大物例题教学内容
大物 课件例题.pdf
汾丘里流量计（液体）2222112121ρυρυ+=+PPP1 = ρgh1 + P0P2 = ρgh2 +P0S1v1 =S2v22221211122212122SSghSSSQSSghS-==-=υυ例1、有流量为0.12m3/s的水流过如图所示的管子。
A点的压强为2×105N/m2,A点的截面积为100cm2,B点截面积为60cm2。
假设水的内摩擦可以忽略不计，求A、B点的流速和B点的压强。
解：由连续性方程，得S A v A= S B v B=Q得v A=？v B=？由伯努利(Bernoulli)方程得PB=?p v ghA A A++122ρρ=++p v ghB B B122ρρ8解：在A 处气流速率为零, 在流线OA 上运用伯努利方程, 得到p gh p gh v A A O O O+=++ρρρ122对于流线QBp gh v p gh v B B B Q Q Q++=++ρρρρ121222点O 和点Q 非常接近, 可认为各量相等。
又因皮托管一般都很细, 点A 与点B 的高度相差很小, h A = h B 。
考虑到这些条件, 得p p v A B B=+122ρv B 是待测气流的流速。
9如果压强计中液体的密度为❒ , 则p p ghA B =+'ρ比较上面两式得122ρρvghB ='所以v ghB ='2ρρ这样，就可以由压强计两液面的高度差h , 计算出待测气流速率。
11取小孔处的高度为零，则 h A = h 。
容器的横截面比小孔的截面大得多, 根据连续性方程, v A << v B ,故认为v A = 0。
将以上条件代入上式, 即可求得小孔处的流速为v ghB =2 可见, 小孔处水的流速，与物体从h 处自由下落到小孔处的速率是相同的。
135.伯努力方程的适用条件是( )6. 注射器活塞面积为1.2cm 2，注射用针头截面积为1mm 2，当注射器水平放置时用4.9N 的力推动活塞，使活塞移动了4cm ，问水从注射器中流出所需的时间为多少？7.课本第38页,全部掌握.14在右图中如液体润湿管壁，管内液面呈现凹状，由于存在负的附加压强，所以图 (a)的情形是不能维持的，管外液体的压力使管内液柱上升到某一高度h , 致使B 点和C 点的压强相等而达到平衡 ：p B = p A + ρ g h = p C ,若管内液面近似为半径为R 的球面， 附加压强可表示为：Rp p p C A S σ2-=-=Rh g σρ2=联立上两式得：四、液体表面现象15接触角θ 与毛细管内径 r 之间的关系为：Rr =θcos 如果液体不润湿毛细管，管内液面要比管外的液面低 h ，用同样的方法可以证明 此时 h 仍然可由上式表示。
大学物理第三章习题课选讲例题PPT课件
动量守恒和能量守恒习题课选讲例题
物理学教程 （第二版）
例4 甲、乙、丙三物体的质量之比是1：2：3，若它
们的动能相等，并且作用于每一个物体上的制动力都相
同，则它们制动距离之比是：
（C）
（A）1：2：3
（B）1：4：9
（C）1：1：1
（D）3：2：1
分析： 由动能定理可知三个制动力对物体所作的功相等； 在这三个相同的制动力作用下，物体的制动距离是相 同的.
物理学教程 （第二版）
作业：8，10，11，12，13
第三章 动量守恒定律和能量守恒定律
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位置重力势能为零
mgcosNmv2
01m v2mg (1 RR co)s
2
cos 2 cos1 2 时，小球脱离大球.
3
3
第三章 动量守恒定律和能量守恒定律
动量守恒和能量守恒习题课选讲例题
物理学教程 （第二版）
例13 一轻弹簧悬挂一金属盘，弹簧长l1 10cm
一个质量和盘相同的泥球，从高于盘 h30cm
r0 r2 r0
由动能定理 WEkEk012mv2
得到： v 2 k mr 0
第三章 动量守恒定律和能量守恒定律
动量守恒和能量守恒习题课选讲例题
物理学教程 （第二版）
例8一质点在如图所示的坐标平面内作圆运动，有
一力 F F 0(x i y j)作用在质点上，求质点从原点
运动到（0，2R）位置过程中 ，力所作的 功.
挂一长为l ,质量为m的小球, 开始时, 摆线水平, 摆球
静止于A，后突然放手，当摆球运动到摆线呈铅直位
大学物理 教学例题
力学－绪论和第一章例1 一质点沿X 轴作直线运动，它的运动方程为 ()()()23356t x t t t SI =++- 求（1）质点在t = 0时刻的速度； （2）加速度为零时该质点的速度?（补充作业）某物体的运动规律为2dv kv t dt=-，式中的k 为大于零的常数，当t =0时，初速为v 0，则速度v 与时间 t 的函数关系为？ （课后练习）一质点沿 x 轴作加速运动。
t =0 时，x = x 0，v = v 0（1）a kv =-，求任意时刻的速度和位置；（2）a kx =，求任意位置的速度（课后练习）将任意多个质点从某一点以同样大小的速度0v，在同一铅直面内沿不同方向同时抛出，试证明在任一时刻这些质点是分散处在某一圆周上。
例2：.质量为m 的子弹以速度v 0水平射入沙土中，设子弹所受阻力与速度反向，大小与速度成正比，比例系数为k ，忽略子弹的重力，求 （1）子弹进入沙土后，速度及位置矢量随时间变化的函数式。
（2）子弹进入沙土的最大深度。
例3：已知一质量为m 的质点在x 轴上运动，质点只受到指向原点的引力作用，引力大小与质点离原点的距离x 的平方成反比，即2/F k x =-，k 是比例常数，设质点在x=A 时的速度为零，求x=A/4处的速度大小。
例4：一质点在XOY 平面内运动。
运动方程为2x t =，2192y t =-（SI ），求：（1）在第2秒内的平均速度大小;（2）2秒末的瞬时速度2t v =例5：质量为0.25kg 的质点，受力()F ti SI =的作用，式中t 为时间。
t = 0时该质点以2(/)v j m s =的速度通过坐标原点，求该质点任意时刻的位置矢量。
例6：一质点在平面上作曲线运动，其速率v 与路程s 的关系为v = 1+s 2（SI ），则其切向加速度以路程s 来表示的表达式为?t a =例7： 一质点从静止出发，沿半径R = 1m 的圆周运动，其角加速度随时间t 的变化规律是a = 12t 2 – 6t (SI)，则（1）质点的角速度 ω = ?（2）切向加速度?t a =例8：以初速率V 0，抛射角q 0抛出一物体，则其抛物线轨道最高点处的曲率半径 = ？例9：轮船在水上以相对于水的速度1v航行，水流速度为2v ，一人相对于甲板以速度3v行走。
恐龙教学内容
三 角 龙
这样的脸型，让任何动物都望而生畏。
返转
18 4
雷龙 剑龙
梁龙 三角龙
恐爪龙
慈母龙
肿头龙
蛇颈龙
原角龙 偷蛋龙
基龙
迅猛龙 肯龙
双冠龙
腕龙 包头龙
鸭嘴龙
推荐书目：
１《恐龙世界》 ２《恐龙百科全书》
推荐影视：
１《侏罗纪公园》 ２《恐龙帝国》
推荐网站：
１ 恐龙网 ２ 中华恐龙园
小资料： 剑龙的骨板里布满了血液。当气温降低
时，剑龙就会张开骨板，吸收阳光的热量； 气温升高时，又会将骨板转一下，利用凉风 散热。
剑龙的尾刺长达一米，是唯一的防身武 器。搏斗时，只要敌手稍不留意，剑龙就会 甩动尾巴，把“利剑”刺入对方身体。
返
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三 角 龙
三 角 龙
望而生畏
三 角 龙
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恐龙世界___________。
__________________________
__________________________ ____________________考！ 感谢您的支持，我们努力做得更好！谢谢
恐龙
雷龙 梁龙 剑龙 三角龙
雷龙是个庞然大物，它的身体比六头大 象还要重，它每踏下一步就发出一声轰响， 好似雷鸣一般。
雷龙是个庞然大物，它的身体比六头大 象还要重，它每踏下一步就发出一声轰响， 好似雷鸣一般。
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大物习题课汇总ppt课件
二、基本定律和定理 （1）牛顿运动定律 自然坐标系
F m a
直角坐标系
F ma F n ma
n
dv m dt v m
2
F x ma F y ma F z ma
x y z
（2）质点的动量定理
I p p 2 1
（3）质点系的动量守恒定律
p p m v 2 1 i iv v
ix iy iz
c c c
1 2 3
（4）质点的动能定理
A E E k 2 k 1
（5）质点系的功能原理
A A E E 外 内非 2 1
（6）质点系的机械能守恒原理 条件:
以大环为研究对象，cos 〈 2 /3受力分析如图
T 2 N cos Mg Ma M
大环上升的瞬间有： N´ T N´
T 0 aM 0 2N cos Mg 2 N | N | 3mg( cos ) 3 2 6m cos 4m cos M 0
Mg
2 2 m 4 m 6 Mm cos 6 m 因 cos 必为实数，所以有： 3 2 4 m 6 Mm 0 即 m ： M 2
2 m 4 m 6 Mm 此时： c os 1 6 m
2 2 m 4 m 6 Mm 取 c os 2 1 6 m
p p 时间积累 I 2 1
E E 空间积累 A k k 2 1
F0
f F
系统
p 2 p 1
v， I
A A E E 外 2 1 内非
E 2 E 1
v ， A
A A 0 外 内非
大物题库整理讲课教案
大物题库整理力学基本题型解析一、填空题质点力学填空1、一质点做圆周运动,轨道半径为R=5m,速率为v = 2t 2+ 5m/s,则任意时刻其切向加速度a τ=___4t_____,法向加速度a n =__(2t 2+5)2/5______。
2、一质点做直线运动,速率为v =10t 2+7m/s,则任意时刻其加速度a =____20t____,位置矢量x =__10t 3/3+7t___。
3、一个质点的运动方程为r = 5t 4i +5t 2j ,则其速度矢量为v=_____20t 3i +10t j __________;加速度矢量a 为___60t 2i +10j _____________。
4、一物体质量为5kg,沿半径R=4m 的圆周作匀速率运动，其速率v =8m/s 。
t 1时刻物体处在图示的A 点,t 2时刻物体处在图示的C 点,则在该时间间隔内物体的位移∆r=_______-2R j ___________,所受的冲量∆I =______80i _(单位: kgm/s)____。
5、某质点的运动方程为r =A cos ωt i +B sin ωt j , 其中A ,B ,ω为常量。
则质点的加速度矢量为a =_-ω2r ___， 轨迹方程为________(x /A)2+(y /B)2=1___。
6、质量为m 的物体自空中落下，它除受重力外，还受到一个与速度平方成正比的阻力的作用，比例系数为k ，k 为正的常数，该下落物体的极限速度是____mg/k _____。
7、力F= 2x i +7y 2j (SI)作用于运动方程为r=7t i (SI)的作直线运动的物体上, 则0～1s 内力F 做的功为A =___4949)7()714(10221010==•+=•⎰⎰t dt y t r d F i j i ϖϖ_______J 。
8、静止于坐标原点、质量为9.0kg的物体在合外力F=3.0t(N)作用下向x轴正向2_____m/s。
大学物理公式例题讲解教案
课时：1课时教学目标：1. 使学生掌握大学物理中的基本公式，并能灵活运用。
2. 培养学生分析问题和解决问题的能力。
3. 提高学生的逻辑思维和运算能力。
教学内容：1. 热力学第一定律2. 热力学第二定律3. 理想气体状态方程4. 磁感应强度5. 薄膜干涉6. 机械能7. 角速度与速度的关系8. 动能9. 光电效应方程教学重点：1. 热力学第一定律、第二定律2. 理想气体状态方程3. 机械能教学难点：1. 热力学第一定律、第二定律的应用2. 理想气体状态方程的应用3. 机械能的应用教学过程：一、导入1. 提问：什么是热力学第一定律？什么是热力学第二定律？2. 引导学生回顾相关知识，总结热力学第一定律、第二定律的公式。
二、讲解例题1. 例题1：一个物体从静止开始沿水平面加速运动，求物体的动能。
解答：（1）根据动能公式：E_k = 1/2 m v^2（2）代入已知条件：m = 2kg，v = 4m/s（3）计算：E_k = 1/2 2kg (4m/s)^2 = 16J2. 例题2：一个理想气体在等压过程中，温度从T1升高到T2，求气体的体积变化。
解答：（1）根据理想气体状态方程：PV = nRT（2）由于等压过程，P保持不变，n和R为常数，可以化简为V/T = 常数（3）代入已知条件：T1 = 300K，T2 = 500K（4）计算：V2/T2 = V1/T1，V2 = V1 T2/T1 = 2V13. 例题3：一个物体从高度h自由落下，求物体落地时的速度。
解答：（1）根据机械能守恒定律：mgh = 1/2 m v^2（2）代入已知条件：m = 2kg，g = 9.8m/s^2，h = 10m（3）计算：v = sqrt(2gh) = sqrt(2 9.8m/s^2 10m) = 14m/s三、总结1. 强调热力学第一定律、第二定律、理想气体状态方程、机械能等公式的应用。
2. 鼓励学生在解题过程中灵活运用所学知识，提高解题能力。
高中物理大题教案
高中物理大题教案课题：牛顿第二定律教学目标：1. 理解牛顿第二定律的含义和公式2. 掌握如何通过牛顿第二定律解决实际问题3. 培养学生的物理思维能力和解决问题的能力教学重点：1. 牛顿第二定律的公式及其应用2. 物体的加速度与作用力的关系教学难点：1. 如何运用牛顿第二定律解决实际问题2. 理解牛顿第二定律的物理意义教学准备：1. 教学PPT2. 实验器材：弹簧测力计、物体、水平光滑轨道等3. 课堂练习题及答案教学过程：一、导入（5分钟）通过一个生活中的例子引入牛顿第二定律的概念，让学生初步了解作用力、质量和加速度之间的关系。
二、概念讲解（15分钟）1. 讲解牛顿第二定律的概念及公式：F=ma2. 分析牛顿第二定律的物理意义：力与加速度的比例关系三、实验操作（20分钟）设计一个实验，通过测量不同质量物体在同一作用力下的加速度，验证牛顿第二定律的有效性。
让学生自己动手进行实验，并记录实验数据。
四、练习及讨论（15分钟）在课堂上布置一些与牛顿第二定律相关的练习题，让学生进行计算和讨论。
鼓励学生积极思考，提高解题能力。
五、课堂总结及作业布置（5分钟）对本节课的重点知识进行总结，强调牛顿第二定律在物理学中的重要性。
布置作业，让学生独立完成相关练习题，并在下节课上进行讲解。
教学反思：本节课通过理论讲解、实验操作和练习题的综合应用，让学生深入理解牛顿第二定律的概念和应用。
同时也培养了学生的实验能力和解题能力。
在今后的教学中，可以结合生活实例，引导学生更好地理解牛顿第二定律，并将其运用到实际问题中。
大学物理课程习题解析教案
大学物理课程习题解析教案教案题目：大学物理课程习题解析教案教学目标：1. 学习并掌握大学物理题目的解题技巧。
2. 帮助学生掌握解题思路，提升学生的解题能力。
3. 培养学生对物理知识的理解和应用能力。
教学要求：1. 能够理解和运用力学、热学、光学、电磁学等物理学科的知识。
2. 能够掌握解题思路和解题技巧。
3. 能够进行实例演示，让学生理解和掌握解题思路。
教学重点：1. 学生掌握解题思路。
2. 学生通过实例演示掌握解题技巧。
教学难点：1. 学生掌握一些基础物理知识。
2. 学生能够理解和运用一些物理公式。
教学方法：1. 讲解法：教师针对大学物理课程中的一些习题进行讲解。
2. 实例演示法：通过实例演示帮助学生理解和掌握解题思路和解题技巧。
教学准备：1. 教学PPT。
2. 习题集。
3. 实验仪器和实验器材。
教学过程：第一步：引言（5分钟）1. 大学物理课程是一个非常重要的理论课程，学生需要掌握很多基本物理知识。
2. 学生需要运用所学知识解决复杂的物理问题，需要提升学生的解题能力。
第二步：解题技巧讲解（20分钟）1. 解题前需认真阅读题目，理解题意。
2. 通过画图或建立模型，形成清晰的思路。
3. 列出所有已知条件并尝试运用公式。
4. 对解法进行检查，保证解法正确。
第三步：力学习题实例（40分钟）1. 实例一：从静止状态下抛出一个物体，求物体的最高点和运动时间。
2. 实例二：利用牛顿第二定律求出力和加速度。
3. 实例三：通过滑动摩擦力求出物体在斜面上的移动距离。
第四步：热学习题实例（40分钟）1. 实例一：一个容器中有一瓶温度为25℃的啤酒，将啤酒放入冰箱中，求啤酒冷却到5℃需要多长时间。
2. 实例二：热力学第一定律求解机械能转化为热能的问题。
3. 实例三：热功定理仿真实验。
第五步：光学习题实例（40分钟）1. 实例一：求物体在凸透镜中产生的倒立虚像的位置和大小。
2. 实例二：光的反射和透过的问题。
3. 实例三：透镜成像仿真实验。
物理典型例题讲评教案高中
物理典型例题讲评教案高中
课程：高中物理
年级：高一
主题：动力学
一、教学目标
1.掌握牛顿第一定律的概念和内容。
2.掌握运用牛顿第一定律解决问题的方法。
3.能够运用牛顿第一定律分析和解释实际物理现象。
二、教学重点
1.了解牛顿第一定律的内容和意义。
2.学会运用牛顿第一定律解决实际问题。
三、教学难点
1.能够灵活运用牛顿第一定律解决复杂问题。
2.理解牛顿第一定律在实际运用中的重要性。
四、教学过程
1.引入
通过呈现一个例题引起学生的兴趣和思考，如下所示：
一个小球在光滑水平面上沿直线运动，已知小球的质量为m，水平面上有一恒力F作用于小球，当小球以匀速运动时，问小球受到的外力F的大小是多少？
2.讲解
介绍牛顿第一定律的内容和意义，以及如何应用牛顿第一定律解决上述问题。
根据牛顿第一定律的表述：当物体运动状态发生变化时，必然受到外力的作用。
因此，根据题目信息可知，小球以匀速运动，即受力平衡。
根据牛顿第一定律，当物体受力平衡时，物体的加速度为零，因此小球受到的外力F的大小等于小球的阻力。
3.讲解例题
根据引入部分的例题，逐步引导学生分析和解决问题，并讨论可能的解题方法。
4.讲评总结
总结牛顿第一定律的相关内容，强调在解决实际问题中的应用。
同时，鼓励学生积极思考和探索更多相关问题。
五、作业布置
布置相关习题，要求学生灵活运用牛顿第一定律解决问题。
六、课后反馈
帮助学生分析和解决作业中遇到的问题，并介绍更多实际应用示例，帮助学生加深对牛顿第一定律的理解和掌握。
高中物理大题教案模板
课时：2课时教学目标：1. 知识与技能：使学生掌握高中物理大题的解题步骤和方法，提高解题效率。
2. 过程与方法：通过实例分析和课堂讨论，培养学生分析问题、解决问题的能力。
3. 情感态度与价值观：激发学生对物理学科的兴趣，培养学生严谨求实的科学态度。
教学重点：1. 高中物理大题的解题步骤和方法。
2. 分析问题和解决问题的能力。
教学难点：1. 复杂物理问题的解题思路。
2. 解题过程中的逻辑推理和思维转换。
教学准备：1. 教学课件。
2. 相关物理习题。
3. 多媒体设备。
教学过程：第一课时一、导入1. 回顾上节课所学内容，引导学生思考物理大题的特点和解题技巧。
2. 提出本节课的学习目标：掌握高中物理大题的解题步骤和方法。
二、新课讲解1. 解题步骤：a. 仔细审题，明确题意；b. 分析题目所涉及的物理概念、规律和公式；c. 选择合适的解题方法，列出解题步骤；d. 检查答案，确保正确无误。
2. 解题方法：a. 代入法：将已知条件代入公式，求解未知量；b. 图像法：利用图形直观地表示物理量之间的关系，简化计算；c. 构造法：根据题目要求，构造合适的物理模型，进行分析和计算；d. 分类讨论法：针对不同情况，分别进行讨论，找出解题规律。
三、实例分析1. 展示一道典型的高中物理大题，引导学生分析题目特点和解题步骤。
2. 学生分组讨论，分享解题思路和方法。
3. 教师点评，总结解题技巧。
四、课堂练习1. 布置一道高中物理大题，要求学生在规定时间内完成。
2. 学生独立完成练习，教师巡视指导。
第二课时一、复习上节课所学内容1. 回顾高中物理大题的解题步骤和方法。
2. 强调解题过程中的注意事项。
二、解题技巧巩固1. 教师展示几道不同类型的物理大题，引导学生运用所学技巧进行解题。
2. 学生分组讨论，分享解题思路和方法。
3. 教师点评，总结解题技巧。
三、解题策略拓展1. 分析复杂物理问题的解题思路，引导学生学会分解问题、化繁为简。
物理初中大题讲解教案模板
课时：2课时年级：八年级教材：《物理》教学目标：1. 知识与技能：帮助学生掌握物理大题的解题思路和方法，提高解题能力。
2. 过程与方法：通过小组讨论、合作学习，培养学生的分析问题和解决问题的能力。
3. 情感态度与价值观：激发学生对物理学科的兴趣，培养严谨的科学态度。
教学重点：1. 物理大题的解题思路和方法。
2. 举一反三，灵活运用所学知识解决实际问题。
教学难点：1. 复杂物理大题的分析与解答。
2. 不同题型之间的联系与区别。
教学准备：1. 教学课件。
2. 物理实验器材。
3. 学生练习题。
教学过程：第一课时一、导入新课1. 复习上节课所学内容，引导学生回顾物理大题的基本类型和解题方法。
2. 提问：同学们在解题过程中遇到过哪些困难？如何克服这些困难？二、新课讲解1. 讲解物理大题的解题思路：a. 分析题目，找出已知条件和未知量。
b. 根据已知条件和物理规律，列出方程。
c. 解方程，得出答案。
d. 检验答案，确保正确。
2. 举例讲解不同类型物理大题的解题方法：a. 力学大题：运用牛顿运动定律、动能定理、功的定义等。
b. 热学大题：运用热力学第一定律、热力学第二定律等。
c. 电磁学大题：运用欧姆定律、法拉第电磁感应定律等。
三、课堂练习1. 学生独立完成课后练习题，教师巡视指导。
2. 对学生解答过程中的错误进行纠正，讲解正确解题方法。
四、课堂小结1. 总结本节课所学内容，强调物理大题的解题思路和方法。
2. 鼓励学生在课后多练习，提高解题能力。
第二课时一、复习导入1. 复习上节课所学内容，检查学生对物理大题解题方法的掌握情况。
2. 提问：同学们在课后练习中遇到哪些问题？如何解决？二、新课讲解1. 讲解复杂物理大题的解题方法：a. 分析题目，找出关键信息和隐含条件。
b. 将复杂问题分解为简单问题，逐一解决。
c. 综合分析，得出最终答案。
2. 举例讲解不同题型之间的联系与区别：a. 力学大题与热学大题的联系与区别。
高中物理大题讲解教案模板
课时：1课时教学目标：1. 知识与技能：帮助学生理解和掌握高中物理大题的解题方法和技巧，提高解题能力。
2. 过程与方法：通过讲解典型例题，引导学生总结解题规律，培养解题思维。
3. 情感态度价值观：激发学生对物理学习的兴趣，培养严谨的学术态度。
教学重点：1. 高中物理大题的解题方法和技巧。
2. 典型例题的解题思路和步骤。
教学难点：1. 高中物理大题的解题思维。
2. 典型例题的解题步骤和技巧。
教学准备：1. 教学课件。
2. 典型例题及解答。
3. 教学黑板或投影仪。
教学过程：一、导入1. 回顾上节课所学内容，引导学生回顾高中物理大题的特点和难点。
2. 提出本节课的学习目标，让学生明确学习方向。
二、讲解解题方法和技巧1. 分析高中物理大题的类型和特点，引导学生了解解题方法的选择。
2. 讲解常见的高中物理大题解题方法和技巧，如：a. 图像法：通过图像分析物理问题，找出解题关键。
b. 公式法：运用物理公式解决实际问题。
c. 等效法：将实际问题转化为等效问题，简化解题过程。
d. 比较法：通过比较不同情况下的物理量，找出解题规律。
三、典型例题讲解1. 展示典型例题，引导学生分析题意，找出解题关键。
2. 讲解例题的解题思路和步骤，引导学生掌握解题方法。
3. 对例题进行详细解答，展示解题过程，让学生了解解题技巧。
四、课堂练习1. 学生独立完成练习题，巩固所学知识。
2. 教师巡视指导，解答学生疑问。
五、总结与反思1. 总结本节课所学内容，强调重点和难点。
2. 引导学生反思自己的解题过程，找出不足之处。
3. 鼓励学生在课后继续练习，提高解题能力。
教学评价：1. 课后作业完成情况。
2. 学生对解题方法和技巧的掌握程度。
3. 学生在课堂练习中的表现。
教学反思：1. 教师应根据学生的实际情况，调整教学策略，提高教学效果。
2. 注重培养学生的解题思维和创新能力。
3. 加强与学生互动，激发学生学习兴趣。
大物题库整理讲课教案
⼤物题库整理讲课教案⼤物题库整理⼒学基本题型解析⼀、填空题质点⼒学填空1、⼀质点做圆周运动,轨道半径为R=5m,速率为v = 2t 2+ 5m/s,则任意时刻其切向加速度a τ=___4t_____,法向加速度a n=__(2t 2+5)2/5______。
2、⼀质点做直线运动,速率为v =10t 2+7m/s,则任意时刻其加速度a =____20t____,位置⽮量x =__10t 3/3+7t___。
3、⼀个质点的运动⽅程为r = 5t 4i +5t 2j ,则其速度⽮量为v=_____20t 3i +10t j __________;加速度⽮量a 为___60t 2i +10j _____________。
4、⼀物体质量为5kg,沿半径R=4m 的圆周作匀速率运动，其速率v =8m/s 。
t 1时刻物体处在图⽰的A 点,t 2时刻物体处在图⽰的C 点,则在该时间间隔内物体的位移?r=_______-2R j ___________,所受的冲量?I =______80i _(单位: kgm/s)____。
5、某质点的运动⽅程为r =A cos ωt i +B sin ωt j , 其中A ,B ,ω为常量。
则质点的加速度⽮量为a =_-ω2r ___，轨迹⽅程为________(x /A)2+(y /B)2=1___。
6、质量为m 的物体⾃空中落下，它除受重⼒外，还受到⼀个与速度平⽅成正⽐的阻⼒的作⽤，⽐例系数为k ，k 为正的常数，该下落物体的极限速度是____mg/k _____。
7、⼒F= 2x i +7y 2j (SI)作⽤于运动⽅程为r=7t i (SI)的作直线运动的物体上, 则0～1s 内⼒F 做的功为A =___4949)7()714(10221010==?+=t dt y t r d F i j i ??_______J 。
8、静⽌于坐标原点、质量为9.0kg的物体在合外⼒F=3.0t(N)作⽤下向x轴正向2_____m/s。
初中物理大题教案
初中物理大题教案一、教学目标：1. 让学生理解欧姆定律的定义和内容，掌握电流、电压、电阻之间的关系。
2. 培养学生运用欧姆定律解决实际问题的能力。
3. 培养学生合作学习、讨论问题的良好习惯。
二、教学内容：1. 欧姆定律的定义及公式：I = U/R2. 电流、电压、电阻之间的关系：增大电压或减小电阻，可以增大电流；增大电阻或减小电压，可以减小电流。
3. 欧姆定律在实际问题中的应用。
三、教学过程：1. 导入：以一个简单的电路为例，让学生观察电流、电压、电阻之间的关系，引导学生思考如何表示它们之间的关系。
2. 新课讲解：介绍欧姆定律的定义、公式及电流、电压、电阻之间的关系。
通过示例，让学生理解欧姆定律的应用。
3. 练习题讲解：分析并解答一些关于欧姆定律的练习题，让学生掌握解题方法。
4. 课堂讨论：让学生分组讨论欧姆定律在实际问题中的应用，分享各自的解题心得。
5. 总结：对本节课的内容进行总结，强调欧姆定律的重要性。
四、课后作业：1. 熟记欧姆定律的定义及公式。
2. 练习运用欧姆定律解决实际问题。
3. 总结自己在解决欧姆定律题目时的经验和方法。
五、教学评价：1. 课堂表现：观察学生在课堂上的参与程度、提问回答等情况，了解学生的学习状态。
2. 练习题解答：检查学生课后作业的完成情况，评估学生对欧姆定律的理解和应用能力。
3. 课堂讨论：评估学生在讨论中的表现，了解学生的合作能力和解决问题的能力。
六、教学策略：1. 采用示例教学，让学生通过实际问题理解欧姆定律。
2. 鼓励学生提问、讨论，提高学生的参与程度。
3. 注重课后作业的布置和批改，及时了解学生的学习情况。
4. 针对不同学生的学习状况，给予个性化的指导和帮助。
通过本节课的教学，使学生掌握欧姆定律的知识，能够运用欧姆定律解决实际问题，提高学生的物理素养。
高中物理大题讲解
高中物理大题讲解一、教学任务及对象1、教学任务本次教学任务为高中物理大题讲解，旨在帮助学生掌握解决物理大题的方法和技巧，提高解题能力。
教学内容涉及力、热、光、电、磁等多个物理领域，以高考真题和模拟题为例，通过系统讲解和练习，使学生能够熟练运用所学知识解决实际问题。
2、教学对象教学对象为高中二年级学生，他们已经具备了一定的物理基础知识，但对于物理大题的解题方法和技巧掌握不足，需要在教师的引导和指导下进行深入学习。
此外，学生在学习过程中可能存在以下问题：对物理概念理解不深、解题思路不清晰、计算能力不足等。
针对这些问题，教师应采取有针对性的教学策略，帮助学生克服困难，提高解题能力。
二、教学目标1、知识与技能（1）理解并掌握物理基本概念、原理和定律，如牛顿运动定律、能量守恒定律、电磁感应定律等。
（2）掌握物理量的定义、单位和公式，能够准确运用公式进行计算。
（3）掌握解决物理大题的常用方法和技巧，如受力分析、运动学方程的应用、图像法等。
（4）提高物理模型的构建和运用能力，能够将实际问题抽象为物理模型，并运用所学知识解决问题。
（5）培养良好的计算能力和逻辑思维能力，提高解题速度和准确性。
2、过程与方法（1）通过自主探究、合作学习等方式，培养学生主动发现问题、分析问题和解决问题的能力。
（2）引导学生运用已知知识和方法，尝试解决未知问题，提高学生的知识迁移能力。
（3）指导学生总结解题规律，形成自己的解题方法，提高解题效率。
（4）注重培养学生的批判性思维，使学生能够对解题过程和结果进行反思，不断优化解题方法。
3、情感，态度与价值观（1）激发学生对物理学科的兴趣和热情，使其树立学习物理的信心。
（2）培养学生良好的学习习惯，如认真审题、规范答题、及时总结等。
（3）引导学生正确看待成功与失败，树立正确的价值观，培养积极向上的心态。
（4）通过团队合作解决问题，培养学生的集体荣誉感和团队协作精神。
（5）培养学生对科学研究的尊重和热爱，激发学生探索科学奥秘的热情。
高中物理大题讲解教案
高中物理大题讲解教案
解题步骤：
1. 画出小车沿斜坡下滑的示意图，标记出各个力的方向。
2. 根据示意图，分解出小车沿斜坡的重力分力和垂直斜坡的重力分力。
重力的分力平行于斜坡，可分解为沿斜坡方向的分力和垂直斜坡的分力。
3. 计算小车沿斜坡方向的受力情况。
沿斜坡方向的受力包括斜坡的支持力、重力的分力和摩擦力。
4. 根据受力情况，列出小车沿斜坡方向的受力平衡方程。
根据牛顿第二定律，小车沿斜坡方向的合力等于小车的质量乘以加速度。
5. 解方程，求出小车沿斜坡下滑时的加速度。
教学目标：
1. 通过本题，讲解斜坡上牛顿定律的应用。
2. 加深学生对物体在斜坡上受力分析的理解。
3. 锻炼学生应用物理知识解决实际问题的能力。
教学过程：
1. 引导学生画出小车沿斜坡下滑的示意图，标记各个力的方向。
2. 讲解重力在斜坡上的分解和各个力的受力分析。
3. 引导学生列出小车沿斜坡方向的受力平衡方程，并解方程求解加速度。
4. 讲解解答过程，帮助学生掌握物理分析和解题的方法。
5. 练习让学生在课堂上进行类似的题目求解，巩固知识点。
教学效果评价：
1. 学生能够准确画出示意图，正确标记各个力的方向。
2. 学生能够熟练分解重力分力，并用受力平衡方程求解问题。
3. 学生能够理解物理知识在实际问题中的应用，提高解题能力。
4. 通过课堂练习和讲解，学生对斜坡上物体受力分析的理解更加深入。
高中物理高考大题讲解教案
高中物理高考大题讲解教案
一、目标：让学生掌握解决高中物理高考大题的解题技巧，提高解题能力。
二、教学重点与难点：重点是讲解大题的解题思路和步骤；难点是引导学生运用所学知识
解决复杂问题。
三、教学准备：
1. 准备多道高考物理大题，包括力学、电磁学、光学等各个模块的题目。
2. 准备讲解PPT，包括清晰的解题步骤和示意图。
3. 准备学生练习解题的工具。
四、教学过程：
1. 引入：通过提出一个经典物理问题引起学生的兴趣，如“为什么月球上没有大海？”。
然
后引出本次课程主题。
2. 讲解：利用PPT逐步讲解一个高考物理大题的解题思路和步骤，包括分析题目、列出已知量和未知量、选择适当的物理定律和公式等。
重点强调解题过程需要结合具体情况和推
理能力。
3. 实践：让学生通过小组合作的方式，解决几道高考物理大题，鼓励他们根据所学知识独
立思考和解答问题。
4. 总结：对学生的答题过程进行评价和总结，提出解题时可能出现的常见错误和解决方法。
强调解题过程的逻辑性和方法正确性。
5. 拓展：提出一些高难度的物理问题，让学生思考并尝试解答，激发学生学习物理的兴趣
和求知欲。
五、教学反馈：
1. 在课后布置相关练习题，让学生巩固和应用所学知识。
2. 收集学生的解题过程和答案，及时反馈和指导。
3. 鼓励学生在学习过程中发现问题、解决问题，提高自主学习能力。
六、教学评价：学生是否能够熟练掌握解决高中物理高考大题的解题技巧，并能够运用所
学知识解决复杂问题，考察学生的解题能力、推理能力和逻辑思维能力。
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大物例题1. 某质点作直线运动的运动学方程为x ＝5t -2t 3 + 8，则该质点作（ D ）。
(A) 匀加速直线运动，加速度沿x 轴正方向．(B) 匀加速直线运动，加速度沿x 轴负方向．(C) 变加速直线运动，加速度沿x 轴正方向．(D) 变加速直线运动，加速度沿x 轴负方向．5．在一直线上相向运动的两个小球作完全弹性碰撞，碰撞后两球均静止，则碰撞前两球应满足：（ D ）。
（A ）质量相等； (B) 速率相等；(C) 动能相等； (D) 动量大小相等，方向相反。
6. 以下四种运动形式中，加速度保持不变的运动是（ A ）。
A ．抛体运动；B ．匀速圆周运动；C ．变加速直线运动；D ．单摆的运动.。
2. 花样滑冰运动员绕通过自身的竖直轴转动，开始时两臂伸开，转动惯量为0J ，角速度为0ω；然后将两手臂合拢，使其转动惯量变为02J ，则转动角速度变为032ω.5、长为L 的匀质细杆，可绕过其端点的水平轴在竖直平面内自由转动。
如果将细杆置与水平位置，然后让其由静止开始自由下摆，则开始转动的瞬间，细杆的角加速度为（ L g 23 ），细杆转动到竖直位置时角加速度为（ 零 ）。
解答：在转动瞬间，只有重力力矩，则有Ja=mg1/2L竖直位置时，能量守恒mg1/2L=Jw^2*1/26. 一长为1m l =的均匀直棒可绕过其一端且与棒垂直的水平光滑固定轴转动。
抬起另一端使棒向上与水平面呈60°，然后无初转速地将棒释放，已知棒对轴的转动惯量为213ml ，则(1) 放手时棒的角加速度为（ 7.5 ）2/s rad ；(2) 棒转到水平位置时的角加速度为（ 15 ）2/s rad 。
（210m /s g =）7、一圆盘正绕垂直于盘面的水平光滑固定轴O 转动，如图射来两个质量相同，速度大小相同，方向相反并在一条直线上的子弹，子弹射入圆盘并留在盘内，则子弹射入后的瞬间，圆盘的角速度ω（ 减小 ）。
(看成一个系统，所受的合外力矩为0，角动量守恒)8一根长为l ，质量为m 的均匀细棒在地上竖立着。
如果让竖立着的棒以下端与地面接触处为轴倒下，则上端到达地面时细棒的角加速度应为（l g 23 ）。
9、某人站在匀速旋转的圆台中央，两手各握一个哑铃，双臂向两侧平伸与平台一起旋转。
当他把哑铃收到胸前时，人、哑铃和平台组成的系统转动的角速度( 变大 )10、如图所示，一静止的均匀细棒，长为L 、质量为M ，可绕通过棒的端点且垂直于棒长的光滑固定轴O 在水平面内转动，转动惯量为32ML 。
一质量为m 、速率为v 的子弹在水平面内沿与棒垂直的方向射出并穿出棒的自由端，设穿过棒后子弹的速率为2v ，则此时棒的角速度应为（ ML m 2v 3 ）。
（子弹问题：动量守恒，角动量守恒）v 21 v 俯视图1、振动和波动有什么区别和联系？平面简谐波动方程和简谐振动方程有什么不同？又有什么联系？振动曲线和波形曲线有什么不同？解: (1)振动是指一个孤立的系统(也可是介质中的一个质元)在某固定平衡位置附近所做的往复运动，系统离开平衡位置的位移是时间的周期性函数，即可表示为)(t f y =；波动是振动在连续介质中的传播过程，此时介质中所有质元都在各自的平衡位置附近作振动，因此介质中任一质元离开平衡位置的位移既是坐标位置x ，又是时间t 的函数，即),(t x f y =．(2)在谐振动方程)(t f y =中只有一个独立的变量时间t ，它描述的是介质中一个质元偏离平衡位置的位移随时间变化的规律；平面谐波方程),(t x f y =中有两个独立变量，即坐标位置x 和时间t ，它描述的是介质中所有质元偏离平衡位置的位移随坐标和时间变化的规律． 当谐波方程)(cos u x t A y -=ω中的坐标位置给定后，即可得到该点的振动方程，而波源持续不断地振动又是产生波动的必要条件之一．(3)振动曲线)(t f y =描述的是一个质点的位移随时间变化的规律，因此，其纵轴为y ，横轴为t ；波动曲线),(t x f y =描述的是介质中所有质元的位移随位置，随时间变化的规律，其纵轴为y ，横轴为x ．每一幅图只能给出某一时刻质元的位移随坐标位置x 变化的规律，即只能给出某一时刻的波形图，不同时刻的波动曲线就是不同时刻的波形图．11、一横波沿绳子传播时的波动表式为)410cos(05.0x t y ππ-=（SI 制）。
（1）求此波的振幅、频率和波长。
（2）求绳子上各质点振动的最大速度和最大加速度。
（3）求x=0.2m 处的质点的振动方程，以及在t=1s 时的相位。
解: )(05.0m A = )(0.52, 101Hz v s ===-πωπω m v u 5.00.55.2===λ （2） )/(57.15.01005.0s m A m ≈=⨯==ππωυ)/(3.49510005.02222s m A a m ≈=⨯==ππω（3）)8.010cos(05.0ππ-=t y )8.0(2.92.04110ππππϕ或=⨯-⨯=、14、 如图所示，S 1和S 2为两相干波源，振幅均为A 1，相距λ4，S 1较S 2位相超前π2，求：题14图(1)S 1外侧各点的合振幅和强度；(2)S 2外侧各点的合振幅和强度. 解：（1）在1S 外侧，距离1S 为1r 的点，1S 2S 传到该P 点引起的位相差为πλλππϕ=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+--=∆)4(2211r r 0,0211===-=A I A A A（2）在2S 外侧.距离2S 为1r 的点，1S 2S 传到该点引起的位相差.0)4(2222=-+-=∆r r λλππϕ2121114,2A A I A A A A ===+=15、如图所示，设B 点发出的平面横波沿BP 方向传播，它在B 点的振动方程为y 1＝2×10－3cos 2πt ；C 点发出的平面横波沿CP 方向传播，它在C 点的振动方程为y 2＝2×10－3cos(2πt ＋π)，本题中y 以m 计，t 以s 计.设BP ＝0.4 m ，CP ＝0.5 m ，波速u ＝0.2 m·s －1，求：(1)两波传到P 点时的位相差；(2)当这两列波的振动方向相同时，P 处合振动的振幅；(3)当这两列波的振动方向互相垂直时，P 处合振动的振幅.题15图解: (1) )(2)(12BP CP ---=∆λπϕϕϕ)(BP CP u --=ωπ0)4.05.0(2.02=--=ππ(2)P 点是相长干涉，且振动方向相同，所以321104-⨯=+=A A A P m(3)若两振动方向垂直，又两分振动位相差为0，这时合振动轨迹是通过Ⅱ，Ⅳ象限的直线，所以合振幅为33122211083.210222--⨯=⨯==+=A A A A m17、波源作简谐运动，周期为0.02s ，若该振动以1100m s -⋅的速度沿直线传播，设0t =时，波源处的质点经平衡位置向正方向运动，求：（1）距波源15.0m 和5.0m 两处质点的运动方程和初相；（2）距波源为16.0m 和17.0m 的两质点间的相位差。
解：（1）由0.2T s =，1100u m s -=⋅可得2/100T ωππ==1rad s -⋅；2uT m λ==当0t =时，波源质点经平衡位置向正方向运动，因而由旋转矢量法可得该质点的初相为0/2ϕπ=-（或3/2π）。
若以波源为坐标原点，则波动方程为 cos[100(/100)/2]y A t x ππ=--距波源为115.0x m =和2 5.0x m =处质点的运动方程分别为1cos(10015.5)y A t ππ=- 2cos(100 5.5)y A t ππ=-它们的初相分别为 1015.5ϕπ=-和 20 5.5ϕπ=-（若波源初相取03/2ϕπ=，则初相1013.5ϕπ=-，20 3.5ϕπ=-）。
（2）距波源16.0m 和17.0m 两点间的相位差12212()/x x ϕϕϕπλπ∆=-=-=5、一压强为1.0 ×105Pa,体积为1.0×10－3m 3的氧气自0℃加热到100 ℃.问：(1) 当压强不变时，需要多少热量?当体积不变时，需要多少热量?(2) 在等压或等体过程中各作了多少功?解 利用公式()V V p W d ⎰=求解.在等压过程中，T R Mm V p W d d d ==，则得 J 6.36d d 21p ===⎰⎰T T T R Mm W W 而在等体过程中，因气体的体积不变，故作功为()0d V ==⎰V V p W 氧气的摩尔定压热容R C 27m p,=，摩尔定容热容R C 25m V,=. ()J 1.128Δd 12m p,p =-=+=⎰T T C E V p Q v()J 5.91Δ12m V,V =-==T T C E Q v()J 5.91Δ12m V,V =-==T T C Mm E Q 由于在(1) 中已求出Q p 与Q V ，则由热力学第一定律可得在等压过程、等体过程中所作的功分别为J 6.36Δp p =-=E Q W0ΔV V =-=E Q W6、l0g 氦气吸收103 J 的热量时压强未发生变化，它原来的温度是300K ，最后的温度是多少？解： 由.21215()()2p p m m M Q C T T R T T M μ=-=⨯- 得332132210410300319()558.311010P Q T T K RM μ--⨯⨯⨯=+=+=⨯⨯⨯9、将体积为1.0 ×10-4m 3 、压强为1.01×105Pa 的氢气绝热压缩，使其体积变为2.0 ×10-5 m 3 ，求压缩过程中气体所作的功.(氢气的摩尔定压热容与摩尔定容热容比值γ＝1.41)解 根据上述分析，这里采用方法(1)求解,方法(2)留给读者试解.设p 、V 分别为绝热过程中任一状态的压强和体积，则由γγpV V p =11得γγV V p p -=11氢气绝热压缩作功为J 0.231d d 121211121-=⎥⎦⎤⎢⎣⎡-⎥⎦⎤⎢⎣⎡-===⎰⎰-V V V V γp V V V p V p W V V γγ12、3 mol 氧气在压强为2atm 时体积为40L 。
先将它绝热压缩到一半体积，接着再令它等温膨胀到原体积。
(1) 求这—过程的最大压强和最高温度；(2) 求这一过程中氧气吸收的热量、对外做的功以及内能的变化。
解： （1） 1.4max 2112(/)2(40/20) 5.28p p p V V atm γ===⨯=（）5322max 2 5.28 1.01310201042938.31p V T T K R ν-⨯⨯⨯⨯====⨯（）（2）3122400ln 38.31429ln 7.411020V Q RT J V ν=+=⨯⨯⨯=⨯（）11122221()ln 1VW p V p V RT V νγ=-+-总2140(240 5.2820) 1.0131038.31429ln 1.4120=⨯-⨯⨯⨯+⨯⨯⨯-30.9310J =⨯（）33(7.410.93)10 6.4810E Q W J ∆=-=-⨯=⨯总（）3、一台工作于温度分别为0127C 和027C 的高温热源与低温源之间的卡诺热机，每经历一个循环吸热2000J ，则对外作功（ 500 ）J ；热机的效率为（ 25% ）。