山东省武城县二中2015-2016学年高二上学期第二次月考物理试卷
山东省德州市武城第二中学高二物理月考试题带解析
山东省德州市武城第二中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一个电压表由电流表G与电阻R串联而成，如右图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小些，采用下列哪种措施可能加以改进A．在R上并联一个比R小得多的电阻B．在R上并联一个比R大得多的电阻C．在R上串联一个比R小得多的电阻D．在R上串联一个比R大得多的电阻参考答案：B2. 如图所示，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当电键S闭合时（）A．交流电压表V1和V2的示数一定都变小B．交流电压表只有V2的示数变小C．交流电流表A1、A2和A3的示数一定都变大D．只有A1的示数变大参考答案：B【考点】变压器的构造和原理．【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【解答】解：A、当S闭合时，两个电阻并联，电路的总电阻减小，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压不变，副线圈的电流变大，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，所以输电线ab和cd上的电压变大，所以V2的示数变小，故B正确，A错误C、副线圈的电流变大，A2和A1的示数变大，A3的示数减小，故C错误D、A2和A1的示数变大，故D错误故选：B3. 如图所示，T为理想变压器，A1、A2为理想交流电流表，V1、V2 为理想交流电压表，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，原线圈两端接恒压正弦交流电源，当光照增强时( )A．电压表V1示数变小B．电压表V2示数变大C．电流表A1示数变大D．电流表A2示数变大参考答案：CD4. 关于磁场，下面说法中正确的是：（）最早发现通电导线周围存在磁场的科学家是法拉第磁感线可以用细铁屑来模拟显示，因而是真实存在的磁场中某一点磁感应强度的方向，与小磁针静止时N极在该点的受力方向相同若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零参考答案：C5. 人从高处跳到低处时，为了安全，一般都是脚触地后，顺势下蹲，这是为了（）A．减小地面对人的冲量B．使人的动量变化减小C．减小地面对人的作用力D．增大人对地面的压强，这样人触地更稳参考答案：C解：人在和地面接触时，脚尖先着地，顺势下蹲，可以增加人着地的时间，由动量定理可知：（F﹣mg）t=△mv；可以减小动量的变化率，即减小受到地面的冲击力；故ABD错误，C正确故选：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图7所示,长为的导体棒原来不带电,现将一带电荷量为+q的点电荷放在距棒左端R处,当达到静电平衡后,棒上的感应电荷在棒内距右端l/3处产生的场强大小为参考答案：7. 细圆环半径为r，其环面固定在水平面上，电场强度为E的匀强电场与圆环平面平行，环上穿有一电荷量为+q、质量为m的小球，可沿圆环做无摩擦的圆周运动，若小球经A点时速度vA的方向恰与电场线垂直，且圆环与小球间沿水平方向无作用力，则速度vA=____________．当小球运动到与A点对称的B点时，小球对圆环在水平方向的作用力FB=___________.参考答案：8. 有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的峰值为________ V；有效值为________ V；交流电的周期为________ s；频率为________ Hz. 参考答案：10 V5V0.4 s 2.5 Hz(每空1分，共4分)9. 如右图所示，在高处以初速度水平抛出一个带刺飞镖，在离开抛出点水平距离l、2l处有A、B两个小气球以速度匀速上升，先后被飞标刺破（认为飞标质量很大，刺破气球不会改变其平抛运动的轨迹），已知。
山东高二高中物理月考试卷带答案解析
山东高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场强度和电场线，下列说法正确的是（）A．在电场中某点放一检验电荷后，该点的电场强度会发生改变B．由电场强度定义式E=F/q可知，电场中某点的电场强度E与q成反比，与q所受电场力F 成正比C．电荷在电场中某点所受力的方向即为该点的电场强度方向D．初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动的轨迹不一定与电场线重合2.如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势，场强B．电势，场强C．将电荷从A点移到B点电场力做了负功D．将电荷分别放在A、B两点时具有的电势能3.两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（）A．两电阻的阻值为R1大于R2B．两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压C．两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率D．两电阻并联在电路中时，R1的电流小于R2的电流4.对计算任何用电器的电功率都适用的是（）①. ②.③.④.A．①②B．②③C．①④D．③④5.如图所示，用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ（θ与电容器两板间的电压U成正比）．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持d不变，减小S，则θ变小B．保持d不变，减小S，则θ不变C．保持S不变，增大d，则θ变小D．保持S不变，增大d，则θ变大6.如右图所示，带电的平行金属板电容器水平放置，质量相同、重力不计的带电粒子A、B，平行于极板以相同的初速度射入电场，结果打在极板上的同一点P.不计两微粒之间的库仑力，下列说法正确的是（）A．在电场中微粒A运动的时间比B长B．在电场中微粒A B运动的时间相同C．微粒A所带的电荷量比B少D .电场力对微粒A做的功比B少7.如图所示，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为（）A．B．C．D．8.如图所示，一电容为C的平行板电容器，两极板A、B间距离为d，板间电压为U，B板电势高于A板．两板间有M、N、P三点，MN连线平行于极板，N、P连线垂直于极板，M、P两点间距离为L，∠PMN＝θ.以下说法正确的是（）A．电容器带电量为B．两极板间匀强电场的电场强度大小为C．M、P两点间的电势差为D．若将带电量为＋q的电荷从M移到P，该电荷的电势能减少了9.等量异种点电荷的连线和其中垂线如图，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则检验电荷在此全过程中（）A．所受电场力的方向将发生改变B．所受电场力的大小恒定C．电势能一直减小D．电势能先不变后减小的带10.如右图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么()A ．微粒带正、负电荷都有可能B ．微粒做匀减速直线运动C ．微粒做匀速直线运动D ．微粒做匀加速直线运动11.下列物理量中哪些与检验电荷无关（ ） A ．电场强度E B ．电势φC ．电势能E PD ．电场力F12.电压表、电流表均有小量程电流表（表头）改装而成，则下列说法中正确的是（ ） A ．由表头改装成电压表，需给表头串联一个大电阻 B ．由表头改装成电压表，需给表头并联一个大电阻 C ．由表头改装成电流表，需给表头并联一个小电阻 D ．由表头改装成电流表，需给表头串联一个大电阻13.如图所示，带箭头的直线表示某电场的电场线，虚线表示等势线，一个带负电的粒子以一定初速度进入电场，由A 运动到B （轨迹为图中AB 实曲线所示）．设粒子经过A 、B 两点时的加速度和速度分别用a A 、a B 、v A 、v B 表示，则（不计粒子重力）（ ）A ．a A ＞aB B ．a A ＜a BC ．v A ＞v BD ．v A ＜v B14.一台电动机，线圈电阻为R ，电动机正常工作时，两端的电压为U ，通过的电流为I ，工作时间为t ，下列说法中正确的是 ( )A ．电动机消耗的电能为UItB ．电动机消耗的电能为I 2RtC ．电动机线圈产生的热量为I 2RtD ．电动机线圈产生的热量为U 2t/R15.如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中。
山东省德州市武城县第二中学2015-2016学年高二下学期期中考试物理试题 含答案
高二物理模块测试一、选择题(本题共15小题,1—10题为单选题，11—15题为多选题,每小题4分，共60分）1．在匀强磁场中,一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图甲所示，产生的交变电动势的图像如图乙所示，则( )A．t＝0.005 s时线圈平面与磁场方向平行B．t＝0。
010 s时线圈的磁通量变化率最大C．线圈产生的交变电动势频率为100 HzD．线圈产生的交变电动势有效值为311 V2．先后用不同的交流电源给同一盏灯泡供电,第一次灯泡两端的电压随时间按正弦规律变化(如图甲所示)；第二次灯泡两端的电压变化规律如图乙所示.若甲、乙图中的U0、T所表示的电压、周期值是相同的,则以下说法正确的是（)A．第一次,灯泡两端的电压有效值是U0 2B．第二次,灯泡两端的电压有效值是错误!C．第一、第二次,灯泡的电功率之比是2∶9D．第一、第二次,灯泡的电功率之比是1∶53．如图所示，某小型发电站发电机输出的交流电压为500 V,输出的电功率为50 kW，用电阻为3 Ω的输电线向远处送电,要求输电线上损失功率为输电功率的0。
6%,则发电站要安装一升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220 V供用户使用(两个变压器均为理想变压器)。
对整个送电过程，下列说法正确的是（)A．输电线上的损失功率为300 WB．升压变压器的匝数比为1∶100C．输电线上的电流为100 AD．降压变压器的输入电压为4 700 V4.小型手摇发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd,磁极间的磁场视为匀强磁场,方向垂直于线圈中心轴OO′,线圈绕OO′匀速转动，如图所示.矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻,则发电机输出电压（)A．峰值是e0B．峰值是2e0C．有效值是错误!Ne0D．有效值是2Ne05.如图所示电路，电阻R1与电阻R2阻值相同，都为R,和R1并联的D为理想二极管(正向电阻可看作零,反向电阻可看作无穷大)，在A、B间加一正弦交流电u＝202sin 100πt V，则加在R2上的电压有效值为（）A．10 V B．20 VC．15 V D．5错误!V6.如图所示，甲分子固定于坐标原点O，乙分子从无穷远a处由静止释放，在分子力的作用下靠近甲。
山东武城县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题
山东武城县第二中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。
小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题__2_01
嗦夺市安培阳光实验学校度高二上学期第二次月考物理试卷考试时间：90分钟满分：100分一、选择题（1-8为单选题9-12为多选题，每道题4分，共计48分）1、如所示,真空中点有一点电荷,在它产生的电场中有、两点,点的场强大小为,方向与连线成60°角,点的场强大小为,方向与连线成30°角.关于、两点场强、及电势、的关系,正确的是( )A.B.C.,D.,2、两块平行金属板、水平放置.带电情况如图所示,其内部空间有两个悬浮着的小带电液滴和,采用以下哪些办法可使液滴向上做加速运动( )A.使两板靠近—些B.使两板左、右错开一些C.用导线将两板连接一下D.使和粘合在一起3、某人在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50和2.0。
重新调节并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0和24.0。
则这台电动机正常运转时输出功率为( )A.32B.44C.47D.484、在如图所示的电路中,开关闭合后,由于电阻元件发生短路或断路故障,电压表和电流表的读数都增大,则可能出现了下列哪种故障( )A.短路B.短路C.短路 D.断路5、如图所示,在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线,且导线中电流方向水平向右,则阴极射线将会( )A.向上偏转B.向下偏转 C.向纸内偏转D.向纸外偏转6、如图所示,两根相互平行的长直导线过纸面上的、两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流.、、在、的连线上,为的中点,、位于的中垂线上,且、、、到点的距离均相等.关于以上几点处的磁场,下列说法正确的是( )A.点处的磁感应强度为零B.、两点处的磁感应强度大小相等,方向相反C.、两点处的磁感应强度大小相等,方向相同D.、两点处磁感应强度的方向不同7、如图所示, 把、两个相同的导电小球分别用绝缘细线悬挂于和两点,然后使、两球带同种电荷,电量分别为、,已知两球静止时在同一水平面上,两细线与竖直方向的夹角分别为、,不考虑空气阻力的影响,下列分析正确的是( )A.若,则可知两球的电荷量B.若,则可知两球的质量C.若同时剪断两细线,则相同时间内,两球空中下落高度必相同D.若同时剪断两细线,两球在空中运动时,系统机械能守恒8、如图所示,一个电压表由表头和电阻串联而成,但在使用时此电压表的读数总是比准确值稍小一点,采用下列哪种措施可能加以改进( )A.在上串联一个比小得多的电阻B.在上串联一个比大得多的电阻C.在上并联一个比小得多的电阻D.在上并联一个比大得多的电阻9、如图所示,直角三角形区域中存在一匀强磁场,比荷相同的两个粒子(不计重力)沿方向射入磁场,分别从边上的、两点射出,则( ) A.从点射出的粒子速度大B.从点射出的粒子速度大C.从点射出的粒子在磁场中运动的时间长D.两个粒子在磁场中运动的时间一样长10、在如图1所示的电路中,电动,电阻与一电流传感器相连,传感器可以将电路中的电流随时间变化的关系曲线显示在计算机屏幕上,先将开关接2 给电容器充电,再将接1,结果在计算机屏幕上得到如图2所示的曲线,为图像上的一点.若将该曲线描绘在坐标纸上(坐标纸上的小方格图中未画出),纵轴上每图1小格表示0.1,横轴上每小格表示0.1,则曲线与坐标轴所围成的面积约占80个小方格.下列说法正确的是( )A.充电电流由极板穿过电容器内部流向极板B.点的横、纵坐标乘积表示时间内0~流过电流传感器的电荷量C.电容器充电完毕时,所带电荷量约为D.电容器的电容约为11、如图所示,正三角形区域内存在垂直纸面的匀强磁场(未画出),磁感应强度为的边长为,为边的中点.大量质量为、速度为的粒子从点沿不同的方向垂直于磁场方向射入该磁场区域(不计粒子重力),则从边和边射出的粒子在磁场中的运动时间可能为( )A. B. C. D.12、如图所示为一圆形区域的匀强磁场,在点处有一放射源,沿半径方向射出速度为的不同带电粒子,其中粒子1从点飞出磁场,粒子2从点飞出磁场.不考虑带电粒子的重力,则( ) A.带电粒子1与2的比荷的比为 B.带电粒子1与2的比荷的比为 C.带电粒子1与2在磁场中运动时间的比为D.带电粒子1与2在磁场中运动时间的比为二、实验题（共三个小题，每空1分，电路图3分，共16分）13、某同学用多用电表测量二极管的反向电阻。
山东省武城县第二中学2015-2016学年高二上学期期中考试物理试卷Word版含答案
高二物理期中测试一、选择题(本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1. 法拉第是19世纪最伟大的实验物理学家之一，他在电磁学研究方面的卓越贡献如同伽利略、牛顿在力学方面的贡献一样，具有划时代的意义，正是他提出了电场的概念。
同时也是由他首先提出可以用电场线来形象模拟电场。
如图，A 、B 为一条电场线上的两点，以下说法正确的是 ( )A ．E A 与EB 一定不等，A ϕ与B ϕ一定不等B ．E A 与E B 可能相等，A ϕ与B ϕ可能相等C ．E A 与E B 可能相等，A ϕ与B ϕ一定不等D ．E A 与E B 一定不等，A ϕ与B ϕ可能相等2．如图所示电动势为2V 的电源跟一个阻值R ＝9Ω的电阻接成闭合电路，理想电压表示数为1.8V ,则电源的内电阻为（ ）A. 1ΩB. 0.2ΩC. 1.8ΩD. 0.1Ω3．图中a 、b 是两个点电荷，它们的电荷量分别为Q 1、Q 2，MN 是ab 连线的中垂线，P 是中垂线上的一点．下列哪种情况不能使P 点场强方向指向M N 的左侧（ ）A ．Q 1、Q 2都是正电荷，且Q 1>Q 2B ．Q 1是正电荷，Q 2是负电荷，且Q 1>|Q 2|C ．Q 1是负电荷，Q 2是正电荷，且|Q 1|<|Q 2|D ．Q 1、Q 2都是负电荷，且|Q 1|>|Q 2|4．如图所示，a、b直线分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝甲、乙的伏安曲线，若R A、R B表示甲、乙电阻丝的电阻，则以下判断正确的是（）A. a代表的电阻丝较粗B. b代表的电阻线较粗C. R A＞R BD. R A＜R B5. 图中所示是一实验电路图．在滑动触头由b端滑向a端的过程中，下列表述正确的是( )A. 路端电压变小B. 电流表的示数变小C. 电源内阻消耗的功率变小D. 电路的总电阻变大6．如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R 1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表与电流表．初始时S0闭合与S打开，现将S闭合，则( )．A.的读数变大，的读数变小B.的读数变大，的读数变大C.的读数变小，的读数变小D.的读数变小，的读数变大7.如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处．由此可知( )A．O为负电荷B．在整个过程中q的速度先变大后变小C．在整个过程中q的加速度先变大后变小D．在整个过程中，电场力做功为零8．如图所示，一直流电动机与阻值R＝9 Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E＝30 V，内阻r＝1 Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10 V，已知电动机线圈电阻R M＝1 Ω，则下列说法中正确的是( )A．通过电动机的电流为2 AB．电动机的输入功率为20 WC．电动机的热功率为100 WD．电动机的输出功率为80 W9．如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P加速向下移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S10．如图所示，直线A为电源的U－I图线，直线B和C分别为电阻R1、R2的U－I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则( )．A．P1>P2B．P1＝P2C．η1>η2D．η1<η2二、实验题（共20分）11．（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中，某实验小组得到一组电压表、电流表的读数，并由此读数算出被测属丝的电阻值，请问电压表的读数为V（量程3V），电流表的读数为A（量程0.6A），被测属丝的电阻值为________ Ω.12．（6分）如图所示，游标卡尺的读数为______mm（游标尺10刻线处对齐）．螺旋测微器的读数为mm.13．（8分）有一待测的电阻器R x，其阻值在40～50 Ω之间，实验室准备用来测量该电阻器阻值的实验器材有：电压表V(量程0～10 V，内阻约20 kΩ)；电流表A1(量程0～300 mA，内阻约20 Ω)；电流表A2(量程0～800 mA，内阻约4 Ω)；滑动变阻器R1(最大阻值为10 Ω，额定电流为2 A)；滑动变阻器R2(最大阻值为250 Ω，额定电流为0.1 A)；直流电源E(电动势为9 V，内阻约为0.5 Ω)；开关及若干导线．实验要求电表读数从零开始变化，并能多测出几组电流、电压值，以便画出U－I图线．(1) （2分）电流表应选用________(填写器材代号)．(2) （2分）滑动变阻器应选用________(填写器材代号)．(3) （4分）请在如图所示的方框内画出实验电路图．三、计算题(本大题共3小题,共40分。
武城县第二中学2015-2016学年高二5月阶段性测试物理试题 含答案
物理阶段性测试题2016。
5一、选择题1。
下面四幅图片涉及物理学史上的四个重大发现，对此正确的表述是（)A.牛顿根据理想斜面实验,提出力不是维持物体运动的原因B.卡文迪许通过扭秤实验，建立了万有引力定律C。
奥斯特通过实验研究,发现了电流周围存在磁场D。
法拉第通过实验研究，总结出电磁感应现象中感应电流方向的规律2.（多选)如图所示，一簇点电荷的电场线的分布关于y轴对称，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O 为圆心的一个圆周上的四个点，其中,M N在y轴上，Q点在x轴上，则（）A。
M点的电势比P点的电势低B.O、M间的电势差小于N、O间的电势差C。
一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能D。
将一负电荷由M点移到P点，电场力做正功3.如图所示，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为0B ，使该线框从静止开始绕过圆心O ,垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，在线框中产生感应电流,现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化，为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率B t ∆∆的大小应为( ）A.04B ωπB.02B ωπ C 。
0B ωπ D 。
02B ωπ4.如图所示，一载流长直导线和一矩形线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧,且其长边与长直导线平行,已知在0t =到1t t =的时间间隔内，直导线中电流i 发生某种变化，而线框中的感应电流总是沿顺时针方向；线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右，设电流i 正方向与图中箭头所示方向相同，则i 随时间t 变化的图线可能是图中的（ ）5.如图所示,在光滑水平桌面上有一边长为L 、电阻为R 的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为()d d L >的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下，导线框以某一初速度向右运动，0t =时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。
山东省德州市武城二中高二物理上学期第二次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年山东省德州市武城二中高二〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔本大题共10个小题，每一小题4分，共计40分，在每一小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．关于电场和磁场，以下说法正确的答案是〔〕A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向一样B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，如此该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱2．如下列图，电子射线管〔A为其阴极〕，放在蹄形磁铁的N、S两极间，如此荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是〔〕A．向下 B．向上 C．向左 D．向右3．如图甲所示是一火警报警器的局部电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是〔〕A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小4．如下列图，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．如下说法中正确的答案是〔〕A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ〔mg﹣BILsinθ〕D．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ5．如下列图的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片P向b端滑动，如此〔〕A．电灯L变亮，电流表的示数增大B．电灯L变亮，电流表的示数变小C．电灯L变暗，电流表的示数变小D．电灯L变暗，电流表的示数增大6．某电场的电场线分布如下列图〔实线〕，以下说法正确的答案是〔〕A．c点场强大于b点场强B．b和c处在同一等势面上C．假设将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D．假设某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带正电7．直线AB是某电场中的一条电场线．假设有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如下列图，如下关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的答案是〔〕A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB8．如下列图为两根互相平行的通电导线a﹑b的横截面图，a﹑b的电流方向已在图中标出．那么导线a中电流产生的磁场的磁感线环绕方向与导线b所受的磁场力的方向应分别是〔〕A．磁感线逆时针方向，安培力向左B．磁感线逆时针方向，安培力向右C．磁感线顺时针方向，安培力向左D．磁感线顺时针方向，安培力向右9．两根长直通电导线互相平行，电流方向一样，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如下列图．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，如此C处磁场的总磁感应强度大小是〔〕A．0 B．B0C．D．2B010．如下列图，平行板间的匀强电场范围内存在着与电场正交的匀强磁场，带电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好做匀速直线运动，从Q飞出，忽略重力，如下说法正确的答案是〔〕A．磁场方向垂直纸面向里B．磁场方向与带电粒子的电性有关C．带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D．假设粒子带负电，以速度v1由P沿PQ射入，从Q′射出，如此v1＜v0三、实验题〔共20分〕11．〔14分〕〔2014秋•东营区校级期末〕某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：〔1〕用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 mm；〔2〕用多用电表的电阻“×10〞挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，如此该电阻的阻值约为Ω．〔3〕该同学想用伏安法更准确地测量其电阻R，现有的器材与其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1〔量程0～4mA，内阻约50Ω〕电流表A2〔量程0～10mA，内阻约30Ω〕电压表V1〔量程0～3V，内阻约10kΩ〕电压表V2〔量程0～15V，内阻约25kΩ〕直流电源E〔电动势4V，内阻不计〕滑动变阻器R1〔阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A〕滑动变阻器R2〔阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A〕开关S与导线假设干为使实验误差较小，要求测得多组数据进展分析，测量的电路图如下列图，如此选择的电流表是、电压表是、滑动变阻器是〔填写所用器材的代号〕．12．用伏安法测电源电动势和内电阻，电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的〔甲〕、〔乙〕两种可供选用的测量电路．〔1〕为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是．〔2〕由实验数据做出如图〔丙〕所示图线，如此该电源的内电阻r=Ω．〔填〔3〕所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比拟的情况是：E测E真；r测r真．“＞〞或“＜〞〕〔4〕误差出现的原因是．三、计算题〔本大题共4小题，共40分．要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位．〕13．〔10分〕〔2014•淇县校级四模〕如下列图，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：〔1〕通过导体棒的电流；〔2〕导体棒受到的安培力大小以与方向；〔3〕导体棒受到的摩擦力大小与方向．〔2012秋•温州校级期末〕如下列图电路，电灯R1=24Ω，电动机绕组的电阻R0=1Ω，14．〔10分〕当电键S1、S2闭合时，测得电阻R1的电功率是P=96W，理想电流表的读数为I=5A，求此时：〔1〕电源的输出功率；〔2〕电动机的输出功率．15．〔10分〕〔2014秋•东营区校级期末〕如下列图，一个质量为m、电荷量为q，不计重力的带电粒子，从x轴上的P〔a，0〕点，以速度v沿与x轴正方向成60°角射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限．求：匀强磁场的磁感应强度B的大小和粒子通过第一象限的时间．16．〔10分〕〔2011秋•江苏校级期末〕如下列图，在倾角为45°的斜面OA左侧有一竖直档板，档板与斜面OA间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T，档板上有一小孔P，OP=0.6m，现有一质量m=4×10﹣20kg，带电量q=+2×10﹣14C的粒子，从小孔以速度v0=3×104m/s水平射进磁场区域．粒子重力不计．〔1〕粒子在磁场中做圆周运动的半径是多少？〔2〕通过调整粒子进入磁场的速度大小可以控制粒子打到斜面OA时的速度方向，现假设要粒子垂直打到斜面OA上，如此粒子进入磁场的速度该调整为多少？此情况下粒子打到斜面OA的时间又为多少？2015-2016学年山东省德州市武城二中高二〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共10个小题，每一小题4分，共计40分，在每一小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．关于电场和磁场，以下说法正确的答案是〔〕A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向一样B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，如此该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱【考点】电场；磁现象和磁场．【分析】电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定，电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反．磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力与电流元均无关．【解答】解：A、电场中某点的电场强度的方向，与放在该点的正试探电荷，所受电场力方向一样，与负电荷受到的电场力相反，故A正确；B、电流在磁场中某位置受到的磁场力为零，如此该位置的磁感应强度不一定为零，可能电流与磁场方向平行，故B错误；C、把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值，来表示该点电场的强弱，故C正确；D、一小段通电导体在磁场中某位置受到的磁场力为零，如此该位置的磁感应强度不一定为零，还受到放置的位置有关，故D错误；应当选：AC．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关，此题是考查根底知识的好题．磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力与电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量与体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．2．如下列图，电子射线管〔A为其阴极〕，放在蹄形磁铁的N、S两极间，如此荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是〔〕A．向下 B．向上 C．向左 D．向右【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转．从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定如此判断．【解答】解：因为A是阴极，B是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A到B，产生的电流方向是B到A〔注意是电子带负电〕，根据左手定如此，四指指向A，手掌对向N极〔就是这个角度看过去背向纸面向外〕，此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转．应当选：A【点评】此题要掌握左手定如此判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向．〔注：对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向〕3．如图甲所示是一火警报警器的局部电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是〔〕A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R2为用半导体热敏材料制成的传感器，出现火情，温度升高时，其电阻减小．分析外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联局部电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，由图乙知R2的阻值变小，外电路总电阻变小，如此总电流I总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联局部的电压U并=E﹣I总〔R1+r〕，I总变大，其他量不变，如此U并变小，电流表示数I变小．故B正确，ACD错误；应当选：B．【点评】电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构，再按外电路、内电路、外电路的顺序进展分析即可得出正确答案．4．如下列图，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．如下说法中正确的答案是〔〕A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ〔mg﹣BILsinθ〕D．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ【考点】安培力．【分析】对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力．【解答】解：A、根据左手定如此可得导体棒受力分析如下列图．B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，选项A错误；B、根据共点力平衡规律得：BILsinθ+F n=mg，得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg﹣B ILsinθ，选项B正确；C、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为F f=BILcosθ，选项C错误，选项D正确．应当选：BD．【点评】此题借助安培力考查了平衡条件以与正交分解的应用，注意安培力公式F=BILsinθ，θ为B与I之间的夹角．5．如下列图的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片P向b端滑动，如此〔〕A．电灯L变亮，电流表的示数增大B．电灯L变亮，电流表的示数变小C．电灯L变暗，电流表的示数变小D．电灯L变暗，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电灯亮度和电流表示数的变化．【解答】解：滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，即R1↑，如此外电路总电阻R↑，由闭合电路欧姆定律得知总电流I↓，路端电压U=E﹣Ir↑．电灯L的电压等于路端电压，所以电灯L更亮，电流表的示数减小．应当选：B【点评】此题是简单的电路动态分析问题．对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化．6．某电场的电场线分布如下列图〔实线〕，以下说法正确的答案是〔〕A．c点场强大于b点场强B．b和c处在同一等势面上C．假设将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D．假设某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带正电【考点】电场线．【分析】解这类题是思路：电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、电场线的疏密表示场强的强弱，由图知c点场强大于b点场强，故A正确；B、沿电场线方向电势逐渐降低，故b的电势大于c的，故B错误；C、假设将一试探电荷+q由a点移动到d点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C正确；D、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向一样，故粒子带正电，故D正确；应当选；ACD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．比拟电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比拟，二从电势能公式角度判断，先比拟电势，再比拟电势能．7．直线AB是某电场中的一条电场线．假设有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如下列图，如下关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的答案是〔〕A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据速度图象得出电子的加速度越来越小，根据牛顿第二定律说明电场力越来越小，再根据电场强度的定义求解．沿着电场线方向电势降低．【解答】解：A、B、由图可知，电子在A点加速度较大，如此可知A点所受电场力较大，由F=Eq可知，A点的场强要大于B点场强；故A正确，B错误；C、D、电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，如此可知电场力做负功，故电势能增加，故ɛA＜ɛB，电子带负电，由φ=可知，A点的电势要大于B点电势，φA＞φB，故C正确，D错误；应当选：AC．【点评】此题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小与速度的变化，再应用动能定理与牛顿第二定律进展分析判断；同时还需注意，电势能是由电荷与电场共同决定的，故不能无视了电荷的极性．8．如下列图为两根互相平行的通电导线a﹑b的横截面图，a﹑b的电流方向已在图中标出．那么导线a中电流产生的磁场的磁感线环绕方向与导线b所受的磁场力的方向应分别是〔〕A．磁感线逆时针方向，安培力向左B．磁感线逆时针方向，安培力向右C．磁感线顺时针方向，安培力向左D．磁感线顺时针方向，安培力向右【考点】安培力．【分析】由安培定如此判断磁场的方向．再用左手定如此判断安培力的方向．【解答】解：根据安培定如此，伸开右手，大拇指与电流方向一样，四指弯曲方向为磁场的方向，知导线a中电流产生的磁场为顺时针方向．在导线b处，磁场方向竖直向下，根据左手定如此，安培力方向水平向右．故D正确，A、B、C错误．应当选：D．【点评】解决此题的关键掌握安培定如此和左手定如此．会用安培定如此判断电流和产生的磁场之间的关系，用左手定如此判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系．9．两根长直通电导线互相平行，电流方向一样，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如下列图．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都足B0，如此C处磁场的总磁感应强度大小是〔〕A．0 B．B0C．D．2B0【考点】磁感应强度．【分析】根据右手螺旋定如此得出两根通电导线在C点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定如此得出合场强的大小．【解答】解：根据安培定如此可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，如图，根据平行四边形定如此得到，C处的总磁感应强度为B总=2Bcos30°=B0．应当选：C【点评】解决此题的关键掌握右手螺旋定如此判断通电电流周围的磁场方向，以与知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定如此．10．如下列图，平行板间的匀强电场范围内存在着与电场正交的匀强磁场，带电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好做匀速直线运动，从Q飞出，忽略重力，如下说法正确的答案是〔〕A．磁场方向垂直纸面向里B．磁场方向与带电粒子的电性有关C．带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D．假设粒子带负电，以速度v1由P沿PQ射入，从Q′射出，如此v1＜v0【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】粒子进入电场与磁场的复合场后沿直线运动，可知粒子受到的电场力和洛伦兹力是一对平衡力，解决此题可以先假设粒子的电性，来判断磁场的方向．分析粒子能否沿直线运动，就是分析洛伦兹力与电场力的大小，从而判断粒子的偏转方向．【解答】解：A：假设带电粒子带正电，粒子将受到竖直向下的电场力，所以洛伦兹力应为竖直向上，由左手定如此可判断，磁场的方向应垂直于纸面向里，选项A正确；B：当粒子在正交的电场和磁场的区域内做直线运动时，电场力和洛伦兹力等大且方向相反．改变粒子的电性，其他条件不变的情况下，电场力和洛伦兹力的方向同时改为反向，粒子的合力仍为零．所以磁场方向与带电粒子的正负无关．选项B错误；C：带电粒子从Q沿QP进入，所受的电场力方向不变，而洛伦兹力方向会变为与电场力一样，此时带电粒子将发生偏转．选项C错误；D：粒子带负电时，将受到向上的电场力和向下的洛伦兹力，当速度为v0时，电场力和洛伦兹力大小相等；粒子从Q’飞出，可判断洛伦兹力小于电场力，此时的速度要小于v0．选项D正确．应当选：AD．【点评】该题综合了电场和磁场的内容，解决此类问题的关键是正确判断洛伦兹力和电场力的大小与方向，要熟练的应用左手定如此来分析问题．三、实验题〔共20分〕11．〔14分〕〔2014秋•东营区校级期末〕某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：〔1〕用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为4.700 mm；〔2〕用多用电表的电阻“×10〞挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，如此该电阻的阻值约为220Ω．〔3〕该同学想用伏安法更准确地测量其电阻R，现有的器材与其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1〔量程0～4mA，内阻约50Ω〕电流表A2〔量程0～10mA，内阻约30Ω〕电压表V1〔量程0～3V，内阻约10kΩ〕电压表V2〔量程0～15V，内阻约25kΩ〕直流电源E〔电动势4V，内阻不计〕滑动变阻器R1〔阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A〕滑动变阻器R2〔阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A〕开关S与导线假设干为使实验误差较小，要求测得多组数据进展分析，测量的电路图如下列图，如此选择的电流表是A2、电压表是V1、滑动变阻器是R1〔填写所用器材的代号〕．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】〔1〕螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；〔2〕用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确；〔3〕的关键是通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程；根据要求“测得多组数据〞可知．变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器方便调节．【解答】解：〔1〕螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm．〔2〕该电阻的阻值约为22.0×10Ω=220Ω．〔3〕电源的电动势是4V，所以要使用量程是3V的电压表V1，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：A，所以电流表应选A2；由于要求“测得多组数据〞，所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1；故答案为：〔1〕4.700；〔2〕220；〔3〕A2，V1，R1．【点评】解决此题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12．用伏安法测电源电动势和内电阻，电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的〔甲〕、〔乙〕两种可供选用的测量电路．〔1〕为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是乙．〔2〕由实验数据做出如图〔丙〕所示图线，如此该电源的内电阻r=1Ω．〔3〕所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比拟的情况是：E测＜E真；r测＜r真．〔填“＞〞或“＜〞〕〔4〕误差出现的原因是电压表分流．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】〔1〕当电源内阻较小时，为减小实验误差，相对于电源电流表应采用外接法．〔2〕电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．〔3〕根据实验电路分析实验误差．〔4〕根据图示电路图分数实验误差原因．【解答】解：〔1〕电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，为减小实验误差，应采用图乙所示电路图．〔2〕由图2所示图象可知，电源内阻r===1.0Ω．〔3〕由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U﹣I图象如下列图，由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值．〔4〕由图示图象可知，由于电压表的分流作用，所测电流小于通过电源的电流，电压表分流是造成误差的原因．故答案为：〔1〕乙；〔2〕1；〔3〕＜；＜；〔4〕电压表分流．。
高二物理上学期第二次月考试题(6)
2015—2016学年度第一学期高二第二次月测试卷物理一、选择题（每小题只有一个选项正确，共14小题，每小题3分，共42分。
）1、关于电场强度E的说法正确的是（）A．根据E=F/q可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比B．电场中某点的场强的大小与试探电荷的大小、有无均无关C．电场中某点的场强方向就是放在该点的电荷所受电场力方向D．以上说法均不正确2、如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab的中点，a、b电势分别为φa＝5 V、φb＝3 V．下列叙述正确的是( )A．该电场在c点处的电势一定为4 V B．a点处的场强E a一定大于b点处的场强E bC．一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少 D．一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向a 3．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示。
下列说法正确的是（）A．a点的电势低于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做正功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c4．给平行板电容器充电，断开电源后A极板带正电，B极板带负电．板间一带电小球C用绝缘细线悬挂，如图所示．小球静止时与竖直方向的夹角为θ，则( )A．若将B极板向右平移稍许，电容器的电容将增大B．若将B极板向下平移稍许，A、B两板间电势差将变大C．若将B板向上平移稍许，夹角θ将变小 D．轻轻将细线剪断，小球将做斜抛运动5、图中虚线是某电场中的一簇等势线。
两个带电粒子从P点均沿等势线的切线方向射入电场，粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。
若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（）A．粒子从P运动到b的过程中，动能减小 B．a、b两点的电势关系C．粒子从P运动到a的过程中，电势能增大 D．a、b两点的电场强度大小关系6、如图所示，图中1、2分别为电阻R1、R2的电流随电压变化的关系图线，则( )A．R1和R2串联后的总电阻的I－U图线应在Ⅰ区域B．R1和R2串联后的总电阻的I－U图线应在Ⅱ区域C．R1和R2并联后的总电阻的I－U图线应在Ⅰ区域D．R1和R2并联后的总电阻的I－U图线应在Ⅲ区域7．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A. B. C D.8、图中R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω。
山东省德州市武城二中2015_2016学年高二物理上学期期末模拟试卷(一)(含解析)
2015-2016学年山东省德州市武城二中高二（上）期末物理模拟试卷（一）一、选择题1．以下说法正确的是（）A．带电粒子射入磁场一定会受到洛伦兹力B．处在磁场中的通电导线一定受到安培力的作用C．放在磁场中的小磁针的北极（N）受力方向，就是该点的磁感应强度的方向D．洛伦兹力与安培力一样都可以做功2．如图所示，在两个电量均为+q的点电荷连线中点O与中垂线上某点p中，正确的关系是（）A．ϕ0＜ϕP，E0＞E PB．ϕ0＞ϕP，E0＜E PC．将正电荷从O点移到P点，电场力做正功D．将正电荷从O点移到P点，电场力做负功3．一台电动机的额定电压是220V，额定电流为5A，电动机线圈的电阻是0.4Ω．当该电动机正常工作时，每秒钟产生的热量是（）A．1100J B．110J C．1210J D．10J4．如图所示，a、b、c、d、e五点在一直线上，b、c两点间的距离等于d、e两点间的距离．在a点固定放置一个点电荷，带电量为+Q，已知在+Q的电场中b、c两点间的电势差为U．将另一个点电荷+q从d点移动到e点的过程中（）A．电场力做功qU B．克服电场力做功qUC．电场力做功大于qU D．电场力做功小于qU5．如图所示，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是（）A．电源的输出功率为4W B．电源的输出功率为2WC．电源的效率约为33.3% D．电源的效率约为67%6．如图所示，一杆连着一个质量为m、带电量为q的小球，在匀强磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动，若某一时刻小球与杆自行分离，仍在磁场中做匀速圆周运动（不考虑重力），则速度v、半径r、周期T的可能情况是（）A．v变大，r变小，T变大B．v变小，r变小，T变小C．v不变，r变大，T变大D．v不变，r不变，T不变7．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，E P表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）A．U变小，E不变B．E变大，E P变大C．U变小，E P不变D．U不变，E P不变8．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，当滑动片向右滑动时（）A．电源的总功率增大 B．R1的热损耗功率增大C．R2的热损耗功率减小D．电源的效率提高9．电子、质子、α粒子由静止状态经相同电压加速后，垂直电场线进入同一匀强电场中，则（）A．最后离开电场时α粒子偏角最大B．最后离开电场时质子的动能最大C．最后离开电场时质子的速率最大D．电子通过匀强电场的时间最短10．如图所示，一根充分长的粗糙竖直绝缘杆，套有一个质量为m，带负电q的小球，匀强电场E与匀强磁场B的方向互相垂直，E和B都与杆垂直，当小球由静止开始沿杆下落时（）A．小球的加速度不断减小，最后为零B．小球的加速度先增加后减小，最后为零C．小球速度先增加后减小，最后为零D．小球的动能不断增大，直到达到某一最大值二、实验题11．（2010•长沙校级模拟）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现0.34（1）在图1中画出实验电路图．可用的器材有：电压表、电流表、滑线变阻器（变化范围0﹣10Ω）、电源、小灯泡、电键、导线若干．（2）在图2中画出小灯泡的U﹣I曲线．（3）如果实验中测得电池的电动势是1.5V，内阻是2.0Ω，问：将本题中的小灯泡接在该电池的两端，小灯泡的实际功率是多少？（简要写出求解过程：若需作图，可直接画在第（2）小题方格图中）12．（2007•广东模拟）在“测定金属丝电阻率”实验中，若粗估金属丝的电阻Rx约为3Ω，为尽可能减小误差，要求金属丝发热功率P＜0.75W，备有的部分仪器有：A．6V电池组B．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）C．电流表（0～3A，内阻0.01Ω）D．电压表（0～3V，内阻1kΩ）E．电压表（0～15V，内阻5kΩ）F．滑动变阻器（0～100Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）（1）实验中用螺旋测微器测量导线直径时，可估读到mm，用毫米刻度尺测量导线长度时，可估读到mm；（2）上述器材中应选用的是（用字母代替）；（3）在框内画出电路图；（4）在下图中，将各器材连成实验电路．三、计算题13．（2015秋•德州校级期末）匀强电场方向水平向右，E=，匀强磁场方向垂直纸面向里，B=1T，有一带正电荷的微粒质量为m=2×10﹣7kg，电量为q=2×10﹣6C，它在这个正交电磁场区域里如图所示的竖直平面内做匀速直线运动，求带电粒子的运动方向和速度大小（g=10m/s2）．14．（2015秋•德州校级期末）微型吸尘器的直流电动机的内阻一定，当加上0.3V的电压时，通过的电流为0.3A，此时电机不转．当加在电动机两端的电压为2.0V时，电流为0.8A，这时电动机正常工作．则吸尘器的效率为多少？15．（2015秋•德州校级期末）如图所示，在虚线所示宽度范围内，用场强为E的匀强电场可使初速度是v0的某种正离子偏转θ角．在同样宽度范围内，若改用方向垂直纸面向外的匀强磁场，使该离子穿过该区域，并使偏转角也为θ，（不计离子的重力）求：（1）匀强磁场的磁感应强度是多大？（2）离子穿过电场和磁场的时间之比是多大？2015-2016学年山东省德州市武城二中高二（上）期末物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题1．以下说法正确的是（）A．带电粒子射入磁场一定会受到洛伦兹力B．处在磁场中的通电导线一定受到安培力的作用C．放在磁场中的小磁针的北极（N）受力方向，就是该点的磁感应强度的方向D．洛伦兹力与安培力一样都可以做功【考点】洛仑兹力．【分析】通电导线在磁场中受到力为安培力，而运动电荷在磁场中受到力为洛伦兹力．它们均属于磁场力，所以方向都由左手定则来确定，由于洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功．【解答】解：A、当带电粒子平行射入磁场时，则不会受到洛伦兹力，故A错误；B、当平行处在磁场中的通电导线，不受到安培力的作用，所以B错误；C、根据磁场规定：放在磁场中的小磁针的北极（N）受力方向，就是该点的磁感应强度的方向，故C正确；D、安培力做功，但洛伦兹力始终与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功，故D错误；故选：C【点评】洛伦兹力是电荷在磁场中运动，才会有力的作用．同时通电导线与运动电荷在磁场中不一定有力的作用，但电流方向或电荷运动方向与磁场平行时，没有磁场力．2．如图所示，在两个电量均为+q的点电荷连线中点O与中垂线上某点p中，正确的关系是（）A．ϕ0＜ϕP，E0＞E PB．ϕ0＞ϕP，E0＜E PC．将正电荷从O点移到P点，电场力做正功D．将正电荷从O点移到P点，电场力做负功【考点】电势；电场强度．【专题】电磁学．【分析】等量同种正点电荷的连线中垂线不是一条等势线．根据电场线的分布情况，判断电势的高低和场强的大小．【解答】解：由题，A、B是两个等量的正电荷，作出中垂线MN，电场线如图，A、根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q由O点移至P的过程中，电势不断降低，故φO ＞φP，根据电场的叠加可知，O点的场强为零，而P处场强不为零，所以E O＜E P；故A错误，B正确；C、正电荷的电场力的方向与运动方向相同，故电场力做正功，故C错误，D正确．故选：BC．【点评】对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点．3．一台电动机的额定电压是220V，额定电流为5A，电动机线圈的电阻是0.4Ω．当该电动机正常工作时，每秒钟产生的热量是（）A．1100J B．110J C．1210J D．10J【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】已知电流和线圈的电阻以及通电时间，由Q=I2Rt就可计算出线圈产生的热量．【解答】解：电流是5A，线圈电阻是0.4Ω，则线圈每秒钟产生的热量：Q=I2Rt=（5A）2×0.4Ω×1s=10J．故选：D【点评】本题考查了产生热量的计算方法，注意电动机是非纯电阻电路，不能根据Q=UIt求解，是一道基础题，掌握相应的公式可正确解题．4．如图所示，a、b、c、d、e五点在一直线上，b、c两点间的距离等于d、e两点间的距离．在a点固定放置一个点电荷，带电量为+Q，已知在+Q的电场中b、c两点间的电势差为U．将另一个点电荷+q从d点移动到e点的过程中（）A．电场力做功qU B．克服电场力做功qUC．电场力做功大于qU D．电场力做功小于qU【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场力的方向与位移方向的关系分析电场力做功的正负．由U=Ed，定性分析b、c两点间电势差与d、e两点间电势差的关系，再由电场力做功公式W=qU研究+q从d点移动到e点的过程中电场力做功大小．【解答】解：在+Q的电场中，将+q从d点移动到e点的过程中，电荷所受的电场力方向与位移方向相同，则电场力做正功．根据E=k得知，b、c两点间的电场强度大于d、e两点间的电场强度，b、c两点间的距离等于d、e两点间的距离，由U=Ed分析可知，将+q从d点移动到e点的过程中，电场力做功小于从从b点移动到c点的过程中电场力做功qU．所以电场力做功小于qU．故选：D．【点评】公式U=Ed，适用于匀强电场，但可用来定性分析非匀强电场中两点间电势差的关系．5．如图所示，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是（）A．电源的输出功率为4W B．电源的输出功率为2WC．电源的效率约为33.3% D．电源的效率约为67%【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图象读出电动势，求出内阻．由电阻R的U﹣I图象求出电阻R，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率．【解答】解：由a图线得到，电阻R==Ω=1Ω，由b图线得到，电源的电动势为E=3V，短路电流为I短=6A，内阻为r==Ω=0.5Ω，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为I==2A，路端电压为U=E﹣Ir=2V，则电源的输出功率为P=UI=4W，电源的效率为η==≈67%．故选：AD．【点评】本题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，其实两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率．6．如图所示，一杆连着一个质量为m、带电量为q的小球，在匀强磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动，若某一时刻小球与杆自行分离，仍在磁场中做匀速圆周运动（不考虑重力），则速度v、半径r、周期T的可能情况是（）A．v变大，r变小，T变大B．v变小，r变小，T变小C．v不变，r变大，T变大D．v不变，r不变，T不变【考点】洛仑兹力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】运动的带点粒子在磁场中受力洛伦兹力的作用，分小球带正电和负电两种情况进行讨论，用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据向心力公式分析杆子所受的力，小球与杆自行分离后，杆子的拉力为零，小球仅受洛伦兹力，根据受力情况判断小球的运动情况即可．【解答】解：如果小球带正电，则小球所受的洛伦兹力方向指向圆心，此种情况下，如果洛伦兹力刚好提供向心力，这时杆子对小球没有作用力，自行分离时，对小球的运动没有影响，小球仍做逆时针的匀速圆周运动，半径不变，如果洛伦兹力和拉力共同提供向心力，自行分离时，向心力减小，而小球的速率不变，则小球做逆时针的圆周运动，但半径增大．如果小球带负电，则小球所受的洛伦兹力方向背离圆心，由可知，当洛伦兹力的大小等于小球所受的一半时，自行分离后，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径不变，当洛伦兹力的大小大于小球所受的拉力的一半时，则自行分离后，向心力增大，小球做顺时针的匀速圆周运动，半径减小，但由于洛伦兹力不做功，则速率不变，而半径越大时，周期越大，故AB错误，CD正确，故选：CD．【点评】解题的关键是能正确分析向心力的来源，知道如何判断洛伦兹力的方向，注意带电小球的电性是分析的关键点．7．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，E P表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）A．U变小，E不变B．E变大，E P变大C．U变小，E P不变D．U不变，E P不变【考点】电容器的动态分析；电容器．【专题】电容器专题．【分析】抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决定式和定义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出P与下极板电势差的变化，得出P点的电势变化和电势能变化．【解答】解：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离d减小，根据C=知，电容C增大，根据U=，则板间电压变小．由E==，C=得到：E=，可知E与d无关，则知电场强度E不变．P与负极板间的距离不变，由公式U=Ed可知，P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变．故AC正确，BD错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道电容器与电源断开后其电荷量不变，掌握电容器的决定式C=以及定义式C=．要能熟练推导出场强的表达式E=，记住E与d无关的结论，有利于进行动态分析．8．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，当滑动片向右滑动时（）A．电源的总功率增大 B．R1的热损耗功率增大C．R2的热损耗功率减小D．电源的效率提高【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器R′的滑动片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中电流的变化和路端电压的变化．再根据串并联的知识和部分电路的欧姆定律判断各个支路中电流和电压的变化，根据及判断R1、R2热损耗功率变化情况．【解答】解：A、当滑动变阻器R′的滑动片向右滑动时，变阻器接入电路的阻值变小，则外电路的总电阻变小，则总电流变大，根据P=EI可知，电源总功率变大，故A正确；B、根据路端电压与外电路电阻的变化关系可知，路端电压变小，根据可知，R1的热损耗功率减小．故B错误．C、因为R1两端的电压减小，故R1中的电流减小，由于总电流是增大的，所以R2中的电流增大，根据，可知R2的热损耗功率增大，故C错误；D、电源的效率η=，因为I增大，所以电源的效率减小，故D错误．故选：A．【点评】本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析，并不难．9．电子、质子、α粒子由静止状态经相同电压加速后，垂直电场线进入同一匀强电场中，则（）A．最后离开电场时α粒子偏角最大B．最后离开电场时质子的动能最大C．最后离开电场时质子的速率最大D．电子通过匀强电场的时间最短【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】A、B、电子经加速电场加速时，由动能定理求得获得的速度，进入偏转时，电子做类平抛运动，运用运动的分解法得到偏转角与偏转量y的表达式，进行比较．C、求出速度的表达式，进行比较即可；D、根据动能定理电场经过加速电场后的速度关系，在偏转电场中沿垂直于电场方向的位移相等，即可求得结论．【解答】解：A、加速电场中：由动能定理得qU1=①转电场中：平行于极板方向：L=v0t ②垂直于极板方向：v y=at，粒子的偏转角：，偏转角与电荷的质量和电量无关，故A错误；B、粒子的偏转量：，偏移量与电荷的质量和电量无关，所以偏转电场对粒子做的功：与粒子所带的电量成正比，最后离开电场时的动能所以最后离开电场时α粒子的动能最大．故B错误；C、离开电场时的速率： =，与粒子核质比的平方根成正比．所以最后离开电场时电子的速率最大．故C错误；D、由①②两式可得，电子在进入偏转电场是的速度最大，电子在偏转电场中的时间最短．故D正确．故选：D【点评】本题是带电粒子在匀强电场中做类平抛运动的类型，电子先经加速电场加速，后经偏转电场偏转，得到的结论：偏转量与电荷的质量和电量无关．10．如图所示，一根充分长的粗糙竖直绝缘杆，套有一个质量为m，带负电q的小球，匀强电场E与匀强磁场B的方向互相垂直，E和B都与杆垂直，当小球由静止开始沿杆下落时（）A．小球的加速度不断减小，最后为零B．小球的加速度先增加后减小，最后为零C．小球速度先增加后减小，最后为零D．小球的动能不断增大，直到达到某一最大值【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】本题应通过分析小球的受力情况，来判断其运动情况：小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力，当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；当洛伦兹力大于电场力，且滑动摩擦力与重力平衡时，速度最大．【解答】解：小球下滑过程中，受到重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力．开始阶段，洛伦兹力小于电场力时，小球向下做加速运动时，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力向左，大小为N=qE﹣qvB，N随着v的增大而减小，滑动摩擦力f=μN也减小，小球所受的合力F合=mg﹣f，f减小，F合增大，加速度a增大；当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向右，大小为N=qvB ﹣qE，v增大，N增大，f增大，F合减小，a减小．当mg=f时，a=0，故加速度先增大后减小，直到为零；小球的速度先增大，后不变；则动能不断增大，直到达到某一最大值．故BD正确，AC错误．故选：BD．【点评】本题关键明确小球的运动情况，先做加速度增加的加速运动，然后做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度最大．二、实验题11．（2010•长沙校级模拟）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现（1）在图1中画出实验电路图．可用的器材有：电压表、电流表、滑线变阻器（变化范围0﹣10Ω）、电源、小灯泡、电键、导线若干．（2）在图2中画出小灯泡的U﹣I曲线．（3）如果实验中测得电池的电动势是1.5V，内阻是2.0Ω，问：将本题中的小灯泡接在该电池的两端，小灯泡的实际功率是多少？（简要写出求解过程：若需作图，可直接画在第（2）小题方格图中）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；压轴题．【分析】（1）测量小灯泡的伏安特性曲线要求多测几组数据，则可知电路的接法；根据内阻的大小可得出电流表的接法；（2）由描点法描出各坐标对应的点，用平滑的曲线将各点连接；（3）由于灯泡的电阻随温度的变化而变化，故不能直接用欧姆定律求解；但由电路的特点可通过作图法得出灯泡的实际电压、电流，由P=UI可求得实际功率．【解答】解：（1）由题意可知，本实验中应采用滑动变阻器分压接法；同时由于灯泡内阻较小，为了减小误差，应采用电流表外接法；（2）将各点对应的坐标描在图中，用平滑的曲线将各点连接即可，注意不能用折线；图象如图所示；（3）作出电源的伏安特性曲线，因电源与灯泡串联，电流相等，故交点即为灯泡的工作点；由图可知，灯泡的工作电压为0.8V，工作电流为0.35A，故灯泡的功率P=UI=0.35×0.8W=0.28W；故答案为：（1）（2）见下图；（3）0.28W．作出电源的伏安特性曲线，因电源与灯泡串联，电流相等，故交点即为灯泡的工作点；由图可知，灯泡的工作电压为0.8V，工作电流为0.35A，故灯泡的功率P=UI=0.35×0.8W=0.28W；【点评】灯泡由于电阻随温度的变化而变化，故在求功率时一定不能直接利用欧姆定律求解电流，再求功率；应通过串联电路的规律通过作图的方法得出电压及电流，再求实际功率．12．（2007•广东模拟）在“测定金属丝电阻率”实验中，若粗估金属丝的电阻Rx约为3Ω，为尽可能减小误差，要求金属丝发热功率P＜0.75W，备有的部分仪器有：A．6V电池组B．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）C．电流表（0～3A，内阻0.01Ω）D．电压表（0～3V，内阻1kΩ）E．电压表（0～15V，内阻5kΩ）F．滑动变阻器（0～100Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1A）（1）实验中用螺旋测微器测量导线直径时，可估读到0.001 mm，用毫米刻度尺测量导线长度时，可估读到0.1 mm；（2）上述器材中应选用的是 A B D G （用字母代替）；（3）在框内画出电路图；（4）在下图中，将各器材连成实验电路．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）螺旋测微器又名千分尺，可以估读到0.001mm；毫米刻度尺可以估读到0.1mm；（2）根据P=I2R求解最大电流，根据U=IR求解电阻丝两端的最大电压，根据闭合电路欧姆定律求解全电路的最小电阻，从而进一步确定电流表和电压表的选择；（3）滑动变阻器可采用分压式接法，电阻丝电阻较小，采用安培表外接法；（4）根据电路图连接实物图．【解答】解：（1）螺旋测微器又名千分尺，可以估读到0.001mm；毫米刻度尺可以估读到0.1mm；（2）电源A必选；根据P=I2R，最大电流I=，故电流表选择B；电阻丝两端的最大电压U=IR=0.5×3V=1.5V，故电压表选择D；滑动变阻器最小电阻R1==9Ω，故选择G，操作方便；故选ABDG；（3）滑动变阻器采用分压式接法，电阻丝电阻较小，大内小外，采用安培表外接法；电路图如图所示：（4）根据电路图连接实物图，如图所示：故答案为：（1）0.001，0.1；（2）ABDG；（3）如图所示；（4）如图所示．【点评】本题关键明确实验原理和误差来源，从减小误差的角度去选择仪器；螺旋测微器和毫米刻度尺读数要估读．三、计算题13．（2015秋•德州校级期末）匀强电场方向水平向右，E=，匀强磁场方向垂直纸面向里，B=1T，有一带正电荷的微粒质量为m=2×10﹣7kg，电量为q=2×10﹣6C，它在这个正交电磁场区域里如图所示的竖直平面内做匀速直线运动，求带电粒子的运动方向和速度大小（g=10m/s2）．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】对带电微粒受力分析，根据力的平行四边形定则，结合洛伦兹力表达式，及左手定则与平衡条件，即可求解．【解答】解：粒子受力分析如图由平衡条件得：解得：v==2m/s；方向如图：与电场方向夹角为60°斜右上方；答：带电粒子的运动方向：电场方向夹角为60°斜右上方；速度大小为2m/s．【点评】考查力的分解法则与左手定则的应用，注意平衡条件的运用，同时掌握三角函数列式，也是解题的关键．14．（2015秋•德州校级期末）微型吸尘器的直流电动机的内阻一定，当加上0.3V的电压时，通过的电流为0.3A，此时电机不转．当加在电动机两端的电压为2.0V时，电流为0.8A，这时电动机正常工作．则吸尘器的效率为多少？【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电机不转时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出其电阻．当电机正常工作时，根据能量守恒定律求出电机输出的功率，再求解吸尘器的效率．【解答】解：当电机不转时，由欧姆定律得，电机的电阻为R==1Ω．当电机正常工作时，电机输出的功率为P出=UI﹣I2R=2×0.8﹣0.82×1=0.96（W），电机总功率为P总=UI=1.6W，所以吸尘器的效率为η=×%=60%答：吸尘器的效率为60%．【点评】对于电动机，不转时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立；当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立．15．（2015秋•德州校级期末）如图所示，在虚线所示宽度范围内，用场强为E的匀强电场可使初速度是v0的某种正离子偏转θ角．在同样宽度范围内，若改用方向垂直纸面向外的匀强磁场，使该离子穿过该区域，并使偏转角也为θ，（不计离子的重力）求：（1）匀强磁场的磁感应强度是多大？（2）离子穿过电场和磁场的时间之比是多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．。
山东高二高中物理月考试卷带答案解析
山东高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.以下关于摩擦起电和感应起电的说法中正确的是（ ） A ．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B ．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C ．摩擦起电的两摩擦物体必定是绝缘体，而感应起电的物体必定是导体D ．不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移2.科学家在研究原子、原子核及基本粒子时，为了方便，常常用元电荷作为电量的单位，关于元电荷，下列论述中正确的是（ ）A ．把质子或电子叫元电荷B ．1.6×10﹣19C 的电量叫元电荷C ．所有带电体的带电量一定等于元电荷的整数倍D ．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的3.两个点电荷相距为d ，相互作用力大小 为F ；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F ，则两点电荷之间的距离应变为（ ） A ．4dB ．2dC ．D ．4.真空中两个点电荷，电荷量分别为q 1=8×10﹣9C 和q 2=﹣18×10﹣9C ，两者固定于相距20cm 的a 、b 两点上，如图所示．有一个点电荷放在a 、b 连线（或延长线）上某点，恰好能静止，则这点的位置是（ ）A ．a 点左侧40cm 处B ．a 点右侧8cm 处C ．b 点右侧20cm 处D ．以上都不对5.下列说法正确的是（ ）A ．电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B ．电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C ．以点电荷为球心，r 为半径的球面上各点的场强都相同D ．在电场中某点放入试探电荷q ，受电场力F ，该点的场强为E=，取走q 后，该点的场强不变6.如图所示，A 、B 是同一条电场线上的两点，下列说法正确的是（ ）A ．正电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能 B ．正电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能C ．负电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能D ．负电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能 7.关于静电场的下列说法中正确的是（ ） A ．电场中电势较高处的电场强度也一定较大B ．同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C ．电场中的电场线一定与等势面垂直相交D ．非匀强电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动8.如图示为某个电场中的部分电场线，如图A 、B 两点的场强分别记为E A 、E B ，电势分别记为φA 、φB 则（ ）A ．E A ＞EB 、φA ＞φB B ．E A ＜E B 、φA ＞φBC ．E A ＜E B 、φA ＜φBD ．E A ＞E B 、φA ＜φB9.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6C 的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，已知A 点的电势为﹣10V ，则以下判断正确的是（ ）A ．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B ．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C ．B 点电场强度为零D ．B 点电势为﹣20V10.如图所示，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa 、φb 和φc ，φa ＞φb ＞φc ．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN 所示．由图可知（ ）A ．粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功B ．粒子从L 到M 的过程中，电场力做负功C ．粒子从K 到L 的过程中，电势能增加D ．粒子从L 到M 的过程中，动能增加11.如图所示，A 、B 为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P 点放一个负点电荷q （不计重力），由静止释放后，下列说法中正确的是（ ）A ．点电荷在从P 点到O 点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B ．点电荷在从P 点到O 点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C ．点电荷运动到O 点时加速度为零，速度达最大值D ．点电荷越过O 点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零12.一个空气平行板电容器，极板间距离为d ，正对面积为s ，充以电荷量Q 后，极板间电压为U ，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（ ） A ．将电压变为一半 B ．将所带电荷量变为2Q C ．将极板正对面积变为2SD ．将两极板间充满相对介电常数为2的电介质二、填空题1.如图所示，在带电+Q 的带电体附近有两个相互接触的金属导体A 和B ，均放在绝缘支座上．若先将+Q 移走，再把A 、B 分开，则A 电，B 电；若先将A 、B 分开，再移走+Q ，则A 电，B 电．2.电场中某一电场线为一直线，线上有A 、B 、C 三个点，把电荷q 1=10﹣8C 从B 点移到A 点时电场力做了10﹣7J的功；电荷q 2=﹣10﹣8C ，在B 点的电势能比在C 点时大10﹣7J ，那么： （1）比较A 、B 、C 三点的电势高低，由高到低的排序是 ； （2）A 、C 两点间的电势差是 V ；（3）若设B 点的电势为零，电荷q 2在A 点的电势能是 J ．3.一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1.0×10﹣6C 时，两板间的电压升高△U=10V ，则此电容器的电容C= F ．若两板间电压为35V ，此时电容器的带电荷量Q= C ．4.真空中两个等量异种点电荷电量的值均为q ，相距r ，两点电荷连线中点处的场强大小为 ，方向 ．三、计算题1.如图所示，在匀强电场中的M 、N 两点距离为2cm ，两点间的电势差为5V ，M 、N 连线与场强方向成60°角，则此电场的电场强度多大？2.有三个相同的绝缘金属小球A 、B 、C ，其中小球A 带有3×10﹣3C 的正电荷，小球B 带有﹣2×10﹣3C 的负电荷，小球C 不带电．先将小球C 与小球A 接触后分开，再将小球B 与小球C 接触然后分开，试求这时三球的带电荷量分别为多少？3.如图所示，在正的点电荷Q 的电场中有a 、b 两点，它们到点电荷Q 的距离r 1＜r 2．求：（l ）a 、b 两点哪点电势高？（2）将一负电荷放在a 、b 两点，哪点电势能较大？（3）若a 、b 两点问的电势差为100V ，将电荷量为3.2×10﹣19C 由a 点移到b 点是电场力对电荷做功还是电荷克服电场力做功？做功多少？4.如图所示，用30cm 的细线将质量为4×10﹣5 kg 的带电小球P 悬挂在O 点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C 的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）分析小球的带电性质 （2）求小球的带电量（3）求此时细线的拉力．5.如图所示，在平行金属带电极板MN 电场中将电荷量为﹣4×10﹣6C 的点电荷从A 点移到M 板，电场力做负功8×10﹣4J ，把该点电荷从A 点移到N 板，电场力做正功为4×10﹣4，N 板接地．则（1）A点的电势φ是多少？A（2）U等于多少伏？MN（3）M板的电势φ是多少？M6.质量均为m的两个可视为质点的小球A、B，分别被长为L的绝缘细线悬挂在同一点O，给A、B分别带上一定量的正电荷，并用水平向右的外力作用在A球上，平衡以后，悬挂A球的细线竖直，悬挂B球的细线向右偏60°角，如图所示．若A球的带电量为q，则：（1）B球的带量为多少；（2）水平外力多大．山东高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.以下关于摩擦起电和感应起电的说法中正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．摩擦起电的两摩擦物体必定是绝缘体，而感应起电的物体必定是导体D．不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移【答案】D【解析】解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．两个过程都没有产生电荷，故AB错误；C、摩擦起电的两摩擦物体可以是导体，感应起电的物体不一定是导体，故C错误；D、不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移，故D正确；故选：D．【考点】元电荷、点电荷；电荷守恒定律．【专题】常规题型．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2.科学家在研究原子、原子核及基本粒子时，为了方便，常常用元电荷作为电量的单位，关于元电荷，下列论述中正确的是（）A．把质子或电子叫元电荷B．1.6×10﹣19 C的电量叫元电荷C．所有带电体的带电量一定等于元电荷的整数倍D．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的【答案】BCD【解析】解：A、由元电荷定义：将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，而不是把质子或电子叫元电荷，故A错误；B、1.6×10﹣19C的电量叫元电荷．故B正确；C、根据实验发现，所有带电体的带电量一定等于元电荷的整数倍，故C正确；D 、元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的，故D 正确； 故选：BCD ．【考点】元电荷、点电荷．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】由元电荷的定义可知，我们将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，由此可以判定各个选项．【点评】掌握好元电荷的含义，它指的是电子或质子所带的电荷量，而不是指电子或质子本身．对元电荷的理解也是学生容易出错的地方．3.两个点电荷相距为d ，相互作用力大小 为F ；保持两点电荷电荷量不变，改变它们之间的距离，使之相互作用力大小变为4F ，则两点电荷之间的距离应变为（ ） A ．4dB ．2dC ．D ．【答案】C【解析】解：当距离为d 时有：F=k ① 当距离变化后依据题意有：4F="k"②联立①②可得r=，故ABD 错误，C 正确．故选：C ．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对于这两种情况下分别根据库仑定律列方程即可求解．【点评】正确理解库仑定律公式以及公式中各个物理量的含义是解本题关键，由于公式涉及物理量较多，因此常用两式相比的方法进行求解．4.真空中两个点电荷，电荷量分别为q 1=8×10﹣9C 和q 2=﹣18×10﹣9C ，两者固定于相距20cm 的a 、b 两点上，如图所示．有一个点电荷放在a 、b 连线（或延长线）上某点，恰好能静止，则这点的位置是（ ）A ．a 点左侧40cm 处B ．a 点右侧8cm 处C ．b 点右侧20cm 处D ．以上都不对【答案】A【解析】解：q 1的电量比q 2电量小，所以第三个电荷不论正负，只有放在q 1的外侧才能处于平衡； 根据两点电荷在q 3处的电场强度为零时，q 3才能处于平衡，所以设q 3距q 1的距离为x ， 则有=代入数据解得：x=0.4m ，即：在q 1q 2连线上，q 1以外40cm 处 故选：A ．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据题意可知，Q 1的电量比Q 2电量大，所以第三个电荷不论正负，只有放在Q 2的右侧才能处于平衡；再由点电荷电场强度的叠加为零．【点评】理解点电荷的电场强度公式及电场强度的叠加，并掌握电场强度的矢量性，同时根据受力平衡来确定第三个点电荷的位置．5.下列说法正确的是（ ）A ．电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B ．电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C ．以点电荷为球心，r 为半径的球面上各点的场强都相同D ．在电场中某点放入试探电荷q ，受电场力F ，该点的场强为E=，取走q 后，该点的场强不变【答案】D【解析】解：A 、电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的媒介，是不同与实物的另一种物质存在的方式．故A 错误；B 、电场中的场强取决于电场本身，电场强度只由场源电荷电量和位置决定，与电荷受到的电场力的大小无关．故B 错误；C 、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故C 错误；D 、电场强度是由产生电场的源电荷决定的，在电场中某点放一检验电荷后，不会影响该点的电场强度，故D 正确； 故选：D【考点】电场线；电场．【分析】电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的物理场；电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定； 以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．6.如图所示，A 、B 是同一条电场线上的两点，下列说法正确的是（ ）A ．正电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能 B ．正电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能C ．负电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能D ．负电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能 【答案】AD【解析】解：A 、B 若正电荷从A 运动到B ，正电荷所受的电场力方向从A 指向B ，与位移方向相同，电场力做正功，电势能减小，则正电荷在A 点具有的电势能大于在B 点具有的电势能．故A 正确、B 错误．C 、D 若负电荷从A 运动到B ，负电荷所受的电场力方向从B 指向A ，与位移方向相反，电场力做负功，电势能增大，则负电荷在B 点具有的电势能大于在A 点具有的电势能．故D 正确、C 错误． 故选AD【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断A 、B 两点电势的高低．根据电场力做功正负判断电势能的大小． 【点评】本题考查对电场线物理意义的理解．电场线的方向反映电势的高低．由电场力做功正负，即可判断电势能的变化．7.关于静电场的下列说法中正确的是（ ） A ．电场中电势较高处的电场强度也一定较大B ．同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C ．电场中的电场线一定与等势面垂直相交D ．非匀强电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动【答案】C【解析】解：A 、电势与场强两者没有直接的关系，电场中电势较高处的电场强度不一定较大．故A 错误． B 、根据E=，同一电场中，等差等势面较密处的电场强度才较大．故B 错误．C 、根据电场线与等势面的关系，两者一定相互垂直．C 正确．D 、只有当电场线是直线时，电子由静止释放后才沿电场线运动，否则不沿电场线运动．故D 错误． 故选C ．【考点】电场强度；电场线；等势面． 【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势的高低看电场线的方向，电场强度的大小看电场线的疏密，电势与场强两者没有直接的关系．根据E=，定性分析等势面的疏密与场强的关系．电荷在电场中由静止释放，不一定沿电场线运动．【点评】本题考查对电场中几对关系的理解能力，即电场强度与电势、电场线与等势面、电场线与运动轨迹的关系．8.如图示为某个电场中的部分电场线，如图A 、B 两点的场强分别记为E A 、E B ，电势分别记为φA 、φB 则（ ）A ．E A ＞EB 、φA ＞φB B ．E A ＜E B 、φA ＞φBC ．E A ＜E B 、φA ＜φBD ．E A ＞E B 、φA ＜φB 【答案】B【解析】解：由电场线的分布情况可知，B 处电场线比A 处电场线密，则B 点的场强大于A 点的场强，即E B ＞E A ．画出过A 点的等势线与B 所在的电场线交于C 点，则有C 点的电势高于B 点的电势，所以A 点的电势高于B 点的电势，即φA ＞φB ．故B 正确故选：B【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大．画出过A 点的等势线，根据顺着电场线电势降低判断电势的高低．【点评】本题的技巧是画出等势线．对于电场线的物理意义：电场线疏密表示场强的大小，电场线的方向反映电势的高低要牢固掌握，熟练应用．9.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10﹣6C 的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，已知A 点的电势为﹣10V ，则以下判断正确的是（ ）A ．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B ．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C ．B 点电场强度为零D ．B 点电势为﹣20V【答案】A【解析】解：AB 、由题，带正电的微粒仅受电场力的作用，从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左．根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示．故A 正确，B 错误． CD 、根据动能定理得：qU AB =△E k ，得A 、B 间的电势差 U AB ==﹣V=﹣10V ，又U AB =φA ﹣φB ，φA =﹣10V ，则B 的电势为 φB =0．场强与电势无关，B 点的电场强度不为0，故C 、D 错误． 故选：A ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势． 【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带正电的微粒仅受电场力的作用，从A 点运动到B 点时动能减少了10﹣5J ，说明电场力做负功，可分析出电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，可知其轨迹为1，还可判断出电场线的方向．根据动能定理求出AB 间的电势差，由U AB =φA ﹣φB ，可求出B 点的电势．【点评】根据轨迹弯曲的方向要能判断出合力的方向，结合电场的性质，根据动能定理求出电势差，再求电势，都是常规的方法．10.如图所示，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa 、φb 和φc ，φa ＞φb ＞φc ．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN 所示．由图可知（ ）A ．粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功B ．粒子从L 到M 的过程中，电场力做负功C ．粒子从K 到L 的过程中，电势能增加D ．粒子从L 到M 的过程中，动能增加【答案】ACD【解析】解：A 、粒子从K 到L 的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功．故A 正确．B 、粒子从L 到M 的过程中，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面，φa ＞φb ，电势能减小，知电场力做正功．故B 错误．C 、粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功，电势能增加．故C 正确．D 、粒子从L 到M 的过程中，电场力做正功，根据动能定理，动能增加．故D 正确． 故选：ACD ．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能． 【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化．【点评】解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．11.如图所示，A、B为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q（不计重力），由静止释放后，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零【答案】C【解析】解：A、B在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断．故AB错误．C、越过O点后，负电荷q做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大．电场力为零，加速度为零．故C正确．D、根据电场线的对称性可知，越过O点后，负电荷q做减速运动，加速度的变化情况无法判断．故D错误．故选C【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】A、B为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定．【点评】本题考查对等量异种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性．12.一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为s，充以电荷量Q后，极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（）A．将电压变为一半B．将所带电荷量变为2QC．将极板正对面积变为2SD．将两极板间充满相对介电常数为2的电介质【答案】CD【解析】解：A、改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式决定的．故AB错误．B、由电容器的决定式得：将电容器的电容加倍，我们可采取的方式是：①将极板正对面积变为2S；②将电解质换为介电常数为原来的介电常数2倍的电解质；③将两极板距离变为原来的一半．故CD正确；故选：CD【考点】电容器的动态分析；电容．【专题】定性思想；推理法；电容器专题．【分析】改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式得：我们可以通过改变正，极板间的距离d来改变电容．对面积s，介电常数eγ【点评】本题考查电容器的决定式，要明确改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，电容器的电容是由决定式决定的．二、填空题1.如图所示，在带电+Q的带电体附近有两个相互接触的金属导体A和B，均放在绝缘支座上．若先将+Q移走，再把A、B分开，则A 电，B 电；若先将A、B分开，再移走+Q，则A 电，B 电．【答案】不带；不带；带负；带正【解析】解：若先移走带正电的导体棒，此时导体A 和B 中的电荷又发生中和，不再带电，再把导体A 和B 分开，同样不再带电，所以此时A 不带电，B 不带电．先把导体A 和B 分开，再移走带正电的导体棒，导体A 和B 由于感应起电带上异种电荷，所以此时A 带负电，B 带正电．故答案为：不带；不带；带负；带正． 【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】将带正电的导体棒靠近两个不带电的导体AB ，靠感应起电使物体带电，带电的实质是电荷的移动，总电荷量保持不变．【点评】解决本题的关键知道摩擦起电、感应起电、接触带电的实质都是电荷的移动，电荷的总量保持不变．2.电场中某一电场线为一直线，线上有A 、B 、C 三个点，把电荷q 1=10﹣8C 从B 点移到A 点时电场力做了10﹣7J的功；电荷q 2=﹣10﹣8C ，在B 点的电势能比在C 点时大10﹣7J ，那么： （1）比较A 、B 、C 三点的电势高低，由高到低的排序是 ； （2）A 、C 两点间的电势差是 V ；（3）若设B 点的电势为零，电荷q 2在A 点的电势能是 J ． 【答案】（1）φC ＞φB ＞φA ． （2）﹣20（3）1×10﹣7【解析】解：（1）根据电势差的定义式U=得 BA 间电势差U BA ==V=10V ，说明B 点的电势比A 点高10V ； BC 间电势差U BC ==V=﹣10V ，说明B 点的电势比C 点低10V故A 、B 、C 三点的电势高低顺序是：φC ＞φB ＞φA ．（2）A 、C 两点间的电势差U AC =U AB +U BC =﹣10V ﹣10V=﹣20V （3）设B 点的电势为零，A 点的电势为φA =﹣10V电荷q 2在A 点的电势能是E p =q 2φA =﹣10﹣8×（﹣10）J=1×10﹣7J 故答案为：（1）φC ＞φB ＞φA ． （2）﹣20（3）1×10﹣7【考点】电势能；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据电势差的定义式U=，求出BA 间和BC 间电势差，即可比较三点电势的高低； （2）A 、C 两点间的电势差U AC =U AB +U BC ．（3）设B 点的电势为零，确定出A 点的电势，由E p =qφ公式求出电荷q 2在A 点的电势能．【点评】本题的解题关键是掌握电势差的定义式U=，并能正确运用．也可以推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小，判断电势高低．3.一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1.0×10﹣6C 时，两板间的电压升高△U=10V ，则此电容器的电容C= F ．若两板间电压为35V ，此时电容器的带电荷量Q= C ．【答案】1.0×10﹣7，3.5×10﹣6【解析】解：已知△Q=1.0×10﹣6C ，△U=10V ，则电容器的电容C==1.0×10﹣7F由C=变形得，Q=CU=1.0×10﹣7×35C=3.5×10﹣6C 故答案为：1.0×10﹣7，3.5×10﹣6 【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容的定义式为C=，对于给定的电容器，电容是一定的，根据数学知识得到C=，由此式求解电。
山东高二高中物理月考试卷带答案解析
山东高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电源，下列说法中正确的是( ) A ．电源可将其他形式的能量转化为电能 B ．在电源内部，电源依靠库仑力搬移电荷C ．在电源内部，电荷只在非静电力作用下定向移动D ．电源就是产生电荷的装置2.如图所示，将左边的铜导线与右边的铝导线连接起来，已知铝导线的横截面积是铜导线横截面积的两倍，在铜导线上取一个截面A ，在铝导线上取一个截面B ，若在1秒内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两个截面的( )A ．电流相等B ．电流不相等C ．铜自由电子定向移动的速率大D ．自由电子定向移动的速率相等3.如图所示，为A 、B 两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是（ ）A ．在两图线交点处，A 的阻值等于B 的阻值 B ．在两图线交点处，A 的阻值小于B 的阻值C ．在两图线交点处，A 的阻值大于B 的阻值D ．A 的阻值随电流的增大而减小，B 的阻值不变4.如图所示为电阻R 1、R 2的I －U 图线，现将R 1、R 2并联后接到电源上，R 1消耗的电功率是9W ，则R 2消耗的电功率是（ ）A ．12 WB ．9WC ．6 WD ．15 W5.如图所示为一块长方体铜块，使电流沿如图两个方向通过该铜块，铜块的电阻之比为A ．1B ．C ．D ．6.两个定值电阻R 1、R 2串联后接在输出电压U 稳定于12V 的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R 1、R 2的电压表接在R 1两端(如图8)，电压表的示数为8V ，如果他把此电压表改接在R 2两端，则电压表的示数将( )A ．小于4VB ．等于4VC ．大于4V 小于8VD ．等于或大于8V7.如图所示，电流表G 的内阻不可忽略不计，R 1、R 2是两个可变电阻，当a 、b 间的电压为4 V 时，电流表的指针刚好满偏(指针指在刻度盘的最大值处)，当a 、b 间的电压为3 V 时，如果仍要使电流表G 的指针满偏，下列方法中可行的是( )①保持R 2不变，增大R 1 ②增大R 1，减小R 2 ③保持R 2不变，减小R 1 ④增大R 2，减小R 1 A ．①④ B ．①②C ．②③D ．③④8.如图所示为小灯泡的U －I 图线，若将该小灯泡与一节电动势E ＝1.5 V ，内阻r ＝0.75 Ω的干电池组成闭合电路时，电源的总功率和小灯泡的实际电功率分别接近以下哪一组数据( )A ．1.5 W 1.0 WB ．0.75 W 0.5 WC ．0.75 W 0.75 WD ．1.5 W 0.75 W9.如图所示电路中，电源内阻不计，合上电键K 后（ ）A ．电流表的示数变大，电压表的示数变小B ．电流表的示数变小，电压表的示数变大C ．电流表的示数不变，电压表的示数不变D ．电流表的示数变小，电压表的示数变小10.如图所示，电动势为E 、内阻为r 的电池与定值电阻R 0、滑动变阻器R 串联，已知R 0=r ，滑动变阻器的最大阻值是2r ．当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，下列说法中正确的是（ ）A ．电源的输出功率先变小后变大B ．电源的输出功率先变大后变小C ．滑动变阻器消耗的功率变小D ．定值电阻R 0上消耗的功率先变大后变小二、多选题1.如图所示，电源电动势E ＝3 V ，小灯泡L 标有“2 V 、0.4 W”，当开关K 接1，变阻器调到R ＝4 Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关K 接2，小灯泡L 和电动机M 也均能正常工作。
山东省武城县第二中学2015-2016学年高二物理6月月考试题(新)
山东省武城县第二中学2015-2016学年高二物理6月月考试题一、选择题(本题共10小题，1-6题为单选题，7-10题为多选题，每小题4分，共40分)1.如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，O点是两电荷连线的中点，a、b是该线上的两点，c、d是两电荷连线中垂线上的两点，acbd为一菱形．若将一负粒子(不计重力且不影响原电场分布)从c点匀速移动到d点，电场强度用E表示，电势用φ表示．则下列说法正确的是( ) A．φa一定小于φO，φO一定大于φcB．Ea一定大于E O，E O一定大于E cC．负粒子的电势能一定先增大后减小D．施加在负粒子上的外力一定先减小后增大2.某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点。
取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计。
在O点到A点的运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能E k和运动径迹上的电势φ随位移x的变化图线可能正确的是 ( )3．如图所示，线圈A内有竖直向上的磁场，磁感应强度B随时间均匀增大；等离子气流(由高温高压的等电量的正、负离子组成)由左方连续不断的以速度v0射入P1和P2两极板间的匀强磁场中．发现两直导线a、b互相吸引，由此可以判断，P1、P2两极板间的匀强磁场的方向为( )A．垂直纸面向外 B．垂直纸面向里 C．水平向左 D．水平向右4.如图所示，理想变压器原线圈接交流电源和理想交流电流表，副线圈接热水器和抽油烟机，原、副线圈的匝数比为4：l ，副线圈上电压的瞬时值()u t V π=．开关S 断开时，电流表示数是l A ；开关S 闭合时，电流表示数是1.25 A ．下列说法正确的是( ) A ．交流电源输出电压的最大值是55 VB ．交流电源输出电压的最大值是880 VC ．S 闭合时，抽油烟机消耗的功率是1100WD ．S 闭合时，抽油烟机消耗的功率是220W 5． 如图所示，图线a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图象如图线b 所示。
山东省武城县第二中学高二物理6月月考试题
山东省武城县第二中学2015-2016学年高二物理6月月考试题一、选择题(本题共10小题，1-6题为单选题，7-10题为多选题，每小题4分，共40分)1.如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，O点是两电荷连线的中点，a、b是该线上的两点，c、d是两电荷连线中垂线上的两点，acbd为一菱形．若将一负粒子(不计重力且不影响原电场分布)从c点匀速移动到d点，电场强度用E表示，电势用φ表示．则下列说法正确的是( ) A．φa一定小于φO，φO一定大于φcB．Ea一定大于E O，E O一定大于E cC．负粒子的电势能一定先增大后减小D．施加在负粒子上的外力一定先减小后增大2.某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点。
取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计。
在O点到A点的运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能E k和运动径迹上的电势φ随位移x的变化图线可能正确的是 ( )3．如图所示，线圈A内有竖直向上的磁场，磁感应强度B随时间均匀增大；等离子气流(由高温高压的等电量的正、负离子组成)由左方连续不断的以速度v0射入P1和P2两极板间的匀强磁场中．发现两直导线a、b互相吸引，由此可以判断，P1、P2两极板间的匀强磁场的方向为( )A．垂直纸面向外 B．垂直纸面向里 C．水平向左 D．水平向右4.如图所示，理想变压器原线圈接交流电源和理想交流电流表，副线圈接热水器和抽油烟机，原、副线圈的匝数比为4：l ，副线圈上电压的瞬时值()u t V π=．开关S 断开时，电流表示数是l A ；开关S 闭合时，电流表示数是1.25 A ．下列说法正确的是( ) A ．交流电源输出电压的最大值是55 VB ．交流电源输出电压的最大值是880 VC ．S 闭合时，抽油烟机消耗的功率是1100WD ．S 闭合时，抽油烟机消耗的功率是220W 5． 如图所示，图线a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图象如图线b 所示。
山东省武城县高二物理3月月考试题
山东省武城县第二中学2015-2016学年高二物理3月月考试题一、选择题(本题共15小题，1-10题为单选题，11-15题为多选题，每小题4分，共60分)1．将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是( )A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关B．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同2.如图所示，当直导线中电流不断增加时，A、B两轻导线圈的运动情况是( )A．A向左，B向右B．A向右，B向左C．均向左D．均向右3．矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直。
规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示。
若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，图中的i－t图正确的是 ( )4．在如图所示的电路中，a 、b 为两个完全相同的灯泡，L 为自感线圈，E 为电源，S 为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是( )A ．合上开关，a 先亮，b 逐渐变亮；断开开关，a 、b 同时熄灭B ．合上开关，b 先亮，a 逐渐变亮；断开开关，a 先熄灭，b 后熄灭C ．合上开关，b 先亮，a 逐渐变亮；断开开关，a 、b 同时熄灭D ．合上开关，a 、b 同时亮；断开开关，b 先熄灭，a 后熄灭5.如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I ，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行．线框由静止释放，在下落过程中( )A ．穿过线框的磁通量保持不变B ．线框中感应电流方向保持不变C ．线框所受安培力的合力为零D ．线框的机械能不断增大6.如图所示，由均匀导线制成的半径为R 的圆环，以速度v 匀速进入一磁感应强度大小为B 的匀强磁场。
当圆环运动到图示位置(∠aOb ＝90°)时，a 、b 两点的电势差为 ( )A.2BRvB.22BRv C.24BRvD.324BRv 7.如图所示，虚线上方空间有垂直线框平面的匀强磁场，直角扇形导线框绕垂直于线框平面的轴O 以角速度ω匀速转动。
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山东省武城县第二中学2015-2016学年高二物理上学期第二次月考试题一、选择题(本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．关于电场和磁场，以下说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱2．如图所示，电子射线管（A为其阴极，电子从A运动到B），放在蹄形磁铁的N、S两极间，则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是（）A．向下B．向上C．向左D．向右3．如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示。
电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器。
当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（） A．I变大，U变大B．I变大，U变小C．I变小，U变大D．I变小，U变小4．如图所示，一根长度L 的直导体棒中通以大小为I 的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B ，B 的方向与竖直方向成θ角。
下列说法中正确的是（ ）A ．导体棒受到磁场力大小为BLIsin θB ．导体棒对轨道压力大小为θsin BIL mg -C ．导体棒受到导轨摩擦力为(sin )mg BIL μθ-D ．导体棒受到导轨摩擦力BLIcos θ5．如图所示的电路中，电源的电动势E 和内电阻r 恒定不变，电灯L 恰能正常发光，如果变阻器的滑片P 由a 向b 端缓慢滑动，则（ ）A. 电灯L 更亮，电流表的示数增大B. 电灯L 更亮，电流表的示数变小C. 电灯L 变暗，电流表的示数变小D. 电灯L 变暗，电流表的示数增大6．某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是 （ ） A ．c 点场强大于b 点场强B ．b 和c 处在同一等势面上C ．若将一正试探电荷由a 点移动到d 点,电荷的电势能将减小D ．若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a 点运动到d 点，可判断该电荷一定带正电7．直线AB 是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB 由A 运动到B ，其速度图象如图所示，下列关于A 、B 两点的电场强度E A 、E B 和电势的判断正确的是（ ）A ． E A ＞EB B ． E A ＜E BC ．φA ＞φBD ．φA ＜φB8．如图所示为两根互相平行的通电导线a﹑b的横截面图，a﹑b的电流方向已在图中标出。
那么导线a中电流产生的磁场的磁感线环绕方向及导线b所受的磁场力的方向应分别是（）A．磁感线逆时针方向，安培力向左B．磁感线逆时针方向，安培力向右C．磁感线顺时针方向，安培力向左D．磁感线顺时针方向，安培力向右9．两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如图所示．两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都是B0，则C处磁场的总磁感应强度大小是（）A．0 B．B0C． D．2B 010．如图所示，平行板间的匀强电场范围内存在着与电场正交的匀强磁场，带正电粒子以速度v0垂直电场从P点射入平行板间，恰好沿纸面做匀速直线运动，从Q飞出，忽略重力，下列说法正确的是A.磁场方向垂直纸面向里B.磁场方向与带电粒子的符号有关C.带正电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D.若粒子带负电，以速度v1沿PQ射入，从Q′飞出时，则v1＜v0三、实验题（共20分）11．（14分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，则该电阻的阻值约为Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S及导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图请画在下面方框内。
要选择的电流表是、电压表是、滑动变阻器是（填写所用器材的代号）．12．（6分）用伏安法测电源电动势和内电阻，已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的（甲）、（乙）两种可供选用的测量电路．（1）为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是 ．（2）由实验数据做出如图（丙）所示图线，则该电源的内电阻r= Ω． （3）误差出现的原因是 ．三、计算题(本大题共3小题,共40分。
要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位。
)13．（10分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L =0.40m ，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37º，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B =0.50T 、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。
金属导轨的一端接有电动势E =4.5V 、内阻r =0.50Ω的直流电源。
现把一个质量m =0.04kg 的导体棒ab 放在金属导轨上，导体棒恰好静止。
导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R 0=2.5Ω，金属导轨的其它电阻不计，g 取10m/s 2。
已知sin37º=0.60，cos37º=0.80。
试求： ⑴通过导体棒的电流；⑵导体棒受到的安培力大小； ⑶导体棒受到的摩擦力的大小。
E14. (10分)如图所示电路，电灯24R =Ω1，电动机绕组的电阻01R =Ω，当电键S 1、S 2闭合时，测得电阻1R 的电功率是P 96W =，理想电流表的读数为I 5A =，求此时： （1）电源的输出功率； （2）电动机的输出功率。
15．（10分）如图所示，一个质量为m 、电荷量为q ，不计重力的带电粒子，从x 轴上的P （a ，0）点，以速度v 沿与x 轴正方向成60°角射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y 轴射出第一象限．求：匀强磁场的磁感应强度B 的大小和粒子通过第一象限的时间．16．（10分）如图所示，在倾角为30°的斜面OA 左侧有一竖直档板，档板与斜面OA 间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B =0.2 T ，档板上有一小孔P ，OP =0.6 m ，现有一质量m =4×10－20kg ，带电量q =+2×10－14C 的粒子，从小孔以速度v 0=3×104 m/s 水平射进磁场区域．粒子重力不计。
求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径是多少？（2）通过调整粒子进入磁场的速度大小可以控制粒子打到斜面OA 时的速度方向，现若要粒子垂直打到斜面OA 上，则粒子进入磁场的速度该调整为多少？此情况下粒子运动到斜面OA 的时间为多少？高二物理模块测试答题纸二、实验题11．（1） （2） （3）电路图要选择的电流表是 、电压表是 、滑动变阻器是 （填写所用器材的代号）． 12．（1） （2）（3）密 封 线 内 不 得 答 题高二物理模块测试答案一、选择题（共48分）1、AC2、A3、D4、BD5、B6、ACD7、AC8、D 9．C 10．AD二、实验题（共20分）11、（14分）（1）4.700或4.699 （2分）（2）220 （2分）（3）电路图（4分）电路图中仪器代码错误这次不扣分，下次要注意；内外接法，分压限流一处错误扣2分。
A2（2分）V1（2分）R1（2分）12．（6分）（1）乙；（2分）（2）1；（2分）（3）电压表分流．（2分）三、计算题（共40分）13．（10分）⑴（2分）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有：r R E I +==1.5A （2分）⑵（2分）导体棒受到的安培力：F =BIL =0.30N (2分）⑶(6分)设导体棒受沿斜面向下的摩擦力f ，根据共点力平衡条件 mg sin37º+f =F (4分) 解得：f =0.06N (2分)14. (10分) 解：（1）(4分)由P =U 2/R 1 ， 可得 R 1两端的电压U 1 =48V （2分） 则电源的输出功率为P 1=IU 1 =5×48 W =240 W（2分） （2）(6分)流过电灯的电流I 1= U 1/R 1=2A （1分）流过电动机的电流I 0=I —I 1=3A （1分）电动机的输入功率为P 入=I 0U 1=144W (或P 入=P 1-P =144 W )（1分） 电动机的热功率P 热= I 02R 0=9W ，（ 1分） 电动机的输出功率P 2=P 入 - P 热 （1分） 得 P 2=135 W （1分） （或135-12=-=热P P P P W ）15．(10分)解：（1）（5分）设磁感应强度为B ，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r ．粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB =m r v 2① （2分）粒子运动轨迹如图所示，由几何知识得：r =︒30cos a =332a②（2分）由①②解得：B =aq mv23 ③ （1分）（2）（5分）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T ，则T =v rπ2 ④（1分）由图知，粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为：θ= ⑤（1分）粒子在磁场中运动的时间为：t=T ⑥（1分）由②④⑤⑥解得：t= （2分） （或由v av av r t 93433232ππθ=⨯==得出也可以）16．(10分)解：（1）（3分）粒子进入磁场有Rv m Bqv 200= (2分) 3.00==Bqmv R m (1分) （2）（7分）若要粒子垂直打在A 板上，其粒子轨迹如图，O 点即为圆周运动的圆心。
则：R′=0.6m又R′=Bq m v所以v =2v 0=6×104m/s （4分）故粒子打到斜面上的时间t=3πR′/v =3π×10-5s （3分）。