2017年四川省德阳市高考物理一诊试卷解析版

2017年四川省德阳市高考物理)解析版(一诊试卷．年四川省德阳市高考物理一诊试卷2017一、选择题（本题共11小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～11题有多项符合题目要求．全部选对的得4）0分．分，选对但不全的得2分，有选错的得） 1．下列说法正确的是（．力是维持物体运动的原因A B．物体的速度方向改变，则加速度方向一定改变C．物体运动状态的改变是指其加速度在变化．物体运动状态的变化是指其速度在变化D2．如果一物体在任意相等的时间内受到的冲量相等，则此物体的运动不可能是）（A．匀速圆周运动 B．自由落体运动 C．平抛运动 D．竖直上抛运动3．如图所示，某人通过光滑的定滑轮拉住一重物，当人向右跨出一步后，人与）物体仍保持静止，则下列说法正确的是（A．人对绳子的拉力增大 B．地面对人的支持力不变．人对地面的作用力增大D C．地面对人的摩擦力减小4．一质点沿直线运动，其平均速度与时间的关系满足v=2+t（各物理量均选用）国际单位制中单位），则关于该质点的运动，下列说法正确的是（A．质点可能做匀减速直线运动 B．5 s内质点的位移为35 m25 m/s．质点C．质点运动的加速度为1 m/s D3 s末的速度为5．10月17日发射的“神舟十一号”飞船于10月21日与“天宫二号”顺利实现了对接．在对接过程中，“神舟十一号”与“天宫二号”的相对速度非常小，可以认为具有相同速率．它们的运动可以看作是绕地球的匀速圆周运动，设“神舟十一号”的质量为m，对接处距离地球表面高度为h，地球的半径为r，地球第2页（共28页）表面处的重力加速度为g，不考虑地球自转的影响，“神舟十一号”在对接时，）下列结果正确的是（g．对地球的引力大小为mg B．向心加速度为A．动能为．周期为 DC6．如图所示，在水平向右的匀强电场中的O点固定一点电荷+Q，a、b、c、d、e，为以O点为球心的同一球面上的点，aecf平面水平，bedf平面与匀强电场）垂直，则下列说法中正确的是（两点电势相等、cA．a B．d、f两点电场强度大小相等C．将点电荷+q从球面上b点移到c点，电场力做功为零D．将点电荷+q在球面上任意两点之问移动，从e点移动到f点的电势能变化量最大7．如图所示，放在光滑水平桌面上的A、B两小木块中部夹一被压缩的轻弹簧，当轻弹簧被放开时，A、B两小木块各自在桌面上滑行一段距离后，飞离桌面落），则下列结果正确的是（在地面上．若m=3m BAA．若轻弹簧对A、B做功分别为W和W，则有W：W=1：12121．在与轻弹簧作用过程中，两木块的速度变化量之和为零B1：：△p=1，则有△和△、C．若AB 在空中飞行时的动量变化量分别为△ppp2112D．若A、B同时离开桌面，则从释放轻弹簧开始到两木块落地的这段时间内，A、第3页（共28页）3：两木块的水平位移大小之比为lB8．某位同学在电梯中用弹簧测力计测量一物体的重力，在0至t时间段内，弹3簧测力计的示数F随时间 t变化如图所示，以竖直向上为正方向，则下列关于物体运动的a﹣t图、v﹣t图及P﹣t图（P为物体重力的功率大小）可能正确）的是（．D．． B ．CA9．甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为v，船在静水中的速率0均为v，甲、乙两船船头均与河岸成θ角，如图所示，已知甲船恰能垂直到达河正对岸的A点，乙船到达河对岸的B点，A、B之间的距离为L，则下列判断）正确的是（．乙船先到达对岸A B．若仅是河水流速v增大，则两船的渡河时间都不变0C．不论河水流速v如何改变，只要适当改变θ角，甲船总能到达正对岸的A0点D．若仅是河水流速v增大，则两船到达对岸时，两船之间的距离仍然为L010．如图所示，带电质点P固定在光滑的水平绝缘面上，在水平绝缘面上距P11一定距离处有另一个带电质点P，P在水平绝缘面上运动，某一时刻质点P以222）沿垂直于P P的连线方向运动，则下列说法正确的是（速度v21一定做速度变大的曲线运动P带同种电荷，以后PA．若、P221 284第页（共页）一定做加速度变大的曲线运动PP带同种电荷，以后、B．若P212的速度和加速度可能都不变带异种电荷，以后PC．若P、P212D．若P、P带异种电荷，以后P可能做加速度、速度都变小的曲线运动22111．如图所示，固定于地面、倾角为θ的光滑斜面上有一轻质弹簧，轻质弹簧一端与固定于斜面底端的挡板C连接，另一端与物块A连接，物块A上方放置有另一物块B，物块A、B质量均为m且不粘连，整个系统在沿斜面向下的恒力F 作用下而处于静止状态．某一时刻将力F撤去，若在弹簧将A、B弹起过程中，）能够分离，则下列叙述正确的是（、B AA．从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧及A、B物块所构成的系统机械能守恒B．A、B被弹起过程中，A、B即将分离时，两物块速度达到最大C．A、B刚分离瞬间，A的加速度大小为gsinθD．若斜面为粗糙斜面，则从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧减少的弹性势能一定大于A、B增加的机械能与系统摩擦生热之和二、非选择题（包括必考题和选考题两部分．第12题至第16题为必考题，每个试题考生都必须作答．第17题为选考题，考生根据要求作答．）（一）必考题分）（共5312．如图1所示，有人对“利用频闪照相研究平抛运动规律”装置进行了改变，在装置两侧都装上完全相同的斜槽A、B，但位置有一定高度差，白色与黑色的两个相同的小球都从斜槽某位置由静止开始释放．实验后对照片做一定处理并2）g（取10m/s建立直角坐标系，得到如图所示的部分小球位置示意图．第5页（共28页））观察改进后的实验装置可以发现，斜槽末端都接有一小段水平槽，这样做（1．的目的是，下列说法正确的是（2）根据部分小球位置示意图（如图2）0.1sA．闪光间隔为），0B．A球抛出点坐标（0）0.500.95C．B球抛出点坐标（，．两小球作平抛运动的水平速度大小不等．D．某实验小组探究合外力做功和动能变化的关系，他们将宽度一定的挡光片13固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与砝码盘相连，在水平位置时的遮光时间，BA、B两点各安装一个光电门，记录小车通过A、桌面上的小车中可以放置砝码．）实验主要步骤如下：（1①实验前应将木板左端略微抬高，使小车通过两光电门的遮光时间相等，这样；做的目的是之间的d②用长度测量工具游标卡尺测量挡光片宽度为，再用刻度尺量得A、B；L距离为点，在砝码盘中放上砝码，小车在细线拉动下运动，记录此时③将小车停在C，小小车（含挡光片及车中砝码）的质量为M，砝码盘和盘中砝码的总质量为mBA至、B的遮光时间分别为tt，已知重力加速度为g，则可以得到、车通过A21、（用相应的字母，小车的动能变化量为 m过程中小车的合外力做功为；、d表示）、、M、ttL21④在小车中增减砝码或在砝码盘中增减砝码，重复③的操作．．应满足的条件是m 、）为了实验能达到预期效果，步骤③中（2M 286第页（共页）θ=37°的固定且足够长的斜m=1kg的物体置于倾角为14．如图甲所示，质量为时撤去拉力，物体速度与t=0.5s面上，对物体施以平行于斜面向上的拉力F，12os37°=0.8），sin37°=0.6，（g=10m/sc﹣时间（vt）的部分图象如图乙所示．问：的大小为多少？）拉力F（1为多少？s（2）物体沿斜面向上滑行的最大距离，∠AOB=120°，AOB15．如图所示，在光滑绝缘水平面上，有一绝缘轻质弯杆两点分别固定着B在水平面内做无摩擦的自由转动．杆上A、弯杆可绕固定轴O．已知2q+q和﹣两个质量相同的带电小球，其质量均为m，电量分别为与电OAE的匀强电场，初始时刻OA=2OB=2L．空间存在水平向右，场强大小为（忽略两小球间的相互作用）问：场方向平行．两球在初始时刻处电势能之和；、B0，求AO（1）选点电势为球的速度是多少？（结果可B2）从初始位置开始释放系统，问转过30°角时（用根号表示），其余部分3LPQ部分粗糙，且长为16．如图所示，倾角为θ的无限长斜面上的四个小物块（可视为质点）置于斜面，每相邻两物块间都光滑．质量均为m且平行于斜面的轻杆，每根杆的上端与物块粘连而下端与物块不粘有一长为LAD同时释放时CA2tanθ．、B、、段的动摩擦因数均为连，各物块与斜面PQQ点，且各物块有相同的沿斜面向下的初速度，最终四个物块均能通过恰在P 287第页（共页）．求：点．重力加速度为g（1）A在PQ段运动刚达到最大速度时的位置；的弹力；DC刚过P点时，杆对物块（2）物块点最初释放各物块时的初速度应该满足的条件．Q（3）要使四个物块均能通过（二）选考题（选修3-4）17．一弹簧振子做简谐振动，则以下说法正确的是（）A．振子的质量越大，则该振动系统的周期越长B．振子的质量越大，则该弹簧振子系统的机械能越大C．已知振动周期为T，若△t=T，则在t时刻和（t+△t）时刻振子运动的加速度一定相同D．若t时刻和（t+△t）时刻弹簧的长度相等，则△t一定为振动周期的整数倍E．振子的动能相等时，弹簧的长度不一定相等18．一列简谐横波的波形如图所示，实线表示t=0时刻的波形图，虚线表示1时刻的波形图，求：=0.005st2（i）该简谐横波的振幅与波长各为多少？（ii）若2T＞t﹣t＞T，波速可能为多大？（T为周期）22第8页（共28页）年四川省德阳市高考物理一诊试卷2017参考答案与试题解析一、选择题（本题共11小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～11题有多项符合题目要求．全部选对的得4）分．2分，有选错的得0分，选对但不全的得）．下列说法正确的是（ 1．力是维持物体运动的原因A B．物体的速度方向改变，则加速度方向一定改变C．物体运动状态的改变是指其加速度在变化．物体运动状态的变化是指其速度在变化D【考点】共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】明确物体运动状态是指物体的速度，而力是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因，同时注意理解加速度和速度之间的关系．【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，错误；故AB、速度方向改变，但加速度方向不一定改变，如物体加速度不变，但先做减速运动，再做反向的加速运动，故B错误；CD、运动状态是指物体的速度，故运动状态的改变即为速度的改变，故C错误D正确．故选：D．2．如果一物体在任意相等的时间内受到的冲量相等，则此物体的运动不可能是（）A．匀速圆周运动 B．自由落体运动 C．平抛运动 D．竖直上抛运动【考点】动量定理．【分析】分析物体的受力情况，再根据动量定理可明确物体的动量变化是否相 9第页（共28页）等，明确冲量不变则说明物体受到的一定是恒力．【解答】解：如果物体在任何相等的时间内受到的冲量都相同，由I=Ft可知，物体受到的力是恒力．则可知，物体可以做自由落体运动、平抛运动或竖直上抛运动；物体做匀速圆周运动，所受合外力方向不断变化，合力为变力，在任何相等时间内，合外力的冲量不相等，故不可能为匀速圆周运动，BCD均可能，A不可能；A本题选运动不可能的，故选：3．如图所示，某人通过光滑的定滑轮拉住一重物，当人向右跨出一步后，人与物体仍保持静止，则下列说法正确的是（）A．人对绳子的拉力增大 B．地面对人的支持力不变．人对地面的作用力增大 C．地面对人的摩擦力减小D共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【考点】【分析】对人进行受力分析，明确人受重力、支持力、拉力和静摩擦力的作用而处于平衡，通过分析拉力的夹角变化判断各力的变化．【解答】解：以物体为研究对象，根据平衡条件分析可知，绳子的拉力大小等于物体的重力，没有变化．人受重力、支持力、拉力和静摩擦力处于平衡，受力如图．设拉力与竖直方向的夹角为θ，根据共点力平衡得f=Tsinθ，Tcosθ+N=mg．当人拉着绳向右跨出一步后人和物保持静止，θ增大，T不变，则静摩擦力f增大，支持力N增大，根据牛顿第三定律，人对地面的压力增大．故D正确，ABC错误．．故选：D第10页（共28页）（各物理量均选用．一质点沿直线运动，其平均速度与时间的关系满足v=2+t4）国际单位制中单位），则关于该质点的运动，下列说法正确的是（35 m5 s内质点的位移为．质点可能做匀减速直线运动 B．A25 m/s D．质点3 s末的速度为C．质点运动的加速度为1 m/s匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间【考点】的关系．根据平均速度和时间的关系式得出位移与时间的关系式，从而结合位【分析】移时间公式得出物体的初速度和加速度，结合速度时间公式求出质点的速度．22=2t+tA，根据、根据平均速度知，x=vt=2t+tx=【解答】解：2错A，质点做匀加速直线运动，故知，质点的初速度v=2m/s，加速度a=2m/s0错误．误，C日与“天宫二号”顺利实月211710月日发射的“神舟十一号”飞船于105．现了对接．在对接过程中，“神舟十一号”与“天宫二号”的相对速度非常小，设“神可以认为具有相同速率．它们的运动可以看作是绕地球的匀速圆周运动，，地球rh，地球的半径为，对接处距离地球表面高度为舟十一号”的质量为m，不考虑地球自转的影响，“神舟十一号”在对接时，表面处的重力加速度为g）下列结果正确的是（2811第页（共页）g．对地球的引力大小为mg B．向心加速度为A．动能为．周期为C D万有引力定律及其应用．【考点】根据万有引力提供向心力公式及角速度、周期、线速度之间的关系列【分析】式即可求解．神舟十一号在对接处的重力加速度小于地球表面的重力加速度，、解：A【解答】错误；Amg，故对地球的引力小于、在地球表面重力等于万有引力，有B…①解得：对接时，万有引力提供向心力，有…②错误；B联立①②式得：，故、根据万有引力提供向心力，有…③C正确；C联立①③得，故、根据万有引力提供向心力，D…④错误；D动能，故C故选：6．如图所示，在水平向右的匀强电场中的O点固定一点电荷+Q，a、b、c、d、第页（共1228页）e，为以O点为球心的同一球面上的点，aecf平面水平，bedf平面与匀强电场）垂直，则下列说法中正确的是（两点电势相等ca、A．B．d、f两点电场强度大小相等C．将点电荷+q从球面上b点移到c点，电场力做功为零D．将点电荷+q在球面上任意两点之问移动，从e点移动到f点的电势能变化量最大【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【分析】本题中电场可以看作是由匀强电场和点电荷的电场叠加而成，结合电场线和等势面的分布情况，判断电场力做功和电势能的变化．解：【解答】A、在点电荷+Q产生的电场中a、b、c、d、e、f点电势相等，但在匀强电场中b、d、e、f点电势相等，因此a、c两点电势不相等，故A错误．B、在点电荷+Q产生的电场中d、f点电场强度大小相等，而根据电场的叠加原正确．两点的合场强大小相等．故Bf理可知，d、C、将点电荷+q从球面上b点移到c点，点电荷的电场力不做功，但匀强电场的电场力却做功，所以电场力做功不为零．故C错误．D、将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，点电荷的电场力不做功；而两点间的电势差最大，由公式W=Uq知，匀强电场的电场力做功最大，则从a点移动到错误；Dc点的电势能变化量最大，故．故选：B7．如图所示，放在光滑水平桌面上的A、B两小木块中部夹一被压缩的轻弹簧，当轻弹簧被放开时，A、B两小木块各自在桌面上滑行一段距离后，飞离桌面落），则下列结果正确的是（在地面上．若m=3m BA 2813第页（共页）1：W=1W，则有W：A．若轻弹簧对A、B做功分别为W和2211．在与轻弹簧作用过程中，两木块的速度变化量之和为零B1：p：△p=1、．若AB在空中飞行时的动量变化量分别为△p和△p，则有△C2121、同时离开桌面，则从释放轻弹簧开始到两木块落地的这段时间内，A．若A、BD3l：B两木块的水平位移大小之比为动量守恒定律；功的计算．【考点】离开、B【分析】弹簧弹开物体过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律求出A做功之比．B 弹簧时速度大小之比，由动能定理求弹簧对A、离开桌面后都做平抛运动，它们抛出点的高度相同，运动时间相等，由动、BA分析水平位移之比．t量定理分析动量变化量之比．由x=v0、弹簧弹开物体过程中，两物体及弹簧组成的系统动量守恒，取解：A【解答】3：：v=1﹣mv=0，则速度之比 vv水平向左为正方向，由动量守恒定律得：m BBBAAA22： W，=mvA、B做功分别为 W联立解得=mv，W根据动能定理得：轻弹簧对1BA21AB错误．，故AW=1：32、根据动量守恒定律得知，在与轻弹簧作用过程中，两木块的动量变化量之和B错误．，故B△v≠0v△+m△v=0，可得，△v+为零，即 m BAABAB 离开桌面后都做平抛运动，它们抛出点的高度相同，运动时间相等，设、BC、A，gt△p=mB、在空中飞行时的动量变化量分别为△p=mgt，为t．由动量定理得：A BA21错误．，故C：△p=3：1p所以△21BA、tx=v知，t相等，则D、平抛运动水平方向的分运动是匀速直线运动，由0正确．D3=1：．故两木块的水平位移大小之比等于v：v BA D故选：时间段内，弹t0至8．某位同学在电梯中用弹簧测力计测量一物体的重力，在3变化如图所示，以竖直向上为正方向，则下列关于随时间 t簧测力计的示数F 为物体重力的功率大小）可能正确图（Ptt图、v﹣图及P﹣ta物体运动的﹣）的是（页）28页（共14第． CD．A ． B．牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【考点】根据物体的受力情况判断物体的运动规律，从而得出电梯的运动规律，【分析】根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式求出速度和功率．解：由于该题没有告诉弹簧的拉力与重力大小之间的关系，可以依题【解答】意，分三种情况讨论：，或速时间内电梯静止或做匀速直线运动，即速度等于t0=mg，则0﹣1．若F11．四个图线没有是可能的；度保持不变，加速度等于0时间内电梯受到的合外力的方向向下，加速度﹣t＜mg，在02．若F=mg，则F112时﹣tD是不可能的；加速度的方向向下，则物体0的方向向下，为负值．所以1时间内受t是不可能的；而t ﹣AB间内在可能向下做加速运动，速度为负，故21是错误的；又B到的合外力等于0，物体做匀速直线运动，物体的速度不变，故是错误的；时间内重力的功率不变，故Ct由：P=mgv，可知﹣t21时间内电梯受到的合外力的方向都是﹣t＜mg，在0＜3．若F=mg，则Fmg，F2231是不可能的；ACD向下，加速度的方向向下，故时间内向下的加速度，而tt﹣﹣F=mg，可知在0t时间内向下的加速度大于2131时间内物体做匀速直线运动，所以速度图象如图，﹣tt32是重力的功率随时C速度的方向向下，重力的方向也向下，由P=mgv可知，图是正确．间变化的图线．故C由以上的分析，可知只有C选项是可能的，ABD都是不可能的．页（共15第28页）C故选：9．甲、乙两船在同一河流中同时开始渡河，河水流速为v，船在静水中的速率0均为v，甲、乙两船船头均与河岸成θ角，如图所示，已知甲船恰能垂直到达河正对岸的A点，乙船到达河对岸的B点，A、B之间的距离为L，则下列判断）正确的是（．乙船先到达对岸A B．若仅是河水流速v增大，则两船的渡河时间都不变0C．不论河水流速v如何改变，只要适当改变θ角，甲船总能到达正对岸的A0点D．若仅是河水流速v增大，则两船到达对岸时，两船之间的距离仍然为L0【考点】运动的合成和分解．【分析】根据小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，可以比较出两船到达对岸的时间以及两船沿河岸方向上的位移大小，与间距，从而即可求解．【解答】解：A、将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，知甲乙两船到达对岸的时间相等．渡河的时间错误；A，故t=t=增大，渡河的时间B、若仅是河水流速v，则两船的渡河时间都不变，0正确；B故C、只有甲船速度大于水流速度时，不论水流速v如何改变，甲船都可能到达河0的正对岸A点，故C错误；D、若仅是河水流速v增大，则两船到达对岸时间不变，根据速度的分解，船在0水平方向的分速度仍不变，则两船之间的距离仍然为L．故D正确．．BD故选：页）28页（共16第10．如图所示，带电质点P固定在光滑的水平绝缘面上，在水平绝缘面上距P11一定距离处有另一个带电质点P，P在水平绝缘面上运动，某一时刻质点P以222）P P的连线方向运动，则下列说法正确的是（速度v沿垂直于21一定做速度变大的曲线运动P、P带同种电荷，以后A．若P212B．若P、P带同种电荷，以后P一定做加速度变大的曲线运动212C．若P、P带异种电荷，以后P的速度和加速度可能都不变221D．若P、P带异种电荷，以后P可能做加速度、速度都变小的曲线运动221库仑定律．【考点】【分析】分P和P为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，21P要远离P，当为异种电荷的时【解答】解：候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论12可能的运动情况．A、若P、P为同种电荷，P、P之间的库仑力为排斥力，并且力2112的方向和速度的方向不再一条直线上，所以质点P一定做曲线运动，由于两者2之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以P的加速度在减2错误；B小．速度增大，故A正确，C、若P、P为异种电荷，P、P之间的库仑力为吸引力，当P、P之间的库仑力212211恰好等于向心力的时候，P就绕着P做匀速圆周运动，此时P 速度的大小和加212错误．速度的大小都不变，但是方向改变，故CD、若P、P 为异种电荷，P、P之间的库仑力为吸引力，若速度较大，吸引力2211小于向心力，P做离心运动，吸引力减小，则加速度减小，引力做负功，速度减2正确．D小，做加速度、速度都变小的曲线运动，故．故选：AD11．如图所示，固定于地面、倾角为θ的光滑斜面上有一轻质弹簧，轻质弹簧一端与固定于斜面底端的挡板C连接，另一端与物块A连接，物块A上方放置有另一物块B，物块A、B质量均为m且不粘连，整个系统在沿斜面向下的恒力第17页（共28页）F作用下而处于静止状态．某一时刻将力F撤去，若在弹簧将A、B弹起过程中，）B能够分离，则下列叙述正确的是（ A、A．从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧及A、B物块所构成的系统机械能守恒B．A、B被弹起过程中，A、B即将分离时，两物块速度达到最大C．A、B刚分离瞬间，A的加速度大小为gsinθD．若斜面为粗糙斜面，则从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧减少的弹性势能一定大于A、B增加的机械能与系统摩擦生热之和功能关系；弹性势能．【考点】【分析】系统机械能守恒的条件是只有重力和弹簧的弹力做功．A、B被弹起过程中，合力等于零时，两物块速度达到最大．A、B刚分离瞬间，以B为研究对象，求解B的加速度大小，即等于A的加速度大小．若斜面有摩擦时，根据能量守恒定律分析能量是如何转化的．【解答】解：A、从力F撤去到A、B发生分离的过程中，弹簧及A、B物块所构成的系统只有重力和弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒，故A 正确．B、A、B被弹起过程中，合力等于零时，两物块速度达到最大，此时弹簧处于压错误．BB还没有分离，故缩状态，A、C、A、B刚分离瞬间，A、B间的弹力为零，对B，由牛顿第二定律得 mgsinθ=ma，B得 a=gsinθ，此瞬间A与B 的加速度相同，所以A的加速度大小为gsinθ，B正确．C故D、若斜面为粗糙斜面，则从力F撤去到A、B发生分离的过程中，由能量守恒定律知，弹簧减少的弹性势能一定等于A、B增加的机械能与系统摩擦生热之和，错误．D故AC 故选：二、非选择题（包括必考题和选考题两部分．第12题至第16题为必考题，每第2818页（共页）（一）必考题个试题考生都必须作答．第17题为选考题，考生根据要求作答．）分）53（共所示，有人对“利用频闪照相研究平抛运动规律”装置进行了改变，112．如图，但位置有一定高度差，白色与黑色的BA、在装置两侧都装上完全相同的斜槽两个相同的小球都从斜槽某位置由静止开始释放．实验后对照片做一定处理并2）10m/s建立直角坐标系，得到如图所示的部分小球位置示意图．（g取。