2015年河南省周口市西华县高考物理模拟试卷(5月份)
河南省周口市西华一中高三物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年河南省周口市西华一中高三（上）期中物理试卷一、选择题1．如图，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是（）A．物体可能不受弹力作用 B．物体可能受三个力作用C．物体可能不受摩擦力作用D．物体一定受四个力作用2．如图所示，A与B两个物体用轻绳相连后，跨过无摩擦的定滑轮，A物体在Q位置时处于静止状态，若将A物体移到P位置，仍然能够处于静止状态，则A物体由Q移到P后，作用于A物体上的力中增大的是（）A．地面对A的摩擦力 B．地面对A的支持力C．绳子对A的拉力D．A受到的重力3．物体同时受到同一平面内的三个力的作用，下列几组力的合力不可能为零的是（）A．3N，4N，8N B．5N，2N，3N C．1N，5N，10N D．10N，10N，10N4．一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即F1、F2和摩擦力的作用，木块处于静止状态，如图所示，其中F1=10N，F2=2N，若撤去F1，则木块受到的摩擦力为（）A．10N，方向向左B．6N，方向向右 C．2N，方向向右 D．05．如图所示，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，下列说法正确的是（）A．人从A到B的平均速度方向由A指向BB．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向C．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人在B点的瞬时速度方向沿B点的切线方向6．如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等7．一物块静止在粗糙的水平桌面上．从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用．假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小．能正确描述F与a之间的关系的图象是（）A．B．C． D．8．竖直起飞的火箭在推动力F的作用下产生10m/s2的加速度，若推动力增大到2F，则火箭的加速度将达到（g取10m/s2）（）A．20m/s2B．25m/s2C．30m/s2D．40m/s29．质量为m的物体在水平力F的作用下由静止开始在光滑地面上运动，前进一段距离之后速度大小为v，再前进一段距离使物体的速度增大为2v，则（）A．第二过程的速度增量等于第一过程的速度增量B．第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍C．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍10．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为（）A．tanθ和B．（﹣1）tanθ和C．tanθ和D．（﹣1）tanθ和11．长度为L=0.50m的轻质细杆OA，A端有一质量为m=3.0kg的小球，如图所示，小球以O 点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速率是2.0m/s，g取10m/s2，则此时细杆OA受到（）A．6.0N的拉力B．6.0N的压力C．24N的拉力D．24N的压力12．“天宫一号”目标飞行器与“神舟十号”飞船自动交会对接的示意图如图所示，圆形轨道Ⅰ为“天宫一号”运行轨道，圆形轨道Ⅱ为“神舟十号”运行轨道，在实现交会对接前，“神舟十号”要进行多次变轨，则（）A．“天宫一号”的运行速率大于“神舟十号”在轨道Ⅱ上的运行速率B．“神舟十号”变轨前后的机械能守恒C．“神舟十号”可以通过减速而使轨道半径变大D．“天宫一号”和“神舟十号”对接瞬间的向心加速度相同二、实验题13．某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是．（2）本实验采用的科学方法是．A．理想实验法 B．等效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法（3）实验时，主要的步骤是：A．在桌上方一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮条的一段固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔盒刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F1；E．只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出F′的图示；F．比较F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是和．14．某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验．（1）在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持状态．（2）他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线，由此图线可得该弹簧的原长x0= cm，劲度系数k= N/m．（3）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的长度x=cm．三、计算题15．某滑沙场的示意图如图所示，某旅游者乘滑沙橇从A点由静止开始滑下，最后停在水平沙面上的C点．设滑沙橇和沙面间的动摩擦因数处处相同，斜面和水平面连接处可认为是圆滑的，滑沙者保持一定姿势坐在滑沙橇上不动，若测得AC间水平距离为x，A点高为h，求滑沙橇与沙面间的动摩擦因数μ．16．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，求ac绳和bc绳中的拉力分别为多少？17．如图所示，倾角θ=37°的斜面固定在水平面上．质量m=1.0kg的小物块受到沿斜面向上的F=9.0N的拉力作用，小物块由静止沿斜面向上运动．小物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25．（斜面足够长，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求小物块运动过程中所受摩擦力的大小；（2）求在拉力的作用过程中，小物块加速度的大小；（3）若在小物块沿斜面向上运动0.80m时，将拉力F撤去，求此后小物块沿斜面向上运动的距离．2015-2016学年河南省周口市西华一中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．如图，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是（）A．物体可能不受弹力作用 B．物体可能受三个力作用C．物体可能不受摩擦力作用D．物体一定受四个力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】本题的关键是对物体进行受力分析，由匀速运动条件可得出物体一定受到四个力作用．【解答】解：A、由于物体匀速运动，所以物体受到的合力应为零，物体受到的滑动摩擦力大小应与拉力F的水平分力相等，根据摩擦力产生的条件可知，物体一定会受到弹力作用，所以A错误．B、由平衡条件可知物体受到向下的重力、向上的弹力、向左的摩擦力以及拉力F四个力，所以B错误．C、由匀速运动条件可知物体应受到摩擦力作用，C错误．D、由匀速运动条件可知物体受到四个力作用，所以D正确．故选D．【点评】遇到动力学问题关键是正确对物体进行受力分析，受力分析时要按一定的程序进行．2．如图所示，A与B两个物体用轻绳相连后，跨过无摩擦的定滑轮，A物体在Q位置时处于静止状态，若将A物体移到P位置，仍然能够处于静止状态，则A物体由Q移到P后，作用于A物体上的力中增大的是（）A．地面对A的摩擦力 B．地面对A的支持力C．绳子对A的拉力D．A受到的重力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】平衡状态下物体的受力分析，夹角改变那么力的大小也就随之改变，找出不变的物理量，进而分析其它的物理量的变化．【解答】解：由物体受力分析知：物体A受到重力、地面的支持力、绳的拉力和地面对物体向左的摩擦力；A、当A由Q点移动到P点时绳与水平方向的夹角变小，由于绳的拉力大小不变，所以绳在水平方向上的分力变大，在水平方向上处于平衡的是地面对物体向左的摩擦力与绳在水平方向上的分力，绳在水平方向上的分力变大了，所以地面对A的摩擦力也就变大了．故A正确．B、同样，当A由Q点移动到P点时绳与水平方向的夹角变小，由于绳的拉力大小不变，所以绳在竖直方向上的分力变小了，在竖直方向上处于平衡的力是向下的重力于向上的支持力和绳在竖直方向上的分力，重力不变，绳在竖直方向上的分力变小了，那么向上的支持力就要变大．所以地面对A的支持力变大了，故B正确．C、物体A受到重力、地面的支持力、绳的拉力和地面对物体向左的摩擦力，在这几个力的共同作用下处于平衡状态，根据定滑轮的使用特点知，绳的拉力和物体B的重力相等且保持不变的，故C错误．D、A受到的重力与物体的质量有关，质量不变，A的重力也不变，故D错误．故选A、B．【点评】本题中必须明确：绳的拉力与物体B的重力相等并保持不变，这是解决这道题的关键所在，主要是因绳的夹角发生变化时，绳在水平和竖直方向的分力会发生变化，从而引起其它力的变化．3．物体同时受到同一平面内的三个力的作用，下列几组力的合力不可能为零的是（）A．3N，4N，8N B．5N，2N，3N C．1N，5N，10N D．10N，10N，10N【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定量思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】二力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|；先合成两个力，如果合力范围包括第三个力，则三力可以平衡．【解答】解：A、3N与4N合成时，合力最大7N，最小1N，不可以为8N，故三个力合力不可能为零；B、5N与2N合成时，合力最大7N，最小3N，可能为3N，故三个力合力可能为零；C、1N与5N合成时，合力最大6N，最小4N，不可能为10N，故三个力合力不可能为零；D、10N与10N合成时，合力最大20N，最小0N，可能为10N，故三个力合力可能为零；本题选合力不可能为零的，故选：AC【点评】本题关键明确二力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|；两力同向时合力最大，反向时合力最小．4．一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即F1、F2和摩擦力的作用，木块处于静止状态，如图所示，其中F1=10N，F2=2N，若撤去F1，则木块受到的摩擦力为（）A．10N，方向向左B．6N，方向向右 C．2N，方向向右 D．0【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】木块处于静止状态，受的是平衡力的作用，根据二力平衡条件解出摩擦力的大小，撤去一个力后木块仍处于静止状态，再求出撤去一个力后的摩擦力．【解答】解：如图所示，木块放在粗糙的水平桌面上，外力F1、F2沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状态，受的是平衡力，所以此时的摩擦力为f=F1﹣F2=10N﹣2N=8N；方向向右．若撤去F1，木块受到的摩擦力为2N，方向向右故选：C【点评】此题主要考查的是学生对物体受力平衡条件的理解和掌握，基础性题目．5．如图所示，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，下列说法正确的是（）A．人从A到B的平均速度方向由A指向BB．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向C．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人在B点的瞬时速度方向沿B点的切线方向【考点】瞬时速度；平均速度．【分析】速度是矢量，根据平均速度方向沿位移方向，而瞬时速度方向沿切线方向进行分析判断．【解答】解：AB、人从A到B的位移方向由A到B；故平均速度方向由A指向B；故A正确；B错误；CD、瞬时速度沿轨迹的切线方向，故人在B点的速度方向沿B点的切线方向；故C错误，D正确；故选：AD．【点评】本题考查速度的方向，要注意明确平均速度和瞬时速度方向的区别；明确平均速度方向与位移方向一致；而瞬时速度方向与轨迹的切线方向一致．6．如图是物体做直线运动的v﹣t图象，由图可知，该物体（）A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．根据这些知识进行解答．【解答】解：A、由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A错误；B、速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B正确；C、图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等．故C错误；D、根据“面积”可知：0～2s内和0～4s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．7．一物块静止在粗糙的水平桌面上．从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用．假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小．能正确描述F与a之间的关系的图象是（）A．B．C． D．【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对物体受力分析，利用牛顿第二定律列式找出F﹣a的关系式，即可做出选择．【解答】解：物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得；F﹣μmg=ma解得：F=ma+μmgF与a成一次函数关系，故ABD错误，C正确，故选C．【点评】对于此类图象选择题，最好是根据牛顿第二定律找出两个物理量之间的函数关系，图象变显而易见．8．竖直起飞的火箭在推动力F的作用下产生10m/s2的加速度，若推动力增大到2F，则火箭的加速度将达到（g取10m/s2）（）A．20m/s2B．25m/s2C．30m/s2D．40m/s2【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据牛顿第二定律，先表示出质量，在计算后来的加速度的大小．【解答】解：设火箭的质量为m，根据牛顿第二定律可得，F﹣mg=ma，所以F=20m当推动力增大到2F时，2F﹣mg=ma′，即30m=ma′所以a′=30m/s2，故选：C．【点评】本题是对牛顿第二定律的直接的应用，难度不大．注意不要错选A．9．质量为m的物体在水平力F的作用下由静止开始在光滑地面上运动，前进一段距离之后速度大小为v，再前进一段距离使物体的速度增大为2v，则（）A．第二过程的速度增量等于第一过程的速度增量B．第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍C．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍【考点】动能定理的应用．【专题】动能定理的应用专题．【分析】根据速度的变化得出动能的变化量，结合动能定理比较出合力做功的关系．【解答】解：A、由题意知，两个过程中速度增量均为v，故A正确；B、由动能定理知：W1=mv2，W2=m（2v）2﹣mv2=mv2，知第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍，第二过程合外力做功是第一过程的3倍．故B正确，C、D错误．故选：AB．【点评】本题考查动能定理的基本运用，知道合力做功等于动能的变化量．10．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为（）A．tanθ和B．（﹣1）tanθ和C．tanθ和D．（﹣1）tanθ和【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】两次上滑过程中，利用动能定理列式求的即可；【解答】解：以速度v上升过程中，由动能定理可知以速度上升过程中，由动能定理可知联立解得，h=故D正确．故选：D．【点评】本题主要考查了动能定理，注意过程的选取是关键；11．长度为L=0.50m的轻质细杆OA，A端有一质量为m=3.0kg的小球，如图所示，小球以O 点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速率是2.0m/s，g取10m/s2，则此时细杆OA受到（）A．6.0N的拉力B．6.0N的压力C．24N的拉力D．24N的压力【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】小球运动到最高点时受到重力与轻杆的弹力，根据合力提供向心力列出牛顿第二定律解得结果．【解答】解：小球运动到最高点时受到重力与轻杆的弹力，假设杆子的弹力方向向上为F N，根据合力提供向心力：mg﹣F N=代入数据解得：F N=6.0N，则小球对OA有向下的压力，大小为6N，故B正确．故选：B【点评】注意弹力方向可能向下，也可能向上，假设弹力向上，如果解出是正值，说明此力向上，如果解出负值说明力的方向与假设的方向相反，即方向应该向下．12．“天宫一号”目标飞行器与“神舟十号”飞船自动交会对接的示意图如图所示，圆形轨道Ⅰ为“天宫一号”运行轨道，圆形轨道Ⅱ为“神舟十号”运行轨道，在实现交会对接前，“神舟十号”要进行多次变轨，则（）A．“天宫一号”的运行速率大于“神舟十号”在轨道Ⅱ上的运行速率B．“神舟十号”变轨前后的机械能守恒C．“神舟十号”可以通过减速而使轨道半径变大D．“天宫一号”和“神舟十号”对接瞬间的向心加速度相同【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】当万有引力不够提供向心力，做离心运动，当万有引力大于向心力时，做近心运动．第一宇宙速度是做圆周运动最大的环绕速度．根据万有引力提供向心力得出线速度与轨道半径的关系，从而比较速度的大小．【解答】解：A、“天宫一号”的半径大，由可知其速率小，则A错误B、“神舟十号”变轨要加速做离心运动，其机械能增加，则B错误C、“神舟十号”可以减速会做向心运动，使轨道半径变小，则C错误D、对接时在同一位置，万有引力产生加速度相同，则D正确故选：D【点评】本题考查了万有引力定律的应用，解决本题的关键掌握变轨的原理，以及掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．二、实验题13．某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是F′．（2）本实验采用的科学方法是 B ．A．理想实验法 B．等效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法（3）实验时，主要的步骤是：A．在桌上方一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮条的一段固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔盒刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F1；E．只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出F′的图示；F．比较F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中，有重要遗漏的步骤的序号是 C 和 E ．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；平行四边形法则图解法专题．【分析】本题实验采用等效替代法，实验中F′是通过实验方法得出的为实验值，方向与AO 在同一条直线上．根据实验的原来以及操作步骤中的注意事项确定遗漏的步骤．【解答】解：（1）实验中F是由平行四边形得出的，为理论值，F′是通过实验方法得出的为实验值，方向与AO一定共线．（2）本实验采用的科学方法是等效替代法，故选：B．（3）在C步骤中，不仅需要记录拉力的大小，还要记录拉力的方向．在E步骤中，需要将结点拉到同一位置O．故遗漏的步骤为C和E．故答案为：（1）F′，（2）B，（3）C、E．【点评】掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力，注意“理论值”与“实验值”的区别．14．某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验．（1）在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态．（2）他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线，由此图线可得该弹簧的原长x0= 4 cm，劲度系数k= 50 N/m．（3）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的长度x= 10cm．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直；（2）弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律F=k△x求解劲度系数；（3）直接从弹簧秤得到弹力，再从图象b弹簧弹簧长度．【解答】解：（1）弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；（2）弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=k△x，有：；（3）由图c得到弹簧的弹力为3N，根据图b得到弹簧的长度为10cm；故答案为：（1）竖直；（2）4，50；（3）10．【点评】本题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k△x并结合图象列式求解，不难．三、计算题15．某滑沙场的示意图如图所示，某旅游者乘滑沙橇从A点由静止开始滑下，最后停在水平沙面上的C点．设滑沙橇和沙面间的动摩擦因数处处相同，斜面和水平面连接处可认为是圆滑的，滑沙者保持一定姿势坐在滑沙橇上不动，若测得AC间水平距离为x，A点高为h，求滑沙橇与沙面间的动摩擦因数μ．【考点】牛顿第二定律．【分析】对A到C的全过程运用动能定理，抓住动能的变化量为零，结合动能定理求出滑沙橇与沙面间的动摩擦因数μ．【解答】解：设斜面的倾角为θ，对全过程运用动能定理得，mgh﹣，因为，则有：mgh﹣μmgx=0，解得．答：滑沙橇与沙面间的动摩擦因数为．【点评】本题考查了动能定理的基本运用，运用动能定理解题关键选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，再结合动能定理进行求解，本题也可以结合动力学知识进行求解．16．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，求ac绳和bc绳中的拉力分别为多少？【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】对c点进行受力分析．根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．【解答】解：对结点C受力分析，受点c到三根绳子拉力，将F a和F b合成为F，。
2015年高考物理模拟试题[HT2H](二)-21页文档资料
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2015年高考物理模拟试题[HT2H]（二）一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1题～第5题中只有一项符合题目要求，第6题～第8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.下列说法符合物理学史实的有（）A.亚里士多德认为“物体下落的快慢由它们的重量决定”，伽利略对此持怀疑态度，做了著名的斜面实验，并通过实验证明了“轻重物体自由下落一样快”的结论B.伽利略和笛卡尔为牛顿第一定律的建立做出了贡献C.开普勒通过对行星运动的观测，否定了哥白尼的日心说，得出了开普勒行星运动定律D.卡文迪许测出引力常量后，牛顿总结了万有引力定律[TPj135.TIF，Y][TS（][JZ][HT5"H]图1[HT][TS）]2.2014年10月7日，在世界体操锦标赛男团决赛中，张成龙的最后一套单杠实现大逆转，最终以0.1分的微弱优势取胜日本队，实现了世锦赛男团六连冠的辉煌伟业.假设张成龙质量为60kg，做“单臂大回环”，用一只手抓住单杠，伸展身体，以单杠为轴做圆周运动，如图1所示.此过程中，张成龙到达最低点时手臂受的拉力至少约为（忽略空气阻力，取g=10m/s2）（）A.600NB.2400NC.3000ND.3600N[TPj136.TIF，Y#][TS（][JZ][HT5"H]图2[HT][TS）]3.x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间线上各点电势高低如图2曲线所示（AP>PB），选无穷远处电势为0，从图中可以看出（）A.Q1电荷量一定小于Q2电荷量B.P点电场强度是0C.Q1和Q2之间线上各点电场方向都指向Q2D.Q1、Q2可能是同种电荷[TPj137.TIF，Y][TS（1][JZ][HT5"H]图3[HT][TS）]4.如图3所示，在水平放置的半径为R的圆柱体的正上方的P点将一个小球以水平速度v0沿垂直于圆柱体的轴线方向抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是（）A.t=v0[]gtanθB.t=gtanθ[]v0C.t=Rsinθ[]v0D.t=Rcosθ[]v05.如图4所示，电阻不计的竖直光滑金属轨道PMNQ，其PMN部分是半径为r的14圆弧，NQ部分水平且足够长，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于PMNQ平面指向纸面内侧.一粗细均匀的金属杆质量为m，电阻为R，长为2r，从图示位置由静止释放，若当地的重力加速度为g，金属杆与轨道始终保持良好接触，则（）[TPj138.TIF，BP][TS（][JZ][HT5"H]图4[HT][TS）]A.杆下滑过程机械能守恒B.杆最终不可能沿NQ匀速运动C.杆从释放到杆全部滑至水平轨道过程中产生的电能等于mgr[]2D.杆从释放到杆全部滑至水平轨道过程中，通过杆的电荷量等于Br2（π-2）[]4R[TPj139.TIF，BP][TS（][JZ][HT5"H]图5[HT][TS）]6.如图5所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=210T 的水平匀强磁场中，线框面积S=0.5m2，线框电阻不计.线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=200rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只“220V60W”灯泡，灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10A.下列说法正确的是（）A.图示位置穿过线框的磁通量为零B.线框中产生交变电压的有效值为500[]2VC.变压器原、副线圈匝数之比为25∶11D.变压器允许输出的最大功率为5000W7.火星将成为我国深空探测的第二颗星球，假设火星探测器在着陆前，绕火星表面匀速飞行（不计周围其他天体的影响），宇航员测出飞行N 圈用时t，已知地球质量为M，地球半径为R，火星的半径为r，地球表面重力加速度为g，则（）A.火星探测器匀速飞行的速度约为2πNRtB.火星的平均密度约为3πMN2gR2t2C.火星探测器的质量约为4π2N2r3gR2t2D.火星探测器匀速飞行的向心加速度约为4π2N2rt2[TPj140.TIF，Y][TS（][JZ][HT5"H]图6[HT][TS）]8.如图6所示在一个固定的十字架上（横竖两杆连结点为O点），小球A套在竖直杆上，小球B套在水平杆上，A、B通过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，并竖直静止.由于微小扰动，B从O点开始由静止沿水平杆向右运动.A、B的质量均为m，不计一切摩擦，小球A、B视为质点.在A下滑到O点的过程中，下列说法中正确的是（）A.在A下滑到O点之前轻杆对B一直做正功B.小球A的机械能先减小后增大C.A运动到O点时的速度为2gLD.B的速度最大时，B对水平杆的压力大小为2mg二、非选择题（包括必考题和选考题两部分.第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答.第13题～第15题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题（共47分）[TPj141.TIF，Y][TS（1][JZ][HT5"H]图7[HT][TS）] 9.（7分）物理小组的同学用如图7所示的实验器材测定重力加速度，实验器材有：底座、带有标尺的竖直杆、光电门1和2组成的光电计时器（其中光电门1更靠近小球释放点），小球释放器（可使小球无初速释放）、网兜.实验时可用两光电门测量小球从光电门1运动至光电门2的时间t，并从竖直杆上读出两光电门间的距离h.则：（1）使用游标卡尺测量小球的直径如图8所示，则小球直径为cm.[TPj142.TIF，BP][TS（1][JZ][HT5"H]图8[HT][TS）]（2）改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为v，不考虑空气阻力，小球的加速度为重力加速度g，则h、t、g、v四个物理量之间的关系为h=.（3）根据实验数据作出htt图线，若图线斜率的绝对值为k，根据图线可求出重力加速度大小为.10.（8分）实际电流表都是有内阻的，可等效为理想电流表与电阻的串联.现在要测量实际电流表G1的内阻r1.可供选择的仪器如下：A.待测电流表G1（量程为5mA，内阻约300Ω）B.电流表G2（量程为10mA，内阻约100Ω）C.电压表V（量程为6V）D.定值电阻R1（300Ω）E.定值电阻R2（10Ω）F.滑动变阻器R3（0～1000Ω）G.滑动变阻器R4（0～10Ω）H.直流电源电动势E（3V）I.开关S及导线若干（1）请选择合适的器材并设计实验电路，尽量使滑动变阻器便于调节，定值电阻应选（选R1或R2），滑动变阻器应选（选R3或R4）；并将实验电路图画在虚线框内.（图中标明所选器材）（2）根据测得和已知的物理量表示电流表G1的内阻，则r1=，说明式中各测量量的物理意义：[ZZ1Z][JY].[TPj143.TIF；%90%90，Y][TS（1][JZ][HT5"H]图9[HT][TS）]11.（12分）2014年10月2日，仁川亚运会田径男子4×100米接力决赛中，由苏炳添、谢震业、陈时伟和张培萌组成的中国队以37秒99的成绩打破亚洲纪录并夺得冠军，如图9所示.在接力跑中两运动员交接棒非常重要，若在训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s 的速度跑完全程；乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速运动.为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记.在某次练习中，甲在接力区前s0=13.5m处作了标记，并以v=9m/s的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令.乙在接力区的前端听到口令时起跑，并恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，完成交接棒.已知接力区的长度为L=20m.求：（1）此次练习中乙在接棒前的加速度a；（2）在完成交接棒时乙离接力区末端的距离.[TPj+2.TIF，Y][TS（][JZ][HT5"H]图10[HT][TS）]12.（20分）如图10所示，虚线MO与水平线PQ相交于点O，二者夹角θ=30°，在MO左侧存在电场强度为E、方向竖直向下的匀强电场，MO 右侧某个区域存在磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场（图中未画出）.现有一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子在纸面内以速度v=EB，且方向与MO成θ角从M点射入磁场，又向左从MO上的D点（图中未画出）射出磁场进入电场，最后到达O点，不计粒子的重力.求：（1）MD的距离L；（2）粒子自M点射入磁场至到达O点所用的时间；（3）磁场区域的最小面积.（二）选考题（共15分）13.【选修3-3】（15分）（1）（6分）下列有关热学的叙述中，正确的是（）（选对一个得3分，选对两个得4分，选对3个得6分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动是布朗运动B.随着分子间距离的增大，若分子间的相互作用力先增大后减小，此时分子间的作用力一定是引力C.热力学第一定律和热力学第二定律是不矛盾的D.一定质量的理想气体在等温变化时，其内能一定不改变E.热量可以从低温物体传到高温物体而不引起其他变化[TPj+4.TIF；%120%120，Y][TS（][JZ][HT5"H]图11[HT][TS）]（2）（9分）如图11，一根粗细均匀的细玻璃管开口朝上竖直放置，玻璃管中有一段长为h=24cm的水银柱封闭了一段长为x0=23cm的空气柱，系统初始温度为T0=200K，外界大气压恒定不变为p0=76cmHg.现将玻璃管开口封闭，将系统温度升至T=400K，结果发现管中水银柱上升了2cm，若空气可以视为理想气体，试求：Ⅰ.升温后玻璃管内封闭的上下两部分空气的压强分别为多少cmHg？Ⅱ.玻璃管总长为多少？14.【选修3-4】（15分）[TPj145.TIF，BP][TS（1][JZ][HT5"H]图12[HT][TS）]（1）（6分）如图12所示，一列简谐横波在均匀介质中沿x轴负方向传播，波速为4m/s，则质点P此时刻的振动方向沿y轴（填“正”或“负”）方向.经过Δt=3s，质点Q通过的路程是m.[TPj146.TIF，Y][TS（1][JZ][HT5"H]图13[HT][TS）]（2）（9分）某种光学元件由两种透明物质Ⅰ和Ⅱ制成，其横截面如图13所示，O为AB中点，∠BAC=30°，半圆形透明物质Ⅰ的折射率为n1=3，透明物质Ⅱ的折射率为n2.一束光线在纸面内沿O点方向射入元件，光线与AB面垂线间的夹角为θ，通过观察发现此时从AC面恰好无光线射出，在BC面有光线垂直射出.求：[JP+1]【解析】本题考点：“验证力的平行四边形定则”.（1）矢量和不仅与大小有关，还和方向有关，所以得记下钩码质量数、结点O的位置、读出并记录弹簧测力计A和B的示数、还要记录三条细绳（拉力）的方向；（2）木板不竖直时，勾码和木板间有摩擦力会产生误差，选项B、C对实验无影响，结点O的位置发生变化是一种错误；（3）该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，解决问题的办法之一是减少勾码质量，或者减小AO与BO之间的夹角.[JP]10.（1）C；（2）如图d-1所示；[TPj148.TIF，BP][TS（][JZ][HT5"H]图d-1[HT][TS）]（3）左端；（4）增大.【解析】本题考点：“描述小灯泡的伏安特性曲线.”（1）小灯泡为小电阻，数据要求从零开始，所以电路为滑动变阻器的外接分压接法，电路图为C图；（2）补充完成图中实物间的连线如答案所示；（3）开始时灯的电压为零，滑动变阻器的滑动片应在最左端；测量时，应将滑动变阻器滑动片向右移动，以获取电路中两表的读数；测量结束后，应先把滑动变阻器滑动片移到最左端，然后断开开关，接着拆除导线，整理好器材；（4）由IU图像向下弯可知小灯泡的电阻值随工作电压的增大而增加.11.（1）gR；（2）2mgR；（3）4.2R.【解析】本题考点：“平抛运动规律、牛顿运动定律、竖直面内的圆周运动、机械能守恒定律等”.（1）小球到达轨道C时有mg=mv21R解得v1=gR.（2）从弹簧释放到小球到达最高点C的过程中，弹簧的弹性势能全部转化为小球的机械能，由机械能守恒定律有Ep1=mg（R2+R）+12mv21解得Ep1=2mgR.（3）设小球到达轨道C时速度大小为v2，由机械能守恒定律得Ep2=mg（0.6R+R）+12mv22小球离开轨道C后做平抛运动，设平抛时间为t，离OO′的水平距离为s，由平抛运动规律有2R=12gt2x=v2ts=x+R解得s=4.2R.12.【解析】本题考点：“带电粒子在电场和磁场中的运动”.（1）质点从O点进入左侧空间后，有qE2=2×10-6N=mg电场力与重力平衡，质点做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有qvB=mv2RR=mvqB=0.4m质点第一次通过y轴的位置y1=2R=225m（2）质点的14个匀速圆周运动的时间t1=14×2πmqB=π10s当质点到达右侧空间时有F合=（E1q）2+（mg）2=2mga=2mgm=2g且F合与v方向在同一直线上，质点做有往返的匀变速直线运动，往返时间t2=2×va=25s质点从刚射入左侧空间到第二次通过y轴所需的时间t=t1+t2=π+2210s（3）质点从右侧空间返回左侧空间时速率仍是v=2m/s，做匀速圆周运动，轨迹在y轴上截距为d=2Rcos45°=225m[TPj149.TIF，BP][TS（][JZ][HT5"H]图d-2[HT][TS）]如图d-2，质点再次进入右侧空间时，有vx=2m/s，ax=-10m/s2，水平方向做匀减速运动；vy=-2m/s，ay=-10m/s2，竖直方向做匀加速运动.当质点返回y轴时，往返时间t3=2×vxg=25s竖直方向下落距离Δy=vyt3+12gt23=0.8m质点进入左侧空间后第四次通过y轴的位置为y2=y1+d-Δy=4（2-1）5m.13.（1）ACE；（2）①76p0，②67.【解析】（1）本题考点：“分子动理论中的势能”.由图像得出：当分子间的距离小于r0时，分子力表现为斥力，分子间距再减小，分子力做负功，分子势能增加，故选项C正确，选项B错误；当分子间的距离大于r0时，分子力表现为引力，分子间距增加，分子力做负功，分子势能增加，故选项E正确，选项D错误；分子在r0处分子势能最小，选项A 正确.（2）本题考点：“气体实验定律”.①设升温后气体的压强为p1，由查理定律得p0T0=p1T1代入数据得p1=76p0.②抽气过程可等效为等温膨胀过程，设膨胀后气体的总体积为V.由玻意耳定律得p1V0=p0V.联立得V=76V0.设剩余气体的质量与原来总质量的比值为k，由题意得k=V0V.各式联立得k=67.14.（1）ADE；（2）①2000m/s或2800m/s，②向x轴正方向传播.【解析】（1）本题考点：“光的干涉、衍射和偏振现象、电磁波、多普勒效应、相对论”等.医院中用于体检的“B超”利用了超声波的反射原理，选项A正确；鸣笛汽车驶近路人的过程中，路人听到的声波频率与波源相比增大，选项B错误；在宇宙中高速飞行的飞船中的时钟变慢，选项C错误；照相机镜头的偏振滤光片可使水下影像清晰，选项D正确；无线网络信号能绕过障碍物传递到接收终端是利用了衍射原理，选项E正确. （2）本题考点：“波的图像的综合问题”.①由图像知，波长λ=8m.如果波沿x轴正方向传播，则t2-t1=（1+1[]4）T1，解得T1=0.004s，则波速v1=λ[]T1=8m[]0.004s=2000m/s.如果波沿x轴负方向传播，则t2-t1=（1+3[]4）T2，解得T2=0.02[]7s，则波速v2=λ[]T2=8m[]0.02[]7s=2800m/s.②波速为3600m/s时，波传播的距离为x=v?（t2-t1）=18m波数为n=x[]λ=21[]4（个）.即表明波向前传播了21[]4个波长，所以此波沿x轴正方向传播.15.（1）ACE；（2）μ=0.5.【解析】（1）本题考点：“氢原子的能级、能级结构及跃迁”.氢原子从高能级向n=1能级跃迁时发出紫外线，它的频率比可见光高，选项A 正确；氢原子从高能级向n=2能级跃迁时，如这两个能级的能量差大于3.11eV，还可能发出紫外线，选项B错误；氢原子从高能级向n=3能级跃迁时，发出光子的能量小于1.51eV，发出的光的频率比可见光低，选项C 正确；大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁时，可发出6种频率的光子，其中从n=4能级跃迁到n=2能级或n=3能级的氢原子，发出光子的能量在1.62eV到3.11eV之间，发出的光为可见光，选项D错误E正确.（2）本题考点：“动量守恒定律的应用”.子弹射穿木块A时，以子弹与木块A组成的系统为研究对象，由动量守恒定律得mBvB=mAvA+mBvB′代入数值解得vA=5m/s.木块A在小车上相对滑动，设最后速度为v，以木块与小车组成的系统为研究对象，由动量守恒定律得mAvA=（mA+M）v代入数值解得v=2.5m/s.由机械能守恒得12mAv2A-12（mA+M）v2=μmgl代入数值解得μ=0.5.2015年高考物理模拟试题（二）1.B【解析】伽利略没有直接证明轻重相同的物体下落一样快的结论，而是通过斜面实验和合理外推得到了结论，选项A错误；开普勒用了第谷的行星观测记录，得出了开普勒三定律，选项C错误；牛顿先得到万有引力定律，卡文迪许一百多年后测出了引力常量，选项D错误.2.C【解析】设人的重心距杆的距离为r，人能通过最高点的最小速度为v1=0，人在做圆周运动的过程中机械能守恒，设到达最低点的速度设为v2，则有12mv22=2mgr，在最低点人受到向上的拉力和向下的重力，根据牛顿第二定律，有T-mg=mv22r，由上两式可得T=5mg=3000N.3.C【解析】Q1附近电势大于零，而Q2附近电势小于零，可知Q1带正电、Q2带负电，选项D错误；Q1、Q2之间电场线由Q1指向Q2，选项C正确；根据电势对空间的变化快慢表示电场强度可知，两电荷连线上P点场强一定不为零，选项B错误；由于P点电势为0，即正电荷在P点的正电势等于负电荷在P点的负电势，因AP>PB，故Q1>Q2，选项A错误.4.C【解析】小球做平抛运动，tanθ=vy[]v0=gt[]v0，则时间t=v0tanθ[]g，选项A、B错误；在水平方向上有Rsinθ=v0t，则t=Rsinθ[]v0，选项C正确，选项D错误.5.D【解析】杆在下滑过程中，杆与金属导轨组成闭合回路，磁通量在改变，会产生感应电流，杆将受到安培力作用，则杆的机械能不守恒，故选项A错误；杆最终沿水平面时，不产生感应电流，不受安培力作用而做匀速运动，故选项B错误；杆从释放到滑至水平轨道过程，重力势能减小1[]2mgr，转化为回路的电能和杆的动能，由能量守恒定律得知：回路中的电能小于1[]2mgr，故选项C错误；杆与金属导轨组成的闭合回路磁通量的变化量为ΔΦ=B（1[]4πr2-1[]2r2），根据推论q=ΔΦ[]R，得到通过杆的电量为q=Br2（π-2）[]4R，故选项D正确.6.CD【解析】图示位置穿过线框的磁通量为最大，选项A错误；根据Em=NBωS 可得Em=5002V，故有效值为E=500V，选项B错误；根据n1n2=EU可得n1n2=2511，选项C正确；熔断器允许通过的最大电流为10A，故变压器允许输出的最大功率为P=EI=5000W，选项D正确.7.BD【解析】由题知火星探测器绕火星表面运行周期为T=tN，由v=2πrT 得v=2πNrt，选项A错误；由Gmm′r2=m′（2πT）2r、m=ρ?43πr3及黄金代换式GM=gR2得火星的平均密度约为ρ=3πMN2gR2t2，选项B正确；天体运行中只能估算中心天体的质量，不能估算运行天体的质量，选项C 错误；由a=v2r=4π2N2rt2，选项D正确.8.BC【解析】设AB杆与水平方向夹角为θ时，A的速度为vA、B的速度为vB，则有vBcosθ=vAsinθ，故当θ=90°时，vB=0，开始时B的速度为0，最后还为0，因此B的速度先增大后减小，轻杆对B先做正功后做负功，轻杆对A先做负功后做正功，小球A的机械能先减小后增大，选项A错误、B正确；A运动到O点时，θ=90°，vB=0，因此有mgL=12mv2A，解得vA=2gL，选项C正确；当杆无作用力时，B的速度最大，B对水平杆的压力大小为mg，选项D错误. 9.（1）1.170；（2）-12gt2+vt；（3）2k.【解析】（1）小球直径为（11+0.70）mm=1.170cm.（2）正方向的匀加速运动可以看成加速度不变的反方向的匀减速运动，故h=vt-12gt2.（3）因h=vt-12gt2，故ht=v-12gt，斜率的绝对值k=12g，g=2k.10.（1）R1，R4，电路图如下图所示；[TPj150.TIF，BP]（2）r1=（I2-I1）R1I1，其中I2表示G2的示数，I1表示G1的示数，R1为定值电阻阻值.【解析】电压表测待测电流表G1两端的电压量程太大，因此用定值电阻充当电压表的角色，由于要求定值电阻和待测电流表G1中的电流差不多，因此选用定值电阻R1，且用电流表G2测总电流，测量原理为伏安法r1=（I2-I1）R1I1，滑动变阻器用分压式接法，选用小电阻，选滑动变阻器R4.11.（1）3m/s2；（2）6.5m.【解析】（1）在甲发出口令后，甲乙达到共同速度所用时间为t=v[]a，在这段时间内甲、乙的位移分别为s1和s2，则s2=1[]2at2 ，s1=vt，s1=s2+s0，联立以上各式解得t=3s，s2=13.5m，a=3m/s2.（2）由上面求解知s2=13.5m，故乙离接力区末端的距离为L-s2=6.5m.12.（1）mEqB2；（2）（23+π）3mqB；（3）（π6-34）m2E2q2B4.[TPj+2a.TIF；Z1，Y]【解析】（1）粒子的运动轨迹如右图所示，设粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径为R，则有qBv=mv2R由几何关系得L=2Rsinθv=EB由以上三式解得L=mEqB2.（2）设粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为T，粒子在匀强磁场中运动时间为t1，则有T=2πmqBt1=16T由对称性可知，粒子过MO后方向垂直于电场方向，所以粒子做类平抛运动，设运动的时间为t2，则x=vt2y=12qEmt22又y=xtanθ，则粒子自M进入磁场至O所用的时间为t=t1+t2解以上各式得t=（23+π）3mqB.（3）由题知，磁场范围的最小面积ΔS是粒子在磁场中的轨迹与MD 所围成的面积.扇形的面积为S=16πR2三角形的面积为S′=12R2cos30°=34R2又ΔS=S-S′，联立得ΔS=（2π-3312）m2E2q2B4或（π6-34）m2E2q2B4.13.（1）BCD；（2）160，87cm.[JP2]【解析】（1）布朗运动不是分子运动，选项A错误；当r=10-10m时，分子间作用力为0，r>10-10m时，分子间表现为引力，当r→∞，分子间作用力为0，故随着分子间距离的增大，若分子间的相互作用力先增大后减小，此时分子间的作用力一定是引力，选项B正确；热力学第一定律是指能的转化和守恒定律，热力学第二定律是指能量转化的方向性问题，并不矛盾，选项C正确；一定质量的理想气体的内能由温度唯一决定，在等温变化时，其内能一定不改变，选项D正确；根据热力学第二定律，选项E错误.[JP]（2）Ⅰ.设升温后下部空气压强为p，玻璃管壁横截面积S，对下部气体有（p0+hHg）x0ST0=p（x0+2）ST代入数据得p=184cmHg.此时上部气体压强为p′=p-hcmHg=160cmHgⅡ.设上部气体最初长度为x，对上部气体有p0xST0=p′（x-2）ST代入数据得x=40cm，所以管总长为x0+h+x=87cm.14.（1）正，0.6；（2）233，sinθ=13.【解析】（1）根据靠近波源的点一定要超前于远离波源的点，质点P 此时刻的振动方向沿y轴正向，T=λv=1s，ΔtT=3，经过Δt=3s，质点Q通过的路程是3×4A=0.6m.（2）Ⅰ.由题意可知，光线射向AC面恰好发生全反射，反射光线垂直于BC面从棱镜射出，光路图如下图所示.[TPj161.TIF，BP]设该透明物质的临界角为C，由几何关系可知C=i2=i1=60°sinC=1n2解得n2=233.Ⅱ.由几何关系得β=30°，由折射定律n1sinθ=n2sinβ，解得sinθ=13.15.（1）ABE；（2）3v20[]8gx，1[]2mv20.【解析】碘131的半衰期大约为8天，三个月后，碘131就只剩下约为原来的（1[]2）3×30[]8≈（1[]2）11=1[]2048≈1[]2000 ，选项A正确；光电效应和康普顿效应深入地揭示了光的粒子性的一面，前者表明光子具有能量，光子能够从金属板中打出光电子，后者表明光子具有能量之外还具有动量，选项B正确；比结合能越大，原子核中核子结合的越牢固，原子核越稳定，选项C错误；铀235裂变的方程中，反应物中应该有中子，所以选项D错误；处于基态的氢原子吸收一个光子跃迁到激发态，再向低能级跃迁时辐射光子的频率只能小于入射光子的频率，选项E正确.（2）设木块与地面间的动摩擦因数为μ，炸药爆炸释放的化学能为E0，从O滑到P，对A、B，由动能定理得-μ?2mgx=1[]2?2m（v0[]2）2-1[]2?2mv20设在爆炸瞬间A的速度为v，由A、B组成的系统动量守恒得2mv0[]2=mv根据能量的转化与守恒0.5E0+1[]2?2mv20[]4=1[]2mv2解得μ=3v20[]8gx，E0=1[]2mv20.希望以上资料对你有所帮助，附励志名言3条：1、要接受自己行动所带来的责任而非自己成就所带来的荣耀。
2015届高三5月模拟考试(二)理科综合试题及答案
2015年高考模拟试题(二)理科综合2015．5 本试卷分第I卷和第Ⅱ卷两部分，共17页。
满分300分。
考试用时150分钟。
答题前，请将答题卡第l、3面左上方的姓名、座号、考生号等项目填写清楚，用右手食指在第1面座号后指定位置按手印，并将答题卡第2、4面左上方的姓名、座号按要求填写正确。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷(选择题，共107分)注意事项：1．第I卷共20小题，1～13题每小题5分，14～20题每小题6分，共107分。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再涂写在其答案标号上。
不涂答题卡，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H 1 Li 7 C 12 O 16 S 32 Cl 35.5 Na 23 Fe 56 Pb 207一、选择题(本题包括13小题，每小题只有一个选项符合题意)1．下列对细胞成分与结构的相关叙述，正确的是A．酶、激素、神经递质作用后都会立即被分解B．核糖体、染色体、酶都可能含有五碳糖C．受体、脂质、酶都具有特异性识别作用D．线粒体膜、ADP、氨基酸都含N和P元素2．研究发现小鼠大脑有“内置GPS”系统，是由大脑海马区的“网格细胞”和内嗅皮层的“定位细胞”形成神经网络回路，能精确定位和寻找路径的综合定位系统。
下列说法正确的是A．“网格细胞”与“定位细胞”形成的神经网络回路是一个反射弧B．“网格细胞”上兴奋的传导是双向的，它与长期记忆的形成有关C．小鼠觅食返回时，两类细胞的Na+大量外流产生兴奋D．两类神经细胞能与其他细胞形成较多突触，并能释放信号分子3．野生型拟南芥发生单基因突变形成突变型个体，其细胞内赤霉素(GA)含量降低，GA通过影响脱落酸(ABA)来影响种子萌发。
对两种类型的拟南芥进行耐盐、耐干旱实验和种子萌发实验，结果如图所示。
下列分析错误的是A．高盐和干旱处理后，突变型的存活率更高B．GA含量降低可能使细胞液渗透压升高C．野生型的种子萌发对外源ABA的敏感性高于突变型D．拟南芥种子萌发受GA和ABA两种激素的共同调节4．下列与实验相关的叙述，正确的是A．用取样器取样法可调查农田土壤小动物的丰富度B．用成熟的红细胞作实验材料，可制备较纯净的细胞膜C．以过氧化氢酶为材料，可探究温度对酶活性的影响D．在30％的蔗糖溶液中，不同部位的洋葱鳞片叶表皮细胞质壁分离程度相同5．小鼠有甲、乙两种遗传病分别由基因A、a和B、b控制，其遗传家系图如下。
2015年河南省普通高中毕业班高考物理模拟试卷
2015年河南省普通高中毕业班高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列表述符合物理学史实的是（）A.牛顿第一定律是通过多次实验总结出的一条实验定律B.库仑通过扭秤实验测出了万有引力常量C.安培发现了电流的磁效应D.开普勒三定律揭示了行星的运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础【答案】D【解析】解：A、牛顿第一定律是一条理想化情况下的规律，是逻辑思维的产物，不能通过实验来直接验证，故A错误．B、卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，故B错误；C、奥斯特发现了电流的磁效应，故C错误；D、开普勒三定律揭示了行星的运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础，故D正确；故选：D．根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.如图所示，M、N是两个带有等量异种电荷的点电荷，ABCD是一个正方形，MACN共线且MA=CN，则下列说法正确的是（）A.A点场强与B点场强方向相同B.A点场强大于C点场强C.B点电势高于D点电势D.A、B两点电势差大于D、C两点电势差【答案】A【解析】解：A、根据电场叠加原理知AB两点的合场强方向都向右，故A正确．B、根据电场线的分布特点知AC两端的场强大小和方向都相同．故B错误．C、等量电荷连线的垂直平分线是等势线，BD点电势相等．故C错误．D、0点左右两侧电场线疏密相同，可知A、B两点电势差等于D、C两点电势差．故D 错误．故选：A．根据等量异种电荷周围电场线的分布比较电势的高低和电场强度的大小．根据电场力做功比较电势能的高低本题关键是明确一对等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图；同时要特别注意两个电荷的连线和中垂线上的电场情况3.如图所示，n1=200匝的线圈a和n2=100匝的线圈b，绕在同一铁芯上构成一理想变压器，线圈a两端接在u=40sin314t V的交流电源上，线圈b能够使“12V，6W”的小灯泡L正常发光，电阻R=16Ω，下列推断正确的是（）A.交变电流的频率为100H zB.穿过铁心的磁通量变化率的最大值为W b/sC.电压表的示数为22VD.电流表的示数为1A【答案】B【解析】解：A、由表达式知交变电流的频率为f==50H z，A错误B、根据知=W b/s，B正确C、由题意可知：原线圈电压有效值U1=40V，根据电压与匝数成正比得：U2=20V；灯泡正常发光，加在R上的电压为8V，所以副线圈电流为I==0.5A，根据电流与匝数成反比，电流表的示数为0.25A，故CD错误；故选：B．根据理想变压器中原副线圈的电流、电压与匝数比之间关系可以直接求解，注意电压表、电流表示数均为有效值要根据理想变压器中电流、电压与匝数比之间的关系进行有关问题的解答，注意电表的示数均为有效值4.如图所示，矩形导线框abcd放在变化的磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，规定垂直于纸面向外的磁感应强度为正值，方向向左的力为正值，从O时刻起磁感应强度B随时间变化的图象如图所示，则线框的ab边受力随时间变化的图象可能是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：t=0时刻，磁感应强度的方向垂直线框平面向里，在0到1s内，穿过线框的磁通量变小，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ab边的安培力水平向左．当在1s到2s内，磁感应强度的方向垂直线框平面向外，穿过线框的磁通量变大，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ab边的安培力水平向右．在下一个周期内，重复出现安培力先向左后向右．根据F=BIL，知磁感应强度均匀变化，则安培力的大小均匀变化，故B正确，A、C、D错误．故选：B穿过线圈的磁通量发生变化，导致线圈中产生感应电动势，从而形成感应电流．由题意可知，磁感应强度是随着时间均匀变化的，所以感应电流是恒定的，则线框ab边所受的安培力与磁感应强度有一定的关系安培力的方向由左手定则来确定，而感应电流方向则由楞次定律来确定．当导线与磁场垂直放置时，若电流、导线长度不变时，安培力与磁感应强度成正比5.如图所示，两端封闭注满清水的数值玻璃管中，有一圆柱形的红蜡块，当辣块在玻璃管内开始匀速上升的同时，将玻璃管贴着黑板沿水平方向从静止开始向右做匀加速移动．则（）A.以玻璃管为参考系，蜡块竖直向上做匀加速直线运动B.以玻璃管为参考系，蜡块斜向上做匀加速直线运动C.以黑板为参考系，蜡块做初速度竖直向上的匀变速曲线运动D.以黑板为参考系，蜡块做初速度水平向右的匀变速曲线运动【答案】C【解析】解：A、以玻璃管为参考系，蜡块向上做匀速直线运动，故A错误，B错误．C、以黑板为参考系，蜡块在竖直方向上做匀速直线运动，在水平方向上做匀加速直线运动，两个运动的合运动为曲线运动，加速度不变，所以蜡块做初速度竖直向上的匀变速曲线运动，故C正确，D错误．故选：C．红蜡块参与水平方向上的匀加速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据运动的合成，判断合运动的轨迹以及合运动的运动规律．解决本题的关键掌握判断合运动轨迹的方法，当合加速度的方向与合速度的方向不在同一条直线上时，蜡块做曲线运动．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.人们曾设想用碳纳米材料建筑一座从地面直达太空的“太空电梯”．假设有一个从地面赤道上某处连向其正上方地球同步卫星的“太空电梯”．已知地球半径为R，自转周期为T，表面重力加速度为g，下面说法正确的是（）A.“太空电梯”上各处角速度相同B.乘“太空电梯”匀速上升时乘客对电梯压力逐渐减少C.乘“太空电梯”匀速下降时乘客对电梯压力逐渐减少D.“太空电梯”长度为L=【答案】AB【解析】解：A、太空电梯和地球要保持相对的静止必须由相同的角速度，所以A正确；BC、人所受万有引力和电梯对人的支持力的合力提供圆周运动向心力，即可得随着高度增加，电梯对人的支持力逐渐减小，故B正确，C错误；D、“太空电梯”长度即为同步卫星离地面的高度，根据万有引力提供向心力，在地球表面的物体受到的重力等于万有引力由以上二式可以解得同步卫星离地面的高度h=，故D错误．故选：AB．由于太空电梯是从地面连接到地球同步飞船上，而地球是在不停的转动的，它们要保持相对的静止必须有相同的角速度，再根据各点随地球一起做匀速圆周运动可以判断各点的情况．由于太空电梯直接从地面连到了地球同步飞船上，它们的角速度是相同的，这是本题的隐含的条件，抓住这个条件即可解答本题．7.如图所示，是磁液体发电的示意图．将等离子体高速喷射到磁场中，利用磁场对带电流体产生作用，A、B两板间就会产生电压，若平行板A、B的正对面积为S，板间距离为d，A、B间的磁感应强度为B，等离子体的流速为v，等效电阻率为ρ，与极板相连的外电阻为R，则（）A.该发动机的电动势为B dvB.通过电流表的电流为C.磁场体发电机A板为正极，B板为负极D.发电机的输出功率为【答案】AD【解析】解：A、最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：qv B=q，解得：E=B dv．故A正确；B、根据闭合电路欧姆定律，则有通过电流表的电流为I==，故B错误．C、根据左手定则，正电荷向下偏转，所以B板带正电，为直流电源的正极．故C错误；D、发电机的输出功率为P=UI==，故D正确．故选：AD．等离子体受到洛伦兹力发生偏转，根据正电荷的偏转方向确定直流电源的正极．最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电源的电动势，从而即可求解．解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据电荷的平衡求出电动势的大小，即极板间的电势差，并掌握闭合电路欧姆定律与功率表达式的内容．8.如图所示，一质量为m的圆环套在一根固定的光滑竖直杆上，圆环通过细线绕过定滑轮O与质量为5m的钩码相连．竖直杆上有A、B、C三点，B为AC的中点，AO与竖直杆的夹角θ=53°，B点与定滑轮O在同一水平高度，滑轮与竖直杆相距为L，现将圆环从A点由静止释放，已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，下列说法正确的是（）A.圆环下滑到B点时速度最大B.圆环下滑到C点时速度为零C.圆环下滑到B点时速度为2D.砝码下降的最大距离为【答案】CD【解析】解：A、圆环从A运动到B的过程中，合力向下，做加速运动，从B运动到C的过程中，绳子拉力竖直向上的分力先小于重力，做大于重力，所以圆环先加速后减速，所以速度最大的位置在B点的下方，故A错误．B、假设圆环没有重力，圆环下滑到C点时速度为零，但存在重力，因此最低点在C点的下方，所以圆环下滑到C点时速度不为零．C、圆环下滑到B点时，重物下降到最低点，此时重物速度为零．根据几何关系可知：圆环下降高度为h AB=L砝码下降的高度为△h=L-L=L系统只有重力做功，所以系统机械能守恒则有：mgh AB+5mg△h=mv12由上可解得：圆环的速度为v1=2，故C正确．D、当圆环运动到B点时，砝码下降的距离最大，由上知最大距离为△h=L-L=L．故D正确故选：CD．根据圆环的受力情况分析速度变化情况．圆环下滑到C点时，根据几何关系来确定变化的高度，再由机械能守恒定律，并结合运动的分解来确定圆环下滑到C点时的速度大小．当圆环运动到B点时，重物下降到最低点位置，则取环与重物作为系统，由于只有重力做功，所以系统的机械能守恒，因此根据机械能守恒定律可解出圆环的速度大小；当圆环下滑到最大距离时，圆环与重物的速度均为零，再由机械能守恒定律，结合几何关系可求出圆环下滑的最大距离．本题多次运用几何关系及机械能守恒定律，定律的表达式除题中变化的动能等于变化的重力势能外，还可以写成圆环的变化的机械能等于重物的变化的机械能．同时关注题中隐含条件的挖掘：重物下降到最低点的同时其速度等于零．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列关于热现象的叙述正确的是（）A.物体的温度升高，所有分子的热运动能都会增大B.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减少而增大C.在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料中掺入其它元素D.布朗运动就是液体分子的热运动E.晶体吸收热量，分子平均动能不一定增加【答案】BCE【解析】解：A、温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，物体的温度升高，分子的平均动能增大，并不是所有分子的热运动能都会增大．故A错误；B、分子间的作用力跟分子间的距离r有关，当r＜r0时，分子间是斥力；分子间作用力表现为斥力时，分子间距离的减小时分子之间的作用力做负功，分子势能增大；故B正确；C、温度越高，分子无规则运动的剧烈程度越大，因此在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其它元素．故C正确；D、布朗运动是小微粒的运动，不是分子的运动．故D错误；E、晶体吸收热量，若正在熔化，则温度不变，分子平均动能不增加．故E正确．故选：BCE．温度是分子的平均动能的标志，物体的温度升高，并不是所有分子的热运动能都会增大；分子之间的作用力随距离的增大而变化；温度越高，分子的运动越激烈；布朗运动是小微粒受到的分子的撞击的不平衡产生的，是小微粒的运动．受温度的影响．本大题包含了3-3大部分内容，各部分难度不大，但从题目来看考查范围很广，要求能全面掌握．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图所示，振幅相同的两列简谐横波在同一介质中传播，实线波沿x轴正方向传播，虚线波沿x轴负方向传播，某时刻两列波在图示区域相遇，下列说法正确的是（）A.实线波与虚线波的波长之比为1：2B.实线波与虚线波的周期之比为1：2C.两列波在x=2m处引起的振动方向相反D.两列波在x=4m处引起的振动方向相反E.两列波发生干涉，在x=2m处的振动始终加强【答案】ABD【解析】解：A、根据图象可知，实线波的波长为2m，虚线波的波长为4m，所以实线波与虚线波的波长之比为1：2，故A正确；B、两列简谐横波在同一介质中传播，波速相同，根据T=可知，实线波与虚线波的周期之比为1：2，故B正确；C、实线波沿x轴正方向传播，虚线波沿x轴负方向传播，则两列波在x=2m处引起的振动方向相同，x=4m处引起的振动方向相反，故C错误，D正确；E、两列波的频率不等，不能发生干涉现象，故E错误．故选：ABD解答本题首先得明白波形图是反应某时刻各质点的位置，而振动图则是反应某质点在各时刻的位置，同时要抓住在均匀介质中两列波的波速相同，由v=λf可以得到周期之比．本题考查波长、频率和波速的关系，知道波速是由介质的性质决定的，对于同一介质中传播的同一类波，波速相等．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.关于原子物理的相关知识，下列说法正确的是（）A.太阳辐射能量主要来自太阳内部的核聚变反应B.一束单色光照射到某种金属表面不能发生光电效应，是因为该光的波长太短C.发生光电效应时，入射光的频率越高，逸出的光电子的最大初动能就越大D.大量的氢原子从n=3能级向低能级跃迁时，只能辐射两种不同频率的光E.原子核发生一次β衰变，就会增加一个质子【答案】ACE【解析】解：A、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应．故A正确；B、一束单色光照射到某种金属表面不能发生光电效应，说明了光子的能量太小，是因为该束光的波长太长；故B错误；C、发生光电效应时，入射光的光强一定，频率越高，光子的能量越大，由：E km=hγ-W得，逸出的光电子的最大初动能就越大．故C正确逸出功D、大量的氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时，会辐射三种不同频率的光，故D错误E、β衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子．故D正确；故选：ACE．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应；一束单色光照射到某种金属表面不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长；发生光电效应时，入射光的光强一定，频率越高，逸出的光电子的最大初动能就越大本题考查了氢原子能级、衰变的实质、光电效应、核反应等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.在研究匀速直线运动规律的实验中，对实验中打出的一条纸带上的五个计数点，进行了测量和计算，在v-t坐标图中，描绘了5个数据点．（1）请根据数据点作出纸带做匀变速直线运动的v-t图象（2）根据所作图象求出纸带做匀变速直线运动的加速度a= ______ m/s2．（保留两位有效数字）【答案】2.7【解析】解：（1）根据数据点作出纸带做匀变速直线运动的v-t图象（2）图象的斜率表示加速度的大小有：a==2.7m/s2故答案为：（1）如图所示（2）2.7利用描点法可画出速度-时间图象，图象的斜率大小表示加速度大小．本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力；同时注意利用图象来解决问题．10.某同学欲描绘某元件电阻的伏安特性曲线（1）为了设计实验，该同学先用多用电表欧姆档粗略测量其组织，选用×1档，测量结果如图1所示，测得的电阻为______ Ω（2）提供如下器材A．电流表A（0-0.6A，内阻约0.9Ω）B．电压表A（0-3V，内阻约3kΩ）C．滑动变阻器R1（10Ω，2A）D．滑动变阻器R2（1000Ω，1A）E．电源E（电动势6V，内阻约0.1Ω）F．开关S及导线若干请根据实验需要，设计合适电路，在答题卡的虚线框内画出实验电路图，并在图中标出所选用的滑动变阻器（3）如图2中Ⅰ、Ⅱ图线，一条为元件真实的I-U图线，另一条是本次实验中测得的I-U图线，其中______ 是本次实验中测得的图线．【答案】13.0；Ⅰ【解析】解：①欧姆表读数=刻度盘读数×倍率，即13.0×1Ω=13.0Ω；②电源、滑动变阻器、导线和电键是构成闭合电路必须选择的；要减小误差，在不超出量程的情况下，电压表和电流表量程尽量选择较小的量程；由于：待测电阻的电阻值比较小．所以要选择电流表外接法；实验原理图如图所示（3）由于在该实验中采用了电流表的外接法，所以电流表测量的电流是待测电阻与电压表的电流的和，所以电阻的测量值偏小．故Ⅰ是本次实验中测得的图线故答案为：（1）13.0；（2）如图；（3）Ⅰ①欧姆表读数等于刻度盘读数乘以倍率；②电源、滑动变阻器、导线和电键是必须选择的，要减小误差，电压表和电流表量程都选择较小的量程，只要不超过量程即可；为获得较大的电压条件范围，滑动变阻器选择分压式接法；由于待测电阻的电阻值与电流电压的电阻值较接近，故采用电流表内接法．③分析电流表内接法对误差的影响即可．解决本题的关键掌握多用电表的原理和读数方法，关键要明确电阻的测量方法、原理和实验误差的处理，其中用伏安法测量电阻时电流表内、外接法和滑动变阻器的接法选择是重点所在．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，处于自由长度的轻质弹簧，左端与质量为m的小物块接触但不连接．现用大小恒为4mg的水平推力向左推小物块，当物块向左运动到A点时撤去该推力，物块继续向左运动，最终物块运动得到B点静止，已知物块与桌面间的动摩擦因数为μ，OA=x0，OB=2x0，重力加速度为g．求：（1）物块在O点刚开始运动时与返回O点时的加速度大小之比（2）物块在A点撤去推力后向左运动的最大距离．【答案】解：（1）设物块刚开始运动时的加速度为a1，再次返回O点时的加速度为a2，由牛顿第二定律得：F-μmg=ma1μmg=ma2解得：=（2）设撤去外力后物块向左运动的最大距离为x，对全过程应用动能定理得：F x1-μmg（4x1+2x）=0解得x=（-1）x1答：（1）物块在O点刚开始运动时与返回O点时的加速度大小之比为（2）物块在A点撤去推力后向左运动的最大距离（-1）x1【解析】（1）分别对开始运动和返回过程进行分析，由牛顿第二定律可求解加速度，进而求出比值；（2）对全过程由动能定理分析可求得行驶的最大距离．本题考查牛顿第二定律及动能定理的应用，在不涉及时间时，一定要优先考虑动能定理．12.如图所示，在xoy平面内的第一象限内存在电场强度为E=2V/m，沿x轴正方向的匀强电场，在第二象限内存在磁感应强度B=1T、方向垂直xoy平面向外的匀强磁场，一个带负电的粒子，比荷为4C/kg，在x=3m处的P点以v0=4m/s的初速度沿y轴正方向开始运动，不计带电粒子的重力，球：（1）带电粒子第一次通过y轴时距O点的距离．（2）带电粒子再次通过x轴时距O点的距离．【答案】解：（1）电场线方向有：q E=ma得：由得：sy轴方向有：y=v0t代入数据解得：m（2）由（1）可知粒子进入磁场时：m/sv x与v0方向夹角，即θ=60°m/s带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径：r==m由几何知识可知MN为圆周运动的直径：NO=r=2m答：（1）带电粒子第一次通过y轴时距O点的距离是m．（2）带电粒子再次通过x 轴时距O点的距离是2m．【解析】（1）粒子在第一象限内做类平抛运动，沿电场线的方向性做匀加速直线运动，由类平抛运动知识可以求出粒子第一次通过y轴时距O点的距离．（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力得出粒子运动的半径，然后结合几何知识求出带电粒子再次通过x轴时距O点的距离．本题考查了带电粒子在电场与磁场中的运动，带电粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，风险呢清楚粒子运动过程，应用类平抛运动规律与牛顿第二定律即可正确解题六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，天花板下悬挂一开口向下，导热性能良好的气缸，缸内有一重为G，横截面积为S的活塞，与气缸紧密接触且可无摩擦地滑动．设大气压强为P0，当环境温度为T0时，活塞距缸底的距离为h0①若活塞下再吊一重为G的重物，求稳定时活塞下移的距离②若不挂重物，通过缓慢升高温度，使活塞下移的距离与①问中下移的距离相同，求升高的温度．【答案】解：①设挂上重物后，活塞距缸底的距离为h，根据玻意耳定律可得：代入数据解得：h=活塞下移的距离为：h-h0=②设温度为T1时，活塞下降到h位置．加热过程中气缸压强不变，根据盖-吕萨克定律可知：代入数据解得：T1-T0==答：①若活塞下再吊一重为G的重物，稳定时活塞下移的距离为；②若不挂重物，通过缓慢升高温度，使活塞下移的距离与①问中下移的距离相同，升高的温度为．【解析】①气体经历等温过程，根据玻意耳定律列式求解；②气体经历等压过程，根据盖-吕萨克定律列式求解．本题关键根据气体实验定律列式求解，记住公式即可，基础题目．八、计算题(本大题共1小题，共10.0分)16.如图所示，空气中有一底面半径为R的圆柱形容器，在底面的中心O处有一红色点光源S，它发出的红光经时间t可以传到容器的边缘P，若容器内盛满某透明液体，S发出的红光经过时间2t可以传到容器的边缘P，且恰好在P点发生全反射．求该液体对红光的折射率n和容器的高度h．【答案】解：①设OP之间的距离为d，光在空气中传播的速度为c，光在该液体中传播的速度为v，则：d=ct=2vt即：c=2v故液体对红光的折射率n==2②光线在P点恰好发生全反射，则入射角等于临界角C则：sin C=可得C=30°=R容器的高度为：h=°答：该液体对红光的折射率n是2，容器的高度h为R．【解析】设OP之间的距离为d，光在空气中传播的速度为c，光在该液体中传播的速度为v，根据两次光传播时间关系，可得到v与c的关系，即可由公式n=求折射率．由于光恰好在P点发生全反射，入射角等于临界角C，由公式sin C=求出C，即可由几何关系求解容器的高度h．解决本题的关键要掌握全反射的条件、折射定律n=、临界角公式sin C=、光速公式v=，运用几何知识帮助解决物理问题．十、计算题(本大题共1小题，共10.0分)18.如图所示，质量为m的物体乙，静止放在粗糙的水平地面上，质量为M的物体甲，以某一初速度向右滑行一段距离L后与前方的乙物体发生碰撞，碰撞之后两物体粘在一起又共同滑行了一段距离l后停下来，已知M=4m，l=L，甲、乙两物体与水平地面间的动摩擦因数相同．求：①甲物体碰撞之前的速度v1和碰撞之后的速度v2的比值；②为避免甲、乙两物体碰撞，最初它们相距的最短距离．【答案】解：①碰撞过程动量守恒，有M v1=（m+M）v2代入数据解得v1：v2=5：4②设甲乙两物体与地面之间的动摩擦因数为μ，则由动能定理可知甲乙碰撞前，对于甲：。
2015年高考理综物理押题试卷及答案(word版可打印)
2015年高考理科综合物理押题试卷及答案第I卷(必做，共87分)注意事项：1．第I卷共20小题。
第1～13题每小题4分，第14～20题每小题5分，共87分。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：(略)相对原子质量：(略)二、选择题(本大题共7小题。
每小题5分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分。
选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．下列有关物理学史的说法中正确的是A.牛顿通过大量实验发现，只要斜面的倾角一定，不同质量的小球从不同高度开始滚动，小球的加速度都是相同的B．卡文迪许利用扭秤实验得到大量数据测出了万有引力常量C．洛伦兹首先发现电流周围存在磁场，并为解释磁体产生的磁场提出了分子电流假说D．楞次在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律15.如图，电梯与水平地面成 角，一人静止站在电梯水平梯板上，开始电梯以加速度a启动，水平梯板对人的支持力和摩擦力分别为N和f。
电梯减速至静止过程加速度大小也为a ，则A ．支持力将变大B ．摩擦力大小不变C ．加速启动过程，人处于超重状态D ．减速至静止过程，水平梯板对人的摩擦力和支持力之比仍为岳 16.2012年12月，朝鲜自行设计、制造的“光明星三号’’卫星发射成功，震惊整个国际社会“光明星三号”经过变轨后绕地球做圆周运动，运行周期为90min 。
关于“光明星三号”、同步通信卫星和赤道上随地球自转物体三者相比较，下列说法正确的是A ．“光明星三号”的角速度最大B ．同步通信卫星的线速度最小C ．随地球自转物体向心加速度最小D ．“光明星三号”的轨道运行速度大于7．9 km ／s 小于11．2 km ／s17．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b 是原线圈的中心接头，电压表V 和电流表A 均为理想电表，除滑动变阻器电阻R 以外其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上交变电压1u tV π=。
2015年河南省高考物理试题与答案
2015年河南省高考物理试题与答案本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，共15题，共110分。
第I 卷（48分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中。
第l4～18题只有一项符合题目要求。
第l9～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分。
选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14．两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力)，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A ．轨道半径减小，角速度增大B ．轨道半径减小，角速度减小C ．轨道半径增大，角速度增大D ．轨道半径增大，角速度减小15．如图，直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线，M 、N 、P 、Q 是它们的交点，四点处的电势分别为M ϕ、N ϕ、P ϕ、Q ϕ。
一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中，电场力所做的负功相等。
则A ．直线a 位于某一等势面内，M ϕ>Q ϕB ．直线c 位于某一等势面内，M ϕ>N ϕC ．若电子由M 点运动到Q 点，电场力做正功D ．若电子由P 点运动到Q 点，电场力做负功16．一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3：l ，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220 V 的正弦交流电源上，如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U ，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k 。
则A ．U=66V ，k=19B ．U=22V ，k=19C ．U=66V ，k=13D ．U=22V ，k=1317．如图，一半径为R 、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ 水平。
一质量为m 的质点自P 点上方高度R 处由静止开始下落，恰好从P 点进入轨道。
质点滑到轨道最低点N 时，对轨道的压力为4 mg ，g 为重力加速度的大小。
用W 表示质点从P 点运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功。
2015年高考模拟试题_河南省六市高三第二次联考物理试题 (解析版)
河南省六市2015年高中毕业班第二次联考物理试题本试题卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共300分。
第I卷（选择题，共126分）二、选择题：（本题共8小题，每小题6分。
其中第14 -18小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的，第19 - 21小题给出的四个选项中至少有两项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分．不选或有选错的得0分。
）14．关于物理学家的贡献，下列说法中正确的是A．卡文迪许利用扭秤实验首先较准确地测定了静电力常量B．库仑提出了库仑定律，并最早通过实验测得元电荷e的数值C．第谷通过对行星运动的观测数据进行分析，得出了开普勒行星运动定律D．法拉第发现了电磁感应现象15．如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd（ab、cd在同一条水平直线上）连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态。
在半圆弧导线的圆心处沿垂直于导线框平面的方向放置一根长直导线P．当P中通以方向向外的电流时A．导线框将向左摆动B．导线框将向右摆动C．从上往下看，导线框将顺时针转动D．从上往下看，导线框将逆时针转动16．如图所示，有界匀强磁场区域的半径为r，磁场方向与导线环所在平面垂直，导线环半径也为r，沿两圆的圆心连线方向从左侧开始匀速穿过磁场区域，在此过程中．关于导线环中的感应电流i随时间t 的变化关系，下列图象中（以逆时针方向的电流为正）最符合实际的是17．如图所示，A、B是两个带电量相等的异种点电荷，A带正电，B带负电，OO′为两点电荷连线的垂直平分线，P点是垂足，若从P点以大小为v0的初速度发射一个质子，则A．若质子初速度方向由P指向A，则质子在接近A点的过程中速度越来越大B．若质子初速度方向由P指向B，则质子在接近B点的过程中加速度越来越大C．若质子初速度方向由P指向O，则质子在运动的过程中加速度的大小不变D．若质子初速度方向由P指向O，则质子在运动的过程中加速度的方向不变18．已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6．6倍．+一飞行器绕地球做匀逮圆周运动的周期为3小时。
2024学年河南省周口市西华县第一高级中学高三下学期5月月考物理试题试卷
2024学年河南省周口市西华县第一高级中学高三下学期5月月考物理试题试卷 注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，铁板倾斜放置，倾角为θ，磁铁吸在铁板上并处于静止状态，磁铁的质量为m ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是（ ）A ．磁铁可能只受两个力作用B ．磁铁一定受三个力作用C ．铁板对磁铁的摩擦力大小为cos mg θD ．铁板对磁铁的作用力大小为mg2、下列关于科学家对物理学发展所做的贡献正确的是（ ）A ．牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证B ．伽利略通过实验和合理的推理提出质量并不是影响落体运动快慢的原因C ．奥斯特由环形电流和条形磁铁磁场的相似性，提出分子电流假说，解释了磁现象的电本质D ．伽利略通过万有引力定律计算得出了太阳系中在天王星外还存在着距离太阳更远的海王星3、如图所示，是一测定风力仪器的结构图，悬挂在O 点的轻质细金属丝的下端固定一个质量为m 的金属球P ，在竖直平面内的刻度盘可以读出金属球P 自由摆动时摆线的摆角。
图示风向水平向左，金属球P 静止时金属丝与竖直方向的夹角为θ，此时风力F 的大小是（ ）A ．sin F mg θ=B ．cos F mg θ=C ．tan F mg θ=D ．cos mg F θ= 4、如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34ev ，那么对氢原子在能量跃迁过程中发射或吸收光子的特征,认识正确的是( )A ．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应B ．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出4种不同频率的光C ．用能量为10.3eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态D ．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eV5、质量为1kg 的物块M 水平向右滑上逆时针转动的传送带如图甲所示，物块的v －t 图像如图乙所示。
2025届河南省周口市西华县高三5月份第一次质检试题(物理试题理)
2025届河南省周口市西华县高三5月份第一次质检试题（物理试题理）注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、木块甲、乙分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25。
夹在甲、乙之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m。
系统置于水平地面上静止不动。
现用F=1N的水平拉力作用在木块乙上，如图所示。
力F作用后木块所受摩擦力情况是（）A．木块甲所受摩擦力大小是12.5 NB．木块甲所受摩擦力大小是11.5 NC．木块乙所受摩擦力大小是9 ND．木块乙所受摩擦力大小是7 N2、一颗子弹沿水平方向射向一个木块，第一次木块被固定在水平地面上，第二次木块静止放在光滑的水平地面上，两次子弹都能射穿木块而继续飞行，这两次相比较（）A．第一次系统产生的热量较多B．第一次子弹的动量的变化量较小C．两次子弹的动量的变化量相等D．两次子弹和木块构成的系统动量都守恒3、轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上。
现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动。
则在这一过程中，环对杆的摩擦力F1和环对杆的压力F2的变化情况是（）A．F1保持不变，F2逐渐增大B．F1逐渐增大，F2保持不变C．F1逐渐减小，F2保持不变D．F1保持不变，F2逐渐减小4、如图是某金属在光的照射下产生的光电子的最大初动能E k，与入射光频率v的关系图象。
河南省西华县2024届高三高考模拟物理试题试卷
河南省西华县2024届高三高考模拟物理试题试卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
，为定值电阻，电流表、电压表均可视为理想电表，不考虑1、如图所示的电路中，恒流源可为电路提供恒定电流0I RR接入电路的阻值，记录电流表、电压表的示数并依次填写在下表中。
由数据可导线电阻对电路的影响。
改变变阻器L以判定以下说法正确的是（）序号 1 2 3 4 5 6 7 8()VU14.0 12.0 10.0 8.0 6.0 4.0 2.0 0()AI0.30 0.40 0.50 0.60 0.70 0.80 0.90 1.00A．实验过程中L R逐渐增大B．实验过程中恒流源输出功率逐渐减小C．恒流源提供的电流0I大小为2.00AD．电路中定值电阻R的阻值为10Ω2、下列说法正确的是:A．国际单位制中力学中的三个基本物理量的单位是m、kg、m/sB．滑动摩擦力可以对物体不做功,滑动摩擦力可以是动力C．在渡河问题中,渡河的最短时间由河宽、水流速度和静水速度共同决定D．牛顿第一定律是经过多次的实验验证而得出的3、我国计划在2020年发射首个火星探测器，实现火星环绕和着陆巡视探测。
河南省周口市西华县高一物理下学期第一次月考测试卷
河南省周口市西华县高一物理下学期第一次月考测试卷一、选择题1．一斜面倾角为θ，A，B两个小球均以水平初速度v o水平抛出，如图所示．A球垂直撞在斜面上，B球落到斜面上的位移最短，不计空气阻力，则A,B两个小球下落时间tA与tB 之间的关系为（）A．t A=t BB．t A=2t BC．t B=2t AD．无法确定2．小船横渡一条河，船本身提供的速度大小方向都不变．已知小船的运动轨迹如图所示，则河水的流速（）A．越接近B岸水速越大B．越接近B岸水速越小C．由A到B水速先增后减D．水流速度恒定3．如图所示，一物体在水平恒力的作用下沿光滑水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体从M点到N点的运动过程中，物体的速度将（）A．不断增大B．不断减小C．先增大后减小D．先减小后增大4．质量为2kg的质点在x-y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点的初速度为3 m/sB．2s末质点速度大小为6 m/sC．质点做曲线运动的加速度为3m/s2D．质点所受的合外力为3 N5．一个物体在7个恒力的作用下处于平衡状态，现撤去其中两个力，其它力大小和方向均不变．则关于物体的运动下列说法正确的是( )A．可能做圆周运动B．一定做匀变速曲线运动C．可能处于静止状态D．一定做匀变速直线运动6．某河流中河水的速度大小v1=2m/s，小船相对于静水的速度大小v2=1m/s．现小船船头正对河岸渡河，恰好行驶到河对岸的B点，若小船船头指向上游某方向渡河，则小船（）A．到达河对岸的位置一定在B点的右侧B．到达河对岸的位置一定在B点的左侧C．仍可能到达B点，但渡河的时间比先前长D．仍可能到达B点，但渡河的时间比先前短7．江中某轮渡站两岸的码头A和B正对，如图所示，水流速度恒定且小于船速.若要使渡船直线往返于两码头之间，则船在航行时应（）A．往返时均使船垂直河岸航行B．往返时均使船头适当偏向上游一侧C．往返时均使船头适当偏向下游一侧D．从A码头驶往B码头，应使船头适当偏向上游一侧，返回时应使船头适当偏向下游一侧8．如图所示，A、B为半径相同的两个半圆环，以大小相同、方向相反的速度运动，A环向右，B环向左，则从两半圆环开始相交到最后分离的过程中，两环交点P的速度方向和大小变化为( )A．先向上再向下，先变大再变小B．先向上再向下，先变小再变大C．先向下再向上，先变大再变小D．先向下再向上，先变小再变大9．如图所示的曲线为一质点在恒定合外力作用下运动的一段轨迹，质点由A到B的时间与质点由B到C的时间相等，已知曲线AB段长度大于BC段长度，则下列判断正确的是（）A．该质点做非匀变速运动B．该质点在这段时间内可能做加速运动C．两段时间内该质点的速度变化量相等D．两段时间内该质点的速度变化量不等10．在“探究平抛物体的运动规律”的实验中，已备有下列器材：有孔的硬纸片、白纸、图钉、平板、铅笔、弧形斜槽、小球、刻度尺、铁架台、还需要的器材有()A．停表B．天平C．重垂线D．弹簧测力计11．如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的初速v同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为30°和60°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A和B两小球的运动时间之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：412．从O点抛出A、B、C三个物体，它们做平抛运动的轨迹分别如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体在空中运动的时间t A．、t B、t C的关系分别是（）A．v A．>v B>v C，t A．>t B>t C B．v A．<v B<v C，t A．=t B=t CC．v A．<v B<v C，t A．>t B>t C D．v A．>v B>v C，t A．<t B<t C13．一质量为2kg的物体在如图甲所示的xOy平面上运动，在x轴方向上的v-t图象和在y 轴方向上的S-t图象分别如图乙、丙所示，下列说法正确的是( )A．前2s内物体做匀变速曲线运动B ．物体的初速度为8m/sC ．2s 末物体的速度大小为8m/sD ．前2s 内物体所受的合外力为16N14．如图，斜面与水平面之间的夹角为45°，在斜面底端A 点正上方高度为6 m 处的O 点，以1 m/s 的速度水平抛出一个小球，飞行一段时间后撞在斜面上，这段飞行所用的时间为（210/g m s = ） （ ）A ．0.1 sB ．1 sC ．1.2 sD ．2 s15．在宽度为d 的河中，船在静水中速度为v 1，水流速度为v 2，方向可以选择，现让该船渡河，则此船A ．最短渡河时间为1d v B ．最短渡河位移大小为d C ．最短渡河时间为2d v D ．不管船头与河岸夹角是多少，小船一定在河岸下游着陆16．如图,排球场总长为1L ,宽为2L ,网高1h ,运动员在离网L 远的线上的中点处跳起后将排球水平击出.若击球高度为2h ,不计空气阻力,排球可视为质点,当地重力加速度为g ,则（ ）A ．要使排球能落在对方界内,水平击出时排球的最小速度为22g Lh B ．排球落地时重力的瞬时功率随击出速度的增大而增大 C ．要使排球能落在对方界内,222122(2)28L L L gh g h +++D ．当排球被垂直球网击出时,只要21h h ,总可以找到合适的速度,使排球落到对方界内17．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O 点，用铅笔靠着线的左侧水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度A．大小和方向均不变B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均改变18．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度A．大小和方向均不变B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均改变19．一阶梯如图所示，其中每级台阶的高度和宽度都是0.4m，一小球以水平速度v飞出，欲打在第四台阶上，则v的取值范围是（）A．6m/s22m/s<<B．22m/s 3.5m/sv<≤vC．2m/s6m/sv<<<<D．6m/s23m/sv20．甲、乙、丙三船在同一河流中渡河，船头和水流方向如图所示，已知三船在静水中的速度均大于水流速度v0，则A．甲船可能垂直到达对岸B．乙船可能垂直到达对岸C．丙船可能垂直到达对岸D．都不可能垂直到达对岸二、多选题21．关于物体的运动状态与受力关系，下列说法中正确的是()．A．物体的运动状态发生变化，物体的受力情况一定变化B．物体在恒力作用下，一定做匀变速直线运动C．物体的运动状态保持不变，说明物体所受的合外力为零D．物体做曲线运动时，受到的合外力可以是恒力22．一条船在静水中的速度为4m/s，它要渡过一条40m宽的大河，河水的流速为3m/s，则下列说法中正确的是（）A．船不可能垂直于河岸航行B．船渡河的速度一定为5m/sC．船到达对岸的最短时间为10sD．船到达对岸的最短距离为40m23．柯受良驾驶汽车飞越黄河，汽车从最高点开始到着地为止这一过程的运动可以看作平抛运动。
河南省周口市西华县西华中学高二物理期末试卷含解析
河南省周口市西华县西华中学高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，ab=bc=cd。
从a点正上方的O点以速度水平抛出一个小球，它落在斜面上b点。
若小球从O点以速度2水平抛出，不计空气阻力，则它落在斜面上的A．b与c之间某一点B．c点C．c与d之间某一点D．d点参考答案：A2. 如图物体A叠放在物体B上,B置于光滑水平面上．A,B质量分别为m A=6kg,m B=2kg,A,B之间的动摩擦因数μ=0.2,开始时F=10N,此后逐渐增加,在增大到45N的过程中,则（取g=10 m／s2）A．当拉力F＜12N时,两物体均保持相对静止状态B．两物体开始没有相对运动,当拉力超过12N时,开始相对滑动C．两物体间从受力开始就有相对运动D．两物体间始终没有相对运动参考答案：AD3. 如图4所示，为一列简谐波在某一时刻的波形图，以下说法正确的是 ( )A.A、C两点的振幅相同B.B点此时的振动方向一定沿y轴正方向C.A、C两点的位移相同D.在同一振动图像中画出A、B两质点的振动图像完全一样参考答案：A4. 如图所示，物体沿斜面向下匀速滑行，不计空气阻力，对物体的受力分析正确的是AA．受重力、支持力、摩擦力B．受重力、支持力、下滑力C．受重力、支持力D．受重力、支持力、摩擦力、下滑力参考答案：A5. 如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为 ( )A．E=100V/m，竖直向下 B．E=100V/m，竖直向上C．E=100V/m，水平向左 D．E=100V/m，水平向右参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的______有关，并且辐射的能量是一份一份的，每一份的能量值叫做______。
参考答案：温度；能量子7. 研究光电效应的实验装置如图所示，（1）在光照条件不变的情况下，将滑动片P从a到b缓慢移动过程中，观察到电流表的读数一开始逐渐变大，后来不变，这说明光电管中的光电流存在，进而得出单位时间内从阴极K跑出来的光电子是确定的。
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2015年河南省周口市西华县高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2．地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为（）A．0.19 B．0.44 C．2.3 D．5.23．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160µV，磁感应强度的大小为0.040T．则血流速度的近似值和电极a、b的正负为（）A．1.3m/s，a正、b负B．2.7m/s，a正、b负C．1.3m/s，a负、b正D．2.7m/s，a负、b正4．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F 与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则（）A．3t0时刻的瞬时功率为B．3t0时刻的瞬时功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为5．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB6．如图所示，一导体圆环位于纸面内，O为圆心．环内两个圆心角为90°的扇形区域内分别有匀强磁场，两磁场磁感应强度的大小相等，方向相反且均与纸面垂直．导体杆OM可绕O转动，M端通过滑动触点与圆环良好接触．在圆心和圆环间连有电阻R．杆OM以匀角速度ω逆时针转动，t=0时恰好在图示位置．规定从a到b流经电阻R的电流方向为正，圆环和导体杆的电阻忽略不计，则杆从t=0开始转动一周的过程中，电流随ωt变化的图象是（）A．B．C．D．7．如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A．物块先向左运动，再向右运动B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零8．水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ（0＜μ＜1）．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A．F先减小后增大B．F一直增大C．F的功率减小D．F的功率不变二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第9题～第11题为必考题，第12题～第13题为选考题．）9．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图，由图可读出l=cm，d=mm．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz．在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点．因保存不当，纸带被污染．如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：x A=16.6mm、x B=126.5mm、x D=624.5mm，若无法再做实验，可由以上信息推知：（1）相邻两计数点的时间间隔为s；（2）打C点时物体的速度大小为m/s（取2位有效数字）；（3）物体的加速度大小为（用x A、x B、x D和f表示）．11．冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图．比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O．为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1=0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至μ2=0.004．在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出．为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？（g取10m/s2）12．如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率=k，k 为负的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一边长为l的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化．[物理--选修3-4]（15分）13．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f14．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．[物理--选修3-5]（15分）15．关于光电效应，下列说法正确的是（）A．极限频率越大的金属材料逸出功越大B．只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C．从金属表面出来的光电子的最大初动能越大，这种金属的逸出功越小D．入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多16．两个质量分别为M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上．A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图所示．一质量为m的物块位于劈A的倾斜面上，距水平面的高度为h．物块从静止开始滑下，然后又滑上劈B．求物块在B上能够达到的最大高度．2015年河南省周口市西华县高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．伽利略发现了行星运动的规律B．卡文迪许通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献考点：物理学史．专题：常规题型．分析：解答本题的关键是了解几个重要的物理学史，知道哪些伟大科学家的贡献．解答：解：A、开普勒发现了行星运动的规律，故A错误；B、万有引力常数是由卡文迪许测出的，故B正确；C、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、伽利略、笛卡尔等科学家对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故D正确．故选BD．点评：本题考查了物理学史部分，要了解哪些伟大科学家的重要贡献，培养科学素质和为科学的奉献精神．2．地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为（）A．0.19 B．0.44 C．2.3 D．5.2考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力，分析线速度之比．解答：解：由万有引力提供向心力，得v=，木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，=0.44．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力．3．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160µV，磁感应强度的大小为0.040T．则血流速度的近似值和电极a、b的正负为（）A．1.3m/s，a正、b负B．2.7m/s，a正、b负C．1.3m/s，a负、b正D．2.7m/s，a负、b正考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：血液中正负离子流动时，会受到洛伦兹力，发生偏转，正离子往哪一个电极偏转，哪一个电极带正电．电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．根据平衡可求出血流速度．解答：解：血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上偏，负离子向下偏．则a带正电，b带负电．最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，有，所以v=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键正握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，前后表面形成稳定的电势差．4．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F 与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则（）A．3t0时刻的瞬时功率为B．3t0时刻的瞬时功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据牛顿第二定律和运动学公式求出2t0时刻的瞬时速度，从而求出瞬时功率．根据位移公式求出t=0到2t0这段时间内位移，通过功的公式求出水平力做功的大小，从而求出平均功率．解答：解：A、0～t0时间内的加速度a1=，则t0时刻的速度v1=a1t1=t0，在t0～3t0时间内的加速度a2=，则3t0时刻的速度v2=v1+a2t0=，3t0时刻的瞬时功率为P=F0v2=；故A正确，B错误；C、0～2t0时间内的位移x1=a1t02=，在t0～3t0时间内的位移x2=v1t0+a2（2t0）2=，在t=0到3t0这段时间内，水平力做功W=3F0x1+F0x2=，则水平力做功的平均功率P=故C错误，D正确．故选：AD点评：解决本题的关键通过图线，结合牛顿第二定律和运动学公式求出速度和位移，知道平均功率和瞬时功率的区别5．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB考点：安培力．分析：当磁场方向与电流方向垂直时，由安培力F=BIL，根据电流的大小可求出各段安培力大小，由左手定则判定安培力方向，再根据平行四边形定则，对安培力进行分解即可解得．解答：解：该导线可以用a和d之间的直导线长为L来等效代替，根据F=BIL，可知大小为，方向根据左手定则判断，向上；故选A．点评：本题考查安培力的大小与方向的判断；解决本题的关键要掌握安培力的大小公式F=BIL（B与I垂直），同时运用力的平行四边形定则对安培力时行分解．此处的导线也可以等效成将ad两点连接的导线所受的安培力．6．如图所示，一导体圆环位于纸面内，O为圆心．环内两个圆心角为90°的扇形区域内分别有匀强磁场，两磁场磁感应强度的大小相等，方向相反且均与纸面垂直．导体杆OM可绕O转动，M端通过滑动触点与圆环良好接触．在圆心和圆环间连有电阻R．杆OM以匀角速度ω逆时针转动，t=0时恰好在图示位置．规定从a到b流经电阻R的电流方向为正，圆环和导体杆的电阻忽略不计，则杆从t=0开始转动一周的过程中，电流随ωt变化的图象是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与图像结合．分析：先使用右手定则判定出感应电流的方向，并结合给定的正方向确定电流的正负；在根据进入磁场的时间，确定电流开始有的时间即可选择图象．解答：解：杆OM以匀角速度ω逆时针转动，t=0时恰好进入磁场，故前周期内有电流流过，则知B图象错误．根据右手定则可以判定，感应电流的方向从M指向圆心O，流过电阻时的方向是从b流向a，与给定的正方向相反，为负值，则A图象错误．在时间内杆OM处于磁场之外，没有感应电流产生，故D错误，C正确．故选：C点评：该题结合感应电流的图象考查右手定则的使用方法，属于基础知识的应用，解题的关键是正确判定电流的方向．7．如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A．物块先向左运动，再向右运动B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：据题，当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，根据摩擦力的方向分别分析两个物体的运动情况．解答：解：由题知道：当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到木板的滑动摩擦力方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运动，而木板受到物块的滑动摩擦力方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，当两者速度相等时一起向右做匀速直线运动．故选BC点评：本题关键要分析得到撤掉拉力时两个物体之间仍存在摩擦力，考查分析物体受力情况和运动情况的能力．8．水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ（0＜μ＜1）．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A．F先减小后增大B．F一直增大C．F的功率减小D．F的功率不变考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，说明物体受力始终平衡，受力分析后正交分解表示出拉力F，应用数学方法讨论F的变化，再由P=Fvcsθ判断功率的变化．解答：解：对物体受力分析如图：因为物体匀速运动，水平竖直方向均受力平衡：Fcosθ=μ（mg﹣Fsinθ）则得：F=令：，cosβ=，即：tanβ=则：=当θ+β=90°时，sin（θ+β）最大，F最小，则根据数学知识可知θ从0逐渐增大到90°的过程中，F先减小后增大，故A正确．功率：P=Fvcosθ==θ从0逐渐增大到90°的过程中，tanθ一直在变大，所以功率P一直在减小，故C正确．故选：AC点评：本题为平衡条件的应用问题，受力分析后应用平衡条件求解即可，难点在于研究对象的选择和应用数学方法讨论拉力F的变化，难度不小，需要细细品味．二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第9题～第11题为必考题，第12题～第13题为选考题．）9．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图，由图可读出l= 2.25cm，d= 6.860mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：2.2cm=22mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为5×0.1mm=0.5mm，所以最终读数为：22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm．2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm．故答案为：2.25，6.860．点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz．在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点．因保存不当，纸带被污染．如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：x A=16.6mm、x B=126.5mm、x D=624.5mm，若无法再做实验，可由以上信息推知：（1）相邻两计数点的时间间隔为0.1s；（2）打C点时物体的速度大小为 2.5m/s（取2位有效数字）；（3）物体的加速度大小为（用x A、x B、x D和f表示）．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s．（2）根据间的平均速度等于点的速度得：v c==2.5m/s．（3）匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，即△x=aT2，所以有：x BC=x AB+aT2，x CD=x BC+aT2=x AB+2aT2，x BD=2x AB+3aT2，所以物体的加速度大小a==故答案为：（1）0.1（2）2.5，（3）．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图．比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O．为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小．设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1=0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至μ2=0.004．在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出．为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为多少？（g取10m/s2）考点：功能关系；滑动摩擦力．专题：压轴题；功的计算专题．分析：冰壶C在投掷线中点处滑出后，摩擦力对它做负功，根据动能定理，加上位移关系可以解出运动员用毛刷擦冰面的长度．解答：解：设冰壶在未被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为S1，所受摩擦力的大小为f1；在被毛刷擦过的冰面上滑行的距离为S2，所受摩擦力的大小为f2．则有S1+S2=S ①式中S为投掷线到圆心O的距离．则f1=μ1mg，f2=μ2mg设冰壶的初速度为v0，由动能定理，得﹣f1S1﹣f2S2=0﹣联立以上各式，解得S2=代入数据得S2=10m答：运动员用毛刷擦冰面的长度应为10m．点评：当涉及力在空间的累积效应时，优先考虑动能定理．对于多过程问题，关键寻找各过程之间的联系，列关系式．12．如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率=k，k 为负的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一边长为l的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化．考点：法拉第电磁感应定律；电阻定律；安培力．专题：电磁感应中的力学问题．分析：（1）根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，根据电阻定律求出线框的电阻，再根据闭合电路欧姆定律求出感应电流的大小．（2）根据F=BIL，得出=Il，可以求出安培力随时间的变化率．解答：解：（1）导线框的感应电动势为E==①导线框中的电流为I=②式中R是导线框的电阻，根据电阻率公式有R=ρ③联立①②③式，将=k代入得I=﹣④答：导线中感应电流的大小为﹣．（2）导线框所受磁场的作用力的大小为F=BIl⑤它随时间的变化率为=Il⑥由⑤⑥式得=．答：磁场对方框作用力的大小随时间的变化率为．点评：本题综合运用了法拉第电磁感应定律、电阻定律和闭合电路欧姆定律，解决本题的关键是熟练这些规律的运用．[物理--选修3-4]（15分）13．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f考点：自由振动和受迫振动；产生共振的条件及其应用．分析：受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．解答：解：A、当f=f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅振大，故A错误；B、当f＞f0时，随f的减小，驱动力的频率接近固有频率，故该振动系统的振幅增大，故B 正确；C、该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D、系统的振动稳定后，系统的振动频率等于驱动力的频率，故振动频率等于f，故D正确；故选：BD．点评：本题应明确受迫振动的频率等于驱动力的频率，而当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体的振动最强烈．14．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：光线以45°的入射角时，要分入射光线在法线的右侧和左侧两种情况进行讨论研究．根据折射定律求出光线在AC面的折射角．根据几何知识确定光线在AB或BC面上入射角．求出临界角，判断在这两个面上能否发生全反射，画出光路图，求出光线从棱镜射出的点的位置离A或B点的距离．解答：解：设入射角为i，折射角为r，由折射定律得：①由已知条件i=45°，n=解得r=30°②。