山东省聊城市2019届高三下学期三模理科综合物理试卷 Word版含解析

2019年聊城市高考模拟试题理科综合能力测试(三)二、选择题：共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.为了研究平抛物体的运动，用两个完全相同的小球A 、B 做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A 球立即水平飞出，同时B 球被松开，做自由落体运动，两球同时落地。

A 、B 两小球自开始下落到落地前的过程中，两球的A. 速率变化量相同B. 速度变化率不同C. 动量变化量相同D. 动能变化量不同【答案】C 【解析】【详解】速率是标量，其变化量直接相减，A 的速率变化量等于末速度的大小减小水平方向初速度的大小，B 的速率变化量等于落地时竖直方向的速度大小，两者大小不相等，A 错误；速度变化率指的就是两球的加速度，均为g ，相同，B 错误；两个小球所受重力相同，落地时间相同，动量的变化量相同为mgt ， C 正确；下落高度相同，重力做功相同，动能的变化量等于重力做功，相同，D 错误。

2.如图所示，匀强磁场中有两个由相同导线绕成的圆形线圈a 、b ，磁场方向与线圈所在平面垂直，磁感应强度B 随时间均匀增大。

a 、b 两线圈的半径之比为2：1，匝数之比为1：2。

线圈中产生的感应电动势分别为a E 和b E ，某时刻磁通量分别为a Φ和b Φ，不考虑两线圈间的相互影响。

下列说法正确的是A. a E ：b E =4：1，a Φ：b Φ=4：1，感应电流均沿顺时针方向B. a E ：b E =2：1，a Φ：b Φ=4：1，感应电流均沿逆时针方向C. a E ：b E =4：1，a Φ：b Φ=2：1，感应电流均沿顺时针方向D. a E ：b E =2：1，a Φ：b Φ=4：1，感应电流均沿顺时针方向 【答案】D 【解析】 【详解】根据BS Φ=，可知任意时刻两个圆的磁感应强度相同，则有：22:::4:1a b a b a b S S r r ΦΦ===，根据法拉第电磁感应定律有：2B B E nn S n r t t t π∆Φ∆∆===∆∆∆，因B t∆∆相同，则有：22::2:1a b a a b b E E n r n r ==，由于磁场向外，磁感应强度B 随时间均匀增大，根据楞次定律可知，感应电流均沿顺时针方向，D 正确。

3.在港珠澳大桥建设中，将一个根直径22m ，高40.5m 的钢筒，打入海底围成人工岛，创造了快速筑岛的世界记录。

钢筒质量为M ，起重机用10根对称分布的、长为22m 的钢索将其吊起，静止于空中。

则每根钢索受到的拉力大小约为A.10Mg B.C.D.【答案】B【解析】【详解】由于钢筒的直径为22m ，钢索的长为22m ，则每两根钢索与直径构成等边三角形，所以每根钢索与竖直方向的夹角为30；设每根钢索受到的拉力大小为F ，竖直方向根据平衡条件可得1030Fcos Mg =，解得：15F Mg =，B 正确。

4.如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为O 1，乙的圆心为O 2，在两环圆心的连线上有a 、b 、c 三点，其中aO 1＝O 1b ＝bO 2＝O 2c ，此时a 点的磁感应强度大小为B 1，b 点的磁感应强度大小为B 2。

当把环形电流乙撤去后，c 点的磁感应强度大小为A. 212B B -B. 122B B -C. 21B B -D.13B 【答案】A 【解析】【详解】对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在中轴线上的磁场方向均是向左，故c 点的磁场方向也是向左的。

设ao 1=o 1b=bo 2=o 2c=r ，设单个环形电流在距离中点r 位置的磁感应强度为B 1r ，在距离中点3r 位置的磁感应强度为B 3r ，故：a 点磁感应强度：B 1=B 1r +B 3r ；b 点磁感应强度：B 2=B 1r +B 1r ；当撤去环形电流乙后，c 点磁感应强度：B c =B 3r =B 1-12B 2，故选A 。

5.如图所示，在匀强电场中有一直角三角形ABC ，∠C=90°，∠A=30°，BC 边长2cm 。

电场强度的方向与三角形ABC 平面平行。

一电子从A 点移到C 点电场力做功为15eV ，从B 点移到C 点电场力做功为5eV 。

则A. A 、B 两点间的电势差U AB 为10VB. 电场强度的方向由A 点指向C 点C. 电场强度的大小为500V/mD. 一电子从B 点移到AC 的中点，电势能增加2.5eV 【答案】CD 【解析】【详解】A 、由题意得：15AC AC W U V e ==--，5BC BC WU V e==--，AC A C U φφ=-，BC A B U φφ=-，AB A B U φφ10V =-=-，故选项A 错误；BC 、把AC 线段三等分，连接BR ，如图所示，由几何关系得：AC =，CR =，CBR 30∠=，则ABR 30∠=，ABC 60∠=，根据匀强电场等分线段等分电势差得BR 为等势线，且AR U 10V =-，过A 点作BR 的垂线交于M 点，可知AM 2cm =，故UE 500V /m d==，方向与AB 成60°夹角，故选项B 错误，C 正确； D 、设AC 的中点为P ，有PC U 7.5V =-，由于BC U 5V =-，故BP U 2.5V =，电子从B 点移到AC 中点P ，电场力的功为：BP W eU 2.5eV =-=-，P ΔE 2.5eV =，即电势能增加2.5eV ，故选项D 正确； 故选选项CD 。

6.图甲是光电效应的实验装置图，图乙是光电流与加在阴极K 和阳极A 上的电压的关系图象，下列说法不正确的是（ ）A. 由图线①、③可知在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大B. 由图线①、②、③可知对某种确定的金属来说，其遏止电压只由入射光的频率决定C. 遏止电压越大，说明从该金属中逃出来的光电子的最大初动能越大D. 不论哪种颜色的入射光，只要光足够强，就能发生光电效应 【答案】D 【解析】由图线①、③可知在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大，故A 说法正确；根据光电效应方程可得：0km c E hvW eU ==﹣，可知入射光频率越大，最大初动能越大，遏止电压越大，可知对于确定的金属，遏止电压与入射光的频率有关，故B 说法正确；根据最大初动能：km c E eU =中，遏止电压越大，说明从该金属中逃出来的光电子的最大初动能越大，故C 说法正确；发生光电效应的条件是入射光的频率大于截止频率，与入射光的强度无关，故D 说法错误。

所以选D 。

7.在冰壶比赛中，红壶以一定速度与静止在大本营中心的蓝壶发生对心碰撞，碰撞时间极短，如甲图所示。

碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面，来减小阻力。

碰撞前后两壶运动的v-t 图象如乙图中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行。

已知两冰壶质量相等，由图象可得A. 红、蓝两壶的碰撞可能是弹性碰撞B. 碰撞后，蓝壶的瞬时速度为0.8m/sC. 碰撞后，红、蓝两壹运动的时间之比为1：6D. 碰撞后，红、蓝两壶与冰面间的动摩擦因数之比为5：4 【答案】BD 【解析】【详解】设碰后蓝壶的速度为v ，碰前红壶的速度0v =1.0m/s ，碰后速度为0v '=0.2m/s ，碰撞过程系统动量守恒，由动量守恒定律得：00mv mv mv '=+，代入数据解得：v =0.8m/s ，碰撞过程两壶损失的动能为：222001110.16222k E mv mv mv '∆=--=m>0，所以红蓝两壶碰撞过程是非弹性碰撞，A 错误，B 正确；设碰撞后，蓝壶经过t s 时间停止运动，根据三角形相似法知，1.2 1.011.0t-=，解得蓝壶运动时间：t 蓝=5s ，由图示图线可知，红壶的加速度大小：1.2 1.00.21v a t ∆-===∆红m/s 2，碰撞后红壶的运动时间：00.210.2v t a '===红红s ，则碰撞后红、蓝壶运动时间之比为1：5，C 错误；蓝壶的加速度大小：0.80.165v a t ∆===∆蓝m/s 2，由牛顿第二定律得：a g μ=，解得动摩擦因数：agμ=，则红、蓝壶与冰面间的动摩擦因数之比：0.20.1546a a μμ===红红蓝蓝，D 正确。

8.2019年4月10日，“事件视界望远镜"项目正式公布了人类历史上第一张黑洞照片。

黑洞是一种密度极大，引力极强的天体，以至于光都无法从天体表面逃逸，所以称为黑洞，理论分析表明，任意天体的逃逸速度是环绕速度(第一宇宙速度)倍。

如果天文学家观测到距离某果洞为r 的天体以速度v 绕该黑洞做匀速圆周运动。

已知光速为c ，引力常最为G 。

下列关于该黑洞的说法，正确的是A. 该黑洞质量为2v rGB. 该黑洞质量为2Gv rC. 该黑洞的最小半径为222v rcD. 该黑洞的最大半径为222v rc【答案】AD 【解析】【详解】由于某天体绕黑洞做匀速圆周运动，则天体所受的万有引力等于向心力，则有：22Mm v G m r r =，解得：2v rM G=，A 正确，B 错误；设“黑洞”的可能半径为R ，质量为M c ；即有22GM R c ≤，又2v r M G =，代入可得，该黑洞最大半径222v rR c=，C 错误，D 正确。

9.图甲为“测量小车与水平桌面间的动摩擦因数”的实验装置，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上的光滑定滑轮的两根细线均与长木板平行。

某实验小组在实验中得到一纸带如图乙所示，A 、B 、C 、D 、E 为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个计时点未画出。

已知打点计时器的工作频率为50Hz 。

(1)现把一直尺紧贴各计数点放置，如图乙所示。

E 点的读数x E =______cm 。

(2)根据纸带数据，可求出小车加速度a =_____m/s 2(结果保留2位有效数字)。

(3)若已求出小车的加速度为a ，读出拉力传感器的示数为F ，测得小车的质量为m ，当地的重力加速度为g ，则小车与水平桌面间的动摩擦因数的计算式为μ=_______。

【答案】 (1). 7.20 (2). 0.40 (3). AB 【解析】【详解】（1）根据刻度尺的读数原理，可知E 点的读数x E 为7.20cm ；（2）根据2x aT ∆=可得：20.404CE ACTa x x =-=m/s 2，对小车受力分析，根据牛顿第二定律可知2F mg ma μ-=，解得2F mamgμ-=。

10.图甲是某实验小组在“练习使用多用电表”实验中的电路图。