高三上学期一轮模拟物理试题Word版含答案
【解析】广东省揭阳市2014届高三毕业班第一次模拟考试物理试题试题之一 Word版含解析
一、单项选择题：本题包括16小题，每小题4分，共64分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分 13．下列叙述中，正确的是（ ）A ．物体温度越高，内能增加，每个分子的动能也越大B ．布朗运动就是液体分子的运动C ．空气容易被压缩说明分子间存在分子力D ．热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体14．如图所示，a ，b ，c 三根绳子完全相同，b 绳水平，c 绳下挂一重物。
若增加重物的重量，则最先断的绳子是（ ）A ．a 绳B ．b 绳C ．c 绳D ．无法确定 【答案】A 【解析】试题分析：以结点O 为研究对象，受力分析，受三根绳子的拉力，根据平行四边形法则co bo ao F F F +=，所以ao 绳上的拉力最大，a 绳先断，故A 正确；B 、C 、D 错误。
考点：本题考查力的合成15．核反应方程式 23592U + 10n →14156Ba + 9236Kr +k X ，式子中（ ）A ．X 为质子，k =3B ．X 为质子，k =4C ．X 为中子，k =3D ．X 为中子，k =416．如图所示，容积一定的测温泡，上端有感知气体压强的压力传感器。
待测物体温度升高时，泡内封闭气体（ ）A ．内能不变，压强变大B ．体积不变，压强变大C ．温度不变，压强变小D ．温度降低，压强变小二、双项选择题（本题包括9小题，每小题6分，共54分。
每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分） 17．某发电站采用高压输电向外输送电能。
若输送的总功率为P 0 ，输电电压为U ，输电导线的总电阻为R ,则下列说法正确的是（ ） A ．输电线上的电流为RUB ．输电线上的电流为U P 0C ．输电线上损失的功率为R U 2D ．输电线上损失的功率为220UR P18．已知地球半径为R ，质量为M ，自转角速度为（ ，万有引力恒量为G ，地球同步卫星距地面高度为h ，则（ ）A ．地面赤道上物体随地球自转运动的线速度为（RB ．地球同步卫星的运行速度为（hC ．地球近地卫星做匀速圆周运动的线速度为RGMD ．地球近地卫星做匀速圆周运动的周期大于ωπ2【答案】AC 【解析】试题分析：地面赤道上物体随地球自转的角速度等于地球自转的加速度，半径等于地球半径R ，根据R v ω=可求地面赤道上物体随地球自转运动的线速度为（R ，所以A 正确；地球同步卫星的轨道半径为R+h ，所以其线速度为()ωh R v +='，所以B 错误；地球近地卫星的线速度，根据R v m RMm G 22=可求R GM v =，所以C 正确；r m rMm G 22ω=，得3r GM=ω，所以地球近地卫星的角速度大于同步卫星的角速度，故也大于地球自转的角速度，再根据ωπ2=T 可知，地球近地卫星做匀速圆周运动的周期小于ωπ2，所以D 错误。
山东省济宁市2013届高三第一次模拟考试 理综物理部分 Word版含答案
2013年济宁市高三模拟考试理科综合试题2013.03 本试题分第I卷和第Ⅱ卷两部分，满分240分。
考试时间l50分钟。
答题前，学生务必用0．5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、准考证号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。
考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
第I卷(必做，共87分)注意事项：1．第I卷共20小题。
1—13小题每小题4分，l4—20小题，每小题5分，共87分。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：可能用到的相对原子质量H：1 C：12 N：14 O：16 Na：23 C1：35.5 Ca：40二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确。
有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了突出贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A．开普勒对第谷观测的行星数据进行多年研究，得出了万有引力定律B．焦耳在热学、电磁学等方面做出了杰出贡献，成功地发现了焦耳定律C．法拉第发现了由磁场产生电流的条件和规律——电磁感应定律D．安培发现电流可以使周围的小磁针发生偏转15．如图所示，将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在内壁光滑、半径为R的半球形容器底部处'O(O为球心)，弹簧另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点。
已知容器与水平面间的动摩擦因数为μ，OP与水平方向的夹角为0=30o。
下列说法正确的是A．水平面对容器有向右的摩擦力B．轻弹簧对小球的作用力大小为12mgC．容器对小球的作用力大小为mgD．弹簧原长为mg Rk +16．如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50Hz 的正弦交流电源相连，两个阻值均为20Ω的电阻串联后接在副线圈的两端。
山东省泰安一中2022届高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年山东省泰安一中高三（上）月考（10月份）物理试卷一、不定项选择题：共13小题，每小题4分，共52分，每小题有一个或多个答案是正确的，选择正确但不全得2分．1．质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A．加速度大小为1m/s2B．任意相邻1s内的位移差都为2mC．第2s内的位移是2mD．物体第3s内的平均速度大小为3m/s2．如图所示，水平面上B点左侧是光滑的，B点右侧是粗糙的，质量分别为M和m的两个小物块甲和乙（甲、乙均可视为质点，M＞m），在光滑水平面上相距L以相同的速度同时开头向右运动，它们在进入粗糙区域后最终静止，若它们与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，设静止后两个小物块间的距离为s，甲运动的总时间为t1，乙运动的总时间为t2，则以下说法正确的是（）A．s=L B．s=0 C．t1＞t2D．t1＜t23．如图所示，物体从O点由静止开头做匀加速直线运动，途径A、B、C三点，其中|AB|=2m，|BC|=4m，若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等，则O、A两点之间的距离等于（）A ．B ．C ．D ．4．雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速大路上，突然发觉正前方30m处有一大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵，图线a、b分别表示小汽车和大卡车的速度随时间变化的状况，以下说法正确的是（）A．由于刹车失灵时小汽车仍减速，所以不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．假如刹车不失灵，则小汽车和大卡车之间的最小距离为10m5．如图，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳固定在墙C处并吊一重物P，在水平向右的力F缓缓拉起重物P的过程中杆AB所受压力（）A．变大 B．变小 C．先变小再变大 D．不变6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．假如小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽视不计，绳子又不行伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．cos B．sin C．2sin D．2cos7．如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O点悬挂一重物M，将两相同木块m分别紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．f表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（）A．f变小B．f不变C．F N变小D．F N变大8．如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开头运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1=kv，其中k为常数，则圆环运动过程中（）A ．最大加速度为B ．最大加速度为C ．最大速度为D ．最大速度为9．如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用绳拴住，绳与斜面平行，B沿倾角为θ的斜面在A下匀速下滑，若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，则动摩擦因数μ为（）A．tanθB．2tanθC ． D ．10．倾角为θ的足够长斜面体c置于水平地面，小物块b置于斜面上，并且恰好能沿斜面匀速下滑，现通过细绳跨过光滑的定滑轮与砂漏斗a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，开头时沙漏斗中没有沙子漏出，如图所示，现给b一个眼斜面对下的初速度，同时沙漏斗a中的沙子缓慢漏出，在a中的沙子缓慢漏出的过程中，小物块b始终沿斜面下滑而c始终处于静止状态，斜面足够长，则在此过程中下列说法中正确的是（）A．地面对c的支持力保持不变B．地面对c的支持力渐渐变大C．地面对c的支持力渐渐变小D．地面对c的摩擦力始终等于零11．如图所示，A、B为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放B球的同时，将A 球以某一速度v0水平抛出，当A球落于斜面上的P点时，B球的位置位于（）A．P点以下B．P点以上C．P点D．由于v0未知，故无法确定12．如图所示，水平面上固定一个与水平面夹角为θ的斜杆A．另一竖直杆B以速度v水平向左匀速直线运动，则从两杆开头相交到最终分别的过程中，两杆交点P的速度方向和大小分别为（）A．水平向左，大小为v B．竖直向上，大小为vtanθC．沿A 杆斜向上，大小为D．沿A杆向上，大小为vcosθ13．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角是（）A ．sinθ=B ．tanθ=C ．sinθ=D ．tanθ=二、试验题14．（6分）现用频闪照相方法来争辩物块的变速运动．在一小物块沿斜面对下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4．已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s．数据如下表所示．重力加速度大小g=9.80m/s2．单位：cmx1x2x3x4h S10.76 15.05 19.34 23.65 48.00 80.00依据表中数据，完成下列填空：（1）物块的加速度a= m/s2（保留3位有效数字）．（2）由于可知斜面是粗糙的．15．（6分）要测量两个质量不等的沙袋的质量，由于没有直接的测量工具，某试验小组选用下列器材：轻质定滑轮（质量和摩擦可忽视）、砝码一套（总质量m=0.5kg）、细线、刻度尺、秒表．他们依据已学过的物理学学问，转变试验条件进行多次测量，选择合适的变量得到线性关系，作出图线并依据图线的斜率和截距求出沙袋的质量．请完成下列步骤．（1）试验装置如图所示，设左右两边沙袋A、B的质量分别为m1、m2；（2）取出质量为m′的砝码放在右边沙袋中，剩余砝码都放在左边沙袋中，发觉A下降，B上升；（3）用刻度尺测出A从静止下降的距离h，用秒表测出A下降所用的时间t，则可知A的加速度大小a= ；（4）转变m′，测量相应的加速度a，得到多组m′及a的数据，作出（选填“a﹣m′”或“a﹣”）图线；（5）若求得图线的斜率k=4m/（kg•s2），截距b=2m/s2，则沙袋的质量m1= kg，m2= kg．三、计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位16．（10分）如图（甲）所示，质量m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开头计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得vt图象如图（乙）所示．取重力加速度为g=10m/s2．求：（1）力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）10s后撤去拉力F，求物体再过15s离a点的距离．17．（12分）如图所示，质量M=1kg的木板静置于倾角θ=37°、足够长的固定光滑斜面底端．质量m=1kg 的小物块（可视为质点）以初速度v0=4m/s从木板的下端冲上木板，同时在木板上端施加一个沿斜面对上的F=3.2N的恒力．若小物块恰好不从木板的上端滑下，求木板的长度l为多少？已知小物块与木板之间的动摩檫因数μ=0.8，重力加速度 g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．18．（14分）一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m，一质量m=50kg 的物块（可视为质点）置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，第1s末物块从车板上滑落，求物块落地时，落地点到车尾的水平距离，不计路面与平板车间以及轮轴之间的摩擦力，取g=10m/s2．2021-2022学年山东省泰安一中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题：共13小题，每小题4分，共52分，每小题有一个或多个答案是正确的，选择正确但不全得2分．1．质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（）A．加速度大小为1m/s2B．任意相邻1s内的位移差都为2mC．第2s内的位移是2mD．物体第3s内的平均速度大小为3m/s【考点】1I：匀变速直线运动的图像．【专题】512：运动学中的图像专题．【分析】依据x和时间平方t2的关系图象写出函数关系式，进而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、依据x和时间平方t2的关系图象得出位移时间关系式为：x=t2，所以，解得：a=2m/s2，故A错误；B、任意相邻1s内的位移差△x=aT2=2×1=2m，故B正确；C、第2s内的位移等于2s内的位移减去第一秒的位移，即x2=22﹣12=3m，故C错误；D、同理求得物体第3s内的位移x3=32﹣22=5m ，平均速度，故D错误；故选：B2．如图所示，水平面上B点左侧是光滑的，B点右侧是粗糙的，质量分别为M和m的两个小物块甲和乙（甲、乙均可视为质点，M＞m），在光滑水平面上相距L以相同的速度同时开头向右运动，它们在进入粗糙区域后最终静止，若它们与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，设静止后两个小物块间的距离为s，甲运动的总时间为t1，乙运动的总时间为t2，则以下说法正确的是（）A．s=L B．s=0 C．t1＞t2D．t1＜t2【考点】37：牛顿其次定律；1G：匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】11 ：计算题；32 ：定量思想；43 ：推理法；522：牛顿运动定律综合专题．【分析】依据牛顿其次定律求出物块在B点右侧运动的加速度，依据匀变速直线运动的速度位移公式求出停止的位移与B点的距离，从而确定s的大小．依据速度时间公式求出从B点到停止所需的时间，从而比较出总时间的长短．【解答】解：物块在水平面上的加速度a=，知两物块的加速度相等，由于经过B点的速度相等，依据，知停止距离B点的位移相等，则s=0．从B点运动到停止的时间t=，知两物块从B点到停止的时间相等，在B点左侧，由于乙的位移大于甲的位移，所以最终乙运动的总时间大于甲运动的总时间．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．3．如图所示，物体从O点由静止开头做匀加速直线运动，途径A、B、C三点，其中|AB|=2m，|BC|=4m，若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等，则O、A两点之间的距离等于（）A ．B ．C ．D ．【考点】1G：匀变速直线运动规律的综合运用；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】32 ：定量思想；4C ：方程法；511：直线运动规律专题．【分析】依据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设相等的时间为T，求出B点的速度，从而得出A点的速度，依据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出加速度的大小，再依据速度位移公式求出0A 间的距离．【解答】解：设物体通过AB、BC所用时间分别为T，则B点的速度为：v B ===，依据△x=aT2得：a==则：v A=v B﹣aT=﹣=则：x OA ==m．故选：D4．雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速大路上，突然发觉正前方30m处有一大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵，图线a、b分别表示小汽车和大卡车的速度随时间变化的状况，以下说法正确的是（）A．由于刹车失灵时小汽车仍减速，所以不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．假如刹车不失灵，则小汽车和大卡车之间的最小距离为10m【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1I：匀变速直线运动的图像．【专题】12 ：应用题；32 ：定量思想；4C ：方程法；513：追及、相遇问题．【分析】当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．依据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析．【解答】解：ABC、依据速度﹣时间图象所时间轴所围的“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：s b=v b t=10×3m=30ma车的位移为s a =×1m+×2m=60m，则s a﹣s b=30m，且a的速度大于b的速度，所以在t=3s时追尾．故C正确，AB错误．D、假如刹车不失灵，紧急刹车时两车相距30米，速度相等时，a车的位移 s1=×（30+10）×2m=40m，b车位移s2=10×2m=20m，由于s2+30m=50m＞s1，则不会发生追尾事故．小汽车和大卡车之间的最小距离为50m﹣40m=10m，故D正确．故选：C．5．如图，轻杆A端用光滑水平铰链装在竖直墙面上，B端用水平绳固定在墙C处并吊一重物P，在水平向右的力F缓缓拉起重物P的过程中杆AB所受压力（）A．变大 B．变小 C．先变小再变大 D．不变【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用．【专题】527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】在缓缓拉起重物P的过程中，重物P的合力为零，依据平衡条件得到PB绳的拉力与θ的关系；再对B点争辩，分析受力状况，由平衡条件分析杆AB所受压力的变化．【解答】解：以重物P为争辩对象，在缓缓拉起重物P的过程中，重物P的合力为零，依据平衡条件得：T2cosβ=G p，G p是重物P的重力…①对B点，则有竖直方向上：Ncosα=T2cosβ …②由①②得：N=，可知，N不变，则得杆AB所受压力不变．故选D6．如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．假如小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽视不计，绳子又不行伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量比m1：m2应为（）A．cos B．sin C．2sin D．2cos【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用．【专题】527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】选取小圆环A为争辩对象，画受力分析示意图，小圆环受三个力，两个绳子的拉力和大圆环的支持力，肯定要知道大圆环的支持力只能是沿着半径的，由此两端绳子拉力分别在切线方向上的分力必定相等，然后由数学三角函数学问求解【解答】解：如图对小环进行受力分析，如图所示，小环受上面绳子的拉力m1g，下面绳子的拉力m2g，以及圆环对它沿着OA向外的支持力，将两个绳子的拉力进行正交分解，它们在切线方向的分力应当相等：m1gsin=m2gcos（α﹣90）即：m1cos=m2sinαm1cos=2m2sin cos得：m1：m2=2sin故选C7．如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，在O点悬挂一重物M，将两相同木块m分别紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止．f表示木块与挡板间摩擦力的大小，F N表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（）A．f变小B．f不变C．F N变小D．F N变大【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；2G：力的合成与分解的运用．【专题】31 ：定性思想；4C ：方程法；527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】本题的关键是首先将重物受到的重力按效果分解，求出分力与合力的关系表达式，然后再对木块受力分析，依据平衡条件即可求解．【解答】解：先对三个物体以及支架整体受力分析，受重力（2m+M）g，2个静摩擦力，两侧墙壁对整体有一对支持力，依据平衡条件，有：2F f=（M+2m）g，解得F f =（M+2m）g，故静摩擦力不变，将细线对O的拉力依据效果正交分解，如图设两个杆夹角为θ，则有：F1=F2=；再将杆对滑块m的推力F1依据效果分解，如图依据几何关系，有：F x=F1•sin故F x =•sin =，若挡板间的距离稍许增大后，角θ变大，F x变大，故滑块m对墙壁的压力变大，即F N变大，故AC错误，BD正确；故选：BD8．如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开头运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1=kv，其中k为常数，则圆环运动过程中（）A ．最大加速度为B ．最大加速度为C ．最大速度为D ．最大速度为【考点】37：牛顿其次定律；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件及其应用．【专题】522：牛顿运动定律综合专题．【分析】依据力F1与重力mg的关系分析圆环的运动性质与运动过程，应用平衡条件与牛顿其次定律分析答题．【解答】解：A、当F1=mg，即：kv=mg，v=时，圆环水平方向不受摩擦力，则圆环的加速度最大为a=，A 正确B错误；C、当滑动摩擦力f=μ（kv﹣mg）=F时，对应的速度最大，v=，C正确D错误；故选：AC．9．如图所示，木板A的质量为m，滑块B的质量为M，木板A用绳拴住，绳与斜面平行，B沿倾角为θ的斜面在A下匀速下滑，若M=2m，A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同，则动摩擦因数μ为（）A．tanθB．2tanθC ． D ．【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力；2A：动摩擦因数．【专题】32 ：定量思想；43 ：推理法；527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体B受重力，斜面施加的垂直斜面对上的支持力和沿斜面对上的摩擦力，A物体施加的压力和沿接触面对上的摩擦力．【解答】解：对B受力分析，如图所示：B物体沿斜面方向受力平衡：f1+f2=Mgsinθ，又由于 M=2m，f1=μmgcosθ，f2=μ（M+m）gcosθ，解得：μ=tanθ，故ABD错误，C正确；故选：C10．倾角为θ的足够长斜面体c置于水平地面，小物块b置于斜面上，并且恰好能沿斜面匀速下滑，现通过细绳跨过光滑的定滑轮与砂漏斗a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，开头时沙漏斗中没有沙子漏出，如图所示，现给b一个眼斜面对下的初速度，同时沙漏斗a中的沙子缓慢漏出，在a中的沙子缓慢漏出的过程中，小物块b始终沿斜面下滑而c始终处于静止状态，斜面足够长，则在此过程中下列说法中正确的是（）A．地面对c的支持力保持不变B．地面对c的支持力渐渐变大C．地面对c的支持力渐渐变小D．地面对c的摩擦力始终等于零【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【专题】32 ：定量思想；43 ：推理法；527：共点力作用下物体平衡专题．【分析】开头时物块b恰好能沿斜面匀速下滑，说明受重力、支持力和摩擦力而平衡，依据平衡条件可知支持力和摩擦力的合力是竖直向上；给b一个眼斜面对下的初速度，由于滑动摩擦力与支持力成正比，故支持力和滑动摩擦力的合力是竖直向上的；依据牛顿第三定律得到b对c的压力和摩擦力的合力方向，再对C分析，依据平衡条件列式分析即可．【解答】解：小物块b置于斜面上，并且恰好能沿斜面匀速下滑，说明支持力和摩擦力的合力竖直向下，依据牛顿第三定律，b对c的压力是竖直向下的；现给b一个眼斜面对下的初速度，同时沙漏斗a中的沙子缓慢漏出，但由于b的重力不变，故其对斜面的压力不变，故滑动摩擦力也不变，故压力和摩擦力的合力不变，方向竖直向下；再对c分析，受重力、支持力、b对c的力（压力和摩擦力的合力），依据平衡条件，地面对b的支持力不变，摩擦力为零；故AD正确，BC错误；故选：AD11．如图所示，A、B为两个挨得很近的小球，并列放于光滑斜面上，斜面足够长，在释放B球的同时，将A 球以某一速度v0水平抛出，当A球落于斜面上的P点时，B球的位置位于（）A．P点以下B．P点以上C．P点D．由于v0未知，故无法确定【考点】43：平抛运动．【专题】518：平抛运动专题．【分析】B球沿着斜面做的是匀加速直线运动，A球做的是平抛运动，分别计算出AB两个球到达P点的时间，比较它们的运动时间就可以推断A球落于斜面上的P点时，B球的位置．【解答】解：设A球落到P点的时间为t A，AP的竖直位移为y；B球滑到P点的时间为t B，BP的竖直位移也为y，A球做的是自由落体运动，由y=gt2得运动的时间为：t A =，B球做的是匀加速直线运动，运动到P点的位移为：s=，加速度的大小为：a=gsinθ，依据位移公式s=at2得，B运动的时间为：t B ==＞t A（θ为斜面倾角）．所以B正确．故选B．12．如图所示，水平面上固定一个与水平面夹角为θ的斜杆A．另一竖直杆B以速度v水平向左匀速直线运动，则从两杆开头相交到最终分别的过程中，两杆交点P的速度方向和大小分别为（）A．水平向左，大小为v B．竖直向上，大小为vtanθC．沿A 杆斜向上，大小为D．沿A杆向上，大小为vcosθ【考点】44：运动的合成和分解．【专题】517：运动的合成和分解专题．【分析】将P点的运动分解为水平方向和竖直方向，通过平行四边形定则，依据水平分速度的大小求出合速度的大小．【解答】解：两杆的交点P参与了两个分运动：与B杆一起以速度v水平向左的匀速直线运动和沿B杆竖直向上的运动，交点P的实际运动方向沿A杆斜向上，如图所示，则交点P的速度大小为v P =，故C正确，A、B、D错误．故选C．13．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角是（）A ．sinθ=B ．tanθ=C ．sinθ=D ．tanθ=【考点】4A：向心力；37：牛顿其次定律．【专题】521：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．【分析】小球做匀速圆周运动，靠合力供应向心力，依据重力、杆子的作用力的合力指向圆心，求出杆与水平面的夹角．【解答】解：小球所受重力和杆子的作用力的合力供应向心力，依据牛顿其次定律有：mgsinθ=mLω2，解得sin．故A正确，B、C、D错误．故选A．二、试验题14．（6分）现用频闪照相方法来争辩物块的变速运动．在一小物块沿斜面对下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4．已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s．数据如下表所示．重力加速度大小g=9.80m/s2．单位：cmx1x2x3x4h S10.76 15.05 19.34 23.65 48.00 80.00依据表中数据，完成下列填空：（1）物块的加速度a= 4.30 m/s 2（保留3位有效数字）．（2）由于物块加速度小于=5.88m/s2可知斜面是粗糙的．【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】511：直线运动规律专题．【分析】正确解答本题需要把握：在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数；娴熟应用逐差法求物体的加速度【解答】解：（1）依据逐差法求加速度的原理可知：m/s 2（2）若斜面光滑则：m/s 2＞4.30m/s2．知斜面是粗糙的．故答案为：4.30，物块加速度小于=5.88m/s2．15．（6分）要测量两个质量不等的沙袋的质量，由于没有直接的测量工具，某试验小组选用下列器材：轻质定滑轮（质量和摩擦可忽视）、砝码一套（总质量m=0.5kg）、细线、刻度尺、秒表．他们依据已学过的物理学学问，转变试验条件进行多次测量，选择合适的变量得到线性关系，作出图线并依据图线的斜率和截距求出沙袋的质量．请完成下列步骤．（1）试验装置如图所示，设左右两边沙袋A、B的质量分别为m1、m2；（2）取出质量为m′的砝码放在右边沙袋中，剩余砝码都放在左边沙袋中，发觉A下降，B上升；（3）用刻度尺测出A从静止下降的距离h，用秒表测出A下降所用的时间t，则可知A的加速度大小a= ；（4）转变m′，测量相应的加速度a，得到多组m′及a的数据，作出a﹣m′（选填“a﹣m′”或“a﹣”）图线；（5）若求得图线的斜率k=4m/（kg•s2），截距b=2m/s2，则沙袋的质量m1= 3 kg，m2= 1.5 kg．【考点】M8：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】13 ：试验题．【分析】质量为m1的沙袋从静止开头下降做匀加速直线运动，依据下降的距离h和时间，由位移公式求出其加速度；依据牛顿其次定律对m2、m1分别争辩，得出m′与a的关系式，依据数学学问分析图线的斜率与截距的意义，求解两个沙袋的质量．【解答】解：（3）依据匀变速直线运动的位移时间公式得，h=，解得a=．（4、5）依据牛顿其次定律得：对m1及砝码：（m1+m′）g﹣T=（m1+m′）a对m2及砝码：T﹣（m2+m﹣m′）g=（m2+m﹣m′）a联立解得：a=g+．依据数学学问得知：作“a﹣m′”图线，图线的斜率k=，图线的截距b=将k、b、m代入计算，解得m1=3kg，m2=1.5kg．故答案为：（3）；（4）a﹣m′；（5）3；1.5．三、计算题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位16．（10分）如图（甲）所示，质量m=2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体作用一个水平向左的恒力F并开头计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得vt图象如图（乙）所示．取重力加速度为g=10m/s2．求：（1）力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；（2）10s后撤去拉力F，求物体再过15s离a点的距离．【考点】37：牛顿其次定律；1G：匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】11 ：计算题；32 ：定量思想；43 ：推理法；522：牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度；对两段时间分别运动牛顿其次定律列式后联立求解；（2）10s后撤去拉力F，先求解加速度，然后依据位移时间关系公式列式求解．【解答】解：（1）设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，则由vt图得加速度大小a1=2 m/s2，方向与初速度方向相反．设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，则由vt图得加速度大小a2=1 m/s2，方向与初速度方向相反．在0～4 s内，依据牛顿其次定律，有：F+μmg=ma1在4～10 s内，F﹣μmg=ma2代入数据解得：F=3 N，μ=0.05．（2）设10 s末物体的位移为x，x应为vt图线与坐标轴所围的面积，则有：x=×4×8 m ﹣×6×6 m=﹣2 m，即物体在a点左侧2 m处．设撤去拉力F后物体做匀减速直线运动的加速度大小为a3，依据牛顿其次定律有：μmg=ma3得：a3=0.5 m/s2则物体减速到零的时间为：t== s=12 s则物体在15 s内的位移即为12 s内的位移．则物体在12 s 内的位移为：x′== m=36 m物体在15 s后离a点的距离为：d=|x|+x′=38 m答：（1）力F的大小为3N，物体与水平面间的动摩擦因数μ为0.05；。
天津市第一中学2023届高三上学期第一次月考物理试题 Word版含答案
C.P所受摩擦力方向先沿斜面向下后沿斜面向上D.斜面对P的作用力先变小后变大
三、实验题
11.某同学用橡皮条与弹簧测力计验证“力的平行四边形定则”，实验装置如图甲所示。其中A为固定橡皮条的图钉， 和 为细绳。
（1）本实验采用的科学方法是“等效替代法”，其含义是___________
4.电梯、汽车等交通工具在加速时会使乘客产生不适感，其中不适感的程度可用“急动度”来描述。急动度是描述加速度变化快慢的物理量，即 。汽车工程师用急动度作为评判乘客不舒适程度的指标，按照这一指标，具有零急动度的乘客，感觉较舒适。图为某汽车加速过程的急动度j随时间t的变化规律。下列说法正确的是（ ）
A.在0~5.0s时间内，汽车做匀加速直线运动
B.“福建舰”在码头补给充足后，它的惯性将变大
C.“福建舰”大角度转弯时，舰上各点的速度相同
D.研究战斗机在航母上的起落时，可以将“福建舰”看成质点
2.如图所示，音乐喷泉竖直向上喷出水流，喷出的水经3s到达最高点，把最大高度分成三等份，水通过起始的第一等份用时为 ，通过最后一等份用时为 。空气阻力不计，则 满足（ ）
A.
B.轻绳上的弹力与弹簧N上的弹力之比为
C.若剪断弹簧M，则在剪断的瞬间，b球处于失重状态
D.若剪断轻绳，则在剪断的瞬间，a球的加速度为
6.“血沉”是指红细胞在一定条件下沉降的速度，在医学中具有重要意义。测量“血沉”可将经过处理后的血液放进血沉管内，由于重力作用，血液中的红细胞将会下沉。设血沉管竖直放置且足够深，红细胞的形状为球体。已知红细胞下落受到血液的粘滞阻力表达式为 ，其中 为血液的粘滞系数，r为红细胞半径，v为红细胞运动的速率。若某血样中半径为r的红细胞，由静止下沉直到匀速运动的速度为 ，红细胞密度为 ，血液的密度为 。以下说法正确的是（ ）
2021届高三物理一轮复习第六单元动量训练卷 A卷 word版带解析答案
2021届高三一轮复习单元训练卷·物理(A)卷第六单元动量注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、(本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．下列有关动量的说法中正确的是()A．物体的动量发生改变，其动能一定改变B．物体的运动状态改变，其动量一定改变C．对于同一研究对象，若机械能守恒，则动量一定守恒D．对于同一研究对象，若动量守恒，则机械能一定守恒2．行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。
若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是() A．增加了司机单位面积的受力大小B．减少了碰撞前后司机动量的变化量C．将司机的动能全部转换成汽车的动能D．延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积3．以初速度竖直向上抛出一物体，空气阻力大小不变。
关于物体受到的冲量，以下说法正确的是()A．物体上升阶段和下落阶段受到的重力的冲量方向相反B．物体上升阶段和下落阶段受到空气阻力冲量的大小相等C．物体在下落阶段受到重力的冲量小于上升阶段受到重力的冲量D．物体从抛出到返回抛出点，动量变化的方向向下4．如图所示，一小车停在光滑水平面上，车上一人持枪向车的竖直挡板连续平射，所有子弹全部嵌在挡板内没有穿出，当射击持续了一会儿后停止，则小车()A．速度为零B．将向射击方向做匀速运动C．将向射击相反方向做匀速运动D．无法确定5．如图所示，静止在光滑水平面上的小车质量为M，固定在小车上的杆用长为l的轻绳与质量为m的小球相连，将小球拉至水平右端后放手，则小车向右移动的最大距离为()A．mlM m+B．MlM m+C．2mlM m+D．2MlM m+6．如图所示，放在光滑水平桌面上的A、B两个小木块中间夹一被压缩的轻弹簧，当轻弹簧被放开时，A、B两个小木块各自在桌面上滑行一段距离后，飞离桌面落在地面上。
2021年高考物理全国I一轮复习试题：第4章 基础课时10 圆周运动 Word版含答案
基础课时10 圆周运动一、单项选择题1.电风扇的扇叶的重心假如不在转轴上，转动时会使风扇抖动，并加快转轴磨损。
调整时，可在扇叶的一区域通过固定小金属块的方法转变其重心位置。
如图1所示，A、B是两调整重心的金属块(可视为质点)，其质量相等，它们到转轴O的距离r A＜r B。
扇叶转动后，它们的( )图1A.向心加速度相等B.线速度大小相等C.向心力F A＜F BD.角速度ωA＜ωB解析由于两调整重心的金属块A、B固定在风扇上，因此两者绕轴O一起转动，具有相同的角速度，故D错误；依据向心加速度公式a＝ω2r，得a A＜a B，由线速度与角速度的关系v＝ωr，得v A＜v B，由向心力公式F＝mω2r，得F A＜F B，故C正确，A、B错误。
答案 C2.甲、乙两个物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1∶2，转动半径之比为1∶2，在相同的时间里甲转过60°，乙转过45°，则它们的向心力大小之比为( )A.1∶4B.2∶3C.4∶9D.9∶16解析m1∶m2＝1∶2，r1∶r2＝1∶2，ω1∶ω2＝θ1∶θ2＝4∶3，向心力F＝mω2r，故F1∶F2＝4∶9，故C 正确。
答案 C3.光盘驱动器读取数据的某种方式可简化为以下模式，在读取内环数据时，以恒定角速度方式读取，而在读取外环数据时，以恒定线速度的方式读取。
如图2所示，设内环内边缘的半径为R1，内环外边缘半径为R2，外环外边缘半径为R3。
A、B、C分别为各边缘线上的点。
则读取内环上A点时的向心加速度大小和读取外环上C点时的向心加速度大小之比为( ) 图2A.R21R2R3B.R22R1R3C.R2R3R21D.R1R3R22解析内环外边缘和外环内边缘为同一圆。
A与B角速度相等，向心加速度之比为a Aa B＝R1R2。
B与C线速度相等，向心加速度之比为a Ba C＝R3R2；读取内环上A点时的向心加速度大小和读取外环上C 点时的向心加速度大小之比为a Aa C＝R1R3R22，选项D正确。
2025届浙江省天域联盟高三上学期一模物理试题 Word版含解析
2024-2025学年第一学期天域全国名校协作体联考高三年级物理学科试题考生须知：1．本卷共8页满分100分，考试时间90分钟。
2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。
3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。
4．考试结束后，只需上交答题纸。
选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1. 《吕氏春秋》中有记载：“慈招铁，或引之也。
”那时的人称“磁”为“慈”，他们把磁石吸引铁看作慈母对子女的吸引。
表明我国很早就积累了磁方面的认识，磁的强弱用磁感应强度来描述，它的单位用国际单位制中的基本单位表示为（ ）A. B. C. ． D. 【答案】B 【解析】【详解】根据可知故选B 。
2. 2024年巴黎奥运会中，中国队一共获得40枚金牌，下列几种关于奥运比赛项目的描述正确的是（ ）A. 如图（a ）在掷铁饼比赛中，中国选手冯彬投出67.51米的好成绩。
“67.51米”指的既不是铁饼在空中的路程也不是铁饼位移的大小B. 如图（b）主裁判根据网球在红土地上留下的印记判断球是否出界时，可将网球视为质点11N A m --⋅⋅21kg s A --⋅⋅2Wb m -⋅2Wb m ⋅FB IL=2211N 1kg m /s 1T 1kg s A 1A m 1A m--⋅===⋅⋅⋅⋅C. 如图（c ）中国队在男子4×100米混合泳接力决赛中，以3分27秒46的成绩夺得金牌。
“3分27秒46”指的是夺金时刻D. 如图（d ）运动员刘洋获得男子吊环奥运冠军，此时每根绳的拉力等于刘洋自身重力的一半【答案】A 【解析】【详解】A ．掷铁饼的成绩以铁饼落地点距离投掷圈中心的距离为准，如图（a ）在掷铁饼比赛中，中国选手冯彬投出67.51米的好成绩。
“67.51米”指的既不是铁饼在空中的路程也不是铁饼位移的大小，故A 正确；B ．如图（b ）主裁判根据网球在红土地上留下的印记判断球是否出界时，网球大小形状不可忽略，不可将网球视为质点，故B 错误；C ．如图（c ）中国队在男子4×100米混合泳接力决赛中，以3分27秒46成绩夺得金牌。
四川省成都七中2021届高三上学期入学摸底考试物理试题 Word版含解析
成都七中高2021届2022年秋季入学考试理科综合力量测试（物理部分）【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，题型大部分都是历年全国各地高考题，思路活，是份格外好的试卷。
一、选择题。
（本题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.伽利略制造的把试验、假设和规律推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学生疏的进展．利用如图所示的装置做如下试验：小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面对下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度渐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．依据三次试验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A．假如斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．假如小球不受力，它将始终保持匀速运动或静止状态C．假如小球受到力的作用，它的运动状态将发生转变D．小球受到的力肯定时，质量越大，它的加速度越小【学问点】伽利略争辩自由落体运动的试验和推理方法．P0【答案解析】 A解析： A、假如斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，假如小球不受力，它将始终保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、依据三次试验结果的对比，不行以直接得到运动状态将发生转变的结论，故C错误；D、受到的力肯定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿其次定律的结论，与本试验无关，故D错误．故选：A．【思路点拨】小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面对下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述试验推理得出运动物体假如不受其他物体的作用，将会始终运动下去．要想分清哪些是牢靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易推断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第肯定律，因此，在确定最终一空时肯定要留意这一点2.小明想推动家里的衣橱，但使出了吃奶的力气也推不动，他便想了个妙招，如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中心一站，衣橱被推动了．下列说法中正确的是（）A．这是不行能的，由于小明根本没有用力去推衣橱B．这有可能，A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力C．A、B板的夹角应当尽可能小，才能推动衣橱D．这不行能，A板对衣橱的推力不行能大于小明的重力【学问点】力的分解．B3 【答案解析】B解析：首选开头小明是推不动衣橱的，但是小明的推力与他自身的重力没什么关系．如图，小明的重力可以分解成沿A，B俩个方向的力，由于底角较小，所以A，B方向的力会很大．A对衣橱的力可以分解成水平方向和垂直方向的力，而水平方向的力有可能大于小明重力，．故选：B．【思路点拨】这个要从力的分解角度来解释，将重力分解为沿人字形架斜向下的两个力．由于底角较小，依据三角函数关系得A板的作用力明显大于重力．我们应当知道两个分力的合力可以远小于两个分力，也就是说用一个较小的力可以产生两个较大的分力．3.在t=0时，甲乙两质点从相距70m的两地开头相向运动，它们的v-t图象如图所示．则（）A．第1s末，乙质点转变运动方向B．第2s木，甲乙两质点相遇C．前4s内，乙质点运动的加速度先比甲质点的小后比甲质点的大D．第4s末，甲乙两质点相距20m【学问点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】D解析：A、在第1s末，乙质点的速度仍旧为负值，说明运动方向并未转变．故A错误．B、在第2s末，甲的位移大小x甲=12×30×2=30m，乙的位移大小x乙=-12×30×2m=-30m，此时两车相距△x=70-30-30=10（m）．故B错误．C、在前4s内，乙图线的斜率确定值始终大于甲图线的斜率确定值，则乙质点的加速度大小总比甲质点大．故C错误．D、在第4s末，甲质点的位移x甲=12×60×4m=120m，乙质点的位移x乙=-12×30×2km+12×60×2m=30m，所以△x=x甲-x乙-70=120-30-70=20m．故D正确．故选：D．【思路点拨】速度-时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．4.沿直线运动的汽车刹车后匀减速运动，经过3.5s停止，它在刹车开头后的1s内、2s内、3s内的位移之比（）A．3：2：1 B．3：5：6 C．9：4：1 D．5：3：1【学问点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2【答案解析】B解析：画示意图如图所示，把汽车从A→E的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转换为从E→A的初速度为0的匀加速直线运动，来等效处理，由于逆过来前后，加速度相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1：3：5：…，把时间间隔分为0.5 s．所以x DE：x CD：x BC：x AB=1：8：16：24，所以x AB：x AC：x AD=3：5：6．故选项B正确．故选：B【思路点拨】利用逆向思维，把汽车运动视为逆向的匀加速运动，依据初速度为零的匀加速直线运动的规律即可求解．解决本题的关键把握匀变速直线运动的推论，本题运用逆向思维解决比较简洁．5.如图所示，一个质量为m 的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P 点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧肯定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小肯定等于0.5mg【学问点】共点力平衡的条件及其应用．B4【答案解析】D解析：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，由于弹簧的形变状况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，也可能有弹簧的弹力，故A正确；B、弹簧对滑块可以是拉力，故弹簧可能处于伸长状态，故B错误；C、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面对下的分力（等于12mg），不行能为零，所以斜面对滑块的支持力不行能为零，故C错误；D、静摩擦力肯定等于重力的下滑分力，故为12mg，故D正确．故选：AD．【思路点拨】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．依据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，留意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．6.如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态，现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的库仑力始终不变B．物体A受到斜面的支持力先增大后减小C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．斜面对A的作用力始终增大【学问点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3 B4【答案解析】BD 解析：A、物体A受到的库仑力大小不变，但是方向始终在转变，故A错误；B、对A争辩：P对A的库仑力垂直于斜面方向的分力，先渐渐增大后渐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为F′，依据平衡条件：斜面对A的支持力N=mgcosα+F′，可知N先增大后减小，故B正确；C、以A和C整体为争辩对象，分析受力状况如图所示．设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为θ．依据平衡条件得：f=Fsinθ由于F 大小不变，θ减小，则知地面对斜面C的摩擦力渐渐减小．故C错误；D、对A分析，A受力重力、库仑力，斜面对A的支持力、摩擦力，斜面对物体A的合力与重力和库伦力的合力平衡，重力与库仑力夹角变小，合力变大，故斜面对A的作用力变大，故D正确；故选：BD．【思路点拨】分析地面对斜面C的摩擦力可以以A和C整体为争辩对象，运用平衡条件列式分析；再对A分析受力，运用共点力平衡条件进行分析支持力的变化．本题首先要机敏选择争辩对象，再对物体进行受力分析，运用共点力平衡条件求解．当几个物体的加速度相同时，可以考虑整体法．7.如图所示，物块A、B叠放在一起，其总质量为1.0kg，物块B被水平方向的弹簧和斜向上的绳拉住，物块B恰好对地面无压力，若物块B与地面间的动摩擦因数0.25μ=，O是弹簧的原特长，绳与竖直方向的夹角为045，某时刻把绳与物块B连接处剪断，最终物块A、B一起向左运动，停在O点左侧某处，运动中物块A、B始终没有相对滑动，则下列说法正确的是（）A ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的合外力发生变化 B ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的加速度是27.5/m s C.弹簧恢复原长时，物块A 受的摩擦力向左 D.剪断绳后物块A 、B 到达O 点时的速度最大 【学问点】共点力的平衡，牛顿其次定律 B4 C2【答案解析】AB 解析： A 、B 剪断细绳前受力平衡，对整体受力分析，受到重力，弹力向左的拉力，细绳向右上的拉力，由于是细绳向右上045 ，所以kx=mg=10N ，剪断后整理合力向左27.5/kx mga m s mμ-== ，故A 、B 正确；C 、D 当kx mg μ= 时，整体加速度为零，速度最大，然后开头做减速运动，B 对A 的摩擦力方向转变，变为向左，故C 、D 错误 故选AB【思路点拨】对整体受力分析，可以得到弹簧弹力与重力关系，然后弹力减去摩擦力供应加速度，留意当弹力等于摩擦力时整体就开头做减速运动，而不是到达原长。
福建省漳州市2025届高三上学期第一次教学质量检测试题 物理 Word版含答案
物理试题本试题卷共6页，16题。
全卷满分100分。
考试用时75分钟。
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.玉兔二号”巡视器的核电池中钚238的衰变方程为2382349492Pu U X →+，则A.X 为32HeB.23894Pu 的中子数为144C.温度升高，钚238半衰期变长D.衰变后X 与铀核的质量之和等于衰变前钚核的质量 2.在巴黎奥运会上，中国跳水梦之队”首次包揽八金。
如图甲所示，在某次跳水比赛中，假设运动员入水前做竖直上抛运动，从离开跳板瞬间开始计时，取竖直向下为正方向，该运动员重心的竖直速度v 随时间t 变化的图像如图乙所示，其中20t ~部分为直线。
则甲 乙A.1t 时刻运动员离水面最高B.3t 时刻运动员离水面最高C.4t 时刻运动员所受重力瞬时功率最大D.10t ~运动员所受重力冲量为零 3.电磁俘能器可在汽车发动机振动时利用电磁感应发电实现能量回收，结构如图甲所示。
两对永磁铁可随发动机一起上下振动，每对永磁铁间有水平方向的匀强磁场，正方形闭合线圈竖直固定在减震装置上。
永磁铁振动时磁场分界线不会离开线圈，某时刻磁场分界线刚好位于线圈正中央，如图乙所示。
则从该时刻起甲 乙A.永磁铁振动时穿过线圈的磁通量不变B.永磁铁振动越快，线圈中感应电动势越小C.永磁铁振动时，受到线圈的阻力方向不变D.永磁铁向上振动时，线圈中感应电流的方向为逆时针4.嫦娥七号”探测器将于2026年前后发射，准备在月球南极登陆，登陆月球前假设探测器绕月球做周期为1T 的匀速圆周运动，轨道半径可认为等于月球半径。
月球绕地球做周期为2T 的匀速圆周运动，其轨道半径为月球半径的k 倍。
引力常量为G ，则A.根据题中所给信息可求出地球的质量B.根据题中所给信息可求出月球的质量C.周期1T 和2T 满足212321T T k =D.地球质量与月球质量之比23122M T k M T =月地 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
【新课标Ⅱ-3】2015届高三上学期月考(1)物理试题 Word版含答案
2015届上学期高三一轮复习第一次月考物理试题【新课标II-3】一．选择题（本大题共20个小题，共60分，在每个小题的四个选项中，至少有一项是符合题意的，全部选对的得3分，少选的得2分，有错选的得零分。
）1. 如图所示，木块A 、B 并排且固定在水平桌面上，A 的长度是L ，B 的长度是2L ，一颗子弹沿水平方向以速度v 1射入A ，以速度v 2穿出B ，子弹可视为质点，其运动视为匀变速直线运动，则子弹穿出A 时的速度为 ( )A ．3212v v +B ．322122v v +C ．322221v v + D ．132v 2. 某人用手表估测火车的加速度，先观测3分钟，发现火车前进540米，隔3分钟后，又观测1分钟，发现火车前进360米，若火车在这7分钟内做匀加速直线运动，则火车的加速度为 ( )A ．0. 03m/s 2B ．0.01 m/s 2C ．0.5 m/s 2D ．0. 6 m/s 23. 如图为一段某质点做匀变速直线运动的x －t 图线。
从图中所给的数据可以确定质点在运动过程中，经过图线上P 点所对应位置的瞬时速度大小一定 ( )A ．大于2m/sB ．等于2m/sC ．小于2m/sD ．无法确定4. 在反恐演习中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演，某伞兵从静止的直升飞机上跳下，在t 0时刻打开降落伞，在3t 0时刻以速度v 2着地。
伞兵运动的速度随时间变化的规律如图所示。
下列结论中正确的是 ( )A ．在0～t 0时间内加速度保持不变，在t 0～3t 0时间内加速度逐渐减小B ．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受阻力越来越小C ．在t 0～3t 0的时间内，平均速度v >v 1＋v 22D ．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小5. 酒后驾驶会导致许多安全隐患，是因为驾驶员的反应时间变长。
反应时间是指驾驶员发现情况到采取制动的时间。
下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员从发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）。
2023届浙江高三一轮复习联考物理试题(四)(word版)
2023届浙江高三一轮复习联考物理试题（四）(word版)一、单选题(★★) 1. 由单位牛顿、米，安培、秒组合成的单位“”所对应的物理量是（）A．功B．电压C．电阻D．磁通量(★★) 2. 2022年11月1日4时27分，梦天实验舱成功对接于天和核心舱前端口，整个交会对接过程历时约13小时。
11月3日，随着梦天实验舱顺利完成转位，中国空间站“T”字基本结构在轨组装完成。
假设中国空间站在半径为R的圆周轨道上运动，经时间t恰好绕地球转一周。
下列关于描述运动的物理量，说法正确的是（）A．2022年11月1日4时27分是时间间隔，13小时是一个时刻B．梦天实验舱与天和核心舱对接的过程中，可以把梦天实验舱看成质点C．时间t内，中国空间站的路程为，位移为0D．位移是矢量，路程是标量，中国空间站的位移大小小于路程(★★★) 3. 如图所示，某扫地机器人电池容量为，额定电压为，额定功率为，为延长锂电池寿命，当剩余电量为总容量的20%时就需要充电，则下列说法正确的是（）A．扫地机器人正常工作时的电流为B．扫地机器人的电阻为C．扫地机器人充满电后一次工作时间约为D．扫地机器人充满电后一次工作时间内消耗的电能约为(★★★★) 4. 国际科研团队发现了两颗距离地球仅100光年的新行星，其中一颗可能适合生命生存。
这两颗行星分别是LP890-9b（以下简称行星A）和LP890-9c（以下简称行星B）。
行星A的半径约为8370公里，仅需2.7天就能绕恒星C一圈；行星B半径约为8690公里，8.5天能绕恒星C一圈，行星B到恒星C的距离约为水星与太阳间距离的0.1倍，水星的公转周期约为88天。
假设行星A、B绕恒星C做匀速圆周运动。
则（）A．行星A表面的重力加速度大于行星B表面的重力加速度B．行星A的公转轨道半径大于行星B的公转轨道半径C．太阳的质量大于恒星C的质量D．水星的公转速度大于行星B的公转速度(★★) 5. 下列说法正确的是（）A．从射入教室的阳光中看到尘埃的运动就是布朗运动B．气体如果失去了容器的约束就会散开，说明气体分子之间作用力表现为斥力C．恒温水池里小气泡由底部缓慢上升的过程中，气泡中的理想气体放出热量D．已知某种气体的密度为，摩尔质量为，阿伏伽德罗常数为，则该气体分子之间的平均距离可以表示为(★★★) 6. 如图所示，长度均为1m的甲、乙空心铝管竖直放置，其中乙管有一条竖直的裂缝。
2023届江苏省高三物理模拟试题(一)(word版)
2023届江苏省高三物理模拟试题（一）(word版)一、单选题(★★) 1. 一种称为“毛细管流变SANS”的装置，它利用中子流的散射来探测分子的结构，从而能够促进更多纳米级的新发现。
下列有关中子的说法正确的是（）A．核反应方程中，生成物X的中子数为128B．铀235吸收慢中子裂变成中等质量原子核的过程中，核子的平均质量变大C．一个中子可转化成一个质子和一个电子，同时释放出能量D．在辐射防护中，可以用电磁场来加速、减速以及束缚中子(★★★) 2. 探究气体等温变化规律的实验装置，如图所示。
空气柱的长度由刻度尺读取、气体的压强通过柱塞与注射器内空气柱相连的压力表读取。
为得到气体的压强与体积关系，下列做法正确的是（）A．柱塞上涂油是为了减小摩擦力B．改变气体体积应缓慢推拉柱塞C．推拉柱塞时可用手握住注射器D．实验前应测得柱塞受到的重力(★★★) 3. 某同学用下图实验装置观察光现象：平面镜水平放置，单色线光源S垂直于纸面放置，S发出的光有一部分直接入射到竖直放置的光屏上，一部分通过平面镜反射后再到光屏上，则（）A．光现象为干涉现象，光屏上的条纹与平面镜垂直B．光现象为衍射现象，光屏上的条纹与平面镜平行C．将光屏沿水平方向远离平面镜，相邻条纹间距增大D．将光源沿竖直方向靠近平面镜，相邻条纹间距减小(★★★) 4. 如图所示，滑板爱好者先后两次从坡道A点滑出，均落至B点，第二次的滞空时间比第一次长，则（）A．两次滑出速度方向相同B．两次腾空最大高度相同C．第二次滑出速度一定大D．第二次在最高点速度小(★★★★) 5. 如图1所示，在x轴上相距的O、M两点有两波源，时刻，两波源开始振动，振动图像分别如图2、图3所示。
已知两波的传播速度为，x轴上的P点与O点相距，则（）A．两列波不能发生干涉现象B．M点波源的振动方程为C．P点为振动加强点，振幅为D．时，P点沿y轴正向振动(★★) 6. 立方体玻璃容器内盛一定体积的水，盖上玻璃盖后置于完全失重环境下，则容器内水（图中阴影区域）的形状可能是（）A．B．C．D．(★★★)7. 设想在赤道上建造如图甲所示的“太空电梯”，宇航员可通过竖直的电梯直通太空站，图乙中r为宇航员到地心的距离，R为地球半径，曲线A为地球引力对宇航员产生的加速度大小与r的关系；直线B为宇航员由于地球自转而产生的向心加速度大小与r的关系。
2022届高三物理(江苏)一轮复习练习：必考部分 第1章 章末高效整合 Word版含答案
章末高效整合物理方法|思维转换法巧解匀变速直线运动问题思维转换法：在运动学问题的解题过程中，若按正常解法求解有困难时，往往可以通过变换思维方式、转换争辩对象，使解答过程简洁明白．1．转换思维方式——逆向思维法将匀减速直线运动至速度为零的过程转化为初速度为零的匀加速直线运动．如图1-1所示，一杂技演员用一只手抛球，接球，他每隔0.4 s抛出一球，接到球便马上把球抛出．已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看做是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛球点算起，g取10 m/s2)()图1-1A．1.6 m B．2.4 mC．3.2 m D．4.0 m【解析】由题图所示的情形可以看出，四个小球在空中的位置与一个小球抛出后每隔0.4 s对应的位置是相同的，因此可知小球抛出后到达最高点和从最高点落回抛出点的时间均为t＝0.8 s，故有H m ＝12gt2＝3.2 m，C正确．【答案】 C[突破训练]1．如图1-2所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平速度射入木块，若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则子弹依次射入每个木块时的速度大小之比和穿过每个木块所用时间之比分别为() 【导学号：96622021】图1-2A．v1∶v2∶v3＝3∶2∶1B．v1∶v2∶v3＝5∶3∶1C．t1∶t2∶t3＝1∶2∶ 3D．t1∶t2∶t3＝(3－2)∶(2－1)∶1D用“逆向思维”法解答，由题意知，若倒过来分析，子弹向左做初速度为零的匀加速直线运动，设每块木块厚度为L，则v23＝2a·L，v22＝2a·2L，v21＝2a·3L，v3、v2、v1分别为子弹倒过来从右到左运动L、2L、3L时的速度．则v1∶v2∶v3＝3∶2∶1.又由于每块木块厚度相同，则由比例关系可得t1∶t2∶t3＝(3－2)∶(2－1)∶1，所以，本题正确选项为D.2．转换争辩对象——将多物体的运动转化为单个物体运动从斜面上某一位置每隔0.1 s释放一颗小球，在连续释放几颗后，对斜面上正在运动着的小球拍下部分照片，如图1-3所示．现测得AB＝15 cm，BC＝20 cm，已知小球在斜面上做匀加速直线运动，且加速度大小相同，求：图1-3(1)小球的加速度；(2)拍摄时B球的速度；(3)C、D两球相距多远？(4)A球上面正在运动着的小球共有几颗？【思路导引】【规范解答】(1)由Δx＝aT2得a＝ΔxT2＝BC－ABT2＝0.20－0.150.12m/s＝5 m/s2.(2)v B＝AB＋BC2T＝0.15＋0.202×0.1m/s＝1.75 m/s.(3)由Δx＝CD－BC＝BC－AB得CD＝BC ＋(BC－AB)＝20 cm＋5 cm＝25 cm.(4)小球B从开头下滑到图示位置所需的时间为t B＝v Ba＝1.755s＝0.35 s则B球上面正在运动着的小球共有三颗，A球上面正在运动着的小球共有两颗．【答案】(1)5 m/s2(2)1.75 m/s(3)25 cm(4)两颗[突破训练]2．A、B两车在同始终线上做同向匀速运动，A在前，速度为v A＝8 m/s，B在后，速度为v B＝16 m/s，当A、B相距x＝20 m时，B开头刹车，做匀减速运动，为避开A、B相撞，则刹车后B的加速度应为多大？【解析】选A为参照系，则B相对于A的速度为v B－v A，为避开A、B相撞，B刹车后应满足：(v B－v A)22a<x解得a>1.6 m/s2.【答案】B的加速度应大于1.6 m/s2数学技巧|数形结合破解运动学问题数形结合是一种重要的思想方法，在物理学中有着重要的应用，其应用可分为两种状况：一是借助于数的精确性来阐明形的某些属性；二是借助于形的几何直观性来阐明数之间的某种关系．用数形结合的思想分析物体的运动，探寻两个物理量间的函数关系，还原图象所描述的物理过程是解题的基本思路．水平桌面上有两个玩具车A和B，两者用一轻质细橡皮筋相连，在橡皮筋上有一红色标记R.在初始时橡皮筋处于拉直状态，A、B和R分别位于直角坐标系中的(0,2l)，(0，－l)和(0,0)点．已知A从静止开头沿y轴正向做加速度大小为a的匀加速运动；B平行于x轴朝x轴正向匀速运动．在两车此后运动的过程中，标记R在某时刻通过点(l，l)．假定橡皮筋的伸长是均匀的，求B运动速度的大小．【思路导引】第一步：充分利用坐标系建立运动图景：A车由E点运动到H点，设H点坐标为(0，y A)B车由F点运动到G点，设G点坐标为(x B，－l)其次步：分析运动特征：A E到H做初速度为0的匀加速运动，运动时间和B相同B F到G做匀速运动，求v B由题知：OE∶OF＝2∶1由于橡皮筋均匀伸长，所以HK∶KG＝2∶1由△FGH∽△IGK得HG∶KG＝x B∶(x B－l)HG∶KG＝(y A＋l)∶2l联立得：x B＝32ly A＝5l第四步：利用运动学公式列方程：A车运动时间为t：y A＝12at2＋2lB车运动速度为v B：x B＝v B t联立第三步结论可得v B＝6al4. 第五步：表达规范，步骤严谨．【规范解答】A车的位移：y A－2l＝12at2B车的位移：x B＝v B t由几何学问得：HG∶KG＝x B∶(x B－l) HG∶KG＝(y A＋l)∶2l由橡皮条均匀伸长，得：HK∶KG＝2∶1 以上方程联立得B运动速度为：v B＝146al.【答案】146al[突破训练]3．如图1-4所示，甲、乙两物体先后在图1-4A、C两地间由静止动身做加速运动，B为AC中点．两物体在AB段的加速度大小均为a1，在BC段的加速度大小均为a2，且a1＜a2.若甲由A到C所用时间为t甲，乙由C到A所用时间为t乙，则t甲与t乙的大小关系为()A．t甲＝t乙B．t甲＞t乙C．t甲＜t乙D．无法确定B设甲在中点B的速度为v，点C的速度为v t，AB＝BC＝x，则v2－0＝2a1x，v2t－v2＝2a2x，解得v2t＝2a1x＋2a2x.同理可知，对乙亦有v2t＝2a1x＋2a2x，故甲、乙末速度大小应相等．作出两个物体的v-t图象，由于两物体在AB段、BC段加速度大小相等，两段图线分别平行，两段位移又分别相等，由图可看出，t甲＞t乙，选项B正确．高考热点1|高考常考的三类图象问题物理图象能形象地表达物理规律，直观地表示物理过程，并能鲜亮地体现物理量之间的相互关系．从近几年高考命题来看，图象问题可分为以下三种类型：1．通过题目所给图象猎取信息解答相应问题(识图型)；2．依据题目叙述的情景选择正确的物理图象(选图型)；3．依据题中已知的物理图象选择给出的另一类对应图象(绘图型)．某物体做直线运动的v-t图象如图1-5所示，据此推断(F表示物体所受合力，x表示物体的位移)四个选项中正确的是()图1-5【规范解答】由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2～4 s做正方向匀减速直线运动，所以受力为负，且恒定；4～6 s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定；6～8 s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，且恒定，故A错误，B正确；由于加速度a恒定，所以匀加速运动范围内位移x与时间是二次函数关系，且4 s末位移不为0，故C、D错误．【答案】 B[突破训练]4．(多选)有四个物体A、B、C、D，物体A、B运动的x -t图象如图1-6甲所示；物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v -t图象如图乙所示．.依据图象做出的以下推断中正确的是()甲乙图1-6A．物体A和B均做匀速直线运动且A的速度比B大B．在0～3 s的时间内，物体B运动的位移为10 mC．t＝3 s时，物体C追上物体DD．t＝3 s时，物体C与物体D之间有最大间距ABD由甲图看出：物体A和B的图象都是倾斜的直线，斜率都不变，速度都不变，说明两物体都做匀速直线运动，A图线的斜率大于B图线的斜率，所以A的速度比B的速度大，故A正确．由甲图看出：在0～3 s的时间内，物体B运动的位移为Δx＝10 m－0＝10 m．故B正确．由乙图看出：t＝3 s时，D图线所围“面积”大于C图线所围“面积”，说明D的位移大于C的位移，而两物体从同一地点开头运动，所以物体C还没有追上物体D，故C错误．由乙图看出：前3 s内，D的速度较大，DC间距离增大，3 s后C的速度较大，两者距离减小，t＝3 s时，物体C与物体D之间有最大间距，故D正确．高考热点2|刹车避撞问题近几年高考命题围绕交通平安方面的问题较多，试题常瞄准考生对刹车避撞问题中常犯的错误，设置“陷阱”，使“想当然”的考生掉进陷阱，造成失误．为避开此类问题出错，要坚固把握以下三点：1．汽车刹车问题实质是物体做单向匀减速直线运动问题．速度减为零后，其加速度也为零．2．推断汽车在给定的时间或位移内的运动规律，当t≤v0a时，汽车始终做匀减速直线运动，其位移x≤v202a，若运动时间t＞v0a，则汽车的位移x＝v202a，汽车在整个过程中先匀减速直线运动后静止．3．两车同向行驶避开相撞的条件是，后车追上前车瞬间v后＝v前．在某市区内，一辆小汽车在平直大路上以速度v A向东匀速行驶，一位观光游客正由南向北从斑马线上横过大路，汽车司机发觉前方有危急(游客正在D处向北走)经0.7 s作出反应，从A点开头紧急刹车，但仍将正步行至B处的游客撞伤，该汽车最终在C处停下．为了清楚了解事故现场，现以如图1-7示之：为了推断汽车司机是否超速行驶，并测出肇事汽车速度v A，警方派一车胎磨损状况与肇事车相当的警车以法定最高速度v m＝14 m/s行驶在同一大路的同一地段，在肇事汽车的出事点B急刹车，恰好也在C点停下来．在事故现场测得x AB＝17.5 m、x BC ＝14.0 m、x BD＝3.4 m．问：图1-7(1)该肇事汽车的初速度v A是多大？(2)游客横过大路的速度是多大？【思路导引】【规范解答】(1)以警车为争辩对象，则v2m＝2ax BC将v m＝14 m/s、x BC＝14.0 m代入，得警车刹车加速度大小为a ＝7 m/s 2，由于警车行驶条件与肇事汽车相同，则肇事汽车的加速度也为7 m/s 2.所以肇事汽车的初速度v A ＝2ax AC ＝21 m/s.(2)肇事汽车在出事点B 的速度v B ＝2ax BC ＝14 m/s ，肇事汽车通过x AB 段的平均速度v ′＝v A ＋v B 2＝17.5 m/s ，肇事汽车通过x AB 段的时间t ＝x AB v ′＝1 s ．所以游客横过大路的速度v ＝ 3.40.7＋1 m/s ＝2 m/s.【答案】 (1)21 m/s (2)2 m/s [突破训练]5．A 、B 两列火车，在同一轨道上同向行驶，A 车在前，其速度v A ＝10 m/s ，B 车在后，其速度v B ＝30 m/s ，因大雾能见度低，B 车在距A 车x 0＝85 m 时才发觉前方有A 车，这时B 车马上刹车，但B 车要经过180 m 才能停止，问：B 车刹车时A 车仍按原速率行驶，两车是否会相撞？若会相撞，将在B 车刹车后何时相撞？若不会相撞，则两车最近距离是多少？【导学号：96622021】【解析】 B 车刹车至停下来过程中，由0－v 20＝2ax 得a B ＝－v 2B2x ＝－2.5 m/s 2假设不相撞，设经过时间t 两车速度相等，对B 车有 v A ＝v B ＋a B t 解得t ＝8 s此时，B 车的位移为x B ＝v B t ＋12a B t 2＝160 m A 车位移为x A ＝v A t ＝80 m因x B ＜x 0＋x A ，故两车不会相撞，两车最近距离为Δx ＝x 0＋x A －x B ＝5 m. 【答案】 不会相撞 5 m。
【名师解析】黑龙江省哈三中2015届高三第一次模拟测试物理试题 Word版含解析
哈三中2014——2015学年度上学期高三第一次测验物理试卷【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，以能力测试为主导，考查了较多的知识点。
注重常见方法和思想，体现基本要求，是份非常好的试卷。
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，其余小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的不得分）【题文】1.历史上首先正确认识力和运动的关系，批驳“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是:A．伽利略B．牛顿C．笛卡儿D．亚里士多德【知识点】牛顿第一定律．P0【答案解析】 A 解析：物理学中，提出“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是亚里士多德，伽利略最早提出“力不是维持物体运动的原因”，并用斜面实验基础上推理得出：运动的物体在不受外力作用时，保持运动速度不变．故A正确．故选：A．【思路点拨】依据物理学的发展史和各个人的贡献可以判定结果．本题考查物理学史，了解科学家的贡献，有利于对培养学习物理的兴趣．【题文】2.如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力围成封闭三角形．下列4个图中，这三个力的合力为零的是:A B C D【知识点】力的合成．B3【答案解析】 D 解析：根据三角形定则或平行四边形定则，知A选项合力为2F2，B选项合力为2F1，C选项合力为2F3,D选项合力为零，．故D正确，A、B、C错误．故选D．【思路点拨】在矢量三角形中，分力是首尾相接的，合力是由一个分力的箭尾指向另一个分力的箭头的，由此可以判断分力与合力的关系，从而可以求得合力的大小．本题中要会区分三角形中的三条边是代表的分力还是代表的合力，这是解决本题的关键所在．【题文】3.人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是:A．人除了受到地面的弹力外，还受到一个向上的力B．地面对人的支持力大于人受到的重力C．地面对人的支持力大于人对地面的压力D．人对地面的压力和地面对人的支持力是一对平衡力【知识点】作用力和反作用力．C1【答案解析】 B 解析： A、受地的弹力外，还受一个向上的力，是不可能的，有力存在，必须有施力物体，向上的力根本找不到施力物体．故A错误．B、人能离开地面的原因是地对人的作用力大于人的重力，人具有向上的合力．故B正确；C、地面对人的作用力与人对地面的作用力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故C错误；D、人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，故D错误，故选B【思路点拨】人对地的作用力与地对人的作用力是一对作用力和反作用力，人之所以能跳起离开地面，可以对人进行受力分析，人具有向上的合力．解决本题的关键是区别作用力和反作用力与平衡力．【题文】4.在平直道路上，甲车以速度v匀速行驶。
安徽省合肥市第六中学2022届高三上学期第一次月考试物理试题 Word版含答案
合肥六中2022届高考高三第一次段考 物理试卷（考试时间：90分钟 试卷分值：100分）一．选择题（每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
） 1．如图所示，斜面与水平面夹角为θ，在斜面上空A 点水平抛出两个小球a 、b ，初速度分别为v a 、v b ，a 球落在斜面上的N 点，而AN 恰好垂直于斜面，而b 球恰好垂直打到斜面上M 点，则（ C ）A ．a 、b 两球水平位移之比4v a :v bB ．a 、b 两球水平位移之比v a 2 :v b 2C ．a 、b 两球下落的高度之比4v a 2 :v b 2D ． a 、b 两球下落的高度之比2v a 2 :v b 21．一块足够长的白板，位于水平桌面上，处于静止状态．一石墨块（可视为质点）静止在白板上．石墨块与白板间有摩擦，动摩擦因数为μ=0.2．突然给白板一初速度v 0=3m/s ，a=﹣3m/s 2做匀变速直线运动直到停止，石墨块将在板上划下黑色痕迹．在最终石墨块也不再运动时，白板上黑色痕迹的长度是（已知重力加速度为g ，不计石墨与板摩擦划痕过程中损失的质量）（ B ） A ．0 B ．0.9 m C ．0.72m D ．0.78m3．假设地球可视为质量均匀分布的球体。
已知地球表面重力加速度在两极的大小为g 0，在赤道的大小为g ；地球自转的周期为T ，引力常量为G 。
地球的密度为( B ) A.0203πg gGT g －B.23πGT 00g g g － C.23πGTD.23πGT 0g g4．如图所示，在水平地面上放置一倾角为θ的斜面体，斜面体的顶端有一光滑的定滑轮，一根跨过定滑轮的细绳将质量为M 的盒子A 与质量为m 的物体B 相连，现向A 中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止。
在加入沙子的过程中，下列说法正确的是（ C ） A. 绳子的拉力渐渐增大 B. A 所受的摩擦力渐渐增大 C. A 对斜面的压力渐渐增大 D. 地面对斜面体的摩擦力渐渐增大5．如图所示，质量为m 的小球用长为L 的细绳与O 点相连，开头时小球位于A 点OA 长为L ，在OA 的垂直平分线BC 和虚线OD 的交点处有一小钉，虚线OD 与水平方向的夹角θ＝37°，当小球由静止释放，小球运动到最低点时，细绳刚好断开（不考虑细绳与小钉碰撞的能量损失），则绳能承受的最大拉力为（ D ） A ．2mg B ．3mg C ．4mg D ．5mg6．如图（a ）所示，质量为m 的小球放在光滑水平面上，在界线MN 的左方始终受到水平恒力F 1作用，在MN 的右方除受F 1外还受到与F 1在同一条直线上的水平恒力F 2的作用．小球从A 点由静止开头运动，运动的v ﹣t 图象如图（b ）所示，由图可知下列说法中错误的是（ B ）A ．t=4s 时，小球返回，经过界线MNB ．F 1与F 2的比值大小为1：2C ．F 2的大小为mv 1D ．小球向右运动的过程中，F 1与F 2做功的确定值相等7．如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m 的光滑弧形槽静止放在光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，一个质量也为m 的小物块从槽高h 处开头自由下滑，下列说法正确的是（ B ） A ．在下滑过程中，物块的机械能守恒 B ．物块被弹簧反弹后，做匀速直线运动 C ．在下滑过程中，物块和槽的动量守恒 D ．物块被弹簧反弹后，能回到槽高h 处8．“水流星”是一种常见的杂技项目，该运动可以简化为轻绳一端系着小球在竖直平面内的圆周运动模型。
上海市崇明区2019年高三第一学期期末(一模)学科质量检测物理试题及答案(word版)
崇明区2018-2019学年等级考第一次模拟考试试卷物 理考生注意：1．试卷满分100分，考试时间60分钟。
2．本考试分设试卷和答题纸。
试卷包括三部分，第一部分为选择题，第二部分为填空题，第三部分为综合题。
3．答题前，务必在答题纸上填写学校、姓名、考场号和座位号，并将核对后的条形码贴在指定位置上。
作答必须涂或写在答题纸上，在试卷上作答一律不得分。
第一部分的作答必须涂在答题纸上相应的区域，第二、三部分的作答必须写在答题纸上与试卷题号对应的位置。
一、选择题（共40分，1-8题每题3分，9-12题每题4分。
每题只有一个正确选项）1．下列物理量中属于标量的是 (A) 电压 (B) 力(C) 电场强度(D) 加速度2．加速度的定义式是(A)22sa t=(B)F a m=(C)a t∆=∆v(D)2a r=v3．气体分子热运动的平均动能取决于气体的(A) 体积 (B) 温度(C) 压强(D) 密度4．如图所示，两个半径不同的轮子摩擦传动不打滑，则具有相同角速度的两点是 (A) A 和B (B) C 和B (C) A 和D (D) A 和C 5．质点作简谐振动的位移x 随时间t 变化的规律如图所示，该质点在t 1与t 2时刻 (A) 位移相同(B) 速度相同 (C) 加速度相同 (D) 回复力相同6．某闭合电路中，干电池电动势为1.5V ，工作电流为1A ，则(A) 电源内电压为1.5V (B) 电源路端电压为1.5V(C) 电路中每秒非静电力做功1.5J(D) 电路中有1.5J 的化学能转变成电能7．物体以某初速度竖直上抛，4s 时到达抛出点上方6米高处，如果要在抛出2s 时到达该处，则上抛初速度需要 (A) 更大些 (B) 相等 (C) 更小些 (D) 更大和更小均可以 8．一定质量的理想气体状态变化过程中，其压强p 与摄氏温度t 的变化规律如图中直线ab 所示（直线ab 延长线通过坐标原点），根据图像可以判定a 、b 两点的体积大小(A)a b V V = (B)a b V V >(C)a b V V <(D)无法判断9．有种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．某顾客乘该扶梯上楼， 正好经历了加速和匀速这两个过程．能正确反映乘客在这两个过程中的受力示意图的是10．如图所示，AB 、AC 两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB 与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a 、b 两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，当两球均下滑到支架底端时，两球(A) 下滑的时间相等(B) 下滑过程中重力做功相等(C) 到底端时的速率相等 (D) 到底端时的动能相等 11．如图所示的电路中，电源电动势为ε、内电阻为r ，当滑动变阻器R 的滑片P 位于中点时，A 、B 、C 三个灯泡均正常发光，且亮度相同，则 (A) 三个小灯泡中，A 灯电阻最大，B 灯电阻最小 (B) 当滑片P 移动时，若A 灯变亮，则C 灯变暗 (C) 当滑片P 移动时，若B 灯变亮，则C 灯变亮 (D) 当滑片P 移动时，A 、B 两灯不可能同时变亮12．如图，两个等量正点电荷位于垂直于x 轴的连线上，相对原点O 对称分布，则x 轴上电场强度E 与位置x 的关系可能是二、填空题（每题4分，共20分）13．如图所示是两个相干波源发出的水波，实线表示波峰，虚线表示波谷．已知两列波的振RPBCA ,r ε AB C a b 30° υ幅都为10cm ，C 点为AB 连线的中点．图中A 、B 、C 、D 、E 五个点中，振动减弱的点是 ，A 点的振幅为 cm ．14．如图是在“用DIS 测定位移和速度”实验中得到小车的s t -图像，虚线为1.0s 末图像的切线，则由图像可知，小车在1.0－1.5s 内平 均速度大小为 m/s ；1.0s 末小车的瞬时速度大小为 m/s ．15．若将一个电量为102.010C -⨯的正电荷，从零电势点移到电场中M 点要克服电场力做功98.010J -⨯，则M 点的电势是 V ；若再将该电荷从M 点移到电场中的N 点，电场力做功81.810J -⨯，则M 、N 两点间的电势差MN U = V ． 16．如图所示，原点O 沿y 方向做了一次全振动后停止在平衡位置．形成了一个向右传播的横波．设在0t =时刻的波形如图所示，6s t =时M 点开始振动，则该 波的周期为 s ，在11s t =时M 点离其平衡位置的位移为 m ．17．如图所示电路，电源电动势为3V ，内阻为1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω．闭合电键，在滑片从a 移到b 的过程中，电源总功率的最小值为 W ，变阻器消耗的最大功率为 W ．三、综合题（共40分）注意：第19、20题在列式计算、逻辑推理以及回答问题过程中，要求给出必要的图示、文字说明、公式、演算等。
【名师解析】辽宁省沈阳市东北育才学校2015届高三上学期第一次模拟考试物理试题 Word版含解析
【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，为高三一轮复习打下坚实的基础，是份非常好的试卷。
一、选择题：（1-9题只有一个选项正确，10-12题有不只一个选项正确，每小题4分，选对但不全得2分，满分48分）【题文】1．有一列火车正在做匀加速直线运动．从某时刻开始计时，第1分钟内，发现火车前进了180 m ．第6分钟内，发现火车前进了360 m ．则火车的加速度为( )A ．0.01 m/s 2B ．0.05 m/s 2C ．36 m/s 2D ．180 m/s 2【知识点】加速度．A1【答案解析】 A 解析： x 6−x 1＝5aT 2，所以a=61223601805560x x T --=⨯ =0.01m/s 2．故A 正确，B 、C 、D 错误．故选A ．【思路点拨】 根据匀变速直线运动在相邻的相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT 2，即可求解加速度．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论在相邻的相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT 2．【题文】2．一煤块由静止放到水平向右匀速运动的白色传送带上，煤块在传送带上划出一段黑色的痕迹，若以传送带为参考系，则煤块在传送带上划痕的过程可描述为( )A ．向右做匀加速运动B ．向右做匀减速运动C ．向左做匀减速运动D ．向左做匀加速运动【知识点】牛顿第二定律；参考系和坐标系．A1 C2【答案解析】 C 解析： 煤块先向右匀加速运动，当速度与传送带相同时，一起匀速直线运动；以传送带为参考系，煤块有向左的初速度，又受到向右的滑动摩擦力，故向左做匀减速直线运动，直到与皮带相对静止；故选：C ．【思路点拨】 传送带向右匀速传动，煤块由静止放到传送带上，相对传送带向左滑动，故会受到向右的滑动摩擦力，从而由静到动，是加速，直到与传送带相对静止，之后一起向右运动．本题关键是先分析清楚煤块相对地面的运动情况，然后再以皮带为参考系，分析清楚煤块的运动情况．【题文】3．一条悬链长5.6m ，从悬点处断开，使其自由下落，不计空气阻力．则整条悬链通过悬点正下方12.8 m 处的一点所需的时间是(g 取10 m/s 2) ( )A ．0.3 sB ．0.4 sC ．0.7 sD ．1.2 s【知识点】自由落体运动．A3【答案解析】B 解析： 设链条的长度为L ，经t 1链条的下端经过该点，经t 2链条的上端经过该点，则h=12gt 12，得t 1===2s h-L=12gt 22，得t 2==1.6s 则△t=t 2-t 1=0.4 s ，故B 正确．故选：B 【思路点拨】抓住链条的上下两端经过同一点的时间位移关系列式即可求解．本题主要考查了自由落体运动位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．【题文】4．如图所示，整个装置静止时，绳与竖直方向的夹角为30°.AB 连线与OB 垂直．若使带电小球A 的电量加倍，带电小球B 重新稳定时绳的拉力为( )A ．G cos30°B ．G cos60°C ．G cos45°D ．2G【知识点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．B1 B4【答案解析】A 解析：对小球B 受力分析，并采用合成法如题图所示，即使球B 到达新的平衡，总是满足：△OBA ∽△BGT ′则/OA OB G T得：T ′=G •OB OA=Gcos30°故选：A ． 【思路点拨】对小球B 受力分析，根据三角形相似法求绳子拉力大小．本题考查了力的动态平衡问题，当物体受到的三个力中有两个力的方向都在变化时，经常用三角形相似法．【题文】5．如图甲所示，某人正通过定滑轮将质量为m 的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a 与绳子对货物竖直向上的拉力T 之间的函数关系如图乙所示．由图可以判断( )A ．图线与纵轴的交点M 的值a M ＝－g/2B ．图线与横轴的交点N 的值T N ＝mgC ．图线的斜率等于物体的质量mD ．以上答案都不对【知识点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．A5 C2A 、当T=0时，a=-g ，即图线与纵轴的交点M 的值a M =-g ，故A 错误；B 、当a=0时，T=mg ，故图线与横轴的交点N 的值T N =mg ，故B 正确；C 、D 、图线的斜率表示质量的倒数1m，故C 、D 错误；故选B ． 【思路点拨】对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律求出加速度的一般表达式进行分析．本题关键是根据牛顿第二定律求出加速度的一般表达式进行讨论．【题文】6．如图所示，一轻绳通过一光滑定滑轮，两端各系一质量分别为m 1和m 2的物体，m 1放在地面上，当m 2的质量发生变化时，m 1的加速度a 的大小与m 2的关系图象大体如下图中的( )【知识点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．B3 C2 【答案解析】D 解析：当m 2≤m 1时，m 1不动，加速度为零．当m 2＞m 1，对整体运用牛顿第二定律得，a ＝21112122(1)m g m g m g m m m m -=-++，当m 2的质量增大时，加速度增大，最终趋向于g ．故D 正确，A 、B 、C 错误．故选D ．【思路点拨】m 1和m 2的整体分析，因为一旦物体开始运动，两物体具有相同的加速度大小，根据牛顿第二定律判断m 1的加速度a 的大小与m 2的关系．对于两物体而言，一旦运动，两者的加速度大小相等，运用整体法解决比较方便．【题文】7．如图所示为杂技“顶杆”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M 的竖直竹竿，当竿上一质量为m 的人以加速度a 加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为( )A ．(M ＋m )g －maB ．(M ＋m )g ＋maC ．(M ＋m )gD ．(M －m )g【知识点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．B1 C2【答案解析】 A 解析：对竿上的人分析：受重力mg 、摩擦力F f ，有 mg-F f =ma ；所以 F f =m （g-a ），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力--摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力Mg 、竿上的人对杆向下的摩擦力F f′、顶竿的人对竿的支持力F N ，有Mg+F f′=F N ，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到F N′=Mg+F f′=（M+m ）g-ma ．故选：A ．【思路点拨】竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了．由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了．【题文】8．如图，质量为m 1和m 2的两个物体用细线相连，在大小恒定的拉力F 作用下，先沿水平面，再沿斜面(斜面与水平面成θ角)，最后竖直向上运动．则在这三个阶段的运动中，细线上张力的大小情况是()A ．由大变小B ．由小变大C ．始终不变D ．由大变小再变大【知识点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．B3 C2【答案解析】 C 解析： 设物体与接触面的动摩擦力因素为μ，在水平面有： a 1=121212()F m m g F g m m m m μμ-+=-++对m 1进行受力分析则有： T 1-μm 1g=m 1a 1=112m F m m +-μm 1g 所以T 1=112m F m m +在斜面上有： a 2=121212()cos (m )sin F m m g m g m m μθθ-+-++对m 1进行受力分析则有： T 2-μm 1gcos θ-mgsin θ=m 1a 2解得T 2=112m F m m +竖直向上运动运动时有： a 3=1212()F m m g m m -++对m 1进行受力分析则有：T 3-m 1g=m 1a 3解得：T 3=112m F m m +所以绳子的拉力始终不变，故C正确故选C【思路点拨】先对整体进行受力分析求出整体加速度，再对m1进行受力分析，根据牛顿第二定律求出细线上的弹力，m1的加速度和整体加速度相同．本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，注意整体法和隔离法在题目中的应用，难度适中【题文】9．如图中a、b是两个位于固定斜面上的正方形物块，它们的质量相等．F是沿水平方向作用于a上的外力．已知a、b的接触面，a、b与斜面的接触面都是光滑的．正确的说法是()A．a、b一定沿斜面向上运动B．a对b的作用力沿水平方向C．a、b对斜面的正压力相等D．a受到的合力沿水平方向的分力等于b受到的合力沿水平方向的分力【知识点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．B3 B4 C2【答案解析】 D 解析：A、AB整体受重力、支持力及水平方向的推力，沿平行斜面和垂直斜面方向建立直角坐标系，将重力及水平推力正交分解，有可能重力下滑分力大于水平推力平行斜面向上的分力，故AB有可能沿斜面向下运动，故A错误；B、a对b的作用力是弹力，与接触面垂直，故平行斜面向上，故B错误；C、分别分析A、B的受力情况：物体B受重力、支持力及沿斜面向上的A的推力，故对斜面的压力等于重力的垂直分力；对A分析，A受重力、支持力、水平推力；支持力等于重力垂直于斜面的分力及水平推力沿垂直于斜面的分力的合力，故A、B对斜面的压力大小不相等，故C错误；D、因AB沿斜面方向上的加速度相等，故AB受到的合力相等．故D正确．故选：D．【思路点拨】对AB整体进行受力分析可知整体受力情况及可能的运动情况；分别隔离AB 进行受力分析，可知它们对斜面的压力及水平方向的分力大小关系；根据牛顿第二定律比较合力的大小关系．本题中没有明确说明推力与重力的大小关系，故AB运动情况有多种可能，因此在解题时应全面考虑，讨论物体运动可能的情况，利用牛顿运动定律进行分析讨论．【题文】10．如图，一辆运送沙子的自卸卡车装满沙子，沙粒之间的动摩擦因数为μ1，沙子与车厢底部材料的动摩擦因数为μ2，车厢的倾角用θ表示(已知μ2>μ1)，下列说法正确的是()A．要顺利地卸干净全部沙子，应满足tanθ>μ2B．要顺利地卸干净全部沙子，应满足sinθ>μ2C．只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足μ2>tanθ>μ1D．只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，应满足μ2>μ1>tanθ【知识点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．B2 B4【答案解析】 AC 解析： A、B、由题，μ2＞μ1，可知越是上层的沙子越容易卸下，当与车厢底部接触的沙子从车上卸下时，全部沙子就能顺利地卸干净，则有 mgsinθ＞μ2mgcosθ，得tanθ＞μ2．故A正确，B错误．C、D、与车厢底部不接触的沙子卸下，而与车厢底部接触的沙子未卸下时，只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，这时，应有 mgsinθ＞μ1mgcosθ，mgsinθ＜μ2mgcosθ，得足μ2＞tanθ＞μ1．故C正确，D错误．故选：AC．【思路点拨】当与车厢底部接触的沙子从车上卸下时，全部沙子就能顺利地卸干净，此时沙子所受的重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力．当与车厢底部不接触的沙子卸下，而与车厢底部接触的沙子未卸下时，只卸去部分沙子，车上还留有一部分沙子，根据重力的分力与最大静摩擦力的关系，求出tanθ满足的条件．本题是实际的情景，实质上考查对最大静摩擦力的理解能力，当外力大于最大静摩擦力时，物体将发生相对滑动．【题文】11．如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ.斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦，用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．则()A．地面对楔形物块的摩擦力方向水平向左B．地面对楔形物块的摩擦力方向水平向右C．地面对楔形物块的支持力大小为(M＋m)g＋F sinθD．地面对楔形物块的支持力大小为(M＋m)g－F sinθ【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3 B4【答案解析】 BD 解析：以物块m和楔形物块M整体为研究对象，分析受力情况，如图，由平衡条件得地面对楔形物块支持力大小为：N=（M+m）g-Fsinθ地面对楔形物块有向右的摩擦力大小为：f=Fcosθ．所以选项AC错误，BD正确．故选BD【思路点拨】物块m匀速上升，受力平衡，合力为零．楔形物块M始终保持静止合力也为零，将两个物体看成整体进行研究，根据平衡条件求解地面对楔形物块支持力和摩擦力．本题采用整体法处理两个物体的平衡问题，也可以采用隔离法研究．【题文】12．用同种材料制成倾角为30°的斜面和长水平面，斜面长2.4 m且固定，一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度v0开始自由下滑，当v0＝2 m/s时，经过0.8 s后小物块停在斜面上．多次改变v0的大小，记录下小物块从开始运动到最终停下的时间t，作出t －v0图象，如图所示，则下列说法中正确的是(g＝10 m/s2) ()A ．小物块在斜面上运动时加速度大小为2.5 m/s 2B ．小物块在斜面上运动时加速度大小为0.4 m/s 2C ．小物块与该种材料间的动摩擦因数为32D ．由图可推断若小物块初速度继续增大，小物块的运动时间也随速度均匀增大【知识点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．A5 C2【答案解析】 AC 解析：A 、从图象可知加速度为a=0v t=2.5 m/s 2，故A 正确，B 错误； C 、根据牛顿第二定律有ma=μmgcos θ-mgsin θ，得到μ=3，故C 正确；D 、随着初速度增大，小物块会滑到水平面上，规律将不再符合图象中的正比关系，故D 错误．故选AC 【思路点拨】 （1）小物块在斜面上下滑做匀减速直线运动，根据速度时间公式a=0v t 求出加速度的大小．（2）根据牛顿第二定律，求出小物块与该种材料间的动摩擦因数．（3）随着初速度增大，小物块会滑到水平面上，规律将不再符合图象中的正比关系。
山东师大附中2021届高三(上)第一次模考物理试题 Word版含解析
2022-2021学年山东师大附中高三（上）第一次模考物理试卷一、选择题（本题包括20个小题，共60分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分．）1．17世纪，意大利物理学家伽利略依据“伽利略斜面试验”指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是由于受到摩擦阻力的原因，你认为下列陈述正确的是（）A．该试验是一抱负试验，是在思维中进行的，无真实的试验基础，故其结果是荒谬的B．该试验是以牢靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽视次要因素，从而更深刻地反映自然规律C．该试验证明白亚里士多德“力是维持物体运动的缘由”的结论D．该试验为牛顿第肯定律的提出供应了有力的试验依据【答案】BD【命题立意】本题旨在考查伽利略争辩自由落体运动的试验和推理方法。
【解析】AB、伽利略的斜面试验是以牢靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽视次要因素，推理得出的结论，所以A错误B正确；C、伽利略由此推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的缘由，而是转变物体运动状态的缘由，故C错误；D、牛顿总结了前人的阅历，指出了物体运动的缘由，即牛顿第肯定律，故D正确。
故选：BD2．小球做自由落体运动，与地面发生碰撞，反弹后速度大小与落地速度大小相等．若从释放小球时开头计时，且不计小球与地面发生碰撞的时间，则小球运动的速度图线可能是图中的（）A．B．C．D．【答案】D【命题立意】本题旨在考查自由落体运动、竖直上抛运动。
【解析】A、小球与地面碰撞时，速度大小不变，但方向发生突变，A图中速度没有突变，故A错误；B、小球与地面碰撞时，速度大小不变，但方向发生突变，B图中速度没有突变，故B错误；、C、由图象可以看出，速度先减小到零，再反向增加到原来的值（竖直上抛运动），然后反弹（速度大小不变、方向突变），再重复这种运动，是上抛运动，故C错误；D、由图象可以看出，速度先增加（自由落体运动），然后反弹（速度大小不变、方向突变），再减小到零（竖直上抛运动中的上升过程），再重复这种运动，故D正确。
2023届黑龙江省大庆市大庆中学高三上学期一模适应性物理试题(word版)
2023届黑龙江省大庆市大庆中学高三上学期一模适应性物理试题(word版)一、单选题(★★★) 1. 一质量为m的小球在空中由静止释放，若小球运动过程中受到的空气阻力与速度成正比，用v和a分别表示小球下落的速度和加速度的大小，t表示时间。
则关于小球下落过程的运动描述，下列图象可能正确的是（）A．B．C．D．(★★★) 2. 如图所示，开关S闭合后，带电质点P在平行金属板中处于静止状态。
则（）A．质点P一定带正电B．滑片向a端移动时，两只电表的示数均增大C．滑片向a端移动时，质点P将向上板运动D．若将开关S断开，质点P将向下板运动(★★) 3. 某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为。
一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽，该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过。
设落潮时，海水自西向东流，流速为。
下列说法正确的是（）A．河北岸的电势较低B．河南岸的电势较高C．电压表记录的电压为D．电压表记录的电压为(★★★) 4. 如图所示，光滑半圆形轨道MAN固定在竖直平面内，MN为水平直径，一轻质小环A套在轨道上，轻绳一端固定在M点，另一端穿过小环系一质量为m的小球恰好静止在图示位置，不计所有摩擦，重力加速度大小为g。
下列说法正确的是（）A．轻绳对M点拉力的大小为B．轻绳对M点拉力的大小为2mgC．轻绳对小环A作用力的大小为D．轻绳对小环A作用力的大小为2mg(★★★) 5. 如下图，半径为R的圆心区域中充满了垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，一不计重力的带电粒子从图中A点以速度垂直磁场射入，速度方向与半径方向成角，当该粒子离开磁场时，速度方向恰好改变了，下列说法正确的是（）A．该粒子带正电B．该粒子的比荷为C．该粒子出磁场时速度方向的反向延长线通过O点D．该粒子在磁场中的运动时间为(★★★) 6. 如图所示，一个倾角为θ=30°的光滑斜面固定在水平面上，不可伸长的轻绳一端固定在斜面上的O点，另一端系一个质量为m的小球（可视为质点），绳长为L，在O点沿斜面向下处的P点钉一枚与斜面垂直的钉子。
2023届河南省湘豫名校联考高三上学期第一次模拟考试理综物理试题(word版)
2023届河南省湘豫名校联考高三上学期第一次模拟考试理综物理试题(word版)一、单选题(★★★) 1. 从1907年起，美国物理学家密立根就开始以精湛的技术测量光电效应中几个重要的物理量。
他通过如图甲所示的实验装置测量某金属的遏止电压U e与入射光频率，作出如图乙所示的图像，图像与横轴的交点坐标为（a，0），其反向延长线与纵轴的交点坐标为（0，- b），由此算出普朗克常量h。
并与普朗克根据黑体辐射测出的h相比较，以检验爱因斯坦光电效应方程的正确性。
下列说法正确的是（）A．入射光的频率越大，a的值越大B．入射光的频率越大，b的值越大C．图甲中极板A连接电源的正极D．由乙图可求出普朗克常量(★★) 2. 篮球比赛时超远距离三分投篮会点燃全场观众的激情。
若某运动员在比赛时，以角将篮球斜向上抛出，篮球以与水平面成角从篮框中心准确入框（已知）。
若抛出时篮球离篮框中心的水平距离为7.8m，不计空气阻力，篮球可视为质点。
则抛出时篮球与篮框中心的高度差为（）A．0.865m B．0.925 m C．0.975 m D．1.025 m(★★) 3. 某静电场中x轴上各点的电场强度方向均与x轴重合，以x轴负方向为电场强度的正方向，电场强度E随x的变化规律如图所示。
- d~ d间的图象关于对称。
下图分别表示x轴上各点的电势φ随x变化的图象，其中可能正确的是（）A．B．C．D．(★★★) 4. 科学家探测到一颗离地球距离最近的人类易居行星，测得该行星的密度为ρ，半径为R，已知引力常量为G，若在该行星上发射一颗卫星绕其做圆周运动。
下列关于该卫星运行的物理量，描述错误的是（）A．卫星的最大运行速度大小为B．卫星的最大加速度大小为C．卫星的最大运行角速度为D．卫星与行星中心连线单位时间内扫过的最小面积为二、多选题(★★★) 5. 如图所示，四条长度相等的长直导线a、b、c、d分别处在正方形的四个顶点上，垂直于正方形平面固定放置，O为正方形的中心。
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物理试题一.选择题14. 如图所示，重力为G 的风筝用轻细绳固定于地面上的P 点，风的作用力垂直作用于风筝表面AB ，风筝处于静止状态。
若位于P 点处的拉力传感器测得绳子拉力大小为T ，绳与水平地面的夹角为α。
则风筝表面与水平面的夹角φ满足（ ） A ． cos tan sin T G T αϕα=+ B ． sin tan cos T G T αϕα=+C ． sin tan cos G T T αϕα+=D ． cos tan sin G T T αϕα+=15. 如图所示，用传送带给煤车装煤，平均每5 s 内有5000kg 的煤粉落于车上，由于传送带的速度很小，可认为煤粉竖直下落。
要使车保持以0.5 m/s 的速度匀速前进，则对车应再施以向前的水平力的大小为（ ） A. 50N B. 250N C. 500ND.750N16. 如图所示，两个相同材料制成的水平摩擦轮A 和B ，两轮半径R A =2R B ，A 为主动轮。
当A 匀速转动时，在A 轮边缘处放置的小木块恰能相对静止在A 轮的边缘上，若将小木块放在B 轮上让其静止，木块离B 轮轴的最大距离为（ ） A.8B R B. 2B R C. R B D. 4B R17. 如图所示，一个带正电荷q 、质量为m 的小球，从光滑绝缘斜面轨道的A 点由静止下滑，然后沿切线进入竖直面上半径为R 的光滑绝缘圆形轨道，恰能到达轨道的最高点B 。
现在空间加一竖直向下的匀强电场，若仍从A 点由静止释放该小球（假设小球的电量q 在运动过程中保持不变，不计空气阻力），则( ) A ．小球一定不能到达B 点 B ．小球仍恰好能到达B 点C ．小球一定能到达B 点，且在B 点对轨道有向上的压力D ．小球能否到达B 点与所加的电场强度的大小有关18. 已知某质点沿x 轴做直线运动的坐标随时间变化的关系为52n x t =+，其中x 的单位为m ，时间t 的单位为s ，则下列说法正确的是（ ）A. 若n =1，则物体做匀速直线运动，速度大小为2m/sB. 若n =2，则物体做匀变速直线运动，初速度大小为5m/s ，加速度大小为4m/s 2C. 若n =3，则物体做加速度越来越大的加速直线运动D. 若n =3，则物体做加速度越来越小的加速直线运动 19. 三体问题是天体力学中的基本模型，即探究三个质量、初始位置和初始速度都任意的可视为质点的天体，在相互之间万有引力的作用下的运动规律。
三体问题同时也是一个著名的数学难题，1772年，拉格朗日在“平面限制性三体问题”条件下找到了5个特解，它就是著名的拉格朗日点。
在该点上，小天体在两个大天体的引力作用下能基本保持相对静止。
右图是日地系统的5个拉格朗日点（L 1、L 2、L 3、L 4、L 5），设想未来人类在这五个点上都建立了太空站，若不考虑其它天体对太空站的引力，则下列说法正确的是（ ） A. 位于L 1点的太空站处于受力平衡状态 B. 位于L 2点的太空站的线速度大于地球的线速度C. 位于L 3点的太空站的向心加速度大于位于L 1点的太空站的向心加速度D. 位于L 4点的太空站受到的向心力大小等于位于L 5点的太空站受到的向心力大小 20．一滑块从固定的斜面底端冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回斜面底端。
下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v 、动能E k 、重力势能E P 、机械能E 随时间t 或x （偏离出发点的距离）变化的图象，选斜面底端为零势能面，则下列图象可能正确的是（ ）tvAOOOOE kxBE ptCExD21. 如图所示，某人从同一位置O 以不同的水平速度投出三枚飞镖A 、B 、C ，最后都插在竖直墙壁上，它们与墙面的夹角分别为60°、45°、30°，图中飞镖的取向可认为是击中墙面时的速度方向，不计空气阻力。
则下列说法正确的是（ ）A. 三只飞镖做平抛运动的初速度一定满足000A B C v v v >>B. 插在墙上的三只飞镖的反向延长线一定交于同一点C. 三只飞镖击中墙面的速度满足AB C v v v <<D. 三只飞镖击中墙面的速度一定满足=A CB v v v >二、非选择题22．（7分）利用如图所示的实验装置可以测定瞬时速度和重力加速度。
实验器材有：固定在底座上带有刻度的竖直钢管，钢球吸附器（可使钢球在被吸附后由静止开始下落），两个光电门（可用于测量钢球从第一光电门到第二光电门的时间间隔），接钢球用的小网。
实验步骤如下：A ．如图所示安装实验器材。
B ．释放小球，记录小球从第一光电门到第二光电门的高度差h 和所用时间t ，并填入设计好的表格中。
C ．保持第一个光电门的位置不变，改变第二个光电门的位置，多次重复实验步骤B 。
求出钢球在两光电门间运动的平均速度v 。
D ．根据实验数据作出v t -图象，并得到斜率k 和截距b 。
60° 30° 45°A BC O根据以上内容，回答下列问题：（1）根据实验得到的v t-图象，可以求出重力加速度为g= ，钢球通过第一个光电门时的速度为v1= 。
（2）如果步骤C中改为保持第二个光电门的位置不变，改变第一个光电门的位置，其余的实验过程不变，同样可以得到相应的v t-图象，以下四个图象中符合规律的是。
23.（10分）利用如图所示①的电路测定电源的电动势和内电阻。
（1）若闭合电键S1，将单刀双掷电键S2掷向a，改变电阻箱R的阻值得到一系列的电压表的读数U。
则由于未考虑电压表分流导致电动势的测量值与真实值相比，内阻的测量值与真实值相比。
（填“偏大”“相等”或“偏小”)（2）若断开S1，将单刀双掷电键S2掷向b，改变电阻箱R的阻值得到一系列的电流表的读数I。
则由于未考虑电流表分压导致电动势的测量值与真实值相比，内阻的测量值与真实值相比。
(填“偏大”“相等”或“偏小”)（3）某同学分别按照以上两种方式完成实验操作之后，利用图线处理数据，得到如下两个tAtDtBtC图象（如图②和③所示），纵轴截距分别是b 1、b 2，斜率分别为k 1、k 2。
综合两条图线的数据可以避免由于电压表分流和电流表分压带来的系统误差，则电源的电动势E = ，内阻r = 。
24. （12分）有一个匀强电场，电场线和坐标平面xOy 平行，以原点O 为圆心，半径为r =10cm 的圆周上任意一点P 的电势40sin 25ϕθ=+（V ），θ为O 、P 两点的连线与x 轴正方向所成的角， A 、B 、C 、D 为圆周与坐标轴的四个交点，如图所示。
（1）求该匀强电场场强的大小和方向。
（2）若在圆周上D 点处有一个α粒子源，能在xOy 平面内发射出初动能均为200eV 的αabS 1 R VAS 2图①O/A-1R /Ωb 2 O/V-1/Ω-1b 1图②图③粒子（氦核）。
当发射的方向不同时，α粒子会经过圆周上不同的点，在所有的这些点中，α粒子到达哪一点的动能最大？最大动能是多少eV ？25. （18分）在光滑的水平面上，有一质量M ＝2kg 的平板车，其右端固定一挡板，挡板上固定一根轻质弹簧，在平板车左端P 处有一可以视为质点的小滑块，其质量m ＝2kg 。
平板车表面上Q 处的左侧粗糙，右侧光滑，且PQ 间的距离L ＝2m ，如图所示。
某时刻平板车以速度v 1＝1m/s 向左滑行，同时小滑块以速度v 2＝5m/s 向右滑行。
一段时间后，小滑块与平板车达到相对静止，此时小滑块与Q 点相距14L 。
（g 取10m/s 2） （1）求当二者处于相对静止时的速度大小和方向； （2）求小滑块与平板车的粗糙面之间的动摩擦因数 ；（3）若在二者共同运动方向的前方有一竖直障碍物（图中未画出），平板车与它碰后以原速率反弹，碰撞时间极短，且碰后立即撤去该障碍物，求小滑块最终停在平板车上的位置。
33．[物理选修3-3]（15分）（1）（5分）下列说法不正确的是（ ）（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A. 物体的温度为0℃时，物体的分子平均动能为零B. 两个分子在相互靠近的过程中其分子力逐渐增大，而分子势能先减小后增大C. 密封在容积不变的容器内的气体，若温度升高，则气体分子对器壁单位面积上的平均作ABC Dy xO P θv 1v 2PQ用力增大D. 第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律E. 一定质量的理想气体，如果在某个过程中温度保持不变而吸收热量，则在该过程中气体的压强一定增大（2）（10分）如图所示，两水平气缸A、B固定，由水平硬质细杆（截面积可忽略）相连的两活塞的横截面积S A=4S B，两气缸通过一根带阀门K的细管（容积可忽略不计）连通。
最初阀门K关闭，A内贮有一定量的气体（可视为理想气体），B内气体极为稀薄（可视为真空），两活塞分别与各自气缸底相距a=20cm，b=25cm，活塞静止。
今将阀门K打开，问：（设整个变化过程气体的温度保持不变，不计活塞与气缸之间的摩擦，外部大气压为p0）①活塞将向（填“左”或“右”）移动；②活塞移动的距离是多少？34．[物理——选修3-4]（15分）（1）（5分）如图所示，在升降机的天花板上固定一摆长为l的单摆，摆球的质量为m。
升左右摆动，且振动周期为T。
已知重力加速度大小降机保持静止，观察到摆球正以小角度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）（选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A. 若仅将摆球的质量增大一倍，其余不变，则单摆的振动周期不变B. 若升降机匀加速上升，利用此单摆来测定当地的重力加速度，则测量值偏大C. 设想当摆球摆到最低点时，升降机突然以加速度g竖直下落，则摆球相对于升降机做匀速直线运动D. 设想当摆球摆到最高点时，升降机突然以加速度g竖直下落，则摆球相对于升降机会保持静止E. 设想当摆球摆到最高点时，升降机突然以大小为g加速度匀加速上升，则摆球相对升降机仍然左右摆动，且振动周期不变（2）（10分）一根玻璃丝的折射率为n=1.6，直径为d=1.5 mm，其形状刚好和四分之一个圆相同，内侧圆弧的半径为R，如图所示。
一束光垂直射到玻璃丝的端面，如果要使整条光束都能被全反射，R的最小值为多少？物理参考答案与评分标准一、选择题（48分）二、实验题22.（1）2k ，b ；（每空2分）（2）C 。
（3分）23. （1）偏小，偏小；（每空1分）（2）相等，偏大；（每空1分） （3）21k ，。
（每空3分）三. 解答题 24.（12分）【解析】（1）由题意可知，在圆和坐标轴的四个交点处的电势为=65V =25V=－15V=25V （2分）由于B 、D 处于同一等势面上，电场线与BD 连线垂直。