【配套K12】[学习]湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)(含解析)

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湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(9)---精校 Word解析版

+πR)=m=1kg的物体，竖直向上拉绳子，使物体由静止开始以，根据牛顿第二定律得：得：末物体的速度大小为：，故第一秒末拉力的功率为：求解瞬时功率，难点在于物体的速度和绳物体的机械能增加物体的重力势能减少物体的动能增加重力做功的物体从静止出发以；物体除重力做功，阻力做负功，除了重力之外的力做功量度机械能的变化，阻力做功为，所以物体的机械能变化，故物体的合力为，则合力做功为，所以物体的动能增加为，故物体在下落过程中，重力做正功为mgh所以物体的重力势能减少【答案】，联立上两式有考点：本题考查了竖直上抛运动的规律，由动能定理可得：，解得mgh-W==物体与弹簧组成的系统机械能增加量等于除重力和弹力以外的:，而，则物体到达，，，【答案】B：【点睛】本题综合考查了牛顿第二定律等知识，功率的计算和速度的分解。

去求运动的时间．根据图线知，当吊起的质量为，则吊起的速度，则吊起的速度为，当吊起的质量为5kg时，功率为个货箱，即质量为15kg根据，得，知功率最大时，时间最短，则点与原点连线的斜率正比于速度的大小，知斜率逐渐减小，故C正确．，下滑过程中在沿斜面方向上受到沿斜面向下的重力的分力和沿斜面向上的摩擦力，故加速度个过程都是匀变速直线运动，过程中的位移相同，根据公式可得上滑过程的时间，，而的一次函数，所以图像不是直线，故根据功能关系得：视频水平，质点从点正上方高【答案】DH-．即第一次质点在槽中滚动损失的机械能为．由于第二次小球在槽中滚动时，对应位置处速度变小，因此槽给小球的弹力变小，摩擦力变小，摩擦力做功小于，机械能损失小于＜联立①②③,解得：，，故.【点睛】本题的关键是分析小球的运动过程，抓住临界状态和临界条件，然后结合功能关系和牛顿第二定A. 9.52×10-2 JB. 9.78×10-2 J，，则这个过程A刚分离时它们的速度大小为，根据功能关系得：发生的位移大小为A克服重力做功为做功的功率为A发生的位移大小为离开C的过程中，物块，选项=2mgsinθ，解得F=3mgsinθ+ma则：，解得的加速度大小为考点：牛顿第二定律；胡克定律；功率能守恒得：．故球机械能的增加量为．故正确．故选BD.考点：本题考查了机械能守恒定律．A. 斜面的倾角θ＝30°B. 物体的质量为m＝0.5kg，联立得，联立得，则A. 汽车行驶过程中所受的阻力为2000NB. 汽车的额定功率为40kwC. 图中，汽车加速运动的时间为22.5s故有：，则有得：，汽车的额定功率为：错误。

2018届湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高三物理滚动复习(10)(解析版)

2018届湖北省武汉华中师范大学第一附属中学高三物理滚动复习(10)（解析版）1．将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同．现将一个可以视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，使其沿斜面下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数μ均相同．在这三个过程中，下列说法不正确的是( )A ．沿着1和2下滑到底端时，物块的速率不同，沿着2和3下滑到底端时，物块的速率相同B ．沿着1下滑到底端时，物块的速度最大C ．物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量最多D ．物块沿着1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多答案：A [解析] 设1、2、3木板与地面的夹角分别为θ1、θ2、θ3，木板长分别为l 1、l 2、l 3，当物块沿木板1下滑时，由动能定理有mgh 1－μmgl 1cos θ1＝12mv 21－0，当物块沿木板2下滑时，由动能定理有mgh 2－μmgl 2cos θ2＝12mv 22－0，又h 1>h 2，l 1cos θ1＝l 2cos θ2，可得v 1>v 2；当物块沿木板3下滑时，由动能定理有mgh 3－μmgl 3cos θ3＝12mv 23－0，又h 2＝h 3，l 2cos θ2<l 3cos θ3，可得v 2>v 3，选项A 错误，选项B 正确；三个过程中产生的热量分别为Q 1＝μmgl 1cos θ1，Q 2＝μmgl 2cos θ2，Q 3＝μmgl 3cos θ3，则Q 1＝Q 2<Q 3，故选项C 、D 正确．只有选项A 符合题意．2．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块初速度为v 时，上升的最大高度为H ，如图所示；当物块初速度为v 2时，上升的最大高度记为h .重力加速度大小为g .则物块与斜坡间的动摩擦因数和h 分别为( )A ．tan θ和H 2B ．（v 22gH －1）tan θ和H 2C ．tan θ和H 4D ．（v 22gH －1）tan θ和H 4答案：D [解析] 根据能量守恒定律，以速度v 上升时，有12mv 2＝μmg cos θH sin θ＋mgH ，以速度v 2上升时，有12m ⎝⎛⎭⎫v 22＝μmg cos θh sin θ＋mgh ，解得h ＝H 4，μ＝⎝⎛⎭⎫v 22gH －1tan θ，所以D 正确．3. 如图所示，A 、B 质量均为m ，轻质小滑轮距光滑水平杆高度为H ，开始时轻质细绳与杆夹角α=45°.释放B 后，A 、B 同时开始运动，小滑轮绕轴无摩擦转动.则在A 、B 开始运动以后，下列说法正确的是( )A. A 、B 速度同时达到最大值B. 轻质细绳一直对B 做负功C. A 能获得的最大动能为（2-1）mgHD. B 将在竖直方向做简谐运动答案:C 解析:A 的速度最大，动能最大，此时B 的速度为零.由机械能守恒定律，得：E K =mg (H sin -H)=(2 -1)mgH ， A 错C 对.当与A 连接的细绳运动越过竖直方向后，轻质细绳对B 做正功，B 将在竖直方向做机械振动.但由于细绳拉力大小不与B 对其平衡位置位移大小成正比，所以BD 均错.4. 如右图所示，可视为质点的物块A 放在物体B 上，物体B 的斜面为弧面，A 、B 之间有摩擦，水平地面光滑．现将物块A 从物块B 的顶端由静止释放，在滑到物体B 的底端前，下列说法正确的是( )A ．若物体B 固定，则物块A 减少的重力势能等于它的动能和系统增加的内能之和B ．若物体B 不固定，则物块A 减少的机械能等于物体B 增加的机械能C ．物体B 在固定与不固定的两种情况下，系统重力势能的减少量相等D ．物体B 在固定与不固定的两种情况下，摩擦产生的热量不等答案：ACD 解析：若B 固定，A 减少的重力势能转化为A 的动能和系统增加的内能，选项A 正确；若B 不固定，A 减少的重力势能转化为A 、B 的动能和系统增加的内能，选项B 错误；B 在固定与不固定的两种情况下，A 下降的高度相等，所以系统重力势能的减少量相等，选项C 正确；B 不固定时，由于A 、B 都运动，经过同一位置A 的速度与B 固定时A 的速度不等，所以同一位置的摩擦力大小不等，因而摩擦产生的热量不等，选项D 正确．5．如图所示，一个质量为m 的圆环套在一根固定的水平直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ.现给环一个向右的初速度v 0，如果在运动过程中还受到一个方向始终竖直向上的力F 的作用，已知力F 的大小F ＝kv (k 为常数，v 为环的运动速度)，则环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功(假设杆足够长)可能为( )A. 12mv 02B ．0C. 12mv 02＋m 3g 22k 2D. 12mv 02－m 3g 22k 2 答案：ABD 解析：若F >mg ，摩擦力使圆环减速，F 减小，摩擦力F 阻＝μ(F －mg )减小，当F＝mg 时，摩擦力为零，圆环做匀速直线运动．由动能定理可知，圆环克服摩擦力所做的功为12mv 02－m 3g 22k 2，选项D 正确．若F ＝mg ，摩擦力为零，圆环一直做匀速直线运动，摩擦力做功为零，选项B 正确．若F <mg ，摩擦力使圆环减速，F 减小，摩擦力F 阻＝μ(mg －F )增大，直到圆环静止．由动能定理可知，圆环克服摩擦力所做的功为12mv 02，选项A 正确．6．如图所示，长为L 的长木板水平放置，在木板的A 端放置一个质量为m 的小物块，现缓慢地抬高A 端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v ，则在整个过程中( )A ．木板对小物块做功为12mv 2B ．摩擦力对小物块做功为mgL sin αC ．支持力对小物块做功为mgL sin αD ．滑动摩擦力对小物块做功为12mv 2－mgL sin α答案：ACD 解析：在抬高的过程中，物块受到的摩擦力为静摩擦力，由题意得：WF N ＋W G ＝0，即WF N －mgL sin α＝0，所以WF N ＝mgL sin α在物块下滑的过程中，支持力不做功，滑动摩擦力和重力做功，由动能定理得：W G ＋W f ＝12mv 2即W f ＝12mv 2－mgL sin α，在整个过程中，木板对物块做的功等于支持力和摩擦力所做的功之和，即：W ＝WFN ＋W f ＝12mv 27．如图所示，M 为固定在桌面上的异形木块，abcd 为34圆周的光滑轨道，a 为轨道最高点，de 面水平且与圆心等高．今将质量为m 的小球在d 点的正上方高为h 处由静止释放，使其自由下落到d 处后，又切入圆轨道运动，则下列说法正确的是( )A ．在h 一定的条件下，释放后小球的运动情况与小球的质量有关B ．只要改变h 的大小，就能使小球在通过a 点之后既可能落回轨道之内，又可能落到de 面上C ．无论怎样改变h 的大小，都不可能使小球在通过a 点之后，又落回轨道之内D ．要使小球飞出de 面之外(即落在e 的右边)是可能的答案：CD 解析：只要小球能通过轨道的最高点a ，即有v a ≥gR .小球能否落回轨道之内，取决于小球离开a 点后做平抛运动的水平射程x ，由平抛运动公式x ＝v a t 及R ＝12gt 2得；x ≥2R ，由此可知，小球在通过a 点之后，不可能落回轨道之内，但可能飞出de 面之外，C 、D 正确． 8.一质量不计的直角形支架两端分别连接质量为m 和2m 的小球A 和B.支架的两直角边长度分别为2l 和l ，支架可绕固定轴O 在竖直平面内无摩擦转动，如图所示.开始时OA 边处于水平位置.由静止释放，则( )A. A 球的最大速度为2glB. A 球的速度最大时，两小球的总重力势能最小C. A 球的速度最大时，两直角边与竖直方向的夹角为45°D. A 、B 两球的最大速度之比v A :v B =2:1答案:BCD 解析:由机械能守恒可知，两球总重力势能最小时，动能最大，根据题意知两球的角速度相同，线速度之比为vA vB=(ω·2l) (ω·l)=2:1，故选项B 、D 是正确的.当OA 与竖直方向的夹角为θ时，由机械能守恒定律得：mg 2lcosθ-2mgl （1-sinθ)=12×2mv 2B +12mv 2A 可得：v 2A =83gl(sinθ+cosθ)- 83gl 由数学知识知，当θ=45°时，sinθ+cosθ有最大值，故选项C 是正确的，选项A 是错误的. 9．如图所示，质量为M 、长度为L 的木板静止在光滑的水平面上，质量为m 的小物体(可视为质点)放在木板上最左端，现用一水平恒力F 作用在小物体上，使物体从静止开始做匀加速直线运动．已知物体和木板之间的摩擦力为F f .当物体滑到木板的最右端时，木板运动的距离为x ，则在此过程中( )A ．物体到达木板最右端时具有的动能为(F －F f )(L ＋x )B．物体到达木板最右端时，木板具有的动能为F f xC ．物体克服摩擦力所做的功为F f LD ．物体和木板增加的机械能为Fx答案：AB 解析：由题意画示意图可知，由动能定理对小物体：(F －F f )·(L ＋x )＝12mv 2，故A 正确．对木板：F f ·x ＝12Mv 2，故B 正确．物块克服摩擦力所做的功F f ·(L ＋x )，故C 错．物体和木板增加的机械能12mv 2＋12Mv 2＝F ·(L ＋x )－F f ·L ＝(F －F f )·L ＋F ·x ，故D 错． 10．一质量为m 的物体以速度v 在竖直平面内做半径为R 的匀速圆周运动，假设t ＝0时刻物体在轨迹最低点且重力势能为零，那么，下列说法正确的是( )A ．物体运动的过程中，重力势能随时间的变化关系为E p ＝mgR ⎝⎛⎭⎫1－cos v R tB ．物体运动的过程中，动能随时间的变化关系为E k ＝12mv 2－mgR ⎝⎛⎭⎫1－cos v R tC ．物体运动的过程中，机械能守恒，且机械能为E ＝12mv 2D ．物体运动的过程中，机械能随时间的变化关系为E ＝12mv 2＋mgR ⎝⎛⎭⎫1－cos v R t答案：AD 解析：由于物体在竖直平面内做匀速圆周运动，其动能不变，重力势能发生变化，所以物体在运动的过程中机械能不守恒，选项B 、C 错误．在t 时间内转过的弧度为v R t ，所以对应t时刻的重力势能为E p ＝mgR ⎝⎛⎭⎫1－cos v R t ，总的机械能为E ＝E p ＋E k ＝12mv 2＋mgR ⎝⎛⎭⎫1－cos v R t ，选项A 、D 正确．11．如图所示，将质量为2m 的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m 的环，环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d ，杆上的A 点与定滑轮等高，杆上的B 点在A 点下方距离为d 处．现将环从A 处由静止释放，不计一切摩擦阻力，下列说法正确的是( )A ．环到达B 处时，重物上升的高度H ＝d 2B ．环到达B 处时，环与重物的速度大小相等C ．环从A 到B ，环减少的机械能等于重物增加的机械能D ．环能下降的最大高度为43d答案：CD [解析] 环到达B 处时，重物上升的高度H ＝(2－1)d ，选项A 错误；将环在B 处时的速度v B 沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，环沿绳子方向上的分速度等于重物的速度v ′，有v B cos 45°＝v ′，选项B 错误；环和重物组成的系统在运动过程中，只有重力做功，所以系统机械能守恒，环减少的机械能等于重物增加的机械能，选项C 正确；设环下降的最大高度为h ，则此时环和重物的速度均为零，重物上升的高度为h ′＝h 2＋d 2－d ，由机械能守恒定律得mgh －2mgh ′＝0，解得h＝43d ，选项D 正确．12．面积很大的水池，水深为H ，水面上浮着一正方体木块，木块边长为a ，密度为水的21，质量为m ．开始时，木块静止，有一半没入水中，如图所示．现用力将木块缓慢地压到池底．在这一过程中( )A ．木块的机械能减少了)2(a H mg -B ．水池中水的机械能不变C ．水池中水的机械能增加了)2(2a H mg -D ．水池中水的机械能增加了)85(2a H mg - 答案：AD13．如图所示，质量为M 的小车静止在光滑水平面上，小车AB 段是半径为R 的四分之一圆弧光滑轨道，BC 段是长为L 的水平粗糙轨道，两段轨道相切于B 点．一质量为m 的滑块在小车上从A 点由静止开始沿轨道滑下，重力加速度为g .(1)若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力；(2)若不固定小车，滑块仍从A 点由静止下滑，然后滑入BC 轨道，最后从C 点滑出小车．已知滑块质量m ＝M 2，在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，滑块与轨道BC 间的动摩擦因数为μ，求：①滑块运动过程中，小车的最大速度大小v m ； ②滑块从B 到C 运动过程中，小车的位移大小s .[解析] (1)滑块滑到B 点时对小车压力最大，从A 到B 机械能守恒，有mgR ＝12mv 2B滑块在B 点处，由牛顿第二定律，有N －mg ＝mv 2B R ，解得N ＝3mg由牛顿第三定律，有N ′＝3mg .(2)①滑块下滑到达B 点时，小车速度最大．由机械能守恒定律，有mgR ＝12Mv 2m ＋12m (2v m )2，解得v m ＝gR 3.②设滑块运动到C 点时，小车速度大小为v C ，由功能关系，有mgR －μmgL ＝12Mv 2C ＋12m (2v C )2设滑块从B 到C 过程中，小车运动加速度大小为a ，由牛顿第二定律，有μmg ＝Ma 由运动学规律，有v 2C －v 2m ＝－2as ，解得s ＝13L .14. 如图所示，固定的凹槽水平表面光滑，其内放置U 形滑板N ，滑板两端为半径R =0.45 m 的1/4圆弧而，A 和D 分别是圆弧的端点，BC 段表面粗糙，其余段表面光滑，小滑块P 1和P 2的质量均为m ，滑板的质量M =4 m ．P 1和P 2与BC 面的动摩擦因数分别为10.10μ=和20.40μ=，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，开始时滑板紧靠槽的左端，P 2静止在粗糙面的B 点，P 1以v 0=4.0 m/s 的初速度从A 点沿弧面自由滑下，与P 2发生弹性碰撞后，P 1处在粗糙面B 点上，当P 2滑到C 点时，滑板恰好与槽的右端碰撞并与槽牢固粘连，P 2继续滑动，到达D 点时速度为零，P 1与P 2视为质点，取g =10 m/s 2．问：（1）P 2在BC 段向右滑动时，滑板的加速度为多大？（2）BC 长度为多少？N 、P 1和P 2最终静止后，P 1与P 2间的距离为多少？解析：（1）P 1滑到最低点速度为1v ，由机械能守恒定律有： 21202121mv mgR mv =+ 解得：s m v /51= P 1、P 2碰撞，满足动量守恒，机械能守恒定律，设碰后速度分别为1v '、2v ' 211v m v m mv '+'= 222121212121v m v m mv '+'= ，解得：01='v 2v '=5m/s P 2向右滑动时，假设P 1保持不动，对P 2有：m mg u f 422==（向左）对P 1、M 有：2)(a M m f += 22/8.054s m mm M m f a ==+=此时对P 1有：m f m ma f m 0.180.01=<==，所以假设成立。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习(2)物理试题Word版含解析

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(2)一、选择题：1-13题为单选，14-20为多选。

1. 如图所示，一杂技演员用一只手抛球、接球，他每隔0.4 s抛出一球，接到球便立即把球抛出．已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看作是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛球点算起，取g=10m/s2)( )..................A. 1.6mB. 2.4mC. 3.2mD. 4.0m【答案】C【解析】根据竖直上抛的对称性可知，空中的四个球，有两个在上升，两个下降，由于每隔0.5s抛一个，因此从抛出到最高点时间为t=1s，所以上升最大高度：h＝gt2＝×10×12＝5m，故ABC错误，D正确．故选D．2. 一倾角为α的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑．现给物体施加如图所示的力F，F与竖直方向夹角为β，斜劈仍静止，则此时地面对斜劈的摩擦力A. 大小为零B. 方向水平向右C. 方向水平向左D. 无法判断大小和方向【答案】A【解析】【详解】没有施加力F时，由物体匀速下滑可知mg sinα＝μmg cosα，得μ＝tanα，物体受重力G、斜面的弹力F N、斜面的摩擦力F f，且三力的合力为零，故F N与F f的合力竖直向上，，如图所示：当物体受到外力F时，物体受斜面的弹力为F N′、摩擦力为F f′，F N′与F f′的合力与F N′的夹角为θ，则，故θ＝α，即F N′与F f′的合力方向竖直向上，由牛顿第三定律知，物块对斜面体的作用力竖直向下，故斜面体在水平方向上不受力，故选A。

【点睛】本题关键对滑块受力分析后根据平衡条件得到支持力和摩擦力的合力方向，然后根据牛顿第三定律得到滑块对斜面体的作用力的合力方向，当压力增加后，滑动摩擦力也增加，但两个力的合力方向不变．3. 甲、乙两辆汽车在平直的公路上同一地点沿相同方向由静止开始做直线运动，它们运动的加速度随时间变化a-t图像如图所示．关于甲、乙两车在0~20s的运动情况，下列说法正确的是( )A. 在t＝10s时两车相遇B. 在t＝20s时两车相遇C. 在t＝10s时两车相距最远D. 在t＝20 s时两车相距最远【答案】D【解析】根据加速度-时间图像可知道图像与时间轴所围成的面积表示速度，在t=20s时，两图像与t 轴所围成的面积相等，即该时刻两车的速度相等，在t=20s前乙车的速度大于甲车的速度，所以乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离，在t=20s时，两车的速度相等，即相距最远，由以上分析可知，在t=20s，两车不可能相遇，只有D正确。

【解析】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题 Word版含解析【高考】

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题一、选择题1. 一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）。

小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回。

若将下极板向上平移，则从P点开始下落的相同粒子将（）A. 打到下极板上B. 在下极板处返回C. 在距上极板处返回D. 在距上极板处返回【答案】C【解析】试题分析：开始状态，粒子从静止释放到速度为零的过程，运用动能定理得，3mgd/2=qU，将下极板向上平移d/4，设运动到距离上极板x处返回．根据动能定理得：，联立两式解得x=d，即粒子将在距上极板d处返回，故C正确．考点：动能定理的应用.2. 如图为测定运动员体能的装置，轻绳拴在腰间沿水平线跨过定滑轮（不计滑轮的质量与摩擦），下悬重力为G的物体。

设人的重心相对地面不动，人用力向后蹬传送带，使水平传送带以速率为v逆时针转动，则（）A. 人对重物做功功率为GvB. 人对传送带的摩擦力大小等于G，方向水平向右C. 人对传送带的摩擦力对传送带不做功D. 人对传送带做功的功率大小为Gv【答案】D【解析】【详解】A. 重物没有位移，所以人对重物没有做功，功率为0，故A错误；B. 根据人的重心不动，则知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡，传送带对人的摩擦力方向向右，拉力等于物体的重力G，所以人对传送带的摩擦力大小等于G，方向水平向左，故B错误；CD. 在时间t内人对传送带做功消耗的能量等于人对传送带做的功，人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于G.根据P=Fv，所以人对传送带做功的功率为Gv.故C错误，D正确。

故选：D【点睛】通过在力的方向上有无位移判断力是否做功．人的重心不动，则知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡．根据恒力做功功率公式可以求得人对传送带做功功率为P=Fv．3. 如图所示，“旋转秋千”装置中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(12)物理试题Word版含解析

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(12)一、客观题：1-4题单选，5-10多选。

1. 在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动。

某时刻小球A与质量为3m 的静止小球B发生正碰，两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的，则碰后B球的速度大小是( )A. B. C. 或 D. 无法确定【答案】A【解析】根据碰后A球的动能恰好变为原来的得：解得：碰撞过程中AB动量守恒，则有：mv=mv′+3mv B解得：v B=v或v B=v；当v B=v时A的速度大于B的速度，不符合实际，故选项A正确，BCD错误，故选A.点睛：本题考查的是动量定律得直接应用，注意动能是标量，速度是矢量；同时要分析结果是否符合实际情况，即不可能发生二次碰撞。

2. 在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都为m.现B球静止，A球向B球运动，发生正碰。

已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的总弹性势能为E p，则碰前A球的速度等于( )A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：碰撞过程动量守恒，两球组成的系统机械能守恒，压缩到最紧时两球速度相等，则有，可得碰前A的速度.故选C考点：动量守恒与能量守恒的综合题，点评：两球压缩最紧时，两球速度相等．根据碰撞过程中动量守恒，以及总机械能守恒求出碰前A球的速度3. 如图所示“牛顿摆”装置，5个完全相同的小钢球用轻绳悬挂在水平支架上，5根轻绳互相平行，5个钢球彼此紧密排列，球心等高．用1、2、3、4、5分别标记5个小钢球．当把小球1向左拉起一定高度，如图甲所示，然后由静止释放，在极短时间内经过小球间的相互碰撞，可观察到球5向右摆起，且达到的最大高度与球1的释放高度相同，如图乙所示．关于此实验，下列说法中正确的是( )..................A. 上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能守恒，动量守恒B. 上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能不守恒，动量不守恒C. 如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度(如图丙所示)，同时由静止释放，经碰撞后，小球4、5一起向右摆起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的释放高度D. 如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度(如图丙所示)，同时由静止释放，经碰撞后，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相同【答案】D【解析】试题分析：上述实验过程中，小球5能够达到与小球1释放时相同的高度，说明系统机械能守恒，而且小球5离开平衡位置的速度和小球1摆动到平衡位置的速度相同，说明碰撞过程动量守恒，但随后上摆过程动量不守恒，动量方向在变化，选项AB错。

【物理】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习(14)(解析版)

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习一、选择题1. 均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB 上均匀分布正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球面顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM ＝ON ＝2R .已知M 点的场强大小为E ，则N 点的场强大小为（）A. －EB.C. －ED. ＋E【答案】A 【解析】把半个球面补到右面，组成一个完整的球壳，根据对称性，可知，左半球在N 点的场强大小与右半球在M 点的场强大小相等，设这个场强为，则有，解得：2. 如图所示，带电荷量为＋Q 的细棍电荷分布均匀，在过中点c 的垂直于细棍的直线上有a 、b 、d 三点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q (q >0)的固定点电荷．已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为(k 为静电力常量)（）A. B. k C. k D. k【答案】C 【解析】【详解】b 点处的场强为零，由场强叠加原理，固定点电荷和细棍分别在b 点产生的电场的场强等大反向，则细棍在b点产生的电场的场强，方向水平向左；由对称性，细棍分别在b、d点产生的电场的场强等大反向，在d点，合场强，故选C．【点睛】考查点电荷与细棍上电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系和对称性关系。

3. 已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为，其中σ为平面上单位面积所带的电荷量，为常量．如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电荷量为Q.不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为（）A. 和B. 和C. 和D. 和【答案】D【解析】由公式，正负极板都有场强，由场强的叠加可得，电场力，故选D。

【考点定位】考查电场知识。

【K12教育学习资料】[学习]湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)(含

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)一、选择题：1-7题为单选，8-15为多选。

1. 如图所示,物块和叠放在水平面上,在水平力F作用下整体向右做匀速运动,关于物块受力个数,下列判断正确的是( )A. 4个B. 5个C. 6个D. 7个【答案】C【解析】【详解】因为物块m1和m2做匀速运动，整体处于平衡状态，整体在水平方向受到拉力与地面的摩擦力的作用；绳子对物块m1和m2的拉力相等，都是F。

又m1处于平衡状态，则m1受水平方向的绳子的拉力，所以还会受m2对m1的向左的摩擦力作用，则m2受到m1的向右的摩擦力作用；所以m2受到重力、地面的支持力，地面的向左的摩擦力；受到m1的向右的摩擦力和向下的压力以及绳子的拉力，共6个力的作用。

故C正确，ABD错误。

故选C。

2. a、b两不同材质物体的质量分别为和，由轻质弹簧相连．当用恒力F竖直向上拉着a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着a，使a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为，如图所示．则（）A. B. C. D. 无法判断【答案】D【解析】【详解】a、b一起向上做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F1-m2g=m2a1，解得：F1= ；a、b一起沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动时，对整体根据牛顿第二定律可得：；隔离对b分析有：F2=m2a2+μ2m2g=，则无法判断F1和F2的大小关系，根据胡克定律知，无法判断x1和x2的关系．故D正确、ABC错误；故选D。

【点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。

3. 如图所示,用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M,长杆的一端放在地上通过铰链联结形成转轴,其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处,在杆的中点C处拴一细绳,绕过两个滑轮后挂上重物M.C点与O点距离为L.现在杆的另一端用力。

【解析】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习题(10)

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(10)1. 将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同．现将一个可以视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，使其沿斜面下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数μ均相同．在这三个过程中，下列说法不正确的是( )............A. 沿着1和2下滑到底端时，物块的速率不同，沿着2和3下滑到底端时，物块的速率相同B. 沿着1下滑到底端时，物块的速度最大C. 物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量最多D. 物块沿着1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多【答案】A【解析】对物块从高为h的斜面上由静止滑到底端时，根据动能定理有，其中为物块克服摩擦力做的功，因滑动摩擦力，又，所以物块克服摩擦力做的功为，由图可知，为斜面底边长，即若物体从斜面顶端下滑到底端时只要质量m与斜面底端长相同，则物体克服摩擦力做的功就相同，因沿着1和2下滑到底端时相同，沿2和3下滑到底端时不同，沿3时克服摩擦力做的功多，由动能定理，不难判断A错误；根据动能定理，沿1和2下滑时有，，，同理沿2和3下滑时有，显然，最大，B正确；由摩擦产生热量，可知物块沿3下滑到底端的过程中产生的热量最多，故C正确；同理，根据以上分析知，物块沿1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多，故D正确．【点睛】通过本题求克服摩擦力做功可推得一个重要的结论：物体从斜面下滑到底端的过程中，克服摩擦力做的功与沿水平面滑动与斜面底端相同距离时克服摩擦力做的功相同．2. 一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块初速度为时，上升的最大高度记为h.重力加速度大小为g.则物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为( )A. tanθ和B. 和C. tan θ和D. 和【答案】D【解析】试题分析：根据动能定理有：－mgH－μmgH/tanθ＝0－，解得：μ＝（－1）tanθ，故选项A、C错误；当物块的初速度为时，有：－mgh－μmgh/tanθ＝0－，解得：h ＝，故选项B错误；选项D正确。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(6)(含解析)练习

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习（6）（含解析）练习一、选择题：1-7题为单选，8-15为多选。

故C正确，ABD错误。

故选C。

精品解析：湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题(解析版)

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三理综物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卡上填写自己的准考证号、姓名、试室号和座位号。

用2B型铅笔把答题卡上试室号、座位号对应的信息点涂黑。

2．选择题每小题选出答案后，用2B型铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．考生必须保持答题卡整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、选择题1.以下叙述正确的是（）A. 库仑在前人工作的基础上，通过定量实验研究，确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的规律B. 电流通过导体产生的热量与电流、导体电阻和通电时间的规律是由欧姆最先发现的C. 最先通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因的是牛顿D. 万有引力定律是由开普勒发现的【答案】A【解析】试题分析：库仑在前人工作的基础上，通过定量实验研究，确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的规律—库仑定律，A正确；电流通过导体产生的热量与电流、导体电阻和通电时间的规律是由焦耳发现的，B错误；最先通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因的是伽利略，C错误；万有引力定律是由牛顿总结出来的，D错误。

考点：本题考查了有关物理学史的知识2.质点甲固定在原点，质点乙在轴上运动，乙受到甲的作用力只与甲、乙之间的距离有关，在范围内，与的关系如图所示．若乙自点由静止开始运动，假设乙除受力外不受其他外力作用，规定力沿方向为正，下列说法正确的是（）A. 乙运动到点时，动能最大B. 乙运动到点时，动能最大C. 乙运动到点后，静止于该处D. 乙运动到点时，速度方向一定沿方向【答案】A【解析】A ．由图可知，质点乙由静止从开始向右做加速运动，越过后做减速运动，因此经过点时速度最大，动能最大，故A正确，B错误；C ．由图象可知，质点运动到点后，在甲的作用力下做反向加速运动，不会静止在点，故C错误；D ．力对质点做的功等于图象与坐标轴所包围面积的大小，由图示图象可知，从到合外力对质点做的功大于从到合外力做的功，在点质点速度向右不为零，乙运动到点时，速度方向一定沿方向，故D 错误；故选：A．3. 在直角坐标系Oxyz中有一四面体O ABC，其顶点坐标如图所示。

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(15)

华师一附中2018届高三物理滚动复习（15）命题人：郑愈平一、电路分析1.（80）如图表示用惠斯登电桥来测量未知电阻R x 。

图中R 是已知电阻；K 是电键；G 是电流计；AC 是一条粗细均匀的长直电阻丝；D 是滑动触头，按下时就使电流计的一端与电阻丝接通；L 是米尺。

（1）简要说明测量R x 的实验步骤（其中要写出计算R x 的公式）)（2）如果滑动触头D 在从A 向C 移动的整个过程中，每次按下D 时，流过G 的电流总是比前一次增大，已知AC 间的电阻丝是导通的，那么电路可能在什么地方断路了?说明理由。

（分析时可认为电池内电阻和电阻R /均可忽略）2.（17全国卷2）某同学利用如图（a ）所示的电路测量一微安表（量程为100μA ，内阻大约为2500Ω）的内阻。

可使用的器材有：两个滑动变阻器R 1、R 2（其中一个阻值为20Ω，另一个阻值为2000Ω）；电阻箱R z （最大阻值为99999.9Ω）；电源E （电动势约为1.5V ）；单刀开关S 1和S 2。

C 、D 分别为两个滑动变阻器的滑片。

（1）按原理图（a ）将图（b ）中的实物连线。

（2）完成下列填空：① R 1的阻值为 Ω（填“20”或“2 000”）。

RR x ER /S1R zμAR 2 R 1S 2图（b ）EDCS 2S 1R 2R 1 EμAR z B 图（a ）②为了保护微安表，开始时将R1的滑片C滑到接近图（a）中滑动变阻器的端（填“左”或“右”）对应的位置；将R2的滑片D置于中间位置附近。

③将电阻箱R z的阻值置于2500.0Ω，接通S1。

将R1的滑片置于适当位置，再反复调节R2的滑片D 的位置。

最终使得接通S2前后，微安表的示数保持不变，这说明S2接通前B与D所在位置的电势（填“相等”或“不相等”）。

④将电阻箱R z和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将R z的阻值置于2601.0 时，在接通S2前后，微安表的示数也保持不变。

湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习物理试题 Word版含解析

华师一附中2018届高三物理滚动复习（5）1.发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响)。

速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网。

其原因是( )A. 速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B. 速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C。

速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D. 速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【答案】C【解析】【详解】发球机发出的球，速度较大的球越过球网，速度度较小的球没有越过球网，原因是发球机到网的水平距离一定，速度大,则所用的时间较少，球下降的高度较小，容易越过球网，C正确．2.如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平抛出,经过时间t在空中相遇,若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（）A. t B。

C. D.【答案】C【解析】设第一次抛出时A球的速度为v1，B球的速度为v2，则A、B间的水平距离x=(v1+v2）t，第二次两球的速度为第一次的2倍，但两球间的水平距离不变，则x=2(v1+v2）T，联立得T=t∕2,所以C正确；ABD错误．【名师点睛】本题的关键信息是两球运动时间相同，水平位移之和不变．3.如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上,小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M，到小环的距离为L,其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F．小环和物块以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动．整个过程中,物块在夹子中没有滑动．小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g．下列说法正确的是A。

物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB. 小环碰到钉子P时，绳中的张力大于2FC. 物块上升的最大高度为D. 速度v不能超过【答案】D【解析】物块向右匀速运动时，则夹子与物体M，处于平衡状态，那么绳中的张力等于Mg，故A正确；小环碰到钉子P时，物体M做圆周运动，依据最低点由拉力与重力的合力提供向心力，因此绳中的张力大于Mg，而与2F大小关系不确定,故B错误；依据机械能守恒定律,减小的动能转化为重力势能，则有:，则物块上升的最大高度为，故C错误;因夹子对物体M的最大静摩擦力为2F，依据牛顿第二定律，对物体M，则有：，解得：，故速度v不能超过，故D正确;故选AD。

【解析】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习题(7) Word版含解析【高考】

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(7)一、选择题：1-8位单选，其余多选1. 如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面上某一位置P处斜向上抛出，到达斜面顶端Q 处时速度恰好变为水平方向，已知P、Q间的距离为L，重力加速度为g，则关于抛出时物体的初速度v0的大小及其与斜面间的夹角α，以下关系中正确的有...............A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析：运用逆向思维，物体做平抛运动，根据Lsinθ＝gt2得，，则P点的竖直分速度，P点的水平分速度，则．故CD错误．设初速度方向与水平方向的夹角为β，根据平抛运动的推论有tanβ=2tanθ，又α=β-θ，根据数学三角函数关系可求得．故B正确，A错误．故选B。

考点：平抛运动【名师点睛】本题难度较大，采用逆向思维求解末速度，即斜抛运动的初速度是解题的关键，本题对数学三角函数要求较高，需加强训练。

2. 如图所示，AB为倾角为斜面，小球从A点以初速度v0(方向与斜面成角)抛出，恰好落到斜面底端的B点，不计空气阻力，则AB两点间的距离为A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】斜抛运动分解成水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀减速直线运动来处理，AB之间的距离为水平位移与竖直位移的合位移的大小，满足平行四边形定则，同时也可以利用三角形的边角关系求解．【详解】将小球的运动分解为沿斜面向下的方向和垂直于斜面方向，沿斜面向下方向的分加速度大小为，初速度为，垂直于斜面方向的分加速度大小为，初速度大小为，则有垂直于斜面方向，有，AB间的距离为，联立得，C正确．【点睛】找到斜抛运动时初速度与水平方向的夹角，将速度沿水平和竖直方向分解是重要的一步，利用几何关系找到水平位移或竖直位移与AB间距离的关系也很重要，此外的难点是利用数学的三角函数变换，这一点恐怕难住很多学生．3. 如图所示，小球从楼梯上以2m/s的速度水平抛出，所有台阶的高度和宽度均为0.25m，g 取10/s2，小球抛出后首先落到的台阶是A. 第一级台阶B. 第二级台阶C. 第三级台阶D. 第四级台阶【答案】D【解析】【详解】如图：设小球落到斜线上的时间t，水平，竖直且，解得，相应的水平距离，台阶数，知小球抛出后首先落到的台阶为第四级台阶，D正确．4. 如图，半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心。

【解析】湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(11) Word版含解析【高考】

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(11)一、实验题1. 在“用DIS研究小车加速度与所受合外力的关系”实验中时，甲、乙两组分别用如图(a)、(b)所示的实验装置进行实验，重物通过细线跨过滑轮拉相同质量小车，位移传感器(B)随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器(A)固定在轨道一端.甲组实验中把重物的重力作为拉力F，乙组直接用力传感器测得拉力F，改变重物的重力重复实验多次，记录多组数据，并画出a－F 图象 ..........(1)甲组实验把重物的重力作为拉力F的条件是________________________________.(2)图中符合甲组同学作出的实验图象的是________；符合乙组同学作出的实验图象的是________.【答案】(1). 小车的质量远大于重物的质量；(2). ②；(3). ①；【解析】（1）位移传感器（B）属于发射器（2）在该实验中实际是：mg=（M+m）a，要满足mg=Ma，应该使重物的总质量远小于小车的质量．即小车的质量远大于重物的质量．（3）在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mg=Ma得a=而实际上a′=，即随着重物的质量增大，不在满足重物的质量远远小于小车的质量，所以图（c）中符合甲组同学做出的实验图象的是②．乙组直接用力传感器测得拉力F，随着重物的质量增大拉力F测量是准确的，a-F关系为一倾斜的直线，符合乙组同学做出的实验图象的是①点睛：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．该实验是探究加速度与力的关系，我们采用控制变量法进行研究．为了使砝码盘和砝码的重力等于小车所受的合外力，实验应该满足小车的质量远大于重物的质量；2. 为验证“拉力做功与物体动能变化的关系”，某同学到实验室找到下列器材：长木板(一端带定滑轮)、电磁打点计时器、质量为200 g的小车、质量分别为10 g、30 g和50 g的钩码、细线、学生电源(有“直流”和“交流”挡).该同学进行下列操作：A.组装实验装置，如图(a)所示B.将质量为200 g的小车拉到打点计时器附近，并按住小车C.选用50 g的钩码挂在拉线的挂钩P上D.释放小车，接通打点计时器的电源，打出一条纸带E.在多次重复实验得到的纸带中选出一条点迹清晰的纸带，如图(b)所示F.进行数据采集与处理请你完成下列问题：(1)进行实验时，学生电源应选择用________挡(选填“直流”或“交流”).(2)该同学将纸带上打出的第一个点标为“0”，且认为打“0”时小车的速度为零，其后依次标出计数点1、2、3、4、5、6(相邻两个计数点间还有四个点未画)，各计数点间的时间间隔为0.1 s，如图(b)所示.该同学测量出计数点0到计数点3、4、5的距离，并标在图(b)上.则在打计数点4时，小车的速度大小为________ m/s；如果将钩码的重力在数值上当作小车所受的拉力，则在打计数点0到4的过程中，拉力对小车做的功为________ J，小车的动能增量为________ J.(取重力加速度g＝9.8 m/s2，结果均保留两位有效数字)(3)由(2)中数据发现，该同学并没有能够得到“拉力对物体做的功等于物体动能增量”的结论，且对其他的点(如2、3、5点)进行计算的结果与“4”计数点相似.你认为产生这种实验结果的主要原因有(写出两条即可)①________________________________________________________________________；②________________________________________________________________________.【答案】(1). 交流；(2). 0.58；(3). ；(4). ；(5). 小车质量不满足远大于钩码质量；(6). 没有平衡摩擦力；【解析】试题分析：（1）电磁打点计时器应用交流电，故应选交流挡。

【解析】湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学2018届高三滚动复习(8)物理试题

湖北省武汉华中师范大学第一附属中学2018届高三物理滚动复习(8)一、选择题：1-13题为单选，14-17为多选。

1. 一个做平抛运动的物体，从运动开始发生水平位移为s的时间内，它在竖直方向的位移为d1，紧接着物体在发生第二个水平位移s的时间内，它在竖直方向发生的位移为d2。

已知重力加速度为g，则平抛运动的物体的初速度为( )A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：从运动开始到发生水平位移s的时间内，它在竖直方向的位移为d1；根据平抛运动的规律可得水平方向上：s=v0t ；竖直方向上：d1=gt2；联立可以求得初速度，所以B正确；在竖直方向上，物体做自由落体运动，根据△x=gT2可得d2-d1=gT2，所以时间的间隔，所以平抛的初速度，所以A正确；再根据匀变速直线运动的规律可知，所以从一开始运动物体下降的高度为，由，可得物体运动的时间间隔为，所以平抛的初速度，所以D正确；故选ABD．考点：平抛运动2. 如图所示的塔吊臂上有一可以沿水平方向运动的小车A，小车下装有吊着物体B的吊钩，在小车A与物体B以相同的水平速度沿吊臂方向做匀速直线运动的同时，吊钩将物体B向上吊起，A、B之间的距离以d＝H－2t2(SI)(SI表示国际单位制，式中H为吊臂离地面的高度)规律变化，则物体做( )...............A. 速度大小不变的直线运动B. 速度大小增加的直线运动C. 加速度大小、方向均不变的曲线运动D. 加速度大小、方向均变化的曲线运动【答案】C【解析】试题分析：A、B、物体B参加了两个分运动，水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动；对于竖直分运动，结合位移﹣时间关系公式x=v0t+at2，可得到d=H﹣x=H﹣（v0y t+at2）①又根据题意d=H﹣2t2②可以得对比①②两式可得出：竖直分运动的加速度的大小为a y=4m/s2竖直分运动的初速度为v0y=0故竖直分速度为v y=4t物体的水平分速度不变合运动的速度为竖直分速度与水平分速度的合速度，遵循平行四边形定则，故合速度的方向不断变化，物体一定做曲线运动，合速度的大小v=，故合速度的大小也一定不断变大，故A错误，B正确；C、D、水平分加速度等于零，故合加速度等于竖直分运动的加速度，因而合加速度的大小和方向都不变，故C正确，D错误；故选：BC．3. 如图所示，一可看做质点的小球从一台阶顶端以4m/s的水平速度抛出，每级台阶的高度和宽度均为1 m，如果台阶数足够多，重力加速度g取10m/s2，则小球将落在标号为几的台阶上( )A. 3B. 4C. 5D. 6【答案】B【解析】试题分析：小球做平抛运动，因为每级台阶的高度和宽度均为1m，故小球落到台阶上时有，在竖直方向上，在水平方向上，代入可得，解得解得，相应的水平距离：，台阶数：，知小球抛出后首先落到的台阶为第四级台阶，B正确考点：考查了平抛运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键掌握平抛运动的特点：水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，难度不大，属于基础题．4. 假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为R A和R B。