2019届高考物理二轮复习选择题满分练11(含答案)

选择题满分练十一
说明：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．2016年底以来，共享单车风靡全国各大城市，如图所示，单车的车锁内
集成了嵌入式芯片、GPS模块和SIM卡等，便于监控单车在路上的具体位置．用户仅需用手机上的客户端软件(APP)扫描二维码，即可自动开锁，骑行时手机APP 上能实时了解单车的位置；骑行结束关锁后APP就显示计时、计价、里程等信息．此外，单车能够在骑行过程中为车内电池充电，满足定位和自动开锁等过程中的用电．根据以上信息判断下列说法正确的是( )
A．单车的位置信息是借助北斗卫星导航系统准确定位的
B．单车是利用电磁感应原理实现充电的
C．由手机APP上的显示信息，可求出骑行的平均速度
D．单车在被骑行过程中受到地面的摩擦力表现为阻力
解析：选B.单车某个时刻的准确位置信息是借助通讯卫星GPS定位确定的，故A错误；单车在运动过程通过电磁感应将机械能转化为电能从而实现充电，故B正确；由手机APP上的显示信息包括路程和时间，没有说明具体的位移，故不可以求出骑行的平均速度，故C错误．单车在被骑行过程中前轮受摩擦力向后，表现为阻力，后轮受摩擦力向前，表现为动力，选项D错误；故选B.
2．(2018·山东泰安市高三二模)如图所示，水平面上A、B两物块的接触面水
平，二者叠放在一起．在作用于B上的水平恒定拉力F的作用下沿地面向右做匀速运动，某时刻撤去力F后，二者仍不发生相对滑动．下列说法正确的是( ) A．撤去F之前A受到3个力作用
B．撤去F之前B受到4个力作用
C．撤去F前后，A的受力情况不变
D．A、B间的动摩擦因数不小于B与地面间的动摩擦因数
解析：选D.A、B、撤去F前，整体做匀速运动，故B受地面的摩擦力与F平衡，而A水平方向不受外力，故A不受B的摩擦力，B受重力、支持力、压力、拉力和地面的摩擦力共5个力作用；A只受重力和B对A的支持力，A受两个力的作用；A错误；B错误；C、撤去拉力F后，由于整体做减速运动，A受到重力和B对A 的支持力及B对A的摩擦力，A受3个力的作用；C错误；D、撤去拉力F后，由于整体做减速运动，整体的加速度a＝μ2g，而A的加速度a A＝μ2g≤μ1g，即μ2≤μ1，D正确；故选D.
3．如图所示，绷紧的倾斜传送带始终以恒定的速率v1顺时针运行，初速度大
小为v 2的小物块从底端滑上传送带，以地面为参考系v 2＞v 1.从小物块滑上传送带开始计时，其在传送带上运动的图象不可能为( )
解析：选D.小物块滑上传送带后做匀减速直线运动，可能在速度减为v 1以前已经到达最高点，因此A 正确．若小物块速度减为v 1后还没有到达最高点，若μmg cos θ＞mg sin θ，那么小物块将匀速向上运动，故B 正确．若μmg cos θ＜mg sin θ，小物块将继续减速上滑但加速度减小，可能在未到达最高点时速度为零向下加速下滑，加速度不变，因此C 正确．小物块上滑过程中速度不可能立即反向，因此D 错误．选D.
4．如图所示，平行板电容器与直流电源、理想二极管(正向
通电时可以理
解为短路，反向通电时可理解为断路)连接，电源正极接地．初始
电容器不带电，闭合开关，电路稳定后，一带电油滴位于电容器中的P 点且
处于静止状态．下列说法正确的是( )
A ．上极板上移，带电油滴向下运动
B ．上极板上移，P 点电势升高
C ．上极板下移，带电油滴向下运动
D ．上极板下移，P 点电势升高
解析：选D.将上极板向上移动，d 变大，由C ＝εr S 4πkd
可知，C 变小，而U 不变，要放电，由于二极管具有单向导电性，电容器不能放电，由E ＝4πkQ εr S
可知电容器两极板间的电场强度不变，油滴所受电场力不变，油滴静止不动，上极板电势为零，P 点到上极板的距离增大，根据U ＝Ed 可知P 与上极板间的电势差的绝对值增大，而电场中的电势都为负，所以P 点电势减小，A 、B 错误；若上极板下移，则d 变小，C 变大，两极板间的电压U 等于电源电动势不变，电场强度E ＝U d
变大，电场力变大，电场力大于重力，油滴所受合力向上，油滴向上运动，P 点到下极板的距离不变，根据U ＝Ed 可知P 与下极板间的电势差的绝对值增大，总电压一定，则P 与上极板的电势差减小，而电场中的电势都为负，所以P 点电势增大，C 错误，D 正确．
5．(2018·衡水中学押题卷)如图所示，足够长的宽度为d 的条形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，直角三角形金属线框ABC 的BC 边长度为L ，已知L ＞d .现令线框在外力作用下以速度v 0匀速穿过磁场区域，以B 点进入磁场的时刻为计时起点，规定线框中电流沿逆时针方向为正方向，则在线框穿过磁场的过程中，线框中的电流i 随时间t 的变化情况可能是( )
解析：选C.B点进入磁场后直至线框位移为d的过程中，线框的有效切割长度随时间均匀增大，线框中电流随时间均匀增大至I0，方向为逆时针，已知L＞d，线框位移大于d小于L的过程中，其有效切割长度不变，线框中电流不变，仍为逆时针，线框出磁场的过程中，有效切割长度随时间均匀增大，电流随时间均匀增大，A、D错误；由B项的横轴可知L＝2d，由几何关系可知线框位移为L时的有效切割长度与位移为d时的有效切割长度相等，故电流等大，但方向为顺时针，位移为L＋d时，有效切割长度是位移为d时的2倍，电流为－2I0，B错误；由C项的横轴可知L＝3d，由几何关系可知线框位移为L时的有效切割长度是位移为d 时的2倍，故电流为－2I0，位移为L＋d时，有效切割长度是位移为d时的3倍，电流为－3I0，C正确．6．如图甲所示的电路中，变压器为理想变压器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，L为标有“22 V20 W”的白炽灯泡，所有电表均为理想电表．当变压器原线圈输入如图乙所示的交变电压时，灯泡L正常发光．则下列说法正确的是( )
A．通过R的交变电流频率为50 Hz
B ．变压器原、副线圈的匝数比为10∶1
C ．变压器原、副线圈铁芯中磁通量变化率之比为10∶1
D ．当滑动变阻器R 的滑动片P 向下移动时，电流表A 1和A 2的示数均增大
解析：选ABD.由乙图可知，周期T ＝2×10－2 s ，则频率为f ＝1T ＝12×10－2
＝50 Hz ，故A 正确；由乙图可知，原线圈的最大电压为U m ＝220 2 V ，则原线圈电压的有效值U 1＝U m 2
＝220 V ，而此时灯泡正常发光，由并联电路的特点可知，此时副线圈两端的电压U 2＝U L ＝22 V ，故变压器原、副线圈的匝数比为n 1n 2＝U 1U 2＝22022＝101
，故B 正确；原、副线圈均在同一个铁芯上，其磁通量变化率相同，故C 错误；当滑动变阻器R 的滑动片P 向下移动时，R 的有效阻值减小，副线圈电压不变，故副线圈的电流增大，根据n 1n 2＝I 2I 1可知，原线圈的电流也增大，故电流表A 1和A 2的示数均增大，故D 正确．
7．嫦娥工程分为三期，简称“绕、落、回”三步走．我国发射的“嫦娥三号”卫星是嫦娥工程第二阶段的登月探测器，该卫星先在距月球表面高度为h 的轨道上绕月球做周期为T 的匀速圆周运动，再经变轨后成功落月．已知月球的半径为R ，引力常量为G ，忽略月球自转及地球对卫星的影响．则以下说法正确的是( )
A ．物体在月球表面自由下落的加速度大小为4π2（R ＋h ）3T 2R
2 B ．“嫦娥三号”绕月球做匀速圆周运动时的线速度大小为2πR T
C ．月球的平均密度为3π（R ＋h ）3GT 2R
3 D ．在月球上发射月球卫星的最小发射速度为2πR T R ＋h R
解析：选AC.在月球表面，重力等于万有引力，则得：G Mm R
2＝mg ；对于“嫦娥三号”卫星绕月球做匀速圆周运动过程，由万有引力提供向心力得：G Mm （R ＋h ）2＝m 4π2T 2(R ＋h )，联立解得：g ＝4π2（R ＋h ）3T 2R 2
，故A 正确；“嫦娥三号”卫星绕月球做匀速圆周运动，轨道半径为r ＝R ＋h ，则它绕月球做匀速圆周运动的速度大小为v ＝2πr T ＝2π（R ＋h ）T ，故B 错误；根据G Mm （R ＋h ）2＝m 4π2T 2(R ＋h )，解得月球的质量为M ＝4π2（R ＋h ）3GT 2
，月球的平均密度为ρ＝M 43πR 3＝3π（R ＋h ）3GT R ，故C 正确；设在月球上发射卫星的最小发射速度为v ，则有：G Mm R ＝mg ＝m v 2R ，解得v ＝gR ＝2π（R ＋h ）T R ＋h R
，故D 错误．
8．如图所示，一小球套在倾角为37°的固定直杆上，轻弹簧
一端与小球相
连，另一端固定于水平地面上O 点．小球由A 点静止释放，它沿杆
下滑到达最低
点C 时速度恰为0.A 、C 相距0.8 m ，
B 是A 、
C 连线的中点，OB 连线垂直AC ，小球质量为1 kg ，弹簧原长为0.5 m ，劲度系数为40 N/m ，sin 37°＝0.6，g 取10 m/s 2
.则小球从A 到C 过程中，下列说法正确的是( )
A ．小球经过
B 点时的速度最大
B ．小球在B 点时的加速度为6 m/s 2
C ．弹簧弹力对小球先做正功后做负功
D ．小球从A 到B 过程和从B 到C 过程摩擦力做功相等
解析：选BD.小球合外力等于0时速度最大，在B 点时由于弹簧弹力为k (l －OB )＝40 N/m×(0.5－0.3)m ＝8 N ，方向垂直杆向上，重力垂直于杆的分力为mg cos θ＝1×10×0.8 N＝8 N ，方向垂直于杆向下，所以小球在B 点时合外力F ＝mg sin θ＝1×10×0.6 N＝6 N ，所以经过B 点时速度不是最大，A 错误；此时加速度a ＝F m ＝6 N 1 kg
＝6 m/s 2，B 正确；在AB 段弹簧弹力与小球位移夹角大于90°，所以做负功，BC 段做正功，C 错误；A 、C 两点小球速度为0，由图形的对称性知AB 过程和BC 过程摩擦力做功相等，D 正确．。