课标版浙江高考物理二轮复习 夯基提能作业本 (5)
2020版课标物理高考第二章 相互作用夯基提能作业本
第2讲力的合成与分解A组基础过关1.(多选)如图所示,三条绳子的一端都系在细直杆顶端,另一端都固定在水平地面上,将杆竖直紧压在地面上,若三条绳长度不同。
下列说法正确的有()A.三条绳中的张力都相等B.杆对地面的压力大于自身重力C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力答案BC杆静止在水平地面上,则杆受到重力、三条绳子的拉力和地面对它的支持力。
根据平衡条件,则三条绳的拉力的合力竖直向下,故绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零。
杆对地面的压力大小等于杆的重力与三条绳的拉力的合力之和,选项B、C正确。
由于三条绳长度不同,即三条绳与竖直方向的夹角不同,所以三条绳上的张力不相等,选项A错误。
绳子拉力的合力与杆的重力方向相同,因此两者不是一对平衡力,选项D错误。
2.如图所示,甲、乙、丙三人分别在两岸用绳拉小船在河流中行驶,已知甲的拉力大小为800N,方向与航向夹角为30°,乙的拉力大小为400N,方向与航向夹角为60°,要保持小船在河流正中间沿虚线所示的直线行驶,则丙用力最小为()A.与F甲垂直,大小为400NB.与F乙垂直,大小为200√3NC.与河岸垂直,大小约为746ND.与河岸垂直,大小为400N答案C甲、乙两人的拉力大小和方向一定,其合力为如图所示的F,要保持小船在河流中间沿题图所示虚线方向直线行驶,F与F丙的合力必沿题图中虚线方向,F丙与题图中虚线垂直时值最小,由图可知,F丙min =F乙sin60°+F甲sin30°=200√3N+400N≈746N,C项正确。
3.(2019河南焦作月考)小明想推动家里的衣橱,但使出了很大的力气也推不动,他便想了个妙招,如图所示,用A、B两块木板,搭成一个底角较小的人字形架,然后往中央一站,衣橱居然被推动了!下列说法中正确的是()A.这是不可能的,因为小明根本没有用力去推衣橱B.这是不可能的,因为无论如何小明的力气也没那么大C.这有可能,A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力D.这有可能,但A板对衣橱的推力不可能大于小明的重力答案C根据小明所受重力产生的效果,将小明的重力分解为沿两个木板方向的分力,由于两个木板夹角接近180°,根据平行四边形定则可知,分力远大于小明的重力,选项C正确。
高三物理二轮复习练习相互作用牛顿动动定律夯基保分练(一)含解析
夯基保分练(一) 重力、弹力、摩擦力[A 级——保分练]1．下列关于重力的说法中正确的是( )A ．物体只有静止时才受重力作用B ．重力的方向总是指向地心C ．地面上的物体在赤道上受的重力最小D ．物体挂在弹簧测力计下，弹簧测力计的示数一定等于物体的重力大小解析：选C 物体在任何状态下均受重力作用，重力的方向竖直向下，不一定指向地心，A 、B 错误；受地球自转的影响，地面上的物体在赤道上受到的重力最小，C 正确；当物体处于静止状态时，弹簧测力计的示数才等于悬挂的物体的重力大小，D 错误。
2. (2017·济南市中区模拟)如图所示，一端搁在粗糙水平面上，另一端系一根细线(线竖直)处于静止状态的重直杆A 受到的作用力个数为( )A ．1B ．2C ．3D ．4解析：选C 杆保持静止状态，合力为零；对杆进行受力分析，受重力、绳子的拉力、地面的支持力，由于这3个力都沿竖直方向，故地面对杆没有静摩擦力，杆共受到3个力的作用，C 正确。
3．(2016·江苏高考)一轻质弹簧原长为8 cm ，在4 N 的拉力作用下伸长了2 cm ，弹簧未超出弹性限度。
则该弹簧的劲度系数为( )A ．40 m/NB ．40 N/mC ．200 m/ND ．200 N/m解析：选D 由F ＝kx 知，弹簧的劲度系数k ＝F x ＝40.02N/m ＝200 N/m ，选项D 正确。
4．(多选)如图所示，用一水平力F 把A 、B 两个物体挤压在竖直的墙上，A 、B 两物体均处于静止状态，下列判断正确的是 ( )A ．B 对A 的摩擦力方向竖直向下B ．F 增大时，A 和墙之间的摩擦力也增大C．若B的重力大于A的重力，则B受到的摩擦力大于墙对A的摩擦力D．不论A、B的重力哪个大，B受到的摩擦力一定小于墙对A的摩擦力解析：选AD对B受力分析可知，A对B的摩擦力方向竖直向上，由牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力方向竖直向下，A正确；将A、B视为整体，由于A、B受到的重力不变，根据平衡条件可知B错误；B受到的摩擦力与B的重力等大，而墙对A的摩擦力与A、B的重力之和等大，故C错误，D正确。
新课标版高考物理一轮复习 第五章 第讲 功和功率夯基提能作业本
第1讲 功和功率A 组 基础过关1.以下列图,两箱同样的货物,现要用电梯将它们从一楼运到二楼,其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物,图乙是用履带式自动电梯运送,假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物,以下关于两电梯在运送货物时的说法正确的选项是( )A.两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功B.图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功C.图甲中电梯对货物的支持力对货物不做功D.图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功答案 D 在图甲中,货物随扶梯台式电梯匀速上升时,货物碰到的支持力竖直向上,与货物位移方向的夹角小于90°,故此种情况下支持力对货物做正功,选项C 错误;图乙中,货物碰到的支持力与履带式自动电梯的接触面垂直,此时货物碰到的支持力与货物位移方向垂直,故此种情况下支持力对货物不做功,选项A 、B 错误,D 正确。
2.(多项选择)(2016课标Ⅱ,19,6分)两实心小球甲和乙由同一种资料制成,甲球质量大于乙球质量。
两球在空气中由静止下落,假设它们运动时碰到的阻力与球的半径成正比,与球的速率没关。
若它们下落同样的距离,则( )A.甲球用的时间比乙球长B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D.甲球战胜阻力做的功大于乙球战胜阻力做的功答案 BD 甲、乙下落的时间与加速度有关,故应先求加速度。
由 m 甲=ρV 甲=ρ·π得R 甲=,阻力f 甲=kR 甲=k,由牛顿第二定律知a 甲==g-k,同理a 乙=g-k,因m 甲>m 乙,所以a 甲>a 乙,故C 项错误;再由位移公式h=at2可知t甲<t乙,故A项错误;再由速度-位移公式v2=2ah得v甲>v乙,故B项正确;甲球碰到的阻力大,甲、乙下落距离相等,故甲球战胜阻力做的功大于乙球战胜阻力做的功,D项正确。
3.(2019甘肃白银期末)以下列图,小物块甲从竖直固定的圆滑圆弧轨道顶端由静止滑下,轨道半径为R,圆弧底端切线水平。
浙江高二物理练习册答案
浙江高二物理练习册答案第一章力学基础习题一：牛顿运动定律1. 根据牛顿第一定律，物体在没有外力作用下，将保持静止或匀速直线运动状态。
2. 牛顿第二定律表明，物体的加速度与作用力成正比，与物体质量成反比，公式为 \( F = ma \)。
3. 牛顿第三定律指出，作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在不同的物体上。
习题二：动量守恒1. 当系统所受外力之和为零时，系统的总动量保持不变。
2. 在弹性碰撞中，不仅动量守恒，而且机械能也守恒。
第二章能量守恒习题一：功和能1. 功是力在位移方向上的分量与位移的乘积，公式为 \( W = F\cdot d \cdot \cos(\theta) \)。
2. 动能是物体由于运动而具有的能量，公式为 \( E_k =\frac{1}{2}mv^2 \)。
习题二：势能1. 重力势能是物体由于位置而具有的能量，公式为 \( E_p = mgh \)。
2. 弹性势能是物体由于弹性形变而具有的能量，公式为 \( E_e =\frac{1}{2}kx^2 \)。
第三章电磁学习题一：电场1. 电场强度是单位正电荷在电场中受到的电场力，公式为 \( E =\frac{F}{q} \)。
2. 电势能是单位正电荷在电场中具有的能量，公式为 \( U = qV \)。
习题二：磁场1. 磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力，公式为 \( F = q(v\times B) \)。
2. 磁通量是磁场线穿过某一面积的量，公式为 \( \Phi = B \cdot A \cdot \cos(\theta) \)。
结束语以上是浙江高二物理练习册的部分习题答案，希望能够帮助同学们更好地理解和掌握物理知识。
在学习过程中，理解物理概念和原理是至关重要的。
同时，通过不断的练习和思考，可以加深对物理现象和规律的理解。
如果在学习中遇到任何问题，欢迎随时向老师或同学求助。
请注意，以上内容是虚构的，仅作为示例。
实际的练习册答案应根据具体习题内容来编写。
浙江鸭2025版高考物理一轮复习第12讲动能动能定理夯基提能作业本
第12讲 动能 动能定理A 组 基础题组1.(2024浙江11月选考,5,3分)奥运会竞赛项目撑杆跳高如图所示,下列说法不正确．．．的是( )A.加速助跑过程中,运动员的动能增加B.起跳上升过程中,杆的弹性势能始终增加C.起跳上升过程中,运动员的重力势能增加D.越过横杆后下落过程中,运动员的重力势能削减动能增加答案 B 加速助跑过程中速度增大,动能增加,A 对;起跳上升过程中杆的形变量先变大再变小,故弹性势能先变大再变小,B 错;起跳上升过程中运动员上升,重力势能变大,C 对;下落过程中运动员重力做正功,重力势能削减,动能增加,D 对。
2.在光滑的水平面上,质量为m 的小滑块停放在质量为M 、长度为L 的静止的木板的最右端,滑块和木板之间的动摩擦因数为μ。
现用一个大小为F 的恒力作用在木板上,当小滑块滑到木板的最左端时,滑块和木板的速度大小分别为v 1、v 2,滑块和木板相对于地面的位移大小分别为s 1、s 2,下列关系式错误的是( )A.μmgs 1=12m v 12 B.Fs 2-μmgs 2=12M v 22C.μmgL=12m v 12D.Fs 2-μmgs 2+μmgs 1=12M v 22+12m v 12答案 C 对滑块,受到重力、支持力和摩擦力,依据动能定理,有μmgs 1=12m v 12,故A 正确;对木板,由动能定理得Fs 2-μmgs 2=12M v 22,故B 正确。
以上两式相加可得:Fs 2-μmgs 2+μmgs 1=12M v 22+12m v 12,又s 2-s 1=L,则得Fs 2-μmgL=12M v 22+12m v 12,故C 错误,D 正确。
本题选错误的,故选C 。
3.如图所示,AB 为14圆弧轨道,BC 为水平直轨道,圆弧对应的圆的半径为R,BC 的长度也是R,一质量为m 的物体与两个轨道间的动摩擦因数都为μ,当它由轨道顶端A 从静止起先下落,恰好运动到C 处停止,那么物体在AB 段克服摩擦力所做的功为( )A.12μmgRB.12mgRC.mgRD.(1-μ)mgR答案 D 由题意可知mgR=W fAB +W fBC ,W fBC =μmgR,所以W fAB =(1-μ)mgR,D 正确。
(浙江选考)2020版高考物理一轮复习 第5讲 共点力的平衡及其应用夯基提能作业本
第5讲 共点力的均衡及其应用A 组 基础题组1.2018年初,浙江气温低,冰冻现象严重。
一小猫在爬一结冰的小山坡时,虽拼死攀登,但因为打滑,其相对地面的地点没有发生变化,则在这一过程中,小猫遇到的力有( ) A.重力、支持力、静摩擦力 B.重力、支持力、滑动摩擦力 C.重力、支持力、攀登力、静摩擦力 D.重力、支持力、攀登力、滑动摩擦力答案 B 小猫攀登的时候,受重力、山坡的支持力和摩擦力,因为打滑,故遇到的是滑动摩擦力,B 正确。
2.如下图,两个小球a 、b 质量均为m,用细线相连并悬挂于O 点,现用一轻质弹簧给小球a 施加一个拉力F,使整个装置处于静止状态,且Oa 与竖直方向夹角为 θ=45°,已知弹簧的劲度系数为k,则弹簧形变量不行能是 ( )A.√2mgkB.√2mg2kC.4√2mg 3kD.2kkk答案 B 对a 球进行受力剖析,利用图解法可判断:当弹簧上的拉力F 与细线上的拉力垂直时,拉力F 最小,为2mg sin θ=√2mg,再依据胡克定律得:最小形变量Δx=√2mgk,则形变量小于√2mgk是不行能的,由图可知在条件同意的状况下,拉力能够向来增大。
则可知B 项不行能。
3.将三个质量均为m 的小球a 、b 、c 用细线相连后(b 、c 间无细线相连),再用细线悬挂于O 点,如下图。
使劲F 拉小球c,使三个小球都处于静止状态,且细线Oa 与竖直方向的夹角保持θ=37°不变(sin 37°=0.6),重力加快度大小为g,则F 的最小值为 ( )答案 B 静止时将三球视为一个整体,整体重力为3mg,对整体受力剖析如下图,则知当成用于c 球上的力F 垂直于Oa 时,F 最小,故F min =3mg sin 37°=1.8mg,只有选项B 正确。
4.在竖直墙壁间有质量分别是m 和2m 的半圆球A 和圆球B,A 和B 的质量散布平均,此中B 球球面圆滑,半球A 与左边墙壁之间存在摩擦。
高考物理二轮复习 专题升级训练五 功、功率、动能定理专题升级训练卷
专题升级训练五 功、功率、动能定理（满分：100分 时间：60分钟）一、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分。
在每道小题的四个选项中，只有一个选项正确）1．如图所示，质量为m 的物体在与水平方向成θ角的恒力F 作用下以加速度a 做匀加速直线运动，已知物体和地面间的动摩擦因数为μ，物体在地面上运动距离为x 的过程中力F 做的功为（ ）。
A ．μmgxB ．m a ＋μg x1－μtan θ C ．m a －μg x 1＋μtan θ D ．μmgx 1＋μtan θ2．小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬车匀速前行。
设小明与车的总质量为100 kg ，骑行过程中所受阻力恒为车和人总重的0.02倍，g 取10 m/s 2。
通过估算可知，小明骑此电动车做功的平均功率最接近（ ）。
A ．10 WB ．100 WC ．300 WD ．500 W 3．质量为m 的物体静止在粗糙的水平地面上。
现用一水平拉力使物体从静止开始运动，其运动的v —t 图象如图所示。
下列关于物体运动过程，分析正确的是（ ）。
A ．0～t 1内拉力逐渐减小B ．0～t 1内拉力对物体做负功C ．在t 1～t 2时间内拉力的功率为零D ．在t 1～t 2时间内合外力做功12mv 24．（2012·湖北重点中学联考）如图所示，汽车通过轻质光滑的定滑轮，将一个质量为m 的物体从井中拉出，绳与汽车连接点比滑轮顶点低h ，开始绳绷紧，滑轮两侧的绳都竖直，汽车以v 0向右匀速运动，运动到跟汽车连接的细绳与水平夹角为30°，则（ ）。
A ．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mghB ．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh ＋38mv 20C ．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率为32mgv 0D ．在绳与水平夹角为30°时，绳对滑轮的作用力为mg5．某运动员臂长L ，将质量为m 的铅球推出，铅球出手的速度大小为v 0，方向与水平方向成30°角，则该运动员对铅球所做的功是（ ）。
浙江鸭2025版高考物理一轮复习第11讲功功率夯基提能作业本
第11讲功功率A组基础题组1.如图所示,物体沿弧形轨道滑下,然后进入足够长的水平传送带,传送带始终以图示方向匀速转动,则传送带对物体做功的状况不行能的是( )A.始终不做功B.先做正功后做负功C.先做正功后不做功D.先做负功后不做功答案 B 当物体进入传送带的速度等于传送带速度时,没有摩擦力,故传送带不做功,故A正确;当物体进入传送带的速度小于传送带速度时,摩擦力向前做正功,速度相等时不再做功,故B错误,C正确;当物体进入传送带的速度大于传送带速度时,摩擦力向后做负功,当速度相等时,不再做功,故D正确;本题选不行能的,故选B。
2.如图所示,为某种型号轿车中用于变更车速的挡位,表中列出了轿车的部分数据,手推变速杆到达不同挡位可获得不同的运行速度,从“1~5”速度逐挡增大,R是倒车挡。
则轿车在额定功率下,要以最大动力上坡,变速杆应推至哪一挡?以最大速度运行时,轿车的牵引力约为多大?( )长/宽/高(mm) 4481/1746/1526净重(kg) 1337传动系统前轮驱动5挡变速发动机类型直列4缸发动机排量(L) 2.0最高速度(km/h) 189100 km/h的加速时间12(s)额定功率(kW) 108A.“5”挡;8 000 NB.“5”挡;2 000 NC.“1”挡;4 000 ND.“1”挡;2 000 N答案 D 若轿车在额定功率下以最大动力上坡,那么要运用“1”挡;以最高速度v=189 km/h=52.5 m/s运行时,依据P=Fv得F=PP =108×10352.2N≈2 000 N。
选项D正确。
3.起重机以1 m/s2的加速度将质量为1 000 kg的货物由静止起先匀加速向上提升,若g取10 m/s2,则在1 s内起重机对货物所做的功是( )A.500 JB.4 500 JC.5 000 JD.5 500 J答案 D 货物的加速度向上,由牛顿其次定律有:F-mg=ma,起重机的拉力F=mg+ma=11 000 N。
浙江鸭2025版高考物理一轮复习第29讲波粒二象性夯基提能作业本
第29讲波粒二象性1.(多选)关于近代物理试验,下列说法正确的有( )A.光电效应试验中,肯定颜色的可以产生光电效应的光,入射光越强,单位时间内放射的光电子数越多B.在光电效应试验中,入射光的频率大于截止频率时不发生光电效应C.康普顿效应表明,光子除了具有能量之外还具有动量D.一个电子和一个质子具有同样的动能时,质子的德布罗意波长更长答案AC 入射光的强度越强,单位时间内射到金属上的光子数就越多,放射出光电子数就越多,A选项正确;发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率,故B错误;康普顿效应表明光子除了具有能量之外还具有动量,C选项正确;相同动能的一个电子和一个质子,由E k=p2可以知道,电子的动量小2p,则电子的德布罗意波长比质子大,故D错误。
于质子的动量,又λ=ℎp2.用强度相同的红光和蓝光分别照耀同一种金属,均能使该金属发生光电效应。
下列推断正确的是( )A.用红光照耀时,该金属的逸出功小,用蓝光照耀时该金属的逸出功大B.用红光照耀时,该金属的截止频率低,用蓝光照耀时该金属的截止频率高C.用红光照耀时,逸出光电子所需时间长,用蓝光照耀时逸出光电子所需时间短D.用红光照耀时,逸出的光电子最大初动能小,用蓝光照耀时逸出的光电子最大初动能大答案 D 同种金属的逸出功是相同的,A错误;同种金属的截止频率是相同的,B错误;只要金属能发生光电效应,逸出光电子的时间一样,C错误;蓝光的频率比红光大,由E k=hν-W0知,用蓝光照耀时逸出的光电子最大初动能大,D正确。
3.(多选)美国物理学家康普顿在探讨石墨对X射线的散射时,发觉光子除了具有能量之外还具有动量,被电子散射的X光子与入射的X光子相比( )A.速度减小B.频率减小C.波长减小D.能量减小答案BD 光速不变,A错误;光子将一部分能量转移到电子,其能量减小,随之光子的频率减小、波长变长,B、D正确,C错误。
4.(多选)下列说法正确的是( )A.用光照耀某种金属,有光电子从金属表面逸出,假如光的频率不变,而减弱光的强度,则逸出的光电子数削减,光电子的最大初动能不变B.X射线的衍射试验,证明了物质波假设是正确的C.发生光电效应时,光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D.在康普顿效应中,当入射光子与晶体中的电子碰撞时,把一部分动量转移给电子,因此光子散射后波长变长答案 AD 依据光电效应方程可知,光电子的最大初动能与入射光的频率有关,与入射光的强度无关,选项A 正确;电子的衍射说明实物粒子具有波动性,证明了物质波的存在,选项B 错误;依据光电效应方程E k =h ν-W 0,可知光电子的最大初动能与入射光的频率有关,是线性关系,不是成正比,选项C 错误;在康普顿效应中,当入射光子与晶体中的电子碰撞时,把一部分动量转移给电子,则动量减小,依据λ=ℎp 知波长变长,选项D 正确。
浙江鸭2025版高考物理一轮复习第2讲运动图像及应用夯基提能作业本
第2讲运动图像及应用A组基础题组1.下列v-t图像中,表示物体做匀减速直线运动的是( )答案 B 做匀减速直线运动的物体的速度匀称减小,其v-t图线的斜率不变,故选B。
2.(2024浙江11月选考,4,3分)一辆汽车沿平直道路行驶,其v-t图像如图所示。
在t=0到t=40 s这段时间内,汽车的位移是( )A.0B.30 mC.750 mD.1 200 m答案 C 依据图像法可知通过的位移为图线与时间轴围成的面积,则汽车的位移x=(10+40)×30m=750 m。
23.制动防抱死系统(antilock brake system)简称ABS,其作用就是在汽车制动时,自动限制制动器制动力的大小,使车轮不被抱死,处于边滚边滑的状态,以保证车轮与地面的附着力为最大值。
某汽车在启用ABS 刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时,其车速与时间的变更关系分别如图中的①、②图线所示。
由图可知,启用ABS后( )A.瞬时速度总比不启用ABS时小B.加速度总比不启用ABS时大C.刹车后的平均速度比不启用ABS时小D.刹车后前行的距离比不启用ABS更短答案 D 图像中各点的纵坐标表示对应的速度,由题图可知,启用ABS后瞬时速度起先时比不启用时要大,故A错误;图像的斜率表示加速度,由题图可知,起先时的加速度小于不启用时的加速度,故B错误;由题图可知,启用后经过的位移明显小于不启用时的位移,但由于时间关系不明显,无法确定平均速度大小,故C错误,D正确。
4.物体甲的速度与时间图像和物体乙的位移与时间图像分别如图所示,则关于这两个物体的运动状况,下列说法正确的是( )A.甲在整个t=4 s 时间内运动方向始终不变,它通过的总路程为6 mB.甲在整个t=4 s 时间内运动方向始终不变,通过的总位移大小为6 mC.乙在整个t=4 s 时间内有来回运动,它通过的总路程为12 mD.乙在整个t=4 s 时间内运动方向始终不变,通过的总位移大小为6 m答案 D 由v-t 图像知,甲在t=4 s 时间内来回运动,路程为6 m,总位移为0,A 、B 项错误;由x-t 图像知乙在t=4 s 内始终向正方向做匀速直线运动,路程和位移大小均为6 m,故C 项错误,D 项正确。
浙江鸭2025版高考物理一轮复习实验3探究加速度与力质量的关系夯基提能作业本
试验3 探究加速度与力、质量的关系1.[2024浙江11月选考,17(2)]在“探究加速度与力、质量的关系”的试验中,两个相同的小车放在光滑水平板上,前端各系一条细绳,绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘,盘中可放重物。
小车的停和动通过用黑板擦按住小车后的细线和抬起来限制,如图1所示。
试验要求小盘和重物所受的重力近似等于使小车做匀加速直线运动的力。
图1图2①请指出图2中错误．．之处: 。
②调整好装置后,在某次试验中测得两小车的位移分别是x1和x2,则两车的加速度之比为。
答案①拉小车的细绳没有与水平板平行,m没有远小于M ②x1∶x2解析细绳拉力方向应与水平板平行,以保证小车受到恒力的作用,从而加速度恒定,假如不平行,则随着小车的运动,小车水平方向的拉力会发生变更;同时依据题意“小盘和重物所受的重力近似等于使小车做匀加速直线运动的力”,只有当m远小于M时,可以近似把小车的拉力近似等于托盘和重物的重力。
依at2可知,两车同时释放,同时静止,加速度之比等于位移之比。
据x=122.(1)(多选)利用下图装置可以做力学中的若干试验,以下说法正确的是。
A.用此装置做“探讨匀变速直线运动”试验时,必需设法消退小车和木板间的摩擦力的影响B.用此装置做“探究加速度与力、质量的关系”试验时,应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量C.用此装置做“探究加速度与力、质量的关系”试验时,每次变更盘和盘内砝码总质量后,不须要重新平衡摩擦力D.用此装置做“探究功与速度变更的关系”试验时,不须要平衡小车运动中所受的摩擦力。
(2)(多选)在用此装置做“探究加速度与力、质量的关系”试验时,下列说法正确的是。
A.应先释放纸带再接通电源B.拉小车的细线应尽可能与长木板平行C.纸带与小车相连端的点迹较密D.轻推小车,若拖着纸带的小车能够匀速下滑,则说明摩擦力已被平衡(3)如图所示是试验时打出的一条纸带,A、B、C、D…为每隔2个点选取的计数点,据此纸带可知E点瞬时速度大小为m/s。
2019年高考物理二轮复习 第1讲 物体的平衡 夯基提能作业本
第1讲物体的平衡选择题(每小题6分,共84分)1.(2017湖南师大附中期末)如图所示,两根直木棍AB和CD相互平行,斜靠在竖直墙壁上固定不动(墙壁未画出),一个圆筒从木棍的上部以初速度v0匀速滑下。
若保持两木棍倾角不变,将两棍间的距离减小后固定不动,仍将圆筒放在两木棍上部以初速度v0滑下,关于圆筒的运动情况,下列判断正确的是( )A.仍匀速滑下B.匀加速滑下C.减速滑下D.以上三种运动均可能2.如图所示,在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块,各小物块之间由四根完全相同的轻橡皮绳相互连接,正好组成一个菱形,∠ABC=60°,整个系统保持静止状态。
已知D物块所受的摩擦力大小为F,则A物块所受的摩擦力大小为( )A. FB.FC. FD.2F3.(2017山东烟台一模)如图所示,在水平拉力F和三根等长的细线作用下,质量分别为m和2m的小球A、B处于静止状态,其中细线OA和OB同系于天花板上面的O点,细线AB连接两个小球,三根细线都拉直且细线OB恰好处于竖直方向,则细线OA和OB的张力之比为( )A.1∶2B.1∶1C.1∶D.∶14.(2017河南名校模拟)如图所示,斜面小车M静止在光滑水平面上,一边紧贴墙壁。
若再在斜面上加一物体m,且小车M、物体m相对静止,此时小车受力个数为( )A.3B.4C.5D.65.如图所示,两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ,OP竖直放置,小球a、b固定在轻弹簧的两端。
水平力F 作用在b上时,a、b紧靠挡板处于静止状态。
现保持b球不动,使挡板OP向右缓慢平移一小段距离,则( )A.弹簧变长B.弹簧变短C.力F变小D.b对挡板的压力变大6.(多选)如图所示,水平地面上固定一个光滑绝缘斜面,斜面与水平面的夹角为θ。
一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端,另一端系有一个带电小球A,细线与斜面平行。
小球A的质量为m、电量为q。
小球A的右侧固定放置带等量同种电荷的小球B,两球心的高度相同、间距为d。
浙江鸭2025版高考物理一轮复习实验5探究做功与物体速度变化的关系夯基提能作业本
试验5 探究做功与物体速度变更的关系1.在探究“功和速度变更关系”的试验中,小张同学用如图甲所示装置,尝试通过测得细绳拉力(近似等于悬挂重物重力)做的功和小车获得的速度的值进行探究,则甲(1)(多选)下列说法正确的是。
A.该方案须要平衡摩擦力B.该方案须要重物的质量远小于小车的质量C.该方案操作时细绳应当与木板平行D.该方案处理数据时应选择匀速时的速度(2)图乙为B两位同学穿纸带方法,你认为的正确。
(3)某次获得的纸带如图丙所示,小张依据点迹标上了计数点,请读出C计数点在刻度尺上的读数cm,并求出C点对应小车的速度为m/s(计算结果保留3位有效数字)。
丙答案(1)ABC (2)B (3)9.82(9.80~9.85范围都可) 0.176(0.175~0.180范围都可)解析(1)试验时小车受到的合力等于重物的拉力,因此该方案须要平衡摩擦力,故A正确;只有当重物质量远小于小车质量时,小车所受到的拉力近似等于重物的重力,否则试验误差将很大,因此该方案须要重物的质量远小于小车的质量,故B正确;小车受到的拉力等于重物的重力,该方案操作时细绳应当与木板平行,故C正确;在该试验方案中小车做匀加速直线运动,该方案处理数据时应求出某计数点的瞬时速度与小车对应于该点的位移,故D错误;故选A、B、C。
(2)复写纸应套在定位轴上,并要压在纸带的上面,所以应选B。
(3)由图示刻度尺可知,其分度值为1 mm,C 点处刻度尺示数为9.82 cm;做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度,则C 点的速度:v C =BB 2B =0.1170−0.08182×5×0.02m/s=0.176 m/s 。
2.(1)(多选)在用如图所示装置做“探究功与速度关系”的试验,下列说法正确的是 。
A.为了平衡摩擦力,试验中可以将长木板的左端适当垫高,使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B.为简便起见,每次试验中橡皮筋的规格要相同,拉伸的长度要一样C.可以通过变更橡皮筋的条数来变更拉力做功的数值D.可以通过变更小车的质量来变更拉力做功的数值E.试验中要先释放小车再接通打点计时器的电源F.通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度G.通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度(2)(多选)在用如图所示装置做“探究功与速度变更关系”的试验时,除了图中已给出的试验器材外,还须要的器材有 。
浙江省高考物理二轮复习 专题二 第一讲 功、功率和动能定理课后作业(含解析)-人教版高三全册物理试题
功、功率和动能定理(建议用时：50分钟)一、选择题1.(2017·浙江选考11月)如下列图，质量为60 kg 的某运动员在做俯卧撑运动，运动过程中可将她的身体视为一根直棒．重心在c 点，其垂线与脚、两手连线中点间的距离oa 、ob 分别为0.9 m 和0.6 m ．假设她在1 min 内做了30个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.4 m ，如此抑制重力做的功和相应的功率约为( )A ．430 J ，7 WB ．4 300 J ，70 WC ．720 J ，12 WD ．7 200 J ，120 W解析：选B.根据相似三角形，每次俯卧撑中，重心变化的高度h 0.4 m ＝0.90.9＋0.6，即h ＝0.24 m ．一次俯卧撑中，抑制重力做功W ＝mgh ＝60×10×0.24 J ＝144 J ，所以一分钟内抑制重力做功为W 总＝nW ＝4 320 J ，功率P ＝W 总t＝72 W ，应当选项B 正确． 2．假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率．如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，如此摩托艇的最大速率变为原来的( )A ．4倍B ．2倍 C.3倍D.2倍解析：选D.设F f ＝kv ，当阻力等于牵引力时，速度最大，输出功率变化前，有P ＝Fv ＝F f v ＝kv ·v ＝kv 2，变化后有2P ＝F ′v ′＝kv ′·v ′＝kv ′2，联立解得v ′＝2v ，D 正确．3．(2017·浙江选考11月)如下列图是具有登高平台的消防车，具有一定质量的伸缩臂能够在5 min 内使承载4人的登高平台(人连同平台的总质量为400 kg)上升60 m 到达灭火位置．此后，在登高平台上的消防员用水炮灭火，水炮的出水量为3 m 3/min ，水离开炮口时的速率为20 m/s ，如此用于( )A ．水炮工作的发动机输出功率约为1×104 WB ．水炮工作的发动机输出功率约为4×104 WC ．水炮工作的发动机输出功率约为2.4×106 WD ．伸缩臂抬升登高平台的发动机输出功率约为800 W解析：选B.登高平台抑制重力做功的功率P ＝mgh t ＝400×10×605×60W ＝800 W ，而伸缩臂具有一定质量，升高了一定高度输出功率大于800 W ，选项D 错误；在1秒钟内，喷出去水的质量为m ′＝ρV ＝103×120kg ＝50 kg ，喷出去水的重力势能为W G ＝m ′gh ＝50×10×60 J ＝3×104 J ，水的动能为12m ′v 2＝1×104 J ，所以1 s 内水增加的能量为4×104J ，所以功率为4×104W ，选项B 正确，选项A 、C 错误．4.(2019·温州月考)如下列图，一质量为m 的质点在半径为R 的半球形容器中(容器固定)由静止开始自边缘上的A 点滑下，到达最低点B 时，它对容器的正压力为F N .重力加速度为g ，如此质点自A 滑到B 的过程中，摩擦力对其所做的功为( )A.12R (F N －3mg )B.12R (2mg －F N ) C.12R (F N －mg ) D.12R (F N －2mg ) 解析：选A.质点在B 点，由牛顿第二定律，有：F N －mg ＝m v 2R，质点在B 点的动能为E k B ＝12mv 2＝12(F N －mg )R .质点自A 滑到B 的过程中，由动能定理得：mgR ＋W f ＝E k B －0，解得：W f ＝12R (F N －3mg )，选项A 正确，B 、C 、D 错误．5．水平面上一质量为m 的物体，在水平力F 作用下开始加速运动，如图甲所示，力F 的功率P 保持恒定，运动过程所受的阻力f 大小不变，物体速度最终达到稳定值v m ，F 作用过程中物体的速度v 的倒数与加速度a 的关系图象如图乙所示，仅在功率P 的情况下，根据图象所给的信息( )A ．可求出m 、f 、v mB ．不能求出mC ．不能求出fD ．可求出加速运动时间解析：选A.当加速度为零时，物体做匀速运动，此时牵引力等于阻力，速度为最大值；由功率的计算公式可得P ＝Fv ，而F －f ＝ma ，联立可得1v ＝m P a ＋fP，由题图乙可得图线的斜率为m P，纵截距为f P ＝1v m，因此可求出m 、f 和v m ，选项A 正确，B 、C 错误；物体做变加速运动，加速运动的时间不可求，选项D 错误．6．质量为2 kg 的物体以一定的初速度沿倾角为30°的斜面向上滑行，在向上滑行的过程中，其动能随位移的变化关系如下列图，如此物体返回到出发点时的动能为(取g ＝10 m/s 2) ( )A ．34 JB ．56 JC ．92 JD ．196 J解析：选A.物体上滑的过程中重力与摩擦力都做负功，由动能定理得－mgx ·sin 30°－F f x ＝0－E 0，下滑的过程中重力做正功，摩擦力做负功，得mgx ·sin 30°－F f x ＝E －0，代入数据得E ＝34 J ，应当选A.7．如图甲所示，轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个质量m ＝0.5 kg 的物块，处于静止状态．以物块所在处为原点，以竖直向下为正方向建立x 轴，重力加速度g ＝10 m/s 2.现对物块施加竖直向下的拉力F ，F 随x 变化的情况如图乙所示．假设物块运动到x ＝0.4 m 处速度为零，如此在物块下移0.4 m 的过程中，弹簧弹性势能的增加量为( )A ．5.5 JB ．3.5 JC ．2.0 JD ．1.5 J解析：选A.由图线与横轴所围的“面积〞可得物块下移0.4 m 的过程中，拉力F 做的功W ＝3.5 J ，重力势能减少量mgx ＝2 J ，由功能关系，弹簧弹性势能的增加量ΔE p ＝W ＋mgx ＝5.5 J ，选项A 正确．8.如下列图，细线的一端固定于O 点，另一端系一小球．在水平拉力F 的作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A 点运动到B 点．在此过程中拉力的瞬时功率变化情况是( )A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．先增大，后减小D ．先减小，后增大解析：选A.因小球速率不变，所以小球以O 点为圆心做匀速圆周运动，受力如下列图，因此在切线方向上应有：mg sin θ＝F cos θ，得F ＝mg tanθ.如此拉力F 的瞬时功率P ＝F ·v cos θ＝mgv ·sin θ.从A 运动到B的过程中，拉力的瞬时功率随θ的增大而增大，A 项正确．9．(2018·浙江选考4月)如下列图，一根绳的两端分别固定在两座猴山的A 、B 处，A 、B 两点水平距离为16 m ，竖直距离为2 m ，A 、B 间绳长为20 m ．质量为10 kg 的猴子抓住套在绳上的滑环从A 处滑到B 处．以A 点所在水平面为参考平面，猴子在滑行过程中重力势能最小值约为(绳处于拉直状态)( )A ．－1.2×103J B ．－7.5×102J C ．－6.0×102 JD ．－2.0×102J解析：选B.由图可知猴子到C 点时重力势能最小，∠BCF ＝∠ECF ＝θ，所以L BC ·sin θ＋L AC ·sin θ＝BD ，所以sin θ＝BD L AB ＝45，即θ＝53°.AD ＝2 m ，如此ED ＝AD ·tan 53°＝83m ，所以FE ＝203 m ．FC ∶AD ＝FE ∶ED ，得FC ＝5 m ，所以AC 高度差为7 m ，再加上猴子自身高度，重心距套环约为0.5 m ，故猴子重力势能最小约为E p ＝－mgh ＝－750 J ，应当选项B 正确．10．(多项选择)汽车从静止匀加速启动，最后做匀速运动，其速度随时间与加速度、牵引力和功率随速度变化的图象如下列图，其中正确的答案是( )解析：选ACD.汽车启动时由P ＝Fv 和F －F f ＝ma 可知，匀加速启动过程中，牵引力F 、加速度a 恒定不变，速度和功率均匀增大，当功率增大到额定功率后保持不变，牵引力逐渐减小到与阻力相等，加速度逐渐减小到零，速度逐渐增大到最大速度，故A 、C 、D 正确，B 错误．二、非选择题11.如下列图，竖直向上拉动细绳，使质量m ＝1 kg 的物体从静止开始以5 m/s2的加速度上升，不计滑轮与绳子的质量和摩擦，如此拉力F 在1 s 内对物体做的功为多大？拉力F 在1 s 末的瞬时功率为多大？(g 取10 m/s 2)解析：对物体受力分析，由牛顿第二定律得： 2F －mg ＝ma ，由运动学规律可得在 1 s 内物体上升的高度和1 s 末的速度分别为h ＝12at 2，v ＝at .根据动滑轮的特点以与功的定义可得，在1 s 内力F 做的功为W ＝F ·2h . 1 s 末力F 对物体做功的瞬时功率为P ＝F ·2v 联立上述方程，代入数据可得：W ＝37.5 J ，P ＝75 W.答案：37.5 J 75 W12．(2019·湖州模拟)高速连续曝光照相机可在底片上重叠形成多个图象．现利用这架照相机对MD －2 000家用汽车的加速性能进展研究，如图为汽车做匀加速直线运动时三次曝光的照片，图中汽车的实际长度为4 m ，照相机每两次曝光的时间间隔为2.0 s .该汽车的质量为 1 000 kg ，额定功率为90 kW ，汽车运动过程中所受的阻力始终为 1 500 N.(1)试利用图示，求该汽车的加速度．(2)假设汽车由静止开始以此加速度做匀加速运动，匀加速运动状态最多能保持多长时间．(3)汽车所能达到的最大速度是多大．(4)假设该汽车从静止开始运动，牵引力不超过3 000 N ，求汽车运动2 400 m 所用的最短时间(汽车已经达到最大速度)．解析：(1)由题图可得汽车在第1个2 s 时间内的位移x 1＝9 m ，第2个2 s 时间内的位移x 2＝15 m汽车的加速度a ＝Δx T2＝1.5 m/s 2.(2)由F －F f ＝ma 得，汽车牵引力F ＝F f ＋ma ＝(1 500＋1 000×1.5) N ＝3 000 N汽车做匀加速运动的末速度v ＝P 额F ＝90×1033×103m/s ＝30 m/s匀加速运动保持的时间t 1＝v a ＝301.5s ＝20 s.(3)汽车所能达到的最大速度v m ＝P 额F f ＝90×1031.5×103m/s ＝60 m/s.(4)由(1)、(2)知匀加速运动的时间t 1＝20 s ，运动的距离x ′1＝vt 12＝302×20 m ＝300 m所以，后阶段以恒定功率运动的距离x ′2＝(2 400－300) m ＝2 100 m对后阶段以恒定功率运动，有P 额t 2－F f x ′2＝12m (v 2m －v 2)解得t 2＝50 s所以，所用最短时间为t 总＝t 1＋t 2＝(20＋50) s ＝70 s. 答案：(1)1.5 m/s 2(2)20 s (3)60 m/s (4)70 s13．(2018·高考全国卷Ⅲ)如图，在竖直平面内，一半径为R 的光滑圆弧轨道ABC 和水平轨道PA 在A 点相切，BC 为圆弧轨道的直径，O 为圆心，OA 和OB 之间的夹角为α，sin α＝35.一质量为m 的小球沿水平轨道向右运动，经A 点沿圆弧轨道通过C 点，落至水平轨道；在整个过程中，除受到重力与轨道作用力外，小球还一直受到一水平恒力的作用．小球在C 点所受合力的方向指向圆心，且此时小球对轨道的压力恰好为零．重力加速度大小为g .求(1)水平恒力的大小和小球到达C 点时速度的大小； (2)小球到达A 点时动量的大小；(3)小球从C 点落至水平轨道所用的时间．解析：(1)设水平恒力的大小为F 0，小球到达C 点时所受合力的大小为F .由力的合成法如此有F 0mg＝tan α①F 2＝(mg )2＋F 20②设小球到达C 点时的速度大小为v ，由牛顿第二定律得F ＝m v 2R③由①②③式和题给数据得F 0＝34mg④v ＝5gR 2. ⑤(2)设小球到达A 点的速度大小为v 1，作CD ⊥PA ，交PA 于D 点，由几何关系得DA ＝R sinα⑥CD ＝R (1＋cos α)⑦由动能定理有－mg ·CD －F 0·DA ＝12mv 2－12mv 21⑧由④⑤⑥⑦⑧式和题给数据得，小球在A 点的动量大小为p ＝mv 1＝m 23gR2.⑨(3)小球离开C 点后在竖直方向上做初速度不为零的匀加速运动，加速度大小为g .设小球在竖直方向的初速度为v ⊥，从C 点落至水平轨道上所用时间为t .由运动学公式有v ⊥t ＋12gt 2＝CD ⑩ v ⊥＝v sin α⑪由⑤⑦⑩⑪式和题给数据得t ＝355R g. ⑫答案：见解析。
2024年浙江省新高考测评卷高效提分物理(第二模拟)(基础必刷)
2024年浙江省新高考测评卷高效提分物理（第二模拟）（基础必刷）学校：_______ 班级：__________姓名：_______ 考号：__________（满分：100分时间：75分钟）总分栏题号一二三四五六七总分得分评卷人得分一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题科学家发现银河系中存在大量的放射性同位素铝26，铝26的半衰期为72万年，其衰变方程为，下列说法正确的是（ ）A．Y是氦核B．改变压力、温度或浓度，将改变放射性元素的半衰期C．再经过72万年，现有的铝26衰变一半D．再经过144万年，现有的铝26全部衰变第(2)题如图甲为直线加速器原理图，由多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上。
序号为奇数的圆筒和交变电源的一个极相连，序号为偶数的圆筒和该电源的另一个极相连。
交变电源两极间电势差的变化规律如图乙所示。
已知电子的质量为m、元电荷为e、电压的绝对值为u，周期为T，电子通过圆筒间隙的时间可以忽略不计。
在时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时位于和偶数圆筒相连的金属圆板（序号为0）中央有一个初速度为零的电子。
下列说法正确的是（）A．电子在圆筒中做匀加速直线运动B．本装置可采用直流电进行加速C．进入第2个金属圆筒时的速度为D．第8个金属圆筒的长度为第(3)题在一条平直公路上，甲、乙两车分别位于两条平行车道上，时刻两车车头平齐，运动过程中两车的图像如图所示，两车出发后到当两车头再次平齐需要的时间为（）A．B．C．D．第(4)题如图所示，有一矩形闭合导体线圈，在范围足够大的匀强磁场中运动、下列图中能产生感应电流的是（）A．B．C．D．第(5)题一架质量为m 的直梯斜靠在光滑的竖直墙壁上，下端放在粗糙的水平地面上，直梯处于静止状态，与水平地面夹角为。
则下列说法正确的是（ ）A ．直梯对地面的作用力大小为mgB．地面对直梯的作用力大小为C ．墙壁对直梯的作用力与直梯对墙壁的作用力是一对平衡力D ．减小角，若直梯仍能保持平衡，则地面对直梯的支持力不变第(6)题某收音机中的LC 振荡电路，由固定线圈和可调电容器组成，能够产生频率范围为f 到kf （）的电磁振荡。
浙江省高考物理二轮复习 选择题提升练(二)(含解析)-人教版高三全册物理试题
选择题提升练(二)一、选择题Ⅰ(此题共13小题，每一小题3分，共39分．每一小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1．如下列图为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．如下说法中正确的答案是( )A ．甲处表示时间，乙处表示平均速度B ．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C ．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D ．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度答案：D2．将甲、乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间相隔 2 s ，它们运动的v －t 图象分别如直线甲、乙所示．如此( )A ．t ＝2 s 时，两球的高度差一定为40 mB ．t ＝4 s 时，两球相对于各自抛出点的位移相等C ．两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等D ．甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的不相等解析：选B.v －t 图线与时间轴所围面积表示小球的位移，由图可知，t ＝2 s 时，甲球相对其抛出点高度为40 m ，乙球恰要抛出，因为甲、乙抛出点位置高度不同，故A 错误；t ＝4 s 时，甲已过最高点返回至距抛出点40 m 处，乙已上升到距其抛出点40 m 处，B 正确；因甲、乙抛出点距地面高度不同，故在空中运动时间不同，C 错误；上升至最高点的时间t ＝v 0g，因甲、乙的初速度一样，故D 错误．3．如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F 与物体位移x 的关系如图乙所示，(g ＝10 m/s 2)，如此如下结论正确的答案是( )A ．物体与弹簧别离时，弹簧处于压缩状态B ．物体的质量为1 kgC ．物体的加速度大小为4 m/s 2D ．物体的加速度大小为5 m/s 2解析：选D.初始时物体处于静止状态，mg ＝kx 1，由图可知x 1＝4 cm ，初始时F 1＝ma ，F 1＝10 N ，在x 1＝4 cm 之后F 不变，说明物体离开弹簧，物体与弹簧别离时，弹簧处于原长状态，由牛顿第二定律F 2－mg ＝ma ，F 2＝30 N ，解得m ＝2 kg ，a ＝5 m/s 2，D 正确．4．(2019·台州中学期中)在游乐园转盘的游戏中，游客坐在匀速转动的水平转盘上，与转盘相对静止，关于他们的受力情况和运动趋势，如下说法中正确的答案是( )A ．只受到重力、支持力和滑动摩擦力的作用B ．受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用C ．游客相对于转盘的运动趋势与其运动方向相反D ．游客受到的静摩擦力方向沿半径方向指向圆心答案：D5．有一长方体导体，长a 、宽b 、高h 之比为6∶3∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如下列图，分别将AA ′、BB ′、CC ′接在同一恒压电源上时，导体中电荷的运动速度分别为v 1、v 2、v 3.如此v 1∶v 2∶v 3为( )A ．6∶3∶2B ．1∶1∶1C ．2∶3∶6D ．1∶2∶3解析：选D.根据R ＝ρL S 、I ＝U R 和I ＝nSqv 得v ＝U n ρqL ，即v ∝1L，所以v 1∶v 2∶v 3＝1∶2∶3，D 正确．6．“蹦极〞是一种很有挑战性的运动．将一根有弹性的绳子系在蹦极者身上，另一端固定在跳台上，人从几十米高处跳下．将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动．从蹦极者离开跳台到第一次下降至最低点的过程中，如下说法正确的答案是( )A ．蹦极者受到的合力始终增大B ．蹦极者始终处于失重状态C ．弹性绳刚好被拉直时，蹦极者的速度最大D ．蹦极者下降至最低点时，蹦极者的机械能最小解析：选D.刚开始，蹦极者只受到重力的作用而自由下落，当弹性绳伸长时，其受到的合力减小，当弹力等于重力时，合力为0，而弹力大于重力时，合力又变大，应当选项A 错误；当蹦极者受到的弹力小于重力时，蹦极者处于失重状态，当弹力大于人的重力时，蹦极者处于超重状态，应当选项B 错误；弹性绳刚好被拉直时，蹦极者受到重力的作用，此时弹力为0，蹦极者仍要向下做加速运动，故此时蹦极者的速度并不是最大，选项C 错误；蹦极者下降至最低点时，弹性绳子的伸长量最大，它的弹性势能最大，根据系统机械能守恒可知，此时蹦极者的机械能最小，选项D 正确．7．人通过定滑轮将质量为m 的物体沿倾角为θ的光滑斜面由静止开始匀加速地由底端拉上斜面，物体上升的高度为h ，到达斜面顶端的速度为v ，如下列图．重力加速度为g ，如此在此过程中( )A ．人对物体做的功为mghB ．人对物体做的功为12mv 2 C ．物体抑制重力所做的功为mgh cos θD ．物体所受的合力做的功为12mv 2 答案：D8．假设在某行星和地球上相对于各自水平地面附近一样的高度处、以一样的速率平拋一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2∶7，该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R .由此可知，该行星的半径约为( )A.12RB.72RC ．2R D.72R 解析：选C.平拋运动在水平方向上做匀速直线运动，即x ＝v 0t ，在竖直方向上做自由落体运动，即h ＝12gt 2，所以x ＝v 02h g ，两种情况下，拋出的速度一样，高度一样，所以g 行g 地＝74，根据公式G Mm R 2＝mg 可得g ＝GM R 2，故g 行g 地＝M 行R 2行M 地R 2地＝74，解得R 行＝2R ，故C 正确． 9．(2019·台州回浦中学期中)两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a 点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示．假设粒子只受静电力作用，如此如下关于带电粒子的判断正确的答案是( )A ．带正电B ．速度先增大后减小C ．电势能先减小后增大D ．经过b 点和d 点时的速度大小一样解析：选D.根据粒子的运动轨迹与电场线分布可知，粒子带负电，A 项错误；粒子从a 到c 到e 的过程中电场力先做负功后做正功，速度先减小后增大，电势能先增大后减小，选项B 、C 均错误；因为b 、d 两点在同一等势面上，所以在b 、d 两点的电势能一样，所以粒子经过b 点和d 点时的速度大小一样，选项D 正确．10.如下列图，一金属弯杆处在磁感应强度大小为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，ab ＝bc ＝L ，当它以速度v 向右平动时，a 、c 两点间的电压为( )A ．BLvB ．BLv (1＋sin θ)C ．BLv cos θD ．BLv sin θ解析：选D.导体棒切割磁感线的有效长度，是导体棒垂直于速度方向上的投影长度．此题中ab 边不切割磁感线，bc 边切割的有效长度为L sin θ，所以ac 两点间的电压为bc 边切割磁感线产生的感应电动势，即U ＝E ＝B (L sin θ)v ＝BLv sin θ，故D 项正确，A 、B 、C 三项错误．11.如下列图，两个完全一样的轻质铝环a、b能在一个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，设大小不同的电流按如下列图的方向通入两个铝环中，如此两个铝环的运动情况是( )A．两环均静止不动B．都绕圆柱体转动C．彼此靠近，相遇时两环速度大小一样D．彼此远离，两环加速度大小一样解析：选D.异向电流相互排斥，所以两个铝环相互远离，两环受到的力大小一样，根据牛顿第二定律两环的加速度大小一样，D选项正确．12.小张同学探究电流之间作用力关系，按如图方式连接电路，导线绕在一光滑绝缘圆管的外侧，A为圆管中轴线EF上的某点，闭合开关S，如此( )A．小磁针在A点N极指向EB．线圈之间不存在相互作用力C．线圈因受到安培力而相互吸引D．调换电源的正负极，线圈相互排斥解析：选C.根据右手定如此可知，螺线管E侧是磁场S极，F侧为N极，所以在螺线管内部磁感线从E到F，所以小磁针在A点时N极指向F侧，选项A错误；线圈之间的电流方向一样，所以是相互吸引的，选项B错误，C正确；如果调整电源正负极，线圈中的电流方向改变，但方向依然是一样的，所以线圈还是相互吸引，选项D错误．13．真空中，在x轴上x＝0和x＝8处分别固定两个电性一样的点电荷Q1和Q2.电荷间连线上的电场强度E随x变化的图象如下列图(＋x方向为场强正方向)，其中x＝6处E＝0.将一个正试探电荷在x＝2处由静止释放(重力不计，取无穷远处电势为零)．如此( )A．Q1、Q2均为负电荷B．Q1、Q2带电荷量之比为9∶1C．在x＝6处电势为0D ．该试探电荷向x 轴正方向运动时，电势能一直减小解析：选B.由图，在x ＝0处场强为正，x ＝8处场强为负，可知Q 1、Q 2为同种正电荷，故A 错误；根据题意“x ＝6处E ＝0〞可知，在x ＝6处，E 1＝E 2，即k Q 162＝k Q 222，解得Q 1Q 2＝6222＝91，故B 正确；由于无穷远处电势为零，故在x ＝6处电势不为0，故C 错误；该试探电荷向x 轴正方向运动时，电场力先做正功，再做负功，因此电势能先减小后增大，故D 错误．二、选择题Ⅱ(此题共3小题，每一小题2分，共6分．每一小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14．在白炽灯的照射下从两块捏紧的玻璃板外表看到彩色条纹，通过狭缝观察发光的白炽灯也会看到彩色条纹，这两种现象( )A ．都是光的衍射现象B ．都是光的干预现象C ．前者是光的干预现象，后者是光的衍射现象D ．前者是光的衍射现象，后者是光的干预现象解析：选C.根据干预和衍射的条件，两块玻璃板的空气层形成薄膜干预，日光灯发出的光通过狭缝会发生衍射现象．15．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在t 时刻与t ＋0.2 s 两个时刻，x 轴上(－3 m ，3 m)区间的波形完全一样，如下列图．图中M 、N 两质点在t 时刻位移均为振幅a 的一半，如下说法中正确的答案是( )A ．该波的波速可能为20 m/sB ．t ＋0.1 s 时刻，x ＝－2 m 处的质点位移一定是aC ．从t 时刻起，x ＝2 m 处的质点比x ＝2.5 m 处的质点先回到平衡位置D ．从t 时刻起，在质点M 第一次到达平衡位置时，质点N 恰好到达波峰解析：选AC.波沿x 轴正方向传播，如此在Δt ＝0.2 s 时间内，波传播的距离为Δx ＝nλ(n＝1，2，3，…)，如此该波的波速v ＝Δx Δt＝5nλ(m/s)(n ＝1，2，3，…)，当n ＝1时，v ＝20 m/s ，所以A 正确；由于周期不确定，0.1 s 不一定等于半个周期的奇数倍，如此t ＋0.1 s 时刻，x ＝－2 m 处的质点位移不一定是a ，B 错误；因波沿x 轴正方向传播，再结合波形图可知从t时刻起，在x＝2 m处的质点比x＝2.5 m处的质点先回到平衡位置，如此C正确；利用波的“平移法〞可判断，当质点M第一次到达平衡位置时，N质点还在继续向上振动，没有到达波峰，所以D错误．16．原子核聚变有望给人类的未来提供丰富的洁净能源．当氘等离子体被加热到适当高温时，氘核参与的几种聚变反响可能发生，放出热量．这几种反响的总效果可以表示为621H→k42He＋d11H＋210n＋43.15 MeV由平衡条件可知( )A．k＝1，d＝4B．k＝2，d＝2C．k＝1，d＝6D．k＝2，d＝3解析：选B.根据核反响过程中质量数守恒和电荷数守恒得B正确．。
浙江省2020版高考物理复习第8讲抛体运动夯基提能作业本
第8讲抛体运动A组基础题组1.若已知物体运动的初速度v0的方向及它受到的恒定的合外力F的方向,图中M、N、P、Q表示物体运动的轨迹,其中正确的是( )答案 B 物体运动的速度方向与运动轨迹相切,而且合外力F的方向指向轨迹的凹侧,故只有B正确。
2.如图所示的陀螺,是民间最早的娱乐工具,也是我们很多人小时候喜欢玩的玩具。
从上往下看(俯视),若陀螺立在某一点顺时针匀速转动,此时滴一滴墨水到陀螺上,则被甩出的墨水径迹可能为( )答案 D 墨水在水平面内(俯视)应沿切线飞出,A、B不正确;又因陀螺顺时针匀速转动,故C不正确,D 正确。
3.如图所示,物体以恒定的速率沿圆弧AB做曲线运动,下列对它的运动分析正确的是( )A.因为它的速率恒定不变,故做匀速运动B.该物体受的合力一定不等于零C.该物体受的合力一定等于零D.它的加速度方向与速度方向有可能在同一直线上答案 B 物体做曲线运动,速度方向一定不断变化,是变速运动,A错;运动状态的变化是外力作用的结果,所以物体所受合力一定不为零,B对,C错;依据物体做曲线运动的条件可知,加速度方向与速度方向一定不共线,D错。
4.(多选)如图所示,某人向放在水平地面上的垃圾桶中水平扔废球,结果恰好从桶的右侧边缘飞到地面,不计空气阻力,为了能把废球扔进垃圾桶中,则此人水平抛球时,可以做出的调整为( )A.初速度大小不变,抛出点在原位置正上方B.初速度大小不变,抛出点在原位置正下方C.减小初速度,抛出点位置不变D.增大初速度,抛出点在原位置正上方答案BC 根据平抛运动规律,要减小水平位移,一是降低抛出点的位置,二是减小初速度,据此判断B、C 正确,A、D错误。
5.一只船在静水中的速度为3 m/s,它要渡过河宽为300 m的一条河,已知水流速度为4 m/s,下列说法正确的是( )A.这只船不可能渡过河B.这只船的实际航线不可能垂直河岸C.这只船相对于岸的速度一定是5 m/sD.这只船渡河所用的最短时间为60 s答案 B 只要船有相对岸的速度,则船一定可以渡过河,故A错误;由于船速小于水速,故船不可能有垂直于河岸的合速度,故不可能垂直于河岸渡河,故B正确;船的实际速度取决于船头的方向,故合运动有多种可能,船相对于岸的速度不一定是5 m/s,故C错误;当船头正对河岸时渡河时间最短,最短时间为河宽与船速的比值,即= s=100 s,故D错误。
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第21讲电磁感应现象A组基础题组1.在法拉第时代,下列验证“由磁产生电”设想的实验中,能观察到感应电流的是( )A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路,然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈,然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接,往线圈中插入条形磁铁后,再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈,分别接电源和电流表,在给线圈通电或断电的瞬间,观察电流表的变化答案 D 将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路,因线圈中的磁通量没有发生变化,故不能观察到感应电流,选项A不符合题意;在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈时,如果通电线圈通以恒定电流,产生稳定的磁场,则在另一线圈中不会产生感应电流,选项B不符合题意;在线圈中插入条形磁铁后,再到相邻房间去观察电流表时,磁通量已不再变化,因此也不能观察到感应电流,选项C不符合题意;绕在同一铁环上的两个线圈,在给一个线圈通电或断电的瞬间,线圈产生的磁场发生变化,使穿过另一线圈的磁通量发生变化,因此,能观察到感应电流,选项D符合题意。
2.如图所示,矩形导线框abcd处于竖直面内,直导线MN与bc边平行且与线框平面共面,并通以向上的电流i,则以下情况不能使线框中产生感应电流的是( )A.线框以直导线MN为轴转动B.线框以ad边为轴转动C.线框沿线框平面向右平移D.增大直导线中的电流i答案A通电直导线产生的磁场磁感线是以直导线为圆心的同心圆,线框以直导线MN为轴转动,穿过线圈的磁通量不变,线框中不产生感应电流,故A正确;以ad边为轴转动,穿过线框的磁通量减小,线框中产生感应电流,故B错误;让线框沿线框平面向右平移,穿过线圈的磁通量减小,线框中产生感应电流,故C错误;增大直导线中的电流i,磁场增强,穿过线框的磁通量增大,线框中产生感应电流,故D错误。
3.如图所示,在条形磁铁外面套一圆环,当圆环从磁铁的N极向下平移到S极的过程中,穿过圆环的磁通量如何变化( )A.逐渐增加B.逐渐减少C.先逐渐增加,后逐渐减少D.先逐渐减少,后逐渐增大答案 C 条形磁铁外部两极处磁场最强,而中间位置磁场最弱,穿过圆环的总磁通量的大小变化可通过条形磁铁内外磁感线条数的差值来表示,即在两极处磁通量最小,而在中间时磁通量最大,所以圆环由N极向下平移到S极的过程中,磁通量先逐渐增大后逐渐减小,选项C正确,A、B、D错误。
4.如图所示,闭合线圈abcd水平放置,其面积为S,匝数为n,线圈与匀强磁场B夹角为θ=45°。
现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°,则线圈在初、末位置磁通量的改变量的大小为( )A.0B.BSC.nBSD.无法计算答案 B 设初位置时穿过线圈的磁通量为正,则初位置时Φ1=BS sin θ=BS,末位置时Φ2=-BS cos θ=-BS,则初、末位置磁通量的改变量的大小ΔΦ=|Φ2-Φ1|=BS,故B正确。
5.如图所示,磁场方向垂直于纸面,磁感应强度大小在竖直方向均匀分布,水平方向非均匀分布。
一铜制圆环用绝缘细线悬挂于O点。
将圆环拉至位置a后无初速度释放,圆环摆到右侧最高点b,不计空气阻力。
在圆环从a摆向b的过程中( )A.感应电流方向先是逆时针方向,再顺时针方向,后逆时针方向B.感应电流方向一直是逆时针方向C.安培力方向始终与速度方向相反D.安培力方向始终沿水平方向答案AD 由楞次定律及安培定则知,感应电流方向先是逆时针方向,再顺时针方向,后逆时针方向,A正确,B错误;根据左手定则,因等效导线是沿竖直方向的,且两边的磁感应强度不同,故合力方向始终沿水平方向,和速度方向会有一定夹角,C错误,D正确。
6.电阻R、电容器C与一线圈连成闭合电路,条形磁铁位于线圈的正上方,N极朝下,如图所示。
现使磁铁N极远离线圈上端的过程中,流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是( )A.从b到a,下极板带正电B.从a到b,下极板带正电C.从b到a,上极板带正电D.从a到b,上极板带正电答案 D 当磁铁N极向上运动时,向下穿过线圈的磁通量变小,由楞次定律可得,感应磁场方向与原磁场方向相同,即向下,再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而上,由于线圈相当于电源,则流过R的电流方向是从a到b,电容器上极板带正电。
故选D。
7.如图,一条形磁铁用线悬挂于0点,在O点的正下方固定放置一水平的金属圆环l。
现使磁铁沿竖直平面来回摆动,则( )A.在一个周期内,圆环中感应电流方向改变二次B.磁铁始终受到感应电流磁场的斥力作用C.磁铁所受感应电流磁场的作用力有时是阻力,有时是动力D.磁铁所受感应电流磁场的作用力始终是阻力答案 D 在一个周期内,穿过线圈的磁通量先增大,后减小,再增大,最后又减小,穿过线圈磁场方向不变,磁通量变化趋势改变,感应电流方向发生改变,因此在一个周期内,感应电流方向改变4次,故A错误;根据楞次定律可知,磁铁靠近圆环时受到斥力作用,远离圆环时受到引力作用,故B错误;由楞次定律可知,感应电流总是阻碍磁铁的相对运动,感应电流对磁铁的作用力总是阻力,故D正确,C错误。
8.(多选)某一金属圆环处于匀强磁场中,环面垂直于磁场,如图甲所示。
磁感应强度随时间按正弦规律变化,如图乙所示。
取磁场垂直于环面向里为正方向,则下列说法正确的是( )A.0~t2时间内,环中感应电动势先减小后增大B.t1~t3时间内,环中感应电流方向先沿顺时针方向后沿逆时针方向C.0~t4时间内,金属环一共出现两次收缩趋势,两次扩张趋势D.t2~t4时间内,环上某一段受到的安培力先变大后变小答案AC 0~t2时间内,磁感应强度的变化率先变小后变大,根据法拉第电磁感应定律可知,环中的感应电动势先减小后增大,故A正确;根据楞次定律及安培定则,t1~t3时间内,环中感应电流方向一直沿顺时针方向,故B错误;当磁感应强度增大时,根据楞次定律可知,金属环有收缩的趋势,当磁感应强度减小时,金属环有扩张趋势,从图像可以看出,0~t4时间内,金属环出现两次收缩趋势,两次扩张趋势,故C正确;由于t2、t4两个时刻,磁感应强度为零,因此环上某一段受到的安培力为零,在t3时刻,感应电动势为零,感应电流为零,因此环上某一段受到的安培力也为零,因此t2~t4时间内,环上某一段受到的安培力先变大后变小,再变大然后再变小,故D错误。
B组提升题组1.如图所示,框架面积为S,框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直,则穿过平面的磁通量的情况是( )A.在如图所示位置时等于零B.若使框架绕OO'转过60°角,磁通量为BSC.若从初始位置转过90°角,磁通量为BSD.若从初始位置转过180°角,磁通量变化为零答案 B 在题图所示的位置时,磁感线与线框平面垂直,Φ=BS,当线框绕OO'轴转过60°时,Φ=BS⊥=BS·cos 60°=BS。
转过90°时,磁感线与线框平面平行,Φ=0。
线框转过180°时,磁感线仍然垂直穿过线框,只不过穿过方向改变了,因而ΔΦ=2BS。
综上所述,B正确。
2.如图所示,匀强磁场垂直圆形线圈指向纸内,a、b、c、d为圆形线圈上等距离的四点,现用外力在上述四点将线圈拉成正方形,且线圈仍处在原先所在平面内,则在线圈发生形变的过程中( )A.线圈中将产生abcda方向的感应电流B.线圈中将产生adcba方向的感应电流C.线圈中感应电流方向无法判断D.线圈中无感应电流答案 A 周长一定时,圆形的面积最大。
本题线圈面积变小,磁通量变小,有感应电流产生。
由楞次定律可知线圈中将产生顺时针方向的感应电流。
故A正确。
3.如图所示,一个矩形线圈与两条通有相同大小电流的平行直导线处于同一平面,并且处在两导线的中央,则( )A.两导线电流同向时,穿过线圈的磁通量为零B.两导线电流反向时,穿过线圈的磁通量为零C.两导线电流同向或反向,穿过线圈的磁通量都相等D.两导线电流产生的磁场是不均匀的,不能判定穿过线圈的磁通量是否为零答案 A 根据安培定则,两导线电流同向时,它们在线圈处产生的磁场反向,穿过线圈的磁通量为零;两导线电流反向时,它们在线圈处产生的磁场同向,穿过线圈的磁通量不为零,故选项A正确。
4.如图所示,线圈两端与电阻相连构成闭合回路,在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁,磁铁的S极朝下。
在将磁铁的S极插入线圈的过程中( )A.通过电阻的感应电流的方向由a到b,线圈与磁铁相互排斥B.通过电阻的感应电流的方向由b到a,线圈与磁铁相互排斥C.通过电阻的感应电流的方向由a到b,线圈与磁铁相互吸引D.通过电阻的感应电流的方向由b到a,线圈与磁铁相互吸引答案 B 当磁铁向下运动时,穿过线圈的磁通量变大,原磁场方向向上,所以感应磁场方向向下,根据右手螺旋定则,通过电阻的电流方向为b→a。
根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用,故磁铁与线圈相互排斥。
综上所述:线圈中感应电流通过电阻的方向为b→a,磁铁与线圈相互排斥。
B正确。
5.(多选)航母上飞机弹射起飞所利用的电磁驱动原理如图所示。
当固定线圈上突然通过直流电时,线圈左侧的金属环被弹射出去。
现在线圈左侧同一位置,先后放上用横截面积相等的铜和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环,电阻率ρ铜<ρ铝。
则合上开关S的瞬间( )A.从右侧看,环中产生沿逆时针方向的感应电流B.铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力C.若将金属环置于线圈右侧,环将向右弹射D.电池正、负极调换后,金属环仍能向左弹射答案BCD 闭合开关S的瞬间,金属环中向右的磁通量增大,根据楞次定律,从右侧看,环中产生沿顺时针方向的感应电流,A错误;由于电阻率ρ铜<ρ铝,先后放上用横截面积相等的铜和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环,铜环中产生的感应电流大于铝环中产生的感应电流,由安培力公式可知,铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力,B正确;若将金属环置于线圈右侧,则闭合开关S的瞬间,环将向右弹射,C正确;电池正、负极调换后,同理可以得出金属环仍能向左弹射,D正确。
6.(多选)如图所示,水平铜圆盘与沿其轴线的竖直金属杆固定连接,并可一同绕圆盘中心轴线自由转动。
a接线柱通过导线与金属杆连通,b接线柱通过电刷与圆盘边缘接触良好,方向竖直向下的匀强磁场穿过整个圆盘,则( )A.若使圆盘沿图示方向转动,b接线柱处电势高、a接线柱处电势低B.若使圆盘沿图示方向转动,a接线柱处电势高、b接线柱处电势低C.若使a接电源正极、b接电源负极,圆盘将沿图示方向转动D.若使b接电源正极、a接电源负极,圆盘将沿图示方向转动答案BC 若使圆盘沿图示方向转动,根据右手定则可知感应电流由圆盘边缘流向竖直金属杆;而切割磁感线的导体相当于电源,在电源内部电流从低电势处流向高电势处,则a接线柱处电势高,b接线柱处电势低,选项A错误,选项B正确;若a接电源正极、b接电源负极,电流从金属杆流向圆盘边缘,根据左手定则可知,圆盘在安培力作用下将沿图示方向转动,选项C 正确;若b接电源正极、a接电源负极,电流从圆盘边缘流向金属杆,根据左手定则,圆盘在安培力作用下将沿与图示方向相反的方向转动,选项D错误。