贵州省六盘水市2019-2020学年中考第四次模拟物理试题含解析

贵州省六盘水市2019-2020学年中考第四次模拟物理试题
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示，人眼看到斜插入水中的筷子发生了弯折，能正确说明产生这一现象的原因的是图中的
A．B．C．D．
D
【解析】
【详解】
人眼看到水中的筷子，光由筷子射出经过水面折射，进入空气，再进入人眼中，当光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，故D正确，ABC错误．
选D．
【点睛】
切记看到水中的筷子，是筷子反射的光线由水中射出进入人眼中，所以光线应由水面下向上射出，切不可弄反．
2．下列物理常数中，说法正确的是
A．水的沸点是100 ℃
B．声音在真空中的传播速度是340 m/s
C．对人体安全的电压是36 V
D．电磁波在真空中的传播速度是3×105 km/s
D
【解析】
【详解】
A．水的沸点随气压的改变会发生变化，气压升高沸点也随之升高，一标准大气压下水的沸点为100℃，故A错误；
B．声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C．当电压作用于人体时，会产生一定的伤害，对人体安全的电压是不高于36V，故C错误；
D．电磁波在真空中的传播速度与光速相同是3×108m/s=3×105km/s，故D正确．
3．人们对宇宙和微观世界的认识经历了漫长的过程．下列有关粒子与宇宙说法正确的是
A．英国物理学家汤姆逊发现了比原子小得多的中子
B ．新型防菌“纳米纸”的表面细菌无法停留且油水不沾，说明“纳米纸”的分子间没有间隙
C ．组成大自然的天体和徽观粒子都在不停地运动着，普线红移说明天体在靠近我们
D ．月球表面都是裸岩，它的比热容较小，这也造成了月球的昼夜温差比地球大
D
【解析】
【详解】
A ．汤姆逊发现了比原子小得多的电子，故A 错误；
B ．任何分子之间都有空隙，“纳米纸”只是空隙较小，故B 错误；
C ．宇宙个有层次的结构，并没有真正的中心，但是组成大自然的天体和微粒都在不停地运动，“谱线红移”现象说明天体之间是不断远离的，故C 错误；
D ．月球表面昼夜温差很大，月球表面都是裸岩，造成这一现象的原因之一是因为裸岩的比热容较小，吸放热本领小，故D 正确．
4．下列现象中，能用“分子在永不停息的做无规则运动”解释的是
A ．花香满园
B ．尘土飞扬
C ．落叶飘舞
D ．大雪纷飞
A
【解析】
【详解】
分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物质的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动；B 、C 、D 选项中的现象都是肉眼看的见的运动，属于机械运动。

而花香满园是微观上的分子运动，属于扩散现象。

能用“分子在永不停息的做无规则运动”解释的是A 。

5．在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F 作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B 点从a 位置转动到b 位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F 与其力臂的乘积变化情况是（ ）
A ．一直变小
B ．一直变大
C ．一直不变
D ．先变小后变大
C
【解析】
【分析】
【详解】 将测力计绕B 点从a 位置转动到b 位置过程中，钩码的重力不变，其力臂OA 不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件
1122Fl F l
可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的．
【点睛】
重点是杠杆平衡条件的应用，要理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长的，倾斜后力臂会变短，正是由于杠杆保持平衡，所以力臂减小的同时，拉力要增大．
6．下列说法正确的是
A．如图我国地势西高东低，所以西部物体比东部物体的重力势能大B．如图房顶的避雷针应选择绝缘性好的陶瓷，以防止被雷电击中
C．如图仙人掌的叶子退化成针状，是为了减慢蒸发
D．如图变色龙在树丛中应反射多种颜色的光，以便和树丛区分
C
【解析】
【详解】
A.重力势能与物体的质量和高度两个因素有关系，西部物体所处的位置比东部物体海拔高，但相对高度不一定高，另一个因素质量也确定不了，所以是无法确定重力势能大小的，故A错误；
B.装在房子顶部的避雷针，避雷针是导体，能将闪电的电流导入大地，以防止雷击，故B错误；
C.沙漠中缺水，叶子大了，蒸发会快，只有生物适应了环境，才能生存，仙人掌叶子退化成针刺状就可以减慢水分蒸发，适应缺水的环境，故C正确；
D.树丛是绿色的，变色龙在树丛中应反射绿色的光，以便和树丛颜色相同而保护自己，故D错误。

7．小明同学对自己身体涉及的一些物理量进行了估测，其中不合理的是
A．身高170cm B．体重500N
C．体温37℃D．心跳80次/秒
D
【解析】
【分析】
【详解】
A．中学生的身高为170cm是合理的，故A选项不符合题意；
B．∵中学生的质量约为50kg，
∴重力约为G=mg=50kg10N/kg=500N符合实际，故B选项不符合题意．
C．人的体温37℃，符合实际，故C不符合题意；
D．小明心跳应该为80次/分，不符合实际，故D选项符合题意；
8．如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数，下列关于该电路的说法错误的是
A．L1与L2并联
B．电流表测L1的电流
C．L1与L2两端的电压相等，等于电压表的示数
D．当开关S2断开时，通过电流表的电流变小
D
【解析】
【详解】
ABC、由图可知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表在灯L1支路，测量通过L1的电流，电压表在灯L2两端，由于并联支路的电压相等，所以也可以测量灯L1两端的电压，故ABC正确，不符合题意；D、当开关S2断开时，电流表测量通过L1的电流，L1两端的电压不变，电流表的示数不变，故D错误，符合题意．
9．如图所示，婷婷同学用12N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的木板A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，物体B相对于地面静止，弹簧测力计的示数为2N．若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中正确的是（）
A．B受到的摩擦力大小为2N，方向为水平向左
B．木板A受到地面的摩擦力大小为2N，方向水平向左
C．拉力F做功的功率为1.2W
D．在运动过程中若将拉力F增大，弹簧测力计的示数也将增大
C
【解析】
【详解】
A．因为物体B相对于地面静止，弹簧测力计的示数为2N，因此B受到A对它的向右的摩擦力，大小为2N，A错；
B．拉力F为12N，则A受到向右的拉力为6N，受到B向左摩擦力2N，则受到地面的摩擦力为4N，B 错；
C．拉力F的功率P=FV=12N×0.1m/s=1.2W，C正确；
D．若拉力F增大，B受到的摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，不变仍为2N，D错。

10．今年《流浪地球》影片大热，激起了同学们对航天科技的浓厚兴趣，选择某种物质作为火箭燃料的首要依据是
A．比热容大B．热值大C．密度小D．电阻小
B
【解析】
【分析】
【详解】
作为火箭燃料必须是燃烧时放出大量的热，运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量．故B正确，ACD错误．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示的电路中，R1和R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变，a和b是电流表或电压表，当只闭合S1和S2，R1、R2、R3均有电流通过，且滑片向右滑动时，a的示数变大，b的示数变小，下列说法正确的是
A．a和b处均为电流表
B．只闭合S1和S2，滑片向右滑动，b示数变化量与A示数变化量的比值大于a示数变化量与A示数变
化量的比值
C ．a 和b 均换成另一种电表，只闭合S 1和S 3滑片向右滑动，a 的示数变大，b 的示数变小
D ．a 和b 均换成另一种电表，只闭合S 1和S 3，滑片向右滑动，电路的总功率变大
BD
【解析】
【分析】
【详解】
A ．若 a 和b 处均为电流表，当只闭合S 1和S 2，整个电路处于短路状态，故A 错误；
B ． 据题意，当只闭合S 1和S 2，R 1、R 2、R 3均有电流通过， 则a 和b 处均为电压表，R 1、R 2、R 3并联，电路情况如下图，
三个电阻串联，a 处电压表测R 1两端电压，b 处电压表测R 2的电压，电流表测电路中电流；由串联电路的电压特点知，电压表b 的变化量等于电压表a 的变化量与R 3电压变化量之和，即：n U b =n U a +n U 3，由欧姆定律可知：R 1+R 3=a 3I U U +n n n =b I
U n n ，即：b 的示数变化量与A 的示数变化量的比值大小等于定值电阻R 1和R 3阻值之和；
a 示数变化量与A 示数变化量的比值大小等于定值电阻R 1的阻值，R 1+R 3> R 1，即
b 示数变化量与A 示数变化量的比值大于a 示数变化量与A 示数变化量的比值，故B 正确；
C ．a 和b 处均为电流表，只闭合S 1和S 3，电路情况如下图，
此时R 1、R 2并联，两电阻两端电压与电源电压相等，滑片向右滑动，R 2支路的阻值减小，所以该支路的电流变大，即a 的示数变大；并联电路各支路间互不影响，所以R 1支路的电流不变，即故b 的示数不变，C 不符合题意；
D ．由C 知，滑片向右滑动， 干路电流增大，由P=UI 可知，电路总功率变大，故D 正确． 12．如图所示，用滑轮组匀速提起1200N 的重物，拉力大小为500N ，物体向上移动的速度为1m/s ，工人的质量为80kg ，不计绳重和摩擦．下列说法正确的是（g=10N/kg ）
A ．此时拉力的功率为1200W
B ．此时该滑轮组的机械效率为80%
C ．当人提起另一个重物时，人对地面的压力恰好为零．此时被提升物体的重力为1920N
D ．利用这个滑轮组来提升物体时，滑轮组的最大机械效率为87.5%
BD
【解析】
【分析】
【详解】
该滑轮组绳子股数为3，物体向上移动的速度为1m/s ，则绳子移动的速度为3×1m/s=3m/s ． A ．根据P=Fv 可知，拉力的功率为：P 拉=F 拉v 拉=500N×nv 物=500N×3m/s=1500W ，故A 选项错误.； B ．滑轮组的机械效率：1200N =100%=80%3?500N
W G W nF η⨯==有物总拉，故B 选项正确； C ．人对绳子的最大拉力为其自身重力，F max =G 人=m 人g=80kg×10N/kg=800N ，由()G G F n
+=
动物拉，可求得 G 动=300N 此时 G 物’=nF max -G 物=3×800N-300N=2100N ，故C 选项错误； D ．当所提升重物最大时，滑轮组的机械效率最高，所以当物重2100N 时，此时机械效率为：2100N =100%=87.5%3?800N
W G W nF η⨯==有物总拉，故D 选项正确； 13．C919国产大飞机首飞成功，让中国人扬眉吐气，标志着中国从此成为世界上能够制造大飞机的少数国家之一。

以下说法正确的是
A ．飞机在空中保持速度大小不变环绕飞行时，运动状态发生了改变
B ．飞机关闭发动机降落在跑道上后仍能滑行一段距离是因为飞机受到惯性作用
C ．飞机起飞过程中，由于受到空气阻力，飞机的速度一定减小
D ．飞机在空中水平匀速飞行时，飞机受到的重力大于空气对它的浮力
AD
【解析】
【详解】
A 、飞机在空中保持速度大小不变沿曲线飞行时，方向发生变化，运动状态发生改变，故A 正确；
B 、飞机关闭发动机降落在跑道上后仍能滑行一段距离是因为飞机具有惯性，仍然保持向前的运动状态，不能说受到惯性作用，故B 错误；
C 、飞机起飞过程中，虽然受到空气阻力，仍做加速运动，故C 错误；
D 、飞机在空中水平匀速飞行时，机翼上方空气流速快，压强小，机翼下方空气流速小，压强大，产生向上的升力，而飞机受竖直向下的重力、竖直向上的浮力、竖直向上的升力，故飞机受到的重力大于空气对它的浮力，故D 正确。

故选AD 。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．已知一台电流电动机线圈两端的电压为6V ，线圈的电阻为0.5Ω，通过电动机的线圈电流为2A ，则该电动机正常工作5min 消耗的电能为__________J ；电流通过线圈产生的热量为___________J . 3600 600
【解析】
【详解】
电动机消耗的电能为W=UIt=6V×
2A×5×60s=3600J ； 电流通过线圈产生的热量为Q=I 2Rt=（2A ）2×0.5Ω×5×60s=600J 。

15．一款智能感应小夜灯（如图甲所示）在感应模式工作时，通过内置的光和_______（选填“红外线”或“紫外线”）人体传感器的双重感应，自动实现点亮或熄灭．底座与灯球之间（如图乙所示）通过_______（选填“同名”或“异名”）磁极间的磁力吸附，可实现分离式设计．该灯正常发光时的功率为2W ，充满一次电储存0.04kW ·h 的电能可供它正常发光_______h ．
红外线 异名 20
【解析】
【详解】
感应小夜灯在感应模式工作时，通过内置的光和红外线人体传感器的双重感应，自动实现点亮或熄灭，红
外线属于电磁波的一种，电磁波的传播速度是3×
108m/s ，它在生活中应用很广，同名磁极排斥，异名磁极吸引，根据磁极间相互作用底座与灯球之间通过异名磁极间的磁力吸附，可实现分离式设计；由W P t = 可得正常发光时间：30.04kW h 20h 210kW
W t P -===⨯⋅. 16．在探究产生感应电流的条件时，小阳采用了如图所示的实验装置．闭合开关后，小阳左 右移动金属棒 AB ，发现灵敏电流计的指针偏转角度较小，即产生的感应电流较小．
（1）请你写出一种增大感应电流的方法：_____．
（2）_____是根据这一原理制成的．
换磁性更强的磁体或增大导体切割磁感线运动的速度 发电机
【解析】
(1)感应电流的大小与磁场的强弱、导体切割磁感线运动的速度有关；故换磁性更强的磁体或增大导体切
割磁感线运动的速度都能增大感应电流；(2)图中没有电源，是磁生电，是电磁感应现象，是发电机的原理．
点睛：（1）感应电流的大小与磁场的强弱、导体切割磁感线运动的速度有关；（2）发电机的原理：电磁感应现象．
17．如图所示，底面积和质量都相同的A 、B 两容器，装有质量相同的不同液体，放在水平桌面上，则液体对容器底部的压强P A ______P B ，容器对桌面的压强P A ′_____P B ′.（选填“大于”“等于”“小于”）
小于 等于
【解析】
【详解】
已知A 、B 两容器，装有等深、
由题中“等质量”可知:A B m m =,
由题图可以看出:A
B V V > ， 根据m ρv
= 可得:A B ρρ<， 由题中“等深”可知:A B h h =，
根据液体压强公式p gh ρ=可得，液体对容器底部的压强为：A B p p <，
由于A 、B 两容器的底面积和质量都相同，容器内液体质量相等，它们对桌面的压力相等，所以容器对桌面的压强p A ′=p B ′．
18．将一小物块A 轻轻放入盛满水的大烧杯中，A 静止后，有81 g 的水溢出，再将其轻轻放入盛满酒精的大烧杯中，A 静止后，有72 g 的酒精溢出，则A 在水中静止时受到的浮力为______N ，A 的密度是___g/cm 1．(酒精的密度是0.8×101 kg/m 1，g 取10 N/kg)
0.81 0.9
【解析】
【详解】
根据阿基米德原理可知，物体A受到的浮力:
F浮=G排=m排g=m溢g，
则物块A在水中和酒精中受到的浮力分别为:
F浮水=m溢水g=81×10﹣1kg×10N/kg=0.81N，
F浮酒=m溢酒g=72×10﹣1kg×10N/kg=0.72N，
则
F浮水:F浮酒=0.81N:0.72N=9:8；
物体A在水中和酒精中都漂浮时，因漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等，且物体A的质量不变、重力不变，所以，甲、乙受到的浮力相等，即
F甲:F乙=1:1，
与题意不符；
物体A在水中和酒精中都浸没时，则物体排开液体的体积和自身的体积相等，由F浮=ρgV排可知，它们受到的浮力之比:
F浮甲:F浮乙=ρ水:ρ酒精=1.0×101kg/m1:0.8×101kg/m1=5:4≠9:8，
与题意不符；
因水的密度大于酒精的密度，所以只能是A在水中漂浮，在酒精中浸没，A受到水的浮力
F浮水=G A=m A g=ρA Vg，
在酒精中受到的浮力:
F浮酒=ρ酒gV，
解得:
ρ乙=9/8ρ酒=9/8×0.8g/cm1=0.9g/cm1．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．当某电动机两端的电压为12V时，通过电动机线圈的电流为3A，已知电动机线圈的电阻为0.4Ω（保持不变），通电2min，问：
（1）电流通过电动机所做的功为多少？
（2）电流通过电动机的线圈产生的热量为多少？
（3）该电动机的机械效率是多少？
（1）4320J，（2）432J，（3）90%。

【解析】
【详解】
（1）电流通过电动机所做的功：W总＝UIt＝12V×3A×2×60s＝4320J，
（2）这台电动机2min内产生的热量：Q＝I2Rt＝（3A）2×0.4Ω×2×60s＝432J；
（3）电动机提供的机械能：W机＝W总﹣Q＝4320J﹣432J＝3888J，这台电动机的效率：η＝W
W
机
总
×100%
＝3888J
4320J
×100%＝90%。

20．某电热水器的额定电压为220V，有高温和低温两个档位，高温档的电功率为2100W．在额定电压下，高温档工作时将40kg、初温20℃的水加热至70℃．（C水=4.2×103J/（kg·℃）（不计热量损失）求：水吸收的热量为多少J？电热水器需要工作多长时间？
（1）8.4×106J（2）4000s
【解析】
【分析】
根据题中“求水吸收的热量和电热水器需要工作多长时间”可知，本题考查热量的计算和电功的计算．根据吸热公式Q吸=cm(t-t0)和W=Pt列式计算．
【详解】
（1）将40kg、初温20℃的水加热至70℃所吸收的热量
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃）×40kg×(70℃-20℃)=8.4×106J
（2）不计热量损失，则电热器所消耗的电能：W=Q吸=8.4×106J，
根据P
W
t
=可得，需要的加热时间：
6
8.410J
4000s
2100W
W t
P ⨯
===．
答：（1）水吸收的热量为8.4×106J；（2）电热水器需要工作4000s；
21．1017年5月5日C919在浦东机场成功起飞，这是我国最新自主研发的中型民航客机，打破了欧美国家民航技术的长期垄断，成为我国“大国制造”的标志之一。

该机在某次试飞时飞机以300km/h的速度水平匀速飞行了1h；估计该机质量为40t，着陆后静止在水平地面时轮子与地面的总接触面积为4m1．求：
飞机在这1h内水平飞行的路程；飞机水平匀速飞行时受到的升力；飞
机静止在水平地面时对地面的压强。

(1)600 km；(1) 4×105 N；(3)1×105 Pa。

【解析】
（1）根据
s
v
t
=得飞机在这1 h内水平飞行的路程为：
300km/h2h600km
s vt
==⨯=；
（1）飞机水平匀速飞行时，在竖直方向受力平衡，即升力与重力为一对平衡力，二力相等，所以升力为：
35
4010kg10N/kg410N
F G mg
===⨯⨯=⨯；
（3）飞机静止在水平地面时对地面的压力等于重力，所以压力为：5
410N
F G
==⨯，
根据
F
p
S
=得飞机静止在水平地面时对地面的压强为：
5
5
2
410N
110Pa
4m
F G
p
S S ⨯
====⨯。

点睛：重点考查了速度公式、压强公式的应用，除了公式的灵活运用，要理解飞机水平匀速飞行时，处于平衡状态，所以升力等于重力，静止在水平面上时，受力也平衡，对地面的压力等于重力。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图，为某透镜成像的一种情况，其中AB是物体，MN是AB的像，试在图上的适当位置画上合适的透镜，并大致标出其焦点的位置．
（_____）
【解析】
【分析】
【详解】
根据凸透镜成像规律和凸透镜的三条特殊光线作图．
由图知，物体AB成正立放大的虚像，则此透镜为凸透镜，虚像由折射光线的反向延长线相交形成；
根据过凸透镜光心的光线传播不变的特点，连接MA并延长，交于主光轴，可确定凸透镜的位置；
作出平行的主光轴的光线，折射后过焦点，据此确定焦点的位置，作图如下：
23．如图所示（F为凸透镜的焦点），图中光线为某光线经过平面镜后的反射光线，请在图中画出与它对应的入射光线并标出入射角的大小、光线经凸透镜后的折射光线．
【解析】
【详解】
首先过平面镜的反射点垂直镜面作出法线，由于反射光线与镜面的夹角为30°，所以，反射角是：
90°-30°=60°，根据反射定律知道，入射角也为60°，故在法线右侧作出入射光线，并标出入射角；由于过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，故光路如图：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．利用如图所示的电路可测量未知电阻R x的阻值，其中R为已知电阻．
请将电压表连入电路，使电路完整．当开关S1、S2闭合时，电压表示数
U1=6V；当开关S1闭合、S2断开时，电压表示数U2=4V．己知R=10Ω，则电源电压U=_____V，R x=_____Ω．实验中若由于某个元件出现故障（短路或断路），导致电压表的示数U1=U2=6V，则该元件及故障可能是_____．
6 20 R短路或R x断路
【解析】
【详解】
（1）由电路图可知，可以用电压表先测出电源电压，然后再测出电阻两端电压，然后再根据串联电路特点与欧姆定律求出待测电阻阻值，电压表与待测电阻并联，实物电路图如图所示：
（2）由电路图可知，当开关S1、S2闭合时，电压表测电源电压，电压表示数U1=6V，则电源电压U=U1=6V；当开关S1闭合、S2断开时，电压表测待测电阻两端电压，电压表示数U2=4V，此时电路电流：
I====0.2A，由I=可知，待测电阻阻值：R x===20Ω．
（3）电压表的示数U1=U2=6V，说明两种情况下，电压表都测电源电压，定值电阻两端电压为零，则电阻R发生短路或R x断路．
25．小波在“探究通电螺线管外部磁场的方向”实验中，组装了如图（1）所示电路，实验时：
可通过观察_____判断通电螺线管的磁极．为了探
究通电螺线管外部磁场的方向与电流方向是否有关？实验中是通过_____来改变通电螺线管中电流的方向．如图（2）所示是通电螺线管周围的有机玻璃板上的小磁针分布状态，观察可知通电螺线管的外部磁场与_____的磁场相似．本实验经过改进，还可以探究通电螺线管外部磁场的强弱与电流大小的关系．请说出一种你的改进方法_____．
小磁针N极的指向对调电源正负极条形磁体增加电池节数或串联一个滑动变阻器(或电阻等)
【解析】
【详解】
(1)小磁针静止时，N极所指的方向就是该处的磁场方向，磁场中某点的磁感线的方向与该点磁场方向一致，根据磁感线方向判断通电螺线管的磁极；
(2)通过改变电源正负极可改变电路中电流的方向，这样便可以探究电螺线管外部磁场的方向与电流方向是否有关；
(3)观察有机玻璃板上的小磁针分布状态，可知通电螺线管的外部磁场与条形磁体的磁场方向一致；
(4)探究通电螺线管外部磁场的强弱与电流大小的关系，电路中电流的大小应可以发生改变，所以可以采用的方法是：增加电池节数或串联一个滑动变阻器。

26．小文用图甲所示的装置探究“海波熔化过程的规律”时，依据实验证据描绘出海波的熔化曲线，如图乙所示.（处理此题时，默认海波单位时间内吸热相等）
（1）实验中用到的测量工具是：___________________；海波的熔化条件是：_________.
（2）请你设计记录海波熔化过程的表格；并依据海波熔化曲线分别记录一次熔化前、熔化时、熔化后的证据________.
（3）依据熔化图线，可确定液态海波与固态海波的比热容之比为：___________. 温度计、停表 温度达到熔点48℃，继续吸收热量 加热时间T/min
0 1 2
3 4 5 6 7 8 9 10 海波的温度t/℃ 44
48
50
海波的状态
固态
固液共存状态
液态
3:4 【解析】 【详解】
(1)试验中需要用温度计测量温度，用秒表测量所用的时间，加热时还要观察海波的状态变化情况；由乙图可知，海波在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变，熔点为48℃，海波的熔化条件是：温度达到熔点48℃，继续吸收热量；
（2）由图象可知，需要记录的数据有，图象的横坐标是加热时间T ，纵坐标是海波的温度t ，还要观察海波加热时的状态变化情况，依据海波熔化曲线分别记录了一次熔化前、熔化时、熔化后的数据和状态变化情况，根据以上分析，设计记录海波熔化过程的表格为： 加热时间T/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 海波的温度t/℃ 44
48
50
海波的状态
固态
固液共存状态
液态
（3）由熔化图线，可知固态海波0-4min 内，温度升高8℃，每分钟温度升高2℃；液态海波7min-10min 内，温度升高8℃，每分钟温度升高8
3
℃，因为默认海波单位时间内吸热相等，海波固体、液态质量相同，
由Q cm Δt = 可得液态海波与固态海波的比热容之比为：液固固液
2℃3
==
84℃
3c t c t ∆=∆ .。