB逐渐减小，所以F逐渐变大．故B正确，ACD错误；故选：B点评：本题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，是常用的思路．9．两个带等量正电荷的小球（可视为点电荷）固定在图中a、b两点，MN为ab连线的中垂线，交直线ab于O点，A为MN上的一点．取无限远处的电势为零．一带负电的试探电荷q，仅在静电力作用下运动，则( )A．若q从A点由静止释放，其将以O点为对称中心做往复运动B．若q从A点由静止释放，其在由A点向O点运动的过程中，加速度先增大后减小C．q由A点向O点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐增大D．若在A点给q一个合适的初速度，它可以做匀速圆周运动考点：电场线；电场强度．分析：根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷q的受力情况，确定其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．解答：解：A、电场强度在MN上是对称分布的，故根据电场力做功可知，其将以O点为对称中心做往复运动；故A正确．两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中a、b连线的中垂线MN上，设任意点P到O的距离是x，a到O的距离是，则a在P产生的场强：．在a、b连线的中垂线MN上的分量：展开得：由三项式定理：得由于故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动时的电场力逐渐减小，加速度一直减小，故B错误．C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，电势能逐渐减小，故C错误．D、负电荷在A点受到的电场力的方向竖直向下，根据等量同种点电荷的电场分布的空间对称性可知，若在A点给q一个合适的初速度，使它在A点受到的电场力恰好等于向心力，它可以在与两个电荷的连线垂直的平面内做匀速圆周运动，故D正确．故选：AD点评：本题考查静电场的基本概念．关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析．10．有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则( )A．a的向心加速度等于重力加速度gB．在相同时间内b转过的弧长最长C．c在4 h内转过的圆心角是D．d的运动周期有可能是20h考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据a=ω2r比较a与c的向心加速度大小，再比较c的向心加速度与g的大小．根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速度与半径的关系，分析弧长关系．根据开普勒第三定律判断d与c的周期关系．解答：解：A、同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=ω2r知，c的向心加速度大．由，得g=，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g．故A错误；B、由，得v=，卫星的半径越大，线速度越小，所以b的线速度最大，在相同时间内转过的弧长最长．故B正确；C、c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是．故C正确；D、由开普勒第三定律=k知，卫星的半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期24h．故D错误；故选：BC．点评：对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点．11．如图，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计．开始时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时，C恰好离开地面．下列说法正确的是( )A．斜面倾角α=30°B．A获得的最大速度为gC．C刚离开地面时，B的加速度为零D．从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒考点：共点力平衡的条件及其应用；机械能守恒定律．分析：（1）C刚离开地面时，弹簧的弹力等于C的重力，根据牛顿第二定律知B的加速度为零，B、C加速度相同，分别对B、A受力分析，列出平衡方程，求出斜面的倾角．（2）A、B、C组成的系统机械能守恒，初始位置弹簧处于压缩状态，当B具有最大速度时，弹簧处于伸长状态，根据受力知，压缩量与伸长量相等．在整个过程中弹性势能变化为零，根据系统机械能守恒求出B的最大速度，A的最大速度与B相等．解答：解：A、A刚离开地面时，对A有：kx2=mg此时B有最大速度，即a B=a C=0则对B有：T﹣kx2﹣mg=0对A有：4mgsinα﹣T=0以上方程联立可解得：sinα=，α=30°故A正确；B、初始系统静止，且线上无拉力，对B有：kx1=mg由上问知x1=x2=，则从释放至A刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零；此过程中A、B、C组成的系统机械能守恒，即：4mg（x1+x2）sinα=mg（x1+x2）+（4m+m）v Bm2以上方程联立可解得：v Bm=2g所以A获得最大速度为2g，故B错误；C、对B球进行受力分析可知，刚释放A时，B所受合力最大，此时B具有最大加速度，故C错误；D、从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B、C及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误．故选：A．点评：本题关键是对三个物体分别受力分析，得出物体B速度最大时各个物体都受力平衡，然后根据平衡条件分析；同时要注意是那个系统机械能守恒．12．如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向运动，一物体以水平速度v2从右端滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，此时速率为v2′，则下列说法正确的是( )A．若v1＜v2，则v2′=v1B．若v1＞v2，则v2′=v2C．不管v2多大，总有v2′=v2D．只有v1=v2时，才有v2′=v2考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：传送带专题．分析：物体由于惯性冲上皮带后，受到向右的滑动摩擦力，减速向左滑行，之后依然受到向右的滑动摩擦力，会继续向右加速，然后分v1大于、等于、小于v2三种情况分析．解答：解：由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：①如果v1＞v2，物体会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v′2=v2；②如果v1=v2，物体同样会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v′2=v2；③如果v1＜v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v′2=v1；故选AB．点评：本题关键是对于物体返回的过程分析，物体可能一直加速，也有可能先加速后匀速运动．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第13-16题为必考题，每个试题考生都必须作答．第17-19题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共4题，45分）13．“动能定理”和“机械能守恒定律”是物理学中很重要的两个力学方面的物理规律．某同学设计了如图1所示的实验装置，一个电磁铁吸住一个小钢球，当将电磁铁断电后，小钢球将由静止开始向下加速运动．小钢球经过光电门时，计时装置将记录小钢球通过光电门所用的时间t，用直尺测量出小钢球由静止开始下降至光电门时的高度h．（1）该同学为了验证“动能定理”，用游标卡尺测量了小钢球的直径，结果如图2所示，他记录的小钢球的直径d=1.030cm．（2）该同学在验证“动能定理”的过程中，忽略了空气阻力的影响，除了上述的数据之外是否需要测量小钢球的质量不需要（填“需要”或“不需要”）．（3）如果用这套装置验证机械能守恒定律，下面的做法能提高实验精度的是AC．A．在保证其他条件不变的情况下，减小小球的直径B．在保证其他条件不变的情况下，增大小球的直径C．在保证其他条件不变的情况下，增大小球的质量D．在保证其他条件不变的情况下，减小小球的质量．考点：探究功与速度变化的关系；验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺先读主尺再读出游标尺，游标尺不估读；（2）由动能定理表达式可知质量会被消掉；（3）从实验的测量原理可判定各个选项．解答：解：（1）由图示游标卡尺可知，其示数为10mm+6×0.05mm=10.30mm=1.030 cm．（2）该同学在验证“动能定理”的过程中，需要验证的表达式为：mgh=mv2可知，实验不需要测量小钢球的质量．（3）实验方案为：以小球通过光电门的时间得到小球的平均速度，以此来表示瞬时速度v=，然后验证：mgh=mv2，即gh=v2是否成立，由此验证机械能守恒，AB、小球的直径越小v越精确，故A正确，B错误．CD、由于实际存在阻力故：mgh﹣fh=mv2，即：gh﹣=v2．可知所以质量越大，这一项越小，精确性越高，故C正确，D错误．故选：AC故答案为：（1）1.030 （2）不需要（3）AC点评：本题难点在于第三问，要明确实验的原理，综合不考虑空气阻力和考虑空气阻力两种情况，分别列动能定理来讨论．14．2014年诺贝尔物理学奖授予三名日裔科学家，以表彰他们在发现新型高效、环境友好型光源方面所作出的贡献﹣﹣三位获奖者“发明的高效蓝色发光二极管（LED）带来了明亮而节能的白色光源”．某实验小组要精确测定额定电压为3V的LED 灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约300Ω，电学符号与小灯泡电学符号相同．实验室提供的器材有：A．电流表A1（量程为15mA，内阻R A1约为10Ω）B．电流表A2（量程为2mA，内阻R A2=20Ω）C．定值电阻R1=10ΩD．定值电阻R2=1980ΩE．滑动变阻器R（0至20Ω）一只F．电压表V（量程为6V，内阻R V约3kΩ）G．蓄电池E（电动势为4V，内阻很小）F．开关S一只（1）要完成实验，除蓄电池、开关、滑动变阻器外，还需选择的器材有ABD（填写器材前的字母编号）．（2）画出实验电路图．（3）写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式R x=，I1、I2分别为电流表A1、A2的读数（说明式中题目未给出的各字母的意义）．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．LED灯的额定电压为3V，题目所给的电压表量程太大，测量不准确，需通过电流表和定值电阻改装为电压表，因为通过LED的电流较小，可以用题目中的电压表当电流表使用．根据闭合电路欧姆定律求出LED正常工作时的电阻，根据欧姆定律得出LED电压为3V时，电流表的电流．解答：解：（1）要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于电压表的量程偏大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量LED两端的电压，可以将电流表A2与定值电阻R2串联改装为电压表测量电压；LED灯正常工作时的电流大约在6mA左右，故电流表选A；因为滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．滑动变阻器选择小电阻；故选：D；（2）根据（1）的分析可知，应采用分压接法，电流表采用外接法；原理图如下；（3）根据闭合电路欧姆定律知，灯泡两端的电压U=I2（R+R A2），通过灯泡的电流I=I1﹣I2，所以LED灯正常工作时的电阻R X==因为改装后的电压表内阻为1985+15Ω=2000Ω，则当I2=1.5mA时，LED灯两端的电压为3V，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻．故答案为：（1）ABD（2）如图（3），I1、I2分别为电流表A1、A2的读数。
专题6：追击相遇问题
微专题6：追击相遇问题 班级 姓名 分数（限时40分钟，每题6分，1-9单选，10-12计算，每题15分）1．某同学以校门口为原点，正东方向为正方向建立坐标系，记录了甲、乙两位同学的位置－时间(s －t )图线，如图所示，下列说法中正确的是( )A ．在t 1时刻，甲的速度为零，乙的速度不为零B ．在t 2时刻，甲、乙速度可能相同C ．在t 2时刻，甲、乙两同学相遇D ．在t 3时刻，乙的速度为零、加速度不为零2.平直公路上的甲车以10m /s 的速度做匀速直线运动，乙车静止在路面上，当甲车经过乙车旁边时，乙车立即以大小为1 m/s 2的加速度沿相同方向做匀加速运动，从乙车加速开始计时，则( )A.乙车追上甲车所用的时间为10sB.乙车追上甲车所用的时间为20sC.乙追上甲时，乙的速度是15m/sD.乙追上甲时，乙的速度是10m/s3．如图所示，A 、B 两物体相距s ＝7 m ，物体A 以vA ＝4 m /s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B ＝10 m/s ，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a ＝－2 m/s 2，那么物体A 追上物体B 所用的时间为( )A ．7 sB ．8 sC ．9 sD ．10 s4．(2017·湖南五校联考)如图所示，质量均为1kg 的两个物体A 、B 放在水平地面上，相距7m ，它们与水平地面间的动摩擦因数均为μ＝0.2。
现使它们分别以初速度v A ＝6m/s 和v B ＝2m/s 同时相向运动，不计物体的大小，g 取10m/s 2。
则( )A ．它们经过(3＋3)s 相遇B ．它们经过4－22s 相遇C ．它们在距离物体A 出发点5.25m 处相遇D ．它们在距离物体A 出发点6m 处相遇5．(2017·湖南邵阳一中月考)一个步行者以6m/s 的速度匀速追赶一辆被红灯阻停的汽车，当他距离汽车25m 时，绿灯亮了，汽车以1m/s 2的加速度匀加速启动前进，下列结论正确的是( )A ．人能追上汽车，追赶过程中人跑了36mB ．人不能追上汽车，人车最近距离是7mC ．人能追上汽车，追上前人共跑了43mD ．人不能追上汽车，且汽车开动后人车相距越来越远6．大雾天发生交通事故的概率比平常要高出几倍甚至几十倍，保证雾中行车安全显得尤为重要．在雾天的平直公路上，甲、乙两汽车同向匀速行驶，乙在前，甲在后．某时刻两车司机听到警笛提示，同时开始刹车，结果两车刚好没有发生碰撞．如图所示为两车刹车后匀减速运动的v －t 图象，以下分析正确的是( )A ．甲车刹车的加速度的大小为0.5 m/s 2B ．两车开始刹车时的距离为100 mC ．两车刹车后间距一直在减小D ．两车都停下来后相距25 m7．a 、b 两车在平直公路上沿同方向行驶，其v －t 图象如图所示，在t＝0时，b 车在a 车前方s 0处，在0～t 1时间内，a 车的位移为s ，下列说法正确的是( )A ．若a 、b 在t 1时刻相遇，则s 0＝s 3B ．若a 、b 在t 12时刻相遇，则下次相遇时刻为2t 1 C ．若a 、b 在t 12时刻相遇，则s 0＝s 2D ．若a 、b 在t 1时刻相遇，则下次相遇时刻为2t 18．自行车和汽车同时驶过平直公路上的同一地点，此后其运动的v－t图象如图所示，自行车在t＝50 s时追上汽车，则()A．汽车的位移为100 m B．汽车的运动时间为20 sC．汽车的加速度大小为0.25 m/s2 D．汽车停止运动时，二者间距最大9．甲、乙两车从同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化图象如图所示．关于两车的运动情况，下列说法正确的是()A．在0～4 s内甲车做匀加速直线运动，乙车做匀减速直线运动B．在0～2 s内两车间距逐渐增大，2～4 s内两车间距逐渐减小C．在t＝2 s时甲车速度为3 m/s，乙车速度为4.5 m/sD．在t＝4 s时甲车恰好追上乙车10．如图所示，一汽车停在小山坡底，突然司机发现在距坡底240 m的山坡处泥石流以8 m/s 的初速度、0.4 m/s2的加速度匀加速倾泄而下，假设泥石流到达坡底后速率不变，在水平地面上做匀速直线运动．已知司机的反应时间为1 s，汽车启动后以0.5 m/s2的加速度一直做匀加速直线运动．试分析汽车能否安全脱离？11．(2018·福建省漳州市高三上学期期末)如图，甲、乙两同学在某游乐场同一平直的滑冰道游戏，开始时乙在前面的小旗处，甲在后面与小旗相距L＝10m处。
最新-河北省唐山市重点高中2018学年第一学期高三物理
唐山市重点高中2018~2018高三物理期末大演练（9）命题单位：唐山市区教研室 校对制卷单位：唐山市教研中心本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分150分。
考试时间120分钟。
第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、本题共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确， 全部选对的得4分，选不全的得2分，有选 错或不答的得0分。
1．以下哪些现象与原子核的变化有关（ ）A ．α粒子散射B ．光电效应C ．天然放射性D ．热核反应 2．根据热力学第二定律，可知下列说法正确的是（ ） A ．不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化。
B ．在各种形式的能相互转化过程中产生的内能，大部分被环境所吸收，对这部分内能，我们可以利用先进的技术手段再将其回收，并使之全部转化为电能，机械能等便于 利用的利用的能量形式。
C ．利用浅层海水和深层海水的温度差，设计一热机使海水中蕴藏的内能为人类所利用， 这一设想在原理上是可行的。
D ．致次系统能将冰箱里的热量传给外界较高温度的空气中而不引起其他变化。
3．如图所示，为波源开始振动后经过一个周期的波形图，设介质中质点振动周期为T=s 2.0， 则下列说法中正确的是 （ ）A ．若O 点为波源，则波速大小为40m/s ，方向沿x 轴负方向B ．若O 点为波源，则O 点开始振动时的方向向下C ．若Q 点为波源，则P 质点已振动了0.15sD ．若Q 点为波源，则P 质点运动的路程为1m4．如图所示，P 、Q 是两个电量相等的正的点电荷，它们连线的中点是O 、A 、B 是中垂线 上的两点，OB OA <，用E A 、E B 、A ϕ、B ϕ分别表示A 、B 两点的场强和电势，则（ ） A ．E A 一定大于E B ，A ϕ一定大于B ϕB ．E A 不一定大于E B ，A ϕ一定大于B ϕC ．E A 一定大于E B ，A ϕ不一定大于B ϕD ．E A 不一定大于E B ，A ϕ不一定大于B ϕ5．如图所示，光滑管形圆轨道半径为R （管径远小于R ），两相 同小球a 、b 质量均为m ，其直径略小于管径，能在管中无摩擦运动。
最新-河北省唐山市重点高中2018学年第一学期高三物理
唐山市重点高中2018~2018高三物理期末大演练（6）命题单位：唐山市区教研室校对制卷单位：唐山市教研中心一、选择题( 本题共12小题：每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．一物体静止在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于（）A．物体势能的增加量B．物体动能的增加量C．物体动能的增加量加上物体势能的增加量D．物体动能的增加量加上克服重力所做的功2．行驶中汽车制动后滑行一段距离，最后停下；流星在夜空中坠落并发出明亮的光焰；降落伞在空中匀速下降；条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流。
上述不同现象所包含的相同的物理过程中（）A．物体克服阻力做功B．物体的动能转化为其他形式的能量C．物体的势能转化为其他形式的能量D．物体的机械能转化为其他形式的能量3．质量为m的子弹以速度v水平射入放在水平光滑平面上、质量为M的木块中而不穿出，则（）A．子弹动能的减少量与子弹克服木块对它的阻力做的功相等B．子弹克服阻力做的功，等于子弹与木块组成的系统的机构能的减少C．阻力对子弹做的功与木块所受推力对木块做的功相等D．子弹机械能的损失等于木块获得的动能与木块组成系统增加的内能之和4．把一个筛子用四根弹簧支起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子一个策动力，这就做成了一个共振筛。
筛子在做自由振动时，完成20次全振动用15秒，在某电压下，电动偏心轮转速是88转／分。
已知，如果增大电压，可以使偏心轮转速提高，增加筛子质量，可以增大筛子的固有周期。
那么，要使筛子的振幅增大，下列哪些做法是正确的：（）A．提高输入电压B．降低输入电压C．增加筛子质量D．减少筛子质量5．如图7—4所示，沿波的传播方向上有间距均为1m的六个质点a、b、c、d、e、f，均静止在各自的平衡。
《解析》河北唐山市2018届高三上学期期末考试物理试题 Word版含解析【 高考】
河北省唐山市2018届高三上学期期末考试理综物理试题1. 1998年6月18日，清华大学对富康轿车成功地进行了中国轿车史上的第一次碰撞安全性实验，成功“中华第一撞”，从此，我国汽车整体安全性碰撞实验开始与国际接轨，在碰撞过程中，关于安全气囊的保护作用认识正确的是A. 安全气囊的作用减小了驾驶员的动量变化B. 安全气囊减小了驾驶员受到撞击力的冲量C. 安全气囊主要是减小了驾驶员的动量变化率D. 安全气囊延长了撞击力的作用时间，从而使得动量变化更大【答案】C【解析】在碰撞过程中，人的动量的变化量是一定的，而用安全气囊后增加了作用的时间，根据动量定理Ft=∆P可知，可以减小驾驶员受到的冲击力，即是减小了驾驶员的动量变化率，故选C.2. 随着科学技术的发展，具有自主知识产权的汽车越来越多；现有两辆不同型号的电动车甲乙，在同一平直公路上，从同一地点，朝相同的方向做直线运动，它们的v-t图像如图所示，则A. 两车加速阶段的加速度大小之比为3:1B. 乙车追上甲的时刻为15s末C. 乙刚出发时，甲车在其前方25m处D. 15s后两车间距开始逐渐增大【答案】C；则两车加速阶段的加速度大小之比为2:1，选项A错误；15s末两车速度相等，此时有图像可知，甲车的位移大于乙车，两车没相遇，选项B错误；乙刚出发C正确；15s前甲车的速度大于乙车，两车距离逐渐变大；15s后乙车的速度超过甲车，两车间距逐渐减小，选项D错误；故选C.点睛：本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．3. 近日，美国南加州森林大火让消防飞机再次进入人们的视线，美国使用了大量消防直升机；在一次扑灭森林火灾时，直升机取完水，直奔火场，此时飞机正拉着水箱水平前进，绳子明显偏离竖直方向向后；忽略水箱所受空气阻力，下列说法正确的是A. 绳子的拉力等于水箱的重力B. 飞机正值向前匀速飞行C. 飞机正向前减速飞行D. 飞机正向前加速飞行【答案】D【解析】设绳子与竖直方向夹角为θ，则对水箱受力分析，可知mgtanθ=ma子的拉力大于水箱的重力，选项A错误；飞机的加速度向前，即分析正向前做加速运动，故选项D正确，BC错误；故选D.4. 以与竖直墙面垂直大小为v0=7.5m/s的速度抛出的一个弹性小球A，抛出点离水平地面的高度为h=3.2m，距离墙壁的水平距离为s；小球与墙壁发生碰撞后，竖直分速度不变，水平速度大小不变，方向反向，落在水平地面上，落地点距离墙壁的水平距离为2s；若重力加速度取10m/s2，则s的大小为A. 1.8mB. 2.0mC. 2.2mD. 36.m【答案】B【解析】根据对称以及平抛运动的规律，物体运动的轨迹等效物体做平抛运动，物体落地的3s=v0t=6m，则s=2m，故选B.5. 如图所示，一理想变压器的原线圈匝数n1为1000匝，所加电压为U=220V，串联了一个阻值为r=4Ω的电阻；副线圈接入电路的匝数n2可以通过滑动变阻器滑动触头Q调节，副线圈接有电阻R=9Ω相当于变压器在原线圈电路中的电阻，当n2取下列哪个值时，R消耗的功率最大A. 2000匝B. 1500匝C. 600匝D. 400匝【答案】B6. 荷兰“MardOne”研究所推出了2023年让志愿者登陆火星、建立人类聚居地的计划，2013年该机构将通过电视真人秀的方式招募首批4名志愿者，并与2024年前往火星，登陆火星需经历如图所示的变轨过程，已知引力常数为G，则县列说法正确的是A. 飞船在轨道上运动时，运行的周期TⅢ> TⅡ> TⅠB. 飞船在轨道Ⅰ上的机械能大于在轨道Ⅱ的机械能C. 飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点朝速度方向喷气D. 若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度【答案】ACDTⅢ> TⅡ> TⅠ，选项A正确；飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点朝速度方向喷气，从而使飞船减速到达轨道Ⅰ，则在轨道Ⅰ上机械能小于在轨道Ⅱ的机械能，选项B错误，C正确；根据即若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度，选项D正确；故选ACD.点睛：此题关键要知道卫星的变轨措施，从高轨道进入低轨道要制动减速，从低轨道进入高轨道要加速点火.7. 如图所示两个不等量异种点电荷，q1小于q2在两电荷连线的中垂线上存在a、b两点，a、b 关于连线的中点O对称，两点的电场强度分别为E a、E b，电势分别为φa、φb，则：A. E a=E bB. φa=φbC. 从a到O电场强度一直减小D. 从O到b电势一直降低【答案】BD【解析】由对称可知，两点的电场强度大小相等，但方向不同，则两点场强不同，选项A错误；两点的电势相同，即φa=φb，选项B正确；在距离两电荷中垂线的无穷远处场强为零，在两电荷连线的中点处场强等于两电荷在该点形成电场的差值，则在从a到O之间的场强可能先增后见，选项C错误；由电势的叠加可知，Ob连线上的电势主要由+q2决定，则从O到b 电势一直降低，选项D正确；故选BD.点睛：此题关键要知道场强和电势的叠加原理；场强叠加满足平行四边形，是矢量和，而电势叠加是代数和.8. 如图所示，M/N为两个同心金属圆环，半径分别为R1和R2之间存在沿金属环半径方向的电场，N环内存在着垂直环面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，N环上有均匀分布的6个小孔，从M的内侧边缘由静止释放一个质量为m，电荷量为+q的粒子（不计重力），经电场加速后通过小孔射入磁场，经过一段时间，粒子再次回到出发点，全程与金属环无碰撞；则MN 间电压满足的条件D.【答案】AC点睛：此题关键是要搞清粒子在电场和磁场中的运动规律，根据圆周运动规律及几何关系找到圆心角及半径值即可解答.9. 某课外兴趣小组，在研究合外力做功与速度变化关系的实验中，做了如下实验；如图所示，A物体的质量为M，B物体的质量为m；固定斜面顶端有一光滑定滑轮，A、B通过细绳连接；A物体上固定一遮光片，斜面底端有一光电计时器（未完全画出）可以记录遮光片通过光电门的时间t；通过刻度尺可测量物块A到光电门初始距离L;A物体与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力；开始时A可以恰好沿斜面匀速下滑，剪断细线后，A下滑；（1）用游标卡尺测得遮光片宽度d，如图所示，读数为______mm；（2）物块A通过光电门的速度v=________；（3）多次改变物块A与光电门的初始距离L，测得遮光片对应通过光电门的时间t，做出L-1/t2图像，则下列图像与实际相符的是_____【答案】(1). （1）2.0mm (2). （2(3). （3）A【解析】（1）用游标卡尺测得遮光片宽度d为：2mm+0.1mm×0=2.0mm；（2）物块A通过光电门的速度（3L-1/t2图像是过原点的直线，故选A.10. 如图所示的电路中，电动势为E,电源内阻为r，电表均为理想电表；某研究性学习小组利用该电路研究了滑动变阻器R L消耗的电功率；研究小组先通过控制开关和滑动变阻器测出了R的阻值；（1）按电路图连接实物图________；（2）首先，快开开关S1、S2；滑动变阻器滑片放在____（选填“a”或“b”）端，然后闭合开关S1，调节滑片位置得到多组U、I数据，在U-I坐标系中画出图线；（3）再闭合开关S2，调节滑片位置得到多组UI数据，在U-I坐标系中画出另一条图线___（选填“Ⅰ”或“Ⅱ”）（4）根据图像数据计算出电阻R=___Ω.【答案】(1). （1）如图所示；(2). （2）a左(3). （3）Ⅱ(4). （4） 6Ω【解析】（1）如图所示；（2）开始时，滑动变阻器应处于电阻最大的位置，即滑片放在a端；（3）将R和R0均可看做电源的内阻，当S2闭合后，电源的内阻减小，则U-I图像的斜率减小，则此时的U-I图像对应的是Ⅱ；R=6Ω.11. 两根固定于同一竖直平面内的光滑金属导轨AB和CD，两根导轨在E点接触良好，与竖直方向夹角相同，E为两导轨的中点，AE=AC=L，整个装置处于垂直导轨平面向里的足够大的云强磁场中，磁感应强度为B，金属棒ef质量为m，长为L，电阻为R,其他电阻不计，从AC处以初速度v0保持水平下滑，一直加速运动，金属棒ef始终与两导轨接触良好，运动到BD端时，速度为v，重力加速度为g，求；（1）金属棒ef最小加速度；（2）金属棒爱导轨上运动的过程中产生的焦耳热.【答案】（1）a max=g（2【解析】（1）金属棒ef运动到BD端时，加速度最小E=BLvI=E/RF=BIL由牛顿第二定律得mg-F=ma maxa max=g(2) 金属棒ef从AC端运动到BD端下降了hh=2L sin60°由能量守恒得mgh2-02+QmgL-20212. 如图所示，可看做质点的物体A、B静止于长方体平台C上，A距平台右端x1=1.64m，B 距平台左端x2=1.5m，且A、B间夹有少许炸药；物体A的质量m1=2kg，物体B的质量m2=2kg，平台C的质量m3=1kg；两物体与平台之间的动摩擦因数均为μ=0.1；平台C的上表面与地面的高度差为H=2.4m；紧靠平台左端有一与平台等高的斜面体D，底边长L=0.6m，C、D分别为置于足够长的光滑的水平轨道上；某时刻，使炸药沿轨道方向定向爆破，有8J的化学能瞬间转化为两物体的动能，使得A、B两物体在平台C上水平运动，重力加速度取g=10m/s2；（1）炸药爆炸瞬间AB获得的速度大小；（2）B物体从炸药爆炸至落到D上所需的时间；（3）B刚落到斜面上时，A的水平位移大小.【答案】（1）v1=2m/s；v2=2m/s（2）1.4s（3）1.84m【解析】(1)A、B分离过程中动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律和能量守恒可得：0= m1v1－m2v2解得v1=2m/s；v2=2m/s(2) B运动到平台左端的过程中，平台始终处于平衡状态，由牛顿第二定律和运动学规律可得：μm2g=m2a2解得v2′=1m/s，t1=1s如图所示，设物块落到斜面上时水平位移为x，竖直位移为y，则：由平抛运动的规律得：x＝ v2′t2y22解得：t2＝0.4 st总= t1＋t2=1.4s(3) A向右运动t1=1s的过程中，由牛顿运动定律和运动学规律，可得（与B运动同理可得）：μm1g=m1a1解得v1′=1m/s，x A1=1.5m此前C静止，此后C运动。
河北省唐山市滦县二中2017-2018学年高二上学期期中考试物理(理)试题Word版含解析
河北省唐山市滦县第二中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题（理）一、单项选择题（10小题）1. 两个分别带有电荷量－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A. B. C. D. 12F【答案】C【解析】根据库仑定律可得，当两者接触后，都带上了等量同种电荷，电荷量为，故库仑力变为，故B正确．2. 关于电荷量，下列说法错误的是( )A. 物体带的电荷量可以是任意值B. 物体带的电荷量只能是某些特定的值C. 物体带电荷量的最小值为D. 一个物体带的正电荷，这是它失去了1个电子的缘故【答案】A【解析】试题分析：物体所带的电荷量只能是某些特定的值，即物体所带的电荷量只能是元电荷电量的整数倍，故A错误，B正确；自然界最小的电荷量是，故C正确；物体原来中性，失去电子后带正电．物体带的正电荷，说明失去了的电子，电子的数目为，即失去了1个电子，故D正确.本题选错误，故选A.【点睛】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷3. 电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为和，电势分别为和，则（）A.B.C.D.【答案】C【解析】试题分析：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故C正确，ABD错误。
考点：电场线、电场强度、电势【名师点睛】此题是对电场强度及电场线电势问题的考查；要知道电场线的疏密反映电场强度的大小，电场线的切线方向表示场强的方向；一条电场线是不能反映电场线的疏密的；电场强度和电势两者之间无直接关系，故电势高的点场强不一定大，电势为零的点场强不一定为零；电势降落陡度最大的方向是场强的方向．4. 两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞合起来，然后给它们分别加相同电压后，则在同一时间内通过它们的电荷量之比为( )A. 1∶4B. 1∶8C. 1∶16D. 16∶1【答案】C【解析】试题分析：设原来的电阻为R，其中的一根均匀拉长到原来的2倍，横截面积变为原来的，根据电阻定律R=ρ，电阻R1=4R，另一根对折后绞合起来，长度减小为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律R=ρ，电阻R2=R，则两电阻之比为16：1．电压相等，根据欧姆定律，电流比为1：16，根据q=It知相同时间内通过的电量之比为1：16．故C正确，A、B、D错误。
河北省唐山市高三理综上学期期中试题(无答案)
河北省唐山市2018届高三理综上学期期中试题（无答案）第Ⅰ卷(选择题，共126分)一、选择题(本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
)1．细胞是生物体结构和功能的基本单位．对下图有关叙述正确的是（ ）A ．只有图A 和D 是自养型生物，两者细胞结构上最主要区别是后者无相关细胞器B ．图A 和图C 代表的细胞一般都有细胞壁，且成分相同C ．图A 、B 、C 、D 都有核物质，但C 、D 没有染色体D ．图A 、B 、C 、D 代表的生物都能合成蛋白质，但合成的场所不同2．分析下表中的实验，错误的是( )3．如图为细胞膜流动镶嵌模型，下列叙述错误的是( )A ．③是磷脂双分子层，构成了细胞膜的基本支架B ．①是糖蛋白，参与细胞间的识别、免疫、信息传递C ．适当提高温度将加快②和③的运动速度D ．细胞膜的选择透过性与②无关，与③有关4. 右图为大豆叶片光合作用暗反应阶段的示意图，下列叙述正确的是( )A ．CO 2的固定实质上是将ATP 中的化学能转化为C 3中的化学能B ．CO 2可直接被[H]还原，再经过一系列的变化形成糖类C ．被还原的C 3在有关酶的催化作用下，可形成C 5D ．光照强度由强变弱时，短时间内C 5含量会升高5．如图所示，某种植物的花色(白色、蓝色、紫色)由常染色体上的两对独立遗传的等位基因(D 、d和R 、r)控制。
下列说法不正确的是( )A ．该种植物中能开紫花的植株的基因型有4种B ．植株Ddrr 与植株ddRR 杂交，后代中1/2为蓝色植株，1/2为紫色植株C ．植株DDrr 与植株ddRr 杂交，其后代全自交，白色植株占5/32D ．植株DdRr 自交，后代蓝花植株中能稳定遗传的个体所占的比例是1/66．如图所示为人的一对性染色体，X 和Y 染色体有一部分是同源 的(图中Ⅰ片段)，另一部分是非同源的。
右侧遗传图谱中(■●分别代表患病男性和女性)致病基因不可能位于Ⅱ－2片段的是( )A ．①④B ．③④C ．①②D ．②③7.化学与生产、生活和科技关系密切，下列叙述错误的是A ．手机上用的锂离子电池属于二次电池B ．食盐水和淀粉溶液可以通过丁达尔现象实验进行鉴别C ．氮的固定是指空气中游离态氮转化为化合态的过程D ．向海水中加净水剂明矾可以使海水淡化8.下列各组离子在溶液中能够大量共存，当溶液中c (OH －)=10－13 mol ·L －1时，有气体产生， 而当溶液中c (H ＋)=10－13 mol ·L －1 时，又能产生沉淀。
《解析》河北唐山市2018届高三第二次模拟考试物理试题 Word版含解析【 高考】
唐山市2017-2018学年高三年级第二次模拟考试理科综合能力测试物理试题二、选择题：本题共8小题，每题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得3分，选对但不全的得3分，有错选或不选的得0分。
1. 图示为氢原子能级示意图，己知大量处于n＝2能级的氢原子，当它们受到某种频率的光线照射后，可辐射出6种频率的光子，下面说法中正确的是A. n＝2能级氢原子受到照射后跃迁到n＝5能级B. n＝2能级氢原子吸收的能量为2.55eVC. 频率最高的光子是氢原子从n＝3能级跃迁到n＝l能级放出的D. 波长最大的光子是氢原子从n＝4能级跃迁到n＝1能级放出的【答案】B【解析】大量处于n＝2能级的氢原子，当它们受到某种频率的光线照射后，可辐射出6种频率的光子可知n＝2能级氢原子受到照射后跃迁到n＝4能级，吸收的能量为（-0.85）-（-3.4）=2.55eV，选项B正确；频率最高的光子对应的能级差最大，则是氢原子从n＝4能级跃迁到n＝l能级放出的，选项C错误；波长最大的光子对应的能级差最小，则是氢原子从n＝4能级跃迁到n＝3能级放出的，选项D错误；故选B.2. A、B两球质量相同，静止在倾角为30°的斜面上。
两球之间栓接有轻弹簧。
A球与挡板接触，B球通过细线与斜面顶端相连，细线绷紧，系统处于静止状态。
则撤去挡板瞬间A. 弹簧弹力一定变大B. 细线拉力一定变大C. A球一定处于失重状态D. B球一定处于平衡状态【答案】D【解析】开始时，弹簧可能处于压缩状态，则撤去挡板瞬间，小球A向下运动，弹簧伸长，弹力变小，，则绳的拉力减小，选项AB错误；若开始时弹簧处于伸长状态，且挡板的弹力为零，则撤去挡板瞬间，A球仍静止，不是处于失重状态，选项C错误；B球被细线拉住，一定处于平衡状态，选项D正确；故选D.点睛：此题关键是要讨论弹簧开始时所处的可能的状态，然后结合平衡知识及牛顿第二定律分析解答.3. 如图所示，做爬行实验的小机器人沿四分之一圆弧形曲面，从底部O向A爬行，受到水平向右恒定的风力，恰以某一大小不变的速度爬行，则小机器从O向A爬行的过程中A. 受到的合外力大小不变B. 摩擦力方向与运动方向始终相反C. 摩擦力先变大后变小D. 曲面对小机器人的作用力大小不变【答案】A【解析】小机器从O向A匀速爬行的过程中，做匀速圆周运动，根据可知，受到的合外力大小不变，选项A正确；机器到达A点时，受向下的重力和向上的摩擦力，此时摩擦力方向与运动方向相同，选项B错误；开始在O点时，摩擦力等于风力；到达A点时，摩擦力等于重力；在中间某位置，重力、风力和圆弧的支持力的合力充当向心力，此时摩擦力为零，则整个过程中摩擦力先变小后变大，选项C错误；机器沿圆弧上行的过程中，受重力、风力、曲面的摩擦力和支持力作用，四个力的合力充当向心力，大小不变，方向不断变化；而重力和风力的合力是恒力，则根据平行四边形法则可知，曲面的摩擦力和支持力的合力（即曲面对小机器人的作用力）大小不断变化，选项D错误；故选A.点睛：此题关键先搞清机器沿圆弧面上行时做的是匀速圆周运动，然后要认真分析其受力情况，由牛顿第二定律和平衡知识讨论.4. 如图所示，在水平面内存在一半径为2R和半径为R两个同心圆，半径为R的小圆和半径为2R的大圆之间形成一环形区域。
【高三物理试题精选】2018届高三上学期理综期中试题(含答案)
2018届高三上学期理综期中试题(含答案)
955 mol－1（2分）
II、（1）54（2分）
⑵ KM=KN KQ （2分）（1分）
III、① 2MnO2 + O2 + 4KOH 2K2MnO4 + 2H2O（2分）大于2 1 (2分)
② MnO42- - e- = MnO4- (2分) ③ H2（1分） KOH（1分）
29．（共9分）
Ⅰ．纯合子避免外花粉的干扰
Ⅱ．（1）红花∶白花＝2∶1 （2）①当该植物为杂合子时，隐性基因不能表达（或基因的选择性表达或基因的表达与环境因素有关(答出一点即可)
②红色同染色体③白花 1/2 不是
30．（共12分）Ⅰ．（1）解离使组织中的细胞相互分离
（2）染色使染色体着色
（3）相互分散
（4）分生区
Ⅱ．（1）低温（与秋水仙素作用相同，）可以诱导细胞内染色体数目加倍或低温（与秋水仙素作用不同，）不能诱导细胞内染色体数目加倍。
（2）②等量的2%的秋水仙素溶液（答全“等量及秋水仙素溶液”才给分）
③4℃的冰箱室温
（3）①低温不能诱导细胞内染色体数目加倍
②2号与3号
31．（共10分）(1)雄性染色体变异
(2)4条或3条
(3)正常肢 F1全为正常肢(或F2中正常肢∶短肢≈3∶1)。
河北唐山市2018届高三上学期期末考试理综物理试题
河北省唐山市2018届高三上学期期末考试理综物理试题1.1998年6月18日，清华大学对富康轿车成功地进行了中国轿车史上的第一次碰撞安全性实验，成功“中华第一撞”，从此，我国汽车整体安全性碰撞实验开始与国际接轨，在碰撞过程中，关于安全气囊的保护作用认识正确的是A. 安全气囊的作用减小了驾驶员的动量变化B. 安全气囊减小了驾驶员受到撞击力的冲量C. 安全气囊主要是减小了驾驶员的动量变化率D. 安全气囊延长了撞击力的作用时间，从而使得动量变化更大 【答案】C 【解析】在碰撞过程中，人的动量的变化量是一定的，而用安全气囊后增加了作用的时间，根据动量定理Ft=∆P 可知，可以减小驾驶员受到的冲击力，即是减小了驾驶员的动量变化率，故选C.2.随着科学技术的发展，具有自主知识产权的汽车越来越多；现有两辆不同型号的电动车甲乙，在同一平直公路上，从同一地点，朝相同的方向做直线运动，它们的v-t 图像如图所示，则A. 两车加速阶段的加速度大小之比为3:1B. 乙车追上甲的时刻为15s 末C. 乙刚出发时，甲车在其前方25m 处D. 15s 后两车间距开始逐渐增大 【答案】C 【解析】甲车加速阶段的加速度22v 10a =/2/5m s m s t ∆==∆甲；乙车的加速度22v 10a =/1/155m s m s t 乙∆==∆-；则两车加速阶段的加速度大小之比为2:1，选项A 错误；15s 末两车速度相等，此时有图像可知，甲车的位移大于乙车，两车没相遇，选项B 错误；乙刚出发时，甲车在其前方1510252m m ⨯⨯=处，选项C 正确；15s 前甲车的速度大于乙车，两车距离逐渐变大；15s 后乙车的速度超过甲车，两车间距逐渐减小，选项D 错误；故选C.点睛：本题关键是根据速度时间图象得到两物体运动规律，然后根据图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．3.近日，美国南加州森林大火让消防飞机再次进入人们的视线，美国使用了大量消防直升机；在一次扑灭森林火灾时，直升机取完水，直奔火场，此时飞机正拉着水箱水平前进，绳子明显偏离竖直方向向后；忽略水箱所受空气阻力，下列说法正确的是A. 绳子的拉力等于水箱的重力B. 飞机正值向前匀速飞行C. 飞机正向前减速飞行D. 飞机正向前加速飞行 【答案】D 【解析】设绳子与竖直方向夹角为θ，则对水箱受力分析，可知mgtan θ=ma ；cos mgT θ=，则绳子的拉力大于水箱的重力，选项A 错误；飞机的加速度向前，即分析正向前做加速运动，故选项D 正确，BC 错误；故选D.4.以与竖直墙面垂直大小为v 0=7.5m/s 的速度抛出的一个弹性小球A ，抛出点离水平地面的高度为h=3.2m ，距离墙壁的水平距离为s ；小球与墙壁发生碰撞后，竖直分速度不变，水平速度大小不变，方向反向，落在水平地面上，落地点距离墙壁的水平距离为2s ；若重力加速度取10m/s 2，则s 的大小为的A. 1.8mB. 2.0mC. 2.2mD. 36.m【答案】B 【解析】根据对称以及平抛运动的规律，物体运动的轨迹等效物体做平抛运动，物体落地的时间0.8t s ===，水平位移3s=v 0t=6m ，则s=2m ，故选B.5.如图所示，一理想变压器的原线圈匝数n 1为1 000匝，所加电压为U ＝220 V ，串联了一个阻值为r ＝4 Ω的电阻；副线圈接入电路的匝数n 2可以通过滑动触头Q 调节，副线圈接有电阻R ＝9 Ω；2122n n R 相当于变压器在原线圈电路中的电阻，当n 2取下列哪个值时，R 消耗的功率最大( )A. 2 000匝B. 1 500匝C. 600匝D. 400匝【答案】B 【解析】原线圈电路相当于电阻r ′=2122n R n ，变压器初次级电压满足1122U n U n =，次级电流22121U n U I R n R == ，则初级电流221121n U I n R = ，则U =I 1（r +r ′），联立解得2112212994Un U n n =+ ，221221294Un I n n =+ ，变压器输入功率22121212212299(4)U n P P U I n n n ===+ ，有数学知识可知当212294n n n = ，即当n 2=1.5n 1=1500匝时，变压器的输出功率最大，故B 正确，ACD 错误； 故选B【点睛】原线圈接有电阻，根据输入电压等于电阻r 分的电压和变压器原线圈中的电压之和，结合变压器原副线圈中的电压之比与匝数成正比，电流之比与匝数成反比即可求得，明确变压器原副线圈中的电压之比与匝数成正比，电流之比与匝数成反比，输入功率等于输出功率即可求得。
微专题10 牛顿运动定律应用之连接体问题
微专题10 牛顿运动定律应用之连接体问题【核心要点提示】1．连接体问题的类型物物连接体、轻杆连接体、弹簧连接体、轻绳连接体．【核心方法点拨】1．整体法的选取原则若连接体内各物体具有相同的加速度，且不需要求物体之间的作用力，可以把它们看成一个整体，分析整体受到的合外力，应用牛顿第二定律求出加速度(或其他未知量)．2．隔离法的选取原则若连接体内各物体的加速度不相同，或者要求出系统内各物体之间的作用力时，就需要把物体从系统中隔离出来，应用牛顿第二定律列方程求解．3．整体法、隔离法的交替运用若连接体内各物体具有相同的加速度，且要求出物体之间的作用力时，一般采用“先整体求加速度，后隔离求内力”．【微专题训练】【经典例题选讲】【例题1】(2018·湖北省宜昌市葛洲坝中学高三上学期11月检测)质量为2m 的物体A 和质量为m 的物体B 相互接触放在水平面上，如图所示。
若对A 施加水平推力F ，使两物体沿水平方向做匀加速直线运动，下列说法正确的是 ( D )A ．若水平面光滑，物体A 的加速度为F 2mB ．若水平面光滑，物体A 对B 的作用力为23F C ．若物体A 与地面无摩擦，B 与地面的动摩擦因数为μ，则物体A 对B 的作用力大小为F －μmg 3D ．若物体A 与地面无摩擦，B 与地面的动摩擦因数为μ，则物体B 的加速度为F －μmg 3m[解析] 如果水平面光滑，以AB 组成的系统为研究对象，根据牛顿第二定律得：a ＝F m ＋2m＝F 3m ，B 为研究对象，由牛顿第二定律得，A 对B 的作用力：N ＝ma ＝F 3，故AB 错误；若物体A 与地面无摩擦，B 与地面的动摩擦因数为μ，以系统为研究对象，根据牛顿第二定律得：a ′＝F －μmg 3m，以B 为研究对象，由牛顿第二定律得：N ′－μmg ＝ma ′，则物体A 对B 的作用力大小为：N ′＝F －μmg 3＋μmg ，故C 错误，D 正确。
最新-河北省唐山市重点高中2018学年第一学期高三物理
唐山市重点高中2018~2018高三物理期末大演练（4）命题单位：唐山市区教研室 校对制卷单位：唐山市教研中心 一、选择题（每小题4分，共40分）1．一个标有“220V 60W ”的白炽灯泡，当用多用电表的欧姆挡去测量它的电阻时，其阻值 （ ）A ．接近818Ω ；B ．接近于3.7ΩC ．明显大于818Ω ；D ． 明显小于818Ω 2．一个学生设计的分压电路，并用来做电解实验，如图10一1所示， 假设在实验过程中，电解液的导电性保持不变，那么当滑动触头p 从a 向b 滑动过程中，电解液中的化学反应速度将 （ ）A ．逐渐变慢B ．保持不变C ． 逐渐变快D ．无法判断3．下列说法中正确的有（ ）A ．在静电场中，电场线可以相交B ．在静电场中，电场线越密的地方，电场强度越大C ．静电场中某点电场强度的方向，就是放在该点的电荷所受电场力的方向D ．正电荷在静电场中运动的轨迹必定与电场线重合4．在点电荷—Q 的电场中的某一点，质子具有E 0的动能即可逃逸此电场束缚，那么α粒子 要从该位置逃逸此电场束缚，需要的动能至少为 （ ）A ．E 0/4B ．E 0/2C ．2E 0D ．4E 05．两个电源的伏安特征图线10—4如图所示，由图可知（ ）A ．电源a 的内电阻较小，电动势较大B ．电源a 的内电阻较大，电动势较大C ．电源b 的内电阻较小，电动势较小D ．电源b 的内电阻较大，电动势较大6．经过精确校准的电压表v 1和V 2，分别用来测定如图10—5所示电路中R 两端a 、b 间的电压，读数依次为12.7V 和12.3V ，则（ ）A ．a 、b 间的实际电压应大于12.7VB 、a 、b 间的实际电压应小于12.3VC 、电压表v 1的内阻大于V 2的内阻D 、电压表v 1的内阻小于V 2的内阻7．如图10—6所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P 向右移图1O —1图10一5图9—3动时，下面判断正确的是（ ）A ．L 1和L 3变暗，L 2变亮B ．L I 变暗，L 2变亮，L 3亮度不变C ．L 1中电流变化值大于L 3中电流变化值D ．L l 上电压变化值小于L 2上的电压变化值 8．10—7所示的电路中，闭合电键k 后，灯a 和b 都正常发光， 后来由于某种故障使灯b 突然变亮，电压表读数增加，由此推 断这故障可能是（ ） A ．a 灯灯丝烧断 B ．电阻R 2断 C ．电阻R 2短路D ．电容被击穿短路9．图10—8是电解硫酸铜溶液的装置示意图，图中电压表示数为U ， 电流表的示数为I ，通电时间为t ，下面的说法正确的有（ ） A ．It 是这段时间内流到铜板上的阳离子所带的总电量 B ．UIt 是这段时间内所产生的总焦耳热 C ．UIt 是这段过程中该电路消耗的总电能 D ．UI 是电能转化成化学能的功率10．如图9—3所示，真空中有四点A 、B 、C 、D 共线等距，只在A 点放一电量为+Q 的点电 荷时，B 点的场强为E ，B 、C 两点的电势分别为8v 、4v 。
河北省唐山市滦县二中2017_2018学年高一物理上学期期中试题2018080801121
滦县二中2017-2018学年第一学期期中考试高一物理试卷一．单项选择题（每小题4分，共32分。
每小题所列的四个选项中，只有一个选项是正确的。
）1、关于质点，下列说法正确的是（）A．质量很小的物体都可以看作质点 B．质量和体积都很小的物体才能看作质点C．体积很小的物体都可以看作质点 D．质量和体积都很大的物体有时也可以看作质点2、以下的计时数据，指时间间隔的是（）A．由北京开往深圳的列车于22：18开出 B．期中数学考试时间是2hC．中央电视台每晚新闻联播节目19：00开播 D．物理考试9：40结束3、关于位移和路程的说法，正确的是（）A．位移方向总是与质点运动方向一致 B．在直线运动中，位移的大小和路程一定相同C．位移是矢量，路程是标量 D．在曲线运动中，位移的大小和路程可能相同4、关于加速度的物理含义，下列说法正确的是（）A．加速度为单位时间内速度变化的大小 B．加速度表示速度增加C．加速度表示速度变化 D．加速度表示速度变化的快慢5、在匀变速直线运动中，下列说法正确的是（）A．相同的时间内位移变化相同 B．相同的时间内加速度变化相同C．相同的时间内速度变化相同 D．相同的路程内速度变化相同6、关于重力加速度，下面说法正确的是（）A．轻、重物体重力加速度不同B．重力加速度表示自由下落物体运动的快慢C．重力加速度表示自由下落物体运动的速度变化的大小D．重力加速度表示自由下落物体运动的速度变化的快慢7、如图所示的四个图象中，表示质点做匀变速直线运动（加速度不为零）的是（）8、质点做直线运动，位移随时间变化的函数关系是x = 3t + t2（x的单位为m ，t的单位为s），则它运动的初速度v0和加速度a分别是（）A．v0 = 0 ，a = 2m/s2 B．v0 = 3m/s ，a = 1m/s2C．v0 = 3m/s ，a = 2m/s2 D．v0 = 3m/s ，a = 4m/s2二．多项选择题（每小题4分，共16分。
河北省滦县二中高二上学期期中考试物理试题(普通班) Word版含答案.pdf
滦县二中2013-2014学年高二第一学期期中考试 物理（普理）试题 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不选的得0分。
） 1．两个分别带有电荷量－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A.FB.FC.F D．12F 2.关于电荷量，下列说法错误的是( ) A．物体带的电荷量可以是任意值 B．物体带的电荷量只能是某些值 C．物体带电荷量的最小值为1.6×10－19 C D．一个物体带1.6×10－9 C的正电荷，这是它失去了个电子的缘故3．电场线分布如图所示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为Ea和Eb，电势分别为φa和φb，则( )A．Ea>Eb，φa>φbB．Ea>Eb，φa<φb C．EaφbD． Ea<Eb，φa<φb某，如果在秒钟内共有.0×1019个通过某横截面，那么通过这个的电流是A．0 AB．0.8 A C．1.6 AD．3.2 A对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图应是下图中的( ) 在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则( )A．A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮 B．A灯变亮、B灯变亮、C灯变暗 C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗 D．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2 cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为( )A．E＝100 V/m，竖直向下 B．E＝100 V/m，竖直向上 C．E＝100 V/m，水平向左 D．E＝100 V/m，水平向右处于静电平衡中的导体，内部场强处处为零的原因是( ) A．外电场不能进入导体内部 B．所有感应电荷在导体内部产生的合场强为零 C．外电场和所有感应电荷的电场在导体内部叠加的结果为零 D．如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O. 将等电量的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称．要使圆心O处的电场强度为零，可在圆周上再放置一个适当电量的正点电荷＋Q，则该点电荷＋Q应放在( ) A．A点 B．B点C．C点 D．D点10．如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是( )A．a、b为异种电荷 B．a、b为同种电荷 C．A点场强大于B点场强 D．A点电势于B点电势11．一带电粒子在电场中只受电场力作用时，可能出现的运动状态是( ) A．匀速直线运动 B．匀加速直线运动 C．匀变速曲线运动 D．匀速圆周运动12．电阻是导体本身的一种性质，下列关于电阻率的说法中正确的是( ) A．电阻率与导体的长度以及横截面积有关 B．电阻率由导体的材料决定，且与温度有关 C．电阻率大的导体，电阻一定大 D．有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可用来制造电阻温度计13．如图所示为某一电源的U－I曲线，由图可知( ) A．电源电动势为2 V B．电源内电阻为 Ω C．电源短路时电流为6 A D．电路路端电压为路中电流为A 14．．如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子( ) A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加 C．动能逐渐增加 D．做匀变速直线运动15．如图甲是学生实验用的有两个量程的电流表刻度盘，当用“＋”和“－”两接线柱时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数为________A；图乙为学生实验用的两个量程的电压表刻度盘，当使用较小量程时，每小格表示_______ V，图中指针示数________ V；．下列说法中正确的是( ) A．用欧姆表测电阻，选不同量程时，B．用不同挡的欧姆表测量同一电阻的阻值时，误差大小是一样的 C．用欧姆表测电阻，指针越接近刻度盘中央时，误差越大 D．用欧姆表测电阻，选不同量程时，指针越靠近右边，误差越小．在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下： 待测金属丝：Rx(阻值约为4 Ω，额定电流约0.5 A)； 电压表：V(量程3 V，内阻约3 kΩ)； 电流表：A1(量程0.6 A，内阻约0.2 Ω)； A2(量程3 A，内阻约为0.05 Ω)； 电源：E1(电动势3 V，内阻不计)； E2(电动势12 V，内阻不计)； 滑动变阻器：R(最大阻值约20 Ω)； 螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线． (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为________mm. (2)若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选________、电源应选________(均填器材代号)，在完成电路原理图． 18．（9分）在某电场中，已知A、B两点间的电势差 UAB=20V,q=-2×10-19C的电荷由A点移动到B点，静电力做的功是多少？电势能是增加还是减少？增加或者减少多少? 19．（12分）有一个小型直流电动机，把它接入电压为U1＝0.2 V的电路中时，电机不转，测得流过电动机的电流是I1＝0.4 A；若把电动机接入U2＝2.0 V的电路中，电动机正常工作，工作电流是I2＝1.0 A．则电动机电动机正常工作时输出功率是多大？如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住时此时电动机的发热功率是多大？如下图所示，A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场，一电子以v0＝4×106 m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场，从电场右侧边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角．已知电子电荷e＝1.6×10－19 C，电子质量m＝0.91×10－30 kg.求： (1)电子在C点时的动能是多少J? (2)O、C两点间的电势差大小是多少V? 物理（普理）答题纸 非选择题（请在各试题的答题区内作答） 15题题18题19题 20题 滦县二中2013-2014学年高二第一学期期中考试 物理（普理）答案1.C2.A3.C4.D5.B6.D7.C8.C9.D10.A 11.BCD12.ACD13.AD14.BD 15. 0.1 1.70 0.1 2.20 (每空1分) 16.BCD（4分选不全得2分） 17. (1)1.773(1.771～1.775均正确)(2)A1 E1 电路图电机不转时，可得电动机内阻为 r＝＝0.5 Ω正常工作时P电＝U2I2＝ W（2分） 正常工作时的功率 P＝Ir＝.5 W（2分） 正常工作时的输出功率 P＝P P热＝1.5 W转子突然被卡住时，电动机变成纯电阻，发热功率为 P′＝＝8 W(1)依据几何解得：电子在C点时的速度为： vt＝ 而Ek＝mv2②（3分） 联立得：Ek＝m2＝9.7×10－18 J. (2)对电子从O到C，由动能定理，有 eU＝mvt2－mv02 联立得：U＝15.2 V. 高考学习网： 高考学习网： 班级 姓名 考号 考场 座位号。
唐山滦县二中2017-2018学年高二上学期期中考试物理(文)试题 含解析
河北省唐山市滦县二中2017-2018学年高二(上）期中物理试卷（文科）一、单项选择题1. 关于位移和路程，下列说法正确的是( ）①出租汽车按路程收费②出租汽车按位移的大小收费③在曲线运动中，同一运动过程的路程一定大于位移的绝对值（即大小）④在直线运动中，位移就是路程．A. ①③B. ②③C。
①④D。
②④【答案】A【解析】位移为初位置指向末位置的有向线段，路程为运动路径的长度，只有在单向的直线运动中路程才等于位移大小，A对;2. 在力学范围内,国际单位制规定了三个基本量，它们的单位分别是（）A。
N、m/s、m/s2 B. W、s、J C。
m、kg、s D。
N、kg、m【答案】C【解析】试题分析:力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以C正确．故选C。
考点：国际单位制【名师点睛】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位,而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。
3。
如图所示，某卫星绕地球做匀速圆周运动．在运动过程中，卫星所受向心力（）A。
大小变化，方向不变 B. 大小不变，方向变化C。
大小和方向都变化D。
大小和方向都不变【答案】B【解析】试题分析：由于卫星受到的向心力指向地球的中心，而地球与卫星的质量不变,卫星与地球间的距离不变,所以这个力的大小不变，而方向在变化,故选项B正确。
考点：万有引力的大小与方向。
4。
两辆汽车在平直公路上匀速行驶．关于它们的惯性大小，下列说法正确的是（）A。
速度大的汽车惯性一定大 B. 速度小的汽车惯性一定大C。
质量大的汽车惯性一定大D。
质量小的汽车惯性一定大【答案】C【解析】试题分析：惯性是物体本身的属性，由物体的质量大小决定，物体的质量越大，惯性越大，与物体的速度、加速度、作用力无关．故选C.考点:惯性【名师点睛】此题考查了对惯性概念的理解；要知道惯性是物体保持原来运动状态的性质，是物体固有的属性，质量是惯性大小唯一的量度。
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河北省唐山市滦县二中2018届高三期中考试物理试卷一、选择题1. 下列说法正确的是（）A. 质点、位移都是理想化模型B. 牛顿三定律都可以通过实验室实验来验证C. 单位m、kg、s都属于国际单位制的基本单位D. 牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因【答案】C2. 如图是“神舟十号”飞船返回舱成功返回地面时的情景。
返回舱返回时,先靠降落伞减速,竖直落地前还靠反冲火箭使其速度进一步降低。
假设返回舱速度是8 m/s,反冲火箭工作0.3 s后,速度降为2 m/s,在这个过程中,返回舱中的航天员( )A. 处于超重状态,对座椅的平均压力约是自身体重的3倍B. 处于失重状态,对座椅的平均压力约是自身体重的C. 处于超重状态,对座椅的平均压力约是自身体重的2倍D. 处于失重状态,对座椅的平均压力约是自身体重的【答案】A【解析】返回舱向下减速，加速度向上，航天员处于超重状态．设反冲火箭工作时返回舱的加速度大小为a，则；以人为研究对象，根据牛顿第二定律得：，得到座椅对人支持力，由牛顿第三定律得知人对座椅的压力为航天员自身重力的3倍，选A.【点睛】回舱向下减速，加速度向上，处于超重状态．根据速度与时间关系式求出加速度大小，再以人为研究对象根据牛顿第二定律求出座椅对人支持力，由牛顿第三定律求解人对座椅的压力．3. 天宫二号空间站经控制中心两次轨道控制，已调整至距地面393km的轨道上运行。
2016年10月17日，神舟十一号载人飞船发射成功。
如图所示是天宫二号和神舟十一号交会对接前绕地球做匀速圆周运动的轨道示意图，则神舟十一号比天宫二号的（）A. 运行速度小B. 周期小C. 向心加速度小D. 角速度小【答案】B【解析】根据万有引力提供向心力，解得：，，，；A、由卫星的线速度公式：，知神舟十一号的轨道半径比天宫二号的小，则神舟十一号的线速度比天宫二号的大，故A错误；B、卫星的周期为，知神舟十一号的轨道半径比天宫二号的小，则神舟十一号的周期比天宫二号的小，故B正确；C、卫星的加速度为，由于神州十一号的轨道半径比天宫二号的小，则神州十一号的加速度比天宫二号的大，故C错误；D、卫星的角速度为，由于神州十一号的轨道半径比天宫二号的小，则神州十一号的角速度比天宫二号的大，故D错误。
点睛：明确万有引力提供向心力是解决卫星问题的前提，关键要掌握卫星的线速度，知道其他量与线速度的关系，能推导出其他量的表达式。
4. 如图是自行车传动结构的示意图,其中Ⅰ是半径为r1的大齿轮,Ⅱ是半径为r2的小齿轮,Ⅲ是半径为r3的后轮,假设脚踏板的转速为n(r/s),则自行车前进的速度为( )A. B. C. D.【答案】C【解析】转速为单位时间内转过的圈数，因为转动一圈，对圆心转的角度为，所以，因为要测量自行车前进的速度，即车轮III边缘上的线速度的大小，根据题意知：轮I和轮II边缘上的线速度的大小相等，据可知：，已知，则轮II的角速度．因为轮II和轮III共轴，所以转动的相等即，根据可知，，故选项C正确。
点睛：大齿轮和小齿轮靠链条传动，线速度相等，根据半径关系可以求出小齿轮的角速度．后轮与小齿轮具有相同的角速度，若要求出自行车的速度，需要知道后轮的半径，抓住角速度相等，求出自行车的速度。
5. “寻血猎犬”号超音速汽车，是一辆搭载新型战斗机发动机，以及位于车顶的混合火箭发动机的超级汽车。
据报道“寻血猎犬”号超音速汽车2016年欲冲击陆地速度纪录。
假设某次测试中，“寻血猎犬”号超音速汽车在40s内匀加速到1000km/h，匀速一段时间后，匀减速完成测试。
假设全程测试20 km，加速和减速的加速度大小相等，加速阶段所受阻力恒定，约为重力的0．2。
已知“寻血猎犬”号超音速汽车质量为4000kg，在20℃常温下，声速为340m/s。
则下列说法正确的是（）A. 超音速汽车匀速阶段运行时间为80sB. 加速阶段系统需要提供约为8000N的动力C. 加速阶段的加速度大小约为6．9m/s2D. 超音速汽车匀速阶段的速度是声速的10倍【答案】CB、根据加速度公式：，再根据牛顿第二定律：，联立代入数据可以得到：，故选项B错误，选项C正确；D、超音速汽车匀速阶段的速度是声速的，故选项D错误。
点睛：本题是匀变速直线运动和牛顿第二定律向结合的问题，注意单位的变化的问题。
6. 在光滑水平面上有两个质量均为2 kg的质点，质点a在水平恒力Fa＝4 N作用下由静止开始运动4 s，质点b在水平恒力Fb＝4 N作用下由静止开始运动4 m，比较这两质点所经历的过程，可以得到的正确结论是( )A. 质点a的位移比质点b的位移大B. 质点a的末速度比质点b的末速度小C. 力Fa做的功比力Fb做的功多D. 力Fa的冲量比力Fb的冲量小【答案】AC【解析】a质点发生的位移，4s末的速度为，力做功为,冲量为。
b质点发生的位移，根据公式末速度为，根据v=at可得运动时间是2s，所以做功为，冲量为，所以AC正确。
7. 如图所示,表示做直线运动的某一物体在0～5s内的运动图象,由于画图人粗心未标明是v-t图还是x-t图,但已知第1s内的速度小于第3 s内的速度,下列说法正确的是( )A. 该图一定是v-t图B. 该图一定是x-t图C. 物体的速度越来越大D. 物体的位移越来越大【答案】AD【解析】试题分析：由图像可以看出，第1s内图线的斜率大于第3s内的斜率，若图像是x-t 图像，则第1s内的速度比第3s内的速度大，与题意不符，所以A错误；若是v-t-图像，第1s内的速度比第3s内的速度小，与题意相符，所以B正确；由图像知，4s后物体做匀减速直线运动，所以C错误；图像与时间轴所围“面积”表示位移，故可知物体的位移逐渐变大，所以D正确；考点：匀变速直线运动图像8. 质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今对物块A、B分别施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝20 N、 F2＝10 N，则下列说法正确的是( )A. 弹簧的弹力大小为16NB. 如果只有F1作用，则弹簧的弹力大小变为12NC. 若把弹簧换成轻质绳，则绳对物体的拉力大小为零D. 若F1＝10 N、 F2＝20 N，则弹簧的弹力大小不变【答案】AB【解析】两物体一起向左做匀加速直线运动，对两个物体整体由牛顿第二定律有: F1-F2=（m A+m B）a再对物体A受力分析，运用牛顿第二定律，得到：F1-F=m A a联立两式解得：F=16N．故A正确．如果只有F1作用，整体向左匀加速运动，则有：对B研究得：弹簧的弹力大小为，故B正确．若把弹簧换成轻质绳，同理根据牛顿第二定律列式得到绳对物体的拉力大小也是16N，故C 错误．若F1=10N、F2=20N，则F1-F2=（m A+m B）a；再对物体B受力分析，运用牛顿第二定律，得到：F2-F=m B a，联立解得：F=14N．故D错误．故选AB.二、实验题9. 某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______．（2）本实验采用的科学方法是_____．A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法（3）下列方法中，有助于减小实验误差的是_____．A．尽可能使两分力的夹角大些B．尽可能使两分力相差的大些C．尽可能使两分力与纸面平行D．尽可能使橡皮条长些【答案】(1). (2). B(3). C【解析】试题分析：（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合；（2）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法．故选B。
（3）两分力的夹角大小要适当，选项A错误；使两分力的大小要适当，不一定相差太大，选项B错误；尽可能使两分力与纸面平行，以减小实验的误差，选项C正确；橡皮条没必要太长，选项D错误；故选C．考点：验证平行四边形定则【名师点睛】本实验考查验证平行四边形定则的实验，采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别。
10. 利用以下装置可以完成力学中的许多实验。
（1）以下说法中正确的是（___________）A．用此装置“研究匀变速直线运动”时，需要将长木板的一端抬高以平衡摩擦力B．用此装置“探究加速度与力、质量的关系”时，每次改变小车质量之后，需要重新平衡摩擦力C．用此装置“探究加速度与力、质量的关系”时，并用图像法处理数据时，如果画出的a-m 关系图像不是直线，就可确定加速度与质量成反比D．用此装置“探究做功和速度变化关系”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与木板平行（2）用此装置“探究加速度与力、质量的关系”时，小车质量约250g，为保证拉力近似等于沙桶（含重物）的重力，沙桶中应选择的重物是__________。
（3）在利用此装置做实验时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图所示。
已知A、B、C、D、E为计数点，相邻两个计数点间还有4个打点，每相邻两个计数点间的时间间隔为0.1 s，则小车在C点的速度v＝________m/s，小车运动的加速度a＝________m/s2.(结果保留三位有效数字)【答案】(1). D(2). C(3). 1.24(4). 6.22【解析】（1）A、此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力，故A错误；B、平衡摩擦力的方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响，即，式子成立与质量无关，故改变质量后不需重新进行平衡，故B错误；C、在利用该装置来“探究物体的加速度与质量的关系”时，可以通过图象法处理数据，来判断加速度a与小车的质量M成反比，画出的关系不能确定加速度与质量的关系，要画出的关系才能确定加速度与质量的关系，故C错误；D、探究“功与速度变化的关系”实验时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行，以便减少误差，故D正确。
（2）在利用该装置来“探究物体的加速度与力、质量的关系”时，设小车的质量为M，沙桶（含沙）的总质量为m，设绳子上拉力为F，以整体为研究对象有：解得：以M为研究对象有绳子的拉力为：显然要有必有，故有，即只有时才可以认为绳对小车的拉力大小等于沙桶（含沙）的重力，故选C。
（3）由于相邻两个计数点间还有4个打点，所以两计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：打点C时小车的速度为：，根据纸带分析可知：，，，根据匀变速直线运动的推论结合作差法得：。