陕西省西安中学2015届高三一模物理试卷

陕西省西安中学2015届高考物理一模试卷一、选择题（本题包括8小题．每小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项正确，6-8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．如图，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45°，两者的高度差为l．一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉子b悬挂一质量为m1的重物．在绳子距a端得c点有一固定绳圈．若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后绳的ac段正好水平，则重物和钩码的质量比为( )A．B．2 C．D．2．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力fm大小与滑动摩擦力大小相等，则下列说法中正确的是( )A．0﹣t0时间内所受摩擦力大小不变B．t0﹣t1时间内物块做加速度减小的加速运动C．t1时刻物块的速度最大D．t1﹣t2时间内物块克服摩擦力做功的功率增大3．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为10：1，B是原线圈的中心街头，原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中R1、R3为定值电阻，R2为NTC型热敏电阻（阻值随温度升高而减小），C为耐压值为70V的电容器，所有电表均为理想电表．下列说法判断正确的是( )A．当单刀双掷开关与A连接，传感器R2所在处温度升高，A1的示数变大，A2的示数变大B．当单刀双掷开关于B连接，副线圈两端电压的频率变为25HzC．当单刀双掷开关由A→B时，电容器C不会被击穿D．其他条件不变，单刀双掷开关由A→B时，变压器的输出功率变为原来的0.5倍4．如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R，曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内：己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是( )A．椭圆轨道的长轴长度为RB．卫星在I轨道的加速度大小为a0，卫星在II轨道A点加速度大小为αA，则a0＜αA C．卫星在I轨道的速率为v0，卫星在II轨道B点的速率为V B，则V0＜V BD．若OA=0.5R，则卫星在B点的速率v E5．如图所示，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上B点处，若在A点将此小球以速度0.5v水平抛出，经t2时间落到斜面上的C点处，以下判断正确的是( )A．t1：t2=4：1 B．t1：t2=：1 C．AB：AC=4：1 D．AB：AC=：16．一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能E P与位移x的关系如图所示，下列图象中合理的是( )A．电场强度与位移关系B．粒子动能与位移关系C．粒子速度与位移关系D．粒子加速度与位移关系7．如图所示，电阻不计的光滑金属导轨平行放置在倾角为θ的斜面上，下端接有固定电阻和金属棒cd，它们的电阻均为R．两根导轨间宽度为L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨面向上．质量为m、电阻不计的金属棒ab垂直放置在金属导轨上，在沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F的作用下，沿导轨以速率v匀速上滑，而金属棒cd保持静止．以下说法正确的是( )A．金属棒ab中的电流为B．金属棒cd的质量为C．力F做的功大于整个电路中产生的热量D．金属棒ab克服安培力做功等于整个电路中产生的焦耳热8．一质量为m的小球以初动能E k0从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力f作用，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系，（以地面为零势能面，h0表示上升的最大高度，图上坐标数据中的k为常数且满足0＜k ＜l）．则由图可知，下列结论正确的是( )A．①、②分别表示的是动能、重力势能随上升高度的图象B．上升过程中阻力大小恒定且f=kmgC．上升高度h=h0时，重力势能和动能相等D．上升高度h=h0时，动能与重力势能之差为mgh0二．非选择题9．物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点，如图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：（1）如图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示．根据图中数据计算的加速度a=__________（保留三位有效数字）．（2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有__________．（填入所选物理量前的字母）A．木块的长度lB．木板的质量m1 C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3 E．滑块运动的时间t（3）滑块与木板间的动摩擦因数μ=__________（用所测物理量的字母表示，重力加速度为g）与真实值相比，测量的动摩擦因数__________（填“偏大”或“偏小”）．10．从下列选项中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电流表A1的内阻r1，要求方法简捷，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据．电流表（A1）量程10mA，内阻r1待测（约40Ω）电流表（A2）量程500μA，内阻r2=750Ω电压表（V）量程10V，内阻r3=10kΩ电阻（R1）阻值约100Ω，作保护电阻用滑动变阻器（R2）总阻值约50Ω电池（E）电动势1.5V，内阻很小开关（S）导线若干（1）在虚线方框中画出电路图，标明所用器材的代号．（2）若选测量数据中的一组来计算r1，则所用的表达式为r1=__________，式中各符号的意义是：__________．11．航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2kg，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升，设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．（1）第一次试飞，飞行器飞行t1=8s时到达高度H=64m，求飞行器所受阻力F f的大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力，求飞行器能达到的最大高度h．12．如图所示，平面直角坐标系xOy中，在第二象限内有竖直放置的两平行金属板，其中右板开有小孔；在第一象限内存在内、外半径分别为、R的半圆形区域，其圆心与小孔的连线与x轴平行，该区域内有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场的方向垂直纸面向里：在y＜0区域内有电场强度为E的匀强电场，方向与x轴负方向的夹角为60°．一个质量为m，带电量为﹣q的粒子（不计重力），从左金属板由静止开始经过加速后，进入第一象限的匀强磁场．求：（1）若两金属板间的电压为U，粒子离开金属板进入磁场时的速度是多少？（2）若粒子在磁场中运动时，刚好不能进入的中心区域，此情形下粒子在磁场中运动的速度大小．（3）在（2）情形下，粒子运动到y＜0的区域，它第一次在匀强电场中运动的时间．[物理-选修3-4]13．一列简谐横波在某时刻的波形图如图所示，已知图中质点a的起振时刻比质点b延迟了0.5s，b和c之间的距离是5m，下列说法正确的是( )A．此列波的频率为1HzB．此列波的波速为5m/sC．此时刻a、b质点之间的距离是2.5mD．从此时刻起，经过1.5s质点c到达质点a位置E．此列波的传播方向为沿x轴负方向传播14．如图所示是一个透明圆柱的横截面，其半径为R，折射率是，AB是一条直径，今有一束平行光沿AB方向射向圆柱体．若一条入射光经折射后恰经过B点，试求：①这条入射光线到AB的距离是多少？②这条入射光线在圆柱体中运动的时间是多少？【选修】15．下列说法正确的是( )A．入射光的强度变大时，打出光电子的初动能一定增大B．放射性元素的半衰期与外界的温度无关C．一个氢原子从n=3的激发态跃迁到基态时，能辐射三种不同频率的光子D．卢瑟福依据少数α粒子发生大角度散射提出了原子核内质子的存在E．按照波尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大16．图的水平轨道中，AC段的中点B的正上方有一探测器，C处有一竖直挡板，物体P1沿轨道向右以速度v1与静止在A点的物体P2碰撞，并接合成复合体P，以此碰撞时刻为计时零点，探测器只在t1=2s至t2=4s内工作，已知P1、P2的质量都为m=1kg，P与AC间的动摩擦因数为μ=0.1，AB段长l=4m，g取10m/s2，P1、P2和P均视为质点，P与挡板的碰撞为弹性碰撞．（1）若v1=6m/s，求P1、P2碰后瞬间的速度大小v和碰撞损失的动能△E；（2）若P与挡板碰后，能在探测器的工作时间内通过B点，求v1的取值范围和P向左经过A 点时的最大动能E．陕西省西安中学2015届高考物理一模试卷一、选择题（本题包括8小题．每小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项正确，6-8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．如图，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45°，两者的高度差为l．一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉子b悬挂一质量为m1的重物．在绳子距a端得c点有一固定绳圈．若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后绳的ac段正好水平，则重物和钩码的质量比为( )A．B．2 C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：计算题．分析：根据题意画出平衡后的物理情景图．对绳子上c点进行受力分析．根据几何关系找出BC段与水平方向的夹角．根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．解答：解：对绳子上c点进行受力分析：平衡后设绳的BC段与水平方向成α角，根据几何关系有：tanα=2，sinα=．对结点C分析，将F a和F b合成为F，根据平衡条件和三角函数关系得：F2=m2g=F，F b=m1g．sinα==所以得：，故选C．点评：该题的关键在于能够对线圈进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．2．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面之间的最大静摩擦力fm大小与滑动摩擦力大小相等，则下列说法中正确的是( )A．0﹣t0时间内所受摩擦力大小不变B．t0﹣t1时间内物块做加速度减小的加速运动C．t1时刻物块的速度最大D．t1﹣t2时间内物块克服摩擦力做功的功率增大考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当拉力小于最大静摩擦力时，物体静止不动，静摩擦力与拉力二力平衡，当拉力大于最大静摩擦力时，物体开始加速，当拉力重新小于最大静摩擦力时，物体由于惯性继续减速运动．解答：解：A、在0﹣t0时间内水平拉力小于最大静摩擦力，物体保持不动，摩擦力大小逐渐增大，故A错误；B、t0﹣t1时间内，拉力逐渐增大，摩擦力不变，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐增大，物块做加速度增大的加速运动，故B错误；C、t0﹣t2时间内，物块始终做加速运动，然后物块做减速运动，t2时刻物块受到最大，故C 错误；D、t1～t2时间内速度逐渐增大，摩擦力大小不变，根据P=fv可知物块克服摩擦力做功的功率增大，故D正确．故选：D．点评：根据受力情况分析物体运动情况，t1时刻前，合力为零，物体静止不动，t1到t3时刻，合力向前，物体加速前进，t3之后合力向后，物体减速运动．3．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为10：1，B是原线圈的中心街头，原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中R1、R3为定值电阻，R2为NTC型热敏电阻（阻值随温度升高而减小），C为耐压值为70V的电容器，所有电表均为理想电表．下列说法判断正确的是( )A．当单刀双掷开关与A连接，传感器R2所在处温度升高，A1的示数变大，A2的示数变大B．当单刀双掷开关于B连接，副线圈两端电压的频率变为25HzC．当单刀双掷开关由A→B时，电容器C不会被击穿D．其他条件不变，单刀双掷开关由A→B时，变压器的输出功率变为原来的0.5倍考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解答：解：A、当单刀双掷开关与A连接，传感器R2所在处温度升高，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加，由于副线圈中电流增大，R3的电压变压变大，所以R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小，故A正确；B、原线圈输入电压如图乙所示，T=0.02s，所以频率为f==50 Hz，副线圈两端电压的频率变也为50Hz，故B错误；C、当单刀双掷开关由A→B时，原线圈的电压最大值是220V，理想变压器原/副线圈的匝数之比为10：1，当单刀双掷开关于B连接时副线圈的电压最大值是44V，C为耐压值为70V的电容器，所以电容器C不会被击穿，故C正确；D、其他条件不变，单刀双掷开关由A→B时，副线圈的电压变为原来的2倍，变压器的输出功率变为原来的4倍，故D错误；故选：AC．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．4．如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R，曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内：己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是( )A．椭圆轨道的长轴长度为RB．卫星在I轨道的加速度大小为a0，卫星在II轨道A点加速度大小为αA，则a0＜αA C．卫星在I轨道的速率为v0，卫星在II轨道B点的速率为V B，则V0＜V BD．若OA=0.5R，则卫星在B点的速率v E考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据开普勒定律比较长轴与R的关系，根据万有引力的大小，通过牛顿第二定律比较加速度，结合速度的大小比较向心加速度的大小．解答：解：A、根据开普勒第三定律得=k，a为半长轴，己知卫星在两轨道上运动的卫星的周期相等，所以椭圆轨道的长轴长度为2R，故A错误；B、根据牛顿第二定律得a=，卫星在Ⅰ轨道距离地心的距离大于卫星在Ⅱ轨道A点距离地心的距离，所以a0＜a A．故B 正确；C、B点为椭圆轨道的远地点，速度比较小，v0表示做匀速圆周运动的速度，v0＞v B，故C 错误；D、若OA=0.5R，则OB=1.5R，人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，解得：v=，如果卫星以OB为轨道半径做匀速圆周运动，v=，在Ⅱ轨道上，卫星在B点要减速，做近心运动，所以卫星在B点的速率v B＜，故D错误；故选：B点评：本题考查万有引力定律、开普勒第三定律、牛顿第二定律等知识，知道卫星变轨的原理是解决本题的关键．5．如图所示，在斜面顶端的A点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上B点处，若在A点将此小球以速度0.5v水平抛出，经t2时间落到斜面上的C点处，以下判断正确的是( )A．t1：t2=4：1 B．t1：t2=：1 C．AB：AC=4：1 D．AB：AC=：1考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是一定值，知运动的时间与初速度有关．从而求出时间比．根据时间比，可得出竖直方向上的位移比，从而可知AB与AC的比值．解答：解：A、小球落在斜面上时，平抛运动竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值为：tanθ=，则t=．知运动的时间与初速度成正比，所以t1：t2=2：1．故AB错误；C、竖直方向上下落的高度为h=，知竖直方向上的位移之比为4：1．斜面上的距离为：s=，知AB：AC=4：1．故C正确，D错误．故选：C点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移比值一定．6．一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能E P与位移x的关系如图所示，下列图象中合理的是( )A．电场强度与位移关系B．粒子动能与位移关系C．粒子速度与位移关系D．粒子加速度与位移关系考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动；根据功能关系得到Ep﹣x图象的斜率的含义，得出电场力的变化情况；然后结合加速度的含义判断加速度随着位移的变化情况．解答：解：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故：F=||，即Ep﹣x图象上某点的切线的斜率表示电场力；A、Ep﹣x图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，根据E=，故电场强度也逐渐减小；故A错误；B、根据动能定理，有：F•△x=△Ek，故Ek﹣x图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐减小，与B图矛盾，故B错误；C、题图v﹣x图象是直线，相同位移速度增加量相等，又是加速运动，故增加相等的速度需要的时间逐渐减小，故加速度逐渐增加；而电场力减小导致加速度减小；故矛盾，故C 错误；D、粒子做加速度减小的加速运动，故D正确；故选：D．点评：本题切入点在于根据Ep﹣x图象得到电场力的变化规律，突破口在于根据牛顿第二定律得到加速度的变化规律，然后结合动能定理分析；不难．7．如图所示，电阻不计的光滑金属导轨平行放置在倾角为θ的斜面上，下端接有固定电阻和金属棒cd，它们的电阻均为R．两根导轨间宽度为L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨面向上．质量为m、电阻不计的金属棒ab垂直放置在金属导轨上，在沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F的作用下，沿导轨以速率v匀速上滑，而金属棒cd保持静止．以下说法正确的是( )A．金属棒ab中的电流为B．金属棒cd的质量为C．力F做的功大于整个电路中产生的热量D．金属棒ab克服安培力做功等于整个电路中产生的焦耳热考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流；对cd棒由平衡条件求出其质量；克服安培力做功转化为电能，转化为电路的焦耳热．解答：解：A、ab棒切割磁感线产生感应电动势：E=BLv，电阻R与金属棒cd的并联电阻为，则ab中的感应电流I==，故A错误；B、通过cd的电流I′==，cd受到的安培力F B=BI′L=，金属棒cd静止，处于平衡状态，由平衡条件得：=mgsinθ，金属棒cd的质量：m=，故错误；C、根据能量守恒知，力F做的功等于整个电路中产生的热量与ab增加的重力势能之和，所以力F做的功大于整个电路中产生的热量，故C正确．D、由功能关系知，金属棒ab克服安培力做功等于整个电路中产生的焦耳热，故D正确；故选：CD．点评：本题是一道电磁感应、电学与力学相结合的综合题，应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、平衡条件即可正确解题．8．一质量为m的小球以初动能E k0从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力f作用，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系，（以地面为零势能面，h0表示上升的最大高度，图上坐标数据中的k为常数且满足0＜k ＜l）．则由图可知，下列结论正确的是( )A．①、②分别表示的是动能、重力势能随上升高度的图象B．上升过程中阻力大小恒定且f=kmgC．上升高度h=h0时，重力势能和动能相等D．上升高度h=h0时，动能与重力势能之差为mgh0考点：功能关系．分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能=动能+势能．物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．解答：解：A、根据动能定理可知上升高度越大，动能越小，重力势能越大，故①、②分别表示重力势能、动能随上升高度的图象，故A错误；B、从②图线看，重力势能、动能随着高度的变化成线性关系，故合力恒定，受到的阻力大小恒定，由功能关系可知从抛出到最高点的过程中机械能的减少量等于阻力的功的大小，由②图线可知：fh0=E k0﹣，且由①图线根据动能定理可知E k0=（mg+f）h0，解得f=kmg，故B正确；C、设h高度时重力势能和动能相等，①图线的函数方程为E k=E k0﹣（mg+f）h，②图线的函数方程为E P=，令E k=E P，及E k0=（mg+f）h0和f=kmg，联立解得h=h0，C正确；同理可得D正确故选：BCD点评：（1）掌握动能和重力势能大小的影响因素，根据图象能确定动能和势能的大小．（2）根据“E=E K+E P”计算机械能的大小．二．非选择题9．物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点，如图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：（1）如图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示．根据图中数据计算的加速度a=0.496m/s2（保留三位有效数字）．（2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有CD．（填入所选物理量前的字母）A．木块的长度lB．木板的质量m1 C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3 E．滑块运动的时间t（3）滑块与木板间的动摩擦因数μ=（用所测物理量的字母表示，重力加速度为g）与真实值相比，测量的动摩擦因数偏大（填“偏大”或“偏小”）．考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题．分析：（1）利用逐差法△x=aT2可以求出物体的加速度大小，根据匀变速直线运动中某点的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；（2）根据牛顿第二定律有=ma，由此可知需要测量的物理量．（3）根据牛顿第二定律的表达式，可以求出摩擦系数的表达式．由于木块滑动过程中受到空气阻力，因此会导致测量的动摩擦因数偏大．解答：解：（1）运用逐差法有：a1=；a2=；a3=则有：a=其中T=5×T0=0.1s，代入数据解得：a==0.496m/s2．（2）以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：m3g﹣f=（m2+m3）a，滑动摩擦力：f=m2gμ，解得：μ=，要测动摩擦因数μ，需要测出：滑块的质量m2 与托盘和砝码的总质量m3，故选：CD；（3）由（2）可知，动摩擦因数的表达式为：μ=，由牛顿第二定律列方程的过程中，考虑了木块和木板之间的摩擦，但没有考虑打点计时器给纸带的阻力、细线和滑轮间、以及空气等阻力，因此导致摩擦因数的测量值偏大．故答案为：（1）0.496；（2）CD；（3），偏大．点评：本实验结合牛顿第二定律考查了滑动摩擦因数的测定，解决问题的突破点是数学知识的应用，本题是考查数学知识在物理中应用的典型题目．10．从下列选项中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电流表A1的内阻r1，要求方法简捷，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据．电流表（A1）量程10mA，内阻r1待测（约40Ω）电流表（A2）量程500μA，内阻r2=750Ω电压表（V）量程10V，内阻r3=10kΩ电阻（R1）阻值约100Ω，作保护电阻用滑动变阻器（R2）总阻值约50Ω电池（E）电动势1.5V，内阻很小开关（S）导线若干（1）在虚线方框中画出电路图，标明所用器材的代号．（2）若选测量数据中的一组来计算r1，则所用的表达式为r1=，式中各符号的意义是：、分别为电流表、的示数，为电流表的内阻．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．。